专题16 力学试验
1．如图所示是“测定匀变速直线运动加速度”试验中得到的一条纸带，从O点起先每5个点取一个计数点(打点计时器的电源频率是50 Hz)，依照打点的先后依次编为1、2、3、4、5、6，量得s1＝1.22 cm，s2＝2.00 cm，s3＝2.78 cm，s4＝3.62 cm，s5＝4.40 cm，s6＝5.18 cm.
(1)相邻两计数点间的时间间隔T＝________s.
(2)打点计时器打计数点3时，小车的速度大小v3＝________m/s.
(3)计算小车的加速度大小a＝________m/s2.(计算结果保留2位有效数字)
【答案】 (1)0.1 (2)0.32 (3)0.80
2．如图所示为某中学物理课外学习小组设计的测定当地重力加速度的试验装置，他们的主要操作如下：
①安装试验器材，调整试管夹(小铁球)、光电门和纸杯在同一竖直线上；
②打开试管夹，由静止释放小铁球，用光电计时器记录小铁球在两个光电门间的运动时间t，并用刻度尺(图上未画出)测量出两个光电门之间的高度h，计算出小铁球通过两光电门间的平均速度v；
③固定光电门B的位置不变，变更光电门A的高度，重复②的操作．测出多组(h，t)，计算出对应的平均速度v；
④画出v—t图象．
请依据试验，回答如下问题： (1)设小铁球到达光电门B时的速度为vB，当地的重力加速度为g，则小铁球通过两光电门间平均速度v的表达式为__________________．(用vB、g和t表示)
(2)试验测得的数据如下表：
试验次数 h/cm t/s v/(m·s－1)
1 10.0 0.028 3.57
2 20.0 0.059 3.39
3 30.0 0.092 3.26
4 40.0 0.131 3.05
5 50.0 0.176 2.84
6 60.0 0.235 2.55
请在坐标纸上画出v—t图象．
(3)依据v—t图象，可以求得当地重力加速度g＝________m/s2，试管夹到光电门B的距离约为________cm.(以上结果均保留3位有效数字)
湖北高考物理二轮复习力学实验与创新专题练习（带答案）
力学是一门独立的基础学科，下面是力学实验与创新专题练习，请考生仔细练习。
1.(2021高考浙江卷)如下图，气垫导轨上滑块经过光电门时，其上的遮光条将光遮住，电子计时器可自动记载遮光时间t.测得遮光条的宽度为x，用近似代表滑块经过光电门时的瞬时速度.为使更接近瞬时速度，正确的措施是()
A.换用宽度更窄的遮光条
B.提高测量遮光条宽度的准确度
C.使滑块的释放点更接近光电门
D.增大气垫导轨与水平面的夹角
解析：选A.表示的是t时间内的平均速度，遮光条的宽度x越窄，那么记载遮光时间t越小，越接近滑块经过光电门时的瞬时速度，选项A正确.
2.(2021福建厦门质检)某同窗用如图甲所示的螺旋测微器测小球的直径时，他应先转动________到F接近小球，再转动________到F夹住小球，直至听到棘轮收回声响为止，拨动________使F固定后读数(填仪器部件字母符号).正确操作后，螺旋测微器的示数如图乙所示，那么小球的直径是________mm.
解析：用螺旋测微器测小球直径时，先转动旋钮D使测微螺杆F接近被测小球，再转动微调旋钮H使测微螺杆F夹住小球，直到棘轮收回声响为止，拨动旋钮G使F固定后读数，读数为6.5 mm+20.00.01 mm=6.700 mm.
答案：D H G 6.700
3.(2021高考福建卷)某同窗做探求弹力和弹簧伸长量的关系的实验.
(1)图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73 cm;图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量l为__________ cm;
(2)本实验经过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改动弹簧的弹力，关于此操作，以下选项中规范的做法是________________;(填选项前的字母)
A.逐一增挂钩码，记下每添加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重
2020高考物理二轮复习 第一部分 专题四 动量与能量 第1讲 动量和能量观念在力学中的应用练习（含解析）
1 动量和能量观念在力学中的应用
1．如图甲所示，质量m＝6 kg的空木箱静止在水平面上,某同学用水平恒力F推着木箱向前运动，1 s后撤掉推力，木箱运动的v .t图像如图乙所示，不计空气阻力，g取10 m/s2。下列说法正确的是（ ）
A．木箱与水平面间的动摩擦因数μ＝0。25
B．推力F的大小为20 N
C．在0～3 s内，木箱克服摩擦力做功为900 J
D．在0.5 s时，推力F的瞬时功率为450 W
解析 撤去推力后，木箱做匀减速直线运动，由速度—时间图线知，匀减速直线运动的加速度大小a2＝错误! m/s2＝5 m/s2，由牛顿第二定律得,a2＝错误!＝μg，解得木箱与水平面间的动摩擦因数μ＝0.5,故A错误；匀加速直线运动的加速度大小a1＝错误! m/s2＝10 m/s2，由牛顿第二定律得,F－μmg＝ma1，解得F＝μmg＋ma1＝0。5×60 N＋6×10 N＝90 N，故B错误;0～3 s内，木箱的位移x＝错误!×3×10 m＝15
m，则木箱克服摩擦力做功Wf＝μmgx＝0。5×60×15 J＝450 J，故C错误；0。5 s时木箱的速度v＝a1t1＝10×0。5 m/s＝5 m/s，则推力F的瞬时功率P＝Fv＝90×5 W＝450 W,故D正确.
答案 D
2．（2019·湖南株洲二模)如图，长为l的轻杆两端固定两个质量相等的小球甲和乙（小球可视为质点），初始时它们直立在光滑的水平地面上。后由于受到微小扰动，系统从图示位置开始倾倒。当小球甲刚要落地时，其速度大小为（ ）
A.错误! B．错误!
C.错误! D．0
解析 甲、乙组成的系统水平方向动量守恒，以向右为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得mv－mv′＝0，由于甲球落地时，水平方向速度v＝0，故v′＝0，由机械能守恒定律得错误!mv错误!＝mgl，解得v甲＝2gl，故A正确.
2019-2020年高三物理第二轮专题复习 专题一力和运动教案 人教版
一、考点回顾
1．物体怎么运动，取决于它的初始状态和受力情况。牛顿运动定律揭示了力和运动的关系，关系如下表所示：
2．力是物体运动状态变化的原因，反过来物体运动状态的改变反映出物体的受力情况。从物体的受力情况去推断物体运动情况，或从物体运动情况去推断物体的受力情况，是动力学的两大基本问题。
3．处理动力学问题的一般思路和步骤是：
①领会问题的情景，在问题给出的信息中，提取有用信息，构建出正确的物理模型；
②合理选择研究对象；
③分析研究对象的受力情况和运动情况；
④正确建立坐标系；
⑤运用牛顿运动定律和运动学的规律列式求解。
4．在分析具体问题时，要根据具体情况灵活运用隔离法和整体法，要善于捕捉隐含条件，要重视临界状态分析。
二、经典例题剖析
1．长L的轻绳一端固定在O点，另一端拴一质量为m的小球，现使小球在竖直平面内作圆周运动，小球通过最低点和最高点时所受的绳拉力分别为T1和T2(速度分别为v0和v)。求证：(1)T1－T2＝6mg (2)v0≥gL5
证明：(1)由牛顿第二定律，在最低点和最高点分别有：
T1－mg＝mv02/L T2＋mg＝mv2/L
由机械能守恒得：mv02/2＝mv2/2＋mg2L
以上方程联立解得：T1－T2＝6mg
(2)由于绳拉力T2≥0，由T2＋mg＝mv2/L可得v≥gL
代入mv02/2＝mv2/2＋mg2L得：v0≥gL5
点评：质点在竖直面内的圆周运动的问题是牛顿定律与机械能守恒应用的综合题。加之小球通过最高点有极值限制。这就构成了主要考查点。 竖直上抛运动 自由落体运动
F≠0 F与v0在同一直线上
F与v0成一夹角 匀变速直线运动
匀变速曲线运动 平抛运动 恒力F F=0 匀速直线运动
运动 力 牛顿运动定律
变速直线运动 简谐运动 匀速圆周运动
F的大小与相对于平衡位置的位移成正比，方向与位移相反 F的大小不变，方向总与速度垂直
