广东省汕头市金山中学2015_2016学年高二物理下学期第十周周练试题(扫描版)

2015-2016学年广东省汕头市金山中学高二（下）期末物理试卷一、单项选择题I：本大题共30小题，每小题1分，满分30分．在每小题给出的四个选项中,其中只有一个选项符合题目要求．1．下列物理量属于标量的是（)A．速度 B．位移 C．功D．电场强度2．质点是一种理想化的物理模型,关于质点，下列说法正确的是（）A．质点一定是体积、质量极小的物体B．计算火车过桥时所用的时间,火车可看成质点C．虽然地球很大，且有自转，研究地球公转时仍可作为质点D．研究一列火车通过某一路标所用时间，火车可看作质点3．18世纪的物理学家发现，真空中两个点电荷间存在相互的作用．点电荷间的相互作用力跟两个点电荷的电荷量有关，跟它们之间的距离有关，发现这个规律的科学家是（）A．牛顿 B．伽利略C．库仑 D．法拉第4．如图为某物体在10s内运动的v﹣t图象．关于物体在10s内的位移，下列数据正确的是（)A．60m B．40m C．48m D．54m5．已知物体在F1、F2、F3三共点力作用下处学于平衡，若F1=20N，F2=28N，那么F3的大小可能是（）A．100 N B．70N C．40 N D．6 N6．通电直导线周围的磁场,其磁场线分布和方向用图中哪个图表示最合适（) A．B．C．D．7．在物理学史上，最先建立完整的电磁场理论并预言电磁波存在的科学家是（）A．赫兹 B．爱因斯坦 C．麦克斯韦 D．法拉第8．下列关于利用惯性和防止惯性不利影响的事例中，正确说法的是（）A．在月球上举重比在地球上容易，所以质量相同的物体在月球上比在地球上惯性小B．运动员冲到终点后，还要向前跑一段距离才能停下来，说明速度大的物体惯性大C．地球由西向东转，我们向上跳起后，由于惯性，还会落到原地D．为了减小运动物体的惯性，坐在小汽车前排的司机和乘客都应系上安全带9．下列实例中和离心现象有关的是（）A．汽车开进泥坑里轮胎打滑B．汽车通过圆形拱桥C．坐在直线行驶中的公共汽车内的乘客突然向前倾倒或向后倾倒D．洗衣机脱水桶停止工作时衣服紧贴在桶壁上10．如图为电容式话筒原理图,则电容式话筒中使用的是（)A．温度传感器B．压力传感器C．超声波传感器 D．红外线传感器11．关于自由落体运动，下列说法正确的是（）A．不考虑空气阻力的运动是自由落体运动B．自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动C．质量大的物体，所受重力大，因而落地速度大D．重力加速度在地球赤道处最大12．两个做匀变速直线运动的物体，物体A的加速度a A=3m/s2，物体B的加速度a B=﹣5m/s2,则可以确定（）A．物体A加速度大于物体B加速度B．物体B加速度大于物体A加速度C．物体A的速度大于物体B的速度D．物体B的速度大于物体A的速度13．下列单位中：①米、②牛顿、③秒、④焦耳、⑤瓦特、⑥千克、⑦米/秒2，属于国际单位制的基本单位的是（)A．只有①③⑥是B．都是 C．只有①③是D．只有③不是14．一根原长10cm的弹簧，挂上5N的钩码时弹簧长度变为12cm，当这根弹簧改挂上15N 的钩码时（弹簧仍在弹性限度内），弹簧长度变为（）A．6cm B．36cm C．12cm D．16cm15．下列几种说法中正确的是(）A．一个挂在绳子上静止的物体，它受的重力和它拉紧悬绳的力是同一性质的力B．地球上的物体只有静止时才受到重力的作用C．同一个物体，向下运动时受到的重力最大,向上运动时受到的重力最小D．同一物体在同一地点，不论处于什么状态，受到的重力都一样16．下列关于电磁领域重大技术发明的说法正确的是（）A．发明电池的科学家是爱迪生B．发现电磁感应定律的科学家是法拉第C．发现电流的磁效应的科学家是安培D．发明电话的科学家是赫兹17．如图，是一个常用的电子元件，关于它的说法正确的是（)A．这个电子元件名称叫电阻B．这个电子元件的电容是220法拉C．这个电子元件可容纳的电量是50库仑D．这个电子元件耐压值为50伏18．如图，一个矩形线圈与通有相同大小的电流平行直导线同一平面，而且处在两导线的中央，则（）A．两电流同向时，穿过线圈的磁通量为零B．两电流反向时，穿过线圈的磁通量为零C．两电流同向或反向时，穿过线圈的磁通量都相等D．因两电流产生的磁场是不均匀的，因此不能判断穿过线圈的磁通量是否为零19．关于电磁波，下列说法中错误的是（）A．电磁波既能在媒质中传播，又能在真空中传播B．麦克斯韦第一次通过实验验证了电磁波的存在C．电磁波在真空中传播时，频率和波长的乘积是一个恒量D．可见光也是电磁波20．火车停靠在站台上，乘客往往会发现这样的现象：对面的火车缓缓启动了,等到站台出现,才知道对面的火车根本就没有动，而是自己乘坐的火车开动了．在前、后两次观察过程中乘客采用的参考系分别是（）A．站台，对面火车B．两次都是对面火车C．两次都是对面站台 D．自己乘坐的火车,站台21．如图,拖着旧橡胶轮胎跑是身体耐力训练的一种有效方法．如果某受训者拖着轮胎在水平直道上跑了100m，那么下列说法正确的是(）A．轮胎受到地面的摩擦力做了负功B．轮胎受到的重力做了正功C．轮胎受到的拉力不做功D．轮胎受到地面的支持力做了正功22．关于误差，下列说法正确的是（）A．仔细测量可以避免误差B．误差是实验中产生的错误C．采用精密仪器，改进实验方法，可以消除误差D．实验中产生的误差是不可避免的，但可以设法尽量减小误差23．在探究加速度与物体质量、物体受力的关系实验中，如果图象是通过原点的一条直线，则说明（）A．物体的加速度a与质量m成正比B．物体的加速度a与质量成反比C．物体的质量m与加速度a成正比D．物体的质量与加速度a成反比24．当纸带与运动物体连接时，打点计时器在纸带上打出点痕，下列说法错误的是（) A．点痕记录了物体运动的时间B．点痕记录了物体在不同时刻的位置或某段时间内的位移C．点在纸带上的分布情况，反映了物体的形状D．点在纸带上的分布情况反映了物体的运动情况25．法拉第发现了磁生电的现象，不仅推动了电磁理论的发展，而且推动了电磁技术的发展,引领人类进入了电气时代．下列哪些器件工作时与磁生电的现象有关(）A．电视机的显像管B．电动机C．指南针D．发电机26．将弹簧从原长逐渐压缩的过程中，关于弹性势能的变化，下列说法正确的是（）A．增加 B．减少 C．不变 D．无法确定27．关于竖直上抛运动的上升过程和下落过程（起点和终点相同)，下列说法正确的是（）A．物体上升过程所需的时间与下降过程所需的时间相同B．物体上升的初速度与下降回到出发点的末速度相同C．两次经过空中同一点的速度大小相等方向相反D．上升过程与下降过程中位移大小相等、方向相反28．以10m/s的初速度从距水平地面20m高的塔上水平抛出一个石子．不计空气阻力，取g=10m/s2，则石子抛出点到落地点位移的大小为（）A．20m B．30m C．D．29．我国载人飞船“神舟七号"的顺利飞天，极大地振奋了民族精神．“神七”在轨道飞行过程中,宇航员翟志钢跨出飞船，实现了“太空行走”,当他出舱后相对于飞船静止不动时，以下说法正确的是(）A．他处于平衡状态B．他不受任何力的作用C．他的加速度不为零 D．他的加速度恒定不变30．如图所示,重为100N的物体在水平面上向右运动，物体与水平面间的动摩擦因数为0。

2015-2016汕头市金山中学第一学期期末考试 高二物理参考答案一、单项选择题：1~5 BCDCA 6~7 BC二、多项选择题：8~12 ACD BD AD BC BD三、实验题：13.（1）100⨯Ω 31.210⨯2.5mA（2）实物连线如图：8.0（保留两位有效数字） 小于四、计算题：14．均匀导线制成的单位正方形闭合线框abcd ，每边长为L ，总电阻为R ，总质量为m ．将其置于磁感强度为B 的水平匀强磁场上方h 处，如图所示．线框由静止自由下落，线框平面保持在竖直平面内，且cd 边始终与水平的磁场边界平行．当cd 边刚进入磁场时，求：（1）线框中产生的感应电动势大小；（2）cd 两点间的电势差大小；（3）若此时线框加速度恰好为零，求线框下落的高度h 所应满足的条件．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；安培力．【专题】电磁感应中的力学问题．【分析】（1）线框先自由下落，由高度h求得速度v，由E=BLv求解感应电动势的大小．（2）cd两点间的电势差大小等于外电压，等于．（3）若此时线框加速度恰好为零，线框所受的安培力与重力平衡，推导出安培力表达式，由平衡条件求解h．【解答】解：（1）cd边刚进入磁场时，线框速度为：，感应电动势大小为：（2）此时线框中电流：，cd两点间的电势差：（3）线框所受的安培力为根据牛顿第二定律mg﹣F=ma，则a=0解得下落高度满足答：（1）线框中产生的感应电动势大小是BL；（2）cd两点间的电势差大小是BL；（3）若此时线框加速度恰好为零，线框下落的高度满足．【点评】本题电磁感应与力学、电路知识的综合，注意区分cd电压是外电压还是内电压．安培力与速度的关系要会推导．15．如图所示，半径为a的圆形区域（图中虚线）内有匀强磁场，磁感应强度为B=0.2T，半径为b的金属圆环与虚线圆同心、共面的放置，磁场与环面垂直，其中a=0.4m、b=0.6m；金属环上分别接有灯L1、L2，两灯的电阻均为2Ω．一金属棒MN与金属环接触良好，棒与环的电阻均不计．（1）若棒以v0=5m/s的速率沿环面向右匀速滑动，求棒滑过圆环直径OO′的瞬间，MN中的电动势和流过灯L1的电流．（2）撤去中间的金属棒MN，将左面的半圆弧OL1O′以MN为轴翻转90°，若此后B随时间均匀变化，其变化率为= T/s，求灯L2的功率．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】（1）由E=BLv求出电动势，由欧姆定律求出电流．（2）由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由电功率公式求出电功率．【解答】解：（1）棒滑过圆环直径OO′的瞬间，MN中的电动势为动生电动势，E=B•2a•v0=0.2×2×0.4×5=0.8V，流经L1的电流：I===0.4A；（2）电路中的电动势为：E==•，灯L2的功率为：P2=，代入数据解得：P2=1.28×10﹣2W；答：（1）MN中的电动势为0.8V，流过灯L1的电流为0.4A．（2）灯L2的功率为1.28×10﹣2W．【点评】本题考查了求感应电动势、电流、电功率问题，应用E=BLv、欧姆定律、法拉第电磁感应定律、电功率公式即可正确解题．16．真空室内，一对原来不带电的相同金属极板P、Q水平正对固定放置，间距为d．在两极板外部右侧有一个半径也为d的圆形区域，其圆心O处于两极板的中心线上，区域内部充满方向垂直于纸面向内的匀强磁场一束等离子体（含有大量带电量为+q或﹣q的带电微粒，正、负电荷的总数相同）从两极板之间水平向右持续射入，射入时的速度大小都为v0，如图所示．不计微粒的重力作用．（1）若两极板之间的区域充满磁感应强度为B的匀强磁场（方向垂直于纸面向内）．求极板P、Q间最后稳定的电压U并指出两板电势的高低．（2）若两极板之间没有磁场，则微粒保持匀速向右运动直到射入圆形区．现只研究从最下方（图中b点）射入的带正电微粒，结果发现该微粒运动过程恰好经过圆心O．已知微粒的质量为m，求圆形区域内磁场的磁感应强度B0和该微粒在圆形区域内运动的时间．（不计微粒间的相互作用．）【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】（1）当微粒不再偏转时，电场力与洛伦兹力平衡，根据平衡条件列式求解；（2）微粒在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，画出粒子运动轨迹，根据几何关系求出半径，从而求出磁感应强度和运动的时间；【解答】解：（1）当微粒不再偏转时，有：qE=qBv0，此时极板P、Q间的电压达到稳定，则有U=Ed，解得：极板PQ间最后稳定的定压U=v0Bd，P板的电势比Q板高，（2）微粒在磁场中做匀速圆周运动，有：，周期T=，从b点射入的微粒运动情况如图，轨道圆心在a点，由于cos∠b=，即∠b=60°，因此△abO为等边三角形，轨道半径r=d，解得磁感应强度：从b点射入的微粒在圆形区域内转过120°，运动时间为．答：（1）极板P、Q间最后稳定的电压U为v0Bd，P板的电势比Q板高．（2）圆形区域内磁场的磁感应强度为，该微粒在圆形区域内运动的时间为．【点评】本题考查了带电粒子在复合场中的运动，正确分析带电粒子在电场和磁场中的受力并判断其运动的性质及轨迹是解题的关键，难度适中．。

汕头市2015-2016年度普通高中教学质量监测高二级物理试题试卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间90分钟.注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号及其他项目填写在答题卡上．2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试题卷上．3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题纸上各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液．不按以上要求作答的答案无效．4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将答题卡交回.试题自行保存．一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分,有选错的得0分。

1．自然界的力、电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献。

下列说法正确的是A．通电导线周围存在磁场是法拉第发现的B．楞次发现感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化C．奥斯特定量给出了电能和热能之间的转换关系D．欧姆发现了磁场与电场之间的联系2．如图是点电荷的电场线分布图，a点和b点到点电荷距离相等，下列说法正确的是A．该点电荷是负点电荷B．a、b两点的电场强度相同C．a、b两点的电势差为零D．该电场为匀强电场3．一轻弹簧的左端固定，右端与一小球相连，小球处于光滑水平面上．现对小球施加一个方向水平向右的变力F，使小球从静止开始向右匀加速运动，在小球通过位移为x的过程，弹簧始终未超过弹性限度，对于此过程，下列说法正确的是A．F对小球做负功B．F对小球做的功等于弹簧弹性势能的增量C．小球所受的合外力保持不变D．F的功率保持不变4．A、B、C三个小球（可视为质点）的质量均为m，A、C小球带正电，B球不带电，带电小球可视为点电荷，不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来竖直悬挂在O点，小球保持静止（如图），重力加速度为g，下列说法正确的是A．OA段绳子拉力小于3mgB．BC段绳子拉力大于mgC．若BC段绳子越长，则OA绳子拉力越小D．若增长绳子使AC两球距离加倍，则BC段绳子拉力变为原来的1/45．如图所示，A、B两个小球从同一竖直线上的不同位置水平抛出，结果它们落在地面上的同一点C，已知A离地面的高度是B离地面高度的2倍，不计空气阻力，从小球抛出到落在C点的过程，下列说法正确的是A．A、B两个小球的加速度相同B．A、B两个小球经历的时间相同C．A的初速度是B的2倍D．A、B两个小球在C点的速度相同6．如图所示为两个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向里、向外，磁场宽度均为L，距磁场区域的左侧L处，有一边长为L的正方形导线框，总电阻为R，且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F使线框向右匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定导线框进入左侧磁场时的物理量方向为正。

高二物理周练（二）（第1、2节同步练习）姓名：__________ 学号：__________一、选择题：本题共10小题，每小题6分，1-5小题为单项选择，6-10小题为多项选择1. 两个分别带有电荷量－Q 和＋3Q 的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F ，两小球相互接触后将其固定距离变为r2，则两球间库仑力的大小为A. 112FB.34F C. 43F D.12F2. 下列选项中的各1/4圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各1/4圆环间彼此绝缘。

坐标原点O 处电场强度最大的是3．如图3，悬挂在O 点的一根不可伸长的绝缘细线下端有一个带电量不变的小球A .在两次实验中，均缓慢移动另一带同种电荷的小球B .当B 到达悬点O 的正下方并与A 在同一水平线上，A 处于受力平衡时，悬线偏离竖直方向的角度为θ，若两次实验中B 的电量分别为q 1和q 2,θ分别为30°和45°.则q 2/q 1为A.2B.3C.23D.334．如图所示，把一带正电的小球a 放在光滑绝缘斜面上，欲使球a 能静止在斜面上，需在MN 间放一带电小球b ，图中BP 连线与斜面垂直，则b 可以A ．带正电，放在A 点B ．带负电，放在A 点C ．带负电，放在B 点D ．带正电，放在C 点5．如图所示，竖直绝缘墙壁上有一个固定的质点A，在A点正上方的O点用绝缘丝线悬挂另一质点B，OA=OB,A、B两质点因为带电而相互排斥，致使悬线偏离了竖直方向，由于漏电使A、B两质点的带电量逐渐减少，在电荷漏完之前悬线对悬点O的拉力大小A.逐渐减小B.逐渐增大C.保持不变D.先变大后变小6．关于元电荷，下列说法中正确的是A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的数值通常取作e＝1.60×10－19 CD．元电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根用油滴实验测得的7. 如右图所示，可视为点电荷的小物体A、B分别带负电和正电，B固定，其正下方的A静止在绝缘斜面上，则A受力个数可能为A. A可能受2个力作用B. A不可能受3个力作用C. A可能受4个力作用D. A可能受5个力作用.8. 原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1.6×10-15C，丙物体带电8×10-16C．则对于最后乙、丙两物体的带电情况，下列说法中正确的是A．乙物体一定带有负电荷8×10-16CB．乙物体可能带有负电荷2.4×10-15CC．丙物体一定带有正电荷8×10-16CD．丙物体一定带有负电荷8×10-16C9. 如右图所示，在粗糙绝缘的水平面上有一物体A带正电，另一带正电的物体B沿着以A为圆心的圆弧由P到Q缓慢地从A的正上方经过，若此过程中A始终保持静止，A、B两物体可视为质点且只考虑它们之间有库仑力的作用，则下列说法正确的是A．物体A受到地面的支持力先增大后减小B．物体A受到地面的支持力保持不变C．物体A受到地面的摩擦力先减小后增大D．库仑力对物体B先做正功后做负功10. 如图所示，两个带电小球A、B的质量分别为m1、m2，电荷量分别为q1、q2.静止时两悬线与竖直方向的夹角分别为θ1、θ2，且恰好处于同一水平面上．下列说法正确的是A.若q1＝q2，则θ1＝θ 2B.若q1＜q2，则θ1＞θ2C.若m1＝m2，则θ1＝θ2D.若m1＜m2，则θ1＞θ 2二、填空实验题：（14分）11. （6分）如图所示，等边三角形ABC，边长为L，在顶点A、B处有等量同种点电荷Q A、Q B.且Q A=Q B=+Q则在顶点C处的电荷量为+Q C的点电荷所受的电场力大小为________，方向________。

广东省汕头市金山中学2015-2016学年高二物理下学期第七周周练试题（扫描版，无答案）如图所示，直径分别为D和2D的同心圆处于同一竖直面内，O为圆心，GH为大圆的水平直径．两圆之间的环形区域（Ⅰ区）和小圆内部（Ⅱ区）均存在垂直圆面向里的匀强磁场．间距为d的两平行金属极板间有一匀强电场，上级板开有一小孔．一质量为m，电量为+q的粒子由小孔下方处静止释放，加速后粒子以竖直向上的速度v射出电场，由H点紧靠大圆内侧射入磁场．不计粒子的重力．（1）求极板间电场强度的大小；（2）若粒子运动轨迹与小圆相切，求Ⅰ区磁感应强度的大小；（3）若Ⅰ区、Ⅱ区磁感应强度的大小分别为、，粒子运动一段时间后再次经过H点，求这段时间粒子运动的路程．解：（1）设极板间电场强度大小为E，对粒子在电场中的加速运动，由动能定理可得：qE=mv2解得：E=（2）设I区内磁感应强大小为B，粒子做圆周运动的半径为R，由牛顿第二定律得：qvB=m如图甲所示，粒子的运动轨迹与小圆相切有两种情况，若粒子轨迹与小圆外切，由几何关系可得：R=；解得：B=；若粒子轨迹与小圆内切，由几何关系得：R=；解得：B=（3）设粒子在I区和II区做圆周运动的半径分别为R1、R2，由题意可知，I区和II内的磁感应强度大小分别为B1=；B2=；由牛顿第二定律可得：qvB1=m，qvB2=m代入解得：R1=，R2=；设粒子在I区和II区做圆周运动的周期分别为T1、T2，由运动学公式得：T1=，T2=由题意分析，粒子两次与大圆相切的时间间隔的运动轨迹如图乙所示，由对称性可知，I区两段圆弧所对圆心角相同，设为θ1，II区内所对圆心角设为θ2，圆弧和大圆的两个切点与圆心O连线间的夹角为α，由几何关系可得：θ1=120°θ2=180°α=60°粒子重复上述交替运动到H点，设粒子I区和II区做圆周运动的时间分别为t1、t2，可得：t1=×T1，t2=×T2设粒子运动的路程为s，由运动学公式可得s=v（t1+t2）联立解得：s=5.5πD答：（1）极板间电场强度的大小；（2）若粒子运动轨迹与小圆相切，Ⅰ区磁感应强度的大小或；（3）若Ⅰ区、Ⅱ区磁感应强度的大小分别为、，粒子运动一段时间后再次经过H点，这段时间粒子运动的路程5.5πD．【注：本份周练及作业试题针对训练高考全国I卷理综物理必考题部分压轴题】。

一、单项选择题：（8小题，每题3分，共24分）1．矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的感应电流与时间关系如图．则A．交变电流的有效值为5 2 AB．交变电流的周期为0.2 sC．交变电流的频率为50 Hz D．t＝0.1 s时线圈磁通量为零【答案】B考点：交流电的变化规律【名师点睛】本题考查了交流电的峰值和有效值的关系，理解交流电产生的过程，能够从图象中获取有用的信息；要知道当电流为零时，磁通量最大，磁通量变化率为零。

2．光电效应实验中，下列表述正确的是A．光照时间越长光电流越大B．入射光足够强就可以有光电流C．遏止电压与入射光的频率有关D．入射光频率小于极限频率才能产生光电子【答案】C【解析】试题分析：光电流的大小与光照时间无光，与光的强度有关．故A错误；发生光电效应的条件是入射光频率大于极限频率，入射光强，不一定能发生光电效应．故B错误．根据光电效应方程E km=eU c=hγ-W0，知遏止电压与入射光的频率有关．故C正确．发生光电效应的条件是入射光频率大于极限频率．故D错误．故选C。

考点：光电效应【名师点睛】发生光电效应的条件是入射光频率大于极限频率，遏制电压与最大初动能有关，入射光的频率越大．最大初动能越大．光强不一定能发生光电效应，不一定有光电流，在发生光电效应时，入射光的强度影响光电流的大小。

3．远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n 1、n 2，电压分别为U 1、U 2，电流分别为I 1、I 2，输电线上的电阻为R ，变压器为理想变压器，则A ．21I I ＝21n n B ．I 2＝RU2 C ．I 1U 1＝I 22R D ．I 1U 1＝I 2U 2 【答案】D考点：远距离输电【名师点睛】此题是关于远距离输电的问题；要知道理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象．远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损。

广东省汕头市2015-2016学年高二物理下学期期末（学业水平）考试试题（含解析）一、单项选择题I：本大题共30小题，每小题1分，满分30分；在每小题给出的四个选项中，其中只有一个选项符合题目要求。

1.下列物理量属于标量的是A．加速度 B．位移 C．功D．电场强度【答案】C【解析】试题分析：加速度，位移和电场强度都具有大小和方向，是矢量；而功只有大小无方向，所以是标量，故选C。

考点：矢量和标量【名师点睛】既有大小又有方向的物理量是矢量；只有大小而无方向的物理量是标量.2. 关于质点，下列说法正确的是A、质点一定是体积、质量极小的物体；B、计算火车过桥时所用的时间，火车可看成质点；C、虽然地球很大，且有自转，研究地球公转时仍可作为质点；D、研究一列火车通过某一路标所用时间，火车可看作质点。

【答案】C【解析】考点：质点【名师点睛】要知道当一个物体的线度和大小与所研究的问题相比可忽略不计时，可把物体看作是质点；质量和体积小的物体不一定能看作质点.3. 18世纪的物理学家发现，真空中两个点电荷间存在相互的作用．点电荷间的相互作用力跟两个点电荷的电荷量有关，跟它们之间的距离有关，发现这个规律的科学家是A．牛顿 B．伽利略 C．库仑 D．法拉第【答案】C【解析】试题分析：发现真空中两个点电荷间存在相互作用规律的科学家是库仑，故选C.考点：物理学史【名师点睛】记住课本上涉及到的物理学家的名字及其伟大贡献；平时多观察，多查阅资料积累材料.4. 如图为某物体在10 s内运动的v—t图象。

关于物体在10s内的位移，下列数据正确的是A．60m B．40m C．48m D．54m【答案】B【解析】考点：v-t图像【名师点睛】要理解速度时间图像的物理意义；图像的斜率等于物体的加速度；图像与坐标轴围成的面积等于物体的位移。

5. 已知物体在 F1、F2、F3三共点力作用下处于平衡，若F1＝20 N，F２＝28 N，那么F３的大小可能是Ａ．20 N Ｂ．70ＮＣ．100 N Ｄ．6 Ｎ【答案】A【解析】试题分析：20N和28N合力的最大值是48N，最小值是8N，所以F3应该介于28N和8N之间，故选A。

汕头市2015-2016年度普通高中教学质量监测高二级物理试题参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分,有选错的得0分。

1.B2.C3.C4.B5.A6.D7.BD 8.CD 9.AD 10.BC 11.AB 12.ABD二、非选择题：本题共5小题，共52分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.（一）必考题13. （1）平衡摩擦力（2分）；（2）砂桶和砂的总重力（2分）；说明：只答砂的重力或 砂桶和砂的总质量都得0分（3）B （唯一答案，2分）14．(1) 如右图（3分）；说明：①连接不到位，全小题扣1分②电压表并联R 0或滑动变阻器两端，但电流表串接正确得1分。

(3) 3.8（唯一答案，3分）；0.4（唯一答案，3分）15．（10分）解：（1）离子带正电(1分)（2）离子在电场中加速，由动能定理：221mv qU = ① (2分)洛伦兹力提供向心力有： rmv qvB 2= ② (2分) （直接写成qBmv r =得1分） 联立①②解得cm 30=r ③ (1分)离子进入磁场后的径迹如图所示，由几何关系可得R r=2tan β ④ (1分)联立③④ 解得︒=120β ⑤(1分)离子到达荧光屏的位置B 距P 点的距离为cm 3090-tan =︒=）（βH s (2分)说明： （1）全题没有文字说明扣1分；（2）计算结果没有单位或单位错不给该式的分。

16．（12分）（1）回路中产生的感应电动势t B ld t E ∆∆=∆∆Φ= ①（2分）通过电阻R 的电流r R EI += ②（1分）代入数据可得I =1A ③（1分）通过R 的电流方向是从a 向b （1分）（2）棒PQ 原来刚好能保持静止，棒所受的最大静摩擦力mg f m = ④（1分）棒PQ 即将运动时，有mg f IBl m += ⑤（2分）代入数据可得B=3T ⑥（1分）由图像可得对应的时刻t=0.4s ⑦（1分）电阻R 产生的焦耳热Rt I Q R 2= ⑧（1分）代入数据可得R Q =0.08J ⑨（1分）说明： （1）全题没有文字说明扣1分；（2）计算结果没有单位或单位错不给该式的分。

广东省汕头市金山中学15—16学年下学期高二第十周周练化学试题参考答案1 2 3 4 5 6 7 8 9 10D D B D B A B A C A11 12 13 14 15 16D C C A C D17．X、Y、Z、W、J是元素周期表前四周期中的四种常见元素，其相关信息如下表：（1）元素X的一种同位素可测定文物年代，这种同位素的符号是146C．（2）元素Y位于元素周期表第三周期第VI族．（3）元素Z的原子最外层共有17种不同运动状态的电子．（4）W的基态原子核外电子排布式是1s22s22p63s23p63d104s1．W的基态原子核外价电子排布图是．（5）元素Y与元素Z相比，非金属性较强的是Cl（用元素符号表示），下列表述中能证明这一事实的是cdf．a．常温下，Y的单质与Z的单质状态不同b．等物质的量浓度的氢化物水溶液的酸性不同c．Z的电负性大于Yd．Z的氢化物比Y的氢化物稳定e．在反应中，Y原子得电子数比Z原子得电子数多f．Z元素最高价氧化物对应水化物的酸性比Y元素最高价氧化物对应水化物的酸性强（6）Y、Z两元素的最高价氧化物对应的水化物的酸性强弱为HClO4＞H2SO4（用化学式表示）．比较下列物质的酸性强弱：HZO＜HZO3＜HZO4．解：X、Y、Z、W、J是元素周期表前四周期中的四种常见元素，X的基态原子核外3个能级上有电子，且每个能级上的电子数相同，X原子核外电子排布式为1s22s22p2，则X为碳元素；Y原子的M层上有2对成对电子，原子核外电子排布式为1s22s22p63s23p4，则Y为S 元素；Z和Y同周期，Z的电负性大于Y，则Z为Cl元素；W的一种核素的质量数为63，中子数为34，则其质子数=63﹣34=29，则W为Cu元素；J的气态氢化物与J的最高价氧化物对应的水化物可反应生成一种盐，则J为N元素．（1）元素X的一种同位素可测定文物年代，这种同位素的符号是146C，故答案为：146C；（2）元素Y为S元素，位于元素周期表第三周期第VIA族，故答案为：三、VIA；（3）元素Z为Cl，原子最外层共有17种不同运动状态的电子，故答案为：17；（4）W为Cu，基态原子核外电子排布式是1s22s22p63s23p63d104s1，W的基态原子核外价电子排布图是，故答案为：1s22s22p63s23p63d104s1；；（5）同周期自左而右非金属性增强，非金属性较强的是Cl，列表述中能证明这一事实的是．a．常温下，Y的单质与Z的单质状态属于物理性质，不能比较非金属性强弱，故a错误；b．等物质的量浓度的氢化物水溶液的酸性不能比较元素非金属性强弱，故b错误；c．Z的电负性大于Y，说明Z的非金属性更强，故c正确；d．元素非金属性越强，对应氢化物越稳定，故d正确；e．非金属性强弱与获得电子难易程度有关，与获得电子数目多少无关，故e错误；f．元素的非金属性越强，对应元素最高价氧化物对应水化物的酸性越强，故f正确，故答案为：Cl；cdf；（6）元素的非金属性越强，对应元素最高价氧化物对应水化物的酸性越强，故酸性HClO4＞H2SO4，同种元素含氧酸中元素化合价越高，酸性越强，故酸性：HClO＜HClO3＜HClO4，故答案为：HClO4＞H2SO4；＜、＜；18．短周期主族元素A、B、C、D、E、F 的原子序数依次增大，它们的原子核外电子层数之和为13．B的化合物种类繁多，数目庞大；C、D是空气中含量最多的两种元素，D、E 两种元素的单质反应可以生成两种不同的离子化合物；F为同周期半径最小的元素．试回答以下问题：（1）写出D与E以1：1的原子个数比形成的化合物的电子式：．F的原子结构示意图为：．（2）化合物甲、乙由A、B、D、E中的三种或四种组成，且甲、乙的水溶液均呈碱性．则甲、乙反应的离子方程式为：OH﹣+HCO3﹣=CO32﹣+H2O．（3）A、C、D、E的原子半径由大到小的顺序是Na＞N＞O＞H用元素符号表示）（4）元素B和F的非金属性强弱，B的非金属性弱于F（填强或弱），并用化学方程式证明上述结论Na2CO3+2HClO4=CO2↑+H2O+2NaClO4或NaHCO3+2HClO4=CO2↑+H2O+NaClO4．解：短周期主族元素A、B、C、D、E、F 的原子序数依次增大，B形成的化合物种类繁多，则B为C元素；C、D为空气中含量最多的两种元素，D的原子序数较大，则C为N元素，D为O元素；D、E形成两种不同的离子化合物，则E为Na；F为同周期半径最小的元素，F处于第三周期期，所以F为Cl元素；它们的原子核外电子层数之和为13，则A最外层电子数为13﹣3﹣3﹣2﹣2﹣2=1，则A为H元素．（1）D与E以1：1的原子个数比形成的化合物为Na2O2，电子式为，F为Cl元素，原子结构示意图为，故答案为：；；（2）化合物甲、乙由H、C、O、Na中的三种或四种组成，且甲、乙的水溶液均呈碱性，二者可以反应，则为氢氧化钠与碳酸氢钠，故反应的离子方程式为：OH﹣+HCO3﹣=CO32﹣+H2O，故答案为：OH﹣+HCO3﹣=CO32﹣+H2O；（3）所有元素中H原子半径最小，同周期自左而右原子半径减小、同主族自上而下原子半径中等，故原子半径：Na＞N＞O＞H，故答案为：Na＞N＞O＞H；（4）碳元素非金属性比Cl元素非金属性弱，利用强酸制备弱酸原理可以证明，反应化学方程式为：Na2CO3+2HClO4=CO2↑+H2O+2NaClO4或NaHCO3+2HClO4=CO2↑+H2O+NaClO4，故答案为：弱；Na2CO3+2HClO4=CO2↑+H2O+2NaClO4或NaHCO3+2HClO4=CO2↑+H2O+NaClO4．19．乙基香兰素是最重要的合成香料之一，常作为婴幼儿奶粉的添加剂．制备乙基香兰素的一种合成路线（部分反应条件略去）如图所示：已知：①R﹣ONa+R′﹣Br﹣→R﹣O﹣R′+NaBr②Ⅲ中生成的Cu2O经氧化后可以循环利用回答下列问题：（1）A的核磁共振氢谱有3组峰．A的结构简式为．（2）Ⅰ中可能生成的一种烃是乙烯（填名称）；催化剂PEG可看作乙二醇脱水缩聚的产物，PEG的结构简式为．若PEG的平均相对分子质量为17618，则其平均聚合度约为400．（3）Ⅱ中，发生的反应属于加成反应（填反应类型）．（4）Ⅲ中，反应的化学方程式为．（5）Ⅳ中，有机物脱去的官能团是羧基（填名称）．（6）D是乙基香兰素的同分异构体，其分子结构中不含乙基．由A制备D的一种合成路线（中间产物及部分反应条件略去）如图所示：C和D的结构简式分别为CH3Br、．解：（1）由转化中物质的结构简式可知A含有苯环，A的分子式为C6H6O2，核磁共振氢谱有3组峰，则A的结构简式为，故答案为：；（2）溴乙烷在氢氧化钠醇溶液、加热条件下会发生消去反应生成乙烯；催化剂PEG可看作乙二醇脱水缩聚的产物，PEG的结构简式为，若PEG的平均相对分子质量为17618，则其平均聚合度约为=400，故答案为：乙烯；；400；（3）对比B的分子式以及A与B的反应物结构可知，B为，Ⅱ是B与OHC ﹣COONa发生加成反应，故答案为：加成反应；（4）Ⅲ中是羟基被氧化为羰基，反应方程式为：，故答案为：；（5）对比物质结构可知，Ⅳ中有机物脱去的官能团是羧基，故答案为：羧基；（6）D是乙基香兰素的同分异构体，其分子结构中不含乙基，D的合成路线与乙基香兰素的合成路线相同，可知D为，C为CH3Br，故答案为：CH3Br；．20．可用来制备抗凝血药，通过下列路线合成：请回答：（1）B→C的反应类型是取代反应．（2）下列关于化合物G的说法不正确的是c、f．a．分子式是C9H6O3b．能与金属钠反应c．分子中含有4种官能团d．能与液溴反应e.1mol G最多能和4mol氢气反应f.1mol G最多能和3mol NaOH反应（3）写出A与银氨溶液反应的化学方程式CH3CHO+2Ag（NH3）OH CH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O．2（4）写出D→E的化学方程式+CH3OH+H2O．（5）写出F和过量NaOH溶液共热时反应的化学方程式+3NaOH+CH3COONa+CH3OH+H2O．（6）化合物E的同分异构体很多，除E外符合下列条件的共8种．①含苯环且能与氯化铁溶液显色；②苯环上有两个取代基；③含酯基．解：A与银氨溶液反应有银镜生成，则A中存在醛基，由流程可知A与氧气反应可以生成乙酸，则A为CH3CHO，由B和C的结构简式可以看出，乙酸分子中的羟基被氯原子取代，发生了取代反应，D与甲醇在浓硫酸条件下发生酯化反应生成E，则E的结构简式为，由F的结构简式可知，C和E 在催化剂条件下脱去一个HCl分子得到F，（1）由B和C的结构简式可以看出，乙酸分子中的羟基被氯原子取代，发生了取代反应，故答案为：取代反应；（2）G的分子式为C9H6O3，a正确，G分子的结构中存在苯环、酯基、羟基、碳碳双键，所以能够与溴单质发生加成反应或者取代反应，能够与金属钠反应产生氢气，d和b正确；1molG含有1mol碳碳双键和1mol苯环，所以需要4mol氢气，e正确，G分子有酯基、羟基、碳碳双键三种官能团，c错误，G分子中有一个酯基，水解生成酚和羧酸，可以消耗2个氢氧化钠，所以f错误；故答案为：c、f；（3）由以上分析可知，A为CH3CHO，与银氨溶液反应的离子方程式为：CH3CHO+2Ag（NH3）OH CH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O，2故答案为：CH3CHO+2Ag（NH3）2OH CH3COONH4+2Ag↓+3NH3+H2O；（4）D→E的化学方程式为：+CH3OH+H2O，故答案为：+CH3OH+H2O；（5）F和过量NaOH溶液共热时反应的化学方程式为：+3NaOH+CH3COONa+CH3OH+H2O，故答案为：+3NaOH+CH3COONa+CH3OH+H2O；（6）E（）的同分异构体很多，除E外符合下列条件：①含苯环且能与氯化铁溶液显色，含有酚羟基，②苯环上有两个取代基，③含酯基，酯基为﹣CH2OOCH或﹣OOCCH3或﹣COOCH3，与酚羟基均有邻、间、对三种位置，故除E外同分异构体有3×3﹣1=8种，故答案为：8；。

2015-2016学年广东省汕头市金山中学高二（下）第十周周练物理试卷一、计算题：1．在光滑水平面上静置有质量均为m的木板AB和滑块CD，木板AB上表面粗糙．动摩擦因数为μ，滑块CD上表面是光滑的圆弧，其始端D点切线水平且在木板AB上表面内，它们紧靠在一起，如图所示．一可视为质点的物块P，质量也为m，从木板AB的右端以初速度v0滑上木板AB，过B点时速度为，又滑上滑块CD，最终恰好能滑到滑块CD圆弧的最高点C处，求：（1）物块滑到B处时木板的速度v AB；（2）木板的长度L；（3）滑块CD圆弧的半径R．2．如图所示，一足够长的固定光滑斜面倾角θ=37°，两物块A、B的质量m A=1kg、m B=4kg．两物块之间的轻绳长L=0.5m，轻绳可承受的最大拉力为T=12N，对B施加一沿斜面向上的力F，使A、B由静止开始一起向上运动，力F逐渐增大，g取10m/s2（sin37°=0.6，cos37°=0.8）．（1）若某一时刻轻绳被拉断，求此时外力F的大小；（2）若轻绳拉断瞬间A、B的速度为3m/s，绳断后保持外力F不变，求当A运动到最高点时，A、B之间的距离．3．如图甲所示，有一倾角为30°的光滑固定斜面，斜面底端的水平面上放一质量为M的木板．开始时质量为m=1kg的滑块在水平向左的力F作用下静止在斜面上，今将水平力F变为水平向右，当滑块滑到木板上时撤去力F，木块滑上木板的过程不考虑能量损失．此后滑块和木板在水平上运动的v﹣t图象如图乙所示，g=10m/s2．求（1）水平作用力F的大小；（2）滑块开始下滑时的高度；（3）木板的质量．4．如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面轨道AB的下端与光滑的圆弧轨道BCD相切于B，C是最低点，圆心角∠BOC=37°，D与圆心O等高，圆弧轨道半径R=1.0m，现有一个质量为m=0.2kg可视为质点的小物体，从D点的正上方E点处自由下落，DE距离h=1.6m，物体与斜面AB之间的动摩擦因数μ=0.5．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．求：（1）物体第一次通过C点时轨道对物体的支持力F N的大小；（2）要使物体不从斜面顶端飞出，斜面的长度L AB至少要多长；（3）若斜面已经满足（2）要求，物体从E点开始下落，直至最后在光滑圆弧轨道做周期性运动，在此过程中系统因摩擦所产生的热量Q的大小．5．如图所示，小球A和B质量分别为m A=0.3kg和m B=0.5kg，两球间压缩一弹簧（不拴接），并用细线连接．静止于一光滑的水平平台上，烧断细线后，弹簧储存的弹性势能全部转化为两球的动能，小球B脱离弹簧时的速度v B=3m/s，A球滑上用一小段光滑小圆弧连接的光滑斜面，当滑到斜面顶端时速度刚好为零．斜面的高度H=1.25m，B球滑出平台后刚好沿光滑固定圆槽左边顶端的切线方问进入槽中，圆槽的半径R=3m，圆槽所对的圆心角为120°，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）烧断细线前轻弹簧储存的弹性势能E p；（2）平台到圆槽的距离L；（3）小球B滑到圆槽最低点时对糟的压力N′．二、选择题（共3小题，每小题3分，满分9分）6．（3分）（2014春阿勒泰市校级期末）下列关于光电效应的陈述中，正确的是（）A．金属的逸出功与入射光的频率成正比B．光电流强度与入射光强度无关C．用不可见光照射金属一定比用可见光照同种金属产生的光电子的初动能大D．对任何一种金属，都有一个“最大波长”，入射光的波长必须小于这个波长才能产生光电效应7．（3分）（2013奉贤区二模）在光电效应实验中，如果需要增大光电子到达阳极时的速度，可采用的方法是（）A．增加光照时间 B．增大入射光的波长C．增大入射光的强度 D．增大入射光频率8．（3分）（2011春红山区校级期中）对光的认识，下列说法中正确的是（）A．个别光子的行为表现出粒子性，大量光子的行为表现出波动性B．光的波动性是光子本身的一种属性，不是光子之间的相互作用引起的C．光表现出波动性时，就不具有粒子性了；光表现出粒子性时，就不再具有波动性了D．光的波粒二象性应理解为：在某种场合下光的波动性表现得明显，在另外的某种场合下，光的粒子性表现得明显三、计算题：9．（2011春禅城区校级期末）如图所示，一轻质弹簧的一端固定在滑块B上，另一端与滑块C接触但未连接，该整体静止放在离地面高为H=5m的光滑水平桌面上．现有一滑块A 从光滑曲面上离桌面h=1.8m高处由静止开始滑下，与滑块B发生碰撞并粘在一起压缩弹簧推动滑块C向前运动，经一段时间，滑块C脱离弹簧，继续在水平桌面上匀速运动一段后从桌面边缘飞出．已知m A=1kg，m B=2kg，m C=3kg，g=10m/s2，求：（1）滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度；（2）被压缩弹簧的最大弹性势能；（3）滑块C落地点与桌面边缘的水平距离．2015-2016学年广东省汕头市金山中学高二（下）第十周周练物理试卷参考答案与试题解析一、计算题：1．在光滑水平面上静置有质量均为m的木板AB和滑块CD，木板AB上表面粗糙．动摩擦因数为μ，滑块CD上表面是光滑的圆弧，其始端D点切线水平且在木板AB上表面内，它们紧靠在一起，如图所示．一可视为质点的物块P，质量也为m，从木板AB的右端以初速度v0滑上木板AB，过B点时速度为，又滑上滑块CD，最终恰好能滑到滑块CD圆弧的最高点C处，求：（1）物块滑到B处时木板的速度v AB；（2）木板的长度L；（3）滑块CD圆弧的半径R．【考点】动量守恒定律；向心力；机械能守恒定律．【分析】对系统运用动量守恒定律，根据动量守恒定律求出物块滑到B处时木板的速度．由点A到点B时，根据能量守恒求解木板的长度．物块恰好能滑到圆弧的最高点C处，知物块与圆弧轨道具有相同的速度，根据动量守恒定律和机械能守恒定律求出圆弧的半径．【解答】解：（1）由点A到点B时，取向左为正．由动量守恒得：mv0=mv B+2mv AB ，由题意知：v B=，解得：v AB=；（2）由点A到点B时，由能量守恒定律得：mv02﹣2m（）2﹣m（）2=μmgL，解得：L=；（3）由点D到点C，滑块CD与物块P的水平方向动量守恒，以滑块的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m+m=2mv，由机械能守恒定律得：mgR=m（）2+m（）2﹣2mv2，解得：R=；答：（1）物块滑到B处时木板的速度为；（2）木板的长度为；（3）滑块CD圆弧的半径为．【点评】解决该题关键要能够熟练运用动量守恒定律和机械能守恒定律列出等式求解．2．如图所示，一足够长的固定光滑斜面倾角θ=37°，两物块A、B的质量m A=1kg、m B=4kg．两物块之间的轻绳长L=0.5m，轻绳可承受的最大拉力为T=12N，对B施加一沿斜面向上的力F，使A、B由静止开始一起向上运动，力F逐渐增大，g取10m/s2（sin37°=0.6，cos37°=0.8）．（1）若某一时刻轻绳被拉断，求此时外力F的大小；（2）若轻绳拉断瞬间A、B的速度为3m/s，绳断后保持外力F不变，求当A运动到最高点时，A、B之间的距离．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】（1）对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离对A分析，根据牛顿第二定律求出外力F的大小．（2）根据牛顿第二定律求出绳断后A、B的加速度，结合速度时间公式求出A速度减为零的时间，从而求出这段时间内A、B的位移，根据位移关系求出A、B间的距离．【解答】解：（1）对整体分析，根据牛顿第二定律得：F﹣（m A+m B）gsinθ=（m A+m B）aA物体：T﹣m A gsinθ=m A a代入数据解得：F=60N（2）设沿斜面向上为正，A物体：﹣m A gsinθ=m A a A解得：，因为v0=3m/s，所以A物体到最高点为：t===0.5 s此过程A物体的位移为：，B物体：F﹣m B gsinθ=m B a B所以两者间距为：△x=x B﹣x A+L代入数据解得：△x=2.375m答：（1）此时外力F的大小为60N；（2）A、B之间的距离为2.375m．【点评】本题应用牛顿定律解决两类基本问题为命题背景考查学生的推理能力和分析综合能力，关键理清物体的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．3．如图甲所示，有一倾角为30°的光滑固定斜面，斜面底端的水平面上放一质量为M的木板．开始时质量为m=1kg的滑块在水平向左的力F作用下静止在斜面上，今将水平力F变为水平向右，当滑块滑到木板上时撤去力F，木块滑上木板的过程不考虑能量损失．此后滑块和木板在水平上运动的v﹣t图象如图乙所示，g=10m/s2．求（1）水平作用力F的大小；（2）滑块开始下滑时的高度；（3）木板的质量．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】（1）对滑块受力分析，由共点力的平衡条件可得出水平作用力的大小；（2）根据图乙判断滑块滑到斜面底部的速度，由牛顿第二定律求出加速度，从而根据在斜面上的位移和三角关系求出下滑时的高度．（3）根据图象和牛顿第二定律求出地面和木板间的摩擦力，以及滑块和木板间的摩擦力，进而根据牛顿第二定律求出木板的质量．【解答】解：（1）滑块受到水平推力F、重力mg和支持力N处于平衡，如图所示，水平推力：F=mgtanθ=1×10×=（2）由图乙知，滑块滑到木板上时速度为：v1=10m/s设下滑的加速度为a，由牛顿第二定律得：mgsinθ+Fcosθ=ma代入数据得：a=10m/s2则下滑时的高度：h=（3）设在整个过程中，地面对木板的摩擦力为f，滑块与木板间的摩擦力为f1由图乙知，滑块刚滑上木板时加速度为：对滑块：f1=ma1①此时木板的加速度：对木板：﹣f1﹣f=Ma2②当滑块和木板速度相等，均为：v=2m/s之后，连在一起做匀减速直线运动，加速度为：a3=对整体：﹣f=（m+M）a3③联立①②③带入数据解得：M=1.5kg答：（1）水平作用力F的大小位；（2）滑块开始下滑时的高度为2.5m；（3）木板的质量为1.5kg．【点评】本题考查斜面上力的合成与分解，和牛顿第二定律的应用，注意平时深入分析各种运动形式的特征．4．如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面轨道AB的下端与光滑的圆弧轨道BCD相切于B，C是最低点，圆心角∠BOC=37°，D与圆心O等高，圆弧轨道半径R=1.0m，现有一个质量为m=0.2kg可视为质点的小物体，从D点的正上方E点处自由下落，DE距离h=1.6m，物体与斜面AB之间的动摩擦因数μ=0.5．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．求：（1）物体第一次通过C点时轨道对物体的支持力F N的大小；（2）要使物体不从斜面顶端飞出，斜面的长度L AB至少要多长；（3）若斜面已经满足（2）要求，物体从E点开始下落，直至最后在光滑圆弧轨道做周期性运动，在此过程中系统因摩擦所产生的热量Q的大小．【考点】动能定理的应用；向心力．【分析】（1）由机械能守恒可求得物体在C点的速度，C点物体做圆周运动，则由牛顿第二定律充当向心力可求得支持力；（2）要使物体不飞出，则到达A点时速度恰为零，则由动能定理可求得AB的长度；（3）由于摩擦力小于重力的分力，则物体不会停在斜面上，故最后物体将稳定在C为中心的圆形轨道上做往返运动，由功能关系可求得热量Q．【解答】解：（1）物体从E到C，由机械能守恒得：mg（h+R）=mv c2；①在C点，由牛顿第二定律得：F N﹣mg=m②联立①、②解得支持力F N=12.4N ③（2）从E～D～C～B～A过程，由动能定理得W G﹣W f=0 ④W G=mg[（h+Rcos37°）﹣L AB sin37°]⑤W f=μmgcos37°L AB⑥联立、④、⑤、⑥解得斜面长度至少为：L AB=2.4m ⑦（3）因为，mgsin37°＞μmgcos37°（或μ＜tan37°）所以，物体不会停在斜面上．物体最后以C为中心，B为一侧最高点沿圆弧轨道做往返运动．从E点开始直至稳定，系统因摩擦所产生的热量Q=△E P⑧△E P=mg（h+Rcos37°）⑨联立⑥、⑦解得Q=4.8J ⑩在运动过程中产生热量为4.8J答：（1）物体第一次通过C点时轨道对物体的支持力F N的大小为12.4N；（2）要使物体不从斜面顶端飞出，斜面的长度L AB至少要2.4m；（3）若斜面已经满足（2）要求，物体从E点开始下落，直至最后在光滑圆弧轨道做周期性运动，在此过程中系统因摩擦所产生的热量Q的大小为4.8J．【点评】在考查力学问题时，常常将动能定理、机械能守恒及牛顿第二定律等综合在一起进行考查，并且常常综合平抛、圆周运动及匀变速直线运动等运动的形式．5．如图所示，小球A和B质量分别为m A=0.3kg和m B=0.5kg，两球间压缩一弹簧（不拴接），并用细线连接．静止于一光滑的水平平台上，烧断细线后，弹簧储存的弹性势能全部转化为两球的动能，小球B脱离弹簧时的速度v B=3m/s，A球滑上用一小段光滑小圆弧连接的光滑斜面，当滑到斜面顶端时速度刚好为零．斜面的高度H=1.25m，B球滑出平台后刚好沿光滑固定圆槽左边顶端的切线方问进入槽中，圆槽的半径R=3m，圆槽所对的圆心角为120°，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）烧断细线前轻弹簧储存的弹性势能E p；（2）平台到圆槽的距离L；（3）小球B滑到圆槽最低点时对糟的压力N′．【考点】功能关系；动能定理．【分析】（1）烧断细线后，A球刚好到达斜面顶端，根据动能定理求处细线烧断时A球的速度，再根据弹簧储存的弹性势能全部转化为两球的动能求解；（2）B球滑出平台后做平抛运动，根据平抛运动的基本公式求解即可；（3）先求出B球做平抛运动竖直方向距离，从抛出到最低点的过程中，根据动能定理求出到达最低点的速度，在最低点，根据向心力公式即可求解．【解答】解：（1）烧断细线后，A球刚好到达斜面顶端，根据动能定理得：解得：v A=，弹簧储存的弹性势能全部转化为两球的动能，则有：==6J（2）B球滑出平台后做平抛运动，刚好沿光滑固定圆槽左边顶端的切线方问进入槽中，根据几何关系得：进而圆弧轨道竖直方向速度，则运动的时间t=，水平方向做匀速运动，则有L=（3）B球做平抛运动，竖直方向距离h=，从抛出到最低点的过程中，根据动能定理得：=m B g（h+R﹣Rsin30°）①在最低点，根据向心力公式得：N﹣m B g=②由①②解得：N=16N根据牛顿第三定律可知，小球B滑到圆槽最低点时对糟的压力N′=N=16N．答：（1）烧断细线前轻弹簧储存的弹性势能E p为6J；（2）平台到圆槽的距离L为；（3）小球B滑到圆槽最低点时对糟的压力N′为16N．【点评】本题主要考查了平抛运动基本公式、向心力公式以及动能定理的直接应用，综合性较强，对同学们的能力要求较高，注意题目中的一些隐含条件的应用，如刚好沿光滑固定圆槽左边顶端的切线方问进入槽中，难度适中．二、选择题（共3小题，每小题3分，满分9分）6．（3分）（2014春阿勒泰市校级期末）下列关于光电效应的陈述中，正确的是（）A．金属的逸出功与入射光的频率成正比B．光电流强度与入射光强度无关C．用不可见光照射金属一定比用可见光照同种金属产生的光电子的初动能大D．对任何一种金属，都有一个“最大波长”，入射光的波长必须小于这个波长才能产生光电效应【考点】爱因斯坦光电效应方程．【分析】发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，或入射光的波长小于金属的极限波长．光的强度影响单位时间内发出的光电子数目，即光电流的大小．【解答】解：A、根据W0=hv0知，金属的逸出功由金属的极限频率决定，与入射光的频率无关．故A错误．B、光的强度影响单位时间内发出光电子的数目，即影响光电流的大小．故B错误．C、不可见光的频率不一定比可见光的频率大，根据光电效应方程知，产生的光电子的最大初动能不一定大．故C错误．D、对任何一种金属，都有一个“最大波长”，入射光的波长必须小于这个波长才能产生光电效应．故D正确．故选D．【点评】解决本题的关键知道光电效应的条件，以及知道光电效应方程，知道最大初动能与入射光频率的关系．7．（3分）（2013奉贤区二模）在光电效应实验中，如果需要增大光电子到达阳极时的速度，可采用的方法是（）A．增加光照时间 B．增大入射光的波长C．增大入射光的强度 D．增大入射光频率【考点】光电效应．【分析】根据光电效应方程E km=hγ﹣W0判断最大初动能与什么因素有关．【解答】解：根据光电效应方程E km=hγ﹣W0知，增大入射光的频率（或减小入射光的波长），最大初动能变大，可以增大光电子到达阳极的速度，与强度、照射时间无关．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键掌握光电效应方程，以及知道最大初动能与入射光的强度和照射时间无关．8．（3分）（2011春红山区校级期中）对光的认识，下列说法中正确的是（）A．个别光子的行为表现出粒子性，大量光子的行为表现出波动性B．光的波动性是光子本身的一种属性，不是光子之间的相互作用引起的C．光表现出波动性时，就不具有粒子性了；光表现出粒子性时，就不再具有波动性了D．光的波粒二象性应理解为：在某种场合下光的波动性表现得明显，在另外的某种场合下，光的粒子性表现得明显【考点】光的波粒二象性．【分析】光的波粒二象性是指光既具有波动性又有粒子性，少量粒子体现粒子性，大量粒子体现波动性．【解答】解：A、大量光子的效果往往表现出波动性，个别光子的行为往往表现出粒子性．故A正确；B、波粒二象性是光的根本属性，与光子之间的相互作用无关，故B正确；C、光具有波粒二象性即光既具有波动性又有粒子性．故C错误；D、光的波粒二象性是指光既具有波动性又有粒子性，少量粒子体现粒子性，大量粒子体现波动性，故D正确；故选ABD．【点评】宏观世界里找不到既有粒子性又有波动性的物质，同时波长长的可以体现波动性，波长短可以体现粒子性．三、计算题：9．（2011春禅城区校级期末）如图所示，一轻质弹簧的一端固定在滑块B上，另一端与滑块C接触但未连接，该整体静止放在离地面高为H=5m的光滑水平桌面上．现有一滑块A 从光滑曲面上离桌面h=1.8m高处由静止开始滑下，与滑块B发生碰撞并粘在一起压缩弹簧推动滑块C向前运动，经一段时间，滑块C脱离弹簧，继续在水平桌面上匀速运动一段后从桌面边缘飞出．已知m A=1kg，m B=2kg，m C=3kg，g=10m/s2，求：（1）滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度；（2）被压缩弹簧的最大弹性势能；（3）滑块C落地点与桌面边缘的水平距离．【考点】动量守恒定律；平抛运动；机械能守恒定律．【分析】由机械能守恒定律求出滑到底面的速度．运用动量守恒定律研究A、B系统，求出具有共同速度．当滑块A、B、C速度相等时，被压缩弹簧的弹性势能最大．把动量守恒和机械能守恒结合解决问题．【解答】解：（1）滑块A从光滑曲面上h高处由静止开始滑下的过程，机械能守恒，设其滑到底面的速度为v1，由机械能守恒定律有：解得：v1=6m/s滑块A与B碰撞的过程，A、B系统的动量守恒，碰撞结束瞬间具有共同速度设为v2，由动量守恒定律有：m A v1=（m A+m B）v2解得：（2）滑块A、B发生碰撞后与滑块C一起压缩弹簧，压缩的过程机械能守恒，被压缩弹簧的弹性势能最大时，滑块A、B、C速度相等，设为速度v3，由动量守恒定律有：m A v1=（m A+m B+m C）v3由机械能守恒定律有：E p=（m A+m B）v22﹣（m A+m B+m C）v32E p=3J（3）被压缩弹簧再次恢复自然长度时，滑块C脱离弹簧，设滑块A、B的速度为v4，滑块C的速度为v5，分别由动量守恒定律和机械能守恒定律有：（m A+m B）v2=（m A+m B）v4+m C v5解得：v4=0，V5=2m/s滑块C从桌面边缘飞出后做平抛运动：S=v5tH=解得：S=2m答：（1）滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度是2m/s；（2）被压缩弹簧的最大弹性势能是3J；（3）滑块C落地点与桌面边缘的水平距离为2m．【点评】利用动量守恒定律解题，一定注意状态的变化和状态的分析．把动量守恒和能量守恒结合起来列出等式求解是常见的问题．。