河南省濮阳市濮阳一中2018学年高二下学期期末物理试卷

2017-2018学年高中二年级升级考试物理参考答案及评分标准2017. 06一、选择题：每小题4分，共44分 二、实验题：16分12．（1）变小 （2）变大 （3）变大 （4）两板正对面积、两板间距离和两板间介质（每空1分）13．（1）反（2分） （2）正（2分）14．（1）3 000 200 （2）内接 外接（每空2分） 三、论述、计算题：40分15．解：（1）能从速度选择器射出的离子满足：000=qE B qv①2分 解出：0=B E v②1分（2）离子进入偏转电场后做类平抛运动，有：t v x 0=③2分 221=at L④2分由牛顿第二定律有：ma qE =⑤1分由②③④⑤解得：qEmLB E x 2=0 2分16．解：（1）金属杆静止时受三力：重力g m ,导轨的支持力N ,安培力BIL F =、方向沿导轨向上，如图所示。

2分根据平衡条件有：θm BIL sin g =①3分解出：ILθm B sin g =②1分FNgm（2）当B 的方向改为竖直向上时，由左手定则判定这时的安培力方向变为水平向右。

由平衡条件有：θm θL BI sin g =cos 1③3分 解出：θII cos =1④1分17．解：（1）根据法拉第电磁感应定律得螺线管中产生的感应电动势为：S tBn t nE ΔΔ=ΔΔΦ= ①2分 V 1.2=V 10×20×22.0-1×1500=4-2分（2）闭合开关时，流过2R 的电流为：A 0.12=A 1+5+42.1=++=21r R R E I②1分电容器C 两极板间电压为：V 0.6=V 5×12.0==2IR U③1分S 断开前，电容器储存的电荷量为：C 10×1.8=C 6.0×10×30==-56-CU Q④3分断开开关后，电容器通过2R 将电荷全部释放，所以流经2R 的电荷量为C 10×1.8-5 1分 18．解：用M 表示沙袋的质量、m 表示弹丸的质量，第一颗弹丸击中沙袋，由动量守恒定律有：v M m mv )+(=1①3分用L 表示细绳长度，根据摆动过程中机械能守恒有：)°30cos -1(g )+(=)+(212L M m v M m ②1分沙袋两次摆动的角度相等可知，两次击中沙袋后的速度相同，都为v . 1分 第二颗弹丸击中沙袋，由动量守恒定律有：v M m v M m mv )+2(=)+(-2③3分比较①③解得： 8341=21v v ④2分。

2017-2018学年度高二(下)学期期末考试物理试卷时间：90分钟 满分：100分第I 卷一、选择题(1—7题只有一个选项正确,8-12题有多个选项正确,全部选对的4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分共计48分)1.如图所示，是甲、乙两质点在同一直线上的位移－时间(x －t )图象，以甲的出发点为原点，出发时间为计时的起点，则( )A ． 甲追上乙时，甲运动的速度比乙的小B ． 甲、乙是从同一地点开始运动的C ． 甲在中途停止过运动，最后甲还是追上了乙D ． 乙的平均速度比甲的平均速度大2.一质点沿x 轴做直线运动，其v －t 图象如图所示，质点在v ＝0时位于x ＝5 m 处，开始沿x 轴正向运动，当t ＝8 s 时，质点在x 轴上的位置为( )A ．x ＝3 mB ．x ＝8 mC ．x ＝9 mD ．x ＝14 m3．一物体作匀加速直线运动，通过一段位移x ∆所用的时间为1t ，紧接着通过下一段位移x ∆所用时间为2t 。

则物体运动的加速度为 A ．1212122()()x t t t t t t ∆-+ B ．121212()()x t t t t t t ∆-+ C ．1212122()()x t t t t t t ∆+- D ．121212()()x t t t t t t ∆+-4.自卸式运输车是车厢配有自动倾斜装置的汽车，又称为翻斗车、工程车，由汽车底盘、液压举升机构、取力装置和货箱组成。

如图示，在车厢由水平位置逐渐抬起的过程中，有关货物所受车厢的支持力FN 和摩擦力Ff ，下列说法中正确的是（ ）A 摩擦力Ff 逐渐增大B 摩擦力Ff 先增大后减小C 支持力FN 逐渐减小D 支持力FN 先减小后不变5.如图所示的装置,用两根细绳拉住一个小球,两细绳间的夹角为θ,细绳AC 呈水平状态.现将整个装置在纸面内顺时针缓慢转动,共转过90°.在转动的过程中,CA 绳中的拉力F 1和CB 绳中的拉力F 2的大小发生变化,即( )A ．F 1先变小后变大B ．F 1先变小后变大C ．F 2逐渐增大D ．F 2最后减小到零6.杂技演员每隔相等时间向上抛一小球，若每个小球上升高度都是1.25米，他一共有4个小球，要想使节目连续不断表演下去，在他的手中总要有一个小球停留，则每个小球在手中停留的时间是(g 取10 m/s 2)( )A ．sB ．sC ．sD ．s7.在中学秋季田径运动会上，高一2班李好同学奋力拼搏，勇夺男子100 m 冠军，下图为该同学奔跑途中的两个瞬间，用F f1、F f2分别表示该同学在图甲、乙两瞬间所受到的摩擦力，则关于F f1、F f2的方向，以下说法正确的是( )A ．F f1向后，F f2向后B ．F f1向前，F f2向前C ．F f1向前，F f2向后D ．F f1向后，F f2向前8.如图甲所示，在光电效应实验中，某同学用相同频率的单色光，分别照射阴极材料为锌和铜的两个不同的光电管，结果都能发生光电效应。

河南省濮阳市2017-2018学年高二下学期升级考试物理试题（A卷）一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。

在小题给出的四个选项中，第1－8题只有一项符合题目要求，第9－11题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1. 如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒子运动的轨迹。

已知带电粒子只受电场力的作用，运动过程中电势能逐渐减小。

则它运动到b处时的运动方向与受力方向正确的是A.B.C.D.【答案】D【解析】试题分析：据粒子的运动轨迹，判断粒子所受的电场力大体指向弯曲一侧，从而判断粒子受到的电场力的方向；电场力做负功粒子的动能减小，电势能增大．解：粒子的运动轨迹，判断粒子所受的电场力大体指向弯曲一侧，从而判断粒子受力的方向向左，因不知电场线的方向，不能判断出粒子的电性；由于运动飞过程中粒子的电势能增大，所以电场力做负功，粒子运动的方向一定是a到c；故选项B正确，选项ACD错误；故选：B【点评】本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧；电场线的疏密表示电场强度的强弱；用电场力做功和能量守恒定律判断动能和电势能的变化2. 如图所示，长为L的金属棒MN两端由等长的轻质细线悬挂，棒呈水平，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ，则A. 棒中的电流方向为N到MB. 电流大小为mgsinθ/BLC. 若其它条件不变，只增加金属棒的长度，则θ角变大D. 若其它条件不变，只增大磁感应强度，则θ角变大【答案】D【解析】A、平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ，故导线受到安培力，根据左手定则，可判断金属棒中的电流方向由M指向N，故A错误；B、由金属棒受力平衡有：得，电流大小为，故B错误；C、若其它条件不变，只增加金属棒的长度， m成正比的增大，则不变，故C错误；D、若其它条件不变，只增大磁感应强度，根据，则θ角变大，故D正确故选D。

濮阳县一中高二物理期末考试模拟试卷2018-01一、选择题：（每小题4分，不选或选错得0分，选不全得2分，共40分）1.对于一定质量的理想气体，在下列各种过程中，可能发生的过程是（）A．气体膨胀对外做功，温度升高B．气体吸热，温度降低C．气体放热，压强增大D．气体放热，温度不变2.已知某种物质的密度为ρ，摩尔质量为μ，阿伏加德罗常数为N。

那么单位质量中所含的分子数和单位体积中所含的分子数分别为（）3．关于波的干涉，下列说法正确的是A波峰与波峰、波谷与波谷叠加的区域，振动加强B波峰与波谷叠加的区域，振动减弱C干涉图样中，振动最强的点，位移始终最大D干涉图样中，振动最弱的点，位移始终最小4.如图所示，在真空中有两个等量的正电荷q1、q2，分别固定于A、B两点，DC为A、B连线的中垂线，现将一正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，下列结论中正确的是：[ ]A.电势能逐渐减小B.电势能逐渐增大C.q3受到的电场力逐渐减小D.q3受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小5.如图所示电路，开关S闭合后，四个灯泡都正常发光，某时刻t，因L4灯丝烧断而突然熄灭，假设其它三灯丝都没烧断，则：[ ]A.L2变暗，L3更亮，L1不变B. L1、L3更亮，L2变暗C. L1更亮，L2、L3变暗D. L1、L2、L3都更亮6.一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板间有一正电荷(电量很小)固定在P点，如上图所示．以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，ε表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则：[ ]A.U变小，E不变B.E变大，ε变大C.U变小，ε不变D.U不变，ε不变7.质谱仪是一种测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具，它的构造原理如上图所示，离子源S产生的各种不同正离子束(速度可看作为零)，经加速电场加速后垂直进入有界匀强磁场，到达记录它的照相底片P上，设离子在P上的位置到入口处S1的距离为x，可以判断：[ ]A.若离子束是同位素，则x越大，离子质量越大B.若离子束是同位素，则x越大，离子质量越小C.只要x相同，则离子质量一定相同D.只要x相同，则离子的荷质比一定相同8.质量为m，电量为e的电子，绕原子核以一定半径做匀速圆周运动，垂直轨迹平面有一磁感强度为B 的匀强磁场，若电子所受到电场力大小是洛仑兹力大小的4倍，则电子运动角速度可能为：[ ]A.m Be 2 B.m Be 3 C.m Be 4 D. mBe5 9.设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力作用下，从静止开始沿曲线ACB 运动，到达B 点时速度为零，C 点为最低点，不计重力，以下说法中不正确的是：[ ] A.离子必带正电荷 B.A 点和B 点位于同一高度C.离子在C 点时速度最大D.离子到B 点后，将沿曲线返回A 10.如图2所示是一列简谐横波某一时刻的波形图，则 A 若波向右传播，则质点P 正向上运动 B 若波向右传播，则质点P 正向下运动 C 若波向左传播，则质点P 正向下运动 D 若波向左传播，则质点P 正向上运动 二、实验题：（11题4分，12题6分，13题10分，共20分）11.将1 cm 3的油酸溶于酒精,制成200 cm 3的油酸酒精溶液.已知1 cm 3溶液有50滴.现取1滴油酸溶液滴到水面上,随着酒精溶于水,油酸在水面上形成一单分子薄层,已测得这一薄层的面积为0.2 m 2.由此可估测出油酸分子的直径为 m.12.在“描绘小电珠的伏安特性曲线”的实验中：⑴要求从0开始测量小灯泡的伏安特性，请在下图框中画出测量电路图；并将下图中所示的仪器连成实际测量的电路 。

一、选择题：此题共11 小题，每题 4 分，共 44 分。

在每题给出的四个选项中，第1~6 题只有一项切合题目要求，第7~11 题有多项切合题目要求。

所有选对得 4 分，选不全得 2 分，错选得 0 分1．如下图， a、b、c 为电场中同一条电场线上的三点，此中 c 为线段的 ab 的中点， a、b 两点的电势分别为a3V ，b 7V ，若一个运动的正电荷先后经过a、 b 两点，则下列正确的选项是A． c 点的电势为2VB． a 点的电场强度小于 b 点的场强C．正电荷在 a 点的电势能小于在 b 点的电势能D．正电荷在 b 点的动能大于在 a 点的动能2．一粒钢珠从静止状态开始自由着落，而后堕入泥潭中，若把在空中着落的过程称为过程I ，进入泥潭直到停止的过程称为过程II ，忽视空气阻力，则以下说法正确的选项是A．过程I 中钢珠的动量改变量等于过程II中钢珠的动量改变量B．过程II 中阻力的冲量大小等于过程I 中重力的冲量大小C．I 、II 两个过程中合外力的总冲量等于零D．过程II 中钢珠的动量改变量等于过程I 中重力的冲量3．用紫外线照耀一些物质时，会发生荧光效应，即发生可见光，这些物质中的原子先后发生两次跃迁，其能力变化分别为E1和E2，以下对于原子这两次跃迁的说法正确的选项是A．先向高能级跃迁，再向低能级跃迁，且E1E2B．先向高能级跃迁，再向低能级跃迁，且E1E2C．两次均向高能级跃迁，且E1E2D．两次均向低能级跃迁，且E1E24．如图甲所示，在正方形线框中有一垂直于线框平面的匀强磁场，磁场的磁感觉强度B随时间 t 依据如图乙所示的正弦曲线规律变化，规定垂直纸面向里为磁感觉强度的正方向，下列说法正确的选项是A．在T时辰，线框中感觉电流方向发生变化2B．0 t T时间内，线框中感觉电流愈来愈大4C．Tt T 时间内，线框中感觉电流沿顺时针方向4 2D．3Tt T 时间内，线框中感觉电流沿顺时针方向45．13H的质量为3.016050u ，质子的质量是 1.007277u ，中子质量是 1.008665u ，已知 1u 相当于 931MeV，h 6.63 1034Js，一个质子和两此中子联合为氚核时，以下说法正确的是A．开释的能量为7.97MeVB．汲取的能量为7.97MeVC．氚核的联合能即为 7.97MeV，比联合能为 3.985MeVD．假如这些能量是以光子形式开释或汲取，则光子的频次是 1.92 1015 Hz6．如下图， a、b 两头电压恒定，电阻R1 4k ，用内阻也是4kΩ的电压表测电阻R1两端电压为3V，测R2两头的电压为 6V，则不接电压表时，a、 b 间总电压为A．9V B．10V C．12V D．15V7．因为放射性元素23793Np的半衰期很短，因此在自然界向来未被发现，不过在使用人工的方法制造后才被发现，已知23793 Np 经过一系列衰变和衰变，后变为83209Bi，以下论断正确的是A．83209Bi的原子核比93237 Np 的原子核少28 此中子B．83209Bi的原子核比93237 Np 的原子核少18 此中子C．由93237Np变为83209Bi一共发生了 4 次衰变和7 次衰变D．由93237Np变为83209Bi一共发生了7 次衰变和 4 次衰变8．如下图，理想变压器的副线圈上经过较长的输电线由两个同样的灯泡L1和 L2，输电线的等效电阻为R，开始时，开关S 断开，当S 接通时，以下说法正确的选项是A．副线圈两头M、 N的输出电压减小B．副线圈输电线等效电阻R 上的电压增大C．经过灯泡L1的电流减小D．变压器的输入功率增大9．在光电效应实验中，某同学用甲光、乙光、丙光分别照耀同一光电管，在不一样实验条件下获得了三条光电流与电压之间的关系曲线，如下图，则可判断以下选项正确的选项是A．甲光的频次大于乙光的频次B．乙光的频次大于丙光的频次C．甲光比丙光的强度大D．甲光对应的光电子最大初动能大于乙光的光电子最大初动能10．如下图，在小车上固定一支架，支架端挂有一细轻线，线的另一端挂有一小球，小球的质量为 m0，小车和支架的总质量为M，小车（和小球）以恒定的速度v0沿圆滑水平面运动，与位于正对面的质量为m的静止木块发生碰撞，碰撞时间极短，在碰撞过程中，以下情况可能发生的是A．小车和小球的速度都变为v1，木块的速度变为v2，知足M m v0M m v1mv2 B．小车、木块、小球的速度都发生变化，分别为v1、 v2、 v3，知足M m v0 Mv1 mv2 m0v3C．小球的速度不变，小车和木块的速度变为v1、 v2，知足 Mv0 Mv1 mv2D．小球的速度不变，小车和木块的速度都变为v '，知足 Mv0 M m v '11．环型对撞机是研究高能粒子的重要装置，带电粒子在电压为 U的电场中加快后注入对撞机的高真空圆形状的空腔内，在匀强磁场中，做半径恒定的圆周运动，且限制在圆环空腔内运动。

2018-2018学年河南省濮阳市濮阳县高二（下）期末物理试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分.）1．物体a、b从同一位置沿同一直线运动的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．前4s，a与b的加速度始终相同B．t=2s时，a、b速度方向均发生改变C．t=4s时，a、b相距16mD．物体a在0～2s内的速度方向与物体b在2s～4s内的速度方向相同2．如图所示，平行板电容器处在真空中，电容为C，带电荷量为Q，板间距离为d，今在两板的中点处放一电荷q，已知静电力常数为k，则它所受电场力的大小为（）A．B． C．k D．k3．在竖直墙壁间有半圆球A和圆球B，其中圆球B的表面光滑，半圆球A与左侧墙壁之间的动摩擦因数为．两球心之间连线与水平方向成30°的夹角，两球恰好不下滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则半球圆A和圆球B的质量之比为（）A．B．C．D．4．如图所示，在水平地面上运动的小车的车厢底部有一质量m1=1kg的木块，木块与车厢通过一根水平轻弹簧相连接，弹簧的劲度系数k=100N/m，在车厢的顶部且一根细线悬挂一质量m2=0.5kg的小球，某段时间内发现细线与竖直方向的夹角θ=45°，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，取g=10m/s2，不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变量为（）A．6cm B．10cm C．12cm D．20cm5．如图所示，两根长直导线竖直插入光滑绝缘水平桌面上的M、N两小孔中，O为M、N连线中点，连线上a、b两点关于O点对称．导线均通有大小相等、方向向上的电流．已知长直导线周围产生的磁场的磁感应强度B=k，式中k是常数，I是导线中的电流，r为点到导线的距离，一带正电的小球以初速度v0从a 点出发沿连线运动到b点，关于上述过程，下列说法正确的是（）A．小球先做加速运动后做减速运动B．小球先做减速运动后做加速运动C．小球对桌面的压力先减小后增大D．小球对桌面的压力一直在增大6．如图所示，一个“∠”形导轨ADC固定并垂直于在磁感应强度大小为B的匀强磁场，MN是与导轨材料和规格都相同的导体棒，在外力作用下，导体棒以恒定速度v沿导轨向右运动，导体棒与导轨轨始终接触良好，以导体棒在图示位置为计时为起点，则下列物量量随时间变化的图象正确的是（下图中E为问路中的感应电动势；I为流过导体棒的电流；P为感应电流的热功率；F为作用在导体棒上的安培力）（）A． B． C．D．7．如图所示，在向左加速运动的车厢中，一个人用力向前推车厢，人相对车厢末移动，则下列说法中正确的是（）A．推力对车不做功 B．推力对车做正功C．车对人做负功D．车对人做正功8．如图所示，图中五点均在匀强电场中，它们刚好是一个圆的四个等分点和圆心，已知电场线与圆所在平面平行，b，c，d三点电势在图中已标出，下列说法中正确的是（）A．把正电荷由a点移到c点，电场力做正功B．O点的场强方向指向d点C．在圆上各点中，b点的电势一定是最高的D．圆弧bc的中点的电势一定是4V9．2018年5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日”的美丽天象，“土星冲日”是指土星和太阳正好处在地球的两侧，三者几乎成一条直线，该天象每378天发生一次，土星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均已知，根据以上信息可求出（）A．地球质量B．土星公转周期C．太阳质量D．土星和地球绕太阳公转的轨道半径10．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为3：1，电压表、电流表为理想电表，L1、L2、L3、L4为四只规格均为“220V 110W”的灯泡，如果副线圈电压按图乙所示规律变化，则下列说法正确的是（）A．电压表的示数为933VB．电流表的示数为0.5AC．流过灯泡L1的电流方向每秒钟改变100次D．1min内，四个灯泡消耗的总电能为26400J二、必考题（共4小题，满分45分）11．某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，如图甲所示，由图可读出l=cm．（2）在“研究匀变速直线运动”的实验中得到一条纸带，如图乙所示，O、A、B、C、D、E、F是纸带上的七个计数点，每相邻两个计数点间有四个点没有画出，用s1、s2、s3、s4、s5、s6表示相邻两个计数点间的距离，在纸带的上方用毫米刻度尺测量计数点间的距离，已知打点计时器所接电源的频率为50Hz，那么，打D 点时纸带的速度大小为m/s；纸带加速度的大小为m/s2．（上述计算结果均保留两位有效数字）12．（8分）某同学用多用电表的欧姆档来测量电压表的内阻，如图甲所示．先将选择开关旋至倍率“×100”档，红、黑表笔短接调零后进行测量，红表笔应接电压表的接线柱（选填“+”或“﹣”），测量结果如图乙所示，电压表的电阻为Ω．该同学要测量一节干电池的电动势和内阻，有以下器材可供选择：A．电流表（0～0.6A～3A）B．电压表（0～3V）C．滑动变阻器R（0～15Ω，5A）D．滑动变阻器R′（0～50Ω，1A）E．定值电阻R0为1ΩF．开关S及导线若干本次实验的原理图如图丙，则滑动变阻器应选（填器材前的字母序号）．按照原理图连接好线路后进行测量，测得数据如下表所示．由上表数据可看出，电压表示数变化不明显，试分析引起情况的原因是．现将上述器材的连线略加改动就可使电压表的示数变化更明显，请在图丁中按改动后的原理图完成连线．13．（13分）如图所示，一半径R=1.0m的水平圆盘绕过圆心的竖直轴转动，转动的角速度ω=5.0rad/s，在圆盘边缘A处有一个小滑块随圆盘一起转动，某一时刻，小滑块从圆盘边缘滑落，经光滑的过渡圆管进入光滑的斜面轨道BC．已知斜面轨道BC倾角为37°，B为斜面轨道的最低点，小滑块在运动过程中始终未脱离轨道，不计在过渡圆管处的机械能损失，已知g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，结果保持保留两位有效数字．（1）若斜面轨道上B、C两点间的距离为2.0m，求小滑块从B点第一次运动至C点的时间．（2）小滑块从圆盘离开到再下滑回圆盘的过程中，圆盘转动的圈数．14．（18分）如图所示，M，N两极板间存在匀强电场，两极板的宽度为d，N 板右边存在如图所示的磁场，折线PAQ是磁场的分界线，在折线的两侧分布着方向相反、与平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小都为B．折线的顶角∠A=90°，P、Q是折线上的两点，AP=AQ=L．现有一质量为m、电荷量为q的带负电微粒从S由静止经电场加速后再从P点沿PQ方向水平射出，不计微粒的重力．（1）若微粒以v0的速度从P点射出，求M，N两极板间电场强度的大小及方向；（2）为使微粒从P点以某一速度v射出后，经过一次偏转直接到达折线的顶点A点，求初速度v的大小；（3）对于在M，N两极板间加不同的电场，微粒还能途经A点并能到达Q点，求所加电场的电场强度E应满足的条件及其从P点到达Q点所用的时间．三、选考题[选修3－3]（共2小题，满分15分）15．对于一定质量的理想气体，下列说法正确的是（）A．若一定质量的理想气体压强和体积都不变时，其内能也一定不变B．若一定质量的理想气体温度不断升高时，其压强也一定不断增大C．若一定质量的理想气体温度升高1K，其等容过程所吸收的热量一定大于等压过程所吸收的热量D．在完全失重的状态下，气体的压强为零E．只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出平均每个气体分子所占的体积16．（10分）如图甲所示，横放在水平地面上的汽缸内用活塞封闭有一定质量的理想气体，汽缸内壁光滑，缸内理想气体的摄氏温度t与体积V之间的关系如图乙所示．（保（1）试分析气体在AB、BC、CD各阶段的压强变化及温度为0℃时气体的体积．留三位有效数字）（2）若气体在AB过程的压强p=1.0×118Pa，求在该过程中气体对外做的功．[选修3－4]（共2小题，满分0分）17．2018年4月25日，在尼泊尔发生了8.1级地震，震源深度20千米．如果该地震中的简谐横波在地壳中匀速传播的速度大小为4km/s，已知波沿x轴正方向传播，某时刻刚好传到x=120m处，如图所示，则下列说法正确的是（）A．从波源开始振动到波源迁移到地面需要经过5s时间B．再经过△t=0.3s质点M经过的路程为56mC．此刻波动图象上除M点外与M点势能相同的质点有3个D．波动图象上M点此时的速度方向沿y轴负方向，其动能正在增大E．传到x=120m处开始计时，经过t=0.18s位于x1=360m处的质点加速度最小18．如图所示，某潜水员在检查装有透明液体的圆柱体容器，当潜水员的眼睛在容器中心轴位置且在液面下h2=1m处时，他看到容器口处所有景物都出现在一个顶角为60°的倒立圆锥里，已知容器口距离容器液面的距离h1=1m，圆柱体的横切面半径r=m．①容器中液体的折射率．②若一个身高h3=1m的小孩站在离容器口边缘x=m远的位置，小孩恰好能看到对面的容器底部，则容器中液体的深度为多少米？[选修3－5]（共2小题，满分0分）19．下列说法正确的是（）A．β射线与γ射线一样都是电磁波，但β射线的穿透本领远比γ射线弱B．玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征C．氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时氢原子的能量减少D．在原子核中，比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固E．U衰变成Pb要经过6次β衰变和8次α衰变20．如图所示，光滑水平地面上，在质量M=1kg的滑块上用轻杆及轻绳悬吊质量m=0.5kg的小球．此装置以速度v0=2m/s向右滑动．另一质量也为M的滑块静止于上述装置的右侧．当两滑块相撞后，便粘在一起向右运动，求（1）两滑块相撞过程中损失的机械能．（2）当小球向右摆到最大高度时，两滑块的速度大小．2018-2018学年河南省濮阳市濮阳县高二（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分.）1．物体a、b从同一位置沿同一直线运动的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．前4s，a与b的加速度始终相同B．t=2s时，a、b速度方向均发生改变C．t=4s时，a、b相距16mD．物体a在0～2s内的速度方向与物体b在2s～4s内的速度方向相同【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度时间图线速度的正负值表示速度的方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．由此分析即可．【解答】解：A、速度图象的斜率表示加速度，由图可知，前4s，a与b的加速度方向始终相反，故A错误．B、由图象可知，前4s，a的速度都为正，b的速度都为负，所以t=2s时，a、b 速度方向均没有发生改变．故B错误．C、图线与时间轴围成的面积表示位移，则t=4s时，a、b相距的距离等于四边形面积大小，为△x=2××4×4=16m．故C正确．D、速度的正负表示速度的方向，则物体a在0～2s内的速度方向与物体b在2s～4s内的速度方向相反，故D错误．故选：C【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，知道速度的正负表示运动的方向．2．如图所示，平行板电容器处在真空中，电容为C，带电荷量为Q，板间距离为d，今在两板的中点处放一电荷q，已知静电力常数为k，则它所受电场力的大小为（）A．B． C．k D．k【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；库仑定律．【分析】根据电容的定义式求出两极板间的电势差，结合匀强电场的场强公式求出电场强度的大小，从而得出电荷q所受的电场力．【解答】解：A、两极板间的电势差为：U=，则两极板间的电场强度为：E=，电荷q所受的电场力为：F=qE=．故A正确，B错误．C、D由于平行板电容器不是点电荷，不能用E=求解板间场强，故C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握电容的定义式、匀强电场的电场强度公式以及电场强度的定义式，并能灵活运用．3．在竖直墙壁间有半圆球A和圆球B，其中圆球B的表面光滑，半圆球A与左侧墙壁之间的动摩擦因数为．两球心之间连线与水平方向成30°的夹角，两球恰好不下滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则半球圆A和圆球B的质量之比为（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】隔离光滑均匀圆球B，对B受力分析，根据平衡条件列式求解F N，对两球组成的整体进行受力分析，根据平衡条件列式求解即可．【解答】解：设A的质量为m，B的质量为M，隔离光滑均匀圆球B，对B受力分析如图所示，可得：F N=FcosθMg﹣Fsinθ=0解得：F N=，对两球组成的整体有：（m+M）g﹣μF N=0代入数据，联立解得：故选：C．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，掌握整体法和隔离法的运用．4．如图所示，在水平地面上运动的小车的车厢底部有一质量m1=1kg的木块，木块与车厢通过一根水平轻弹簧相连接，弹簧的劲度系数k=100N/m，在车厢的顶部且一根细线悬挂一质量m2=0.5kg的小球，某段时间内发现细线与竖直方向的夹角θ=45°，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，取g=10m/s2，不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变量为（）A．6cm B．10cm C．12cm D．20cm【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】先对小球受力分析，由牛顿第二定律求出加速度，再对木块受力分析，根据牛顿第二定律求出弹簧的弹力，然后由胡克定律求出弹簧的形变量．【解答】解：对小球受力分析如图所示由几何关系：由牛顿第二定律对木块受力分析，受重力、支持力和弹簧的弹力，根据牛顿第二定律物体受向左的弹力，结合胡克定律可知，弹簧的伸长量为，故B正确，ACD错误；故选：B【点评】仅仅对物体受力分析，有时无法求出合力，本题中还必须要结合物体的运动情况进行受力分析，才能得到明确的结论．5．如图所示，两根长直导线竖直插入光滑绝缘水平桌面上的M、N两小孔中，O为M、N连线中点，连线上a、b两点关于O点对称．导线均通有大小相等、方向向上的电流．已知长直导线周围产生的磁场的磁感应强度B=k，式中k是常数，I是导线中的电流，r为点到导线的距离，一带正电的小球以初速度v0从a 点出发沿连线运动到b点，关于上述过程，下列说法正确的是（）A．小球先做加速运动后做减速运动B．小球先做减速运动后做加速运动C．小球对桌面的压力先减小后增大D．小球对桌面的压力一直在增大【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培力．【分析】根据右手螺旋定制，判断出MN直线处磁场的方向，然后根据左手定则判断洛伦兹力大小和方向的变化，明确了受力情况，即可明确运动情况．【解答】解：根据右手螺旋定制可知直线M附近处的磁场方向垂直于MN向里，直线N附近的磁场方向垂直于MN向外，磁场大小先减小过O点后反向增大，根据左手定则可知，带正电的小球受到的洛伦兹力方向开始上的方向向上，过O 得后洛伦兹力的方向向下．由洛伦兹力不做功可知，小球将做匀速直线运动，小球对桌面的压力一直在增大，故ABC错误，D正确．故选：D．【点评】本题考查了右手螺旋定则和左手定则的熟练应用，正确解答带电粒子在磁场中运动的思路为明确受力情况，进一步明确其运动形式和规律．6．如图所示，一个“∠”形导轨ADC固定并垂直于在磁感应强度大小为B的匀强磁场，MN是与导轨材料和规格都相同的导体棒，在外力作用下，导体棒以恒定速度v沿导轨向右运动，导体棒与导轨轨始终接触良好，以导体棒在图示位置为计时为起点，则下列物量量随时间变化的图象正确的是（下图中E为问路中的感应电动势；I为流过导体棒的电流；P为感应电流的热功率；F为作用在导体棒上的安培力）（）A． B． C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；安培力．【分析】分析导轨运动过程中产生的感应电动势和电阻的变化，根据欧姆定律可求出电流的变化，再根据功率公式分析电功率的变化，根据F=BIL求解安培力的变化．【解答】解：设“∠”型导轨的顶角为θ，电阻率为ρ．A、感应电动势为：E=BLv=Bvttanθ•v=Bv2tanθ•t，E∝t，故A错误．BD、感应电流为：I=，R=（vt+vttanθ+）得：I=，式中各量均为定值，则感应电流不变．根据F=BIL可知，F=BIvt•tanθ，可见F∝t，图象应是过原点的直线，故B正确，D错误．C、由上可知，R∝t，I恒定，则受外力的功率P=I2R∝t，故C错误．故选：B．【点评】本题是电磁感应、欧姆定律、电阻定律等知识的综合运用．本题易错点在于对于电流的分析，由于未考虑电动势和电阻都与时间成正比，从而认为电流是变化的．7．如图所示，在向左加速运动的车厢中，一个人用力向前推车厢，人相对车厢末移动，则下列说法中正确的是（）A．推力对车不做功 B．推力对车做正功C．车对人做负功D．车对人做正功【考点】功能关系．【分析】在加速向左运动的车厢中，人的加速度向左，根据牛顿第二定律得出人受的合力向左，根据功的定义式判断做功情况．【解答】解：AB、推力方向向左，与位移方向相同，所以推力对车做正功，故A错误，B正确；CD、由于人向左加速运动，加速度向左，由牛顿第二定律知，车厢对人的力向左，与位移方向相同，车对人做正功，故C错误，D正确；故选：BD【点评】此题涉及到牛顿第二定律的应用和力的作用的相互性，解决此类题目要结合作用力和反作用力考虑，即一个物体在施力的同时必然也受力，另一个物体在受力的同时必然也是施力物体．8．如图所示，图中五点均在匀强电场中，它们刚好是一个圆的四个等分点和圆心，已知电场线与圆所在平面平行，b，c，d三点电势在图中已标出，下列说法中正确的是（）A．把正电荷由a点移到c点，电场力做正功B．O点的场强方向指向d点C．在圆上各点中，b点的电势一定是最高的D．圆弧bc的中点的电势一定是4V【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线，而等势线与电场线垂直；匀强电场中，任意两平行直线上相等距离的电势差相等；由题意知可以找到一条等势线，根据电场线与等势线的特点可确定电场线的方向．【解答】解：由题意，分别取试管点为abcd如图，由题意可ab和cd相互平行．在匀强电场中，任意两平行直线上相等距离的电势差相等，U ba=U cd=6V﹣2V=4V，所以，U ba=φb﹣φa=10﹣φa=4，解得：φa=6V；A、正电荷由a点移到c点，a、c两点电势相等，电场力不做功，故A错误；B、a点的电势为6V，c点的电势是6V，根据电场线应与等势面垂直，所以aoc 在同一条等势线上；又沿电场线电势依次降低，O点的场强方向应指向图中电势为2V的d点，故B正确；C、在圆上各点中，φb=10V，φc=6V，φa=6V，φd=2V，所以b点的电势一定是最高的，故C正确；D、假设圆弧bc的中点的电势为4V，因为φc=6V，φd=2V，即cd中点的电势为4V，而由上述分析可知，aOc在等势线上，圆弧bc的中点与cd中点的连线不为等势线，假设不成立，故D错误．故选：BC．【点评】本题的关键在于找出等势面，然后才能确定电场线，要求学生明确电场线与等势线的关系，能利用几何关系找出等势点，再根据等势线的特点确定等势面．9．2018年5月10日天文爱好者迎来了“土星冲日”的美丽天象，“土星冲日”是指土星和太阳正好处在地球的两侧，三者几乎成一条直线，该天象每378天发生一次，土星和地球绕太阳公转的方向相同，公转轨迹都近似为圆，地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均已知，根据以上信息可求出（）A．地球质量B．土星公转周期C．太阳质量D．土星和地球绕太阳公转的轨道半径【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【分析】地球和土星均绕太阳做圆周运动，靠万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律和圆周运动的运动公式列式分析可以求解的物理量．【解答】解：A、行星受到的万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律列方程后，行星的质量会约去，故无法求解行星的质量，故A错误；B、“土星冲日”天象每378天发生一次，即每经过378天地球多转动一圈，根据（﹣）t=2π可以求解土星公转周期，故B正确；C、地球绕太阳公转周期和半径以及引力常量均已知，根据万有引力提供向心力得：，则太阳的质量：M=．故C正确；D、知道土星绕太阳的公转周期，万有引力提供向心力，可求出土星的轨道半径，故D正确；故选：BCD【点评】解决本题的关键知道地球和土星均绕太阳做圆周运动，靠万有引力提供向心力，知道线速度、加速度和周期与轨道半径的关系．10．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为3：1，电压表、电流表为理想电表，L1、L2、L3、L4为四只规格均为“220V 110W”的灯泡，如果副线圈电压按图乙所示规律变化，则下列说法正确的是（）A．电压表的示数为933VB．电流表的示数为0.5AC．流过灯泡L1的电流方向每秒钟改变100次D．1min内，四个灯泡消耗的总电能为26400J【考点】变压器的构造和原理．【分析】由输出端交变电压U的图象求出副线圈有效值，根据原副线圈电压之比等于线圈匝数比，电流之比等于线圈匝数的倒数比求出原线圈电压和电流，根据灯泡的规格求出灯泡的电阻和额定电流，再结合欧姆定律求解．【解答】解：A、根据图乙可知，副线圈电压的有效值，由原副线圈匝数之比3：1，可得原副线圈的电压之比3：1，则原线圈电压即电压表示数为，故A错误；B、副线圈电压为220V，、、三只灯泡都正常发光，电流，故B错误；C、原副线圈的频率相等，1s内完成50个周期性变化，在1个周期内电流方向改变2次，每秒电流方向改变100次，故C正确；D、由，即，得，灯泡电阻灯泡消耗的电能灯泡消耗的电能之和3×110×60=19800J四个灯泡消耗的总电能W=6600+19800=26400J，故D正确；故选：CD【点评】理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．值得注意的是变压器的原线圈与灯泡串联后接入交流中，则原线圈的电压不是ab端的电压，难度适中．二、必考题（共4小题，满分45分）11．（1）某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，如图甲所示，由图可读出l= 1.27cm．（2）在“研究匀变速直线运动”的实验中得到一条纸带，如图乙所示，O、A、B、C、D、E、F是纸带上的七个计数点，每相邻两个计数点间有四个点没有画出，用s1、s2、s3、s4、s5、s6表示相邻两个计数点间的距离，在纸带的上方用毫米刻度尺测量计数点间的距离，已知打点计时器所接电源的频率为50Hz，那么，打D 点时纸带的速度大小为0.10m/s；纸带加速度的大小为0.21m/s2．（上述计算结果均保留两位有效数字）【考点】探究小车速度随时间变化的规律；刻度尺、游标卡尺的使用．【分析】（1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；（2）某点的瞬时速度用与之相邻的两个点间的平均速度代替．加速度的计算用匀变速直线运动的推论△x=at2．【解答】解：（1）游标卡尺的固定刻度读数为1.2cm，游标尺上第7个刻度游标读数为0.1×7mm=0.7mm=0.18cm，所以最终读数为：1.2cm+0.18cm=1.27cm；（2）纸带上相邻的两个计数点之间有四个点未画出．所以两个相邻的点间的时间T=0.18×5=0.1sv D===0.10m/s设OC段的位移为x1，则：x1=1.50×10﹣2m；CF段的位移为x2，则：x2=3.40×10﹣2m由：x2﹣x1=at2（注意：t为发生x1或x2这个位移所用时间，所以t=0.1×3=0.3s）得：3.40×10﹣2m﹣1.50×10﹣2m=a×0.32解得：a=0.21m/s2．故答案为：（1）1.27；（2）0.10，0.21．【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；速度的计算以及加速度的测量是处理纸带的两个主要应用，要牢牢掌握住．要注意单位的换算和有效数字的保留．12．某同学用多用电表的欧姆档来测量电压表的内阻，如图甲所示．先将选择开关旋至倍率“×100”档，红、黑表笔短接调零后进行测量，红表笔应接电压表的﹣接线柱（选填“+”或“﹣”），测量结果如图乙所示，电压表的电阻为4000Ω．。

……外…………装…………__姓名：_________……内…………装…………绝密★启用前 【市级联考】河南省濮阳市2018-2019学年高二上学期期末考试物理试题 试卷副标题 注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上 第I 卷（选择题) 请点击修改第I 卷的文字说明 一、单选题 1．如图所示，16个电荷量均为+q （q>0）的小球（可视为点电荷），均匀分布在半径为R 的圆周上。

若将圆周上P 点的一个小球的电量换成-2q ，则圆心O 点处的电场强度的大小为 A ．kq R 2 B ．2kq R 2 C ．3kq R 2 D ．4kq R 2 2．在如图所示电路中，开关S 1、S 2、S 3、S 4均闭合，C 是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P ，断开哪个开关后P 会向下运动 A ．S 1 B ．S 2 C ．S 3 D ．S 4 3．把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A 电阻丝长为L ，直径为d ，B 电阻○…………外…………○………○……………………线在※※装※※订※※线※※○…………内…………○………○……………………线的电压之比应当满足（ ） A ．U A ：U B =1：1 B ．U A ：U B =√3：1 C ．U A ：U B =√3：3 D ．U A ：U B =3：4 4．如图所示，直角三角形通电闭合线圈ABC 处于匀强磁场中，磁场垂直纸面向里，则线圈所受磁场力的合力为（ ） A ．大小为零 B ．方向竖直向上 C ．方向水平向右 D ．方向垂直AC 斜向下5．如图所示，一水平放置的N 匝矩形线框面积为S ，匀强磁场的磁感应强度为B ，方向斜向上，与水平面成30°角，现若使矩形框以左边的一条边为轴转到竖直的虚线位置，则此过程中磁通量的改变量的大小为( )A ．√3−12BS B ．√3+12NBSC ．√3+12BSD ．√3−12NBS6．两块水平放置的金属板,板间距离为d,用导线将两块金属板与一线圈连接,线圈中存在方向竖直向上、大小变化的磁场,如图所示。

高中二年级下学期期中考试物理试卷一、选择题：本题共12小题。

第1-8题每小题只有一个选项正确，第9-12题为不定项选择。

1. 放在水平面上质量为m的物体，用一水平力F推它，作用时间t但物体始终没有移动，则这段时间内F对物体的冲量为( )A. 0B. FtC. mgtD. 无法判断【答案】B【解析】由冲量的算式可知这段时间内F对物体的冲量为：，B正确．2. 物体受到的冲量越大，则( )A. 它的动量一定越大B. 它的动量变化一定越快C. 它的动量的变化量一定越大D. 它所受到的作用力一定越大【答案】C【解析】根据冲量定理可得，冲量越大，动量变化量一定越大，但动量、动量变化率不一定大，AB错误C正确；冲量大，有可能是作用时间比较长，所以受到的作用力不一定大，D错误．3. 物体在运动过程中加速度不为零，则下列说法正确的是( )A. 物体速度的大小一定随时间变化B. 物体速度的方向一定随时间变化C. 物体动能一定随时间变化D. 物体动量一定随时间变化【答案】D【解析】若加速度与速度方向恒垂直，则加速度只改变速度方向，不改变速度大小，即速度大小不变，该情况下，动能不变；若加速度与速度方向同向，则速度增大，方向恒定不变，ABC错误；加速度不为零，速度一定发生变化，动量一定变化，D正确．4. 关于系统动量守恒的条件，下列说法正确的是 ( )A. 只要系统内存在摩擦力，系统动量就不可能守恒B. 只要系统中有一个物体具有加速度，系统动量就不守恒C. 只要系统所受的合外力为零，系统动量就守恒D. 系统中所有物体的加速度为零时，系统的总动量不一定守恒【答案】C【解析】根据动量守恒的条件即系统所受外力的矢量和为零可知，选项C正确；系统内存在摩擦力，若系统所受的合外力为零，动量也守恒，选项A错误；系统内各物体之间有着相互作用，对单个物体来说，合外力不一定为零，加速度不一定为零，但整个系统所受的合外力仍可为零，动量守恒，选项B错误；系统内所有物体的加速度都为零时，各物体的速度恒定，动量恒定，总动量一定守恒，选项D错误．5. 变成要经过m次衰变、n次衰变，中子数减少的个数为q，则（）A. m=8，n=6，q=32B. m=6，n=8，q=32C. m=8，n=6，q=22D. m=6，n=8，q=22【答案】C【解析】试题分析：衰变电荷数少2，质量数少4，衰变电荷数多1，质量数不变．根据该规律判断衰变的次数．抓住质量数等于中子数与质子数之和求出中子数减少的个数．根据电荷数守恒、质量数守恒知，，解；因为电荷数少10，即质子数少10，质量数少32，则中子数少22，即q=22，C正确．6. 本题用大写字母代表原子核，E经α衰变边长F，再经β衰变变成G，再经α衰变成为H，上述系列衰变可记为下式：H；另一系列衰变如下：，已知P是F的同位素，则下列判断正确的是( )A. Q是G的同位素，R是H的同位素B. R是G的同位素，S是H的同位素C. R是E的同位素，S是F的同位素D. Q是E的同位素，R是F的同位素【答案】C【解析】衰变使电荷数少2，新原子在元素周期表中位置前移2位；衰变使电荷数多1，新原子在元素周期表中位置后移1位。

河南省濮阳市高级中学2018-2019学年高二物理下学期期末试题一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 电场线分布如图昕示，电场中a，b两点的电场强度大小分别为已知和，电势分别为和，则（）(A) ， (B) ，(C) ， (D) ，参考答案：D2. 质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落直至落地．已知桌面离地高度为h，如图所示．若以桌面为零势能参考平面，那么小球落地时的重力势能及小球整个下落过程中重力做的功分别为（地球表面的重力加速度为g）（）A. ，B. ，C. mgh，D. mgh，参考答案：B分析：解决本题需要掌握：重力势能表达式E p=mgh中，h为物体相对零势能点的高度，因此重力势能大小和零势能点的选取有关；而重力做功和零势能的选取无关，只与物体的初末位置有关．解答：解：以桌面为零势能参考平面，地面离零势能点的高度为-h，物体重力势能为：E p=-mgh，物体下落的高度差为（h+H），所以重力做功为：W=mg（h+H），故ACD错误，B 正确．故选B．点评：本题比较简单，直接考查了重力势能和重力做功大小的计算，正确理解公式中物理量的含义是正确应用公式的前提．3. （多选题）如图所示，直线l和2分别为两个不同电源的路端电压和电流的关系图像，E1、r1分别为电源l的电动势和内阻，E2、r2分别为电源2的电动势和内阻，下述说法正确的是（）A．E l=E2B．r1>r2C．当两个电源短路时电源l的短路电流小D．当两个电源分别接相同电阻时，电源2的输出功率小参考答案：AD4. 关于电容器的电容，下列说法正确的是：A.电容器所带的电荷越多，电容就越大B.电容器两极板间的电压越高，电容就越大C.电容器所带电荷增加一倍，电容就增加—倍D.电容器的电容与电容器是否带电无关参考答案：D5. 如图甲所示，左侧接有定值电阻R=2Ω的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B=1T，导轨间距L=1m．一质量m=2kg，阻值r=2Ω的金属棒在水平拉力F作用下由静止开始从CD处沿导轨向右加速运动，金属棒的v﹣x图象如图乙所示，若金属棒与导轨间动摩擦因数μ=0.25，则从起点发生x=1m位移的过程中（g=10m/s2）（）A．拉力做的功W=9.25 JB．金属棒克服摩擦力做的功W2=4 JC．整个系统产生的总热量Q=4.25 JD．金属棒克服安培力做的功W1=0.5 J参考答案：A【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律．【分析】由速度图象得出v与x的关系式，由安培力公式F A=，得到F A与x的关系式，可知F A与x是线性关系，即可求出发生s=1m位移的过程中安培力做功W A=﹣x，再根据动能定理求解拉力做功；根据能量守恒求解整个系统产生的总热量Q．【解答】解：AD、由速度图象得：v=2x，金属棒所受的安培力为：=，代入数据得：F A=0.5x，则知F A与x是线性关系．当x=0时，安培力F A1=0；当x=1m时，安培力为：F A2=0.5N，则从起点发生x=1m位移的过程中，安培力做功为：W A=﹣=根据动能定理得：﹣μmgx+代入数据解得：W F=9.25J，故A正确，D错误．B、金属棒克服摩擦力做功为：W2=μmgx=0.25×20×1J=5J，故B错误．C、整个系统产生的总热量为：Q=W﹣=5.25J，故C错误．故选：A．二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （5分）如图所示，小球位于竖直墙壁OA和水平地面OB等距离处P点，且P 到OA和OB的垂直距离均为L，紧靠小球（小球视为质点）左侧有一固定点光源S，当小球以某一初速水平抛出，恰好落在墙角O处，则小球经时间______________落在墙角O处，小球在空中运动过程中其影子沿墙面运动时任意点的瞬时速度为______________。

高中二年级下学期期中考试物理试卷一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

第1-8题每小题只有一个选项正确，第9-12题为不定项选择，全部选对的得4分，有错选的得0分1、放在水平面上质量为m 的物体，用一水平力F 推它，作 用时间t 但物体始终没有移动，则这段时间内F 对物体的冲量为( )A ．0B ．FtC ．mgtD ．无法判断2、物体受到的冲量越大，则( )A ．它的动量一定越大B ．它的动量变化一定越快C ．它的动量的变化量一定越大D ．它所受到的作用力一定越大3、物体在运动过程中加速度不 为零，则下列说法正确的是( ) A ．物体速度的大小一定随时间变化 B ．物体速度的方向一定随时间变化C ．物体动能一定随时间变化D ．物体动量一定随时间变化4、关于系统动量守恒的条件，下列说法正确的是 ( )A ．只要系统内存在摩擦力，系统动量就不可能守恒B ．只要系统中有一个物体具有加速度，系统动量就不守恒C ．只要系统所受的合外力为零，系统动量就守恒D ．系统中所有物体的加速度为零时，系统的总动量不一定守恒5、23892U 变成20682Pb 要经过m 次衰变、n 次衰变，中子数减少的个数为q ，则（ ） A.m=8，n=6，q=32 B ．m=6，n=8，q=32 C ．m=8，n=6，q=22 D ．m=6，n=8，q=226、本题用大写字母代表原子核，E 经α衰变边长F ，再经β衰变变成G ，再经α衰变成为H ，上述系列衰变可记为下式：E F G G αβα−−→−−→−−→H ；另一系列衰变如下：P Q R S ββα−−→−−→−−→，已知P 是F 的同位素，则下列判断正确的是( )A．Q是G的同位素，R是H的同位素B．R是G的同位素，S是H的同位素C．R是E的同位素，S是F的同位素D．Q是E的同位素，R是F的同位素7、如图7所示，abcd为水平放置的平行“⊂”形光滑金属导轨，间距为l，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，导轨电阻不计，已知金属杆MN倾斜放置，与导轨成θ角，单位长度的电阻为r，保持金属杆以速度v沿平行于cd的方向滑动(金属杆滑动过程中与导轨接触良好).则()A.电路中感应电动势的大小为Bl v sin θB.电路中感应电流的大小为B v sin θrC.金属杆所受安培力的大小为B2l v sin θrD.金属杆的热功率为B2l v2 r sin θ8、如图所示，理想变压器的原线圈通有e=30cos100πt（V）的交变电流，灯泡L的额定功率为6W，开关S闭合后灯泡L恰好正常发光，电压表、电流表均为理想电表．变压器的原、副线圈的匝数比为10：1，下列说法正确的是（）A.副线圈交变电流的频率为5HzB.电压表的示数为4.24VC. 电流表的示数为0.2AD. 灯泡正常发光时的电阻为1.5Ω9、关于动量的概念，下列说法中正确的是()A．动量大的物体惯性一定大B．动量大的物体运动得一定快C．动量相同的物体运动方向一定相同D．动量相同的物体速度小的惯性大10、如图甲所示，螺线管匝数n＝1 000匝，横截面积S＝10 cm2，螺线管导线电阻r＝1Ω，电阻R＝4 Ω，磁感应强度B随时间变化的图象如图乙所示(以向右为正方向)，下列说法正确的是()A.通过电阻R的电流是交变电流B.感应电流的大小保持不变C.电阻R两端的电压为6 VD.C点的电势为4.8 V11、如图所示，两条形有界磁场宽度均为d＝0.5 m，磁感应强度大小均为B＝4 T，方向垂直于纸面，两磁场区域间距也为d.在磁场区域的左边界处有一长L＝1 m、宽d＝0.5 m的矩形导体线框，线框总电阻为R＝2 Ω，且线框平面与磁场方向垂直.现使线框以v＝0.5 m/s 的速度匀速穿过磁场区域，若以初始位置为计时起点，规定B垂直纸面向里为正，则以下关于线框所受的安培力大小F及穿过线框磁通量Φ随时间t变化的四个图象正确的是()12、两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L ，顶端接阻值为R 的电阻.质量为m 、电阻为r 的金属棒在距磁场上边界某处由静止释放，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B 的匀强磁场垂直，如图2所示，不计导轨的电阻，重力加速度为g ，则( )A.金属棒在磁场中运动时，流过电阻R 的电流方向为a →bB.金属棒的速度为v 时，金属棒所受的安培力大小为B 2L 2vR ＋r C.金属棒的最大速度为mg (R ＋r )BLD.金属棒以稳定的速度下滑时，电阻R 的热功率为⎝ ⎛⎭⎪⎫mg BL 2R 二、非选择题：本大题共包括6个小题，共52分。