2017优化方案高考总复习·物理：第七章 第二节对点突破高效演练含解析

一高考题组1．(单选)(2018·高考北京卷)如图所示电路，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中( )A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大2．(2018·高考上海卷)如图，电路中三个电阻R1、R2和R3的阻值分别为R、2R和4R.当电键S1断开、S2闭合时，电源输出功率为P0；当S1闭合、S2断开时，电源输出功率也为P0.则电源电动势为________；当S1、S2都断开时，电源的总功率为________．二模拟题组3.(单选)(2018·衡阳模拟)如图所示的U－I图象中，直线a为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线b为某一电阻R的伏安特性曲线，两图线相交于(2,2)．用该电源和该电阻组成闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别是( )A．6 W,1 ΩB．6 W,0.5 ΩC．4 W,1 ΩD．4 W,0.5 Ω4．(单选)(2018·福建三明联考)两电源电动势分别为E1、E2(E1＞E2)，内阻分别为r1、r2.当这两个电源分别和一阻值为R的电阻连接时，电源输出功率相等．若将R减小为R′，电源输出功率分别为P1、P2，则( ) A．r1＜r2，P1＜P2B．r1＞r2，P1＞P2C．r1＜r2，P1＞P2D．r1＞r2，P1＜P25．(单选)(2018·山东莘县质检)如图所示，两平行金属板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则( )A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大1．[解析]选A.由变阻器R 0的滑动端向下滑可知R 0连入电路的有效电阻减小，则R 总减小，由I ＝E R 总＋r可知I 增大，由U 内＝Ir 可知U 内增大，由E ＝U 内＋U 外可知U 外减小，故电压表示数减小．由U 1＝IR 1可知U 1增大，由U 外＝U 1＋U 2可知U 2减小，由I 2＝U 2R 2可知电流表示数变小，故A 正确． 2．[解析]S 1断开，S 2闭合时：P 0＝⎝ ⎛⎭⎪⎫E R ＋r 2·R； S 1闭合、S 2断开时：P 0＝⎝ ⎛⎭⎪⎫E 4R ＋r 2·4R， 联立得：r ＝2R ，E ＝3P 0·R，当S 1、S 2都断开时，P ＝E 27R ＋r ＝E 29R＝P 0. [答案]3P 0R P 03．[解析]选D.由题图中图线a 的截距可知，电源的电动势为E ＝3 V ；由题图中图线a 的斜率可知电源的内阻为r ＝0.5 Ω；由题图中a 、b 两图线的交点可知，闭合电路的总电流及路端电压分别为2 A 和2 V ．因此，电源的输出功率为P ＝UI ＝4 W ，A 、B 、C 错误，D 正确．4．[解析]选D.如图所示由伏安特性曲线可知，r 1＞r 2，若将R 减小为R′，电源输出功率P 1＜P 2，选项D 正确．5．[解析]选A.当滑动变阻器R 4的滑片向b 端移动时，R 4接入电路部分的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，电源内阻分担的电压增大，则路端电压减小，R 1分担电压增大，则平行金属板两极板间电压减小，带电质点P 所受电场力减小，质点P 将向下运动，选项C 错误；R 3两端电压减小，R 3中电流减小，电流表读数增大，选项B 错误；R 3上消耗的功率逐渐减小，选项D 错误；由于R 2中电流增大，R 2两端电压增大，故电压表读数减小，选项A 正确．。

, [学生用书P146])1．(考点一)(单选)(2016·江西八校联考)如图所示，电源电动势为E ，内阻为r .当滑动变阻器的滑片P 从左端滑到右端时，理想电压表V 1、V 2示数变化的绝对值分别为ΔU 1和ΔU 2，干路电流为I ，下列说法正确的是(灯泡电阻不变)( )A ．小灯泡L 1、L 3变暗，L 2变亮B ．ΔU 1与ΔI 的比值不变C ．ΔU 1＜ΔU 2D ．ΔU 1＝ΔU 2解析：选B.图中L 1与滑动变阻器串联后与L 3并联，然后再与L 2串联，最后接在电源上构成闭合电路，V 1测并联部分电压，V 2测L 2两端的电压．当滑动变阻器的滑片P 右移，其连入电路的阻值变大，总阻值变大，由闭合电路的欧姆定律得，干路电流I 变小，L 2中电流变小，灯L 2变暗，A 错；干路电流变小，内电压变小，L 2两端电压变小，并联部分电压变大，由闭合电路知识得：ΔU 1＝ΔU r ＋ΔU 2，两边同除以ΔI 可得：ΔU 1ΔI ＝ΔU r ΔI ＋ΔU 2ΔI ＝r ＋R L2，则C 、D 错，B 对．2．(考点二)(多选)(2016·南昌调研)在如图所示的电路中，电源内阻不能忽略，当移动滑动变阻器滑片时，电流表示数变大，则( )A ．电源的总功率一定增大B ．电源的输出功率一定增大C ．电源内部消耗的功率一定减小D ．电源的效率一定减小解析：选AD.滑片移动时，电流表示数变大，可知滑片向右移动，电路的总电阻减小，总电流增大，因此电源的总功率增大，电源的效率减小，A 、D 正确；电源内阻消耗的功率增大，输出的功率变化不确定，B 、C 错误．3．(考点二)(多选)如图所示，图中直线①表示某电源的路端电压与电流的关系图象，图中曲线②表示该电源的输出功率与电流的关系图象，则下列说法正确的是( )A ．电源的电动势为50 VB ．电源的内阻为253Ω C ．电流为2.5 A 时，外电路的电阻为15 Ω D ．输出功率为120 W 时，输出电压是30 V解析：选ACD.电源的输出电压和电流的关系为：U ＝E －Ir ，显然直线①的斜率的绝对值等于r ，纵轴的截距为电源的电动势，从题图中看出截距为50 V ，斜率的绝对值等于r ＝50－206－0 Ω＝5 Ω，A 正确，B 错误；当电流为I 1＝2.5 A 时，由回路中电流I 1＝Er ＋R 外，解得外电路的电阻R 外＝15 Ω，C 正确；当输出功率为120 W 时，由题图中P －I 关系图线中看出对应干路电流为4 A ，再从U －I 图线中读取对应的输出电压为30 V ，D 正确．4．(考点三)(多选)如图所示，C 1＝6 μF ，C 2＝3 μF ，R 1＝3 Ω，R 2＝6 Ω，电源电动势E ＝18 V ，内阻不计，下列说法正确的是( )A ．开关S 断开时，a 、b 两点电势相等B ．开关S 闭合后，a 、b 两点间的电流是2 AC ．开关S 断开时C 1带的电荷量比开关S 闭合后C 1带的电荷量大D ．不论开关S 断开还是闭合，C 1带的电荷量总比C 2带的电荷量大解析：选BC.S 断开时外电路处于断路状态，两电阻中均无电流通过，电阻两端电势相等，由图知a 点电势与电源负极电势相等，而b 点电势与电源正极电势相等，A 错误．S 断开时两电容器两端电压都等于电源电动势，而C 1＞C 2，由Q ＝CU 知此时Q 1＞Q 2，当S 闭合时，稳定状态下C 1与R 1并联，C 2与R 2并联，电路中电流I ＝ER 1＋R 2＝2 A ，此时两电阻两端电压分别为U 1＝IR 1＝6 V 、U 2＝IR 2＝12 V ，则此时两电容器所带的电荷量分别为Q 1′＝C 1U 1＝3.6×10－5 C 、Q 2′＝C 2U 2＝3.6×10－5 C ，对电容器C 1来说，S 闭合后其两端电压减小，所带的电荷量也减小，故B 、C 正确，D 错误．5．(微专题22)(多选)如图甲所示，其中R 两端电压U 随通过该电阻的直流电流I 的变化关系如图乙所示，电源电动势为7.0 V(内阻不计)，且R 1＝1 000 Ω(不随温度变化)．若改变R 2，使AB 与BC 间的电压相等，这时( )A．R的阻值为1 000 ΩB．R的阻值为1 333 ΩC．通过R的电流为1.5 mAD．通过R的电流为2.0 mA解析：选BC.该题等效于电动势为3.5 V，内阻等于R1＝1 000 Ω的电源给R供电，在U－I图中画出该等效电源的U－I图象，交点坐标为(1.5 mA，2 V)，故C对、D错；此时R＝U I＝2 V1.5×10－3A＝1 333 Ω，故A错、B对．。

,学生用书P25])1．(考点一)(单选)(2016·武汉调研)如图所示，小车内一根轻质弹簧沿竖直方向和一条与竖直方向成α角的细绳拴接一小球．当小车和小球相对静止，一起在水平面上运动时，下列说法正确的是()A．细绳一定对小球有拉力的作用B．轻弹簧一定对小球有弹力的作用C．细绳不一定对小球有拉力的作用，但是轻弹簧对小球一定有弹力D．细绳不一定对小球有拉力的作用，轻弹簧对小球也不一定有弹力解析：选D.若小球与小车一起匀速运动，则细绳对小球无拉力；若小球与小车有向右的加速度a＝g tan α，则轻弹簧对小球无弹力，D正确．2．(考点一)(单选)(2016·延安模拟)一重为10 N的球固定在杆AB的上端，今用一段绳子水平拉球，使杆发生弯曲，已知绳的拉力为7.5 N，则杆AB对球的作用力()A．大小为7.5 NB．大小为10 NC．方向与水平方向成53°角斜向右下方D．方向与水平方向成53°角斜向左上方解析：选D.对小球进行受力分析可得，杆AB对球的作用力与绳的拉力和小球重力的合力等大反向，令杆AB对小球的作用力与水平方向夹角为α，可得：tan α＝GF拉＝43，α＝53°，故D项正确．3．(考点二)(单选)(2016·贵州六校联考)如图所示，放在粗糙水平面上的物体A上叠放着物体B.A和B之间有一根处于压缩状态的弹簧，物体A、B均处于静止状态．下列说法中正确的是()A．B受到向左的摩擦力B．B对A的摩擦力向右C．地面对A的摩擦力向右D．地面对A没有摩擦力解析：选D.弹簧被压缩，则弹簧给物体B的弹力水平向左，因此物体B静止时必受到A对B 水平向右的摩擦力，则B对A的摩擦力水平向左，故A、B均错误；取A、B为一整体，因其水平方向不受外力，则地面对A没有摩擦力作用，故D正确、C错误．4．(考点二)(单选)如图所示，物体B叠放在物体A上，A、B的质量均为m，且上、下表面均与斜面平行，它们以共同速度沿倾角为θ的固定斜面C匀速下滑，则下列说法中正确的是()A．A、B间没有静摩擦力B．A受到B的静摩擦力方向沿斜面向上C．A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mg sin θD．A与B间的动摩擦因数μ＝tan θ解析：选C.它们以共同速度沿倾角为θ的固定斜面匀速下滑，A受到斜面的滑动摩擦力大小为2mg sin θ，且A对B的摩擦力的大小等于B重力沿斜面向下的分力大小，选项A错误、C正确；由牛顿第三定律可得，A受到B的静摩擦力方向沿斜面向下，选项B错误；A与B间的摩擦力是静摩擦力，不能确定A、B之间的动摩擦因数μ，选项D错误．5．(考点二)(单选)如图所示，把一重为G的物体，用一水平方向的推力F＝kt(k为恒量，t为时间)压在竖直的足够高的平整墙面上，从t＝0开始物体所受的摩擦力F f随t的变化关系是下图中的()解析：选B.物体在竖直方向上只受重力G和摩擦力F f的作用，由于F f从零开始均匀增大，开始一段时间Ff ＜G，物体加速下滑；当Ff＝G时，物体的速度达到最大值；之后Ff＞G，物体向下做减速运动，直至速度减为零．在整个运动过程中，摩擦力为滑动摩擦力，其大小为Ff ＝μFN＝μF＝μkt，即F f与t成正比，是一条过原点的倾斜直线．当物体速度减为零后，滑动摩擦力突变为静摩擦力，其大小为Ff＝G，所以物体静止后的图线为平行于t轴的射线．正确答案为B.。

,[学生用书P204])1.(考点一)(多选)如图所示，两根足够长的光滑金属导轨水平平行放置，间距为l＝1 m，cd 间、de间、cf间分别接阻值为R＝10 Ω的电阻．一阻值为R＝10 Ω的导体棒ab以速度v＝4 m/s 匀速向左运动，导体棒与导轨接触良好，导轨所在平面存在磁感应强度大小为B＝0.5 T、方向竖直向下的匀强磁场．下列说法中正确的是()A．导体棒ab中电流的流向为由b到aB．cd两端的电压为1 VC．de两端的电压为1 VD．fe两端的电压为1 V答案：BD2．(考点一)(单选)(2015·高考福建卷)如图，由某种粗细均匀的总电阻为3R的金属条制成的矩形线框abcd，固定在水平面内且处于方向竖直向下的匀强磁场中．一接入电路电阻为R的导体棒PQ，在水平拉力作用下沿ab、dc以速度v匀速滑动，滑动过程PQ始终与ab垂直，且与线框接触良好，不计摩擦．在PQ从靠近ad处向bc滑动的过程中()A．PQ中电流先增大后减小B．PQ两端电压先减小后增大C．PQ上拉力的功率先减小后增大D．线框消耗的电功率先减小后增大解析：选C.设PQ左侧金属线框的电阻为r，则右侧电阻为3R－r；PQ相当于电源，其电阻为R，则电路的外电阻为R外＝r（3R－r）r＋（3R－r）＝－⎝⎛⎭⎫r－3R22＋⎝⎛⎭⎫3R223R，当r＝3R2时，R外max＝34R，此时PQ处于矩形线框的中心位置，即PQ从靠近ad处向bc滑动的过程中外电阻先增大后减小．PQ中的电流为干路电流I＝ER外＋R内，可知干路电流先减小后增大，选项A错误．PQ两端的电压为路端电压U＝E－U内，因E＝Bl v不变，U内＝IR先减小后增大，所以路端电压先增大后减小，选项B错误．拉力的功率大小等于安培力的功率大小，P＝F安v＝BIl v，可知因干路电流先减小后增大，PQ 上拉力的功率也先减小后增大，选项C 正确．线框消耗的电功率即为外电阻消耗的功率，因外电阻最大值为34R ，小于内阻R ；根据电源的输出功率与外电阻大小的变化关系，外电阻越接近内阻时，输出功率越大，可知线框消耗的电功率先增大后减小，选项D 错误．3．(考点二)(单选)(2016·云南第一次检测)如图甲所示，线圈ABCD 固定于匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向外，当磁场变化时，线圈AB 边所受安培力向右且变化规律如图乙所示，则磁场的变化情况可能是下列选项中的( )解析：选D.由安培力向右知电流方向为顺时针，由楞次定律知磁场增强，C 错误；由题图乙知安培力不变，根据F ＝BIL 知，B 增大，I 必减小，即电动势减小，故B 的变化率减小，因此A 、B 错误，D 正确．4．(考点二)(单选)(2016·河南三市联考)如图所示，在平面直角坐标系xOy 的第一、三象限内有垂直该坐标平面向里的匀强磁场，二者磁感应强度相同，圆心角为90°的扇形导线框OPQ 以角速度ω绕O 点在图示坐标平面内沿顺时针方向匀速转动．规定与图中导线框的位置相对应的时刻为t ＝0，导线框中感应电流逆时针为正．则关于该导线框转一周的时间内感应电流i 随时间t 的变化图象，下列正确的是( )解析：选A.在线框切割磁感线产生感应电动势时，由E ＝12BL 2ω知，感应电动势一定，感应电流大小不变，故B 、D 错误；在T 2～34T 内，由楞次定律判断可知线框中感应电动势方向沿逆时针方向，为正，故A 正确、C 错误．5．(微专题28)(多选)(2016·泸州市模拟)如图甲所示，光滑绝缘水平面上，虚线MN 的右侧存在磁感应强度B ＝2 T 的匀强磁场，MN 的左侧有一质量m ＝0.1 kg 的矩形线圈abcd ，bc 边长L 1＝0.2 m ，电阻R ＝2 Ω.t ＝0时，用一恒定拉力F 拉线圈，使其由静止开始向右做匀加速运动，经过时间1 s ，线圈的bc 边到达磁场边界MN ，此时立即将拉力F 改为变力，又经过1 s ，线圈恰好完全进入磁场，整个运动过程中，线圈中感应电流i 随时间t 变化的图象如图乙所示．则下列说法中正确的是( )A ．恒定拉力大小为0.1 NB ．线圈在第2 s 内的加速度大小为1 m/s 2C ．线圈ab 边长L 2＝0.5 mD ．在第2 s 内流过线圈的电荷量为0.2 C解析：选BD.在第1 s 末，i 1＝ER ，E ＝BL 1v 1，v 1＝a 1t 1，F ＝ma 1，联立得F ＝0.05 N ，A 项错误；在第2 s 内，由题图分析知线圈做匀加速直线运动，第2 s 末，i 2＝E ′R，E ′＝BL 1v 2，v 2＝v 1＋a 2t 2，解得a 2＝1 m/s 2，B 项正确；在第2 s 内，v 22－v 21＝2a 2L 2，得L 2＝1 m ，C 项错误；q ＝ΔΦR ＝BL 1L 2R＝0.2 C ，D 项正确．。

, 学生用书P9])1．(考点一)(单选)(2016·河北唐山一模)一旅客在站台8号车厢候车线处候车，若动车一节车厢长25 m ，动车进站时可以看做匀减速直线运动．他发现第6节车厢经过他时用了4 s ，动车停下时旅客刚好在8号车厢门口(8号车厢最前端)，则该动车的加速度大小约为( )A ．2 m/s 2B ．1 m/s 2C ．0.5 m/s 2D ．0.2 m/s 2解析：选C.设第6节车厢刚到达旅客处时，车的速度为v 0，加速度为a ，则有L ＝v 0t ＋12at 2 从第6节车厢刚到达旅客处到列车停下来，有0－v 20＝2a ·2L ， 解得a ≈－0.5 m/s 2或a ≈－18 m/s 2(舍去)，则加速度大小约为0.5 m/s 2.2．(考点二)(单选)(2016·福州高三模拟)一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1 s 内和第2 s 内位移大小依次为9 m 和7 m ．则刹车后6 s 内的位移大小是( )A ．20 mB ．24 mC ．25 mD ．75 m解析：选C.由Δx ＝aT 2得：7 m －9 m ＝a ×(1 s)2，a ＝－2 m/s 2，由x ＝v 0t ＋12at 2得9 m ＝v 0×1 s ＋12×(－2 m/s 2)×(1 s)2，解得v 0＝10 m/s ，所以汽车到停下来用时t ＝0－v 0a ＝0－10－2s ＝5 s ，刹车后6 s 内的位移大小x ＝v t ＝0＋102×5 m ＝25 m ，故C 对． 3．(考点二)(单选)(2016·内江市模拟)我国已经成功实现舰载机在航母上的起飞和降落．若舰载机在航母上，从静止开始做匀加速直线运动然后起飞．起飞过程的平均速度为v ，起飞过程的时间为t ，则下列说法中正确的是( )A ．舰载机离开航母起飞时的速度为vB ．起飞过程的加速度为2v tC ．在航母上供舰载机起飞所需要的跑道的最短长度为2v tD ．舰载机起飞过程的加速度始终与速度的方向相反解析：选B.由v －＝0＋v t 2＝v 得v t ＝2v ，故A 错；由a ＝v t －0t 得a ＝2v t，故B 对；由x ＝v －t 得x ＝v t ，C 错；由于舰载机做匀加速直线运动，故a 与v 同向，D 错．4．(考点三)(多选)(2016·湖北高三起点考试)一物体自空中的A 点以一定的初速度竖直向上抛出，2 s 后物体的速率变为10 m/s ，则此时物体的位置和速度方向可能是(不计空气阻力，g 取10 m/s 2)( )A ．在A 点上方，速度方向向下B．在A点上方，速度方向向上C．正在A点，速度方向向下D．在A点下方，速度方向向下解析：选BC.设抛出时的速度为v0，取向上方向为正方向，则2 s后的速度v t＝±10 m/s.由v t ＝v0－gt得：v0＝30 m/s或10 m/s.当v0＝30 m/s时，上升过程的时间为3 s，则t＝2 s时，物体在A 点上方，速度方向向上，B正确；当v0＝10 m/s时，上升过程的时间为1 s，再过1 s返回抛出点，故C正确．5.(微专题2)屋檐每隔一定时间滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好落到地面，而第3滴与第2滴分别位于高1 m的窗子的上、下沿，如图为其简意图．(g取10 m/s2)问：(1)此屋檐离地面多高？(2)滴水的时间间隔是多少？解析：如图所示，如果将这5滴水的运动等效为一滴水的自由落体运动，并且将这一滴水运动的全过程分成时间相等的4段，设每段时间间隔为T，则这一滴水在0时刻、T末、2T末、3T 末、4T末所处的位置，分别对应图示第5滴水、第4滴水、第3滴水、第2滴水、第1滴水所处的位置，据此可作出解答设屋檐离地面高为x，滴水间隔为T.则x＝16x0，5x0＝1 m，所以x＝3.2 m另有x＝12g(4T)2，解得T＝0.2 s.答案：(1)3.2 m(2)0.2 s。

, [学生用书P200])1．(考点一)(单选)(2014·高考江苏卷)如图所示，一正方形线圈的匝数为n ，边长为a ，线圈平面与匀强磁场垂直，且一半处在磁场中. 在Δt 时间内，磁感应强度的方向不变，大小由B 均匀地增大到2B .在此过程中，线圈中产生的感应电动势为( )A.Ba 22ΔtB.nBa 22ΔtC.nBa 2Δt D.2nBa 2Δt解析：选B.线圈中产生的感应电动势E ＝n ΔΦΔt ＝n ·ΔB Δt ·S ＝n ·2B －B Δt·a 22＝nBa 22Δt ，选项B 正确． 2．(考点一)(单选)如图所示，在边长为a 的正方形区域内有匀强磁场，磁感应强度为B ，其方向垂直纸面向外，一个边长也为a 的正方形导线框架EFGH 正好与上述磁场区域的边界重合，现使导线框以周期T 绕其中心O 点在纸面内匀速转动，经过T 8，导线框转到图中虚线位置，已知导线框的总电阻为R ，则在这T 8时间内( )A ．因不知顺时针转动还是逆时针运动，所以不能判断导线框中感应电流的方向B ．导线框中感应电流的方向为E →F →G →H →EC ．通过导线框中任一截面的电量为Ba 2RD ．平均感应电动势大小等于8（3－22）Ba 2T解析：选D.不论如何转动，在T 8内磁通量均减小，由楞次定律知电流方向为F →E →H →G →F ，故A 、B 错误；在0～T 8内，ΔΦ＝B ·(3－22)a 2，解E －＝ΔΦΔt ＝8（3－22）Ba 2T ，故D 正确；电量为q ＝ΔΦR ＝（3－22）Ba 2R，故C 错误． 3．(考点二)(单选)(2015·高考海南卷)如图，空间有一匀强磁场，一直金属棒与磁感应强度方向垂直，当它以速度v 沿与棒与磁感应强度都垂直的方向运动时，棒两端的感应电动势大小为ε；将此棒弯成两段长度相等且相互垂直的折线，置于与磁感应强度相垂直的平面内，当它沿两段折线夹角平分线的方向以速度v 运动时，棒两端的感应电动势大小为ε'.则ε'ε等于( ) A.12 B.22C ．1 D. 2解析：选 B.设折弯前导体切割磁感线的长度为L ，折弯后，导体切割磁场的有效长度为l ＝ ⎝⎛⎭⎫L 22＋⎝⎛⎭⎫L 22＝22L ，故产生的感应电动势为ε'＝Bl v ＝B ·22L v ＝22ε，所以ε'ε＝22，B 正确． 4．(考点三)(多选)如图所示，灯泡A 、B 与定值电阻的阻值均为R ，L 是自感系数较大的线圈，当S 1闭合、S 2断开且电路稳定时，A 、B 两灯亮度相同，再闭合S 2，待电路稳定后将S 1断开，下列说法中正确的是( )A ．B 灯立即熄灭B ．A 灯将比原来更亮一下后熄灭C ．有电流通过B 灯，方向为c →dD ．有电流通过A 灯，方向为b →a解析：选AD.S 1闭合、S 2断开且电路稳定时，A 、B 两灯一样亮，说明两个支路中的电流相等，这时线圈L 没有自感作用，可知线圈L 的电阻也为R ，在S 2、S 1都闭合且稳定时，I A ＝I B ，当S 2闭合、S 1突然断开时，由于线圈的自感作用，流过A 灯的电流方向变为b →a ，但A 灯不会出现比原来更亮一下再熄灭的现象，故选项D 正确、B 错误；由于定值电阻R 没有自感作用，故断开S 1时，B 灯立即熄灭，选项A 正确、C 错误．5.(微专题27)(单选)如图所示，半径为r 的金属圆盘在垂直于盘面的匀强磁场B 中，绕O 轴以角速度ω沿逆时针方向匀速运动，则通过电阻R 的电流的方向和大小是(金属圆盘的电阻不计)( )A ．由c 到d ，I ＝Br 2ωRB ．由d 到c ，I ＝Br 2ωRC ．由c 到d ，I ＝Br 2ω2RD ．由d 到c ，I ＝Br 2ω2R解析：选D.由右手定则判定通过电阻R 的电流的方向是由d 到c ；而金属圆盘产生的感应电动E ＝12Br 2ω，所以通过电阻R 的电流大小是I ＝Br 2ω2R，选项D 正确．。

一高考题组1．(单选)(2011·高考北京卷)如图所示电路，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中()A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大2．(2013·高考上海卷)如图，电路中三个电阻R1、R2和R3的阻值分别为R、2R和4R.当电键S1断开、S2闭合时，电源输出功率为P0；当S1闭合、S2断开时，电源输出功率也为P0.则电源电动势为________；当S1、S2都断开时，电源的总功率为________．二模拟题组3.(单选)(2014·衡阳模拟)如图所示的U－I图象中，直线a为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线b为某一电阻R的伏安特性曲线，两图线相交于(2,2)．用该电源和该电阻组成闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别是()A．6 W,1 ΩB．6 W,0.5 ΩC．4 W,1 ΩD．4 W,0.5 Ω4．(单选)(2014·福建三明联考)两电源电动势分别为E1、E2(E1＞E2)，内阻分别为r1、r2.当这两个电源分别和一阻值为R的电阻连接时，电源输出功率相等．若将R减小为R′，电源输出功率分别为P1、P2，则()A．r1＜r2，P1＜P2B．r1＞r2，P1＞P2C．r1＜r2，P1＞P2D．r1＞r2，P1＜P25．(单选)(2014·山东莘县质检)如图所示，两平行金属板间带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则() A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大1．[解析]选A.由变阻器R 0的滑动端向下滑可知R 0连入电路的有效电阻减小，则R 总减小，由I ＝E R 总＋r可知I 增大，由U 内＝Ir 可知U 内增大，由E ＝U 内＋U 外可知U 外减小，故电压表示数减小．由U 1＝IR 1可知U 1增大，由U 外＝U 1＋U 2可知U 2减小，由I 2＝U 2R 2可知电流表示数变小，故A 正确． 2．[解析]S 1断开，S 2闭合时：P 0＝⎝⎛⎭⎫E R ＋r 2·R ；S 1闭合、S 2断开时：P 0＝⎝⎛⎭⎫E 4R ＋r 2·4R ，联立得：r ＝2R ，E ＝3P 0·R ，当S 1、S 2都断开时，P ＝E 27R ＋r ＝E 29R＝P 0. [答案]3P 0R P 03．[解析]选D.由题图中图线a 的截距可知，电源的电动势为E ＝3 V ；由题图中图线a 的斜率可知电源的内阻为r ＝0.5 Ω；由题图中a 、b 两图线的交点可知，闭合电路的总电流及路端电压分别为2 A 和2 V ．因此，电源的输出功率为P ＝UI ＝4 W ，A 、B 、C 错误，D 正确．4．[解析]选D.如图所示由伏安特性曲线可知，r 1＞r 2，若将R 减小为R ′，电源输出功率P 1＜P 2，选项D 正确．5．[解析]选A.当滑动变阻器R 4的滑片向b 端移动时，R 4接入电路部分的电阻减小，外电路总电阻减小，干路电流增大，电源内阻分担的电压增大，则路端电压减小，R 1分担电压增大，则平行金属板两极板间电压减小，带电质点P 所受电场力减小，质点P 将向下运动，选项C 错误；R 3两端电压减小，R 3中电流减小，电流表读数增大，选项B 错误；R 3上消耗的功率逐渐减小，选项D 错误；由于R 2中电流增大，R 2两端电压增大，故电压表读数减小，选项A 正确．。

,[学生用书P129])1．(考点一)(单选)(2016·陕西西安摸底)如图所示，带箭头的实线表示电场中的一条电场线，在这条电场线上有a、b两点，则()A．a点的场强一定大于b点的场强B．a点的电势一定高于b点的电势C．从a点由静止释放的正电荷，仅在电场力作用下一定能运动到b点D．将一负电荷从b点移到a点，电荷的电势能一定增加解析：选B.由于一条电场线不能确定疏密程度，故a、b两点的场强大小不能确定，A错误；由电场线的方向可以确定a点的电势一定高于b点的电势，故B正确；由于电场线不是直线，故电荷在某点的受力方向沿该点的切线方向，那么加速度的方向也是该点的切线方向，故由静止释放的正电荷，仅在电场力作用下是不能运动到b点的，故C错误；将一负电荷从b点移到a点，电场力做正功，则电荷的电势能一定减少，故D错误．2.(考点二)(单选)如图所示，真空中有A、B两个等量异种点电荷，O、M、N是AB连线的垂线上的三个点，且AO>OB，A带负电荷，B带正电荷，一试探电荷仅受电场力作用，从M运动到N的轨迹如图中实线所示．下列判断中正确的是()A．此试探电荷可能带负电B．此试探电荷一定带正电C．两点电势φM小于φND．此试探电荷在M处的电势能小于在N处的电势能解析：选B.试探电荷受到的电场力指向轨迹弯曲的一侧，所以该试探电荷受到的电场力指向带负电的A电荷，所以该试探电荷带的是正电，所以A错误、B正确；因为AO>OB，根据等量异种点电荷电场线及等势面分布特点可知，φM大于φN，试探电荷在M处的电势能大于在N处的电势能，所以C、D错误．3．(考点三)(单选)(2016·淮安模拟)如图所示，椭圆ABCD处于一匀强电场中，椭圆平面平行于电场线，AC、BD分别是椭圆的长轴和短轴，已知电场中A、B、C三点的电势分别为φA＝14 V、φB＝3 V、φC＝－7 V，由此可得D点的电势为()A．8 V B．6 VC．4 V D．2 V解析：选C.A、B、C、D顺次相连将组成菱形，由匀强电场的特点可知，φA－φB＝φD－φC或φA －φD＝φB－φC，解得φD＝4 V，选项C正确．4．(考点四)(单选)如图所示，在两等量异种点电荷连线上有D、E、F三点，且DE＝EF.K、M、L分别为过D、E、F三点的等势面．一不计重力的带负电粒子，从a点射入电场，运动轨迹如图中实线所示，以|W ab|表示该粒子从a点到b点电场力做功的数值，以|W bc|表示该粒子从b点到c点电场力做功的数值，则()A．|W ab|＝|W bc|B．|W ab|<|W bc|C．粒子由a点到b点，动能减少D．a点的电势较b点的电势低解析：选 C.由等量异种点电荷的电场线特点可知靠近电荷处电场强度大，类比公式U＝Ed知|U ab|>|U bc|，而W＝qU，所以|W ab|>|W bc|，则A、B均错误；从带负电粒子的运动轨迹可知该粒子从a 点到c点受到大体向左的作用力，故左侧为正电荷，从左向右电势降低，则D错误；粒子由a点到b 点，电场力做负功，电势能增加，动能减少，则C正确．5.(微专题19)(单选)(2016·江苏宿迁模拟)在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断()A．x＝2 m处电场强度可能为零B．x＝2 m处电场方向一定沿x轴正方向C．沿x轴正方向，电场强度先增大后减小D．某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大解析：选D.φ－x图象的斜率等于电场强度，则知x＝2 m处的电场强度不为零，故A错误；从0到x＝3 m处电势不断降低，但x＝2 m点的电场方向不一定沿x轴正方向，故B错误；由斜率看出，从0到3 m，图象的斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大，故C错误；沿x轴正方向电势降低，某负电荷沿x轴正方向移动，受电场力的方向始终指向x轴的负方向，电场力做负功，电势能始终增大，故D正确．。