2015山东实验中学高三二诊物理试题含答案

2015年山东省济宁市高考物理二模试卷一、选择题（本题包括7小题．每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确．有的有多个选项正确．全部选对的得6分．选对但不全的得3分．有选错的得0分）1．（6分）在湖面上空某处竖直上抛一小铁球，小铁球在空中运动后穿过湖水，并陷入湖底淤泥中某一深度处（不计空气阻力，设铁球在淤泥中所受阻力大小恒定，取竖直向上为正方向）．则最能近似反映小铁球运动过程中的速度﹣时间图象是（）A．B．C．D．2．（6分）如图所示，物体用光滑钩子悬挂在轻绳上，轻绳两端由轻质圆环套在粗糙竖直杆上的E、F两点．E点高于F点．系统处于静止状态．若移动两竖直杆，使两杆之间距离变大，E、F相对于竖直杆的位置不变，系统仍处于平衡状态．则（）A．两圆环受到竖直杆的弹力均不变B．轻绳张力变小C．两圆环所受摩擦力均变大D．两圆环所受摩擦力均不变3．（6分）如图所示，在孤立的点电荷产生的电场中有a、b两点，a点的电势为φa，场强大小为E a，方向与连线ab的夹角为60°．b点的电势为φb，场强大小为E b，方向与连线ab的夹角为30°．则a、b两点的电势高低及场强大小的关系是（）A．φa＜φb，E a=3E b B．φa＞φb，E a=3E bC．φa＜φb，E a=4 E b D．φa＞φb，E a=4 E b4．（6分）2015年3月30日21时52分，中国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功将首颗新一代北斗导航卫星发射升空．31日凌晨3时34分顺利进入倾斜同步轨道（如图所示，倾斜同步轨道平面与赤道平面有一定夹角），卫星在该轨道的运行周期与地球自转周期相等．此次发射的亮点在于首次在运载火箭上增加了一级独立飞行器为卫星提供动力，可使卫星直接进入轨道，在此之前则是通过圆﹣椭圆﹣圆的变轨过程实现．以下说法正确的是（）A．倾斜同步轨道半径应小于赤道同步轨道半径B．一级独立飞行器能大大缩短卫星入轨时间C．倾斜同步卫星加速度的大小等于赤道同步卫星加速度的大小D．一级独立飞行器携带卫星入轨的过程中，卫星的机械能守恒5．（6分）如图甲，匝数n=2的金属线圈（电阻不计）围成的面积为10cm2，线圈与R=2Ω的电阻连接，置于竖直向上、均匀分布的磁场中．磁场与线圈平面垂直，磁感应强度为B．B﹣t关系如图乙，规定感应电流i从a经过R到b的方向为正方向．忽略线圈的自感影响．则下列i﹣t关系图正确的是（）A．B．C．D．6．（6分）如图所示，匀强磁场的磁感应强度T．单匝矩形线圈面积S=1m2，电阻不计，绕垂直于磁场的轴OO′匀速转动．线圈通过电刷与一理想变压器原线圈相接，为交流电流表．调整副线圈的滑动触头P，当变压器原、副线圈匝数比为1：2时，副线圈电路中标有“36V，36W”的灯泡正常发光．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为lAB．矩形线圈产生电动势的有效值为18VC．从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律VD．若矩形线圈转速增大，为使灯泡仍能正常发光，应将P适当下移7．（6分）如图所示，一个小球套在固定的倾斜光滑杆上，一根轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到与O点等高的位置由静止释放．小球沿杆下滑至O点正下方时，速度恰好为零．若弹簧始终处于伸长状态且在弹性限度内，在小球下滑过程中，下列说法正确的是（）A．当弹簧与杆垂直时，小球的动能最大B．小球的机械能一直增加C．弹簧的弹性势能先减小后增加D．重力做功的功率先增加后减小二、非选择题8．（8分）验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示，小球由一根不可伸长的细线拴住．细线另一端固定在O点，在O点正下方放置一组光电门，可测出小球通过时的挡光时间．将细线拉直至水平后，小球由静止释放，光电门测出的挡光时间为△t，再用10分度游标卡尺测出小球的直径d，如图乙所示，重力加速度为g：则（1）小球的直径d=cm；（2）测得绳长为l，若等式（用题目中所给字母表示）成立，说明小球下摆过程机械能守恒；（3）此实验的系统误差主要来源于．9．（10分）某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系，可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）通过实验、作图得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图甲中的图线I，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图甲中的图线Ⅰ，请将图乙中缺少的两根导线补全，连接成合理的实验电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，作图，得到其U﹣I图象如图甲中的图线Ⅱ，若将小灯泡L1、L2并联使用，请根据Ⅰ、Ⅱ两条图线，在图甲中做出两小灯泡并联的U ﹣I图象．（4）现将两个小灯泡并联接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为V；两小灯泡消耗的总功率为W．10．（18分）如图所示，上表面光滑的水平台高h=4m，平台上放置一薄木板（厚度可不计），木板长L=5m，质量m=lkg的物体A（可视为质点）置于木板的中点处，物体与木板间动摩擦因数μ=0.9，一半径R=2m的光滑圆弧轨道竖直放置，直径CD处于竖直方向，半径OB与竖直方向的夹角θ=53°，以某一恒定速度水平向右抽出木板，物体离开平台后恰能沿B点切线方向滑入圆弧轨道．求：（1）物体在圆弧轨道最高点D时，轨道受到的压力为多大？（2）应以多大的速度抽出木板？11．（20分）在光滑绝缘的水平面上，左侧平行极板间有水平方向的匀强电场，右侧圆筒内有竖直方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B，俯视图如图所示，圆心为O，半径为R．一质量为m、电荷量为q的带电小球（可视为质点），初始位置在A点，现由静止经电场加速后从C孔沿直径射入磁场区域，小球和圆筒壁的碰撞没有动能和电荷量损失．B、R、m、q均为已知量，圆筒仅有一个出入口C．（1）求平行板间电压U和小球在磁场中运动半径r的函数关系式；（2）小球与圆筒壁碰撞两次后恰好从出入口C返回，求它在磁场中运动的时间；（3）小球能从出入口C返回且不会跨越C点，平行板间所加电压U应满足什么条件？物理3—312．（4分）下列说法正确的是（）A．布朗运动反映了液体分子的无规则运动B．给自行车轮胎打气，越来越费力，说明气体分子间斥力在增大C．放在水面上的硬币可以浮在水面上是因为硬币所受浮力等于重力D．利用太阳能装置使机械长久运动下去，这并不违背热力学第二定律13．（8分）如图所示，质量为m、面积为S的活塞在向下开口的气缸内封闭着一定质量的理想气体．现对气缸缓慢加热，使气缸内气体温度从T1升高到T2，空气柱的高度增加了△L，已知加热时气体吸收的热量为Q，外界大气压强为P0求（1）此过程中封闭气体的内能变化了多少？（2）气缸内温度为T1时，气柱的长度为多少？物理3—414．如图所示，一列简谐横波沿x轴正向传播，从波传到x=1m的P点时开始计时．已知在t=0.4s时PM间第一次形成图示波形，此时x=4m的M点正好在波谷．下列说法中正确的是（）A．P点的振动周期为0.3sB．P点开始振动的方向沿y轴正方向C．当M点开始振动时，P点正好在波峰D．这列波的传播速度是10m/s15．如图所示为一上表面水平的透明玻璃半球，在其下面有一水平放置的光屏．两束关于中心轴OO′对称的激光束从半球上表面垂直射入玻璃半球，恰能从球面射出．当光屏距半球上表面h1=40cm时，从球面折射出的两束光线汇聚于光屏与OO′轴的交点，当光屏距上表面h2=80cm时，在光屏上形成半径r=40cm的圆形光斑．求该半球形玻璃的折射率．物理3—516．下列说法中正确的是（）A．某放射性原子核经2次α衰变和一次β变，核内质子数减少3个B．玻尔理论可以成功解释氢原子的光谱现象C．氢原子的核外电子从半径较大的轨道跃迁到半径较小的轨道时，原子的能量增大D．放射性元素发生β衰变，新核的化学性质不变17．如图所示，光滑水平直轨道上有三个滑块A、B、C，质量分别为m A=m，m B=m C=2m，A、B用细绳连接，中间有一压缩的轻弹簧（弹簧与滑块不栓接）．开始时A、B以共同速度v0运动，C静止．某时刻细绳突然断开，A、B被弹开，然后B又与C发生碰撞并粘在一起，最终三滑块速度恰好相同．求：（1）B与C碰撞前B的速度（2）B与C碰撞前后，机械能的损失为多少？2015年山东省济宁市高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括7小题．每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确．有的有多个选项正确．全部选对的得6分．选对但不全的得3分．有选错的得0分）1．（6分）在湖面上空某处竖直上抛一小铁球，小铁球在空中运动后穿过湖水，并陷入湖底淤泥中某一深度处（不计空气阻力，设铁球在淤泥中所受阻力大小恒定，取竖直向上为正方向）．则最能近似反映小铁球运动过程中的速度﹣时间图象是（）A．B．C．D．【解答】解：取竖直向上为正方向，小铁球先向上做匀减速直线运动速度减为零后，做自由落体运动，该段图线与倾斜的直线，斜率相同．进入水中后，由于重力大于浮力和阻力，小球向下做匀加速运动，加速度小于g，进入淤泥后，阻力大于重力，小球做匀减速运动到零，故B正确，A、C、D错误．故选：B．2．（6分）如图所示，物体用光滑钩子悬挂在轻绳上，轻绳两端由轻质圆环套在粗糙竖直杆上的E、F两点．E点高于F点．系统处于静止状态．若移动两竖直杆，使两杆之间距离变大，E、F相对于竖直杆的位置不变，系统仍处于平衡状态．则（）A．两圆环受到竖直杆的弹力均不变B．轻绳张力变小C．两圆环所受摩擦力均变大D．两圆环所受摩擦力均不变【解答】解：AB、对挂钩受力分析，设物体的质量为m，如图所示，根据平衡条件，又有2Tcosθ=mg绳子右端的B点在杆上位置不动，将右杆向右移动到虚线位置时，角度θ变大，故绳子拉力T变大，故A错误、B错误．CD、绳中的拉力左右相等，两侧绳子与竖直方向的夹角均为θ，根据三力平衡条件可知，两绳子的拉力T的合力F始终与G等值反向，保持不变，所以每一根绳子沿竖直方向的分力大小始终都是0.5mg．两个圆环E和F在竖直方向上受到向上的摩擦力和绳子向下的分力的作用，处于平衡状态，所以摩擦力的大小始终与绳子向下的分力大小相等方向相反，所以环受到的摩擦力的大小始终等于0.5mg故C错误，D正确．故选：D．3．（6分）如图所示，在孤立的点电荷产生的电场中有a、b两点，a点的电势为φa，场强大小为E a，方向与连线ab的夹角为60°．b点的电势为φb，场强大小为E b，方向与连线ab的夹角为30°．则a、b两点的电势高低及场强大小的关系是（）A．φa＜φb，E a=3E b B．φa＞φb，E a=3E bC．φa＜φb，E a=4 E b D．φa＞φb，E a=4 E b【解答】解：设孤立的点电荷为Q，将E a、E b延长相交，交点即为孤立的点电荷的位置，如图所示．设ab两点到Q的距离分别为r a和r b，由几何知识得到：r a：r b=1：根据电场强度的方向可知Q带负电，因顺着电场线的方向电势降低，所以有φa＜φb．由公式E=k求得到场强关系为：E a=3E b．故A正确；B错误；C错误；D错误．故选：A4．（6分）2015年3月30日21时52分，中国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功将首颗新一代北斗导航卫星发射升空．31日凌晨3时34分顺利进入倾斜同步轨道（如图所示，倾斜同步轨道平面与赤道平面有一定夹角），卫星在该轨道的运行周期与地球自转周期相等．此次发射的亮点在于首次在运载火箭上增加了一级独立飞行器为卫星提供动力，可使卫星直接进入轨道，在此之前则是通过圆﹣椭圆﹣圆的变轨过程实现．以下说法正确的是（）A．倾斜同步轨道半径应小于赤道同步轨道半径B．一级独立飞行器能大大缩短卫星入轨时间C．倾斜同步卫星加速度的大小等于赤道同步卫星加速度的大小D．一级独立飞行器携带卫星入轨的过程中，卫星的机械能守恒【解答】解：A、根据万有引力等于圆周运动向心力，=m rr=，卫星在该轨道的运行周期与地球自转周期相等．所以倾斜同步轨道半径应等于赤道同步轨道半径，故A错误；B、一级独立飞行器能大大缩短卫星入轨时间，故B正确；C、根据圆周运动的公式得a=，所以倾斜同步卫星加速度的大小等于赤道同步卫星加速度的大小，故C正确；D、一级独立飞行器携带卫星入轨的过程中，卫星的机械能增大，故D错误；故选：BC．5．（6分）如图甲，匝数n=2的金属线圈（电阻不计）围成的面积为10cm2，线圈与R=2Ω的电阻连接，置于竖直向上、均匀分布的磁场中．磁场与线圈平面垂直，磁感应强度为B．B﹣t关系如图乙，规定感应电流i从a经过R到b的方向为正方向．忽略线圈的自感影响．则下列i﹣t关系图正确的是（）A．B．C．D．【解答】解：由图可知，0﹣2s内，线圈中磁通量的变化率相同，故0﹣2s内电流的方向相同，由楞次定律可知，电路中电流方向为顺时针，即电流为正方向；同理可知，2﹣5s内电路中的电流为逆时针，为负方向，由E=可得E=S，则知0﹣2s内电路中产生的感应电动势大小为：E1=2×=3×10﹣6V，则电流大小为：I1==A=1.5×10﹣6A；同理2s﹣5s内，I2=1.5×10﹣6A．故B正确，ACD错误．故选：B．6．（6分）如图所示，匀强磁场的磁感应强度T．单匝矩形线圈面积S=1m2，电阻不计，绕垂直于磁场的轴OO′匀速转动．线圈通过电刷与一理想变压器原线圈相接，为交流电流表．调整副线圈的滑动触头P，当变压器原、副线圈匝数比为1：2时，副线圈电路中标有“36V，36W”的灯泡正常发光．以下判断正确的是（）A．电流表的示数为lAB．矩形线圈产生电动势的有效值为18VC．从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律VD．若矩形线圈转速增大，为使灯泡仍能正常发光，应将P适当下移【解答】解：A、小灯泡正常发光，故变压器的输出电流为：I2=；根据变流比公式：，解得：I1=2A；故A错误；B、小灯泡正常发光，故变压器的输出电压为36V，根据变压比公式，解得：U1=18V；故矩形线圈产生电动势的有效值为18V；故B正确；C、矩形线圈产生电动势的最大值为18V，根据公式E m=NBSω，解得：ω=；故从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律e=E m sinωt=V；故C正确；D、若矩形线圈转速增大，根据公式E m=NBSω，感应电动势的最大值增加，故有效值也增加；为使灯泡仍能正常发光，应该减小变压比，故应将P适当上移；故D错误；故选：BC．7．（6分）如图所示，一个小球套在固定的倾斜光滑杆上，一根轻质弹簧的一端悬挂于O点，另一端与小球相连，弹簧与杆在同一竖直平面内，将小球沿杆拉到与O点等高的位置由静止释放．小球沿杆下滑至O点正下方时，速度恰好为零．若弹簧始终处于伸长状态且在弹性限度内，在小球下滑过程中，下列说法正确的是（）A．当弹簧与杆垂直时，小球的动能最大B．小球的机械能一直增加C．弹簧的弹性势能先减小后增加D．重力做功的功率先增加后减小【解答】解：A、弹簧与杆垂直时，弹力方向与杆垂直时，合外力方向沿杆向下，小球继续加速，速度没有达到最大值，故A错误；B、重力功率P=mgv y=mgvcosθ，θ不变，v先增大后减小，故重力的功率先增大后减小，故B错误；CD、小球运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，系统机械能守恒，弹簧与杆垂直时，弹簧伸长量最短，弹性势能最小，故动能与重力势能之和最大，小球下滑至最低点，动能为零重力势能最小，故此时弹簧的弹性势能最大，故小球的机械能先增大后减小，弹簧的弹性势能先减小后增大，故CD正确；故选：CD．二、非选择题8．（8分）验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示，小球由一根不可伸长的细线拴住．细线另一端固定在O点，在O点正下方放置一组光电门，可测出小球通过时的挡光时间．将细线拉直至水平后，小球由静止释放，光电门测出的挡光时间为△t，再用10分度游标卡尺测出小球的直径d，如图乙所示，重力加速度为g：则（1）小球的直径d= 1.14cm；（2）测得绳长为l，若等式g（l+）=（用题目中所给字母表示）成立，说明小球下摆过程机械能守恒；（3）此实验的系统误差主要来源于空气阻力．【解答】解：（1）游标卡尺读数为d=11mm+4×0.1mm=11.4mm=1.14cm；（2）小圆柱运动到最低点时，v=根据机械能守恒定律应有mg（l+）=，解得：g（l+）=（3）根据实验原理，及实验操作可知，产生系统误差的根源是空气阻力．故答案为：（1）1.14；（2）g（l+）=；（3）空气阻力．9．（10分）某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系，可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）通过实验、作图得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图甲中的图线I，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图甲中的图线Ⅰ，请将图乙中缺少的两根导线补全，连接成合理的实验电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，作图，得到其U﹣I图象如图甲中的图线Ⅱ，若将小灯泡L1、L2并联使用，请根据Ⅰ、Ⅱ两条图线，在图甲中做出两小灯泡并联的U ﹣I图象．（4）现将两个小灯泡并联接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为0.6V；两小灯泡消耗的总功率为0.24W．【解答】解：（1）由R=可知，U﹣I图象上的点与原点连线的斜率等于导体的电阻，所以小灯泡的电阻随电压增大而增大；（2）由U﹣I图象可知变阻器应采用分压式接法，实物连线图如图所示：（3）根据并联电阻电流与电压关系可知，在U﹣I图象中，应满足每一个电压U 对应的电流为两灯泡的电流之和，然后再用平滑的曲线连线即可，如图Ⅲ所示：（4）在U﹣I图象中同时作出表示电源的U﹣I图象，如图所示，读出与图线Ⅲ的交点坐标为U=0.6V，I=0.4A，两小灯泡消耗的功率为P=UI=0.24W；故答案为：（1）增大；（2）如图；（3）如图；（4）0.6，0.2410．（18分）如图所示，上表面光滑的水平台高h=4m，平台上放置一薄木板（厚度可不计），木板长L=5m，质量m=lkg的物体A（可视为质点）置于木板的中点处，物体与木板间动摩擦因数μ=0.9，一半径R=2m的光滑圆弧轨道竖直放置，直径CD处于竖直方向，半径OB与竖直方向的夹角θ=53°，以某一恒定速度水平向右抽出木板，物体离开平台后恰能沿B点切线方向滑入圆弧轨道．求：（1）物体在圆弧轨道最高点D时，轨道受到的压力为多大？（2）应以多大的速度抽出木板？【解答】解：（1）物体离开平台下落到B点的高度h=R+Rcosθ=2（1+0.6）=3.2m；由v y2=2gh解得：v y=8m/s；在B点由矢量三角形如图所示；可解得：v x=6m/s；平台与D点等高，由机械能守恒定律可得：v D=v x=6m/s；由牛顿第二定律得：mg+F N=m解得：F N=8N；由牛顿第三定律可得：轨道受到的压力为8N；（2）物体在摩擦力作用下向右做匀加速运动，由牛顿第二定律得：μmg=ma；解得：a=9m/s2；v x=at解得：t=s；由v x2=2ax物解得：x=2m；物由物体、木板间的位移关系得：x板=x物+=2+2.5=4.5m；由题意可得：v板===6.75m/s；答：（1）物体在圆弧轨道最高点D时，轨道受到的压力为8N；（2）应以6.75m/s的速度抽出木板11．（20分）在光滑绝缘的水平面上，左侧平行极板间有水平方向的匀强电场，右侧圆筒内有竖直方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B，俯视图如图所示，圆心为O，半径为R．一质量为m、电荷量为q的带电小球（可视为质点），初始位置在A点，现由静止经电场加速后从C孔沿直径射入磁场区域，小球和圆筒壁的碰撞没有动能和电荷量损失．B、R、m、q均为已知量，圆筒仅有一个出入口C．（1）求平行板间电压U和小球在磁场中运动半径r的函数关系式；（2）小球与圆筒壁碰撞两次后恰好从出入口C返回，求它在磁场中运动的时间；（3）小球能从出入口C返回且不会跨越C点，平行板间所加电压U应满足什么条件？【解答】解：（1）设粒子在磁场中圆周运动的线速度大小为v，轨迹半径为r．小球在电场中加速过程，根据动能定理，有：qU=；小球在磁场中运动的过程，根据牛顿第二定律，有：qvB=m；联立解得：U=；（2）小球与圆筒壁碰撞两次后恰好从出入口C返回，轨迹如图所示：由几何知识得：θ=则轨迹圆弧对应的圆心角为小球做圆周运动的周期为T=则小球在磁场中运动的时间t==（2）据题意可知，设小球经过n个相同圆弧顺次排列后刚好经过C点离开入口．则每段圆弧对应磁场区域圆的圆心角为θ=，（n=3，4，5，6…）小球的轨迹半径：r=Rtan；由U=得U=，（n=3，4，5，6…）．答：（1）平行板间电压U和小球在磁场中运动半径r的函数关系式为U=；（2）小球与圆筒壁碰撞两次后恰好从出入口C返回，它在磁场中运动的时间为；（3）小球能从出入口C返回且不会跨越C点，平行板间所加电压U应满足的条件为：U=，（n=3，4，5，6…）．物理3—312．（4分）下列说法正确的是（）A．布朗运动反映了液体分子的无规则运动B．给自行车轮胎打气，越来越费力，说明气体分子间斥力在增大C．放在水面上的硬币可以浮在水面上是因为硬币所受浮力等于重力D．利用太阳能装置使机械长久运动下去，这并不违背热力学第二定律【解答】解：A、布朗运动是固体颗粒的无规则运动，是由液体分子的不平衡撞击引起的，布朗运动反映了液体分子的无规则运动．故A正确．B、给自行车打气时气筒压下后反弹，不是由分子斥力造成的，而是因为气筒内封闭气体压强大于外界压强的缘故，故B错误．C、放在水面上的硬币可以浮在水面上是因为液面的表面张力对硬币的向上的作用力等于重力，故C错误；D、利用太阳能装置使机械长久运动下去，这并不违背热力学第二定律，故D正确．故选：AC13．（8分）如图所示，质量为m、面积为S的活塞在向下开口的气缸内封闭着一定质量的理想气体．现对气缸缓慢加热，使气缸内气体温度从T1升高到T2，空气柱的高度增加了△L，已知加热时气体吸收的热量为Q，外界大气压强为P0求（1）此过程中封闭气体的内能变化了多少？（2）气缸内温度为T1时，气柱的长度为多少？【解答】解：（1）对活塞根据平衡得：mg+PS=P0S解得：气体对外做功：W=﹣P△V=PS△L=（P0S﹣mg）△L有热力学第一定律得：△U=W+Q=Q﹣（P0S﹣mg）△L（2）设气缸内温度为T1时，气柱的长度为L，温度升高过程，封闭气体做等压变化，有盖吕萨克定律得：解得：答：（1）此过程中封闭气体的内能变化了Q﹣（P0S﹣mg）△L（2）气缸内温度为T1时，气柱的长度为物理3—414．如图所示，一列简谐横波沿x轴正向传播，从波传到x=1m的P点时开始计时．已知在t=0.4s时PM间第一次形成图示波形，此时x=4m的M点正好在波谷．下列说法中正确的是（）A．P点的振动周期为0.3sB．P点开始振动的方向沿y轴正方向C．当M点开始振动时，P点正好在波峰D．这列波的传播速度是10m/s【解答】解：A、由题意，简谐横波沿x轴正向传播，在t=0.4s时PM间第一次形成图示波形，由于P振动时间是半个周期的整数倍，则知t=0.4s时间内振动传播了一个波长，经过了一个周期，故P点的周期为0.4s．故A错误．B、P点开始振动的方向与图示时刻x=5m处质点的振动方向相同，由波形平移法得知，P点开始振动的方向沿y轴负方向．故B错误．C、根据波形可知，当M点开始振动时，由波形可知，P点在波峰．故C正确．。

2015年高考模拟试题(一)理科综合2015．5 本试卷分第I卷和第Ⅱ卷两部分，共16页。

满分300分。

考试用时150分钟。

答题前，请将答题卡第l、3面左上方的姓名、座号、考生号等项目填写清楚，用右手食指在第l面座号后指定位置按手印，并将答题卡第2、4面左上方的姓名、座号按要求填写正确。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第I卷 (必做，共107分)注意事项：1．第I卷共20小题，l～13题每小题5分，14～20题每小题6分，共107分。

2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再涂写在其答案标号上。

不涂答题卡，只答在试卷上不得分。

以下数据可供答题时参考：相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Na 23 Fe 56 Cu 64 Zn 65二、选择题(共7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．如图所示，一足够长的水平传送带以恒定的速度向右传动。

将一物体轻轻放在皮带左端，以v、a、x、F表示物体速度大小、加速度大小、位移大小和所受摩擦力的大小。

下列选项正确的是15．如图所示，实线和虚线分别表示某电场的电场线和等势线，下列说法中正确的是A．c点场强大于a点场强B．c点电势高于a点电势C．c、b两点间的电势差大于c、a两点间的电势差D．若将一试探电荷+q由a点移动到b点，电场力做正功16．如图所示，一根不可伸长的光滑轻绳系在两竖直杆等高的A、B两点上，将一悬挂了衣服的衣架挂在轻绳上，处于静止状态。

则A．仅增大两杆间距离，再次平衡时，绳中张力变大B．仅增大两杆间距离，再次平衡时，绳中张力保持不变C．仅将B点位置向上移动一点，再次平衡时，绳中张力变大D．仅将B点位置向下移动一点，再次平衡时，绳中张力变小17．在发射地球同步卫星的过程中，卫星首先进入椭圆轨道I，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ。

山东省实验中学2012-2013学年度上学期 高三第二次诊断性测试物理试题答案2012.10一、选择题1．BD2．AD3．B4．C5．D6．BCD7．BC8．D9．AD10．AC11．AD二、论述计算题12．解析：(1)滑块做圆周运动，有m /s 100==R v ω……2分滑块向上运动时加速度a ，由牛顿第二定律得ma mg =ο37sin ……2分 运动至B 点时，由运动规律得2021at t v s +=……2分 解上各式、代入数据得s 0.3,s 33.021==t t ……2分(2)滑块返回A 点的时间为't ，由运动规律得2'0t av =……2分 由运动规律得，圆盘转动周期为ωπ2=T ……2分2t 时间圆盘转动的圈数为Tt n '=……2分 解上各式、代入数据得7.2=n ……2分 13．解析：当A 、B 之间达到最大静摩擦力时．由牛顿第二定律得：对B 有Ma mg =μ……1分对A 有00)(a m M F +=……1分解得N 3,m/s 5.0020==F a ……2分(1)当B A F 、时,N 21=相对静止，一起向右运动，有11)(a m M F +=……1分 在s 21=t 内的位移为211121t a s =……1分 解得m 67.01=s ……2分(2)在上一过程中，运动末速度为111t a v =……1分当N 42=F 时，A 运动的加速度为222,ma mg F a =-μ有……1分B 运动的加速度为20m/s 5.0=a ……1分设A 滑至木板右端时时间为t ，则A 、B 的位移分别为：221221t a t v s +=……1分 201321t a t v s +=……1分 由几何关系得32s s L -=……1分解得s 1=t ，故符合题意．……1分此时，木板的速度为)2(02t a v v -+=……1分之后，木板匀速运动位移)2(24t v s -=……1分s 4~s 2时间内，B 在水平地面上滑动的距离435s s s +=……1分解得m 09.25=s ……2分14．解析：(1)物块2m 由D 点以初速度D v 平抛，至P 点时，由平抛规律得：gR v y 22=……1分D yv v =ο45tan ……1分解得m /s 4=D v设能到达M 点，且速度为M v ，由机械能守恒得221m gh m v m v D M 222221-=……1分 由几何关系得2R R R h +=+……1分 在M 点轨道对物块向下的压力为N F ，由牛顿第二定律得Rv m g m F M N 222=+……1分 (2)平抛过程水平位移为x ，由平抛运动规律得：t v x D =……1分221gt R =……1分 在桌面上过B 点后的运动运动为226t t s -=，故为匀减速运动，且初速度为m /s 6=B v 、加速度为2m/s 4-=a ……2分BD 间由运动规律得as v v D B 222=-……1分解得BP 水平间距为m 1.4=+s x ……3分(3)设弹簧长为AC 时的弹性势能为P E ，由功能关系得：释放CB P gs m E m 11μ=时为……1分 释放222221B CB P v m gs m E m +=μ时为……1分 2m 在桌面上运动过程中克服摩擦力做功为f W ，由动能定理得2221D f P v m W E =-……1分 解得J 6.5=f W ……2分。

2015年山东省青岛市高考物理二模试卷一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．（6分）如图所示，物块正沿斜面匀速下滑，现在物块下滑过程中分别对物块施加一个竖直向下的恒力F1和一个与斜面平行向左下方的恒力F2，两种情况下斜面均静止不动，则下列说法正确的是（）A．当加F1时，物块仍沿斜面匀速下滑B．当加F2时，物块仍沿斜面匀速下滑C．当加F1时，斜面不受地面的摩擦力D．当加F2时，斜面受地面向右的摩擦力2．（6分）如图所示，一质点做匀加速直线运动先后经过A、B、C三点，已知从A到B和从B到C速度的增加量△v均为2m/s，AB间的距离x1=3m，BC间的距离x2=5m，则物体的加速度为（）A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．4m/s23．（6分）2015年3月30日21时52分，中国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功将首颗新一代北斗导航卫星发射升空，31日凌晨3时34分顺利进入圆轨道．卫星在该轨道上运动的周期与地球自转周期相同，但该轨道平面与赤道平面有一定的夹角，因此该轨道也被称为倾斜同步轨道，根据以上信息请判断下列说法中正确的是（）A．该卫星做匀速圆周运动的圆心一定是地球的球心B．该卫星离地面的高度要小于地球同步卫星离地面的高度C．地球对该卫星的万有引力一定等于对地球同步卫星的万有引力D．只要倾角合适，处于倾斜同步轨道上的卫星可以在每天的固定时间经过青岛上空4．（6分）在匀强电场中有一个光滑的直角三角形框架，∠CAB=30°．将一质量不计的带电滑块以初速度v0释放，使其沿斜面CA运动，到达A点的速度为v0，让滑块以相同速度从C点沿CB下滑，则到达B点的速度为v0，则下列说法正确的是（）A．电场方向与AB边垂直B．B点电势是A点电势的两倍C．A点电势与BC边中点的电势相等D．C点电势一定比A点电势高5．（6分）如图甲所示，电阻不计的N匝矩形闭合导线框abcd处于磁感应强度大小为0.1T的水平匀强磁场中，导线框面积为0.5m2．导线框绕垂直于磁场的轴匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，原副线圈的匝数比为10：1，副线圈接有一滑动变阻器R，副线圈两端的电压随时间的变化规律如图乙所示．下列说法正确的是（）A．闭合导线框中产生的交变电压的表达式为u=100sin100tB．闭合导线框的匝数N=10C．若滑动变阻器的滑片P向上移动，电流表的示数将减小D．若导线框的转速加倍，变压器的输出功率将加倍6．（6分）A、B两物体分别在大小相同的水平恒力F的作用下由静止开始沿同一水平面运动，作用时间分别为t0和4t0，两物体运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两物体（）A．与水平面的摩擦力大小之比为5：12B．水平力F的最大功率之比为2：1C．水平力F对A、B两物体做功之比为2：1D．在整个运动过程中，摩擦力做功的平均功率之比为5：37．（6分）如图甲所示，在水平面上固定一个匝数为10匝的等边三角形金属线框，总电阻为3Ω，边长为0.4m．金属框处于两个半径为0.1m的圆形匀强磁场中，顶点A恰好位于左边圆的圆心，BC边的中点恰好与右边圆的圆心重合．左边磁场方向垂直水平面向外，右边磁场垂直水平面向里，磁感应强度的变化规律如图乙所示，则下列说法中正确的是（π取3）（）A．线框中感应电流的方向是顺时针方向B．t=0.4s时，穿过线框的磁通量为0.005WbC．经过t=0.4s，线框中产生的热量为0.3JD．前0.4s内流过线框的电量为0.2C二、非选择题8．（8分）某同学利用如图甲所示装置研究弹簧的弹性势能与弹簧伸长量之间的关系．图中O点所在虚线为弹簧的原长位置，O、A、B、C、D的间距均为x．先将光电门固定于A处，将固定在弹簧末端质量为m的小铁球从原长处释放，在小球经过光电门时，计时器记录下时间t A；依次将光电门置于B、C、D各处，每次均将小球从原长处由静止释放，得到时间t B、t C、t D．（1）如图乙用游标卡尺测量小球的直径d为mm；（2）当光电门固定于D处时，小球通过该处速度的表达式v D=（用字母表示），弹簧的伸长量为．（3）当小球运动至D处时，弹簧弹性势能的表达式E PD=（用字母表示）．9．（10分）在测定一节干电池电动势和内电阻的分组实验中，实验1组的同学利用图甲所示电路，选用下列器材进行了规范的实验操作．A．干电池（内电阻小于1.0Ω）B．电流表（量程0～0.6A，内阻r A=1Ω）C．电压表（量程0～3V，内阻约20kΩ）D．滑动变阻器（0～20Ω，允许最大电流2A）E．开关、导线若干把得到的数据记录后用“○”在图乙所示的“U﹣I”图象中进行描点．在小组互评环节，实验2组的同学在实验器材没有变化的情况下对1组的实验方案进行了改进后再次进行了实验，并把实验数据用“×”也描在图乙所示的“U﹣I”图象中．请完成以下对1组实验方案的评价及改进．（1）从实验原理上来看，用图甲电路进行实验，误差主要来自：．（2）从所得实验数据来看，不足之处是：．（3）在如图丙中画出改进的方案电路图．（4）根据改进后所得的实验数据作出图线，由图线得到：E=V；r=Ω．（保留两位小数）．10．（18分）如图所示，在水平地面上固定一个倾角α=45°、高H=4m的斜面．在斜面上方固定放置一段由内壁光滑的圆管构成的轨道ABCD，圆周部分的半径R=m，AB与圆周相切于B点，长度为R，与水平方向的夹角θ=60°，轨道末端竖直，已知圆周轨道最低点C、轨道末端D与斜面顶端处于同一高度．现将一质量为0.1kg，直径可忽略的小球从管口A处由静止释放，g取10m/s2．（1）求小球在C点时对轨道的压力；（2）若小球与斜面碰撞（不计能量损失）后做平抛运动落到水平地面上，则碰撞点距斜面左端的水平距离x多大时小球平抛运动的水平位移最大？是多少？11．（20分）如图甲所示，长度为l，垂直于纸面的两平行板CD、MN间存在匀强磁场，板间距离为板长的两倍，平行板右侧有一水平方向的匀强电场．t=0时刻，一质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力），以初速度v0由MN板左端靠近板面的位置，沿垂直于磁场且平行于板面的方向射入磁场区，以垂直于DN边的方向进入电场区域，之后又回到磁场中，最后从平行板左端靠近板面的位置离开磁场，速度方向与初速度方向相反，上述仅l、m、q、v0为已知量．（1）若粒子在T B时刻进入电场，求B0的最大值；（2）若粒子在T B时刻进入电场，且B0取最大值，求电场强度E及粒子在电场中向右运动的最大距离；（3）若B0=，求T B满足的条件．【物理-物理3-3】12．（4分）下列说法正确的是（）A．硬币或钢针能浮于水面上，是由于液体表面张力的作用B．晶体有固定的熔点，具有规则的几何外形，物理性质具有各向异性C．影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的差距D．随着科技的发展，将来可以利用高科技手段，将散失在环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化13．（8分）如图所示，在导热性能良好、开口向上的气缸内，用活塞封闭一定质量的理想气体，气体的体积V1=6.0×10﹣3m3，温度T1=300K．现使外界环境温度缓慢升高至T2，此过程中气体吸收热量700J，内能增加500J．不计活塞的质量及活塞与气缸间的摩擦，外界大气压强p0=1.0×105Pa，求T2．【物理-物理3-4】(12分)14．一列简谐横波沿x轴传播，某时刻它的波形如图甲所示．经过时间0.2s，这列波的波形如图乙所示，则这列波的波速可能是（）A．0.9m/s B．1.8m/s C．2.7m/s D．3.6m/s15．如图所示，一束单色光射入一半径为0.2m玻璃球体，入射角为60°，已知光线在玻璃球内经一次反射后，再次折射回到空气中时与入射光线平行．求：①此玻璃的折射率；②光在玻璃球内的传播时间．【物理-物理3-5】（12分）16．下列说法中正确的是（）A．原子核放出β粒子后，转变成的新核所对应的元素是原来元素的同位素B．玻尔在研究原子结构中引进了量子化的观点C．氢原子从高能级跃迁到低能级要放出光子D．放射性元素衰变的快慢跟原子所处的化学状态和外部条件有一定的关系17．如图所示，在光滑水平面上有一长木板C，它的两端各有一挡板，木板C的质量为m C=5kg．在C的正中央并排放着滑块A、B，质量分别为m A=1kg，m B=4kg．开始时，A、B、C均静止，A、B间夹有少量塑胶炸药，炸药爆炸后使A以6m/s的速度水平向左运动．设A、B与C间的摩擦都可以忽略，A、B中任一滑块与挡板碰撞后都与挡板结合成一体，求：①A、B两滑块哪个先与木板C相碰，碰后板C的速度；②当两滑块都与挡板相碰后，板C的速度．2015年山东省青岛市高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分．每小题给出的四个选项中有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）1．（6分）如图所示，物块正沿斜面匀速下滑，现在物块下滑过程中分别对物块施加一个竖直向下的恒力F1和一个与斜面平行向左下方的恒力F2，两种情况下斜面均静止不动，则下列说法正确的是（）A．当加F1时，物块仍沿斜面匀速下滑B．当加F2时，物块仍沿斜面匀速下滑C．当加F1时，斜面不受地面的摩擦力D．当加F2时，斜面受地面向右的摩擦力【解答】解：AC、未加F1时，物块匀速下滑，受力平衡，分析物体的受力情况如图，由平衡条件得：mgsinθ=μmgcosθ得：sinθ=μcosθ对物块施加一个竖直向下的恒力F1时，物块受到的滑动摩擦力大小为：f=μ（F1+mg）cosθ重力和F沿斜面向下的分力大小为（F1+mg）sinθ，则上可知：（F+mg）sinθ=μ（F+mg）cosθ，则物块受力仍平衡，所以仍处于匀速下滑状态，所以A正确；由于斜面给物体的摩擦力与支持力的合力竖直向上，故斜面做不受地面摩擦力作用，故C正确．BD、当沿斜面向下推力F2时，物体与斜面间支持力保持不变，故摩擦力大小不变，故物体将沿斜面向下加速运动，故B错误；当有F2作用时，不改变斜面与物体间的摩擦力，故斜面体对物体作用力的合力竖直向上，故斜面体相对地面没有水平方向的运动趋势，故斜面体不地面的摩擦力作用，故D错误．故选：AC．2．（6分）如图所示，一质点做匀加速直线运动先后经过A、B、C三点，已知从A到B和从B到C速度的增加量△v均为2m/s，AB间的距离x1=3m，BC间的距离x2=5m，则物体的加速度为（）A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．4m/s2【解答】解：因为A到B和从B到C速度的增加量△v均为2m/s，可知A到B 的时间和B到C的时间相等，根据平均速度推论知，B点的速度，根据速度位移公式得，，即，解得T=1s，则加速度a=．故选：B．3．（6分）2015年3月30日21时52分，中国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功将首颗新一代北斗导航卫星发射升空，31日凌晨3时34分顺利进入圆轨道．卫星在该轨道上运动的周期与地球自转周期相同，但该轨道平面与赤道平面有一定的夹角，因此该轨道也被称为倾斜同步轨道，根据以上信息请判断下列说法中正确的是（）A．该卫星做匀速圆周运动的圆心一定是地球的球心B．该卫星离地面的高度要小于地球同步卫星离地面的高度C．地球对该卫星的万有引力一定等于对地球同步卫星的万有引力D．只要倾角合适，处于倾斜同步轨道上的卫星可以在每天的固定时间经过青岛上空【解答】解：A、倾斜同步轨道围绕地球做匀速圆周运动，圆心一定是地球的球心，故A正确；B、根据万有引力提供向心力r，得r=，因为倾斜地球同步轨道卫星的周期与赤道上空的同步卫星的周期相同，故它的轨道髙度与位于赤道上空的同步卫星的轨道高度相同，故B错误．C、根据可知，由于不知道该卫星和地球同步卫星质量的关系，所以无法判断万有引力的关系．故C错误．D、倾斜同步轨道卫星相对于地球非静止的，所以倾斜同步轨道卫星从地球上看是移动的，故该卫星不可能始终位于地球表面某个点的正上方，所以只要倾角合适，处于倾斜同步轨道上的卫星可以在每天的固定时间经过青岛上空，故D正确．故选：AD4．（6分）在匀强电场中有一个光滑的直角三角形框架，∠CAB=30°．将一质量不计的带电滑块以初速度v0释放，使其沿斜面CA运动，到达A点的速度为v0，让滑块以相同速度从C点沿CB下滑，则到达B点的速度为v0，则下列说法正确的是（）A．电场方向与AB边垂直B．B点电势是A点电势的两倍C．A点电势与BC边中点的电势相等D．C点电势一定比A点电势高【解答】解：设滑块的质量为m，电量为q，BC的中点为D，因质量不计，所以滑块在运动过程中，只有电场力做功．设CA间的电势差为U1，则由动能定理有：m﹣v=qU1设CB间的电势差为U2，则由动能定理有：m﹣v=qU2解得：U2=2U1即BC的中点D的电势与A的电势相等．A、由以上解答可知，A与BC的中点D的电势相等，所以电场方向垂直于AD，与Ab并不垂直，选项A错误．B、虽然CB间的电势差等于CA间的电势差的2倍，但是零势能面没有确定，所以B点电势不一定是A点电势的两倍，选项B错误．C、由以上解答可知，即BC的中点D的电势与A的电势相等，选项C正确．D、虽然滑块哟C到A的过程中电场力做正功，因不知滑块所带的电性，所以无法判知C点和A点的电势高低，选项D错误．故选：C5．（6分）如图甲所示，电阻不计的N匝矩形闭合导线框abcd处于磁感应强度大小为0.1T的水平匀强磁场中，导线框面积为0.5m2．导线框绕垂直于磁场的轴匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，原副线圈的匝数比为10：1，副线圈接有一滑动变阻器R，副线圈两端的电压随时间的变化规律如图乙所示．下列说法正确的是（）A．闭合导线框中产生的交变电压的表达式为u=100sin100tB．闭合导线框的匝数N=10C．若滑动变阻器的滑片P向上移动，电流表的示数将减小D．若导线框的转速加倍，变压器的输出功率将加倍【解答】解：A、由乙图可知，输出电压的最大值U m2=100V，周期为2π×10﹣2s，角速度ω===100rad/s；则输入端的最大值U m2=100×10=1000V；故表达式应为：u=100sin100t；故A错误；B、发电机输出的最大电压值U m1=NBSω=1000V；解得N==64匝；故B错误；C、将导线框的滑片P向上移动时，滑动变阻器接入电阻增大，输出电流减小，由电流之比等于匝数的反比可知，电流表的示数减减小；故C正确；D、若转速度加倍，则最大值加倍，有效值加倍；输出端的有效值也会加倍，则由P=可知，输出功率将变成原来的4倍；故D错误；故选：C．6．（6分）A、B两物体分别在大小相同的水平恒力F的作用下由静止开始沿同一水平面运动，作用时间分别为t0和4t0，两物体运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两物体（）A．与水平面的摩擦力大小之比为5：12B．水平力F的最大功率之比为2：1C．水平力F对A、B两物体做功之比为2：1D．在整个运动过程中，摩擦力做功的平均功率之比为5：3【解答】解：A、由速度图线的斜率等于加速度，则得：匀减速运动的加速度大小之比a A：a B=：=1：1．f A=m A a A f B=m B a B在外力作用下联立解得m A：m B=5：12而匀减速运动过程中，两物体的合外力等于摩擦力，根据牛顿第二定律得：摩擦力大小之比等于质量之比，即擦力大小之比是5：12．故A正确；B、AB两物体的最大速度之比为2：1，施加的力相同，故水平力F的最大功率之比为2：1，故B正确；C、在力F作用下通过的位移之比为1：2，故拉力做功之比为1：2，故C错误；D、由图象可知整个过程位移之比为6：5，摩擦力之比为5：12，故摩擦力做功之比为1：2，所用时间之比为3：5，故擦力做功的平均功率之比为5：6，故D 错误故选：AB7．（6分）如图甲所示，在水平面上固定一个匝数为10匝的等边三角形金属线框，总电阻为3Ω，边长为0.4m．金属框处于两个半径为0.1m的圆形匀强磁场中，顶点A恰好位于左边圆的圆心，BC边的中点恰好与右边圆的圆心重合．左边磁场方向垂直水平面向外，右边磁场垂直水平面向里，磁感应强度的变化规律如图乙所示，则下列说法中正确的是（π取3）（）A．线框中感应电流的方向是顺时针方向B．t=0.4s时，穿过线框的磁通量为0.005WbC．经过t=0.4s，线框中产生的热量为0.3JD．前0.4s内流过线框的电量为0.2C【解答】解：A、由磁感应强度B1垂直水平面向里，大小随时间增大；B2垂直水平面向外，大小不变，故线框的磁通量增大，由楞次定律可得，线框中感应电流方向为逆时针方向，故A错误；B、t=0.4s时刻穿过线框的磁通量为：∅=B1××πr2﹣B2××πr2=5×0.5×3×0.12﹣4××3×0.12W b=0.055W b，故B 错误；C、由Q=I2Rt=（）2××△t=（）2××0.4J=0.3J，故C正确；D、在t=0.4s内通过线框中的电量q=t=t==10×C=0.2C，故D正确．故选：CD．二、非选择题8．（8分）某同学利用如图甲所示装置研究弹簧的弹性势能与弹簧伸长量之间的关系．图中O点所在虚线为弹簧的原长位置，O、A、B、C、D的间距均为x．先将光电门固定于A处，将固定在弹簧末端质量为m的小铁球从原长处释放，在小球经过光电门时，计时器记录下时间t A；依次将光电门置于B、C、D各处，每次均将小球从原长处由静止释放，得到时间t B、t C、t D．（1）如图乙用游标卡尺测量小球的直径d为12.35mm；（2）当光电门固定于D处时，小球通过该处速度的表达式v D=（用字母表示），弹簧的伸长量为4x．（3）当小球运动至D处时，弹簧弹性势能的表达式E PD=4mgx﹣m（用字母表示）．【解答】解：（1）游标卡尺的读数为12mm+7×0.05=12.35mm（2）、根据瞬时速度的公式v D=，弹簧的伸长量为4x（3）根据能量守恒，E PD=4mgx﹣m故答案为：（1）12.35mm（2），4x（3）4mgx﹣m9．（10分）在测定一节干电池电动势和内电阻的分组实验中，实验1组的同学利用图甲所示电路，选用下列器材进行了规范的实验操作．A．干电池（内电阻小于1.0Ω）B．电流表（量程0～0.6A，内阻r A=1Ω）C．电压表（量程0～3V，内阻约20kΩ）D．滑动变阻器（0～20Ω，允许最大电流2A）E．开关、导线若干把得到的数据记录后用“○”在图乙所示的“U﹣I”图象中进行描点．在小组互评环节，实验2组的同学在实验器材没有变化的情况下对1组的实验方案进行了改进后再次进行了实验，并把实验数据用“×”也描在图乙所示的“U﹣I”图象中．请完成以下对1组实验方案的评价及改进．（1）从实验原理上来看，用图甲电路进行实验，误差主要来自：电压表的分流．（2）从所得实验数据来看，不足之处是：路端电压的变化范围太小．（3）在如图丙中画出改进的方案电路图．（4）根据改进后所得的实验数据作出图线，由图线得到：E= 1.50V；r=0.53Ω．（保留两位小数）．【解答】解：（1）由甲图可知，电路采用相对电源的外接法，故误差来自于电压表的分流使电流表读数偏小；（2）由图中数据可知，路端电压变化范围太小，导致误差过大；（3）为了使路端电压变化较大，可以将已知内阻的电流表与电源相连，采用相对于电源的电流表内接法；故如图所示；（4）由闭合电路欧姆定律可知：E=U+I（r+R A）故图象与纵轴的交点为电源的电动势，故E=1.50V，内阻r=﹣R A=0.53Ω；故答案为：（1）电压表的分流（2）路端电压的变化范围太小（3）如图：（4）如图所示；1.50；0.53．10．（18分）如图所示，在水平地面上固定一个倾角α=45°、高H=4m的斜面．在斜面上方固定放置一段由内壁光滑的圆管构成的轨道ABCD，圆周部分的半径R=m，AB与圆周相切于B点，长度为R，与水平方向的夹角θ=60°，轨道末端竖直，已知圆周轨道最低点C、轨道末端D与斜面顶端处于同一高度．现将一质量为0.1kg，直径可忽略的小球从管口A处由静止释放，g取10m/s2．（1）求小球在C点时对轨道的压力；（2）若小球与斜面碰撞（不计能量损失）后做平抛运动落到水平地面上，则碰撞点距斜面左端的水平距离x多大时小球平抛运动的水平位移最大？是多少？【解答】解：（1）设AD之间的竖直高度为h，由几何关系可知：h=R+Rsin30°+l AB sin60°=2mA到C根据动能定理得：mgh=在C点：F N﹣mg=解得：F N=7N由牛顿第三定律可知小球在C点时对轨道的压力为7N（2）从A到碰撞点，根据动能定理得：mg（h+x）=平抛过程：H﹣x=平抛水平位移：S x=v0t代入数据整理得：S x=可知：当x=1m时平抛水平位移S x有最大值S m=6m答：（1）求小球在C点时对轨道的压力为7N；（2）若小球与斜面碰撞（不计能量损失）后做平抛运动落到水平地面上，则碰撞点距斜面左端的水平距离当x=1m时平抛水平位移S x有最大值，最大值是6m．11．（20分）如图甲所示，长度为l，垂直于纸面的两平行板CD、MN间存在匀强磁场，板间距离为板长的两倍，平行板右侧有一水平方向的匀强电场．t=0时刻，一质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力），以初速度v0由MN板左端靠近板面的位置，沿垂直于磁场且平行于板面的方向射入磁场区，以垂直于DN边的方向进入电场区域，之后又回到磁场中，最后从平行板左端靠近板面的位置离开磁场，速度方向与初速度方向相反，上述仅l、m、q、v0为已知量．（1）若粒子在T B时刻进入电场，求B0的最大值；（2）若粒子在T B时刻进入电场，且B0取最大值，求电场强度E及粒子在电场中向右运动的最大距离；（3）若B0=，求T B满足的条件．【解答】解：（1）若粒子在T B时刻进入电场，画出轨迹，如图：临界情况是经过速度偏转角是90°，此时粒子运动半径具有最小值，为：根据，解得：（2）粒子圆周运动周期：可知：粒子在电场中运动的时间为：t=（n=1、2、3…）由运动学知识可得：t=由牛顿第二定律，有：qE=ma，解得：E=d=（3）由B0=可知，R=2lT=分析可知：2nRsinθ=l （n=1、2、3…）故T B′=，且sinθ=答：（1）若粒子在T B时刻进入电场，B0的最大值为；（2）若粒子在T B时刻进入电场，且B0取最大值，电场强度E为，粒子在电场中向右运动的最大距离；（3）若B0=，T B满足的条件为：T B′=，且sinθ=（n=1、2、3…）．【物理-物理3-3】12．（4分）下列说法正确的是（）A．硬币或钢针能浮于水面上，是由于液体表面张力的作用B．晶体有固定的熔点，具有规则的几何外形，物理性质具有各向异性C．影响蒸发快慢以及影响人们对干爽与潮湿感受的因素是空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的差距D．随着科技的发展，将来可以利用高科技手段，将散失在环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化【解答】解：A、硬币或钢针能浮于水面上，是由于液体表面张力的作用，故A 正确；B、晶体分为单晶体和多晶体，多晶体物理性质各向同性，故B错误；C、空气中水蒸气的压强与同一温度下水的饱和汽压的差距影响蒸发快慢，故C 正确；D、能量在转化与转移的过程中具有单向性，故不能将将散失在环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化，故D错误；故选：AC13．（8分）如图所示，在导热性能良好、开口向上的气缸内，用活塞封闭一定质量的理想气体，气体的体积V1=6.0×10﹣3m3，温度T1=300K．现使外界环境温度缓慢升高至T2，此过程中气体吸收热量700J，内能增加500J．不计活塞的质量及活塞与气缸间的摩擦，外界大气压强p0=1.0×105Pa，求T2．【解答】解：设温度升至T 2时气体的体积为V2，则气体对外界做功W=P0S△h=P0（V2﹣V1）由热力学第一定律△U=﹣W+Q解得V2=8.0×10﹣3m3由等压变化有：解得T2=400K答：T2是400K．【物理-物理3-4】(12分)14．一列简谐横波沿x轴传播，某时刻它的波形如图甲所示．经过时间0.2s，这列波的波形如图乙所示，则这列波的波速可能是（）A．0.9m/s B．1.8m/s C．2.7m/s D．3.6m/s【解答】解：由图波长λ=24cm=0.24m，由波形图可知：t=（n+）T=0.2s（n=0，1，2…）解得：T=（n=0，1，2…）v==0.3（4n+3）（n=0，1，2…）当n=0时，v=0.9m/s当n=1时，v=2.7m/s当n=2时，v=4.5m/s故选：AC15．如图所示，一束单色光射入一半径为0.2m玻璃球体，入射角为60°，已知光线在玻璃球内经一次反射后，再次折射回到空气中时与入射光线平行．求：①此玻璃的折射率；②光在玻璃球内的传播时间．【解答】解：①作出光路图，如图所示：由于60°=2r，故r=30°故折射率：n==②光在玻璃中传播的距离为：S=4Rcos30°=0.4m在玻璃中的传播速度为：。

2015年山东省实验中学高考物理模拟试卷（6月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、多选题(本大题共2小题，共12.0分)1.将图甲所示的正弦交流电压输入理想变压器的原线圈，变压器副线圈上接入阻值为10Ω的白炽灯（认为其电阻恒定），如图乙所示．若变压器原副线圈匝数比为10：1，则下列说法正确的是（）A.该交流电的频率为50H zB.灯泡消耗的功率为250WC.变压器原线圈中电流表的读数为0.5AD.流过灯泡的电流方向每秒钟改变100次【答案】AD【解析】解：A、由图可知，原线圈输入电压的周期为0.02s，故频率为50H z，故A正确；B、由图甲知输入电压有效值为=250V，根据电压与匝数成正比知副线圈电压有效值为U=25V，灯泡消耗的功率为P==125W，故B错误；C、副线圈电流为：I==2.5A，；则原线圈的电流为=0.25A，故C错误；D、没一个周期电流方向改变2次，故流过灯泡的电流方向每秒钟改变100次，故D正确；故选：AD根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，能够从图象中获取有用的物理信息．2.如图所示，固定在水平面上的光滑斜面底端有一固定挡板，一轻弹簧下端连接在挡板上，上端和置于斜面上的物块P相连．物块P通过轻绳绕过轻质光滑定滑轮与粗糙水平面上的物块Q相连，系统处于静止时，物块P、Q的受力个数可能是（）A.P受3个力、Q受2个力B.P受3个力、Q受3个力C.P受4个力、Q受3个力D.P受4个力、Q受4个力【答案】解：AB、若弹簧对P的弹力等于P的重力沿斜面向下的分力，则绳子的拉力为零，则P 只受重力、斜面的支持力和弹簧的弹力，共3个力．Q只受重力和地面的支持力，共2个力，故A正确，B错误．CD、若弹簧对P的弹力小于P的重力沿斜面向下的分力，弹簧处于压缩状态，绳子的拉力不为零，则P受到重力、绳子的拉力、斜面的支持力和弹簧的弹力，共4个力．Q 受重力、地面的支持力和摩擦力、绳子的拉力，共4个力，故C错误，D正确．故选：AD．P、Q都处于静止状态，合力均为零．弹簧对P的弹力可能等于P的重力沿斜面向下的分力，也可能小于P的重力沿斜面向下的分力，结合平衡条件分析．解决本题的关键要正确分析绳子的拉力是否为零，按重力、弹力的顺序进行分析．二、单选题(本大题共2小题，共12.0分)3.质量相等的甲乙两物体从离地面相同高度同时由静止开始下落，由于两物体的形状不同，运动中受到的空气阻力不同，将释放时刻作为t=0时刻，两物体的速度图象如图所示．则下列判断正确的是（）A.t0时刻之前，甲物体受到的空气阻力总是大于乙物体受到的空气阻力B.t0时刻之后，甲物体受到的空气阻力总是小于乙物体受到的空气阻力C.t0时刻甲乙两物体到达同一高度D.t0时刻之前甲下落的高度大于乙物体下落的高度【答案】B【解析】解：A、由图可知，t0时刻之前，甲物体的加速度恒定，而乙物体先做加速度减小的加速运动，很明显可以看出，乙的加速度先大于甲，再小于甲；而两物体均只受重力和阻力；故说明乙的阻力先小于甲，后大于甲，故A错误．B、t0时刻之后，乙的加速度小于甲的加速度，重力相等，根据牛顿第二定律知，甲物体受到的空气阻力总是小于乙物体受到的空气阻力，故B正确．C、t0时刻，两图线围成的面积不等，则位移不等，乙下降的高度大于甲下降的高度，故C、D错误．故选：B．根据图线的斜率比较出加速度的大小，由牛顿第二定律可分析阻力的大小情况；根据图线与时间轴所围成的面积比较位移的大小．解决本题的关键知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴所围成的面积表示位移．再结合牛顿第二定律进可进行分析．4.如图所示，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框；在导线框右侧有一宽度为d（d＞L）的条形匀强磁场区域，磁场方向垂直桌面向下．导线框获得一向右的初速度进入并穿过磁场区域．以线框右边刚进入磁场时刻为t=0，则下列速度图象中，可能正确描述线框穿越磁场过程的是（）A. B. C. D.D【解析】解：线圈以一定初速度进入磁场，则感应电动势为：E=BL v闭合电路欧姆定律，则感应电流为：安培为：力由牛顿第二定律有：F=ma则有：由于v减小，所以a也减小，当完全进入磁场后，不受到安培力，所以做匀速直线运动，当出磁场时，速度与时间的关系与进入磁场相似．而速度与时间的斜率表示加速度的大小，因此D正确，ABC错误；故选：D线圈以一定的初速度进入匀强磁场，由于切割磁感线，所以出现感应电流，从而产生安培阻力，导致线圈做加速度减小的减速运动．当完全进入后，没有磁通量变化，所以没有感应电流，不受到安培力，因此做匀速直线运动，当出现磁场时，磁通量又发生变化，速度与进入磁场相似．属于力与电综合题，并强调速度与时间的斜率表示加速度的大小，而由牛顿第二定律来确定加速度如何变化．三、多选题(本大题共3小题，共18.0分)5.如图所示，在直线l上A、B两点各固定电量均为Q的正电荷，O为AB的中点，C、D两点关于A点对称，C、D两点的场强大小分别为E C、E D，电势分别为φC、φD，则以下说法正确的是（）A.E C＞E D，φC＞φDB.E C＜E D，φC＞φDC.在直线l上与D点电势相等的点除D点外可能还有3个点D.将一负电荷从C点移到D点其电势能增大【答案】BCD【解析】解：A、根据场强的叠加知，D点的场强大于C点的场强，由U=E d定性分析知，AD间的电势差大于AC间的电势差，可知D点的电势小于C点的电势，故A错误，B正确．C、在直线l上，与D点电势相等的点可能有3个，分别处于CO间、OB间和B的右侧，故C正确．D、因为AD间的电势差大于AC间的电势差，可知C点的电势高于D点，根据E p=qφ知，负电荷在C点的电势能小于D点的电势能，故D正确．故选：BCD．根据场强的叠加分析场强的大小，结合电势差的关系分析电势的大小．通过电势的高度，结合E p=qφ分析电势能的变化．本题关键抓住电场线与等势线的对称性，注意空间每一点的电场是由两个点电荷产生的电场叠加，是考查基础的好题．6.发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后在圆轨道1的Q点适当加速，使其沿椭圆轨道运行，最后再在椭圆轨道上的P点适当加速，将卫星送入同步圆轨道2．轨道1、2分别与椭圆轨道相切于Q、P两点，如图所示．椭圆轨道的离心率为e=0.6（椭圆的半焦距与半长轴的比值叫做离心率，即e=），若卫星分别在轨道1、2上匀速圆周运动时，卫星的速率分别为v1、v2，下列结论正确的是（）A.卫星在轨道1上的运行周期为3小时 B.卫星在轨道1上的运行周期为6小时C.=2D.=4【答案】AC【解析】解：先将卫星发射至近地圆轨道1，然后在圆轨道1的Q点适当加速，使其沿椭圆轨道运行，最后再在椭圆轨道上的P点适当加速，将卫星送入同步圆轨道2．轨道1、2分别与椭圆轨道相切于Q、P两点，椭圆轨道的离心率为e=0.6，根据几何关系得出近地圆轨道1的半径与同步圆轨道2半径的关系之比是1：4，根据万有引力提供向心力得=m=mT=2π，v=，解得：=，已知同步卫星的正确是24h，所以卫星在轨道1上的运行周期为3小时，故A正确，B错误；=2，故C正确，D错误；故选：AC．椭圆轨道的离心率为e=0.6，根据几何关系求出近地圆轨道1的半径与同步圆轨道2半径的关系．已知同步卫星的正确是24h，根据万有引力提供向心力列式求解．本题关键是根据几何关系找出近地圆轨道1的半径与同步圆轨道2半径的关系，然后根据向心力公式列式求解．7.有一系列斜面，倾角各不相同，它们的底端相同，都是O点，如图所示．有一系列完全相同的滑块（可视为质点）从这些斜面上的A、B、C、D…各点同时由静止释放，下列判断正确的是（）A.若各斜面均光滑，且这些滑块到达O点的速率相同，则A、B、C、D…各点处在同一水平线上B.若各斜面均光滑，且这些滑块到达O点的速率相同，则A、B、C、D…各点处在同一竖直面内的圆周上C.若各斜面均光滑，且这些滑块到达O点的时间相同，则A、B、C、D…各点处在同同一直面内的圆周上D.若各斜面与这些滑块间有相同的摩擦因数，滑到达O点的过程中，各滑块损失的机械能相同，则A、B、C、D…各点处在同一竖直线上ACD【解析】解：A．根据mgh=，小球质量相同，达O点的速率相同，则h相同，即各释放点处在同一水平线上，故A正确，B错误；C、以O点为最低点作等时圆，可知从ab点运动到O点时间相等，C正确；D、若各次滑到O点的过程中，滑块滑动的水平距离是x，滑块损失的机械能为克服摩擦力做功为：，即各释放点处在同一竖直线上，D正确；故选：ACD（1）重力做功相同，小球的重力势能改变量就相同，动能增加量相同；（2）根据“等时圆”的适用条件构造出“等时圆”，作出图象，根据位移之间的关系即可判断运动时间；（3）滑块损失的机械能为克服摩擦力做功．本题考查了功能关系，其中根据“等时圆”的适用条件构造出“等时圆”，作出图象，根据位移之间的关系即可判断运动时间是本题的难点．六、多选题(本大题共1小题，共4.0分)12.下列说法正确的是（）A.竖直玻璃管里的水银面不是平面，而是“上凸”的，这是表面张力所致B.相对湿度是空气里水蒸气的压强与大气压强的比值C.物理性质表现为各向同性的固体一定是非晶体D.压缩气体需要用力，这是气体分子间有斥力的表现E.气缸里一定质量的理想气体发生等压膨胀时，单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少【答案】AE【解析】解：A、竖直玻璃管里的水银面不是平面，而是“上凸”的，这是表面张力产生的浸润现象所致．故A正确；B、空气的相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值．故B错误；C、物理性质表现为各向同性的固体可能是多晶体，不一定是非晶体．故C错误；D、气体之间分子距离很大，分子力近似为零，用力才能压缩气体是由于气体内部与容器外之间的压强差造成的，并非由于分子之间的斥力造成．故D错误；E、气缸里一定质量的理想气体发生等压膨胀时，根据理想气体的状态方程：可知，压强不变而体积增大，则气体的温度一定升高；温度是分子的平均动能的标志，温度升高则分子的平均动能增大，单个分子对器壁的撞击力增大，压强不变则单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少．故E正确．故选：AE竖直玻璃管里的水银面不是平面，而是“上凸”的是水银相对于玻璃的浸润产生的，与表面张力有关；空气的相对湿度等于水蒸气的实际压强与同温下水的饱和汽压的比值；多晶体与非晶体都有各向同性；压缩气体需要用力，这是气体内外之间的压强差；将压强的微观意义结合理想气体的状态方程解释单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数本题考查了热学的有关基础知识，对于这部分知识，计算题少，主要是理解和记忆，因此平时要加强练习注意积累．八、多选题(本大题共1小题，共4.0分)14.如图所示，沿x轴正方向传播的一列简谐横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s，下列说法中正确的是（）A.图示时刻质点b的加速度正在减小B.从图示时刻开始，经过0.01s，质点a通过的路程为20cmC.若此波遇到另一列波并发生稳定的干涉现象，则另一列波的频率为50H zD.若该波传播中遇到宽约4m的障碍物，能发生明显的衍射现象【答案】CD【解析】解：A、由于波向右传播，根据“上下坡”法，知道b质点向下振动，加速度正在增大．故A错误．B、T==s=0.02s，从图示时刻开始，经过0.01s，即半个周期，质点a通过的路程为2个振幅，即40cm．故B错误．C、该列波的频率为50H z，要想发生干涉，频率需相同．故C正确．D、当波的波长比障碍物尺寸大或差不多时，就会发生明显的衍射．故D正确．故选：CDA、根据波传播方向知道质点的振动的方向，从而知道质点加速度的变化．B、根据波的图象，计算出周期，而波的周期与质点的振动周期相同，从而求出质点在一段时间内通过的路程．C、发生干涉的条件是频率相同，看两列波的频率是否相同．D、比较波的波长与障碍物的尺寸，因为只有当波长比障碍物尺寸大或差不多时，就会发生明显的衍射．解决本题的关键掌握波动与振动的联系以及知道发生干涉和明显衍射的条件．四、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)8.用如图所示的装置测量物块A与水平桌面间的动摩擦因数．将物块A置于水平桌面上，用轻绳绕过轻质定滑轮与物块B相连，不计绳子质量、不计绳与滑轮间的摩擦力、不计空气阻力．实验时将连接A的细绳调节至与桌面平行，按压住物块A使B物块自然悬垂，系统稳定后用米尺测出此时物块B距离地面的高度h，然后由静止释放A，B物块拉动A运动，B落地后即可停止，物块A继续在桌面上滑行一段距离后停在桌面上．为测出物块A与水平桌面间的动摩擦因数，本实验还需要测量的物理量是______ ，除米尺外还需要的测量仪器是______ ，所测动摩擦因数的表达式为μ= ______ ，式中各符号的意义是______ ．【答案】s为滑块A运动的总距离【解析】解：设B距地面的高度h，A在桌面上滑行的总距离s，A、B的质量m A、m B；从开始释放让它们运动，到A着地，根据系统能量守恒得：m B gh=μm A gh+（m A+m B）v2从B着地到A停在桌面上，根据能量守恒得：m A v2=μm A g（s-h）联立两式，解得：μ=由上式可知，除米尺测量长度外，还需要的天平测量A、B的质量；式中的各符号的意义：m A、m B分别为A、B的质量，s为滑块A运动的总距离；故答案为：A、B的质量，滑块A运动的总距离；天平；；m A、m B分别为A、B的质量，s为滑块A运动的总距离．分析A、B的运动过程．B向下加速运动，A先加速后减速；根据系统运动过程中的能量转化和守恒列出等式；根据等式表示出A物体与水平桌面间的动摩擦因数μ．能够从物理情境中运用物理规律找出所要求解的物理量间的关系；表示出需要测量的物理量，运用仪器进行测量．9.测量一阻值约为6Ω的电阻，实验室备有下列器材：A．电压表V1（3V，内阻约5kΩ）B．电压表V2（6V，内阻约10kΩ）C．电流表A1（10m A，内阻约20Ω）D．滑动变阻器R1（0：10Ω）E．滑动变阻器R2（0：100Ω）F．定值电阻R3=8ΩG．直流电源E（8V，内阻约0.2Ω）、导线若干、单刀单掷开关一个．（1）实验要求电表示数从零开始变化，在如图1的方框里画出测量电路．（2）除被测电阻外，所选实验仪器（填写序号，如A、B、C、D…）是______（3）被测电阻R x的测量公式为R x= ______ ，式中物理量的意义是______ 考虑到电表内阻的影响，实验所测电阻值______ （填“偏大”或“偏小”）．（4）实验中电压表的读数如图2所示，其读数为______ V．【答案】ABDFG；-R3；U1、U2分别为电压表V1，V2的读数；偏小；2.30【解析】解：（1）根据题意可知，要求电流从零开始调节，故应采用滑动变阻器分压接法；因待测电阻阻值较小，故应采用电流表外接法；因给出的器材中电流表量程过小，不能有效测量，故应用电压表代替电流表使用；电路图如图所示；（2）由题意可知，必用的仪器有EFG；因电流表量程太小，故电压表两个都要选择，即选AB，故选择的仪器有ABDFG；（3）由串并联电路规律可知，R3两端的电压U3=U2-U1，故串联电路I=；故R x=R3；U1、U2分别为电压表V1，V2的读数；由于电表内阻的影响使电流偏大，故测得的电阻值偏小；（4）电表量程为3V，最小分度为0.1V；故读数为2.30V；故答案为：（1）如图所示；（2）ABDFG；（3）R3；U1、U2分别为电压表V1，V2的读数；偏小；（4）2.30（1）根据题意可知滑动变阻器的接法和电流表的接法；同时要注意电表的量程是否合适，从而选择最准确的接法；（2）根据题意和实验要求明确实验所需要的仪器；注意应选择必用仪器，再选择其他仪器；（3）由串并联电路的规律可求得电流及待测电阻的阻值．本题考查电阻的测量，要注意明确实验要求，注意仪表的选择方法，同时能根据串并联电路的规律分析实验结果及误差．五、计算题(本大题共2小题，共38.0分)10.固定于水平面上的平台，高为h=0.45m，左右两端长度为L=2.133m．一质量为2kg 的滑块（可视为质点）置于平台的左端，已知滑块与平台之间的动摩擦因数为0.75，今用大小为16N的拉力作用于滑块上使之由静止开始沿平台向右运动，运动1.8m后撤去拉力，然后滑块继续向前运动，从平台右端水平抛出，落在地面上．回答下列问题（计算结果保留到小数点后2位，重力加速度取g=10m/s2）（1）拉力F的方向与水平方向成多大角度时，滑块在平台上加速运动阶段的加速度最大？最大加速度为多少？（2）滑块在平台上运动的最短时间为多少？（3）滑块落地点距离平台右端最远为多少？【答案】F cosθ-f=maN+F sinθ=mg又f=μN解得：a=-μg由数学知识可知，当θ=arctanμ=37°时加速度最大，为a m=2.5m/s2．（2）刚撤去F时速度v1==3m/s撤去F后匀减速运动过程，有-μmgs2=-式中s2=L-s1=0.333m解得：v2=2m/s所以滑块在平台上运动的最短时间为t min=+=1.33s（3）对于平抛过程，有x=v2th=解得：x=0.6m答：（1）拉力F的方向与水平方向成37°角度时，滑块在平台上加速运动阶段的加速度最大，最大加速度为2.5m/s2．（2）滑块在平台上运动的最短时间为1.33s．（3）滑块落地点距离平台右端最远为0.6m．【解析】（1）设拉力F的方向与水平方向的角度为θ．根据牛顿第二定律得到加速度a与θ的关系式，再由数学知识求解．（2）当物体以最大加速度运动时时间最短，由运动学公式求出匀加速运动的时间，再由动能定理求出匀减速运动的末速度，即可由平均速度公式求解出匀减速运动的时间，从而得到总时间．（3）根据平抛运动的规律求解滑块落地点距离平台右端的距离．求极值问题，往往要根据物理规律得到解析式，再由数学知识求解．本题是多过程问题，把握每个过程的规律是解答的关键．11.如图甲所示，在xoy平面第一象限内有一与y轴正向成α=60°角的直线l，在y轴与直线l之间有垂直于纸面向里的匀强磁场．一质量为m、电量为-q、不计重力的负电粒子，从y轴上坐标为（0，d）的P点以一定速度沿x轴正方向射入磁场中．求解下列问题（1）若磁感应强度的大小恒为B0，粒子恰好能垂直于直线l离开磁场，求粒子的入射速度大小．（2）在上述情况下，粒子从进入磁场至到达x轴所用时间为多少？（3）若保持磁感应强度的大小仍为B0，但方向随时间周期性变化，垂直于纸面向里的一定速度沿x轴正方向从P点射入磁场中，粒子也恰好能垂直于直线l离开磁场，求粒子的入射速度大小．【答案】解：（1）由几何知识可知，粒子圆周运动的半径R=d根据qv0B0=m得v0==（2）粒子磁场中运动时间t1===粒子离开磁场匀速运动到x轴的时间t2=°=故粒子从进入磁场至到达x轴所用时间为t=t1+t2=（3）在磁场的半个周期里，粒子的轨迹如图因t==，T0=，φ=，则θ=x0=rsinθ=r、y0=r+rcosθ=r①粒子恰好能垂直于直线l离开磁场，满足：d=2ky0+r+2kx0cotα解得：r=，k=0，1，2，…再由r=得：v=②粒子恰好能垂直于直线l离开磁场，也可满足：d=（2k+1）y0+r+（2k+1）x0cotα再由r=得：v=综上所述：v=，k=0，1，2，…答：（1）粒子的入射速度大小为．（2）在上述情况下，粒子从进入磁场至到达x轴所用时间为．（3）粒子的入射速度大小为：，k=0，1，2，…．【解析】（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，由几何关系求出轨迹半径，由牛顿第二定律求粒子的入射速度．（2）粒子在磁场中的运动时间可根据轨迹对应的圆心角，离开磁场后粒子做匀速直线运动，由运动学公式求时间．（3）画出半个周期内粒子的运动轨迹．根据几何知识和圆周运动的周期性列式求解．此题考查了带电粒子在磁场中的运动，关键是画出粒子的运动轨迹图，根据几何知识求出半径，找到圆心角和周期的关系．七、计算题(本大题共1小题，共8.0分)13.如图甲所示，固定在地面上的气缸里，固定两个活塞A、B，气缸内被分成等体积的两部分，左边是压强为p0（外界大气压也是p0）、温度为T0的理想气体，而右边空间为真空，已知气缸、活塞均是绝热的．①若在不漏气的情况下将活塞A瞬间抽出，气体自由扩散到右侧真空区域，稳定后气体的压强和温度各是多少？②若再放开活塞B，不计活塞B与气缸壁间的摩擦力，并用外力作用于活塞B将气体向左缓慢压缩，稳定时使气体体积恢复开始时的体积，如图乙．测得此时气体温度为T0，已知活塞面积为S，求此时加在活塞B上的推力大小．【答案】解：①气体自由扩散到真空区域稳定后，气体内能不变，所以此时气体温度为T0由玻意耳定律知P0V=P1×2V解得P1=0.5P0②用外力作用于活塞B将气体向左缓慢压缩，稳定时使气体体积恢复开始时的体积，气体做等容变化解得：P2=1.2P0对活塞：P2S=P0S+F解得：F=0.2P0S答：①稳定后气体的压强和温度各是0.5P0和T0②此时加在活塞B上的推力大小0.2P0S【解析】①气体自由扩散到真空区域稳定后，气体内能不变，所以此时气体温度为T0由玻意耳定律求解体积大小②用外力作用于活塞B将气体向左缓慢压缩，稳定时使气体体积恢复开始时的体积，气体做等容变化，对活塞受力分析求力的大小．对此类题目要仔细阅读题目，清楚气体的状态变化，选准研究对象，结合受力分析是经常用到的方法．九、计算题(本大题共1小题，共10.0分)15.某种透明物质制成的直角三棱镜ABC，折射率为n，角A等于30°．一细束光线在纸面内从O点射入棱镜，如图所示，当入射角为α时，发现刚好无光线从AC面射出，光线垂直于BC面射出．求：①透明物质的折射率n．②光线的入射角α．（结果可以用α的三角函数表示）【答案】解：①由题意可知，光线射向AC面的恰好发生全反射，反射光线垂直于BC面从棱镜射出，作出光路图如图所示．设该透明物质的临界角为C，由几何关系可知：C=θ2=θ1=60°=由sin C=得：n==°②由几何关系r=30°，由折射定律得：n=得：sinα=nsinr=×sin30°=．答：①该透明物质的折射率n为．②光线与AB面垂线间的夹角α的正弦为．【解析】①由题，无光线从AC面射出，光线射向AC面的恰好发生全反射，根据几何知识求出临界角，由临界角公式求出折射率．②由几何知识得到光线在AB面上折射角，根据折射定律求出光线与AB面垂线间的夹角α．几何光学画出光路图是解题的关键．本题还要掌握全反射的条件和临界角公式，并用来解决实际问题．十、填空题(本大题共1小题，共4.0分)16.天然放射性元素P u经过______ 次α衰变和______ 次β衰变，最后变成铅的同位素______ ．（填入铅的三种同位素P b、P b、P b中的一种）【答案】8；4；P b【解析】解：设发生了x次α衰变和y次β衰变，设生成的铅的同位素质量数为m，则有：2x-y+82=94，239=m+4x根据题意m可能为206、207、208，x为整数，由数学知识可知，m=207，x=8，y=4．故答案为：8，4，P b．根据衰变过程中质量数和电荷数守恒可以判断发生α和β衰变的次数，然后即可进一步确定是那种同位素．本题考查了质量数和电荷数守恒在衰变过程中的应用，这是原子物理中的重要知识，要不断加强练习，加深理解．十一、计算题(本大题共1小题，共10.0分)17.如图所示，水平光滑地面上依次放置着质量m=0.08kg的10块完全相同的长直木板．质量M=1.0kg、大小可忽略的小铜块以初速度v0=6.0m/s从长木板左端滑上木板，当铜块滑离第一块木板时，速度大小为v1=4.0m/s．铜块最终停在第二块木板上．取g=10m/s2，结果保留两位有效数字．求：①第一块木板的最终速度②铜块的最终速度．【答案】解：①铜块和10个长木板在水平方向不受外力，所以系统动量守恒．设铜块滑动第二块木板时，第一块木板的最终速度为v2，由动量守恒定律得，M v0=M v1+10mv2解得v2=2.5m/s．②由题可知，铜块最终停在第二块木板上，设铜块的最终速度为v3，由动量守恒定律得：M v1+9mv2=（M+9m）v3解得：v3=3.4m/s．答：（1）第一块木板的最终速度为2.5m/s．（2）铜块的最终速度为3.4m/s．【解析】。

2015年2月高三教学质量调研考试物理注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

满分100分，时间90分钟。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填涂在答题卡上。

2. 回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号框。

写在本试卷上无效。

3. 答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本题包含12小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．以下关于物理学重大发现的说法中，符合史实的是A．牛顿通过扭秤实验，测定出了万有引力常量B．库仑通过实验研究，发现了电流周围存在磁场C．法拉第通过实验研究，总结出了磁生电的条件D．开普勒根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因2．如图所示，方形物块A和三角形物块B、C叠放在水平地面上，B物块上表面水平。

水平向左的力F作用在B物体上，整个系统处于静止状态，则以下说法正确的是A．物块A的受力个数为4个B．物块B的受力个数为5个C．地面对物块C的支持力小于三者重力之和D．地面对物块C的摩擦力大小等于F，方向水平向右3．在光滑水平面上，一物块在水平外力作用下做初速度为v0的直线运动，其速度－时间图象如图所示，则下列判断正确的是A．在0～t1内，物体做匀变速直线运动B．在0～t1内，物体的位移一直增大C．在0～t1内，水平外力不断增大D．在0～t1内，水平外力做正功4．如图所示，一个带负电荷的物体从粗糙斜面顶端由静止释放后，滑到斜面底端时的速度为v 。

若加上一个如图所示的垂直于纸面指向外的水平磁场，则物体滑到底端时A ．v 变小B ．v 变大C ．v 不变D ．v 可能变大，也可能不变5．如图为某双线客运索道，其索线由静止不动的承载索和牵引缆车运动的牵引索组成。

鲁实中学2007级第二次诊断性测试物 理 试 题 （2010.1）第Ⅰ卷（选择题 40分）一、本题共10小题；每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1．汽车A 在红绿灯前停住，绿灯亮起时起动，以0.4m/s 2的加速度做匀加速运动，经过30s 后以该时刻的速度做匀速直线运动，设在绿灯亮的同时，汽车B 以8m/s 的速度从A 车旁驶过且一直以此速度做匀速直线运动，速度方向与A 车相同，则从绿灯开始亮时开始：（ ） A 、A 车在加速过程中与B 车相遇 B 、A 、B 相遇时，速度相同C 、相遇时A 车做匀速运动D 、两车相遇后不可能再次相遇 ２．某科技创新小组设计制作出一种全自动升降机模型，用电动机通过钢丝绳拉着升降机由静止开始匀加速上升，已知升降机的质量为m ，当升降机的速度为v 1时，电动机的有用功率达到最大值P ，以后电动机保持该功率不变，直到升降机以最大速度v 2匀速上升为止，整个过程中忽略摩擦阻力及空气阻力，重力加速度为g 。

有关此过程下列说法正确的是：（ ）A ． 钢丝绳的最大拉力为2v pB ．升降机的最大速度m gp v =2 C ．钢丝绳的拉力对升降机所做的功等于升降机克服重力所做的功 D ．升降机速度由v 1增大至v 2的过程中，钢丝绳的拉力不断减小3．A 、B 两物体叠放在一起，放在光滑的水平面上，从静止开始受到一变力的作用，该力与时间的关系如图所示，A 、B 始终相对静止，则在02~0t 时间内，下列说法不正确．．．的是（ ） A ．t 0时刻，A 、B 间静摩擦力最大 B ．t 0时刻，A 、B 速度最大C ．2t 0时刻，A 、B 速度最小D ．2t 0时刻，A 、B 位移最大4．已知神舟七号飞船在离地球表面h 高处的轨道上做周期为T 的匀速圆周运动，地球的半径R ，万有引力常量为G 。

山东省实验中学2012级高三第二次模拟考试理综试题2015.6说明：试题分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷为第1页至第页，第Ⅱ卷为第页至第页。

试题答案请用2B铅笔或0.5mm签字笔填涂到答题卡规定位置上，书写在试题上的答案无效。

考试时间150分钟。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 Al 27 S 32 Cl 35.5第Ⅰ卷（共107分）一、选择题（本题包括13小题，每小题5分，共65分。

每小题只有一个选项．．．．．．符合题意）1．细胞是生物体结构和功能的基本单位，关于细胞的叙述正确的是A.细胞中含有叶绿体的生物一定是自养生物，而自养生物的细胞不一定含有叶绿体B.生物膜系统在细胞的生命活动中具有重要的作用，所有的细胞都具有生物膜系统C.造血干细胞分化形成白细胞和红细胞的过程表现了细胞全能性D.细胞核可以完成基因的复制和表达，是生命活动的控制中心2．下列与实验相关的叙述，正确的是A.马铃薯块茎捣碎后的提取液可用于H2O2催化实验，检验酶的适宜温度B.光学显微镜可用于观察分生区细胞的质壁分离现象、有丝分裂过程、叶绿体C.萨顿基于实验观察的基础上，利用类比推理法，提出基因位于染色体上的假说D.艾弗里实验用同位素标记法，证明DNA是遗传物质而蛋白质不是遗传物质3．研究发现调节性T细胞具有抑制免疫反应的功能、防止免疫反应过度损伤自身，调节性T细胞数量由Mcl-l蛋白和Bim蛋白两种功能相反的蛋白质决定（如下图所示）。

下列疾病或应用中可能与Mcl-I蛋白的活性被抑制有关的是A.提高器官移植成活率B.先天性胸腺发育不全C.系统性红斑狼疮D.艾滋病4．右图表示某二倍体生物的细胞，有关叙述正确的是A.该细胞正处于有丝分裂前期B.在该细胞形成过程中一定发生了基因突变C.该细胞分裂至后期时含有4个染色体组D.该细胞分裂能产生2种基因型的子细胞5．以下关于生命系统信息传递的说法正确的是A.在生物体细胞中，分子之间传递遗传信息的途径是DNA→RNA→蛋白质B.在生物体中，不同细胞之间信息的识别主要依赖于细胞膜上的脂质和蛋白质C.在动、植物体中，信息在不同组织、器官之间传递的主要形式是激素D.在生态系统中，某些植物在长日照条件下才开花，说明信息传递利于种群的繁衍6．关于现代生物进化理论的叙述，错误的是A.基因的自发突变率虽然很低，但对进化非常重要B.基因突变产生的有利变异决定生物进化的方向C.环境发生变化时种群的基因频率可能改变，也可能不变D.自然选择通过作用于个体而影响种群的基因频率7．下列有关说法正确的是A.SiO2既可与NaOH溶液反应也可与HF溶液反应，所以SiO2属于两性氧化物B. SO2溶于水后，其水溶液可以导电，所以SO2属于电解质C.当光束照射云、烟、雾时，均可看到明显的光路，是因为三者都属于胶体D.14CO2和12CO2具有相同的元素组成，所以14CO2、12CO2属于同素异形体8．X、Y、Z、W、R是5种短周期元素，其原子序数依次增大。

注意事项本试卷分为第I卷和第II卷两部分，共6页。

满分100分。

考试用时90分钟。

考试结束后，将第II卷和答题卡一并交回。

答题前，考生务必将自己的姓名、座号、准考证号、班级和科类填涂在试卷或答题卡规定的位置。

第I卷（共44分）一、选择题（第Ⅰ卷包括11个小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。

关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A.伽利略的理想实验在现实中可以实现B.亚里士多德认为：两个不同重量的物体从同一高度下落，重物体下落较快C.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D.笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献2.重为m1的光滑球放在光滑墙脚下，球的右侧跟一个重为m2的光滑斜面体相接触，如图所示，一个向左的水平力F作用在斜面体上，使球与斜面体都处于静止，且球与竖直墙和水平地面继续接触，则m1、m2受外力的个数可能为（）A.3个，4个B.3个，3个C.4个，5个D.4个，4个3.修建房屋时，常用如图所示的装置提运建筑材料，当人向右运动的过程中，建筑材料A被缓缓提起，此过程中，设人对地面的压力为F N，人受到地面的摩擦力F f，人拉绳的力为F，则下列说法中正确的是（）A. F N、F f和F都增大B. F N、F f增大，F不变C. F N、F f和F都减小D. F N增大，F f减小，F不变4.如右图所示，质量为m的小球用水平弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态。

则（）A.当木板AB突然向下撤离后的瞬间，小球的加速度为0B.当木板AB突然向下撤离后的瞬间，小球的加速度为大小为g，方向竖直向下C.当木板AB 突然向下撤离后的瞬间，小球的加速度为大小为g 332，方向垂直木板向下D.在木板AB 撤离后的一小段时间内，小球的机械能减小5.小球由地面竖直上抛，设所受阻力大小恒定，上升的最大高度为H ，地面为零势能面。

2015年山东省潍坊市高考物理二模试卷一、选择题（本题包括7道小题，共42分.每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）如图所示，一小孩从滑梯上由静止开始加速滑下，在这一过程中（）A．小孩的惯性变大 B．小孩处于失重状态C．小孩处于超重状态D．小孩的机械能守恒2．（6分）如图所示，一车载导航仪放在底边水平的三角形支架上，处于静止状态，稍微减小支架的倾斜角度，以下说法正确的是（）A．导航仪所受弹力变小B．导航仪所受摩擦力变小C．支架施加给导航仪的作用力变小D．支架施加给导航仪的作用力不变3．（6分）2015年2月7日，木星发生“冲日”现象，“木星冲日”是指木星和太阳正好分处地球的两侧，三者成一条直线，木星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，设木星公转半径为R1，周期为T1；地球公转半径为R2，周期为T2．下列说法正确的是（）A．B．C．“木星冲日”这一天象的发生周期为D．“木星冲日”这一天象的发生周期为4．（6分）如图所示，为交流发电机、理想变压器和灯光连成的电路，灯光的额定电压为U0，电阻为R．当发电机械圈的转速为n时，灯光正常发光，此时电压表示数为U．图中线圈处于中性面位置，并以此作为计时开始，则有（）A．变压器输入电压的瞬时值是u=Usin2πntB．变压器输入电压的瞬时值是u=Usin2πntC．电流表的示数是D．电流表的示数是5．（6分）如图甲所示，一绝缘的竖直圆环上均匀分布着正电荷，一光滑细杆从圆心垂直圆环平面穿过圆环，杆上套有带正电的小球，现使小球从a点由静止释放，并开始计时，后经过b、c两点，其运动过程中的υ﹣t图象如图乙所示．下列说法正确的是（）A．带电圆环在圆心处产生的场强为零B．a点场强大于b点场强C．电势差U ab小于U bcD．小球由b到c的过程中平均速度小于0.55m/s6．（6分）在边长为L、电阻为R的正方形导线框内，以对称轴ab为界，左、右两侧分别存在着方向如图甲所示的匀强磁场．以垂直纸面向外的磁场为正，两部分磁场的感应强度B随时间t的变化规律分别如图乙所示．则在0﹣t0时间内，导线框中（）A．无感应电流B．感应电流逐渐变大C．感应电流为顺时针方向，大小为D．感应电流为逆时针方向，大小为7．（6分）如图甲所示，一轻弹簧的下端固定在倾角为30°的足够长光滑斜面的底端，上端放一小滑块，滑块与弹簧不拴接．沿斜面向下压滑块至离斜面底端l=0.1m处后由静止释放，滑块的动能E k，与距斜面底端的距离l的关系如图乙所示．其中从0.2m到0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线，不计空气阻力，取g=10m/s2．下列说法正确的是（）A．小滑块的质量为0.4kg B．弹簧的最大形变量为0.2mC．弹簧最大弹性势能为0.5J D．弹簧的劲度系数为100N/m二、非选择题，其中8-11题为必考部分，12-17题为选考部分，（一）必考题8．（8分）如图1所示，是验证重物自由下落过程中机械能守恒的实验装置．请按要求作答：（1）实验时使重物靠近打点计时器下端，先，后，纸带上打下一系列点．（2）选取一条符合要求的纸带如图2所示，标出打下的第一个点O，从纸带的适当位置依此选取相邻的三个点A，B，C，分别测出到O点的距离为x1、x2、x3，已知重物的质量为m，重力加速度为g，打点时间间隔为T，则自开始下落到打下B点的过程中，重物减少的重力势能为△E PB=，增加的动能为△E kB=．（3）实验中，利用υB2=2gx2求得△E KB，通过比较△E kB与△E pB大小，来验证机械能守恒，这种做法是否正确？答：（填“正确”或“不正确”）9．（10分）现有下列器材：①电源（E=6V）；②粗细均匀的电阻丝（两端固定在刻度尺上）；③定值电阻（R=2Ω）；④电流表（内阻不计）．某同学利用上述器材和图甲所示电路测量电源的内阻r和电阻丝单位长度的电阻值R0，实验中电流表示数用I表示，电阻丝连入电路的部分长度用L表示，调节滑片P的位置，读取5组对应的I，L值，描点画出图象如图乙所示．（1）定值电阻R的作用是；闭合开关进行实验之前应将滑片移到端．（2）根据图象可得：电源内阻r为Ω；电阻线单位长度的电阻R0为Ω/m．（结果保留两位有效数字）（3）实验中若电流表的内阻不可忽略，会使（选填“r”、“R0”或“r和R0”）的测量值产生误差，该误差属于（选填“偶然”或“系统”）误差．10．（18分）如图所示，为一同学制作的研究平抛运动的装置，其中水平台AO 长s=0.70m，长方体薄壁槽紧贴O点竖直放置，槽宽d=0.10m，高h=1.25m．现有一弹性小球从平台上A点水平射出，已知小球与平台间的阻力为其重力的0.1倍，重力加速度取g=10m/s2．（1）为使小球能射入槽中，求小球的最小出射速度；（2）若要保证小球不碰槽壁且恰能落到槽底上的P点，求小球在平台上运动的时间；（3）若小球碰壁后能立即原速率反弹，为使小球能击中D点正下方槽壁上的B 点，h OB=0.8m，求小球入射速度所有可能的值．11．（20分）如图所示，是一研究带电粒子运动的装置图，区域I中有垂直纸面向外的磁感应强度为B1的匀强磁场和竖起方向的匀强电场．平行板间距为2R，且足够长．区域II中有圆心坐标为（0，R），半径为R的圆形磁场，磁感应强度B2=方向垂直纸面向外，质量为m，电荷量为+q的速度不同的粒子从左侧射入区域I，经区域I后，只有沿x轴正向的速率为υ，分布宽度为2R的粒子射出，出射后的粒子进入区域Ⅱ，不计粒子重力．（1）区域I中两极板哪板电势高？求两板间的电势差．（2）求粒子经区域Ⅱ后到达x轴的位置坐标和从两板右端正中间射出的粒子在II区的运动时间；（3）若在x轴下方有一磁场区域Ⅲ，让上述经区域Ⅱ射向区域Ⅲ的粒子变成分布宽度为4R，沿x轴负方向的粒子束，求区域Ⅲ的磁感应强度．（二）选考题（12分）【物理--选修3-3】12．（6分）以下说法正确的是（）A．晶体都具有确定的熔点B．空气相对湿度大，就是空气中水蒸气含量高C．物体从外界吸收热量，其内能不一定增加D．空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量等于向室外放出的热量13．（6分）如图所示，一个粗细均匀的平底圆管水平旋转，右端用一橡皮塞塞住，气柱长20cm，此时管内、外压强均匀1.0×10Pa，温度均为27℃；当被封闭气体的温度缓慢降至﹣3℃时，橡皮塞刚好被推动；继续缓慢降温，直到橡皮塞向内推进5cm．已知圆管的横截面积为4.0×10﹣5m2，橡皮与圆管间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力，大气压强保持不变．求：（1）橡皮与圆管间的最大静摩擦力；（2）被封闭气体最终的温度．（12分）【物理--选修3-4】14．如图所示，同种介质中有两列简谐横波相向传播，实线表示的波沿x轴正方向传播，虚线表示的波沿x轴负方向传播，在t=0时刻，两列波已在0≤x≤2m 范围内相遇．已知波的频率为5Hz．两列波的振幅均为2cm，则下列说法正确的是（）A．波的传播速度为40m/sB．在t=0时刻，x=4处的质点向上运动C．两列波相遇后，x=1m处质点的振幅为4cmD．在t=0.1s时刻，x=﹣4m处的质点运动到x=0处15．一同学用图示装置研究色散现象，半径为R的半圆形玻璃砖下端紧靠在足够大的EF上．O点为圆心，OO′为直径PQ的垂线．一束复色光沿半径方向与OO′成θ=30°角射向O点．已知复色光包含有折射率从n1=到n2=1.6的光束，光屏上出现了彩色光带．sin37°=0.6．（1）求彩色光带的宽度L；（2）改变复色光入射角，光屏上的彩色光带将变成一个光点，求此时的入射角．（12分）【物理--选修3-5】16．下列关于近代物理知识的描述中，正确的是（）A．处于n=3能级状态的大量氢原子自发跃迁时，能发出3种频率的光子B．β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C．在N+He→O+X核反应中，X是质子，这个反应过程叫α衰变D．原子核所含核子单独存在时的总质量大于该原子核的质量17．如图所示．MN是足够长的光滑绝缘水平轨道．质量为m的带正电A球，以水平速度υ0射向静止在轨道上带正电的B球，至A、B相距最近时，A球的速度变为，已知A、B两球始终没有接触．求：（1）B球的质量；（2）A、B两球相距最近时，两球组成的电势能增量．2015年山东省潍坊市高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题包括7道小题，共42分.每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）如图所示，一小孩从滑梯上由静止开始加速滑下，在这一过程中（）A．小孩的惯性变大 B．小孩处于失重状态C．小孩处于超重状态D．小孩的机械能守恒【解答】解：A、小孩的质量不变，所以小孩的惯性不变，故A错误．BC、小孩做加速运动，有竖直向下的分加速度，小孩处于失重状态，故B正确，C错误．D、由于有阻力做功，摩擦生热，则小孩的机械能减小，故D错误．故选：B．2．（6分）如图所示，一车载导航仪放在底边水平的三角形支架上，处于静止状态，稍微减小支架的倾斜角度，以下说法正确的是（）A．导航仪所受弹力变小B．导航仪所受摩擦力变小C．支架施加给导航仪的作用力变小D．支架施加给导航仪的作用力不变【解答】解：对导航仪受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：f=mgsinθN=mgcosθAB、稍微减小支架的倾斜角度，导航仪所受弹力N变大，所受摩擦力变小，故A 错误，B正确；CD、稍微减小支架的倾斜角度，支架施加给导航仪的作用力（支持力和静摩擦力的合力）不变，依然等于mg，故C错误，D正确；故选：BD3．（6分）2015年2月7日，木星发生“冲日”现象，“木星冲日”是指木星和太阳正好分处地球的两侧，三者成一条直线，木星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，设木星公转半径为R1，周期为T1；地球公转半径为R2，周期为T2．下列说法正确的是（）A．B．C．“木星冲日”这一天象的发生周期为D．“木星冲日”这一天象的发生周期为【解答】解：A、木星和地球都绕太阳公转，根据开普勒第三定律可知，，故A错误，B正确；C、当地球转过的角度与木星转过的角度之差等于2π时，发生“木星冲日”，则有，解得：t=，故C错误，D正确．故选：BD4．（6分）如图所示，为交流发电机、理想变压器和灯光连成的电路，灯光的额定电压为U0，电阻为R．当发电机械圈的转速为n时，灯光正常发光，此时电压表示数为U．图中线圈处于中性面位置，并以此作为计时开始，则有（）A．变压器输入电压的瞬时值是u=Usin2πntB．变压器输入电压的瞬时值是u=Usin2πntC．电流表的示数是D．电流表的示数是【解答】解：A、线圈以较大的转速n匀速转动时，所以ω=2πn，所以变压器输入电压的瞬时值μ=Usin2πnt．故A错误，B正确；C、理想变压器的输入功率和输出功率相等，灯泡正常发光时电功率为P，所以输入功率为P，电流表的示数是I=，故C正确，D错误．故选：BC5．（6分）如图甲所示，一绝缘的竖直圆环上均匀分布着正电荷，一光滑细杆从圆心垂直圆环平面穿过圆环，杆上套有带正电的小球，现使小球从a点由静止释放，并开始计时，后经过b、c两点，其运动过程中的υ﹣t图象如图乙所示．下列说法正确的是（）A．带电圆环在圆心处产生的场强为零B．a点场强大于b点场强C．电势差U ab小于U bcD．小球由b到c的过程中平均速度小于0.55m/s【解答】解：A、根据电场的叠加原理和对称性可知，带电圆环在圆心处产生的场强为零，故A正确．B、由乙图知，小球在a处的加速度小于b处加速度，由qE=ma知，a点场强小于b点场强，故B错误．C、根据动能定理得：qU ab=﹣0==0.08mqU bc==（0.72﹣0.42）=0.165m，可得U ab小于U bc．故C正确．D、小球由b到c的过程中做非匀加速运动，位移大于匀加速运动的位移，所以平均速度大于=0.55m/s，故D错误．故选：AC．6．（6分）在边长为L、电阻为R的正方形导线框内，以对称轴ab为界，左、右两侧分别存在着方向如图甲所示的匀强磁场．以垂直纸面向外的磁场为正，两部分磁场的感应强度B随时间t的变化规律分别如图乙所示．则在0﹣t0时间内，导线框中（）A．无感应电流B．感应电流逐渐变大C．感应电流为顺时针方向，大小为D．感应电流为逆时针方向，大小为【解答】解：A、根据楞次定律可知，左边的导线框的感应电流是顺时针，而右边的导线框的感应电流也是顺时针，则整个导线框的感应电流方向顺时针，故A 错误；C、由法拉第电磁感应定律，因磁场的变化，导致导线框内产生感应电动势，结合题意可知，产生感应电动势正好是两者之和，即为E=2×；再由闭合电路欧姆定律，可得感应电流大小为I==，故C正确，BD错误；故选：C．7．（6分）如图甲所示，一轻弹簧的下端固定在倾角为30°的足够长光滑斜面的底端，上端放一小滑块，滑块与弹簧不拴接．沿斜面向下压滑块至离斜面底端l=0.1m处后由静止释放，滑块的动能E k，与距斜面底端的距离l的关系如图乙所示．其中从0.2m到0.35m范围内图象为直线，其余部分为曲线，不计空气阻力，取g=10m/s2．下列说法正确的是（）A．小滑块的质量为0.4kg B．弹簧的最大形变量为0.2mC．弹簧最大弹性势能为0.5J D．弹簧的劲度系数为100N/m【解答】解：A、物体离开弹簧后只有重力做功，动能转化为重力势能，结合动能定理得：﹣mgsinθ•△l1=△E k，l1=0.35m﹣0.20m=0.15m代入数据得：m=0.4kg．故A正确；B、由图可知，在弹簧长度是0.2m处滑块与弹簧分离，所以弹簧的原长是0.2m，弹簧的最大形变量为0.2m﹣0.1m=0.1m．故B错误；C、滑块释放后到滑块到达最高点时，弹簧的弹性势能转化为滑块的动能，所以：E Pm=﹣mgsinθ•△l2，l2=0.35m﹣0.10m=0.25m与A中的两个公式联立可得：E Pm=0.5J．故C正确．D、根据弹簧的弹性势能的表达式：可得：N/m．故D正确．故选：ACD二、非选择题，其中8-11题为必考部分，12-17题为选考部分，（一）必考题8．（8分）如图1所示，是验证重物自由下落过程中机械能守恒的实验装置．请按要求作答：（1）实验时使重物靠近打点计时器下端，先接通电源，后释放纸带，纸带上打下一系列点．（2）选取一条符合要求的纸带如图2所示，标出打下的第一个点O，从纸带的适当位置依此选取相邻的三个点A，B，C，分别测出到O点的距离为x1、x2、x3，已知重物的质量为m，重力加速度为g，打点时间间隔为T，则自开始下落到打下B点的过程中，重物减少的重力势能为△E PB=mgx2，增加的动能为△E kB=m．（3）实验中，利用υB2=2gx2求得△E KB，通过比较△E kB与△E pB大小，来验证机械能守恒，这种做法是否正确？答：不正确（填“正确”或“不正确”）【解答】解：（1）实验时使重物靠近打点计时器下端，应该先接通电源，后释放纸带，纸带上打下一系列点．（2）重物减少的重力势能为：△E PB=mgx2，利用匀变速直线运动的推论得：v B=加的动能为△E kB=m=m，（3）该实验是验证机械能守恒定律的实验．因为我们知道自由落体运动只受重力，机械能就守恒．如果把重物看成自由落体运动，再运用自由落体的规律求解速度，那么就不需要验证呢．所以不能由υB2=2gx2算出下落到该点B时的速度，应该根据某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度求解，所以这种做法不正确．故答案为：（1）接通电源；释放纸带（2）mgx2；m（3）不正确9．（10分）现有下列器材：①电源（E=6V）；②粗细均匀的电阻丝（两端固定在刻度尺上）；③定值电阻（R=2Ω）；④电流表（内阻不计）．某同学利用上述器材和图甲所示电路测量电源的内阻r和电阻丝单位长度的电阻值R0，实验中电流表示数用I表示，电阻丝连入电路的部分长度用L表示，调节滑片P的位置，读取5组对应的I，L值，描点画出图象如图乙所示．（1）定值电阻R的作用是保护电路；闭合开关进行实验之前应将滑片移到b端．（2）根据图象可得：电源内阻r为 1.0Ω；电阻线单位长度的电阻R0为9.6Ω/m．（结果保留两位有效数字）（3）实验中若电流表的内阻不可忽略，会使r（选填“r”、“R0”或“r和R0”）的测量值产生误差，该误差属于系统（选填“偶然”或“系统”）误差．【解答】解：（1）为了防止电路短路，接入电阻，从而可以起到保护作用；为了实验安全，应让接入电阻由大到小进行调节，故开始时应将滑片移动b端；（2）由闭合电路欧姆定律可知：I=变形得：=由图象可知，=0.5解得：r=3﹣2=1.0Ω；图象的斜率k==1.6故=1.6R0=1.6×6=9.6Ω；（3）若电流表内阻不能忽略，则电流表的测量值偏小，则将导致内阻r的测量值出现误差；该误差为系统误差，多次测量求平均值无法减小误差；故答案为：（1）保护电路；b；（2）1.0；9.6；（3）r；系统．10．（18分）如图所示，为一同学制作的研究平抛运动的装置，其中水平台AO 长s=0.70m，长方体薄壁槽紧贴O点竖直放置，槽宽d=0.10m，高h=1.25m．现有一弹性小球从平台上A点水平射出，已知小球与平台间的阻力为其重力的0.1倍，重力加速度取g=10m/s2．（1）为使小球能射入槽中，求小球的最小出射速度；（2）若要保证小球不碰槽壁且恰能落到槽底上的P点，求小球在平台上运动的时间；（3）若小球碰壁后能立即原速率反弹，为使小球能击中D点正下方槽壁上的B 点，h OB=0.8m，求小球入射速度所有可能的值．【解答】解：（1）为使小球能射入槽中，小球的最小出射速度满足到达O点速度为零，根据动能定理知kmgs=解得v1==m/s（2）恰能落到槽底上的P点，则d=v0th=由牛顿运动定律知加速度a==kg=1m/s2由匀变速直线运动规律知v2﹣v0=at2v=2as联立以上式子得t2=1s（3）小球碰壁反弹，水平方向2nd=v3t3竖直方向h B=由运动学公式知v﹣v2=2as联立得v=，其中n=1、2、3…答：（1）为使小球能射入槽中，小球的最小出射速度为m/s；（2）若要保证小球不碰槽壁且恰能落到槽底上的P点，小球在平台上运动的时间为1s；（3）若小球碰壁后能立即原速率反弹，为使小球能击中D点正下方槽壁上的B 点，h OB=0.8m，小球入射速度所有可能的值为v=，其中n=1、2、3…11．（20分）如图所示，是一研究带电粒子运动的装置图，区域I中有垂直纸面向外的磁感应强度为B1的匀强磁场和竖起方向的匀强电场．平行板间距为2R，且足够长．区域II中有圆心坐标为（0，R），半径为R的圆形磁场，磁感应强度B2=方向垂直纸面向外，质量为m，电荷量为+q的速度不同的粒子从左侧射入区域I，经区域I后，只有沿x轴正向的速率为υ，分布宽度为2R的粒子射出，出射后的粒子进入区域Ⅱ，不计粒子重力．（1）区域I中两极板哪板电势高？求两板间的电势差．（2）求粒子经区域Ⅱ后到达x轴的位置坐标和从两板右端正中间射出的粒子在II区的运动时间；（3）若在x轴下方有一磁场区域Ⅲ，让上述经区域Ⅱ射向区域Ⅲ的粒子变成分布宽度为4R，沿x轴负方向的粒子束，求区域Ⅲ的磁感应强度．【解答】解：（1）由题意知，下极板电势高．由qE=qvB1得E=vB1；则两板间的电势差U=E•2R=2RvB1．（2）进入Ⅱ区中的粒子做圆周运动，轨迹半径为r，则qvB2=m又由题有：B2=代入得r=R对任意平行于x轴射入的粒子，如自P点射入Ⅱ区，轨迹圆心为N，则PN=PM=R，出场区的点为Q，PMQN为一菱形，MQ垂直于x轴，即Q与坐标原点O重合，为所有粒子射出Ⅱ区的点，坐标为（0，0），则知粒子在Ⅱ区的运动轨迹为圆周，粒子在Ⅱ区运动时间为t2=（3）由（2）知，平行粒子束入射到圆形磁场，若磁场区域的半径等于粒子圆周运动的半径，则能将粒子聚到一点射出场区；同理，从该点以不同方向射出的同速率粒子，经该磁场偏转，粒子会从场区平行出射．自O点方向射出的粒子进入一与O相切的圆形磁场区Ⅲ，可使粒子平行出射，速度为v的粒子在Ⅲ区中圆周运动的半径r′=R′=2R由r′=，得R3=答：（1）区域I中下极板电势高，两板间的电势差为2RvB1．（2）粒子经区域Ⅱ后到达x轴的位置坐标为（0，0），从两板右端正中间射出的粒子在II区的运动时间为；（3）若在x轴下方有一磁场区域Ⅲ，让上述经区域Ⅱ射向区域Ⅲ的粒子变成分布宽度为4R，沿x轴负方向的粒子束，区域Ⅲ的磁感应强度为．（二）选考题（12分）【物理--选修3-3】12．（6分）以下说法正确的是（）A．晶体都具有确定的熔点B．空气相对湿度大，就是空气中水蒸气含量高C．物体从外界吸收热量，其内能不一定增加D．空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量等于向室外放出的热量【解答】解：A、晶体都具有确定的熔点；故A正确；B、在相对湿度反映了空气中水蒸气含量接近饱和的程度；绝对湿度是指湿空气中水蒸汽的含量，绝对相对湿度大，就是空气中水蒸气含量高．故B错误；C、物体从外界吸收热量，若同时对外做功，根据热力学第一定律可知其内能不一定增加，故C正确；D、空调机在制冷过程中，压缩机要消耗电能，产生一部分内能，所以从室内吸收的热量小于向室外放出的热量，故D错误；故选：AC．13．（6分）如图所示，一个粗细均匀的平底圆管水平旋转，右端用一橡皮塞塞住，气柱长20cm，此时管内、外压强均匀1.0×10Pa，温度均为27℃；当被封闭气体的温度缓慢降至﹣3℃时，橡皮塞刚好被推动；继续缓慢降温，直到橡皮塞向内推进5cm．已知圆管的横截面积为4.0×10﹣5m2，橡皮与圆管间的滑动摩擦力等于最大静摩擦力，大气压强保持不变．求：（1）橡皮与圆管间的最大静摩擦力；（2）被封闭气体最终的温度．【解答】解：（1）气体发生等容变化，由解得：对橡皮塞分析：P0S=P2S+f解得：f=0.4N（2）气体后来发生等压变化，由解得T3=202.5K答：（1）橡皮与圆管间的最大静摩擦力0.4N；（2）被封闭气体最终的温度202.5K（12分）【物理--选修3-4】14．如图所示，同种介质中有两列简谐横波相向传播，实线表示的波沿x轴正方向传播，虚线表示的波沿x轴负方向传播，在t=0时刻，两列波已在0≤x≤2m 范围内相遇．已知波的频率为5Hz．两列波的振幅均为2cm，则下列说法正确的是（）A．波的传播速度为40m/sB．在t=0时刻，x=4处的质点向上运动C．两列波相遇后，x=1m处质点的振幅为4cmD．在t=0.1s时刻，x=﹣4m处的质点运动到x=0处【解答】解：A、从波形图得到波长为8m，由题目得到频率为5Hz，故波速为：v=λf=8×5=40m/s．故A正确；B、虚线的波向左传播，结合平移法可知，在t=0时刻，x=4处的质点向下运动．故B错误；C、由图可知，x=1m位置的质点到两列波的前缘的距离是相等的，同时参与了两列波的振动，是振动加强点，振幅为：2A=4cm．故C正确；D、质点不随波迁移，只在各自的平衡位置附近振动，x=﹣4m处的质点不可能运动到x=0处．故D错误．故选：AC15．一同学用图示装置研究色散现象，半径为R的半圆形玻璃砖下端紧靠在足够大的EF上．O点为圆心，OO′为直径PQ的垂线．一束复色光沿半径方向与OO′成θ=30°角射向O点．已知复色光包含有折射率从n1=到n2=1.6的光束，光屏上出现了彩色光带．sin37°=0.6．（1）求彩色光带的宽度L；（2）改变复色光入射角，光屏上的彩色光带将变成一个光点，求此时的入射角．【解答】解：（1）根据折射定律有：n1=n2=可得r1=45°，r2=53°故彩色光带的宽度L=Rcotr1﹣Rcotr2=0.25R（2）根据sinC=，知折射率为n2=1.6的光束全反射临界角较小，改变复色光入射角，光屏上的彩色光带将变成一个光点时，该光束发生了全反射，由sinC=得C=arcsin答：（1）彩色光带的宽度L是0.25R；（2）改变复色光入射角，光屏上的彩色光带将变成一个光点，此时的入射角为arcsin．（12分）【物理--选修3-5】16．下列关于近代物理知识的描述中，正确的是（）A．处于n=3能级状态的大量氢原子自发跃迁时，能发出3种频率的光子B．β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C．在N+He→O+X核反应中，X是质子，这个反应过程叫α衰变D．原子核所含核子单独存在时的总质量大于该原子核的质量【解答】解：A、处于n=3能级状态的大量氢原子自发跃迁时，根据数学组合=3，即可能发出3种频率的光子，故A正确；B、β射线实际上是中子转变成质子而放出的电子而形成的，故B错误；C、在N+He→O+X 核反应中，X是质子，这个反应过程不叫α衰变，只有是氦原子核，才是α衰变，故C错误；D、根据聚变反应，结合质能方程，可知，核所含核子单独存在时的总质量大于该原子核的质量，故D正确；故选：AD．17．如图所示．MN是足够长的光滑绝缘水平轨道．质量为m的带正电A球，以水平速度υ0射向静止在轨道上带正电的B球，至A、B相距最近时，A球的速度变为，已知A、B两球始终没有接触．求：（1）B球的质量；（2）A、B两球相距最近时，两球组成的电势能增量．【解答】解：（1）A、B组成的系统动量守恒，当两球相距最近时具有共同速度v，由动量守恒：mv0=（m+m B）解得：m B=3m（2）运动过程中，根据能量守恒定律得：=答：（1）B球的质量为3m；（2）A、B两球相距最近时，两球组成的电势能增量为．赠送—高中数学知识点【2.1.1】指数与指数幂的运算。