福建省莆田市第二十五中学2015-2016学年高二物理下学期第一次月考试题

莆田第二十五中学2015-2016下学期第一次月考试卷八年级物理一、选择题（每题只有一个正确答案，共30分）1．下列物体的重力最接近1 N的是( )A．一只老母鸡B．一片树叶C．一包方便面D．一袋大米【答案】C【解析】试题分析：A.一只老母鸡的质量在2kg左右，受到的重力大约为G=mg=2kg×10N/kg=20N，不符合题意；B.一片树叶的质量在10g=0.01kg左右，受到的重力大约G=mg=0.01kg×10N/kg=0.1N，不符合题意；C.一包方便面的质量在100g=0.1kg左右，受到的重力大约G=mg=0.1kg×10N/kg=1N，符合题意；D.一袋大米的质量在10kg左右，受到的重力大约G=mg=10kg×10N/kg=100N，不符合题意。

故选C。

考点：重力的估测2．端午节赛龙舟是我国民间传统习俗．小丽和她的同学一起在公园人工湖上举行龙舟比赛，使龙舟向前行驶的力的施力物体是( )A．船桨B．湖水C．同学D．龙舟【答案】B【解析】试题分析：力是物体对物体的作用。

人划船时，用船桨拨水，船桨给水一个向后的力，而水又给船桨一个向前的力，使龙舟向前行驶，施力物体是湖水。

正确为B。

考点：力的概念3. 如图所示的四个实例中，目的是为了增大摩擦的是【答案】B试题分析：滑动摩擦力的大小跟相互接触物体表面的粗糙程度有关，和压力有关。

增大摩擦力可以增大接触面的粗糙程度或增大压力大小。

A.加润滑油是减小摩擦力；B.是增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力；C.是变滑动摩擦为滚动摩擦力，减小摩擦力；D.是减小了列车和车轨之间的摩擦力。

正确选B。

考点：增大摩擦力的方法4. 关于“运动和力”的关系，下列说法中正确的是（）A. 力是使物体产生运动的原因B. 力是维持物体运动的原因C. 力是改变物体运动状态的原因D. 物体受到力的作用，运动状态一定改变【答案】C【解析】试题分析：牛顿第一定律即惯性定律提出了“物体具有保持静止或匀速直线运动状态不变”的性质，这是物体本身的固有属性，即惯性。

2024—2025学年福建省莆田第二十五中学高二上学期第一次月考物理试卷一、多选题(★) 1. 物理学的发展离不开物理学家在理论和实验上的贡献，下列关于物理学家所做的贡献说法正确的（）A．电场的概念是法拉第提出的B．富兰克林首先将电荷命名为正电荷和负电荷C．库仑利用油滴实验测定元电荷的数值D．卡文迪许用扭秤实验研究出电荷间作用力与电荷量之间的关系二、单选题(★★) 2. 下列四个图中，a、b两点电势相等、电场强度也相同的是（其中C、D图中的a、b 两点位于两电荷连线的垂直平分线上，并且关于连线对称）（）A．B．C．D．(★★★) 3. 如图，某匀强电场平行于矩形ABCD所在的平面，AB长为16cm，AD长为6cm，A、B、C三点的电势依次为8V、20V、14V，则D点电势大小和匀强电场的电场强度的大小分别为（）A． 2V， 125V/m B． 1V， 200V/mC． 2V， 250V/m D． 1V， 300V/m(★★★) 4. 如图所示为某静电除尘装置的原理图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区。

图中虚线是某一带电的尘埃仅在静电力作用下向集尘板迁移并沉积的轨迹，A、B两点是轨迹与电场线的交点，不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电荷量变化，以下说法正确的是（）A．尘埃带正电B．尘埃在B点的加速度小于在A点的加速度C．尘埃由A运动到B的过程中，速度一直增大D．尘埃由A运动到B的过程中，电势能先减少后增加三、多选题(★★★) 5. 在电场强度大小的匀强电场中，以O点为圆心，r为半径作一圆，a、b、c、d为圆周上四点，如图所示，在O点固定一带电荷量为- Q的点电荷，则a、b、c、d各点的合电场强度大小为（）A．E a=0B．E b=2E C．E d=0D．E c=2E(★★★) 6. 地球物理探矿的基本原理是在大地表面设置一对正、负电极，根据地下电场和电流的分布情况，推测出地下矿体的分布。

莆田第二十五中学2015-2016学年九年级物理下学期月考试卷一、单项选择题（每小题2分，共30分）1A ．质量B ．体积C ．密度D ．重力 2．下列有关对中学生的估测，符合实际的是 ( ) A ．质量约为500kg B ．握力约为3000NC ．身高约为1.70mD ．心脏正常跳动一次的时间约为3s3．鲁迅的社戏中有这样的描写：“漆黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了…”其中“山…向船尾跑去了”所选的参照物是 ( ) A ．山 B ．船 C ．流水 D ．河岸4．司机在驾驶汽车时必须要系上安全带，系上安全带可以 ( ) A ．减小汽车的惯性，防止发生事故 B ．减小司机的惯性，防止发生事故 C ．减小因汽车突然减速造成的伤害D ．减小因汽车突然加速造成的伤害5．小明利用最小分度值为1mm 的刻度尺测量一个物体的长度，三次测量的数据分别为2.35cm 、2.36cm 、2.36cm ，则测量结果应记为 ( ) A ．2.36cm B.2.357cm C ．2.35cmD.2.4cm6．已知空气的密度为1.29kg/m 3，一间普通教室内空气的质量大约有（ ） A ．几克 B ．几千克 C ．几十千克 D ．几百千克7．火车进站时，人若越过安全线，有可能被吸进轨道而发生危险，因此在火车站台上候车的乘客应站在安全线以外，因为火车通过时，人体与车辆之间( )A ．空气流速比外侧快，压强减小B ．空气流速比外侧快，压强增大C ．空气流速比外侧慢，压强减小D ．空气流速比外侧慢，压强增大8．一竖直悬挂的磁性黑板上吸着一块磁铁，磁铁静止不动，则下列四对力中，属于平衡力的是（ ）A ．黑板对磁铁吸引力与磁铁对黑板的吸引力B ．黑板对磁铁的吸引力与黑板对磁铁的摩擦力C ．磁铁对黑板的吸引力与磁铁的重力D ．磁铁的重力与黑板对磁铁的摩擦力9．正在地面上滚动的足球，如果它受到的外力同时消失，那么它将（ ） A ．立即停下来 B ．慢慢停下来 C ．做匀速直线运动 D ．改变运动的方向 10．如图所示，小明提书包的力不做功的是（ ）11．一个中学生向上抛出一个篮球，在篮球上升的过程中（不计空气阻力），篮球的（ ）A．动能减少，重力势能增加； B．动能减少，重力势能减少；C．动能增加，机械能增加； D．动能增加，机械能不变。

2015年普通高等学校招生全国统一考试(福建卷)13.B【解析】由图像知，在入射角相同的情况下，单色光a的折射角大于b的折射角，由n=sinisinr可得n a<n b，又因折射率越大，波长越小，所以λa>λb，故B正确.14.A【解析】万有引力提供卫星绕地球做圆周运动的向心力，由G Mmr2=m v2r可得v=√GMr，所以v1 v2=√r2r1，故A正确.15.C【解析】升压变压器原线圈电压的有效值U1=m √2，由U1U2=n1n2可得升压变压器副线圈电压的有效值U2=2m√2n I=PU2，输电线上损失的电功率P损=I2(2r)=4(n1n2)2(PU m)2r，故C正确.16.D【解析】选项A中，质点a要经过四分之三个周期才能到达波谷，所需时间为t=34T=3 4×2sv=3s2v；选项B中，质点a要经过四分之一个周期才能到达波谷，所需时间为t=14T=1 4×sv=s4v；选项C中，质点a要经过四分之三个周期才能到达波谷，所需时间为t=34T=3 4×sv=3s4v；选项D中，质点a要经过四分之一个周期才能到达波谷，所需时间为t=14T=1 4×23sv=s6v；综上所述D正确.17.A【解析】由于摩擦力做功，小滑块第一次从A到B的速度大于小滑块第二次从B到A的速度，故第一次小滑块从A到B对轨道的正压力小于第二次小滑块从B到A的正压力，同理可得，小滑块第一次从B到C的正压力小于小滑块第二次从C到B的正压力，由f=μF N知，正压力越大，摩擦力越大，摩擦力做功越多，所以小滑块从A到C的平均速率大于从C到A的平均速率，所以t1<t2，故A正确.18.C【解析】由题设知PQ棒切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，电路中总电阻先变大后变小，故PQ中的电流先减小后增大，故A错误；外电阻先变大后变小，路端电压先变大后变小，故B错误；PQ做匀速直线运动，速度v不变，PQ上拉力的功率P=F安v=BILv，随着I先变小后变大，PQ上拉力的功率先减小后增大，故C正确；由E=BLv知，感应电动势大小一直不变，线框消耗的功率就是电源的输出功率，因为不知道ab边和ad边的长度关系，故无法确定线框消耗的电功率变化关系，故D错误. 19.(1)①6.93；②A；③超过弹簧的弹性限度.【解析】①图乙中弹簧测力计的读数为14.66cm，弹簧的伸长量Δl=14.66cm−7.73cm=6.93cm；②要逐一增加钩码，以防超过弹簧弹性限度，故A正确；③AB段偏离直线OA，弹簧弹力与弹簧伸长量不再成正比，说明钩码总重超过了弹簧的弹性限度.(2)①连线如图；②0.44；③4；2.22~2.28.【解析】①为了电表能从零开始取值，滑动变阻器应该用分压接法，电路图如答图所示；②由指针所指的位置和所选量程，电流表的读数为0.44A；③使小电珠总功率最大，则电源输出功率最大，即外电阻等于内电阻，则此时外电压为1.5V，则由U−I图象可得坐标点(0.38A,1.50V)，可知一只小电珠电阻R=UI=1.50V0.38A=3.9Ω，由并联电路电阻关系可知n=RR总=3.9Ω1Ω≈4，这时小电珠功率P=4UI=4×1.50×0.38W=2.28W.20.(1)1.5m/s2；(2)20m/s.【解析】(1)由运动学公式知，加速度为a=v t−v0t①，由v−t图象并代入数据得a=1.5m/s2②.(2)设20s时速度为v m，0~20s的位移为s1=0+v m2t1③，20~45s的位移为s2=v m t2④，45~75s的位移为s3=v m+02t3⑤，0~75s这段时间的总位移为s=s1+s2+s3⑥，0~75s这段时间的平均速度为v=st1+t2+t3⑦，代入数据得v=20m/s⑧.21.(1)3mg；(2)见解析.【解析】(1)滑块滑到B点时对小车压力最大，从A到B，由机械能守恒得mgR=12mv B2①，滑块在B 点处，由牛顿第二定律得F N −mg =mv B2R②，联立解得F N=3mg ③，由牛顿第三定律得F N ′=3mg ④.(2)①滑块下滑到达B 点时，小车速度最大，由机械能守恒得mgR =12Mv m 2+12m (2v m )2⑤，解得v m=√gR3⑥， ②设滑块运动到C 点时，小车速度大小为v C ，由功能关系得mgR −μmgL =12Mv C 2+12m (2v C )2⑦,设滑块从B 到C 过程中，小车运动加速度大小为a ，由牛顿第二定律得μmg =Ma ⑧,由运动学规律v C 2−v m 2=−2as ⑨,解得s=13L ⑩.22. (1)EB；(2)mgℎ−mE 22B 2；(3)√v D 2+[(qE m )2+g 2]t 2.【解析】(1)小滑块沿MN 运动过程，水平方向受力满足 qvB +F N =qE ①,小滑块在C 点离开MN 时F N =0②,联立解得v C=E B③.(2)由动能定理得mgℎ−W f =12mv C 2−0④，解得W f=mgℎ−mE 22B 2⑤.(3)如图所示，小滑块速度最大时，速度方向与电场力、重力的合力方向垂直.撤去磁场后小滑块将做类平抛运动，等效加速度为g′，g′=√(qEm )2+g 2⑥， 且v P2=v D 2+g′2t 2⑦，解得v P=√v D 2+[(qE m )2+g 2]t 2⑧，29. (1)B .【解析】如果一开始两分子之间的距离小于r 0，则随着分子间距离的减小分子势能增大，故A 错误；温度越高，分子的平均动能越大，分子无规则运动越剧烈，故B 正确；物体内热运动速率的分布情况随着温度的不同而不同，故C 错误；多晶体的物理性质也是各向同性，故D 错误.(2)C .【解析】由pVT =C 可得T b =T c ，所以两种情况下气体的内能变化量相同，由热力学第一定律ΔU =W +Q 得，a到b 过程气体对外做功，W <0，a 到c 过程气体对外不做功，W=0，所以Q ab>Q ac ，故C 正确.30. (1)B .【解析】γ射线不带电，故A 错误；氢原子辐射光子后，会跃迁到低轨道上，其绕核运动的电子动能增大，故B 正确；太阳辐射的能量主要来自于轻核聚变，故C 错误；10天是两个半衰期，故10天后100g 83210Bi 还剩25g ，故D 错误.(2)D .【解析】滑块A 、B 发生弹性碰撞，动量和机械能都守恒，碰撞前两者总动量m ⋅2v 0−2mv 0=0，碰后总动量仍可能为零的是选项D ，故D 正确.。