青海省师范大学附属第二中学2016_2017学年高一物理上学期第一次月考试题(无答案)

青海省青海师范大学第二附属中学2017-2018学年高二下学期第一次月考物理试题物理注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

第I 卷（选择题）一、单选题1．下面说法正确的是（ ）A. 自感电动势总是阻碍电路中原来电流增加B. 自感电动势总是阻碍电路中原来电流变化C. 电路中的电流越大，自感电动势越大D. 电路中的电流变化量越大，自感电动势越大2．如图所示，匀强磁场存在于虚线框内，矩形线圈竖直下落。

如果线圈受到的磁场力总小于其重力，则它在1、2、3、4位置 时的加速度关系为（ ）A.B.C.D.3．如图所示,通电螺线管两侧各悬挂一个小铜环,铜环平面与螺线管截面平行。

当电键S 接通瞬间,关于两铜环的运动情况下列说法正确的是()A. 同时向两侧推开B. 同时向螺线管靠拢C. 一个被推开，一个被吸引，但因电源正负极未知，无法具体判断D. 同时被推开或同时向螺线管靠拢，因电源正负极未知，无法具体判断4．如图所示，在U 形金属架上串入一电容器，金属棒ab 在金属架上无摩擦地以速度v 向右运动一段距离后突然断开开关，并使ab 停在金属架上，停止后，ab 不再受外力作用。

现合上开关，则金属棒的运动情况是（ ）A. 向右做初速度为零的匀加速运动B. 在某位置附近来回振动C. 向右做初速度为零的加速运动，后又改做减速运动D. 向右做变加速运动，后改做匀速运动5．（多选）如图所示，把金属圆环匀速拉出磁场，下面叙述正确的是（ ）A. 向左拉出和向右拉出所产生的感应电流方向相反B. 不管向什么方向拉出，只要产生感应电流方向都是顺时针C. 向右匀速拉出时，感应电流大小不变D. 要将金属环匀速拉出，拉力大小要改变6．如图所示，在一根软铁棒上绕有一个线圈，a 、b 是线圈的两端，a 、b 分别与平行导轨M 、N 相连，有匀强磁场与导轨面垂直，一根导体棒横放在两导轨上，要使a 点的电势比b 点的电势高，则导体棒在两根平行的导轨上应该（ ）此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号A. 向左加速滑动B. 向左减速滑动C. 向右加速滑动D. 向右减速滑动7．如上图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从图示位置匀速拉出匀强磁场．若第一次用0.3s 时间拉出，外力所做的功为，通过导线截面的电量为；第二次用0.9s时间拉出，外力所做的功为，通过导线截面的电量为，则（）A.B.C.D.8．如图，一闭合直角三角形线框以速度v向右匀速穿过匀强磁场区域。

青海省师范大学附属第二中学2016-2017学年高二物理上学期第一次月考试题（无答案）一、选择题（共15题，每题3分，多选题多选没选全得2分，选错不得分）1.（单选）关于电场，下列叙述正确的是A．以点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的场强都相同B．正电荷周围的电场强度一定比负电荷周围的电场强度大C．在电场中某点放入试探电荷q，该点的场强E＝F/q，取走q后，该点场强不为零D．电荷所受电场力很大，该点的电场强度一定很大2.（多选）如图所示，真空中M、N处分别放置两等量异种电荷，a、b、c表示电场中的3条等势线，d点和e点位于a等势线上，f点位于c等势线上，df平行于MN。

以下说法正确的是A．d点的电势高于f点的电势 B．d点的电势与e点的电势相等C．若将一负试探电荷沿直线由d点移动到f点，则电场力先做正功、后做负功D．若将一正试探电荷沿直线由d点移动到e点，试探电荷的电势能增加3.（多选）如图所示为一带电体的电场线，已知a、b、c为电场线上的点，已知V，V。

则下列说法正确的是A．b、c两点所在的电场线方向由b指向cB．a、b两点的电场强度关系＞ C．b、c两点的中点的电势为4V D．a点所在的等势线和c点所在的等势线可能相交于一点4.（单选）如图所示，实线AB为一电子在电场中的运动轨迹，虚线为等势线且相邻两等势线间的电势差相等、距离相等，电子运动到等势线φ1上时，具有动能30J，它运动到等势线φ3上时，具有动能10J．令φ0=0，电子重力不计，则下列说法正确的是（）Ａ.电场方向水平向左Ｂ.电子在运动过程中加速度变小Ｃ.电子在A点的电势能为负值Ｄ.当该电子荷的电势能为4J时，其动能大小为36J5.（单选）一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力，则A．粒子带正电 B．A点的场强小于B点的场强C．粒子的加速度逐渐增加 D．粒子的速度不断减小6.（单选）如图，P和Q为带电量分别为+q和-q的两个等量异种电荷，两者相距为L，O为PQ连线的中点，M、N为中垂线上关于O点对称的两个点，则A． M、O、N三点的场强都相等B．M、N 两点的场强大小相等，方向相同C．O点的场强为零D．M、O、N三点的电势大小关系为φM＞φN＞φO7.（单选）虚线a、b、c、d表示匀强电场中的4个等势面。

青海师大二附中2014-2015学年高一上学期第一次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分.在下列各题的四个选项中，至少有一个符合题目要求，将正确答案填写在答题卷上，不选错选多选不得分，漏选得1分）1．（3分）在研究物体的运动时，下列物体中可看做质点的是（）A．研究北京奥运会上中国小将邹凯的体操动作时B．一枚硬币用力上抛，猜测它落地时正面朝上还是反面朝上C．研究哈雷彗星绕太阳公转时的轨迹D．研究正在做课间操的同学们2．（3分）下列关于时间与时刻，说法正确的是（）A．第3秒内、前3秒、第5秒末都指的是时间间隔B．早晨7：00准时到校，指的是时间间隔C．1min等于60s，所以1min可分成60个时刻D．第1秒初指的是0时刻，一般指计时起点3．（3分）南昌三中2014-2015学年高一的新同学分别乘两辆汽车去人民公园游玩．两辆汽车在平直公路上运动，甲车内一同学看见乙车没有运动，而乙车内一同学看见路旁的树木向西移动．如果以地面为参考系，那么，上述观察说明（）A．甲车不动，乙车向东运动B．乙车不动，甲车向东运动C．甲车向西运动，乙车向东运动D．甲、乙两车以相同的速度都向东运动4．（3分）在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是（）A．甲是指位移，乙是平均速度B．甲是指路程，乙是平均速度C．甲是指位移，乙是瞬时速度D．甲是指路程，乙是瞬时速度5．（3分）下列所描述的运动的中，可能的有（）A．速度变化很大，加速度很小B．速度变化方向为正，加速度方向为负C．速度越来越大，加速度越来越小D．速度变化越来越快，加速度越来越小6．（3分）在百米赛跑比赛中，测得一优秀运动员在5s末的速度为7m/s，10s末到达终点时的速度为11m/s，则他全程的平均速度为（）A．7m/s B．9m/s C．10m/s D．5.5m/s7．（3分）上海到南京的列车速度为180km/h，列车到站后以5m/s2的加速度刹车，则列车刹车12秒内的位移为（）A．250m B．0C．240m D．100m8．（3分）老师讲了一个新的龟兔赛跑的故事，按照老师所讲的故事情节，乌龟和兔子的位移随时间的图象如图所示，则根据图象可知（）A．发令枪一响，乌龟先跑出去，兔子过一会儿才跑出去B．兔子先加速前进，中途匀速前进，最后又加速前进C．乌龟一直匀加速前进D．兔子先通过预定的位移S m到达终点9．（3分）如图所示是某物体做直线运动的速度图象，下列有关物体运动情况判断正确的是（）A．前两秒加速度为5m/s2B．4s末物体回到出发点C．6s末物体距出发点最远D．8s末物体距出发点最远10．（3分）如图所示是甲、乙两物体的v﹣t图象，由图可知（）A．乙做匀加速运动，甲做匀减速运动B．甲、乙两物体相向运动C．乙比甲晚1s出发D．5s末两物体相遇二、填空题（本题共4小题，每空2分，共30分．将正确答案填在答题卷相应的空白位置上．）11．（10分）一质点在x轴上运动，各个时刻的位置坐标如表：t/s 0 1 2 3 4 5x/m 0 4 ﹣6 ﹣2 1 ﹣5则此质点开始运动后，第_____秒内位移最大，大小是_____m；前______秒内路程最大；第__秒内平均速度最小，大小是_________m/s．12．（6分）某质点沿直线运动，其位移x和所用时间t满足方程2t2+5t=x，由此可知这个质点运动的初速度为_________m/s，加速度为______m/s2，3s末的瞬时速度为_____m/s．13．（6分）如图所示是一个物体向东运动的速度图象．由图可知在0～10s内物体的加速度是________；在10﹣40s内物体的加速度为______，在40﹣60s内物体的加速度是_______．14．（8分）（1）接通电源与释放纸带让纸带（随物体）开始运动，这两项操作的时间顺序是____________A．先接通电源，后释放纸带B．先释放纸带，后接通电源C．释放纸带的同时接通电源D．先接通电源或先释放纸带都可以（2）在用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度的实验中，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰的点开始起，分别标上计数点0、1、2、3、4…，相邻计数点之间还有四个点未画出，量得0与1两点间的距离x1=4.00cm，1与2两点间的距离x2=6.00cm，2与3两点间的距离x3=8.00cm．则打下测量点1时小车的速度大小为______m/s，打下2点时小车的速度大小为_______m/s，小车的加速度大小为________m/s2．三、计算题（本题共5小题，共40分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分．有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位．）15．（5分）一辆汽车在一条平直公路上行驶，以72km/h速度行驶全程的四分之一，接着以40m/s的速度行驶完其余的四分之三，求汽车在全程内的平均速度大小？16．（9分）一火车以2m/s的初速度，0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，求：（1）火车在3s末的速度是多少？（2）在前4s的平均速度是多少？（3）在第5s内的位移是多少？17．（9分）一辆汽车以72km/h的速度在平直公路上行驶，现因故紧急刹车，已知汽车刹车过程中加速的大小始终为5m/s2，求（1）汽车刹车3s末的速度；（2）汽车通过30m所需要的时间；（3）汽车从开始刹车到6s末所通过的位移．18．（8分）汽车从静止开始做匀加速直线运动，途中先后经过相距125m的A、B两点，已知过B点时速度为15m/s，过A点时速度为10m/s，试求：（1）汽车从出发到A点的时间（2）汽车从出发到A点的位移．19．（9分）正以30m/s的速率运行的列车，接到前方小站的请求：接一垂危病人上车．列车先以加速度大小0.6m/s2做匀减速运动，恰到该小站停止，停车1min后再以1.0m/s2的加速度匀加速直线启动，直到恢复原速行驶．求该列车由于临时停车，共耽误多长时间．青海师大二附中2014-2015学年高一上学期第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分.在下列各题的四个选项中，至少有一个符合题目要求，将正确答案填写在答题卷上，不选错选多选不得分，漏选得1分）1．（3分）在研究物体的运动时，下列物体中可看做质点的是（）A．研究北京奥运会上中国小将邹凯的体操动作时B．一枚硬币用力上抛，猜测它落地时正面朝上还是反面朝上C．研究哈雷彗星绕太阳公转时的轨迹D．研究正在做课间操的同学们考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：当物体的大小和形状对所研究的问题中没有影响或影响不计时，可以把物体当成质点处理．解答：解：A、研究运动员的姿势，运动员的身高、动作等影响很大，不能看作质点．故A 错误；B、猜测它落地时正面朝上还是反面朝上，不能看做质点．故B错误；C、研究哈雷彗星绕太阳公转时的轨迹，能看作质点，故C正确；D、研究正在做课间操的同学们，要看动作，不可看作质点．故D错误；故选：C．点评：必须掌握质点的条件，明确能不能看成质点不是由物体决定，而是由所研究的问题的性质决定．2．（3分）下列关于时间与时刻，说法正确的是（）A．第3秒内、前3秒、第5秒末都指的是时间间隔B．早晨7：00准时到校，指的是时间间隔C．1min等于60s，所以1min可分成60个时刻D．第1秒初指的是0时刻，一般指计时起点考点：时间与时刻．分析：时间是指时间的长度，在时间轴上对应时间段，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．解答：解：时刻是指时间点，时间是指时间的长度，即时间的间隔，A、第3秒内、前3秒属于时间间隔，而第5秒末指的是时刻，所以A错误；B、早晨7：00准时到校，指的是时间点，所以B错误；C、1min等于60s，而1分钟可以分成无数个时刻，所以C错误；D、第1秒初指的是0时刻，一般指计时起点，所以D正确；故选：D．点评：时刻具有瞬时性的特点，是变化中的某一瞬间通常与物体的状态相对应；时间间隔具有连续性的特点，与某一过程相对应．3．（3分）南昌三中2014-2015学年高一的新同学分别乘两辆汽车去人民公园游玩．两辆汽车在平直公路上运动，甲车内一同学看见乙车没有运动，而乙车内一同学看见路旁的树木向西移动．如果以地面为参考系，那么，上述观察说明（）A．甲车不动，乙车向东运动B．乙车不动，甲车向东运动C．甲车向西运动，乙车向东运动D．甲、乙两车以相同的速度都向东运动考点：参考系和坐标系．专题：直线运动规律专题．分析：乙车内的同学看见路旁的树木向西移动，说明乙车相对地面向东运动；甲车内一同学看见乙车没有运动，说明甲乙两车的速度相同．解答：解：由于甲车内一同学看见乙车没有运动，故甲乙两车的速度相同．又由于乙车内的同学看见路旁的树木向西移动，说明乙车相对地面向东运动，所以以地面为参考系甲乙两车以相同的速度都向东运动，故D正确．故选D．点评：掌握参考系的概念是解决此类题目的关键，本题中乙车内的同学看见路旁的树木向西移动，说明该同学是以自己作为参考系．4．（3分）在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是（）A．甲是指位移，乙是平均速度B．甲是指路程，乙是平均速度C．甲是指位移，乙是瞬时速度D．甲是指路程，乙是瞬时速度考点：瞬时速度；位移与路程．专题：常规题型．分析：告示牌甲是量程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大．解答：解：告示牌甲是里程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大，告示牌乙上面的数字是瞬时速度．所以甲是指路程，乙是指瞬时速度，故ABC错误，D正确；故选：D点评：本题考查对生活中常识的了解程度．量程牌的数字、计程器的读数等都表示路程．速度计测量瞬时速度的大小．5．（3分）下列所描述的运动的中，可能的有（）A．速度变化很大，加速度很小B．速度变化方向为正，加速度方向为负C．速度越来越大，加速度越来越小D．速度变化越来越快，加速度越来越小考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度是描述速度变化快慢的物理量．解答：解：A、根据a=可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决定，虽然△v大，但△t更大时，a可以很小．故A正确；B、加速度的方向就是物体速度变化量的方向，速度变化方向为正，加速度方向为正，故B 错误；C、如果物体加速度方向与速度方向相同，那么速度就会增大，如果加速度变小，速度增加得越来越慢，故C正确；D、加速度是描述速度变化快慢的物理量．速度变化越来越快，加速度越来越大，故D错误；故选：AC．点评：把握加速度的定义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．6．（3分）在百米赛跑比赛中，测得一优秀运动员在5s末的速度为7m/s，10s末到达终点时的速度为11m/s，则他全程的平均速度为（）A．7m/s B．9m/s C．10m/s D．5.5m/s考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度等于位移除以在这段位移上所用的时间，和某时刻的速度无关．解答：解：由题义可知，位移x=100m，所用时间t=10s，所以平均速度===10m/s．选项ABD错误，C正确故选C．点评：该题考查学生对平均速度的理解和公式的应用，属于基础知识，难度不大．7．（3分）上海到南京的列车速度为180km/h，列车到站后以5m/s2的加速度刹车，则列车刹车12秒内的位移为（）A．250m B．0C．240m D．100m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：将速度单位换算成国际单位，先判断停止所用时间，再计算位移解答：解：v=180km/h=50m/s列车从减速到停止的时间为t=故12s内的位移应为：x=m=250m故选A点评：交通工具减速运动问题，要注意判断停止所用时间，若规定时间内没停下，则用匀变速运动规律将时间代入求解，否则要合理运用时间8．（3分）老师讲了一个新的龟兔赛跑的故事，按照老师所讲的故事情节，乌龟和兔子的位移随时间的图象如图所示，则根据图象可知（）A．发令枪一响，乌龟先跑出去，兔子过一会儿才跑出去B．兔子先加速前进，中途匀速前进，最后又加速前进C．乌龟一直匀加速前进D．兔子先通过预定的位移S m到达终点考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由位移图象直接兔子和乌龟出发的时刻与位置．根据位移图象的斜率表示速度分析兔子和乌龟的运动情况．当两个动物的位移相等时，说明到达同一位置．乌龟先通过预定位移到达终点．解答：解：A、由图读出，兔子和乌龟是从同地同时刻出发的，故A错误．BC、据位移图象可知，兔子先匀速运动，再静止休息，然后再匀速运动；而乌龟始终匀速运动，故BC错误；D、由图看出，兔子先到达到达终点，故D正确．故选：D．点评：本题是位移图象问题，图线的斜率等于速度，纵坐标实质表示物体的位置．9．（3分）如图所示是某物体做直线运动的速度图象，下列有关物体运动情况判断正确的是（）A．前两秒加速度为5m/s2B．4s末物体回到出发点C．6s末物体距出发点最远D．8s末物体距出发点最远考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．解答：解：A、前两秒加速度由加速度的定义式：a===5m/s2，故A正确．BCD、在速度时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，所以四秒末物体的位移为正向的最大值，离出发点最远，故BCD错误．故选：A点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．10．（3分）如图所示是甲、乙两物体的v﹣t图象，由图可知（）A．乙做匀加速运动，甲做匀减速运动B．甲、乙两物体相向运动C．乙比甲晚1s出发D．5s末两物体相遇考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度图象的斜率代表物体运动的加速度，根据形状可判断出两个物体的运动性质．速度正负表示速度的方向．速度图象与时间轴围成的面积代表物体发生的位移．解答：解：A、由图知，甲的速度均匀减小，做匀减速直线运动，乙的速度均匀增大，做匀加速运动，故A正确．B、两个物体的速度均为正值，说明都沿正向运动，故B错误．C、甲在t=0时刻开始出发，乙在t=1s时出发，故乙比甲晚1s出发，故C正确．D、速度图象与时间轴围成的面积代表物体发生的位移．则知5s末甲的位移大于乙的位移，它们的出发地点相同，故两个物体没有相遇，故D错误．故选：AC．点评：利用速度图象的物理意义：速度图象与坐标轴围成的面积代表物体发生的位移，用此来求解此类追击问题方便快捷．二、填空题（本题共4小题，每空2分，共30分．将正确答案填在答题卷相应的空白位置上．）11．（10分）一质点在x轴上运动，各个时刻的位置坐标如表：t/s 0 1 2 3 4 5x/m 0 4 ﹣6 ﹣2 1 ﹣5则此质点开始运动后，第2秒内位移最大，大小是10m；前5秒内路程最大；第4秒内平均速度最小，大小是3m/s．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：位移等于末位置的坐标减去初位置的坐标，即△x=x2﹣x1，根据该公式判断哪一段时间位移最大．路程等于运动轨迹的长度．根据，判断哪一段时间内的平均速度最小．解答：解：在第2s内，物体的位移△x=x2﹣x1=﹣10m，负号表示方向．所以该时间段内位移大小是10m，方向沿x轴负方向．路程等于物体运动轨迹的长度，知再前5s内路程最大．根据，知在第4s内的位移最小，为3m，所以平均速度最小，为3m/s．故本题答案为：2，10，5，4，3．点评：解决本题的关键会在坐标系上求物体的位移，位移等于末位置的坐标减去初位置的坐标，即△x=x2﹣x1，负号表示位移的方向．12．（6分）某质点沿直线运动，其位移x和所用时间t满足方程2t2+5t=x，由此可知这个质点运动的初速度为5m/s，加速度为4m/s2，3s末的瞬时速度为17m/s．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据位移与时间的关系表达式，得出初速度v0和加速度a，再根据速度时间公式v=v0+at 求出3s末的速度．解答：解：由x==5t+2t2，知v0=5m/s，a=4m/s2，根据速度时间公式v=v0+at得，3s末的速度为17m/s．故本题答案为：5，4，17．点评：解决本题的关键掌握速度时间公式v=v0+at，以及位移时间公式x=．13．（6分）如图所示是一个物体向东运动的速度图象．由图可知在0～10s内物体的加速度是3m/s2；在10﹣40s内物体的加速度为0，在40﹣60s内物体的加速度是﹣1.5m/s2．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线的斜率表示加速度，加速度向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负．解答：解：在速度﹣时间图象中切线的斜率表示加速度，所以0～10s内物体的加速度大小：a1=m/s2=3m/s2；在10s～40s内物体的加速度大小：a2=m/s2=0m/s2在40s～60s内物体的加速度：a3=m/s2=﹣1.5m/s2负号代表加速度方向与规定的正方向相反．故答案为：3m/s2，0，1.5m/s2．点评：本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率即表示加速度的含义，加速度的定义式a=．14．（8分）（1）接通电源与释放纸带让纸带（随物体）开始运动，这两项操作的时间顺序是AA．先接通电源，后释放纸带B．先释放纸带，后接通电源C．释放纸带的同时接通电源D．先接通电源或先释放纸带都可以（2）在用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度的实验中，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰的点开始起，分别标上计数点0、1、2、3、4…，相邻计数点之间还有四个点未画出，量得0与1两点间的距离x1=4.00cm，1与2两点间的距离x2=6.00cm，2与3两点间的距离x3=8.00cm．则打下测量点1时小车的速度大小为0.50m/s，打下2点时小车的速度大小为0.7m/s，小车的加速度大小为2.0m/s2．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：本题考查了打点计时器的具体应用，熟悉打点计时器的使用细节即可正确解答本题．根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上某点时小车的瞬时速度大小．解答：解：（1）开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打更多的点，BCD错误，A正确．故选：A．（2）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上1点时小车的瞬时速度大小．v1===0.50m/s根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小．v2===0.70m/s由纸带的数据得出相邻的计数点间的位移之差相等，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a===2.0m/s2故答案为：（1）A；（2）0.50，0.70，2.0．点评：对于一些实验操作细节，要通过亲自动手实验，才能体会具体操作细节的含义．三、计算题（本题共5小题，共40分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分．有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位．）15．（5分）一辆汽车在一条平直公路上行驶，以72km/h速度行驶全程的四分之一，接着以40m/s的速度行驶完其余的四分之三，求汽车在全程内的平均速度大小？考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：先算出以20m/s 的速度行驶了整个路程的所用的时间，再算出以40m/s的速度行驶了整个路程的所用的时间，汽车行驶完全程的平均速度为总路程与总时间的商．解答：解：设总路程为4s，v1=20 m/s，v2=40 m/s则前路程所用时间为：t1==后路程所用时间为：t2==所以整个过程平均速度为：=32m/s答：全程的平均速度为32m/s点评：本题考查了平均速度的计算，弄清前本题考查了平均速度的计算，弄清前路程用的时间与后路程用的时间是解题的关键．16．（9分）一火车以2m/s的初速度，0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，求：（1）火车在3s末的速度是多少？（2）在前4s的平均速度是多少？（3）在第5s内的位移是多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度时间公式求出3s末的速度，结合位移时间公式求出前4s 内的位移，从而得出前4s内的平均速度．根据位移时间公式前5s内的位移，结合前4s内的位移得出第5s内的位移．解答：解：（1）火车在3s末的速度v=v0+at=2+0.5×3m/s=3.5m/s．（2）在前4s内的位移=m=12m，则前4s内的平均速度．（3）前5s内的位移=m=16.25m，则第5s内的位移x=x5﹣x3=16.25﹣12m=4.25m．答：（1）火车在3s末的速度是3.5m/s；（2）在前4s的平均速度是3m/s；（3）在第5s内的位移是4.25m．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用，基础题．17．（9分）一辆汽车以72km/h的速度在平直公路上行驶，现因故紧急刹车，已知汽车刹车过程中加速的大小始终为5m/s2，求（1）汽车刹车3s末的速度；（2）汽车通过30m所需要的时间；（3）汽车从开始刹车到6s末所通过的位移．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）求出汽车刹车到停止所需的时间，因为汽车刹车停止后不再运动，然后根据速度时间公式v=v0+at求出汽车刹车3s末的速度．（2）根据速度位移公式，求出汽车通过30m的末速度，再根据t=求出时间．（3）判断6s末有没有停止，然后根据位移时间公式求出位移．解答：解：（1）规定汽车初速度的方向为正方向，v0=72km/h=20m/s a=﹣5m/s2汽车刹车到停止所需的时间＞3s，知3s末未停止．所以，汽车刹车后3s末的速度v=v0+at=20﹣5×3m/s=5m/s．（2）由v2﹣v02=2ax，代入数据可求v=10m/s，则汽车通过30m所需要的时间t==．（3）t0＜6s，知汽车在6s内的位移等于在4s内的位移所以汽车刹车6s末的位移=．点评：解决本题的关键知道汽车刹车停止后不再运动，以及掌握匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at和位移时间公式．18．（8分）汽车从静止开始做匀加速直线运动，途中先后经过相距125m的A、B两点，已知过B点时速度为15m/s，过A点时速度为10m/s，试求：（1）汽车从出发到A点的时间（2）汽车从出发到A点的位移．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：追及、相遇问题．分析：根据匀变速直线运动的位移公式：可求汽车的加速度，根据速度公式可求运动时间解答：解：根据匀变速直线运动的位移公式：，可得：=0.5m/s2则t===10s根据匀变速直线运动的位移公式可得：汽车从出发到A点的位移：x1===100m答：（1）汽车从出发到A点的时间为10s（2）汽车从出发到A点的位移为100m．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at以及位移公式．19．（9分）正以30m/s的速率运行的列车，接到前方小站的请求：接一垂危病人上车．列车先以加速度大小0.6m/s2做匀减速运动，恰到该小站停止，停车1min后再以1.0m/s2的加速度匀加速直线启动，直到恢复原速行驶．求该列车由于临时停车，共耽误多长时间．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．。

高一下学期第一次月考物理试题一、选择题：（每小题3分，共24分）1.下列说法中正确的是（ ）A.做曲线运动的物体速度的方向必定变化B.速度变化的运动必定是曲线运动C.加速度恒定的运动不可能是曲线运动D.加速度变化的运动必定是曲线运动2.关于运动的合成，下列说法中正确的是（ ）A.合运动的速度一定比每一个分运动的速度大B.两个匀速直线运动的合运动一定是匀速直线运动（速度大小相等、方向相反除外）C.只要两个分运动是直线运动，那么它们的合运动也一定是直线运动D.两个分运动的时间一定与它们合运动的时间相等3．一物体以初速v 0水平抛出，当其竖直位移是水平位移的两倍时，应是在抛出后的A ．v 0/g 秒末B ．2v 0/g 秒末C ．4v 0/g 秒末D ．8v 0/g 秒末4、质量为m 的石块从半径为R 的半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果摩擦力的作用使得石块的速度大小不变，如图3所示，那么A ．因为速率不变，所以石块的加速度为零B ．石块下滑过程中受的合外力越来越大C ．石块下滑过程中的摩擦力大小不变D ．石块下滑过程中的加速度大小不变，方向始终指向球心5、如图4所示是甲、乙两球做匀速圆周运动的向心加速度随半径变化的关系图线A ．甲球运动时线速度大小保持不变B ．乙球运动时线速度大小保持不变C ．甲球运动时角速度大小保持不变D ．乙球运动时角速度大小保持不变6.水平抛出一个物体，经时间t 后物体速度方向与水平方向夹角为θ，重力加速度为g ,则平抛物体的初速度为（ ）A.gt sin θB.gt cos θC.gt tan θD.gt cot θ7．如图所示，有一质量为M 的大圆环，半径为R ，被一轻杆固定后悬挂在O 点，有两个质量为m 的小环（可视为质点），同时从大环两侧的对称位置由静止滑下.两小环同时滑到大环底部时，速度都为v ，则此时大环对轻杆的拉力大小为（ ）A.（2m +2M ）gB.Mg －2mv 2/RC.2m (g +v 2/R )+MgD.2m (v 2/R －g )+Mg8 汽艇在宽为400 m ，若水流速度为4 m/s ，船在静水中的速度为2 m/s ，若使船以最短的位移过河，则船头与河岸之间的夹角和船此时的位移为多少（ ）A ． 300 角 600米B ． 600 角 800米C ．900 角 400米D ． 450 角 480 米图301图4二填空（每空3分，共21分）9、如图6所示，小朋友在玩一种运动中投掷的游戏，目的是在运动中将手中的球投进离地面高H＝3 m的吊环．他在车上和车一起以v车＝2 m/s的速度向吊环运动，小朋友抛球时手离地面h＝1.2 m，当他在离吊环的水平距离为s＝2 m时将球相对于自己竖直上抛，球刚好进入吊环，他将球竖直向上抛出的速度v0是 (g取10 m/s2)10、做平抛运动的物体，初速度为vo＝15m/s，当物体在竖直方向的平均速度与水平速度的数值相等时，这个物体运动的时间为________s，这时物体的竖直位移和水平位移大小关系满足竖直位移的数值_________(填“大于”、“小于”或“等于”)水平位移的数值。

青海省高一上学期物理第一次月考试卷（I）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共14题；共28分)1. （2分） (2019高三上·浙江月考) 区间测速是在同一路段上布设两个相邻的监控点，原理是基于车辆通过前后两个监控点的时间来计算车辆在该路段上的平均行驶速度，并依据该路段上的限速标准判定车辆是否超速违章。

图为高速公路的一个交通标志，若一辆汽车以 55km/h 的速度驶入测速区间，经5min 后仍以55km/h 的速度驶离测速区间，则下列说法中正确的是（）A . 汽车在该测速区间运行时不可以看成质点B . 在该区间汽车的瞬时速度可能达到 100km/hC . 标志中的“5.3km”指的是位移D . 因进出测速区间的速度均未超过60 km/h，该汽车没有超速2. （2分）诗句“满眼风光多闪烁，看山恰似走来迎，仔细看山山不动，是船行”中，“看山恰似走来迎”和“是船行”所选择的参考系是（）A . 船和山B . 山和船C . 地面和山D . 河岸和流水3. （2分） (2019高一上·广州期中) 关于加速度和速度的关系，下列说法正确的是（）A . 加速度不为零的物体，速度一定增加B . 物体速度大小不变时，加速度一定为零C . 物体加速度减小时，速度也一定减小D . 没有加速度的物体，速度一定不变4. （2分） (2017高一上·福州期末) 短跑运动员起跑的好坏，对于能否取得好成绩十分关键，因此短跑运动员都采用助跑器起跑，发令枪响必须奋力蹬助跑器，发挥自己的最大体能，以获取最大的（）A . 速度B . 加速度C . 位移D . 路程5. （2分） (2018高一上·福田期中) 一个做匀加速直线运动的物体先后经过A．B两点的速度分别为v1和v2 ，则下列结论中不正确的有（）A . 物体经过AB位移中点的速度大小为B . 物体经过AB位移中点的速度大小为C . 物体通过AB这段位移的平均速度为D . 物体通过AB这段位移所用的中间时刻的速度为6. （2分） (2018高三上·红河月考) 一辆汽车，以速度为v0＝12 m/s的速度前进，突然发现前面有石块，便以大小为6 m/s2的加速度刹车，则刹车后3 s内的位移为（）．A . 9 mB . 12 mC . 21 mD . 8 m7. （2分） (2019高三上·海淀月考) 某物体(可视为质点)某段时间内做直线运动，设物体的运动时间为t，位移为x，得到物体的－t图像如图所示，下列说法正确的是（）A . 0～b时间内物体的加速度大小为B . 0～b时间内物体的初速度大小为bC . 0～b时间内，物体做单向直线运动D . 0～b时间内，物体做往返直线运动8. （2分） (2019高一上·龙岗期中) 关于重力，下列说法中正确的说法是（）A . 重力是由于地球对物体的吸引而产生的B . 重力的方向总是与接触面相垂直C . 重力的大小可以用弹簧秤和杆秤直接测量D . 任何物体都有自己的重心，重心总在物体上9. （2分）在水平面上用水平力F拉物体从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到4m/s时撤掉F，物体在水平面上滑行直到停止，物体的速度图象如图所示，物体在水平面上的摩擦力为Ff ，则F∶Ff 的大小为（）A . 2:1B . 3:1C . 1:4D . 4:110. （2分）一个物体从Ｈ高处自由下落，当其速度达到着地速度一半时，下落的高度为（）A . Ｈ／２B . Ｈ／４C . ３Ｈ／４D . Ｈ／１２11. （2分）(2016·泰安模拟) 一小球在空气中从某高处由静止开始下落，t0时刻到达地面，其v﹣t图像如图．由此可以判定物体在下落过程中（）A . 不受空气阻力B . 受到的空气阻力大小不变C . 受到的空气阻力越来越小D . 受到的空气阻力越来越大12. （2分） (2016高一上·金山期中) 一羽毛球从静止开始竖直下落，经过1s着地．着地时速度为7m/s．已知羽毛球下落过程中做匀加速直线运动，则羽毛球开始下落的高度（）A . 3.5 mB . 5 mC . 7 mD . 10 m13. （2分）下面物理量不属于矢量的是（）A . 位移B . 速率C . 力D . 加速度14. （2分） (2016高一上·射阳期中) A，B，C三物体同时、同地、同向出发做直线运动，如图所示是它们运动的位移﹣时间图象，由图象可知它们在t0时间内（）A . A= B= CB . A＞ B＞ CC . t0时刻之前A一直在B，C的后面D . A的速度一直比B，C的要大二、多选题 (共4题；共11分)15. （3分） (2017高二下·唐山期末) 关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（）A . 加速度越来越大，则速度越来越大B . 运动物体的加速度大，表示速度变化快C . 加速度的正、负表示物体的运动方向D . 运动物体的加速度方向与初速度方向相同时，物体的运动速度将增大16. （3分） (2018高二上·临汾月考) 一带负电的试探电荷在不同电场中由静止释放，只受电场力作用，且沿直线运动，它运动的v－t图象如图中甲、乙所示，则下列关于试探电荷所处的电场说法正确的是（）A . 甲图可能是在带正电的点电荷形成的电场中的v－t运动图象B . 甲图可能是在带负电的点电荷形成的电场中的v－t运动图象C . 乙图可能是在等量同种点电荷形成的电场中的v－t运动图象D . 乙图可能是在等量异种点电荷形成的电场中的v－t运动图象17. （2分） (2016高一上·昌吉期中) 一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速直线运动，接着做匀减速直线运动，开到乙地刚好停止，其速度﹣时间图象如图所示，那么0～t和t～3t两段时间内（）A . 加速度大小之比为3：1B . 位移大小之比为1：2C . 汽车做单向直线运动D . 汽车加速度方向不变18. （3分） (2017高一上·汕头期中) 物体沿同一方向做直线运动，在t时间内通过的位移为x．若中间位置 x处的速度为v1 ，在中间时刻 t的速度为v2 ，则（）A . 物体做匀加速直线运动时，v1＞v2B . 物体做匀加速直线运动时，v1＜v2C . 物体做匀减速直线运动时，v1＞v2D . 物体做匀减速直线运动时，v1＜v2三、实验题 (共1题；共2分)19. （2分） (2018高一上·天津期中) 在“用打点计时器探究匀变速直线运动速度随时间的变化规律”实验中：（1）安装纸带时，应将纸带置于复写纸（或墨粉纸盘）的下方。

2014-2015学年青海师大二附中高一（下）第一次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分．在下列各题的四个选项中，至少有一个符合题目要求，将正确答案填写在答题卷上，不选错选多选不得分，漏选得2分）1．（3分）（2015春•青海校级月考）在匀速圆周运动中，下列物理量中不变的是（）A．周期B．线速度C．向心加速度D．向心力【考点】：匀速圆周运动．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：匀速圆周运动的过程中，线速度的大小不变，方向时刻改变，向心加速度、向心力的方向始终指向圆心．【解析】：解：匀速圆周运动过程中，线速度大小不变，方向改变，向心加速度大小不变，方向始终指向圆心，向心力大小不变，方向始终指向圆心，周期不变．故A正确，B、C、D 错误．故选：A【点评】：解决本题的关键知道线速度、向心加速度、向心力是矢量，矢量只有在大小和方向都不变时，该量不变．2．（3分）（2015春•青海校级月考）关于曲线运动的叙述，正确的是（）A．做曲线运动的物体，速度方向时刻变化，故曲线运动不可能是匀变速运动B．物体在恒力作用下，不可能做曲线运动C．所有曲线运动都一定是变速运动D．做曲线运动的物体受到的合力一定不为零【考点】：曲线运动．【专题】：物体做曲线运动条件专题．【分析】：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同．【解析】：解：A、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，对合力是否变化没有要求，可以是恒力，可以是匀变速运动，如平抛运动，故A错误；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，比如平抛运动，受到的就是恒力重力的作用，所以B错误；C、曲线运动物体的速度方向与该点曲线的切线方向相同，所以曲线运动的速度的方向是时刻变化的，是变速运动，故C正确；D、曲线运动物体的速度方向与该点曲线的切线方向相同，所以曲线运动的速度的方向是时刻变化的，是变速运动，所以合外力一定不为0．故D正确故选：CD【点评】：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．3．（3分）（2015春•青海校级月考）江中某轮渡站两岸的码头A和B正对，如图所示，水流速度恒定且小于船速．若要使渡船直线往返于两码头之间，则船在航行时应（）A．往返时均使船垂直河岸航行B．往返时均使船头适当偏向上游一侧C．从A码头驶往B码头，应使船头适当偏向上游一侧D．从b码头返回a码头，应使船头适当偏向上游一侧【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．【分析】：若要使渡船沿直线往返于两码头之间，则合速度的方向垂直于河岸，根据平行四边形定则确定船头的方向．【解析】：解：从A到B，合速度方向垂直于河岸，水流速水平向右，根据平行四边形定则，则船头的方向偏向上游一侧．从B到A，合速度的方向仍然垂直于河岸，水流速水平向右，船头的方向仍然偏向上游一侧．故BCD正确，A错误．故选：BCD．【点评】：解决本题的关键已知合速度和一分速度的方向，会根据平行四边形定则，确定另一分速度的方向．4．（3分）（2015春•青海校级月考）如图所示，洗衣机的脱水筒在工作时，有一件衣物附着在竖直的筒壁上，则此时（）A．衣物受重力、筒壁弹力和摩擦力作用B．衣物随筒壁做圆周运动的向心力由摩擦力提供C．筒壁的弹力随筒的转速的增大而增大D．筒壁对衣物的摩擦力随筒的转速的增大而增大【考点】：向心力．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：衣物附在筒壁上随筒一起做匀速圆周运动，衣物的重力与静摩擦力平衡，筒壁的弹力提供衣物的向心力，根据向心力公式分析筒壁的弹力随筒转速的变化情况．【解析】：解：A、衣服受到重力、筒壁的弹力和静摩擦力作用，故A正确．B、衣服随筒壁做圆周运动的向心力是筒壁的弹力．竖直方向上衣物的重力与静摩擦力平衡，故B错误．C、衣物附在筒壁上随筒一起做匀速圆周运动，衣物的重力与静摩擦力平衡，筒壁的弹力F提供衣物的向心力，得到F=mω2R=m（2πn）2R，可见．转速n增大时，F增大，故C正确，D、由于衣物竖直上没有加速度，衣物的重力与静摩擦力平衡，则知筒的转速增大时，摩擦力不变，故D错误．故选：AC．【点评】：本题是生活中圆周运动问题，要学会应用物理知识分析实际问题．关键要知道匀速圆周运动由合外力提供向心力．5．（3分）以下说法中正确的是（）A．在光滑的水平冰面上，汽车可以转弯B．火车转弯速率大于规定的数值时，内轨将会受压力作用C．火车转弯速率大于规定的数值时，外轨将会受压力作用D．汽车转弯时需要的向心力由司机转动方向盘所提供的力【考点】：向心力．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：汽车在水平面上转弯时，靠静摩擦力提供向心力，火车以规定速度v0通过转弯处时，火车所受的重力及轨道面的支持力这两个力的合力提供了转弯的向心力，铁轨以车轮没有侧压力．当火车速度大于v0时，火车所受的重力及轨道面的支持力提供的向心力小于所需要的向心力，则不足的部分由外轨轮缘向内的侧压力来提供．当火车速度小于v0时，火车所受的重力及轨道面的支持力提供的向心力大于所需要的向心力，则多余的力由内轨向外挤压来平衡．【解析】：解：A、汽车在水平面上转弯时，靠静摩擦力提供向心力，光滑的水平冰面没有静摩擦力，故不能转弯，故A错误；B、当火车速度大于规定速度时，火车所受的重力及轨道面的支持力提供的向心力小于所需要的向心力，则不足的部分由外轨轮缘向内的侧压力来提供，则车轮轮缘会挤压外轨．故B错误，C正确．D、汽车转弯时需要的向心力由重力、轨道面的支持力、及轨道压力提供，故D错误．故选：C【点评】：本题考查应用牛顿定律分析生活中圆周运动的能力，关键是明确火车转弯时的受力情况．6．（3分）（2015春•青海校级月考）如图所示，细绳栓着质量为m的物体在竖直平面内做半径为R的圆周运动，则下列说法正确的是（）A．小球过最高点时，绳子张力不可以为0B．小球过最高点时的最小速度是0C．小球做圆周运动过最高点的最小速度是D．小球过最高点时，绳子对小球的作用力可以与所受重力方向相反【考点】：向心力．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：小球在最高点时，当绳子拉力为零，重力提供向心力，此时速度最小，根据牛顿第二定律求出最高点的最小速度．知道绳子只能表现为拉力．【解析】：解：ABC、小球过最高点绳子的拉力为零时，速度最小，根据mg=m得，v=，可知在最高点的最小速度为．故AB错误，C正确．D、绳子只能表现为拉力，在最高点时，绳子的拉力不可能与重力方向相反．故D错误．故选：C【点评】：解决本题的关键知道小球在最高点的临界情况，会通过牛顿第二定律求出最小速度．以及知道绳子与杆子的区别，知道绳子只能表现为拉力，杆子可以表现为拉力，也可以表现为支持力7．（3分）下四幅图是我们生活中常见的曲线运动，对其描述正确的是（）A．表示一个圆锥摆．小球绕悬点在水平内匀速圆周运动，小球由重力的分力提供向心力B．表示一个拱形桥．若有一车以一定速度安全通过桥，桥受到车的压力一定小于车的重力C．表示一个拐弯的火车．火车拐弯时速度越小，则铁路路基摩损就越小D．表示一汽车在平坦公路上拐弯．汽车受路面支持力和重力的合力提供向心力【考点】：向心力．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：物体做匀速圆周运动时，合外力提供向心力，对做匀速圆周运动的物体进行受力分析即可求解．【解析】：解：A、小球绕悬点在水平内匀速圆周运动，受到的重力和绳子的拉力的合力提供向心力，故A错误；B、在拱形桥上运动的汽车，加速度向下，处于失重状态，所以桥受到车的压力一定小于车的重力，故B正确；C、火车拐弯时，速度大于规定速度时外轨对火车有压力，速度小于规定速度时，内轨对火车有压力，所以火车拐弯时速度越小，对铁路路基摩损也越大，故C错误；D、汽车在平坦公路上拐弯时，重力和支持力平衡，静摩擦力提供向心力，故D错误．故选：B【点评】：本题主考查了生活中的圆周运动，要求同学们能把所学的圆周运动的知识运用到实际生活中去，能解释有关现象，难度不大，属于基础题．8．（3分）（2015春•青海校级月考）物体以v0的速度水平抛出，当竖直分位移与水平分位移大小相等时，以下说法不正确的是（）A．竖直分速度等于水平分速度B．瞬时速度的大小为v0C．运动时间为D．运动位移的大小为【考点】：平抛运动．【专题】：平抛运动专题．【分析】：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直位移和水平位移相等，求出运动的时间，从而得出竖直分速度，结合平行四边形定则求出瞬时速度的大小．求出水平位移的大小，从而根据平行四边形定则求出物体运动的位移．【解析】：解：AC、据题意得：=v0t，则得平抛运动的时间t=．则竖直分速度vy=gt=2v0，为水平分速度的2倍．故A错误，C正确．B、根据平行四边形定则得，物体的瞬时速度v==．故B错误．D、平抛运动的水平位移x=v0t=，则物体运动的位移s=x=．故D正确．本题选不正确的，故选：AB．【点评】：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，根据运动学公式解答．9．（3分）如图所示，天车下吊着两个质量都是m的工件A和B，系A的吊绳较短，系B的吊绳较长．若天车运动到P处突然停止，则两吊绳所受的拉力FA和FB的大小关系为（）A．FA＞FB B．FA＜FB C．FA=FB=mg D．FA=FB＞mg【考点】：向心力；牛顿第二定律．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：天车运动到P处突然停止时，A、B由于惯性，要继续运动，都将做圆周运动，根据合力提供向心力，求出拉力，从而比较出FA、FB的大小关系．【解析】：解：天车运动到P处突然停止时，A、B以相同的速度将做圆周运动，设原来的速度为v，绳长为L．根据牛顿第二定律得：F﹣mg=m得，F=mg+m，因为A的绳长小于B的绳长，则A的拉力大于B的拉力，即FA＞FB．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】：解决本题的关键能够判断出天车突然停止时A、B的运动情况，以及知道圆周运动径向的合力提供向心力．10．（3分）一质量为M的人手握轻绳（不可伸长）一端，绳的另一端栓一质量为m的小球，今使小球在竖直平面内做圆周运动，若小球刚好能经过圆周的最高点，则在小球运动过程中，下面说法正确的是（）A．人对地面的最小压力等于MgB．人对地面的最小压力小于MgC．人对地面的最大压力等于（M+m）gD．人对地面的最大压力大于（M+m）g【考点】：向心力．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：小球在竖直平面内做圆周运动，受重力和拉力；然后对人分析，根据平衡条件求解地面对人的支持力情况．【解析】：解：A、B、小球刚好能经过圆周的最高点，最高点细线的拉力为零，但其余点都有拉力，在轨迹的上半周，绳子向上拉力人，故人对地面的最小压力一定是小于人的重力Mg，故A错误，B正确；C、D、小球在竖直平面内做圆周运动，受重力和拉力，在最低点时，拉力和重力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：T﹣mg=m故拉力T大于重力mg；故人对地面的压力大于（M+m）g，故C错误，D正确；故选：BD．【点评】：本题关键是先后对小球和人受力分析，然后结合牛顿第二定律和共点力平衡条件列式分析，不难．二、填空题（本题共8小题，每空2分，共26分．将正确答案填在答题卷相应的空白位置上．）11．（4分）汽艇在静水中的速度为5m/s，如果汽艇在宽为500m，水速为3m/s的河中渡河，则渡河所用的最短时间为100；如果要使汽艇渡河的位移最短，则所用的时间为125．【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．【分析】：将汽艇的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短；当合速度的方向与河岸垂直时，渡河位移最短．【解析】：解：当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短，最短时间．当合速度的方向与河岸垂直时，渡河位移最短，合速度的大小v=．渡河时间．故答案为：100，125．【点评】：解决本题的关键知道分运动和合运动具有等时性，以及知道静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短，合速度的方向与河岸垂直时，渡河位移最短．12．（2分）（2015春•青海校级月考）如图所示，船以速度v匀速向右划行，通过绳跨过滑轮拖动汽车运动，当绳与水面夹角为θ时，汽车向右运动的瞬时速度为vcosθ．【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．【分析】：将船的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于小车的速度，即可求解．【解析】：解：设绳子与竖直方向的夹角为θ，将船的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于小车的速度，根据平行四边形定则得，v车=vcosθ，故答案为：vcosθ．【点评】：解决本题的关键会对小车的速度进行分解，知道小车的速度是沿绳子方向和垂直于绳子方向速度的合速度，注意θ是绳子与竖直方向的夹角．13．（2分）（2015春•青海校级月考）做斜抛运动的物体，在2s末经过最高点时的速度是15m/s，则初速度V0=25m/s（g=10m/s2）【考点】：动能定理．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：最高点速度就是抛出时的水平分速度，竖直分速度由v=gt求解，初速度由平行四边形合成．【解析】：解：最高点速度就是抛出时的水平分速度，故vx=15m/s，竖直分速度由v=gt=10×2m/s=20m/s，故初速度为：故答案为：25m/s【点评】：斜抛运动分解为水平方向的匀速直线运动与竖直方向的匀变速直线运动，知道最高点时的速度是沿着水平方向．14．（4分）（2015春•青海校级月考）如图所示，三个轮的半径分别为r、2r、4r，b点到圆心的距离为r，ωa：ωb=2：1，aa：ad=1：1．【考点】：线速度、角速度和周期、转速；向心加速度．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：b、c、d三点是同轴传动，角速度相等；a、c点是同缘传动边缘点，线速度相等；结合公式a=ω2r和v=ωr分析【解析】：解：b、c、d是同轴传动，角速度相等；a、c点是同缘传动边缘点，线速度相等；根据v=ωr，ωa：ωc=2：1；根据a=rω2，aa：ad=1：1；故答案为：2：1，1：1【点评】：解决本题的关键知道共轴转动的点，角速度大小相等，靠传送带传动轮子边缘上点，线速度大小相等，知道线速度、角速度的关系，并能灵活运用15．（4分）一辆汽车以54km/h的速率通过一座拱桥的桥顶，汽车对桥面的压力等于车重的一半，这座拱桥的半径是45m．若要使汽车过桥顶时对桥面无压力，则汽车过桥顶时的速度大小至少是15m/s．【考点】：向心力；牛顿第二定律．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：以汽车为研究对象，分析受力可知，过桥顶时由重力和桥顶的支持力的合力提供汽车的向心力，根据牛顿运动定律求解汽车过桥顶时对桥顶的压力和速度．【解析】：解：以汽车为研究对象，根据牛顿第二定律得mg﹣N1=m得到R==若要使汽车过桥顶时对桥面无压力，由牛顿第三定律得知，汽车过桥顶时不受支持力，故只受重力．则有mg=m解得，v2==15m/s故答案为：45；15．【点评】：本题是生活实际中圆周运动问题，要学会分析受力，运用牛顿运动定律研究．属基本题．16．（4分）（2015春•青海校级月考）长为L的细线，其一端拴一质量为m的小球，另一端固定于O点，让小球在水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆），如图所示，当摆线L与竖直方向的夹角为α时，细线对小球的拉力大小为N，小球运动的线速度的大小m/s．【考点】：向心力．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：（1）对小球受力分析，根据小球竖直方向受力平衡球绳的拉力大小；（2）根据几何关系求出向心力和半径，根据牛顿第二定律求线速度的大小．【解析】：解（1）小球受力如图，直方向受力平衡：Tcosθ=mg得：T=（2）根据几何关系得：向心力为：F=Tsinθ根据牛顿第二定律：F=m又：r=Lsinθ得：v=故答案为：；【点评】：本题是圆锥摆问题，分析受力，作好力图是基础，同时要掌握向心加速度的不同的表达式形式，难度不大，属于基础题．17．（2分）质量为m的物体，沿半径为R的圆形轨道滑下，如图所示，当物体通过最低点B 时速度为V0，已知物体和轨道间的动摩擦因数μ，则物体滑过B点时受到的摩擦力大小为μm（g+）．【考点】：向心力；滑动摩擦力；牛顿第二定律．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：物块滑到轨道最低点时，由重力和轨道的支持力提供物块的向心力，由牛顿第二定律求出支持力，再由摩擦力公式求解摩擦力．【解析】：解：物块滑到轨道最低点时，由重力和轨道的支持力提供物块的向心力，由牛顿第二定律得：FN﹣mg=m得到：FN=m（g+）则当小物块滑到最低点时受到的摩擦力为：f=μFN=μm（g+）故答案为：μm（g+）．【点评】：本题是牛顿定律和向心力、摩擦力知识的简单综合应用，关键是分析向心力的来源．18．（4分）（2015春•青海校级月考）在“探究平抛运动的运动规律”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的一部分轨迹，已知图中小方格的边长L=10cm，则小球平抛的初速度大小为v0= 2m/s（取g=10m/s2），小球的抛出点坐标为（0.1m，0.1875m）．【考点】：研究平抛物体的运动．【专题】：实验题．【分析】：平抛运动竖直方向是自由落体运动，对于竖直方向根据△y=gT2求出时间单位T．对于水平方向由公式v0=求出初速度．根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度规律求出b点的竖直速度Vby，从而求出抛出点到b点的时间，接着求出从抛出到A点的时间t，这样可求出从抛出到a点的水平位移x=v0t和竖直位移，那么就可以求出小球开始做平抛运动的位置坐标．【解析】：解：设相邻两点间的时间间隔为T竖直方向：2L﹣L=gT2，得到T=水平方向：v0==2代入数据解得v0=2×=2m/s根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于这段时间的平均速度，有：因此从抛出点到B点时间为：因此从抛出点到a点的时间为：t1=t﹣T=0.15s﹣0.1s=0.05s因此从抛出点到a的水平和竖直距离分别为：x=v0t1=2×0.05=0.1m因此抛出点横坐标为x1=0.2﹣0.1=0.1m，纵坐标为y1=0.2﹣0.0125m=0.1875m，即小球抛出点的坐标为（0.1m，0.1875m）故答案为：2m/s；（0.1m，0.1875m）【点评】：本题是频闪照片问题，频闪照相每隔一定时间拍一次相，关键是抓住竖直方向自由落体运动的特点，由△y=gT2求时间单位，难度不大，属于基础题．三、计算题（本题共5小题，共44分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分．有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位．）19．（8分）（2015春•青海校级月考）如图所示，摩托车做腾跃特技表演，沿曲面冲上高0.8m 顶部水平高台，接着以v=3m/s水平速度离开平台，落至地面时，恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点切入光滑竖直圆弧轨道，并沿轨道下滑．A、B为圆弧两端点，其连线水平．已知圆弧半径为R=1.0m，人和车的总质量为180kg，特技表演的全过程中，阻力忽略不计．（计算中取g=10m/s2）．求：（1）从平台飞出到A点，人和车运动的水平距离s．（2）从平台飞出到达A点时速度大小及方向．（3）人和车运动到圆弧轨道最低点O速度v1=m/s此时对轨道的压力．【考点】：向心力；平抛运动．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：（1）从平台飞出后，摩托车做的是平抛运动，根据平抛运动在竖直方向上是自由落体运动，可以求得运动的时间，再根据水平方向上是匀速直线运动，可以求得水平的位移的大小；（2）由于摩托车恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点切入光滑竖直圆弧轨道，说明此时摩托车的速度恰好沿着竖直圆弧轨道的切线方向，通过摩托车的水平的速度和竖直速度的大小可以求得摩托车的末速度的方向；（3）在最低点时，车受到的支持力和车的重力的合力作为圆周运动的向心力，根据向心力的公式求得支持力的大小，再根据牛顿第三定律可以求得对轨道的压力的大小．【解析】：解：（1）车做的是平抛运动，很据平抛运动的规律可得竖直方向上H=水平方向上s=vt2，则s==3×=1.2m．（2）摩托车落至A点时，其竖直方向的分速度vy=gt2=4m/s到达A点时速度=5m/s设摩托车落地时速度方向与水平方向的夹角为α，则tanα=，即α=53°（3）对摩托车受力分析可知，摩托车受到的指向圆心方向的合力作为圆周运动的向心力，所以N﹣mgc osα=解得N=7740 N由牛顿第三定律可知，人和车在最低点O时对轨道的压力为7740N．答：（1）从平台飞出到A点，人和车运动的水平距离s为1.2m．（2）从平台飞出到达A点时速度大小为4m/s，方向与水平方向的夹角为53°斜向下．（3）人和车运动到圆弧轨道最低点O速度v1=m/s时对轨道的压力为7740N．【点评】：本题考查的是平抛运动和圆周运动规律的综合的应用，本题很好的把平抛运动和圆周运动结合在了一起，对学生的分析问题的能力要求较高，能很好的考查学生分析解决问题的能力．20．（8分）A、B两球质量分别为m1与m2，用一劲度系数为K的弹簧相连，一长为l1的细线与m1相连，置于水平光滑桌面上，细线的另一端拴在竖直轴OO′上，如图所示，当m1与m2均以角速度ω绕OO′做匀速圆周运动时，弹簧长度为l2．求：（1）此时弹簧伸长量多大？绳子张力多大？（2）将线突然烧断瞬间两球加速度各多大？【考点】：牛顿第二定律；向心力．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：（1）B球绕OO′做匀速圆周运动，靠弹簧的弹力提供向心力，求出弹簧的弹力，根据胡克定律即可得出弹簧的伸长量．A球在水平方向上受绳子的拉力和弹簧的弹力，两个力合力提供A球做圆周运动的向心力，从而求出绳子的拉力．（2）绳子突然烧断的瞬间，绳子拉力立即消失，弹簧的弹力来不及发生变化，根据牛顿第二定律分别求出两球的合力，从而得出两球的加速度．【解析】：解：（1）对B球有：，又根据胡克定律得：F=kx所以对A球有：T﹣F=所以故弹簧的伸长量为，绳子的张力为．（2）烧断细绳的瞬间，拉力T=0，弹力F不变根据牛顿第二定律，对A球有：对B球有：细绳烧断的瞬间两球的加速度分别为：，．【点评】：解决本题的关键知道匀速圆周运动的向心力靠合力提供，以及知道在烧断细绳的瞬间，拉力立即消失，弹簧的弹力来不及改变，烧断细绳的前后瞬间弹力不变．21．（8分）（2015春•青海校级月考）如图，一个质量为2kg的物体静止在粗糙的水平面上，物体与地面之间的动摩擦因数μ=0.4，现对物体施加一水平向右的恒力F=12N，经过3s后，迅速将该力的方向改为竖直向上，大小不变，则求再经过2s后物体的速度和这5s内物体的位移（g=10m/s2）【考点】：牛顿第二定律．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：对物体受力分析，根据滑动摩擦定律求解滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解加速度，根据运动学公式列式求解第一段时间内位移和末速度；当F竖直向上，根据牛顿运动定律求解加速度，根据运动学公式求解再2s的速度和位移．【解析】：解：对物体受力分析，受拉力、重力、支持力和滑动摩擦力，故：f=μN=μmg=0.2×2×10=4N根据牛顿第二定律，有：F﹣f=ma解得：a==m/s2=4m/s23s末速度为v1=at1=4×3m/s=12m/s位移x1==m=18m3s后f′=μN′=μ（mg﹣F）=0.2×（20﹣12）=1.6N加速度a′=﹣=﹣m/s2=﹣0.8m/s2再经2s末物体的瞬时速度：v2=v1+at′=8﹣0.8×2=6.4m/s位移x2=v1t′+at′2=8×=12.8m。

师大二附中2016-2017学年第一学期第一次月考测试卷九年级物理（满分：100分）1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 131.下列现象能用分子理论解释并正确的是（）A．矿石被粉碎成粉末，说明矿石分子很小B．热水瓶瓶塞有时很难拔出，说明分子间有引力C．污水排入池塘后不久，整个池塘水被污染了，说明分子做无规则运动D．压缩弹簧需要用力，说明分子间有斥力2.如图现象中，通过热传递来改变内能的是（）A． B. C. D.3.下列说法正确的是（）A．温度越高的物体，放出的热量越多B．在“摩擦生热”的过程中，内能转化为机械能C．铁块很难被压缩，是因为分子间没有空隙D．内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是砂石的比热容比水的比热容小4.如图所示实验，在橡胶塞受到水蒸气的压力而冲出的过程中，以下说法正确的是（）A．试管口出现的“白雾”是气体B．水蒸气对外做功，内能增加C．水蒸气的温度升高D．这个实验基本展示了蒸汽机的工作原理5.汽车已经成为现代生活不可缺少的一部分，汽车多数采用汽油机作为发动机，如图是四冲程汽油机的工作循环示意图，下列说法中不正确的是（）A．甲冲程是把机械能转化为内能B．乙冲程是排气冲程C．丙冲程是把机械能转化为内能D．丁冲程是吸气冲程6.以下电器工作时，主要把电能转化为机械能的是（）A.电风扇B.日光灯C.电暖器D.电视机7.四个悬挂着的轻质小球，相互作用情况如图所示，则对小球带电情况的判断正确的是（）A.A、B、C球一定带电，D球可能不带电B.A球可能不带电，B、C、D球一定带电C.A、B球一定带电,C、D球可能带电D.A球一定带电，B、C、D球可能不带电8.某工厂通过一智能电路实现对甲、乙两机器工作状态的及时监控．机器都正常工作相当于开关断开，对应指示灯不亮，电铃不响；若任一机器出现故障相当于相应开关闭合，对应指示灯亮，电铃响．下列电路图中，符合要求的是（）9.如图是电冰箱的简化电路图，图中M是电冰箱压缩机内的电动机，L是电冰箱内的照明灯，下列判断正确的是（）A．S1闭合、S2断开时，照明灯与电动机并联.B．S1、S2都闭合时，照明灯与电动机串联C．关上冰箱门时，S1自动断开，使得照明灯熄灭D．冰箱内温度降低到设定温度时，S1自动断开，电动机停止工作。

青海省高一上学期物理第一次月考试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共10题；共20分)1. （2分） (2019高一上·长春月考) 第二届夏季青年奥林匹克运动会将于2014年8月在南京举行，青奥会比赛将在“三大场馆区”的15个不同竞赛场馆进行26个项目比赛，将向世界奉献一届精彩的青奥会。

在考察下列运动员的比赛成绩时，可视为质点的是（）A . 马拉松B . 跳水C . 击剑D . 体操2. （2分）所示，一物体沿三条不同的路径由 A 到 B ，关于它们的位移，下列说法中正确的是A . 一样大B . 沿Ⅰ 较大C . 沿Ⅱ较大D . 沿Ⅲ 较大3. （2分） (2016高一上·平安期中) 以下的计时数据，指时间间隔的是（）A . 由北京开往深圳的列车于22：18开出B . 期中数学考试时间是2hC . 数学考试9：40结束D . 中央电视台每晚新闻联播节目19：00开播4. （2分） (2018高一上·邢台期中) 关于运动物体的速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A . 速度变化越快，其加速度一定越大B . 速度减小时，其加速度也一定减小C . 速度为零，其加速度也一定为零D . 速度增大时，其加速度也一定增大5. （2分） (2019高一下·葫芦岛期末) 下列物理量中，属于矢量的是（）A . 电势B . 电势能C . 电势差D . 电场强度6. （2分） (2019高一上·浙江期中) 关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是A . 加速度减小时速度一定减小B . 加速度为零时，速度也为零C . 加速度很小时，速度可以很大D . 速度变化越大，加速度就越大7. （2分）(2018·湛江模拟) 如图所示为物体沿南北方向(规定向北为正方向)做直线运动的v-t图象,由图可知（）A . 3s末物体回到初始位置B . 3s末物体的加速度方向将发生变化C . 物体所受合外力的方向先向南再向北D . 物体所受合外力的方向一直向南8. （2分） (2018高二下·邢台期末) 某物体做初速度为的匀变速直线运动，其图象如图所示。

2014-2015学年青海师大二附中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、选择题〔此题共6小题，每一小题5分，共30分.在如下各题的四个选项中，至少有一个符合题目要求，将正确答案填写在答题卷上，不选错选多项选择不得分〕1．〔5分〕〔2011•扬州学业考试〕如下列图，静止在斜面上的物体，受到的作用力有〔〕A．重力、支持力B．重力、支持力、摩擦力C．重力、支持力、下滑力、摩擦力D．重力、压力、下滑力、摩擦力考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：1．受力分析：把指定物体〔研究对象〕在特定物理情景中所受外力找出来，并画出受力图，这就是受力分析．2．受力分析的一般步骤：〔1〕选取研究对象：对象可以是单个物体也可以是系统．〔2〕隔离：把研究对象从周围的物体中隔离出来．〔3〕画受力图：按照一定顺序进展受力分析．一般先分析重力；然后环绕物体一周，找出跟研究对象接触的物体，并逐个分析弹力和摩擦力；最后再分析其它场力．在受力分析的过程中，要边分析边画受力图〔养成画受力图的好习惯〕．只画性质力，不画效果力．〔4〕检查：受力分析完后，应仔细检查分析结果与物体所处状态是否相符．解答：解：物体静止在斜面上，受力平衡地球上的一切物体都受到重力，因而物体一定受重力；重力会使物体紧压斜面，因而斜面对物体有支持力；假设斜面光滑，物体会在重力的作用下沿斜面下滑，说明物体相对斜面有向下滑动的趋势，故还受到沿斜面向上的静摩擦力．即物体受重力、支持力、摩擦力，如图应当选：B．点评：关于静摩擦力的有无，可以用假设法，即假设斜面光滑，物体会沿斜面下滑，故物体相对于斜面有下滑的趋势，受沿斜面向上的静摩擦力；物体有下滑的趋势，是重力的作用效果，并没有下滑力，找不到这个力的施力物体，故这个力不存在．2．〔5分〕〔2010秋•温州期末〕如下列图，理想实验有时更能深刻地反映自然规律，伽利略设想的理想实验中的几个主要步骤如下：①减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然要达到原来的高度②两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小球将滚上另一个斜面③如果没有摩擦，小球将上升到原来释放时的高度④继续减小第二个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球要沿水平面做持续的匀速运动在上述的步骤中，有的属于可靠的事实，有的如此是理想化的推论，如下关于事实和推论的分类正确的答案是〔〕A．①是事实，②③④是推论B．②是事实，①③④是推论C．③是事实，①②④是推论D．④是事实，①②③是推论考点：牛顿第一定律．分析：在实验中符合实际规律的为事实，现实中无法实现，即加以合理外推的均为推论．解答：解：在现实生活中我们看到，如果小球从一端滚下，一定会滚到另一侧，故②是事实；没有摩擦力的情况是没有的，故小球上升到原来的高度以与改变斜面倾角均为无法实现的，故①③是推论；小球在水平面上的匀速运动，由于现实中有摩擦力也是无法实现的，故④也为推论，故B正确，ACD均错误；应当选B．点评：此题考查对理想实验理解，要清楚哪些是伽利略有外推得出的结论．3．〔5分〕〔2014秋•温州期末〕如下列图，重为100N的物体在水平向左的力F=20N作用下，以初速度v0沿水平面向右滑行．物体与水平面的动摩擦因数为0.2，如此此时物体所受的合力为〔〕A．0B．40N，水平向左C．20N，水平向右D．20N，水平向左考点：摩擦力的判断与计算；牛顿第二定律．专题：摩擦力专题．分析：对物体进展受力分析，根据滑动摩擦力的公式求出滑动摩擦力的大小．根据受到的力求出物体的合力．解答：解：对物体进展受力分析，竖直方向：受重力和支持力，二力平衡．水平方向：受水平向左的拉力F，水平向左的摩擦力f，f=μN=20N．此时物体所受的合力为F合=F+f=40N，方向水平向左．应当选：B．点评：此题中容易出错的地方是受外力F的干扰，画错滑动摩擦力的方向，我们要正确根据相对运动方向找出滑动摩擦力的方向．4．〔5分〕〔2014秋•鸡西期末〕如下列图，用绳跨过定滑轮牵引小船，设水的阻力不变，如此在小船匀速靠岸的过程中〔〕A．绳子的拉力不断增大B．绳子的拉力不变C．船所受浮力增大D．船所受浮力变小考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：对小船进展受力分析，受重力、浮力、绳子的拉力，阻力做匀速直线运动，根据共点力平衡判断绳子的张力和浮力的变化．解答：解：对小船进展受力分析，如图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，合力为零；设拉力与水平方向的夹角为θ，有：Fcosθ=f ①，Fsinθ+F浮=mg ②．船在匀速靠岸的过程中，θ增大，阻力不变，根据平衡方程①知，绳子的拉力增大，根据平衡方程②知，拉力增大，sinθ增大，所以船的浮力减小．故A、D正确，B、C错误．应当选：AD点评：解决此题的关键掌握共点力平衡，知道小船在做匀速直线运动时，所受合力为0，根据θ角的变化，判断力的变化．5．〔5分〕〔2014秋•城东区校级月考〕一块砖平放在长木板的中间，木板放在水平地面上，现缓慢抬起木板的一端，而保持另一端不动．关于砖受到的摩擦力F，表示正确的答案是〔〕A．随木板倾角的增大而减小B．砖滑动前，F随木板倾角的增大而减小，砖开始滑动后，F随木板倾角的增大而增大C．砖滑动前，F随木板倾角的增大而增大，砖开始滑动后，F随木板倾角的增大而减小D．砖滑动前后，均随木板倾角的增大而减小考点：摩擦力的判断与计算；共点力平衡的条件与其应用．专题：摩擦力专题．分析：砖不动时受到的为静摩擦力，由静摩擦力大小的求法可知静摩擦力的变化；而砖滑动后变成了滑动摩擦力，如此应由f=μFN求解．解答：解：在砖滑动之前，物体受到的摩擦力等于重力的下滑分力，即f=mgsinθ，故摩擦力随角度的增大而增大；而在砖块滑动之后，变成了滑动摩擦力，摩擦力的大小为：f=μmgcosθ，因夹角增大，cosθ减小，故滑动摩擦力减小；即摩擦力先增加后减小；应当选：C．点评：在分析摩擦力时应注意先分析是动摩擦力还是静摩擦力，然后再根据不同摩擦力的求法进展列式分析即可得出结论．6．〔5分〕〔2009秋•嘉定区期末〕质量为m的木块位于粗糙水平桌面上，假设用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度大小为a．当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度大小为a′，如此〔〕A．a′=a B．a′＜2a C．a′＞2a D．a′=2a考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：木块在水平恒力作用做匀加速运动，水平方向受到恒力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律分别列方程，然后再比拟加速度大小．解答：解：由牛顿第二定律得F﹣Ff=ma2F﹣Ff=ma′由于物体所受的摩擦力Ff=μFN=μmg即Ff不变，所以a′==2a+μg＞2a应当选C点评：此题考查对牛顿第二定律F=ma的理解能力，F是物体受到的合力，不能简单认为加速度与水平恒力F成正比而选择D．二、填空题〔每空3分，共21分．将正确答案填在答题卷相应的空白位置上．〕7．〔6分〕〔2013秋•秀英区校级期末〕重力为400N的物块放置在水平地面上，物块与地面之间的动摩擦因数为0.25．当用80N的水平推力推物块时，物块受到的摩擦力的大小为80N；当用160N的水平推力推物块时，物块受到的摩擦力大小为100N．考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：用F的水平力推货箱，没有动，如此货箱受到的摩擦力是静摩擦力，根据平衡求出静摩擦力的大小，假设拉动后为滑动摩擦力．解答：解：物体与地面间的最大静摩擦力为：f=μN=0.25×400=100N，当用80N的水平推力推物块时，推不动，物块受到的静摩擦力的大小为80N，当用160N的水平推力推物块时，物块受到的滑动摩擦力大小为100N；故答案为：80，100点评：解决此题的关键能够正确地受力分析，求出物体能够运动的推力大小，根据平衡求解静摩擦力的大小，根据滑动摩擦力公式求滑动后的摩擦力．8．〔6分〕〔2014秋•鼓楼区校级期末〕如下列图，在倾角为α的斜面上，重为G的小球被竖直的木板挡住，不计一切摩擦，如此小球对斜面的压力为，小球对木板的压力为Gtanα．考点：共点力平衡的条件与其应用；力的分解．分析：对小球进展受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题．解答：解：对小球进展受力分析：小球受重力，挡板对球的弹力FN1，斜面对球的弹力FN2．将FN1和FN2合成，合力为F，根据共点力平衡条件得出F=G，利用三角函数关系得出：FN1=Gtanα，FN2=．根据牛顿第三定律，斜面对球的弹力等于小球对斜面的压力，板对球的弹力等于小球对木板的压力，所以：小球对斜面的压力为，小球对木板的压力为Gtanα．故答案是：，Gtanα．点评：对小球进展受力分析，运用力的合成或分解结合共点力平衡条件解决问题．9．〔3分〕〔2014秋•城东区校级月考〕一木块恰好能沿倾角为α的固定斜面匀速下滑，如此木块与斜面之间动摩擦因数μ=tanα．考点：牛顿第二定律；共点力平衡的条件与其应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：以木块为研究对象受力分析，正交分解，根据平衡条件列方程求解．解答：解：以木块为研究对象受力分析，正交分解，如图：根据平衡条件：mgsinθ=fN=mgcosα又：f=μN联立三个方程得：μ=tanα故答案为：tanα点评：此题的关键是受力分析，根据平衡条件列方程求解，正交分解时通常是尽量使较多的力分布在坐标轴上．10．〔6分〕〔2014秋•城东区校级月考〕如下列图，在倾角为θ的光滑坡面上放一块上外表粗糙，下外表光滑的木板，木块质量为ml，质量为m2的人在木板上应向沿斜面向下以加速度奔跑时，可使木板不动．考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：为了使木板与斜面保持相对静止，必须满足木板在斜面上的合力为零，所以人施于木板的摩擦力F应沿斜面向上，故人应加速下跑．现分别对人和木板应用牛顿第二定律即可求解．解答：解：设此时人与木板间的摩擦力为F，人沿斜面向下运动的加速度为a，现对人和木板分别应用平衡条件和牛顿第二定律有对木板：m1gsinθ=F对人：m2gsinθ+F=m2a联立以上解得：a=，方向沿斜面向下故答案为：沿斜面向下；点评：此题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，关键要能根据运动情况分析受力情况，难度适中．三、计算题〔此题共4小题，共49分．要求画出必要的受力分析图并写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分．有数值计算的题，答案中应明确写出数值和单位．〕11．〔8分〕〔2011秋•城东区校级期中〕如下列图，在与水平地面成θ角的拉力作用下，质量为m的物块沿地面向右匀速直线运动，试求物块与地面间的动摩擦因数，以与地面对物块的支持力．〔要求：必须要有受力分析，没有受力分析不得分〕考点：共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分析物体的受力情况，根据共点力平衡条件和滑动摩擦力公式求解动摩擦因数．解答：解：对金属块受力分析，受拉力、重力、支持力、摩擦力，如下列图：因为金属块匀速运动，在竖直方向受力平衡，如此有：Fsinθ+N=mg；解得：N=mg﹣Fsinθ；在水平方向上受力平衡，故受到的滑动摩擦力为：f=Fcosθ因此，如此有：Fcosθ﹣μ〔mg﹣Fsinθ〕=0解得：μ=；答：物块与地面间的动摩擦因数为，以与地面对物块的支持力为mg﹣Fsinθ．点评：此题是物体的平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图．12．〔10分〕〔2014秋•城东区校级月考〕一个质量为m的物体〔可视为质点〕从倾角为θ的斜面顶端由静止开始匀加速下滑，假设斜面长L，物体与斜面间的摩擦因数为μ．求：〔1〕斜面对物体的支持力的大小；〔2〕物体下滑加速度的大小；〔3〕物体到达斜面中点时的速度大小．考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕在垂直于斜面上合力为零，有共点力平衡求的支持力；〔2〕由牛顿第二定律求的下滑加速度；〔3〕由速度位移公式求的速度解答：解：〔1〕通过受力分析可知，FN=mgcosθ〔2〕由牛顿第二定律可知mgsinθ﹣μmgcosθ=maa=gsinθ﹣μgcosθ〔3〕由位移速度公式得答：〔1〕斜面对物体的支持力的大小为mgcosθ；〔2〕物体下滑加速度的大小为gsinθ﹣μgcosθ〔3〕物体到达斜面中点时的速度大小点评：此题主要考查了牛顿第二定律与运动学公式，加速度是中间桥梁13．〔15分〕〔2009•山东校级模拟〕如下列图，质量m=4kg的物体与地面间的动摩擦因数为μ=0.5，在与水平成θ=37°．角的恒力F作用下，从静止起向右前进t1=2.0s后撤去F，又经过t2=4.0s物体刚好停下．求：F的大小、最大速度Vm、总位移S．〔sin37°=0.6，g=10m/s2〕考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体先做匀加速直线运动，后匀减速直线运动，根据牛顿第二定律求出匀加速过程的加速度与F的关系式与匀减速运动的加速度，根据速度公式得到撤去F时物体的速度v与tl、t2的关系式，即可求得匀加速运动的加速度，联立求出F．刚撤去F时，物体的速度最大，由速度公式求解最大速度．根据位移公式分别求出两段位移，再求解总位移．解答：解：前2 s，由牛顿第二定律得Fcosθ﹣f=ma1Fsinθ+N=mg又f=μN∴Fcosθ﹣μ〔mg﹣Fsinθ〕=ma1后4s内，物体做匀减速直线运动f=μmg=ma2得a2=μg=5 m/s2由题可知：vm=a1t1=a2t2∴a1==10 m/s2如此最大速度vm=a1t1=10×2=20 m/s由①式得：=N=54.55N总位移：S=S1+S2==10×6 m=60 m答：F的大小为54.55N、最大速度Vm为20m/s，总位移S为60m．点评：此题属于知道运动情况求解运动情况的类型，关键要抓住两个过程之间内在联系，通过求解加速度来求F．14．〔16分〕〔2014秋•城东区校级月考〕重力G=40N的物体，与竖直墙壁间的动摩擦因数μ=，现用与水平方向成角θ=53°的斜向上的推力F托住物体．〔取sin53°=0.8，cos53°=0.6〕〔1〕假设F=50N时，物体处于静止状态，如此这时物体受到的摩擦力是多大？〔2〕要使物体能沿着竖直墙壁作匀速直线运动，如此推力F的大小应满足什么条件？〔结果保存两位有效数字〕考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算；共点力平衡的条件与其应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体不管静止还是匀速运动都是处于平衡状态，所以我们对物体进展受力分析应用平衡条件列式求解．解答：解：〔1〕对物体静止时受力分析并正交分解如图：如此：F1=Fsin53°=40NF2=Fcos53°=30N在竖直方向上：Ff+F1=G，代入数据得：Ff=0〔2〕物体能匀速下滑时推力为F′摩擦力Ff′这时物体受力情况如下列图．根据竖直方向的平衡，有G﹣F′sin53°﹣Ff′=0根据水平方向的平衡，有FN′=F2′=F′cos53°又：Ff′=μFN′代入数据解得：F′=40N假设物体匀速上滑，根据竖直方向的平衡，有G﹣F″sin53°+Ff″=0根据水平方向的平衡，有FN″=F2″=F″cos53°又：Ff″=μF N″代入数据解得：F″=67N答：〔1〕静止物体受到的摩擦力是0N．〔2〕物体匀速下滑，推力F的大小应为40N或67N．点评：此题关键是先对静止的物体受力分析，再对匀速滑动的物体受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解．区别就在于静摩擦力变为了滑动摩擦力，这两种摩擦力计算方法不同．。