高三物理课堂限时训练六(含答案)

高三物理限时训练（六）答案1.【答案】C2.【答案】【解析】解：从撤去推力开始，小车、弹簧和滑块组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒；撤去推力时滑块在车厢底板上有相对滑动，弹簧被压缩且弹簧的弹力大于滑块受到的滑动摩擦力，撤去外力后滑块受到的合力不为零，滑块相对车厢底板滑动，系统要克服摩擦力做功，克服摩擦力做的功转化为系统的内能，系统机械能减小，系统机械能不守恒，故B正确，ACD错误。

故选：。

系统所受合外力为零，系统动量守恒；只有重力或弹力做功时，机械能守恒。

根据系统受力情况与各力做功情况，结合动量守恒与机械能守恒的条件分析答题。

本题考查了动量守恒定律与机械能守恒定律的条件，知道动量守恒与机械能守恒的条件、分析清楚系统受力情况与力的做功情况即可解题。

3.【答案】【解析】【分析】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能与重力势能恰好相等，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角。

解决本题的关键会熟练运用机械能守恒定律处理平抛运动，并要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解。

【解答】设抛出时物体的初速度为，高度为，物块落地时的速度大小为，方向与水平方向的夹角为根据机械能守恒定律得：，据题有：，联立解得：，则，得：故选B。

4.【答案】【解析】【分析】根据动量定理分析动量的改变量与冲量的关系：过程Ⅰ中钢珠只受到重力，钢珠动量的改变量等于重力的冲量；过程Ⅱ中，钢珠受到重力和阻力，动量的改变量不等于零，合力的冲量不等于零；对于整个过程研究，根据动能定理分析克服阻力所做的功与重力做功的关系；重力做功多少，钢珠的重力势能就减小多少；根据能量守恒定律判断过程Ⅱ中损失的机械能与过程Ⅰ中钢珠所增加的动能的关系。

本题一要灵活选择研究的过程；二是运用动量定理研究冲量，运用动能定理研究动能的改变量是常用的思路。

【解答】A.对过程Ⅰ列动量定理得：，对过程Ⅱ列动量定理可得：，由以上两个式子可知，过程Ⅱ中阻力是冲量大小不等于过程Ⅰ中重力冲量的大小；B.过程Ⅰ中钢珠只受到重力，根据动量定理分析得知，钢珠动量的改变量等于重力的冲量，故B正确；C.对于整个过程：钢珠动能的变化量为零，根据动能定理得知，整个过程重力做功等于钢珠克服阻力做功，而整个重力做功等于整个过程中钢珠所减少的重力势能，所以过程Ⅱ中钢珠克服阻力所做的功等于过程Ⅰ与过程Ⅱ中钢珠所减少的重力势能之和，故C正确；D.根据功能关系分析得知，过程Ⅱ中损失的机械能等于过程Ⅱ中钢珠克服阻力做功，不等于过程Ⅰ中钢珠所增加的动能，故D错误。

限时规范训练(十六)建议用时45分钟，实际用时________1．图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为20 Ω的电阻，测量步骤如下：(1)调节________，使电表指针对准________(填“电阻”或“电流”)的“0”刻线．(2)将选择开关旋转到“Ω”挡的________位置(填“×1”、“×10”、“×100”或“×1 k”)．(3)将红、黑表笔分别插入“＋”、“－”插孔，并将两表笔短接，调节________，使电表指针对准________(填“电阻”或“电流”)的“0”刻线．(4)将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为________Ω.(5)测量完毕，将选择开关旋转到“OFF”位置．解析：(1)将选择开关拨到欧姆挡前，先要进行机械调零．方法是调节机械定位螺丝，使电表指针指在电流等于零的刻线位置．(2)用多用电表测20 Ω的电阻时，要把选择开关旋转到“Ω”挡“×1”的位置．(3)将红、黑表笔短接，进行欧姆调零．调节欧姆调零旋钮，使指针指在“Ω”挡的零刻线上．(4)由乙图读出该电阻的阻值为19 Ω.答案：(1)定位螺丝电流(2)×1(3)欧姆调零旋钮电阻(4)192．在伏安法测电阻的实验中，待测电阻R x约为200 Ω，电压表○V 的内阻约为2 kΩ，电流表○A 的内阻约为10 Ω，测量电路中电流表的连接方式如图(a)或图(b)所示，结果由公式R x＝U I计算得出，式中U 与I 分别为电压表和电流表的示数．若将图(a)和图(b)中电路测得的电阻值分别记为R x 1和R x 2，则________(填“R x 1”或“R x 2”)更接近待测电阻的真实值，且测量值R x 1________(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值，测量值R x 2________(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值．解析：根据串、并联电路的特点解题．根据题意知R x R A >R V R x，电压表的分流作用较显著，故R x 1更接近待测电阻的真实值．图(a)电流表的测量值是真实的，而电压值比真实值大，则R x 1＞R x 真，图(b)电压的测量值是真实的，而电流的测量值大于真实值，则R x 2＜R x 真．答案：R x 1 大于 小于3．某学习小组探究一小电珠在不同电压下的电功率大小，实验器材如图甲所示，现已完成部分导线的连接．(1)实验要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图甲实物接线图中完成余下导线的连接；(2)某次测量，电流表指针偏转如图乙所示，则电流表的示数为__________A ；(3)该小组描绘出的伏安特性曲线如图丙所示，根据图线判断，将__________只相同的小电珠并联后，直接与电动势为3 V 、内阻为1 Ω的电源组成闭合回路，可使小电珠的总功率最大，其总功率的值约为__________ W(保留两位小数)．解析：(1)电流表示数要从零开始逐渐增大，滑动变阻器要用分压接法，如图1所示．(2)电流表示数为0.44 A.(3)当外电路的总电阻与电源内阻相等时，电源有最大的输出功率，即小电珠的总功率最大，此时R 外＝r ＝1 Ω，I ＝ER 外＋r ＝32 A ＝1.5 A ，U 外＝E2＝1.5 V ，即每只小电珠两端的电压为1.5 V ，通过图象可知每只小电珠的电流为I 0＝0.38 A ，n ＝II 0≈4(只)；通过每只小电珠的电流为I 0，两端电压为U ，根据闭合电路欧姆定律得：U ＋nI 0r ＝E ，而U ＋4I 0＝3 V ，U ＝－4I 0＋3 V ，如图2所示，图线的交点纵、横坐标分别为U ≈1.5 V，I 0≈0.38 A，P ＝UI 0＝0.57 W ，P 总＝nP ＝0.57×4 W ＝2.28 W.图2答案：(1)如图1所示 (2)0.44 (3)4 2.284．新能源汽车是今后汽车发展的主流方向，如图(a)所示为车载动力电池，其技术参数是额定容量约120 Ah ，额定电压约3.3 V ，内阻约0.03 Ω，现有一个用了很长时间已经老化的这种电池，某研究小组想测量这个电池的电动势和内阻，但实验器材仅有一个电流表(量程100 mA 、内阻9 Ω)、一个定值电阻R 0＝1Ω、一个电阻箱、一个开关和导线若干，该同学按如图(b)所示电路进行实验，测得的数据如下表所示．(1)的电流表的测量值I 与原电流表的读数I 0的关系为___________________；(2)若利用图象确定电池的电动势和内阻，则应作______(选填“R －I ”或“R －1I”)图象；(3)利用测得的数据在坐标纸上作出适当的图象；(4)由图象可知，该电池的电动势E ＝________V ，内阻r ＝________Ω. 解析：(1)根据并联电路的分流公式可知，I R 0I 0＝R A R 0＝91＝9，I R 0＝9I 0，即改装后的电流表的测量值为I ＝I R 0＋I 0＝10I 0；(2)由闭合电路欧姆定律，可列式E ＝I (R ＋r ＋R 并)，R 并＝9×19＋1＝0.9 Ω，要建立关于电流和外电阻的函数关系，则要将其变形为R ＝E 1I －(r ＋R 并)，要使图线具有线性关系，则应作R －1I图象；(3)如图所示；(4)由图象可得：E ＝k ＝14.1－0.95.0－1.0V ＝3.3 V ，r ＝1.1 Ω.答案：(1)I ＝10I 0(2)R －1I(3)如解析图所示 (4)3.3 1.15．某同学要测量一个由均匀新合金材料制成的金属丝的电阻率ρ.(1)该同学用游标卡尺测量金属丝的长度如图甲所示，可知其长度为L ＝________mm. (2)如图乙所示，用螺旋测微器测金属丝的直径，测量值d ＝________mm.(3)选用“×10”倍率的电阻挡测量，发现多用电表指针偏转过大，因此需选择“________”倍率的电阻挡(填“×1”或“×100”)，并________，再进行正确测量，多用电表的示数如图丙所示，测量结果为R＝________Ω.(4)该金属丝电阻率的表达式为ρ＝________.(用R、d、L表示)解析：(1)游标卡尺的主尺读数为50 mm，游标尺读数为0.05×3 mm＝0.15 mm，所以最终读数为50 mm＋0.15 mm＝50.15 mm.(2)由题图乙中螺旋测微器的读数可知，金属丝的直径为d＝22.8×0.01 mm＝0.228 mm(0.226 mm～0.229 mm均可以)．(3)用多用电表测量该金属丝的电阻，选用“×10”倍率的电阻挡测量，发现多用电表指针偏转过大，说明所选倍率太大，应换用小倍率进行测量，因此需选择“×1”倍率的电阻挡，并重新进行欧姆调零，再进行测量；由多用电表指针位置可以读出示数为13 Ω，乘以倍率，即可得该金属丝的电阻为13 Ω.(4)金属丝电阻R＝ρLS＝ρLπ⎝⎛⎭⎪⎫d22，金属丝电阻率的表达式为ρ＝πRd24L.答案：(1)50.15 (2)0.228(0.226～0.229均可以)(3)×1重新进行欧姆调零13 (4)πRd2 4L6．某实验小组的同学准备探究某个灯泡的伏安特性曲线，所用器材如下．A．待测小灯泡一只：额定电压为2.5 V，电阻为几欧B．电压表V1：量程为300 mV，内阻约为300 ΩC．电压表V2：量程为15 V，内阻约为6 kΩD．电流表A1：量程为0.6 A，内阻约为0.1 ΩE．电流表A2：量程为300 mA，内阻约为1 ΩF．滑动变阻器R1：最大阻值为200 ΩG．滑动变阻器R2：最大阻值为10 ΩH．定值电阻R0：阻值为2 700 ΩI．电动势为4.5 V的直流电源一个，开关一个，导线若干(1)实验中电压表应选________，电流表应选________，滑动变阻器应选________．(填写器材前的字母代号)(2)请在图甲虚线框中画出该实验的电路图．(3)该小组的同学通过实验作出了小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示，则小灯泡的额定功率为________W；若将小灯泡直接与电动势E＝3.0 V，内阻r＝7.5 Ω的电源相连，小灯泡的功率为________W．(结果均保留两位有效数字)解析：(1)电压表V1量程太小，电压表V2量程太大，但给了定值电阻，可以采用电压表V1与定值电阻串联的办法增大V1的量程；因为灯泡的额定电压为2.5 V，电阻为几欧，用电流表A1更合适；因为作小灯泡的伏安特性曲线，需要多组数据，滑动变阻器应采用分压接法，应选用便于调节的R2.(2)电路图如图1所示，注意滑动变阻器采用分压式接法，电流表外接，电压表与定值电阻串联．(3)由题图乙可知，额定电压2.5 V对应的电流I＝0.44 A，小灯泡的额定功率为P＝2.5×0.44 W＝1.1 W．若将小灯泡直接与电动势为E＝3.0 V，内阻r＝7.5 Ω的电源相连，在题图乙中画出电源的伏安特性曲线，如图2所示，两者的交点的纵坐标和横坐标的乘积等于小灯泡的功率，为0.26 W.答案：(1)B D G (2)如图1所示(3)1.1 0.26(0.24～0.28之间均正确)7．(2017·江西南昌二中等联考)用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．A．电压表V1(量程6 V，内阻很大)B ．电压表V 2(量程4 V ，内阻很大)C ．电流表A(量程3 A ，内阻很小)D ．滑动变阻器R (最大阻值10 Ω，额定电流4 A)E ．小灯泡(2 A,7 W)F ．电池组(电动势E ，内阻r )G ．开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V 1的示数增大，则电压表V 2的示数减小．(1)请将设计的实验电路图在图甲中补充完整．(2)每一次操作后，同时记录电流表A 、电压表V 1和电压表V 2的示数，组成两个坐标点(3.55.5I ，U 1)、(I ，U 2)，标到U ­I 坐标系中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E ＝________V ，内阻r ＝________Ω.(结果保留两位有效数字)(3)在U ­I 坐标中两条图线在P 点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为________Ω，电池组的效率为________．解析：(1)伏安法测电源电动势与内阻实验中，电压表测路端电压，电压表示数随滑动变阻器接入电路阻值的增大而增大；描绘小灯泡伏安特性曲线实验中，电流表测流过小灯泡的电流，小灯泡两端电压随滑动变阻器接入电路电阻的增大而减小；由题意知，电压表V 1的示数增大，电压表V 2的示数减小，则V 1测路端电压，V 2测小灯泡两端电压，电路图如图所示．(2)电池组的U ­I 图象是一条倾斜的直线，由图象可知，电池组电动势E ＝5.5 V ， 电源内阻r ＝ΔU ΔI ＝5.5－2.03.5Ω＝1.0 Ω.(3)由图乙所示图象可知，两图线的交点纵坐标即小灯泡电压U L ＝3.5 V ，此时电路电流I ＝2.0 A ，电池组电动势E ＝Ir ＋U L ＋IR 滑，即5.5 V ＝2.0 A×1 Ω＋3.5 V ＋2.0 A×R 滑，则R 滑＝0.0 Ω； 电池组的效率η＝P 出P 总＝UI EI ＝U L E ＝3.55.5≈64%. 答案：(1)见解析图 (2)5.5 1.0 (3)0.0 64%。

咐呼州鸣咏市呢岸学校高三物理限时训练题六1、一个标有“220V 60W 〞的白炽灯泡,加上的电压U 由零逐渐增大到220V,在此过程中,电压U 和电流I 的关系可用图线表示,如下图的四个图线中,肯不符合实际的是( ACD )2、如下图的电路中，闭合开关，灯L 1、L 2正常发光，由于电路出 现故障，突然发现L 1变亮，L 2变暗，电流表的示数减小，根据分析，发生 的故障可能是 〔 A 〕 A 、R 1断路 B 、R 2断路 C 、R 3短路 D 、R 4短路3、如下图，某人身系弹性绳自高空p 点自由下落，图中a 点是弹性绳的原长位置，c 点是人所到达的最低点，b 点是人静止时悬吊着的平衡位置.不计空气阻力，以下说法中正确的选项是〔AD 〕A.从p 至b 的过程中重力的冲量值大于弹性绳弹力的冲量值B.从p 至b 的过程中重力的冲量值与弹性绳弹力的冲量值相C.从p 至c 的过程中重力的冲量值大于弹性绳弹力的冲量值D.从p 至c 的过程中重力的冲量值于弹性绳弹力的冲量值4、在光滑水平面上，两球沿球心连线以相速率相向而行，以下现象可能的是〔AD 〕 A.假设两球质量相，碰后以某一相速率互相分开 B.假设两球质量相，碰后以某一相速率同向而行C.假设两球质量不同，碰后以某一相速率互相分开D.假设两球质量不同，碰后以某一相速率同向而行RAC5、如图，AC 、BC 为位于竖直平面内的两根光滑细杆，A 、B 、C 恰好位于同一圆周上，C 为最低点，a 、b 、c 为套在细杆上的两个小环， 当两环同时从A 、B 两点由静止开始自由下滑时，下面正确的选项是〔 C 〕 A. a 环先到c 点 B. b 环先到c 点 C. 两环同时到达c 点 D. 无法确6、如下图的电路中，电动势为6V ，内阻忽略，电阻的阻值分别为R 1=K Ω,R 2=K Ω.电容器的电容为uF ，闭合开关S,电流稳后，用电压表测R 1两端的电压，稳值为V ，（1） 该电压表的内阻为多大？（2） 由于电压表的接入，电容器的电量变化了多少？K Ω 5x10-6C7、空间站是迄今最大的太空方案，其轨道半径为r ，绕地球运转的周期为T 1．通过查侧资料又知引力常量G 、地球半径R 、同步卫星距地面的高度h 、地球的自转周期T 2．某同学根据以上条件，提出一种估算地球质量M 的方法；设同步卫星绕地球做圆周运动，由222)2(T mh h Mm G π=得22324GT h M π= (1)请判断上面的结果是否正确．如不正确，请修正解法和结果． (2)请根据条件再提出一种估算地球质量的方法并解得结果．解：(1)上面结果是错误的，地球的半径R 在计算过程中不能忽略． (2分) 正确的解法和结果是：()()2222⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛+=+Th R m h R MmGπ(3分) 得()22234GT h R M +=π 。

共点力的平衡建议用时：45分钟1．磁性车载支架(图甲)使用方便，它的原理是将一个引磁片贴在手机背面，再将引磁片对准支架的磁盘放置，手机就会被牢牢地吸附住(图乙)。

下列关于手机(含引磁片，下同)的说法中正确的是()甲乙A．汽车静止时，手机共受三个力的作用B．汽车静止时，支架对手机的作用力大小等于手机的重力大小C．当汽车以某一加速度向前加速时，手机可能不受支架对它的摩擦力作用D．只要汽车的加速度大小合适，无论是向前加速还是减速，手机都可能不受支架对它的摩擦力作用B[手机处于静止状态时，受力平衡，手机共受到重力、支架的支持力、摩擦力以及磁盘的吸引力，共4个力的作用，A错误；手机处于静止状态时，支架对手机的支持力、摩擦力、吸引力的合力与手机重力等大反向，B正确；因磁盘对手机的吸引力和手机所受支持力均与引磁片垂直，汽车有向前的加速度时，一定有沿斜面向上的摩擦力，故C、D均错误。

]2.(多选)如图所示，固定斜面上有一光滑小球，与一竖直轻弹簧P和一平行斜面的轻弹簧Q连接着，小球处于静止状态，则关于小球所受力的个数可能的是()A．1 B．2C．3 D．4BCD[设小球质量为m，若F P＝mg，则小球只受拉力F P和重力mg两个力作用；若F P<mg，则小球受拉力F P、重力mg、支持力F N和弹簧Q的弹力F Q四个力作用；若F P＝0，则小球要保持静止，应受F N、F Q和mg三个力作用，故小球受力个数不可能为1。

A错误，B、C、D正确。

]3．(2019·福建龙岩质检)如图甲所示，在挪威的两座山峰间夹着一块岩石，吸引了大量游客前往观赏。

该景观可简化成如图乙所示的模型，右壁竖直，左壁稍微倾斜。

设左壁与竖直方向的夹角为θ，由于长期的风化，θ将会减小。

石头与山崖间的摩擦很小，可以忽略不计。

若石头质量一定，θ减小，石头始终保持静止，下列说法正确的是()A．山崖左壁对石头的作用力将增大B．山崖右壁对石头的作用力不变C．山崖对石头的作用力减小D．石头受到的合力将增大A[本题通过正交分解法考查共点力平衡问题。

2011—2012学年高三第二学期二次练兵Ⅱ卷限时训练2012.0421.（1）一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上由静止滑下，如图甲所示.图乙是打出的纸带的一段，其中纸带上打下的第一个点O到A点的距离OA=3.10cm,相邻两计数点间还有四个打点未画出．已知打点计时器使用的交流电频率为50 Hz. (结果保留两位有效数字)乙①由纸带上的数据可知，打E点时物体的速度v＝_______m/s，物体运动的加速度a＝________m/s2．②若已知小车的质量m=0.2kg,则小车所受的合外力F= N.③若用该装置探究动能定理，则小车从开始运动到打下E点的过程中，合外力做的功W= J,此时小车的动能E K J,由以上计算可得出的结论是. （2）①图1为某一热敏电阻（电阻值随温度的改变而改变，且对温度很敏感）的I-U 关系曲线图.为了通过测量得到图1所示I-U关系的完整曲线，在图2和图3两个电路中应选择的是图 .（电源电动势为9V，内阻不计，滑动变阻器的阻值为0-100Ω）. ②在图4电路中，电源电压恒为9V，电流表读数为70mA，定值电阻R1=225Ω.由热敏电阻的I-U关系曲线可知，热敏电阻两端的电压为V；电阻R2的阻值为Ω.（保留一位小数）22. 如图所示，半径0.2R m=的光滑14圆轨道MN竖直固定放置，末端N与一水平传送带平滑连接，传送带长度L=2.5m，皮带轮沿顺时针方向转动，带动皮带以恒定速率smv/0.4=匀速转动.质量为2m kg=的滑块从M点由静止释放，滑块滑上传送带后并从传送带右端Q点滑出落至地面上的P点.已知滑块B与传送带之间的动摩擦因数10.0=μ，水平传送带距地面的竖直高度mh8.1=，重力加速度g取102/sm.求：（1）滑块到达圆轨道最低点N时对轨道的压力；（2）滑块从传送带右端滑出时的速度大小；（3）滑块落至P点距传送带右端的水平距离;（4）滑块在传送带上运动过程产生的热量.热敏电阻图4图123.（18分）如图所示，质量为m 带电量为+q 的带电粒子（不计重力），在左极板从静止开始经电压为U 的加速电场加速后，经小孔O 1进入宽为L 的场区，再经宽为12L 的无场区域打到荧光屏上，O 2为荧光屏的中心, 连线O 1O 2与荧光屏垂直.在场区的左侧12L 范围内存在垂直纸面向外的匀强磁场，在场区的右侧12L 范围内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小相同都是B.粒子最终打在荧光屏上的P 点.求：（1）带电粒子刚出小孔O 1时的速度大小； （2）O 2P 之间的距离为d.（3）撤掉所加磁场，在宽为L 整个区域加匀强电场，粒子经过加速之后最终仍打在P 点，试求匀强电场的场强大小和方向？36.（8分）【物理——物理3-3】 （1）（2分）下列说法正确的是（ ）A ．当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大B ．当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大C ．液体的扩散速度一定比固体的扩散速度快D ．晶体都具有各向异性（2）今有一质量为M 的气缸,用质量为m 的活塞封有一定质量的理想气体，当气缸水平横放时,空气柱长为L 0（如图甲所示），若将气缸按如图乙悬挂保持静止时,求气柱长度为多少.已知大气压强为P 0，活塞的横截面积为S ，它与气缸之间无摩擦且不漏气,且气体温度保持不变.37. 【物理——选修3-4】（1）（2分）一列沿x 辅正向传播的横波在t=0时刻的波形图如图（甲）所示，a 、b 、c 、d 为介质中四个质点的平衡位置，则图（乙）是下面哪个质点的振动图象 （ ）A ．平衡位置在a 处的质点B ．平衡位置在b 处的质点C ．平衡位置在c 处的质点D ．平衡位置在d 处的质点（2）（6分）如图11所示，实线为一列简谐波在t =O 时刻的波形，a 点振动方向 沿Y轴正向，经t = 1s 波形为图中虚线，求波的传播速度.38.（1）（2分）下列说方法正确的是（ ）A ．人类关于原子核内部的信息，最早来自天然放射现象B ．氢原子光谱是连续光谱C ．查德威克通过实验证实了原子核内部存在中子D ．较重的核分裂成中等质量大小的核或较轻的核合并成中等质量大小的核，核子的比结合能都会增加 （2）（6分）（1）如图所示，有A 、B 两质量为M= 100kg 的小车，在光滑水平 面以相同的速率v 0=2m/s 在同一直线上相对运动，A 车上有一质量为m = 50kg 的人至少要以多大的速度（对地）从A 车跳到B 车上，才能避免两车相撞？O 2 P2011—2012学年高三第二学期二次练兵Ⅱ卷限时训练参考答案21, （1）①0.25 0.30 ②0.060 ③0.0063 0.0063 在误差允许的范围内，合外力做的功等于物体动能的变化量.（2）①2 ②5.0 133.322. 解：（1）滑块由M 至N 过程，由动能定理得：212N mgR mv =解得：2/N v m s = （2分） 在N 点对滑块由牛顿第二定律得： 2Nv N mg m R-=解得：60N N = （2分）由牛顿第三定律得：60N N '=方向竖直向下 （2分）（2）滑块滑上传送带后做匀加速运动，设滑块从滑上传送带到速度达到传送带的速度v 发生的位移为x .根据牛顿第二定律和运动学公式得:mg ma μ= （1分）22-2N v v ax = （1分） 解得:x =6m>L （1分） 即滑块在传达带上一直做匀加速运动，设滑出时的速度为Q v由222Q Nv v aL -=得：3/Q v m s = （2分）（3）由210.62h gt t s ===得 （1分） 1.8Q x v t m == （1分）（4）滑块在传送带上运动的时间： 1Q Nv v t s a-== （1分）由功能关系得：()3Q mg vt L J μ=-= （2分）23.解：（1）带电粒子在加速电场中加速过程，由动能定理得;2012qU mV =（3分）解得：0V = （1分）（2）带电粒子运动轨迹如图所示，带电粒子在两部分磁场中的运动对称，出磁场的速度与荧光屏垂直，所以O 1M=2d（1分） 设带电粒子作圆周运动的半径为R ，由几何关系得：22222L d R R ⎛⎫⎛⎫=+- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭ （1分）由牛顿第二定律得：q V 0B =20mV R（1分）解以上各式得：d =（2分） (3)带电粒子在偏转电场中，设运动时间为t ，加速度为a ，平行电场的分速度为V y ,侧移距离为y.由牛顿第二定律得：qE=ma （1分） 由运动学公式得：L= V 0t （1分）V y =at （1分） y=212at （1分） 带电粒子从离开电场到打到荧光屏上的过程中，设运动时间为t /,侧移距离为y /, 由运动学公式得：/02LV t = （1分） y /=V y t / （1分）带电粒子打到荧光屏上的点到O 2的距离：d=y+ y /=2EL U（1分）解得:E = 向下 （2分） 36. （1）B（2）对于气缸中的理想气体，当气缸水平横放时，气体压强为p 0，气体体积为SL 0,当气缸悬挂时气体压强为p=p 0-Mg/S. （2分） 设气柱长度为L ，则由玻意耳定律：p 0SL 0=( p 0-Mg/S) SL （2分）解得：L=000p SL p S Mg- （2分）37. （1）C（2）解：由于a 点振动方向为y 轴正方向，故波的传播方向为x 轴负方向。

高三物理实验限时训练〔25分钟〕〔一〕2009年月15〔1〕〔4分〕在“用双缝干预测光的波长〞实验中，转动测量头的手轮，使分划板中心刻线对准第1条亮纹，读下手轮的读数如图22-2所示。

继续转动手轮，使分划板中心刻线对准第10条亮纹，读下手轮的读数如图22-3所示。

如此：两条纹的间距是mm ；15〔2〕〔8分〕用伏安法测量某一电阻R x的阻值，现有实验器材如下：A、待测电阻R x〔阻值大约为5Ω，额定功率为1W〕B、电流表A1〔0~0.6A，内阻0.2Ω〕C、电流表A2〔0~3A，内阻0.05Ω〕D、电压表V1〔0~3V，内阻3KΩ〕E、电压表V2〔0~15V，内阻15KΩ〕F、滑动变阻器R0〔0~50Ω〕G、蓄电池〔电动势为6V〕H、电键、导线为了较准确测量R x的阻值，保证器材的安全，以便操作方便，电压表、电流表应选择________，并画出实验电路图。

16〔1〕〔4分〕如下图中游标卡尺的读数为cm ， 螺旋测微器的读数为mm 。

16〔2〕〔8分〕在实验室里为了验证动量守恒定律，一般采用如图甲、乙两种装置：①假设入射小球质量为m 1半径为r 1；被碰小球质量为m 2，半径为r 2，如此 ( ) A ．m 1>m 2 r 1>r 2 B.m 1>m 2 r 1<r 2 C ．m 1>m 2 r 1=r 2 D.m 1<m 2 r 1＝r 2②假设采用乙装置进展实验，以下所提供的测量工具中必需的是〔 〕 A ．直尺 B ．游标卡尺 C.天平 D.弹簧秤 E ．秒表③设入射小球的质量为m 1，被碰小球的质量为m 2，如此在用甲装置实验时(P 为碰前 入射小球落点的平均位置)，所得“验证动量守恒定律〞的结论为(用装置图中的字母表示)④在实验装置乙中，假设斜槽轨道是光滑的，如此可以利用一个小球验证小球在斜槽上 下滑过程中的机械能守恒．这时需要测是的物理量有：小球释放初位置到斜槽末 端的高度差h 1，小球从斜槽末端做平抛运动的水平位移s 、竖直高度h 2，如此所需验证的关系式为O 乙入射小球 被碰小球 甲 P N M O ’ O 被碰小球 入射小球 重锤线重锤线N P M高三物理 实验限时训练〔25分钟〕〔二〕2009年 月15〔1〕〔3分〕 假设选择开关置于100mA 时，表针在刻度盘的位置如下列图，电流读数＿＿＿A.15〔2〕〔9分〕.现要测量一电动势约为4.5V ，内阻约为5Ω的电源的电动势和内阻，有如下器材可供选用：电压表(0-6V)、电流表(0-200mA 、内阻r A =5Ω)、滑动变阻器R 〔最大阻值约10Ω〕、定值电阻〔R 0＝2Ω〕一个，导线假设干。

高三物理课堂限时训练（一）班级姓名1．(2012·海南高考)如图所示，在两水平极板间存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向里，一带电粒子以某一速度沿水平直线通过两极板，若不计重力，下列四个物理量中哪一个改变时，粒子运动轨迹不会改变？A．粒子速度的大小B．粒子所带的电荷量C．电场强度D．磁感应强度2．一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速为0.5m/s，在某时刻波形如图中实线所示，经过一段时间后波形如图中虚线所示，在这段时间内，图中P处的质点通过的路程可能是A.0.4mB.0.5mC.0.6mD.0.7mA．从BC边射出的粒子场中运动时间相等B．从AC边射出的粒子场中运动时间相等C．从BC边射出的粒子越靠近C，场中运动时间越长D．从AC边射出的粒子越靠近C，场中运动时间越长5．如图所示，一质量为m的小球套在光滑竖直杆上，轻质弹簧一端固定于O点，另一端与该小球相连。

现将小球从A点由静止释放，沿竖直杆运动到B点，已知OA长度小于OB长度，弹簧处于OA、OB两位置时弹力大小相等。

在小球由A到B的过程中A．加速度等于重力加速度g的位置有两个B．弹簧弹力的功率为零的位置有两个C．弹簧弹力对小球所做的正功等于小球克服弹簧弹力所做的功D．弹簧弹力做正功过程中小球运动的距离等于小球克服弹簧弹力做功过程中小球运动的距离6．（20分）如图所示，在光滑绝缘水平面上，用长为2L的绝缘轻杆连接两个质量均为m的带电小球A和B．A球的带电量为＋2q，B球的带电量为－3q，两球组成一带电系统。

虚线MN与PQ平行且相距3L，开始时A和B分别静止于虚线MN的两侧，虚线MN恰为AB 两球连线的垂直平分线。

若视小球为质点，不计轻杆的质量，在虚线MN、PQ间加上水平向右的电场强度为E的匀强电场后，系统开始运动。

试求：（1）B球刚进入电场时，带电系统的速度大小；（2）带电系统向右运动的最大距离和此过程中B球电势能的变化量；（3）A球从开始运动至刚离开电场所用的时间。

高三物理限时训练6机械能 班级： 学号： 姓名：一、 选择题： 6分/题，共48分1、甲、乙两物体的质量之比为m 甲：m 乙=1：4, 若它们在运动过程中的动能相等, 则它们动量大小之比P 甲：P 乙是( ) (A) 1：1 (B) 1：2 (C) 1：4 (D) 2：12、一物体静止在升降机的地板上，在升降机加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于 （ ） a ．物体势能的增加量 b ．物体动能的增加量加上物体势能的增加量c ．物体动能的增加量d ．物体动能的增加量加上克服重力所做的功 (A)ab (B)ac (C)cd (D)bd3、用力F 使质量为10kg 的物体从静止开始，以2m/s 2的加速度匀加速上升，不计空气阻力，g 取10m/s 2，那么2 s 内F 做功（ ） (A)80J (B)200J (C)400J (D)480J 4. 质量为m 的物体，在水平力F 作用下，在粗糙的水平面上运动，下列哪些说法正确 ①如果物体做加速直线运动，F 一定对物体做正功 ②如果物体做减速直线运动，F 一定对物体做负功 ③如果物体做加速直线运动，F 也可能对物体做正功 ④如果物体做匀速直线运动，F 一定对物体做正功A. ①B. ②④C. ②③④D. ①③④5、水平传送带匀速运动，速度大小为v ，现将一小工件放到传送带上。

设工件初速为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v 而与传送带保持相对静止。

设工件质量为m ，它与传送带间的滑动摩擦系数为μ，则在工件相对传送带滑动的过程中( )(1)滑摩擦力对工件做的功为mv 2／2 (2)工件的机械能增量为mv 2／2(3)工件相对于传送带滑动的路程大小为v 2／2μg (4)传送带对工件做功为零(A) (1)(2) (B) (3)(4) (C) (1)(2)(3) (D) (2)(3)(4) 6、质点所受的力F 随时间变化的规律如图所示， 力的方向始终在一直线上。

4（2011天津第3题）．质点做直线运动的位移x 与时间t 的关系为x = 5t + t 2 （各物理量均采用国际单位制单位），则该质点A ．第1s 内的位移是5mB ．前2s 内的平均速度是6m/sC ．任意相邻1s 内的位移差都是1mD ．任意1s 内的速度增量都是2m/s【解析】：匀变速直线运动的考查，简单题。

第1s 内的位移只需将t =1代入即可求出x =6m ，A 错误；前2s 内的平均速度为225227m/s 22s v ⨯+===，B 错；由题给解析式可以求得加速度为a =2m/s 222m x aT ∆==，C 错；由加速的定义可知D 选项正确【答案】：D6（2011新课标理综第16题）.一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离。

假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确的是（ABC ）A. 运动员到达最低点前重力势能始终减小B. 蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加C. 蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统机械能守恒D. 蹦极过程中，重力势能的改变与重力势能零点的选取有关解析：主要考查功和能的关系。

运动员到达最低点过程中，重力做正功，所以重力势能始终减少，A 项正确。

蹦极绳张紧后的下落过程中，弹性力做负功，弹性势能增加，B 项正确。

蹦极过程中，运动员、地球和蹦极绳所组成的系统，只有重力和弹性力做功，所以机械能守恒，C 项正确。

重力势能的改变与重力势能零点选取无关，D 项错误。

3（09年上海卷5）．为了保障行驶安全，一种新型双门电动公交车安装了如下控制装置：只要有一扇门没有关紧，汽车就不能启动。

如果规定：车门关紧时为“1”，未关紧时为“0”；当输出信号为“1”时，汽车可以正常启动行驶，当输出信号为“0”时，汽车不能启动。

能正确表示该控制装置工作原理的逻辑门是A ．与门B ．或门C ．非门D ．与非门答案：A8（2011北京第19题）．某同学为了验证断电自感现象，自己找来带铁心的线圈L 、小灯泡A 、开关S 和电池组E ，用导线将它们连接成如图所示的电路。

高三物理限时训练（10.26）一、选择题：1、关于电场强度和电势的关系，下列说法正确的是（ ）A ．场强处处为零的空间，电势也一定处处为零B ．场强处处相同的区域内，电势也一定相同C ．场强的方向总是跟等势面垂直D ．电势高的地方场强一定大2、如图所示，平行直线表示电场线，但未标方向，带电为＋10-2C 的微粒在电场中只受电场力作用，由A 点移到B 点，动能损失0.1J ，若A 点电势为－10V ，则( ) A ．B 点的电势为10伏 B ．电场线方向从右向左 C ．微粒的运动轨迹可能是轨迹1D ．微粒的运动轨迹可能是轨迹23、如图，真空中O 点有一点电荷，在它产生的电场中有a 、b 两点，a 点的场强大小为E a ，方向与ab 连线成60°角，b 点的场强大小为E b ，方向与ab 连线成30°。

关于a 、b 两点场强E a 、E b 及电势b a ϕϕ,的关系，正确的是 （ ）A ．E a =3E b ，b a ϕϕ>B ．E a =3E b ，b a ϕϕ<C ．b a ba E E ϕϕ<=,3D ．b a b aE E ϕϕ<=,3 4、一台直流电动机额定电压为100V ，正常工作时电流为20A ，线圈内阻为0.5Ω，那么在1min 内（） A ．电动机线圈产生的热量为1.2×104 J Ｂ．电动机消耗的电能为1.2×104J C ．电动机对外做功1.2×105 J D ．电源输入给电动机的功率为2.0kW5、竖直绝缘墙壁的Q 处有一固定的小球A ，在Q 的正上方的P 点用绝缘丝线悬挂另一 小球B ，A 、B 两小球因带电而相互排斥，致使悬线与竖直方向成θ角，如图所示。

若丝线长度变为原来的一半，同时小球B 电量减为原来的一半，A 小球电量不变，则再次稳定后两状态相比，丝线拉力（ ）A ．保持不变B ．减为原来的一半C ．虽然减小，但比原来的一半要大D ．变大6、P 、Q 是某电场中一条电场线上的两点，一点电荷仅在电场力作用下，沿电场线从P 点运动到Q 点，过此两点时的速度大小分别为P υ和Q υ，其速度υ随位移x 变化的图象如图所示。