高一物理暑假作业0解读

考点：运动的合成与分解、向心力、平抛运动、万有引力定律的应用、人造卫星、功和功率的计算、动能定理、机械能守恒定律.新课标2016年高一物理暑假作业10一、选择题.1.关于运动的合成与分解的说法中，正确的是（ ） A ．合运动的位移为分运动的位移矢量和 B ．合运动的速度一定比其中的一个分速度大 C ．合运动的时间为分运动时间之和 D ．合运动的位移一定比分运动位移大2.关于地球同步卫星，下列说法正确的是（ ） A ．它可以定位在夷陵中学的正上空B ．地球同步卫星的角速度虽被确定，但高度和线速度可以选择，高度增加，线速度减小，高度降低，线速度增大C ．它运行的线速度一定小于第一宇宙速度D ．它运行的线速度一定介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间3.（单选）物体做平抛运动时，描述物体在竖直方向的分速度υy （取向下为正）随时间变化的图线是图中的（ ）CD ．4.一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定，有质量相同的小球A 和B 沿着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A 的运动半径较大，则（ ）A ．球A 的角速度必大于球B 的角速度 B ．球A 的线速度必大于球B 的线速度C ．球A 的运动周期必大于球B 的运动周期D ．球A 对筒壁的压力必大于球B 对筒壁的压力5.设行星绕恒星的运动轨道是圆，则其运行轨道半径r 的三次方与其运行周期T 的平方之比为常数，即23Tr =k ，那么k 的大小（ ）A ．只与行星的质量有关B ．只与恒星的质量有关C ．与恒星和行星的质量都有关D ．与恒星的质量及行星的速率都无关6.（单选）质量为1kg 的铅球从离地高18m 处无初速度释放，经2s 到达地面．在这个过程中重力和空气阻力对铅球做的功分别是（g 取10m/s 2）（）7.（单选）细绳一端固定在天花板上，另一端拴一质量为m 的小球，如图所示．使小球在竖直平面内摆动，经过一段时间后，小球停止摆动．下列说法中正确的是（）8.（多选）跳伞运动员在刚跳离飞机、其降落伞尚未打开的一段时间内，下列说法中正确的是（）二．实验题.9.某实验小组利用拉力传感器和速度传感器探究功和动能变化的关系，如图所示，他们将拉力传感器固定在小车上，用不可伸长的细线将其通过一个定滑轮与钩码相连，用拉力传感器记录小车受到拉力的大小．在水平桌面上相距50.0cm的A、B两点各安装一个速度传感器，记录小车通过A、B时的速度大小．（小车中可以放置砝码．）（1）实验中木板略微倾斜，这样做目的是．A．是为了使释放小车后，小车能匀加速下滑B．是为了增大小车下滑的加速度C．可使得细线拉力等于砝码的重力D．可使得小车在未施加拉力时做匀速直线运动（2）实验主要步骤如下：①测量和拉力传感器的总质量M1；把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与钩码相连；正确连接所需电路．②将小车停在C点，接通电源，，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力及小车通过A、B时的速度．③在小车中增加砝码，或增加钩码个数，重复②的操作．（3）下表是他们测得的一组数据，其中M1是传感器与小车及小车中砝码质量之和，（v22﹣V12）是两个速度传感器记录速度的平方差，可以据此计算出动能变化量△E，F是拉力传感器受到的拉力，W是拉力F在A、B间所做的功．表格中△E3=_____，W3=_____（结果保留三位有效数字）．﹣三、解答题.10.一辆汽车匀速率通过一座圆弧形拱桥后，接着又以相同速率通过一圆弧形凹形桥．设两圆弧半径相等，汽车通过拱桥桥顶时，对桥面的压力F1为车重的一半，汽车通过圆弧形凹形桥的最低点时，对桥面的压力为F2，求F1与F2之比．11.地球的两颗人造卫星质量之比m1：m2=1：2，圆周轨道半径之比r1：r2=1：2．求：（1）线速度之比；（2）角速度之比；（3）运行周期之比；（4）向心力之比．12.如图所示，让质量m=5.0kg的摆球由图中所示位置A从静止开始下摆，摆至最低点B点时恰好绳被拉断．已知摆线长L=1.6m，悬点O与地面的距离OC=4.0m．若空气阻力不计，摆线被拉断瞬间小球的机械能无损失．求：（1）摆线所能承受的最大拉力T；（2）摆球落地时的动能．【KS5U】新课标2016年高一物理暑假作业10参考答案1.A【考点】运动的合成和分解．。

高一物理暑假作业答案(参考)高一物理暑假作业答案(参考)暑假来咯，同时也要做一下暑假的作业！心无旁骛，全力以赴，争分夺秒，顽强拼搏脚踏实地，不骄不躁，长风破浪，直济沧海，我们，注定成功!下面小编给大家整理了关于高一物理暑假作业答案内容，欢迎阅读，内容仅供参考!高一物理暑假作业答案一、选择题(本题共6道小题)1.汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，在t1时刻突然使汽车的功率减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻汽车又开始做匀速直线运动(设汽车所受阻力不变)，则在t1～t2时间内()A.汽车的加速度保持不变B.汽车的加速度逐渐减小C.汽车的速度先减小后增大D.汽车的速度先增大后减小2.如图，在外力作用下某质点运动的速度v﹣时间t图象为正弦曲线，由图可判断()A.在0～t1时间内，外力在增大B.在t1～t2时间内，外力的功率先增大后减小C.在t2～t3时刻，外力在做负功D.在t1～t3时间内，外力做的总功为零3.物体在水平恒力F的作用下，在光滑的水平面上由静止前进了路程S，再进入一个粗糙水平面，又继续前进了路程S。

设力F在第一段路程中对物体做功为W1，在第二段路程中对物体做功为W2，则()A、W1>W2B、W14.将质量为m的小球置于半径为l的固定光滑圆槽与圆心等高的一端无初速度释放，小球在竖直平面内做圆周运动，若小球在最低点的势能取做零，则小球运动过程中第一次动能和重力势能相等时重力的瞬时功率为()A.mgB.mgC.mgD.mg5.如图所示，质量为m的物体置于倾角为θ的斜面上，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，在外力作用下，斜面以加速度a沿水平方向向左做匀加速运动，运动中物体m与斜面体相对静止.则关于斜面对m的支持力和摩擦力的下列说法中错误的是()A.支持力一定做正功B.摩擦力一定做正功C.摩擦力可能不做功D.摩擦力可能做负功6..如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的v-t图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的直线，下述说法正确的是()A.0～t1时间内汽车以恒定功率做匀加速运动B.t1～t2时间内的平均速度为C.t1～t2时间内汽车牵引力做功等于mv-mvD.在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是值，t2～t3时间内牵引力最小二、实验题(本题共2道小题)7.某同学在实验室用如图所示的装置来研究有关做功的问题。

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二、填空、实验题(每空2分，共22分)11. 2:1 12. 12. 10m/s 20m/s 10 m13. 需求 CD14. (1) v5=4.08 m/s (2)Ep=1.42 J Ek=1.46 J(3)EPEk 由于空气阻力的存在三、计算题(4小题，8分+8分+10分+12分=38分.解容许写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必需明白写出数值和单位)15.(1)推力F对物体做功W=Fs=102J=20J(2)由动能定理可知，拉力做功与摩擦力做功相等。

Wf=20J 16.(1)汽车在水平路面上拐弯，可视为汽车做匀速圆周运动，其向心力由车与路面间的静摩擦力提供。

当静摩擦力到达最大值时，由向心力公式可知这时的半径最小，有mv2r0.4mg，由速度v=30 m/s得：r225m。

(2)汽车过拱桥，看做在竖直平面内做匀速圆周运动，抵达最高点时，依据向心力公式有mg-N=mv2R，为了保证平安，车对路面的压力必需大于零。

有mgmv2R，v=30 m/s，那么R90 m18：(1)从v-t图像中可得0-4s内B在拉力作用下，沿斜面向上做减速度为的减速运动，故有：对A有： (1)对B有： (2)在4-5s内A下落究竟，故B做减速度大小为的减速运动，对B有：(3)联立三式可得(2)由可得 =4N，依据v-t图像围成的面积表示位移可得，B物体减速阶段的位移为物体做减速的位移为，所以发生的热量为(3)在最高点距离空中的高度为：，动能和势能相等时，有：，带入数据可得，高中2021年高一物理暑假作业答案解析，愿考生学业有成。

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第一章 静电场【知识要点提示】1． 两种电荷：自然界中存在着两种电荷，它们分别为 和 。

（1） 负电荷是用 摩擦过的 上带的电荷； （2） 正电荷是用 摩擦过的 上带的电荷。

（3） 同种电荷相互 ，异种电荷相互 。

2．使物体带电方法有三种（1） 摩擦起电：当两个物体相互摩擦时，一些束缚得不紧的电子往往从一个物体 到另一个物体，于是原来电中性的物体由于得到电子而带负电，失去电子的物体则带正电。

这就是摩擦起电。

（2） 感应起电：指利用 使物体带电的过程。

（3） 接触带电：一个不带电的导体跟另一个带电的导体接触后分开，使不带电的导体带上电荷的方式。

注意：金属导体的特点：金属中离原子核最远的电子会脱离原子核的束缚而在金属中自由活动，这种电子叫自由电子．．．．；失去电子的原子便成为正离子，金属正离子．．．．．只在各自的平衡位置做振动．．而不移动，只有自由电子穿梭其中；当金属导体处于电场中时，自由电子受静电力．．．作用而定向移动．．．．，使原本不带电的金属导体两端呈现电性,因此金属导体放入电场中时，一定会发生静电感应．．．．现象。

3．电荷量：电荷量是指 ，单位是 ，简称 ，符号是 。

（1） 元电荷：元电荷是指 的电荷量。

用e 表示，e=1.60×10-19C （2） 单位电荷：单位电荷是指 的电荷量。

（3） 点电荷：如果带电体间的距离比它们的大小大得多，以致带电体 的影响可忽略不计，可看成点电荷。

点电荷是 ，实际不存在。

（4） 电荷量是 (填：连续变化、不能连续变化)的物理量。

注意：物体不带电的实质是物体带有等量的正负电荷；物体带电的实质是物体带有不等量的正负电荷。

（5） 试探电荷：带电荷量很小的点电荷，将试探电荷放入电场中时，原来的电场不会发生明显的变化4．电荷守恒定律：电荷既不能创造，也不能消失，只能从 转移到 ，或者从转移到 ；在转移过程中，电荷的总量保持不变。

另一种表述：一个与外界没有 交换的系统，电荷的 总是 的。

高一物理暑假作业答案【篇一】1.解：A、弹簧弹力以及物体之间的摩擦力属于内力，系统所受外力F1和F2的合力为零故系统动量守恒，由于开始的过程中系统中有两拉力均做正功，因此机械能不守恒，故A错误;B、D、分别对m和M动态分析可知，开始时二者都做加速运动，随距离的增大，弹簧的弹力增大，二者的加速度都减小，当加速度a=0时速度，即当弹簧弹力大小与F1、F2大小相等时，系统的动能，此后弹簧的弹力大于拉力，二者都做减速运动，直到速度为0.故B 错误，D正确;C、二者的速度都减小为0后，由于弹力仍然大于拉力，二者之间的距离开始减小，弹簧的弹力做正功，拉力做负功，系统机械能开始减小.故C错误;本题选择错误的，故选：ABC.2.AC解：A、对于F的做功过程，由几何知识得到：力F作用点的位移x=PB﹣PC=则力F做的功W=Fx=50×0.4J=20J，故A正确;B、由于B球到达C处时，已无沿绳的分速度，所以此时滑块A 的速度为零，考察两球及绳子组成的系统的能量变化过程，由功能关系得：W=mv2+mgR代入已知量得：20=+2×10×0.3，解得小球B速度的大小v=m/s，故B错误;C、当绳与轨道相切时两球速度相等，如图：由三角形知识得：sin∠OPB==，故C正确;D、设最低点势能为0，小球B从地面拉到P的正下方时小球B 的机械能增加，故D错误;故选：AC【点评】：本题连接体问题，关键分析两物体之间的速度与高度关系并运用几何知识和功能关系来研究，注意分析B球到达点时A球速度为零.3.解：A、从题意得到，太阳能驱动小车以功率不变启动，当开始阶段小车所受的牵引力大于阻力，小车做加速运动，当牵引力平衡后小球做匀速直线运动，速度达到.故A正确;B、阻这段时间内力做功为W=Fs.故B错误;C、根据动能定理判断，这段时间内合力做功为，故C正确;D、这段时间内电动机所做的功为，故D错误.故选AC4.解：设额定功率为P，则速度为3m/s时的牵引力，速度为6m/s 时，牵引力为.根据牛顿第二定律得，F1﹣f=3(F2﹣f)，解得f=.因为牵引力与阻力相等时，速度，则F=f=，知速度为12m/s.因为功率未知，无法求出阻力，该运动为变加速运动，无法求出运动的时间.故A正确，B、C、D错误.故选：A.5.D电势能;功能关系解：A、由牛顿第二定律得知，小球所受的合力F合=ma=mg，方向向下，根据动能定理知，小球的动能增加△Ek=F合h=mgh，故A 错误.B、由牛顿第二定律得：mg﹣F=mg，解得电场力F=mg，且方向竖直向上，则电场力做功W电=﹣Fh=﹣mgh，故小球的电势能增加mgh，故B错误.C、小球在竖直方向上下降h高度时重力做正功mgh，因此，小球的重力势能减少mgh，故C错误.D、由上知，小球的电势能增加mgh，根据能量守恒知，小球的机械能减少mgh，故D正确.故选：D.6.ACD解：A、A向右运动至速度时C恰好离开地面，此时A、B、C加速度均为零，设此时绳的拉力为T，对A：F﹣μmg﹣T=0对B、C整体：T﹣2mg=0代入数据解得F=2.2mg，故A正确，B错误;C、开始时整个系统静止，弹簧压缩量为x，则对B有kx=mgx=因B、C的质量相等，故C恰好离开地面时，弹簧伸长量仍为x= 所以拉力做的功W=F2x=，故C正确;D、A由静止到向右运动至速度的过程中，对A、B、C由能量守恒得(F﹣μmg)2x=(2m)v2+mg2x解得v=g，故D正确.故选：ACD【点评】：本题的关键是对物体进行受力分析，抓住临界状态，然后结合功能关系和胡克定律多次列式求解分析，关键是要知道A向右运动至速度时C恰好离开地面，此时A、B、C的加速度均为零，注意整体法和隔离法的应用，难度适中.7.(1)AD(2)mg(s0+sl)8.(1)ABC(2)(3)减小(4)二9.解：(1)设赛车越过壕沟需要的最小速度为v1，由平抛运动的规律，有：s=v1th=gt2解得：v1=s=2.5×=5m/s(2)设赛车恰好越过圆轨道，对应圆轨道点的速度为v2，最低点的速度为v3，由牛顿第二定律及机械能守恒定律，有：mg=mm=m+mg(2R)解得：v3===4m/s(3)由于B点以后的轨道均为光滑，故轨道最低点速度应该等于平抛的初速度，通过分析比较，赛车要完成比赛，在进入圆轨道前的速度最小应该是：vmin=4m/s设电动机工作时间至少为t，根据功能原理有：pt﹣fL=m由此可得：t=2.53s即要使赛车完成比赛，电动机至少工作2.53s的时间.答：(1)赛车越过壕沟需要的最小速度为5m/s;(2)赛车进入圆轨道前在B点的最小速度为4m/s;(3)要使赛车完成比赛，电动机至少工作2.53s时间.10.解：(1)分析M受力，由牛顿第二定律得：F﹣μmg=Ma1代入数据解得：a1=12m/s2设装置向左运动到速度为0的时间为t1，则有：v0﹣a1t1=0联立并代入数据解得：t1=1s装置向左运动的距离：x1==12×1m﹣0.5×12×1m=6m(2)对m受力分析，由牛顿第二定律得：μmg=ma2代入数据解得：a2=4m/s2设滑块运动到A点时的速度为v1，则：v1=v0﹣a2t1联立并代入数据解得：v1=8m/s小滑块向左运动的距离为：x2==12×1m﹣0.5×4×1m=10m则平板长为：l=x2﹣x1=10m﹣6m=4m(3)设滑块在B点的速度为v2，从A至B，由动能定理得：﹣mg×2R﹣Wf=在B点有：mg=联立解得：R=0.9m，v2=3m/s小滑块从B点飞出做平抛运动：2R=联立解得：t2=0.6s落点离A的距离为：x=v2t2=3×0.6m=1.8m答：1)装置运动的时间和位移大小6m;(2)长平板的长度l为4m;(3)小滑块最后落回长平板上的落点离A的距离1.8m.11.考点：动能定理;运动的合成和分解.专题：动能定理的应用专题.分析：(1)根据几何关系求解物体升高的高度h.(2)该同学的结论是错误的.因为汽车经过B点时的速度与此时物体的速度不等，应根据速度的分解得到物体的速度，再由动能定理求解功.解答：解：(1)当车运动到B点时，物体升高的高度为：h=﹣H=(﹣1)m=0.41m(2)该同学的结论是错误的.因为绳总长不变，物体的速度与车在同一时刻沿绳方向的速度大小相等，而此刻车的速度方向不沿绳的方向，所以两者的速度大小不相等.如图，将车的速度v沿绳的方向和垂直于绳的方向分解，得：v1=vBcosθ绳Q端拉力对物体是变力做功，可用动能定理求解.则有：W﹣mgh=得：W=mgh+=(10×10×0.41+10×52×cos245°)J=103.5J答：(1)当车运动到B点时，物体升高的高度h是0.41m;(2)该同学的结论是错误的.因为绳总长不变，物体的速度与车在同一时刻沿绳方向的速度大小相等，而此刻车的速度方向不沿绳的方向，所以两者的速度大小不相等.该功的大小为103.5J.【篇二】一、1.B2.C3.B4.B5.ACD6.ACD7.C8.D?二、9.0.23610.2;4011.1.712.0.2s?三、13.(1)运动员打开伞后做匀减速运动，由v22-v12=2as2可求得运动员打开伞时的速度为v1=60m/s，运动员自由下落距离为s1=v12/2g=180m，运动员离开飞机时距地面高度为s=s1+s2=305m.(2)自由落体运动的时间为t1==6s，打开伞后运动的时间为t2==3.85s,离开飞机后运动的时间为t=t1+t2=9.85s?14.可以将这5滴水运动等效地视为一滴水下落，并对这一滴水的运动全过程分成4个相等的时间间隔，如图中相邻的两滴水间的距离分别对应着各个相等时间间隔内的位移，它们满足比例关系：1∶3∶5∶7.设相邻水滴之间的距离自上而下依次为：x、3x、5x、7x,则窗户高为5x，依题意有：?5x=1则x=0.2m?屋檐高度h=x+3x+5x+7x=16x=3.2m由h=gt2得：t=s=0.8s.?所以滴水的时间间隔为：Δt==0.2s?15.每碰撞一次后所做竖直上抛运动，可分为上升和回落两个阶段，不计空气阻力，这两段所用时间和行程相等.?小球原来距桌面高度为4.9m，用h0表示，下落至桌面时的速度v0应为：?v0==9.8m/s.下落时间为：t0==1s.?首先用演绎法：小球第一次和桌面碰撞，那么，第一次碰撞桌面后小球的速度：v1=v0×7/9m/s.?第一次碰撞后上升、回落需用时间：2t1=2v1/g=(2×v0/g)×7/9=2×7/9s.?小球第二次和桌面碰撞，那么，第二次碰撞桌面后小球的速率：?v2=v1×7/9=(v0×7/9)×7/9=v0×(7/9)2m/s.?第二次碰撞后上升、回落需用时间：2t2=2v2/g=2×(7/9)2.?再用归纳法：依次类推可得：小球第n次和桌面碰撞后上升，回落需用时间：2tn=2×(7/9)n(s)所以小球从开始下落到经n次碰撞后静止所用总时间为：?T=t2+2t1+2t2+…+2tn=1+2×7/9+2×(7/9)2+…+2×(7/9)n=1+2×[7/9+(7/9)2+…+(7/9)n]括号内为等比级数求和，首项a1=7/9,公比q=7/9,因为|q|所以无穷递减等比级数的和为：,所以T=1+2×7/2=8s.。

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高一物理暑假作业试题及答案解析（20份）高一暑假作业1请阅读下列材料，回答1-3小题．2016年，中国空间站建设捷报频传。

9月15日在酒泉卫星发射中心成功发射“天宫二号”空间实验室．天宫二号发射后，成功进入高度约380公里的轨道运行，在神舟十一号载人飞船发射前，天宫二号将调整轨道至高度393公里的对接轨道，做好与神舟十一号载人飞船交会对接的准备．10月17日，搭载着航天员景海鹏、陈冬的神舟十一号载人飞船成功发射．并完成与天宫二号的自动交会对接，形成组合体，航天员进驻天宫二号，组合体在轨飞行33天，期间，2名航天员按计划开展了一系列科学实验.11月17日，神舟十一号飞船与天宫二号空间实验室成功实施分离，航天员景海鹏、陈冬踏上返回之旅．11月8日，神舟十一号返回舱顺利着陆．1．下列各种情况中，可将神州十一号飞船视为质点的是()A. 调整神州十一号飞船的飞行姿势B. 研究神州十一号飞船绕地球的运行轨道C. 研究神州十一号飞船与天宫二号对接的过程D. 观测宇航员在飞船内的实验活动2．组合体在轨飞行期间，2名航天员在天宫二号内工作和生活，该过程中航天员( )A. 一直处于失重状态B. 一直处于超重状态C. 不受重力作用D. 处于超重还是失重状态由航天员工作状态决定3．如图所示是“神舟十一号”航天飞船返回舱返回地面的示意图。

假定其过程可简化为：打开降落伞后，整个装置匀速下降，一段时间后，为确保安全着陆，点燃返回舱的缓冲火箭，返回舱做匀减速直线运动，则能反映其运动过程的v-t图象是( )A. B. C. D.4．为了安全，在行驶途中，车与车之间必须保持一定的距离．因为，从驾驶员看见某一情况到采取制动动作的时间里，汽车仍然要通过一段距离（称为反应距离）；而从采取制动动作到车完全停止的时间里，汽车又要通过一段距离（称为制动距离）。

下表给出了汽车在不同速度下的反应距离和制动距离等部分数据。

请分析这些数据，表格未给出的数据X、Y应是：（）A. X = 45，Y = 48B. X = 45，Y = 40C. X = 50，Y = 48D. X = 50，Y = 405．有四个运动的物体A、B、C、D，物体A、B运动的x－t图象如图甲所示，物体C、D 从同一地点沿同一方向运动的v－t图象如图乙所示．根据图象做出以下判断正确的是( )A. t＝3 s时，物体C追上物体DB. t＝3 s时，物体C与D间距离最大C. 在0～3 s时间内，物体B运动的位移为5 mD. 物体A和B均做匀加速直线运动且A的速度比B的大6．甲、乙两车在同一水平路面上的两平行车道做直线运动，某时刻乙车在前、甲车在后，相距6m，从此刻开始计时，两车运动的v-t图象如图所示。

高中2022届一年级〔下〕假期物理作业〔1〕一、选择题1．AB解析质点做匀变速曲线运动，所以加速度不变；由于在D点速度方向与加速度方向垂直，那么在C点时速度方向与加速度方向的夹角为钝角，所以质点由C到D速率减小，即C点速率比D点大；在A点速度方向与加速度方向的夹角也为钝角；而从B到E的过程中加速度方向与速度方向间的夹角越来越小．故正确答案为A、B.2． B解析两运动的合运动的速度方向在两个分运动速度方向所夹的某一方向上，而运动物体的合力沿着原匀变速直线运动的直线上也就是说运动物体的合力与它的速度方向不在同一条直线上，物体一定做曲线运动，B对，A、C、D错．3 C解析运发动渡河可以看成是两个运动的合运动：垂直河岸的运动和沿河岸的运动．运发动以恒定的速率垂直河岸渡河，在垂直河岸方向的分速度恒定，由分运动的独立性原理可知，渡河时间不变；但是水速变大，沿河岸方向的运动速度变大，因时间不变，那么沿河岸方向的分位移变大，总路程变大，应选项C正确．4． B解析如下图，绳子与水平方向的夹角为θ，将小车的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，沿绳子方向的速度等于P的速度，根据平行四边形定那么得，v P＝v cos θ.故B正确，A、C、D错误．5．ABD解析平抛运动的轨迹是曲线，某时刻的速度方向为该时刻轨迹的切线方向，不同时刻方向不同，A对；v0不变，v y∝t，所以v2>v1，B对；由Δv＝gΔt 知Δv方向一定与g方向相同即竖直向下，大小为gΔt，C错，D对．6.C解析不计空气阻力，关闭发动机后导弹水平方向的位移x＝v0t＝v02h g ，可以看出水平位移由水平速度、离地高度共同决定，选项C正确．7． C解析物体做平抛运动，v x＝v0，v y＝g·2t，故2t时刻物体的速度v′＝v2x＋v2y ＝v20＋(2gt)2，C正确，A错误；t时刻有v2＝v20＋(gt)2，故v′＝v2＋3(gt)2，B、D错误．8．ACD解析 射出的子弹做平抛运动，根据平抛运动的特点，竖直方向做自由落体运动，所以无论松鼠以自由落下，迎着枪口沿AB 方向水平跳离树枝，还是背着枪口沿AC 方向水平跳离树枝，竖直方向运动情况都与子弹相同，一定被打中，不能逃脱厄运而被击中的是A 、C 、D. 9.A解析 由于B 点在A 点的右侧，说明水平方向上B 点的距离更远，而B 点距抛出点竖直方向上的距离较小，故运动时间较短，二者综合说明落在B 点的石块的初速度较大，故A 正确，B 、C 、D 错误． 10.AC解析 石块做平抛运动刚好落入水中时，40sin 30°＝12gt 2，40cos 30°＝v 0t ，解得v 0＝17.3 m/s ，选项A 正确，选项B 错误；设落水时速度方向与水平面的夹角为α，tan α＝v y v 0＝2ghv 0，v 0越大，落水时速度方向与水平面的夹角越小，选项C 正确；假设石块不能落入水中，设落到斜面上时速度方向与水平方向的夹角为β，在斜面上tan 30°＝12gt 2v 0t ＝gt 2v 0，故tan β＝gtv 0＝2tan 30°，可知β为定值与v 0无关，应选项D 错误．二、填空题11． (1)是 (2)8 (3)0.8 (4)425解析 (1)由初速度为零的匀加速直线运动在相邻的相等的时间内通过位移之比为1∶3∶5可知，a 点为抛出点；(2)由ab 、bc 、cd 水平距离相同可知，a 到b 、b 到c 、c 到d 运动时间相同，设为T ，在竖直方向有Δh ＝gT 2，T ＝0.1 s ，可求出g ＝8 m/s 2；(3)由两位置间的时间间隔为0.10 s ，实际水平距离为8 cm ，x ＝v x t ，得水平速度为0.8 m/s ；(4)b 点竖直分速度为ac 间的竖直平均速度，根据速度的合成求b 点的合速度，v y b ＝4×4×1×10－22×0.10m/s ＝0.8 m/s ，所以v b ＝v 2x ＋v 2y b ＝425 m/s. 三、计算题12. (1)10 m (2)2 m/s解析 (1)猴子对地的位移AB ′为猴子相对于人的位移AB 与人的位移AA ′的矢量和，所以AB ′为AB ′＝(AB )2＋(AA ′)2＝h 2＋s 2＝82＋62 m ＝10 m (2)猴子相对于地的速度v ＝AB ′t ＝105 m/s ＝2 m/s.13．800 m解析由H＝12gt2，得t＝2H g，炸弹下落时间t＝2×50010s＝10 s，由水平方向的位移关系知：v1t－v2t＝s.解得s＝800 m14.(1) 2 s(2)x＝5 m，y＝5 m解析(1)为使小物块不会击中挡板，设拉力F作用最长时间t1时，小物块刚好运动到O点．由牛顿第二定律得：F－μmg＝ma1解得：a1＝2.5 m/s2减速运动时的加速度大小为：a2＝μg＝2.5 m/s2由运动学公式得：s＝12a1t 21＋12a2t22而a1t1＝a2t2解得：t1＝t2＝ 2 s(2)水平恒力一直作用在小物块上，由运动学公式有：v20＝2a1s解得小物块到达O点时的速度为：v0＝5 m/s小物块过O点后做平抛运动．水平方向：x＝v0t竖直方向：y＝12gt2又x2＋y2＝R2解得位置坐标为：x＝5 m，y＝5 m．高中2022届一年级〔下〕假期物理作业〔2〕一、选择题1．B2．ABC3. C解析橡皮块做加速圆周运动，合力不指向圆心，但一定指向圆周的内侧．由于做加速圆周运动，动能不断增加，故合力与速度的夹角小于90°，应选C.4. C解析从汽车前方拍摄的后轮照片可以看到汽车的后轮发生变形，汽车不是正在直线前进，而是正在转弯，根据惯性、圆周运动和摩擦力知识，可判断出地面给车轮的静摩擦力水平向左，所以汽车此时正在向左转弯，应选答案C.5. A解析三轮边缘各点的关系应该有v1＝v2＝v3，故ωr1＝ω2r2＝ω3r3，再用公式a ＝v 2r 即可求得a ＝r 21ω2r 3，故A 正确．6. B解析 物块滑到最低点时受竖直方向的重力、支持力和水平方向的摩擦力三个力作用，据牛顿第二定律得N －mg ＝m v 2R ，又f ＝μN ，联立解得μ＝fmg ＋m v 2R，选项B 正确． 7 . BD解析 设小球在最高点时受杆的弹力向上，那么mg －N ＝m v 2l ，得N ＝mg －m v 2l＝6 N ，故小球对杆的压力大小是6 N ，A 错误，B 正确；小球通过最低点时N －mg ＝m v 2l ，得N ＝mg ＋m v 2l ＝54 N ，小球对杆的拉力大小是54 N ，C错误，D 正确． 8. BC解析 摩托车受力如下图．由于N ＝mgcos θ所以摩托车受到侧壁的压力与高度无关，保持不变，摩托车对侧壁的压力F 也不变，A 错误；由F＝mg tan θ＝m v 2r ＝mω2r 知h 变化时，向心力F 不变，但高度升高，r 变大，所以线速度变大，角速度变小，周期变大，选项B 、C 正确，D 错误． 9.CD解析 由于不知道小球在圆周最高点时的速率，故无法确定绳子的拉力大小，A 、B 错误；假设小球刚好能在竖直平面内做圆周运动，那么其在最高点的速率满足mg ＝m v 2L ，推导可得v ＝gL ，C 正确；小球过最低点时，向心力方向向上，故绳子的拉力一定大于小球重力，D 选项正确． 10.A解析 物体做匀速圆周运动，其向心力F ＝Mg ，假设M 减小，物体做半径r 越来越大的离心运动，在此过程中M 减小，m 做圆周运动的向心力减小，m做离心运动，r 变大，由F ＝m v 2r 知，F ↓，r ↑，那么v ↓，由v ＝rω，ω＝vr ，因为r 增大，v 变小，所以ω减小．故A 正确． 二、填空题11．(1)t n (2)m 4π2n 2t 2(r －d2)或mg r －d 2(l ＋d 2)2－(r －d 2)2解析 (1)小钢球完成一次完整的圆周运动所用的时间是一个周期，那么T ＝tn . (2)小钢球做圆周运动的半径应为小钢球的球心到圆心O 的距离，那么半径R＝r －d 2，小钢球做圆周运动的向心力F ＝m v 2R ，而v ＝2πR T ，所以F ＝m 4π2T 2R ＝m 4π2n 2t 2(r －d2)．设悬线与竖直方向的夹角为θ，向心力还可表示为F ＝mg tan θ＝mg r －d 2(l ＋d 2)2－(r －d 2)2三、计算题12. 14mg解析 设小球经过B 点时速度为v 0，那么小球平抛的水平位移为 x ＝(3R )2－(2R )2＝5R ，2R ＝12gt 2，所以t ＝4R gv 0＝x t ＝5R 4R g＝5gR 2. 对小球过B 点时由牛顿第二定律得F ＋mg ＝m v 20R ，F ＝14mg .由牛顿第三定律得 F ′＝F ＝14mg .13．(1)2x g cos θ (2)g cot θ4π2n 2解析 (1)小金属环在下滑过程中，在重力和金属棒对它的支持力作用下做初速度为零的匀加速直线运动，设小金属环沿棒运动的加速度为a ，滑至O 点所需时间为t ，由牛顿第二定律得： mg cos θ＝ma由运动学公式得：x ＝12at 2 以上两式联立解得：t ＝2x g cos θ(2)小金属环随“V 〞形细金属棒绕其对称轴做匀速圆周运动所需的向心力由重力和金属棒对它的支持力的合力提供，如下图，设小金属环离对称轴的距离为r ，由牛顿第二定律和向心力公式得 mg cot θ＝mω2r又ω＝2πn联立解得r ＝g cot θ4π2n 2.14．(1)2 m (2)6 N (3)见解析解析 (1)设小球离开B 点做平抛运动的时间为t 1，落地点到C 点的水平距离为s由h ＝12gt 21得：t 1＝2hg ＝1 ss ＝v B t 1＝2 m(2)小球到达B 点时受重力G 和竖直向上的弹力N 作用，由牛顿第二定律知F向＝N －G ＝m v 2BR 解得N ＝6 N由牛顿第三定律知小球到达B 点时对圆形轨道的压力N ′＝－N ，即小球到达B 点时对圆形轨道的压力大小为6 N ，方向竖直向下．(3)如图，斜面BE 的倾角θ＝45°，CE 长d ＝h ＝5 m ，因为d ＞s ，所以小球离开B 点后能落在斜面上．假设小球第一次落在斜面上F 点，BF 长为L ，小球从B 点到F 点的时间为t 2L cos θ＝v B t 2①L sin θ＝12gt 22② 联立①②两式得t 2＝0.4 s L ≈1.13 m.高中2022届一年级〔下〕假期物理作业〔3〕一、选择题 1． D解析 牛顿得出万有引力定律，A 错误，D 正确；开普勒发现行星运动三定律，B 、C 错误． 2.AB解析 设地球质量为M ，垃圾质量为m ，垃圾的轨道半径为r .由牛顿第二定律可得：G Mm r 2＝m ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 2r ，垃圾的运行周期：T ＝2πr 3GM ，由于π、G 、M 是常数，所以离地越低的太空垃圾运行周期越小，故A 正确；由牛顿第二定律可得：G Mmr 2＝mω2r ，垃圾运行的角速度ω＝GMr 3，由于G 、M 是常数，所以离地越高的垃圾的角速度越小，故B 正确；由牛顿第二定律可得：G Mm r 2＝m v 2r ，垃圾运行的线速度v ＝GMr ，由于G 、M 是常数，所以离地越高的垃圾线速度越小，故C 错误；由线速度公式v ＝GMr 可知，在同一轨道上的航天器与太空垃圾线速度相同，如果它们绕地球飞行的运转方向相同，它们不会碰撞，故D 错误． 3. BCD解析 假设卫星在a 轨道上，那么万有引力可分解为两个分力，一个是向心力，一个是指向赤道平面的力，卫星不稳定，故A 错误；对b 、c 轨道，其圆心是地心 ，万有引力无分力，故B 、C 正确；同步卫星一定在赤道正上方，故D 正确． 4．A解析 该星球的第一宇宙速度：G Mm r 2＝m v 21r在该星球外表处万有引力等于重力：G Mm r 2＝m g6由以上两式得v 1＝gr6，那么第二宇宙速度v 2＝2v 1＝2×gr 6＝gr 3，故A 正确． 5． B 6． ABC解析 由黄金代换式GMmr 2＝mg 可求出月球的质量，代入密度公式可求出月球的密度，由GMm(r ＋h )2＝m v 2r ＋h ＝ma 可求出卫星所在处的加速度和卫星的线速度，因为卫星的质量未知，故没法求卫星所需的向心力．7．C解析 设地球轨道半径为R ，“天宫一号〞的轨道半径为r ，运行周期为T ，地球密度为ρ，那么有GMm r 2＝m ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 2r ，M ＝ρ×4πR 33，解得ρ＝3πr 3GT 2R 3，A 错误；轨道半径小，运动速度大，B 错误；“同步卫星〞和“倾斜同步卫星〞周期相同，那么轨道半径相同，轨道平面不同，C 正确；“嫦娥一号〞绕月球运动，与地球距离大于同步卫星与地球距离，D 错误． 8．CD解析 设月球质量为M ，卫星质量为m ，在月球外表上，万有引力约等于其重力有：GMmR 2＝mg ，卫星在高为h 的轨道上运行时，万有引力提供向心力有：GMm (R ＋h )2＝mg ′＝m v 2R ＋h ＝mω2(R ＋h )＝m 4π2T 2(R ＋h )，由上二式算出g ′、v 、ω、T 可知A 、B 错，C 、D 正确．所以此题选择C 、D. 9. A解析 卫星沿椭圆轨道运动时，周期的平方与半长轴的立方成正比，故T 1>T 2>T 3，A 项正确，B 项错误；不管沿哪一轨道运动到P 点，卫星所受月球的引力都相等，由牛顿第二定律得a 1＝a 2＝a 3，故C 、D 项均错误． 10． AB解析 由T ＝2πR v 可得：R ＝v T 2π，A 正确；由GMmR 2＝m v 2R 可得：M ＝v 3T 2πG ，C错误；由M ＝43πR 3ρ得：ρ＝3πGT 2，B 正确；由G MmR 2＝mg 得：g ＝2πv T ，D 错误． 二、计算题11． (1)a ＝gR 2(R ＋h )2(2)T ＝2π(R ＋h )3gR 2 解析 (1)对于月球外表附近的物体有GMmR 2＝mg根据牛顿第二定律有GMm ′(R ＋h )2＝m ′a 解得a ＝gR 2(R ＋h )2(2)万有引力提供探测器做匀速圆周运动的向心力有 GMm ′(R ＋h )2＝m ′⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT 2(R ＋h ) 解得T ＝2π(R ＋h )3gR 212．(1)3πGT 20 (2)2πr Rrg 解析 (1)设月球质量为m ，卫星质量为m ′，月球的半径为R m ，对于绕月球外表飞行的卫星，由万有引力提供向心力有Gmm ′R 2m ＝m ′4π2T 20R m ，解得m ＝4π2R 3mGT 20又根据ρ＝m 43πR 3m 解得ρ＝3πGT 20.(2)设地球的质量为M ，对于在地球外表的物体m 表有GMm 表R 20＝m 表g ，即GM＝R 20g月球绕地球做圆周运动的向心力来自地球引力 即GMm r 2＝mr 4π2T 2，解得T ＝2πr Rr g . 13. (1)2π(R ＋h )3gR 2 (2)2πgR 2(R ＋h )3－ω0解析 (1)由万有引力定律和牛顿第二定律得 G Mm (R ＋h )2＝m 4π2T 2B (R ＋h ) ①G MmR 2＝mg②联立①②解得T B ＝2π(R ＋h )3gR 2.③(2)由题意得(ωB －ω0)t ＝2π④由③得ωB ＝gR 2(R ＋h )3. ⑤代入④得t ＝2πgR 2(R ＋h )3－ω0.高中2022届一年级〔下〕暑假物理作业〔4〕一、选择题 1． D解析 物体做匀速圆周运动时合外力不为零，但合外力做的功为零，动能不变，A 错，D 对；合外力不为零，物体的加速度一定不为零，是否变化不能断定，B 错；合外力不为零，物体的速度方向可能变化，也可能不变，C 错． 2．CD解析 物体的机械能守恒时，一定只有重力和弹簧的弹力做功，但不一定只受重力和弹簧弹力的作用． 3．D 4. BC解析 人做的功等于绳子对m 1、m 2做的功之和，即W ＝Fx 1＋Fx 2＝F (x 1＋x 2)，A 错，B 对；根据动能定理知，人做的功等于m 1、m 2、m 动能的增加量，所以W ＝12(m 1＋m )v 21＋12m 2v 22，C 对，D 错． 5. D解析 斜面对P 的作用力垂直于斜面，其竖直分量为mg ，所以水平分量为mg tan θ，做功为水平分量的力乘以水平位移． 6. AC解析 物体沿斜面匀速下滑，说明沿斜面方向的摩擦力f ＝mg sin θ，根据功率公式P ＝F v cos α(式中α是F 与v 的夹角)，那么重力的功率P G ＝mg v cos(90°－θ)＝mg v sin θ，A 对，B 错；物体克服摩擦力做功的功率P f ＝f ·v ＝mg v sin θ，C 对，D 错． 7．B解析 设小石子的动能等于它的重力势能时速度为v ，根据机械能守恒定律得mgh ＝mgh ′＋12m v 2由题意知mgh ′＝12m v 2，所以mgh ＝m v 2 故v ＝gh ＝10 m/s ，B 正确． 8．A解析 当汽车到达最大速度时，即牵引力等于阻力时，那么有P ＝F v ＝f v m ， f ＝P v m＝30×10315 N ＝2×103 N ，当v ＝10 m/s 时，F ＝P v ＝30×10310 N ＝3×103 N ，所以a ＝F －f m ＝3×103－2×1032×103m/s 2＝0.5 m/s 2. 9. D解析 运发动的加速度为13g ，沿斜面：12mg －f ＝ m ·13g ，f ＝16mg ，W f ＝16mg ·2h ＝13mgh ，所以A 、C 项错误，D 项正确；E k ＝mgh －13mgh ＝23mgh ，B 项错误． 10．CD解析 对于M 和m 组成的系统，除了重力、轻绳弹力做功外，摩擦力对M 做了功，系统机械能不守恒，选项A 错误；对于M ，合外力做的功等于其重力、轻绳拉力及摩擦力做功的代数和，根据动能定理可知，M 动能的增加等于合外力做的功，选项B 错误；对于m ，只有其重力和轻绳拉力做了功，根据功能关系可知，除了重力之外的其他力对物体做的正功等于物体机械能的增加量，选项C 正确；对于M 和m 组成的系统，系统内轻绳上弹力做功的代数和等于零，只有两滑块的重力和M 受到的摩擦力对系统做了功，根据功能关系得，M 克服摩擦力做的功等于系统机械能的损失量，选项D 正确． 二、填空题11． (1)gl ＝s 28T 2 (2)先释放纸带，后接通电源 gl <s 28T 2 12． (1)0.196 0.1(2) ①小车质量没有远大于钩码质量；②没有平衡摩擦力；③错误操作：先放小车，后开电源 三、计算题13． (1)17 (2)14 m解析 设小球的质量为m ，所受阻力大小为f .(1)小球从h 处释放时速度为零，与地面碰撞反弹到34h 时，速度也为零， 由动能定理得mg ⎝ ⎛⎭⎪⎫h －34h －f ⎝ ⎛⎭⎪⎫h ＋34h ＝0解得f ＝17mg(2)设小球运动的总路程为s ，且最后小球静止在地面上，对于整个过程，由动能定理得mgh －fs ＝0 s ＝mgf h ＝7×2 m ＝14 m 14． 2 N ，竖直向上解析 设小球能通过最高点，且此时的速度为v 1.在上升过程中，因只有重力做功，小球的机械能守恒． 选M 所在水平面为参考平面，那么12m v 21＋mgL ＝12m v 20① v 1＝ 6 m/s ②设小球到达最高点时，轻杆对小球的作用力为F ，方向向下，那么F ＋mg ＝m v 21L ③ 由②③式，得 F ＝2 N ④由牛顿第三定律可知，小球对轻杆的作用力大小为2 N ，方向竖直向上． 15． (1)6.0 N (2)0.50 J解析 (1)因滑块恰能通过C 点，对滑块在C 点，根据牛顿第二定律有：mg ＝m v 2CR ，解得：v C ＝gR ＝2.0 m/s对于滑块从B 点到C 点的过程，选B 点所在水平面为参考平面，根据机械能守恒定律有 12m v 2B ＝12m v 2C ＋2mgR滑块在B 点受重力mg 和轨道的支持力N ，根据牛顿第二定律有N －mg ＝m v 2BR 联立上述两式可解得：N ＝6mg ＝6.0 N根据牛顿第三定律可知，滑块在B 点时对轨道的压力大小N ′＝6.0 N. (2)滑块从A 点滑至B 点的过程中，根据动能定理有：mgh－W阻＝12m v2B解得：W阻＝mgh－12m v 2B＝0.50 J.高中2022届一年级〔下〕暑假物理作业〔5〕一、选择题1． D解析平抛运动就是加速度不变的曲线运动，速度增量与所用时间成正比，A、B正确；只有匀速圆周运动合外力总是垂直于速度，C正确；假设质点做匀速圆周运动那么合外力等于它做圆周运动所需的向心力，假设做非匀速圆周运动那么合外力就不等于做圆周运动的向心力，D错误．2. A解析下降过程中，阻力始终与运动方向相反，做负功，A对；加速下降时合力向下，减速下降时合力向上，B错；下降时重力做功等于重力势能减少，C错；由于任意相等的时间内下落的位移不等，所以，任意相等时间内重力做的功不等，D错．3． C解析设平抛的水平位移是x，那么竖直方向上的位移就是2x，水平方向上：x＝v0t①竖直方向上：2x＝12gt2②联立①②可以求得：t＝4v0g.应选C.4. BCD解析由v－t图象中面积表示位移可知，在0～t时间内质点B比质点A位移大，A错误而C正确；A、B的v－t图象交点表示这两个物体在这一时刻速度相同，B正确；在0～t时间内，因初、末速度相等，所以动能变化量相等，根据动能定理，合外力对质点做功等于动能的变化，即D正确．5. A解析对于球M，受重力和绳子拉力作用，由两个力的合力提供向心力，如图．设它们转动的角速度是ω，由Mg tanα＝M·2l sin α·ω2可得：cos α＝g2lω2.同理可得cos β＝glω2，那么cos α＝cos β2，所以选项A正确．6. AD解析A、B两个座椅具有相同的角速度，根据公式v＝ω·r，A 的运动半径小，A的线速度就小，故A正确；根据公式a＝ω2r，A 的运动半径小，A 的向心加速度就小，故B 错误；对任一座椅，受力分析如下图．由绳子的拉力与重力的合力提供向心力，那么得：mg tan θ＝mω2r ，那么得tan θ＝ω2rg ，A 的半径r 较小，ω相等，可知A 与竖直方向夹角θ较小，故C 错误；竖直方向上由T cos θ＝mg ，A 与竖直方向夹角θ较小，知A 对缆绳的拉力就小，故D 正确． 7． C解析 如下图，以AB 为系统，以地面为零势能面，设A 质量为2m ，B 质量为m ，根据机械能守恒定律得：2mgR ＝mgR ＋12×3m v 2，A 落地后B 将以v做竖直上抛运动，即有12m v 2＝mgh ，解得h ＝13R .那么B 上升的高度为R ＋13R ＝43R ，应选项C 正确． 8．AB解析 地球和火星都绕太阳公转，由G Mm r 2＝m v 2r ，得v ＝GMr ，地球公转的半径小，故地球公转的线速度大，A 项正确；由G Mmr 2＝ma ，得地球公转的向心加速度大于火星公转的向心加速度，B 项正确；地球自转周期小于火星，由ω＝2πT 得地球的自转角速度大于火星的自转角速度，C 项错误；由于题目没有给出地球和火星的质量及相应的半径，故不能比拟它们外表的重力加速度，D 项错误． 9．C解析 设弹簧的弹性势能为E p .从D →B 过程由能量守恒得，E p ＝12m v 2B ，因为m 2>m 1，所以选项A 错；从D 到最大高度过程，由能量守恒得E p ＝mgh ＋μmg cosθ·h sin θ，即h ＝E p mg (1＋μcot θ)，所以，选项B 、D 错，只有C 正确． 10.BCD解析 滑块能回到原出发点，所以机械能守恒，D 正确；以c 点为参考点，那么a 点的机械能为6 J ，c 点时的速度为0，重力势能也为0，所以弹性势能的最大值为6 J ，从c 到b 弹簧的弹力对滑块做的功等于弹性势能的减少量，故为6 J ，所以B 、C 正确；由a →c 时，因重力势能不能全部转变为动能，故A 错． 二、填空题11.(1)2 (2)1.5 (3)0.012 5解析 竖直方向上做匀加速直线运动Δy ＝gT 2，有h 2－h 1＝gT 2，物体抛出时的初速度为v 0＝ΔxT ＝Δxg(h 2－h 1)＝2 m/s ；在竖直方向上，根据匀变速直线运动推论有经过B 时竖直分速度为v By ＝h 1＋h 22T ＝1.5 m/s ；根据平均速度公式可以求出A 点竖直方向的瞬时速度为v Ay ＝0.5 m/s ，故抛出点在A 点上方高度为h ＝v 2A y2g ＝0.012 5 m 处．12．(1)刻度尺 (2)m ≪M 平衡摩擦力 (3)mgL ＝12M v 22－12M v 21解析 (1)实验要验证动能增加量和总功是否相等，故需要求出总功和动能，故还要刻度尺．(2)沙和沙桶加速下滑，处于失重状态，其对细线的拉力小于重力，设拉力为T ，根据牛顿第二定律，对沙和沙桶，有mg －T ＝ma ，对滑块滑动，有T ＝Ma ，解得T ＝MM ＋m mg .故当M ≫m 时，有T ≈mg ；滑块滑动时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，那么应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一端垫高．(3)重力做功为mgL ，动能增加量为12M v 22－12M v 21，故要验证：mgL ＝12M v 22－12M v 21. 三、计算题13．(1)1 m/s (2)0.2解析 (1)物块做平抛运动，在竖直方向上有H ＝12gt 2① 在水平方向上有 x ＝v 0t ②由①②式解得v 0＝x g 2H ③v 0＝1 m/s(2)物块离开转台时，最大静摩擦力提供向心力，有f m ＝m v 20R ④ f m ＝μF N ＝μmg ⑤由③④⑤式解得μ＝v 20gR ＝0.2 14． 10 m解析 平抛运动水平位移x ＝v 0t竖直位移h＝12gt2解以上两式得x＝v0·2hg由重力等于万有引力mg＝G MmR2得g＝GM R2所以g星g地＝M星M地⎝⎛⎭⎪⎪⎫R地R星2＝9×41＝36x星x地＝g地g星＝16x星＝16x地＝10 m15．(1)10.0 N(2)12.5 m解析(1)设小球在第一个圆轨道最高点时的速度为v1，根据动能定理可得：－μmgL1－mg2R1＝12m v 21－12m v2①解得v1＝210 m/s小球在最高点受到重力和轨道对它的作用力F，根据牛顿第二定律得：F＋mg＝m v21R1②代入数据解得：F＝10.0 N．③(2)设小球在第二个圆轨道最高点时的速度为v2根据牛顿第二定律：mg＝m v22R2④从A点运动到第二个圆轨道的最高点的过程中，由动能定理可得：－μmg(L1＋L)－2mgR2＝12m v 22－12m v2⑤④⑤联立，解得：L＝12.5 m⑥高中2022届一年级〔下〕暑假物理作业〔6〕一、选择题1．C解析物体做曲线运动的条件是物体所受的合外力与速度方向不在同一条直线上，与恒力和变力无关，A、B错误；做曲线运动的物体速度方向不断变化，速度大小可以变化也可以不变，C正确；速度大小和加速度大小均不变的运动也可能是曲线运动，如匀速圆周运动，D错误．2．AD解析因不计空气阻力，炸弹离开飞机后水平方向上的速度与飞机相同，因此当炸弹击中目标P时，飞机一定在其正上方，A正确，B错误；当飞行员听到爆炸声时，飞机又向前运动了一段距离，到了P 点的西侧，故C 错误，D 正确． 3．C解析 由于甲、乙在相同时间内各自跑了一圈，v 1＝2πR t ，v 2＝4πRt ，v 1＜v 2，由v ＝rω，得ω＝v r ，ω1＝v 1R ＝2πt ，ω2＝2πt ，ω1＝ω2，故C 正确． 4． A 5. C解析 O ～t P 段，水平方向：v x ＝v 0恒定不变；竖直方向：v y ＝gt ；t P ～t Q 段，水平方向：v x ＝v 0＋a水平t ，竖直方向：v y ＝gt P ＋a 竖直t (a 竖直＜g )，因此选项A 、B 、D 均错误，C 正确． 6．AC解析 由GMm r 2＝m v 2r ，得v ＝ GMr ，当r ＝R 时，卫星的运行速度最大，v max＝GM R ，选项A 正确；此时对应的周期最小，T min ＝2πR v max，且GM ＝gR 2，解得T min ＝2πRg ，选项B 错误；由万有引力完全用来充当向心力可知，选项C 正确；同步卫星只能定位于赤道上空固定的高度，选项D 错误． 7． C解析 根据题意知，动车组运行过程中受到的阻力与其所受重力成正比，即可表示为f ＝kmg (m 为一节动车或拖车的质量)．当1节动车加3节拖车编成的动车组的最大速度为v 1＝120 km/h 时，由功率与牵引力和速度关系可知P ＝4f v 1；设6节动车加3节拖车编成的动车组的最大速度为v 2，那么6P ＝9f v 2，由两式得v 2＝320 km/h ，A 、B 、D 错误，C 正确． 8． CD解析 因重力做的功等于重力势能的改变，物体向上运动，重力做负功，或物体克服重力做功，得W G ＝mgh ，设克服重力做功W G ，对物体应用动能定理列方程有 W F －W G ＝ΔE k所以W F ＝W G ＋ΔE k ，故C 、D 正确． 9. B解析 轨道光滑，小球在运动的过程中只受重力和支持力，支持力时刻与运动方向垂直，所以不做功，A 错；那么在整个过程中只有重力做功，满足机械能守恒，根据机械能守恒有v P <v Q ，在P 、Q 两点对应的轨道半径r P >r Q ，根据ω＝v r ，a ＝v 2r ，得小球在P 点的角速度小于在Q 点的角速度，B 正确；在P 点的向心加速度小于在Q 点的向心加速度，C 错；小球在P 和Q 两点的向心力由重力和支持力提供，即mg＋F N＝ma向，可得P点对小球的支持力小于Q点对小球的支持力，D错．10. BD解析小滑块下滑过程中，小滑块的重力沿斜轨道切向的分力逐渐变小，故小滑块的加速度逐渐变小，故A错误，B正确；由机械能守恒得：mgh＝12m v2，故v2＝2gh，所以v2与h成正比，C错误，D正确．二、填空题11． 1.88m 1.96m该实验小组做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的电键或者释放纸带时手抖动了12．(1)未计算AO间的摩擦力做功(2)13(3)摩擦力解析(1)从A到B根据能量守恒可得：W－W f＝fL，所以图象不过原点的原因是在AO段还有摩擦力做功；(2)由图知图象两点坐标为(1,0.06)、(5,0.42)代入W－W f＝fL解得木块从A到O过程中摩擦力做的功为13W1；(3)由W－W f＝fL知图象的斜率为摩擦力．三、计算题13.解析(1)卫星近地运行时，有：G MmR2＝m v21R，卫星离地高度为R时，有：G Mm4R2＝m v222R，从而可得v2＝5.6 km/s.(2)卫星离地高度为R时，有：G Mm4R2＝ma；靠近地面时，有：G MmR2＝mg，从而可得a＝g4＝2.45 m/s2.(3)在卫星内，仪器的重力就是地球对它的吸引力，那么：G′＝mg′＝ma＝2.45 N；由于卫星内仪器的重力充当向心力，仪器处于完全失重状态，所以仪器对平台的压力为零．14．(1)12 m/s(2)5 s(3)8.68 m解析(1)当工件到达最大速度时，F＝mg，P＝P0＝60 kW故v m＝P0mg ＝60×103500×10m/s＝12 m/s(2)工件被匀加速向上吊起时，a不变，v变大，P也变大，当P＝P0时匀加速过程结束，根据牛顿第二定律得F′－mg＝ma，解得F′＝m(a＋g)＝500×(2＋10)N＝6 000 N匀加速过程结束时工件的速度为v＝P0F′＝60×1036 000m/s＝10 m/s匀加速过程持续的时间为t 0＝v a ＝102 s ＝5 s (3)根据动能定理，有P 0t －mgh ＝12m v 2t －0代入数据，解得h ＝8.68 m.15． (1)10 N (2)0.8 J (3)如解析图所示解析 (1)在A 点，由F －mg ＝m v 2Al ，解得：F ＝10 N(2)由mg ＝m v 2Bl 得：v B ＝2 m/s 小球从A 到B 过程中，根据动能定理：W f －2mgl ＝12m v 2B －12m v 2A 得到：W f ＝－0.8 J 所以W 克f ＝0.8 J(3)小球从A 到B 过程中，根据动能定理：W f －2mgl ＝12m v 2B －12m v 2小球在最高点F ＋mg ＝m v 2Bl两式联立得：F ＝14v 20－9 图象如下图。

高一年级下册物理暑假作业答案【一】一、单项选择题(每小题只有一个正确选项，本题共9小题，每小题4分，共计36分)1.如图所示，我国空军在进行空中加油训练.大型加油机与接受加油的受油机在空中以同样的速度沿同一方向水平飞行.下列说法中正确的是()A.选地面为参考系，受油机是静止的B.选地面为参考系，加油机是静止的C.选加油机为参考系，受油机是运动的D.选加油机为参考系，受油机是静止的2.为了使公路交通有序、安全，道路两旁都竖立了许多交通标志.如图所示，甲图是某高架桥上的限速标志，表示允许行驶的速度是60km/h;乙图是路线指示标志，表示离下一出口还有25km.上述两个数据的物理意义是()A.60km/h是平均速度，25km是位移B.60km/h是平均速度，25km是路程C.60km/h是瞬时速度，25km是位移D.60km/h是瞬时速度，25km是路程3.两个做匀变速直线运动的物体，物体A的加速度aA=3m/s2，物体B的加速度aB=﹣5m/s2，两者比较,以下说法中正确的是()A.物体A加速度大B.物体B加速度大C.物体A的速度大D.物体B的速度大4.下列各组中的物理量，都属于矢量的是()A.速度、加速度、温度B.位移、力、质量C.速度的变化、位移、力D.加速度、时间、路程5.物体以12m/s初速度在水平冰面上作匀减速直线运动，它的加速度大小是0.8m/s2，经20s物体发生的位移是()A.80mB.90mC.100mD.110m6.木块放置于木板上，与木板始终保持相对静止.在缓慢抬高木板右端的过程中，木块受到木板的支持力与摩擦力的合力()A.竖直向上，大小不变B.竖直向上，逐渐增大C.垂直于木板向上，逐渐増大D.垂直于木板向上，逐渐变小7.汽车从静止开始以加速度a做匀加速直线运动.当速度达到v后立即以大小为a的加速度做匀减速直线运动，直到静止.在整个加速阶段和整个减速过程中，下列物理量不相同的是()A.位移B.时间C.加速度D.平均速度8.物体在同一平面内受F1、F2、F3三个共点力的作用处于平衡状态，当把F3的方向在同平面内旋转60°时(F3大小不变，F1、F2大小方向都不变)，则三力的合力大小为()A.0B.F3C.FD.2F39.如图所示，两根等长的绳子AB和BC吊一重物静止，两根绳子与水平方向夹角均为60°.现保持绳子AB与水平方向的夹角不变，将绳子BC逐渐缓慢地变化到沿水平方向，在这一过程中，绳子BC的拉力变化情况是()A.增大B.先减小后增大C.减小D.先增大后减小二、多项选择题(每小题至少有两个正确选项，每小题4分，选对但不全得2分，共计16分)10.一个物体从静止开始以加速度a做匀加速直线运动，经过时间t后改为做匀速运动，又经过时间2t后改为做匀减速运动，再经过时间3t刚好静止.下列说法正确的是()A.在6t时间内的总位移大小为4at2B.在6t时间内的平均速度大小为atC.匀减速运动的加速度大小为3aD.匀减速运动过程中的平均速度大小为0.5at11.从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示.在0～t0时间内，下列说法中正确的是()A.Ⅰ、Ⅱ两物体的位移都在不断增大B.Ⅰ物体的加速度不断减小，Ⅱ物体的加速度不断增加C.Ⅰ、Ⅱ两个物体的加速度都在不断减小D.Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是12.如图所示，轻质光滑滑轮两侧用细绳连着两个物体A与B，物体B放在水平地面上，A、B均静止.已知A和B的质量分别为mA、mB，绳与水平方向的夹角为θ，则()A.物体B受到的摩擦力可能为0B.物体B受到的摩擦力为mAgcosθC.物体B对地面的压力可能为0D.物体B对地面的压力为mBg﹣mAgsinθ13.如图所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向上共受到三个力即F1、F2和摩擦力作用，木块处于静止状态，其中F1=10N，F2=2N。

精心整理高一下册物理暑假作业及答案【篇一】一、单项选择题（每小题只有一个答案正确，共9小题，每小题4 变形变 飞行一圈时间为90分钟．则()A ．“21点10分”和“90分钟”前者表示“时刻”后者也表示“时刻”B ．飞船绕地球飞行一圈，它的位移和路程都为0C．飞船绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0D．地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点2m/s5．某一质点做匀加速直线运动，初速度为10m/s，末速度为15m/s，运动位移为25m，则质点运动的加速度和运动的时间分别为()A．2.5m/s22sB．2m/s22.5sC．2m/s22sD．2.5m/s22.5s6．如图所示，两根相同的弹簧S1、S2，劲度系数皆为k＝4×102N/m，悬挂的重物的质量分别为m1＝2kg和m2＝4kg.若不计弹簧质量，g取10m/s2，则平衡时弹簧S1、S2的伸长量分别为()3s停止，tA．位移不同B．平均速度不同C．经历时间不同D．加速度不同9．汽车刹车后开始做匀减速运动，第1s内和第2s内的位移分别为5m和3m，那么从2s末开始，汽车还能继续向前滑行的距离是()A．1.25mB．1mC．1.125mD．1.5m二、多项选择题（每小题有两个或多个答案正确，共6小题，每小题4分，共24分．）中车先做匀加速运动，接着做匀减速运动,开到乙地刚好停止，其v-t 图象如图所示，那么0～t0和t0～3t0两段时间内（）A．加速度大小之比为3∶1B．位移大小之比为1∶2C．平均速度大小之比为2∶1D．平均速度大小之比为1∶113．一质点作匀变速直线运动，第5s末速度为,第9s末速度为-,则质点在运动过程中（）A．第7s末的速度为零B．第5s初到第9s末物体运动的平均速度为零在时刻在0的滑块2s内2.5m，A．滑块的加速度为5m/s2B．滑块的初速度为5m/sC．滑块运动的总时间为3sD．滑动运动的总位移为4.5m第Ⅱ卷（非选择题）三、实验题（本题共1小题，7个填空，每空2分，共14分．）16．电磁打点计时器是一种使用低压______（填“交”或“直”）流电源的计时仪器。