2016届高考物理一轮复习阶段综合测评6.doc

绝密★启封并使用完毕前试题类型：2016年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置。

3.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效。

4. 考试结束后，将本试题和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷（选择题共126分）本卷共21小题，每小题6分，共126分。

可能用到的相对原子质量：一、选择题：本大题共13小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1. 下列与细胞相关的叙述，正确的是A. 核糖体、溶酶体都是具有膜结构的细胞器B. 酵母菌的细胞核内含有DNA和RNA两类核酸C. 蓝藻细胞的能量来源于其线粒体有氧呼吸过程D. 在叶绿体中可进行CO2的固定但不能合成ATP2. 离子泵是一张具有ATP水解酶活性的载体蛋白，能利用水解ATP释放的呢量跨膜运输离子。

下列叙述正确的是A. 离子通过离子泵的跨膜运输属于协助扩散B. 离子通过离子泵的跨膜运输是顺着浓度阶梯进行的C. 动物一氧化碳中毒会降低离子泵扩膜运输离子的速率D. 加入蛋白质变性剂会提高离子泵扩膜运输离子的速率3. 若除酶外所有试剂均已预保温，则在测定酶活力的试验中，下列操作顺序合理的是A.加入酶→加入底物→加入缓冲液→保温并计时→一段时间后检测产物的量B. 加入底物→加入酶→计时→加入缓冲液→保温→一段时间后检测产物的量C. 加入缓冲液→加入底物→加入酶→保温并计时→一段时间后检测产物的量D. 加入底物→计时→加入酶→加入缓冲液→保温并计时→一段时间后检测产物的量4.下列与神经细胞有关的叙述，错误．．的是A. ATP能在神经元线粒体的内膜上产生B. 神经递质在突触间隙中的移动消耗ATPC. 突触后膜上受蛋白体的合成需要消耗ATPD. 神经细胞兴奋后恢复为静息状态消耗ATP5. 在漫长的历史时期内，我们的祖先通过自身的生产和生活实践，积累了对生态方面的感性认识和经验，并形成了一些生态学思想，如：自然与人和谐统一的思想。

高考/模拟试题2016年高考理综模拟试题：参考答案（5）本试卷共1页，36小题，满分300分。

考试用时150分钟。

注意事项：1.答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答卷密封线内相应的位置上，用2B铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。

2.选择题每小题选出答案后，有2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案;不能答在试卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效;如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案;不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4.考生必须保持答题卡的整洁和平整。

可能用到的相对原子质量： 1 C 12 N 14 O 16 P 31 Cl 35.5 K 39第一部分选择题(共 118 分)一、单项选择题：每小题给出的四个选项中。

只有一个选项最符合题目要求。

共16小题，每小题4分，共64分。

1.下列关于脂质的叙述，正确的是 A.脂质中的磷脂是细胞膜的组成成分 B.维生素D和性激素不属于固醇类物质C.脂肪比相同质量的多糖彻底氧化产能少 D.脂质在核糖体、内质网和高尔基体上合成2.用蛋白酶去除大肠杆菌核糖体的蛋白质，处理后的核糖体仍可催化氨基酸的脱水缩合反应。

由此可推测核糖体中能催化该反应的物质是 A.蛋白酶 B.RNA聚合酶 C.RNAD.逆转录酶3.MRSA菌是一种引起皮肤感染的“超级细菌”，对青霉素等多种抗生素有抗性。

为研究人母乳中新发现的蛋白质H与青霉素组合使用对MRSA菌生长的影响，某兴趣小组的实验设计及结果如下表。

下列说法正确的是A.细菌死亡与否是通过光学显微镜观察其细胞核的有无来确定B.第2组和第3组对比表明，使用低浓度的青霉素即可杀死MRSA菌C.实验还需设计有2 μg/mL青霉素做处理的对照组D.蛋白质H有很强的杀菌作用，是一种新型抗生素4.下列有关实验操作的描述，正确的是 A.鉴定待测样液中的蛋白质时，先加NaOH溶液，振荡后再加CuSO4溶液B.制作细胞的有丝分裂装片时，洋葱根尖解离后直接用龙胆紫溶液染色 C.低温诱导染色体加倍实验中，将大蒜根尖制成装片后再进行低温处理 D.探究温度对酶活性的影响时，将酶与底物溶液在室温下混合后于不同温度下保温5.关于核酸的叙述，错误的是 A.细胞核中发生的转录过程有RNA聚合酶的参与 B.植物细胞的线粒体和叶绿体中均可发生DNA的复制 C.双链DNA分子中一条链上磷酸和核糖是通过氢键连接的 D.用甲基绿和吡罗红染色可观察DNA 和RNA在细胞中的分布6.油菜物种甲(2n=20)与乙(2n=16)通过人工授粉杂交，获得的幼胚经离体培养形成幼苗丙，用秋水仙素处理丙的顶芽形成幼苗丁，待丁开花后自交获得后代戊若干。

2015-2016学年度高三一轮复习阶段性测试（六）物理参考答案一、选择题（48分）二、实验题（14分）13. C14.（1）10； （2）增大；b ； （3）Y ； （4）3.2；0.50三、计算题（38分）15. （1） 由图象知，杆自由下落0.1 s 进入磁场以v=1.0 m/s 作匀速运动......1分 产生的电动势BLv E =...................................................1分 杆中的电流rR E I +=.....................................................1分 杆所受安培力BIL F =安...................................................1分 由平衡条件得mg F =安...................................................2分 代入数据得B=2T..........................................................1分（2） 电阻R 产生的热量J Rt I Q 075.02==.................................2分16.根据安培定则可判断金属棒受到的安培力方向竖直向下。

....................2分 金属棒通电后，闭合回路电流A V R E I 6212=Ω==.............................2分 导体棒受到的安培力N BIL F 06.0==......................................2分 开关闭合前由导体棒静止可得：mg kx =2...............................................................2分 开关闭合后导体棒重新处于静止状态，则：F mg x x k +=∆+)(2....................................................2分解得：kg m 01.0=.......................................................2分17.（1）粒子在磁场中做圆周运动，设半径为r ，由牛顿第二定律可得：rv m B qv 200=...........................................................2分 解得m qBmv r 20.00==...................................................1分 （2）作出粒子运动轨迹如图1所示，粒子在B 点射出，磁场中运动的偏向角为θ，由图可得： 5.02tan ==rR θ...............................2分 由数学知识可得：342tan 12tan 2tan 2=-=θθθ..........................2分 m m m R PA 13.0152341.0tan ≈=⨯==θ..........2分 （3）因r=0.20m=2R ，所以粒子在磁场中运动的轨迹是就是以E 为圆心、r=0.20m 为半径的一段圆弧。

2016年福建省三明市高考物理六模练习试卷一、单选题1．用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能，当调节滑动变阻器R让电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和2.0V；重新调R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和24V．则这台电动机正常运转时（不计温度对电阻的影响）（）A．输出功率为32 W B．输出功率为48 WC．发热功率为1W D．发热功率为47 W2．如图，在固定斜面上的一物块受到外力F的作用，F平行于斜面向上．若要使物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F2＞0）．由此可求出（）A．物块的质量B．斜面的倾角C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块与斜面间的最大静摩擦力3．设太阳质量为M，某行星绕太阳公转周期为T，轨道可视作半径为r的圆．已知万有引力常量为G，则描述该行星运动的上述物理量满足（）A．GM=B．GM=C．GM=D．GM=4．如图所示，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B，跨过固定于斜面体顶端的小滑轮O，倾角为30°的斜面体置于水平地面上．A的质量为m，B的质量为4m．开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动．将A由静止释放，在其下摆过程中，斜面体始终保持静止，下列判断中正确的是：（）A．物块B受到的摩擦力一直减小B．地面对斜面体的摩擦力方向一直向右C．小球A向下运动过程中，B沿斜面向上滑动D．小球A的机械能不守恒，A、B系统的机械能守恒5．如图所示，在A、B两点分别固定着所带电荷量相等的正、负点电荷，O点是两个点电荷连线的中点，OC与AB垂直，以O为圆心、OC为半径的圆与AB交于D、E，下列说法正确的是（）A．圆上任意直径的两端点的电场强度大小相等、方向相反B．圆上任意直径的两端点的电势相等C．负电荷在D点的电势能大于它在C点的电势能D．正点电荷沿圆周从D点运动到C点与从C点运动到E点，电场力做的功相等二、多选题6．如图甲所示，正方形线圈abcd内有垂直于线圈的匀强磁场，已知线圈匝数n=10，边长ab=1m，线圈总电阻r=1Ω，线圈内磁感应强度随时间的变化情况如图乙所示．设图示的磁场方向与感应电流方向为正方向，则下列有关线圈的电动势e，感应电流i，焦耳热Q以及ab边的安培力F（取向下为正方向）随时间t的变化图象正确的是（）A．B．C． D．7．如图，一理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2．原线圈通过一理想电流表A接正弦交流电源，一个二极管和阻值为R的负载电阻串联后接到副线圈的两端．假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大．用交流电压表测得a、b端和c、d端的电压分别为U ab和U cd，则（）A．U ab：U cd=n1：n2B．增大负载电阻的阻值R，电流表的读数变小C．负载电阻的阻值越小，cd间的电压U cd越大D．将二极管短路，电流表的读数加倍8．如图所示，一质量为m的物体在沿斜面向上的恒力F作用下，由静止从底端向上做匀加速直线运动．若斜面足够长，表面光滑，倾角为θ．经时间t恒力F做功80J，此后撤去恒力F，物体又经时间t回到出发点，且回到出发点时的速度大小为v，若以地面为重力势能的零势能面，则下列说法中正确的是（）A．物体回到出发点时的机械能是80 JB．在撤去力F前的瞬间，力F的功率是mgvsinθC．撤去力F前的运动过程中，物体的重力势能一直在增加，撤去力F后的运动过程中物体的重力势能一直在减少D．撤去力F前的运动过程中，物体的动能一直在增加，撤去力F后的运动过程中物体的动能一直在减少9．在恒温的水池中，有一气泡缓慢上升，在此过程中，气泡的体积逐渐增大，不考虑气泡内气体分子势能的变化，下列说法正确的是（）A．气泡对外界做功B．气泡的内能减少C．气泡'与外界没有热量交换D．气泡内气体分子的平均动能保持不变10．2015年12月，中国“可见光通信系统关键技术研究”获得重大突破﹣可见光通信的实时通信速率已经提高至50Gbps，相当于0.2s即可下载一部高清电影．关于可见光，下列说法正确的是（）A．可见光中的红光比紫光的频率低B．可见光不能在真空中传播C．可见光波长越长，越容易发生衍射D．可见光能发生光的干涉和衍射现象，说明光是横波11．下列关于近代物理知识的说法正确的是（）A．汤姆生发现了电子，表明原子具有核式结构B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应C．光照到某金属上不能发生光电效应，是因为该光波长太长D．按照玻尔理论，氢原子辐射光子时，核外电子的动能增加E．β衰变的实质是原子核内的中子转化成了质子和电子三、实验题12．如图为验证机械能守恒定律的实验装置示意图．现有的器材：带铁夹的铁架台、电火花打点计时器、纸带、带夹子的重锤、天平．回答下列问题：（1）为完成此实验，除了所给的器材，还需要的器材有．（填入正确选项前的字母）A．毫米刻度尺B．秒表C.0～12V的可调节直流电源D.0～220V的可调节交流电源（2）用打点计时器打出一条纸带，前后要连续进行一系列的操作，你认为需要并合理的步骤是．（选出下列几点中需要的字母后按合理顺序排列）A．释放纸带B．接通电源C．取下纸带D．切断电源（3）释放纸带前的瞬间，重锤和手的位置合理的是．（填“甲”、“乙”或“丙”）（4）下列所说的实验中涉及的处理方法或实验结果，其中正确的是．A．该实验中即使不用天平测重锤的质量，同样也可以验证机械能守恒定律B．该实验选取的纸带，测量发现所打的第一和第二点间的距离约1.7mm，表明打点计时器打第一点时重锤的速度不为零C．本实验中需要直接测量得到的物理量是重锤下落的高度，通过计算得到的是当地的重力加速度值和速度值D．为了计算方便，本实验中先选一条打点计时器打第一点时重锤的速度为零的清晰纸带，然后通过对纸带的测量、分析，求出当地的重力加速度的值，再代入表达式：mgh=mv2进行验证E．本实验中，实验操作非常规范，数据处理足够精确，实验结果一定是mgh略大于mv2，不可能出现mv2略大于mgh．13．“探究导体电阻与其影响因素的定量关系”的实验电路如图甲所示，a、b、c、d是四种不同的金属丝．）电路图中四种金属丝应分别选上表中的（用编号表示）．（2）用螺旋测微器测量某一金属丝直径时的刻度如图乙，则该金属丝的直径为mm．（3）为测量某一种电阻丝单位长度上的电阻R0，某同学利用一段带有滑动片P且粗细均匀的电阻丝AB和下列器材做实验．A．电流表：量程500mA，内阻4Ω；B．电阻箱R'：最大阻值99.9Ω，最小变量为0.1Ω；C．定值电阻R：阻值为1.2Ω；D．电源：电动势为6V，内阻r=0.4Ω；E．开关S、导线若干．实验时采用如图丙所示电路（虚线框中电路未画出），滑动片P与电阻丝接触良好，且AP长记为L，其他导线电阻不计．改变电阻丝连入电路的长度L，分别测出通过电阻丝的电流值如I/A/A﹣1①在图丁中作出电阻丝的﹣L图象；②由﹣L图象得出该电阻丝单位长度上的电阻R0=Ω．③请将实验电路图中虚线框中电路补充完整．要求：无论P滑至何处，电流表均安全，并且尽可能准确地测出上表中的电流值．此时电阻箱R'连入电路的阻值为Ω．四、计算题14．如图所示，传送带与两轮切点A、B间的距离为l=20m，半径为R=0.4m的光滑的半圆轨道与传送带相切于B点，C点为半圆轨道的最高点．BD为半圆轨道直径．物块质量为m=1kg．已知传送带与物块间的动摩擦因数=0.8，传送带与水平面夹角=37°．传送带的速度足够大，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10ms2，物块可视为质点．求：（1）物块无初速的放在传送带上A点，从A点运动到B点的时间；（2）物块无初速的放在传送带上A点，刚过B点时，物块对B点的压力大小；（3）物块恰通过半圆轨道的最高点C，物块放在A点的初速度为多大．15．如图，xoy平面内存在着沿y轴正方向的匀强电场，一个质量为m、带电荷量为+q的粒子从坐标原点O以速度v0沿x轴正方向开始运动．当它经过图中虚线上的M（2a，a）点时，撤去电场，粒子继续运动一段时间后进入一个矩形匀强磁场区域（图中未画出），又从虚线上的某一位置N处沿y轴负方向运动并再次经过M点．已知磁场方向垂直xoy平面（纸面）向里，磁感应强度大小为B，不计粒子的重力．试求：（1）电场强度的大小；（2）N点的坐标；（3）矩形磁场的最小面积．[物理--选修3-3]16．下列说法正确的是（）A．水和酒精混合后总体积减小，说明分子间有空隙B．物体的温度升高时，其分子动能增大C．气体绝不可能从单一热吸收热量全部转化为有用功D．根据热力学第二定律可知，热量能够从高温物体传到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体E．一定质量的100℃的水吸收热量后变成100℃的水蒸气，则吸收的热量大于增加的内能17．今有一空调在正常工作时，其压缩机一次可对气体做功2.0×105 J，同时气体放出热量为5.0×105 J．在此过程中，该气体的内能（填“增加”或“减少”）了J．18．如图所示，一定质量的理想气体由初始状态A变化至状态C，初始时p A=1.0×105Pa．①试求状态C的压强．②试分析AB过程、BC过程气体与外界热交换的情况．[物理--选修3-4]19．下列说法正确的有（）A．某种光学介质对另一种光学介质的相对折射率可能小于1B．英国物理学家托马斯•杨发现了光的干涉现象C．激光和自然光都是偏振光D．麦克斯韦用实验证明光是一种电磁波E．爱因斯坦认为真空中光速在不同惯性系中相同20．如图所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，波的传播速度v=2m/s，试求：①x=4m处质点的振动函数表达式②x=5m处质点在0～4.5s内通过的路程S．21．如图所示为氢原子能级图，试回答下列问题：（1）一群处于能级n=4的氢原子跃迁后最多可能辐射出几种频率的光子？（2）通过计算判断：氢原子从能级n=4跃迁到能级n=2时辐射出的光子的最大频率有多大？（3）设氢原子处于基态时电子的轨道半径为r1，动能为E kn；处于第n能级时电子的轨道半径为r n，动能为E kn已知．试用库仑定律和牛顿运动定律证明：．2016年福建省三明市高考物理六模练习试卷参考答案与试题解析一、单选题1．用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能，当调节滑动变阻器R让电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.5A和2.0V；重新调R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和24V．则这台电动机正常运转时（不计温度对电阻的影响）（）A．输出功率为32 W B．输出功率为48 WC．发热功率为1W D．发热功率为47 W【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．【分析】从电路图中可以看出，电动机和滑动变阻器串联，电压表测量电动机两端的电压，电流表测量电路电流，根据公式R=可求电动机停转时的电阻；利用公式P=UI可求电动机的总功率，根据公式P=I2R可求电动机克服本身阻力的功率，总功率与电动机克服自身电阻功率之差就是电动机的输出功率．【解答】解：电动机的电阻R==4Ω；电动机的总功率P=U1I1=24V×2A=48W；克服自身电阻的功率P R=I12R=（2A）2×4Ω=16W；=P﹣P R=48W﹣16W=32W．电动机正常运转时的输出功率是P输出故选：A．2．如图，在固定斜面上的一物块受到外力F的作用，F平行于斜面向上．若要使物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F2＞0）．由此可求出（）A．物块的质量B．斜面的倾角C．物块与斜面间的动摩擦因数D．物块与斜面间的最大静摩擦力【考点】牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，四力平衡；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小；根据平衡条件列式求解即可【解答】解：对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为f，物体保持静止，受力平衡，合力为零；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大，有：F1﹣mgsinθ﹣f=0…①；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小，有：F2+f﹣mgsinθ=0…②；联立解得：f=，故D正确；mgsinθ=，由于质量和坡角均未知，故A错误，B错误；物块对斜面的正压力为：N=mgcosθ，未知，所以不能求动摩擦因数，故C错误；故选：D3．设太阳质量为M，某行星绕太阳公转周期为T，轨道可视作半径为r的圆．已知万有引力常量为G，则描述该行星运动的上述物理量满足（）A．GM=B．GM=C．GM=D．GM=【考点】万有引力定律及其应用．【分析】行星绕太阳公转时，万有引力提供行星圆周运动的向心力，列式分析即可．【解答】解：太阳对行星的万有引力提供行星圆周运动的向心力即由此可得：故选A．4．如图所示，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B，跨过固定于斜面体顶端的小滑轮O，倾角为30°的斜面体置于水平地面上．A的质量为m，B的质量为4m．开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动．将A由静止释放，在其下摆过程中，斜面体始终保持静止，下列判断中正确的是：（）A．物块B受到的摩擦力一直减小B．地面对斜面体的摩擦力方向一直向右C．小球A向下运动过程中，B沿斜面向上滑动D．小球A的机械能不守恒，A、B系统的机械能守恒【考点】摩擦力的判断与计算；机械能守恒定律．【分析】小物体B一直保持静止，小球A摆下过程，只有重力做功，机械能守恒，细线的拉力从零增加到最大，再对物体B受力分析，根据平衡条件判断静摩擦力的变化情况．对B与斜面整体受力分析，判断地面对斜面体摩擦力的方向．【解答】解：A、小球A摆下过程，只有重力做功，机械能守恒，有mgL=mv2，在最低点，有F﹣mg=m，解得F=3mg．再对物体B受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，重力的下滑分量为F x=（4m）gsin30°=2mg，故静摩擦力先减小，当拉力大于2mg后反向变大．故A错误．B、对物体B和斜面体整体受力分析，由于A球向左下方拉物体B和斜面体整体，故一定受到地面对其向右的静摩擦力．故B正确．C、小球下摆过程中，拉力F由零逐渐变大到大于重力G当F＜mgsin30°时，物块B受到的静摩擦力沿斜面向上且不断变小；当F=mgsin30°时，物块B受到的静摩擦力为零；当F＞mgsin30°时，物块B受到的静摩擦力沿斜面向下且不断变大；小球A向下运动过程中，B不滑动，故C错误；D、小球A摆下过程，只有重力做功，机械能守恒．也可以是A、B系统的机械能守恒，故D 错误．故选B．5．如图所示，在A、B两点分别固定着所带电荷量相等的正、负点电荷，O点是两个点电荷连线的中点，OC与AB垂直，以O为圆心、OC为半径的圆与AB交于D、E，下列说法正确的是（）A．圆上任意直径的两端点的电场强度大小相等、方向相反B．圆上任意直径的两端点的电势相等C．负电荷在D点的电势能大于它在C点的电势能D．正点电荷沿圆周从D点运动到C点与从C点运动到E点，电场力做的功相等【考点】电场的叠加．【分析】等量异种点电荷形成的电场中，电场线方向由A指向B，根据顺着电场线电势逐渐降低．电场线越密，电场强度越大．根据对称性，分析电势关系、场强关系．根据电势的变化，分析电场力做功情况．【解答】解：A、A、B两点固定放置两个等量异种点电荷，根据对称性可知，圆上任意直径的两端点的电场强度大小相等、方向相同，故A错误．B、沿着电场线方向电势逐渐降低，则知圆上任意直径的两端点的电势不一定相等，只有位于CO线上的直径两个端点的电势相等，其他位置不等．故B错误．C、D点的电势高于C点的电势，而负电荷在电势高处电势能小，所以负电荷在D点的电势能小于它在C点的电势能，故C错误．D、由于DC间的电势差等于CE间的电势差，由W=qU可知，正点电荷沿圆周从D点运动到C点与从C点运动到E点，电场力做的功相等．故D正确．故选：D二、多选题6．如图甲所示，正方形线圈abcd内有垂直于线圈的匀强磁场，已知线圈匝数n=10，边长ab=1m，线圈总电阻r=1Ω，线圈内磁感应强度随时间的变化情况如图乙所示．设图示的磁场方向与感应电流方向为正方向，则下列有关线圈的电动势e，感应电流i，焦耳热Q以及ab边的安培力F（取向下为正方向）随时间t的变化图象正确的是（）A．B．C． D．【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【分析】由右图可知B的变化，则可得出磁通量的变化情况，由楞次定律可知电流的方向；由法拉第电磁感应定律可知电动势，即可知电路中电流的变化情况；由F=BIL可知安培力的变化情况，由左手定则判断安培力的方向；焦耳定律判断Q随时间变化情况【解答】解：A、根据法拉第电磁感应定律，0～1s内，=，感应电动势为逆时针方向1～5s内，=，感应电动势为顺时针方向，故A 错误；B、0～1s内，感应电流大小，方向逆时针方向1～5s内，感应电流大小，方向顺时针方向，故B错误；C、0～1s内，线圈中电流逆时针方向，根据左手定则知，ab边所受的安培力向下，为正方向；1～3s内，线圈中电流顺时针方向，磁场方向垂直纸面向里，由左手定则知知安培力向上，为负方向；3～5s，电流方向为顺时针方向，磁场方向垂直纸面向外，根据左手定则知ab边所受安培力向下，为正方向；根据F=BIL知，在0～1s内，安培力大小均匀增大，1～3s内，安培力大小均匀减小，3～5s，安培力大小均匀增大，故C正确；D 、在0～1s 内，根据，焦耳热随时间均匀增加，直线的斜率等于=4；1～5s内，根据，电流恒定，随时间均匀增大，斜率，故D 正确； 故选：CD7．如图，一理想变压器原、副线圈的匝数分别为n 1、n 2．原线圈通过一理想电流表A 接正弦交流电源，一个二极管和阻值为R 的负载电阻串联后接到副线圈的两端．假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大．用交流电压表测得a 、b 端和c 、d 端的电压分别为U ab 和U cd ，则（ ）A ．U ab ：U cd =n 1：n 2B ．增大负载电阻的阻值R ，电流表的读数变小C ．负载电阻的阻值越小，cd 间的电压U cd 越大D ．将二极管短路，电流表的读数加倍【考点】变压器的构造和原理．【分析】假设没有二极管，则可根据理想变压器的原副线圈的功率相等，且电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，即可求解电压关系，电流变化情况，再由二极管的单向导电性，根据副线圈的电压与时间变化规律，从而可求得结果．【解答】解：A 、若没有二极管，根据理想变压器的电压与匝数成正比，即有：U ab ：U cd =n 1：n 2；而因二极管的单向导电性，U ab ：U cd =n 1：n 2；，故A 错误；B 、副线圈两段的电压依赖于输入电压和匝数，所以副线圈两端的电压不变，电阻增大，则电流减小，副线圈的功率减小，最后使得 输入功率减小，而输入电压不变，最后使得电流减小，所以电流表的示数减小，故B 正确；C 、cd 间的电压由原线圈的输入电压以及原、副线圈的匝数比有关，与负载电阻无关，所以cd 间的电压U cd 不会随着负载电阻变化，故C 错误；D 、根据原副线圈的功率相等，当二极管短路后，输出功率加倍，则输入功率加倍P 入=IU 1，因为U 1不变，所以I 1加倍，电流表的示数加倍，故D 正确故选B 、D8．如图所示，一质量为m 的物体在沿斜面向上的恒力F 作用下，由静止从底端向上做匀加速直线运动．若斜面足够长，表面光滑，倾角为θ．经时间t 恒力F 做功80J ，此后撤去恒力F ，物体又经时间t 回到出发点，且回到出发点时的速度大小为v ，若以地面为重力势能的零势能面，则下列说法中正确的是（ ）A ．物体回到出发点时的机械能是80 JB．在撤去力F前的瞬间，力F的功率是mgvsinθC．撤去力F前的运动过程中，物体的重力势能一直在增加，撤去力F后的运动过程中物体的重力势能一直在减少D．撤去力F前的运动过程中，物体的动能一直在增加，撤去力F后的运动过程中物体的动能一直在减少【考点】机械能守恒定律；功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据物体的运动的特点，在拉力F的作用下运动时间t后，撤去拉力F之后又运动时间t返回出发点，根据物体的这个运动过程，列出方程可以求得拉力和撤去拉力时物体的速度的大小，从而可以求得拉力F的功率的大小．【解答】解：A、根据能量守恒，除了重力之外的力对物体做正功时，物体的机械能就要增加，增加的机械能等于外力作功的大小，由于拉力对物体做的功为80J，所以物体的机械能要增加80J，撤去拉力之后，物体的机械能守恒，所以当回到出发点时，所有的能量都转化为动能，所以动能为80J，重力势能为0，所以物体回到出发点时的机械能是80J，故A正确．B、设撤去力F前和撤去力F后的运动过程中物体的加速度大小分别为：a1和a2．这两个过程的位移大小相等，方向相反，取沿斜面向上为正方向，则有：a1t2=﹣（a1t•t﹣a2t2），则得，a1：a2=1：3．因为物体先做匀加速直线运动，初速度为0，由牛顿第二定律可得，F﹣mgsinθ=ma1，撤去恒力F后是匀变速运动，且加速度为a2=gsinθ，又a1：a2=1：3联立上两式得，F=mgsinθ设刚撤去拉力F时物体的速度大小为v′，则v′=a1t=gsinθt对于从撤去到返回的整个过程，有：﹣v=v′﹣gsinθ•t，解得：v′=v所以可得在撤去力F前的瞬间，力F的功率：P=Fv′=mgvsinθ，故B正确．C、撤去F后，物体先向上减速，速度为零之后向下加速运动，撤去力F后的运动过程中物体的重力势能先增大后减小．故C错误．D、撤去力F前的运动过程中，物体加速运动，物体的动能一直在增加，撤去力F后先向上减速后向下加速，所以撤去力F后的运动过程中物体的动能先减小后增大．故错误．故选：AB．9．在恒温的水池中，有一气泡缓慢上升，在此过程中，气泡的体积逐渐增大，不考虑气泡内气体分子势能的变化，下列说法正确的是（）A．气泡对外界做功B．气泡的内能减少C．气泡'与外界没有热量交换D．气泡内气体分子的平均动能保持不变【考点】热力学第一定律．【分析】根据气体体积变化判断做功情况；理解温度是分子平均动能的标志，一定质量理想气体的内能只与温度有关；正确应用热力学第一定律判断气体的吸放热情况．【解答】解：气泡体积增大，对外做功，由于温度不变，因此分子的平均动能不变，气体的内能不变，根据△U=W+Q可知，气体吸收热量，故BC错误，AD正确．故选：AD．10．2015年12月，中国“可见光通信系统关键技术研究”获得重大突破﹣可见光通信的实时通信速率已经提高至50Gbps，相当于0.2s即可下载一部高清电影．关于可见光，下列说法正确的是（）A．可见光中的红光比紫光的频率低B．可见光不能在真空中传播C．可见光波长越长，越容易发生衍射D．可见光能发生光的干涉和衍射现象，说明光是横波【考点】波的干涉和衍射现象．【分析】可见光中的红光比紫光的频率低；干涉、衍射说明光具有波动性，偏振现象说明光是一种横波，从而即可求解．【解答】解：A．根据可见光中光的频率的排列顺序可知，可见光中的红光比紫光的频率低．故A正确；B．可见光属于电磁波，能在真空中传播．故B错误；C．可见光波长越长，越容易发生明显衍射．故C正确；D．可见光能发生光的干涉和衍射现象，说明光具有波动性；偏振现象说明光是一种横波．故D错误．故选：AC11．下列关于近代物理知识的说法正确的是（）A．汤姆生发现了电子，表明原子具有核式结构B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应C．光照到某金属上不能发生光电效应，是因为该光波长太长D．按照玻尔理论，氢原子辐射光子时，核外电子的动能增加E．β衰变的实质是原子核内的中子转化成了质子和电子【考点】氢原子的能级公式和跃迁；原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】汤姆生发现了电子，知道原子还能再分；太阳辐射的能量来自轻核聚变；根据光电效应的条件判断不能发生光电效应的原因；根据辐射光子能量，得出电子轨道半径的变化，结合库仑引力提供向心力比较电子动能的变化．β衰变的电子来自原子核，不是核外电子．【解答】解：A、汤姆生发现了电子，表明原子是可以分割的，故A错误；B、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的轻核聚变，故B错误C、光照到某金属上不能发生光电效应，知入射光的频率较小，即波长太长．故C正确．D、按照玻尔理论，氢原子辐射光子时，知从高能级跃迁到低能级，轨道半径减小，根据知，核外电子的动能增加．故D正确．E、β衰变的实质是原子核内的中子转化成了质子和电子．故E正确．故选：CDE．。

2016年福州市普通高中毕业班综合质量检测理科综合试卷参考答案及评分标准1．D 2．B 3．C 4．D 5．C 6．A 7．B 8．D 9．C 10．A 11．D 12．C13．B 14．D 15．C 16．B 17．D 18．C 19．AB 20．AD 21．ACD22．（1）II (2分) （2）3.2（2分） 0.39(2分)23.（1）410 (2分) （2）4210⨯ (2分) （3）D (2分) （4）100：1 (3分)24.（12分）解：（1）对B 物体，由牛顿第二定律得：μmg=ma B a B =μg=2 m/s 2 ……①（2分）由图得：t 3=3s 时，v 3=2m/s由运动学公式:v 3= - v 0 + a B t 3 ……②∴v 0= - v 3 + a B t 3 =4m/s ……③（2分）对A 物体，由图可得：其加速度大小20.67m/s m/s ≈-=-=324330t v v a A ④（2分） （2）对小滑块B ，由运动公式：滑块B 的位移：m 3)(213303-=+-=t v v s ⑤（2分） 设：经过t 0时间，小滑块B 的速度为零 由运动公式得：s 2)(000=--=B a v t ……⑥（1分） ∴1001(0) 4 m 2s v t =-+=- ……⑦（1分） 2301(0)(3) 1 m 2s v t =+-= ……⑧（1分）∴路程s 路=s 2-s 1=5m ……⑨（1分）25.（20分）解：（1）线框进入磁场区域，由法拉第电磁感应定律得：E =0.5Blv 0 ……① （2分） 由闭合电路欧姆定律得：RBlv R E I 20== ……②（1分）感应电流方向为逆时针方向 ……③（1分）（2）设此时AB 边所受安培力为F A 1，AD 边所受安培力为F A 2，∵线框匀速运动∴由平衡条件得：F =F A 1+ f ……④（2分）由安培力公式得：Rv l B l BI F A 4)5.0(0221== ……⑤（1分） Rv l B l BI F A 8)25.0(0222== ……⑥（1分） 地面对线框的支持力：Rv l B mg F mg N A 80222-=-= ……⑦（1分） 由摩擦力公式：)8(022R v l B mg N f -==μμ ……⑧（1分）由上述方程可得：Rv l B mg R v l B mg R v l B F 8)2(84022022022μμμμ-+=-+= ⑨（2分）（3）AB 边刚进入磁场时，拉力Rv l B mg F mg F A 402211+=+=μμAB 边进入磁场x 距离时，拉力x Rlv B F F BIx mg F A x 2)(0211μμ-=+-= ⑩）（2分） AB 边出磁场，CD 边未进磁场时，拉力F mg μ=CD 边进入磁场y 距离时，拉力)5.0(2)]5.0([0211y l Rlv B F F y l BI mg F A y -+=+-+=μμ 若取AB 边进入磁场位置为x 轴原点，则y =x -l∴)5.1(2021x l Rlv B F F y -+=μ ⑪（2分） F-x 图象如图所示 图中R v l B F F 402212μ-= ， Rv l B F F 402213μ+= 由图象可得：)5.0()(21)5.0()5.0()(213121l F F l mg l F F W F ⨯+++⨯+=μ ○12（2分） ∴Rv l B mgl W F 45.1032+=μ ……○13（2分）注：本小题用其它方法解正确的参照评分标准给分。

第8讲实验:验证机械能守恒定律1.在“验证机械能守恒定律”实验中,小王用如图甲所示的装置,让重物从静止开始下落,打出一条清晰的纸带,其中的一部分如图乙所示。

O点是打下的第一个点,A、B、C和D为另外4个连续打下的点。

甲乙(1)为了减小实验误差,对体积和形状相同的重物,实验时选择密度大的重物的理由是。

(2)已知交变电流频率为50 Hz,重物质量为200 g,当地重力加速度为9.80 m/s2,则从O点到C点,重物的重力势能变化量的绝对值|ΔE p|=J,C点的动能E kC= J。

(计算结果均保留3位有效数字)比较E kC与|ΔE p|的大小,出现这一结果的原因可能是。

A.工作电压偏高B.存在空气阻力和摩擦力C.接通电源前释放了纸带2.(湖南长沙二模)某兴趣小组用频闪摄影的方法验证机械能守恒定律,实验中将一钢球从与课桌桌面等高处的O点自由释放,在频闪仪拍摄的照片上记录了钢球在下落过程中各个时刻的位置,拍到整个下落过程的频闪照片如图所示。

(1)若已知频闪仪的闪光频率为f,重力加速度为g,再结合图中所给下落高度的符号,为验证从O点到A点过程中钢球的机械能守恒成立,需验证的关系式为2gs7= 。

(2)结合实际的实验场景,请估算闪光频率f应为(g取10m/s2)。

A.1 HzB.5 HzC.20 HzD.100 Hz3.某物理兴趣小组在实验室中找到的实验器材有:光电计时器(配两个光电门),铁架台,小钢球,游标卡尺,电磁铁,铅垂线,电源及导线若干。

利用这些器材设计如图甲所示的装置来验证机械能守恒定律。

(1)利用铅垂线调整铁架台、光电门等,使电磁铁、光电门1、光电门2的中心在同一竖直线上。

用游标卡尺测量小球的直径,如图乙所示,则小球的直径d=cm。

(2)切断电磁铁的电源,小球由静止自由下落,计时器记录小球通过两个光电门的挡光时间分别为Δt1和Δt2,同时记录小球从光电门1到光电门2的时间为t。

则小球通过光电门1时的速度为(用题中给出的物理量符号表示)。

2016年高考冲刺卷（6）（新课标Ⅰ卷）理科综合物理试题第Ⅰ卷二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．关于物理思想方法和物理学史，下列说法正确的是( )A ．卡文迪许利用扭秤装置比较准确地测出了万有引力常量，从而提出了万有引力定律B ．法拉第首先发现了电流可以使周围的小磁针偏转C ．E=F/q 是用等效法定义的物理量D ．匀变速直线运动的位移公式x=v 0t+12at 2 是利用微元法推导的公式 15.如图所示，两个四分之三竖直圆弧轨道固定在同一水平地面上，半径R 相同，左侧轨道由金属凹槽制成，右侧轨道由金属圆管制成，均可视为光滑。

在两轨道右侧的正上方分别将金属小球A 和B 由静止释放，小球距离地面的高度分别为A B h h 、，下列说法正确的是A 、若使小球沿轨道运动并且到达轨道最高点，两球释放的最小高度AB h hB 、在轨道最低点，A 球受到的支持力最小值为6mgC 、在轨道最低点，B 球受到的支持力最小值为6mgD 、适当调整A B h h 、，可使两球从轨道最高点飞出后，均恰好落在各自轨道右端口处16．如图所示，桌面上固定一个光滑竖直挡板，现将一个长方形物块A 与截面为三角形的垫块B 叠放在一起，用水平外力F 缓缓向左推动B ，使A 缓慢升高，设各接触面均光滑，则该过程中( )A ．A 和B 均受三个力作用而平衡 B ．B 对桌面的压力越来越大C ．A 对B 的压力越来越小D ．推力F 的大小恒定不变17．如图所示，真空中有两个等量异种点电荷A 、B ，M 、N 、O 是AB 连线的垂线上的点,且AO ＞OB ，一带正电的试探电荷仅受电场力作用，运动轨迹如图中实线所示，设M 、N 两点的电势分别为M ϕ、N ϕ，此电荷在M 、N 两点的加速度分别为a M 、a N ，此电荷在M 、N 两点的电势能分别为E PM 、E PN ，下列判断中正确的是（ ）A ．M N ϕϕ>B ．M N a a >C ．PM PN E E >D ．B 点电荷一定带正电18．宽度均为d 且足够长的两相邻条形区域内，各存在磁感应强度大小均为B, 方向相反的匀强磁场；电阻为R ，边长为3d 的等边三角形金属框的AB 边与磁场边界平行，金属框从图示位置以垂直于AB 边向右的方向做匀速直线运动，取逆时针方向电流为正，从金属框C 端刚进入磁场开始计时，框中产生的感应电流随时间变化的图象是19.探月工程三期飞行试验器于2014年10月24日2时在中国西昌卫星发射中心发射升空，最终进入距月球表面高为h 的圆形工作轨道．设月球半径为R ，月球表面的重力加速度为g ，万有引力常量为G ，则下列说法正确的是( )A ．飞行试验器在工作轨道上的加速度为g h R R 2⎪⎭⎫ ⎝⎛+ B ．飞行试验器绕月球运行的周期为gR π2 C ．飞行试验器在工作轨道上的绕行速度为g ()R ＋hD ．月球的平均密度为3g 4πGR20.一质量为m 的小球以初动能0k E 从地面竖直向上抛出，已知上升过程中受到阻力f 作用，图中两条图线分别表示小球在上升过程中动能、重力势能中的某一个与其上升高度之间的关系，（以地面为零势能面，0h 表示上升的最大高度，图上坐标数据中的k 为常数且满足01k <<）。

第3讲机械能守恒定律及其应用1 重力做功与重力势能(1)重力做功的特点:重力做功与路径无关,只与初、末位置的高度差有关。

(2)重力做功与重力势能变化的关系①定性关系:重力对物体做正功,重力势能就减少;重力对物体做负功,重力势能就增加。

②定量关系:物体从位置A到位置B的过程中,重力对物体做的功等于物体重力势能的减少量,即W G=-ΔE p。

③重力势能的变化量是绝对的,与参考面的选取无关。

湖南长沙雅礼中学月考)(多选)质量为m的物体,从静止开始以2g的加速度竖直向下运动h高度,下列说法正确的是()。

A.物体的重力势能减少2mghB.物体的机械能保持不变C.物体的动能增加2mghD.物体的机械能增加mgh【答案】CD2 弹性势能(1)定义:发生弹性形变的物体的各部分之间,由于有弹力的相互作用而具有的势能。

(2)大小:弹簧的弹性势能的大小与形变量及劲度系数有关,弹簧的形变量越大,劲度系数越大,弹簧的弹性势能越大。

(3)弹力做功与弹性势能变化的关系:类似于重力做功与重力势能变化的关系,用公式可表示为W=-ΔE p。

【温馨提示】弹性势能是由物体的相对位置决定的。

同一根弹簧的伸长量和压缩量相同时,弹簧的弹性势能相同。

(2018江苏南京10月模拟)如图所示,在光滑水平面上有一物体,它的左端固定连接一弹簧,弹簧的另一端固定在墙上,在力F作用下物体处于静止状态,当撤去F后,物体将向右运动,在物体向右运动的过程中,下列说法正确的是()。

A.弹簧的弹性势能逐渐减少B.弹簧的弹性势能逐渐增加C.弹簧的弹性势能先增加再减少D.弹簧的弹性势能先减少再增加【答案】D3 机械能守恒定律(1)内容:在只有重力或弹力做功的系统内,动能与势能可以互相转化,而总的机械能保持不变。

(2)机械能守恒定律的三种表达形式及应用①守恒观点:a.表达式,E k1+E p1=E k2+E p2或E1=E2。

b.意义,系统初状态的机械能等于末状态的机械能。

阶段综合测评六静电场(时间：90分钟满分：100分)温馨提示：1.第Ⅰ卷答案写在答题卡上，第Ⅱ卷书写在试卷上；交卷前请核对班级、姓名、考号.2.本场考试时间为90分钟，注意把握好答题时间.3.认真审题，仔细作答，永远不要以粗心为借口原谅自己、第Ⅰ卷(选择题，共60分)一、选择题(本题共12小题，每小题5分，共60分、有的小题给出的四个选项中只有一个选项正确；有的小题给出的四个选项中有多个选项正确，全部选对得5分，选对但不全得3分，有错选或不答得0分)1、(2015届福建省漳州高三八校联考)如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab＝U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知以下说法中正确的是( )A、三个等势面中，c的电势最高B、带电质点通过P点时的电势能比Q点小C、带电质点通过P点时的动能比Q点小D、带电质点通过P点时的加速度比Q点小解析：由带正电的质点做曲线运动的条件可知，该质点受到的电场力指向轨迹弯曲的内侧，沿电场线电势逐渐降低，则等势面a的电势最高，选项A错误；若带正电的质点从Q点到P点，电场力做负功，电势能增加，动能减少，故选项B错误，选项C正确；等势面密集的区域电场强，所以P点场强大于Q点场强，带电质点在P点时受到的电场力较大，故选项D错误、答案：C2、(2015届广东省中山一中等七校高三第一次联考)如图实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图不可确定的是( )A、带电粒子所带电荷的符号B、带电粒子在a、b两点的受力方向C、带电粒子在a、b两点的速度何处较大D、带电粒子在a、b两点的电势能何处较大解析：设粒子由a到b运动，由图可知，粒子偏向左下方，则说明粒子受力向左下，由于不知电场线方向，故无法判断粒子电性，故选项A正确，选项B错误；由图可知，粒子从A到B的过程中，电场力做负功，故说明粒子速度减小，故可知b处速度较小，故选项C错误；电场力做负功，则电势能增加，故b点电势能较大，故选项D错误、答案：A3、(2015届温州市十校联合体高三联考)如图所示，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹、M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点、不计重力，下列表述正确的是( )A、粒子在M点的速率最大B、粒子所受电场力沿电场方向C、粒子在电场中的加速度不变D、粒子在电场中的电势能始终在增加解析：由题意可知，带负电的粒子在电场中受力水平向左，粒子先做减速运动后做加速运动，在M点速率最小，故选项A、B错误；粒子在匀强电场中受到恒定电场力作用，其加速度保持不变，故选项C正确；电场力先做负功，后做正功，其电势能先增加后减小，故选项D错误、答案：C4、(2015届山东师大附中高三模拟)某电场的部分电场线如图所示，A、B是一带电粒子仅在电场力作用下运动轨迹(图中虚线)上的两点，下列说法中正确的是( )A、粒子一定是从B点向A点运动B、粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度C、粒子在A点的动能小于它在B点的动能D、电场中A点的电势高于B点的电势解析：带电粒子仅在电场力作用下运动，带电粒子受电场力向右指向其轨迹的内侧，粒子可能是从B 点向A 点运动，也有可能是从A 点向B 点运动的，故选项A 错误：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，粒子在A 点时受到的电场力大，故选项B 正确：带电粒子受电场力向右指向其轨迹的内侧，假设由A 点运动到B 点过程中，电场力与轨迹上每一点的切线方向也就是速度方向成钝角，所以电场力做负功，电势能增大，动能减小，所以粒子在A 点的动能大于它在B 点的动能，粒子在A 点的电势能小于它在B 点的电势能、反之一样、故选项C 错误：带电粒子受电场力向右指向其轨迹的内侧，所以粒子带正电，由于粒子在A 点的电势能小于它在B 点的电势能，所以电场中A 点的电势低于B 点的电势，故选项D 错误、答案：B5、(2015届福州八中高三质检)如图所示，一边长为l 的正方形，其中a 、b 、c 三个顶点上分别固定了三个电荷量相等的正点电荷Q ，O 点为正方形的中心，d 点为正方形的另一个顶点、以下关于O 点和d 点说法正确的是( )A 、O 点和d 点的场强方向相同B 、d 点比O 点的电势高C 、同一试探电荷＋q 在d 点比在O 点受到的电场力大D 、同一试探电荷＋q 在d 点比在O 点的电势能大解析：由点电荷的电场及场的叠加可知，在O 点b 、c 两处的点电荷产生的电场相互抵消，O 点处的场强方向沿ad 指向d 点，在d 点b 、c 两处的点电荷产生的电场合成方向也是沿ad 指向d 点，所以三个正点电荷在O 点和d 点的场强方向相同，故选项A 正确；ad 是b 、c 两处点电荷连线的中垂线，由两等量正电荷的电场中电势分布可知在b 、c 两点电荷的电场中O 点电势高于d 点电势，而在点电荷a 的电场中O 点电势也高于d 点电势，再由电势叠加可知O 点电势高、故选项B 错误；由点电荷的电场及场的叠加可知，在O 点b 、c 两处的点电荷产生的电场相互抵消，O 点处的场强等于a 处点电荷所产生的场强，即E O ＝kQ()2l 2＝2kQ l2，方向由a 指向O ；而在d 点处E d ＝kQl2×cos45°×2＋kQ 2l 2＝⎝⎛⎭⎪⎫2＋12×KQ l 2＜E O ，方向也沿aO 方向，故选项C 错误；O 点电势比d 点高，正电荷在电势越高处电势能越大，所以同一试探电荷＋q 在d 点比在O 点的电势能小，故选项D 错误、答案：A6、(2015届辽宁省本溪市高三月考)如图所示，以O 点为圆心，以R ＝0.20 m 为半径的圆与坐标轴交点分别为a ，b ，c ，d ，该圆所在平面内有一匀强电场，场强方向与x 轴正方向成θ＝60°角，已知a ，b ，c 三点的电势分别为4 3 V 、4 V 、－4 3 V ，则下列说法正确的是( )A 、该匀强电场的场强E ＝40 3 V/mB 、该匀强电场的场强E ＝80 V/mC 、d 点的电势为－4 VD 、d 点的电势为－2 3 V解析：匀强电场中任意一条线段中点电势等于两端电势的平均值，根据φA ＝4 3 V ，φB ＝4 V ，φC ＝－4 3 V 可得原点O 的电势φO ＝0 V ，D 点电势是φD ＝－4 V ，选项C 正确，选项D 错误；匀强电场中的电场线和等势面垂直，过B 点和D 点的等势面与电场线垂直，如图所示，BD 沿电场线方向的距离d ＝BD cos θ＝0.2 m ，BD 的电势差U ＝4 V －(－4 V)＝8 V ，所以电场强度E＝U d ＝8 V0.2 m＝40 V/m.故选项A 、B 错误、答案：C7、(2015届江西五校高三联考)对于真空中电荷量为q 的静止点电荷而言，当选取离点电荷无穷远处的电势为零时，离点电荷距离为r 处的电势为φ＝kq /r (k 为静电力常量)，如图所示，两电荷量大小均为Q 的异种点电荷相距为d ，现将一质子(电荷量为e )从两电荷连线上的A 点沿以负电荷为圆心、半径为R 的半圆形轨迹ABC 移到C 点，在质子从A 到C 的过程中，系统电势能的变化情况为( )A 、减少2kQeRd 2－R 2B 、增加2kQeRd 2＋R 2C 、减少2kQed 2－R 2D 、增加2kQed 2＋R 2解析：A 点的电势为φA ＝－k Q R＋k Qd －R＝－kQ d －2R R d －R ；C 点的电势为φC ＝－k Q R ＋k Qd ＋R＝－kQd R d －R ，则A 、C 间的电势差为U AC ＝φA －φC ＝－kQ d －2R R d －R －⎣⎢⎡⎦⎥⎤－kQd R d －R ＝2kQR d 2－R 2，质子从A 移到C ，电场力做功为W AC ＝eU AC ＝2kQeR d 2－R 2，是正功，所以质子的电势能减少2kQeRd 2－R 2，故选项A 正确、答案：A8、(2015届湖南师大附中高三月考)甲图是某电场中的一条竖直方向的电场线，A 、B 是这条电场线上的两点，若将一带负电的小球从A 点自由释放，小球沿电场线从A 到B 运动过程中的速度图线如乙图，比较A 、B 两点电势φ的高低和电场强度E 的大小，并比较该小球在A 、B 两点的电势能E p 大小和电场力F 大小，可得( )A 、φA ＞φB B 、E A ＜E BC 、E p A ＞E p BD 、F A ＜F B解析：从速度图象中可以得出粒子的速度在增加，所以电场力向上，图象的斜率表示小球的加速度，故加速度越来越小，所以受到的电场力越来越小，故选项B 、D 错误；因为小球带负电，所以电场强度方向竖直向下，又知道沿电场方向电势减小，故选项A 错误；电场力做正功，所以电势能减小，故选项C 正确、答案：C9、(2015届江淮十校高三月考)如图所示，实线表示匀强电场的电场线、一个带负电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，p 、q 为轨迹上的两点、若p 点电势为φp ，q 点电势为φq ，则( )A、场强方向一定向上，且电势φp >φqB、场强方向一定向上，且电势φp <φqC、场强方向一定向下，且电势φp >φqD、场强方向一定向下，且电势φp <φq解析：由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧，电场强度方向应该是电场线上一点的切线方向，所以电荷所受电场力向下、由于是带负电荷的粒子，所以场强方向一定向上，沿着电场线的方向电势降低的、作出p、q点的等势点(要同在一根电场线)，沿着电场线可判定p点的电势小于q点，选项B正确，选项A、C、D错误、答案：B10、(2015届河南省天一高三大联考)如图所示，在匀强电场区域内，线段AB、AC、AD长度相等且两两垂直，P为BD连线中点、已知电场线平行于BC连线，B点电势为2 V，C点电势为－2 V，则( )A、A点电势为0B、A点电势为－1 VC、电荷量为－1.0×10－6 C的带电粒子从A点运动到P点电场力做功为1.0×10－6 JD、电荷量为－1.0×10－6 C的带电粒子从A点运动到P点电场力做功为2.0×10－6 J解析：由于电场线平行于BC，B点电势为2 V，C点电势为－2 V，故BC连线的中点E电势为零，又连接AE与BC垂直，在电场中，等势面与电场线垂直，故A点电势也为零，故选项A正确，选项B错误；因为AE垂直于PE，故PE在一个等势面上，所以P点电势为1 V，W AP＝U AP e＝2.0×10－6 J，故选项D正确，选项C错误、答案：AD11、如图所示，有三个质量相等分别带正电、负电和不带电的小球，从平行板电场中的P点以相同的水平初速度垂直电场方向进入电场，它们分别落到A、B、C三点，则可判断( )A、落到A点的小球带正电，落到B点的小球不带电B、三小球在电场中运动时间相等C、三小球到达正极板时的动能关系是：E k A＞E k B＞E k CD、三小球在电场中运动的加速度关系是：a C＞a B＞a A解析：带负电的小球受到的合力为mg＋F电，带正电的小球受到的合力为mg－F电′，不带电小球仅受重力mg，小球在板间运动时间t＝xv0，所以t C＜t B＜t A，故a C＞a B＞a A；落在C点的小球带负电，落在A点的小球带正电，落在B点的小球不带电、因为电场对带负电的小球C做正功，对带正电的小球A做负功，所以落在板上动能的大小：E k C＞E k B＞E k A.答案：AD12、(2015届河北省正定中学高三月考)M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是( )A、电子在N点的动能小于在M点的动能B、该电场有可能是匀强电场C、该电子运动的加速度越来越小D、电子运动的轨迹为曲线解析：由题意可知，电子从静止释放后沿电场线运动，电势能逐渐减小，则电场力做正功，电子的动能增加，选项A错误；电势能减少的越来越慢，则电场力越来越小，故选项B错误，选项C正确；由于电子沿电场线运动，则电场线不可能为曲线，选项D错误、答案：C第Ⅱ卷(非选择题，共40分)二、计算题(本题共3小题，共40分，解答时写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤、只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确数值和单位)13、(11分)(2015届福州八中高三质检)如图所示，真空中有两个可视为点电荷的小球，其中A 带正电，电量为Q 1，固定在绝缘的支架上，B 质量为m ，用长为L 的绝缘细线悬挂，两者均处于静止状态，悬线与竖直方向成θ角，且两者处在同一水平线上、相距为r ，静电力常量为k ，重力加速度为g .求：(1)B 带正电荷还是负电荷？ (2)B 球带电量绝对值Q 2为多少？解析：(1)对B 受力分析，根据平衡条件，可知，电场力方向水平向右，因此B 球带负电荷、 (2)由库仑定律，则有：F ＝kQ 1Q 2R 2， 对球B ，受力处理，根据力的平行四边形定则，结合三角函数，则有：mg tan θ＝kQ 1Q 2R 2，解得：Q 2＝mgR 2tan θkQ 1.答案：(1)负电 (2)Q 2＝mg tan θR 2kQ 114、(13分)如图所示，在真空中水平放置一对平行金属板，板间距离为d ，板长为l ，加电压U 后，板间产生一匀强电场，一质子(质量为m ，电荷量为q )以初速度v 0垂直电场方向射入匀强电场、求：(1)质子射出电场时的速度大小； (2)质子射出电场时的偏转距离、 解析：(1)质子通过电场的时间为t ＝l v 0① 金属板间的电场强度为E ＝U d②质子在竖直方向做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可求得加速度为a ＝F m ＝qE m③ 质子离开电场时竖直分速度为v 1，则v 1＝at ④由①②③④式可以解得v 1＝qUlmdv 0质子离开电场时的速度实质是两分运动在此时刻速度的合速度，其大小为v ＝v 20＋v 21＝v 20＋⎝⎛⎭⎪⎫qUl mdv 02 .(2)粒子从偏转电场中射出时偏转距离为y ＝12at 2把①②③代入上式解得y ＝qUl 22mdv 20.答案：(1)v 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫qUl mdv 02 (2)qUl 22mdv 20 15、(16分)如图所示，一带电荷量为＋q 、质量为m 的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于一水平向右的匀强电场中时，小物块恰好静止、重力加速度取g ，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：(1)水平向右电场的电场强度；(2)若将电场强度减小为原来的12，物块的加速度是多大？(3)电场强度变化后物块下滑距离为L 时的动能、解析：(1)小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，如图所示，则有F N sin37°＝qE ① F N cos37°＝mg ②由①②可得E ＝3mg4q.(2)若电场强度减小为原来的12，即E ′＝3mg8q由牛顿第二定律得mg sin37°－qE ′cos37°＝ma 可得a ＝0.3g .(3)电场强度变化后物块下滑距离L 时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得mgL sin37°－qE ′L cos37°＝E k －0可得E k ＝0.3mgL .答案：(1)3mg4q (2)0.3g (3)0.3mgL。

绝密★启封并使用完毕前试题类型：2016年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.2.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置.3.全部答案在答题卡上完成，答在本试题上无效.4.考试结束后，将本试题和答题卡一并交回.第一部分（选择题共120分）本部分共20 小题，每小题6分，共120分。

在每小题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。

1. 将与生物学有关的内容依次填入下图各框中，其中包含关系错误．．的选项是1 2 3 4 5框号选项A 组成细胞的化合物有机物无机物水无机盐B 人体细胞的染色体常染色体性染色体X染色体Y染色体C 物质跨膜运输主动运输被动运输自由扩散协助（易化）扩散D 有丝分裂分裂期分裂间期染色单体分离同源染色体分离2. 葡萄酒酿制期间，酵母细胞内由ADP转化为ATP的过程A. 在无氧条件下不能进行B. 只能在线粒体中进行C. 不需要能量的输入D. 需要酶的催化3. 豹的某个栖息地由于人类活动被分隔为F区和T区。

20世纪90年代初，F区豹种群仅剩25只，且出现诸多疾病。

为避免该豹种群消亡，由T区引入8只成年雌豹。

经过十年，F 区豹种群增至百余只，在此期间F区的A.豹种群遗传（基因）多样性增加B. 豹后代的性别比例明显改变C. 物种丰（富）度出现大幅度下降D. 豹种群的致病基因频率不变4.足球赛场上，球员奔跑、抢断、相互配合，完成射门。

对比赛中球员机体生理功能的表述，不正确的是A.长时间奔跑需要消耗大量糖原（元）用于供能B.大量出汗导致失水过多，抑制抗利尿激素分泌C.在神经与肌肉的协调下起脚射门D.在大脑皮层调控下球员相互配合5.在正常与遮光条件下向不同发育时期的豌豆植株供应14CO2，48h后测定植株营养器官和生殖器官中14C的量。

两类器官各自所含14C量占植株14C总量的比例如图所示。

与本实验相关的错误叙述是A.14CO2进入叶肉细胞的叶绿体基质后被转化为光合产物B.生殖器官发育早期，光合产物大部分被分配到营养器官C.遮光70%条件下，分配到生殖器官和营养器官中的光合产物量始终接近D.实验研究了光强对不同发育期植株中光合产物在两类器官间分配的影响6.我国科技创新成果斐然，下列成果中获得诺贝尔奖的是A.徐光宪建立稀土串级萃取理论B.屠呦呦发现抗疟新药青蒿素C.闵恩泽研发重油裂解催化剂D.侯德榜联合制碱法7.下列中草药煎制步骤中，属于过滤操作的是A.冷水浸泡B.加热煎制C.箅渣取液D.灌装保存8.下列食品添加剂中，其试用目的与反应速率有关的是A．抗氧化剂B．调味剂C．着色剂D．增稠剂9.在一定条件下，甲苯可生成二甲苯混合物和苯。