人教版物理大一轮复习 第14课时 电磁感应

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磁场知识归纳
常见磁感线
洛伦兹力和安培力的关系：F 洛是F 安的微观解释，F 安是F 洛宏观体现。

导线中的电流强度： I =nqSv
导线受安培力为： F 安 =BIL=BnqSvL
导线中的电荷的总个数为：N =nSL
每个电荷受力为：
电磁感应知识归纳
感应电流产生条件： 穿过闭合回路的磁通量发生变化（本质）
※无论电路是否闭合都会产生感应电动势；电路闭合，产生感应电流 1.楞次定律：“阻碍”（见后面图示） 感应电流方向 2.右手定则：楞次定律特例，适用于导体切割磁感线的情况
1. 法拉第电磁感定律:E n t φ
∆=∆
感应电动势大小 2. 导线切割磁感线:E Blv =（B,l,v 三者相互垂直）
1.本质:线圈电流的变化引起自身磁通量的变化而激发出感应电动势
自感 2.自感系数和自感电动势：
3通电自感和断电自感
1.力学问题:安培力,左手定则
2.能量问题:安培力做功过程中的能量转化：电能ƒ其他形式能量 综合问题
3.电路问题:产生感应电动势的那部分导体相当于电源
4.图像问题:I t -，B t -，F t -图像讨论
电磁感应的两种情况
动生电动势 B S
E BLv t ∆==∆g ， （运动生电）
洛伦兹力作用于自由电荷使其定向移动 感生电动势 B S E n n t t φ∆∆==∆∆g （变化生电） 感生电场作用于自由电荷使其定向移动。

法拉第电磁感应定律互感自感一.考点整理基本概念１.感应电动势:在电磁感应现象中产生的电动势叫做感应电动;⑴产生条件：穿过回路的磁通量发生，与电路是否闭合无关.⑵方向判断：感应电动势的方向用或右手定则判断．２．法拉第电磁感应定律:感应电动势的大小跟穿过这一电路的磁通量的变化率成正比；Ｅ= ,其中n为线圈匝数．⑴感应电流与感应电动势的关系:遵守闭合电路欧姆定律,即Ｉ= .⑵导体切割磁感线时的感应电动势:①导体垂直切割磁感线时，感应电动势可用E =求出,式中l为导体切割磁感线的；②导体棒在磁场中转动时,导体棒以端点为轴,在匀强磁场中垂直于磁感线方向匀速转动产生感应电动势E = =Ｂｌv中点（棒中点位置的线速度lω／2）．３.互感现象:两个相互靠近的线圈，当一个线圈中的电流变化时，它所产生的变化的磁场会在另一个线圈中产生,这种现象叫互感.⑴应用;利用互感现象可以把由一个线圈传递到另一个线圈,如变压器、收音机的磁性天线．⑵危害；互感现象能发生在任何两个相互靠近的电路之间,电力工程和电子电路中,有时会影响电路正常工作.4．自感现象:由于导体本身的变化而产生的电磁感应现象称为自感.自感电动势:在自感现象中产生的感应电动势叫做自感电动势；E＝(其中L叫做自感系数，L与线圈的、、匝数以及有关,单位:亨利H,１mH = H,1μＨ＝H）．自感电动势的方向:自感电动势总是＿_＿＿__原来导体中电流的变化.当回路中的电流增加时,自感电动势和原来电流的方向＿____＿_；当回路中的电流减小时，自感电动势和原来电流的方向＿____＿＿.自感对电路中的电流变化有__＿_____＿_＿_作用，使电流不能____＿_＿＿．⑴自感现象的应用:如日光灯电路中的镇流器，无线电设备中和电容器一起组成的振荡电路等．日光灯电路是由启动器、镇流器和灯管组成的．_＿__＿＿在日光灯启动时起到开关作用,正常工作时断开；镇流器的作用是在灯开始点亮时起＿__＿__＿____的作用，在日光灯正常发光时起__________作用．⑵防止:制作精密电阻时，采用_______＿绕法,防止自感现象的发生，减小因自感而造成的误差．5．涡流：块状金属在磁场中运动,或者处在变化的磁场中,金属块内部会产生感应电流,这种电流在整块金属内部自成闭合回路，叫做_＿____＿＿.二.思考与练习思维启动1.将闭合多匝线圈置于仅随时间变化的磁场中,线圈平面与磁场方向垂直，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述正确的是( )A．感应电动势的大小与线圈的匝数无关Ｂ．穿过线圈的磁通量越大,感应电动势越大Ｃ.穿过线圈的磁通量变化越快,感应电动势越大D.感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同２．在如图所示的电路中,Ａ1和A2是两个相同的灯泡，线圈L的自感系数足够大,电阻可以忽略不计．下列说法中正确的是( )A．合上开关S时,A2先亮，A１后亮，最后一样亮Ｂ.断开开关Ｓ时，Ａ1和A２都要过一会儿才熄灭C．断开开关S时,Ａ2闪亮一下再熄灭D.断开开关Ｓ时,流过A2的电流方向向右３．如图所示,A、Ｂ为大小、形状均相同且内壁光滑，但用不同材料制成的圆管，竖直固定在相同高度．两个相同的磁性小球，同时从Ａ、Ｂ管上端的管口无初速度释放，穿过Ａ管的小球比穿过 B 管的小球先落到地面，下面对于两管的描述中可能正确的是( ）A．A管是用塑料制成的,B 管是用铜制成的Ｂ．A 管是用铝制成的，Ｂ管是用胶木制成的C．Ａ管是用胶木制成的,B 管是用塑料制成的Ｄ．A 管是用胶木制成的，B 管是用铝制成的三.考点分类探讨典型问题〖考点１〗法拉第电磁感应定律的应用【例1】如图所示，均匀磁场中有一由半圆弧及其直径构成的导线框,半圆直径与磁场边缘重合；磁场方向垂直于半圆面（纸面)向里，磁感应强度大小为B0．使该线框从静止开始绕过圆心O、垂直于半圆面的轴以角速度ω匀速转动半周，在线框中产生感应电流.现使线框保持图中所示位置，磁感应强度大小随时间线性变化.为了产生与线框转动半周过程中同样大小的电流，磁感应强度随时间的变化率ΔＢ／Δt的大小应为( ）Ａ．4ωＢ0/π B.2ωB0/πＣ.ωＢ0／π D.ωB0/２π【变式跟踪1】一矩形线框置于匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直.先保持线框的面积不变,将磁感应强度在１s时间内均匀地增大到原来的两倍.接着保持增大后的磁感应强度不变,在１s时间内,再将线框的面积均匀地减小到原来的一半．先后两个过程中，线框中感应电动势的比值为（)A．0.５Ｂ．1 C.２Ｄ.４〖考点2〗导体切割磁感线产生感应电动势的计算【例2】半径为a右端开小口的导体圆环和长为2a的导体直杆，单位长度电阻均为R0．圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为Ｂ．杆在圆环上以速度v平行于直径CD向右做匀速直线运动,杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O开始，杆的位置由θ确定,如图所示.则（)A.θ = 0时，杆产生的电动势为2Ba vB．θ = 错误!时，杆产生的电动势为错误!Ba vC．θ= 0时，杆受的安培力大小为2B2a v／[（π +２)R0］Ｄ．θ =π3时,杆受的安培力大小为3B2a v/［(5π＋3)R0］【变式跟踪２】如图所示,水平放置的U形框架上接一个阻值为Ｒ０的电阻,放在垂直纸面向里的、磁感应强度大小为Ｂ的匀强磁场中，一个半径为L、质量为m的半圆形硬导体AC在水平向右的恒定拉力F作用下，由静止开始运动距离ｄ后速度达到v,半圆形硬导体ＡC的电阻为ｒ,其余电阻不计.下列说法正确的是( ）A.此时AC两端电压为U AＣ= 2BL vB.此时AC两端电压为ＵＡC＝2BＬv R0/（R０＋r)C．此过程中电路产生的电热为Q = Fd–m v2／2D.此过程中通过电阻R0的电荷量为ｑ= 2BLd／(R0＋r)〖考点３〗自感和涡流【例３】如图所示的电路中，L1、L2为完全相同的灯泡,线圈L的电阻忽略不计．下列说法中正确的是 ( ） Ａ.合上开关 S 接通电路时，L 2 先亮 L 1 后亮,最后一样亮 Ｂ.合上开关 S 接通电路时,L 1 和 L ２ 始终一样亮 Ｃ．断开开关 S 切断电路时，Ｌ2 立即熄灭,L １ 过一会儿才熄灭 D.断开开关 S 切断电路时,Ｌ１、L 2 同时立即熄灭 【变式跟踪３】如图所示的电路，Ｄ１和D ２是两个相同的小电珠,Ｌ是一个自感系数相当大的线圈,其电阻与R 相同,由于存在自感现象,在开关Ｓ接通和断开时，灯泡D １和D 2先后亮暗的次序是（ ) A.接通时D 1先达最亮,断开时D 1后暗 B ．接通时D 2先达最亮，断开时D ２后暗 C ．接通时Ｄ１先达最亮,断开时D 1先暗 D.接通时D 2先达最亮，断开时D 2先暗 四.考题再练 高考试题 1．【２012·课标全国卷】如图所示，一载流长直导线和一矩形导线框固定在同一平面内,线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行.已知在t = 0到t = t 1的时间间隔内，直导线中电流i 发生某种变化,而线框中的感应电流总是沿顺时针方向;线框受到的安培力的合力先水平向左、后水平向右.设电流i 正方向与图中箭头所示方向相同,则i 随时间t 变化的图线可能是 （ ) 【预测1】如图所示，一带铁芯线圈置于竖直悬挂的闭合铝框右侧，与线圈相连的导线ａbc ｄ内有水平向里变化的磁场.下列哪种变化磁场可使铝框向左偏离 ( )2．【2013·新课标全国卷Ⅱ】如图，在光滑水平桌面上有一边长为l 、电阻为R 的正方形导线框;在导线框右侧有一宽度为d （ｄ ＞ ｌ)的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下.导线框以某一初速度向右行动.t = 0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合,随后导线框进入并通过磁场区域.下列v – t 图像中,可能正确描述上述过程的是 （ ） 【预测２】某学生设计了一个验证法拉第电磁感应定律的实验,实验装置如图甲所示.在大线圈Ⅰ中放置一个小线圈Ⅱ,大线圈Ⅰ与多功能电源连接.多功能电源输入到大线圈Ⅰ的电流i １的周期为T ，且按图乙所示的规律变化，电流i １将在大线圈Ⅰ的内部产生变化的磁场，该磁场磁感应强度Ｂ与线圈中电流ｉ1的关系为B ＝ ki 1(其中ｋ为常数)．小线圈Ⅱ与电流传感器连接，并可通过计算机处理数据后绘制出小线圈Ⅱ中感应电流i ２随时间ｔ变化的图象.若仅将多功能电源输出电流变化的频率适当增大，则下图所示各图象中可能正确反映i ２–t 变化的是(下图中分别以实线和虚线表示调整前、后的i ２–t 图象） （ ）五．课堂演练 自我提升 1．某同学为了验证断电自感现象,自己找来带铁心的线圈L 、小灯泡A 、开关S 和电池组E ，用导线将它们连接成如图所示的电路.检查电路后，闭合开关Ｓ，小灯泡发光；再断开开关S ,小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象.虽经多次重复，仍未见老师演示时出现的小灯泡闪亮现象，他冥思苦想找不出原因.你认为最有可能造成小灯泡未闪亮的原因是( ） Ａ．电源的内阻较大 B ．小灯泡电阻偏大 C ．线圈电阻偏大 D ．线圈的自感系数较大 2.有一根横截面积为S 、电阻率为ρ的硬质导线做成一个半径为r 的圆环，a ｂ为圆环的一条直径．如图所示，在ａｂ的左侧存在一个均匀变化的匀强磁场,磁场垂直圆环所在平面,方向如图所示．磁感应强度大小随时间的变化率为ΔB ／Δt ＝ k (ｋ < 0）．则下列判断中正确的是 （ ） Ａ．圆环中产生逆时针方向的感应电流 B.圆环具有扩张趋势 C.圆环中感应电流大小为k ｒＳ/2ρ Ｄ.图中a 、ｂ两点的电势差Ｕab ＝ ∣k πｒ2/4∣ 3．如图所示,一由均匀电阻丝折成的正方形闭合线框abcd ，置于磁感应强度方向垂直纸面向外的有界匀强磁场中,线框平面与磁场垂直，线框ｂc 边与磁场左右边界平行.若将该线框以不同的速率从图示位置分别从磁场左、右边界匀速拉出直至全部离开磁场，在此过程中 （ ） A ．流过ａb 边的电流方向相反 Ｂ.ab 边所受安培力的大小相等 C.线框中产生的焦耳热相等 D.通过电阻丝某横截面的电荷量相等 ４.一导线弯成如图所示的闭合线圈，图甲中线圈以速度v 向左匀速进入磁感应强度为B 的匀强磁场，从线圈进入磁场开始到完全进入磁场为止.图乙中线圈以ＯO ′为轴从图示位置（线圈平面与磁场平行)在磁感应强度为B 的匀强磁场中匀速转动.则（ ） A.图甲中，感应电动势先增大后减小 B ．图甲中，感应电动势的最大值Ｅ = Ｂr ｖ C ．图乙中,线圈开始转动时感应电动势最大D ．图乙中,线圈开始转动时由于穿过线圈的磁通量为零,故感应电动势最小 ５．如图所示，一圆形闭合铜环由高处从静止开始下落,穿过一根竖直悬挂的条形磁铁,铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴线始终保持重合．若取磁铁中心O 为坐标原点，建立竖直向下为正方向的ｘ轴,则下图中最能正确反映环中感应电流i 随环心位置坐标x 变化的关系图象是 ( ）A B C D v 0 0 0 0 t t t t v v v v dl6.如图所示,A是一边长为L的正方形导线框.虚线框内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁场宽度为３L．线框的bｃ边与磁场左右边界平行且与磁场左边界的距离为L．现维持线框以恒定的速度ｖ沿x轴正方向运动．规定磁场对线框作用力沿ｘ轴正方向为正，且在图示位置时为计时起点，则在线框穿过磁场的过程中，磁场对线框的作用力随时间变化的图象正确的是( ）参考答案：一．考点整理基本概念1．改变楞次定律2．nΔφ／ΔｔE／(R + r）Bl v有效长度Bl２ω／23．感应电动势能量4．电流ＬΔI/Δｔ大小形状是否有铁芯10－３1０-6阻碍相反相同延迟突变启动器产生瞬时高压降压限流双线5．涡流二．思考与练习思维启动1.C；由法拉第电磁感应定律E＝ｎΔφ/Δt知，感应电动势的大小与线圈匝数有关,A错.感应电动势正比于Δφ／Δｔ,与磁通量的大小无直接关系,B错误、C正确.根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化,即“增反减同”，D错误．2．AB；合上开关S时,线圈Ｌ中产生的自感电动势阻碍电流增大，并且阻碍作用逐渐变小直至为零,故A２先亮，A１后亮，最后一样亮．选项A正确．断开开关S时,线圈L中产生的自感电动势阻碍电流减小,因电路稳定时通过A1和A2的电流大小相等，故断开开关S时,Ａ１和A2都逐渐熄灭,流过A2的电流方向向左.选项B正确，C、Ｄ错误.３．AD；磁性小球穿过铜管或铝管时,管中产生感应电流，又据楞次定律可知,感应电流产生的磁场阻碍小球的下落;而当小球穿过塑料管或胶木管时,管中不产生感应电流，小球做自由落体运动．故选项A、Ｄ正确．三.考点分类探讨典型问题例１C；当线框绕过圆心Ｏ的转动轴以角速度ω匀速转动时,由于面积的变化产生感应电动势,从而产生感应电流．设半圆的半径为r，导线框的电阻为R,即I１=E/R = （Δφ/Δt)/Ｒ= Ｂ0ΔS/RΔｔ＝(πｒ2/2）B0/(Rπ/ω）= B0r2ω/2R.当线圈不动，磁感应强度变化时，Ｉ2＝E/R= Δφ/RΔt =ΔBS／RΔt = （ΔB/Δt）( πｒ2/2R），因I1＝I2，可得ΔＢ/Δt =ωB０／π,Ｃ选项正确．变式1 B；设原磁感应强度是B，线框面积是S,第１s内Δφ１=２ＢS–BＳ= BS,第2 s内Δφ2＝2Ｂ·(S/２）–2BＳ＝–BS.因为E = nΔφ／Δt，所以两次电动势大小相等,B正确.例2 AD；当θ= ０时，杆切割磁感线的有效长度ｌ1 = 2a，所以杆产生的电动势Ｅ1 = Ｂｌ１v＝２Ｂa ｖ,选项A正确．此时杆上的电流I1＝E1／［(πa＋２ａ)R0］=2Bｖ／［（π+ ２）R０],杆受的安培力大小Ｆ1 = BI１l1 = ４Ｂ2a v／[(π +2)R0]，选项Ｃ错误.当θ＝π/3 时,杆切割磁感线的有效长度ｌ2 =2aｃoｓπ/3=ａ,杆产生的电动势E２＝Bl２v＝Ba v，选项B错误．此时杆上的电流I2=E２／[(２πa–2πa/6 + a)R0] = 3B v/[(5π + ３) R0],杆受的安培力大小F2 = ＢI2l２= 3B2a v/［(5π+ 3)R0]，选项D正确.变式2 ＢD；AＣ的感应电动势为Ｅ＝2BＬv，两端电压为ＵＡＣ＝ER0/（R０＋ｒ) ＝2BＬv R0/(Ｒ0+ｒ），A错、Ｂ对;由功能关系得Fd＝m v２/２+ Q＋Qμ，Ｃ错;此过程中平均感应电流为I平均= 2BＬｄ/( R0 + r)Δｔ，通过电阻R0的电荷量为q =I平均Δt = ２BLd/(R0＋r)，Ｄ对. 例3 A；接通电路时，由于线圈的自感作用,Ｌ1支路相当于断路,电流增大得慢,L1后亮；稳定后,线圈的作用消失,又相当于短路,L１、L2并联,亮度一样;断开开关，都过一会儿才熄灭．变式３A;当开关Ｓ接通时，D１和D2应该同时亮，但由于自感现象的存在,流过线圈的电流由零变大时,线圈上产生自感电动势的方向是左边正极，右边负极，使通过线圈的电流从零开始慢慢增加,所以开始瞬时电流几乎全部从D1通过，而该电流又将同时分路通过Ｄ2和Ｒ,所以D1先达最亮，经过一段时间电路稳定后，D1和Ｄ2达到一样亮.当开关Ｓ断开时,电源电流立即为零，因此D2立刻熄灭，而对D１，由于通过线圈的电流突然减弱，线圈中产生自感电动势（右端为正极,左端为负极),使线圈Ｌ和ＤD１后灭.四．考题再练高考试题1．A；因通电导线周围的磁场离导线越近磁场越强，而线框中左右两边的电流大小相等，方向相反，所以受到的安培力方向相反,导线框的左边受到的安培力大于导线框的右边受到的安培力,所以合力与左边框受力的方向相同.因为线框受到的安培力的合力先水平向左,后水平向右,根据左手定则,导线框处的磁场方向先垂直纸面向里，后垂直纸面向外，根据安培定则,导线中的电流先为正，后为负,所以选项A正确，选项Ｂ、C、Ｄ错误．预测1A;铝框向左运动，是为了阻碍本身磁通量的增加，由楞次定律可知:带铁芯线圈产生的电流增加,其产生的磁场增强．为使线圈产生的电流变大,由法拉第电磁感应定律可知:线框abcd中的磁场的＼f（ΔB,Δｔ)逐渐增加，选项A正确,B、C、D错误.2.Ｄ；由于线框在进入磁场过程要切割磁感线而产生感应电流，故线框受到安培力的作用做减速运动，A错误;安培力F安＝Ｂ2l２v/R，因v在减小，故Ｆ安在减小,加速度a= F安/m在减小，即线框进入磁场过程做加速度减小的变减速运动,B错误;由于d> ｌ,若线框完全进入磁场中仍有速度,则线框将会在磁场中做匀速运动直至右边滑出磁场，线框出磁场过程仍做加速度减小的减速运动,Ｃ错误,D正确.预测2 Ｄ;由题图乙知电流i1随时间线性变化,再由B= ki1知磁场也随时间线性变化，则通过线圈Ⅱ的磁通量也随时间线性变化，线圈Ⅱ中产生恒定的电动势与感应电流,A、B皆错误．当频率加大后，磁通量变化率加大,产生的感应电动势与感应电流加大,C错误，D正确．五.课堂演练自我提升1.C;从实物连接图中可以看出,线圈L与小灯泡并联，断开开关Ｓ时，小灯泡A中原来的电流立即消失,线圈Ｌ与小灯泡组成闭合电路，由于自感,线圈中的电流逐渐变小,使小灯泡中的电流变为反向且与线圈中电流相同,小灯泡未闪亮说明断开Ｓ前，流过线圈的电流较小，原因可能是线圈电阻偏大，故选项C正确．２.BD；由于磁场减弱,在线圈中产生顺时针的感应电流，故A错;根据电磁感应规律的推论：要阻碍磁通量减小，则题中线圈应扩张，B正确.圆环中感应电流I = E/R= (kπr2/2）／［ρ(2πr/Ｓ）] = ｋrS/4ρ,故C错;ab部分是整个电路的外电路，ab两端电压为外电压，占整个电动势的一半，Ｕab = E/2 ＝kπr2/4,则选项D正确.３．Ｄ；线框离开磁场，磁通量减小，由楞次定律可知线框中的感应电流方向为a →ｄ→c →b→a，故A错误；由法拉第电磁感应定律得E= BL v，I= E/R,F =BIL =B２Ｌ2v/Ｒ，ｖ不同，F 不同,故B错误;线框离开磁场的时间t= Ｌ/v，产生的热量Q=I2Ｒt=Ｂ2L3v/R，故C错误;通过导体横截面的电荷量q =Ｉt=BL2／R与速率无关,故D正确.4.AC;图甲中，在闭合线圈进入磁场的过程中,因导线切割磁感线的有效长度先变大后变小,所以由Ｅ=Bl v可知，感应电动势Ｅ先变大后变小，选项Ａ正确;导线切割磁感线的有效长度最大值为2r，感应电动势最大,为Ｅ＝２Br v,故选项B错误;图乙中，虽然线圈开始转动时穿过它的磁通量φ最小,但磁通量的变化率Δφ/Δｔ最大,因此感应电动势E最大，选项C正确,D错误.５．Ｂ；闭合铜环在下落过程中穿过铜环的磁场方向始终向上,磁通量先增加后减少，由楞次定律可判断感应电流的方向要发生变化，D项错误;因穿过闭合铜环的磁通量的变化率不是均匀变化，所以感应电流随ｘ的变化关系不可能是线性关系，A项错误;铜环由静止开始下落,速度较小，所以穿过铜环的磁通量的变化率较小，产生的感应电流的最大值较小,过O点后,铜环的速度增大,磁通量的变化率较大,所以感应电流的反向最大值大于正向最大值，故B项正确,C项错误．6．Ｂ;当ｂc边进入磁场切割磁感线时，产生感应电流,利用右手定则可判断感应电流的方向从c→b，再利用左手定则可判断安培力向左,与规定的安培力的正方向相反，A错误，结合Ｉ=BLｖ／R，F =ＢＩL，得安培力F是定值，C错误；当线框穿出磁场时,ad边切割磁感线，产生的感应电流从ｄ→ａ，利用左手定则可判断安培力向左，与规定的安培力的正方向相反,B正确.。

电磁感应现象、楞次定律一、电磁感应现象的判断1．常见的产生感应电流的三种情况2．判断电路中能否产生感应电流的一般流程二、楞次定律和右手定则1.楞次定律及应用2.右手定则的理解和应用(1)右手定则适用于闭合电路的部分导体切割磁感线产生感应电流的情况。

(2)右手定则是楞次定律的一种特殊形式，用右手定则能解决的问题，用楞次定律均可代替解决。

(3)右手定则应用“三注意”：①磁感线必须垂直穿入掌心。

②拇指指向导体运动的方向。

③四指所指的方向为感应电流方向。

内容 例 证 阻碍原磁通量变化——“增反减同”阻碍相对运动——“来拒去留”使回路面积有扩大或缩小的趋势——“增缩减扩”三、针对练习1、如图所示，无限长通电直导线与右侧的矩形导线圈ABCD 在同一平面内，线圈的AB 边与直导线平行。

现用外力使线圈向直导线靠近且始终保持AB 边与直导线平行，在AB 边靠近直导线的过程中，下列说法正确的是( )A ．线圈内产生的感应电流方向是ADCBAB ．直导线对AB 边和CD 边的安培力等大反向C ．直导线对AD 边和BC 边的安培力等大反向D ．在线圈ABCD 内部的区域的磁场方向为垂直线圈所在平面向外2、（多选）近几年，许多品牌手机推出无线充电功能，最方便的应用场景之一，是在家用汽车上实现手机无线充电。

如图所示为手机无线充电的工作原理示意图，其主要部件为汽车充电基座内的送电线圈和手机中的受电线圈，若在充电基座内的输电线圈中通入方向由b经线圈到a，且正在变大的电流，在手机受电线圈中接一个电阻，则（）A．受电线圈中，通过电阻的电流方向由c到dB．受电线圈中，通过电阻的电流方向由d到cC．受电线圈与送电线圈相互吸引D．受电线圈与送电线圈相互排斥3、(多选)如图甲所示，导体棒ab、cd均可在各自的导轨上无摩擦地滑动，导轨电阻不计，磁场的磁感应强度B1、B2的方向如图所示，大小随时间变化的情况如图乙所示，在0～t1时间内()A．若ab不动，则ab、cd中均无感应电流B．若ab不动，则ab中有恒定的感应电流，但cd中无感应电流C．若ab向右匀速运动，则ab中一定有从b到a的感应电流，cd向左运动D．若ab向左匀速运动，则ab中一定有从a到b的感应电流，cd向右运动4、（多选）荡秋千是一项同学们喜欢的体育活动。

电磁感应现象 第十四单元 电磁感应一. 本周教学内容第十四单元 电磁感应二. 知识结构⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎨⎧⎪⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎪⎨⎧⎪⎪⎪⎩⎪⎪⎪⎨⎧⎪⎩⎪⎨⎧∆∆=∆∆==第电磁感应定律感应电动势的计算法拉右手定则、楞次定律感应电流方向的判断：规律通过线圈的电流变化穿过线圈的磁通量变化部分导体切割磁感线产生感应电流的条件概念：电磁感应t I L E t n E BLv E ϕ 三. 1. 磁通量（1（2向的投影）* 感线的净条数，21φφφ-=（3）磁通量的变化其数值等于初、末状态穿过某个平面磁通量的差值。

12φφφ-=∆2. 电磁感应现象（1）产生感应电流的条件只要使穿过闭合电路的磁通量发生变化，0≠∆φ，闭合电路中就有感应电流产生。

（2）引起磁通量变化的常见情况① 闭合回路的部分导线做切割磁感线运动，导致φ变。

② 线圈在磁场中转动，导致φ变。

③ 磁感应强度B 的变化，导致φ变。

（3）产生感应电动势的条件无论回路是否闭合，只要穿过线圈平面的磁通量发生变化，线路中就有感应电动势。

* 产生感应电动势的那部分导体相当于电源。

电磁感应现象的实质是产生感应电动势。

如果回路闭合，则有感应电流，回路不闭合，则只有感应电动势而无感应电流。

3. 感应电流方向的判定（1）右手定则（2）楞次定律① 内容：感应电流具有这样的方向，就是感应电流产生的磁场，总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化。

② 楞次定律是普遍规律，适用于一切电磁感应现象。

楞次定律实质是能量转化与守恒定律的一种具体表现形式。

* 应用楞次定律要分清产生感应电流的“原磁场”与感应电流的磁场，当原磁场的磁通量增加时，感应电流的磁场与原磁场反向，当原磁场的磁通量减小时，感应电流的磁场与原磁场方向相同。

（二）法拉第电磁感应定律及应用1. 感应电动势（1）定义：在电磁感应现象中产生的电动势（2）理解：① 产生感应电动势有两种情况a. 导体在磁场中作切割磁感线运动，由于克服电磁力作用，而产生的感应电动势。

高考物理第一轮备考电磁感应现象知识点
电磁感应指闭合电路的一局部导体在磁场中作切割磁
感线运动，导体中就会发生电流的现象，下面是电磁感应现象知识点，请大家仔细学习。

一、电磁感应现象：
1、只需穿过闭合回路中的磁通量发作变化，闭合回路中就会发生感应电流，假设电路不闭合只会发生感应电动势。

这种应用磁场发生电流的现象叫电磁感应，是1831年法拉第发现的。

回路中发生感应电动势和感应电流的条件是回路所围面
积中的磁通质变化，因此研讨磁通量的变化是关键，由磁通量的狭义公式中 ( 是B与S的夹角)看，磁通量的变化可由面积的变化惹起;可由磁感应强度B的变化惹起;可由B 与S的夹角的变化惹起;也可由B、S、中的两个量的变化，或三个量的同时变化惹起。

2、闭合回路中的一局部导体在磁场中作切割磁感线运动时，可以发生感应电动势，感应电流，这是初中学过的，其实质也是闭合回路中磁通量发作变化。

3、发生感应电动势、感应电流的条件：导体在磁场里做切割磁感线运动时，导体内就发生感应电动势;穿过线圈的磁量发作变化时，线圈里就发生感应电动势。

假设导体是闭合电路的一局部，或许线圈是闭合的，就发生感应电流。

从
实质上讲，上述两种说法是分歧的，所以发生感应电流的条件可归结为：穿过闭合电路的磁通量发作变化。

查字典物理网小编为大家提供的2021高考物理第一轮备考电磁感应现象知识点就到这里了，愿大家都能好好努力，丰厚自己，锻炼自己。

探究影响感应电流方向的因素[实验基本技能]一、实验目的1.探究感应电流方向与哪些因素有关。

2.学习利用电流计判断感应电流方向的方法。

二、实验原理只要改变穿过闭合回路的磁通量，就可以使闭合回路产生感应电流，感应电流的方向通过连接在回路中的电流表的指针偏转的方向判定。

三、实验器材条形磁铁、螺线管、灵敏电流计、干电池、定值电阻、开关、导线。

四、实验步骤1.按图连接电路，闭合开关，记录下G中流入电流方向与灵敏电流计G中指针偏转方向的关系。

2.记录线圈绕向，将线圈和灵敏电流计构成通路。

3.把条形磁铁N极(或S极)向下插入线圈中，并从线圈中拔出，记下每次电流计中指针偏转方向，然后根据步骤1的结论，判定出感应电流方向，从而可确定感应电流的磁场方向。

[规律方法总结]一、数据处理以下面四种情况为例：根据实验结果，填写下表。

表1线圈内磁通量增加时的情况图号磁场方向感应电流的方向感应电流的磁场方向甲磁场方向向下磁通量增加逆时针向上乙磁场方向向上磁通量增加顺时针向下表2线圈内磁通量减少时的情况图号磁场方向感应电流的方向感应电流的磁场方向丙磁场方向向下磁通量减少顺时针向下丁磁场方向向上磁通量减少逆时针向上二、实验结论表1说明：当线圈中磁通量增加时，感应电流的磁场方向跟磁铁的磁场方向相反。

表2说明：当线圈中磁通量减少时，感应电流的磁场方向跟磁铁的磁场方向相同。

三、注意事项1.灵敏电流计满偏电流很小，判断电流计指针的偏转方向和电流方向的关系时，应使用一节干电池。

2.原、副线圈接入电路前应仔细观察导线绕向并画出草图。

考点一教材原型实验1.(实验原理与操作)在探究电磁感应现象中磁通量变化时感应电流方向的实验中，所需的实验器材已用导线连接成如图所示的实验电路。

(1)将线圈A 插入线圈B 中，闭合开关的瞬间，线圈B 中感应电流与线圈A 中电流的绕行方向(选填“相同”或“相反”)。

(2)(多选)闭合开关，电路稳定后，某同学想使一线圈中电流逆时针流动，另一线圈中感应电流顺时针流动，可行的实验操作是。