《解析》甘肃省白银市靖远一中2018届高三上学期12月模拟考试物理试题 Word版含解析【 高考】
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靖远一中2018届高三12月模拟考试物理试卷一、选择题1. 在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。
下列叙述不符合史实的是A. 奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系B. 安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，C. 法拉第在实验中观察到，通有恒定电流的静止导线附近的固定导线圈中，会出现感应电流，D. 楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化【答案】C【解析】奥斯特在实验中观察到电流的磁效应,该效应揭示了电和磁之间存在联系，选项A 正确；安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性,提出了分子电流假说，选项B正确；法拉第在实验中观察到,在通有变化电流的静止导线附近的固定导线圈中会出现感应电流，选项C错误；楞次在分析了许多实验事实后提出,感应电流应具有这样的方向,即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，选项D正确；故选ABD.2. 如图.在水平面(纸面)内有三根相同的均匀金属棒ab、ac和MN，其中ab、ac在a点接触，构成“V”字型导轨。
空间存在垂直于纸面的均匀磁场。
用力使MN向右匀速运动，从图示位置开始计时，运动中MN始终与∠bac的平分线垂直且和导轨保持良好接触。
下列关于回路中电流i与时间t的关系图线.可能正确的是A. B. C. D.【答案】A【解析】试题分析：设，单位长度电阻为,则MN切割产生电动势,回路总电阻为,由闭合电路欧姆定律得：,与时间无关，是一定值，故A正确，BCD错误。
考点：导体切割磁感线时的感应电动势、闭合电路的欧姆定律【名师点睛】MN切割磁感线运动产生感应电动势，L越来越大，回路总电阻也增大，根据电阻定律可求，然后利用闭合电路欧姆定律即可求解。
3. 闭合线圈的匝数为n，每匝线圈面积为S，总电阻为R，在时间内穿过每匝线圈的磁通量变化为，则通过导线某一截面的电荷量为（）A. B. C. D.【答案】C4. 如图所示，平行金属导轨竖直放置，仅在虚线MN下面的空间存在着匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，导轨上端跨接一定值电阻R，质量为m、电阻r的金属棒两端各套在导轨上并可在导轨上无摩擦滑动，导轨的电阻不计，将金属棒从图示位置由静止释放，则进入磁场后（）A. a点的电势高于b点的电势B. 金属棒中产生的焦耳热小于金属棒机械能的减少量C. 金属棒受到的最大安培力大小为mgD. 金属棒刚进入磁场过程中可能做匀减速运动【答案】B【解析】根据右手定则判断可知：ab中产生的感应电流方向从a到b，a点相当于电源的负极，b点相当于电源的正极，则a点的电势低于b点的电势．故A错误．金属棒进入磁场时回路中产生电能转化为电阻R和金属棒的内能，根据能量转化和守恒定律得知：金属棒中产生的焦耳热小于金属棒机械能的减少量，故B正确．若棒做减速运动，最终做匀速运动，此时安培力最小，为mg；若棒做加速运动，最终做匀速运动，此时安培力最大为mg；若匀速运动，安培力不变，大小为mg，故C错误．金属棒刚进入磁场的过程中，若安培力大于重力，棒做减速运动，随着速度的减小，根据安培力公式可知，安培力不断减小，合力减小，加速度减小，所以棒做加速度减小的变减速运动，不可能做匀减速运动，故D 错误．故选B．5. 粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行。
现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如下图所示（）A. 四种情况下ab两端的电势差都相等B. 四种情况下流过ab边的电流的方向都相同C. 四种情况下流过线框的电荷量都相等D. 四种情况下磁场力对线框做功的功率都相等【答案】BCD【解析】上述四个图中，切割边所产生的电动势大小均相等（E），回路电阻均为4r（每边电阻为r），则电路中的电流亦相等，即I=，只有B图中，ab为电源，有U ab=I•3r=E；其他情况下，U ab=I•r=E，故A错误；四种情况穿过线框的磁通量均减小，根据楞次定律判断出感应电流方向均为顺时针方向，故B正确；由q=n，△Φ相同，所以电荷量相同，故C正确；由P=Fv=BILv，因为I相同，所以P相等，故D正确．故选BCD．点睛：本题属于电磁感应与电路的结合，注意弄清电源和外电路的构造，明确a、b两点间的电势差是路端电压还是某一阻值电压．掌握电量的经验表达式q=n，并能灵活运用．6. 在如图所示的电路中，a、b为两个完全相同的灯泡，L为自感线圈，E为电源，S为开关．关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序，下列说法正确的是( )A. 合上开关，a先亮，b逐渐变亮；断开开关，a、b同时熄灭B. 合上开关，b先亮，a逐渐变亮；断开开关，a先熄灭，b后熄灭C. 合上开关，b先亮，a逐渐变亮；断开开关，a、b同时熄灭D. 合上开关，a、b同时亮；断开开关，b先熄灭，a后熄灭【答案】C【解析】试题分析：当开关接通和断开的瞬间，流过线圈的电流发生变化，产生自感电动势，阻碍原来电流的变化，根据楞次定律来分析两灯亮暗顺序．解：由图可以看出，a、b灯泡在两个不同的支路中，对于纯电阻电路，不发生电磁感应，通电后用电器立即开始正常工作，断电后停止工作．但对于含电感线圈的电路，在通电时，线圈产生自感电动势，对电流的增大有阻碍作用，使a灯后亮，则合上开关，b先亮，a后亮．当断开电键时，线圈中产生自感电动势，由a、b及电感线圈组成一个回路，两灯同时逐渐熄灭．故C正确．故选C．【点评】对于线圈要抓住这个特性：当电流变化时，线圈中产生自感电动势，相当于电源，为回路提供瞬间的电流．7. 关于电场和磁场，下列说法中正确的是（）A. 电场是电荷周围空间实际存在的物质B. 由E=F/q可知，电场中某点的场强E与q成反比，与F成正比C. 磁铁能产生磁场，电流也能产生磁场D. 根据公式B=F/IL可知，通电导线受磁场力为零的地方磁感应强度一定为零【答案】AC【解析】电场是电荷周围空间实际存在的物质，选项A正确；电场中某点的场强E是由电场本身决定的，与试探电荷的电量q以及所受的电场力F无关，选项B错误；磁铁能产生磁场，电流也能产生磁场，选项C正确；通电导线的电流方向若与磁场平行，则所受磁场力为零，但此地方磁感应强度不为零，选项D错误；故选AC.8. 如图所示，用恒力F将闭合线圈自静止开始(不计摩擦)从图示位置向左加速拉出有界匀强磁场，则在此过程中( )A. 线圈向左做匀加速直线运动B. 线圈向左运动且加速度逐渐增大C. 线圈向左运动且加速度逐渐减小D. 线圈中感应电流逐渐增大【答案】CD【解析】线圈向左运动时，ab边做切割磁感线运动产生电动势，根据右手定则可知ab产生的电动势方向从a向b，电动势的大小为E=BLv，通过ab的电流为I=，由左手定则可知ab边受到的安培力方向向右，大小为F安=BIL；根据牛顿第二定律应有F-F安=ma；联立可得，可见，加速度a随速度v的增大而减小，即线圈做加速度减小的加速运动，所以AB错误，C正确；线圈加速运动，产生的感应电流应逐渐增大，所以D正确．故选CD.点睛：对电磁感应问题首先找出电源，然后根据楞次定律和法拉第电磁感应定律写出电动势大小和方向，若涉及到力学问题，就进行受力分析，再根据牛顿第二定律写出相应的表达式，然后再讨论即可．9. 关于电磁感应现象，下列说法正确的是A. 线圈放在磁场中就一定能产生感应电流B. 闭合线圈放在匀强磁场中做切割磁感线运动时，一定能产生感应电流C. 感应电流的磁场总是阻碍原来磁场的磁通量的变化D. 感应电流的磁场总是与原磁场方向相反【答案】C【解析】线圈放在磁场中如果穿过线圈的磁通量不变，则线圈中就不能产生感应电流，选项A错误；闭合线圈的部分导体放在匀强磁场中做切割磁感线运动时，一定能产生感应电流，选项B错误；根据楞次定律，感应电流的磁场总是阻碍原来磁场的磁通量的变化，选项C 正确；感应电流的磁场总是阻碍原磁场的变化，则与原磁场方向可能相同，也可能相反，选项D错误；故选C.10. 如图所示，小磁针正上方的直导线与小磁针平行，当导线中有电流时，小磁针会发生偏转。
首先观察到这个实验现象的物理学家和观察到的现象是A. 奥斯特，小磁针的N极转向纸内B. 法拉第，小磁针的S极转向纸内C. 库仑，小磁针静止不动D. 洛伦兹，小磁针的N极转向纸内【答案】A【解析】发现电流周围存在磁场的科学家是奥斯特，根据安培定则可知该导线下方磁场方向垂直纸面向里，因此小磁针的N极垂直转向纸内，故BCD错误，A正确．故选A．三、实验题（本大题共3个小题，共20分）11. （1）某同学用螺旋测微器的的某工件外径如图所示，其示数D=_____mm(2)某同学测得阻值约为25kΩ的电阻R，现备有下列器材：A.电流表（量程400 μA，内阻约2kΩ）；B.电流表（量程500 μA，内阻约300Ω）；C.电压表（量程15V，内阻约100KΩ）；D.电压表（量程60V，内阻约500KΩ）；E.直流电源（20V，允许最大电流1A）；F.滑动变阻器（最大阻值1KΩ，额定功率1W）；G．开关和导线若干.电流表应选_____.电压表应选_____(填字母代号)（3）画出实验电路图____：【答案】(1). 1.731---1.734mm(2). B(3). C(4).【解析】（1）螺旋测微器的读数：1.5mm+0.01mm×23.3=1.733mm.（2）由闭合电路欧姆定律，有电路最大电流为I==800μA，故电流表应选B，因电源电动势为20V，所以电压表应选C．（3）由题得，=4，而，则，故用电流表内接法；因是小电阻控制大电阻，若用限流式接法，控制的电压变化范围太小，则滑动变阻器应采用分压式接法．电路图如图：点睛：本题考查伏安法测电阻的实验；实验电路所用器材的要求要熟练掌握，读数的要求，误差来源的分析，变阻器的分压与限流式区别要弄清楚．12. 用欧姆表测电阻时，如发现指针偏转角度太小，为了使读数的精度提高，应使选择开关拨到较______（选填“大”或“小”）的倍率挡，重新测量前要进行______（选填“欧姆调零”或“机械调零”）．如图所示为使用多用表进行测量时，指针在刻度盘上停留的位置，若选择旋钮在“×10Ω”位置，则所测量电阻的阻值为______Ω；若选择旋钮在“50mA”位置，则所测量电流的值为______mA．【答案】(1). 大(2). 欧姆调零(3). 320(4). 22.0mA【解析】用欧姆表测电阻时，如发现指针偏转角度太小，说明倍率档选择过高，为了使读数的精度提高，应使选择开关拨到较大的倍率挡，重新测量前要进行欧姆调零．如图若选择旋钮在“×10Ω”位置，则所测量电阻的阻值为32×10Ω=320Ω；若选择旋钮在“50mA”位置，则所测量电流的值为22.0mA．四、本大题共4个小题，共40分。
