走向高考·高考物理总复习·人教实验版：3-4-2汇总

一、选择题1．(2011·北京)“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动．某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图所示．将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g.据图可知，此人在蹦极过程中最大加速度约为()A．g B．2gC．3g D．4g[答案] B[解析]由F－t图象知，静止时，0.6F0＝mg ①当F＝1.8F0时，有最大加速度，根据牛顿第二定律：1．8F0－mg＝ma ②由①②得a＝2g.2.如图所示，正沿平直轨道向右匀速行驶的车厢内，用水平绳a 和倾斜绳b共同固定一个小球，若车厢改做加速运动，则两绳的拉力F Ta和F Tb的变化情况是()A．F Ta增大B．F Tb减小C．F Ta不变D．F Ta、F Tb的合力增大[答案]AD[解析]当向右匀速行驶时，F Ta与F Tb的合力大小等于重力，方向竖直向上；当向右加速时，球所受的合外力不为0，F Ta、F Tb的合力在竖直方向的分量等于重力，水平方向的分量等于ma，由此得到F Ta增大，F Ta、F Tb的合力增大．3．(2011·江西重点中学模拟)如图(甲)是某景点的山坡滑道图片，为了探究滑行者在滑道直线部分AE滑行的时间．技术人员通过测量绘制出如图(乙)所示的示意图．AC是滑道的竖直高度，D点是AC 竖直线上的一点，且有AD＝DE＝10m，滑道AE可视为光滑，滑行者从坡顶A点由静止开始沿滑道AE向下做直线滑动，g取10m/s2，则滑行者在滑道AE上滑行的时间为()A.2s B．2sC.3s D．22s[答案] B[解析]①设∠CAE＝θ，则由牛顿第二定律得，滑行者的加速度为a＝g cosθ；②由几何关系得，AE＝2AD cosθ；③由运动学公式得，AE＝12at2，由以上两式代入数据解得t＝2s，故B正确．4．(2011·黑龙江四校模拟)质量为0.3kg的物体在水平面上做直线运动，其运动情况如图所示，两条直线为：水平方向物体只受摩擦力作用时和水平方向受到摩擦力、水平力F两个力共同作用时的速度—时间图象，则下列说法中正确的是(g＝10m/s2)()A ．水平力F 可能等于0.3NB ．物体的摩擦力一定等于0.1NC ．水平力F 一定等于0.1ND ．物体的摩擦力可能等于0.3N[答案] C[解析] ①由题图可知，物体在两种情况下均做减速运动，图线a 的加速度大小为a a ＝5－36m/s 2＝13m/s 2，图线b 的加速度大小为a b ＝5－16m/s 2＝23m/s 2；②若水平力F 与速度方向相同，则F f － F ＝ma a 、F f ＝ma b ，解得F f ＝0.2N 、F ＝0.1N ；若水平力F 与速度方向相反，则F f ＝ma a 、F ＋F f ＝ma b ，解得F ＝0.1N 、F f ＝0.1N.故C 正确．5．(2011·抚州模拟)如图所示，带有长方体盒子的斜劈A 放在固定的斜面体C 的斜面上，在盒子内放有光滑球B ，B 恰与盒子前、后壁P 、Q 点相接触．若使斜劈A 在斜面体C 上静止不动，则P 、Q 对球B 无压力．以下说法不正确的是( )A．若C的斜面光滑，斜劈A由静止释放，则Q点对球B有压力B．若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，则P、Q对B均无压力C．若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面匀速下滑，则P、Q对B 均无压力D．若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面加速下滑，则Q点对球B 有压力[答案] B[解析]①将A、B作为一个整体，若C的斜面光滑，不论斜劈A由静止释放，还是斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，整体都具有沿斜面向下的加速度g sinθ；隔离B进行受力分析可知，除重力外，B还受到A的竖直向上的支持力，所以A的后壁的Q点一定对B产生压力，B沿斜面向下的加速度才会达到g sinθ，故A正确、B错误；②若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面匀速下滑，P点和Q点都不能对B产生弹力，否则B不能做匀速运动；若斜劈A沿斜面加速下滑时，Q点一定对B产生弹力，故C、D均正确．6．(2011·潍坊模拟)如图(甲)所示，一物体沿足够长的光滑斜面从t＝0时由静止开始运动，同时受到沿斜面向上的风力作用，风力的大小与时间成正比，即F＝kt(k为常数)．在物体沿斜面向下运动的过程中，物体的加速度、速度随时间变化的图象正确的是(取沿斜面向下为正方向)()[答案] B[解析]①对物体受力分析如图所示，在t＝0时，F＝0，物体的加速度沿斜面向下，大小为a＝g sinθ；随时间t的增加，F增大，由牛顿第二定律得mg sinθ－F＝ma，所以物体的加速度沿斜面向下，大小为a＝g sinθ－ktm，所以物体的加速度减小，速度增大；当风力F增大到F＝mg sinθ时，物体的加速度为零，速度达到最大；F继续随时间增大，物体的加速度沿斜面向上，由牛顿第二定律得F－mg sinθ＝ma，则a＝ktm－g sinθ，所以物体的加速度增大，速度减小；②由于在沿斜面向下运动的过程中，加速度随时间先均匀减小后均匀增加，且方向发生变化，故A错误、B正确；③由于加速度先减小后增大，所以v－t图象中图线的斜率应先减小后增大，故C、D均错误．7．(2011·济宁模拟)如图所示，水平传送带A、B两端点相距x ＝4m，以v0＝2m/s的速度(始终保持不变)顺时针运转，今将一小煤块(可视为质点)无初速度地轻放至A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.4，g取10m/s2. 由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕．则小煤块从A运动到B的过程中()A．小煤块从A运动到B的时间是2sB．小煤块从A运动到B的时间是2.25sC．划痕长度是4mD．划痕长度是0.5m[答案]BD[解析]小煤块刚放上传送带后，加速度a＝μg＝4m/s2，由v0＝at1可知，小煤块加速到与传送带同速的时间为t1＝v0a＝0.5s，此时小煤块运动的位移x1＝v02t1＝0.5m，而传送带的位移为x2＝v0t1＝1m，故小煤块在带上的划痕长度为l＝x2－x1＝0.5m，D正确，C错误；之后的x－x1＝3.5m，小煤块匀速运动，故t2＝x－x1v0＝1.75s，故小煤块从A运动到B的时间t＝t1＋t2＝2.25s，A错误，B正确．8．(2011·济南模拟)如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体(物体与弹簧不连接)，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x的关系如图b所示(g＝10m/s2)，则正确的结论是()A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B．弹簧的劲度系数为7.5N/cmC．物体的质量为3kgD．物体的加速度大小为5m/s2[答案] D[解析]设静止时弹簧的压缩量为x0，则kx0＝mg，施加拉力F 后，设上移的位移为x，则此时弹簧的压缩量为(x0－x)，由牛顿第二定律可得：F ＋k (x 0－x )－mg ＝ma 得出F ＝ma ＋kx ，对应图b 可得：ma ＝10N ，k ＝30－104N/cm ＝5N/cm ，物体与弹簧分离时，弹簧应处于自然状态，故x 0＝4cm ，故可计算得出：m ＝2kg ，a ＝5m/s 2，因此只有D 正确．二、非选择题9.一只小猫跳起来抓住悬挂在天花板上的竖直木杆，如右图所示，在这一瞬间悬绳断了，设木杆足够长，由于小猫继续上爬，所以小猫离地面高度不变，则木杆下降的加速度大小为________，方向为________．(设小猫质量为m ，木杆的质量为M )[答案] M ＋m M g 向下[解析] 先对猫进行分析，由于猫相对地面高度不变，即猫处于平衡状态，而猫受重力G 1＝mg 和木杆对猫向上的摩擦力F 的作用，如下图所示，故G 1与F 二力平衡，即F ＝G 1＝mg ① 再对木杆进行受力分析：木杆受重力G 2＝Mg 作用，由于木杆对猫有向上的摩擦力F ，由牛顿第三定律可知，猫对杆有向下的摩擦力F ′，且F ′＝F ② 由牛顿第二定律，杆的加速度为a ＝F ′＋G 2M ③由①、②、③式可得：a ＝M ＋m M g ，即杆下降的加速度为M ＋m M g ，方向向下．10．(2011·江西百所名校模拟)一游客在滑雪时，由静止开始沿倾角θ＝37°的山坡匀加速下滑．下滑过程中摄影师分别在相距L ＝22.5m 的A 点和B 点各给游客抓拍一张照片，为了追求滑雪过程中的动感效果，摄影师将相机的曝光时间定为Δ t ＝0.1s.由于游客的速度较快，相片中出现了一定长度的虚影，经实地测量照片中与A 点的虚影长度相对应的实际长度l A ＝2m ，照片中与B 点的虚影长度相对的实际长度l B＝2.5m.若考虑在0.1s内游客的运动可视为匀速运动，试计算：(g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)(1)游客在A点时速度的大小v A；(2)滑雪板与坡道间的动摩擦因数μ；(3)A点距出发点的距离L A.[答案](1)20m/s(2)0.125(3)40m[解析](1)在Δt时间内游客的运动可看成匀速运动，则游客在A点的速度为v A＝l AΔt＝20m/s(2)同理，游客在B点的速度为v B＝l BΔt＝25m/s设游客的加速度为a，由2aL＝v B2－v A2得：a＝5m/s2由牛顿第二定律得：mg sinθ－μmg cosθ＝ma解得μ＝0.125(3)游客的初速度为零，由2aL A＝v A2得L A＝40m11．(2011·山东)如图所示，在高出水平地面h＝1.8m的光滑平台上放置一质量M＝2kg、由两种不同材料连接成一体的薄板A，其右段长度l1＝0.2m且表面光滑，左段表面粗糙．在A最右端放有可视为质点的物块B，其质量m＝1kg.B与A左段间动摩擦因数μ＝0.4.开始时二者均静止，现对A施加F＝20N水平向右的恒力．待B脱离A(A尚未露出平台)后，将A取走．B离开平台后的落地点与平台右边缘的水平距离x＝1.2m.(取g＝10m/s2)求：(1)B 离开平台时的速度v B .(2)B 从开始运动到刚脱离A 时，B 运动的时间t B 和位移x B .(3)A 左端的长度l 2.[答案] (1)2m/s (2)0.5s 0.5m (3)1.5m[解析] (1)设物块B 平抛运动时间为t ，由运动学公式得h ＝12gt 2 ① x ＝v B t ②联立①②式，代入数据得v B ＝2m/s ③(2)设B 的加速度为a B ，由牛顿第二定律和运动学知识得μmg ＝ma B ④v B ＝a B t B ⑤x B ＝12a B t B2 ⑥ 联立③④⑤⑥式，代入数据得t B ＝0.5s ⑦x B ＝0.5m. ⑧(3)设B 刚开始运动时，A 的速度为v 1，由动能定理得Fl1＝12M v12⑨设B运动后A的加速度为a A，由牛顿第二定律和运动学公式得，F－μmg＝Ma A ⑩(l2＋x B)＝v1t B＋12a A t B2⑪联立⑦⑧⑨⑩⑪式，代入数据得l2＝1.5m.12．(2011·金华十校模拟)传送带以恒定速度v＝4m/s顺时针运行，传送带与水平面的夹角θ＝37°.现将质量m＝2kg的小物品轻放在其底端(小物品可看成质点)，平台上的人通过一根轻绳用恒力F＝20N拉小物品，经过一段时间物品被拉到离地高为H＝1.8m的平台上，如图所示．已知物品与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2，已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：(1)物品从传送带底端运动到平台上所用的时间是多少？(2)若在物品与传送带达到同速瞬间撤去恒力F，求物品还需多少时间离开传送带？[答案](1)1s(2)(2－2)s[解析](1)物品在达到与传送带速度v＝4m/s相等前，做初速度为零的匀加速直线运动．由牛顿第二定律得：F＋μmg cos37°－mg sin37°＝ma1解得a1＝8m/s2由v＝a1t1得t1＝0.5s位移为x1＝12a1t12＝1m达到共同速度后，由牛顿第二定律得：F－μmg cos37°－mg sin37°＝ma2解得a2＝0，即物品随传送带匀速上升，位移为x2＝Hsin37°－x1＝2m所以时间为t2＝x2v＝0.5s总时间为t＝t1＋t2＝1s(2)撤去F后，由牛顿第二定律得：μmg cos37°－mg sin37°＝ma3解得a3＝－2m/s2假设物品向上匀减速到速度为零时，通过的位移为x，则：x＝－v22a3＝4m>x2由x2＝v t3＋12a3t32得：t3＝(2－2)s。

走向高考 ·高考一轮总复习 ·人教版 ·物理
() 特 ： 日 鸣 绝 雷 ； 空 子 说 听 声 2 例夏轰 不的 声在房里话 到 音响 更。 2． 波 发 干 、 射 声能生涉衍等 声的鸣 音共。 现，音共现称 象声的振象为
必考内容 选修3-4 第2讲
走向高考 ·高考一轮总复习 ·人教版 ·物理
20Hz 的 波 地 、 风 核 声。震台、爆
炸火发、啸过均生声。 、箭射海等程产次波 () 超 波 2 声： ①概 ： 率 于 念频高
向好 ②特点： 方 性
200 z 00H
的波 声。
， 透力。 穿能强
探伤 ， 于 断 临 治 用 诊 、 床 疗
③应 ： 中 位 金 用 水 测 ， 属 等。
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加强，某些
区域振动总是 减弱 ，且加强区和减弱区互相间隔。
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() 对 个 全 同 波 产 的 涉 说 凡 两 源 3 两 完 相 的 源 生 干 来 ，到 波 的程为个长 路差一波 路差半波的 程为个长
整倍 数
奇倍 数
时振加；到波的 ，动强凡两源 时，振动减弱。
() 对 速 理 2 波的解 ①机械波在均匀介质中匀速传播，波速就是指波在介质 中传速。 的播度 ②同一类机械波在同一种均匀介质中的传播速度是一个 定，速大完由质决，波频无。 值波的小全介来定和的率关 ③注意区别：波的传播速度与波源的振动速度是两个不 同概。 的念 ④纵 和 波 传 速 是 同 。 波横的播度不的
平位 衡置
振幅 和 周期 都 同 各 点 在 己 相 ， 质 只 自 的
附近振
动。
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第4章
考
曲线运动 万有引力
(1)从子弹由枪口射出开始计时 ， 经多长时间子弹击 从子弹由枪口射出开始计时， 从子弹由枪口射出开始计时 中目标靶？ 中目标靶？ (2)目标靶由静止开始释放到被子弹击中 ， 下落的距 目标靶由静止开始释放到被子弹击中， 目标靶由静止开始释放到被子弹击中 为多少？ 离h为多少？ 为多少 [解析 [解析] 解析] (1)子弹做平抛运动 (1)子弹做平抛运动，它在水平方向的分运动 子弹做平抛运动， 是匀速直线运动，设子弹经 时间击中目标靶 时间击中目标靶， 是匀速直线运动，设子弹经t时间击中目标靶，则 代入数据得 t＝0.5s ＝
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考
曲线运动 万有引力
[考例 考例2] 考例
(2009福建 如图所示 ， 射击枪水平放置 ， 福建)如图所示 射击枪水平放置， 福建 如图所示，
《走 向 高 考 》 高 考 总 复 习
射击枪与目标靶中心位于离地面足够高的同一水平线上， 射击枪与目标靶中心位于离地面足够高的同一水平线上， 枪口与目标靶之间的距离s＝ 枪口与目标靶之间的距离 ＝100m，子弹射出的水平速度 ， v＝200m/s，子弹从枪口射出的瞬间目标靶由静止开始释 ＝ ， 不计空气阻力，取重力加速度g为 放，不计空气阻力，取重力加速度g为10m/s2，求：
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第4章
考
曲线运动 万有引力
考点精析 对平抛运动和斜抛运动的几个物理量的讨论(设斜抛 对平抛运动和斜抛运动的几个物理量的讨论 设斜抛 物体抛出点和落地点位于同一水平面) 物体抛出点和落地点位于同一水平面

C．温度是物体分子热运动平均动能的标志 D．两个温度不同的物体相互接触时，热量既能自发 地从高温物体传给低温物体，也可以自发地从低温物体传 给高温物体 E．熵是物体内分子运动无序程度的量度
(2)实验室内，某同学用导热性能良好的气缸和活塞将 一定质量的理想气体密封在气缸内(活塞与气缸壁之间无摩 擦)，活塞的质量为m，气缸内部的横截面积为S.用滴管将 水缓慢滴注在活塞上，最终水层的高度为h，如图所示． 在此过程中，若大气压强恒为p0，室内的温度不变，水的 密度为ρ，重力加速度为g，则以下图象中能反映密闭气体 状态变化过程的是( )
A．转轮依靠自身惯性转动，不需要消耗外界能量 B．转轮转动所需能量来自形状记忆合金自身 C．转动的叶片不断搅动热水，水温升高 D．叶片在热水中吸收的热量一定大于在空气中释放 的热量 [解析] ①据能量转化守恒定律，A、B、C错误；② 叶片在热水中吸收的热量等于空气中释放的热量和叶片转 动的机械能，故D正确． [答案] D
走向高考·高考物理总复 习·人教实验版：选修3-
3模块整合
2020/8/14
模块整合
2．分子间的相互作用力与分子间距离的关系不要死 记硬背，我们最好能熟练画出图线，从图线中可以直观地 反映出分子间的相互作用力(f引、f斥、合力F)与分子间距离 r的关系，并且可以借助图线分析分子势能随间距r的变化 情况．
4．正确理解热力学第二定律的意义，要注意联系生 活，了解一下电冰箱、空调、汽油机、柴油机的工作原理 ．我们身边的很多现象并不是随意进行的，要遵循一定的 自然规律．
5．高考大纲对气体部分的要求较低，主要是从微观 角度理解三个状态参量及相互关系，重点理解好压强与温 度和体积的关系．气体分子平均动能由温度决定，而分子 的密集程度由体积决定，故压强与温度和体积的关系也就 清楚了．如果研究对象为理想气体(不考虑分子势能，内能 只跟温度有关，是温度的函数)，这部分知识还可以与热力 学第一定律结合起来进行考查．