长沙市第一中学考场电子监控系统综合解决方案

考场监控系统设计方案设计方案:1. 系统概述:考场监控系统是为了确保考试过程的安全和公正而设计的。

它通过安装摄像头和监控软件来记录和监视考场内的活动，并提供实时和存档的监控视频。

2. 系统组成:考场监控系统主要由以下组件组成:- 摄像头: 需要安装在考场内的合适数量的摄像头，以实时记录考生的活动。

- 监控软件: 用于管理和控制摄像头，可以查看实时视频和回放存档视频。

- 存储设备: 用于保存摄像头拍摄的视频，可以是硬盘、服务器或云存储。

- 监控中心: 负责管理和监控考场监控系统的操作，处理异常情况和报警。

3. 功能要求:考场监控系统应具备以下功能:- 实时监控: 可以实时查看考场内的活动，包括考生的行为和考试环境。

- 存档视频: 能够将监控视频保存为存档，以备后续查阅和证明。

- 异常检测: 可以根据预设规则和算法检测异常行为，如作弊、通信、传递答案等。

- 报警机制: 当发现异常情况时，可以通过系统自动生成警报，并通知监控中心或相关人员。

- 多级权限管理: 为了确保数据的安全性，系统应支持多种级别的用户权限管理，只有授权用户才能查看和操作监控系统。

- 数据存储和备份: 系统应具备数据的持久化存储和定期备份的能力，以防止数据丢失。

4. 设计考虑:- 摄像头的布局: 需要合理安排摄像头的位置和角度，以确保能够全面覆盖考场，同时保护考生的隐私。

- 视频传输和存储: 系统需要保证视频的实时传输和存储的稳定性和可靠性，并能提供足够的存储空间。

- 异常检测算法: 需要研究和设计基于图像或行为分析的算法来检测异常行为。

- 用户界面和体验: 系统应具备直观友好的用户界面，方便用户查看实时视频和回放存档视频，并提供简单易用的操作界面。

5. 总结:考场监控系统是为了确保考试过程的安全和公正而设计的，通过摄像头和监控软件进行实时监控和存档视频记录。

设计方案应考虑摄像头的布局、视频传输和存储、异常检测算法、用户界面和体验等方面的要求，以实现系统的稳定性、可靠性和易用性。

湖南省长沙市第一中学2024-2025学年高一上学期11月期中考试数学试卷一、单选题1．已知集合{|21}A x x =-<≤，{|03}B x x =<≤，则A B = （）A ．(]2,3-B ．()2,0-C ．(]0,1D ．(]1,32．函数1()2f x x -的定义域为（）A ．2|2}3{x x x >≠且B ．2{|2}3x x x <>且C ．3{|2}2x x ≤≤D ．3{|2}2x x x ≥≠且3．已知()()5,62,6x x f x f x x -≥⎧=⎨+<⎩，则()4f =（）A ．3B ．2C ．1D ．04．设x ∈R ，则“2x ≤”是“11x -≤”的（）A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件5．若不等式210x tx -+<对一切132x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭，恒成立，则实数t 的取值范围为（）A ．52t ≥B ．52t >C ．2t ≥D ．103t ≥6．若实数,x y 满足221x y xy ++=，则x y +的最大值是A ．6B C ．4D ．237．已知函数()1f x +是偶函数，当121x x <<时，()()()12120f x f x x x -->⎡⎤⎣⎦恒成立，设12a f ⎛⎫=- ⎪⎝⎭，(2)b f =，(3)c f =，则a ，b ，c 的大小关系为（）A ．c b a <<B ．b a c <<C ．b c a<<D ．a b c<<8．幂函数()()22251mm f x m m x+-=--在区间()0,∞+上单调递增，且0a b +>，则()()f a f b +的值（）A ．恒大于0B ．恒小于0C ．等于0D ．无法判断二、多选题9．下列说法正确的是（）A ．{}0∅∈B ．集合{|2,Z}{|Z}2xx x n n x =∈=∈C ．集合{}{}3,44,3=D ．集合22{|}{|}x y x y y x ===10．已知20ax bx c ++>的解集是()2,3-，则下列说法正确的是（）A ．>0B ．不等式20cx bx a ++<的解集是11,23⎛⎫- ⎪⎝⎭C ．1234b b ++的最小值是83D ．当2c =时，()236f x ax bx =+，[]12,x n n ∈的值域是[]3,1-，则21n n -的取值范围是[]2,411．已知函数()f x 是定义在R 上的奇函数，当>0时，()21f x x x =-+，则下列结论正确的是（）A ．()02f =-B ．()f x 的单调递增区间为()1,0-，()1,+∞C ．当0x <时，()21f x x x=+-D ．()0xf x <的解集为()()1,00,1-⋃三、填空题12．已知a b =，则ab ．(填“>”或“<”)13．已知()5311f x ax bx cx x=-+++，且()35f -=-，则()3f =.14．定义{},min ,=,>a a b a b b a b≤⎧⎨⎩，若函数(){}2min 33,33f x x x x =-+--+，且()f x 在区间[],m n 上的值域为37,44⎡⎤⎢⎥⎣⎦，则区间[],m n 长度的最大值为.四、解答题15．(1)计算：111224127()10()2004-+⨯⨯-（2）已知11223x x-+=，求22122x x x x --+-+-的值.16．若关于x 的不等式2310ax x +->的解集是112A x x ⎧⎫=<<⎨⎬⎩⎭.(1)求a 的值；(2)设集合=2<<1−，若“x A ∈”是“x B ∈”的充分条件，求实数m 的取值范围.17．函数()29x x ax f b--=是定义在区间()3,3-上的奇函数，且()11.4f =(1)确定()f x 的解析式，并用定义证明()f x 在区间()3,3-上的单调性;(2)解关于t 的不等式()()10.f t f t -+<18．某机床厂今年年初用100万元购入一台数控机床，并立即投入生产使用.已知该机床在使用过程中所需要的各种支出费用总和t （单位：万元）与使用时间x （*,20x x ∈≤N ，单位：年）之间满足函数关系式为：228.t x x =+该机床每年的生产总收入为50万元.设使用x 年后数控机床的盈利额为y 万元.（盈利额等于总收入减去购买成本及所有使用支出费用）.(1)写出y 与x 之间的函数关系式；(2)从第几年开始，该机床开始盈利（盈利额为正值）？(3)该机床使用过程中，已知年平均折旧率为4%（固定资产使用1年后，价值的损耗与前一年价值的比率）.现对该机床的处理方案有两种：第一方案：当盈利额达到最大值时，再将该机床卖出；第二方案：当年平均盈利额达到最大值时，再将该机床卖出.研究一下哪种处理方案较为合理请说明理由.（参考数据：70.960.751≈，80.960.721≈，90.960.693≈，100.960.665≈）19．定义：对于定义在区间I 上的函数()f x 和正数(01)αα<≤，若存在正数M ，使不等式()()1212|f x f x M x x |α-≤-对任意1x ，2x I ∈恒成立，则称函数()f x 在区间I 上满足α阶李普希兹条件.(1)判断函数y x =，3y x =在R 上是否满足1阶李普希兹条件;(2)证明函数y =[)1,+∞上满足12阶李普希兹条件，并求出M 的取值范围;(3)若函数y =[)1,+∞上满足α阶李普希兹条件，求α的范围.。

23年秋初三长沙一中教育集团期中考试数学试卷1．（3一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分.每小题只有一个正确选项）分）下列实数中，是无理数的是( ) A ．−21B ．πC ．3.14D ．02．（3分）下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )A ．B ．C ．D ．3．（3分）下列各式计算正确的是( ) A ．=393B ．−=−a b a b ()222 C．+=D ．=a b a b (2)823834．（3分）已知O 的半径是10，圆心O 到直线l 的距离是13，则直线l 与O 的位置关系是( ) A ．相离B ．相交C ．相切D ．无法确定5．（3分）10月8日，第19届亚运会闭幕，杭州亚运会赛事中核心系统采用云计．算作为亚运会算力基础设施，从底层支持赛事系统群，向上支撑云上转播、亚运钉等智能应用，实现核心系统和应用服务的云上打通，为亚运各类智能应用提供云底座支持．其中杭州亚运会面向全球推出首个大型国际综合体育赛事元宇宙，全球首创亚运数字人平台及线上火炬传递，“数字火炬手”突破了1.2亿人，1.2亿可用科学记数法表示为( ) A ．⨯1.2107B ．⨯0.12108C ．⨯1.2108D ．⨯1.21096．（3分）如图所示，已知AC ED //，∠=︒C 20，∠=︒CBE 43，∠BED 的度数是( )A ．︒63B ．︒83C ．︒73D ．︒537．（3分）某校参加课外兴趣小组的学生人数统计图如图所示．若信息技术小组有60人，则劳动实践小组的人数为( ) A ．75 B ．90 C ．108D ．1208．（3分）下列关于x 的一元二次方程中，有两个不相等的实数根的方程是( ) A ．+=x 402B ．−+=x x 44102C ．−+=x x 302D ．+−=x x 21029．（3分）关于二次函数=−+y x (2)62的图象，下列结论不正确的是( ) A ．抛物线的开口向上 B ．<x 2时，y 随x 的增大而减小 C ．对称轴是直线=x 2D ．抛物线与y 轴交于点(0,6)10．（3分）在三行三列的方格棋盘上沿骰子的某条棱翻动骰子（相对面上分别标有1点和6点，2点和5点，3点和4点）．开始时，骰子如图1所示摆放，朝上的点数是2，最后翻动到如图2所示位置．现要求翻动次数最少，则最后骰子朝上的点数为2的概率为( )A ．121B ．61 C ．31D ．4111．（3二、填空题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分）分）分解因式：−=n 42 ．12．（3分）已知样本x 1、x 2、x 3、x 4的平均数是2，则+x 31、+x 32、+x 33、+x 34的平均数是 ．13．（3分）如图，BC 是O 的弦，AD 过圆心O ，且⊥AD BC ．若∠=︒COD 40，则∠A 的度数为 ．14．（3分）二次函数=−−y x (2)12的顶点坐标为 ．15．（3分）已知圆锥的侧面积为πcm 152，底面半径为cm 3，则圆锥的高是 ． 16．（3分）如图，在平面直角坐标系xOy 中，已知点A (1,0)，点C 是y 轴上的动点，线段CA 绕着点C 逆时针旋转︒90至线段CB ，连接BO ，则BO 的最小值是 ．17．（6三、解答题（本大题共9个小题，第17、18、19题每小题6分，第20、21题每小题8分）分）计算：−−−+−+−−π3(1)|3|()( 3.14)1202320．18．（6分）先化简，再求值：−+++a a a 4(21)(31)2，其中=−a 21．19．（6分）阅读下面材料：在数学课上，老师提出如下问题：尺规作图：过圆外一点作圆的切线． 已知：如图，O 和点P ． 求作：过点P 的O 的切线． 小明的主要作法如下：如图：（1）连接OP ，作线段OP 的垂直平分线，交OP 于点A ； （2）以A 为圆心，OA 长为半径作圆，交O 于点B ，C ； （3）作直线PB 和PC ； 所以PB 和PC 就是所求的切线． 老师说：“小明的作法正确．” 根据小明设计的尺规作图过程，（1）使用直尺和圆规，补全图形；（保留作图痕迹） （2）完成下面的证明： 证明：OP 是A 的直径，∴∠=︒PBO 90，∠=︒PCO 90； （填推理的依据） ∴⊥OB PB ，⊥OC PC ，又OB ，OC 是O 的半径，∴PB ，PC 是O 的切线． （填推理的依据）20．（8分）已知：如图，一次函数14y x=−与22y x=−−的图象相交于点C．（1）求点C的坐标；（2）若一次函数14y x=−与22y x=−−的图象与x轴分别相交于点A、B，求ABC∆的面积；（3）结合图象，直接写出12y y时的取值范围．21．（8分）王老师为了解所教班级学生自主学习、合作交流的能力情况，对所教学生进行了一个学年的跟踪调查，把调查结果分成四类：A（非常好）、B（良好）、C（一般）、D（较差）．学年结束王老师将随机抽取部分学生的调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图，请你根据已有信息解答下列问题：（1）这次随机抽取的样本容量是，扇形统计图中D类所对应的圆心角为度；（2）将条形统计图补充完整；（3）现准备从被调查的A类和D类学生中分别选取一位同学进行“手拉手”学习，请用列表法或画树状图法求出所选两位同学恰好是一男一女的概率．22．（9分）如图，利用长度为48m 的篱笆，围成中间隔有一道篱笆的长方形的花圃，且花圃的长可借用一段墙体（墙体的最大可用长度15)a m =，墙体侧不多围篱笆． （1）如果所围成的花圃的面积为2144m ，试求宽AB 的长度；（2）按题目的设计要求，能围成面积比2144m 更大的花圃吗？如果能，请求出最大面积，并说明围法；如果不能，请说明理由．23．（9分）如图，在四边形ABCD 中，6AB CD ==，10BC =，8AC =，ABC BCD ∠=∠．过点D 作DE BC ⊥，垂足为点E ，延长DE 至点F ，使EF DE =，连接BF ，CF ． （1）求证：四边形ABFC 是矩形；（2）求DE 的长．24．（10分）我们约定：若关于x 的二次函数21y ax bx c =++与关于x 的一次函数2y mx n =+||0b n −=，则称函数1y 与2y 互为“同一函数”，根据约定，解答下列问题： （1）若关于x 的二次函数2131y x rx =++与关于x 的一次函数21y sx =+互为“同一函数”，求r ，s 的值；（2）关于x 的二次函数21y ax bx c =++与关于x 的一次函数2y mx n =+互为“同一函数”，当11x −时，1||1y ．①求证：||1c ；②当11x −时，2y 的最大值为2，求1y 的解析式．25．（10分）如图，平面直角坐标系中，以(2,0)M为圆心的M交x轴于A、B两点，点A在点B左侧，且过(2,4)C．（1）求M的半径及点A、B的坐标；（2）如图一，点(10,0)P，连接PC并延长，交y轴于点D，线段CD绕点C顺时针旋转90︒得CE，连接EB、AD，过点C作AD的垂线交AD于点F，反向延长CF交BE于点G，求ECG∆的面积；（3）以BC为直径画圆，记为N，x轴正半轴一动点Q坐标记为(,0)m．①如图二，6=；m>时，连接CQ交M于点R，交N于点S，作AT CQ⊥于T，求证：TC RS②如图三，26m−<<时，①中的结论还成立吗？若成立，请证明；若不成立，请说明理由．23年秋初三长沙一中教育集团期中考试数学试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分.每小题只有一个正1．（3分）下列实数中，是无理数的是( )A ．−21B ．πC ．3.14D ．0【分析】无理数就是无限不循环小数．理解无理数的概念，一定要同时理解有理数的概念，有理数是整数与分数的统称．即有限小数和无限循环小数是有理数，而无限不循环小数是无理数．由此即可判定选择项．【解答】解：A 、−21是分数，属于有理数，故此选项不符合题意；B 、π是无限不循环小数，是无理数，故此选项符合题意；C 、3.14是有限小数，属于有理数，故此选项不符合题意；D 、0是整数，属于有理数，故此选项不符合题意；故选：B ．【点评】此题主要考查了无理数的定义，其中初中范围内学习的无理数有：π，π2等；开方开不尽的数；以及像⋯0.1010010001，等有这样规律的数．2．（3分）下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )A ．B ．C ．D ．【分析】根据轴对称图形定义及“将图形绕着某一点旋转︒180与原图形重合的图形叫做中心对称图形”，逐一进行判断即可．【解答】解：A ．图形是中心对称图形，但不是轴对称图形，不符合题意；B ．图形是轴对称图形，但不是中心对称图形，不符合题意；C ．图形是轴对称图形，但不是中心对称图形，不符合题意；D ．图形既是轴对称图形，又是中心对称图形，正确，符合题意．故选：D ．【点评】本题考查了轴对称图形和中心对称图形的定义，理解定义，会用定义进行判断是解题的关键．3．（3分）下列各式计算正确的是( ) A ．339=B ．222()a b a b −=−C ．+=D ．2383(2)8a b a b =【分析】根据乘方的意义，完全平方公式，合并同类二次根式以及幂的乘方与积的乘方逐项进行判断即可．【解答】解：3.327A =，因此选项A 不符合题意；B ．222()2a b a ab b −=−+，因此选项B 不符合题意；(2C =+=C 符合题意； D ．2363(2)8a b a b =，因此选项D 不符合题意；故选：C ．【点评】本题考查乘方的意义，完全平方公式，合并同类二次根式以及幂的乘方与积的乘方，理解同类二次根式的意义，掌握合并同类二次根式的方法是得出正确答案的前提． 4．（3分）已知O 的半径是10，圆心O 到直线l 的距离是13，则直线l 与O 的位置关系是( ) A ．相离B ．相交C ．相切D ．无法确定【分析】运用直线与圆的三种位置关系，结合1013<，即可解决问题． 【解答】解：O 的半径为10，圆心O 到直线l 的距离是13，而1013<，∴点O 到直线l 的距离大于半径，∴直线l 与O 相离．故选：A ．【点评】本题考查的是直线与圆的位置关系，解决此类问题可通过比较圆心到直线距离d 与圆半径大小关系完成判定．5．（3分）10月8日，第19届亚运会闭幕，杭州亚运会赛事中核心系统采用云计．算作为亚运会算力基础设施，从底层支持赛事系统群，向上支撑云上转播、亚运钉等智能应用，实现核心系统和应用服务的云上打通，为亚运各类智能应用提供云底座支持．其中杭州亚运会面向全球推出首个大型国际综合体育赛事元宇宙，全球首创亚运数字人平台及线上火炬传递，“数字火炬手”突破了1.2亿人，1.2亿可用科学记数法表示为( ) A ．71.210⨯B ．80.1210⨯C ．81.210⨯D ．91.210⨯【分析】将一个数表示成10n a ⨯的形式，其中1||10a <，n 为整数，这种记数方法叫做科学记数法，据此即可求得答案．【解答】解：1.2亿8120000000 1.210==⨯， 故选：C ．【点评】本题考查科学记数法表示较大的数，熟练掌握其定义是解题的关键．6．（3分）如图所示，已知//AC ED ，20C ∠=︒，43CBE ∠=︒，BED ∠的度数是( )A ．63︒B ．83︒C ．73︒D ．53︒【分析】先利用外角与内角的关系求出CAE ∠，再利用平行线的性质求出BED ∠． 【解答】解：CAE ∠是ABC ∆的外角， CAE CBE C ∴∠=∠+∠4320=︒+︒63=︒． //AC ED ，63CAE BED ∴∠=∠=︒．故选：A ．【点评】本题考查了三角形的内角和定理的推论和平行线的性质，掌握三角形外角与内角的关系及平行线的性质是解决本题的关键．7．（3分）某校参加课外兴趣小组的学生人数统计图如图所示．若信息技术小组有60人，则劳动实践小组的人数为( )A ．75B ．90C ．108D ．120【分析】根据信息技术的人数和所占的百分比可以计算出本次参加兴趣小组的总人数，然后根据劳动实践所占的百分比，即可计算出劳动实践小组的人数． 【解答】解：本次参加课外兴趣小组的人数为：6020%300÷=（人)， 劳动实践小组有：30030%90⨯=（人)， 故选：B ．【点评】本题考扇形统计图，解答本题的关键是明确题意，求出本次参加兴趣小组的总人数．8．（3分）下列关于x 的一元二次方程中，有两个不相等的实数根的方程是( ) A ．240x +=B ．24410x x −+=C ．230x x −+=D ．2210x x +−=【分析】根据一元二次方程根的判别式，分别计算△的值，根据△0>，方程有两个不相等的实数根；△0=，方程有两个相等的实数根；△0<，方程没有实数根，进行判断． 【解答】解：A 、△160=−<，方程没有实数根；B 、△0=，方程有两个相等的实数根； C 、△112110=−=−<，方程没有实数根；D 、△440=+>，方程有两个不相等的实数根．故选：D ．【点评】本题考查了用一元二次方程的根的判别式判定方程的根的情况的方法． 9．（3分）关于二次函数2(2)6y x =−+的图象，下列结论不正确的是( ) A ．抛物线的开口向上 B ．2x <时，y 随x 的增大而减小 C ．对称轴是直线2x =D ．抛物线与y 轴交于点(0,6)【分析】由二次函数解析式可得抛物线开口方向及顶点坐标和对称轴，将0x =代入抛物线解析式可得抛物线与y 轴交点坐标．【解答】解：2(2)6y x =−+，∴抛物线开口向上，对称轴为直线2x =，顶点坐标为(2,6)， 2x ∴<时，y 随x 增大而减小，将0x =代入2(2)6y x =−+得10y =，∴抛物线与y 轴交点坐标为(0,10)， 故选：D ．【点评】本题考查二次函数的性质，解题关键是掌握二次函数图象与系数的关系，掌握二次函数与方程及不等式的关系．10．（3分）在三行三列的方格棋盘上沿骰子的某条棱翻动骰子（相对面上分别标有1点和6点，2点和5点，3点和4点）．开始时，骰子如图1所示摆放，朝上的点数是2，最后翻动到如图2所示位置．现要求翻动次数最少，则最后骰子朝上的点数为2的概率为( )A ．112B ．16 C ．13D ．14【分析】根据已知中三行三列的方格棋盘上沿骰子的某条棱翻动骰子，我们模拟骰子的翻动过程，我们可以得到最后骰子朝上的点数所有的可能性及满足条件（即点数为2)的基本事件个数，代入古典概型公式即可得到答案．【解答】解：计三行三列的方格棋盘的格子坐标为a b (,)，其中开始时骰子所处的位置为(1,1)，则图2所示的位置为(3,3)则从(1,1)到(3,3)共有6种走法，其结果分别为：2，5，1，5，3，2，故最后骰子朝上的点数为2的概率为==P 6321， 故选：C ．【点评】本题考查概率的求法与运用，一般方法为：如果一个事件有n 种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A 出现m 种可能，那么事件A 的概率P （A ）=nm ．11．（3二、填空题（本大题共6个小题，每小题3分，共18分）分）分解因式：−=n 42 +−n n (2)(2) ． 【分析】利用平方差公式进行计算，即可解答． 【解答】解：−=+−n n n 4(2)(2)2， 故答案为：+−n n (2)(2)．【点评】本题考查了因式分解−运用公式法，准确熟练地进行计算是解题的关键． 12．（3分）已知样本x 1、x 2、x 3、x 4的平均数是2，则+x 31、+x 32、+x 33、+x 34的平均数是 5 ．【分析】只要运用求平均数公式：=++⋯+nx x x x n12即可求出．【解答】解：+x 31、+x 32、+x 33、+x 34的平均数是+++++++=x x x x 4(3333)11234++++=+=x x x x 4(12)23511234． 故填5．【点评】本题考查平均数的求法，熟记公式=++⋯+nx x x x n12是解决本题的关键，及平均数计算的综合运用．13．（3分）如图，BC 是O 的弦，AD 过圆心O ，且⊥AD BC ．若∠=︒COD 40，则∠A 的度数为 ︒20 ．【分析】由垂径定理得到BM CM =，因此40BOD COD ∠=∠=︒，由圆周角定理得到1202A BOD ∠=∠=︒．【解答】解：连接OB ，延长AD 交圆于M ， 直径AM BC ⊥，∴BM CM =，40BOD COD ∴∠=∠=︒，1202A BOD ∴∠=∠=︒．故答案为：20【点评】本题考查圆周角定理，圆心角、弧、弦的关系，关键是由圆心角、弧、弦的关系得到40BOD COD ∠=∠=︒，由圆周角定理即可求解．14．（3分）二次函数2(2)1y x =−−的顶点坐标为 (2,1)− ．【分析】因为顶点式2()y a x h k =−+，其顶点坐标是(,)h k ，对照求二次函数2(2)1y x =−−的顶点坐标．【解答】解：二次函数2(2)1y x =−−是顶点式，∴顶点坐标为(2,1)−．【点评】顶点式2()y a x h k =−+，顶点坐标是(,)h k ，对称轴是直线x h =，此题考查了学生的应用能力．15．（3分）已知圆锥的侧面积为215cm π，底面半径为3cm ，则圆锥的高是 4cm ． 【分析】圆锥的母线、底面半径、圆锥的高正好构成直角三角形的三边，求圆锥的高就可以转化为求母线长．圆锥的侧面的展开图是扇形，扇形的半径就等于母线长．【解答】解：侧面展开图扇形的弧长是6cm π，设母线长是r cm ，则16152r ππ⨯⋅=，解得：5r =，根据勾股定理得到：圆锥的高4cm =． 故答案为4cm ．【点评】本题考查了圆锥的计算，正确理解圆锥的母线，高，底面半径的关系，以及圆锥侧面展开图与圆锥的关系，是解题的关键．16．（3分）如图，在平面直角坐标系xOy 中，已知点(1,0)A ，点C 是y 轴上的动点，线段CA绕着点C 逆时针旋转90︒至线段CB ，连接BO ，则BO 的最小值是．【分析】设C m (0,)，过点B 作⊥BH y 轴，垂足为点H ，证明∆≅∆AOC CHB AAS ()，推出=HC OA ，=HB OC ，可得点B 的坐标为+m m (,1)，推出点B 的运动轨迹是直线=+y x 1，根据垂线段最短解决问题即可．【解答】解：设C m (0,)，过点B 作⊥BH y 轴，垂足为点H ， ∴∠=︒BHC 90，∴∠+∠=︒HCB B 90，线段CA 绕着点C 按逆时针方向旋转︒90至线段CB ，∴∠=︒BAC 90，=CB CA ，∴∠+∠=︒HCB ACO 90，∴∠=∠B ACO ， AOC ∠=︒90，∴∆≅∆AOC CHB AAS ()，∴=HC OA ，=HB OC ，点C m (0,)，点A (1,0)，∴点B 的坐标为+m m (,1)， ∴点B 的运动轨迹是直线=+y x 1，直线=+y x 1交x 轴于−E (1,0)，交y 轴于F (0,1)，∴==OE OF 1，=EF ， 过点O 作⊥OT EF 于T．则==OT EF 221， 根据垂线段最短可知，当点B 与点T 重合时，OB的值最小，最小值为2，． 【点评】本题考查坐标与图形变化−旋转，全等三角形的判定和性质，垂线段最短等知识，解题的关键是正确寻找点B 的运动轨迹，属于中考常考题型．17．（6三、解答题（本大题共9个小题，第17、18、19题每小题6分，第20、21题每分）计算：−−−+−+−−π3(1)|3|()( 3.14)1202320．【分析】先化简各式，然后再进行计算即可解答．【解答】解：−−−+−+−−π3(1)|3|()( 3.14)1202320=−−++1391=6．【点评】本题考查了负整数指数幂，绝对值，有理数的加减混合运算，有理数的乘方，零指数幂，准确熟练地进行计算是解题的关键．18．（6分）先化简，再求值：−+++a a a 4(21)(31)2，其中=−a 21．【分析】先算单项式乘多项式的法则，完全平方公式，再合并同类项，最后代入相应的值运算即可．【解答】解：24(21)(31)a a a −+++2284961a a a a =−−+++221a a =++， 当12a =−时，原式211()2()122=−+⨯−+1114=−+14=．【点评】本题主要考查整式的混合运算，解答的关键是对相应的运算法则的掌握． 19．（6分）阅读下面材料：在数学课上，老师提出如下问题：尺规作图：过圆外一点作圆的切线． 已知：如图，O 和点P ． 求作：过点P 的O 的切线． 小明的主要作法如下：如图：（1）连接OP ，作线段OP 的垂直平分线，交OP 于点A ； （2）以A 为圆心，OA 长为半径作圆，交O 于点B ，C ； （3）作直线PB 和PC ； 所以PB 和PC 就是所求的切线． 老师说：“小明的作法正确．” 根据小明设计的尺规作图过程，（1）使用直尺和圆规，补全图形；（保留作图痕迹） （2）完成下面的证明： 证明：OP 是A 的直径，90PBO ∴∠=︒，90PCO ∠=︒； 直径所对的圆周角是直角 （填推理的依据） OB PB ∴⊥，OC PC ⊥，又OB ，OC 是O 的半径，PB ∴，PC 是O 的切线． （填推理的依据）【分析】（1）根据题意补全图形即可；（2）根据圆周角定理得到90PBO ∠=︒，90PCO ∠=︒，根据垂直的定义得到OB PB ⊥，OC PC ⊥，根据切线的判定定理即可得到结论．【解答】（1）解：补全图形如图所示； （2）证明：OP 是A 的直径，90PBO ∴∠=︒，90PCO ∠=︒（直径所对的圆周角是直角）（填推理的依据）， OB PB ∴⊥，OC PC ⊥，又OB ，OC 是O 的半径，PB ∴，PC 是O 的切线（经过半径的外端，且垂直于半径的直线是圆的切线）（填推理的依据）．故答案为：直径所对的圆周角是直角；经过半径的外端，且垂直于半径的直线是圆的切线． 【点评】本题考查了切线的判定，圆周角定理，正确的作出图形是解题的关键． 20．（8分）已知：如图，一次函数14y x =−与22y x =−−的图象相交于点C ． （1）求点C 的坐标；（2）若一次函数14y x =−与22y x =−−的图象与x 轴分别相交于点A 、B ，求ABC ∆的面积；（3）结合图象，直接写出12y y 时的取值范围．【分析】（1）求出两函数的解析式组成的方程组的解，即可得出交点C 的坐标；（2）分别求出两函数的图象与x 轴的交点坐标，求出AB 的值，再求出ABC ∆的面积即可； （3）根据两函数的图象和交点C 的坐标得出答案即可．【解答】解：（1）解方程组42y x y x =−⎧⎨=−−⎩得：13x y =⎧⎨=−⎩，所以点C 的坐标是(1,3)−；（2）14y x =−，当10y =时，40x −=，解得：4x =，即4OA =； 22y x =−−，当20y =时，20x −−=，解得：2x =−，所以426AB =+=，C 点的坐标是(1,3)−，ABC ∴∆的面积是16392⨯⨯=；（3）12y y 时的取值范围是1x ．【点评】本题考查了一次函数与一元一次不等式，两直线相交与平行问题，一次函数的图象等知识点，能求出点C的坐标是解此题的关键．21．（8分）王老师为了解所教班级学生自主学习、合作交流的能力情况，对所教学生进行了一个学年的跟踪调查，把调查结果分成四类：A（非常好）、B（良好）、C（一般）、D（较差）．学年结束王老师将随机抽取部分学生的调查结果绘制成如图两幅不完整的统计图，请你根据已有信息解答下列问题：（1）这次随机抽取的样本容量是20，扇形统计图中D类所对应的圆心角为度；（2）将条形统计图补充完整；（3）现准备从被调查的A类和D类学生中分别选取一位同学进行“手拉手”学习，请用列表法或画树状图法求出所选两位同学恰好是一男一女的概率．【分析】（1）由A类别人数及其所占百分比可得样本容量，总人数乘以C类别对应百分比，再减去男生人数可得C类别中女生人数；由条形图可直接得出D类男生人数；用360︒乘以D类别人数占总人数的比例即可得；（2）根据以上所求结果可补全图形；（3）由条形图可知，A类别1男2女，D类别1男1女，画出树状图，根据概率公式求解即可．【解答】解：（1）这次随机抽取的样本容量是(12)15%20+÷=，C类女生有2025%32⨯−=（名)，D类男生有1名，扇形统计图中D类所对应的圆心角为23603620︒⨯=︒，故答案为：20，36；（2）补全图形如下：（3）画树状图如下：一共有6种等可能的结果：男男、男女、女男、女女、女男、女女，其中一男一女的情况有3种，所以所选两位同学恰好是一男一女的概率为3162=． 【点评】此题主要考查了条形统计图，以及概率，关键是掌握概率=所求情况数与总情况数之比．22．（9分）如图，利用长度为48m 的篱笆，围成中间隔有一道篱笆的长方形的花圃，且花圃的长可借用一段墙体（墙体的最大可用长度15)a m =，墙体侧不多围篱笆． （1）如果所围成的花圃的面积为2144m ，试求宽AB 的长度；（2）按题目的设计要求，能围成面积比2144m 更大的花圃吗？如果能，请求出最大面积，并说明围法；如果不能，请说明理由．【分析】（1）利用矩形的面积公式列出方程求解即可；（2）求出花圃面积与AB 长度的函数关系式，根据二次函数的性质和AB 长度取值范围求出面积的最大值．【解答】解：（1）设AB 的长为x 米，根据题意列方程得：(483)144x x −=，解得14x =，212x =，当4x =时，4833615BC x =−=>，不合题意，舍去， 当12x =时，48312BC x =−=，如果要围成面积为144米2的花圃，AB 的长是12米； （2）设花圃的面积为S ，由题意可得：(483)S x x =−2348x x =−+23(8)192x =−−+，墙体的最大可用长度15a m =，048315x ∴<−，1116x ∴<， 对称轴8x =，开口向下，∴当11x =时，花圃面积最大，2165S m =．【点评】本题考查了一元二次方程、二次函数的应用，根据已知条件列出二次函数式是解题的关键．23．（9分）如图，在四边形ABCD 中，6AB CD ==，10BC =，8AC =，ABC BCD ∠=∠．过点D 作DE BC ⊥，垂足为点E ，延长DE 至点F ，使EF DE =，连接BF ，CF ． （1）求证：四边形ABFC 是矩形；（2）求DE 的长．【分析】（1）根据垂直的定义得到90DEC FEC ∠=∠=︒，根据全等三角形的性质得到CF CD =，推出四边形ABFC 是平行四边形，根据勾股定理的逆定理即可得到结论；（2）过A 作AH BC ⊥于H ，根据全等三角形的性质得到AH DE =，根据三角形的面积公式得到684.810AB AC AH BC ⋅⨯===．于是得到结论． 【解答】（1）证明：DE BC ⊥，90DEC FEC ∴∠=∠=︒，在DEC ∆与FEC ∆中，DE EFDEC FEC CE CE =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，()DEC FEC SAS ∴∆≅∆，CF CD ∴=，DCE FCE ∠=∠， ABC BCD ∠=∠，ABC FCE ∴∠=∠，//AB CF ∴， AB CD =，CF AB ∴=，∴四边形ABFC 是平行四边形，6AB =，10BC =，8AC =，222AB AC BC ∴+=，90BAC ∴∠=︒， ∴四边形ABFC 是矩形；（2）过A 作AH BC ⊥于H ，90AHB DEC ∴∠=∠=︒， 在ABH ∆与DCE ∆中，ABH DCE AHB DEC AB CD ∠=∠⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，()ABH DCE AAS ∴∆≅∆，AH DE ∴=， 1122ABC S AB AC BC AH ∆=⋅=⋅，68 4.810AB AC AH BC ⋅⨯∴===． 4.8DE AH ∴==．【点评】本题考查了矩形的判定和性质，全等三角形的判定和性质，三角形的面积公式，勾股定理的逆定理，证得ABH DCE ∆≅∆是解题的关键．24．（10分）我们约定：若关于x 的二次函数21y ax bx c =++与关于x 的一次函数2y mx n =+||0b n −=，则称函数1y 与2y 互为“同一函数”，根据约定，解答下列问题： （1）若关于x 的二次函数2131y x rx =++与关于x 的一次函数21y sx =+互为“同一函数”，求r ，s 的值；（2）关于x 的二次函数21y ax bx c =++与关于x 的一次函数2y mx n =+互为“同一函数”，当11x −时，1||1y ．①求证：||1c ；②当11x −时，2y 的最大值为2，求1y 的解析式．【分析】（1）由非负数的性质可得a m =，b n =，根据互为“同一函数”的定义，即可求解． （2）①当0x =时，二次函数21y ax bx c c =++=，根据当11x −时，1||1y ，可得||1c ． ②分两种情况：当0a >时，当0a <时，根据二次函数的性质解决问题即可．【解答】（1）解：||0b n −=，0a m ∴−=，0b n −=，a m ∴=，b n =，关于x 的二次函数2131y x rx =++与关于x 的一次函数21y sx =+互为“同一函数”， 3s ∴=，1r =；（2）①证明：关于x 的二次函数21y ax bx c =++，当11x −时，1||1y ， 当0x =时，二次函数21y ax bx c c =++=，||1c ∴；②解：当11x −时，2y mx n =+的最大值为2，a m =，b n =，2y ax b ∴=+， 当0a >，1x =时，2y ax b =+的最大值为2，∴此时，2a b +=， 在21y ax bx c =++，当1x =时，1||||1y a b c =++，|2|1c ∴+，31c ∴−−，由①知，||1c ，1c ∴=−，211y ax bx ∴=+−， 1||1y ，111y ∴−，0a >，21y ax bx c ∴=++开口向上， ∴当0x =时，21y ax bx c =++的最小值为1−，(0,1)∴−是抛物线的顶点，∴对称轴是y 轴， 0b ∴=，2a ∴=，1y ∴的解析式为221y x =−；当0a <，1x =−时，2y ax b =+的最大值为2，∴此时，2a b −+=，在21y ax bx c =++，当1x =−时，1||||1y a b c =−+，|2|1c ∴−+，13c ∴，由①知，||1c ，1c ∴=，211y ax bx ∴=++，1||1y ，111y ∴−，0a <，21y ax bx c ∴=++开口向下，∴当0x =时，21y ax bx c =++的最大值为1，(0,1)∴是抛物线的顶点，∴对称轴是y 轴，0b ∴=，2a ∴=−，1y ∴的解析式为2121y x =−+；综上，1y 的解析式为2121y x =−或2121y x =−+．【点评】本题是二次函数综合题，考查了非负数的性质，一次函数的性质、二次函数的性质等知识，解题的关键是灵活应用二次函数或一次函数的性质解决问题，学会利用函数图象解决问题，属于中考常考题型．25．（10分）如图，平面直角坐标系中，以(2,0)M 为圆心的M 交x 轴于A 、B 两点，点A 在点B 左侧，且过(2,4)C ．（1）求M 的半径及点A 、B 的坐标； （2）如图一，点(10,0)P ，连接PC 并延长，交y 轴于点D ，线段CD 绕点C 顺时针旋转90︒得CE ，连接EB 、AD ，过点C 作AD 的垂线交AD 于点F ，反向延长CF 交BE 于点G ，求ECG ∆的面积；（3）以BC 为直径画圆，记为N ，x 轴正半轴一动点Q 坐标记为(,0)m ．①如图二，6m >时，连接CQ 交M 于点R ，交N 于点S ，作AT CQ ⊥于T ，求证：TC RS =； ②如图三，26m −<<时，①中的结论还成立吗？若成立，请证明；若不成立，请说明理由．【分析】（1）由题意得M 的半径4MC =，即可求得点A 、B 的坐标；（2）过点C 作CT y ⊥轴于T ，过点E 作//EK y 轴，交CT 于L ，交FG 于K ，连接CM ，可证得CPM DPO ∆∆∽，可求得5OD =，即(0,5)D ，利用待定系数法可得直线AD 、PD 的解析式分别为552y x =+或152y x =−+，再由CF AD ⊥，可得直线CF 的解析式为22455y x =−+，由旋转可得90ECF ∠=︒，CE CF =，进而可得()CDT ECL AAS ∆≅∆，得出1CL DT ==，2EL CT ==，18(3,)5K ，再运用待定系数法可得直线BE 的解析式为212y x =−+，联立直线CF 与直线BE 的解析式可得9(2G ，3)，再运用三角形面积公式即可求得答案；（3）①连接BS 、BR ，可证得ABC ∆是等腰直角三角形，得出45ABC ∠=︒，由AB 是M 的直径，可得90ACB ARB ∠=∠=︒，再由BC 是N 的直径，可得90BSC ∠=︒，推出BSR ∆是等腰直角三角形，可得BS RS =，再证得()ACT CBS AAS ∆≅∆，得出TC BS =，即可证得结论；②TC RS =仍然成立．证明方法与①相同．【解答】（1）解：(2,0)M ，(2,4)C ，M ∴的半径4MC =，M ∴的直径8AB =，(2,0)A ∴−，(6,0)B ；（2）解：如图一，过点C 作CT y ⊥轴于T ，过点E 作//EK y 轴，交CT 于L ，交FG 于K ，连接CM ，则4CM =，90CTD CLE CMP DOP ∠=∠=∠=︒=∠，CPM DPO ∠=∠，CPM DPO ∴∆∆∽， ∴OD OP CM MP=，即1048OD =，5OD ∴=， (0,5)D ∴，又(10,0)P ，设直线AD 、PD 的解析式分别为15y k x =+，25y k x =+，则1250k −+=，21050k +=，111205k b b −+=⎧⎨=⎩或2221005k b b +=⎧⎨=⎩， 解得：152k =，212k =−， ∴直线AD 、PD 的解析式分别为552y x =+或152y x =−+， CF AD ⊥，∴设直线CF 的解析式为25y x b =−+，把(2,4)C 代入得：2245b −⨯+=， 解得：245b =，∴直线CF 的解析式为22455y x =−+， 由旋转得：90ECF ∠=︒，CE CF =，。

为提高国家教育考试管理效能，教育部考试中心提出建立“国家教育考试网上巡查系统”，通过建立覆盖全国各级考试机构和考点的视频监控网络，实现对考试过程和保密室的监控指挥。

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长沙市第一中学高一新生入学须知长沙市第一中学高一新生入学须知高中是高级中学的简称，我国中学分为初级中学与高级中学，两者同属中等教育的范畴。

接下来由小编为大家整理出长沙市第一中学高一新生入学须知，希望能够帮助到大家！一、查询录取结果。

1、查询方式一：使用微信关注长沙市一中官方微信平台：cssyz1912，进入官方微信平台点击右下角个人服务——新生入学。

二、填写个人信息。

被录取学生的家长通过手机登陆学校官方微信，按照要求逐项填写学生个人信息，完成录取确认手续，了解入学考试安排等重要信息。

需要寄宿的学生须同步填写《寄宿申请表》，学校按照优先保证外地学生寄宿、适当解决离校远的长沙城区学生寄宿的原则进行安排。

三、办理身份证件。

尚未办理个人身份证的`同学请务必抓紧时间到户口所在地公安局办理，开学报到时必须凭身份证登记入学。

高中阶段有参加出国研学旅行、国际文化交流的同学还可利用暑期办理个人护照(未成年人的护照有效期为5年)。

四、完成结核病筛查。

根据长沙市教育-局和长沙市卫计委相关文件要求，新生在入学前必须做好结核病筛查和结核菌素皮肤试验(PPD皮试)。

五、网上购买校服。

请家长于8月1日——8月3日在网上购买夏季校服、秋季校服各2套、文化衫2件，确保孩子可以穿着校服来上学。

六、参加入学考试。

1、8月13日上午7:30，学生带本人身份证(或初中学生手册)到校，按照入学考试安排到第一教学楼对应考室参加考试。

考试科目为语文、数学、英语、物理、化学等5科，内容为初中内容，高于中考难度。

参加入学考试时要带好0.5mm水性笔、2B铅笔、作图工具等考试用品。

2、上午：7:40—12:00，发放录取通知书，语文、英语考试。

3、下午：13:40—17:40，数学、理综(物理、化学)考试。

七、参加家长见面会。

8月13日上午8:30，将在体育馆举行高一新生家长见面会。

请家长于8:25入场完毕，并在工作人员引导下，按照孩子入学考试的考场号和座位号对号入座。

监控系统设计方案本系统设计方案的技术要点、功能和产品选型均满足标准化电子考场的要求，并依照系统建设的相关标准进行设计。

硬件部分本系统采用二级控制方式，一级在学校的监控中心，二级在市考试院，如有需要区考试院也可进行控制。

本系统由 IP 前端摄像机、管理服务器、流媒体服务器、网络存储服务器、客户端、解码器、电视墙组成。

学校为 1 个考点，共设 100 个考场，分布在官塘校区的 D1、D2 栋教学楼，在每个考场设置 1 个网络摄像机，每层楼安装1 台 24/100M+2/1000M 的交换机，每栋楼 6 台交换机，将这6 台交换机的千兆端口汇接到楼栋的8 口全千兆交换机上，再用光纤连接到监控中心机房的16 口千兆交换机上，交换机的 1 个端口接入Internet ，市考试院和区考试院可以通过 Internet 连接查看学校考点的监控情况。

其他端口分别连接到管理服务器、流媒体服务器、客户计算机、 IP SAN 网络存储器、和解码器上。

⏹IP 前端摄像机每个教室安装 1 台海康威视 DS-2DF1-605H 网络智能高速球机，水平分辨率为 540TVL。

⏹管理服务器所有设备信息均注册保存在管理服务器内。

可以管理设备访问权限、用户使用权限均由管理服务器分配。

维护整个平台系统的数据库。

⏹流媒体服务器为了减小多路并发访问给IP 前端产生的处理压力，解除IP 前端网口的访问限制，于一级监控中心部署 1 台流媒体服务器。

考虑流媒体服务器自身处理能力，单台最大处理路数（240 路）以及物理布局确定服务器数量。

●存储服务器为实现视频数据通过网络在会聚点集中存储、集中备份，IP 前端的存储计划由中心平台软件集中部署。

本系统将部署 1 存储服务器（配置相应数量的磁盘阵列），用于管理 IP SAN。

⏹解码器以硬解码方式将从前端获取的视频码流解码输出至电视墙。

监控中心部署9 台解码服务器。

●电视墙由 1 个主屏+8 个子屏构成，主屏采用 1 台 55 寸液晶电视，16:9 显示比，通过数据矩阵控制，能显示单、多画面的图像，不会导致变形。

长沙市第一中学考场电子监控系统综合解决方案项目概述近年来，湖南省教育局认真贯彻“校校通”工程，多数学校的信息平台已能有效地发挥作用，但与此同时，各类考试的违纪舞弊行为也开始逐步走向集体化、隐蔽化，因而当前急需采用可靠的方法采集有效的舞弊证据，遏制舞弊现象的发生。

考场视频监控系统可以对考场内部和周边的人员进行实时观察录像或在以后的一定时间内方便地调出图像查证;对违反考场纪律的行为及时报警制止;对周边环境进行观察注视。

更重要的是建立有效的考场视频监控体系，对违反考场纪律的行为“看得见”“听得清”“抓得住”。

此外，考场视频监控系统还可实现“网上巡考”。

进一步加大监控范围、加强监控力度。

通过视频监控和网络传送，省市招生办、各级教育行政部门都可以成为“网上巡考员”。

“网上巡考”的监督系统，不仅是对考生的考试监督，也是对监考人员及现场的监督。

同时，能及时、迅速地反映现场实况，有利于招考部门准确把握考场动向，处理好考场的各种突发情况，有利于考场规范管理。

客户需求建立一套学校本地考场监控系统，并能正常实现远程网络巡考的三级网络结构方式的考场视频监控系统，实现考场、县(区)、市(省)三级联网考场巡视。

通过校园网、教育城域网，实现学校、省市招生管理部门在远程对各种考试的全过程的监控及录像。

确保能实时跟踪和记录舞弊者的行为，对舞弊者的违规行为进行有效取证。

加强监督考场秩序与纪律，为广大学子提供公平，公正的竞争环境。

系统需具备方便的考务管理功能。

在查看实时视频时就能得到考场信息资料、考场内的考生信息资料、及监考教师的信息资料。

重要考试的录像资料应该保存下来并方便拷贝以备查询。

该系统应做到考场视频监控无死角，视频图像应清晰确保取证，同时具备考场语音指挥功能。

利用该系统资源，可完成日常校园内的安全视频监控，与校内其他安防设施融于一体实现平安校园监控系统。

方案设计综合客户需求分析，某司采用全数字网络数字视频系统——考场电子监控远程多级巡视系统综合解决方案。

引言在教育领域，监考是确保考试公平、防止作弊的重要环节。

传统的监考方式往往无法覆盖所有考场，因此引入视频监控解决方案成为一种趋势。

本文将介绍一种有效的监考视频监控解决方案，包括系统架构、关键技术和推广实施策略等。

系统架构监考视频监控解决方案的系统架构如下：系统架构系统架构如图所示，整个系统主要分为三个部分，考场监控端、中央监控服务器和监控管理系统。

•考场监控端：每个考场设备配备一个监控终端，用于接收和发送视频数据。

监控终端通过视频设备采集监考过程中的视频信号，经过压缩和编码后，通过互联网传输到中央监控服务器。

•中央监控服务器：作为数据的接收和存储终端。

它接收来自考场监控端的视频数据，并将其存储在数据库或云平台中。

同时，中央监控服务器还提供视频流的播放、查询和管理功能，管理系统可以通过它来实时查看考场视频。

•监控管理系统：为管理者提供一个集中管理考场监控视频的平台。

管理者可以通过该系统实时监视考试过程、回放历史视频、设置报警规则等。

关键技术视频采集视频采集是监考视频监控解决方案的核心技术之一。

为了保障监考的准确性和稳定性，视频采集设备需要选择高性能的摄像头，并配备对应的图像处理芯片。

此外，还需要注意摄像头的摆放位置和角度，以保证能够全面捕捉考试情况。

视频传输视频传输是实现监考视频监控的必要技术。

传统的基于有线网络的视频传输方式在工程实施过程中存在不便和成本较高的问题，因此无线网络传输成为一种更为普遍使用的方式。

可以选择Wi-Fi、4G或5G网络进行视频传输，确保监考视频能够实时传输到中央监控服务器。

视频存储和管理视频存储和管理是监考视频监控解决方案的关键环节。

中央监控服务器需要具备大容量的存储设备，并配置相应的数据库作为视频存储手段。

同时，管理系统应具备对视频数据的快速查询和回放功能，方便监考管理者进行考务的监控和回溯。

推广实施策略为了推广和实施监考视频监控解决方案，我们可以采取以下策略：宣传推广利用各种渠道宣传监考视频监控的优势和意义。

长沙市一中2025届高三月考试卷（一）化学时量：75分钟满分：100分可能用到的相对原子质量：H-1C-12N-14O-16Na-23S-32Cl-35.5Ca-40V-51Ge-73Br-80一、选择题（本题共14小题，每小题3分，共42分。

每小题只有一项符合题目要求）1．化学与生活密切相关，下列说法不正确的是（）A ．维生素C 能帮助人体将食物中的3Fe +转化为2Fe +B ．五氧化二磷可用作食品干燥剂C ．碳酸钠俗名为苏打，可用于纺织、造纸、制皂、制玻璃D ．将氯气通入冷的石灰乳中，可以制得漂白粉2．下列化学用语表示不正确的是（）A ．乙醚的结构简式：33CH O CH --B ．HClO 的电子式：:O ::H ClC ．明矾的化学式：()422KAl SO 12H O⋅D ．2H S 的VSEPR 模型：3．室温下，下列各组离子一定能在指定溶液中共存的是（）A ．0.1mol ⋅L 1-()2Ba OH 溶液：Na +、K +、Cl -、ClO -B ．0.1mol ⋅L 1-4NaHSO 溶液中：3Al +、()32Ag NH +⎡⎤⎣⎦、Cl -C ．0.2mol ⋅L 1-24H SO 溶液：2Mg +、2Fe +、3NO -、Cl -D ．0.2mol ⋅L1-氨水中：2Cu+、3HCO -、K +、2AlO -4．下列与实验相关的说法不正确的是（）A ．可用金属钠丝干燥甲苯，蒸馏得无水甲苯B ．制二氧化氮时，用水吸收尾气C ．配制溶液定容时，俯视容量瓶刻度线会使浓度偏高D ．中学实验室中可以将未用完的钠、钾、白磷放回原试剂瓶5．设A N 为阿伏加德罗常数的值。

下列说法正确的是（）A ．11g 的182D O 中含有的中子数为A5N B ．1L pH 2=的24H SO 溶液中H +的数目为A0.02N C ．将0.1mol 2Cl 通入足量2FeI 溶液中，转移电子的数目为A0.2ND ．标准状况下，4.48L 甲烷与足量2Cl 完全反应生成3CH Cl 的分子数目为A 0.2N 6．下列离子方程式或电极反应式不正确的是（）A ．用铁氰化钾溶液检验亚铁离子：()()3266K FeFe CN KFe Fe CN -++⎡⎤⎡⎤++=↓⎣⎦⎣⎦B ．氯化铜溶液（蓝色）加热，溶液变黄绿色：()[]222424Cu H O 4Cl CuCl 4H O+--⎡⎤++⎣⎦C ．电解苛性钠溶液制高铁酸盐的阳极反应式：42Fe 6e 4H O FeO 8H-+--+=+D ．泡沫灭火器的原理：()3323Al3HCO Al OH 3CO +-+=↓+↑7．短周期元素X 、Y 、Z 、W 的原子序数依次增大。

长沙市一中普通高中新课程实施方案前言根据省教育厅《关于实施普通高中新课程实验工作的指导意见》（湘教发[2007]11号）等有关文件的部署，自2007年秋季起，我校普通高中起始年级学生进入新课程实验。

为了落实上级的有关指示，确保我校高中新课程实验工作的顺利进行，根据教育部《普通高中课程方案（实验）》以及《湖南省普通高中课程方案（实验）》等有关文件的规定，结合我校具体情况，特制定了《长沙市一中普通高中新课程实施方案（试用）》。

它是我校2007-2010年开展第一轮新课程改革的一套具有纲领性指导作用的方案。

这套新课程实施方案是在我国第八次基础教育课程改革在全国顺利推进的背景下出台的。

当前的新课程改革将在以下四个方面实现重大突破：第一，在培养目标上更凸显以学生发展为本的理念。

新高中教育要为学生的终身发展奠定基础，要促进学生的全面而有个性的发展。

第二，在课程设置上，按照学习领域、学习科目和学习模块三级结构有序展开。

尤其是模块化设计使科目的内部有了新的突破，提升了课程的灵活性和选择性。

这样既有利于整体规划课程内容，提高学生的基本素养，又能促进学生的特长发展、个性发展，有利于学生全面成才。

第三，课程资源的开发和教材的编写更突出时代性、基础性和选择性。

第四，学习方式、教学方式、评价方式和学校的管理方式等都呈现崭新的面貌，自主、合作、探究、民主等观念日益深入人心。

新课程改革的关键在于实施。

美好的教育理想和教育蓝图最终只有落实到实践才有意义。

为了实施新课程改革，学校将重点抓好以下四个方面的工作：第一，强化课程领导，重视学校课程管理制度的建设。

我校成立了课程领导小组和学科专家指导小组，统一指挥、协调、组织、开展我校的新课程实验工作。

在认真学习新课程理念和教育部、教育厅相关文件的基础上，结合校情、学情，将制订一系列适合我校新课程实施的指导文件，譬如学生选课指导方案、学分认定方案、班级管理制度、校本教研制度、课程资源开发计划等，从管理层面为新课程实验的顺利实施提供保障。

目录国家教育考试网上巡查系统建设解决方案 (3)1前言 (3)2考试巡查系统建设现状 (3)3需求分析 (4)3.1项目需求分析 (4)3.2功能需求分析 (5)3.3安全需求分析 (8)4系统建设原则 (8)4.1建设基本原则 (9)4.2设计依据和标准 (10)5系统解决方案 (11)5.1系统整体设计 (11)5.1.1系统总体结构 (11)5.1.2电子监考系统建设模型 (11)5.1.3校级监考指挥中心 (13)5.1.4系统特色 (15)5.2系统存储方案 (16)6电子监考管理平台 (17)6.1 平台软件组成 (17)6.1.1 平台管理服务器 (18)6.1.2 Web服务器 (18)6.1.3 事件管理服务器 (18)6.1.4 转发服务器 (20)6.1.5 C/S客户端软件 (20)6.1.6 B/S客户端软件 (20)6.2 平台功能 (20)6.2.1 监考管理功能 (20)6.2.2 安全管理功能 (22)6.2.3 设备管理功能 (22)6.2.4 日记管理功能 (23)6.2.5 存储管理功能 (23)6.2.6 网络管理功能 (24)7系统安全性 (24)7.1设备安全与可靠性 (24)7.1.1前端设备安全性 (24)7.1.2前端设备可靠性 (25)7.2网络传输与接入安全 (26)7.2.1监考中心网络安全 (26)8 产品提供商简介 (31)9 售后与应急预案 (30)9.1 售后服务 (30)9.2 培训 (32)9.3 应急预案 (32)10 主要设备参数简介 (33)10.1 SIP服务器 (33)10.2 数字画面分割器 (35)10.3 流媒体服务器 (40)10.4 集中存储服务器 (39)10.5 摄像机 (41)国家教育考试网上巡查系统建设解决方案1前言考试作弊，古已有之，保证考生考试结果的公平、公开、公正一直是每年的重要任务之一。

近年来，随着电子信息技术和计算机网络技术的发展，我国在视频压缩、流媒体等领域的技术水平和实际应用等方面都取得了长足的进步，在社会众多领域得到了广泛应用，为提高国家教育考试管理效能，给教育考试安全运行以充分的技术保证，教育部考试中心提出建立“国家教育考试网上巡查系统”，覆盖全国各级考试机构和考点的视频巡查网络，实现管理监督考试过程和保密室的巡查指挥。

长沙市第一中学2024-2025学年高三上学期第二次月考化学时量：75分钟满分：100分可能用到的相对原子质量：H~l C~12 N～14 O~16 S~32 Cu～64 Ga～70一、选择题(本题共14小题，每小题3分，共42分。

每小题只有一项符合题目要求)1.材料科技与人类文明密切相关。

下列叙述正确的是A．玻璃是晶体，有固定的熔点B．天津大学研发的石墨烯芯片引领电子行业的新革命，石墨烯属于新型烯烃C．我国用于制造世界最大口径反射镜的碳化硅，属于新型无机非金属材料D．天宫二号使用的碳纤维是—种有机高分子材料2.下列化学用语表示正确的是A．晶态SiO2和非晶态SiO2衍射图谱对比：B．固体HF中的链状结构：C．二聚AlCl3中Al的杂化方式：sp3D．石墨的层状结构：3.基本概念和理论是化学思维的基石。

下列叙述不正确的是A．VSEPR理论认为VSEPR模型与分子的空间结构不一定相同B．电子云图中的小黑点越密，表示电子在核外空间出现的概率密度越大C．五彩斑斓的霓虹灯光，与原子核外电子跃迁有关，属于吸收光谐D．“电子气理论”可以解释金属晶体的延展性，导电性和导热性4.如图所示，下列装置合理的是A．图甲：可用于制备明矾晶体B．图乙：制取金属铝C．图丙：检验纯碱中含有钾元素D．图丁：实验室制备NH35.在N保护和搅拌下，向FeSO4溶液中加入适量NaOH溶液，得到少量Fe(OH)2沉淀，持续通N2升温至40℃，将气体切换为空气，浊液体系由浅绿色变深，形成蓝绿色沉淀Fe6(OH)12SO4(反应1)(Fe的价态有+2和+3)，继续通入空气，沉淀最后转化为黄色固体FeOOH(反应2)。

此时若停止通空气，向体系中补充适量NaOH并调控温度，FeOOH可以变为Fe6(OH)12SO4(反应3)，也可转化为黑色磁性物质(反应4)。

关于以上过程的说法错误的是SO+2H2O=2Fe6(OH)12SO4A．反应1：2Fe2++10Fe(OH)2+O2+22-4B．反应4中FeOOH被还原生成了Fe3O4C．Fe6(OH)12SO4中有2个+3价FeD．反应2中若生成3molFeOOH，转移3mole-6.某含铜催化剂的阴离子的结构如图所示。

电子考场解决方案随着科技的不断发展，电子考场解决方案成为越来越多学校和机构的选择。

本文将从多个方面详细介绍电子考场解决方案的优势和应用。

一、提高考试效率1.1 自动化管理：电子考场解决方案可以实现考试的自动化管理，包括考生信息录入、试卷生成、考试监控等，大大减轻了教师的工作量。

1.2 防做弊功能：电子考场解决方案可以通过监控摄像头、屏幕录制等功能，有效防止考生做弊行为，确保考试的公平性。

1.3 快速评分：电子考场解决方案可以实现试卷的自动评分，节省了教师的时间，同时也减少了评分误差。

二、提升考试体验2.1 灵便性：电子考场解决方案可以实现在线考试，考生可以根据自己的时间和地点进行考试，提升了考试的灵便性。

2.2 多样性：电子考场解决方案可以支持多种题型，包括选择题、填空题、简答题等，丰富了考试内容，提升了考试的多样性。

2.3 反馈及时性：电子考场解决方案可以实时显示考试成绩和评语，考生可以及时了解自己的考试情况，提升了考试的反馈及时性。

三、保障信息安全3.1 数据加密：电子考场解决方案可以对考生信息和试卷内容进行加密处理，确保数据的安全性，防止信息泄露。

3.2 权限管理：电子考场解决方案可以设定不同的权限级别，保障教师和考生的信息安全，防止未经授权的人员访问考试信息。

3.3 数据备份：电子考场解决方案可以实现数据的自动备份，确保数据不会因意外事件丢失，保障考试信息的完整性。

四、提升教学质量4.1 数据分析：电子考场解决方案可以对考试数据进行分析，包括试题难度、学生表现等，为教师提供科学依据，提升教学质量。

4.2 个性化学习：电子考场解决方案可以根据学生的表现和需求，为其提供个性化的学习计划和资源，促进学生的学习效果。

4.3 教学反馈：电子考场解决方案可以及时反馈学生的学习情况，匡助教师了解学生的学习进度和难点，及时调整教学方案。

五、未来发展趋势5.1 人工智能应用：未来电子考场解决方案将更多地应用人工智能技术，实现更智能化的考试管理和评价。

电子考场解决方案一、引言随着科技的不断发展，传统的纸质考试方式逐渐被电子考场解决方案所取代。

电子考场解决方案是一种利用电子设备和软件来进行考试的新型方式。

本文将介绍电子考场解决方案的背景、目的、关键特点以及实施步骤。

二、背景传统的纸质考试方式存在许多问题，如考试过程繁琐、阅卷周期长、易出现人为错误等。

为了解决这些问题，电子考场解决方案应运而生。

它通过将考试过程数字化，提高考试效率和准确性，提供更好的考试体验。

三、目的电子考场解决方案的目的是为了提供一种高效、准确、安全的考试方式，以满足现代教育和职业培训的需求。

通过引入电子设备和软件，可以实现自动化的考试管理、阅卷和成绩统计，提高考试效率和准确性。

四、关键特点1. 考试管理系统：电子考场解决方案提供了一套完整的考试管理系统，包括考试安排、考生信息管理、考试监控等功能。

管理员可以通过系统轻松管理考试流程，提高管理效率和准确性。

2. 考试设备：电子考场解决方案需要使用特定的考试设备，如电子答题器、监控摄像头等。

这些设备可以确保考试的准确性和安全性，防止作弊行为的发生。

3. 考试软件：电子考场解决方案需要使用专门的考试软件，用于考试题目的展示、答题记录的保存等功能。

考试软件通常具有易用性和稳定性，能够满足各种考试需求。

4. 阅卷系统：电子考场解决方案提供了自动化的阅卷系统，可以快速、准确地对考试答卷进行评分。

阅卷系统通常基于人工智能技术，能够识别和评估学生的答案，提高评分的准确性和一致性。

五、实施步骤1. 需求分析：在实施电子考场解决方案之前，需要进行详细的需求分析，包括考试规模、考试类型、考试流程等。

通过需求分析，可以确定所需的设备和软件，并制定相应的实施计划。

2. 设备准备：根据需求分析的结果，准备所需的考试设备，如电子答题器、监控摄像头等。

确保设备的正常运行和充分充电，以便考试期间的使用。

3. 软件配置：根据需求分析的结果，配置所需的考试软件。

确保软件的稳定性和兼容性，以便顺利进行考试。

电子考场解决方案一、概述电子考场解决方案是为了提高考试效率和减少考试管理工作而设计的一种创新解决方案。

该方案采用先进的技术手段，将传统的纸质考试转变为电子化考试，实现了考试过程的自动化、智能化和安全性的提升。

本文将详细介绍电子考场解决方案的设计原理、功能特点和实施步骤。

二、设计原理1. 硬件设备：电子考场解决方案主要由电子考试终端、考试服务器和监控设备组成。

考试终端采用高性能的计算机设备，配备高清显示器和触摸屏，以提供良好的用户体验。

考试服务器用于存储考试题库和考生信息，并负责考试过程的管理和监控。

监控设备包括摄像头和监控软件，用于对考场进行实时监控和录相。

2. 软件系统：电子考场解决方案依托于先进的软件系统，包括考试管理系统和考试终端应用程序。

考试管理系统用于创建和管理考试题库、考生信息和考试安排，并提供考试成绩的统计和分析功能。

考试终端应用程序提供考生登录、考试答题和提交答卷等功能，并确保考试过程的安全性和稳定性。

三、功能特点1. 自动化管理：电子考场解决方案实现了考试过程的自动化管理，包括考试安排、考生信息管理、考试成绩统计等。

管理员可以通过考试管理系统轻松创建和管理考试，减少了繁琐的手工操作和人力资源的浪费。

2. 智能化监控：电子考场解决方案通过监控设备实时监控考场情况，包括考生的行为和考试环境的安全性。

监控软件能够自动识别异常行为，如做弊行为等，并及时报警。

这有效地提高了考试的安全性和公平性。

3. 数据安全：电子考场解决方案采用了多重数据加密和备份措施，确保考试题库和考生信息的安全性。

同时，考试终端应用程序具有数据同步和实时上传功能，确保考试数据的及时备份和传输。

4. 考试体验优化：电子考场解决方案的考试终端应用程序提供了简洁、直观的用户界面，使考生能够轻松进行考试答题和提交答卷。

同时，应用程序具有智能阅卷功能，能够快速准确地评阅考卷，提高了考试效率和准确性。

四、实施步骤1. 系统设计与准备：根据考试需求和场地条件，设计电子考场解决方案的硬件设备布局和软件系统架构。

附件
考试平台硬件及网络配置标准
一、省级考核发证机关硬件及网络配置标准
具有能够满足上网条件的专用计算机；具有视频远程监控功能的设备等。

二、考试点硬件及网络配置标准
1。

每个考点配置不少于1台服务器,其配置不低于：CPU主频1个Xeon六核处理器,2.6 GHz；内存4G；硬盘容量500G；显示器22英寸;用于实现视频处理、网络动态题库缓存及NAT网关。

2.每个考场考试用计算机不少于20台;每台计算机配置不低于:CPU主频1GHz,内存512M，硬盘容量40G，15寸显示器和100M网卡。

3。

能对考试现场情况进行实时监控,监控效果要达到识别人脸程度，每间考场至少对角安装2台监控器.
4。

每个考试点的考试现场视频记录至少保存48小时，考试点必须配置与监控器对应的存储式视频处理设备1台，并配备足够空间的硬盘。

5.考试点的计算机之间要联成局域网,必须配置有相应端口的交换机和路由器.
6.考试点必须与省级管理机关和总局培训中心实时联网，网络带宽应不少于24M.。