2019-2020学年福建省福州市九年级(上)期末数学试卷

2019-2020学年福建省福州市九年级（上）期末数学试卷一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．（4分）下列图标中，是中心对称图形的是（）A．B．C．D．2．（4分）下列说法正确的是（）A．可能性很大的事情是必然发生的B．可能性很小的事情是不可能发生的C．“掷一次骰子，向上一面的点数是6”是不可能事件D．“任意画一个三角形，其内角和是180°”3．（4分）若关于x的方程x2﹣m＝0有实数根，则m的取值范围是（）A．m＜0B．m≤0C．m＞0D．m≥04．（4分）在平面直角坐标系中，点（a，b）关于原点对称的点的坐标是（）A．（﹣a，﹣b）B．（﹣b，﹣a）C．（﹣a，b）D．（b，a）5．（4分）从1，2，3，5这四个数字中任取两个，其乘积为偶数的概率是（）A．B．C．D．6．（4分）若二次函数y＝x2+bx的图象的对称轴是直线x＝2，则关于x的方程x2+bx＝5的解为（）A．x1＝0，x2＝4B．x1＝1，x2＝5C．x1＝1，x2＝﹣5D．x1＝﹣1，x2＝57．（4分）如图，点D为线段AB与线段BC的垂直平分线的交点，∠A＝35°，则∠D等于（）A．50°B．65°C．55°D．70°8．（4分）为了测量某沙漠地区的温度变化情况，从某时刻开始记录了12个小时的温度，记时间为t（单位：h），温度为y（单位：℃）．当4≤t≤8时，y与t的函数关系是y＝﹣t2+10t+11，则4≤t≤8时该地区的最高温度是（）A．11℃B．27℃C．35℃D．36℃9．（4分）如图，五边形ABCDE内接于⊙O，若∠CAD＝35°，则∠B+∠E的度数是（）A．210°B．215°C．235°D．250°10．（4分）对于反比例函数，如果当﹣2≤x≤﹣1时有最大值y＝4，则当x≥8时，有（）A．最小值y＝B．最小值y＝﹣1C．最大值y＝D．最大值y＝﹣1二、填空题（本题共6小题，每小题4分，共24分）11．（4分）如图，AB∥CD，AD与BC相交于点E，若AE＝2，ED＝3，则的值是．12．（4分）圆心角为120°，半径为2的扇形的弧长是．13．（4分）如图，E，F，G，H分别是正方形ABCD各边的中点，顺次连接E，F，G，H．向正方形ABCD 区域随机投掷一点，则该点落在阴影部分的概率是．14．（4分）如图，将△ABC绕点A顺时针旋转55°得到△ADE，点B的对应点是点D，直线BC与直线DE 所夹的锐角是．15．（4分）若a是方程x2+x﹣1＝0的一个根，则的值是．16．（4分）如图，在直角三角形ABC中，∠C＝90°，D是AC边上一点，以BD为边，在BD上方作等腰直角三角形BDE，使得∠BDE＝90°，连接AE．若BC＝4，AC＝5，则AE的最小值是．三、解答题（本题共9小题，共86分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17．（8分）解方程：x2﹣6x﹣1＝0．18．（8分）在一个不透明的袋子中装有红、黄、蓝三个小球，除颜色外无其它差别．从袋子中随机摸球三次，每次摸出一个球，记下颜色后不放回．请用列举法列出三次摸球的结果，并求出第三次摸出的球是红球的概率．19．（8分）福建省会福州拥有“三山两塔一条江”，其中报恩定光多宝塔（别名白塔），位于于山风景区，利用标杆可以估算白塔的高度．如图，标杆BE高1.5m，测得AB＝0.9m，BC＝39.1m，求白塔的高CD．20．（8分）如图，已知⊙O，A是的中点，过点A作AD∥BC．求证：AD与⊙O相切．21．（8分）如图，△ABC中，AB＝AC＞BC，将△ABC绕点C顺时针旋转得到△DEC，使得点B的对应点E 落在边AB上（点E不与点B重合），连接AD．（1）依题意补全图形；（2）求证：四边形ABCD是平行四边形．22．（10分）某学校为了美化校园环境，向园林公司购买一批树苗．公司规定：若购买树苗不超过60棵，则每棵树售价120元；若购买树苗超过60棵，则每增加1棵，每棵树售价均降低0.5元，且每棵树苗的售价降到100元后，不管购买多少棵树苗，每棵售价均为100元．（1）若该学校购买50棵树苗，求这所学校需向园林公司支付的树苗款；（2）若该学校向园林公司支付树苗款8800元，求这所学校购买了多少棵树苗．23．（10分）如图，双曲线y＝上的一点A（m，n），其中n＞m＞0，过点A作AB⊥x轴于点B，连接OA．（1）已知△AOB的面积是3，求k的值；（2）将△AOB绕点A逆时针旋转90°得到△ACD，且点O的对应点C恰好落在该双曲线上，求的值．24．（12分）如图，△ABC内接于⊙O，BC是⊙O的直径，E是上一点，弦BE交AC于点F，弦AD⊥BE 于点G，连接CD，CG，且∠CBE＝∠ACG．（1）求证：CG＝CD；（2）若AB＝4，BC＝2，求CD的长．25．（14分）已知抛物线C：y＝ax2﹣4（m﹣1）x+3m2﹣6m+2．（1）当a＝1，m＝0时，求抛物线C与x轴的交点个数；（2）当m＝0时，判断抛物线C的顶点能否落在第四象限，并说明理由；（3）当m≠0时，过点（m，m2﹣2m+2）的抛物线C中，将其中两条抛物线的顶点分别记为A，B，若点A，B的横坐标分别是t，t+2，且点A在第三象限．以线段AB为直径作圆，设该圆的面积为S，求S的取值范围．2019-2020学年福建省福州市九年级（上）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．【解答】解：A、不是中心对称图形，故本选项不合题意；B、不是中心对称图形，故本选项不合题意；C、是中心对称图形，故本选项符合题意；D、不是中心对称图形，故本选项不合题意．故选：C．2．【解答】解：A、可能性很大的事情也可能不会发生，故错误，不符合题意；B、可能性很小的事情是也可能发生的，故错误，不符合题意；C、掷一次骰子，向上一面的点数是6”是随机事件，故错误，不符合题意；D、“任意画一个三角形，其内角和是180°”，正确，符合题意，故选：D．3．【解答】解：∵x2﹣m＝0，∴x2＝m，由x2﹣m＝0知m≥0，故选：D．4．【解答】解：点（a，b）关于原点对称的点的坐标是：（﹣a，﹣b）．故选：A．5．【解答】解：画树状图得：∵共有12种等可能的结果，任取两个不同的数，其中积为偶数的有6种结果，∴积为偶数的概率是＝，故选：C．6．【解答】解：令y＝0得：x2+bx＝0．解得：x1＝0，x2＝﹣b．∵抛物线的对称轴为x＝2，∴﹣b＝4．解得：b＝﹣4．将b＝﹣4代入x2+bx＝5得：x2﹣4x＝5．整理得：x2﹣4x﹣5＝0，即（x﹣5）（x+1）＝0．解得：x1＝5，x2＝﹣1．故选：D．7．【解答】解：连DA，如图，∵点D为线段AB与线段BC的垂直平分线的交点，∴DA＝DB，DB＝DC，即DA＝DB＝DC，∴点A、B、C三点在以D点圆心，DB为半径的圆上，∴∠BDC＝2∠BAC＝2×35°＝70°．故选：D．8．【解答】解：∵y＝﹣t2+10t+11＝﹣（t﹣5）2+36，∴当t＝5时有最大值36℃，∴4≤t≤8时该地区的最高温度是36℃，故选：D．9．【解答】解：如图，连接CE，∵五边形ABCDE是圆内接五边形，∴四边形ABCE是圆内接四边形，∴∠B+∠AEC＝180°，∵∠CED＝∠CAD＝35°，∴∠B+∠E＝180°+35°＝215°．故选：B．10．【解答】解：由当﹣2≤x≤﹣1时有最大值y＝4，得x＝﹣1时，y＝4．k＝﹣1×4＝﹣4，反比例函数解析式为y＝﹣，当x≥8时，图象位于第四象限，y随x的增大而增大，当x＝8时，y最小值＝﹣，故选：A．二、填空题（本题共6小题，每小题4分，共24分）11．【解答】解：如图所示：∵AB∥CD，∴∠EAB＝∠EDC，∠EBA＝∠ECD，∴△EAB∽△EDC，∴，又∵AE＝2，ED＝3，∴，故答案为．12．【解答】解：l＝＝＝π．故答案为：π．13．【解答】解：设AD＝AB＝BC＝DC＝2，则AH＝GD＝AE＝BE＝CF＝BF＝GC＝DG＝1，可得四边形HEFG是正方形，边长为：，故阴影部分面积为：2，∵正方形ABCD的面积为：4，∴该点落在阴影部分的概率是：．故答案为：．14．【解答】解：∵将△ABC绕点A顺时针旋转55°得到△ADE，点B的对应点是点D，∴直线BC与直线DE所夹的锐角＝旋转角＝55°，故答案为：55°．15．【解答】解：＝＝，∵a是方程x2+x﹣1＝0的一个根，∴a2+a﹣1＝0，∴＝＝1，故答案为1．16．【解答】解：如图，过点E作EH⊥AC于H，∵∠BDE＝90°＝∠C，∴∠EDA+∠BDC＝90°，∠BDC+∠DBC＝90°，∴∠DBC＝∠EDA，且DE＝BD，∠H＝∠C＝90°，∴△BDC≌△DEH（AAS）∴EH＝CD，DH＝BC＝4，∴AH＝DH﹣AD＝CD﹣1，∵AE2＝AH2+EH2＝CD2+（CD﹣1）2＝2（CD﹣）2+≥∴当CD＝时，AE的最小值为，故答案为．三、解答题（本题共9小题，共86分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17．【解答】解：x2﹣6x﹣1＝0，移项得：x2﹣6x＝1，配方得：x2﹣6x+9＝10，即（x﹣3）2＝10，开方得：x﹣3＝±，则x1＝3+，x2＝3﹣．18．【解答】解：依题意得，共有6种结果，分别是（红，黄，蓝）（红，蓝，黄）（黄，红，蓝）（黄，蓝，红）（蓝，红，黄）（蓝，黄，红），所有结果发生的可能性都相等，其中第三次摸出的球是红球的结果又2种，则第三次摸出的球是红球的概率是＝．19．【解答】解：∵EB⊥AC，DC⊥AC，∴EB∥DC，∴△ABE∽△ACD，∴＝，∵BE＝1.5，AB＝0.9，BC＝39.1，∴AC＝16，∴＝，∴CD＝．∴白塔的高CD为米．20．【解答】证明：过点O作OF⊥BC于F，延长OF交⊙O于点E，如图所示：∴＝，∠OFB＝90°，∴E是的中点，∵A是的中点，∴点E与点A重合，∵AD∥BC，∴∠OAD＝∠OFB＝90°，∴OA⊥AD，∵点A为半径OA的外端点，∴AD与⊙O相切．21．【解答】解：（1）如图所示：（2）∵△ABC绕点C顺时针旋转得到△DEC，∴△ABC≌△DEC，DC＝AC，EC＝BC，∵AB＝AC，∴DC＝AB，∵△ABC≌△DEC，∴∠DCE＝∠ACB，∵EC＝BC，∴∠CEB＝∠B，∵AB＝AC，∴∠B＝∠ACB，∴∠CEB＝∠DCE，∴DC∥AB，又∵DC＝AC，AB＝AC，∴四边形ABCD是平行四边形．22．【解答】解：（1）∵50＜60，∴120×50＝6000元，答：这所学校需向园林公司支付的树苗款为6000元．（2）∵购买60棵树苗所需要支付的树苗款为120×60＝7200元＜8800元，∴该中学购买的树苗超过60棵，∴购买100棵树苗时每棵树苗的售价恰好将至100元，∵购买树苗超过100棵后，每棵树苗的售价为100元，此时所需支付的树苗款超过100000元，而100000＞8800，∴该中学购买的树苗不过100棵，设购买了x（60＜x≤100）棵，根据题意可知：x[20﹣0.5（x﹣60）]＝8800，解得：x＝220（舍去）或x＝80，答：这所学校购买了80棵树苗23．【解答】解：（1）∵双曲线y＝上的一点A（m，n），过点A作AB⊥x轴于点B，∴AB＝n，OB＝m，又∵△AOB的面积是3，∴mn＝3，∴mn＝6，∵点A在双曲线y＝上，∴k＝mn＝6；（2）如图，延长DC交x轴于E，由旋转可得△AOB≌△ACD，∠BAD＝90°，∴AD＝AB＝n，CD＝OB＝m，∠ADC＝90°，∵AB⊥x轴，∴∠ABE＝90°，∴四边形ABED是矩形，∴∠DEB＝90°，∴DE＝AB＝n，CE＝n﹣m，OE＝m+n，∴C（m+n，n﹣m），∵点A，C都在双曲线上，∴mn＝（m+n）（n﹣m），即m2+mn﹣n2＝0，方程两边同时除以n2，得+﹣1＝0，解得＝，∵n＞m＞0，∴＝．24．【解答】解：（1）如图，∵BC是⊙O的直径，∴∠1+∠2＝90°∵AD⊥BE于点G，∴∠1+∠5＝90°∴∠2＝∠5∵∠CBE＝∠ACG．即∠4＝∠3∠DGC＝∠2+∠3＝∠5+∠4＝∠ABC∵∠ABC＝∠D∴∠DGC＝∠D∴CG＝CD；（2）如图．连接AE、CE，在Rt△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝4，BC＝2，根据勾股定理，得AC＝＝6，∵BC是直径，∴∠BEC＝90°，∴∠AGE＝∠BEC，∴AD∥CE，∵∠CAE＝∠4，∠3＝∠4，∴∠CAE＝∠3，∴AE∥CG，∴四边形AGCE是平行四边形，∴AF＝FC＝3，在Rt△ABF中，BF＝＝5，∵S△ABF＝BF•AG＝AB•AF∴AG＝．过点C作CI⊥AD于点I，得矩形GICE，∴EC＝GI，∵CG＝CD，∴GI＝DI∵四边形AGCE是平行四边形，∴EC＝AG＝，∵∠D＝∠ABC，∠CID＝∠BAC＝90°，∴△CID∽△CAB，∴＝，即＝，∴CD＝．答：CD的长为．25．【解答】解：（1）当a＝1，m＝0时，抛物线的表达式为：y＝x2﹣4x+2，△＝8＞0，故C与x轴的交点个数为2；（2）当m＝0时，判断抛物线C的顶点为：（﹣，﹣+2），假设点C在第四象限，则﹣＞0，且﹣+2＜0，解得：0＞且＞0，故a无解，故顶点不能落在第四象限；（3）将点（m，m2﹣2m+2）代入抛物线表达式并整理得：（a﹣2）m2＝0，∵m≠0，故a＝2；则抛物线的表达式为：y＝2x2﹣4（m﹣1）x+（3m2﹣6m+2），则顶点坐标为：（m﹣1，m2﹣2m），当m﹣1＝t时，m＝t+1，则点A（t，t2﹣1）；当m﹣1＝t+1时，m＝t+3，点B（t+2，t2+4t+3）；点A在第三象限，即t＜0且t2﹣1＜0，解得：﹣1＜t＜0；y B﹣y A＝4t+4＞0，故点B在点A的右上方，AB2＝22+（4t+4）2＝16（t+1）2+4，﹣1＜t＜0时，4＜AB2＜20；S＝π（）2＝，故π＜S＜5π．。

2019-2020学年度第一学期福州市九年级期末质量抽测英语试卷Ⅱ. 选择填空(共15小题；每小题1分，满分15分)从每小题所给的A、B、C三个选项中，选出可以填入空白处的正确答案。

21.- Have you finished your project?- Not yet. But we are making _______ .A.peaceB. noiseC. progress22. Don’t worry! If you can’t complete the work _______ your own, I will give you a hand.A. InB. onC. at23.- How much difficulty did you have solving this problem?- _______. It’s quite easy.A. NobodyB. NowhereC. None24.--Kate, don’t sing here! I'm busy preparing for tomorrows math test.-Sorry, I didn’t _______ it.A. mentionB. realizeC. manage25.-What a fine day today!Yes. It’s ______ to stay indoors. Why not go out for a picnic?A. sillyB. naturalC. excellent26. Thomas and Martin climbed the higher mountain, ____they enjoyed a better view1A. butB. soC. or27. The style of my dress ______ that of Mary’s, but hers is a little longer.A. is similar toB. is pleased withC. is short of28.-How’s Mrs. Black?-She ______ her medicine and is resting now.A. takesB. is takingC. has taken29.-_____ have you been in the sports club?- Since the first month I came to this school.A. How longB. How soonC. How often30. We ______ respect the disabled and be kind to them.A. dare toB. orC. have to31.- Why can’t Karl enter the bar?- Only those _____ are above eighteen years old are allowed to enter.A. whoB. whichC. when32. My cat was lying under the shelf on the wall. So when the shelf fell, she _____ right on the head.A. hitB. was hitC. was hitting33. Jane and her friends ______ themselves when they saw one another’s costumesA. laughed atB. turned toC. named after34. The doctor did what he could ______ the girl who was badly injured in the accident.2A. saveB. savingC. to save35. Steve is free tomorrow. Let's ask him ________ .A. where he has goneB. when did he go to the Great WallC. whether he wants to go to the ball game with usCBCBA BACAB ABACCⅢ. 完形填空(共10小题；每小题1.5分，满分15分)阅读下面短文，从每小题所给的A、B、C三个选项中，选出可以填入空白处的最佳答案。

2024-2025学年福建省福州市鼓楼区屏东中学九年级（上）月考数学试卷（9月份）一．选择题（共10小题，每小题4分，共40分）A．B．C．D．1．（4分）观察下列每组图形，是相似图形的是（ ）A．B．C．D．2．（4分）下列选项中，y不是x函数的是（ ）A．2：3B．4：9C．8：18D．16：813．（4分）已知两个相似三角形的周长比为4：9，则它们的对应角平分线比为（ ）A．x（x+1）=28B．x（x-1）=28C．x（x+1）=28D．x（x-1）=284．（4分）我国的乒乓球“梦之队”在巴黎奥运赛场上大放异彩，奥运会乒乓球比赛的第一阶段是团体赛，赛制为单循环赛（每两队之间都赛一场）．计划分为4组，每组安排28场比赛，设每组邀请x个球队参加比赛，可列方程得（ ）1212A．4B．2C．2D．45．（4分）如图，在矩形ABCD中，对角线AC，BD相交于点O，∠AOD=60°，AC=4，则AD的长为（ ）M3M3 A．2022B．2023C．2024D．20256．（4分）若m,n是方程x2+2x-2026=0的两个实数根，则m2+3m+n的值为（ ）7．（4分）学校要求学生每天坚持体育锻炼．小亮记录了自己一周内每天校外锻炼的时间，并制作了如图所示的统计图，下列关于小亮该周每天校外锻炼时间的描述，正确的是（ ）二．填空题（共6小题，每小题4分，共24分）A．中位数为67分钟B．众数为88分钟C．平均数为73分钟D．方差为0A．B．C．D．8．（4分）函数y=ax2-1与y=ax（a≠0）在同一平面直角坐标系中的图象可能是（ ）A．抛物线与x轴的一个交点为（3，0）B．在对称轴左侧，y随x增大而增大C．抛物线的对称轴是直线x=D．函数y=ax2+bx+c的最大值为69．（4分）抛物线y=ax2+bx+c上部分点的横坐标x,纵坐标y的对应值如下表：x…-2-1012…y…04664…从上表可知，下列说法中错误的是（ ）12A．2.5B．3C．D．10．（4分）沐沐用七巧板拼了一个对角线长为2的正方形，再用这副七巧板拼成一个长方形（如图所示），则长方形的对角线长为（ ）M5M6 11．（4分）如果点A（-2，a）在函数y=-x+3的图象上，那么a的值等于．12三．解答题（共9小题，共86分）12．（4分）把抛物线y =2x 2先向左平移3个单位，再向上平移4个单位，所得抛物线的函数表达式为 ．13．（4分）如图，AD ∥BE ∥CF ，若AB =2，AC =5，DE =4，则EF 的长是 ．14．（4分）如图，菱形ABCD 的对角线AC ，BD 交于点O ，过点D 作DE ⊥AB 于点E ，连接OE ，若AB =10，OE =6，则对角线AC 的长为 ．15．（4分）小明在计算一组数据的方差时，列出的算式如下：=[2+3+]，根据算式信息，这组数据的平均数是 ．S 216（7-x ）2（8-x ）2（9-x ）216．（4分）已知抛物线y =x 2-2x +c 经过A （n +3，y 1），B （2n -1，y 2）两点，若A 、B 分别位于抛物线对称轴的两侧，且y 1<y 2，则n 的取值范围是 ．17．解方程：（1）（x +1）2=16；（2）x 2-6x +1=0．18．如图，已知点D 是△ABC 的边上一点，CN ∥AB ，DN 交AC 于点M ，MA =MC ．求证：四边形ADCN 是平行四边形．19．某商场以每件20元的价格购进一种商品，经市场调查发现：该商品每天的销售量y （件）与每件售价x （元）之间满足一次函数关系，其图象如图所示，设该商场销售这种商品每天获利w（元）．（1）求y 与x 之间的函数关系式；（2）求w 与x 之间的函数关系式．20．如图，在△ABC 中，AD 平分∠BAC ，点E 在AC 上，且∠EAD =∠ADE ．（1）求证：△DCE ∽△BCA ；（2）若AB =6，DE =4，求的值．BD CD21．已知：二次函数y =x 2-（m +2）x +m -1．（1）求证：该抛物线与x 轴一定有两个交点；（2）设抛物线与x 轴的两个交点是A 、B （A 在原点左边，B 在原点右边），且AB =3，求此时抛物线的解析式．22．某学校开展劳动教育，并在活动前、后实施两次调查．活动前随机抽取50名同学，调查他们一周的课外劳动时间t （单位：h ），并分组整理，绘制成如下的条形统计图（其中A 组0≤t <2，B 组2≤t <4，C 组4≤t <6，D 组6≤t <8，E 组t ≥8）．活动开展一个月后，数学社团再次随机抽取50名同学，调查他们一周的课外劳动时间t （单位：h ），按照同样的分组方法绘制成如下扇形统计图，发现活动后调查的数据C 组人数与活动前B 组人数相同．请根据图中信息解答下列问题：（1）请将条形统计图补充完整；（2）活动后调查数据的中位数落在 组；（3）若该校共有2400名学生，请根据活动后调查结果，估计该校学生一周课外劳动时间不小于4小时的人数．23．如图，在平行四边形ABCD 中，AC 为对角线，AC =BC ，AE 是△ABC 的中线．（1）按要求作图：①在AD 取一点F 使得EF ∥CD ；（要求：尺规作图，不写作法，保留作图痕迹）．②画出△ABC 的高CH ．（要求：仅使用无刻度的直尺画图）．（2）在（1）的条件下，若AB =2，∠B =60°，求CH 的长．24．在平面直角坐标系中，已知抛物线y =ax 2+bx 经过A （4，0），B （1，3）两点．P 是抛物线上一点，且在直线AB 的上方．（1）求抛物线的表达式；（2）若△OAB 面积是△PAB 面积的2倍，求点P 的坐标；（3）如图，OP 交AB 于点C ，PD 交AB 于点D ，PD ∥OB ．记△CPB ，△BCO 的面积分别为S 1，S 2，判断是否存在最大值．若存在，求出最大值；若不存在，请说明理由．S 1S 225．在一次课上，王老师请同学们思考如何通过折纸的方法来确定正方形一边上的一个三等分点．【操作探究】“乘风”小组的同学经过一番思考和讨论交流后，进行了如下操作：第1步：如图1，将边长为6的正方形纸片ABCD 对折，使点A 与点B 重合，展开铺平，折痕为EF ；第2步：再将BC 边沿CE 翻折得到GC ；第3步：延长EG 交AD 于点H ，则点H 为AD 边的三等分点．证明如下：连接CH ，∵正方形ABCD 沿CE 折叠，∴∠D =∠B =∠CGH =90°，CG =CB =CD ，又∵CH =CH ，∴△CGH ≌△CDH （①_____）∴GH =DH ．设DH =x ,∵E 是AB 的中点，则AE =BE =EG =AB =3，在Rt △AEH 中，可列方程：②_____，解得：DH =2，即H 是AD 边的三等分点．“破浪”小组进行如下操作：第1步：如图2所示，先将正方形纸片对折，使点A 与点B 重合，展开铺平，折痕为EF ；第2步：再将正方形纸片对折，使点B 与点D 重合，展开铺平，折痕AC 与折痕DE 交于点G ；第3步：过点G 折叠正方形纸片ABCD ，使折痕MN ∥AD ．【过程思考】（1）“乘风”小组的证明过程中，①处的推理依据是；②处所列方程是；（2）结合“破浪”小组操作过程，判断点M 是否为AB 边的三等分点，并证明你的结论；【拓展提升】（3）①如图3，将矩形纸片ABCD 对折，使点A 和点D 重合，展开铺平，折痕为EF ，将△EDC 沿CE 翻折得到△EGC ，过点G 折叠矩形纸片，使折痕MN ∥AB ，若点M 为边AD 的三等分点，请求出的值；②在边长为6的正方形ABCD 中，点E 是射线BA 上一动点，连接CE ，将△EBC 沿CE 翻折得到△EGC ，直线EG 与直线AD 交于点H ．若DH =AD ，请直接写出BE 的长．12AD DC13。

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2023－2024学年第二学期福州市九年级质量抽测数学答案及评分标准评分说明：1．本解答给出了一种或几种解法供参考，如果学生的解法与本解答不同，可根据习题的主要考查内容比照评分参考制定相应的评分细则．2．对于计算题，当学生的解答在某一步出现错误时，如果后继部分的解答未改变该题的内容和难度，可视影响的程度决定后继部分的给分，但不得超过该部分正确解答应给分数的一半；如果后继部分的解答有较严重的错误，就不再给分．3．解答右端所注分数，表示学生正确做到这一步应得的累加分数． 4．只给整数分数．选择题和填空题不给中间分．一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分） 1．A 2．B 3．A 4．A 5．C 6．D 7．B 8．B 9．C 10．B二、填空题（本题共6小题，每小题4分，共24分） 11．60−米 12．抽样调查 13．70° 14．23x > 15．396元16．DE三、解答题（本题共9小题，共86分）17．（本小题满分8分）解：原式π312=−++ ······································································································ 6分π=． ··············································································································· 8分18．（本小题满分8分）证明：∵BE CF =，∴BE EF CF EF +=+，∴BF CE =． ········································································································· 3分在△ABF 和△DCE 中AB DC =，············································································································ 4分 B C ∠=∠，············································································································ 5分 BF CE =， ∴△ABF ≌△DCE ， ································································································ 6分 ∴A D ∠=∠． ········································································································ 8分19．（本小题满分8分）解法一：∵3a b=，∴3a b =， ········································································································· 1分∴原式222(3)233(2)3(3)b b b b b b b b −×⋅=−÷−− ······································································· 2分 222239(2)296b bb b b b −=−⋅− ··················································································· 4分 2238(2)23b b=−⋅ ····························································································· 6分 8123=× ······································································································ 7分 43=． ······································································································· 8分 B C DA E F ⎧⎪⎨⎪⎩解法二：原式22222()2a b a ab a b a b a ab−−=−⋅−−− ············································································· 2分 ()()2(2)a b a b a b a b a a b +−−=⋅−− ···················································································· 5分 a b a+=． ····································································································· 6分 ∵3a b=， ∴3a b =， ········································································································· 7分 ∴原式33b b b+=43=． ······································································································· 8分 20．（本小题满分8分）解：（1）400； ·············································································································· 2分72°； ··············································································································· 4分 （2）记两名男生为M ，N ，两名女生为P ，Q ．6分由表（图）可知，所有可能出现的结果共有12种，且这些结果出现的可能性相等． ········· 7分 其中抽取的两名同学刚好为两位女同学的结果有2种．∴抽取的两名同学刚好为两位女同学是21126=． ······················································· 8分21．（本小题满分8分） 证明：连接OC ，CD． ····································································································· 1分∵CA CB =，∴A B ∠=∠．········································································································· 2分 ∵BD 是直径，∴90BCD ∠=°．分 ∵D 是OA 的中点， ∴AD OD =．分又OB OD =，∴AO BD =．分 ∵△AOC ≌△BDC ， ································································································ 6分 ∴90ACO BCD ∠=∠=°， ························································································· 7分 ∴OC ⊥AC ．∵点C 为半径OC 的外端点，∴AC 是⊙O 的切线． ······························································································ 8分22．（本小题满分10分） （1）····························································· 3分如图，O 为所求作的点． ··························································································· 4分（2）证明：∵D 是BC 的中点，∴12BD BC =． ······························································································ 5分∵△ABC 绕点O 旋转得到△DEF ，D ，E 分别是点A ，B 的对应点，∴OB OE =，90BOE AOD ∠=∠=°，△ABC ≌△DEF ， ·········································· 6分∴90BOD ∠=°，BC EF =，ABC DEF ∠=∠．分 在△ODB 与△OGE 中 ABC DEF OB OE BOD BOE ∠=∠⎧⎪=⎨⎪∠=∠⎩，，， ∴△ODB ≌△OGE ， ·分 ∴BD EG =，分∴12EG EF =，即EG FG =，∴G 是EF 中点． ··························································································· 10分 23．（本小题满分10分）解：（1）①a ； ················································································································ 1分②b ；················································································································· 2分 ③tan b α⋅； ········································································································ 3分 ④(tan )b a α⋅+； ································································································· 4分（2）先在该建筑物（MN ）的附近较空旷的平地上选择一点A ， 点B 为测量人员竖直站立时眼睛的位置，用自制测角仪获取最高处（M ）的仰角MBC α∠=，然后由点A 朝点N 方向前进至点D 处，此时点E 为测量人员竖直站立时眼睛的位置，再用自制测角仪获取最高处（M ）的仰角MEC β∠=； ················································ 5分 再用皮尺测得测量人员眼睛到地面的距离m AB a =，以及前进的距离m AD b =， ············· 6分 由实际背景可知四边形ABED ，四边形ABCN 为矩形， 故m NC DE AB a ===，m BE AD b ==．在Rt △BCM 和Rt △ECM 中，90BCM ∠=°，∴tan MC BC α=， ··································································································· 7分tan MC EC β=， ··································································································· 8分∴tan tan MC MC BE BC EC αβ=−=−，············································································ 9分即tan tan MC MC b αβ=−，∴tan tan tan tan b MC αββα⋅⋅=−，∴tan tan ()m tan tan b MN MC CN a αββα⋅⋅=+=+−． ······························································10分 24．（本小题满分12分）解：（1）①将A （2−，0），B （6，4）代入22y ax bx =+−，得422036624a b a b −−=⎧⎨+−=⎩，， ·························································································· 2分解得1412a b ⎧=⎪⎨⎪=−⎩，， ∴抛物线的解析式为211242y x x =−−． ······························································· 4分A BCMN α ABC D EMN②将0y =代入211242y x x =−−，得2112042x x −−=， 解得14x =，22x =−， ∵A （2−，0）， ∴C （4，0）． ································································································ 5分 根据题意，得8AD =，2CD =，6AC =，4BD =，90ADB ∠=°， ∴1tan tan 2BAD CBD ∠=∠=， ∴BAD CBD ∠=∠．分 ∵EAC ABC ∠=∠， ∴EAB EBA ∠=∠，∴EB EA =．分∵B （6，4）， ∴设E （6，t ），∴4AE BE t ==−，DE t =−． ∵222AD DE AE +=，∴2228()(4)t t +−=−，∴6t =−，∴E （6，6−）． ····························································································· 8分（2）5a <−或56a >． ······························································································· 12分25．（本小题满分14分）（1）证明：∵BE ⊥AD ， ∴90AEB ∠=°． ······························································································ 1分 ∵90ACB ∠=°，ADC BDE ∠=∠， ∴CAE CBE ∠=∠． ························································································· 2分∵四边形AEFC 是平行四边形，∴CAE F ∠=∠， ····························································································· 3分 ∴CBE F ∠=∠． ····························································································· 4分（2）解：12S S =． ·········································································································· 5分理由如下：延长BE ，AC 交于点P ，过点E 作EQ ⊥AP 于点Q ．∵AD 平分∠BAC ，∴BAD CAD ∠=∠． ············································································ 6分 ∵90AEP AEB ∠=∠=°， ∴APB ABP ∠=∠，∴AB AP =， ····················································································· 7分∴EB EP =，即12PE PB =．∵EQ ⊥AP ， ∴90PQE PCB ∠=°=∠， ∴EQ ∥BC ，∴△PQE ∽△PCB ， ············································································ 8分 ∴EQ PE BC PB=， ∴12EQ BC =， ·················································································· 8分∴2112S AC EQ AC BC S =⋅=⋅=．（3）证明：延长BE 交CF 于点T ．∵四边形AEFC 是平行四边形， ∴AC ∥FG ，AE ∥CF ，AC EF =∴90BTC BED ∠=∠=°，90BHG BCA ∠=∠=°． ∴BT ⊥CF ．A BCFE D A B CF E D P Q。

2019-2020学年福建省泉州市南安市九年级（上）期末数学试卷一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（4分）下列实数中，介于与之间的是（）A．B．C．D．π2．（4分）下列计算正确的是（）A．B．a+2a＝3a C．（2a）3＝2a3D．a6÷a3＝a23．（4分）为了让市民游客欢度“五一”，泉州市各地推出了许多文化旅游活动和景区优惠，旅游人气持续兴旺．从“五一”假日全市累计接待国内外游客171.18万人次，171.18万这个数用科学记数法应表示为（）市文旅局获悉，A．1.7118×102B．0.17118×107C．1.7118×106D．171.18×104．（4分）图①是由五个完全相同的小正方体组成的立方体图形，将图①中的一个小正方体改变位置后如图②，则三视图发生改变的是（）A．主视图B．俯视图C．左视图D．主视图、俯视图和左视图都改变5．（4分）不透明袋子中装有若干个红球和6个蓝球，这些球除了颜色外，没有其他差别，从袋子中随机摸出一个球，摸出蓝球的概率是0.6，则袋子中有红球（）A．4个B．6个C．8个D．10个6．（4分）如图，将直尺与含30°角的三角尺放在一起，若∠1＝25°，则∠2的度数是（）A．30°B．45°C．55°D．60°7．（4分）如果一个正多边形的内角和等于720°，那么该正多边形的一个外角等于（）A．45°B．60°C．72°D．90°8．（4分）如图，在平面直角坐标系中，菱形ABCD的边AB在x轴正半轴上，点A与原点重合，点D的坐标是（3，4），反比例函数y＝（k≠0）经过点C，则k的值为（）A．12B．15C．20D．329．（4分）完全相同的6个小矩形如图所示放置，形成了一个长、宽分别为n、m的大矩形，则图中阴影部分的周长是（）A．6（m﹣n）B．3（m+n）C．4n D．4m10．（4分）如图，矩形ABCD中，E是AB的中点，将△BCE沿CE翻折，点B落在点F处，tan∠DCE＝．设AB＝x，△ABF的面积为y，则y与x的函数图象大致为（）A．B．C．D．二、填空题：本题共6小题，每小题4分，共24分．11．（4分）计算：|﹣3|﹣sin30°＝．12．（4分）已知一组数据：12，10，8，15，6，8．则这组数据的中位数是．13．（4分）如图，圆锥侧面展开得到扇形，此扇形半径CA＝6，圆心角∠ACB＝120°，则此圆锥高OC的长度是．14．（4分）如图，量角器外沿上有A、B两点，它们的读数分别是75°、45°，则∠1的度数为．15．（4分）等腰Rt△ABC中，斜边AB＝12，则该三角形的重心与外心之间的距离是．16．（4分）动点A（m+2，3m+4）在直线l上，点B（b，0）在x轴上，如果以B为圆心，半径为1的圆与直线l 有交点，则b的取值范围是．三、解答题：本题共9小题，共86分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（8分）解不等式组，并把解集在数轴上表示出来：18．（8分）如图：△ABC与△DEF中，边BC，EF在同一条直线上，AB∥DE，AC∥DF，且BF＝CE，求证：AC＝DF．19．（8分）先化简，再求值：，其中x＝1﹣．20．（8分）用列代数式或列方程（组）的方法，解决网络上流行的一个问题：法国新总统比法国第一夫人小24岁，美国新总统比美国第一夫人大24岁，法国新总统比美国新总统小32岁．求：美国第一夫人比法国第一夫人小多少岁？21．（8分）在“书香校园”活动中，某校为了解学生家庭藏书情况，随机抽取本校部分学生进行调查，并绘制成部分统计图表如下：类别家庭藏书m本学生人数A0≤m≤2520B26≤m≤50aC51≤m≤7550D m≥7666根据以上信息，解答下列问题：（1）该调查的样本容量为，a＝；（2）随机抽取一位学生进行调查，刚好抽到A类学生的概率是；（3）若该校有2000名学生，请估计全校学生中家庭藏书不少于76本的人数．22．（10分）阅读下列材料，关于x的方程：x+＝c+的解是x1＝c，x2＝；x﹣＝c﹣的解是x1＝c，x2＝﹣；x+＝c+的解是x1＝c，x2＝；x+＝c+的解是x1＝c，x2＝；……（1）请观察上述方程与解的特征，比较关于x的方程x+＝c+（a≠0）与它们的关系猜想它的解是什么，并利用“方程的解”的概念进行验证．（2）可以直接利用（1）的结论，解关于x的方程：x+＝a+．23．（10分）如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°．（1）利用尺规作图，在BC边上求作一点P，使得点P到边AB的距离等于PC的长；（要求：尺规作图，不写作法，保留作图痕迹，并把作图痕迹用黑色签字笔描黑）（2）在（1）的条件下，以点P为圆心，PC长为半径的⊙P中，⊙P与边BC相交于点D，若AC＝6，PC＝3，求BD的长．24．（12分）如果三角形有一边上的中线恰好等于这边的长，那么称这个三角形为“匀称三角形”，这条中线为“匀称中线”．（1）如图①，在Rt△ABC中，∠C＝90°，AC＞BC，若Rt△ABC是“匀称三角形”．①请判断“匀称中线”是哪条边上的中线，②求BC：AC：AB的值．（2）如图②，△ABC是⊙O的内接三角形，AB＞AC，∠BAC＝45°，S△ABC＝2，将△ABC绕点A逆时针旋转45°得到△ADE，点B的对应点为D，AD与⊙O交于点M，若△ACD是“匀称三角形”，求CD的长，并判断CM是否为△ACD的“匀称中线”．25．（14分）已知：抛物线y＝2ax2﹣ax﹣3（a+1）与x轴交于点AB（点A在点B的左侧）．（1）不论a取何值，抛物线总经过第三象限内的一个定点C，请直接写出点C的坐标；（2）如图，当AC⊥BC时，求a的值和AB的长；（3）在（2）的条件下，若点P为抛物线在第四象限内的一个动点，点P的横坐标为h，过点P作PH⊥x轴于点H，交BC于点D，作PE∥AC交BC于点E，设△ADE的面积为S，请求出S与h的函数关系式，并求出S 取得最大值时点P的坐标．2019-2020学年福建省泉州市南安市九年级（上）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．【解答】解：∵＜＜＜＜π＜，∴介于与之间的是．故选：A．2．【解答】解：A、+，无法计算，故此选项错误；B、a+2a＝3a，正确；C、（2a）3＝8a3，故此选项错误；D、a6÷a3＝a3，故此选项错误；故选：B．3．【解答】解：将171.18万用科学记数法表示为：1.7118×106．故选：C．4．【解答】解：①的主视图是第一层三个小正方形，第二层左边一个小正方形；左视图是第一层两个小正方形，第二层左边一个小正方形；俯视图是第一层中间一个小正方形，第二层三个小正方形；②的主视图是第一层三个小正方形，第二层中间一个小正方形；左视图是第一层两个小正方形，第二层左边一个小正方形；俯视图是第一层中间一个小正方形，第二层三个小正方形；故选：A．5．【解答】解：设袋子中有红球x个，根据题意得＝0.6，解得x＝4．经检验x＝4是原方程的解．答：袋子中有红球有4个．故选：A．6．【解答】解：∵∠BEF是△AEF的外角，∠1＝25°，∠F＝30°，∴∠BEF＝∠1+∠F＝55°，∵AB∥CD，∴∠2＝∠BEF＝55°，故选：C．7．【解答】解：多边形内角和（n﹣2）×180°＝720°，∴n＝6．则正多边形的一个外角＝，故选：B．8．【解答】解：如图，分别过点D，C作x轴的垂线，垂足为M，N，∵点D的坐标是（3，4），∴OM＝3，DM＝4，在Rt△OMD中，OD＝＝5，∵四边形ABCD为菱形，∴OD＝CB＝OB＝5，DM＝CN＝4，∴Rt△ODM≌Rt△BCN（HL），∴BN＝OM＝3，∴ON＝OB+BN＝5+3＝8，又∵CN＝4，∴C（8，4），将C（8，4）代入y＝，得，k＝8×4＝32，故选：D．9．【解答】解：设小矩形的长为a，宽为b（a＞b），则a+3b＝n，阴影部分的周长为2n+2（m﹣a）+2（m﹣3b）＝2n+2m﹣2a+2m﹣6b＝4m+2n﹣2n＝4m，故选：D．10．【解答】解：设AB＝x，则AE＝EB＝由折叠，FE＝EB＝则∠AFB＝90°由tan∠DCE＝∴BC＝，EC＝∵F、B关于EC对称∴∠FBA＝∠BCE∴△AFB∽△EBC∴∴y＝故选：D．二、填空题：本题共6小题，每小题4分，共24分．11．【解答】解：原式＝3﹣＝．故答案为：．12．【解答】解：将数据从小到大重新排列为：6、8、8、10、12、15，所以这组数据的中位数为＝9，故答案为：9．13．【解答】解：设圆锥底面圆的半径为r，∵AC＝6，∠ACB＝120°，∴＝＝2πr，∴r＝2，即：OA＝2，在Rt△AOC中，OA＝2，AC＝6，根据勾股定理得，OC＝＝4，故答案为：4．14．【解答】解：由图可知，∠AOB＝75°﹣45°＝30°，根据同弧所对的圆周角等于它所对圆心角的一半可知，∠1＝∠AOB＝×30°＝15°．故答案为15°．15．【解答】解：∵直角三角形的外心是斜边的中点，∴CD＝AB＝6，∵I是△ABC的重心，∴DI＝CD＝2，故答案为：2．16．【解答】解：∵动点A（m+2，3m+4）在直线l上，∴直线l解析式为y＝3x﹣2如图，直线l与x轴交于点C（，0），交y轴于点A（0，﹣2）∴OA＝2，OC＝∴AC＝＝若以B为圆心，半径为1的圆与直线l相切于点D，连接BD∴BD⊥AC∴sin∠BCD＝sin∠OCA＝∴∴BC＝∴以B为圆心，半径为1的圆与直线l相切时，B点坐标为（﹣，0）或（+，0）∴以B为圆心，半径为1的圆与直线l有交点，则b的取值范围是故答案为：三、解答题：本题共9小题，共86分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．【解答】解：由不等式①得：x＞4．由不等式②得：x＞2．不等式组的解集：x＞4．18．【解答】证明：∵AB∥DE，∴∠B＝∠E，∵AC∥DF∴∠ACB＝∠EFD，∵BF＝CE∴BC＝EF，且∠B＝∠E，∠ACB＝∠EFD，∴△ABC≌△DEF（ASA）∴AC＝DF19．【解答】解：原式＝÷＝•＝1﹣x，当x＝1﹣时，∴原式＝1﹣（1﹣）＝；20．【解答】解：设法国新总统x岁，则法国第一夫人：（x+24）岁，美国新总统：（x+32）岁，美国第一夫人：（x+32﹣24）＝（x+8）岁，故美国第一夫人比法国第一夫人小：（x+24）﹣（x+8）＝16（岁）．故美国第一夫人比法国第一夫人小16岁．21．【解答】解：（1）调查的样本容量为50÷25%＝200（人），a＝200﹣20﹣50﹣66＝64（人），故答案为200，64；（2）刚好抽到A类学生的概率是20÷200＝0.1，故答案为0.1；（3）全校学生中家庭藏书不少于76本的人数：2000×＝660（人）．答：全校学生中家庭藏书不少于76本的人数为660人．22．【解答】解：（1）方程的解为x1＝c，x2＝，验证：当x＝c时，∵左边＝c+，右边＝c+，∴左边＝右边，∴x＝c是x+＝c+的解，同理可得：x＝是x+＝c+的解；（2）方程整理得：（x﹣3）+＝（a﹣3）+，解得：x﹣3＝a﹣3或x﹣3＝，即x＝a或x＝，经检验x＝a与x＝都为分式方程的解．23．【解答】解：如图所示：（1）作∠A的平分线交BC于点P，点P即为所求作的点．（2）作PE⊥AB于点E，则PE＝PC＝3，∴AB与圆相切，∵∠ACB＝90°，∵AC与圆相切，∴AC＝AE，设BD＝x，BE＝y，则BC＝6+x，BP＝3+x，∵∠B＝∠B，∠PEB＝∠ACB，∴△PEB∽△ACB∴＝＝∴＝＝解得x＝2，答：BD的长为2．24．【解答】解：（1）①如图①，作Rt△ABC的三条中线AD、BE、CF，∵∠ACB＝90°，∴CF＝，即CF不是“匀称中线”．又在Rt△ACD中，AD＞AC＞BC，即AD不是“匀称中线”．∴“匀称中线”是BE，它是AC边上的中线，②设AC＝2a，则CE＝a，BE＝2a，在Rt△BCE中∠BCE＝90°，∴BC＝，在Rt△ABC中，AB＝，∴BC：AC：AB＝．（2）由旋转可知，∠DAE＝∠BAC＝45°．AD＝AB＞AC，∴∠DAC＝∠DAE+∠BAC＝90°，AD＞AC，∵Rt△ACD是“匀称三角形”．由②知：AC：AD：CD＝：2：，设AC＝，则AD＝2a，CD＝a，如图②，过点C作CH⊥AB，垂足为H，则∠AHC＝90°，∵∠BAC＝45°，∴，∵＝，解得a＝2，a＝﹣2（舍去），∴，判断：CM不是△ACD的“匀称中线”．理由：假设CM是△ACD的“匀称中线”．则CM＝AD＝2AM＝4，AM＝2，∴tan，又在Rt△CBH中，∠CHB＝90°，CH＝，BH＝4﹣，∴tan B＝，即∠AMC≠∠B，这与∠AMC＝∠B相矛盾，∴假设不成立，∴CM不是△ACD的“匀称中线”．25．【解答】解：（1）y＝2ax2﹣ax﹣3（a+1）＝a（2x2﹣x﹣3）﹣3，令2x2﹣x﹣3＝0，解得：x＝或﹣1，故第三象限内的一个定点C为（﹣1，﹣3）；（2）函数的对称轴为：x＝﹣＝，设函数对称轴与x轴交点为M，则其坐标为：（，0），则CM＝＝，则AB＝2CM＝，则点A、B的坐标分别为：（﹣3，0）、（，0）；将点A的坐标代入函数表达式得：18a+3a﹣3a﹣3＝0，解得：a＝，函数的表达式为：y＝（x+3）（x﹣）＝x2﹣x﹣；（3）过点E作EF⊥PH，设：∠ACB＝α，则∠ACB＝∠HPE＝∠DEF＝α，将点B、C坐标代入一次函数表达式并解得：直线BC的表达式为：y＝x﹣，设点P（h，h2﹣h﹣），则点D（h，h﹣），故tan∠ACB＝tanα＝，则sinα＝，y D﹣y E＝DE sinα＝PD sinα•sinα，S＝S△ABE﹣S△ABD＝×AB×（y D﹣y E）＝××（h﹣﹣h2+h+＝﹣h2+h﹣，∵﹣＜0，∴S有最大值，当h＝时，S的最大值为：，此时点P（，﹣）．。

2019-2020学年福建省福州市鼓楼区一年级（上）期末数学试卷一、算一算。

(15+12+4+4＝35分)1．（15分）口算。

8+6＝10﹣2＝2+18＝15+5＝15+3﹣10＝9+5＝7+7＝17﹣7＝6+6＝17﹣6+4＝16﹣4＝13﹣2＝1+12＝18﹣2＝5+4+10＝2．（12分）填数。

7+＝175+＝14+＝1517﹣＝714﹣＝515﹣＝17﹣＝1014﹣＝915﹣＝7+8＝3．（4分）在横线里填上“+”或“﹣”。

97＝1667＝1372＝5010＝10 4．（4分）在横线里填上“＞”“＜”或“＝”。

122014﹣4799﹣08+76+9二.填一填。

（第2题5分，其余每空1分，共27分）5．（10分）看图填空。

上面共有个数，其中最大的数是，它的两个珠子在位，表示。

6．（5分）（1）按规律在空白方格中填上数。

（2）圈出左边的3个数；右边起第2个数是。

（3）从如图选数填写。

+＝﹣＝7．（4分）一个数的右起第一位是9，第二位是1，这个数是，这个数表示有个一，在它后面的一个数是，在它前面的一个数是。

8．（3分）最大的一位数是，最小的两位数是，它们的和是，差是．9．（2分）写出比7大比12小的数，一共有个数。

10．（1分）一个大正方体至少是由个相同的小正方体拼成。

11．（2分）在正确的答案上画“√”，再填数。

□比〇（多少）个。

〇比□（多少）个。

三、选一选。

（12分）12．（2分）下列图是左手图的是（）A．B．C．13．（2分）和13相邻的两个数是（）A．12和14B．13和14C．11和1214．（2分）数量最少的图形是（）A．B．〇C．◇15．（2分）是（）A．正方体B．长方体C．圆柱体16．（2分）钟面上的时间是（）A．11：00B．12点刚过C．快12点了17．（2分）在福州的小红站在阳光下看自己的影子，影子最短时是在（）A．中午1：00B．上午8：00C．上午9：00四、先画一画，再填答案。

九年级（上）期末数学试卷一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）1．方程x（x﹣2）=0的解是（）A．x=0 B．x=2 C．x=0或x=﹣2 D．x=0或x=22．下列事件中是必然事件的是（）A．实心铁球投入水中会沉入水底B．某投篮高手投篮一次就投中C．打开电视机，正在播放足球比赛D．抛掷一枚硬币，落地后正面朝上3．下面的图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（）A．B．C．D．4．已知：如图，OA，OB是⊙O的两条半径，且OA⊥OB，点C在⊙O上，则∠ACB的度数为（）A．45°B．35°C．25°D．20°5．若两个相似三角形的周长之比是1：2，则它们的面积之比是（）A．1：2 B．1：C．2：1 D．1：46．将抛物线y=x2向左平移2个单位，再向下平移3个单位，则得到的抛物线解析式是（）A．y=（x﹣2）2﹣3 B．y=（x﹣2）2+3 C．y=（x+2）2﹣3 D．y=（x+2）2+37．某商品原价289元，经连续两次降价后售价为256元，设平均每降价的百分率为x，则下面所列方程正确的是（）A．289（1﹣x）2=256 B．256（1﹣x）2=289 C．289（1﹣2x）2=256 D．256（1﹣2x）2=289 8．如图，直线y=2x与双曲线y=在第一象限的交点为A，过点A作AB⊥x轴，垂足为B，将△ABO 绕点O逆时针旋转90°，得到△A′B′O（点A对应点A′），则点A′的坐标是（）A．（2，0）B．（2，﹣1）C．（﹣2，1）D．（﹣1，﹣2）9．已知m＜0，则函数y=的图象大致是（）A．B．C．D．10．如图，圆内接四边形ABCD，AB=3，∠C=135°，若AB⊥BD，则圆的直径是（）A．6 B．5 C．3D．311．已知Rt△ABC的一条直角边AB=8cm，另一条直角边BC=6cm，以AB为轴将Rt△ABC旋转一周，所得到的圆锥的侧面积是（）A．120πcm2B．60πcm2C．160πcm2D．80πcm212．已知关于x的方程只有一个实数根，则实数a的取值范围是（）A．a＞0 B．a＜0 C．a≠0 D．a为一切实数二、填空题（共6小题，每小题4分，满分24分）13．已知一元二次方程x2﹣x﹣c=0有一个根为2，则常数c的值是．14．投掷一枚质地均匀的骰子，向上一面的点数大于4的概率是．15．点（﹣2，1）关于原点对称的点的坐标为．16．在某一时刻，测得一根高为1.8m的竹竿的影长为3m，同时测得一根旗杆的影长为20m，那么这根旗杆的高度是m．17．如图所示，一个半径为1的圆内切于一个圆心角为60°的扇形，则扇形的弧长是．18．如图，点A，B分别在函数y=（k1＞0）与y=（k2＜0）的图象上，线段AB的中点M在y轴上．若△AOB的面积为2，则k1﹣k2的值是．三、解答题（共9小题，满分90分）19．已知关于x的一元二次方程x2+x+a=0有两个相等的实数根，求a的值．20．解方程：x2﹣2x=1．21．如图，正方形的边长为2，边OA，OC分别在x轴与y轴上，反比例函数y=（k为常数，k≠0）的图象经过正方形的中心D．（1）直接写出点D的坐标；（2）求反比例函数的解析式．22．一个不透明的口袋中有3个大小相同的小球，球面上分别写有数字1，2，3，从袋中随机摸出一个小球，记录下数字后放回，再随机摸出一个小球．（1）请用树状图或列表法中的一种，列举出两次摸出的球上数字的所有可能结果；（2）求两次摸出球上的数字的积为奇数的概率．23．如图，在Rt△BAC中，∠BAC=90°，将△ABC绕点A顺时针旋转90°得到△AB′C′（点B的对应点是点B′，点C的对应点是点C′），连接CC′，若∠CC′B′=30°，求∠B的度数．24．某商场销售一种笔记本，进价为每本10元，试营销阶段发现：当销售单价为12元时，每天可卖出100本．如调整价格，每涨价1元，每天要少卖出10本．（1）写出该商场销售这种笔记本，每天所得的销售利润y（元）与销售单价x（元）之间的函数关系式（x＞10）；（2）若该笔记本的销售单价高于进价且不超过15元，求销售单价为多少元时，该笔记本每天的销售利润最大？并求出最大值．25．如图，AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线，BC交⊙O于点E．（1）若D为AC的中点，证明DE是⊙O的切线；（2）若OA=，CE=1，求△ABC的面积．26．如图，在矩形ABCD中，AB=3，BC=4，动点P以每秒一个单位的速度从点A出发，沿对角线AC向点C移动，同时动点Q以相同的速度从点C出发，沿边CB向点B移动．设P，Q两点移动时间为t秒（0≤t≤4）．（1）用含t的代数式表示线段PC的长是；（2）当△PCQ为等腰三角形时，求t的值；（3）以BQ为直径的圆交PQ于点M，当M为PQ的中点时，求t的值．27．如图，已知抛物线y=x2﹣2x﹣3与x轴交于A，B两点（点A在点B的左侧），与y轴交于点C，该抛物线顶点为D，对称轴交x轴于点H．（1）求A，B两点的坐标；（2）设点P在x轴下方的抛物线上，当∠ABP=∠CDB时，求出点P的坐标；（3）以OB为边最第四象限内作等边△OBM．设点E为x轴的正半轴上一动点（OE＞OH），连接ME，把线段ME绕点M顺时针旋转60°得MF，求线段DF的长的最小值．2017-2018学年福建省福州市长乐市九年级（上）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）1．方程x（x﹣2）=0的解是（）A．x=0 B．x=2 C．x=0或x=﹣2 D．x=0或x=2【考点】解一元二次方程-因式分解法．【分析】原方程已化为了方程左边为两个一次因式的乘积，方程的右边为0的形式；可令每一个一次因式为零，得到两个一元一次方程，从而求出原方程的解．【解答】解：由题意，得：x=0或x﹣2=0，解得x=0或x=2；故选D．【点评】在用因式分解法解一元二次方程时，一般地要把方程整理为一般式，如果左边的代数式能够分解为两个一次因式的乘积，而右边为零时，则可令每一个一次因式为零，得到两个一元一次方程，解出这两个一元一次方程的解就是原方程的两个解了．2．下列事件中是必然事件的是（）A．实心铁球投入水中会沉入水底B．某投篮高手投篮一次就投中C．打开电视机，正在播放足球比赛D．抛掷一枚硬币，落地后正面朝上【考点】随机事件．【分析】根据理解必然事件、不可能事件、随机事件的概念进行解答即可．【解答】解：实心铁球投入水中会沉入水底是必然事件，A正确；某投篮高手投篮一次就投中是随机事件，B错误；打开电视机，正在播放足球比赛是随机事件，C错误；抛掷一枚硬币，落地后正面朝上是随机事件，D错误，故选：A．【点评】本题考查的是理解必然事件、不可能事件、随机事件的概念．必然事件指在一定条件下一定发生的事件．不可能事件是指在一定条件下，一定不发生的事件．不确定事件即随机事件是指在一定条件下，可能发生也可能不发生的事件．3．下面的图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（）A．B．C．D．【考点】中心对称图形；轴对称图形．【专题】常规题型．【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解．【解答】解：A、不是轴对称图形，是中心对称图形，故A选项错误；B、不是轴对称图形，是中心对称图形，故B选项错误；C、既是轴对称图形，也是中心对称图形，故C选项正确；D、是轴对称图形，不是中心对称图形，故D选项错误．故选：C．【点评】本题考查了中心对称及轴对称的知识，解题时掌握好中心对称图形与轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合．4．已知：如图，OA，OB是⊙O的两条半径，且OA⊥OB，点C在⊙O上，则∠ACB的度数为（）A．45°B．35°C．25°D．20°【考点】圆周角定理．【专题】探究型．【分析】直接根据圆周角定理进行解答即可．【解答】解：∵OA⊥OB，∴∠AOB=90°，∴∠ACB=∠AOB=45°．故选A．【点评】本题考查的是圆周角定理，即在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．5．若两个相似三角形的周长之比是1：2，则它们的面积之比是（）A．1：2 B．1：C．2：1 D．1：4【考点】相似三角形的性质．【分析】根据相似三角形周长的比等于相似比、相似三角形面积的比等于相似比的平方解答即可．【解答】解：∵两个相似三角形的周长之比是1：2，∴两个相似三角形的相似比是1：2，∴它们的面积之比是：1：4，故选：D．【点评】本题考查的是相似三角形的性质，掌握相似三角形周长的比等于相似比、相似三角形面积的比等于相似比的平方是解题的关键．6．将抛物线y=x2向左平移2个单位，再向下平移3个单位，则得到的抛物线解析式是（）A．y=（x﹣2）2﹣3 B．y=（x﹣2）2+3 C．y=（x+2）2﹣3 D．y=（x+2）2+3【考点】二次函数图象与几何变换．【分析】抛物线y=x2的顶点坐标为（0，0），向左平移2个单位，再向下平移3个单位，所得的抛物线的顶点坐标为（﹣2，﹣3），根据顶点式可确定所得抛物线解析式．【解答】解：依题意可知，原抛物线顶点坐标为（0，0），平移后抛物线顶点坐标为（﹣2，﹣3），又因为平移不改变二次项系数，所以所得抛物线解析式为：y=（x+2）2﹣3．故选：C．【点评】本题考查了二次函数图象与几何变换，属于基础题，解决本题的关键是得到新抛物线的顶点坐标．7．某商品原价289元，经连续两次降价后售价为256元，设平均每降价的百分率为x，则下面所列方程正确的是（）A．289（1﹣x）2=256 B．256（1﹣x）2=289 C．289（1﹣2x）2=256 D．256（1﹣2x）2=289 【考点】由实际问题抽象出一元二次方程．【专题】增长率问题．【分析】增长率问题，一般用增长后的量=增长前的量×（1+增长率），本题可参照增长率问题进行计算，如果设平均每次降价的百分率为x，可以用x表示两次降价后的售价，然后根据已知条件列出方程．【解答】解：根据题意可得两次降价后售价为289（1﹣x）2，∴方程为289（1﹣x）2=256．故选答：A．【点评】本题考查一元二次方程的应用，解决此类两次变化问题，可利用公式a（1+x）2=c，其中a 是变化前的原始量，c是两次变化后的量，x表示平均每次的增长率．本题的主要错误是有部分学生没有仔细审题，把答案错看成B．8．如图，直线y=2x与双曲线y=在第一象限的交点为A，过点A作AB⊥x轴，垂足为B，将△ABO 绕点O逆时针旋转90°，得到△A′B′O（点A对应点A′），则点A′的坐标是（）A．（2，0）B．（2，﹣1）C．（﹣2，1）D．（﹣1，﹣2）【考点】反比例函数与一次函数的交点问题；坐标与图形变化-旋转．【专题】计算题．【分析】通过解方程组可得A（1，2），则AB=2，OB=1，再根据旋转的性质得AB=A′B′=2，OB=OB′=1，∠A′B′O=∠ABO=90°，∠BOB′=90°，所以点B′在y轴的正半轴上，A′B′⊥y轴，然后利用第二象限点的坐标特征写出A′点的坐标．【解答】解：解方程组得或，则A（1，2），∵AB⊥x轴，∴B（1，0），∴AB=2，OB=1，∵△ABO绕点O逆时针旋转90°，得到△A′B′O（点A对应点A′），如图，∴AB=A′B′=2，OB=OB′=1，∠A′B′O=∠ABO=90°，∠BOB′=90°，∴点B′在y轴的正半轴上，A′B′⊥y轴，∴A′点的坐标为（﹣2，1）．故选C．【点评】本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题：求反比例函数与一次函数的交点坐标，把两个函数关系式联立成方程组求解，若方程组有解则两者有交点，方程组无解，则两者无交点．也考查了旋转的性质．9．已知m＜0，则函数y=的图象大致是（）A．B．C．D．【考点】反比例函数的图象．【分析】根据反比例函数的性质，分别分析x＞0和x＜0时图象所在象限．【解答】解：当x＞0时，y==，∵m＜0，∴图象在第四象限；当x＜0时，y==﹣，∵m＜0，∴﹣m＞0，∴图象在第三象限；故选：B．【点评】此题主要考查了反比例函数的性质，关键是掌握反比例函数y=的图象是双曲线，当k＞0时，它的两个分支分别位于第一、三象限；当k＜0时，它的两个分支分别位于第二、四象限．10．如图，圆内接四边形ABCD，AB=3，∠C=135°，若AB⊥BD，则圆的直径是（）A．6 B．5 C．3D．3【考点】圆内接四边形的性质；等腰直角三角形；圆周角定理．【分析】根据圆内接四边形的性质求出∠A，根据等腰直角三角形的性质和圆周角定理解得即可．【解答】解：∵四边形ABCD是圆内接四边形，∴∠C+∠A=180°，∴∠A=45°，又AB⊥BD，∴△ABC为等腰直角三角形，∴AD=AB=3，∵AB⊥BD，∴线段AD为圆的直径，∴圆的直径为3，故选：D．【点评】本题考查的是圆内接四边形的性质、等腰直角三角形的性质和圆周角定理的应用，掌握相关的定理、灵活运用性质是解题的关键．11．已知Rt△ABC的一条直角边AB=8cm，另一条直角边BC=6cm，以AB为轴将Rt△ABC旋转一周，所得到的圆锥的侧面积是（）A．120πcm2B．60πcm2C．160πcm2D．80πcm2【考点】圆锥的计算．【分析】根据勾股定理求出Rt△ABC的斜边长，根据题意求出圆锥的底面周长，根据扇形的面积公式计算即可．【解答】解：∵Rt△ABC的一条直角边AB=8cm，另一条直角边BC=6cm，∴斜边AC==10cm，圆锥的底面周长为：2π×6=12πcm，则圆锥的侧面积为：×12π×10=60πcm2．故选：B．【点评】本题考查的是圆锥的计算，理解圆锥的侧面展开图与原来的扇形之间的关系是解决本题的关键，理解圆锥的母线长是扇形的半径，圆锥的底面圆周长是扇形的弧长．12．已知关于x的方程只有一个实数根，则实数a的取值范围是（）A．a＞0 B．a＜0 C．a≠0 D．a为一切实数【考点】二次函数的图象；反比例函数的图象．【分析】方程只有一个实数根，则函数y=和函数y=x2﹣2x+3只有一个交点，根据二次函数所处的象限，即可确定出a的范围．【解答】解：∵方程只有一个实数根，∴函数y=和函数y=x2﹣2x+3只有一个交点，∵函数y=x2﹣2x+3=（x﹣1）2+2，开口向上，对称轴x=1，顶点为（1，2），抛物线交y轴的正半轴，∴反比例函数y=应该在一、三象限，∴a＞0，故选A．【点评】本题考查了二次函数的图象和反比例函数的图象，确定二次函数的图象所处的位置是解题的关键．二、填空题（共6小题，每小题4分，满分24分）13．已知一元二次方程x2﹣x﹣c=0有一个根为2，则常数c的值是2．【考点】一元二次方程的解．【分析】把x=2代入方程x2﹣x﹣c=0，得出一个关于c的方程，求出方程的解即可．【解答】解：把x=2代入方程x2﹣x﹣c=0得：4﹣2﹣c=0，解得：c=2，故答案为：2．【点评】本题考查了解一元一次方程，一元二次方程的解得应用，能得出关于c的方程是解此题的关键．14．投掷一枚质地均匀的骰子，向上一面的点数大于4的概率是．【考点】概率公式．【分析】由于一枚质地均匀的正方体骰子，骰子向上的一面点数可能为1、2、3、4、5、6，共有6种可能，大于4的点数有5、6，则根据概率公式可计算出骰子向上的一面点数大于4的概率．【解答】解：掷一枚质地均匀的正方体骰子，骰子向上的一面点数共有6种可能，而只有出现点数为5、6才大于4，所以这个骰子向上的一面点数大于4的概率是=．故答案为：．【点评】本题考查的是概率公式，熟记随机事件A的概率P（A）=事件A可能出现的结果数与所有可能出现的结果数的商是解答此题的关键．15．点（﹣2，1）关于原点对称的点的坐标为（2，﹣1）．【考点】关于原点对称的点的坐标．【专题】计算题．【分析】根据点P（a，b）关于原点对称的点P′的坐标为（﹣a，﹣b）即可得到点（﹣2，1）关于原点对称的点的坐标．【解答】解：点（﹣2，1）关于原点对称的点的坐标为（2，﹣1）．故答案为（2，﹣1）．【点评】本题考查了关于原点对称的点的坐标特点：点P（a，b）关于原点对称的点P′的坐标为（﹣a，﹣b）．16．在某一时刻，测得一根高为1.8m的竹竿的影长为3m，同时测得一根旗杆的影长为20m，那么这根旗杆的高度是12m．【考点】相似三角形的应用．【分析】根据同时同地物高与影长成正比列式计算即可得解．【解答】解：设旗杆高度为xm，由题意得，=，解得：x=12．故答案为：12．【点评】本题考查了相似三角形的应用，主要利用了同时同地物高与影长成正比，需熟记．17．如图所示，一个半径为1的圆内切于一个圆心角为60°的扇形，则扇形的弧长是π．【考点】相切两圆的性质．【分析】连接OA、CB，则CB⊥OB，由切线长定理得出∠BOC=×60°=30°，由含30°角的直角三角形的性质得出OC=2CB=2，求出OA=OC+CA=3，扇形的弧长公式即可得出结果．【解答】解：如图所示：连接CB，则CB⊥OB，∴∠OBC=90°，∠BOC=×60°=30°，∵CA=CB=1，∴OC=2CB=2，∴OA=OC+CA=3，∴扇形的弧长==π．故答案为：π．【点评】本题考查了相切两圆的性质、切线长定理、含30°角的直角三角形的性质、弧长公式；熟练掌握相切两圆的性质，求出扇形的半径是解决问题的关键．18．如图，点A，B分别在函数y=（k1＞0）与y=（k2＜0）的图象上，线段AB的中点M在y轴上．若△AOB的面积为2，则k1﹣k2的值是4．【考点】反比例函数系数k的几何意义．【分析】设A（a，b），B（﹣a，d），代入双曲线得到k1=ab，k2=﹣ad，根据三角形的面积公式求出ad+ad=4，即可得出答案．【解答】解：作AC⊥x轴于C，BD⊥x轴于D，∴AC∥BD∥y轴，∵M是AB的中点，∴OC=OD，设A（a，b），B（﹣a，d），代入得：k1=ab，k2=﹣ad，∵S△AOB=2，∴（b+d）•2a﹣ab﹣ad=2，∴ab+ad=4，∴k1﹣k2=4，故选：4．【点评】本题主要考查对反比例函数系数的几何意义，反比例函数图象上点的坐标特征，三角形的面积等知识点的理解和掌握，能求出ab+ad=4，4是解此题的关键．三、解答题（共9小题，满分90分）19．已知关于x的一元二次方程x2+x+a=0有两个相等的实数根，求a的值．【考点】根的判别式．【分析】若一元二次方程有两个相等的实数根，则根的判别式△=b2﹣4ac=0，建立关于a的等式，求出a的值即可．【解答】解：根据题意得：△=b2﹣4ac=12﹣4×1×a=1﹣4a=0，解得a=．【点评】本题考查了根的判别式，总结：一元二次方程根的情况与判别式△的关系：（1）△＞0⇔方程有两个不相等的实数根；（2）△=0⇔方程有两个相等的实数根；（3）△＜0⇔方程没有实数根．20．解方程：x2﹣2x=1．【考点】解一元二次方程-配方法．【专题】配方法．【分析】方程的左右两边同时加上一次项系数一半的平方，左边就是完全平方式，右边就是常数，然后利用平方根的定义即可求解．【解答】解：∵x2﹣2x=1∴（x﹣1）2=2∴x=1±∴x1=1+，x2=1﹣．【点评】配方法的一般步骤：（1）把常数项移到等号的右边；（2）把二次项的系数化为1；（3）等式两边同时加上一次项系数一半的平方；（4）选择用配方法解一元二次方程时，最好使方程的二次项的系数为1，一次项的系数是2的倍数．21．如图，正方形的边长为2，边OA，OC分别在x轴与y轴上，反比例函数y=（k为常数，k≠0）的图象经过正方形的中心D．（1）直接写出点D的坐标；（2）求反比例函数的解析式．【考点】待定系数法求反比例函数解析式．【分析】（1）根据正方形的性质即可求得D的坐标；（2）根据待定系数法即可求得反比例函数的解析式．【解答】解：（1）∵正方形的边长为2，边OA，OC分别在x轴与y轴上，∴A（2，0），C（0，2），B（2，2），∵点D是正方形的中心，∴D（1，1）；（2）设反比例函数的解析式为y=，且该函数图象过点D（1，1），∴=1，∴k=1，∴反比例函数的解析式为y=．【点评】本题考查了正方形的性质和待定系数法求反比例函数的解析式，熟练掌握待定系数法是解题的关键．22．一个不透明的口袋中有3个大小相同的小球，球面上分别写有数字1，2，3，从袋中随机摸出一个小球，记录下数字后放回，再随机摸出一个小球．（1）请用树状图或列表法中的一种，列举出两次摸出的球上数字的所有可能结果；（2）求两次摸出球上的数字的积为奇数的概率．【考点】列表法与树状图法．【分析】（1）首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果；（2）由（1）可求得两次摸出的球上的数字积为奇数有4种情况，再利用概率公式即可求得答案【解答】解：（1）根据题意，可以画如下的树状图：由树状图可以看出，所有可能的结果共有9种，这些结果出现的可能性相等；（2）由（1）得：其中两次摸出的球上的数字积为奇数的有4种情况，场P（两次摸出的球上的数字积为奇数）=．【点评】本题考查的是用列表法或画树状图法求概率．列表法或画树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，列表法适合于两步完成的事件，树状图法适合两步或两步以上完成的事件．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．23．如图，在Rt△BAC中，∠BAC=90°，将△ABC绕点A顺时针旋转90°得到△AB′C′（点B的对应点是点B′，点C的对应点是点C′），连接CC′，若∠CC′B′=30°，求∠B的度数．【考点】旋转的性质．【分析】根据旋转的性质可得△ABC≌△AB′C′，根据全等三角形的性质可得AC=AC′，∠B=∠AB′C′，则△ACC′是等腰直角三角形，然后根据三角形的外角的性质求得∠AB′C′即可．【解答】解：由旋转的性质可得：△ABC≌△AB′C′，点B′在AC上，∴AC=AC′，∠B=∠AB′C′．又∵∠BAC=∠CAC′=90°，∴∠ACC′=∠AC′C=45°．∴∠AB′C′=∠ACC′+∠CC′B′=45°+30°=75°，∴∠B=∠AB′C′=75°．【点评】本题考查了旋转的性质以及全等三角形的性质和三角形的外角的性质，注意到△ACC′是等腰直角三角形是关键．24．某商场销售一种笔记本，进价为每本10元，试营销阶段发现：当销售单价为12元时，每天可卖出100本．如调整价格，每涨价1元，每天要少卖出10本．（1）写出该商场销售这种笔记本，每天所得的销售利润y（元）与销售单价x（元）之间的函数关系式（x＞10）；（2）若该笔记本的销售单价高于进价且不超过15元，求销售单价为多少元时，该笔记本每天的销售利润最大？并求出最大值．【考点】二次函数的应用．【专题】销售问题．【分析】（1）根据题意列方程即可得到结论；（2）把y=﹣10x2+320x﹣2200化为y=﹣10（x﹣16）2+360，根据二次函数的性质即可得到结论．【解答】解：（1）y=（x﹣10）[100﹣10（x﹣12）=（x﹣10）（100﹣10x+120）=﹣10x2+320x﹣2200；（2）y=﹣10x2+320x﹣2200=﹣10（x﹣16）2+360，由题意可得：10＜x≤15，∵a=﹣10＜0，对称轴为直线x=16，∴抛物线开口向下，在对称轴左侧，y随x的增大而增大，∴当x=15时，y取最大值为350元，答：销售单价为15元时，该文具每天的销售利润最大，最大值是350元．【点评】本题考查了二次函数的应用，难度较大，最大销售利润的问题常利函数的增减性来解答，我们首先要吃透题意，确定变量，建立函数模型，其中要注意应该在自变量的取值范围内求最大值（或最小值），也就是说二次函数的最值不一定在x=﹣时取得．25．如图，AB是⊙O的直径，AC是⊙O的切线，BC交⊙O于点E．（1）若D为AC的中点，证明DE是⊙O的切线；（2）若OA=，CE=1，求△ABC的面积．【考点】切线的判定与性质．【分析】（1）连接AE，OE，∠AEB=90°，∠BAC=90°，在Rt△ACE中，D为AC的中点，则DE=AD=CD=AC，得出∠DEA=∠DAE，由OA=OE，得出∠OAE=∠OEA，则∠DEO=∠DEA+∠OEA=∠DAE+∠OAE=∠BAC=90°，即可得出结论；（2）AB=2AO=2，由△BCA∽△BAE，得出=，求出BE=3，BC=4，由勾股定理得AC==2，则S△ABC=AB•AC代入即可得出结果．【解答】（1）证明：连接AE，OE，如图所示：∵AB是⊙O的直径，∴∠AEB=90°，∵AC是⊙O的切线，∴∠BAC=90°，∵在Rt△ACE中，D为AC的中点，∴DE=AD=CD=AC，∴∠DEA=∠DAE，∵OA=OE，∴∠OAE=∠OEA，∴∠DEO=∠DEA+∠OEA=∠DAE+∠OAE=∠BAC=90°，∴OE⊥DE，∵OE为半径，∴DE是⊙O的切线；（2）解：∵AO=，∴AB=2AO=2，∵∠CAB=∠AEB=90°，∠B=∠B，∴△BCA∽△BAE，∴=，即AB2=BE•BC=BE（BE+EC），∴（2）2=BE2+BE，解得：BE=3或BE=﹣4（不合题意，舍去），∴BE=3，∴BC=BE+CE=3+1=4，∴在Rt△ABC中，AC===2，∴S△ABC=AB•AC=×2×2=2．【点评】本题考查了切线的判定与性质、直角三角形斜边上的中线性质、勾股定理、相似三角形的判定与性质、等腰三角形的性质、圆周角定理等知识；本题综合性强，有一定难度．26．如图，在矩形ABCD中，AB=3，BC=4，动点P以每秒一个单位的速度从点A出发，沿对角线AC向点C移动，同时动点Q以相同的速度从点C出发，沿边CB向点B移动．设P，Q两点移动时间为t秒（0≤t≤4）．（1）用含t的代数式表示线段PC的长是5﹣t；（2）当△PCQ为等腰三角形时，求t的值；（3）以BQ为直径的圆交PQ于点M，当M为PQ的中点时，求t的值．【考点】四边形综合题．【分析】（1）根据勾股定理求出AC，根据题意用t表示出AP，结合图形计算即可；（2）分CP=CQ、QP=QC、PQ=PC三种情况，根据等腰三角形的性质和相似三角形的判定和性质计算即可；（3）连接BP、BM，根据直径所对的圆周角是直角、等腰三角形的三线合一得到BP=BQ，根据勾股定理用t表示出BP、BQ，列出方程，解方程即可．【解答】解：（1）∵∠B=90°，AB=3，BC=4，∴AC=5，∵点P的速度是每秒一个单位，移动时间为t秒，∴AP=t，则PC=AC﹣AP=5﹣t，故答案为：5﹣t；（2）当CP=CQ时，t=5﹣t，解得t=，当QP=QC时，过点Q作QH⊥AC于H，如图1，则PH=HC=PC=（5﹣t），QC=t，∵QH⊥AC，∠B=90°，∴△CHQ∽△CBA，∴=，即=，解得t=，当PQ=PC时，如图2，过点P作PN⊥QC于N，则NC=NQ=QC=t，∵△CPN∽△CAB，得=，即=，解得t=，综上所述，当t=或t=或t=时，△PCQ为等腰三角形；（3）连接BP、BM，如图3，则∠BMQ=90°，∵M为PQ的中点，∴BP=BQ，过点P作PK⊥AB于K，∵AP=t，∴PK=t，AK=t，∴BK=3﹣t，在Rt△BPK中，PB2=PK2+BK2=（3﹣t）2+（t）2，又BQ=4﹣t，∴（4﹣t）2=（3﹣t）2+（t）2，解得t=．∴以BQ为直径的圆交PQ于点M，当M为PQ的中点时，t的值为．【点评】本题考查的是矩形的性质、等腰三角形的判定和性质、相似三角形的判定和性质，掌握相关的性质定理、灵活运用数形结合思想、正确作出辅助线是解题的关键．27．如图，已知抛物线y=x2﹣2x﹣3与x轴交于A，B两点（点A在点B的左侧），与y轴交于点C，该抛物线顶点为D，对称轴交x轴于点H．（1）求A，B两点的坐标；（2）设点P在x轴下方的抛物线上，当∠ABP=∠CDB时，求出点P的坐标；（3）以OB为边最第四象限内作等边△OBM．设点E为x轴的正半轴上一动点（OE＞OH），连接ME，把线段ME绕点M顺时针旋转60°得MF，求线段DF的长的最小值．【考点】二次函数综合题．【分析】（1）令y=0，求得关于x的方程x2﹣2x﹣3=0的解即为点A、B的横坐标；（2）设P（x，x2﹣2x﹣3），根据抛物线解析式求得点D的坐标为D（1，﹣4）；结合坐标与图形的性质求得线段CD=，CB=3，BD=2；所以根据勾股定理的逆定理推知∠BCD=90°，则易推知相似三角形△BCD∽△PNB，由该相似三角形的对应边成比例来求x的值，易得点P的坐标；（3）正确做出等边△OBM和线段ME所对应的旋转线段MF，如图2．过点B，F作直线交对称轴于点G．构建全等三角形：△EOM≌△FBM，由该全等三角形的性质和图形中相关角间的和差关系得到：∠OBF=120°为定值，即BF所在直线为定直线．过D点作DK⊥BF，K为垂足线段DF的长的最小值即为DK的长度．【解答】解：（1）令y=0，得x2﹣2x﹣3=0，解得x1=﹣1，x2=3，∴A（﹣1，0），B（3，0）（2）设P（x，x2﹣2x﹣3），如图1，过点P作PN⊥x轴，垂足为N．连接BP，设∠NBP=∠CDB．令x=0，得y=x2﹣2x﹣3=﹣3，∴C（0，﹣3）∵y=x2﹣2x﹣3=（x﹣1）2﹣4，∴D（1，﹣4）．由勾股定理，得CD=，CB=3，BD=2．∴BD2=BC2+CD2，∴∠BCD=90°．∵∠BCD=∠PNB=90°，∠NBP=∠CDB．∴△BCD∽△PNB．∴=，=，即x2﹣5x+6=0，解得x1=2，x2=3（不合题意，舍去）．∴当x=2时，y=﹣3∴P（2，﹣3）；（3）正确做出等边△OBM和线段ME所对应的旋转线段MF，如图2．过点B，F作直线交对称轴于点G．由题意可得：，∴△EOM≌△FBM，∴∠MBF=∠MOB=60°．∵∠OBF=∠OBM+∠MBF=60°+60°=120°为定值，∴BF所在直线为定直线．过D点作DK⊥BF，K为垂足．在Rt△BGH中，∠HBG=180°﹣120°=60°，∴∠HGB=30°．∵HB=3，∴BG=4，HG=2．∵D（1，﹣4），∴DH=4，∴DG=2+4．在Rt△DGK中，∠DGK=30°．∴DK=DG=2+．∵当点E与点H重合时，这时BF=OH=1，则GF=4+1=5．而GK=DK=3+2＞5，即点K在点F运动的路径上，所以线段DF的长的最小值存在，最小值是2+．。

2023-2024学年福建省福州市长乐重点中学九年级（上）月考数学试卷（10月份）一、选择题（本大题共10小题，共40.0分。

在每小题列出的选项中，选出符合题目的一项）1.下列函数表达式中，一定为二次函数的是( )A. y=2x−5B. y=ax2+bx+cC. ℎ=(t+2)2D. y=x2+1x2.下列图形中既是轴对称图形又是中心对称图形的是( )A. B. C. D.3.将抛物线y=4x2+1的图象向左平移3个单位，再向下平移2个单位，得到的抛物线是( )A. y=4(x+3)2−1B. y=4(x+2)2−3C. y=4(x−3)2−2D. y=4(x−2)2−34.在一个不透明的口袋中装有4个红球，5个白球和若干个黑球，它们除颜色外其他完全相同，通过多次摸球试验后发现，摸到白球的频率稳定在25%附近，则口袋中黑球可能有( )A. 10个B. 11个C. 12个D. 13个5.下列关于圆的说法，不正确的是( )A. 圆是轴对称图形B. 圆是中心对称图形C. 优弧大于劣弧D. 垂直于弦的直径平分这条弦所对的弧6.关于二次函数y=−x2+2x+3，下列说法中不正确的是( )A. 图象开口向下B. 图象的对称轴是直线x=1C. 当x>1时，y随x的增大而增大D. 函数的最大值为47.已知关于x的一元二次方程mx2+2x+1=0有两个实根，则m的范围是( )A. m<1B. m≤1C. m<1且m≠0D. m≤1且m≠08.如图，⊙O是△ABC的外接圆，已知∠ABO=50°，则∠ACB的大小为( )A. 30°B. 40°C. 45°D. 50°9.已知二次函数y=ax2+bx+c(a≠0)中，函数y与自变量x的部分对应值如表，则方程ax2+bx+c=0(a ≠0)的一个解x的范围是( )x…1 1.1 1.2 1.3 1.4…y…−1−0.490.040.59 1.16…A. 1<x<1.1B. 1.1<x<1.2C. 1.2<x<1.3D. 1.3<x<1.410.如图，已知二次函数y=ax2+bx+c(a<0)的图象与x轴交于点A(−1,0)，对称轴为直线x=1，与y轴的交点B在(0,2)和(0,3)之间(包括这两点)，下列结论：①当x>3时，y<0；②3a+b<0；③−1≤a≤−2；3④4ac−b2>8a．其中正确的结论是( )A. ①③④B. ①②③C. ①②④D. ①②③④二、填空题（本大题共6小题，共24.0分）11.如图，该图形绕其中心旋转能与其自身完全重合，则其旋转角最小为______ 度.12.如图，二次函数y=ax2+bx+c的图象经过点A(−1,0)，抛物线的对称轴是直线x=2.那么一元二次方程ax2+bx+c=0的根是______ ．13.若A (−132,y 1)，B (−52,y 2)，C (8,y 3)为二次函数y =(x−2)2图象上三点，则y 1，y 2，y 3的大小关系为______ .(用“>”号表示)14.若点A (−3,m )，B (5,m )在同一抛物线上，则此抛物线的对称轴是直线______ ．15.如图，AB 是⊙O 的直径，弦CD 交AB 于点E ，连接AC ，AD .若∠D =62°，则∠BAC = ．16.如图，△ABC 是等边三角形，AB =2，D 在BC 边上，连接AD ，将线段AD 绕点A 顺时针旋转60°得到线段AE ，连接DE 、BE ，则△BED 的周长最小值是______ ．三、解答题（本大题共9小题，共86.0分。

2019年福建省福州市中考数学试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分）1．（2019年福建福州）﹣5的相反数是（）A．﹣5 B．5C．D．﹣分析：根据相反数的定义直接求得结果．解：﹣5的相反数是5．故选：B．点评：本题主要考查了相反数的性质，只有符号不同的两个数互为相反数，0的相反数是0．2．（2019年福建福州）地球绕太阳公转的速度约是110000千米/时，将110000用科学记数法表示为（）A．11×104B．1.1×105C．1.1×104D．0.11×105分析：科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．解：将110000000用科学记数法表示为：1.1×105．故选：B．点评：此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．3．（2019年福建福州）某几何体的三视图如图，则该几何体是（）A．三棱柱B．长方体C．圆柱D．圆锥分析：由主视图和左视图确定是柱体，锥体还是球体，再由俯视图确定具体形状．解：主视图和左视图都是等腰三角形，那么此几何体为锥体，由俯视图为圆，可得此几何体为圆锥．故选D．点评：考查了由三视图判断几何体的知识，主视图和左视图的大致轮廓为长方形的几何体为锥体．4．（2019年福建福州）下列计算正确的是（）A．x4•x4=x16B．（a3）2=a5C．（ab2）3=ab6D．a+2a=3a分析：根据同底数幂相乘，底数不变指数相加，幂的乘方，底数不变指数相乘，积的乘方，先把积的每一个因式分别乘方，再把所得到幂相乘，合并同类项，即把同类项的系数相加，所得结果作为系数，字母和字母的指数不变．对各小题计算后利用排除法求解．解；A．x4•x4=x16，故本小题错误；B．（a3）2=a5，故本小题错误；C．（ab2）3=ab6故本小题错误；D．a+2a=3a，正确．故选：D．点评：本题主要考查了同底数幂相乘，幂的乘方的性质，积的乘方的性质，合并同类项，熟练掌握运算性质并理清指数的变化是解题的关键．5．（2019年福建福州）若7名学生的体重（单位：kg）分别是：40，42，43，45，47，47，58，则这组数据的平均数是（）A．44 B．45 C．46 D．47分析：先求出这组数的和，然后根据“总数÷数量=平均数”进行解答即可；解：平均数为：（40+42+43+45+47+47+58）÷7=322÷7=46（千克）；故选C．点评：此题考查了平均数的计算方法，牢记计算方法是解答本题的关键，难度较小．6．（2019年福建福州）下列命题中，假命题是（）A．对顶角相等B．三角形两边的和小于第三边C．菱形的四条边都相等D．多边形的外角和等于360°分析：分别利用对顶角的性质、三角形的三边关系、菱形的性质及多边形的外角和对四个选项分别判断后即可确定正确的选项．解：A、对顶角相等，正确，是真命题；B、三角形的两边之和大于第三边，错误，是假命题；C、菱形的四条边都相等，正确，是真命题；D、多边形的外角和为360°，正确，为真命题，故选B．点评：本题考查了命题与定理的知识，解题的关键是熟知对顶角的性质、三角形的三边关系、菱形的性质及多边形的外角和定理，属于基础知识，难度较小．7．（2019年福建福州）若（m﹣1）2+=0，则m+n的值是（）A．﹣1 B．0C．1D．2分析：根据非负数的性质，可求出m、n的值，然后将代数式化简再代值计算．解：∵（m﹣1）2+=0，∴m﹣1=0，n+2=0；∴m=1，n=﹣2，∴m+n=1+（﹣2）=﹣1故选：A．点评：考查了非负数的性质：几个非负数的和为0时，这几个非负数都为0．8．（2019年福建福州）某工厂现在平均每天比原计划多生产50台机器，现在生产600台机器所需时间与原计划生产450台机器所需时间相同．设原计划平均每天生产x台机器，根据题意，下面所列方程正确的是（）A．=B．=C．=D．=分析：根据现在生产600台机器的时间与原计划生产450台机器的时间相同，所以可得等量关系为：现在生产600台机器时间=原计划生产450台时间．解：设原计划每天生产x台机器，则现在可生产（x+50）台．依题意得：=．故选：A．点评：此题主要考查了列分式方程应用，利用本题中“现在平均每天比原计划多生产50台机器”这一个隐含条件，进而得出等式方程是解题关键．9．（2019年福建福州）如图，在正方形ABCD的外侧，作等边三角形ADE，AC、BE相交于点F，则∠BFC为（）A．45°B．55°C．60°D．75°分析：根据正方形的性质及全等三角形的性质求出∠ABE=15°，∠BAC=45°，再求∠BFC．解：∵四边形ABCD是正方形，∴AB=AD又∵△ADE是等边三角形，∴AE=AD=DE，∠DAE=60°∴AD=AE∴∠ABE=∠AEB，∠BAE=90°+60°=150°∴∠ABE=（180°﹣150°）÷2=15°又∵∠BAC=45°∴∠BFC=45°+15°=60°故选：C．点评：本题主要是考查正方形的性质和等边三角形的性质，本题的关键是求出∠ABE=15°．10．（2019年福建福州）如图，已知直线y=﹣x+2分别与x轴，y轴交于A，B两点，与双曲线y=交于E，F两点，若AB=2EF，则k的值是（）A．﹣1 B．1C．D．分析：作FH⊥x轴，EC⊥y轴，FH与EC交于D，先利用一次函数图象上点的坐标特征得到A（2，0），B（0，2），易得△AOB为等腰直角三角形，则AB=OA=2，所以EF=AB=，且△DEF为等腰直角三角形，则FD=DE=EF=1；设F点坐标为（t，﹣t+2），则E点坐标为（t+1，﹣t+1），根据反比例函数图象上点的坐标特征得到t（﹣t+2）=（t+1）•（﹣t+1），解得t=，这样可确定E点坐标为（，），然后根据反比例函数图象上点的坐标特征得到k=×．解：作FH⊥x轴，EC⊥y轴，FH与EC交于D，如图，A点坐标为（2，0），B点坐标为（0，2），OA=OB，∴△AOB为等腰直角三角形，∴AB=OA=2，∴EF=AB=，∴△DEF为等腰直角三角形∴FD=DE=EF=1，设F点坐标为（t，﹣t+2），则E点坐标为（t+1，﹣t+1），∴t（﹣t+2）=（t+1）•（﹣t+1），解得t=，∴E点坐标为（，），∴k=×=．故选D．点评：本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征：反比例函数y=（k为常数，k≠0）的图象是双曲线，图象上的点（x，y）的横纵坐标的积是定值k，即xy=k．二、填空题（共5小题，每小题4分，满分20分）11．（2019年福建福州）分解因式：ma+mb=．分析：这里的公因式是m，直接提取即可．解：ma+mb=m（a+b）．点评：本题考查了提公因式法分解因式，公因式即多项式各项都含有的公共的因式．12．（（2019年福建福州）若5件外观相同的产品中有1件不合格，现从中任意抽取1件进行检测，则抽到不合格产品的概率是．分析：根据不合格品件数与产品的总件数比值即可解答．解：∵在5个外观相同的产品中，有1个不合格产品，∴从中任意抽取1件检验，则抽到不合格产品的概率是：．故答案为：．点评：本题主要考查概率公式，如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A出现m种结果，那么事件A的概率P（A）=．13．（2019年福建福州）计算：（+1）（﹣1）=．分析：两个二项式相乘，并且这两个二项式中有一项完全相同，另一项互为相反数．就可以用平方差公式计算．结果是乘式中两项的平方差（相同项的平方减去相反项的平方）．解：（+1）（﹣1）=．点评：本题应用了平方差公式，使计算比利用多项式乘法法则要简单．14．（2019年福建福州）如图，在▱ABCD中，DE平分∠ADC，AD=6，BE=2，则▱ABCD 的周长是．分析：根据角平分线的定义以及两直线平行，内错角相等求出∠CDE=∠CED，再根据等角对等边的性质可得CE=CD，然后利用平行四边形对边相等求出CD、BC的长度，再求出▱ABCD的周长．解：∵DE平分∠ADC，∴∠ADE=∠CDE，∵▱ABCD中，AD∥BC，∴∠ADE=∠CED，∴∠CDE=∠CED，∴CE=CD，∵在▱ABCD中，AD=6，BE=2，∴AD=BC=6，∴CE=BC﹣BE=6﹣2=4，∴CD=AB=4，∴▱ABCD的周长=6+6+4+4=20．故答案为：20．点评：本题考查了平行四边形对边平行，对边相等的性质，角平分线的定义，等角对等边的性质，是基础题，准确识图并熟练掌握性质是解题的关键．15．（2019年福建福州）如图，在Rt△ABC中，∠ACB=90°，点D，E分别是边AB，AC的中点，延长BC到点F，使CF=BC．若AB=10，则EF的长是．分析：根据三角形中位线的性质，可得DE与BC的关系，根据平行四边形的判定与性质，可得DC与EF的关系，根据直角三角形的性质，可得DC与AB的关系，可得答案．解：如图，连接DC．DE是△ABC的中位线，∴DE∥BC，DE=，∵CF=BC，∴DE∥CF，DE=CF，∴CDEF是平行四边形，∴EF=DC．∵DC是Rt△ABC斜边上的中线，∴DC==5，∴EF=DC=5，故答案为：5．点评：本题考查了平行四边形的判定与性质，利用了平行四边形的判定与性质，直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半．三、解答题（满分90分）16．（2019年福建福州）（1）计算：+（）0+|﹣1|；（2）先化简，再求值：（x+2）2+x（2﹣x），其中x=．分析：（1）本题涉及零指数幂、绝对值、二次根式化简三个考点．针对每个考点分别进行计算，然后根据实数的运算法则求得计算结果；（2）根据完全平方公式、单项式成多项式，可化简整式，根据代数式求值，可得答案．解：（1）原式=3+1+1=5；（2）原式=x2+4x+4+2x﹣x2=6x+4，当x=时，原式=6×+4=2+4=6．点评：本题考查了实数的运算，熟练掌握零指数幂、绝对值、二次根式的运算．17．（2019年福建福州）（1）如图1，点E，F在BC上，BE=CF，AB=DC，∠B=∠C，求证：∠A=∠D．（2）如图2，在边长为1个单位长度的小正方形所组成的网格中，△ABC的顶点均在格点上．①sinB的值是；②画出△ABC关于直线l对称的△A1B1C1（A与A1，B与B1，C与C1相对应），连接AA1，BB1，并计算梯形AA1B1B的面积．分析：（1）根据全等三角形的判定与性质，可得答案；（2）根据正弦函数的定义，可得答案；根据轴对称性质，可作轴对称图形，根据梯形的面积公式，可得答案．（1）证明：BE=CF，∴BE+EF=CF+EF．即BF=CE．在△ABF和△DCE中，，∴△ABF≌△DCE（SAS）．∴∠A=∠D；（2）解：①∵AC=3，BC=4，∴AB=5．sinB=；②如图所示：由轴对称性质得AA1=2，BB1=8，高是4，∴==20．点评：本题考查了全等三角形的判定与性质，利用了等式的性质，全等三角形的判定与性质．18．（2019年福建福州）设中学生体质健康综合评定成绩为x分，满分为100分，规定：85≤x≤100为A级，75≤x≤85为B级，60≤x≤75为C级，x＜60为D级．现随机抽取福海中学部分学生的综合评定成绩，整理绘制成如下两幅不完整的统计图，请根据图中的信息，解答下列问题：（1）在这次调查中，一共抽取了名学生，α=%；（2）补全条形统计图；（3）扇形统计图中C级对应的圆心角为度；（4）若该校共有2000名学生，请你估计该校D级学生有多少名？分析：（1）根据B级的人数和所占的百分比求出抽取的总人数，再用A级的人数除以总数即可求出a；（2）用抽取的总人数减去A、B、D的人数，求出C级的人数，从而补全统计图；（3）用360度乘以C级所占的百分比即可求出扇形统计图中C级对应的圆心角的度数；（4）用D级所占的百分比乘以该校的总人数，即可得出该校D级的学生数．解：（1）在这次调查中，一共抽取的学生数是：=50（人），a=×100%=24%；故答案为：50，24；（2）等级为C的人数是：50﹣12﹣24﹣4=10（人），补图如下：（3）扇形统计图中C级对应的圆心角为×360°=72°；故答案为：72；（4）根据题意得：2000×=160（人），答：该校D级学生有160人．点评：此题考查了是条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．19．（2019年福建福州）现有A，B两种商品，买2件A商品和1件B商品用了90元，买3件A商品和2件B商品用了160元．（1）求A，B两种商品每件各是多少元？（2）如果小亮准备购买A，B两种商品共10件，总费用不超过350元，但不低于300元，问有几种购买方案，哪种方案费用最低？分析：（1）设A商品每件x元，B商品每件y元，根据关系式列出二元一次方程组．（2）设小亮准备购买A商品a件，则购买B商品（10﹣a）件，根据关系式列出二元一次不等式方程组．求解再比较两种方案．解：（1）设A商品每件x元，B商品每件y元，依题意，得，解得．答：A商品每件20元，B商品每件50元．（2）设小亮准备购买A商品a件，则购买B商品（10﹣a）件解得5≤a≤6根据题意，a的值应为整数，所以a=5或a=6．方案一：当a=5时，购买费用为20×5+50×（10﹣5）=350元；方案二：当a=6时，购买费用为20×6+50×（10﹣6）=320元；∵350＞320∴购买A商品6件，B商品4件的费用最低．答：有两种购买方案，方案一：购买A商品5件，B商品5件；方案二：购买A商品6件，B商品4件，其中方案二费用最低．点评：此题主要考查二元一次方程组及二元一次不等式方程组的应用，根据题意得出关系式是解题关键．20．（2019年福建福州）如图，在△ABC中，∠B=45°，∠ACB=60°，AB=3，点D为BA延长线上的一点，且∠D=∠ACB，⊙O为△ACD的外接圆．（1）求BC的长；（2）求⊙O的半径．分析：（1）根据题意得出AE的长，进而得出BE=AE，再利用tan∠ACB=，求出EC的长即可；（2）首先得出AC的长，再利用圆周角定理得出∠D=∠M=60°，进而求出AM的长，即可得出答案．解：（1）过点A作AE⊥BC，垂足为E，∴∠AEB=∠AEC=90°，在Rt△ABE中，∵sinB=，∴AE=ABsinB=3sin45°=3×=3，∵∠B=45°，∴∠BAE=45°，∴BE=AE=3，在Rt△ACE中，∵tan∠ACB=，∴EC====，∴BC=BE+EC=3+；（2）连接AO并延长到⊙O上一点M，连接CM，由（1）得，在Rt△ACE中，∵∠EAC=30°，EC=，∴AC=2，∵∠D=∠M=60°，∴sin60°===，解得：AM=4，∴⊙O的半径为2．点评：此题主要考查了解直角三角形以及锐角三角函数关系应用，根据题意正确构造直角三角形是解题关键．21．（2019年福建福州）如图1，点O在线段AB上，AO=2，OB=1，OC为射线，且∠BOC=60°，动点以每秒2个单位长度的速度从点O出发，沿射线OC做匀速运动，设运动时间为t秒．（1）当t=秒时，则OP=1，S△ABP=；（2）当△ABP是直角三角形时，求t的值；（3）如图2，当AP=AB时，过点A作AQ∥BP，并使得∠QOP=∠B，求证：AQ•BP=3．分析：（1）如答图1所示，作辅助线，利用三角函数或勾股定理求解；（2）当△ABP是直角三角形时，有三种情形，需要分类讨论；（3）如答图4所示，作辅助线，构造一对相似三角形△OAQ∽△PBO，利用相似关系证明结论．（1）解：当t=秒时，OP=2t=2×=1．如答图1，过点P作PD⊥AB于点D．在Rt△POD中，PD=OP•sin60°=1×=，∴S△ABP=AB•PD=×（2+1）×=．（2）解：当△ABP是直角三角形时，①若∠A=90°．∵∠BOC=60°且∠BOC＞∠A，∴∠A≠90°，故此种情形不存在；②若∠B=90°，如答图2所示：∵∠BOC=60°，∴∠BPO=30°，∴OP=2OB=2，又OP=2t，∴t=1；③若∠APB=90°，如答图3所示：过点P作PD⊥AB于点D，则OD=OP•cos30°=t，PD=OP•sin60°=t，∴AD=OA+OD=2+t，BD=OB﹣OD=1﹣t．在Rt△ABP中，由勾股定理得：PA2+PB2=AB2∴（AD2+PD2）+（BD2+PD2）=AB2，即[（2+t）2+（t）2]+[（1﹣t）2+（t）2]=32解方程得：t=或t=（负值舍去），∴t=．综上所述，当△ABP是直角三角形时，t=1或t=．（3）证明：如答图4，过点O作OE∥AP，交PB于点E，则有，∴PE=PB．∵AP=AB，∴∠APB=∠B，∵OE∥AP，∴∠OEB=∠APB，∴∠OEB=∠B，∴OE=OB=1，∠3+∠B=180°．∵AQ∥PB，∴∠OAQ+∠B=180°，∴∠OAQ=∠3；∵∠AOP=∠1+∠QOP=∠2+∠B，∠QOP=∠B，∴∠1=∠2；∴△OAQ∽△PBO，∴，即，化简得：AQ•PB=3．点评：本题是运动型综合题，考查了相似三角形的判定与性质、解直角三角形、勾股定理、一元二次方程等多个知识点．第（2）问中，解题关键在于分类讨论思想的运用；第（3）问中，解题关键是构造相似三角形，本问有多种解法，可探究尝试．22．（2019年福建福州）如图，抛物线y=（x﹣3）2﹣1与x轴交于A，B两点（点A在点B的左侧），与y轴交于点C，顶点为D．（1）求点A，B，D的坐标；（2）连接CD，过原点O作OE⊥CD，垂足为H，OE与抛物线的对称轴交于点E，连接AE，AD，求证：∠AEO=∠ADC；（3）以（2）中的点E为圆心，1为半径画圆，在对称轴右侧的抛物线上有一动点P，过点P作⊙E的切线，切点为Q，当PQ的长最小时，求点P的坐标，并直接写出点Q的坐标．分析：（1）根据二次函数性质，求出点A、B、D的坐标；（2）如何证明∠AEO=∠ADC？如答图1所示，我们观察到在△EFH与△ADF中：∠EHF=90°，有一对对顶角相等；因此只需证明∠EAD=90°即可，即△ADE为直角三角形，由此我们联想到勾股定理的逆定理．分别求出△ADE三边的长度，再利用勾股定理的逆定理证明它是直角三角形，由此问题解决；（3）依题意画出图形，如答图2所示．由⊙E的半径为1，根据切线性质及勾股定理，得PQ2=EP2﹣1，要使切线长PQ最小，只需EP长最小，即EP2最小．利用二次函数性质求出EP2最小时点P的坐标，并进而求出点Q的坐标．（1）解：顶点D的坐标为（3，﹣1）．令y=0，得（x﹣3）2﹣1=0，解得：x1=3+，x2=3﹣，∵点A在点B的左侧，∴A（3﹣，0），B（3+，0）．（2）证明：如答图1，过顶点D作DG⊥y轴于点G，则G（0，﹣1），GD=3．令x=0，得y=，∴C（0，）．∴CG=OC+OG=+1=，∴tan∠DCG=．设对称轴交x轴于点M，则OM=3，DM=1，AM=3﹣（3﹣）=．由OE⊥CD，易知∠EOM=∠DCG．∴tan∠EOM=tan∠DCG==，解得EM=2，∴DE=EM+DM=3．在Rt△AEM中，AM=，EM=2，由勾股定理得：AE=；在Rt△ADM中，AM=，DM=1，由勾股定理得：AD=．∵AE2+AD2=6+3=9=DE2，∴△ADE为直角三角形，∠EAD=90°．设AE交CD于点F，∵∠AEO+∠EFH=90°，∠ADC+AFD=90°，∠EFH=∠AFD（对顶角相等），∴∠AEO=∠ADC．（3）解：依题意画出图形，如答图2所示：由⊙E的半径为1，根据切线性质及勾股定理，得PQ2=EP2﹣1，要使切线长PQ最小，只需EP长最小，即EP2最小．设点P坐标为（x，y），由勾股定理得：EP2=（）2+（y﹣2）2．∵y=（x﹣3）2﹣1，∴（x﹣3）2=2y+2．∴EP2=2y+2+（y﹣2）2=（y﹣1）2+5当y=1时，EP2有最小值，最小值为5．将y=1代入y=（x﹣3）2﹣1，得（x﹣3）2﹣1=1，解得：x1=1，x2=5．又∵点P在对称轴右侧的抛物线上，∴x1=1舍去．∴P（5，1）．此时点Q坐标为（3，1）或（，）．点评：本题是二次函数压轴题，涉及考点众多，难度较大．第（2）问中，注意观察图形，将问题转化为证明△ADE为直角三角形的问题，综合运用勾股定理及其逆定理、三角函数（或相似形）求解；第（3）问中，解题关键是将最值问题转化为求EP2最小值的问题，注意解答中求EP2最小值的具体方法．第 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2018-2019学年九(上)厦门市期末教学质量检测数学卷(满分150分；考试时间120分钟)一、选择题(本大题有10小题，每小题4分，共40分) 1.计算－5+6，结果正确的是( ).A.1B.－1C.11D.－112.如图1，在△ABC 中，∠C =90°，则下列结论正确的是( ).A. AB=AC +BCB.AB=AC·BCC. AB 2=AC 2+ BC 2D. AC 2=AB 2+BC 2 3.抛物线y=2(x －1)2－6的对称轴是( ).A.x =－6B.x =－1C. x =21D. x =14.要使分式11x 有意义，x 的取值范围是( ).A.x ≠0B. x ≠1C. x >－1D. x >1 5.下列事件是随机事件的是( ). A.画一个三角形，其内角和是360°B.投掷一枚正六面体骰子，朝上一面的点数小于7C.射击运动员射击一次，命中靶心D.在只装了红球的不透明袋子里，摸出黑球6.图2，图3分别是某厂六台机床十月份第一天和第二天生产 零件数的统计图，与第一天相比，第二天六台机床生产零件数的平均数与方差的变化情况是( ).A.平均数变大，方差不变B.平均数变小，方差不变C.平均数不变，方差变小D.平均数不变，方差变大7.地面上一个小球被推开后笔直滑行，滑行的距离要s 与时间t 的函 数关系如图4中的部分抛物线所示(其中P 是该抛物线的顶点) 则下列说法正确的是( ). A.小球滑行6秒停止 B.小球滑行12秒停止 C.小球滑行6秒回到起点 D.小球滑行12秒回到起点(图1)(图2)(图4)m m 生产的零件数(图3)8.在平面直角坐标系xOy 中，已知A (2,0)，B (1,－1)，将线段OA 绕点O 逆时针旋转，旋转角为α(0°<α<135°).记点A 的对应点为A 1，若点A 1与点B 的距离为6，则α为( ). A. 30° B.45° C.60° D.90°9.点C 、D 在线段AB 上，若点C 是线段AD 的中点,2BD >AD ，则下列结论正确的是( ).A. CD <AD － BDB. AB >2BDC. BD >ADD. BC >AD10.已知二次函数y=ax 2+bx +c (a >0)的图象经过(0,1)，(4,0)，当该二次函数的自变量分别取x 1、x 2 (0< x 1<x 2 <4)时，对应的函数值是y 1，y 2，且y 1=y 2,设该函数图象的对称轴是x =m ,则m 的取值范国是( ).A. 0<m <1B.1<m ≤2C.2<m <4D.0<m <4 二、填空题(本大题有6小题，每小题4分，共24分)11.投掷一枚质地均匀的正六面体酸子，投掷一次，朝上一面的点数为奇数的概率是______.12.已知x =2是方程x 2+ax －2=0的根，则a =______.13.如图5，已知AB 是⊙O 的直径，AB =2，C 、D 是圆周上的点，且 ∠CDB =30°，则BC 的长为______.14.我们把三边长的比为3:4:5的三角形称为完全三角形，记命题A ： “完全三角形是直角三角形”.若命题B 是命题A 的逆命题，请写出命题B ：____________________;并写出一个例子(该例子能判断命题B 是错误的) 15.已知AB 是⊙O 的弦，P 为AB 的中点，连接OA 、OP ，将△OPA 绕点O 旋转到△OQB . 设⊙O 的半径为1，∠AOQ =135°，则AQ 的长为______. 16.若抛物线y=x 2+bx (b >2)上存在关于直线y=x 成轴对称的两个点，则b 的取值范围 是______.三、解答题(本大题有9小题，共86分) 17.(本题满分8分) 解方程x 2－3x +1=018.(本题满分8分) 化简并求值：(1－12+x )÷2212+-x x ，其中x =2－1(图5)已知二次函数y=(x －1)2+n ，当x =2时，y =2.求该二次函数的解析式，并在平面直角坐标系中画出该函数的图象.20. (本题满分8分)如图，已知四边形ABCD 是矩形.(1)请用直尺和圆规在边AD 上作点E ，使得EB=EC . (保留作图痕迹)(2)在(1)的条件下，若AB =4，AD =6，求EB 的长.21.(本题满分8分)如图7，在△ABC 中，∠C =60°，AB =4.以AB 为直径画⊙O ，交边AC于点D . AD 的长为34，求证：BC 是⊙O 的切线.已知动点P 在边长为1的正方形ABCD 的内部，点P 到边AD 、AB 的距离分别为m 、n .(1)以A 为原点，以边AB 所在直线为x 轴，建立平面直角坐标系，如图①所示，当点P 在对角线AC 上，且m =41时，求点P 的坐标；(2)如图②，当m 、n 满足什么条件时，点P 在△DAB 的内部?请说明理由.23.(本题满分10分)小李的活鱼批发店以44元/公斤的价格从港口买进一批2000公斤的某品种活鱼，在运输过程中，有部分鱼未能存活，小李对运到的鱼进行随机抽查，结果如表一.由于市场调节，该品种活鱼的售价与日销售量之间有一定的变化规律，表二是近一段时间该批发店的销售记录.(1)请估计运到的2000公斤鱼中活鱼的总重量；(直接写出答案) (2)按此市场调节的观律，①若该品种活鱼的售价定为52.5元/公斤，请估计日销售量，并说明理由； ②考虑到该批发店的储存条件，小李打算8天内卖完这批鱼(只卖活鱼)，且售价保持不变，求该批发店每日卖鱼可能达到的最大利润，并说明理由.(图②)已知P是⊙O上一点，过点P作不过圆心的弦PQ，在劣弧PQ和优弧PQ上分别有动点A、B(不与P，Q重合)，连接AP、BP. 若∠APQ=∠BPQ.(1)如图10，当∠APQ=45°，AP=1，BP=22时，求⊙O的半径；(2)如图11，选接AB，交PQ于点M，点N在线段PM上(不与P、M重合)，连接ON、OP，若∠NOP+2∠OPN=90°，探究直线AB与ON的位置关系，并证明.(图①) (图②)在平面直角坐标系xO y中，点A(0,2)，B(p,q)在直线上, 抛物线m经过点B、C(p+4,q)，且它的顶点N在直线l上.(1)若B(－2,1)，①请在图12的平面直角坐标系中画出直线l与抛物线m的示意图；②设抛物线m上的点Q的模坐标为e(－2≤e≤0)过点Q作x轴的垂线，与直线l交于点H . 若QH=d,当d随e的增大面增大时，求e的取值范围(2)抛物线m与y轴交于点F，当抛物线m与x轴有唯一交点时，判断△NOF的形状并说明理由. yx –4–3–2–11234–4–3–2–11234O。

2019-2020学年福建省福州市七年级（下）期末数学试卷一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．（4分）点P（﹣3，2）所在的象限是（）A．第一象限内B．第二象限内C．第三象限内D．第四象限内2．（4分）在实数﹣π，﹣3，﹣1，0中，最小的是（）A．﹣πB．﹣3C．﹣1D．03．（4分）2的算术平方根是（）A．B．C．﹣D．±24．（4分）下列事件中，最适合采用普查的是（）A．对我校七年级一班学生出生日期的调查B．对全国中学生节水意识的调查C．对山东省初中学生每天阅读时间的调查D．对某批次灯泡使用寿命的调查5．（4分）如图，数轴上表示的不等式的解集是（）A．x＞﹣1B．x＜﹣1C．x≥﹣1D．x≤﹣16．（4分）若是方程3x+y＝5的一个解，则a的值是（）A．5B．1C．﹣5D．﹣17．（4分）如图，在三角形ABC中，若∠ACB＝90°，CD⊥AB于点D，则下列线段的长度可以表示为点A到直线CD距离的是（）A．AD B．AC C．AB D．CD8．（4分）如图，下列选项中，不能得出直线l1∥l2的是（）A．∠1＝∠2B．∠4＝∠5C．∠2+∠4＝180°D．∠1＝∠39．（4分）已知m＞n，下列不等式一定成立的是（）A．﹣2m＞﹣2n B．2m＞2n C．m+2a＞n+a D．m2＞n210．（4分）在平面直角坐标系中，A（a，a），B（2﹣b，4﹣b），其中a+b＝2，则下列对AB长度判断正确的是（）A．AB＜2B．AB＞2C．AB＝2D．无法确定二、填空题：本题共6小题，每小题4分，共24分．11．（4分）＝12．（4分）在一次立定跳远测试中，10名学生所测的成绩（单位：厘米）如下：182，160，169，178，180，158，156，163，161，150，则这一组数据中最大值与最小值的差是．13．（4分）二元一次方程x+3y＝10的正整数解共有个．14．（4分）《九章算术》是我国东汉年间编订的一部数学经典著作，其中有一个问题是：“今有三人公车，二车空；二人公车，九人步．问：人与车各几何？”其大意如下：有若干人要坐车，若每3人坐一辆车，则有2辆空车；若每2人坐一辆车，则有9人需要步行，问人与车各多少？设共有x人，y辆车，则可列方程组为．15．（4分）如图，将长方形分成四个区域，其中A，B两正方形区域的面积分别是1和6，则剩余区域的面积是．16．（4分）如图，已知AB∥CD，点E在两平行线之间，连接BE，CE，∠ABE的平分线与∠BEC的平分线的反向延长线交于点F，若∠BFE＝50°，则∠C的度数是．三、解答题：本题共9小题，共86分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（8分）计算：+|﹣1|﹣．18．（8分）解方程组：．19．（8分）请补全证明过程及推理依据．已知：如图，点D，E，F分别是三角形ABC的边AB，AC，BC上的点，若AB∥EF，∠DEF＝∠B．求证：∠AED＝∠C．证明：∵AB∥EF，∴＝∠EFC．（）∵∠DEF＝∠B，∴∠DEF＝∠EFC，（）∴DE∥BC，（）∴∠AED＝∠C．20．（8分）已知足球场的形状是一个长方形，而国际标准球场的长度a和宽度b（单位：米）的取值范围分别是100≤a≤110，64≤b≤75．若某球场的宽与长的比是1：1.5，面积为7350平方米，请判断该球场是否符合国际标准球场的长宽标准，并说明理由．21．（8分）2020年是决胜全面建成小康社会，决战脱贫攻坚之年，贫困地区的小康建成是最艰巨最繁重的任务．国务院扶贫开发领导小组指出贫困户脱贫人均年收入要达到4000元，根据某贫困县随机抽取的2019年居民人均年收入统计情况，绘制了如图所示的频数分布表：频率收入（元）频数（人数）0≤x＜2000800.012000≤x＜4000a b4000≤x＜6000c0.456000≤x＜8000d0.38000≤x＜10000800m10000≤x＜12000n0.1合计p1（1）填空：m＝，p＝；（2）请补全频数分布直方图；（3）若该县共有6万居民，试估计仍未脱贫的居民人数．22．（10分）如图，在平面直角坐标系中，A（﹣4，0），B（2，3），连接AB交y轴于点C，连接OB．（1）求三角形ABO的面积；（2）求点C的坐标．23．（10分）2台大收割机和5台小收割机均工作2天共收割小麦3.6公顷，3台大收割机和2台小收割机均工作5天，共收割小麦8公顷．（1）1台大收割机和1台小收割机每天各收割小麦多少公顷？（2）设大收割机每台租金600元/天，小收割机每台租金120元/天，某农场准备租用两种收割机共15台，要求大收割机的数量不少于小收割机的一半，若每天总租金不超过5000元，若设大收割机要a台，①共有几种租赁方案？写出解答过程；②哪种租赁方案每天收割小麦最多？24．（12分）如图，在四边形ABCD中，AB∥CD，对角线AC与BD相交于点E，且∠DAC＝∠DCA．（1）求证：AC平分∠BAD；（2）若∠AEB＝125°，且∠ABD＝2∠CBD，DF平分∠ADB交AB边于点F，求∠BDF﹣∠CBD的值．25．（14分）如图，在平面直角坐标系xOy中，点A（a，b），B（m，n）分别是第三象限与第二象限内的点，将A，B两点先向右平移h个单位，再向下平移1个单位得到C，D两点（点A对应点C）．（1）写出C，D两点的坐标；（用含相关字母的代数式表示）（2）连接AD，过点B作AD的垂线l，E是直线l上一点，连接DE，且DE的最小值为1．①若b＝n﹣1，求证：直线l⊥x轴；②在平面直角坐标系中，任何一个二元一次方程的图象都是一条直线，这条直线上有无数个点，每一个点的坐标（x，y）都是这个方程的一个解．在①的条件下若关于x，y的二元一次方程px+qy＝k（pq≠0）的图象经过点B，D及点（s，t），判断s+t与m+n是否相等，并说明理由．2019-2020学年福建省福州市七年级（下）期末数学试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．【答案】B【解答】解：点P（﹣3，2）在第二象限．故选：B．2．【答案】A【解答】解：因为﹣π＜﹣3＜﹣1＜0，所有最小的数是﹣π，故选：A．3．【答案】B【解答】解：2的算术平方根是，故选：B．4．【答案】A【解答】解：A、对我校七年级一班学生出生日期的调查适合采用普查；B、对全国中学生节水意识的调查适合采用抽样调查；C、对山东省初中学生每天阅读时间的调查适合采用抽样调查；D、对某批次灯泡使用寿命的调查适合采用抽样调查；故选：A．5．【答案】C【解答】解：依题意得：数轴表示的解集是：x≥﹣1，故选：C．6．【答案】B【解答】解：将代入方程3x+y＝5，得：3a+2a＝4，解得：a＝1，故选：B．7．【答案】A【解答】解：点A到CD的距离是线段AD的长度，故选：A．8．【答案】A【解答】解：A、∠1＝∠2，不能判断直线l1∥l2，故此选项符合题意；B、根据同位角相等，两直线平行，可判断直线l1∥l5，故此选项不合题意；C、根据同旁内角互补，两直线平行，可判断直线l1∥l2，故此选项不合题意；D、根据内错角相等，两直线平行，可判断直线l1∥l2，故此选项不合题意．故选：A．9．【答案】B【解答】解：∵m＞n，根据不等式的性质3，﹣2m＜﹣2n，故A错误；∵m＞n，根据不等式的性质2，2m＞2n，故B一定成立；当2a≠a时，m+7a＞n+a不一定成立，故C错误；∴m＞n，m2不一定大于n2．，故D错误；故选：B．10．【答案】C【解答】解：∵在平面直角坐标系中，A（a，a），B（2﹣b，4﹣b），a+b＝2，∴AB＝＝＝2．故选：C．二、填空题：本题共6小题，每小题4分，共24分．11．【答案】见试题解答内容【解答】解：＝2．故答案为2．12．【答案】32．【解答】解：这一组数据中最大值与最小值的差是：182﹣150＝32；故答案为：32．13．【答案】3．【解答】解：∵x+3y＝10，∴x＝10﹣3y，∴y＝1时，x＝7；y＝3时，x＝1．故答案为3．14．【答案】．【解答】解：依题意，得：．故答案为：．15．【答案】﹣1．【解答】解：∵A，B两正方形区域的面积分别是1和6，∴A，B两正方形边长分别是1和，（+1）﹣6﹣1＝﹣1．故答案为：﹣1．16．【答案】80°．【解答】解：延长BE交DC的延长线于G，∴∠EBF+∠FEB＝180°﹣50°＝130°，∴∠ABE+∠BEF+∠FEC＝260°，∴∠ABE＝∠BGC，∵∠BEF+∠FEG＝180°，∴∠ECG＝100°，故答案为80°．三、解答题：本题共9小题，共86分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．【答案】3+．【解答】解：+|﹣1|﹣，＝3+﹣1+1，＝3+．18．【答案】．【解答】解：．①﹣②，可得：4y＝2，把y＝代入②，解得x＝，∴原方程组的解是．19．【答案】见试题解答内容【解答】证明：∵AB∥EF，∴∠B＝∠EFC（两直线平行，同位角相等），∴∠DEF＝∠EFC（等量代换），∴∠AED＝∠C，故答案为：∠B，两直线平行，同位角相等，等量代换，内错角相等，两直线平行．20．【答案】符合国际标准球场的长宽标准．【解答】解：设宽为b米，则长为1.5b米，由题意得，1.5b×b＝7350，即宽为70米，长为1.8×70＝105米，∴符合国际标准球场的长宽标准．21．【答案】（1）0.1，8000；（2）频数分布直方图见解答；（3）3000．【解答】解：（1）p＝80÷0.01＝8000（人），m＝800÷8000＝0.1，故答案为：0.1，8000；补全频数分布直方图如图所示：（6）60000×（0.01+0.04）＝3000（人），答：若该县共有5万居民，仍未脱贫的居民有3000人．22．【答案】（1）6；（2）（0，2）．【解答】解：（1）∵A（﹣4，0），B（2，3），∴OA＝4，点B到OA的距离是7，（2）∵S△AOB＝S△AOC+S△BOC，∴OC＝2，∴点C的坐标为（6，2）．23．【答案】见试题解答内容【解答】解：（1）设1台大收割机和1台小收割机每小时各收割小麦x、y公顷，则：，（2）设大收割机为a台，则小收割机为（15﹣a）台，则解不等式组得：5≤a≤6.67，a取整数，①共有2种方案，大收割机5台，小收割机10台，每天收割小麦0.4×5+5.2×10＝4（公顷）；②0.4×5+0.2×10＝4（公顷）∴第二种方案每天收割小麦最多．24．【答案】（1）证明过程见解答；（2）35°．【解答】解：（1）证明：∵AB∥CD，∴∠BAC＝∠DCA，∴∠BAC＝∠DAC，（2）∵∠BAC＝∠DAC，∠DAC+∠ADB＝∠AEB＝125°，又∵DF平分∠ADB交AB边于点F，由∠AEB＝125°可得∠BAC＝55°﹣∠ABD，∴∠BAC＝55°﹣2∠CBD，∴∠BDF﹣∠CBD＝＝35°．25．【答案】（1）C（a+h，b﹣1），D（m+h，n﹣1）．（2）①证明见解析部分．②相等，证明见解析部分．【解答】解：（1）由题意，C（a+h，b﹣1），D（m+h，n﹣1）．（2）①∵b＝n﹣1，∴点A，D的纵坐标相等，∵直线l⊥AD，②如图，设AD交直线l于J，∴DJ＝3，∴D（m+1，n﹣1）∴mp+nq＝k，（m+1）p+（n﹣1）q＝k，∴p＝q，∵tp+sp＝k，∴m+n＝t+s．。

2023-2024学年度第一学期九年级校内期中质量检测数学试卷第Ⅰ卷注意事项：1．全卷三大题，25小题，试卷共4页，另有答题卡．2．答案必须写在答题卡上，否则不能得分．一、选择题（共10小题，每题4分，满分40分，每小题只有一个正确选项）1．各学科的图形都蒀含着对称美，下列图形中既是轴对称图形，又是中心对称图形的是（）A ．B ．C ．D ．2．用配方法解方程时，结果正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．3．下列一元二次方程中，没有实数根的是（ ）A ．B ．C ．D ．4．抛物线可以由抛物线平移得到，下列平移方法中正确的是（ ）A ．先向左平移2个单位，再向上平移1个单位B ．先向左平移2个单位，再向下平移1个单位C ．先向右平移2个单位，再向上平移1个单位D ．先向右平移2个单位，再向下平移1个单位5．如图，⊙O 是△ABC 的外接圆，若∠ABC=40°，则∠AOC 的度数为（ ）2410x x -+=()225x -=()223x -=()225x +=()223x +=()()120x x +-=2510x x +-=2(3)1x -=2210x +=()2+21y x =-2y x =A ．B 8．如图，抛物线A ．B 9．《九章算术》是我国古代内容极为丰富的数学名著．书中有下列问题何？”其意思是“今有直角三角形的圆形(内切圆)直径是多少？30︒y ax =1x >15．已知抛物线16．如图，在中，!则的长是三、解答题（共9小题，满分17．解方程：18．已知关于的一元二次方程19．福州是一座蕴存着绚丽风光，并拥有深厚人文底蕴的城市．她散落分布着很多历史悠久的古村落．现福州某乡镇景区需要复原一个古代圆抰形木门（示意图）2y ax =-Rt ABC △AD AD 247x x +-x20．现代互联网技术的广泛应用，催生了快递行业的高速发展，据调查，某快递公司今年九月份与十一月份的投递总件数分别为10万件和率．21．高尔夫球是一项具有特殊魅力的运动，该二次函数图象上部分点的横坐标，纵坐标的对应值如下表；1234(1)写出的值________，并画出函数图象；(2)当飞行时间________时，高尔夫球高度达到最高；(3)求高尔夫球飞行高度为时所用的时间．x y x a x =s 15m(1)求作的外接圆：（要求，尺规作图，不写作法．保留作图痕迹）(2)在（1）的条件下，补全图形并证明，连接，过作，交的延长线于点．求证：是的切线．23．如图，在平面直角坐标系中，点的坐标是，在轴上任取一点，完成以下操作步骤：①连接，作线段的垂直平分线，过点作轴的垂线，记，的交点为．②在轴上多次改变点的位置，用（1）的方法得到相应的点，把这些点用平滑的曲线连接起来．观察画出的曲线，猜想它是我们学过的哪种曲线．某数学兴趣小组在探究时发现在轴上取几个特殊位置的点，可以求出相对应的点的坐标；例如：取点，过作轴于点．，在中，根据勾股定理得．________；在的垂直平分线上，解得：________．(1)请帮忙完成以上填空；ABC O OB C CD OB ∥AB D CD O A ()0,2x M AM AM 1l M x 2l 1l 2l P x M P L x M P ()4,0M -P PB y ⊥B ()4,P y ∴-22PM y ∴=Rt PAB 222PA PB AB =+=P AM PA PM ∴=22PM PA ∴=y =()4,5P ∴-(1)求抛物线的解析式；(2)若点为线段上的一个动点，过点时．①求证：四边形是平行四边形：②连接，在抛物线上是否存在，使25．如图，在中，．(1)如图，当时，求证；(2)当点为边的中点时，连接，求的最大值；(3)如图，若，时，求的面积．P AC OCPD AD Q ABC 90ACB ∠=︒1045α︒<<︒BM AE ⊥Q AC MQ MQ 2105α=︒2AE =BCF △参考答案与解析1．C【分析】本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念，解题的关键是掌握轴对称图形的是寻找对称轴，图形两部分沿对称轴折叠后可重合；中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与原图重合．【详解】解： A 、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项不合题意；B 、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项不合题意；C 、既是轴对称图形，又是中心对称图形，故此选项符合题意；D 、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项不合题意，故选：C ．2．B【分析】根据完全平方公式，结合等式的性质，进行配方即可．【详解】解：∵，∴，∴，∴，故选：B ．【点睛】本题考查了配方法，熟练掌握配方法的求解步骤是解题的关键．3．D【分析】本题考查了一元二次方程 (为常数)的根的判别式，根据一元二次方程根的判别式进行判断即可求解．当时，方程有两个不相等的实数根；当时，方程有两个相等的实数根；当时，方程没有实数根．【详解】解：A. ，即，，则原方程有实数根，故该选项不符合题意；B. ，，则原方程有实数根，故该选项不符合题意；C. ，即，，则原方程有实数根，故该选项不符合题意；D. ，，则原方程没有实数根，故该选项符合题意；故选：D ．4．B【分析】根据平移的规律“左加右减，上加下减”，将向左平移2个单位再向上平移1个单位即可得，即可求得答案2410x x -+=24133x x -++=2443x x -+=()223x -=20ax bx c ++=0a a b c ≠，，，24b ac ∆=-0∆>Δ0=Δ0<()()120x x +-=220x x --=241890b ac ∆=-=+=>2510x x +-=24254290b ac ∆=-=+=>2(3)1x -=2680x x -+=24364840b ac ∆=-=-⨯=>2210x +=24042180b ac ∆=-=-⨯⨯=-<2y x =()2+21y x =-【详解】解：根据题意将向左平移2个单位再向下平移1个单位即可得，故选B【点睛】本题考查了二次函数的平移，掌握平移规律是解题的关键，理解题意确定平移的方向和距离是关键．5．D【详解】试题分析：由⊙O 是△ABC 的外接圆，若∠ABC=40°，根据圆周角定理，∴∠AOC=2∠ABC=80°．考点：圆周角定理点评：此题考查了圆周角定理．此题比较简单，注意掌握数形结合思想的应用．6．A【分析】本题考查了旋转的性质、坐标与图形变化，得到点和点关于原点对称，熟知关于原点对称的点横坐标和纵坐标相反是解答的关键．【详解】解：点绕原点逆时针方向旋转得到点，点和点关于原点对称，，故选：A ．7．C【分析】本题考查了圆的切线的性质、等腰三角形的性质，连接，先根据圆的切线的性质可得，由，再根据等腰三角形的性质可得，即可求得的度数．【详解】解：如图，连接，，，，是的切线，切点为，，，故选：C ．8．C【分析】本题考查了二次函数和不等式、二次函数与一次函数的交点，由A 、B 两点的横坐标可知在到1之间直2y x =()2+21y x =-P Q ()1,3P -O 180 Q ∴P Q ()1,3Q ∴-OC 90OCD ∠=︒40BAC ∠︒=40ACO ∠=︒ACD ∠OC OA OC = 40BAC ∠︒=∴40ACO BAC ∠=∠=︒ CD O C ∴90OCD ∠=︒50ACD OCD ACO ∴∠=∠-∠=︒4-所以点是该抛物线上一点，则故④是正确的，故选：C11．或【分析】利用因式分解法求解即可．【详解】解：，因式分解得：，∴或，解得：或，故答案为：或．【点睛】本题考查了解一元二次方程，能够根据方程特点灵活选用不同的解法是解题关键．12．【分析】本题考查了旋转性质，涉及周角为，据此作答，观察出该图形被平分成五部分，这五部分完全重合是解题的关键．【详解】解：因为该图形被平分成五部分，这五部分完全重合，所以每个部分形成的角度：。

2022-2023学年九上数学期末模拟试卷考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。

选择题必须用2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题(每小题3分,共30分)1．如图，在□ABCD 中，E 、F 分别是边BC 、CD 的中点，AE 、AF 分别交BD 于点G 、H ，则图中阴影部分图形的面积与□ABCD 的面积之比为（ ）A ．7 : 12B ．7 : 24C ．13 : 36D ．13 : 722．一个不透明的盒子装有m 个除颜色外完全相同的球，其中有4个白球.每次将球充分搅匀后，任意摸出1个球记下颜色后再放回盒子，通过如此大量重复试验，发现摸到白球的频率稳定在0.2左右，则m 的值约为（ ） A ．8B ．10C ．20D ．403．已知二次函数()210y ax bx c a =++≠和一次函数()20y kx n k =+≠的图象如图所示，下面四个推断：①二次函数1y 有最大值②二次函数1y 的图象关于直线1x =-对称 ③当2x =-时，二次函数1y 的值大于0④过动点(),0P m 且垂直于x 轴的直线与12y y ，的图象的交点分别为C,D ，当点C 位于点D 上方时，m 的取值范围是3m <-或1m >-，其中正确的有（ ）A ．1个B ．2个C ．3个D ．4个4．如图，反比例函数1y x=的大致图象为（ ） A ． B ． C ． D ．5．如图，AB 是O 的直径，点,,C D E 在O 上，20AED ︒∠=，则BCD ∠的度数为（ ）A ．100︒B ．110︒C ．120︒D ．130︒6．下列计算错误的是( ) A ．222()-=-B ．2(2)2-=C ．2(2)2-=D ．22=27．已知二次函数233y x mx n =-+-的图像与x 轴没有交点，则( )A ．423m n +＞B ．423m n +＜C ．423m n -＜D ．423m n -＞ 8．如图，一只箱子沿着斜面向上运动，箱高AB ＝1.3cm ，当BC ＝2.6m 时，点B 离地面的距离BE ＝1m ，则此时点A 离地面的距离是（ ）A ．2.2mB ．2mC ．1.8mD ．1.6m9．如图，在直角坐标系中，矩形OABC 的顶点O 在坐标原点，边OA 在x 轴上，OC 在y 轴上，且点B 的坐标为（6，4），如果矩形OA′B′C′与矩形OABC 关于点O 位似，且矩形OA′B′C′的面积等于矩形OABC 面积的14，那么点B′的坐标是（ ）A ．（3，2）B ．（－2，－3）C ．（2，3）或（－2，－3）D ．（3，2）或（－3，－2）10．甲、乙两位同学在一次用频率估计概率的试验中，统计了某一结果出现的频率，给出的 统计图如图所示，则符合这一结果的试验可能是 （ ）A ．掷一枚硬币，出现正面朝上的概率B ．掷一枚硬币，出现反面朝上的概率C ．掷一枚骰子，出现 3点的概率D ．从只有颜色不同的两个红球和一个黄球中，随机取出一个球是黄球的概率 二、填空题(每小题3分,共24分)11．一个4米高的电线杆的影长是6米，它临近的一个建筑物的影长是36米，则这个建筑物的高度是__________． 12．体育课上，小聪，小明，小智，小慧分别在点O 处进行了一次铅球试投，铅球分别落在图中的点A ，B ，C ，D 处，则他们四人中，成绩最好的是______．13．已知抛物线24y x bx =-++经过(2,)n -和(4,)n 两点，则n 的值为__________．14．将抛物线y ＝﹣x 2﹣4x （﹣4≤x≤0）沿y 轴折叠后得另一条抛物线，若直线y ＝x+b 与这两条抛物线共有3个公共点，则b 的取值范围为_____．15．如图在Rt ABC ∆中，90ACB ∠=︒，30A ∠=︒，以点B 为圆心，BC 的长为半径作弧，交AB 于点F ，D 为AC 的中点，以点D 为圆心，DC 长为半径作弧，交AB 于点E ，若2BC =，则阴影部分的面积为________．16．已知：如图，在平面上将ABC ∆绕B 点旋转到A B C '''∆的位置时，//,65AA BC ABC ︒'∠=，则'CBC ∠为__________度．17．已知扇形的面积为4π，半径为6，则此扇形的圆心角为_____度． 18．比较三角函数值的大小：sin30°_____cos30°(填入“＞”或“＜”)． 三、解答题(共66分)19．（10分）2019年5月，以“寻根国学，传承文明”为主题的兰州市第三届“国学少年强一国学知识挑战赛”总决赛拉开帷幕，小明晋级了总决赛.比赛过程分两个环节，参赛选手须在每个环节中各选择一道题目. 第一环节：写字注音、成语故事、国学常识、成语接龙（分别用1234, , , A A A A 表示）； 第二环节：成语听写、诗词对句、经典通读（分别用123,,B B B 表示） （1）请用树状图或列表的方法表示小明参加总决赛抽取题目的所有可能结果（2）求小明参加总决赛抽取题目都是成语题目（成语故事、成语接龙、成语听写）的概率． 20．（6分）在平面直角坐标系xOy 中，存在抛物线2y mx 2=+以及两点()A 3,m -和()B 1,m .(1)求该抛物线的顶点坐标;(2)若该抛物线经过点()A 3.m -，求此抛物线的表达式;(3)若该抛物线与线段AB 只有一个公共点，结合图象，求m 的取值范围.21．（6分）经过某十字路口的汽车，可能直行，也可能向左转或向右转．如果这三种可能性大小相同，求两辆车经过这个十字路口时，下列事件的概率： （1）两辆车中恰有一辆车向左转； （2）两辆车行驶方向相同．22．（8分）某班级组织了“我和我的祖国”演讲比赛，甲、乙两队各有10人参加本次比赛，成绩如下(10分制) 甲 10 8 7 9 8 10 10 9 10 9 乙789710109101010（1）甲队成绩的众数是 分，乙队成绩的中位数是 分． （2）计算乙队成绩的平均数和方差．（3）已知甲队成绩的方差是1分2，则成绩较为整齐的是 队．23．（8分）已知抛物线2224y x mx m m =-+-++的顶点A 在第一象限，过点A 作AB y ⊥轴于点B ，C 是线段AB上一点（不与点A 、B 重合），过点C 作CD x ⊥轴于点D ，并交抛物线于点P ．（1）求抛物线2224y x mx m m =-+-++顶点的纵坐标随横坐标变化的函数解析式，并直接写出自变量的取值范围； （2）若直线AP 交y 轴的正半轴于点E ，且2CPAC=，求OEP △的面积S 的取值范围． 24．（8分）已知二次函数y =a 2x −4x +c 的图象过点(−1，0)和点(2，−9)， (1)求该二次函数的解析式并写出其对称轴；(2)当x 满足什么条件时，函数值大于0？(不写求解过程)， 25．（10分）已知函数2y x =+（1）该函数自变量的取值范围为；（2）下表列出y与x的几组对应值，请在平面直角坐标系中描出下列各点，并画出函数图象；x …8-193-14-1142439144…y … 3 2 1 23123725…（3）结合所画函数图象，解决下列问题：①写出该函数图象的一条性质：；②横、纵坐标均为整数的点称为整点，若直线y= -x+b的图象与该图象相交形成的封闭图形（包含边界）内刚好有6个整点，则b的取值范围为．26．（10分）为了备战初三物理、化学实验操作考试，某校对初三学生进行了模拟训练，物理、化学各有3个不同的操作实验题目，物理题目用序号①、②、③表示，化学题目用字母a、b、c表示，测试时每名学生每科只操作一个实验，实验的题目由学生抽签确定，第一次抽签确定物理实验题目，第二次抽签确定化学实验题目．（1）小李同学抽到物理实验题目①这是一个事件（填“必然”、“不可能”或“随机”）．（2）小张同学对物理的①、②和化学的c号实验准备得较好，请用画树形图（或列表）的方法，求他同时抽到两科都准备得较好的实验题目的概率．参考答案一、选择题(每小题3分,共30分)1、B【分析】根据已知条件想办法证明BG=GH=DH，即可解决问题；【详解】解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB ∥CD ，AD ∥BC ，AB=CD ，AD=BC ， ∵DF=CF ，BE=CE ，∴12DH DF HB AB ==，12BG BE DG AD ==， ∴13DH BG BD BD ==， ∴BG=GH=DH ， ∴S △ABG =S △AGH =S △ADH ， ∴S 平行四边形ABCD =6 S △AGH ， ∴S △AGH ：ABCD S 平行四边形=1：6， ∵E 、F 分别是边BC 、CD 的中点, ∴12EF BD =, ∴14EFC BCDD S S =,∴18EFCABCD SS =四边形, ∴1176824AGHEFCABCDSSS +=+=四边形=7∶24, 故选B. 【点睛】本题考查了平行四边形的性质、平行线分线段成比例定理、等底同高的三角形面积性质，题目的综合性很强，难度中等． 2、C【分析】在同样条件下，大量反复试验时，随机事件发生的频率逐渐稳定在概率附近，可以从比例关系入手，列出方程求解．【详解】由题意可得，4m＝0.2， 解得，m ＝20，经检验m=20是所列方程的根且符合实际意义， 故选：C ． 【点睛】本题利用了用大量试验得到的频率可以估计事件的概率．关键是根据红球的频率得到相应的等量关系．3、B【分析】根据函数的图象即可得到结论．【详解】解：∵二次函数y1=ax2+bx+c（a≠0）的图象的开口向上，∴二次函数y1有最小值，故①错误；观察函数图象可知二次函数y1的图象关于直线x=-1对称，故②正确；当x=-2时，二次函数y1的值小于0，故③错误；当x＜-3或x＞-1时，抛物线在直线的上方，∴m的取值范围为：m＜-3或m＞-1，故④正确．故选B．【点睛】本题考查了二次函数图象上点的坐标特征以及函数图象，熟练运用二次函数图象上点的坐标特征求出二次函数解析式是解题的关键．4、B【分析】比例系数k=1＞0，根据反比例函数图像的特点可判断出函数图像．【详解】∵比例系数k=1＞0∴反比例函数经过一、三象限故选：B．【点睛】本题考查反比例函数图像的分布，当k>0时，函数位于一、三象限．当k＜0时，函数位于二、四象限．5、B【分析】连接AC，根据圆周角定理，分别求出∠ACB=90︒，∠ACD=20︒，即可求∠BCD的度数．【详解】连接AC，∵AB为⊙O的直径，∴∠ACB=90°，∵∠AED=20°，∴∠ACD=∠AED=20°，∴∠BCD=∠ACB+∠ACD=90°+20°=110°， 故选：B ． 【点睛】本题考查的是圆周角定理：①直径所对的圆周角为直角；②在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半． 6、A【分析】根据算术平方根依次化简各选项即可判断.【详解】A ： 2=，故A 错误，符合题意；B 2=正确，故B 不符合题意；C ：2(2=正确，故C 不符合题意；D 正确，故D 不符合题意. 故选：A. 【点睛】此题考查算术平方根，依据 (0)(0)a a a a a ≥⎧==⎨-<⎩，2a =(进行判断.7、C【分析】若二次函数233y x mx n =-+-的图像与x 轴没有交点，则0∆＜，解出关于m 、n 的不等式，再分别判断即可； 【详解】解：233y x m n =-+-与x 轴无交点，2239120,4m n n m ∴∆=-<∴>， 22334442244333m n m m m ⎛⎫∴++=+-≥- ⎪⎝⎭＞，故A 、B 错误；同理：22334442244333m n m m m ⎛⎫-<-=--+≤ ⎪⎝⎭；故选C . 【点睛】本题主要考查了抛物线与坐标轴的交点，掌握抛物线与坐标轴的交点是解题的关键. 8、A【分析】先根据勾股定理求出CE ，再利用相似三角形的判定与性质进而求出DF 、AF 的长即可得出AD 的长． 【详解】解：由题意可得：AD ∥EB ，则∠CFD ＝∠AFB ＝∠CBE ，△CDF ∽△CEB ， ∵∠ABF ＝∠CEB ＝90°，∠AFB ＝∠CBE ，∴△CBE∽△AFB，∴BEFB＝BCAF＝ECAB，∵BC＝2.6m，BE＝1m，∴EC＝2.4（m），即1FB＝2.6AF＝2.41.3，解得：FB＝1324，AF＝169120，∵△CDF∽△CEB，∴DFEB＝CFCB，即132.624 1 2.6 DF-=解得：DF＝19 24，故AD＝AF+DF＝1924+169120＝2.2（m），答：此时点A离地面的距离为2.2m．故选：A．【点睛】本题考查了勾股定理、相似三角形的判定和性质，利用勾股定理，正确利用相似三角形的性质得出FD的长是解题的关键．9、D【分析】利用位似图形的性质得出位似比，进而得出对应点的坐标．【详解】解：∵矩形O A′B′C′的面积等于矩形OABC面积的14，∴两矩形面积的相似比为：1：2，∵B的坐标是（6，4），∴点B′的坐标是：（3，2）或（-3，-2）．故选：D．此题主要考查了位似变换的性质，得出位似图形对应点坐标性质是解题关键． 10、D【分析】根据统计图可知，试验结果在0.33附近波动，即其概率P≈0.33，计算四个选项的概率，约为0.33者即为正确答案．【详解】解：A. 掷一枚硬币，出现正面朝上的概率为1=0.52，故此选项不符合题意； B. 掷一枚硬币，出现反面朝上的概率为1=0.52，故此选项不符合题意； C. 掷一枚骰子，出现 3点的概率为10.1676≈，故此选项不符合题意； D. 从只有颜色不同的两个红球和一个黄球中，随机取出一个球是黄球的概率为10.333≈，故此选项符合题意； 故选：D. 【点睛】本题考查了利用频率估计概率，大量反复试验下频率稳定值即概率．用到的知识点为：频率=所求情况数与总情况数之比．同时此题在解答中要用到概率公式．二、填空题(每小题3分,共24分) 11、1米【分析】设建筑物的高度为x ，根据物高与影长的比相等，列方程求解． 【详解】解：设建筑物的高度为x 米，由题意得，4366x =，解得x=1． 故答案为：1米． 【点睛】本题考查了相似三角形的应用，通常利用相似三角形的性质即相似三角形的对应边的比相等和“在同一时刻物高与影长的比相等”的原理解决． 12、小智【分析】通过比较线段的长短，即可得到OC ＞OD ＞OB ＞OA ，进而得出表示最好成绩的点为点C ． 【详解】由图可得，OC ＞OD ＞OB ＞OA ， ∴表示最好成绩的点是点C ， 故答案为：小智． 【点睛】本题主要参考了比较线段的长短，比较两条线段长短的方法有两种：度量比较法、重合比较法．【分析】根据（-2，n ）和（1，n ）可以确定函数的对称轴x=1，再由对称轴的x=2(1)b-⨯-，即可求出b ，于是可求n的值.【详解】解：抛物线24y x bx =-++经过（-2，n ）和（1，n ）两点，可知函数的对称轴x=1， ∴2(1)b-⨯-=1，∴b=2； ∴y=-x 2+2x+1，将点（-2，n ）代入函数解析式，可得n=-1； 故答案是：-1． 【点睛】本题考查二次函数图象上点的坐标；熟练掌握二次函数图象上点的对称性是解题的关键． 14、0＜b ＜94【分析】画出图象，利用图象法解决即可．【详解】解：将抛物线y ＝﹣x 2﹣4x （﹣4≤x≤0）沿y 轴折叠后得另一条抛物线为y ＝﹣x 2+4x （0≤x≤4） 画出函数如图，由图象可知，当直线y ＝x+b 经过原点时有两个公共点，此时b ＝0，解24y x b y x x=+⎧⎨=-+⎩，整理得x 2﹣3x+b ＝0， 若直线y ＝x+b 与这两条抛物线共有3个公共点，则△＝9﹣4b ＞0， 解得94b <所以，当0＜b ＜94时，直线y ＝x+b 与这两条抛物线共有3个公共点， 故答案为904b <<．【点睛】本题考查了二次函数图像的折叠问题，解决本题的关键是能够根据题意画出二次函数折叠后的图像，掌握二次函数与一元二次方程的关系. 15、75364π-【分析】过D 作DM ⊥AB ，根据=EDAABCCBF CDE S S S S S++-阴影扇形扇形计算即得．【详解】过D 作DM ⊥AB ，如下图：∵D 为AC 的中点，以点D 为圆心，DC 长为半径作弧，交AB 于点E ∴AD=ED=CD∴=A DEA ∠∠，2AE AM = ∵30A ∠=︒∴=DEA=30A ︒∠∠ ∴60EDC ∠=︒∵在Rt ABC △中，90ACB ∠=︒ ∴60B ∠=︒ ∵2BC =∴tan 30BCAC ==︒∴12AD ED CD AC ===∴sin 30DM AD =︒=3cos302AM AD =︒==，23AE AM == ∴60423603CBF S ππ⨯==扇形，6033602EDC S ππ⨯==扇形，1324EDAS AE DM ==1232ABCS BC AC ==∴76=4EDA ABCCBF CDE S S S SSπ++-=-阴影扇形扇形故答案为：76π 【点睛】本题考查了求解不规则图形的面积，解题关键是通过容斥原理将不规则图形转化为规则图形． 16、1【分析】结合旋转前后的两个图形全等的性质以及平行线的性质，进行计算． 【详解】解：∵AA′∥BC ， ∴∠A′AB=∠ABC=65°． ∵BA′=AB ，∴∠BA′A=∠BAA′=65°， ∴∠ABA′=1°，又∵∠A′BA+∠ABC'=∠CBC'+∠ABC'， ∴∠CBC′=∠ABA′=1°． 故答案为：1．【点睛】本题考查旋转的性质以及平行线的性质．解题时注意：对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角．17、1【分析】利用扇形面积计算公式：设圆心角是n°，圆的半径为R的扇形面积为S，则2360n RSπ=扇由此构建方程即可得出答案．【详解】解：设该扇形的圆心角度数为n°，∵扇形的面积为4π，半径为6，∴4π＝26 360nπ⋅，解得：n＝1．∴该扇形的圆心角度数为：1°．故答案为：1．【点睛】此题考查了扇形面积的计算，熟练掌握公式是解此题的关键．18、＜【分析】直接利用特殊角的三角函数值分别代入比较得出答案．【详解】解：∵sin30°＝12，cos30°＝32．∴sin30°＜cos30°．故答案为：＜．【点睛】本题主要考查了特殊角的三角函数值，掌握特殊角的三角函数值是解题关键.三、解答题(共66分)19、（1）见解析（2）1 6【分析】（1）利用列表法展示所有12种等可能的结果数；（2）找出小明参加总决赛抽取题目是成语题目的结果数，然后根据概率公式计算即可． 【详解】（1）使用列表的方法表示小明参加总决赛抽取题目的所有可能结果（2）小明参加总决赛抽取题目都是成语题目的概率为126P == 【点睛】此题考查概率公式与列表法，解题关键在于利用列表法 列出所有结果 20、（1）（0,2）；（2）21y x 24=-+；（3）m=2或1m 4≤-. 【分析】（1）2mx 2y =+是顶点式，可得到结论； （2）把A 点坐标代入2mx 2y =+得方程，于是得到结论；（3）分两种情况：当抛物线开口向上或向下时，分别画出图形，找到临界位置关系，求出m 的值，再进行分析变化趋势可得到结论．【详解】（1）2mx 2y =+是顶点式，顶点坐标为,2（0）；（2）∵抛物线经过点()3.A m -， ∴m=9m +2， 解得： 1m 4=- ， ∴21y x 24=-+ (3)如图1，当抛物线开口向上时，抛物线顶点在线段AB 上时，m 2= ；当m>2时，直线x=1交抛物线于点（1，m+2）,交点位于点B 上方，所以此时线段AB 与抛物线一定有两个交点，不符合题意；如图2，当抛物线开口向下时，抛物线顶过点A 时，1m 4=-；直线x=-3交抛物线于点（-3，9m+2）,当1m<4-时，9m+2<m ，交点位于点A 下方，直线x=1交抛物线于点（1，m+2）,交点位于点B 上方，所以此时线段AB 与抛物线一定有且只有一个交点，符合题意； 综上所述，当m 2=或1m 4≤-时，抛物线与线段AB 只有一个公共点.【点睛】本题考查了抛物线的性质，直线与抛物线的位置关系，考虑特殊情况是关键，考查了数形结合的数学思想． 21、（1）49；（2）13【分析】此题可以采用列表法求解．可以得到一共有9种情况，两辆车中恰有一辆车向左转的有4种情况，两辆车行驶方向相同有3种情况，根据概率公式求解即可． 【详解】解：列表得： 左 直 右 左 左左 左直 左右 直 左直 直直 直右 右左右直右右右共有9种等可能结果，其中，两辆车中恰有一辆车向左转的有4种情况；两辆车行驶方向相同有3种情况 （1）P （两辆车中恰有一辆车向左转）=49； （2）P （两辆车行驶方向相同）=3193=． 【点睛】列表法可以不重不漏的列举出所有可能发生的情况，列举法适合于两步完成的事件，树状图法适合于两步或两步以上完成的事件．解题时注意看清题目的要求，要按要求解题．概率=所求情况数与总情况数之比． 22、（1）10，9.5；（2）平均数=9，方差=1.4；（3）甲． 【分析】（1）根据众数、中位数的意义求出结果即可；（2）根据平均数、方差的计算方法进行计算即可； （3）根据甲队、乙队的方差比较得出结论．【详解】（1）甲队成绩中出现次数最多的是10分，因此众数是10，乙队成绩从小到大排列后处在第5、6两个数的平均数为9+102＝9.5，因此中位数为9.5， 故答案为：10，9.5； （2）乙队的平均数为：72892105910⨯++⨯+⨯=，2S 乙 ＝110[(7﹣9)2×2+(8﹣9)2+(10﹣9)2×5]＝1.4， ∵1＜1.4， ∴甲队比较整齐， 故答案为：甲． 【点睛】本题考查了统计的问题，掌握众数、中位数的意义、平均数、方差的计算方法是解题的关键． 23、（1）函数解析式为y=x+4（x ＞0）；（2）0≤S≤12． 【分析】（1）抛物线解析式为y=-x 2+2mx-m 2+m+4，设顶点的坐标为（x ，y ），利用抛物线顶点坐标公式得到x=m ，y=m-4，然后消去m 得到y 与x 的关系式即可．（2）如图，根据已知得出OE=4-2m ，E （0，2m-4），设直线AE 的解析式为y=kx+2m-4，代入A 的坐标根据待定系数法求得解析式，然后联立方程求得交点P 的坐标，根据三角形面积公式表示出S=12（4-2m ）（m-2）=-m 2+3m-2=-（m-32）2+14，即可得出S 的取值范围． 【详解】（1）由抛物线y=-x 2+2mx-m 2+m+4可知，a=-1，b=2m ，c=-m 2+m+4， 设顶点的坐标为（x ，y ），∴x=-()221m⨯-=m ， ∵b=2m ， y=()()()()22414241m m m ⨯-⨯-++-⨯-=m+4=x+4，即顶点的纵坐标随横坐标变化的函数解析式为y=x+4（x ＞0）； （2）如图，由抛物线y=-x 2+2mx-m 2+m+4可知顶点A （m ，m+4），∵CD x ⊥轴 ∴//CD y 轴 ∴△ACP ∽△ABE ，∴CP BEAC AB = ∵2CPAC = ∴2BEAB=， ∵AB=m ， ∴BE=2m ， ∵OB=4+m ， ∴OE=4+m-2m=4-m ， ∴E （0，4-m ），设直线AE 的解析式为y=kx+4-m ，代入A 的坐标得，m+4=km+4-m ，解得k=2， ∴直线AE 的解析式为y=2x+4-m ， 解222424y x my x mx m m +--+-+⎩+⎧⎨＝＝ 得 114x m y m ⎩+⎧⎨＝＝，222x m y m -⎧⎨⎩＝＝，∴P （m-2，m ），∴S=12（4-m ）（m-2）=-m 2+3m-2=-12（m-3）2+12， ∴S 有最大值 12，∴△OEP 的面积S 的取值范围：0≤S≤12．【点睛】本题考查了二次函数的应用，解题的关键是正确的用字母表示出点的坐标，并利用题目的已知条件得到有关的方程或不等式，从而求得未知数的值或取值范围．24、（1）245y x x =--，2x =；（2）当x ＜1-或x ＞5时，函数值大于1．【分析】（1）把（-1，1）和点（2，-9）代入y=ax 2-4x+c ，得到一个二元一次方程组，求出方程组的解，即可得到该二次函数的解析式，然后求出对称轴；（2）求得抛物线与x 轴的交点坐标后即可确定正确的答案．【详解】解：（1）∵二次函数24y ax x c =-+的图象过点(−1，1)和点(2，−9)，∴40449a c a c ++=⎧⎨-+=-⎩，解得：15a c =⎧⎨=-⎩，∴245y x x =--； ∴对称轴为：4222b x a -=-=-=； （2）令2450x y x --==， 解得：11x =-，25x =， 如图：∴点A 的坐标为（1-，1），点B 的坐标为（5，1）； ∴结合图象得到，当x ＜1-或x ＞5时，函数值大于1． 【点睛】本题主要考查对用待定系数法求二次函数的解析式及抛物线与x 轴的交点坐标的知识，解题的关键是正确的求得抛物线的解析式．25、（1）：x ＞-2；（2）见详解；（1）①当x ＞-2时，y 随x 的增加而减小；②2≤b ＜1． 【分析】（1）x+2＞0，即可求解； （2）描点画出函数图象即可；（1）①任意写出一条性质即可，故答案不唯一；②如图2，当b=2时，直线y=-x+b的图象与该图象相交形成的封闭图形（包含边界）内刚好有6个整点（图中空心点），即可求解【详解】解：（1）x+2＞0，解得：x＞-2，故答案为：x＞-2；（2）描点画出函数图象如下：（1）①当x＞-2时，y随x的增加而减小（答案不唯一），故答案为：当x＞-2时，y随x的增加而减小（答案不唯一），②如图2，当b=2时，直线y=-x+b的图象与该图象相交形成的封闭图形（包含边界）内刚好有6个整点（图中空心点），故2≤b＜1，故答案为：2≤b＜1．【点睛】本题考查的是一次函数图象与系数的关系，这种探究性题目，通常按照题设的顺序逐次求解，通常比较容易．26、（1）随机；（2）P（同时抽到两科都准备得较好）＝29．【分析】（1）根据三种事件的特点，即可确定答案；（2）先画出树状图，即可快速求出所求事件的概率. 【详解】解：（1）由题意可知，小李同学抽到物理实验题目①这是一个随机事件，故答案为：随机；（2）树状图如下图所示：则P（同时抽到两科都准备得较好）＝29．【点睛】本题考查了求概率的列表法与树状图法，弄清题意，画出树状图或正确的列表是解答本题的关键.。

2023-2024学年第一学期福州市四校教学联盟期末学业联考九年级数学试卷一、选择题：本大题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题所给出的四个选项中，有且只有一个选项是符合题目要求的．1. 2023年10月12日，习近平总书记在进一步推动长江经济带高质量发展座谈会上强调：“要把产业绿色转型升级作为重中之重，加快培育壮大绿色低碳产业．”下列绿色图标中既是轴对称图形又是中心对称图形的是（ ）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】本题主要考查了轴对称图形和中心对称图形的识别，根据轴对称图形和中心对称图形的定义进行逐一判断即可：如果一个平面图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形就叫做轴对称图形；把一个图形绕着某一个点旋转180°，如果旋转后的图形能够与原来的图形重合，那么这个图形叫做中心对称图形，这个点就是它的对称中心．【详解】解：A 、不是轴对称图形，也不是中心对称图形，不符合题意；B 、既是轴对称图形，也是中心对称图形，符合题意；C 、不是轴对称图形，是中心对称图形，不符合题意；D 、是轴对称图形，不是中心对称图形，不符合题意；故选B ．2. 抛物线277y kx x =−−的图象和x 轴有两个交点，则k 的取值范围是（ ） A. 74k ≥− B. 74k >− C. 74k ≥−且0k ≠ D. 74k >−且0k ≠ 【答案】D【解析】【分析】本题考查了抛物线与x 轴的交点，由于二次函数与x 轴有两个交点，故二次函数对应的一元二次方程2770kx x −−=中，Δ0>，解不等式即可求出k 的取值范围，由二次函数定义可知，0k ≠．即可得出结论．【详解】解：∵二次函数277y kx x =−−的图象和x 轴有两个交点，∴20449280k b ac k ≠ ∆=−=+>， ∴74k >−且0k ≠． 故选：D ．3. 下列事件，是必然事件是（ ）A. 经过有信号灯的路口，遇到红灯B. 打开电视频道，正在播体育新闻C. 掷一次骰子，向上一面点数大于0D. 射击运动员射击一次，命中十环【答案】C【解析】【分析】本题考查了必然事件的概念。

2020-2021学年福建省福州市七校联考九年级（上）期中数学试卷参考答案与试题解析一．选择题1．下面四个图形中，是中心对称图形的是（）A．B．C．D．【分析】根据中心对称图形的概念和各图特点作答．【解答】解：A、不是中心对称图形，因为找不到任何这样的一点，使它绕这一点旋转180度以后，能够与原图重合，即不满足中心对称图形的定义．故本选项不符合题意；B、是中心对称图形，故本选项符合题意；C、不是中心对称图形，因为找不到任何这样的一点，使它绕这一点旋转180度以后，能够与原图重合，即不满足中心对称图形的定义．故本选项不符合题意；D、不是中心对称图形，因为找不到任何这样的一点，使它绕这一点旋转180度以后，能够与它原图重合，即不满足中心对称图形的定义．故本选项不符合题意．故选：B．2．已知⊙O的半径OA长为1，OB＝，则正确图形可能是（）A．B．C．D．【分析】根据点到圆心的距离和圆的半径的大小关系判断点与圆的位置关系即可．【解答】解：∵⊙O的半径OA长为1，若OB＝，∴OA＜OB，∴点B在圆外，故选：B．3．如果二次三项式x2+px+q能分解成（x+3）（x﹣1）的形式，则方程x2+px+q＝0的两个根为（）A．x1＝﹣3，x2＝1B．x1＝﹣3；x2＝﹣1C．x1＝3；x2＝﹣1D．x1＝3；x2＝1【分析】根据已知分解因式和方程得出x+3＝0，x﹣1＝0，求出方程的解即可．【解答】解：∵二次三项式x2+px+q能分解成（x+3）（x﹣1）的形式，∴x+3＝0，x﹣1＝0，解得：x1＝﹣3，x2＝1，即方程x2+px+q＝0的两个根为x1＝﹣3，x2＝1，故选：A．4．如图，一个游戏盘中，红、黄、蓝三个扇形的圆心角度数分别为40°，120°，200°，让转盘自由转动，指针停止后在黄色区域的概率是（）A．B．C．D．【分析】根据几何概率的意义求出黄色区域占整个圆的百分比，这个比即为所求的概率．【解答】解：∵“黄色”扇形区域的圆心角为120°，∴“黄色”区域的面积占整体的＝，即转动圆盘一次，指针停在黄区域的概率是，故选：B．5．如图，AB是⊙O的直径，点C、D在⊙O上．∠BDC＝21°，则∠AOC的度数是（）A．136°B．137°C．138°D．139°【分析】利用圆周角定理求出∠BOC即可解决问题．【解答】解：∵∠BOC＝2∠BDC，∠BDC＝21°，∴∠BOC＝42°，∴∠AOC＝180°﹣42°＝138°．故选：C．6．某区2019年投入教育经费2000万元，预计2021年投入教育经费2880万元．设这两年投入的教经的年平均增长率为x，则下列方程正确的是（）A．2000（1﹣x）2＝2880B．2000x2＝2880C．2000（1+x）2＝2880D．2000（1+x）+2000（1+x）2＝2880【分析】增长率问题，一般用增长后的量＝增长前的量×（1+增长率），参照本题，如果教育经费的年平均增长率为x，根据2019年投入2000万元，预计2021年投入2880万元即可得出方程．【解答】解：设教育经费的年平均增长率为x，则2020的教育经费为：2000×（1+x）2021的教育经费为：2000×（1+x）2．那么可得方程：2000×（1+x）2＝2880．故选：C．7．如图，△ABC中，∠C＝65°，将△ABC绕点A顺时针旋转后，可以得到△AB′C′，且C′在边BC上，则∠B′C′B的度数为（）A．56°B．50°C．46°D．40°【分析】根据旋转的性质和∠C＝65°，从而可以求得∠AC′B′和∠AC′C的度数，从而可以求得∠B′C′B的度数．【解答】解：∵将△ABC绕点A顺时针旋转后，可以得到△AB′C′，且C′在边BC 上，∴AC＝AC′，∠C＝∠AC′B′，∴∠C＝∠AC′C，∵∠C＝65°，∴∠AC′B′＝65°，∠AC′C＝65°，∴∠B′C′B＝180°﹣∠AC′B′﹣∠AC′C＝50°，故选：B．8．表格对应值：x1234ax2+bx+c﹣0.5512.522判断关于x的方程ax2+bx+c＝2的一个解x的范围是（）A．0＜x＜1B．1＜x＜2C．2＜x＜3D．3＜x＜4【分析】利用x＝1和x＝2所对应的函数值可判断抛物线y＝ax2+bx+c与x轴的一个交点在（1，0）和（2，0）之间，则根据抛物线于x轴的交点问题可判断关于x的方程ax2+bx+c ＝0（a≠0）的一个解x的范围．【解答】解：∵x＝2时，y＝5，即ax2+bx+c＞0；x＝1时，y＝﹣0.5，即ax2+bx+c＜0，∴抛物线y＝ax2+bx+c与x轴的一个交点在（1，0）和（2，0）之间，∴关于x的方程ax2+bx+c＝2（a≠0）的一个解x的范围是1＜x＜2．故选：B．9．如图，一段抛物线（0≤x≤4）记为C1，它与x轴交于两点O，A1，将C1绕A1旋转180°得到C2，交x轴于A2，将C2绕A2旋转180得到C3，交x轴于A3，一直进行下去，直至得到C506，则抛物线C506的顶点坐标是（）A．（2020，3）B．（2020，﹣3）C．（2022，3）D．（2022，﹣3）【分析】解方程﹣x2+3x＝0得A1（4，0），再利用旋转的性质得A2（4×2，0），A3（4×3，0），依此规律得到A505（4×505，0），A506（4×506，0），且抛物线C506的开口向上，利用交点式，设抛物线C506的解析式为y＝（x﹣2020）（x﹣2024），然后确定此抛物线顶点坐标即可．【解答】解：当y＝0时，﹣x2+3x＝0，解得x1＝0，x2＝4，∴A1（4，0），∵将C1绕A1旋转180°得到C2，交x轴于A2，将C2绕A2旋转180得到C3，∴A2（4×2，0），A3（4×3，0），∴A505（4×505，0），A506（4×506，0），即A505（2020，0），A506（2024，0），∵抛物线C506的开口向上，∴抛物线C506的解析式为y＝（x﹣2020）（x﹣2024），∵抛物线的对称轴为直线x＝2022，当x＝2022时，y＝（2022﹣2020）（2022﹣2024）＝﹣3，∴抛物线C506的顶点坐标是（2022，﹣3）．故选：D．10．如图，量角器的底A，B分别在y轴正半轴与x轴负半轴上滑动，点D位于该量角器上58°刻度处，当点D与原点O的距离最大时，∠OAB的度数是（）A．29°B．32°C．58°D．61°【分析】连接OE、OD，如图，当点O、E、D共线时，半圆片上的点D与原点O距离最大，根据三角形外角性质得∠AED＝∠EAO+∠EOA，再根据直角三角形斜边上的中线性质得EA＝EO＝EB，则∠EAO＝∠EOA，所以∠OAB＝∠AED．【解答】解：连接OE、OD，DE，如图，当点O、E、D共线时，半圆片上的点D与原点O距离最大，则∠AED＝∠EAO+∠EOA，而AE＝BE，所以EA＝EO＝EB，所以∠EAO＝∠EOA，所以∠OAB＝∠AED＝（180°﹣58°）＝61°．故选：D．二．填空题11．已知点A（a，3）与点B（2，﹣3）关于原点对称，则a＝﹣2 ．【分析】平面内关于原点对称的两点，横坐标与纵坐标都互为相反数，据此可得a的值．【解答】解：∵点A（a，3）与点B（2，﹣3）关于原点对称，∴a＝﹣2，故答案为：﹣2．12．一元二次方程的根的判别式△＝0（填“＞”“＝”或“＜”）．【分析】根据根的判别式等于b2﹣4ac，代入求值即可．【解答】解：∵一元二次方程，∴a＝1，b＝﹣2，c＝3，∴△＝（﹣2）2﹣4×1×3＝0．故答案为＝．13．一个不透明的口袋中有红球和黑球共若干个，这些球除颜色外都相同，每次摸出1个球，进行大量的球试验后，发现摸到黑球的频率在0.4附近摆动，据此估计摸到红球的概率的为0.6 ．【分析】根据题意，首先求得摸到黑球的概率，然后求得摸到红球的概率即可．【解答】解：∵每次摸出1个球，进行大量的球试验后，发现摸到黑球的频率在0.4附近摆动，∴摸到黑球的概率约为0.4，∴摸到红球的概率约为1﹣0.4＝0.6，故答案为：0.6．14．如图，在平面直角坐标系中，正六边形OABCDE边长是6，则它的外接圆心P的坐标是（3，3）．【分析】连接P A，P A，过P作PH⊥OA于H，则△POA是等边三角形，根据等腰三角形的性质得到OH＝3，根据勾股定理得到PH＝3，即得到P的坐标．【解答】解：连接P A，PO，∵正六边形OABCDE的外接圆心是P，∴∠OP A＝＝60°，PO＝P A，∴△POA是等边三角形，∴PO＝P A＝OA＝6，过P作PH⊥OA于H，则∠OPH＝∠OP A＝30°，OH＝OA＝3，∴PH＝＝＝3，∴P的坐标是（3，3），故答案为：（3，3）．15．函数y＝﹣x2+bx+c的图象与x轴交于点（m，0）和（1，0）．与y轴交于正半轴，且﹣3＜m＜﹣2，c的取值范围是2＜c＜3 ．【分析】根据题意和根与系数的关系，可以得到c的取值范围，本题得以解决．【解答】解：∵函数y＝﹣x2+bx+c的图象与x轴交于点（m，0）和（1，0）．∴a＝﹣1，∴当m＝﹣2时，则（﹣2）×1＝﹣c，得c＝2；当m＝﹣3时，则（﹣3）×1＝﹣c，得c＝3，故当﹣3＜m＜﹣2时，c的取值范围是2＜c＜3，故答案为：2＜c＜3．16．△ABC是边长为5的等边三角形，点D在△ABC的外部且∠BDC＝30°，则AD的最大值是．【分析】作A点关于BC的对称点A'，以A'点为圆心，以BC的长为半径作圆，连接AA'交BC于E点，延长AA'交⊙A'与点D，连接BD，CD，则∠BCD＝∠BA'C＝，此时AD为最大值，根据等边三角形的性质可求解A'E＝AE＝，A'D＝A'B＝AB＝5，进而可求解．【解答】解：作A点关于BC的对称点A'，以A'点为圆心，以BC的长为半径作圆，连接AA'交BC于E点，延长AA'交⊙A'与点D，连接BD，CD，则∠BCD＝∠BA'C＝，此时AD为最大值，∵△ABC是边长为5的等边三角形，∴BC＝AB＝5，∴A'E＝AE＝，A'D＝A'B＝AB＝5，∴AD＝AE+A'E+A'D＝．故答案为．三．解答题17．解方程：x2﹣4x﹣12＝0．【分析】分解因式得出（x﹣6）（x+2）＝0，推出方程x﹣6＝0，x+2＝0，求出方程的解即可．【解答】解：x2﹣4x﹣12＝0，分解因式得：（x﹣6）（x+2）＝0，∴x﹣6＝0，x+2＝0，解方程得：x1＝6，x2＝﹣2，∴原方程的解是x1＝6，x2＝﹣2．18．如图，在平面直角坐标系中，点A的坐标为（0，3），点C的坐标为（4，0），将矩形OABC绕点O逆时针旋转90°得到矩形ODEF，点A，B，C分别对应点D，E，F．（1）请在平面直角坐标系中画出矩形ODEF；（2）求点B所经过的路径长．【分析】（1）分别作出A，B，C的对应点D，E，F即可．（2）利用弧长公式计算即可．【解答】解：（1）如图，矩形ODEF即为所求．（2）点B所经过的路径长＝＝．19．如图，⊙O的内接四边形ABCD两组对边的延长线分别交BC、DC于点E，F，设∠E ＝x°，∠F＝y°．（1）当AC为直径时，求证：x＝y；（2）当x+y＝60时．①求∠DAB的度数；②连接OA，过点O作OH⊥AB于H，当AB＝2OH时，求∠DAO度数．【分析】（1）由圆周角定理可得∠ADC＝∠ABC＝90°，由外角的性质可求解；（2）①由圆的内接四边形的性质可得∠ADF+∠ABE＝180°，由三角形内角和定理可求解；②由垂径定理可得AH＝BH，进而可得AH＝BH＝OH，由等腰三角形的性质可得∠OAH＝45°，即可求解．【解答】证明：（1）∵AC是直径，∴∠ADC＝∠ABC＝90°，∵∠ADC＝∠E+∠DCE，∠ABC＝∠F+∠BCF，∴∠E+∠DCE＝∠F+∠BCF，又∵∠DCE＝∠BCF，∴∠E＝∠F，∴x＝y；（2）①∵四边形ADCB是圆内接四边形，∴∠ADF+∠ABE＝180°，∵∠E+∠DAB+∠EBA＝180°，∠F+∠DAB+∠ADF＝180°，∴∠E+∠DAB+∠EBA+∠F+∠DAB+∠ADF＝360°，∴∠E+∠F+2∠DAB＝180°，∴∠DAB＝60°；②如图，∵OH⊥AB，∴AH＝BH，∵AB＝2OH，∴AH＝OH＝BH，∴∠OAH＝∠OBH＝45°，∴∠DAO＝∠DAB﹣∠OAH＝15°．20．为了更好地适应现代学发展的需要，提高医护人员专业水平，2020年11月，福州市甲、乙、丙、丁四家医院共选派若干名医生和护士参加培训，参加培训人数情况制成了两张不完整的统计图：（1）丁医院选派的医生有4 人．（2）为了了解培训成果，准备从参加培训的四名医生（男女医生人数恰好相等）中随机选择2人进行考核，若每名医生被选中的机会均等，请用列表法或树状图求出选中的两名医生中至少有一名女医生的概率．【分析】（1）先由甲医院的医生和护士人数求出总人数，再求出丁医院选派的医生和护士的人数，进而得出答案；（2）画出树状图，共有12个等可能的结果，选中的两名医生中至少有一名女医生的结果有10个，由概率公式即可得出答案．【解答】解：（1）∵福州市甲、乙、丙、丁四家医院共选派医生和护士的总人数为：（6+4）÷20%＝50（人），∴丁医院选派的医生和护士的人数为50×24%＝12（人），∴丁医院选派的医生有：12﹣8＝4（人），故答案为：4；（2）画树状图如图：共有12个等可能的结果，选中的两名医生中至少有一名女医生的结果有10个，∴选中的两名医生中至少有一名女医生的概率为＝．21．已知抛物线y＝x2﹣2x+m，过点C（0，n）作直线L⊥y轴，当直线L与抛物线只有一个公共点时，求：m﹣n的值．【分析】将抛物线解析式画出成顶点式，根据题意得到n＝﹣1+m，变形可得．【解答】解：y＝x2﹣2x+m＝（x﹣1）2﹣1+m，∵直线L与抛物线只有一个公共点，∴n＝﹣1+m，∴m﹣n＝1．22．如图，在△ABC中，∠C＝45°，以AB为直径的⊙O经过BC的中点D．（1）求证：AC是⊙O的切线；（2）取的中点E，连接OE，延长OE交AC于点F，若EF＝，求⊙O的半径．【分析】（1）连接AD，先由圆周角定理得∠ADB＝90°，则AD⊥BC，再由线段垂直平分线的性质得AB＝AC，则∠B＝∠C＝45°，求得∠BAC＝90°，即可得出结论；（2）作EH⊥OF交AF于H，则EH是⊙O的切线，先由垂径定理得OE⊥AD，AG＝DG，再证出△EFH是等腰直角三角形，得EH＝EF＝，则FH＝EF＝2，然后由切线长定理得AH＝EH＝，则AF＝AH+FH＝+2，最后由等腰直角三角形的性质得OA＝AF＝+2即可．【解答】（1）证明：连接AD，如图所示：∵AB是⊙O的直径，∴∠ADB＝90°，OA是⊙O的半径，∴AD⊥BC，∵D是BC的中点，∴AB＝AC，∴∠B＝∠C＝45°，∴∠BAC＝180°﹣45°﹣45°＝90°，∴AC⊥OA，∴AC是⊙O的切线；（2）解：作EH⊥OF交AF于H，如图所示：则EH是⊙O的切线，∵E是的中点，∴OE⊥AD，AG＝DG，∵AD⊥BC，∴OF∥BC，∴∠EFH＝∠C＝45°，∵EH⊥OF，∴△EFH是等腰直角三角形，∴EH＝EF＝，FH＝EF＝2，∵AC是⊙O的切线，∴AH＝EH＝，∴AF＝AH+FH＝+2，由（1）得：∠BAC＝90°，∴△AOF是等腰直角三角形，∴OA＝AF＝+2，即⊙O的半径为+2．23．一段长为30m的墙前有一块矩形ABCD空地，用篱笆围成如图所示的图形，共用去100m （靠墙的一边不用篱笆，篱笆的厚度忽略不计），其中四边形AEFH和四边形CDHG是矩形，四边形EBGF是边长为10m的正方形，设CD＝xm．（1）填空：CG＝（80﹣3x）m（用含x的代数式表示）；（2）若矩形CDHG面积为125m2，求CD长；（3）当CD长为多少m时，矩形ABCD的面积最大．【分析】（1）由题意得：3x+20+GC＝100，即可求解；（2）矩形CDHG面积＝GC•CD＝（80﹣3x）x＝125，即可求解；（3）设矩形ABCD的面积为s，则s＝BC•CD＝x（10+80﹣3x）x＝﹣3（x﹣30）x，进而求解．【解答】解：（1）由题意得：3x+20+GC＝100，解得：GC＝（80﹣3x）m，故答案为（80﹣3x）；（2）∵BC＝BG+GC＝10+80﹣3x，而0＜BC≤30，即0＜10+80﹣3x≤30，解得20≤x＜30，矩形CDHG面积＝GC•CD＝（80﹣3x）x＝125，解得x＝25或（舍去），故CD长为25m；（3）设矩形ABCD的面积为s，则s＝BC•CD＝x（10+80﹣3x）x＝﹣3（x﹣30）x，∵﹣3＜0，故抛物线开口向下，而20≤x＜30，当x＞15时，s随x的增大而减小，故当x＝20（m）时，s取得最大值．故当CD长为20m时，矩形ABCD的面积最大．24．已知a＞0，点A（0，1），抛物线y＝﹣x2+bx经过点B（1，1），且与直线AB交于点P，与x轴交于点Q（异于原点O）．（1）填空：用含a的代数式表示b＝1+；（2）若△OBQ是直角三角形，求a的值；（3）点M是抛物线的顶点，OM与BP交点N，当点N是BP三等分点时，求a的值．【分析】（1）将点B坐标代入解析式可求解；（2）将b＝1+代入解析式，可求点Q坐标，由两点距离可求OB2＝2，OQ2＝（a+1）2，BQ2＝a2+1，由勾股定理可求解；（3）分别求出点M，点N，点P坐标，由点N是BP的三等分点，列出方程可求解．【解答】解：（1）∵抛物线y＝经过点B（1，1），∴1＝﹣+b，∴b＝1+，故答案为：1+；（2）∵b＝1+，∴y＝﹣x2+（1+）x，令y＝0时，0＝﹣x2+（1+）x，解得：x1＝0，x2＝a+1，∴点Q（a+1，0），∵a＞1，∴a+1＞0，∴OQ＝a+1，∵点B（1，1），点O（0，0），点Q（a+1，0），∴OB2＝2，OQ2＝（a+1）2，BQ2＝a2+1，∵△OBQ是直角三角形，∴OQ2＝OB2+BQ2，∴（a+1）2＝2+a2+1，∴a＝1；（3）如图，∵y＝﹣x2+（1+）x＝﹣（x﹣）2+，∴点M（，），∴直线OM的解析式为y＝x，当y＝1时，x＝，∴点N（，1），∵y＝﹣x2+（1+）x与直线AB交于点P，∴1＝﹣x2+（1+）x，∴x1＝1，x2＝a，∴点P（a，1），∵点N是BP三等分点，∴BN＝2PN，∴1﹣＝2（﹣a），解得：a＝1或．25．如图1，在Rt△ABC中∠BAC＝90°，AB＝AC，BC＝2，以BC所在直线为x轴，边BC的垂直平分线为y轴建立平面直角坐标系，将△ABC绕P点（0，﹣1）顺时针旋转．（1）填空：当点B旋转到y轴正半轴时，则旋转后点A坐标为（，）；（2）如图2，若边AB与y轴交点为E，边AC与直线y＝x﹣1的交点为F，求证：△AEF 的周长为定值；（3）在（2）的条件下，求△AEF内切圆半径的最大值．【分析】（1）证明四边形ABPC为正方形，当点B落在y轴上时，则图形旋转的角度为45°，点A落在点A′的位置，则P A′过点C，P A′＝P A＝2，进而求解；（2）证明△BPQ≌△CPF（AAS）和△QPE≌△FPE（SAS），则QE＝EF，进而求解；（3）证明r＝（AE+AE﹣EF）＝（2﹣m﹣n+n﹣m）＝﹣m，在Rt△AEF中，AE2+AF2＝EF2，即n2+（2﹣m﹣n）2＝m2，整理得：n2+（m﹣2）n+4﹣2m＝0，由△＝（m﹣2）2﹣4×（4﹣2m）≥0，求得m≥4﹣2，即可求解．【解答】解：（1）连接BP、CP，则△ABP为等腰直角三角形，而△ABC为等腰直角三角形，易证四边形ABPC为正方形，当点B落在y轴上时，则图形旋转的角度为45°，点A落在点A′的位置，则P A′过点C，P A′＝P A＝2，过点A′作A′E⊥x轴于点E，则∠A′CE＝OCP＝45°，由点A、B、C的坐标知，AB＝AC＝，则CA′＝P A′﹣CP＝2﹣，在Rt△A′CE中，A′E＝A′C＝﹣1＝CE，故旋转后点A的坐标为（，），故答案为（，）；（2）连接PB、CP，作∠QPB＝∠FPC，由（1）知，四边形BPCA为正方形，由直线y＝x﹣1知，∠EPF＝45°，则∠FPC+∠BPE＝90°﹣∠EPF＝45°＝∠QPB+∠BPE＝∠QPE＝∠45°，即∠QPE＝∠EPF＝45°，∵四边形BPCA为正方形，则PB＝PC，∠QBP＝∠FCP＝90°，∠QPB＝∠FPC，∴△BPQ≌△CPF（AAS），∴PQ＝PF，而∠QPE＝∠EPF＝45°，PE＝PE，∴△QPE≌△FPE（SAS），∴QE＝EF，则△AEF的周长＝AE+AF+EF＝AE+AF+QE＝AE+BE+BQ+AE＝AE+BE+FC+AF＝AB+AC ＝2；即△AEF的周长为定值；（3）设△AEF内切圆半径为r，AE＝n，EF＝m，由（2）知，AF＝2﹣m﹣n，则r＝（AE+AE﹣EF）＝（2﹣m﹣n+n﹣m）＝﹣m（半径公式见备注），在Rt△AEF中，AE2+AF2＝EF2，即n2+（2﹣m﹣n）2＝m2，整理得：n2+（m﹣2）n+4﹣2m＝0，∵关于n的一元二次方程有解，故△＝（m﹣2）2﹣4×（4﹣2m）≥0，解得m≥4﹣2或m≤﹣4﹣2（舍去），故m的最小值为4﹣2，则r的最大值为﹣m＝﹣（4﹣2）＝3﹣4，即△AEF内切圆半径的最大值为3﹣4．备注：证明：设△ABC为直角三角形，三条边分别为a、b、c，内切圆的半径为r，如图设内切圆圆心为O，三个切点为D、E、F，连接OD、OE、OF，OA、OB、OC，显然有OD⊥AC，OE⊥BC，OF⊥AB，所以S△ABC＝S△OAC+S△OBC+S△OAB，所以ab＝br+ar+cr，所以r＝＝＝，即内切圆半径为（a+b﹣c）．。

2021-2022学年福建省福州市长乐区九年级（上）期中数学试卷1.我国汽车工业迅速发展，国产汽车技术成熟，下列汽车图标是中心对称图形的是( )A. B. C. D.2.关于二次函数y=2(x−4)2−3最大值或最小值，下列说法正确的是( )A. 有最大值4B. 有最小值4C. 有最大值−3D. 有最小值−33.⊙O的半径为8，圆心O到直线l的距离为4，则直线l与⊙O的位置关系是( )A. 相切B. 相交C. 相离D. 不能确定4.如图，将木条a，b与c钉在一起，∠1=70°，∠2=50°，要使木条a与b平行，木条a旋转的度数至少是( )A. 10°B. 20°C. 50°D. 70°5.抛物线y=−12x2向上平移1个单位长度，得到新抛物线的解析式为( )A. y=−12x2+1 B. y=−12x2−1 C. y=−12(x+1)2D. y=−12(x−1)26.如图，已知AB是⊙O的直径，CD是弦，且AB⊥CD于点E，则下列结论错误的是( )A. CE=DEB. AE=OEC. BC⏜=BD⏜D. ∠COB=∠DOB7.在平面直角坐标系xOy中，以原点为中心，将点P(4,4)按顺时针方向旋转135°，得到的点Q 所在的位置是( )A. 第四象限B. 第三象限C. x轴上D. y轴上8.下表中列出的是一个二次函数的自变量x与函数y的几组对应值：x…−2013…y…6−4−6−4…下列各选项中，正确的是( )A. 这个函数的图象开口向下B. 这个函数的图象与x轴无交点C. 这个函数的最小值小于−6D. 当x>1时，y的值随x值的增大而增大9.如图，PA、PB是⊙O切线，A、B为切点，点C在⊙O上，且∠ACB=55°，则∠APB等于( )A. 55°B. 70°C. 110°D. 125°10.已知二次函数y=(x−ℎ)2(ℎ为常数)；当1≤x≤3时，与其对应的函数y的最小值为4，则ℎ的值为( )A. −1或5B. −1或3C. 1或5D. 1或311.抛物线y=x2的开口方向是______ ．12.点A(−1,2)关于原点对称点B的坐标是______．13.如图，在圆内接四边形ABCD中，若∠ABC=130°，则∠ADC=______°.14.飞机着陆滑行的距离y(m)关于滑行时间t(s)的函数解析式为y=60t−1.5t2，在飞机着陆滑行中，总共滑行的距离是______m.15.用一个半径为30cm，面积是300πcm2的扇形围成一个圆锥的侧面，则该圆锥的底面半径为______cm．16.如图，将△ABC绕点C逆时针旋转得到△DEC，点A，B的对应点分别为D，E，连接AD.当点A，D，E在同一条直线上时，下列结论：①AC=AD；②AE⊥BC；③∠BAE=∠BCE；④AB//CD．其中一定正确的结论是______.(填序号)17.已知抛物线y=x2+2x−3交x轴于A，B两点，交y轴于点C，求△ABC的面积．18.如图，某圆形拱门在地面的宽AB=4m，拱门所在⊙O的半径OA=2.5m.求拱门的拱顶到地面的距离CD的长．19.如图，在△ABC中，∠ACB=90°，AC=BC，D是AB边上一点(点D与A，B不重合)，连接CD，将线段CD绕点C按逆时针方向旋转90得到线段CE，连接BE．(1)根据题意将图形补充完整；(要求尺规作图，保留作图痕迹，不写作法)(2)求证：BE⊥AB．20.如图是抛物线型拱桥，当拱顶离水面2m时，水面宽4m，若水面上升1.5m，则水面宽是多少米？(提示：以抛物线的顶点为原点，抛物线的对称轴为y轴建立平面直角坐标系)21.如图，⊙O是△ABC的外接圆，∠ABC=45°，过点A作OC的平行线，交BC的延长线于D．(1)求证：AD是⊙O的切线；(2)若⊙O的半径为4，求图中阴影部分的面积．22.某网店专门销售某种品牌的漆器笔筒，成本为30元/件，每天销售y(件)与销售单价x(元)之间存在一次函数关系，如图所示．(1)求y与x之间的函数关系式；(2)如果规定每天漆器笔筒的销售量不低于240件，当销售单价为多少元时，每天获取的利润最大，最大利润是多少？23.在Rt△ABC中，∠ACB=90°，∠ABC=30°，AC=4，将△ABC绕点B顺时针旋转一定的角度得到△DBE，点A，C的对应点分别是D，E，连接AD．(1)如图1，当点E恰好在边AB上时，求∠ADE的大小；(2)如图2，若F为AD中点，求CF的最大值．24.如图，四边形ABCD内接于⊙O，AB是⊙O的直径，点C为BD⏜的中点，弦CE⊥AB于点F，与BD交于点G．(1)求证：BG=CG；(2)若OF=1，求AD的长．25.在平面直角坐标系xOy中，已知直线y=−x+2与抛物线y=x2+bx+c交于A，B两点(点A在点B左边)．(1)当点A和点B都在坐标轴上时，求抛物线的解析式；(2)当线段AB被y轴平分时，求b的值；(3)当△AOB的面积为√2b时，求c的最大值．答案和解析1.【答案】B【解析】【分析】本题考查了中心对称图形的概念：中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后与原图重合．根据中心对称图形的概念求解．【解答】解：A、不是中心对称图形．故错误；B、是中心对称图形．故正确；C、不是中心对称图形．故错误；D、不是中心对称图形．故错误．故选：B．2.【答案】D【解析】解：∵二次函数y=2(x−4)2−3，a=2>0，∴该函数图象开口向上，有最小值，当x=4取得最小值−3，故选：D．根据题目中的函数解析式和二次函数的性质，可以得到该函数有最小值，最小值为−3，然后即可判断哪个选项是正确的．本题考查二次函数的性质、二次函数的最值，解答本题的关键是明确二次函数的性质，会求函数的最值．3.【答案】B【解析】解：∵⊙O的半径为8，圆心O到直线L的距离为4，∵8>4，即：d<r，∴直线L与⊙O的位置关系是相交．故选：B．根据圆O的半径和圆心O到直线L的距离的大小，相交：d<r；相切：d=r；相离：d>r；即可选出答案．本题主要考查对直线与圆的位置关系的性质的理解和掌握，能熟练地运用性质进行判断是解此题的关键．4.【答案】B【解析】【分析】根据同位角相等两直线平行，求出旋转后∠2的同位角的度数，然后用∠1减去即可得到木条a旋转的度数．本题考查了旋转的性质，平行线的判定，根据同位角相等两直线平行求出旋转后∠2的同位角的度数是解题的关键．【解答】解：如图：∵∠AOC=∠2=50°时，OA//b，∴要使木条a与b平行，木条a旋转的度数至少是70°−50°=20°．故选：B．5.【答案】A【解析】解：抛物线y=−12x2向上平移1个单位长度，得到新抛物线的解析式为：y=−12x2+1．故选：A．根据平移的规律：上加下减，求出得到的抛物线的解析式即可．此题主要考查了函数图象的平移，要求熟练掌握平移的规律：左加右减，上加下减．并用规律求函数解析式．6.【答案】B【解析】解：∵AB⊥CD，∴CE=DE，BC⏜=BD⏜，所以A、C选项正确；∵BC⏜=BD⏜，∴∠COB=∠DOB，所以D选项正确．故选：B．利用垂径定理得到CE=DE，BC⏜=BD⏜，然后根据圆心角、弧、弦的关系得到∠COB=∠DOB，从而可对各选项进行判断．本题考查了垂径定理：垂直于弦的直径平分这条弦，并且平分弦所对的两条弧．也考查了圆心角、弧、弦的关系．7.【答案】D【解析】解：如图：过点P作PA⊥y轴，垂足为A，∴∠PAO=90°，∵点P(4,4)，∴PA=OA=4，∵∠AOP=∠APO=45°，∴∠1=180°−∠AOP=135°，∴以原点为中心，将点P(4,4)按顺时针方向旋转135°，得到的点Q所在的位置在y轴上，故选：D．过点P作PA⊥y轴，垂足为A，根据垂直定义可得∠PAO=90°，再根据点P的坐标可得PA=OA=4，然后利用等腰直角三角形的性质可得∠AOP =∠APO =45°，从而利用平角定义可得∠1=135°，即可解答．本题考查了坐标与图形变化−旋转，根据题目的已知条件并结合图形添加适当的辅助线是解题的关键．8.【答案】C【解析】解：设二次函数的解析式为y =ax 2+bx +c ， 由题知{6=a ×(−2)2+b ×(−2)+c−4=c −6=a +b +c ，解得{a =1b =−3c =−4，∴二次函数的解析式为y =x 2−3x −4=(x −4)(x +1)=(x −32)2−254，A .函数图象开口向上，故A 选项不符合题意；B .与x 轴的交点为(4,0)和(−1,0)，故B 选项不符合题意；C .当x =32时，函数有最小值为−254，故C 选项符合题意；D .函数对称轴为直线x =32，根据图象可知当x >32时，y 的值随x 值的增大而增大，故D 选项不符合题意． 故选：C ．设出二次函数的解析式，根据表中数据求出函数解析式即可判断． 本题主要考查二次函数的性质，熟练掌握二次函数的性质是解题的关键．9.【答案】B【解析】 【分析】本题考查了多边形的内角和定理，切线的性质，圆周角定理的应用，关键是求出∠AOB 的度数． 根据圆周角定理构造它所对的弧所对的圆心角，即连接OA ，OB ，求得∠AOB =110°，再根据切线的性质以及四边形的内角和定理即可求解． 【解答】解：连接OA ，OB ，∵PA，PB是⊙O的切线，∴PA⊥OA，PB⊥OB，∵∠ACB=55°，∴∠AOB=110°，∴∠APB=360°−90°−90°−110°=70°．故选：B．10.【答案】A【解析】解：∵当x>ℎ时，y随x的增大而增大，当x<ℎ时，y随x的增大而减小，∴①若ℎ<1≤x≤3，x=1时，y取得最小值4，可得：(1−ℎ)2=4，解得：ℎ=−1或ℎ=3(舍)；②若1≤x≤3<ℎ，当x=3时，y取得最小值4，可得：(3−ℎ)2=4，解得：ℎ=5或ℎ=1(舍)；③若−1<ℎ<3时，当x=ℎ时，y取得最小值为0，不是4，∴此种情况不符合题意，舍去．综上，ℎ的值为−1或5，故选：A．由解析式可知该函数在x=ℎ时取得最小值0，x>ℎ时，y随x的增大而增大；当x<ℎ时，y随x的增大而减小；根据−1≤x≤3时，函数的最小值为4可分如下两种情况：①若ℎ<−1≤x≤3，x=−1时，y取得最小值4；②若−1≤x≤3<ℎ，当x=3时，y取得最小值4，分别列出关于ℎ的方程求解即可．本题主要考查二次函数的性质和最值，根据二次函数的性质和最值分类讨论是解题的关键．11.【答案】上【解析】解：∵抛物线y=x2中，a=1>0，∴抛物线y=x2的开口方向向上，故答案为：上．根据二次项系数的符号即可判断开口方向．本题考查了二次函数的性质．在抛物y=ax2+bx+c中，a>0，抛物线开口向上．12.【答案】(1,−2)【解析】【分析】此题主要考查了关于原点对称的点的坐标，关键是掌握两个点关于原点对称时，它们的坐标符号相反．根据关于原点对称的点的坐标特点：它们的坐标符号相反可直接得到答案．【解答】解：点A(−1,2)关于原点对称点B的坐标是(1,−2)，故答案为(1,−2)．13.【答案】50【解析】解：∵四边形ABCD是圆内接四边形，∴∠ADC+∠ABC=180°，∵∠ABC=130°，∴∠ADC=180°−130°=50°．故答案为：50．根据圆内接四边形的对角互补即可求出∠ADC．本题考查的是圆内接四边形的性质，熟知圆内接四边形对角互补的性质是解答此题的关键．14.【答案】600【解析】解：∵y=60t−1.5t2，=−1.5(t−20)2+600，∵−1.5<0，∴当t=20时，y取得最大值600，即飞机着陆后滑行600米才能停下来，故答案为：600．将函数解析式配方成顶点式求出y的最大值即可得．此题考查二次函数的实际运用，运用二次函数求最值问题常用公式法或配方法是解题关键．15.【答案】10【解析】解：设扇形的弧长为l cm，圆锥的底面半径为r cm，∵扇形的半径为30cm，面积是300πcm2，l×30=300π，∴12解得l=20π，由扇形的弧长等于圆锥底面周长得，2πr=20π，解得r=10(cm)，故答案为：10．根据扇形面积公式可求出扇形的弧长，再根据扇形的弧长与圆锥底面周长相等，可求出圆锥的底面半径．本题考查圆锥的计算，掌握扇形面积、弧长的计算公式是正确解答的前提．16.【答案】③【解析】解：如图，设AE与BC的交点为O，∵将△ABC绕点C逆时针旋转得到△DEC，∴△ABC≌△DEC，∴AC=CD，∠B=∠E，∠ACB=∠ECD，又∵∠AOB=∠COE，∴∠BAE=∠ECB，故答案为：③．由旋转的性质可得AC=CD，∠B=∠E，∠ACB=∠ECD，由三角形内角和定理可证∠BAE=∠ECB．本题考查了旋转的性质，掌握旋转的性质是解题的关键．17.【答案】解：令y=0，则x2+2x−3=0，即(x−1)(x+3)=0，解得：x1=1，x2=−3，∴A(−3,0)，B(1,0)，∴AB=4，令x=0，则y=−3，∴C(0,−3)，∴OC=3，∴S△ABC=12AB⋅OC=12×4×3=6．∴△ABC的面积为6．【解析】求出点A，B，C的坐标，再用三角形面积公式求面积即可．本题考查抛物线与x轴的交点以及三角形的面积，关键是求出抛物线与坐标轴的交点．18.【答案】解：∵AB⊥CD，AB是弦，CD过圆心，∴AD=BD=12AB=2m，在Rt△AOD中，OD=√OA2−AD2=√2．52−22=1.5(m)，∴CD=OC+OD=2.5+1.5=4(m)，答：拱门的拱顶到地面的距离CD的长为4m．【解析】根据垂径定理求出AD，再根据勾股定理求出OD即可．本题考查垂径定理、勾股定理，掌握垂径定理、勾股定理是正确解答的关键．19.【答案】(1)解：根据题意作图如下：(2)证明：∵将线段CD绕点C按逆时针方向旋转90°得到线段CE，∴CD=CE，∠DCE=90°=∠ACB，∴∠ACD=∠BCE，∵∠ACB=90°，AC=BC，∴∠CAB=∠CBA=45°，在△ACD和△BCE中，{AC=BC∠ACD=∠BCE CD=CE，∴△ACD≌△BCE(SAS)，∴BE=AD，∠CBE=∠CAD=45°，∴∠ABE=∠ABC+∠CBE=90°，∴BE⊥AB．【解析】(1)连接CD，在CD右边作∠DCM=∠ACB，再在射线CM上截取CE=CD，连接BE；(2)由旋转的性质可得CD=CE，∠DCE=90°=∠ACB，由“SAS”可证△ACD≌△BCE，可得BE= AD，∠CBE=∠CAD=45°，可得结论本题考查了旋转的性质，全等三角形的判定和性质，等腰三角形的性质，证明三角形全等是解题的关键．20.【答案】解：由题意，设二次函数的解析式为y=ax2，把B(2,−2)代入得，a=−12，∴二次函数的解析式为y=−12x2；当水面上升1.5m时，水面与抛物线交点的纵坐标为−0.5，把y=−0.5代入解析式y=−12x2得：−12x2=−12，解得x=±1，此时水面宽为1+1=2(米)．【解析】根据题意设出函数解析式，用待定系数法求出函数解析式，再计算水面上升1.5米时水面的宽即可．本题主要考查二次函数的应用，解题的关键是根据题意建立合适的平面直角坐标系及熟练掌握待定系数法求函数解析式．21.【答案】(1)证明：连接OA，如图，∵∠COA=2∠ABC，∠ABC=45°，∴∠COA=90°．∵CO//DA，∴∠COA+∠OAD=180°，∴∠OAD=90°，∴OA⊥DA，∵OA为⊙O的半径，∴AD是⊙O的切线；(2)解：∵∠COA=90°，∴OA⊥OC．∴阴影部分的面积=S扇形OAC−S△OCA=90π×42360−12×OC ⋅OA =4π−12×4×4=4π−8．【解析】(1)连接OA ，利用圆周角定理和切线的判定定理解答即可；(2)利用扇形的面积公式与三角形的面积公式解答即可．本题主要考查了圆周角定理，圆的切线的判定定理，扇形与三角形的面积，连接经过切点的半径是解决此类问题常添加的辅助线．22.【答案】解：(1)设y =kx +b ，将(40,300)、(55,150)代入，得：{40k +b =30055k +b =150， 解得：{k =−10b =700， 则y =−10x +700；(2)设每天获取的利润为W ，则W =(x −30)(−10x +700)=−10x 2+1000x −21000=−10(x −50)2+4000，又∵−10x +700≥240，∴x ≤46，∵x <50时，W 随x 的增大而增大，∴当x =46时，W 取得最大值，最大值为−10×16+4000=3840，答：当销售单价为46元时，每天获取的利润最大，最大利润是3840元．【解析】本题主要考查二次函数的应用，解题的关键是理解题意，找到题目蕴含的相等关系，并熟练掌握二次函数的性质．(1)利用待定系数法求解可得；(2)根据“总利润=每件利润×销售量”列出函数解析式，并配方成顶点式，再结合x 的取值范围，利用二次函数的性质求解可得．23.【答案】解：(1)如图1，∵△ABC绕点B顺时针旋转α得到△DEB，点E恰好在AB上，∴BA=BD，∠EBD=∠CBA=30°，∠DEB=∠ACB=90°，∴∠BAD=∠BDA=75°，∴∠ADE=90°−75°=15°；(2)如图2，连接BF，∵BA=BD，F为AD中点，∴BF⊥AD，∴∠AFB=90°，而∠ACB=90°，∴A、C、B、F四点共圆，∴AB为这个圆的直径，CF为这个圆的一条弦，∵AC=4，∠ABC=30°，∴AB=8，∴CF的最大值为8．【解析】(1)由旋转可得：BA=BD，∠EBD=∠CBA=30°，∠DEB=∠ACB=90°，再运用三角形内角和定理即可得出答案；(2)如图2，连接BF，利用等腰三角形的性质证明∠AFB=90°，然后证明A、C、B、F四点共圆，接着利用圆是圆中最长的弦即可求解．此题主要考查了旋转的性质，同时也利用了含30°角的直角三角形的性质，有一定的综合性．24.【答案】(1)证明：∵点C为BD⏜的中点，∴BC⏜=CD⏜，又∵弦CE⊥AB，AB是直径，∴BC⏜=BE⏜，∴BC⏜=BE⏜=CD⏜，∴∠CBD=∠CDB=∠BCE，∴BG=CG；(2)解：如图，过点O作OM⊥BD，垂足为M，∵BC⏜=BE⏜=CD⏜，∴BC⏜+CD⏜=BC⏜+BE⏜，即BD⏜=CE⏜，∴BD=CE，又∵OM⊥BD，OF⊥CE，∴OM=OF=1，DM=BM，∵OA=OB，∴OM是△ABD的中位线，AD，∴OM=12∴AD=2OM=2．【解析】(1)根据垂径定理以及圆周角定理可得BC⏜=BE⏜=CD⏜，进而得到∠CBD=∠CDB=∠BCE，再根据等腰三角形的判定可得BG=CG；(2)利用圆心角、弦、弧、圆心距之间的关系以及垂径定理、三角形中位线定理可得答案．本题考查垂径定理、圆周角定理以及圆心角、弦、弧、圆心距之间的关系定理，掌握垂径定理、圆周角定理，圆心角、弦、弧、圆心距之间的关系定理以及等腰三角形的判定方法、三角形中位线定理是正确解答的前提．25.【答案】解：(1)令x=0，则y=2，令y=0，则x=2，∴直线y=−x+2与坐标轴交于点(0,2)，(2,0)．∵直线y=−x+2与抛物线y=x2+bx+c交于A，B两点(点A在点B左边)，点A和点B都在坐标轴上，∴A(0,2)，B(2,0)．∴{c=24+2b+c=0，∴{b=−3c=2．∴抛物线的解析式为y=x2−3x+2；(2)当线段AB被y轴平分时，如图，设A(x 1,y 1)，B(x 2,y 2)，直线AB 与y 轴交于点P ，则：AE =−x 1，BF =x 2．由(1)知：P(0,2)．分别过点A ，B 作y 轴的垂线，垂足分别为E ，F ，∵线段AB 被y 轴平分，∴PA =PB ．在△PAE 和△PBF 中，{∠AEP =∠BFP =90°∠APE =∠BPF AP =BP，∴△PAE≌△PBF(AAS)，∴AE =BF ，∴−x 1=x 2，∴x 1+x 2=0．∵直线y =−x +2与抛物线y =x 2+bx +c 交于A ，B 两点(点A 在点B 左边)， ∴{y =−x +2y =x 2+bx +c， ∴x 2+bx +c =−x +2，∴x 2+(b +1)x +c −2=0，∴x 1，x 2是方程x 2+(b +1)x +c −2=0的两根，∴x 1+x 2=−(b +1)，∴−(b +1)=0，∴b =−1；(3)①当A(x1,y1)，B(x2,y2)在y轴的两侧时，如图，分别过点A，B作y轴的垂线，垂足分别为E，F，设A(x1,y1)，B(x2,y2)，直线AB与y轴交于点P，则P(0,2)，∴OP=2，AE=−x1，BF=x2．∵S△AOB=S△AOP+S△BOP，∴S△AOB=12×OP⋅AE+12×OP×BF=−x1+x2；当A(x1,y1)，B(x2,y2)在y轴的左侧时，如图，分别过点A，B作y轴的垂线，垂足分别为E，F，设A(x1,y1)，B(x2,y2)，直线AB与y轴交于点P，则P(0,2)，∴OP=2，AE=−x1，BF=−x2．∵S△AOB=S△AOP−S△BOP，∴S△AOB=12×OP×AE−12×OP×BF=12×2×(−x1)−12×2×(−x2)=−x1+x2；当A(x1,y1)，B(x2,y2)在y轴的右侧时，如图，分别过点A，B作y轴的垂线，垂足分别为E，F，设A(x1,y1)，B(x2,y2)，直线AB与y轴交于点P，则P(0,2)，∴OP=2，AE=x1，BF=x2．∵S△AOB=S△BOP−S△AOP，∴S△AOB=12×OP×BF−12×OP×AE=12×2×x2−12×2×x1=x2−x1，综上，△AOB的面积=x2−x1，由(2)知：x1，x2是方程x2+(b+1)x+c−2=0的两根，∴x1+x2=−(b+1)，x1⋅x2=c−2．∵△AOB的面积为√2b，∴x2−x1=√2b，两边平方得：(x2−x1)2=2b2，∴(x1−x2)2−4x1x2=2b2．即：[−(b+1)]2−4(c−2)=2b2．∴c=−14b2+12b+94=−14(b−1)2+52．∵−1<0，4∴当b=1时，c的最大值为5．2【解析】(1)利用待定系数法解答即可；(2)依据题意画出图形，设A(x1,y1)，B(x2,y2)，直线AB与y轴交于点P，则AE=−x1，BF=x2，，分别过点A，B作y轴的垂线，垂足分别为E，F，利用全等三角形的判定与性质得到x1+x2=0；将直线与抛物线的解析式联立得到关于x的一元二次方程，利用韦达定理解答即可得出结论；(3)分三种情况求得，△AOB的面积=x2−x1，利用(2)的结论和韦达定理得到x2−x1=√2b，整理即可得到c关于b的函数关系式，再利用配方法即可求得结论．本题考查了二次函数的图象与性质，一次函数的图形与性质，待定系数法求得函数的解析式，抛物线上点的坐标的特征，一次函数图象上点的坐标的特征，全等三角形的判定与性质，分类讨论的思想方法，三角形的面积，配方法求得函数的极值，利用点的坐标表示出相应线段的长度是解题的关键．。