[K12学习]2019届高考物理一轮复习 第十三章 热学 第3讲 热力学定律与能量守恒定律作业 新人

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(1)活塞静止时，求汽缸内气体的压强； (2)若降低汽缸内气体的温度，当活塞 A 缓慢向右移动L2时，求 汽缸内气体的温度． 答案：(1)1.2×105 Pa (2)500 K
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解析 (1)设静止时汽缸内气体压强为 p1，活塞受力平衡 p1S1 ＋p0S2＝p0S1＋p1S2＋mg
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解析：设初始时，右管中空气柱的压强为 p1，长度为 l1；左管 中空气柱的压强为 p2＝p0，长度为 l2.活塞被下推 h 后，右管中空气 柱的压强为 p1′，长度为 l1′；左管中空气柱的压强为 p2′，长度 为 l2′.以 cmHg 为压强单位．由题给条件得
代入数据解得 p1＝1.2×105 Pa (2)由活塞受力平衡可知缸内气体压强没有变化，设开始温度为 T1，变化后温度为 T2，由盖—吕萨克定律得 S1L＋ T1 S2L＝S1·L2TS22·32L 代入数据解得 T2＝500 K.
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类型 2 关联气体问题 【例 4】(2017·全国卷Ⅰ·33(2))如图，容积均为 V 的汽缸 A、B 下端有细管(容积可忽略)连通，阀门 K2 位于细管的中部，A、B 的 顶部各有一阀门 K1、K3；B 中有一可自由滑动的活塞(质量、体积 均可忽略)．初始时，三个阀门均打开，活塞在 B 的底部；关闭 K2、 K3，通过 K1 给汽缸充气，使 A 中气体的压强达到大气压 p0 的 3 倍 后关闭 K1.已知室温为 27 ℃，汽缸导热．
(3)挖掘题目的隐含条件，如几何关系等，列出辅助方程． (4)多个方程联立求解．对求解的结果注意检验它们的合理性． 2．常见类型 (1)气体系统处于平衡状态，需综合应用气体实验定律和物体的 平衡条件解题．

第3讲热力学定律与能量守恒定律一、热力学第一定律1．改变物体内能的两种方式(1)做功；(2)热传递．2．热力学第一定律(1)内容：一个热力学系统的内能增量等于外界向它传递的热量与外界对它所做功的和．(2)表达式：ΔU＝Q＋W.(3)ΔU＝Q＋W中正、负号法则：自测1一定质量的理想气体在某一过程中，外界对气体做功7.0×104 J，气体内能减少1.3×105 J，则此过程()A．气体从外界吸收热量2.0×105 JB．气体向外界放出热量2.0×105 JC．气体从外界吸收热量6.0×104 JD．气体向外界放出热量6.0×104 J答案 B二、热力学第二定律1．热力学第二定律的两种表述(1)克劳修斯表述：热量不能自发地从低温物体传到高温物体．(2)开尔文表述：不可能从单一热库吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响．2．用熵的概念表示热力学第二定律在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小．3．热力学第二定律的微观意义一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行．4．第二类永动机不可能制成的原因是违背了热力学第二定律．自测2(多选)下列现象中能够发生的是() A．一杯热茶在打开杯盖后，茶会自动变得更热B．蒸汽机把蒸汽的内能全部转化成机械能C．桶中混浊的泥水在静置一段时间后，泥沙下沉，上面的水变清，泥、水自动分离D．电冰箱通电后把箱内低温物体的热量传到箱外高温物体答案CD三、能量守恒定律1．内容能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者是从一个物体转移到别的物体，在转化或转移的过程中，能量的总量保持不变．2．条件性能量守恒定律是自然界的普遍规律，某一种形式的能是否守恒是有条件的．3．第一类永动机是不可能制成的，它违背了能量守恒定律．自测3木箱静止于水平地面上，现在用一个80 N 的水平推力推动木箱前进10 m，木箱受到地面的摩擦力为60 N，则转化为木箱与地面系统的内能U和转化为木箱的动能E k分别是(空气阻力不计)()A．U＝200 J，E k＝600 J B．U＝600 J，E k＝200 JC．U＝600 J，E k＝800 J D．U＝800 J，E k＝200 J答案 B解析U＝F f x＝60×10 J＝600 JE k＝Fx－U＝80×10 J－600 J＝200 J.1．热力学第一定律的理解(1)内能的变化都要用热力学第一定律进行综合分析．(2)做功情况看气体的体积：体积增大，气体对外做功，W为负；体积缩小，外界对气体做功，W为正．(3)与外界绝热，则不发生热传递，此时Q＝0.(4)如果研究对象是理想气体，因理想气体忽略分子势能，所以当它的内能变化时，主要体现在分子动能的变化上，从宏观上看就是温度发生了变化．2．三种特殊情况(1)若过程是绝热的，则Q＝0，W＝ΔU，外界对物体做的功等于物体内能的增加；(2)若过程中不做功，即W＝0，则Q＝ΔU，物体吸收的热量等于物体内能的增加；(3)若过程的初、末状态物体的内能不变，即ΔU＝0，则W＋Q＝0或W＝－Q，外界对物体做的功等于物体放出的热量．例1(2019·全国卷Ⅰ·33(1))某容器中的空气被光滑活塞封住，容器和活塞绝热性能良好，空气可视为理想气体．初始时容器中空气的温度与外界相同，压强大于外界．现使活塞缓慢移动，直至容器中的空气压强与外界相同．此时，容器中空气的温度________(填“高于”“低于”或“等于”)外界温度，容器中空气的密度________(填“大于”“小于”或“等于”)外界空气的密度．答案低于大于解析活塞光滑、容器绝热，活塞缓慢移动，容器内空气体积增大，对外做功，由ΔU＝W ＋Q知，气体内能减少，温度降低．气体的压强与温度和单位体积内的分子数有关，由于容器内空气的温度低于外界温度，但压强相同，则容器中空气的密度大于外界空气的密度．变式1(多选)(2017·全国卷Ⅱ·33(1))如图1，用隔板将一绝热汽缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空．现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个汽缸．待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原来的体积．假设整个系统不漏气．下列说法正确的是()图1A．气体自发扩散前后内能相同B．气体在被压缩的过程中内能增大C．在自发扩散过程中，气体对外界做功D．气体在被压缩的过程中，外界对气体做功E．气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变答案ABD解析因为汽缸、活塞都是绝热的，隔板右侧是真空，所以理想气体在自发扩散的过程中，与外界没有热量交换，也不对外界做功．根据热力学第一定律可知，气体自发扩散前后，内能不变，选项A正确，C错误；气体在被压缩的过程中，外界对气体做功，气体内能增大，又因为一定质量的理想气体的内能只与温度有关，所以气体温度升高，分子平均动能增大，选项B、D正确，E错误．变式2(多选)(2016·全国卷Ⅲ·33(1))关于气体的内能，下列说法正确的是()A．质量和温度都相同的气体，内能一定相同B．气体温度不变，整体运动速度越大，其内能越大C．气体被压缩时，内能可能不变D．一定量的某种理想气体的内能只与温度有关E．一定量的某种理想气体在等压膨胀过程中，内能一定增加答案CDE解析质量和温度都相同的气体，虽然分子平均动能相同，但是不同的气体，其摩尔质量可能不同，则分子个数可能不同，所以分子总动能不一定相同，A错误；宏观运动和微观运动没有关系，所以宏观运动速度大，内能不一定大，B错误；气体被压缩，同时对外传热，根据热力学第一定律知内能可能不变，C正确；理想气体的分子势能为零，所以一定量的某种理想气体的内能与分子平均动能有关，而温度是分子平均动能的标志，D正确；一定质量的某种理想气体等压膨胀，温度增大，内能一定增大，E正确．例2(多选)(2018·全国卷Ⅰ·33(1))如图2，一定质量的理想气体从状态a开始，经历过程①、②、③、④到达状态e.对此气体，下列说法正确的是()图2A．过程①中气体的压强逐渐减小B．过程②中气体对外界做正功C．过程④中气体从外界吸收了热量D．状态c、d的内能相等E．状态d的压强比状态b的压强小答案BDE解析过程①中，气体由a到b，体积V不变、T升高，则由查理定律知压强增大，A项错误；过程②中，气体由b到c，体积V变大，对外界做正功，B项正确；过程④中，气体由d到e，温度T降低，内能ΔU减小，体积V不变，气体不做功，根据热力学第一定律ΔU＝Q ＋W得Q<0，即气体放出热量，C项错误；状态c、d温度相同，所以内能相等，D项正确；由b到d的过程，作出状态b、d的等压线，分析可得p b>p d，E项正确．变式3(多选)(2017·全国卷Ⅲ·33(1))如图3，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程ab到达状态b，再经过等温过程bc到达状态c，最后经等压过程ca回到状态a.下列说法正确的是()图3A．在过程ab中气体的内能增加B．在过程ca中外界对气体做功C．在过程ab中气体对外界做功D．在过程bc中气体从外界吸收热量E．在过程ca中气体从外界吸收热量答案ABD解析在过程ab中，体积不变，气体对外界不做功，压强增大，温度升高，内能增加，故选项A正确，C错误；在过程ca中，气体的体积减小，外界对气体做功，压强不变，温度降低，内能变小，气体向外界放出热量，故选项B正确，E错误；在过程bc中，温度不变，内能不变，体积增大，气体对外界做功，由热力学第一定律可知，气体要从外界吸收热量，故选项D正确．变式4(多选)(2016·全国卷Ⅱ·33(1))一定量的理想气体从状态a开始，经历等温或等压过程ab、bc、cd、da回到原状态，其p－T图象如图4所示，其中对角线ac的延长线过原点O.下列判断正确的是()图4A ．气体在a 、c 两状态的体积相等B ．气体在状态a 时的内能大于它在状态c 时的内能C ．在过程cd 中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D ．在过程da 中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功E ．在过程bc 中外界对气体做的功等于在过程da 中气体对外界做的功 答案 ABE解析 由理想气体状态方程pV T ＝C 得，p ＝CVT ，由题图可知，V a ＝V c ，选项A 正确；理想气体的内能只由温度决定，而T a >T c ，故气体在状态a 时的内能大于在状态c 时的内能，选项B 正确；由热力学第一定律ΔU ＝Q ＋W 知，cd 过程温度不变，内能不变，则Q ＝－W ，选项C 错误；da 过程温度升高，即内能增大，则吸收的热量大于对外界做的功，选项D 错误；由理想气体状态方程知：p a V a T a ＝p b V b T b ＝p c V c T c ＝p d V dT d ＝C ，即p a V a ＝CT a ，p b V b ＝CT b ，p c V c ＝CT c ，p d V d＝CT d .设过程bc 中压强为p 1＝p b ＝p c ，过程da 中压强为p 2＝p d ＝p a .由外界对气体做功W ＝p ·ΔV 知，过程bc 中外界对气体做的功W bc ＝p 1(V b －V c )＝C (T b －T c )，过程da 中气体对外界做的功W da ＝p 2(V a －V d )＝C (T a －T d )，T a ＝T b ，T c ＝T d ，故W bc ＝W da ，选项E 正确.例3(2019·陕西第二次质检)如图5所示，一个长方形汽缸放置于水平地面上，左右侧壁光滑且绝热，底面面积为S＝20 cm2且导热良好，质量为m＝2 kg且绝热的活塞下方封闭了一定量的理想气体，稳定时气柱长度为h＝20 cm.现在在活塞上放一个物块(未画出)，待系统再次稳定后，活塞下方的气柱长度变为h′＝10 cm，已知大气压强始终为p0＝1×105 Pa，重力加速度g＝10 m/s2，一切摩擦阻力不计、汽缸气密性良好且外界环境温度保持不变．求：图5(1)活塞上所放物块的质量M；(2)第一次稳定到第二次稳定过程中从底部发生热交换的情况．答案见解析解析(1)初状态，对活塞由平衡知识可知：p0S＋mg＝p1S放上物块再次稳定后：p1Sh＝p2Sh′此时对活塞：p0S＋mg＋Mg＝p2S解得：M＝22 kg.(2)对活塞的全过程由动能定理得：(p0S＋mg＋Mg)(h－h′)＋W＝0活塞对气体做功－W，根据热力学第一定律：ΔU＝Q＋(－W)＝0联立解得：Q＝－44 J，即从底部放出的热量为44 J.变式5(多选)(2019·四川成都市第二次诊断)一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程：从a到b，b到c，c到a回到原状态，其中V －T图象如图6所示．用p a、p b、p c分别表示状态a、b、c的压强，下列说法正确的是()图6A ．p a ＜p c ＝p bB ．由a 到b 的过程中，气体一定吸热C ．由b 到c 的过程中，气体放出的热量一定等于外界对气体做的功D ．由b 到c 的过程中，每一个气体分子的速率都减小E ．由c 到a 的过程中，气体分子的平均动能不变 答案 ABE解析 从状态a 到状态b ，由理想气体状态方程可知，p a ·3V 0T 0＝p b ·3V 03T 0，整理得：p b ＝3p a ，同理可知：p a ·3V 0T 0＝p c ·V 0T 0，整理得：p c ＝3p a ，所以p c ＝p b >p a ，故A 正确；从状态a 到状态b 过程中气体的体积不变，没有做功，温度升高，内能增大，所以气体一定吸热，故B 正确；由题图可知，b 到c 过程气体压强不变，温度降低，所以其体积减小，外界对气体做功，W >0，内能减小，ΔU <0，由热力学第一定律可知，b 到c 过程中气体放出的热量一定大于外界对气体做的功，故C 错误；温度是分子平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，对单个分子没意义，所以b 到c 过程中气体的温度降低，分子平均动能减小，并不是每一个气体分子的速率都减小，故D 错误；由题图可知，c 到a 过程，理想气体温度不变，所以气体分子的平均动能不变，故E 正确．1．热力学第二定律的含义(1)“自发地”指明了热传递等热力学宏观现象的方向性，不需要借助外界提供能量的帮助．(2)“不产生其他影响”的含义是发生的热力学宏观过程只在本系统内完成，对周围环境不产生热力学方面的影响，如吸热、放热、做功等．在产生其他影响的条件下内能可以全部转化为机械能，如气体的等温膨胀过程．2．热力学第二定律的实质热力学第二定律的每一种表述，都揭示了大量分子参与的宏观过程的方向性，进而使人们认识到自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性．3．热力学过程的方向性实例(1)高温物体热量Q能自发传给热量Q不能自发传给低温物体．(2)功能自发地完全转化为不能自发地转化为热．(3)气体体积V 1能自发膨胀到不能自发收缩到气体体积V2(较大)．(4)不同气体A和B能自发混合成不能自发分离成混合气体AB.4．两类永动机的比较第一类永动机第二类永动机设计要求不需要任何动力或燃料，却能不断地对外做功的机器从单一热源吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响的机器不可能制成的原因违背能量守恒定律不违背能量守恒定律，违背热力学第二定律例4如图7所示为电冰箱的工作原理示意图．压缩机工作时，强迫制冷剂在冰箱内外的管道中不断循环．在蒸发器中制冷剂汽化吸收箱体内的热量，经过冷凝器时制冷剂液化，放出热量到箱体外．图7(1)下列说法正确的是________．A．热量可以自发地从冰箱内传到冰箱外B．电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，是因为其消耗了电能C．电冰箱的工作原理不违反热力学第一定律D．电冰箱的工作原理违反热力学第一定律(2)电冰箱的制冷系统从冰箱内吸收的热量与释放到外界的热量相比，有怎样的关系？答案(1)BC(2)见解析解析(1)热力学第一定律是热现象中内能与其他形式能的转化规律，是能量守恒定律的具体表现，适用于所有的热学过程，故C项正确，D项错误；由热力学第二定律可知，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，除非有外界的影响或帮助，电冰箱把热量从低温的内部传到高温的外部，需要压缩机的帮助并消耗电能，故B项正确，A项错误．(2)由热力学第一定律可知，电冰箱制冷系统从冰箱内吸收了热量，同时消耗了电能，释放到外界的热量比从冰箱内吸收的热量多．变式6(多选)(2016·全国卷Ⅰ·33(1))关于热力学定律，下列说法正确的是()A．气体吸热后温度一定升高B．对气体做功可以改变其内能C．理想气体等压膨胀过程一定放热D．热量不可能自发地从低温物体传到高温物体E．如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡答案BDE解析由热力学第一定律ΔU＝Q＋W知，对气体做功可改变气体的内能，B选项正确；气体吸热为Q，但不确定外界做功W的情况，故不能确定气体温度的变化，A选项错误；理想气体等压膨胀，W<0，由理想气体状态方程pV＝C，p不变，V增大，气体温度升高，内能增大，TΔU>0，由ΔU＝Q＋W，知Q>0，气体一定吸热，C选项错误；由热力学第二定律知，D选项正确；根据热平衡定律知，E选项正确．1．(多选)(2019·四川绵阳市第三次诊断)关于热现象，下列说法正确的是()A．热量不能自发地从低温物体传到高温物体B．物体速度增大，则组成物体的分子动能增大C．物体的温度或者体积变化，都可能引起物体内能变化D．相同质量的两个物体，升高相同温度，内能增加一定相同E．绝热密闭容器中一定质量气体的体积增大，其内能一定减少答案ACE解析根据热力学第二定律可知热量不能自发地从低温物体传到高温物体，A正确；物体分子平均动能的标志是温度，与宏观速度无关，B错误；物体内能等于所有分子的动能与所有分子势能的和，分子平均动能与温度有关，而分子势能与体积有关，所以物体内能与温度和体积有关，C正确；根据C选项的分析，升高相同温度，但体积关系未知，所以内能变化无法判断，D错误；根据热力学第一定律ΔU＝Q＋W，容器绝热，Q＝0，气体体积增大，所以气体对外做功，W<0，所以ΔU<0，内能减少，E正确．2.(多选)(2020·山西吕梁市第一次模拟)一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其p－T图象如图1所示．下列判断正确的是()图1A．过程ab中气体一定吸热B．过程bc中气体既不吸热也不放热C．过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热D．a、b和c三个状态中，状态a分子的平均动能最小E．b和c两个状态中，单位时间内容器壁单位面积受到的气体分子撞击的次数不同答案ADE解析在ab过程中体积不变，则W＝0，但温度升高，气体内能增大，即ΔU>0，由热力学第一定律ΔU＝W＋Q，气体一定吸热，故A正确；过程bc中温度不变，则内能不变，即ΔU ＝0，但体积增大，气体对外做功，W<0，由热力学第一定律ΔU＝W＋Q，Q>0，气体吸热，则B错误；过程ca中温度降低即ΔU<0，体积减小，外界对气体做功，W>0，由热力学第一定律ΔU＝W＋Q，气体放出的热量大于外界对气体做的功，故C错误；a、b和c三个状态中，状态a的温度最低，故分子的平均动能最小，则D正确；b和c两个状态温度相同，分子平均动能相等，但c状态体积大分子密集程度小，单位时间内容器壁单位面积受到的气体分子撞击次数少，故E正确．3．(多选)(2019·东北三省四市教研联合体模拟)一定质量的理想气体经历如图2所示的循环，图线由两条绝热线和两条等容线组成，其中，a→b和c→d为绝热过程，b→c和d→a为等容过程．下列说法正确的是()图2A．a→b过程中，外界对气体做功B．a→b过程中，气体分子的平均动能不变C．b→c过程中，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数增多D．c→d过程中，单位体积内气体分子数减少E．d→a过程中，气体从外界吸收热量答案ACD解析a→b过程为绝热过程，Q＝0，体积变小，外界对气体做功，W>0，所以内能ΔU>0，＝温度升高，气体分子的平均动能变大，故A正确，B错误；b→c过程中，体积不变，由pVTC可知，当压强变大时，温度升高，故单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数增多，故C 正确；c→d过程为绝热过程，体积变大，单位体积内气体分子数减少，故D正确；d→a过程中，为等容变化，压强减小，温度降低，可知ΔU<0，W＝0，ΔU＝W＋Q，故Q<0，气体放热，故E错误．4.(多选)(2019·福建龙岩市3月质量检查)如图3所示为一定质量的理想气体发生状态变化的p －V图象，图线1、2是两条等温线，A、B是等温线1上的两点，C、D是等温线2上的两点，图线AD、BC均与V轴平行，则下列说法正确的是()图3A ．等温线1对应的气体温度比等温线2对应的气体温度高B ．从状态A 变化到状态B ，气体一定吸收热量C ．从状态B 变化到状态C ，气体吸收的热量比气体对外界做功多D ．从状态C 变化到状态D ，单位体积的气体分子数增大，但气体分子的平均动能不变E ．从状态D 变化到状态A ，气体放出的热量比外界对气体做功少答案 BCD解析 从C →B 为等压变化，由公式V T＝C 可知，等温线1对应的气体温度比等温线2对应的气体温度低，故A 错误；从状态A 到状态B 为等温变化，内能不变，体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律得：ΔU ＝Q ＋W ，所以气体一定吸收热量，故B 正确；从状态B 变化到状态C ，气体的温度升高，内能增大，体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律得：ΔU ＝Q ＋W ，所以气体吸收的热量比气体对外界做功多，故C 正确；从状态C 到状态D 为等温变化，所以分子平均动能不变，体积减小，单位体积的气体分子数增大，故D 正确；从状态D 变化到状态A ，温度降低，内能减小，体积减小，外界对气体做功，由热力学第一定律可得：ΔU ＝Q ＋W ，所以气体放出的热量比外界对气体做功多，故E 错误．5.如图4所示，曲线为某理想气体在p －V 图象中的两条等温线，现该气体分别从状态A 到达状态B 、C ，其中A →B 过程气体内能减少35 J ，A →C 过程气体对外做功20 J.(1)若状态A 的温度为900 K ，求状态B 的温度；(2)定量分析A →C 过程中吸放热情况．图4答案 (1)300 K (2)放出热量15 J解析 (1)由理想气体状态方程可得：p A V A T A ＝p B V B T B，解得：T B ＝300 K. (2)B 、C 所在曲线为等温线，则状态B 与状态C 内能相同，A →C 过程：ΔU ＝W ＋Q ，解得Q ＝－15 J ，即放出热量15 J.6．(2019·福建莆田市5月第二次质检)如图5，一定质量的理想气体经历了A →B →C 的状态变化过程，在此过程中气体的内能增加了135 J ，外界对气体做了90 J 的功．已知状态A 时气体的体积V A ＝600 cm 3.求：图5(1)从状态A 到状态C 的过程中，气体与外界热交换的热量；(2)状态A 时气体的压强p A .答案 (1)吸收热量45 J (2)1.5×105 Pa解析 (1)根据热力学第一定律有ΔU ＝W ＋Q ①由①代入数据得Q ＝＋45 J ②即气体从外界吸收热量45 J.(2)从状态A 到状态B 为等容变化过程，根据查理定律有p A T A ＝p B T B③ 从状态B 到状态C 为等压变化过程，根据盖—吕萨克定律有V B T B ＝V C T C④ 从状态A 到状态B ，外界对气体不做功；从状态B 到状态C ，外界对气体做功，W ＝p B ΔV ⑤又ΔV ＝V B －V C ，V B ＝V A ⑥由③④⑤⑥式代入数据得：p A ＝1.5×105 Pa.。

热点 2 热力学第二定律 [热点归纳] 1.对热力学第二定律的理解： (1)“自发地”指明了热传递等热力学宏观现象的方向性， 不需要借助外界提供能量的帮助. (2)“不产生其他影响”的含义是发生的热力学宏观过程 只在本系统内完成，对周围环境不产生热力学方面的影响.如吸 热、放热、做功等. 2.热力学第二定律的实质： 热力学第二定律的每一种表述，都揭示了大量分子参与宏 观过程的方向性，进而使人们认识到自然界中进行的涉及热现 象的宏观过程都具有方向性.
【基础自测】 1.(多选，2016 年新课标Ⅰ卷)关于热力学定律，下列说法 正确的是( )
A.气体吸热后温度一定升高 B.对气体做功可以改变其内能 C.理想气体等压膨胀过程一定放热
D.热量不可能自发地从低温物体传到高温物体
E. 如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平 衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡 答案：BDE
解：由题意知完成一次循环气体内能不变，则ΔU＝0，吸
收的热量 Q＝(20＋12－4－20) J＝8 J，由热力学第一定律ΔU＝ Q＋W 得，W＝－8 J，气体对外做功 8 J. 方法技巧：(1)做功情况看气体的体积：体积增大，气体对 外做功，W 为负；体积缩小，外界对气体做功，W 为正. (2)如果研究对象是理想气体，则由于理想气体没有分子势 能，所以当它的内能变化时，主要体现在分子动能的变化上， 从宏观上看就是温度发生了变化.
3.热力学第二定律的意义：揭示了有大量分子参与的宏观
过程的方向性，是独立于热力学第一定律的一个重要的自然规 律. 4.热力学第二定律的微观解释 无序 性增大 (1)一切自发过程总是沿着分子热运动的________
的方向进行.这是热力学第二定律的微观意义.
(2)从微观的角度看，热力学第二定律是一个统计规律：一 个孤立系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展，而熵值较大 更大 代表着较为无序，所以自发的宏观过程总是向无序度________ 的方向发展.

选修3-3 热学学案03 第 1 页 共 2 页学案03 热力学定律与能量守恒知识点一、热力学第一定律 I1．改变物体内能的两种方式：(1)做功(转化)；(2)热传递(转移)。

2．热力学第一定律：(1) 内容：一个热力学系统内能增量等于外界向它传递的热量与外界对它做功之和。

(3) ΔU ＝Q ＋W 的三种特殊情况：①ΔU ＝W ，物体内能的增加等于外界对物体做的功。

②ΔU ＝Q ，物体内能的增加等于物体从外界吸收的热量。

③适应于密闭气体)，W ＝－Q ，外界对物体做的功等于物体放出的热量。

知识点二、热力学第二定律 I1．三种表述：（孤立系统自发地过程具有宏观方向性，不可逆。

）(1)(2) 开尔文表述：不可能从单一热库吸收热量，使之完全变成功而不产生其他影响。

(3) 用熵的概念表示热力学第二定律：在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小。

2．3．宏观方向性：知识点三、能量守恒定律 I1．内容：能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为别的形式，或者是从一个物体转移到别的物体，在转化或转移的过程中其总量保持不变。

2．条件性：一切自然现象都遵守能量守恒定律，无条件。

某一种形式的能是否守恒有条件。

3．两类永动机：不可实现(1) 第一类永动机：不消耗任何能量，却源源不断地对外做功的机器。

违背能量守恒定律。

(2) 第二类永动机：从单一热库吸收热量，全部用来对外做功，而不引起其他变化的机器。

不违背能量守恒，但违背热力学第二定律。

4．能源利用：能量耗散，品质降低。

应重视环保，开发新能源(太阳能、生物能、风能、水能…)。

辨析理解(1) 绝热过程中，外界压缩气体做功20 J ，气体的内能可能不变。

( )(2) 在给自行车打气时，会发现打气筒的温度升高，这是因为打气筒从外界吸热。

( )(3) 可以从单一热源吸收热量，使之完全变成功。

( )班级： 姓名：学案03 第 2 页 共 2 页 考点1、热力学定律与能量守恒定律例1 关于一定质量的理想气体，下列叙述正确的是 。