河南省郑州市2013届高三第一次模拟考试数学(文)试题(扫描版)

  • 格式:doc
  • 大小:3.59 MB
  • 文档页数:9

2013年高中毕业年级第一次质量预测

文科数学 参考答案

一、选择题

CCADC BAAAD DB

二、填空题

13.53; 14.34; 15.6; 16、0,1

三、解答题

17.解:⑴由正弦定理得2sincos2sinsinBCAC,――――2分

在ABC中sinsin()sincossincosABCBCCB,

sin(2cos1)0CB,又0,sin0CC,

1cos2B,注意到0,3BB.―――――6分

⑵1sin3,42ABCSacBac,――――8分

由余弦定理得2222222cos()3bacacBacacacac,

22()316acbac,

4ac,――――10分

又4ac,所以2ac,

故ABC是等边三角形. ――――12分

其中角标中的1表示正确,0表示错误,如10N表示N同学第一题正确,第二题错误,

将两位同学的答题情况列表如下:

11M 10M 01M 00M

11N AB BB BB CB

10N AB BB BB CB

01N AB BB BB CB

00N AC BC BC CC

表中AB表示M获A类资格,N获B类资格;BC表示M获B类资格,N没有获得资格.所以恰有一位同学获该高校B类资格的概率为81162.――――12分

此时,2122131313aaaaaADSVBCDEBCDEA梯形四棱锥

故四棱锥ABCDE体积的最大值为.213a―――――12分

注意到2(1,0)F,则直线PQ的方程为(1)ykx,

由221,43(1),xyykx消y得:2222(43)84120kxkxk,

所以2122843kxxk,故212024243xxkxk,

又点N在直线PQ上,所以22243(,)4343kkNkk,―――――8分

由QPMPPQMQ可得()20PQMQMPPQMN,

即PQMN,所以22230143443MNkkkkkmk,――――10分

整理得22211(0,)34344kmkk,

所以在线段2OF上存在点)0,(mM符合题意,其中1(0,)4m.――――12分

21.解:⑴当1a时,xxxxf1)1ln()(,

22)1)(1()3()1(111)(xxxxxxxf,―――1分 OHGFEDCBA 当01x时,0)(xf,当10x时,0)(xf,

所以函数)(xf在)0,1(上为增函数,在)1,0(上为减函数,―――3分

即0)0()(maxfxf,所以当且仅当0x时,函数)(xf的最大值为0.―-5分

综上,当0a时,函数()fx的增区间为),1(),1,1(,无减区间;

当0a时,函数()fx的增区间为),(),,1(21xx,减区间为),1(),1,(21xx,

其中282,2822221aaaxaaax.―-12分

22. 证明:⑴连接DB,

AB是⊙O的直径,

090ADB,

RtABDRtAFGABDAFE在与中,,

又ABDACD

ACDAFE ,,,CDEF四点共圆.――――5分

2 CDFEGEGFGCGDGHOHGHGCGD、、、四点共圆切于点2GHGEGF

又因为6,4GHGE,所以9,5GFEFGFGE. ―――10分