2015年广东省湛江一中高考物理模拟试卷(解析版)

湛江市2015年普通高考测试（一）理科综合物理试题一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，共64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

13．三段不可伸长的细绳OA 、OB 、OC 能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB 是水平的，A 端、B 端固定。

若逐渐增加C 端所挂物体的质量，则最先断的绳（ ）A ．必定是OAB ．必定是OBC ．必定是OCD ．可能是OB ，也可能是OC14.如图，理想变压器原、副线圈匝数比n 1＝100匝，n 2=10匝, ○V 和○A 均为理想电表，灯泡额定功率P =6W,灯泡正常发光，AB 端电压u 1=1202sin100πt （V ）.下列说法正确的是（ ）A ．电流频率为100 HzB ．○V 的读数为12 2 VC. ○A 的读数为0.5AD ．变压器输入功率为24W15．如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方。

忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时可以（ ）A. 换用质量稍大些的飞镖B. 适当增大投飞镖的高度C. 到稍远些的地方投飞镖D. 适当减小投飞镖的初速度16. 如图所示，实线表示匀强电场的电场线，虚线表示某一带电粒子从a 点进入电场时通过该电场区域的运动轨迹，a 、b 是轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，则由此图可作出正确的判断是（ ）A ．粒子带正电B ．粒子在a 点的电势能大于在b 点的电势能C ．粒子在a 点的速度大于在b 点的速度D ．粒子在a 点的加速度大于在b 点的加速度二、双项选择题：本大题共9小题，每小题6分，共54分。

在每小题给出的四个选项中，有两个选项是符合题目要求的，全选对的得6分，只选一个且正确的得3分，有错选或不选的得0分。

17．下列说法中正确的是（ ）A ．用打气筒的活塞压缩气体很费力，说明分子间有斥力B ．在阳光照射下，可以观察到教室空气中飞舞的尘埃作无规则运动，属于布朗运动C. 一定质量的理想气体温度升高其内能一定增大D. 一定质量的理想气体温度升高其压强可能减小 a Eb18．如下的说法中，正确的是（ ）A ．n H H H 10423121+→+ 是轻核聚变反应B ．β衰变说明了原子核中有电子C ．光电效应说明了光具有粒子性D ．γ射线可用来消除静电19.如图所示为一物体沿左右方向（规定向右为正方向）做直线运动的速度—时间图象，由图可知（ ）A ．6s 末物体回到初始位置B ．3s 末物体的加速度方向发生变化C ．物体所受合外力的方向一直向右D ．物体所受合外力的方向一直向左20. 载人飞船从发射、进入轨道、加速变轨，最后进入圆形轨道稳定运行。

广东省湛江第一中学2015届高三“临门一脚”物理试题13.【题文】鱼在水中沿直线水平向左加速游动过程中，水对鱼的作用力方向合理的是A B C D【答案】D【解析】本题主要考查牛顿运动定律以及力的合成与分解；鱼受到竖直向下的重力，且具有向左的加速度，因此所受水的力向左上方，这样竖直方向分力与重力平衡，水平方向分力提供加速度，故选项D正确。

【题型】单选题【备注】【结束】14.【题文】如图所示，气垫床是一种可以注入空气的床垫，睡在气垫床上可以让肌肉得到放松，是不少人舒缓神经的不错选择。

当人从床上起身下床时，假设床垫内气体与外界无热交换，且密封性良好，则有关床垫内气体下列说法正确的是A.体积增大，内能增大B.体积减小，压强减小C.对外界做负功，分子平均动能增大D.对外界做正功，压强减小【答案】D【解析】本题主要考查分子动理论；当人起身下床后，内部气体所受压力减小，体积变大，对外做正功，内能减小，分子平均动能减小，压强减小，故选项D正确。

【题型】单选题【备注】【结束】15.【题文】下列说法正确的是A、α衰变过程中放出的α射线是氦原子B、波尔理论的假设之一是原子能量是具有连续性C.当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小D、飘浮在热菜汤表面上的油滴，从上面观察是圆形的，是因为油滴液体呈各向同性的缘故【答案】C【解析】本题主要考查衰变、分子动理论以及波尔理论；选项A，α衰变过程中放出的α射线是氦原子核，选项A错误；选项B，波尔理论的假设之一是原子能量是具有不连续性，选项B错误；选项C，当分子间的引力和斥力平衡时，无论二者是靠近还是远离分子都会做负功，使得分子势能增大，故平衡时分子势能最小，选项C正确；选项D，飘浮在热菜汤表面上的油滴，从上面观察是圆形的，是因为表面张力的原因，选项D错误；本题正确选项为C。

【题型】单选题【备注】【结束】16.【题文】如图所示，轻质弹簧的劲度系数为k，小球重G，平衡时小球在A处，今用力F压小球至B处，使弹簧再缩短x，则下列说法正确的是A、此时弹簧的弹力大小为kxB.此时弹簧的弹力大小为kx＋GC.将力F撤去的瞬间，小球处于平衡状态D.将力F撤去以后，小球的机械能守恒【答案】B【解析】本题主要考查弹力以及共点力平衡条件；选项A，既然在A处平衡，即重力等于弹力，则B处压缩量增大，弹力大于重力，故选项A错误；选项B，在A处有弹力等于重力，在B处弹力增大了kx，即弹力为kx+G,选项B正确；选项C,撤去F后，弹力大于重力，小球所受合力向上，故选项C错误；选项D，撤去F后，对小球合弹簧的系统机械能守恒，故选项D错误；本题正确选项为B。

2 3 4 1 ２０１５届湛江一中高三模拟测试理科综合可能用到的相对原子质量： H 1 C 12 N 14 O 16第Ⅰ卷（选择题共25题，共118分）一．单项选择题（本题共16题，每小题4分，共64分;在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的）1.下列概念除哪项外．．．．，均可用右图来表示 （ ） A ．1表示固醇，2～4分别表示脂质、磷脂、性激素B ．1表示核糖核苷酸，2～4分别表示含氮碱基、核糖、磷酸C ．1表示突触，2～4分别表示突触前膜、突触间隙、突触后膜D ．1表示可遗传变异，2～4分别表示基因突变、基因重组、染色体变异2．下图为生物体内4种有机分子的结构，其中①仅存在于植物细胞中，不正确．．．的是（ ）A ．①最可能存在于叶绿体类囊体薄膜上，②的功能是运输氨基酸，具有特异性B ．②与吡罗红呈现红色，其含有与③中a 类似的结构，③是生命活动的直接能源物质C ．细胞中没有①也能产生③；②③④都含有核糖，三者在任何生物体内都存在D ．④的全称为腺嘌呤核糖核苷酸，其中的b 称为腺苷3. 科学发现 科学家 科学家的思想或方法①酿酒中的发酵是由于酵母细胞的存在巴斯德 显微镜观察②光合作用的产物有淀粉 萨克斯 植物绿叶光合作用③光合作用中O 2的来源 卡尔文 同位素标记H 2180④DNA 是遗传物质 艾弗里 32p 标记噬菌体的DNA⑤膜由脂质组成的 欧文顿 细胞膜对不同的物质通透性不同⑥亮一暗一亮结构三层结构 罗伯特森 电镜观察细胞膜4．蝎毒“染色剂"氯代毒素(Chlorotoxin)由蝎子毒液中的一种蛋白质经人为加工制成，它可以选择性地“绑定"癌细胞，使癌症手术更加容易、有效。

下列说法不正确．．．的是（ ） A ．蝎毒“染色剂"氯代毒素可能被癌细胞的某些特异性蛋白识别B ．蝎子毒液中的这种蛋白质的合成、加工和分泌需要线粒体C ．蝎毒“染色剂"氯代毒素由蝎子细胞的核糖体合成D ．氯代毒素能选择性地“绑定”癌细胞，方便制定医疗方案5．植物基因D 控制蛋白质的合成。

2015年广东省高考物理试卷一、单项选择题（本大题共4小题，每小题4分，满分16分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分）1. （4分）（2015 ?广东）甲、乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1小时内的位移-时间图象如图所示.下列表述正确的是（）A. 0.2 - 0.5小时内，甲的加速度比乙的大B. 0.2 - 0.5小时内，甲的速度比乙的大C. 0.6 - 0.8小时内，甲的位移比乙的小D. 0.8小时内，甲、乙骑行的路程相等考点：匀变速直线运动的图像.专题：运动学中的图像专题.分析：位移图象反映质点的位置随时间的变化情况，其斜率表示速度，倾斜的直线表示匀速直线运动；根据斜率的正负分析速度的方向.物体的位移等于s的变化量.解答：解：A、由图知，0.2 -0.5小时内甲乙都做匀速直线运动，加速度均为零，故A错误.8 s-t图象的斜率表示速度，甲的斜率大，则甲的速度比乙的大，故B正确.G物体的位移等于s的变化量.则知0.6 - 0.8小时内，甲的位移比乙的大，故C错误. 以0 - 0.6小时内，甲的位移比乙的大，0.6 - 0.8小时内，甲的位移比乙的大，所以0.8 小时内，甲的路程比乙的大，故D错误.故选：B. 点评：该题考查了对位移--时间图象的理解和应用，要掌握：在位移-时间图象中，图象的斜率表示质点运动的速度的大小，纵坐标的变化量表示位移.2. （4分）（2015?广东）如图所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向运动，帆船以速度v 朝正北方向航行，以帆板为参照物（）A. 帆船朝正东方向航行，速度大小为 vB. 帆船朝正西方向航行，速度大小为 vC. 帆船朝南偏东45°方向航行，速度大小为 桓vD.帆船朝北偏东45°方向航行，速度大小为 显v考点：运动的合成和分解.分析： 将帆板视为静止，则可得出船相对于板的速度， 再由运动的合成与分解可求得合速度的大小和方向.解答： 解：以帆板为参考系，即把帆板看作静止，则帆船相对于帆板有向东的速度 v 及向 北的速度v;由矢量合成可知，二者的合速度 v 合=0;方向北偏东45度. 故选：D点评： 本题考查运动的合成与分解及参考系的内容， 矢量是高中物理中的重要内容要掌握其合成与分解的方法.3. （4分）（2015?广东）如图为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变阻 器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变，调节触头 P,使输出电压有效值由220V 降至110V.调节前后（）导气管考点：变压器的构造和原理. 专题：交流电专题.分析： 变压器的电压与匝数成正比， 电流与匝数成反比， 输入功率等于输出功率， 结合欧姆定律分析.解答： 解：A 、通过调节触头P,使输出电压有效值由 220V 降至110V,输出电压减小为原 来的一半，在原线圈电压和匝数不变的情况下， 根据原副线圈电压之比等于匝数之比得副线圈接入匝数 也应该变为原来的一半，所以接入匝数之比为 2: 1,副线圈电压减半，电阻不变，电流也随之减半，所以电流之比 为2: 1,故A 错误，C 正确；8由P=r ，所以输出功率之比为 4: 1,故B 错误；以副线圈输出功率等于原线圈输入功率，所以原线圈输入功率之比为 4: 1,故D 错误;故选：C点评： 本题不仅考查了变压器的特点和欧姆定律，还结合闭合电路考查了电路的动态分 4. （4分）（2015?广东）在同一匀强磁场中，a 粒子（4 He ）和质子（1 H ）做匀速圆周 2 1A.副线圈中的电流比为1: 2 C.副线圈的接入匝数比为 2:B.副线圈输出功率比为 2: 1 D.原线圈输入功率比为1: 2运动，若它们的动量大小相等，则a粒子和质子（）A. 运动半径之比是2: 1B.运动周期之比是2: 1C. 运动速度大小之比是4: 1D.受到的洛伦兹力之比是2: 1考点：带电粒子在匀强磁场中的运动.专题：带电粒子在磁场中的运动专题.分析：质子H和a粒子以相同的动量在同一匀强磁场中作匀速圆周运动，均由洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律和圆周运动的规律，可求得比较r、速度v及T的表达式，根据表达式可以得到半径以及周期之比.解答：解：C、两个粒子的动量大小相等，质量之比是4: 1,所以：至二虺二L 故C错误；呢4A、质子H和a粒子在匀强磁场中作匀速圆周运动，均由洛仑兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=^—，得轨道半径：R如土R qB qB根据质子质子（和③（？He）粒子的电荷量之比是1: 2,质量之比是1： 4,… q^i 1 ,,小则得：Rde： R=——二S，故A错误；2一一……，T He v He V H 1^42 .r>8粒子您动的周期：T —，所以：—二------------------------- - X -=7 .故B正确;v T H v He 2 11以根据粒子受到的洛伦兹力：f=qvB，得：呈二"岛四芝妃旦.故。

2015届普通高考测试（二）理科综合本试卷共12页，36小题，满分300分。

考试时间150分钟。

注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号、试室号、座位号填写在答题卡上。

用2B铅笔将试卷类型(A)填涂在答题卡相应位置上。

将条形码横贴答题卡右上角“条形码粘贴处”2．选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4．考生必须保持答题卡的整洁。

考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Cl 35.5 Na 23 Cs 40 Fe 56 Cu 64一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分。

共64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。

）1、关于细胞结构及其生理活动，下列叙述正确的是A．叶绿体中可合成DNA、mRNA和蛋白质B．内质网主要由脂质、蛋白质和核酸组成C．线粒体能将葡萄糖分解成CO2和H2OD．核仁与RNA的合成及高尔基体的形成有关2、下列有关实验的叙述，正确的是A．DNA在0.14mol/L的NaCl溶液中经搅拌后能迅速溶解B．在腐殖质很少的土壤中更容易发现较多的土壤小动物C．马铃薯捣碎后的提取液与双缩脲试剂混合后溶液变成紫色D．洋葱表皮细胞在0.5g/mL蔗糖溶液中不能发生质壁分离3、当植物被昆虫啃食时，叶肉细胞内的叶绿素酶能立即将叶绿素转化成叶绿素酸酯。

叶绿素酸酯能抑制昆虫幼虫的生长，提高幼虫的死亡率。

下列有关说法错误的是A．叶绿素酶可能存在于含叶绿体的细胞中B．可利用叶绿素酸酯对有害昆虫进行控制C．植物和昆虫通过竞争关系实现了共同进化D．出生率和死亡率决定了昆虫的种群密度4、下列叙述与生物学史实相符合的是A．孟德尔和摩尔根运用类比推理法发现了自由组合定律B．赫尔希和蔡斯运用同位素标记法证明DNA是遗传物质C．鲁宾和卡门利用荧光标记法证明了光合作用释放的氧气来自于水D．达尔文和温特通过植物的向光性实验发现了生长素5、抽取孕妇羊水中的细胞，经培养后进行显微镜检查，能够鉴别胎儿A．是否出现肢体异常B．是否患有红绿色盲症C．是否患有囊性纤维病D．是否患有猫叫综合征6、下表为某河流中5种生物间的食物关系（“√”表示存在食物关系），已知能量传递效率为10％，戊的同化量为1×1010kJ，乙的同化量为2×108kJ，下列有关说法正确的是A．这5种生物构成了该湖泊的生物群落Array B．表中的食物关系能构成4条食物链C．理论上甲的同化量应为8×107kJD．丙生物的碳元素不可能流向丁7．下列说法错误的是A．乙烯可催熟水果B．SO2、CO2和NO2都可形成酸雨C．盐析可提纯蛋白质并保持其生理活性D．通过石油的裂解可获得乙烯、丙烯8．下列各组离子在溶液中能大量共存的是A．K+、O H－、Na+、NO3－B．Al3+、AlO2－、HCO3－、Na+C．Na+、Fe3+、SO42－、I－D．Fe3＋、SC N－、Na＋、CO32－9．设阿伏加德罗常数的数值为N A，下列说法正确的是A．11.2L氮气所含的分子数为0.5N AB．16g CH4含有的电子数为8N AC．1L0.1mol•L－1的Na2S溶液中含有的S2－为0.1N AD．7.8gNa2O2与足量CO2反应，转移的电子数为0.1N A10．下列陈述Ⅰ、Ⅱ正确并且有因果关系的是11．80℃时，下列各溶液中，离子的物质的量浓度关系正确的是A．pH=3的碳酸中：c(H+)=3.0mol•L－1B．饱和乙酸钠溶液中：c(Na+)= c(CH3COO－)C．pH为2的盐酸中：c(H+)=c(Cl﹣)+c(OH﹣)D．pH=13的烧碱溶液中：c(OH－)=1.0×10－1mol•L－112．下列对有关物质性质的分析正确的是A ．Na 久置于空气中，最终生成NaHCO 3，B ．在高温下用氢气还原AlCl 3可制取金属铝C ．SiO 2与焦炭反应，再经化学提纯得高纯硅D ．N 2在放电条件下与O 2反应生成NO 213、如图所示，日光灯管两端用细绳吊在天花板上，设两绳的拉力分别为1F 、2F ，它们的合力为F 。

2015年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）理科综合（物理）注意事项：1.答题前，考生务必用自黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号、考场号、座位号填写在答题卡上，用2B铅笔将试卷类型（A）填涂在答题卡相应位置上。

将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。

2.选择题每小题选出答案后，用2Ｂ铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案，不准使用铅笔和涂改液，不按以上要求作答的答案无效。

4.考生必须保持答题卡的整洁。

考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分。

1.甲、乙两人同时同地出发骑自行车做直线运动，前1小时内的位移-时间图像如图3所示。

下列表述正确的是A．0.2-0.5小时内，甲的加速度比乙的大B．0.2-0.5小时内，甲的速度比乙的大C．0.6-0.8小时内，甲的位移比乙的小D．0.8小时内，甲、乙骑行的路程相等2.如果4所示，帆板在海面上以速度υ朝正西方向运动，帆船以速度υ朝正北方向航行，以帆板为参照物A．帆船朝正东方向航行，速度大小为υB．帆船朝正西方向航行，速度大小为υC．帆船朝南偏东45υD．帆船朝北偏东45υ3.图5为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变压器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变，调节触头P，使输出电压有效值由220V降至110V。

调节前后A．副线圈中的电流比为1:2B．副线圈输出功率比为2:1C．副线圈的接入匝数比为2:1D．原线圈输入功率比为1:24、在同一匀强磁场中，α粒子（42He）和质子（11H）做匀速圆周运动，若它们的动量大小相等，则α粒子和质子A、运动半径之比是2:1B、运动周期之比是2:1C、运动速度大小之比是4:1D. 受到的洛伦兹力之比是2:1二、双项选择题：本大题5小题，每小题6分，共30分。

2015年广东省湛江市雷州市东里中学高考物理模拟试卷一、单项选择题：本大题共4小题，每题小4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）（2015•广东校级三模）甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移﹣时间（x﹣t）图象如图所示，由图象可以看出在0〜4s内（）2．（4分）（2015•肇庆二模）线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动，产生交变电流的图象如图所示，由图中信息可以判断（）时间内，线圈转过的角度为π3．（4分）（2015•肇庆二模）如图所示，当滑动变阻器R3的滑片P向上端a滑动时，电流表A1、A2及电压表V的示数变化情况是（）4．（4分）（2015•肇庆二模）如图所示，质量相等的物体A、B通过一轻质弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B均处于静止状态．现通过细绳将A向上缓慢拉起，第一阶段拉力做功为W1时，弹簧变为原长；第二阶段拉力再做功W2时，B刚要离开地面．弹簧一直在弹性限度内，则（）二、双项选择题，每小题6分，每小题给出的四个选项中，有二个选项符合题意．全选对得6分，只选一项且正确得3分，错选或不选均得0分）5．（6分）（2015•肇庆二模）场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是（）6．（6分）（2015•肇庆二模）如图所示，小船自A点渡河，到达正对岸B点，现在水流速度变大，仍要使船到达正对岸B点，下列可行的办法是（）7．（6分）（2015•肇庆二模）一铁架台放于水平地面上，其上有一轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直，现将水平力F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止，则在这一过程中（）8．（6分）（2015•肇庆二模）随着“神舟十号”与“天宫一号”成功牵手，我国将于2020年前发射月球登陆器．月球登陆器返回时，先由月球表面发射后绕月球在近月圆轨道上飞行，经轨道调整后与在较高圆轨道上运行的轨道舱对接，对接完成后再经加速脱离月球飞回地球．下列关于此过程的描述，正确的是（）9．（6分）（2015•雷州市校级模拟）下列说法正确的（）．Th→Pa+X 中的X是电子N+He→O+H是α衰变H+H→He+n是核聚变．Se→Kr+2e是核裂变三、非选择题（共4小题，满分54分）10．（8分）（2015•安徽模拟）研究小车匀加速直线运动的实验装置如图（甲）所示，其中斜面倾角θ可调，打点计时器的工作频率为50HZ，纸带上计数点的间距如图（乙）所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①某同学的部分实验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车C．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连D．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔上述实验步骤的正确顺序是：（选填字母代号即可）．②图（乙）中标出的相邻两计数点的时间间隔T=s．③计数点6对应的瞬时速度大小计算式为v6=（用题中字母表示）．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a=．11．（10分）（2015•雷州市校级模拟）一个额定功率为0.1W的电阻R x，其阻值不详，有一个研究性学习小组分别设计了以下实验方案测量该电阻．①第一组同学先用欧姆表粗测其阻值，其结果如图1所示，该组同学还备有以下器材．A．电流表，量程0～500μA，内阻约150ΩB．电流表，量程0～10mA，内阻约10ΩC．电压表，量程0～3V，内阻约5KΩD．电压表，量程0～15V，内阻约10KΩE．干电池两节，每节电动势为1.5VF．直流稳压电源，输出电压12V，额定电流1AG．滑动变阻器，0～50Ω，0.5AH．电键一只，导线若干试帮助该组同学选择合适的器材及适当的电路，较精确地测量R x．Ⅰ．欧姆表测得的R x约为Ω；Ⅱ．电流表应该选择，电压表应该选择，电源应该选择（选填字母代号即可）；Ⅲ．请在图中选择合适的电路图测量该电阻R x，要求电流表电压表的读数从零开始调节．12．（18分）（2015•雷州市校级模拟）如图所示，质量为M的平板车P高h，质量为m的小物块Q的大小不计，位于平板车的左端，系统原来静止在光滑水平地面上．一不可伸长的轻质细绳长为R，一端悬于Q正上方高为R处，另一端系一质量也为m的小球（大小不计）．今将小球拉至悬线与竖直位置成60°由静止释放，小球到达最低点时与Q的碰撞时间极短，且无机械能损失．已知Q离开平板车时速度大小是平板车速度的两倍，Q与P之间的动摩擦因数为μ，平板车与Q的质量关系是M：m=4：1，重力加速度为g．求：（1）小物块Q离开平板车P时，P和Q的速度大小？（2）平板车P的长度为多少？（3）小物块Q落地时与平板车P的水平距离为多少？13．（18分）（2015•肇庆二模）如图所示，相距为d、板间电压为U的平行金属板M、N间有垂直纸面向里、磁感应强度为B0的匀强磁场；在pOy区域内有垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场；pOx区域为无场区．一正离子沿平行于金属板、垂直磁场射入两板间并做匀速直线运动，从H（0，a）点垂直y 轴进入第Ⅰ象限．（1）求离子在平行金属板间的运动速度；（2）若离子经Op上某点离开磁场，最后垂直x轴离开第Ⅰ象限，求离子在第Ⅰ象限磁场区域的运动时间；（3）要使离子一定能打在x轴上，则离子的荷质比应满足什么条件？2015年广东省湛江市雷州市东里中学高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共4小题，每题小4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）（2015•广东校级三模）甲、乙两物体从同一点出发且在同一条直线上运动，它们的位移﹣时间（x﹣t）图象如图所示，由图象可以看出在0〜4s内（）2．（4分）（2015•肇庆二模）线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动，产生交变电流的图象如图所示，由图中信息可以判断（）时间内，线圈转过的角度为π，经历个周期，线圈转过的角度为，故3．（4分）（2015•肇庆二模）如图所示，当滑动变阻器R3的滑片P向上端a滑动时，电流表A1、A2及电压表V的示数变化情况是（）→4．（4分）（2015•肇庆二模）如图所示，质量相等的物体A、B通过一轻质弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B均处于静止状态．现通过细绳将A向上缓慢拉起，第一阶段拉力做功为W1时，弹簧变为原长；第二阶段拉力再做功W2时，B刚要离开地面．弹簧一直在弹性限度内，则（）。

2015年广东省湛江一中高考物理模拟试卷一、单项选择题（本题每小题4分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．选对得4分．有选错或不选的得0分）1．（4分）如图所示，在青海玉树抗震救灾中，一运送救灾物资的直升机沿水平方向匀速飞行．已知物资的总质量为m，吊运物资的悬索与竖直方向成θ角．设物资所受的空气阻力为F f，悬索对物资的拉力为F T，重力加速度为g，则（）A．F f=mgsin θB．F f=mgtan θC．F T=D．F T=2．（4分）某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则（）A．E P＜E Q，φP＞φQ B．E P＞E Q，φP＜φQ C．E P＞E Q，φP＞φQ D．E P＜E Q，φP＜φQ 3．（4分）如图所示，某商场的智能化的自动扶梯．当有乘客乘行时自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行．则扶梯在向上运送乘客的过程中（）A．扶梯对乘客先做正功后不做功B．乘客先超重后失重C．扶梯对乘客的作用力先斜向上，再竖直向上D．乘客与扶梯之间产生的内能一直增大4．（4分）如图为远距离输电示意图，升压变压器与降压变压器的匝数比分别为1：100和100：1，发电站输出电压为u=250sin100πt（V），下列说法正确的是（）A．用户得到的交变电压频率为50HzB．用户得到的交变电压有效值为250VC．用户得到的交流电压有效值小于250VD．输送过程中电能的损耗主要来自变压器原、副线圈的发热二、双项选择题（本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题的4个选项中有2个是正确的，全对得6分，只选一个且正确的得3分，错选、漏选0分）5．（6分）某洒水车停于水平地面上，在缓慢放水洒向花草过程中，若车胎不漏气，胎内气体温度不变，不计分子间势能，则胎内气体（）A．从外界吸热B．对外界做负功C．分子平均动能减小D．压强减小6．（6分）已知氢原子基态的能量为E1，第n能级的能量E n=，其中h表示普朗克常量，一群处于基态的氢原子吸收频率为ν的光子后再向低能级跃迁时最多能发出3条光子．下列说法正确的是（）A．吸收光子频率为ν=﹣B．氢原子由激发态向基态跃迁时动能减小，电势能增大C．辐射光子的能量可能为﹣D．辐射的光子中只有1条能使极限频率为﹣的金属发生光电效应7．（6分）2013年12月，嫦娥三号经过地月转移轨道在A点调整后进入环月圆轨道Ⅰ，进一步调整后进入椭圆轨道Ⅱ，有关嫦娥三号下列说法正确的是（）A．在地球的发射速度一定大于第二宇宙速度B．由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ需要在A点减速C．在轨道Ⅰ的A点势能大于在轨道Ⅱ的B点势能D．经过轨道I上A点的加速度比在轨道Ⅱ上经过A点时大8．（6分）假如质量为m的公交车由静止开始沿平直公路行驶，达到的最大速度为v m，利用传感器测得此过程中不同时刻公交车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出F﹣图象（图中CB、BO均为直线），假设公交车车行驶中所受的阻力恒定，则（）A．在全过程中，公交车在B点时速度最大B．CB过程公交车做匀加速运动C．BA过程公交车作减速运动D．BA过程公交车牵引力的功率恒定9．（6分）如图甲所示，闭合金属线框abcd垂直置于匀强磁场中，磁感应强度方向垂直于纸面向里，其大小随时间变化的图象如图乙所示，设第1s内和第2s 内线框中的感应电流分别为I1、I2，磁场对ab边的安培力分别为F1、F2，下列说法正确的是（）A．I1的方向为逆时针，I2的方向为顺时针B．F1的方向向左，F2的方向向右C．I1=2I2D．F1、F2大小均不变三、非选择题10．（10分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U﹣I图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）①实验中电压表应选用，电流表应选用．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）．②请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．③根据U﹣I图象，当灯泡两端所加电压为 3.2V时，电功率为W．11．（8分）如图1为测量物块与水平桌面质检动摩擦因数的实验装置示意图．实验步骤如下：A．用天平测得物块质量M为500g、重物m的质量为100g；B．调整长木板上的轻滑轮，使细线水平；C．调整长木板倾斜程度，平衡摩擦力D．打开电源，让物块由静止释放，打点计时器在纸带上打出点迹；E．多次重复步骤D，选取点迹清晰的理想纸带，求出加速度a；F．根据上述实验数据求出动摩擦因数u，整理仪器，结束实验．回答下列问题：①以上实验步骤中，不需要的步骤是．②其中一条纸带如图2所示，各点间还有4个点未标出，则物块的加速度a= m/s2（结果保留三位有效数字）③根据实验原理，可求出动摩擦因数u=（用M、m、a和重力加速度g 表示）．12．（18分）如图所示，平行于直角坐标系Y轴的PQ是用特殊材料制成的，只能让垂直打到PQ界面上的电子通过．其左侧有一直角三角形区域，分布着方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，其右侧有竖直向上场强为E的匀强电场．现有速率不同的电子在纸面上从坐标原点O沿不同方向射到三角形区域，不考虑电子间的相互作用．已知电子的电量为e，质量为m，在OAC中，OA=a，θ=60°．求：（1）当速度方向沿y轴正方向时，能从OC边出磁场的电子所具有的最大速度是多少；（2）能通过PQ界面的电子所具有的最大速度是多少；（3）在PQ右侧X轴上什么范围内能接收到电子．13．（18分）如图所示，B、C、D在同一水平面，CED为半径R=lm的圆形光滑圆弧，O为其圆心，其圆心角α=74°，E为圆弧的最低点，圆弧与传送带相切于D 点，传送带与水平面的夹角β=37°．质量为m=1kg可看做质点的物块从B点正上方的A点以v0=4m/s的水平速度抛出，恰好从C点沿圆弧的切线方向进入圆弧．传送带以速度v=4m/s匀速向上运动，传送带的长度DF=5m，物块与传送带间动摩擦因数μ=0.5，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力（不计空气阻力，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：（1）物块在C点速度的大小；（2）物块在E点对轨道的压力；（3）通过计算说明，物块能否被传送带传送到F点．2015年广东省湛江一中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题每小题4分，每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．选对得4分．有选错或不选的得0分）1．（4分）如图所示，在青海玉树抗震救灾中，一运送救灾物资的直升机沿水平方向匀速飞行．已知物资的总质量为m，吊运物资的悬索与竖直方向成θ角．设物资所受的空气阻力为F f，悬索对物资的拉力为F T，重力加速度为g，则（）A．F f=mgsin θB．F f=mgtan θC．F T=D．F T=【解答】解：以物资为研究对象，分析受力情况：重力mg、悬索对物资的拉力F T，空气阻力F f，力图如图：根据平衡条件得知：mg与F f的合力与F T大小相等，方向相反，如图．则有：F f=mgtanθF T=故选：BC2．（4分）某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P和E Q，电势分别为φP和φQ，则（）A．E P＜E Q，φP＞φQ B．E P＞E Q，φP＜φQ C．E P＞E Q，φP＞φQ D．E P＜E Q，φP＜φQ 【解答】解：由图Q点电场线密，电场强度大，E Q＞E P，PQ在同一条电场线上，沿电场线的方向电势降低，φP＞φQ．故选：A3．（4分）如图所示，某商场的智能化的自动扶梯．当有乘客乘行时自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行．则扶梯在向上运送乘客的过程中（）A．扶梯对乘客先做正功后不做功B．乘客先超重后失重C．扶梯对乘客的作用力先斜向上，再竖直向上D．乘客与扶梯之间产生的内能一直增大【解答】解：A、扶梯使人向上运动，故使人的重力势能一直增大，故一直做功，故A错误；B、加速运动阶段，扶梯对乘客的支持力大于重力，乘客处于超重状态；匀速运动阶段，扶梯对乘客的支持力等于重力，乘客既不超重，也不失重．故B错误．C、加速运动阶段，扶梯对乘客有水平向左的摩擦力和竖直向上的支持力，扶梯对乘客的作用力指向左上方；匀速运动阶段，扶梯对乘客的作用力竖直向上．故C正确D、乘客与扶梯之间没有相对位移，故无内能产生，故D错误故选：C4．（4分）如图为远距离输电示意图，升压变压器与降压变压器的匝数比分别为1：100和100：1，发电站输出电压为u=250sin100πt（V），下列说法正确的是（）A．用户得到的交变电压频率为50HzB．用户得到的交变电压有效值为250VC．用户得到的交流电压有效值小于250VD．输送过程中电能的损耗主要来自变压器原、副线圈的发热【解答】解：A、交流电的频率f=，通过变压器，交流电的频率不变．故A正确．B、升压变压器的输入电压的有效值为250V，则输出电压为25000V，由于输电线上有电压损失，则降压变压器的输入电压小于25000V，知用户得到的电压小于250V．故B错误．C正确；D、输送过程中电能损耗主要来自输电线上的发热．变压器上的发热很小，故D 错误．故选：AC．二、双项选择题（本题包括5小题，每小题6分，共30分．每小题的4个选项中有2个是正确的，全对得6分，只选一个且正确的得3分，错选、漏选0分）5．（6分）某洒水车停于水平地面上，在缓慢放水洒向花草过程中，若车胎不漏气，胎内气体温度不变，不计分子间势能，则胎内气体（）A．从外界吸热B．对外界做负功C．分子平均动能减小D．压强减小【解答】解：C、D、洒水车在缓慢洒水的过程中，整体质量会变小，对轮胎的压力变小，所以轮胎内气体的压强变小，因是缓慢的，温度不变，由理想气体的状态方程可知气体的体积会变大，温度不变，分子平均动能不变；气体的质量不变，所以气体的内能不变．故D正确，C错误；A、B、气体的体积增大的过程中，气体对外做正功，W为负；根据热力学第一定律：△E=W+Q可知，气体一定从外界吸收热量．故A正确，B错误．故选：AD6．（6分）已知氢原子基态的能量为E1，第n能级的能量E n=，其中h表示普朗克常量，一群处于基态的氢原子吸收频率为ν的光子后再向低能级跃迁时最多能发出3条光子．下列说法正确的是（）A．吸收光子频率为ν=﹣B．氢原子由激发态向基态跃迁时动能减小，电势能增大C．辐射光子的能量可能为﹣D．辐射的光子中只有1条能使极限频率为﹣的金属发生光电效应【解答】解：A、氢原子吸收频率为ν的光子后再向低能级跃迁时最多能发出3条光子，因此n=3激发态，其能量E3=，则E3﹣E1=hv，解得v=﹣，故A正确；B、原子由激发态向基态跃迁时，根据库仑引力提供向心力，可知，动能增大，电势能减小，故B错误；C、能级间跃迁所满足的规律E m﹣E n=hv，辐射光子的能量可能为﹣，或为，或为﹣，故C正确；D、根据C选项分析，结合光电效应发生条件，可知，有2条能使极限频率为﹣的金属发生光电效应，故D错误；故选：AC．7．（6分）2013年12月，嫦娥三号经过地月转移轨道在A点调整后进入环月圆轨道Ⅰ，进一步调整后进入椭圆轨道Ⅱ，有关嫦娥三号下列说法正确的是（）A．在地球的发射速度一定大于第二宇宙速度B．由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ需要在A点减速C．在轨道Ⅰ的A点势能大于在轨道Ⅱ的B点势能D．经过轨道I上A点的加速度比在轨道Ⅱ上经过A点时大【解答】解：A、发射卫星要大于第一宇宙速度，但要小于第二宇宙速度，否则会脱离地球，则A错误B、由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ要做向心运动，需要在A点减速．则B正确C、由A到B重力做正功，则势能减小，则C正确D、在同点引力相同，则加速度相同，则D错误故选：BC8．（6分）假如质量为m的公交车由静止开始沿平直公路行驶，达到的最大速度为v m，利用传感器测得此过程中不同时刻公交车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出F﹣图象（图中CB、BO均为直线），假设公交车车行驶中所受的阻力恒定，则（）A．在全过程中，公交车在B点时速度最大B．CB过程公交车做匀加速运动C．BA过程公交车作减速运动D．BA过程公交车牵引力的功率恒定【解答】解：A、根据P=Fv可知，F=，则由图可知，汽车在CB段做匀加速运动，BA段做变加速运动，在A点时速度达最大，故A错误；B、CB段牵引力不变，根据牛顿第二定律知，加速度不变，做匀加速直线运动．故B正确．C、BA图线的斜率表示电动车的功率，知BA段功率不变，速度增大，牵引力减小，做加速度逐渐减小的加速运动．故C错误，D正确．故选：BD．9．（6分）如图甲所示，闭合金属线框abcd垂直置于匀强磁场中，磁感应强度方向垂直于纸面向里，其大小随时间变化的图象如图乙所示，设第1s内和第2s 内线框中的感应电流分别为I1、I2，磁场对ab边的安培力分别为F1、F2，下列说法正确的是（）A．I1的方向为逆时针，I2的方向为顺时针B．F1的方向向左，F2的方向向右C．I1=2I2D．F1、F2大小均不变【解答】解：A、第1s内B增加，故磁通量增加，由楞次定律可知线圈中感应电流的磁场向外，故由安培定则可知感应电流为逆时针；同理可知，第2s内的感应电流I2为顺时针，故A正确；B、由左手定则可知，F1的方向向右，F2的方向向左，故B错误；C、由法拉第电磁感应定律可知，E==，由图可知第1s内E1=，第2s内E2=，而I=，故I1=2I2；故C正确；D、安培力F=BIL，电流保持不变，而B随时间变化，故安培力随时间变化，故D 错误；故选AC．三、非选择题10．（10分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U﹣I图线，有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）①实验中电压表应选用A，电流表应选用D．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用E（用序号字母表示）．②请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把图2中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图．③根据U﹣I图象，当灯泡两端所加电压为 3.2V时，电功率为 1.44W．【解答】解：①因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用0～5V的电压表，故选A；由P=UI得，灯泡的额定电流I===0.5A；故电流表应选择0～0.6A的量程，故选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；②由P=可求得灯泡内阻R==8Ω；则==1250，==20；故说明电压表远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法；而由以上分析知，滑动变阻器应选择分压接法；如图所示：③根据U﹣I图象，当灯泡两端所加电压为3.2V时，通过灯泡电流I=0.45A．，电功率为P=UI=3.2×0.45=1.44W故答案为：①A，D，E②电路图，连线如图示③1.44W11．（8分）如图1为测量物块与水平桌面质检动摩擦因数的实验装置示意图．实验步骤如下：A．用天平测得物块质量M为500g、重物m的质量为100g；B．调整长木板上的轻滑轮，使细线水平；C．调整长木板倾斜程度，平衡摩擦力D．打开电源，让物块由静止释放，打点计时器在纸带上打出点迹；E．多次重复步骤D，选取点迹清晰的理想纸带，求出加速度a；F．根据上述实验数据求出动摩擦因数u，整理仪器，结束实验．回答下列问题：①以上实验步骤中，不需要的步骤是C．②其中一条纸带如图2所示，各点间还有4个点未标出，则物块的加速度a= 1.25 m/s2（结果保留三位有效数字）③根据实验原理，可求出动摩擦因数u=（用M、m、a和重力加速度g表示）．【解答】解：（1）该实验的目的是为了测量物块与长木板之间的摩擦因数，所以在实验的过程中，不能调整长木板倾斜程度，平衡摩擦力，否则不能测量摩擦因数．所以不需要的步骤是C．（2）各点间还有4个点未标出，所以时间间隔是5t0=5×0.02s=00.1s物块的加速度：，物块的加速度：m/s2=1.25m/s2（3）对M、m组成的系统，由牛顿第二定律得：mg﹣μMg=（M+m）a，解得：．故答案为：①C；②1.25；③12．（18分）如图所示，平行于直角坐标系Y轴的PQ是用特殊材料制成的，只能让垂直打到PQ界面上的电子通过．其左侧有一直角三角形区域，分布着方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，其右侧有竖直向上场强为E的匀强电场．现有速率不同的电子在纸面上从坐标原点O沿不同方向射到三角形区域，不考虑电子间的相互作用．已知电子的电量为e，质量为m，在OAC中，OA=a，θ=60°．求：（1）当速度方向沿y轴正方向时，能从OC边出磁场的电子所具有的最大速度是多少；（2）能通过PQ界面的电子所具有的最大速度是多少；（3）在PQ右侧X轴上什么范围内能接收到电子．【解答】解：（1）粒子在磁场中运动，洛伦兹力做向心力，故有，所以，；能从OC边出磁场的电子，当运动轨迹和AC相切时半径最大，故半径最大值R m=a，所以，能从OC边出磁场的电子所具有的最大速度；（2）要使电子能通过PQ界面，电子飞出磁场的速度方向必须水平向右，由（1）可知：，故R越大v越大；所以，从C点水平飞出的电子，运动半径最大，对应的速度最大；故有，所以，R=2a；故能通过PQ界面的电子所具有的最大速度；（3）只有垂直打到PQ界面上的电子通过，故电子进入电场的范围为PQ上C到X轴间的范围；当粒子在PQ上的纵坐标为y（0＜y≤a）时，粒子在磁场中运动的半径由几何关系可得：，所以，r=2y；那么由洛伦兹力做向心力可得：运动速度；粒子在电场中只受电场力作用，做类平抛运动，故有：；那么，电子打在X轴上的位置为==，所以，；答：（1）当速度方向沿y轴正方向时，能从OC边出磁场的电子所具有的最大速度是；（2）能通过PQ界面的电子所具有的最大速度是；（3）在PQ右侧X轴上范围内能接收到电子．13．（18分）如图所示，B、C、D在同一水平面，CED为半径R=lm的圆形光滑圆弧，O为其圆心，其圆心角α=74°，E为圆弧的最低点，圆弧与传送带相切于D 点，传送带与水平面的夹角β=37°．质量为m=1kg可看做质点的物块从B点正上方的A点以v0=4m/s的水平速度抛出，恰好从C点沿圆弧的切线方向进入圆弧．传送带以速度v=4m/s匀速向上运动，传送带的长度DF=5m，物块与传送带间动摩擦因数μ=0.5，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力（不计空气阻力，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）．求：（1）物块在C点速度的大小；（2）物块在E点对轨道的压力；（3）通过计算说明，物块能否被传送带传送到F点．【解答】解：（1）在C点把物体的速度v分解为水平速度v x和竖直方向的速度v y，由几何关系得：v==5m/s；（2）从C点到E点的过程中，由机械能守恒定律得：mgR（1﹣cos37°）=mv E2﹣mv C2在E点由牛顿第二定律得：F N﹣mg=m代入数据得：F N=39N；由牛顿第三定律知，物块在E点对轨道的压力大小为：F N′=39N；方向竖直向下；（3）物块从C点到D点的过程机械能守恒，且CD两点等高，所以物块在D点速度大小为V D=5m/s；物块从D点沿传送带向上匀减速到和传送带的速度相同的过程中，设块的位移为x1，加速度为a1，由牛顿第二定律得：mgsinβ+μmgcosβ=ma1由运动学公式得：v2﹣v02=2（﹣a1）x1代入数据解得：x1=0.45m；当物块的速度和传送带速度相同时，物块有相对传送带向下的运动趋势，由于传送带对物体向上的最大静摩擦力小于物体沿斜面向下的分力，即μmgcosβ＜mgsinβ，所以物块不会和传送带相对静止一起做匀速运动，而是沿传送带向上做匀减速运动，物块从和传送带速度相同到速度减为零的过程，设加速度为a 2，位移为x 2，由牛顿第二定律得：mgsinβ﹣μmgcosβ=ma 2由运动学公式得：0﹣v2=2（﹣a 2）x2代入数据得：x 2=4m；由于x 1+x2=0.45+4=4.45m＜DF=5m；所以物块不能传送到传送带的F点．答：（1）C点的速度为5m/s；（2）物块在E点对轨道的压力大小为F N′=39N；方向竖直向下；（3）物体不能传到传送带的F点．。

广东省湛江市2015届高三物理毕业班调研考试题试题〔含解析〕一、选择题1．如下列图，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将〔滑轮与绳的重力与摩擦均不计〕〔〕A．越来越小B．越来越大C．先变大后变小D．先变小后变大考点：共点力平衡的条件与其应用．专题：计算题．分析：对结点受力分析，受滑轮的压力和两拉绳子的拉力，根据共点力平衡条件，可以求解出拉力的大小．解答：解：对结点受力分析，如图由于为同一根绳子，故F1=F2=F设F1与F2夹角为θ，如此F1=F2=在重物被吊起的过程中，θ变大，故F1与F2同时变大；应当选B．点评：此题对物体受力分析后，可以用解析法求解出结果讨论，也可以用作图法分析！2．小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速运动，产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如下列图．如此如下有关说法中正确的答案是〔〕A．该交流电电压的有效值为100V B．交流电电压的瞬时值为100VC． t=0.02s时刻线圈平面在中性面D．交流电的频率为0.02H z考点：交流的峰值、有效值以与它们的关系．专题：交流电专题．分析：从图象中可以求出该交流电的最大电压以与周期等物理量，然后根据最大值与有效值以与周期与频率关系求解．解答：解：A、由图可知，交流电的最大电压E=100V，如此有效值U=V，故A错误；B、根据图象可知，交流电电压的瞬时值不断变化，故B错误：C、由图象可知，t=0.02s时刻，感应电动势为零，线圈平面在中性面，故C正确，D、因周期T=0.02s，周期与频率关系有，f==50Hz，故D错误．应当选：C．点评：此题比拟简单考查了交流电最大值、有效值、周期、频率等问题，要学会正确分析图象，从图象获取有用信息求解．3．〔4分〕如下列图，甲图为船在静水中的v﹣﹣t图象，乙图为河水的流速与到一河岸距离的关系图象，如此〔〕A．船渡河的最短距离等于河宽300mB．船渡河的最短时间等于100sC．假设船头始终与河岸垂直，如此船在河水中航行的轨迹是一条直线D．假设船头始终与河岸垂直，如此船在河水中作匀变速曲线运动考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：合运动与分运动的相互关系：①独立性：②等时性：③等效性：④相关性此题船实际参与了两个分运动，沿水流方向的分运动和沿船头指向的分运动，当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，船的实际速度为两个分运动的合速度，根据分速度的变化情况确定合速度的变化情况．解答：解：A、船在沿河岸方向上做变速运动，在垂直于河岸方向上做匀速直线运动，两运动的合运动是曲线，故A错误．B、当船头与河岸垂直时，渡河时间最短，由甲图可知河宽为300m，t=，故B正确；C、假设船头始终与河岸垂直，船先向下游偏，再向上游偏，如此船在河水中航行的轨迹是曲线，故C错误；D、假设船头始终与河岸垂直，如此船在河水中作曲线运动，加速度大小相等，但加速度方向，在前150m与后150m方向相反，故D错误；应当选：B点评：此题关键找到船参加的两个分运动，然后运用合运动与分运动的等时和等效规律进展研究，同时要注意合运动与分运动互不干扰．4．〔4分〕2012年8月9日，在伦敦奥运会女子10米跳台跳水的比赛中，中国队陈假设琳夺取金牌．在高台跳水比赛中，质量为m的陈假设琳进入水中后受到水的阻力〔包含浮力〕而竖直向下做减速运动，设水对她的阻力大小恒为F，如此在她减速下降深度为h 的过程中，如下说法正确的答案是〔g为当地的重力加速度〕〔〕A．她的动能减少了Fh B．她的重力势能减少了mghC．她的机械能减少了〔F﹣mg〕h D．她的机械能减少了mgh考点：动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：根据合力做功判断动能的变化，通过重力做功判断重力势能的变化，除重力以外其它做功等于机械能的增量．解答：解：A、根据动能定理知，合力做功做动能的变化量，合力做功为〔mg﹣F〕h，如此动能减小〔F﹣mg〕h，故A错误．B、重力做功为mgh，如此重力势能减小mgh，故B正确．C、除重力做功以外阻力做功为﹣Fh，如此机械能减小Fh，故CD错误．应当选：B．点评：解决此题的关键掌握功能关系，知道重力做功与重力势能、合力功与动能、除重力以外其它力做功与机械能的关系．5．〔6分〕如下列图，厚壁容器的一端通过胶塞插进一只灵敏温度计和一根气针，另一端有个用卡子卡住的可移动胶塞．用打气筒慢慢向筒内打气，使容器内的压强增加到一定程度，这时读出温度计的示数．打开卡子，胶塞冲出容器过程中〔〕A．温度计示数变大B．温度计示数变小C．气体内能减少D．气体内能增加考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．分析：由于容器内的压强增大到一定程度，打开卡子后，气体体积膨胀对外做功．根据热力学第一定律知道气体内能减小．解答：解：打开卡子，气体体积膨胀对外做功，所以W＜0，由热力学第一定律△U=W+Q，可知气体内能减小，温度降低．应当选：BC．点评：此题考查热力学第一定律△U=W+Q 的物理意义，这是高考的重点内容．6．〔6分〕〔2013•梅州二模〕关于天然放射现象，如下说法中正确的答案是〔〕A．γ射线不带电，它是频率很高的电磁波B．核裂变与核聚变都伴有质量亏损C．某原子核经过一次α衰变和两次β衰变后，核内中子数不变D．采用物理或化学方法可以有效地改变放射性元素的半衰期考点：原子核衰变与半衰期、衰变速度；天然放射现象．专题：衰变和半衰期专题．分析：α衰变的过程中电荷数少2，质量数少4，β衰变的过程中电荷数增1，质量数不变．半衰期由原子核内部因素决定，与所处的物理环境和化学环境无关．解答：解：A、γ射线不带电，它是频率很高的电磁波．故A正确．B、核裂变和核聚变过程中都有能量放出，根据质能方程知，都有质量亏损．故B正确．C、α衰变的过程中电荷数少2，质量数少4，β衰变的过程中电荷数增1，质量数不变．某原子核经过一次α衰变和两次β衰变后，电荷数不变，质量数减4，质量数等于质子数加中子数，知中子数减4．故C错误．D、半衰期的大小与元素所处的物理环境和化学环境无关，由原子核内部因素决定．故D错误．应当选AB．点评：此题考查了衰变、半衰期、射线的性质等根底知识点，比拟简单，关键熟悉教材，牢记这些根底知识点．7．〔6分〕如下列图，地球同步卫星运行周期与地球自转的周期一样，同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍，如下说法中正确的答案是〔〕A．同步卫星比地球自转的角速度大B．同步卫星比地球自转的线速度大C．同步卫星比地球自转的线速度小D．同步卫星比随地球自转的物体的向心加速度大考点：同步卫星．分析：了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期一样．物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．解答：解：A、同步卫星与地球自转同步，故它圆周运动的周期与地球自转周期一样，与地面相对静止，它们的角速度相等，故A错误，B、根据线速度公式v=ωr，可知，在一样的角速度下，半径越大时，线速度越大，故B正确；C错误；D、根据a=ω2R，可知，离地球外表越高，如此其向心加速度越大，故D正确；应当选：BD．点评：地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度．8．〔6分〕如下列图，在竖直面内带有等量正负电荷所形成电场的中垂线上有一点P，一个带正电的带电粒子A在外力作用下从P点沿着中垂线向下运动，如下说法正确的答案是〔〕A．粒子A向下运动过程中电场力一定越来越大B．粒子A向下运动过程中电场力一定先增大后减小C．粒子A向下运动过程中所经各点电势一定相等D．粒子A向下运动过程中电势能一定越来越小考点：电场线；电势能．分析：根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小．根据等量异种点电荷形成电场的电场线分布的对称性分析对称点场强的大小关系．等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线．据此分析即可．解答：解：AB、根据电场线的分布可知粒子A向下运动过程中电场线先越来越密，后越来越疏，场强先增大后减小，所以电场力先增大后减小，故A错误，B正确．C、P所在的中垂线是一条等势线，所以粒子A向下运动过程中所经各点电势一定相等，故C正确．D、由于粒子在等势线上运动，电场力不做功，电势能不变，故D错误．应当选：BC．点评：对于等量异种点电荷和等量同种点电荷的电场线、等势线的分布是考试的热点，要抓住对称性进展记忆．9．〔6分〕如下列图，导线ab、cd跨接在电阻不计的光滑导轨上，ab的电阻为2R，cd的电阻为R．当cd在外力F1作用下向右运动时，ab在外力F2的作用下保持静止．如此如下说法正确的答案是〔〕A．a b两端的电势差一定大于cd两端的电势差B．假设cd向右匀速运动，如此F1与F2大小一定相等C．假设cd向右加速运动，如此F1一定大于F2D．拉力F1所做的功一定等于电路中消耗的电能考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应——功能问题．分析：根据电路结构比拟两导线两端电压关系；应用安培力公式求出安培力，然后比拟两拉力大小；应用能量守恒定律分析拉力做功与电路消耗的电能间的关系．解答：解：A、cd切割磁感线产生感应电动势，cd相当于电源，ab是外电路，cd两端电压是路段电压，导线ab与cd两端电压相等，故A错误；B、两导线电流相等，两导线受到的安培力大小相等，ab静止、cd向右匀速运动，两导线都处于平衡状态，F1与F2大小都等于安培力，如此F1与F2大小相等，故B正确；C、两导线受到的安培力相等，ab静止，处于平衡状态，F2等于安培力，cd向右加速运动，F1大于安培力，如此F1大于F2，故C正确；D、当cd匀速运动时，拉力F1做的功转化为电能，拉力F1所做的功等于电路消耗的电能，如果cd加速运动，F1做功转化为电能与cd的动能，如此F1做功大于电路消耗的电能，故D错误；应当选：BC．点评：此题考查了比拟电压关系、比拟拉力大小关系、判断拉力做功与电能的关系，分析清楚电路结构、应用平衡条件、能量守恒定律即可正确解题．二、非选择题10．〔8分〕〔1〕在互成角度的两个共点力的合成实验中，其中的三个实验步骤如下：①在水平放置的木板上垫一张白纸，把橡皮条的一端固定在木板上，另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧测力计互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点和两弹簧测力计的读数F1和F2；②在纸上只根据F1和F2的大小，应用平行四边形定如此作图求出合力F′；③只用一只弹簧测力计通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与用两只弹簧测力计同时拉时一样，记下此时弹簧测力计的读数F与方向．以上三个步骤均有错误或疏漏：①中是应记下两个细绳套的方向即F1和F2的方向；②中是应依据F1和F2的大小和方向作图；③中是应将橡皮条与细绳套的结点拉至同一位置O点．④上面甲、乙两图是两位同学做“互成角度的两个力的合成〞实验时得到的结果．他们分别得到使橡皮条和细线的结点拉到O点时所需的两个力F1、F2与只用一个务时的F，并用平行四边形定如此画出了F1和F2的合力F′，如此两人处理实验结果正确的图是乙．考点：验证力的平行四边形定如此．专题：实验题；平行四边形法如此图解法专题．分析：明确该实验的实验原理，从而进一步明确实验步骤，测量数据等即可正确解答此题．解答：解：该实验采用“等效法〞进展，即一个弹簧秤和两个弹簧秤拉橡皮条与细绳套的结点时应该拉至同一位置O点，由于力是矢量，因此在记录数据时，不光要记录力的大小，还要记录其方向，这样才能做平行四边形，从而验证两个力的合力大小和方向是否与一个力的大小和方向一样．以上三个步骤均有错误或疏漏：①中是应记下两个细绳套的方向即F1和F2的方向，②中是应依据F1和F2的大小和方向作图，③中是应将橡皮条与细绳套的结点拉至同一位置O点．④由于误差的存在用平行四边形定如此求出的合力F′可以与橡皮条拉力F有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力即F与橡皮条拉力一定在同一直线上，F1和F2的合力理论值F′一定在平行四边形的对角线上，故乙符合实验事实．故答案为：①应记下两个细绳套的方向即F1和F2的方向；②应依据F1和F2的大小和方向作图；③应将橡皮条与细绳套的结点拉至同一位置O点④乙点评：此题比拟简单，直接考查了验证力的平行四边形定如此时如何进展操作，对于根底实验一定熟练掌握才能为解决复杂实验打好根底．11．〔10分〕某研究性学习小组欲用电压表V、电阻箱R、定值电阻R0、开关S和假设干导线测定某电池组的电动势．①在图甲中，根据图乙电路图用笔画线代替导线，将实物图连接成完整的实验电路．②闭合开关S，调整电阻箱阻值R，读出电压表V相应示数U．该学习小组测出大量数据，分析筛选出如表所示的R、U数据，并计算相应的与的值．请用表中数据在图丙坐标纸上描点，并作用﹣图线．R/Ω166 71.4 50.0 33.3 25.0 20.0U/V 7.7 5.4 4.5 3.6 2.9 2.5I/R〔×10﹣2Ω﹣1〕0.60 1.40 2.00 3.00 4.00 5.00I/U/V﹣10.13 0.19 0.22 0.28 0.34 0.40③从图线中可求得待测电池组的电动势E= 10 V④根据该小组设计的实验电路，会存在系统误差，试分析测得的电动势比实际电动势偏小〔填“大〞或“小〞〕．⑤假设要测该电池组的内阻，应知道定值电阻的阻值，用多用表测量该定值电阻的表盘指针如图丁所示，欧姆档位如图戊所示，如此知定值电阻的阻值是50 Ω考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据电路图，画出的实物图．由闭合电路欧姆定律可得出表达式，再结合图象和数学知识可得出图象的截距与斜率的含义，如此可求得电动势和内电阻．根据电表的影响分析误差原因．解答：解：〔1〕根据电路图，画出的实物图：〔2〕根据上表所示实验数据，在坐标系中描出对应的点，然后根据坐标系中的点作直线，作出﹣图象：〔3〕、由闭合电路欧姆定律可得：U=R，变形得：=+，由数学知识可知，图象中的斜率为：k=截距为：b=；由图可知，b=0.1，所以E===10V；〔4〕因该接法中由于电压表的分流而导致干路电流示数偏小，但电压表是准确的，故图象比真实图象要向上偏，同时，当电路短路时，电压表的分流是可以忽略的，故短路电流是准确的，故图象与横轴的交点不变，所以电动势的测量值小于真实值．内阻小于真实值．〔5〕由欧姆表的读数方法可知，电阻读数为：5×10=50Ω；故答案为：〔1〕〔2〕如上图；〔3〕10；〔4〕小；〔5〕50．点评：应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，定值电阻串入电路一方向保护电源，同时扩大电源的内阻．同时电源的路端电压与电流图象与电流的交点不一定是短路电流，由电压轴是否是从零开始的．12．〔18分〕如下列图，∠A=30°的直角三角形ABC中存在一匀强磁场，磁场方向垂直三角形平面向里，磁感应强度为B．荷质比均为的一群粒子沿AB方向自A点射入磁场，这些粒子都能从AC边上射出磁场区域．AC边上的P点距离三角形顶点A为L．求：〔1〕从P点处射出的粒子的速度大小与方向；〔2〕试证明从AC边上射出的粒子在磁场中运动时间都一样，并求出这个时间是多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：〔1〕粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据题设条件作出粒子在磁场中运动的轨迹，由几何关系分析得到粒子运动的轨道半径，由牛顿第二定律求解粒子速度大小．〔2〕根据题设条件作出粒子在磁场中运动的轨迹，根据轨迹分析粒子运动半径和周期的关系，从而分析得出结论．并求出时间．解答：解：〔1〕从P点处射出的粒子与AC边的夹角为30°，这个角即为弦切角，由此可知：粒子自P处射出磁场时的速度方向必然与AC边成30°的夹角，作出粒子在磁场中的运动轨迹如图O1AP所示，△O1AP为等边三角形，可得粒子作圆周运动的半径为r=l ①设粒子的速度大小为v，由牛顿第二定律有qvB=m②由①②解得 v=③速度方向与AC边成30°的夹角指向C点一侧．〔2〕依题知，无论这群粒子的速度多大，它们都能从AC边离开磁场，在A处射入磁场中的弦切角为30°，它们从AC离开磁场时与AC边的夹角必为30°，作出粒子的运动轨迹，如图O2AQ所示，由图可知这些粒子的圆心角均为60°，设粒子在磁场中运动的时间为t，周期为T，如此有t=④T=⑤由②④⑤解得 t=显然这些粒子在磁场中的运动时间相等，大小均为．答：〔1〕从P点处射出的粒子的速度大小为，速度方向与AC边成30°的夹角指向C 点一侧．〔2〕从AC边上射出的粒子在磁场中运动时间都一样，这个时间是．点评：粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由此根据运动特征作出粒子在磁场中运动的轨迹，掌握粒子圆周运动的周期、半径的关系是解决此题的关键．13．〔18分〕如下列图，A是一个质量M=1kg、半径R=3m的四分之一圆弧槽，锁定在水平面上，A的右侧B是圆心角为60°的固定在水平面上的圆弧槽，A和B的外表均光滑且末端点切线水平，水平面PQ段粗糙，其余局部光滑且足够大，将一个质量为m=1kg的滑块C从A的顶端由静止释放，C与PQ间的动摩擦因数u=0.2，PQ段的长度l=3m，取g=10m/s2．〔1〕假设B的圆弧半径r=3m，C第一次滑到B的圆弧底端时，C对圆弧B底端的压力为多大？〔2〕假设B的圆弧半径1m＜r＜5m，滑块C仍从A的顶端由静止释放，当C滑离A的底端时解除A的锁定，使A可以在水平面上自由运动，试求因B圆弧槽半径取值不同，滑块C在粗糙水平面局部通过总路程的可能值？考点：动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕根据动能定理求得c到达B最低点时的速度，再根据圆周运动知识点求解；〔2〕首先判定c在B上上升的最大高度，结合题目中的条件，判定c的运动情况；在求解运动的距离；解答：解：〔1〕、设c到达B的低端的速度为v1，此时C的支持力为N，根据动能定理可得：mgR﹣μmgl=m，解得：，在B的最低点由：N﹣mg=，解得：N=mg+=26N，根据牛顿第三定律得c对圆弧B的压力为26N；〔2〕设B的半径为r1时，c刚好可以从B顶端飞出，有动能定理得：mgR﹣umgl﹣mgr1〔1﹣cos60°〕=0，代入数据得：30﹣6﹣10×r1×〔1﹣0.5〕解得：r1=4.8m，假设：1m＜r＜4.8m，c从B的右端飞出，如此在水平面上运行的距离为：l=3m，假设4.8m≤r＜5m，c滑到B的最右端再原路返回，设C滑上A前瞬间的速度为v2，滑离A的瞬间速度为v3，此时A的速度为V，对c有动能定理得：，解得：v2=6m/s，对A和C由动量定理和动能定理得：mv2=mv3+MV，2，联立解得：v3=0m/s，V=6m/sv3的负号表示C从A上下滑后向右运动，设C经过PQ与B后向左再次到达P点速度为v4，有动能定理得：，解得：v4=m/s，此时c的速度小于A的速度，不会再滑上A，所以滑块C在粗糙水平面的总路程为：s=4l=12m．答：〔1〕假设B的圆弧半径r=3m，C第一次滑到B的圆弧底端时，C对圆弧B底端的压力为26N，〔2〕假设：1m＜r＜4.8m，C在水平面上运行的距离为：l=3m，假设4.8m≤r＜5m，C在水平面上运行的距离为12m．点评：此题的难度较大，一定分清运动的过程，并合理的运用动能定理和动量定理联立解题．。

湛江市2015年普通高考测试（一）理科综合物理试题参考答案及评分标准一、13、A 14、C 15、B 16、B二、17、C D 18、A C19、A C 20、B C 21、A D三、非选择题34、（18分）（1）（8分）○10.455（2分）dt（2分）○2C（2分）○3g（2分）（2）○1实物电路图如图（2分）○2左端（2分）○37.2（2分）0.45（2分）○4D（2分）35．解析：（1）电阻R中的感应电流方向为由Q到-F……2分评分标准：满分2分。

（2）设细线中的拉力为T，对金属棒：……2分对重物：……2分式中：……1分……1分……1分当a=0时，重物匀速下落……1分解得：……2分评分标准：满分10分。

只要不缺主要公式，其他解法正确的同样给分。

（3）设电路中产生的总焦耳热为Q ，由图乙可知，当重物下降h =5m 时即开始匀速下降 根据能量守恒关系得：……2分 即：Q=0.2J ……1分所以：电阻R 中产生的焦耳热Q R 为： J Q rR R Q R 18.0=+= ……2分 评分标准：满分6分。

只要不缺主要公式，其他解法正确的同样给分。

36.解析：（1）设B 滑到A 的底端时速度为0v ，根据机械能守恒定律得：2021mv mgR =，解得s m v /60=， 由牛顿第二定律得Rv m m g F N 20=-,解得N F N 30= （2）设AB 共速速度1v ,由动量守恒定律得：10)21(v m m mv +=，得s m v /41= 对A 由动能定理得2112121mv mgS ⨯=μ，得m S 8.0= 即保证A 与平台相碰前A 、B 能够共速，S 应满足 m S 8.0>（3）由（2）可知B 进入MN 间时速度大小为1v ，当到达卡扣时速度为s m v /5=时 由动能定理得：222121mv mv mgl Fl -=-μ得 1.0=μ 即1.00≤<μ，B 从卡口右侧离开，通过的路程0.5m若B 被弹回时到达M 点速度刚好为零，此时摩擦因数2μ，由动能定理得2122102.-mv l mg -=μ，解得8.02=μ 即8.01.0≤<μ，B 从M 左侧离开，通过的路程1m若18.0<<μ，B 最终静止在N 点，通过的路程/S ,由动能定理得 21/210mv mgS Fl -=-μ，解得μ1013/=S。