第七讲 整数的分拆
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第七讲 整数的分拆
整数分拆是数论中一个既古老又活跃的问题.把自然数n分成为不计顺序的若干个自然数之和
n=n1+n2+„＋nm（n1≥n2≥„≥nm≥1）的一种表示法，叫做n的一种分拆.对被加项及项数m加以一些限制条件，就得到某种特殊类型的分拆.早在中世纪，就有关于特殊的整数分拆问题的研究.1742年德国的哥德巴赫提出“每个不小于6的偶数都可以写成两个奇质数的和”，这就是著名的哥德巴赫猜想，中国数学家陈景润在研究中取得了突出的成果.下面我们通过一些例题，简单介绍有关整数分拆的基本知识.
一、整数分拆中的计数问题
例1 有多少种方法可以把6表示为若干个自然数之和？
解：根据分拆的项数分别讨论如下：
①把6分拆成一个自然数之和只有1种方式；
②把6分拆成两个自然数之和有3种方式
6=5+1=4+2=3+3；
③把6分拆成3个自然数之和有3种方式
6=4+1+1=3+2+1=2+2+2；
④把6分拆成4个自然数之和有2种方式
6＝3＋1＋1＋1=2+2+1+1；
⑤把6分拆成5个自然数之和只有1种方式
6=2+1+1＋1＋1； ⑥把6分拆成6个自然数之和只有1种方式
6＝1+1+1+1+1+1.因此，把6分拆成若干个自然数之和共有
1+3+3＋2+1+1=11种不同的方法.
说明：本例是不加限制条件的分拆，称为无限制分拆，它是一类重要的分拆.
例2 有多少种方法可以把1994表示为两个自然数之和？
解法1：采用有限穷举法并考虑到加法交换律：
1994=1993+1=1＋1993
=1992+2=2＋1992
=„
=998＋996=996+998
=997+997
因此，一共有997种方法可以把1994写成两个自然数之和.
解法2：构造加法算式：
于是，只须考虑从上式右边的1993个加号“+”中每次确定一个，并把其前、后的1分别相加，就可以得到一种分拆方法；再考虑到加法交换律，因此共有997种不同的分拆方式.
说明：应用本例的解法，可以得到一般性结论：把自然数n≥2表示为两个自然数之和，一共有k种不同的方式，其中
例3 有多少种方法可以把100表示为（有顺序的）3个自然数之和？（例如，把3+5＋92与5+3+92看作为100的不同的表示法）
分析 本题仍可运用例1的解法2中的处理办法.
解：构造加法算式
于是，考虑从上式右边的99个加号“+”中每次选定两个，并把它们所隔开的前、中、后三段的1分别相加，就可以得到一种分拆方法。因此，把100表示为3个自然数之和有1999848512种不同的方式。
说明：本例可以推广为一般性结论：“把自然数n≥3表示为（有顺序的）3个自然数之和，共有1(1)(2)2nn种不同的方式”（第一届莫斯科奥林匹克数学竞赛第10题）。
例4 用1分、2分和5分的硬币凑成一元钱，共有多少种不同的凑法？（第二届“华罗庚金杯”少年数学邀请赛决赛第二试第4题）
分析 用1分、2分和5分硬币凑成一元钱与用2分和5分硬币凑成不超过一元钱的凑法数是一样的.于是，本题转化为：“有2分硬币50个，5分硬币20个，凑成不超过一元钱的不同凑法有多少种？
解：按5分硬币的个数分21类计数；
假若5分硬币有20个，显然只有一种凑法；
假若5分硬币有19个，则2分硬币的币值不超过100-5×19=5（分），于是2分硬币可取0个、1个、或 2个，即有3种不同的凑法；
假若5分硬币有18个，则2分硬币的币值不超过100-5×18=10（分），于是2分硬币可取0个、1个、2个、3个、4个、或5个，即有6种不同的凑法；
„如此继续下去，可以得到不同的凑法共有：
1+3+6+8+11＋13+16+18+21+„+48+51
=5×（1+3+6+8）+4×（10+20＋30+40）+51
=90＋400＋51
=541（种）.
说明：本例实际上是求三元一次不定方程x+2y+5z=100的非负整数解的组数.
上述例2、例3、例4都是有限制条件的特殊的整数分拆问题.
二、整数分拆中的最值问题
在国内外的数学竞赛试题中经常出现与整数分拆有关的最大值或最小值的问题.
例5 试把14分拆为两个自然数之和，使它们的乘积最大.
解：由例2可知，把14分拆成两个自然数之和，共有7种不同的方式.对每一种分拆计算相应的乘积：
14=1＋13，1×13＝13；
14=2+12，2×12=24；
14=3＋11，3×11=33；
14=4＋10，4×10=40； 14=5＋9，5×9=45；
14=6+8，6×8=48；
14=7+7，7×7=49.
因此，当把14分拆为两个7之和的时候，乘积（7×7=49）最大.
说明：本例可以推广为一般性结论：“把自然数n≥2分拆为两个自然数a与b（a≥b）之和，使其积a×b取最大值的条件是a=b或a－b=1（a＞b）”。事实上，假设a－b=1＋m（其中m是一个自然数），显然n=a＋b=（a－1）+（b＋1），而有（a－1）×（b＋1）＝a×b＋a－b－1＝a×b＋m＞a×b.
换句话说，假设n=a+b且a－b＞1，那么乘积a×b不是最大的。这样，若n是偶数，则2nab时，乘积有最大值24nab；若n是奇数，则12na，12nb时，乘积有最大值214nab。
例6 试把14分拆为3个自然数之和，使它们的乘积最大.
分析 由例5的说明可知，假设n＝a+b＋c（a≥b≥c）且a-c＞1时，乘积a×b×c不是最大的.换句话说，若n=a+b＋c（a≥b≥c），当a、b、c中的任意两数相等或差为1时，乘积a×b×c取最大值.
解：因为14=3×4＋2，由分析可知：当a=b=5且c=4时，乘积a×b×c=5×5×4＝100为最大值.
说明：本题可以推广为一般结论：把自然数n≥3分拆为3个自然数a、b、c（a≥b≥c）之和，若n=3q(q是自然数)，则a=b=c=3n时乘积a×b×c有最大值327n；若n=3q+1(q是自然数)，则23na，13nbc时乘积a×b×c有最大值1(2)(1)(1)27nnn；若n=3q+2（q是自然数），则13nab，23nc时乘积a×b×c有最大值1(1)(1)(2)27nnn。
下面我们再研究一个难度更大的拆数问题.
问题：给定一个自然数N，把它拆成若干个自然数的和，使它们的积最大.
这个问题与前面研究的两个拆数问题的不同点是：问题中没有规定把N拆成几个自然数的和.这也正是这题的难点，使分拆的种类要增加许多.我们仍旧走实验-观察-归纳结论这条路.先选择较小的自然数5开始实验.并把数据列表以便比较.
实验表1：
结果：5拆成2＋3时，其积6最大.
你注意到了吗？我们的实验结果是按把5拆分数的个数多少，由多到少的次序进行的。再注意，当被拆数n＞3时（这里n=5），为了使拆分数的乘积最大，拆分数中不能有1。因为当n＞3，n=1+（n-1）=2+（n-2），且2×（n－2）＞1×（n－1）。
结果：7拆分成2＋2+3时，其积12最大。
注意，分拆数中有4时，总可把4再分拆成2与2之和而不改变分拆的乘积.
实验结果4：8拆分成2＋3+3时，其积最大.
实验结果5：9拆分成3+3+3时，其积最大.
实验结果6：10拆分成3+3+2＋2时，其积最大.
观察分析实验结果，要使拆分数的乘积最大，拆分数都由2与3组成，其形式有三种：
①自然数=（若干个3的和）；
②自然数=（若干个3的和）+2；
③自然数=（若干个3的和）+2＋2.
因此，我们得到结论：把一个自然数N拆分成若干个自然数的和，只有当这些分拆数由2或3组成，其中2最多为2个时，这些分拆数的乘积最大.（因为2+2+2=3+3，2×2×2＜3×3，所以分拆数中2的个数不能多于2个.）
例 分别拆分1993、1994、2001三个数，使分拆后的积最大.
解：∵ 1993=664×3＋1.
∴ 1993分拆成时，其积最大。
∵1994=664×3＋2
∴1994分拆成（664个3的和）＋2时，其积最大.
∵2001=667×3
∴2001分拆成（667个3的和）时，其积最大. 我们以上采用的“实验-观察-归纳总结”方法，在数学上叫做不完全归纳法.我国著名数学家华罗庚讲过：难处不在于有了公式去证明，而在于没有公式之前怎么去找出公式。不完全归纳法正是人们寻找公式的重要方法之一。但是这种方法得出的结论有时会不正确，所以所得结论还需要严格证明，这一步工作要等到学习了中学的课程才能进行。 习 题 七
1，两个十位数1111111111和9999999999的乘积中有几个数字是奇数？
2.计算：987655321666987654。
3.计算：9999×2222+3333×3334.
4.在周长为18，边长为整数的长方形中，面积最大的长方形的长和宽各是多少？
5.用6米长的篱笆材料在围墙角修建如下图所示的鸡圈.问鸡圈的长与宽分别是多少时，鸡圈的面积最大？
6.把17、18两个自然数拆成若干个自然数的和，并分别求这些分拆的自然数的乘积的最大值。
