湖南省永兴县第二中学2016届高三第五次模拟练习物理试题含答案

高三物理第五次阶段性考试答案一、选择题1.B2.B3.A4.C5.D6.C7. A8. C9.BC 10.BD 11.AB 12.CD二、实验题：（共2小题，13题每空2分，14题每空3分，共16分）13.(1)5.015;(2)4.700;(3)22014.(1)B ； C(2)三、计算题：（共36分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案不得分。

有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位。

）15．（10分）解析：(1)撤去F后物体的加速度①（1分）2s末—3s末，物体运动距离②（1分）1s末—3s末，物体运动距离③（1分）1s末—2s末，物体运动距离（2分）或用图像法求解。

(2) 由牛顿第二定律④（1分）由图得恒力F作用时物体的加速度a2＝8 m/s2 ⑤（1分）由牛顿第二定律⑥（1分）解④⑤⑥得（2分）16．（12分）解析：滑动变阻器单位长度上的电压为L E3分设当系统向左的加速度为a 时，滑片离开中心距离为x则敏感元件所受合力为kx F 2= 2分由牛顿第二定律得ma F = ; 2分 此时输出电压L Ex L U ⎪⎭⎫ ⎝⎛+=2 3分联立上式得 ⎪⎭⎫⎝⎛-=212E Um kL a 2分17．⑴设微粒穿过B 板小孔时的速度为v ，根据动能定理，有2分解得 1分⑵微粒进入半圆形金属板后，电场力提供向心力，有2分联立⑴、⑵，得 2分⑶微粒从释放开始经t 1射出B 板的小孔，则2分设微粒在半圆形金属板间运动经过t 2第一次到达最低点P 点，则2分所以从释放微粒开始，经过微粒第一次到达P 点； 1分 根据运动的对称性，易知再经过微粒再一次经过P 点； 所以经过时间，时微粒经过P 点。

2分。

2015 学年浙江省第二次五校联考理科综合试题卷一、单项选择题（此题共17 小题，共 102 分。

在每题给出的四个选项中，只有一个选项是切合题目要求的。

选对的得 6 分，选错或不选的得0 分。

）14.如题14－ 1图所示的是工业上探测物品表面层内部能否存在缺点的涡流探伤技术。

其原理是用电流线圈使物品内产生涡电流，借助探测线圈测定涡电流的改变，进而获取构件内部能否断裂及地点的信息。

如题 14－ 2 图所示的是一个带铁芯的线圈 L、开关 S 和电源用导线连结起来的跳环实验装置，将一个套环置于线圈 L 上且使铁芯穿过此中，闭合开关 S 的瞬时，套环将马上跳起。

对于对以上两个运用实例理解正确的选项是题 14－1 图题14－2图A.涡流探伤技术运用了互感原理，跳环实验演示了自感现象B.能被探测的物品和实验所用的套环一定是导电资料C.以上两个事例中的线圈所连结电源都一定是变化的沟通电源D.以上两个事例中的线圈所连结电源也能够都是稳恒电源15.以下哪一种运动情形中物体将会处于一段连续的完整失重状态A.高楼正常运转的电梯中B.沿固定于地面的圆滑斜面滑行C.固定在杆端随杆绕对地静止圆心在竖直平面内运动D.不计空气阻力条件下的竖直上抛16.如题16 图所示的是一个力学均衡系统，该系统由三条轻质细绳将质量均为m 两个小球连接悬挂构成，小球直径对比细绳长度能够忽视，轻绳 1 与竖直方向的夹角为30o，轻绳 2 与竖直方向的夹角大于45o，轻绳 3 水平。

当此系统处于静止状态时，细绳1、 2、3 的拉力分别为F1、 F2、 F3，比较三力的大小，以下结论正确的选项是题16图A. F1F3B. F2F3C. F1F2D. F1F217. 物理学往常有二个角度描绘物理量 A 的变化快慢（1）相对于时辰的变化率A；（ 2）t相对于空间地点的变化率A。

但是在物理国际单位制下有一些物理量的变化率经常被定义x成另一个物理量，下面所列物理量组合中不属于“前者是后者的变化率”的是A ．速度与位移B．感觉电动势与磁通量C．功率与能量 D ．协力与动能二、选择题 (此题共 3 小题，每题 6 分，共 18 分。

2016年某某乌鲁木齐市第七十中学高考5模理科综合物理试卷一、单项选择题〔共5小题〕1．如下关于物理量,物理量单位,物理意义的说法正确的答案是〔〕A．加速度是描述速度变化的物理量B．使质量为1千克的物体产生1米每二次方秒的加速度的力就是1牛顿C．在力学范围内,国际单位制中的根本单位是:米, 秒, 焦耳.D．物理量是标量的, 一定没有方向考点：物理学史答案：B试题解析：加速度是描述速度变化快慢的物理量，A错误；使质量为1千克的物体产生1m/s2的加速度的力就是1牛顿，B正确；力学范围内，国际单位制中的根本单位是：米、秒、千克，焦耳不是国际单位制中的根本单位，C错误；电流是标量，但是有方向，D错误。

2．关于人造地球卫星，如下说法中正确的答案是〔〕A．卫星离地球越远，角速度越大B．卫星运行的瞬时速度可以大于7.9km/sC．同一圆轨道上运行的两颗卫星，线速度大小可能不同D．地球同步卫星可以经过地球两极上空考点：万有引力定律与其应用答案：B试题解析：根据得，可知卫星离地球越远，角速度越小，A错误；第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动的最大线速度，当卫星绕地球沿椭圆轨道运动时，在近地点的速度大于第一宇宙速度而小于第二宇宙速度，B正确；同一圆轨道上运行的两颗卫星，线速度大小一样，C错误；同步卫星与地球自转同步，其轨道平面与赤道平面重合，不可以经过地球两极，D错误。

3．如图甲所示，、为两个被固定的点电荷，其中带负电，、两点在它们连线的延长线上。

现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从点开始经点向远处运动〔粒子只受电场力作用〕，粒子经过、两点时的速度分别为、，其速度图象如图乙所示。

以下说法中正确的答案是〔〕A．一定带负电B．的电量一定大于的电量C．点的电场强度为零D．整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大考点：电场强度、点电荷的场强答案：C试题解析：从速度图象可知粒子从a到b做加速度减小的减速运动，所以ab之间电场的方向向左，即可知一定带正电，A错误；在b点时粒子运动的加速度为零，如此电场力为零，所以该点场强为零，根据与可知的电量一定小于的电量，B 错误，C正确；整个过程动能先减小后增加，根据能量守恒知电势能先增大后减小，D错误。

2016年新课标高考二轮全真模拟物理试卷（6-5）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.物理关系式不仅反映了物理量之间数量的关系，也确定了它们之间的单位关系．如关系式U=IR既反映了电压、电流和电阻之间的关系，也确定了V（伏）与A（安）和Ω（欧）的乘积等效．则引力常量G用国际单位制（简称SI）中的基本单位可等效表示为（）A.N⋅m3kg2B.m3kg⋅s2C.m3kg⋅s2D.m3kg⋅s2【答案】B【解析】解：由万有引力公式F=G m1m2r2变形得G=Fr2m1m2，所以引力常量G的单位可表示为N⋅m2 kg2=kg⋅m⋅m2kg2⋅s2=m3kg⋅s2，故B正确．故选：B单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，由物理公式推导出的但为叫做导出单位，根据万有引力公式求解即可．物理公式不仅确定了各个物理量之间的关系，同时也确定了物理量的单位之间的关系，根据物理公式来分析物理量的单位即可．2.如图所示，图甲为质点a和b做直线运动的位移-时间（x-t）图象，图乙为质点c和d做直线运动的速度-时间（v-t）图象，由图可知（）A.若t1时刻a、b两质点第一次相遇，则t2时刻两质点第二次相遇B.若t1时刻c、d两质点第一次相遇，则t2时刻两质点第二次相遇C.t1到t2时间内，四个质点中只有b和d两个质点的运动方向发生改变D.t1到t2时间内，四个质点中只有b和d两个质点做了变速运动【答案】A【解析】解：A、由题图可知，t1和t2时刻a、b两个质点的位移均相同，若t1时刻为第一次相遇，则t2时刻为第二次相遇，故A正确；B、若t1时刻c、d两质点第一次相遇，t1到t2时间内，c、d两质点的位移不同，因此t2时刻两质点不可能相遇，故B错误；C、t1到t2时间内，只有b质点的运动方向发生改变，故C错误；D、t1到t2时间内，b、c、d三个质点的速度都发生了变化，做变速运动，故D错误．故选：A在位移-时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，图象的交点表示位移相等；在速度-时间图象中，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移．由此分析两质点的运动情况．要求同学们能根据图象读出有用信息，注意位移-时间图象和速度-时间图象的区别，从斜率、面积等数学角度来理解其物理意义．3.2013年6月13日，“神舟十号”飞船与“天宫一号”目标飞行器在离地面343km 的圆轨道上成功进行了我国第5次载人空间交会对接，在进行对接前，“神舟十号”飞船在比“天宫一号”目标飞行器较低的圆形轨道上飞行，这时“神舟十号”飞船的速度为v 1，“天宫一号”目标飞行器的速度为v 2，“天宫一号”目标飞行器运行的圆轨道和“神舟十号”飞船运行圆轨道最短距离为h ，由此可求得地球的质量为（ ） A.ℎv 12v 22G(v 12+v 22) B.ℎv 1v 2G(v 1−v 2) C.ℎv 12v 22G(v 12−v 22) D.ℎv 1v 2G(v 1+v 2)【答案】C【解析】解：设“神舟十号”飞船的轨道半径为r ，质量为m ，则“天宫一号”目标飞行器轨道半径为r +h ，质量为m ′；由万有引力提供向心力：GMm r 2=mv 12rGMm′(r +ℎ)2=m′v 22r +ℎ联立解得：M=ℎv 12v 22G(v 12−v 22) 故选：C“天宫一号”目标飞行器运行的圆轨道和“神舟十号”飞船运行圆轨道最短距离为h ，即说明两轨道半径的差为h ，对于每个飞行器，都有万有引力提供向心力，由牛顿第二定律列方程求解即可解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，能够根据题意选择恰当的向心力的表达式，整理出地球质量的表达式．4.水平地面x O y 上有一沿x 正方向做匀速运动的传送带，运动速度为v 1=3m /s ，传送带上有一质量为m =1kg 的正方体随传送带一起运动，当物体运动到y O z 平面时遇到一阻挡板C ，阻止其继续向x 轴正方向运动．物体与传送带间的动摩擦因数μ1=0.5，物体与挡板之间的动摩擦因数μ2=0.2．若要使物体沿y 轴正方向以v 2=4m /s 匀速运动，所加外力大小为（ ）A.1NB.4.6NC.5ND.6N【答案】B【解析】解：x O y 对物体的摩擦力f 1，如图1中所示，物体沿y 轴正向匀速运动时受力如图2所示：传送带对物块的摩擦力：f 1=μ1mg ，挡板对物体的支持力：N 2=f 1sin θ，挡板对物体的摩擦力：f2=μ2N2=μ2μ1mgsinθ，又sinθ=35，所以：F=f2+f1cosθ=4.6N．故选：B作出xoy平面对物块的摩擦力示意图，以及物块沿y轴方向做匀速运动时的受力分析图，结合几何知识，通过共点力平衡求出压力的大小，再对物块根据共点力平衡条件列式求解外力大小．解决本题的关键能够正确地受力分析，根据共点力平衡进行求解，得出传送带对物块摩擦力的方向是解决本题的关键．5.如图所示，水平地面上方矩形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，两个边长相等的单匝闭合正方形线圈Ⅰ和Ⅱ，分别用相同材料，不同粗细的导线绕制（Ⅰ为细导线）．两线圈在距磁场上界面h高处由静止开始自由下落，再进入磁场，最后落到地面．运动过程中，线圈平面始终保持在竖直平面内且下边缘平行于磁场上边界．设线圈Ⅰ、Ⅱ落地时的速度大小分别为v1、v2，在磁场中运动时产生的热量分别为Q1、Q2．不计空气阻力，则（）A.v1＜v2，Q1＜Q2B.v1=v2，Q1=Q2C.v1＜v2，Q1＞Q2D.v1=v2，Q1＜Q2【答案】D【解析】解：由于从同一高度下落，到达磁场边界时具有相同的速度v，切割磁感线产生感应电流同时受到磁场的安培力为：F=B2l2vR，由电阻定律有：R=ρ4lS（ρ为材料的电阻率，l为线圈的边长，S为单匝导线横截面积）所以下边刚进入磁场时所受的安培力为：F=B2lvS 4ρ此时加速度为：a=g−Fm将线圈的质量m=ρ0S•4l（ρ0为材料的密度）代入上式，所以得加速度为：a=g−B2v 16ρρ0经分析上式为定值，线圈Ⅰ和Ⅱ同步运动，落地速度相等v1=v2由能量守恒可得：Q=mg(ℎ+H)−12mv2（H是磁场区域的高度）Ⅰ为细导线m小，产生的热量小，所以Q1＜Q2．正确选项D，选项ABC错误．故选：D．两矩形线圈进入磁场之前，均做自由落体运动，因下落高度一致，所以两线圈会以同样的速度进入磁场，由法拉第电磁感应定律可求出进入磁场边界时的感应电动势，从而表示出受到磁场的安培力．由电阻定律表示出两线圈的电阻，结合牛顿运动定律表示出加速度，可分析出加速度与线圈的粗细无关，从而判断出两线圈运动一直同步，得出落地速度相同的结论．因最终落地速度大小相同，由能量的转化与守恒可知，损失的机械能（转化为了内能）与线圈的质量有关，从而判断出产生的热量大小．此题的分析首先要进行分段，即为进入磁场之前和进入磁场之后，在进入磁场之前，两线圈均做自由落体运动．当线圈的一边进入磁场后，开始受到安培力的作用，此时在竖直方向上还受到重力作用；当线圈的上下两边都进入磁场，通过线圈的磁通量不再发生变化，就不会再有安培力，线圈就会只在重力作用下运动直至落地．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.图甲为一台小型发电机构造示意图，内阻r=5.0Ω，外电路电阻R=95Ω，电路中其余电阻不计．发电机内的矩形线圈在匀强磁场中以恒定的角速度ω绕垂直于磁场方向的固定轴转动，线圈匝数n=100．转动过程中穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按正弦规律变化，如图乙所示，则（）A.t=3.14×10-2s时，该小型发电机的电动势为零B.该小型发电机的电动势的最大值为200 VC.电路中电流最大值为2 AD.串联在外电路中的交流电流表的读数为2 A【答案】BC【解析】解：A、t=3.14×10-2s时，磁通量Φ的变化率最大，该小型发电机的电动势有最大值，故A错误；B、从Φ-t图线可以看出，Φmax=1.0×10-2W b，T=3.14×10-2s，ω=2πT，感应电动势的最大值E max=nωΦmax=100×2π3.14×10−2×1×10-2=200V，故B正确；C、电路中电流最大值I max=E maxR+r =200100=2A，故C正确；D、交流电流表读数是交变电流的有效值，即I=max√2=√2=1.4A，故D错误．故选：BC首先知道给出的是磁通量与时间的变化关系，利用图象读出周期求出角速度；再利用电动势的最大值公式求出峰值、有效值，从而求出电流表的示数．本题考查对交流电的产生过程的理解，要注意明确磁通量的变化与交流电产生的关系，知道最大电动势与最大磁通量之间的关系．7.如图所示，A、B两个楔形物体叠放在一起，B靠在竖直墙壁上，在水平力F的作用下，A、B保持静止不动，增大F，A、B仍保持静止不动，则增大F的过程中（）A.墙对B的摩擦力增大B.B对A的摩擦力增大C.A对B的正压力增大D.A对B的作用力增大【答案】CD【解析】解：A、先对AB整体受力分析，由平衡条件知，竖直方向：f=G A+G B，因此当水平力F增大，墙壁对B的摩擦力仍不变，故A错误；B、若AB间不存在静摩擦力，则有：隔离B物体，必受重力、A对B的压力和墙面的弹力与静摩擦力作用；隔离A物体，受到重力、B对A的支持力和外力F，三个力作用，均能处于平衡；若AB间存在静摩擦力，则有：A受四个力，B受五个力，仍能处于平衡；因此当F增大过程中，A对B的正压力增大，即A对B的作用增大，故B错误，CD正确；故选：CD．先对AB整体受力分析，由平衡条件知，整体共受四个力作用，墙面对此有作用力；再分别隔离A、B受力分析，应用平衡条件分析即可．关键利用整体法并结合共点力平衡条件得到B物体与墙间不存在弹力，注意AB间是否存在静摩擦力是解题的关键．8.两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在y轴上的O、M两点，若规定无穷远处的电势为零，则在两电荷连线上各点的电势φ随y变化的关系如图6所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则（）A.q1与q2带异种电荷B.A、N两点的电场强度大小为零C.从N点沿y轴正方向，电场强度大小先减小后增大D.将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做负功后做正功【答案】AD【解析】解：A、由图象可知，M点附近的电势为负值、O点附近的电势为正值，所以，q1与q2带异种电荷，故A正确B、A、N点的电势为零，但场强不为零（φ-y图象的斜率不为零），故B错误C、从N点沿y轴正方向，电场强度的大小先减小后增大再逐渐减小，故C错误D、将一正点电荷从N点移到D点，电势能先增后减，所以，电场力先做负功后做正功．故D正确．故选：ADφ-x图象的斜率等于电场强度E．根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性．根据功能关系分析电场力做功的正负解决本题的关键要掌握电场线方向和电势变化的关系，明确电场力做功的正负决定电势能的增加与否，注意图象斜率表示电场强度是解题的突破口五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)13.下列关于热现象的说法正确的是（）A.小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力B.液体分子的无规则运动称为布朗运动C.热量不可能从低温物体传到高温物体D.分子间的距离增大时，分子势能可能减小E.一定质量的理想气体，如果压强不变、体积增大，那么它一定从外界吸热【答案】ADE【解析】解：A、小草上的露珠由于液体表面张力的作用而呈球形，故A正确；B、布朗运动是指液体中悬浮固体小颗粒的运动，不是液体分子的运动，故B错误；C、关键热力学第二定律，热量不能自发地从低温物体传递到高温物体，但引起其他变化时，可以从低温物体传递到高温物体，如开动冰箱的压缩机可以使热量从低温物体传递到高温物体，故C错误；D、当分子间距小于r0时，分子力表现为斥力，随着分子间距的增大，分子势能减小，故D正确；E、根据理想气体状态方程可知，一定质量的理想气体压强不变、体积增大，温度一定升高，因此内能增加；体积增大则对外做功，根据△U=W+Q可知，气体一定吸收热量，故E正确．故选：ADE小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用；布朗运动是指液体中悬浮固体小颗粒的运动，是由于液体分子无规则运动时撞击的不平衡引起的；热量能从高温物体向低温物体传递，也能由低温物体传给高温物体．关键理想气体的状态方程分析气体的状态参量的变化，关键热力学第一定律分析是否吸收热量．本题全面考查了选修3-3中的基础知识，这些知识大都需要平时的记忆和积累，在平时注意加强记忆和练习，提高知识的应用能力．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.如图所示是一列沿x轴传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，已知波的传播速度为v=2m/s，则（）A.x=0.5m处的质点的振动方程为y=5cos2πt（cm）B.波传播到x=20m处时，质点的起振方向沿y轴正方向C.图中质点a正沿y轴正方向运动D.图中质点a的振动周期为1sE.如果该波由水面传播到油面上后，波的频率会发生改变【答案】ACD【解析】解：A、由波动图象可知，波长λ=2.0m，则周期为T=λv =1.0s，ω=2πT=2π，振幅为A=5cm，所以x=0.5m处的质点的振动方程为y=5cos2πt（cm），选项A正确；B、波传播到任何位置，质点的起振方向都沿y轴方向向下，选项B错误；C、由于波沿x轴正方向传播，根据波的形成原理可知，图中质点a正沿y轴正方向运动，选项C正确；D、在波的传播过程中，所有质点的振动周期与波源相同，选项D正确；E、波的传播介质发生变化时，波的传播速度和波长会发生改变，而波的频率不变，选项E错误．故选：ACD由图读出振幅和波长，由波速公式求出周期，由ω=2πT求出角频率ω．即可写出x=0.5m处质点的振动函数表达式．根据时间与周期的关系求解质点通过的路程．解决本题的关键知道波速、波长、周期以及解频率的关系，理解波的周期性，以及知道质点在一个周期内的路程等于4倍的振幅．从而进行解题．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.某同学利用图甲所示装置进行探究恒力做功与物块动能变化的关系的实验，水平桌面上放上小物块，适当重物牵引下运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上．通过实验得到如图乙所示的纸带，纸带上0点为物块运动起始时刻打的点，选取时间间隔0.1s ，实验时物块的质量为0.50kg ，力传感器测得物块受到的拉力为1.98N ，测得（g 取9.80）m /s 2）（1）物块减速运动过程中加速度的大小为a = ______ m /s 2；动摩擦因数为 ______ ．（2）物块从O 到D ，所受合力做的功为W= ______ J ；动能变化量△E k = ______ J （保留三位有效数字）【答案】1.96；0.2；0.251；0.250【解析】解：（1）由图可知F 到P 物体做减速运动，加速度大小为：a =△x T 2=0.0864−0.06680.01=1.96m /s 2；由牛顿第二定律可得：f =ma =μmg解得：μ=a g =1.969.8=0.2；（2）OD 过程合外力为：F=1.98-μmg =1.98-0.2×0.5×9.8=1.00N ；做功为：W=FL=1.00×（0.1604+0.0901）=0.251J ；D 点的速度为：v D =x t =0.0901+0.10990.2=1m /s ； 动能的变化量为：△E K =12mv D 2=120.5×1=0.250J ；故答案为：（1）1.96；0.2；（2）0.251；0.250（1）分析纸带，找出减速过程，由△x =at 2可求得加速度，再由牛顿第二定律可求得动摩擦因数；（2）通过受力分析明确合力大小，再由牛顿第二定律可求得合外力的功；再平均速度公式可求得平均速度，由动能的表达式求得动能．本题考查验证动能定理的实验，要注意明确实验方法和原理，然后才能找出正确的数据处理方法．10.某同学使用了如下器材：电源E （电动势12V ）；电压表V （量程为15V ，内阻约15K Ω）电流表A （量程100m A ，内阻约10Ω）；滑动变阻器（最大电阻为50Ω）；单刀单掷开关；导线若干．测出了一个小灯泡的伏安特性曲线如图1甲所示，已知小灯泡的额定电压为12V ．（1）请在图1乙的虚线方框中画出此实验电路．（2）根据设计的电路图在图2的实物上连线．（3）由小灯泡的伏安特性曲线可知小灯泡的额定功率为P额= ______ W，小灯泡电阻的变化特性为______ ．【答案】1.2；灯泡电阻随电压升高而增大（或随温度升高而增大；或电压越高时电阻增大越快）【解析】解：（1）由I-U图象知电压与电流从零调，滑动变阻器应用分压式接法，小灯泡电阻远小于电压表内阻，电流表应用外接法，电路图如图所示（2）根据设计的电路图在图中的实物上连线如图所示（3）由小灯泡的伏安特性曲线可读出当U=12V时，I=100m A，由P=UI得小灯泡的额定功率为P=12×0.1W=1.2W；有I-U图象可知：灯泡电阻随电压升高而增大（或随温度升高而增大；或电压越高时电阻增大越快）故答案为（1）电路图如图所示；（2）实物图连接如图所示；（3）1.2，灯泡电阻随电压升高而增大（或随温度升高而增大；或电压越高时电阻增大越快）．若电流或电压从零调时滑动变阻器应用分压式接法，若待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应用外接法接法．用伏安法做电学实验时，有电流表内接与外接之分，用滑动变阻器时就有分压与限流之分，要掌握接法的选择方法．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图，一质量为m=1kg的“”形木板放置在水平面上，木板上表面光滑，槽内长度为l=0.32m，木板与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，一质量与木板相同、可视为质点的小物块紧靠左端停在木板上，现对木板施加一向右的水平推力F=8N，推动木板从静止开始向右运动，当木板运动的距离为d=1m时，立刻撤去推力F，求：（1）在推动木板的过程中，木板对物块做的功；（2）物块从木板左端运动到木板右端的时间．【答案】解：（1）在推动木板的过程中，将木板和物块作为一个整体，由动能定理得（F-2μmg）d=1×2mv22代入数据得v=2m/s对物块，由动能定理知物块动能增加量等于木板对物块所做的功mv2=2J则知木板对物块做的功W=12（2）假设物块到达右端时木板未停止运动，则物块做匀速直线运动，x2=vt木板做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得：2μmg=max1=vt-1at22由几何关系有x2-x1=l联立代入数据得t=0.4s撤去推力到木板停止运动的时间为t′=va代入数据得t′=0.5s＞0.4s假设成立．答：（1）在推动木板的过程中，木板对物块做的功是2J．（2）物块从木板左端运动到木板右端的时间是0.4s．【解析】（1）在推动木板的过程中，先将木板和物块作为一个整体，由动能定理求得撤去F时的速度，再对物块，运用动能定理列式，可求得木板对物块做的功．（2）可采用假设法研究木板的运动情况．假设物块到达右端时木板未停止运动，撤去F后物块做匀速直线运动，木板做匀减速直线运动，由牛顿第二定律求木板的加速度，再由位移关系和位移时间公式列式求出时间．解决本题时，要灵活选取研究对象，采用整体法和隔离法结合求整体的速度和木板对物块的做功．当两者有相对运动时，判断木板是否停止运动是关键．12.如图所示，在xoy坐标平面的第一象限内有一沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限内有一垂直于平面向里的匀强磁场．现有一粒子源处在坐标为（0，L）M点能以垂直与电场方向不断发射质量为m、电量为+q、速度为v0的粒子（重力不计），粒子进入磁场后最后又从x轴上坐标为（3L，0）处的P点射入电场，其入射方向与x轴成45°角．求：（1）粒子到达P 点时的速度v ；（2）匀强电场的电场强度E 和匀强磁场的磁感应强度B ；（3）粒子从M 点运动到P 点所用的时间t ．【答案】解：（1）粒子运动轨迹如图所示．设粒子在P 点速度为v ， 根据对称性可知v 0=vcos 45°， 解得：v =√2v 0（2）粒子由M 点运动到P 点的过程中，由动能定理得：qEL =12mv 2−12mv 02 解得E=mv 022qL 水平方向的位移为x OQ =v 0t 1竖直方向的位移为L =v 02t 1，可得x OQ =2L ，x QP =L由x QP =2R cos 45°，故粒子在OQ 段圆周运动的半径R=√22L 粒子在磁场中：qvB =m v 2R， 联立解得：B =2mv 0qL（3）在Q 点时，v y =v 0tan 45°=v 0设粒子从M 到Q 所用时间为t 1，在竖直方向上有t 1=L v 02=2L v 0 粒子从Q 点运动到P 所用的时间为：t 2=πL4v 0 则粒子从M 点运动到P 点所用的时间为t 总=t 1+t 2=2Lv 0+πL 4v 0=(8+π)L 4v 0【解析】（1）粒子带电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，根据对称性可以求出速度；（2）粒子由M 点运动到P 点的过程中，由动能定理可以求出电场强度，根据几何关系可以求出半径，再根据圆周运动的向心力公式可以求出磁场强度；（3）分别求出粒子在磁场和电场中运动的时间，时间之和即是总时间．本题主要考查了带电粒子在混合场中运动的问题，要求同学们能正确分析粒子的受力情况，再通过受力情况分析粒子的运动情况，熟练掌握圆周运动及平抛运动的基本公式，难度较大．六、计算题(本大题共1小题，共9.0分)14.如图所示，水平放置一个长方体的封闭气缸，用无摩擦活塞将内部封闭气体分为完全相同的A 、B 两部分．初始时两部分气体压强均为p、热力学温度均为T．使A的温度升高△T而保持B部分气体温度不变．则A 部分气体的压强增加量为多少？【答案】解：设温度升高后，AB压强增加量都为△p，升高温度后体积V A，由理想气体状态方程得：pVT =(p+△p)V AT+△T，对B部分气体，升高温度后体积V B，由玻意耳定律得：p V=（p+△p）V B，两部分气体总体积不变：2V=V A+V B，解得：△p=p△T2T；答：A部分气体的压强增加量为p△T2T．【解析】A、B两部分气体总体积不变、它们的压强相等，对A部分气体根据理想气体状态方程列方程，对B部分气体应用玻意耳定律列方程，然后求出A部分气体压强的增加量．本题是连接体问题，对连接体问题应分别对各部分气体应用相关实验定律或理想气体状态方程列方程、找出各部分气体间的关系即可正确解题．八、计算题(本大题共1小题，共10.0分)16.如图所示为用某种透明材料制成的一块柱形棱镜的截面图，其折射率n=√62，四边形ABOD为一矩形，圆弧CD为半径为R的四分之一圆周，圆心为O，光线从AB面上的某点入射（图中未画出），它进入棱镜后射在BC面上的O点，且恰好在这一点以临界角发生全反射，求：①光线在该棱镜中传播的速度大小v（已知光在真空中的传播速度c=3.0×108m/s）；②光线从AB面上入射时的入射角．【答案】解：①光在材料中的速度：v=cn=√6×108m/s高中物理试卷第11页，共13页②光路图如图所示．设光线从AB面上入射时的入射角为θ1，折射角为θ2．光线在BC面上恰好发生全反射，入射角等于临界角Csin C=1n ，cos C=√n2−1n光线在AB界面上发生折射，折射角为：θ2=90°-C由几何关系得：sinθ2=cos C，由折射定律得：n=sinθ1sinθ2联立各式解得：θ=45°答：①光线在该棱镜中传播的速度大小是√6×108m/s②光线从AB面上入射时的入射角是45°【解析】（1）光线在该棱镜中传播的速度为v=cn．（2）画出光路图，由几何知识得到折射角θ2与临界角C的关系，由折射定律sinθ1sinθ2=n得到折射角与折射率的关系，结合sin C=1n求出入射角．本题的突破口是“光线进入棱镜后恰好以临界角射在BC面上的O点”根据全反射临界角公式由sin C=1n 、折射定律sinθ1sinθ2=n和光速公式v=cn相结合进行处理．九、填空题(本大题共1小题，共4.0分)17.太阳向外辐射的能量主要来自于其内部的氢核聚变反应．其反应过程可简化为4个氢核（ 11H）聚变成氦核（ 24H e），同时放出2个正电子（ 10e）和2个中微子（νe），则该氢核聚变的核反应方程式为______ ．研究表明，银河系的年龄约为t=3.8×1017s，每秒钟银河系产生的能量约为P=1×1037J，现假定该能量全部来自上述氢核聚变反应，则银河系中氦的含量约为______ （最后结果保留一位有效数字）（银河系质量为M=3×1041kg，氦核质量为mα=6.6443×10-27kg，一次氢核聚变反应所释放的能量为△E=4.14×10-12J）．【答案】4 11H→ 24H e+2 10e+2νe；2%【解析】解：根据质量数与质子数守恒，则有，氢核聚变的核反应方程式为：4 11H→ 24H e+2 10e+2νe．银河系中产生的总能量E=P t，代入数据可得：E=3.8×1054J，一次氢核聚变反应所释放的能量为：△E=4.14×10-12J，所以银河系中氦核的数量为：n=E△E=9.18×1065个，每个氦核质量为：mα=6.6443×10-27kg，所以银河系中氦核的总质量为：m=nmα=6.1×1039kg，而银河质量为：M=3×1041kg，所以银河系中氦的含量约为：mM×100%=2%．高中物理试卷第12页，共13页故答案为：4 11H→ 24H e+2 10e+2νe，2%．根据质量数与质子数守恒，即可书写核反应方程；根据公式E=P t求得产生总能量，再根据次氢核聚变反应所释放的能量，从而求得氦核数量，最后依据每个氦核质量，求得氦核总质量，从而即可求解．考查核反应方程的书写规律，掌握如何建立正确的物理模型是解题的关键，注意求出银河系中氦核的数量是重点．十、简答题(本大题共1小题，共8.0分)18.如图所示，在光滑的水平地面上，质量为M的足够长木板和质量为m的小木块（可看作质点）一起以共同的速度v0向右匀速滑行，与右边的竖直墙壁发生碰撞后木板以原速率返回．若小木块与长木板间的动摩擦因数为μ，M＞m，试求小木块在长木板上相对长木板滑行的时间．【答案】解：设木块和木板最后的共同速度为v，木板与墙壁碰撞后，以向右为正方向，由动量守恒定律有：M v0-mv0=（M+m）v以向左的方向为正方向，设碰撞后经时间t木块与木板具有共同速度，由动量定理可得：μmgt=mv-（-mv0）由以上两式可得：t=2Mv0μg(M+m)．答：小木块在长木板上相对长木板滑行的时间为2Mv0μg(M+m)．【解析】木块与木板组成的系统动量守恒，应用动量守恒定律求出共同速度，然后应用动量定理可以求出时间．本题考查了动量守恒定律与动量定理的应用，分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，应用动量守恒定律与动量定理可以解题，解题时要注意正方向的选择．高中物理试卷第13页，共13页。

湖北省2016届高中毕业生五月模拟考试理科综合试卷（物理部分）第Ⅰ卷二、选择题:本题共8小题,每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.太阳系中的八大行星轨道均可以近似看成R（(单位为AU)和T(单位为年）分别表示行星绕太阳公转的圆轨道半径和相应的周期，已知T抛= 1AU、T地=1年，八大行星的坐标（LgT,LgR)分布在下列哪个坐标系的直线上15.如图所示为伽利略研究由由落体运动规律时设计的斜面实验，他让铜球沿阻力很小的斜面从静止滚下，利用滴水计时记录铜球运动的时间。

关于伽利略的“斜面实验”下列说法错误．．的是A.实验中斜面起到了“冲淡”重力作用，便于利用滴水计时记录铜球运动的时间B.若斜面长度一定，小球由静止从顶端滚底端时的速度大小于倾角无关C.若斜面倾角一定，不同质量的小球有静止从顶端滚到底端的时间相同D.若斜面倾角一定，在斜面上不同的位置释放小球，小球在斜面上的平均速度与实践成正比16.自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈，原、副线圈都只取该线圈的某部分。

一个理想自耦调压变压器的电路如图所示，变压器线圈总匝数为2000匝，原线圈为600匝，副线圈匝数可调；原线圈串联一个阻值为r = 4Ω电阻后接在有效值为220V的交流电源上，副线圈接阻值R=9Ω的负载。

调节副线圈的匝数，当负载R上的功率最大时，副线圈的匝数为A. 2000匝B.1350匝C.900 匝D.400匝17.如图所示，等腰直角三角形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，左边有一形状完全相同等腰直角三角形导线框，线框水平向右匀速穿过磁场区域，其感应电流i随位移x变化的图象正确的是（设逆时针电流方向为正方向，线框刚进入磁场区域时感应电流为i0,L为直角边）18. 如图所示，竖直墙壁上固定有一个光滑的半圆形支架（AB为直径），支架上套着一个小球，轻绳的一端悬于P点，另一端与小球相连。

湖南省2016年高考物理试题（附答案）（全卷满分110分.时间60分）第I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14. 一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上，若将云母介质移出，则电容器A．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度变大B．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度变大C．极板上的电荷量变大，极板间的电场强度不变D．极板上的电荷量变小，极板间的电场强度不变15. 现代质谱仪可用来分析比质子重很多的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定。

质子在入口处从静止开始被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口离开磁场。

若某种一价正离子在入口处从静止开始被同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从同一出口离开磁场，需将磁感应强度增加到原来的12倍。

此离子和质子的质量比约为A．11 B．12 C．121 D．14416. 一含有理想变压器的电路如图所示，图中电阻R1，R2和R3的阻值分别为3Ω，1Ω，4Ω，为理想交流电流表，U为正弦交流电压源，输出电压的有效值恒定。

当开关S断开时，电流表的示数为I；当S闭合时，电流表的示数为4I。

该变压器原、副线圈匝数比为A．2 B．3 C．4 D．517. 利用三颗位置适当的地球同步卫星，可使地球赤道上任意两点之间保持无线电通讯，目前地球同步卫星的轨道半径为地球半径的6.6倍，假设地球的自转周期变小，若仍仅用三颗同步卫星来实现上述目的，则地球自转周期的最小值约为A．1h B．4h C．8h D．16h18. 一质点做匀速直线运动，现对其施加一恒力，且原来作用在质点上的力不发生改变，则A.质点速度的方向总是与该恒力的方向相同B.质点速度的方向不可能总是与该恒力的方向垂直C.质点加速度的方向总是与该恒力的方向相同D.质点单位时间内速率的变化量总是不变19. 如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO'悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b。

2015-2016学年度下学期半期5校联考物理试题考试时间100分钟总分100分一、单项选择题（本题共6 小题，每小题3分，共18 分。

每小题只有一项符合题目要求，错选或不选得0 分）1.下列说法中正确的是（）A．闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定产生感应电流B．日光灯正常工作后，启动器和镇流器不再起作用C．电容器有“通直流、阻交流”的作用D．电流互感器的作用是把大电流变成小电流,电压互感器的作用是把高电压变成低电压2．关于简谐运动，以下说法正确的是（）A．物体做简谐运动时，系统的机械能一定不守恒B．简谐运动是非匀变速运动C．物体做简谐运动的回复力一定是由合力提供的D．秒摆的周期正好是1s3、如图所示，PQRS为一正方形导线框，它以恒定速度向右进入以MN为边界的匀强磁场，磁场方向垂直线框平面向里，MN线与线框的边成45°角，E、F分别是PS和PQ的中点．关于线框中的感应电流，正确的说法是( )A．当E点经过边界MN时，线框中感应电流最大B．当P点经过边界MN时，线框中感应电流最大C．当F点经过边界MN时，线框中感应电流最大D．当Q点经过边界MN时，线框中感应电流最大4.如图所示，质量为m的金属环用线悬挂起来，金属环有一半处于水平且与环面垂直的匀强磁场中，从某时刻开始，磁感应强度均匀减小，则在磁感应强度均匀减小的过程中，关于线拉力大小的下列说法中正确的是（ ）A ． 大于环重力mg ，并逐渐减小B ． 始终等于环重力mgC ． 小于环重力mg ，并保持恒定D ． 大于环重力mg ，并保持恒定5.一个按正弦规律变化的交变电流的 i-t 图象如图所示.根据 图象可以断定（ ） A ．交变电流的频率 f=0.2 HzB ．交变电流的有效值I=220 AC ．交变电流瞬时值表达式 i=20sin0.02t AD ．在t=8T时刻，电流的大小与其有效值相等6.用电高峰期，电灯往往会变暗，其原理可简化为如下物理问题．如图所示，理想变压器副线圈上，通过输电线连接两只相同的灯泡L 1和L 2，输电线的等效电阻为r ，原线圈输入有效值恒定的交流电压，当开关S 闭合时，以下说法正确的是（ ）A ．原线圈中电流减小B ．原线圈输入功率不变C ．r 两端的电压增大D ．副线圈输出电压减小二、多项选择题（本题共 6 小题，每小题 4分，共 24 分。

湖南省永兴县第二中学2016届高三第五次模拟练习化学试题第I卷（选择题）一、单选题：共7题每题6分共42分1．人类应以可持续发展的方式使用资源，以合理的方式对废物进行处理并循环使用，下列做法不利于环境保护的是A.回收并合理处理废电池B.将煤转化为水煤气作燃料C.发电厂的煤经脱硫处理D.富含重金属离子电镀废液直接排放【答案】D【解析】本题考查环境保护做法的正误判断。

A.废电池中含有重金属，会污染环境，所以要回收并合理处理废电池，正确；B.将煤转化为水煤气作燃料，没有固体颗粒的产生，燃烧产物是CO2、H2O，无污染，有利于保护环境，正确；C.发电场的煤脱硫处理，就可以减少煤燃烧时SO2的产生与排放，有利用保护环境，正确；D.电镀废液经中和后直接排放，就会使水中的重金属外溢，造成水污染，不利于保护环境，错误。

答案选D。

2．物质氧化性、还原性的强弱，不仅与物质的结构有关，还与物质的浓度和反应温度有关。

下列各组物质：①Cu与HNO3溶液②Cu与FeCl3溶液③Zn与H2SO4溶液④Fe 与HCl溶液由于浓度不同而能发生不同氧化还原反应的是A.①③B.③④C.①②D.①③④【答案】A【解析】本题考查物质的化学性质。

①浓硝酸和铜反应生成NO2，稀硝酸和铜反应生成NO，故正确；②铜与FeCl3溶液反应与浓度无关；③Zn与稀硫酸反应生成H2，与浓硫酸反应生成SO2，故正确；D、Fe与稀盐酸和浓盐酸反应均生成H2和FeCl2，故错误；故选A。

3．下列反应的离子方程式书写正确的是A.用硫氰化钾溶液检验Fe3+：Fe3++3SCN﹣Fe(SCN)3↓B.向海带灰浸出液中加入稀硫酸、双氧水：2I﹣+2H++H2O2I2+2H2OC.磨口玻璃试剂瓶被烧碱溶液腐蚀：SiO2+2Na++2OH﹣Na2SiO3↓+H2OD.NaHCO3溶液和少量Ba(OH)2溶液混合：+OH﹣+Ba2+H2O+BaCO3↓【答案】B【解析】本题考查离子方程式正误的判断。

湖南省永兴县第二中学2017届高三暑假7月摸底练习物理试题第I卷（选择题）一、单选题：共8题每题3分共24分1．规定无穷远处电势为零，现将一带电量大小为q的负检验电荷从无穷远处移到电场中的A点，该过程中电场力做功为W,则检验电荷在A点的电势能Ep及电场中A点的电势φA分别为A.E P=W,φA=Wq B.E P=W,φA=−WqC.E P=−W,φA=Wq D.E P=−W,φA=−Wq2．如图所示,真空中有A、B两个等量异种点电荷,O、M、N是AB连线的垂线上的三个点,且AO>OB。

一带正电的试探电荷仅受电场力作用,运动轨迹如图中实线所示,设M、N两点的场强大小分别为E M、E N,电势分别为φM、φN。

下列判断中正确的是A.点电荷B一定带负电B.E M小于E NC.φM大于φND.此试探电荷在M处的电势能小于在N处的电势能3．如图甲所示,正三角形导线框abc固定在磁场中,磁场方向与线圈平面垂直,磁感应强度B随时间变化的关系如图乙所示。

t=0时刻磁场方向垂直纸面向里,在0~4 s时间内,线框ab边所受安培力F随时间t变化的关系(规定水平向左为力的正方向)可能是下图中的4．如图所示,在圆形区域内,存在垂直纸面向外的匀强磁场,ab是圆的一条直径。

一带正电的粒子从a点射入磁场,速度大小为2v,方向与ab成30°时恰好从b点飞出磁场,粒子在磁场中运动的时间为t;若仅将速度大小改为v,则粒子在磁场中运动的时间为(不计带电粒子所受重力)A.3tB.32tC.12tD.2t5．将质量相等的A 、B 两小球从同一高度以相同速率抛出,其中A 竖直上抛,B 水平抛出,不计空气阻力。

则下列说法正确的是 A.两小球落地时的速度相同B.两小球落地时重力做功的瞬时功率相等C.从抛出至落地过程中,重力对两小球做的功相等D.从抛出至落地过程中,重力对两小球做功的平均功率相等6．在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图所示。

2021-2022学年湖南省郴州市永兴县城关中学高三物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （2004?江苏）如图所示，只含黄光和紫光的复色光束PO，沿半径方向射人空气中的玻璃半圆柱后，被分成两光束OA和OB沿如图所示方向射出．则（）C解：OB为反射光，故OB应为复色光；而折射后只有一束光线，故有一光发生的全反射；而黄光与紫光相比较，紫光的临界角要小，故紫光发生了全反射；故OA应为黄光；故C正确，ABD错误；故选C．2. 如图所示，木棒AB可绕B点在竖直平面内转动，A端被绕过定滑轮吊有重物的水平绳和AC绳拉住，使棒与地面垂直。

棒、绳的质量及绳与滑轮的摩擦可忽略。

如果把C端拉至离B 的水平距离远一些的C′点，AB仍保持沿竖直方向，装置仍平衡。

那么AC绳对A施加的拉力T和AB棒所受到压力N的变化情况是A．T变大、N变小 B．T变大、N变大C．T变小、N变小 D．T变小、N变大参考答案：C3. （单选）两个放在绝缘支架上的相同金属球相距为d，球的半径比d小得多，分别带有q和-3q的电荷，相互引力为3F．现将这两个金属球接触，然后分开，仍放回原处，则它们的相互作用力将变为A.FB.2FC.3FD.4F参考答案：A4. 据2011年3月14日法新社报道，日本核泄漏事故正在加剧，福岛第一核电站3号机组可能已经出现“堆芯熔毁”现象，3号机组所用核燃料为铀和钚，下列关于该核泄漏事件的分析正确的是（）A．铀238俘获中子形成铀239，再经一次β衰变，可成为原子反应堆中的燃料钚239B．钚的半衰期为24100年，则24100年后泄漏物质中钚原子的总数将降低为原来的C．衰变时放出的α射线比β射线的贯穿本领强D．在核泄漏的地区由于受到大剂量辐射，会出现癌症、甲状腺病患者增多的现象参考答案：D5. 某同学为研究物体运动情况，绘制了物体运动的x-t图象，如图所示。