江苏省清江中学2019届高三第一次月考(期初检测)物理试题 Word版含答案

江苏省清江中学2019-2020学年高一物理10月月考试题（扫描版）
江苏省清江中学高一阶段性测试一
物理参考答案
一、二、选择题
三、简答题
10．（1）D（2）0.400 、0.640 （3）0.75~0.85 0.30~0.32
四、计算题
11．（1）根据匀变速直线运动的规律，，负号表示方向向西
（2）根据平均速度推论可知，即位移大小为10m,位移指向东
（3）根据平均速度推论可知，即位移大小为12.5m,位移指向西12．（1）由速度公式
（2）速度公式，．
（3）到最高点的时间．．13．（1）公共汽车加速=10s，加速行驶的位移
匀速的位移为匀速所用时间=50s
所用公其汽车在两站之间行驶所需要的时间为：；
（2）电车到达地站所用总时间为，所以有：，得．
（3）当两者速度相等时相距最远：。

江苏省清江中学2019届高三第一次月考（期初检测）物理试卷一、单项选择题(每小题3分，共8小题，共24分1.下列说法中正确的是A. 研究体积小的物体运动时,总可以把它看做质点B. 千克、牛顿、秒是国际单位制中力学部分的三个基本单位C. 物体做直线运动的过程中，位移大小有可能不等于路程D. 物体运动速度越快，其惯性就越大【答案】C【解析】【详解】A.体积小的物体也不一定能看做质点，如研究分子的运动时，分子虽然很小，但是不能看成质点，故A错误；B.千克、秒是是国际单位制中力学部分的基本单位，牛顿是根据牛顿第二定律导出的单位，故B错误；C.物体做由往返的直线运动的过程中，位移大小不等于路程，故C正确；D.物体的惯性大小只与质量有关，与物体的运动状态无关，故D错误。

故选：C2.伽利略的理想斜面实验证明了A. 物体不受外力作用时总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态B. 物体不受力作用时，一定处于静止状态C. 要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就会停止运动D. 要使物体保持静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就会运动【答案】A【解析】【分析】伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因，没有力作用的物体能保持原来的运动状态，可以是静止，也可以是匀速直线运动。

【详解】A.符合伽利略理想实验的结论，故A正确；B.物体不受力作用时，也可能处在匀速直线运动状态，故B错误；C.物体是运动还是静止，与是否有里的作用无关，故C错误；D.原理同C选项，故D错误；故选：A.3.小球沿光滑斜面从静止开始下滑做匀加速运动，在第一秒内位移为2m,经过3秒刚好滑到斜面底端，则A. 第一秒内的平均速度大小为1m/sB. 加速度大小为 l m/sC. 第二秒内运动的位移大小为6 mD. 最后一秒内滑过的距离等于前两秒滑过的距离总和【答案】C【解析】【详解】A.由题意知，第一秒内的平均速度大小m/s=2m/s，故A错误；B.根据位移时间关系，，a=4m/s2，故B错误；===6m，故C正确；C.第二秒内运动的位移大小△x2D.最后一秒内运动的位移大小△x= = =10m；前两秒滑动3的距离总和m=8m，故D错误。

江苏省清江中学2019届高三第一次阶段测试数学试题参考答案 2018.08填空题2 ；； 3． 2．；4．－2ln2； 5．； 6．；7．； 8．；9．（文科）；理科36 ； 11.(1,4) ; 12．；13．；14．.解答题15．解：（1）设{an}的公差为d，由题意得3a1+3d=–15．由a1=–7得d=2．所以{an}的通项公式为an=2n–9．……………………………………………7分（2）由（1）得Sn=n2–8n=（n–4）2–16．所以当n=4时，Sn取得最小值，最小值为–16．………………………………………14分16．（文科）解：（Ⅰ）由角的终边过点得，所以. ……………………………………………6分（Ⅱ）由角的终边过点得，由得.由得，所以或. ……………………………………………14分16．（理科）解：（1）连结，则O为与的交点.因为侧面为菱形，所以.又平面，所以，故平面ABO.由于平面ABO，故.……………………………………………6分（2）作，垂足为D，连结AD，作，垂足为H.由于，，故平面AOD，所以，又，所以平面ABC.因为，所以为等边三角形，又，可得. 由于，所以,由，且，得，又O为的中点，所以点到平面ABC的距离为.故三棱柱的高为.……………………………………………14分17．解：(1)由题意可得，可化为．①当时，，解得；②当时，，原不等式无解；③当时，，解得．综上可得：当时，原不等式解集为；当时，原不等式解集为；当时，原不等式解集为．……………………7分（每一讨论2分，总结1分）(2)由题意知，即，∵对一切实数恒成立，在上恒成立，又，当且仅当时等号成立，∴．的取值范围是．……………………………………………14分18．解（1）解：因为圆锥的母线与底面所成的角为，所以，圆锥的体积为，圆柱的体积为．因为，所以，所以．因为，所以．因此．所以，定义域为．…………………8分（定义域不写扣2分）（2）圆锥的侧面积，圆柱的侧面积，底面积．容器总造价为．令，则．令，得．当时，，在上为单调减函数；当时，，在上为单调增函数．因此，当且仅当时，有最小值，y有最小值90元．答：总造价最低时，圆柱底面的半径为3cm．………………………………………7分（没有答扣1分）19．解：（1）因为，所以，因为在处取得极值，所以，解得．验证：当时，，易得在处取得极大值．………………………3分（没有验证扣2分）（2）因为，所以．①若，则当时，，所以函数在上单调递增；当时，，函数在上单调递减．②若，，当时，易得函数在和上单调递增，在上单调递减；当时，恒成立，所以函数在上单调递增；当时，易得函数在和上单调递增，在上单调递减．……………………………………………11分（3）证明：当时，，因为，所以，即，所以．令，，则，当时，，所以函数在上单调递减；当时，，所以函数在上单调递增．所以函数在时，取得最小值，最小值为．所以，即，所以或．因为为正实数，所以．当时，，此时不存在满足条件，所以．……………………………………………16分21．解：（Ⅰ）由，得，即，故.又，所以是首项为2，公比为的等比数列. ……………………………………………4分（Ⅱ）下面用反证法证明数列中的任意三项不为等差数列，因为，因此数列的通项公式为.不妨设数列中存在三项，，为等差数列，又，，故，所以数列中存在三项为等差数列，只能为成立.即，化简为，两边同乘，得.又由于，所以上式左边是偶数，右边是奇数，故上式不成立，导致矛盾.……………………………………………11分（Ⅲ）由（Ⅱ）知.，，因为当时，，所以.于是.所以. ……………………………………………16分。

2019届高三第一次调研测试物理本试题卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共16页，38题（含选考题）。

全卷满分300分。

考试用时150分钟。

★祝考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考范围。

2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。

3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。

4、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。

如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。

答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。

6、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。

7、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。

一、单项选择题，本题共5小题，每小题3分，共计15分。

毎小题只有一个选项符合题意。

1.如图所示，竖直墙面上有一只壁虎从A点沿水平直线加速运动到B点，此过程中壁虎受到摩擦力的方向是A.斜向右上方B.斜向左上方C.水平向左D.竖直向上2.如图所示，小灯泡的规格为“6V 3W”,R3=4Ω,电源内阻r=lΩ，闭合开关S，灯泡L正常发光，电压表示数为零,电流表示数为1A，电表均为理想电表，则电源电动势E和电源输出功率P分别为A.E=8V ,P=6WB. E=8V,P=7WC.E=9V,P=8WD.9V，P=7W3.如图所示，斜面上从A点水平抛出的小球落在B点,球到达B点时速度大小为υ，方向与斜面夹角为α。

2019-2020学年江苏省淮安市清江浦区清江中学高一（上）期中物理试卷试题数：16，满分：1001.（单选题，4分）下列关于惯性的说法正确的是（）A.物体不受外力作用时才有惯性B.物体的质量越大，其惯性就越大C.战斗机战斗前抛弃副油箱，是为了增大战斗机的惯性D.静止的物体没有惯性，只有始终保持运动状态时才有惯性2.（单选题，4分）关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（）A.物体做匀速直线运动其合外力不为零B.物体只要运动就需要力的作用C.力是改变物体运动状态的原因D.力是维持物体运动的原因3.（单选题，4分）关于摩擦力下列说法正确的是（）A.有弹力就一定有摩擦力B.滑动摩擦力的方向一定与物体的运动方向相反C.只有静止的物体才会受到静摩擦力，运动的物体不会受到静摩擦力D.静摩擦力的方向可能与物体的运动方向相同4.（单选题，4分）教练员分析运动员百米赛跑全程录像，测得运动员在第1s内的位移是6m，前7s跑了63m，跑到终点共用了10s，则（）A.运动员在7s内的平均速度是9m/sB.运动员在第7s内的平均速度是9m/sC.运动员在第1s末的瞬时速6m/sD.运动员在百米终点的冲刺速度是10m/s5.（单选题，4分）如图所示，物体A在水平推力F的作用下靠墙保持静止不动，下列说法正确的是（）A.物体受到静摩擦力的大小与推力F成正比B.物体受到静摩擦力的大小与其重力相等C.当F增大时，物体一定会下滑D.物体A受到三个力的共同作用6.（多选题，4分）关于直线运动下列说法正确的是（）A.a＞0，一定做加速直线运动B.a＜0，物体可能做加速直线运动C.a不变时物体做匀变速直线运动D.a变化时物体做匀变速直线运动7.（多选题，4分）一辆自行车由t=0开始运动，其速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A.在0～2s内自行车的加速度逐渐增大B.在0～2s内自行车的平均速度大于在3～5s内的平均速度C.在3s时自行车速度方向发生改变D.在2～5s内自行车的位移为10m8.（多选题，4分）如图所示，左图为大型游乐设施跳楼机，右图为其结构简图。

江苏省清江中学2019届高三第一次阶段测试数学试题参考答案 2018.08填空题2 ；； 3． 2．；4．－2ln2； 5．； 6．；7．； 8．；9．（文科）；理科36 ； 11.(1,4) ; 12．；13．；14．.解答题15．解：（1）设{an}的公差为d，由题意得3a1+3d=–15．由a1=–7得d=2．所以{an}的通项公式为an=2n–9．……………………………………………7分（2）由（1）得Sn=n2–8n=（n–4）2–16．所以当n=4时，Sn取得最小值，最小值为–16．………………………………………14分16．（文科）解：（Ⅰ）由角的终边过点得，所以. ……………………………………………6分（Ⅱ）由角的终边过点得，由得.由得，所以或. ……………………………………………14分16．（理科）解：（1）连结，则O为与的交点.因为侧面为菱形，所以.又平面，所以，故平面ABO.由于平面ABO，故.……………………………………………6分（2）作，垂足为D，连结AD，作，垂足为H.由于，，故平面AOD，所以，又，所以平面ABC.因为，所以为等边三角形，又，可得. 由于，所以,由，且，得，又O为的中点，所以点到平面ABC的距离为.故三棱柱的高为.……………………………………………14分17．解：(1)由题意可得，可化为．①当时，，解得；②当时，，原不等式无解；③当时，，解得．综上可得：当时，原不等式解集为；当时，原不等式解集为；当时，原不等式解集为．……………………7分（每一讨论2分，总结1分）(2)由题意知，即，∵对一切实数恒成立，在上恒成立，又，当且仅当时等号成立，∴．的取值范围是．……………………………………………14分18．解（1）解：因为圆锥的母线与底面所成的角为，所以，圆锥的体积为，圆柱的体积为．因为，所以，所以．因为，所以．因此．所以，定义域为．…………………8分（定义域不写扣2分）（2）圆锥的侧面积，圆柱的侧面积，底面积．容器总造价为．令，则．令，得．当时，，在上为单调减函数；当时，，在上为单调增函数．因此，当且仅当时，有最小值，y有最小值90元．答：总造价最低时，圆柱底面的半径为3cm．………………………………………7分（没有答扣1分）19．解：（1）因为，所以，因为在处取得极值，所以，解得．验证：当时，，易得在处取得极大值．………………………3分（没有验证扣2分）（2）因为，所以．①若，则当时，，所以函数在上单调递增；当时，，函数在上单调递减．②若，，当时，易得函数在和上单调递增，在上单调递减；当时，恒成立，所以函数在上单调递增；当时，易得函数在和上单调递增，在上单调递减．……………………………………………11分（3）证明：当时，，因为，所以，即，所以．令，，则，当时，，所以函数在上单调递减；当时，，所以函数在上单调递增．所以函数在时，取得最小值，最小值为．所以，即，所以或．因为为正实数，所以．当时，，此时不存在满足条件，所以．……………………………………………16分21．解：（Ⅰ）由，得，即，故.又，所以是首项为2，公比为的等比数列. ……………………………………………4分（Ⅱ）下面用反证法证明数列中的任意三项不为等差数列，因为，因此数列的通项公式为.不妨设数列中存在三项，，为等差数列，又，，故，所以数列中存在三项为等差数列，只能为成立.即，化简为，两边同乘，得.又由于，所以上式左边是偶数，右边是奇数，故上式不成立，导致矛盾.……………………………………………11分（Ⅲ）由（Ⅱ）知.，，因为当时，，所以.于是.所以. ……………………………………………16分。

江苏省淮安市清江中学等四校2024学年高三物理第一学期期中学业质量监测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。

写在试题卷、草稿纸上均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，甲、乙两物体叠放在水平面上，用水平向右的拉力F拉乙，甲、乙保持静止状态，甲、乙间的接触面水平，则乙受力的个数为（）A．3个B．4个C．5个D．6个2、小球A从离地面20m高处做自由落体运动，小球B从A下方的地面上以20m/s的初速度做竖直上抛运动。

两球同时开始运动，在空中相遇，取g=10m/s2,下列说法正确的是（）A．两球相遇时速率都是10m/s B．两球相遇位置离地面10m高C．开始运动2s后两球相遇D．两球在空中相遇两次3、一质量为m的铁球在水平推力F的作用下，静止在倾角为的斜面和竖直墙壁之间，铁球与斜面的接触点为A，推力F的作用线通过球心O，如图所示，假设斜面、墙壁均光滑若水平推力缓慢增大，则在此过程中( )A．墙对铁球的作用力大小始终等于推力FB．墙对铁球的作用力大小始终大于推力FC．斜面对铁球的作用力缓慢增大D．斜面对铁球的支持力大小始终等于4、如图所示，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v0，方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v0，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是（ ）A ．A 和B 都向左运动B ．A 和B 都向右运动C ．A 静止，B 向右运动D ．A 向左运动，B 向右运动5、某空间站在半径为R 的圆形轨道上运行，周期为T 。

另有一飞船在半径为r 的圆形轨道上运行，飞船与空间站的绕行方向相同。

当空间站运行到A 点时，飞船恰好运行到B 点，A 、B 与地心连线相互垂直，此时飞船经极短时间的点火加速，变化后的椭圆轨道近地点为B ，远地点与空间站的轨道相切于C 点，如图所示。

参考答案一、填空题3．2．；4．－2ln2；5．；6．；7．；1．2 ；；8．；9．10．（文科）；理科36 ；11.(1,4) ; 12．；13．；14．.二、解答题15．解：（1）设{a n}的公差为d，由题意得3a1+3d=–15．由a1=–7得d=2．所以{a n}的通项公式为a n=2n–9．……………………………………………7分（2）由（1）得S n=n2–8n=（n–4）2–16．所以当n=4时，S n取得最小值，最小值为–16．………………………………………14分16．（文科）解：（Ⅰ）由角的终边过点得，所以. ……………………………………………6分（Ⅱ）由角的终边过点得，由得.由得，所以或. ……………………………………………14分16．（理科）解：（1）连结，则O为与的交点.因为侧面为菱形，所以.又平面，所以，故平面ABO.由于平面ABO，故.……………………………………………6分（2）作，垂足为D，连结AD，作，垂足为H.由于，，故平面AOD，所以，又，所以平面ABC.因为，所以为等边三角形，又，可得.由于，所以,由，且，得，又O为的中点，所以点到平面ABC的距离为.故三棱柱的高为.……………………………………………14分17．解：(1)由题意可得，可化为．①当时，，解得；②当时，，原不等式无解；③当时，，解得．综上可得：当时，原不等式解集为；当时，原不等式解集为；当时，原不等式解集为．……………………7分（每一讨论2分，总结1分）(2)由题意知，即，∵对一切实数恒成立，在上恒成立，又，当且仅当时等号成立，∴．的取值范围是．……………………………………………14分18．解（1）解：因为圆锥的母线与底面所成的角为，所以，圆锥的体积为，圆柱的体积为．因为，所以，所以．因为，所以．因此．所以，定义域为．…………………8分（定义域不写扣2分）（2）圆锥的侧面积，圆柱的侧面积，底面积．容器总造价为．令，则．令，得．当时，，在上为单调减函数；当时，，在上为单调增函数．因此，当且仅当时，有最小值，y有最小值90元．答：总造价最低时，圆柱底面的半径为3cm．………………………………………7分（没有答扣1分）19．解：（1）因为，所以，因为在处取得极值，所以，解得．验证：当时，，易得在处取得极大值．………………………3分（没有验证扣2分）（2）因为，所以．①若，则当时，，所以函数在上单调递增；当时，，函数在上单调递减．②若，，当时，易得函数在和上单调递增，在上单调递减；当时，恒成立，所以函数在上单调递增；当时，易得函数在和上单调递增，在上单调递减．……………………………………………11分（3）证明：当时，，因为，所以，即，所以．令，，则，当时，，所以函数在上单调递减；当时，，所以函数在上单调递增．所以函数在时，取得最小值，最小值为．所以，即，所以或．因为为正实数，所以．当时，，此时不存在满足条件，所以．……………………………………………16分21．解：（Ⅰ）由，得，即，故.又，所以是首项为2，公比为的等比数列.……………………………………………4分（Ⅱ）下面用反证法证明数列中的任意三项不为等差数列，因为，因此数列的通项公式为.不妨设数列中存在三项，，为等差数列，又，，故，所以数列中存在三项为等差数列，只能为成立.即，化简为，两边同乘，得.又由于，所以上式左边是偶数，右边是奇数，故上式不成立，导致矛盾.……………………………………………11分（Ⅲ）由（Ⅱ）知.，，因为当时，，所以.于是.所以. ……………………………………………16分。

江苏省清江中学2019届高三第一次阶段测试数学试题参考答案 2018.08填空题2 ；； 3． 2．；4．－2ln2； 5．； 6．；7．； 8．；9．（文科）；理科36 ； 11.(1,4) ; 12．；13．；14．.解答题15．解：（1）设{an}的公差为d，由题意得3a1+3d=–15．由a1=–7得d=2．所以{an}的通项公式为an=2n–9．……………………………………………7分（2）由（1）得Sn=n2–8n=（n–4）2–16．所以当n=4时，Sn取得最小值，最小值为–16．………………………………………14分16．（文科）解：（Ⅰ）由角的终边过点得，所以. ……………………………………………6分（Ⅱ）由角的终边过点得，由得.由得，所以或. ……………………………………………14分16．（理科）解：（1）连结，则O为与的交点.因为侧面为菱形，所以.又平面，所以，故平面ABO.由于平面ABO，故.……………………………………………6分（2）作，垂足为D，连结AD，作，垂足为H.由于，，故平面AOD，所以，又，所以平面ABC.因为，所以为等边三角形，又，可得. 由于，所以,由，且，得，又O为的中点，所以点到平面ABC的距离为.故三棱柱的高为.……………………………………………14分17．解：(1)由题意可得，可化为．①当时，，解得；②当时，，原不等式无解；③当时，，解得．综上可得：当时，原不等式解集为；当时，原不等式解集为；当时，原不等式解集为．……………………7分（每一讨论2分，总结1分）(2)由题意知，即，∵对一切实数恒成立，在上恒成立，又，当且仅当时等号成立，∴．的取值范围是．……………………………………………14分18．解（1）解：因为圆锥的母线与底面所成的角为，所以，圆锥的体积为，圆柱的体积为．因为，所以，所以．因为，所以．因此．所以，定义域为．…………………8分（定义域不写扣2分）（2）圆锥的侧面积，圆柱的侧面积，底面积．容器总造价为．令，则．令，得．当时，，在上为单调减函数；当时，，在上为单调增函数．因此，当且仅当时，有最小值，y有最小值90元．答：总造价最低时，圆柱底面的半径为3cm．………………………………………7分（没有答扣1分）19．解：（1）因为，所以，因为在处取得极值，所以，解得．验证：当时，，易得在处取得极大值．………………………3分（没有验证扣2分）（2）因为，所以．①若，则当时，，所以函数在上单调递增；当时，，函数在上单调递减．②若，，当时，易得函数在和上单调递增，在上单调递减；当时，恒成立，所以函数在上单调递增；当时，易得函数在和上单调递增，在上单调递减．……………………………………………11分（3）证明：当时，，因为，所以，即，所以．令，，则，当时，，所以函数在上单调递减；当时，，所以函数在上单调递增．所以函数在时，取得最小值，最小值为．所以，即，所以或．因为为正实数，所以．当时，，此时不存在满足条件，所以．……………………………………………16分21．解：（Ⅰ）由，得，即，故.又，所以是首项为2，公比为的等比数列. ……………………………………………4分（Ⅱ）下面用反证法证明数列中的任意三项不为等差数列，因为，因此数列的通项公式为.不妨设数列中存在三项，，为等差数列，又，，故，所以数列中存在三项为等差数列，只能为成立.即，化简为，两边同乘，得.又由于，所以上式左边是偶数，右边是奇数，故上式不成立，导致矛盾.……………………………………………11分（Ⅲ）由（Ⅱ）知.，，因为当时，，所以.于是.所以. ……………………………………………16分。