2018高考物理三轮冲刺专题21_25猜题练习(5)

押题卷·全国卷物理2018年高考 物理猜题第Ⅰ卷（共48分）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个符合题目要求，第19〜21题有多项符合題目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。

14.关于原子结构的认识，下列说法不正确．．．的是 ( ) A.汤姆孙根据阴极射线在电场和磁场中的偏转情况断定，它的本质是带负电的粒子流(电子)，并精确测定了它的电荷量B.卢瑟福分析了α粒子散射实验的数据后，提出了原子核式结构模型：原子中带正电部分的体积很小，但几乎占有全部质量，电子在正电体的外面运动C.康普顿效应深入地提示了光的粒子性的一面，它表明光子除了具有能量之外还具有动量。

中国物理学家吴有训测试了多种物质对X 射线的散射，证实了康普顿效应的普遍性D.玻尔在普朗克关于黑体辐射的量子论和爱因斯坦关于光子的概念的启发下，提出了玻尔原子结构假说15.如图所示，一个质点做匀加速直线运动，依次经过a 、b 、c 、d 四点，已知经过ab 、bc 和cd 三段所用时间之比为3∶2∶1，通过ab 和bc 段的位移分别为x 1和x 2，则cd 段的位移为( ) A.221x x + B.5412x x - C.912221x x + D.92521x x - 16.某幼儿园举行套圈比赛，图为一名儿童正在比赛，他将圈从A 点水平抛出，圈正好套在地面上B 点的物体上，若A 、B 间的距离为s ，A 、B 两点连线与水平方向的夹角为θ，重力加速度为g ，不计圈的大小,不计空气的阻力。

则圈做平抛运动的初速度为( )A.θθcos 2sin gsB. θθsin 2cos gsC.θtan 2gsD. θtan 2gs 17.2018年2月13日，平昌冬奥会女子单板滑雪U 型池项目中，我国选手刘佳宇荣获亚军，为我国夺得首枚奖牌。

如图为U 型池模型，其中A 、B 为U 型池两侧边缘，C 为U 型池最低点，U 型池轨道各处粗糙程度相同。

2018届全国高考复习领航高考模拟试题（二十一）物理试题（解析版）(时间：60分钟 满分：110分)第Ⅰ卷(选择题 共48分)选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．下列选项所提的物理学家为物理学的发展做出了重大的贡献，关于他们的贡献，下列描述中正确的是( )A ．法拉第在对理论和实验资料进行严格分析后提出法拉第电磁感应定律B ．元电荷e 的数值最早是由物理学家密立根测得的C ．伏特发现了电流的热效应，定量给出了电能和热能之间的转换关系D ．库仑首先总结出电荷间的作用规律并引入电场线描述电场2．如图所示，半径为a 的14圆形金属导线PQ 处于匀强磁场中，O 是其圆心，匀强磁场的磁感应强度为B ，方向与平面OPQ 垂直．当在导线中通以大小为I 的恒定电流时，该导线受到的安培力的大小和方向是( )A ．BIa ，与直线OQ 垂直B ．BIa ，与直线OP 垂直 C.2BIa ，与直线PQ 垂直 D.πBIa 2，与直线PQ 垂直3．甲乙两个物体在同一时刻沿同一直线运动，他们的速度—时间图象如图所示，下列有关说法正确的是( )A ．在4 s ～6 s 内，甲、乙两物体的加速度大小相等方向相反B ．前6 s 内甲通过的路程最大C ．前4 s 内甲乙两物体的平均速度相等D ．甲乙两物体一定在2 s 末相遇4．如图所示，电路中电源电动势为E ，内阻为r ，C 为电容器，L 为小灯泡，R 为定值电阻，闭合电键，小灯泡能正常发光．现将滑动变阻器滑片向右滑动一段距离，滑动前后理想电压表V 1、V 2示数变化量的绝对值分别为ΔU 1、ΔU 2，理想电流表A 示数变化量的绝对值为ΔI ，则( )A ．电源的输出功率一定增大B ．灯泡亮度逐渐变暗 C.ΔU 1ΔI 与ΔU 2ΔI均保持不变 D ．当电路稳定后，断开电键，小灯泡立刻熄灭5．银河系处于本超星系团的边缘，已知银河系距离星系团中心约2亿光年，绕星系团中心运行的公转周期约1 000亿年，引力常量G ＝6.67×10－11N·m 2/kg 2，根据上述数据可估算( )A ．银河系绕本超星系团中心运动的线速度B ．银河系绕本超星系团中心运动的加速度C ．银河系的质量D ．银河系与本超星系团之间的万有引力6．如图所示，T 为理想变压器，原、副线圈匝数比为5∶1.A 1、A 2为理想交流电流表，V 1、V 2为理想交流电压表，R 1、R 2为定值电阻，R 3为光敏电阻(阻值随光照强度的增大而减小)，原线圈两端电压u ＝220 2sin 314t (V)，以下说法正确的是( )A ．当光照增强时，电压表V 1示数为44 2 V 保持不变B ．当光照增强时，电压表V 2示数变大C ．通过电流表A 1的电流方向每秒变化100次D ．当光照增强时，电流表A 1、A 2示数同时变大7．如图所示，AB ⊥CD 且A 、B 、C 、D 位于同一半径为r 的圆上，在C 点有一固定点电荷，电荷量为＋Q ，现从A 点将一质量为m ，电荷量为－q 的点电荷由静止释放，该电荷沿光滑绝缘轨道ADB 运动到D 点时速度为gr ，规定电场中B 点的电势为零．则在＋Q 形成的电场中( )A ．A 点电势高于D 点电势B ．D 点电势为－mgr2qC ．O 点电场强度大小是A 点的2倍D ．点电荷－q 在D 点具有的电势能为－mgr28．如图所示，相距为L 的两条足够长的光滑平行金属导轨与水平面的夹角为θ，上端接有定值电阻R ，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B .将质量为m 的导体棒由静止释放，当速度达到v 时开始匀速运动．此时对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并保持拉力的功率恒为P ，导体棒最终以3v 的速度匀速运动．导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g .下列选项正确的是( )A ．P ＝2mg v sin θB ．P ＝6mg v sin θC ．当导体棒速度达到v 2时加速度大小为g2sin θD ．在速度达到3v 后匀速运动的过程中，R 上产生的焦耳热等于拉力所做的功第Ⅱ卷(非选择题 共62分)非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须做答．第13～14题为选考题，考生根据要求做答．(一)必考题(共47分)9．(6分)某同学利用倾斜气垫导轨做“验证机械能守恒定律”的实验，实验装置如图1所示．其主要实验步骤如下：a ．用游标卡尺测量挡光条的宽度l ，结果如图2所示；b ．读出导轨标尺的总长L 0，并用直尺测出导轨标尺在竖直方向的高度H 0；c ．读出滑块释放处挡光条与光电门中心之间的距离s ；d ．由静止释放滑块，从数字计时器(图1中未画出)上读出挡光条通过光电门所用的时间t . 回答下列问题：(1)由图2读出l ＝________mm.图3(2)________(选填“有”或“没有”)必要用天平称出滑块和挡光条的总质量M .(3)多次改变光电门位置，即改变距离s ，重复上述实验，作出1t2随s 的变化图象，如图3所示，当已知量t 0、s 0、l 、L 0、H 0和当地重力加速度g 满足表达式1t 20＝________时，可判断滑块下滑过程中机械能守恒．10．(9分)某学习小组欲描绘小灯泡的伏安特性曲线，现提供下列器材： A ．电压表V(量程6 V ，内阻约6 kΩ) B ．电流表A(量程0.6 A ，内阻约10 Ω) C ．电阻箱R 1(0～999.9 Ω) D ．定值电阻R 2＝200 Ω E ．定值电阻R 3＝100 Ω F ．滑动变阻器R 4(0～10 Ω) G ．滑动变阻器R 5(0～100 Ω) H ．规格为“6 V,6 W”的待测灯泡I ．电源E (电动势约12 V ，内阻较小) J ．开关、导线若干(1)某同学根据实验原理，将电流表的量程由0.6 A 扩大至1.0 A ，首先采用了如图1所示的电路测量电流表内阻．闭合开关S1，反复调节电阻箱阻值，当R1＝19.0 Ω时，发现闭合和打开开关S2时电流表指针指示值相同，则电流表的内阻R A＝________Ω.若忽略偶然误差，从理论上分析，实验测得的电流表内阻值________(选填“大于”、“小于”或“等于”)真实值．(2)图2是测量灯泡电流随电压变化的实物电路，请你用笔画线代替导线完成电路连接(要求在闭合开关前，滑动变阻器滑动头置于最左端)．(3)实验中，滑动变阻器应选择________(选填“R4”或“R5”)．11.(14分)如图所示，质量为m＝1 kg的滑块，以v0＝5 m/s的水平初速度滑上静止在光滑水平面的平板小车，若小车质量M＝4 kg，平板小车足够长，滑块在平板小车上滑动1 s后相对小车静止．求：(g取10 m/s2)(1)滑块与平板小车之间的动摩擦因数μ；(2)此过程中小车在地面上滑行的位移．12．(18分)如图1所示，两平行导轨是由倾斜导轨(倾角为θ)与水平导轨用极短的圆弧导轨平滑连接而成的，并处于磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中，两导轨间距为L，上端与阻值为R的电阻连接．一质量为m的金属杆AB在t＝0时由静止开始在沿P1P2方向的拉力(图中未画出)作用下沿导轨下滑．当杆AB运动到P2Q2处时撤去拉力，杆AB在水平导轨上继续运动，其速率v随时间t的变化图象如图2所示，图中v max和t1为已知量．若全过程中电阻R产生的总热量为Q，杆AB始终垂直于导轨并与导轨保持良好接触，导轨和杆AB的电阻以及一切摩擦均不计，求：(1)杆AB中的最大感应电流I max的大小和方向；(2)杆AB下滑的全过程通过电阻R的电荷量q；(3)撤去拉力后杆AB在水平导轨上运动的路程s.(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道题中任选一题做答．如果多做，则按所做的第一题计分)13．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________．(填入正确选项前的字母，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．两个分子之间的作用力会随着距离的增大而减小B．物体的内能在宏观上只与其温度和体积有关C．一定质量的气体经历等容过程，如果吸热则其内能一定增加D．分子a从远处趋近固定不动的分子b，当a到达受b的作用力为零处时，a的动能一定最大E．物质的状态在一定的条件下可以相互转变，在转变过程中会发生能量交换(2)(10分)汽缸长为L＝1 m(汽缸厚度可忽略不计)，固定在水平面上，汽缸中有横截面积为S＝100 cm2的光滑活塞封闭了一定质量的理想气体，已知当温度为t＝27 ℃，大气压强为P0＝1×105Pa时，气柱长为L0＝0.4 m．现用水平拉力向右缓慢拉动活塞．①若拉动活塞过程中温度保持27℃，求活塞到达缸口时缸内气体压强；②若汽缸、活塞绝热，拉动活塞到达缸口时拉力大小为500 N，求此时缸内气体温度．14．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)以下有关振动、波动和相对论内容的若干叙述中正确的是________．A．在“用单摆测定重力加速度”实验中，必须从最大位移处开始计时B．光速不变原理是指真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的C．两列波相叠加产生干涉现象，在干涉图样中，振动加强区域的质点，其位移始终保持最大；振动减弱区域的质点，其位移始终保持最小D．光的偏振现象说明光波是横波E．用绿光做双缝干涉实验，在光屏上呈现出明、暗相间的条纹，相邻两条绿条纹间的距离为Δx，如果只增大双缝到光屏之间的距离，Δx将增大(2)(10分)如图所示，半圆形玻璃砖的半径R，折射率为2，直径AB与屏幕垂直并接触于B点．激光束a以入射角i＝30°射向半圆玻璃砖的圆心O，结果屏幕MN出现两个光斑．求两个光斑之间的距离L.高考模拟试题精编(二十一)1．解析：选B.法拉第发现了电磁感应现象，而电磁感应定律则是由纽曼和韦伯先后提出，A 错误；元电荷e 的数值最早是由物理学家密立根测得的，故B 正确；焦耳发现了电流的热效应并定量给出了电能和热能之间的转换关系，故C 错误；电荷间的作用规律是库仑首先总结得出的，但引入电场线描述电场的是法拉第，故D 错误．2．解析：选C.导线所受安培力的“有效长度”为l ＝2a ，安培力为F ＝BIl ＝2aBl ，由左手定则可知，安培力方向垂直PQ 的连线．3．解析：选B.在v -t 图象中，图线斜率的大小表示加速度的大小，正负表示加速度的方向，所以在4 s ～6 s 内，甲、乙两物体的加速度大小相等，方向相同，故A 项错；在v -t 图象中，图线与时间轴所围图形的面积表示物体通过的位移，可知前6 s 内甲通过的路程最大，故B 项正确；平均速度等于物体通过的位移与所用时间的比值，前4 s 内甲物体的位移大于乙物体的位移，所以甲物体的平均速度大于乙物体，故C 项错误；由v -t 图象可知，甲乙物体在前两秒的位移相等，但起始位置不知，所以甲乙两物体不一定在2 s 末相遇，故D 项错．4．解析：选C.滑动变阻器的滑片向右滑动一段距离后，连入电路中的有效阻值减小，干路中的电流增大，灯泡功率增大，亮度逐渐变亮，故B 项错；由电源的输出功率随外电路总电阻的变化图象可知，电源的输出功率不一定增大，故A 项错；由电路可知，ΔU 1ΔI ＝R ，ΔU 2ΔI ＝r ，因为定值电阻和电源的内阻均不变，故C 项正确；当电路稳定后，断开电键，电容器和小灯泡组成闭合回路，由于电容器放电电流通过小灯泡，所以小灯泡不会立刻熄灭，故D 项错．5．解析：选AB.据题意可知，银河系绕本超星系团中心做圆周运动，已知环绕的轨道半径r 和周期T ，则银河系运动的线速度为v ＝2πT r ，加速度a ＝4π2T 2r ，A 、B 正确；银河系是环绕天体，无法计算其质量，也就不能求出它们之间的万有引力，C 、D 错误．6．解析：选CD.电压表V 1示数由电源电压和变压器匝数比决定，与负载无关，由U 1U 2＝n 1n 2，U 2＝44 V ，A 错误；当光照增强时，导致总电阻减小，副线圈电流增大，同时原线圈电流也增大，D 正确；电流增大后，电阻R 1的电压变大，电压表V 2示数变小，B 错误；从电压表达式可知ω＝100π，频率f ＝50 Hz ，电流方向每秒改变100次，C 正确．7.解析：选AB.如图所示，以C 为圆心，以CA 为半径，作圆交CD 于F ，则φD ＜φA ＝φF ＝φB ＝0，A 正确；由A 到D ，根据动能定理有12m v 2D ＝mgr －q (φA －φD )，得φD ＝－mgr 2q ，B 正确；由E ＝kQ r 2得E ∝1r2，因为∠ACO ＝45°，所以AC ＝2OC ，则E O ＝2E A ，C 错误；点电荷－q 在D 点具有的电势能为E p ＝－qφD ＝mgr2，D 错误．8．解析：选BC.导体棒由静止释放，速度达到v 时，回路中的电流为I ，则根据平衡条件，有mg sin θ＝BIL .对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，以3v 的速度匀速运动时，则回路中的电流为3I ，有F ＋mg sin θ＝3BIL ，所以拉力F ＝2mg sin θ，拉力的功率P ＝F ·3v ＝6mg v sin θ，故A 错误，B 正确；当导体棒的速度达到v 2时，回路中的电流为I 2，根据牛顿第二定律，得mg sin θ－B I 2L ＝ma ，解得a ＝g2sin θ，选项C 正确；当导体棒以3v 的速度匀速运动时，根据能量守恒定律，重力和拉力所做的功之和等于R 上产生的焦耳热，故选项D 错误．9．解析：(1)游标尺上共有20小格，精度为0.05 mm ，用游标卡尺测量挡光条的宽度l ＝(8＋0.05×4)mm＝8.20 mm.(2)欲验证机械能守恒定律，即Mgs sin θ＝12M ⎝⎛⎭⎫l t 2，θ为气垫导轨与水平面间的夹角，只需验证gs sin θ＝12⎝⎛⎭⎫l t 2，可见没有必要测量滑块和挡光条的总质量M .(3)由几何知识得sin θ＝H 0L 0，当s ＝s 0，t ＝t 0时有1t 20＝2gH 0l 2L 0s 0.答案：(1)8.20(2分) (2)没有(2分) (3)2gH 0l 2L 0s 0(2分) 10．解析：(1)根据题意可知，当R 1＝19.0 Ω时，S 2闭合的情况下，没有电流通过开关S 2(此时，电阻箱R 1、定值电阻R 2和R 3、电流表构成“电桥”)，则有R 1R A ＝R 2R 3(“电桥原理”)，得R A ＝R 1R 3R 2＝19.0×100200Ω＝9.5 Ω.从理论上分析，R A ＝R 1R 3R 2是没有系统误差的，实验测得电流表内阻值等于真实值．(2)正常工作时灯泡的电阻R 0＝626 Ω＝6 Ω，电流表改装后的内阻R A 0＝0.6×9.51.0 Ω＝5.7 Ω，则R 0≈R A 0，所以采用电流表外接法；由于要描绘灯泡的伏安特性曲线，灯泡的电压需要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压式接法；为保证开关闭合时，灯泡两端的电压最小，灯泡应与滑动变阻器左下接线柱连接．(3)因滑动变阻器采用分压式接法，为便于调节，应选用最大阻值较小的R 4.答案：(1)9.5(2分) 等于(2分) (2)如图所示(3分) (3)R 4(2分)11．解析：(1)m 滑上平板小车到与平板小车相对静止，速度为v 1，据动量守恒定律： m v 0＝(m ＋M )v 1(3分)对m 据动量定理：－μmgt ＝m v 1－m v 0(3分) 代入得μ＝0.4(3分)(2)对M 据动能定理有：μmgs 车＝12M v 21(3分)解得：s 车＝0.5 m(2分) 答案：(1)0.4 (2)0.5 m12．解析：(1)由题图2知杆AB 运动到水平轨道P 2Q 2处时的速率为v max ，则回路中的最大感应电动势E max ＝BL v max (1分)杆AB 运动到水平轨道的P 2Q 2处时，回路中的感应电流最大，回路中的最大感应电流I max ＝E maxR(1分) 得I max ＝BL v maxR(1分)根据右手定则知I max 的方向由A 流向B (1分)(2)根据法拉第电磁感应定律得，杆AB 下滑全过程平均感应电动势E ＝ΔΦt 1－0(2分)平均感应电流I ＝E R(1分)又q ＝I t 1(1分)解得q ＝ΔΦR而ΔΦ＝BLs 1cos θ(1分)由题图2知杆AB 下滑的距离s 1＝12v max t 1(2分)解得q ＝BL v max t 1cos θ2R(1分)(3)撤去拉力后杆AB 在水平导轨上做减速运动感应电流I ＝BL vR(1分)根据牛顿第二定律有BIL ＝ma (1分)若Δt 趋近于零，则a ＝ΔvΔt (1分)由以上三式可得B 2L2Rv Δt ＝m Δv (1分)则B 2L 2R v 1Δt 1＝m Δv 1，B 2L 2R v 2Δt 2＝m Δv 2，…，B 2L 2R v n Δt n ＝m Δv n 得B 2L 2R (v 1Δt 1＋v 2Δt 2＋…＋v n Δt n )＝m (Δv 1＋Δv 2＋…＋Δv n )即B 2L 2Rs ＝m (v max －0)(1分)得s ＝Rm v maxB 2L2(1分)答案：(1)BL v max R ，方向由A →B (2)BL v max t 1cos θ2R(3)Rm v max B 2L213．解析：(2)①活塞刚到缸口时，由玻意耳定律得 p 1SL 0＝p 2SL 2，得p 2＝4×104 Pa(3分) ②温度升高，活塞刚到缸口时，L 3＝1 mp 3＝p 0－F /S ＝5×104 Pa(2分)p 3L 3S T 3＝p 1L 0S T 1；T 3＝p 3L 3T 1p 1L 0＝5×104×1×3001×105×0.4K ＝375 K(3分) t 3＝375 K －273 K ＝102 ℃(2分)答案：(1)CDE (2)①4×104 Pa ②102 ℃14．解析：(1)在“用单摆测定重力加速度”实验中，必须从平衡位置处开始计时，A 错误；光速不变原理是指真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，B 正确；两列波相叠加产生干涉现象，在干涉图样中，振动加强区域的质点，其振幅最大；振动减弱区域的质点，其振幅最小，C 错误；光的偏振现象说明光波是横波，D 正确；Δx ＝ldλ可知，如果只增大双缝到光屏之间的距离，Δx 将增大，E 正确．(2)入射光线一部分折射一部分反射．设折射光线在屏幕上形成的光斑距B 点的距离为L 1，反射光线在屏幕上形成的光斑距B 点的距离为L 2，折射角为r ，由折射定律得：sin rsin i＝n ，得r ＝45°(2分)L 1＝R (2分)由反射定律得，反射角等于入射角，L2＝R tan 60°＝3R(3分) L＝L1＋L2＝(3＋1)R(3分)答案：(1)BDE(2)(3＋1)R。

2018高考物理三轮冲刺 专题21-25猜题练习（3）1、如图所示，两平行金属板间接有如图所示的随时间t 变化的电压U ，上极板电势较高，板长L =0.40 m ，板间距离d =0.20 m ，在金属板右侧有一个边界为MN 的匀强磁场，磁感应强度B =5.0×l0–3T ，方向垂直于纸面向里。

现有带电粒子以速度v 0=1.0×l05m/s 沿两板中线OO'方向平行于金属板射入电场，磁场边界MN 与中线OO'垂直。

已知带正电粒子的比荷电场强度可以看作恒定不变的。

则下列说法正确的是A ．粒子在U =30 V 时粒子能离开电场进入磁场B ．在t =0时粒子能离开电场，进入磁场，射入磁场点与离开磁场点间的距离为0.4 mC ．在U =20 V 时粒子射入磁场点与离开磁场点间的距离大于0.4 mD ．在U =25 V 时粒子在磁场中运动的时间最长 【参考答案】BD 若粒子恰能射出电场，则水平方向：L =v 0t ；竖直方向：201122U q d t dm=，解得2202d mv U qL =，带入数据解得：U 0=25U ，故当粒子在U =30 V 时粒子不能离开电场进入磁场，而达到极板上，选项A 错误；在t =0时粒子能离开电场，垂直MN 进入磁场，在磁场中MN 中射出，故射入磁场点与离开磁场点间的距离为2R =0.4 m ，选项B 正确；设粒子进入磁场时速度方向与OO'的夹角为θs =0.4 m ，即在任意时刻进入磁场的粒子飞出的位置与进入磁场的位置之间的距离为定值，选项C 错误；因所有粒子在磁场中运动的周期相同，在U =25 V 时粒子从极板边缘飞出电场，然后进入磁场时速度与MN 的夹角最小，在磁场中运动时的角度最大，时间最长，选项D 正确。

2、某同学在探究弹力和弹簧伸长的关系，并测定弹簧的劲度系数k 。

主要实验步骤如下：将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将毫米刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好指在刻度尺上。

普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物 理（三）本试卷分第Ⅰ卷（选择题 共30分）和第Ⅱ卷（非选择题 共70分）两部分.考试时间为90分钟，满分为100分.第Ⅰ卷 （选择题 共30分）一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题列出的四个选项中，至少有一个是正确的，全选对的得3分，选不全的得1分，选错、多选或者不选的得0分）1.2018年10月4日，瑞典皇家科学院宣布，将本年度诺贝尔物理学奖授予两名美国科学家和一名德国科学家.美国科学家约翰·霍尔和德国科学家特奥多尔·亨施之所以获奖，是因为对基于激光的精密光谱学发展作出了贡献.另一名美国科学家罗伊·格劳伯因为“对光学相干的量子理论的贡献”而获奖.目前，一种用于摧毁人造卫星或空间站的激光武器正在研制中.如图所示，某空间站位于地平线上方，现准备用一束激光射向该空间站，则应把激光器A.沿视线对着空间站瞄高一些B.沿视线对着空间站瞄低一些C.沿视线对着空间站直接瞄准D.条件不足，无法判断答案:C 由于大气层对光的折射，光线在传播中会发生弯曲，但由光路可逆可知，视线与激光束会发生相同的弯曲.2.我国的“神舟”六号载人飞船已发射成功，2018年11月将启动“嫦娥”探月工程.据科学家预测，月球上的土壤中吸附着数百万吨的He 32，每百吨He 32核聚变释放出的能量相当于目前人类一年消耗的能量.下列关于32He 的叙述正确的是A. He 32和H 31互为同位素B. He 32原子核内中子数为2C. He 32原子核外电子数为2D. He 32代表原子核内有2个质子和3个中子的氦原子答案:C 本题所考查的知识点是原子结构、原子核的结构、同位素.所有同位素的质子数相同而中子数不同，选项A 错.32He 原子核内有2个质子，1个中子，32He 原子核外有2个电子，选项B 、D 错，C 正确.3.如图所示，密闭绝热的、具有一定质量的活塞，活塞的下部封闭着理想气体，上部为真空，活塞与器壁的摩擦忽略不计.置于真空中的轻弹簧的一端固定于容器的顶部，另一端固定在活塞上，弹簧处于自然长度后用绳扎紧，此时活塞的重力势能为E p (活塞在底部时的重力势能为零).现绳突然断开，活塞在重力的作用下向下运动，经过多次往复运动后活塞静止，气体达到平衡态.经过此过程A.E p 全部转换为气体的内能B.E p 一部分转换成活塞的重力势能，其余部分仍为弹簧的弹性势能C.E p 一部分转换成弹簧的弹性势能，一部分转换为气体的内能，其余部分仍为活塞的重力势能D.E p 全部转换成弹簧的弹性势能和气体的内能答案:C 最后静止时，活塞的位置有所下降，即重力势能减小，但是不为零，所以选项A 错误.根据能量守恒，减小的重力势能转化为两部分：弹性势能的增加、气体内能的增加，所以选项B 、D 错误.4.我国已经制定了登月计划.假如宇航员登月后想探测一下月球表面是否有磁场，他手边有一只灵敏电流表和一个小线圈，则下列推断正确的是A.直接将电流表放于月球表面，看是否有示数来判断磁场的有无B.将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场C.将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表有示数，则可判断月球表面有磁场D.将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某一平面内沿各个方向运动，如电流表无示数，则可判断月球表面无磁场答案:C 根据电磁感应现象产生的条件：穿过闭合回路的磁通量发生改变时，回路中有感应电流产生，所以选项A 中，即使有一个恒定的磁场，电流表也不会有示数，所以选项A 错误.同理如果将电流表与线圈组成回路，使线圈沿某一方向运动，如电流表无示数，也不能判断出没有磁场，因为磁通量可能是不变的，所以选项B 错误.但是有示数只说明一定是有磁场的，所以选项C 正确.将电流表与线圈组成闭合回路，使线圈在某一个与磁场平行的平面内沿各个方向运动，也不会有示数，所以选项D 错误.5.两木块从左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图，连续两次曝光的时间间隔是相等的.由图可知A.在时刻t 2以及时刻t 5两木块速度相同B.在时刻t 3两木块速度相同C.在时刻t 3以及时刻t 4之间某瞬时两木块速度相同D.在时刻t 4以及时刻t 5之间某瞬时两木块速度相同答案:C 设下面的是物体1，上面的是物体2.根据图象得到：下面描述的物体1是做匀速直线运动，设图中的每一个小格的长度为d ，闪光照相的时间间隔为t ，则下面物体1的速度为v 1=td 4，上面物体2在相等的时间间隔内的位移之差也为d ，所以上面描述的物体2是做匀加速直线运动，且t 3时刻是在t 2时刻到t 4时刻的时间的中点，所以t 3时刻的速度v 3=t d 27=3.5t d ，所以选项B 错误.同理可得物体2在t 4时刻的速度v 4=4.5td ，所以物体1和物体2的速度相等的时刻应该在时刻t 3以及时刻t 4之间，所以选项C 正确，选项A 和D 是错误的.6.如图所示，两个质量均为M 的星体，相距为d ，其连线的垂直平分线为AB.O 为两星体连线的中点.设想两星体静止不动，一个质量为m 的物体从O 沿OA 方向运动，则下列说法正确的是A.它受到两星体的万有引力合力大小一直减小B.它受到两星体的万有引力合力大小先增大，后减小C.它受到两星体的万有引力合力大小一直增大D.当物体m 与两星体间距离均为d 时，物体受到万有引力合力大小为238d GMm 答案:B 如图所示，设两个星体之间的距离为2L ，小物体在移动过程某一位置如图所示，夹角为θ，则星体和物体间的距离为图示中的L/sin θ，所以根据万有引力定律得到：物体受到其中一个星体的引力为F 引=G 2)sin (θL Mm =G 22sin L Mm θ，所以受到两个星体的万有引力合力为F=2F 引cos θ=2G 22cos sin LMm θθ，由数学知识得到该表达式是先增大后减小的，所以得到该物体受到两个星体的引力的合力先增大后减小，所以选项A 、C 是错误的，选项B 是正确的.当物体m 与两星体间距离均为d 时，即夹角θ=30°，代入上面表达式，可以得到万有引力的合力大小为G 23d Mm ，所以选项D 错误.7.如图所示，理想变压器的原线圈a 、b 两端接正弦交流电压，副线圈c 、d 两端通过输电线接两只相同的灯泡L 1、L 2，输电线的等效电阻为R ，当开关由原来的闭合状态变为断开时，下列各量中减小的是A.副线圈c 、d 两端的输出电压B.副线圈输电线等效电阻R 上的电压C.通过灯泡L 1上的电流D.原线圈上的电流答案:BD 因为变压器的副线圈上的电压U 2=12n n U 1，当U 1不变时，开关S 断开，副线圈上的电压U 2不会改变，所以选项A 错误.当断开S 时，副线圈输出端的电阻变大，则干路的电流变小，所以电阻R 上的电压变小，所以选项B 符合题意，正确.再根据变压器的电流关系I 1=12n n I 2，副线圈上的电流减小，所以原线圈上的电流也减小，所以选项D 符合题意，正确.副线圈上的电压U 2不变，电流变小，所以电阻R 上的电压减小，则灯泡L 1两端的电压增加，则流过L 1的电流变大，所以选项C 错误.8.如图所示，光在真空和介质的界面MN 上发生偏折，那么下列说法正确的是A.光是从真空射向介质B.介质的折射率为1.73C.光在介质中的传播速度为1.73×118 m ／sD.反射光线与折射光线成60°角答案:BC 因为光的折射角大于入射角，所以光是从介质射向真空的，选项A 错误.根据折射率的公式：n=︒︒30sin 60sin ，所以折射率为1.73，选项B 正确.再由折射率n=vc ，代入数据计算得：v=1.73×118 m ／s ，而反射光线与折射光线成90°，所以选项D 错误.9.如图所示电路，电源有不可忽略的电阻，R 1、R 2、R 3为三个可变电阻，电容器C 1、C 2所带电荷量分别为Q 1和Q 2，下面判断正确的是A.仅将R 1增大，Q 1和Q 2都将增大B.仅将R 2增大，Q 1和Q 2都将增大C.仅将R 3增大，Q 1和Q 2都将不变D.突然断开开关S ，Q 1和Q 2都将不变答案:BC 分析电路得：电容C 1是通过R 3接在电源上，即两端的电压是路端电压，所以仅增大R 1时，电容器C 1上的电荷量Q 1增大，但是电阻R 2上的电压减小，所以电荷量Q 2会减小，所以选项A 错误.仅增大电阻R 2，同理Q 1是增大的，R 2两端的电压变大，所以Q 2也是变大的，选项B 正确.改变电阻R 3，不会对电路造成影响，所以Q 1和Q 2都将不会改变，选项C 正确.如果突然断开开关S ，此时电容C 2会放电，所以电荷量会改变，所以选项D 错误.10.一列横波沿x 轴负方向传播，如图所示，a 表示t 时刻的波形图，b 表示t+0.3 s 时刻的波形图，波长为λ，波速v=420 m/s,Δx=0.2λ,则P 点在x 轴的坐标数值可能是A.118 mB.75 mC.45 mD.35 m答案:C 因为波沿x 轴负方向传播Δx=0.2λ所以波传播的距离为n λ+0.8λ=v Δt=420×0.3 m=126 m所以λ=8.0126 n m,(n=0,1,2,3，…) 当n=0时，λ=2315 m 当n=1时，λ=70 m;当n=2时，λ=45 m;当n=3时，λ=19630 m 故正确选项为C.普通高等学校招生全国统一考试仿真试题物 理（三）第Ⅱ卷 （非选择题 共70分）二、非选择题（本大题共6小题，共70分，把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能给分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）11.（8分）如图所示电路是测量电流表内阻的实物连接图，实验的操作步骤如下：①将电阻箱R 的电阻调到零；②闭合开关，调节滑动变阻器R 1的滑片，使得电流表达到满偏电流I 0；③保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱的电阻，使得电流表的示数为I 0/2；④读出电阻箱的电阻值R x .可以认为电流表的内阻r 测=R x .（1）已知电流表的量程是50 mA ，内阻约是40 Ω，可供选择的滑动变阻器R 1有：A.阻值0—10 Ω，额定电流2 AB.阻值0—50 Ω，额定电流1.5 A可供选择的电阻箱R 有C.阻值0—99.9 ΩD.阻值0—999 Ω为了比较准确地测量出电流表的内阻，应选用的滑动变阻器R 1是____________；电阻箱R 是_____________.（填仪器前的字母代号）（2）本实验中电流表的测量值r 测与电流表内阻的真实值r 真相比，有（ ）A.r 测＞r 真B.r 测＜r 真C.r 测=r 真D.r 测可能大于r 真，也可能小于r 真（3）如果提高电池的电动势，用此电路测出的电流表的内阻的误差将___________.（填“增大”“减小”或“不变”）答案:（1）A C （2）A （3）减小 （每空2分）12.（8分）放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F 的作用，力F 的大小与时间t 的关系和物块速度v 与时间t 的关系如图所示.取重力加速度g=10 m/s 2.试利用两图线求出物块的质量及物块与地面间的动摩擦因数.答案:由v-t 图线可知，物块在0—3 s 内静止，3—6 s 内做匀加速运动，加速度为a ，6—9 s 内做匀速运动.（2分）设推力F 在三段分别为F 1、F 2、F 3，结合Ft 图线6—9 s 内做匀速运动，可知摩擦力F 3=f=4 N=μmg ，F 2-F 3=2 N=ma ，v 2=6 m/s=at=a ×3（2分）由以上各式得到：m=1 kg （2分）μ=0.4.（2分）13.（14分）一轻质细绳一端系一质量为m=201kg 的小球A ，另一端挂在光滑水平轴O 上，O 到小球的距离为L=0.1 m ，小球跟水平面接触，但无相互作用，在球的两侧等距离处分别固定一个光滑的斜面和一个挡板，如图所示，水平距离s 为2 m ，动摩擦因数为0.25.现有一小滑块B ，质量也为m ，从斜面上滑下，与小球碰撞时交换速度，与挡板碰撞不损失机械能.若不计空气阻力，并将滑块和小球都视为质点，g 取10 m/s 2.试问：（1）若滑块B 从斜面某一高度h 处滑下与小球第一次碰撞后，使小球恰好在竖直平面内做圆周运动，求此高度h.（2）若滑块B 从h=5 m 处滑下，求滑块B 与小球第一次碰后瞬间绳子对小球的拉力.（3）若滑块B 从h=5 m 处下滑与小球碰撞后，小球在竖直平面内做圆周运动，求小球做完整圆周运动的次数.答案:（1）小球恰能完成一次完整的圆周运动，它到最高点的速度为v 1,在最高点，仅有重力提供向心力，则有mg=m Lv 21①（1分） 在小球从最低点运动到最高点的过程中，机械能守恒，并设小球在最低点速度为v ，则又有 21mv 2=mg ·2L+21mv 12②(2分) 解①②得v=5 m/s （1分）滑块从h 高处运动到将与小球碰撞时速度为v ，对滑块由能量转化及守恒定律有mgh=μmg ·2s +21mv 2（1分） 因碰撞后速度交换v=5m/s ，解上式有h=0.5 m.（1分）（2）若滑块从h=5 m 处下滑到将要与小球碰撞时速度为u ，同理有 mgh=21mu 2+μmg ·2s ③ 解得u=95 m/s （2分）滑块与小球碰后的瞬间，同理滑块静止，小球以u=95 m/s 的速度开始做圆周运动，绳的拉力T 和重力的合力充当向心力，则有T-mg=m Lu 2④解④式得T=48 N.（2分） （3）滑块和小球最后一次碰撞时速度为v=5 m/s ，滑块最后停在水平面上，它通过的路程为s ′，同理有 mgh=21mv 2+μmgs ′⑤ （2分） 小球做完整圆周运动的次数为n=s s s 2' +1⑥ (2分) 解⑤⑥得s ′=19 m,n=10次.14.（12分）如图所示，匀强电场分布在正方形ABCD 区域内，电场方向如图所示，M 、N 分别为AB 边和BC 边的中点.一个具有初动能E 0的带电粒子射入电场（沿纸面运动）.如果带电粒子从M 点垂直于电场方向进入电场后，恰好从D 点离开电场.（不计重力）（1）求带电粒子从D 点离开电场时的动能是多大.（2）如果带电粒子从N 点垂直于BC 边方向射入电场，它离开电场时的动能又是多大？答案:（1）设带电粒子的质量为m 、电荷量为q 、初速为v （E 0=21mv 2）；正方形边长为L ，匀强电场的电场强度为E ，带电粒子从M 点垂直于电场方向进入电场后做类平抛运动.从D 点离开电场，说明粒子带正电，沿电场方向的位移为L/2，有2L =21·m qE ·(vL )2,qEL=mv 2=2E 0（4分） 带电粒子从M 点射入，从D 点射出，电场力做功W=qE ·2L =E 0，粒子从D 点离开电场时的动能为E 1，据动能定理有W=E 1-E 0，故E 1=W+E 0=2E 0.（4分）（2）带电粒子从N 点垂直于BC 边方向射入电场，做匀加速直线运动，离开电场时的动能为E 2，据动能定理有qEL=E 2－E 0,得E 2=E 0+qEL=3E 0.（4分）15.（14分）如图所示，空间分布着有理想边界的匀强电场和匀强磁场.左侧匀强电场的场强大小为E 、方向水平向右，电场宽度为L ；中间区域匀强磁场的磁感应强度大小为B ，方向垂直纸面向外.一个质量为m 、电荷量为q 、不计重力的带正电的粒子从电场的左边缘的O 点由静止开始运动，穿过中间磁场区域进入右侧磁场区域后，又回到O 点，然后重复上述运动过程.求：（1）中间磁场区域的宽度d ；（2）带电粒子从O 点开始运动到第一次回到O 点所用时间t.答案:（1）带电粒子在电场中加速，由动能定理，可得：qEL=21mv 2（2分） 带电粒子在磁场中偏转，由牛顿第二定律，可得：Bqv=R v 2，由以上两式，可得R=qmEL B 21.（2分）可见在两磁场区粒子运动半径相同，如图所示，三段圆弧的圆心组成的三角形△O 1O 2O 3是等边三角形，其边长为2R.所以中间磁场区域的宽度为d=Rsin60°=B 21qmEL 6.（3分） （2）在电场中t 1=a v 2=qE m v 2=2qEmL 2 （1分） 在中间磁场中运动时间t 2=3T =qBm 32π （1分） 在右侧磁场中运动时间t 3=65T=qB m 35π （2分） 则粒子第一次回到O 点时所用时间为t=t 1+t 2+t 3=2qEmL 2+qB m 37π.（3分） 16.（14分）如图所示，一个初速度为零的带正电的粒子经过M 、N 两平行板间电场加速后，从N 板上的孔射出，当带电粒子到达P 点时，长方形ABCD 区域内出现大小不变、方向垂直于纸面且更替变化的匀强磁场，磁感应强度B=0.4 T ，每经过t=4π×10-3 s ，磁场方向变化一次.粒子到达P 点时出现的磁场方向指向纸外，在Q 处有一静止的中性粒子，P 、Q 间的距离s=3.0 m,PQ 直线垂直平分AB 、CD.已知d=1.6 m ，带电粒子的比荷为1.0×118 C/kg ，不计重力.求：（1）加速电压为200 V 时带电粒子能否与中性粒子碰撞？（2）画出其轨迹；（3）要使带电粒子与中性粒子碰撞，加速电压的最大值为多大？答案:（1）设带电粒子在磁场中运动的半径为r ，周期为T.有T=Bq m π2=2π×10-3 s=2t （2分） 即磁场改变一次方向，粒子正好运动半个周期，又由动能定理，对粒子在M 、N 之间加速时有qU=21mv 2（1分） 粒子在磁场中运动有qvB=r v 2（1分），得r=BqqUm 2=B q Um /2=0.5 m （1分） 由于s=3.0 m=6r,带电粒子能与中性粒子相碰.（1分）（2）其运动轨迹如右图（4分）（3）要使带电粒子能与中性粒子相碰，应满足s=n ·2r(n 为正整数)且粒子不能打在BC 或AD 边界上（1分）即要求r ≤2d ,代入数据知，当n=2时，r max =0.75 m （1分） 则U max =mqr B 22max 2=450 V .（2分）。

2018年高考物理三轮加练习题（5）及解析一、选择题1．(多选)一质点做匀变速直线运动，先后通过P 、Q 、N 三点，如图所示，已知PQ ＝QN ＝15 m ，质点通过PQ 的时间t 1＝3 s ，通过QN 的时间t 2＝2 s ，则下列说法中正确的是( )A ．此质点运动的加速度为1 m/s 2B ．此质点通过P 的速度为3.0 m/sC ．此质点通过Q 的速度为6.5 m/sD ．此质点通过Q 的速度为6.0 m/s解析：选AC.设质点加速度为a ，经过P 点时速度为v P ，对PQ 段有x ＝v P t 1＋12at 21，对PN 段有2x ＝v P (t 1＋t 2)＋12a(t 1＋t 2)2，联立并代入数据解得v P ＝3.5 m/s ，a ＝1 m/s 2，则v Q ＝v P ＋at 1，代入数据解得v Q ＝6.5 m/s ，所以选项A 、C 正确．2.频闪照相是每隔相等时间曝光一次的照相方法，在同一张相片上记录运动物体在不同时刻的位置。

如图所示是小球在竖直方向运动过程中拍摄的频闪照片，相机的频闪周期为T ， 利用刻度尺测量相片上2、3、4、5 与1 位置之间的距离分别为x 1、x 2、x 3、x 4。

下列说法正确的是（ ）A ．小球一定处于下落状态B ．小球在2位置的速度大小为C ．小球的加速度大小为D ．频闪照相法可用于验证机械能守恒定律【答案】D3．（2018河北省衡水市安平中学高三月考）如图所示是滑梯简化图，一小孩从滑梯上A点开始无初速度下滑，在AB段匀加速下滑，在BC段匀减速下滑，滑到C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态。

假设小孩在AB段和BC段滑动时的动摩擦因数分别为μ1和μ2，AB与BC长度相等，则( )A. 整个过程中地面对滑梯始终无摩擦力作用B. 动摩擦因数μ1＋μ2＝2tanθC. 小孩从滑梯上A点滑到C点先超重后失重D. 整个过程中地面对滑梯的支持力先小于小孩和滑梯的总重力后大于小孩和滑梯的总重力【答案】BD4．（2018黑龙江省哈尔滨市第六中学阶段）下列选项是反映汽车从静止匀加速启动(汽车所受阻力F f恒定)，达到额定功率P后以额定功率运动最后做匀速运动的速度随时间及加速度、牵引力和功率随速度变化的图象，其中正确的是( )A. B.C.D.【答案】ACD5．如图所示，光滑绝缘的水平面上M 、N 两点各放有一带电荷量分别为＋q 和＋2q 的完全相同的金属球A 和B ，给A 和B 以大小相等的初动能E 0(此时初动量的大小均为p 0)，使其相向运动刚好能发生碰撞(碰撞过程中无机械能损失)，碰后返回M 、N 两点的动能分别为E 1和E 2，动量的大小分别为p 1和p 2，则( )A ．E 1＝E 2>E 0，p 1＝p 2>p 0B ．E 1＝E 2＝E 0，p 1＝p 2＝p 0C ．碰撞发生在MN 中点的左侧D ．两球同时返回M 、N 两点 【答案】AD6 平面OM 和平面ON 之间的夹角为30°，其横截面(纸面)如图所示，平面OM 上方存在匀强磁场，磁感应强度大小为B ，方向垂直于纸面向外．一带电粒子的质量为m ，电荷量为q(q>0)．粒子沿纸面以大小为v 的速度从OM 的某点向左上方射入磁场，速度与OM 成30°角．已知该粒子在磁场中的运动轨迹与ON 只有一个交点，并从OM 上另一点射出磁场．不计重力．粒子离开磁场的出射点到两平面交线O 的距离为( )A.2mvqB B.qBC.2mvqBD.4mvqB【答案】D7．（2018届广西南宁市第二中学月考）如图为学校配电房向各个教室的供电示意图，T 为理想变压器，原副线圈的匝数比为4：1．V 1、A 1为监控市电供电端的电压表和电流表，V 2、A 2为监控校内变压器的输出电压表和电流表，R 1、R 2为教室的负载电阻，V 3、A 3为教室内的监控电压表和电流表，配电房和教室间有相当长的一段距离，则当开关S 闭合时( )A. 电流表A 1、A 2和A 3的示数都变小B. 电流表A ３的示数变小C. 电压表V 3的示数变小D. 电压表V 1和V 2的示数比始终为4：1 【答案】BCD【解析】当开关闭合后，副线圈的总电阻变小，由于升压变压器的输入电压不变，则输出电压不变，即1V 和2V 不变，示数比始终为4:1，可知副线圈中的电流增大，即2A 增大，则副线圈输电线上损失的电压增大，可知用户端得到的电压减小，即3U 减小，所以通过1R 的电流减小，即3A 减小，副线圈中电流决定原线圈中的电流，则原线圈中的电流1I 增大，所以1A 示数增大，故选项BCD 正确，A 错误。

2018届全国高考考前猜题卷（三）理综物理试题本试卷共26页，38题（含选考题）。

全卷满分300分。

考试用时150分钟。

★祝考试顺利★注意事项：1、答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。

2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3、非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.如图所示为甲物体和乙物体在平直地面上同向运动的v-t 图象，已知t=0时甲在乙前方x 0=60m 处，则在0~4s 的时间内甲和乙之间的最大距离为A.8mB.14mC.68mD. 52m15.一匝由粗细均匀的同种导线绕成的矩形导线框abcd 固定不动，其中矩形区域efcd 存在磁场（未画出），磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度大小B 随时间t 均匀变化，且B k t∆=∆(k>0)，已知ab=fc=4L ，bc=5L ，已知L 长度的电阻为r ，则导线框abcd 中的电流为 A.289kL r B.22518kL r C.249kL r D.2259kL r16.如图所示，一根劲度系数为k 的轻质弹簧固定在天花板上，弹簧下端系一质量为m 的物体，现将竖直向下的外力作用在物体上，使弹簧的伸长量为x 。

专题一力与物体平衡高频考点一受力分析物体的静态平衡例1如图所示，水平推力F使物体静止于斜面上，则（）3个力的作用B.物体可能受3个力的作用C.物体一定受到沿斜面向下的静摩擦力的作用D.物体一定受到沿斜面向上的静摩擦力的作用解析：选B.以物体为研究对象受力分析如图，若F eos 0 = Gsin 0时，物体在水平推力、重力、斜面支持力三力作用下处于平衡状态，则物体受三个力作用；若F eos 0 > G sin 0 （或F eos 0v Gin 0=时，物体仍可以静止在斜面上，但物体将受到沿斜面向下（或沿斜面向上）的静摩擦力，综上所述B对.【变式探究】（多选）如图所示，倾角为0的斜面体C置于水平地面上，小物体B置于斜面体C 上，通过细绳跨过光滑的轻质定滑轮与物体A相连接，连接物体B的一段细绳与斜面平行，已知A、B C均处于静止状态，定滑轮通过细杆固定在天花板上，则下列说法中正确的是（）A. 物体B可能不受静摩擦力作用B. 斜面体C与地面之间可能不存在静摩擦力作用C. 细杆对定滑轮的作用力沿杆竖直向上D. 将细绳剪断，若物体B仍静止在斜面体C上，则此时斜面体C与地面之间一定不存在静摩擦力作用解析；选AD •对物体£遗後力分析，由共点力的平衝＞件可得，如果吨二阿g鈕爲则物体鸟一定不受静摩撫力作用，反之，则一定台受到斜面休匚对其作用的静摩撫力』选项直正确；将物体序和翱面体匸看成一个整休「则该整休受到一个大小为耐了方向沿斜面向上理瞪直的扌立力，该拉力在水平向左方向上的分量为亦gs爲故地面一定会给斜面体一个方向水平向右、大小为的静摩擦力』选项E错误；由于连接物体畀和枷本B的细绳对定滑轮的合力方向不罡竖宜向瓦故细杆对定滑轮的作用力方向不是竖直向上’选项c错误,若将细绳尊斷，将物休总和斜面休o看成r整体，则该整体受竖直向下的重力和地面对其竖直向上的支持力，故斜面体c与地面之i旷定不存在静摩擦力惟用，选项D正确.高频考点二物体的动态平衡问题【例1】如图所示，一小球放置在木板与竖直墙面之间•设墙面对球的压力大小为N,球对木板的压力大小为N2.以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置•不计摩擦，在此过程中（）A. N始终减小，N2始终增大B. N始终减小，N2始终减小C. N先增大后减小，N2始终减小D. N先增大后减小，N2先减小后增大解析：选B•砒渕进行^力分析‘如團所示P设板与墙夹角为彳/劉水平位羞过程中。

2018高考物理三轮冲刺五个专题猜题练习（3）1、如图所示是A、B两物体的速度时间图象，则下列说法正确的是A．若A、B两物体0时刻从同一位置开始运动，则以后它们一定能相遇B．若0时刻A在B的前方某一位置，则以后它们一定能相遇C．若0时刻B在A的前面且两者相距60m，则以后它们一定能相遇两次D．若0时刻B在A的前面且两者相距30m，则以后它们一定能相遇三次【参考答案】D若A、B两物体0时刻从同一位置开始运动，则5s末A在B前面×20×5 m=50m；5~10s内，B比A多行了×5×10m=25m，10s二者相距：Δx=50m–25m=25 m，即此时B没有追上A，此后B的速度小于A的速度，二者相距越来越远，故A、B没有相遇，A错误；由前面分析知若0时刻A在B的前方某一位置，则以后它们更不能相遇，B错误；若0时刻B在A的前面且两者相距60m>25m，则A在10s后能追上B，且以后超过B，即它们能相遇一次，C错误；若0时刻B在A的前面且两者相距25m，则5s末A追上B，之后又被B落下，又相遇，则以后它们一定能相遇三次，D正确。

如图所示，一根长为L的轻杆OA，O端用铰链固定，轻杆靠在一个高为h的物块上，某时刻杆与水平方向的夹角为θ，物块向右运动的速度v，则此时A点速度为A．B．C．D．【参考答案】选C。

将物块的速度分解为沿杆方向和垂直于杆方向，垂直于杆方向的速度等于B点绕O转动的线速度，根据v=rω可求出杆转动的角速度，再根据杆的角速度和A的转动半径可以求出A 的线速度大小。

如图所示根据运动的合成与分解可知，接触点B 的实际运动为合运动，可将B 点运动的速度v B =v 沿垂直于杆和沿杆的方向分解成v 2和v 1，其中v 2=v B sin θ=v sin θ为B 点做圆周运动的线速度，v 1=v B cos θ为B 点沿杆运动的速度。

当杆与水平方向夹角为θ时，，由于B 点的线速度为v 2=v sin θ=OBω，所以，所以A 的线速度，故C 正确。

2018年高考物理三轮助力选练题（24）及解析一、选择题1.(2017·河南三市二模)北京时间2016年10月17日7时30分,神舟十一号飞船搭载两名航天员在酒泉卫星发射中心发射升空.10月19日凌晨,神舟十一号飞船与天宫二号自动交会对接成功,航天员景海鹏和陈冬入驻天宫二号空间实验室,开始为期30天的太空驻留生活.已知地球表面的重力加速度g,地球半径R,神舟十一号飞船对接后随天宫二号做匀速圆周运动的周期T及引力常量G,下列说法中正确的是( D )A.要完成对接,应先让神舟十一号飞船和天宫二号处于同一轨道上,然后点火加速B.若对接前飞船在较低轨道上做匀速圆周运动,对接后飞船速度和运行周期都增大C.由题给条件可求出神舟十一号飞船的质量D.由题给条件可求出神舟十一号飞船对接后距离地面的高度h解析:若神舟十一号飞船与天宫二号在同一轨道上,神舟十一号飞船受到的万有引力等于向心力,若让神舟十一号飞船加速,其所需要的向心力变大,而此时万有引力不变,所以神舟十一号飞船做离心运动,不能实现对接,故A错误;根据万有引力提供向心力有G=m,即v=,对接后轨道半径变大,则线速度变小,故B错误;由题给条件不能求出神舟十一号飞船的质量,故C错误;根据万有引力提供向心力有G=m,其中r=R+h,又GM=gR2,得h=-R,故D正确. 2．(2017·河南省商丘市高考物理二模考试)正方体空心框架ABCD-A1B1C1D1下表面在水平地面上，将可视为质点的小球从顶点A在∠BAD所在范围内(包括边界)沿不同的水平方向分别抛出，落点都在△B1C1D1平面内(包括边界)．不计空气阻力，以地面为重力势能参考平面．则下列说法正确的是()A．小球初速度的最小值与最大值之比是1∶ 2B．落在C1点的小球，运动时间最长C．落在B1D1线段上的小球，落地时机械能最小值与最大值之比是1∶2D．轨迹与AC1线段相交的小球，在交点处的速度方向都相同解析：选D.A、小球落在A1C1线段中点时水平位移最小，落在C1时水平位移最大，由几何关系知水平位移的最小值与最大值之比是1∶2，由x＝v0t，t相等得小球初速度的最小值与最大值之比是1∶2，故A错误；B、小球做平抛运动，由h＝12gt2得t＝2hg，下落高度相同，平抛运动的时间相等，故B错误；C、落在B1D1线段中点的小球，落地时机械能最小，落在B1D1线段上D1或B1的小球，落地时机械能最大．设落在B1D1线段中点的小球初速度为v1，水平位移为x1.落在B1D1线段上D1或B1的小球初速度为v2.水平位移为x2.由几何关系有x1∶x2＝1∶2，由x ＝v0t，得：v1∶v2＝1∶2，落地时机械能等于抛出时的机械能，分别为：E1＝mgh＋12mv21，E2＝mgh＋12mv22，可知落地时机械能的最小值与最大值之比不等于1∶2.故C错误．D、设AC1的倾角为α，轨迹与AC1线段相交的小球，在交点处的速度方向与水平方向的夹角为θ.则有tan α＝yx＝12gt2v0t＝gt2v0，tan θ＝gtv0，则tan θ＝2tan α，可知θ一定，则轨迹与AC1线段相交的小球，在交点处的速度方向相同，故D正确．3. 如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A。

2018高考物理三轮冲刺五个专题猜题练习（4）1、如图所示，物体A、B用细绳连接后跨过滑轮，A静止在倾角为45°的斜面上，B悬挂着，已知质量m A=2m B，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到15°，但物体仍保持静止，那么下列说法中正确的是A．绳中的张力将增大B．物体A对斜面的压力将减小C．绳中的张力及A受到的静摩擦力都不变D．物体A受到的静摩擦力先减小后增大2、如图所示，圆心在O点、半径为R的光滑圆弧轨道ABC竖直固定在水平桌面上，C端装有轻质定滑轮，OC与OA的夹角为60°，轨道最低点A与桌面相切。

一足够长的轻绳两端分别系着质量为m1和m2的甲、乙两小球（均可视为质点），挂在圆弧轨道边缘C的定滑轮两边，开始时甲位于C点，然后从静止释放。

不计一切摩擦。

则A．在甲由C点下滑到A点的过程中两球速度大小始终相等B．在甲由C点下滑到A点的过程中重力对甲做功的功率先增大后减少C．若甲恰好能沿圆弧下滑到A点，则m1=m2D．若甲恰好能沿圆弧下滑到A点，则m1=3m2【参考答案】B 甲沿圆弧运动，其速度方向为圆弧的切线方向，由于轻绳不可伸长，因此乙的速度大小应等于甲的速度沿绳方向的分量大小，甲的速度的另一个分量则为垂直于甲与C点连线（绳）方向，故选项A错误；根据瞬时功率的表达式可知，甲的重力对甲做功的功率为P=m1gv y，其中v y是指甲的瞬时速度沿竖直方向的分量，在C点处两球速度都为零，即甲的重力对甲做功的功率为零，在A点时，甲的速度为水平方向，因此其竖直分量为零，即甲的重力对甲做功的功率也为零，而在C点到A点之间的任一位置，P≠0，故选项B正确；在整个运动过程中，若甲恰好能沿圆弧下滑到A点，则当甲到达A点时，两球的速度都为零，故在A、C两点处，甲减少的重力势能等于乙增加的重力势能，有：m1gR（1–cos60°）–m2gR=0，解得：m1=2m2，故选项CD错误。