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河北省保定市定州中学2016届高三上学期第一次月考物理试卷

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河北省保定市定州中学2016届高三上学期第一次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～6小题每小题只有一个正确选项，第7～10每小题有多个正确选项，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．）1．物体a、b从同一位置沿同一直线运动的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是( )A．t=2s时，a、b速度方向均发生改变B．t=4s时，a、b相距20mC．前4s，a、b均做匀变速直线运动D．前4s，a与b的加速度始终相同考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线速度的正负值表示速度的方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．解答：解：A、由图象可知，前4s，a的速度都为正，b的速度都为负，所以t=2s时，a、b速度方向均没有发生改变．故A错误．B、图线与时间轴围成的面积表示位移，则t=4s时，a、b相距．故B正确．D、图象的斜率表示加速度，由图可知，前4s，ab的加速度方向都发生了变化，不是匀变速直线运动，故C错误．D、图象的斜率表示加速度，由图可知，前4s，a与b的加速度方向始终相反，故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，知道速度的正负表示运动的方向．2．如图所示，一质量均匀的实心圆球被直径AB所在的平面一分为二，先后以AB沿水平和竖直两种不同方向放置在光滑支架上，处于静止状态，两半球间的作用力分别为F和F′，已知支架间的距离为AB的一半，则为( )A．B．C．D．考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对左图，上面球收重力和支持力而平衡，根据平衡条件得到支持力；对右图，隔离半个球分析，受重力、左侧球的支持力和右角的支持力，根据平衡条件列式求解．解答：解：设两半球的总质量为m，当球以AB沿水平方向放置，可知；当球以AB沿竖直方向放置，以两半球为整体，隔离右半球受力分析如图所示，可得，根据支架间的距离为AB的一半，可得θ=30°，则，A正确．故选：A点评：本题关键是根据隔离法和整体法灵活选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，基础题目．3．如图所示，物体从光滑斜面的顶端由静止下滑，经时间t速度为v1，此时施加平行于斜面向上的恒力F，又经时间t物体回到出发点，速度为v2，已知下滑过程中物体始终未脱离斜面，则v2：v1的值为( )A．1：1 B．2：1 C．3：1 D．4：1考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：该题要依据速度时间图象来解题，两段时间内的位移相同，都是做匀变速直线运动，依据v﹣t图象的面积表示位移可得速度关系．解答：解：物体运动v﹣t图象如图：由v﹣t图象的面积表示位移，其前后两段时间位移相等，可得：，t1+t2=t，，解得：v2：v1=3：1．故ABD错误，C正确．故选：C．点评：该题用图象法解题，比用运动学公式来解要方便一些，关于v﹣t图象的面积表示位移这类应用比较多见，应多留意．4．如图所示，在水平面上运动的小车内，有一质量为M的物块与两根劲度系数分别为k1、k2的弹簧连接，小车向右以加速度a的大小做匀加速直线运动．已知两根弹簧的形变量总和为△x，不计物体与小车间的摩擦．则图中物块的加速度a等于( )A． B．C．D．考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：内物体相对小车的位移量为两弹簧形变量之和，车内受力关系是：M受k1的弹力匀加速运动，k1和k2的弹力大小相等，方向相反．由牛顿第二定律和胡克定律可得结果解答：解：设两弹簧的形变量分别为x1和x2，依题意有：k1x1=k2x2，△x=x1+x2故有：x1=，x2=，由牛顿第二定律有：k1x1=k2x2=Ma，故a=，故A正确故选：A点评：本题很容易没有思路，解决本题依靠的就是对受力分析的掌握要达到要“精通”，虽看似不难，实际对受力分析的能力要求非常高．本题把握的重点就是分析要循序渐进，剥茧抽丝5．如图所示，在水平面上有一个小物块质量为m，从O点右侧给它一个初速度沿水平面做匀减速直线运动，依次经过O、C、B、A四点，最终停在A点，A、B、C三点到O点的距离分别为L1、L2、L3，由A、B、C到O点所用时间分别为t1、t2、t3；下列结论正确的是( )A．B．C．D．考点：匀变速直线运动规律的综合运用．专题：直线运动规律专题．分析：由于物体做匀减速运动，由O到C、B、A做匀减速运动，故平均速度逐渐减小，由逆向转换法知由O点向C点、B点、A点做初速度为零的匀加速直线运动，有位移时间关系判定即可．解答：解：AC、由于物体做匀减速运动，由O到C、B、A做匀减速运动，故平均速度逐渐减小，故有，A错误、C正确；BD、由逆向转换法知由O点向C点、B点、A点做初速度为零的匀加速直线运动，有，，，可得===，B错误，D错误；故选：C点评：此题考察匀变速直线运动规律的应用，注意末速度为零的匀减速直线运动可以逆向视为初速度为零的匀加速直线运动，这样计算可以使问题简单化．6．如图a所示，质量为m的半球体静止在倾角为θ的平板上，当θ从0缓慢增大到90°的过程中，半球体所受摩擦力F f与θ的关系如图b所示，已知半球体始终没有脱离平板，半球体与平板间的动摩擦因数为，最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度为g，则( )A．O～q段图象可能是直线B．q﹣段图象可能是直线C．q=D．p=考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：半球体受重力、支持力和摩擦力，开始时不滑动，是静摩擦力，根据平衡条件列式求解静摩擦力表达式分析；滑动后是滑动摩擦力，根据滑动摩擦定律列式分析．解答：解：C、半圆体在平板上恰好开始滑动的临界条件是：mgsinθ=μmgcosθ，故有：μ=tanθ，解得：θ=，即q=，故C错误；AB、θ在0﹣之间时，F f是静摩擦力，大小为mgsinθ；θ在﹣之间时，F f是滑动摩擦力，大小为μmgcosθ；综合以上分析得其F f与θ关系如图中实线所示，故A、B错误；D、当θ=时，F f=mgsin，即p=，故D正确．故选：D点评：本题关键是受力分析后要能够区分是滑动摩擦力还是静摩擦力，然后结合平衡条件和滑动摩擦定律列式分析，基础题目．7．如图所示，完全相同的磁铁A、B分别位于铁质车厢竖直面和水平面上，A、B与车厢间的动摩擦因数均为μ，小车静止时，A恰好不下滑，现使小车加速运动，为保证A、B无滑动，则( )A．速度可能向左，加速度可小于μgB．加速度一定向右，不能超过（1+μ）gC．加速度一定向左，不能超过μgD．加速度一定向左，不能超过（1+μ）g考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：小车静止时，恰好不下滑，则重力等于最大静摩擦力，当小车加速时，根据弹力和吸引力的关系得出加速度的方向，对B分析，抓住B的最大静摩擦力求出加速度的最大值．解答：解：小车静止时，A恰好不下滑，所以对A有：mg=μF引，当小车加速运动时，为了保证A不下滑，则F N≥F引，则F N﹣F引=ma，加速时加速度一定向左，故B错误．对B有μ（mg+F引）=ma m，解得a m=（1+μ）g，故A、D正确，C错误．故选：AD．点评：本题考查了牛顿第二定律的临界问题，关键抓住A、B的最大静摩擦力进行求解，掌握整体法和隔离法的运用．8．如图所示，重为12N的物块G1在三根细绳悬吊下处于静止状态，细绳BP在水平方向，细绳AP偏离竖直方向37°角，且连在重为50N的物块G2上，物块G2静止于倾角为37°的斜面上（sin37°=0.6，cos37°=0.8），取g=10m/s2．则下列说法正确的是( )A．绳PB对物块G2的拉力9NB．绳PA对P点的拉力20NC．斜面对物块G2的摩擦力37.2ND．斜面对物块G2的支持力34.6N考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以结点P为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件求解PA、PB绳上的拉力大小．以木块G2为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求出木块所受斜面的摩擦力和弹力解答：解：AB、分析P点受力，如图甲所示，由平衡条件可得：F A cos37°=G1，F A sin37°=F B，解得F B=9N，F A=15N，选项A正确、B错误；CD、再分析物块G2的受力情况，如图乙所示．由物体的平衡条件可得F f=G2sin37°+F′B•cos37°，F N+F′B sin37°=G2cos37°，F′B=F B，由以上三式解得F f=37.2N，F N=34.6N．选项C、D正确故选：ACD．点评：本题是力平衡问题，首先要明确研究对象，其次分析受力情况，作出力图，再根据平衡条件进行求解．9．如图所示，劲度系数为k的轻质弹簧下端固定在倾角为θ的粗糙斜面底端的挡板C上，另一端自然伸长到A点．质量为m的物块从斜面上B点由静止开始滑下，与弹簧发生相互作用，最终停在斜面上某点．下列说法正确的是( )A．物块第一次滑到A点时速度最大B．物块速度最大时弹簧的压缩量小于C．物块压缩弹簧后被反弹过程做加速度逐渐减小的加速运动D．物块最终停在斜面上时物块受到的摩擦力小于mgsinθ考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当物块的加速度为零时，速度最大，结合共点力平衡求出最大速度时弹簧的压缩量，根据物块的受力分析物块的运动规律，结合平衡分析摩擦力与mgsinθ的关系．解答：解：A、当物块受力平衡时，加速度最大，由kx+μmgcosθ=mgsinθ，解得x=，故A错误，B正确；C、物块压缩弹簧后被反弹过程先做加速度逐渐减小的加速运动，后做加速度增大的减速运动，故C错误；D、由于初态物块能够由静止下滑，可得最大静摩擦力小于重力分力，故最终停止运动时弹簧存在弹力，根据平衡知，物块受到的摩擦力小于mgsinθ，故D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键会根据物块的受力分析物块的运动规律，知道加速度的方向与合力的方向相同，当加速度的方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度的方向与速度方向相反，物体做减速运动．10．一质点（m=2kg）正自东向西在光滑水平面上做匀速直线运动，速度大小为4m/s，从某时刻起受到一个沿东西方向的力作用，如图，是该力随时间周期性的变化图象（从该时刻开始计时，规定向东方向为正方向）下列说法正确的是( )A．2s末物块的速度大小为4m/sB．从该时刻起，质点做往复运动C．8s末质点的速度大小为12m/sD．8s末质点的速度大小为4m/s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律求出各段时间内的加速度，结合速度的变化量，求出各个时刻的速度大小．解答：解：A、由牛顿第二运动定律可得在0～2s内，物体的加速度，物体速度变化量为△v1=a1△t1=4×2m/s=8m/s，故在t=2s的速度为v2=﹣4m/s+8m/s=4m/s，故A正确；B、在2s～4s内，物体的加速度，物体速度变化量为△v2=a2△t2=﹣2×2m/s=﹣4m/s，物体在t=4s的速度为v4=4m/s﹣4m/s=0，在t=4s后继续向右匀加速直线运动，故B错误；C、在4s～6s内，物体的加速度，物体速度变化量为△v3=a3△t3=4×2m/s=8m/s，在6s～8s内，物体的加速度，物体速度变化量为△v4=a4t4=﹣2×2m/s=﹣4m/s，故在t=8s末的速度为v8=△v3+△v4=4m/s，故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，关键理清物体的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解．二．实验题11．某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中，因操作不当，先松开小车再接通50Hz交变电源，导致纸带上只记录了相邻的三个点，如图所示，则（1）打下A点时小车的瞬时速度22.5cm/s．（2）小车的加速度大小是0.5m/s2．（3）通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度．于是该同学重新实验，先接通电源再松开小车，通过正确的方法得到了一条较为理想的纸带，设纸带上的起始点为O点，之后各点到O点的距离为L，作L﹣t2图象，得到图象的斜率为k，则小车的加速度a=2k．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小；再根据运动学公式，结合L﹣t2图象的斜率，即可求解．解答：解：（1）因为，且，解得v A=22.5cm/s；（2）根据加速度公式，则有；（3）根据可知图象的斜率，即a=2k．故答案为：（1）22.5；（2）0.5；（3）2k．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，并掌握求解瞬时速度与加速度的方法．12．为了探究加速度与力、质量的关系，物理兴趣小组成员独立设计了如图甲所示的实验探究方案，并进行了实验操作．（1）在长木板的左端垫上木块的目的是平衡摩擦力；（2）实验中用砝码（包括小盘）的重力G=mg的大小作为小车（质量为M）所受拉力F的大小，能够实现这一设想的前提条件是m＜＜M；（3）图乙为小车质量M一定时，根据实验数据描绘的小车加速度a与盘和砝码的总质量m 之间的实验关系图象．设图中直线斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿第二定律成立，则小车的质量M为．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1、2）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，了解平衡摩擦力的方法；（3）根据牛顿第二定律写出与小车上砝码质量m的表达式，然后结合斜率与截距概念求解即可．解答：解：（1）实验中有摩擦力影响，需要先平衡摩擦力，让长木板的左端适当垫高．（2）以M和m系统为研究对象，mg=（M+m）a，以小车为研究对象F拉=Ma联立方程得：，由此可知当m＜＜M时，即当钩码的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于钩码的总重力．（3）对小车，根据牛顿第二定律得：F=（m+M）a，变形得所以﹣m图线的斜率表示，则k=，图象的截距为所以M=故答案为：（1）平衡摩擦力；（2）m＜＜M；（3）点评：遇到涉及图象的问题时，要先根据物理规律写出关于纵轴与横轴的函数表达式，再根据斜率和截距的概念求解即可．三．计算论述题：本题共4小题，共计45分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．舰载战斗机在运动航母上降落，风险之高，难度之大，一向被喻为“刀尖上的舞蹈”．舰载战斗机的降落可简化为下列物理模型：时速为300Km/h的舰载机在航母阻拦系统的帮助下做匀减速运动100m后安全停下．而以时速为250Km/h的普通战斗机在机场上降落需滑行1000m．g取10m/s2．试求：（1）舰载机和普通战斗机降落时的加速度大小之比．（2）舰载机飞行员在航母上降落时所受的水平方向的作用力与其自身的体重之比．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式，结合速度之比和位移之比求出加速度之比．（2）根据速度位移公式和牛顿第二定律得出F与m的关系，从而得出舰载机飞行员在航母上降落时所受的水平方向的作用力与其自身的体重之比．解答：解：（1）设舰载机和普通战斗机降落时加速度大小分别为a1和a2，根据运动学公式：v2=2ax，得：，解得：．（2）对舰载机分析：，设飞行员质量为m，所受作用力为F．由牛顿运动定律：F=ma1，代入数据解得：F=34.7m故舰载机飞行员在航母上降落时所受的作用力与其自身的体重之比．答：（1）舰载机和普通战斗机降落时的加速度大小之比为72：5．（2）舰载机飞行员在航母上降落时所受的水平方向的作用力与其自身的体重之比为3.47．点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，难度不大．14．如图所示，静止在光滑水平面上的斜面体，质量为M，倾角为α，其斜面上有一静止的滑块，质量为m，两者之间的动摩擦因数为μ，滑块受到的最大静摩擦力可认为等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现给斜面体施加水平向右的力使斜面体加速运动，求：（1）若要使滑块与斜面体一起加速运动，图中水平向右的力F的最大值；（2）若要使滑块做自由落体运动，图中水平向右的力F的最小值．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，物体恰好上上滑时，推力最小，受推力、重力、支持力和摩擦力，根据平衡条件列式求解推力的最小值；物体恰好不上滑时，推力最大，受重力、支持力、推力和摩擦力，再次根据平衡条件列式求解推力的最大值；最后联立得到推力的范围．解答：解：（1）滑块与斜面体刚好不相对滑动的临界条件是静摩擦力达到最大值f m，滑块受力如图所示．设一起加速的最大加速度为a，对滑动应用牛顿第二定律得：F N cos α+f m sin α=mg…①f m cos α﹣F N sin α=ma…②由题意知f m=μF N…③联立方程解得：a=g对整体分析：F=（M+m）a联立解得：．（2）如图所示，要使滑块做自由落体运动，滑块与斜面体之间没有力的作用，滑块的加速度为g，设此时M的加速度为a M对M：F=Ma M，其中：，联立解得：．答：（1）图中水平向右的力F的最大值．（2）图中水平向右的力F的最小值为．点评：本题关键抓住恰好不上滑和恰好不下滑的两个临界状态，然后根据共点力平衡条件列式求解．15．如图甲所示，质量为m的相同木块A和木板B叠放在水平面上，A光滑且位于B的最右端，B与地面间动摩擦因数为μ，水平力F=mg作用在B上，A、B以2m/s的共同速度沿水平面向右匀速运动，0.2s后F加倍，0.2S前二者速度v随时间t的变化关系如图所示，g=10m/s2．（1）试求μ的值；（2）若B足够长，请在乙图中作出0.2s～0.4sA、B运动的v﹣t图线，并标出0.4s时的纵坐标值；（3）若前0.4sA不会从B上滑落，木板B至少有多长．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由0.2S前二者速度v随时间t的变化关系可得，AB系统水平方向受力平衡，由平衡条件可得μ的值；（2）根据共点力平衡求出滑动摩擦力的大小，结合滑动摩擦力公式求出动摩擦因数的大小．（3）0.2s﹣0.4s，A运动状态不变，继续做匀速直线运动，B做匀加速运动，根据牛顿第二定律求出加速度，结合速度时间公式求出B的速度．作出v﹣t图线解答：解：（1）在0～0.2s内A、B做匀速直线运动，分析B根据平衡条件有F=2μmg又F=mg解得：μ=0.5（2）0.2s～0.4s，A运动状态不变，继续做匀速直线运动，B做匀加速运动，根据牛顿第二定律得：2F﹣2μmg=ma解得：a=2μg=10m/s20.4s时B的速度v=v0+at=2m/s+10×0.2m/s=4m/s如图所示（3）根据（2）问所作图象知木板B长至少为答：（1）试求μ的值为0.5m/s2；（2）若B足够长，请在乙图中作出0.2s～0.4sA、B运动的v﹣t图线，并标出0.4s时的纵坐标值为4m/s；（3）若前0.4sA不会从B上滑落，木板B至少有0.2m．点评：本题考查了共点力平衡和牛顿第二定律的基本运用，理清A、B物体的运动规律是解决本题的关键．16．如图所示一光滑的斜面，下端与一段很短的光滑弧面相切，弧面另一端与水平传送带相切，水平传送带以5m/s顺时针转动，今有1kg的物体（可视为质点）从斜面上高度为h=5m 处滑下，物体在弧面运动时不损失机械能，而且每次在弧面上运动时间极短，可以忽略，已知传送带足够长，它与物体之间的滑动摩擦因数为0.5，取g=10m/s2，求：（1）水平传送带至少多长，物体才不会从左端滑出？（2）物体第一次从滑上传送带，到离开传送带所用的时间．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由机械能守恒定律求出物体到达传送带时的速度，由动能定理求出传送带的最小长度．（2）由牛顿第二定律求出加速度，然后应用匀变速直线运动的速度位移公式与速度公式分析答题．解答：解：（1）物体下滑到水平面过程中，机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh=mv02，代入数据解得：v0=10m/s，物体在传送带上做匀减速直线运动，速度减为零时，由动能定理得：﹣μmgs=0﹣mv02，代入数据解得：s=10m，传送带至少长10m，物体不会从传送带上滑下；（2）对物体，由牛顿第二定律得：μmg=ma，代入数据解得：a=5m/s2，物体减速运动的时间：t0===2s，物体向右加速运动速度与传送带速度相等时，位移：x1===2.5m＜10m，然后物体做匀速运动，加速的运动时间：t1===1s，物体匀速运动的时间：t2===1.5s，物体的运动时间：t=t0+t1+t2=4.5s；答：（1）水平传送带至少长10m，物体才不会从左端滑出；（2）物体第一次从滑上传送带，到离开传送带所用的时间为4.5s．点评：本题考查了求传送带的长度、物体的运动时间，分析清楚物体的运动过程，应用机械能守恒定律、牛顿第二定律与运动学公式即可正确解题．。

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2016年河北省保定市定州市中考物理一模试卷及参考答案

2016年河北省保定市定州市中考物理一模试卷及参考答案

2016年河北省保定市定州市中考物理一模试卷一、选择题1．（2分）下列做法正确的是（）A．将硫在氧气中点燃，根据蓝紫色火焰，确定生成物是二氧化硫B．将等质量的不同物质放入相同条件的水中，通过溶解速率比较它们溶解度大小C．用相同的酒精灯同时加热质量相等的水和煤油，通过温度计示数的变化比较它们的吸热能力D．把闹钟放在密闭容器里，逐渐抽出容器内的气体，听到的声音逐渐减小，可直接得出真空不能传声2．（2分）下列实验探究过程中没有使用控制变量法的是（）A．探究物质燃烧的条件B．探究硝酸钾在不同温度下的溶解度C．探究通过导体的电流与其两端电压的关系D．探究并联电路中干路电流和支路电流的关系3．（2分）下列对物质的分类正确的是（）A．铝合金和铁都是单质B．海水和碘酒都是混合物C．松香和食盐都是晶体D．玻璃和金属都是导体4．（2分）下列小实验不能成功的是（）A．用紫甘蓝自制酸碱指示剂B．用肥皂水鉴别硬水与软水C．用放大镜看窗外远处的景物，能看到正立的实像D．用两张纸证明流体压强与流速的关系5．（2分）下列关于物理学史的说法中正确的是（）A．伽利略发现了万有引力定律B．法拉第首先发现电磁感应现象C．马德堡半球实验测出了大气压数值D．奥斯特发现了通电螺线管极性的规律6．（2分）下列估测最接近实际的是（）A．一元硬币的直径约为2.5cmB．一只老母鸡的质量约为10kgC．运动员在百米赛跑中的平均速度约为15m/sD．初中生从一楼上到二楼所做的功约为150J7．（2分）下列有关声现象和电磁波说法正确的是（）A．我们无法分辨音调和响度相同的声音B．声音的频率越高，传播速度越快C．“禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声D．广播、电视都是利用电磁波传递信息8．（2分）对图中的图片解释正确的是（）A．红外线使钞票上的荧光物质发光B．水中倒影是由光的折射形成的C．阳光下人的影子是由于光沿直线传播形成的D．光的色散是由于光发生了漫反射9．（2分）现代生活中家用电器越来越多，安全用电成为人们日益关注的问题．下列做法正确的是（）A．电灯开关接在零线或火线上都可以B．使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体C．如果发现有人触电，应立刻用手把他拉离电源D．三脚插头去掉中间一脚后可以插入两孔插座中使用10．（3分）下列说法不正确的是（）A．物体的温度升高，其内能一定增大B．物体运动速度越大，内能也越大C．用水做散热器中冷却剂的原因之一是水的比热容大D．燃料燃烧的越充分，其热值越大11．（3分）台球是一项高雅的室内体育运动，如图所示．下列说法中正确的是（）A．台球对桌面的压力和桌面对台球的支持力是一对平衡力B．击打球后，球在台面上会继续滚动是因为惯性作用C．被击打的球撞击另一个球后，两个球的运动状态都发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态D．击打球的不同部位，球的运动情况不同，说明力的作用效果与力的作用点有关12．（3分）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左滑动一段距离，下列判断正确的是（）A．电压表V1的示数一定变大B．定值电阻R1与R2消耗的电功率之和一定变小C．电压表V1示数的变化的大小小于电压表V2示数的变化的大小D．电压表V1示数的变化的大小与电流表示数的变化的大小的比值不变二、填空题13．（2分）如图所示，针对滚摆的运动过程，从机械能转化的角度提出一个问题并回答．问题：回答：．14．（3分）爸爸驾车带小明去春游，途径一条长为450m的隧道，若汽车匀速行驶，速度为36km/h，则汽车通过隧道所需的时间约为s（车长忽略不计）．汽车通过隧道的过程中，爸爸考小明：“路灯没有长腿，为什么我们看到路灯不停地向后跑去？”小明回答：“这是因为我们以为参照物．”若汽车匀速行驶过程中受到的阻力为6500N，则汽车的功率为W．15．（3分）某小组做“探究凸透镜成像规律”的实验．如图所示，当烛焰离凸透镜20cm时，光屏上得到一个清晰的倒立、缩小的烛焰的像．若蜡烛长时间燃烧，可观察到光屏上的像将向选填（“上“或“下”）移动；若保持蜡烛和透镜的位置不动，在两者之间放置一个眼镜，当光屏向左移动适当距离后，光屏上再次出现清晰的像，由此可知该眼镜是（选填“近视”或“远视”）眼镜．拿走眼镜移动蜡烛，使蜡烛到凸透镜的距离为10cm，移动光屏，在光屏上（选填“能”或“不能”）得到清晰的像．16．（3分）小王家中的电能表如图所示，从表盘信息可知，他家接人电路的用电器的总功率不应超过W．当家里只有电磁炉工作时，电能表的表盘在5min内转360r，则电磁炉的功率为W；这段时间内电磁炉消耗的电能可以使1.5kg的水温度大约升高℃（C=4.2×103J/（kg•℃），不计热损失，结果保留1位小数）水17．（3分）许多家庭用天然气作燃料，天然气属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源；天然气燃烧过程中将能转化为内能；某次做饭用去了天然气20L，这些气体完全燃烧放出的热量为J．（天然气的热值为7.2×107J/m3）三、解答题18．（4分）在“探究固体熔化时温度变化的规律”的实验中：（1）如图甲所示，试管中装有适量的碎冰，此装置使用水浴法加热的优点是．（2）图乙是根据实验数据绘制的整个加热过程中温度随时间变化的图象．结合所学知识判断：物质在熔化过程中处于（选填“固态”、“液态”或“固液共存态”），在a时刻具有的内能选填“大于”、“小于”或“等于”）在b时刻的内能．（3）在标准大气压下，水温达到100℃，如图乙中DE段所示，继续加热观察到试管内的水（选填“会”或者“不会”）沸腾．19．（6分）小明利用一根粗细均匀的轻质硬棒和两个完全相同的重为2N的金属块A、B制作了如图所示装置．（1）以硬棒的中点O为支点，将金属块A、B分别挂于P、Q两点，测得PO=10cm，此时杠杆恰好处于平衡状态，则此杠杆属于；（2）把金属块A浸没在水中，为使杠杆仍保持水平平衡，金属块B的悬挂点应向（选填“左”或“右”）移动．若移动的距离为3cm，可知A在水中受到的浮力为N，拉环对点O的拉力为N．（3）在（2）的基础上，小明把A浸没在某种未知液体中，为使杠杆平衡，将B=1.0的悬挂点向左移动了0.6cm，可知此液体的密度是kg/m3，（已知ρ水×10kg/m3）（4）小明受到启发，进而想将此装置改成测量，密度的“密度称”，则这种“密度称”的刻度（选填“不是”或“是”）均匀的．20．（7分）在探究电流与电压、电阻关系的实验中，某小组同学连接了如图甲所示电路．（1）图甲中有一根导线连接错误，请你在接错的导线上打“×”，再画出正确的导线．（2）电路连接正确后，当C、D间接人电阻R0时，移动滑动变阻器滑片P，读出三组不同电压下的电流值．此过程探究的是．（3）依次将C、D问的电阻R．换成定值电阻R1、R2，且R0＜R1＜R2．要使电压数保持不变，应将滑动变阻器的滑片P向（选填“A”或“B”）端移动．【拓展】同学们将C、D间的电阻换成一只额定电压是“3.8V”的小灯泡．在移动滑片的过程中，小灯泡逐渐变亮，记录的电压表与电流表示数如下表所示①当小灯泡两端电压表的示数为3.8V时．电流表示数如图乙所示，将电流表的示数填入表格相应位置，此时小灯泡的电功率为W．②同学们分析表中数据，发现通过灯泡的电流与其两端电压（选填“成”或者“不成”）正比，其原因是．21．如图所示，工人利用此装置匀速提升重物A，已知：人拉绳子的力为200N，动滑轮重20N，工人的质量为70kg，人与地面的接触面积为0.04m2，（不计绳重=1.0×103kg/m3）和摩擦力，g取10N/kg，ρ水（1）重物A所受重力；（2）此装置的机械效率；（3）若重物A所受重力增大100N，则人对地面的压强与提升原重物A时相比将少多少帕．22．如图甲所示电路，电源电压不变，R1、R2为定值电阻，灯泡L上标有“6V 3W”的字样（不考虑灯丝电阻随温度变化），当闭合S、S2，断开S1时，滑动变阻器滑片由一端移到另一端，得到电压表示数与电流表示数变化的图象如图乙所示，若定值电阻R1：R2=1：3，求：（1）滑动变阻器的最大阻值；（2）电源电压和定值电阻R 1的阻值；（3）不改变已选电表的量程，闭合S、S1，断开S2，在保证电路安全且使电流表的示数不小于其小量程一半的条件下，滑动变阻器的取值范围．（结果保留一位小数）2016年河北省保定市定州市中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（2分）下列做法正确的是（）A．将硫在氧气中点燃，根据蓝紫色火焰，确定生成物是二氧化硫B．将等质量的不同物质放入相同条件的水中，通过溶解速率比较它们溶解度大小C．用相同的酒精灯同时加热质量相等的水和煤油，通过温度计示数的变化比较它们的吸热能力D．把闹钟放在密闭容器里，逐渐抽出容器内的气体，听到的声音逐渐减小，可直接得出真空不能传声【解答】解：A、硫在氧气中点燃生成了二氧化硫，生成物与火焰颜色无关，故A错误；B、影响溶解度的大小的因素与溶解的速率无关，故B错误；C、根据Q=cm△t，等质量的不同物质，吸收相等的热量后温度示数升高多的物质吸热能力小，实验可以通过温度计示数的变化比较它们的吸热能力，故C正确；D、排除空气传声之外，固体也可以传声，所以不能直接得出真空不能传声，故错误．故选C．2．（2分）下列实验探究过程中没有使用控制变量法的是（）A．探究物质燃烧的条件B．探究硝酸钾在不同温度下的溶解度C．探究通过导体的电流与其两端电压的关系D．探究并联电路中干路电流和支路电流的关系【解答】解：A、物质燃烧的条件与物质种类、氧气浓度等都有关系，研究燃烧条件，需要改变一个因素，其它因素都不变，采用的是控制变量法．故A不符合题意；B、固体溶解度与多个因素有关，研究硝酸钾在不同温度下的溶解度时，采用的是控制变量法．故B不符合题意；C、电流大小与电压、电阻有关，探究通过导体的电流与其两端电压的关系，需保持电阻相等，改变电压，属于控制变量法．故C不符合题意；D、探究并联电路干路电流和支路电流的关系，多次改变支路电流，采用的是归纳法，不属于控制变量法．故D符合题意．故选D．3．（2分）下列对物质的分类正确的是（）A．铝合金和铁都是单质B．海水和碘酒都是混合物C．松香和食盐都是晶体D．玻璃和金属都是导体【解答】解：A、铝合金中含有铝和其他金属或非金属单质，属于混合物，故A 错误；B、海水中含有多种盐，碘酒含有碘和酒精，都属于混合物，故B正确；C、松香没有固定的熔点，属于非晶体，故C错误；D、玻璃的主要成分是硅酸钠，是绝缘体，不是导体，故D错误；故选B．4．（2分）下列小实验不能成功的是（）A．用紫甘蓝自制酸碱指示剂B．用肥皂水鉴别硬水与软水C．用放大镜看窗外远处的景物，能看到正立的实像D．用两张纸证明流体压强与流速的关系【解答】解：A、由于紫甘蓝的汁液在不同的酸碱性溶液中会出现不同的颜色，所以酒精浸泡捣烂的紫甘蓝可制酸碱指示剂，故A正确；B、用肥皂水可以鉴别硬水和软水，泡沫多的是软水，泡沫少的是硬水，故B正确；C、当用该放大镜观察远处的景物时，因物距大于二倍焦距，所以成倒立、缩小的实像，而不是正立的实像，故C错误；D、在两张纸的中间向下吹气，两纸中间的空气流速大，压强小；而两纸的外侧空气流速小，压强大，两纸受到向内的压强差，所以两张纸将相互“靠近”，这说明气体的流速越大，压强越小，故D正确．故选C．5．（2分）下列关于物理学史的说法中正确的是（）A．伽利略发现了万有引力定律B．法拉第首先发现电磁感应现象C．马德堡半球实验测出了大气压数值D．奥斯特发现了通电螺线管极性的规律【解答】解：A、万有引力定律是牛顿最早发现的．故A错误；B、法拉第最早发现了电磁感应现象﹣﹣磁生电现象，为人们大规模得到电能提供了可能．故B正确；C、马德堡半球实验最早证明了大气压的存在，托里拆利实验最早测出了大气压的数值．故C错误；D、奥斯特发现了电流的磁效应，安培最早发现了通电螺线管极性的规律．故D 错误．故选B．6．（2分）下列估测最接近实际的是（）A．一元硬币的直径约为2.5cmB．一只老母鸡的质量约为10kgC．运动员在百米赛跑中的平均速度约为15m/sD．初中生从一楼上到二楼所做的功约为150J【解答】解：A、中学生大拇指的宽度约2cm，一元硬币的直径略大于此数值，在2.5cm左右．故A符合实际；B、一只老母鸡的质量在2kg左右．故B不符合实际；C、男子百米世界纪录略大于10m/s，中学生百米成绩一般在12m/s左右．故C 不符合实际；D、初中生的重力约500N，一层楼的高度约3m，初中生从一楼上到二楼所做的功约为W=Gh=500N×3m=1500J．故D不符合实际．故选A．7．（2分）下列有关声现象和电磁波说法正确的是（）A．我们无法分辨音调和响度相同的声音B．声音的频率越高，传播速度越快C．“禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声D．广播、电视都是利用电磁波传递信息【解答】解：A、声音的特征除了之外，还有音色，因此如果音调和响度相同，我们还可以通过音色的不同来分辨．故A错误．B、声音的传播速度与介质的种类和温度有关，与频率无关，声音的频率越高，传播速度不一定越快，故B错误；C、“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声，故C错误；D、广播、电视都是利用电磁波传递信息，故D正确．故选D．8．（2分）对图中的图片解释正确的是（）A．红外线使钞票上的荧光物质发光B．水中倒影是由光的折射形成的C．阳光下人的影子是由于光沿直线传播形成的D．光的色散是由于光发生了漫反射【解答】解：A、验钞机是利用紫外线使钞票上的荧光物质发光的效应进行防伪的，故A错误．B、平面的水面相当于平面镜，倒影是平面镜所成的像，平面镜成像是光的反射原理，故B错误；C、阳光下人的影子是由于光沿直线传播时，人挡住了阳光形成的，故C正确；D、光的色散是由于光的折射形成的，故D错误．故选C．9．（2分）现代生活中家用电器越来越多，安全用电成为人们日益关注的问题．下列做法正确的是（）A．电灯开关接在零线或火线上都可以B．使用试电笔时，手必须接触笔尾的金属体C．如果发现有人触电，应立刻用手把他拉离电源D．三脚插头去掉中间一脚后可以插入两孔插座中使用【解答】解：A、家庭电路中，开关与用电器之间是串联的，控制电灯的开关必须安装在火线与灯之间，防止维修或更换电灯时发生触电事故．故A错误；B、使用试电笔时手指要接触金属帽，笔尖接触电线，可辨别火线与零线，但手不能接触笔尖金属体，否则会发生触电事故．故B正确．C、发生触电事故时，先切断电源或用干燥的木棍将电线挑开，一定不能用手拉触电人，故C错误；D、三孔插座的上孔接地线，金属外壳的用电器连接三孔插座的上孔，这样在金属外壳的用电器漏电时，避免出现触电事故．故不能去掉中间一脚，故D错误．故选B．10．（3分）下列说法不正确的是（）A．物体的温度升高，其内能一定增大B．物体运动速度越大，内能也越大C．用水做散热器中冷却剂的原因之一是水的比热容大D．燃料燃烧的越充分，其热值越大【解答】解：A、物体温度升高，分子运动加剧，内能增大，故A正确；B、物体内能大小与温度有关，与运动速度无关，故B错误；C、由于水的比热容大，所以相同质量的水和其他物质相比较时，在相同的受冷和受热的情况下，水的温度变化小，所以用水作为汽车发动机散热器的冷却剂，其原因之一是水的比热容较大的原因，故C正确；D、热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，故D错误；故选BD．11．（3分）台球是一项高雅的室内体育运动，如图所示．下列说法中正确的是（）A．台球对桌面的压力和桌面对台球的支持力是一对平衡力B．击打球后，球在台面上会继续滚动是因为惯性作用C．被击打的球撞击另一个球后，两个球的运动状态都发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态D．击打球的不同部位，球的运动情况不同，说明力的作用效果与力的作用点有关【解答】解：A、台球对桌面的压力作用在桌面上，桌面对台球的支持力作用在台球上，二个力作用在两个不同物体上，所以不是一对平衡力．A说法错误；B、击打球后，球能继续运动，是由于球有惯性，但不是受到惯性的作用．B说法错误；C、被击打的球与另一个球撞击时发生力的作用，两个球的运动状态都发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态．故C正确；D、击打球的不同部位，球的运动情况不同，表明力的作用效果与力的作用点有关．故D正确．故选CD．12．（3分）如图所示，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左滑动一段距离，下列判断正确的是（）A．电压表V1的示数一定变大B．定值电阻R1与R2消耗的电功率之和一定变小C．电压表V1示数的变化的大小小于电压表V2示数的变化的大小D．电压表V1示数的变化的大小与电流表示数的变化的大小的比值不变【解答】解：由实物图画出电路图如下图所示：由图知，R1、R2与滑动变阻器串联，V1测滑动变阻器两端电压，V2测R1、R2的总电压，电流表测电路中电流．滑动变阻器的滑片P向左滑动时，变阻器连入阻值变大，由串联电路的分压原理知，变阻器分得电压增大，即电压表V1的示数变大，故A正确；R1、R2串联部分分得电压减少，由P=可知定值电阻R1与R2消耗的电功率之和一定变小，故B正确；电源电压保持不变，由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器增大的电压等于R1、R2串联部分减少电压，即电压表V1示数的变化的大小等于电压表V2示数的变化的大小，故C错误；由欧姆定律知，==R1+R2，因为R1、R2为定值电阻，所以电压表V1示数的变化的大小与电流表示数的变化的大小的比值不变，故D正确．故选ABD．二、填空题13．（2分）如图所示，针对滚摆的运动过程，从机械能转化的角度提出一个问题并回答．问题：滚摆向上运动时，动能和重力势能如何变化回答：滚摆向上运动时，动能变小，重力势能变大，动能转化为重力势能．【解答】解：问题1：滚摆向上运动时，动能和重力势能如何变化？回答1：滚摆向上运动时，动能变小，重力势能变大，动能转化为重力势能；问题2：滚摆向下运动时，动能和重力势能如何变化？回答2：滚摆向下运动时，动能变大，重力势能变小，重力势能转化为动能；问题3：滚摆在运动过程中，为什么会越来越低：回答3：克服摩擦和空气阻力，一部分机械能转化为内能．故答案为：滚摆向上运动时，动能和重力势能如何变化；滚摆向上运动时，动能变小，重力势能变大，动能转化为重力势能．14．（3分）爸爸驾车带小明去春游，途径一条长为450m的隧道，若汽车匀速行驶，速度为36km/h，则汽车通过隧道所需的时间约为45s（车长忽略不计）．汽车通过隧道的过程中，爸爸考小明：“路灯没有长腿，为什么我们看到路灯不停地向后跑去？”小明回答：“这是因为我们以汽车为参照物．”若汽车匀速行驶过程中受到的阻力为6500N，则汽车的功率为 6.5×104W．【解答】解：（1）汽车的速度：v=36km/h=36×m/s=10m/s，由v=得，汽车通过隧道所需的时间：t===45s；（2）看到车外路灯后退选择的参照物是与路灯位置不断发生变化的汽车；（3）汽车匀速行驶，牵引力F=f=6500N，汽车的功率：P===Fv=6500N×10m/s=6.5×104W．故答案为：45；汽车；6.5×104．15．（3分）某小组做“探究凸透镜成像规律”的实验．如图所示，当烛焰离凸透镜20cm时，光屏上得到一个清晰的倒立、缩小的烛焰的像．若蜡烛长时间燃烧，可观察到光屏上的像将向上选填（“上“或“下”）移动；若保持蜡烛和透镜的位置不动，在两者之间放置一个眼镜，当光屏向左移动适当距离后，光屏上再次出现清晰的像，由此可知该眼镜是远视（选填“近视”或“远视”）眼镜．拿走眼镜移动蜡烛，使蜡烛到凸透镜的距离为10cm，移动光屏，在光屏上能（选填“能”或“不能”）得到清晰的像．【解答】解：随着蜡烛的燃烧，火焰中心的高度降低，则光屏上的像向上移动；保持蜡烛和透镜的位置不动，在两者之间放置一个眼镜，当光屏向左移动适当距离后，光屏上再次出现清晰的像，说明像距变小，眼镜对光线起会聚作用，为凸透镜，可以矫正远视眼；当烛焰离凸透镜20cm时，由图可知：物距大于像距，则物体是在2f之外所成的像，所以此时在另一侧光屏上得到一个清晰、倒立、缩小的烛焰实像；由上分析可知：20cm＞2f，则f＜10cm，所以移动蜡烛，使烛焰离凸透镜10cm，物体处于焦点之外，物体能成实像，所以再移动光屏，能在光屏上得到一个清晰的烛焰的像．故答案为：上；远视；能．16．（3分）小王家中的电能表如图所示，从表盘信息可知，他家接人电路的用电器的总功率不应超过2200W．当家里只有电磁炉工作时，电能表的表盘在5min内转360r，则电磁炉的功率为1200W；这段时间内电磁炉消耗的电能可以使1.5kg的水温度大约升高57.1℃（C=4.2×103J/（kg•℃），不计热损失，结果保留1位小数）水【解答】解：（1）该电能表允许接入用电器的最大功率：P最大=UI=220V×10A=2200W，则小王家接入的用电器总功率不能超过2200W；（2）电磁炉消耗的电能：W=kW•h=0.1kW•h，电磁炉的功率：P===1.2kW=1200W；（3）不计热损失，水吸收的热量：Q吸=W=0.1kW•h=0.1×3.6×106J=3.6×105J，=cm△t可得，水升高的温度：由Q吸△t==≈57.1℃．故答案为：2200；1200；57.1．17．（3分）许多家庭用天然气作燃料，天然气属于不可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源；天然气燃烧过程中将化学能转化为内能；某次做饭用去了天然气20L，这些气体完全燃烧放出的热量为 1.44×106J．（天然气的热值为7.2×107J/m3）【解答】解：（1）天然气是化石能源的一种，化石能源、核能等能源会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；（2）天然气燃烧的过程是将化学能转化为内能的过程；（3）天然气的体积V=20L=20dm3=0.02m3，天然气完全燃烧放热：Q放=qV=7.2×107J/m3×0.02m3=1.44×106J故答案为：不可再生；化学；1.44×106．三、解答题18．（4分）在“探究固体熔化时温度变化的规律”的实验中：（1）如图甲所示，试管中装有适量的碎冰，此装置使用水浴法加热的优点是均匀受热．（2）图乙是根据实验数据绘制的整个加热过程中温度随时间变化的图象．结合所学知识判断：物质在熔化过程中处于固液共存态（选填“固态”、“液态”或“固液共存态”），在a时刻具有的内能小于选填“大于”、“小于”或“等于”）在b时刻的内能．（3）在标准大气压下，水温达到100℃，如图乙中DE段所示，继续加热观察到。

2016-2017学年河北省保定市定州中学高三(上)第一次月考物理试卷(解析版)

2016-2017学年河北省保定市定州中学高三(上)第一次月考物理试卷(解析版)

2016-2017学年河北省保定市定州中学高三（上）第一次月考物理试卷一．选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分）1．如图甲所示，Q1、Q2为两个固定的点电荷，其中Q1带负电，a、b、c三点在它们连线的延长线上．现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始向远处运动经过b、c 两点（粒子只受电场力作用），粒子经过a、b、c三点时的速度分别为v a、v b、v c，其速度﹣时间图象如图乙所示．以下说法中正确的是（）A．Q2一定带正电B．Q2的电量一定小于Q1的电量C．b点的电场强度最大D．粒子由a点运动到c点运动过程中，粒子的电势能先增大后减小2．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知（）A．带电粒子在R点时的速度大小大于在Q点时的速度大小B．带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大C．带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大D．带电粒子在R点时的加速度大小小于在Q点时的加速度大小3．如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为1m的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为10V、20V、30V，则下列说法正确的是（）A．B、E一定处在同一等势面上B．匀强电场的场强大小为10V/mC．正点电荷从E点移到F点，则电场力做负功D．电子从F点移到D点，电荷的电势能减少20eV4．如图所示，一面积为S，电阻为R的N匝矩形线圈处于一个交变的磁场中，磁感应强度的变化规律为B=B0sinωt．下列说法正确的是（）A．线框中会产生交变电流B．在t=时刻，线框中感应电流达到最大值C．从t=0到t=这一过程中通过导体横截面积的电荷量为D．若只增大变化磁场的频率，则线框中感应电流的频率也将增加，但电流的有效值不变5．（2007•居巢区校级模拟）甲、乙两车以相同的速率V0在水平地面上相向做匀速直线运动，某时刻乙车先以大小为a的加速度做匀减速运动，当速率减小到0时，甲车也以大小为a的加速度做匀减速运动．为了避免碰车，在乙车开始做匀减速运动时，甲、乙两车的距离至少应为（）A．B． C．3D．26．（2015春•嘉兴校级期中）下列科学家中，提出万有引力定律的是（）A．开普勒B．牛顿 C．卡文迪许 D．爱因斯坦7．（2012秋•宁波校级期中）在一光滑水平面内建立平面直角坐标系，一物体从t=0时刻起，由坐标原点O（0，0）开始运动，其沿x轴和y轴方向运动的速度﹣时间图象如图甲、乙所示，下列说法中正确的是（）A．前2 s内物体沿x轴做匀加速直线运动B．后2 s内物体继续做匀加速直线运动，但加速度沿y轴方向C．4 s末物体坐标为（4 m，4 m）D．4 s末物体坐标为（6 m，2 m）8．（2011•广东）图为静电除尘机理的示意图，尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的，下列表述正确的是（）A．到达集尘极的尘埃带正电荷B．电场方向由集尘极指向放电极C．带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D．同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大9．（2015•四川）如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定、圆心是O，最低点是P，直径MN 水平，a、b是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过P点到达某点Q（图中未画出）时速度为零．则小球a（）A．从N到Q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小B．从N到P的过程中，速率先增大后减小C．从N到Q的过程中，电势能一直增加D．从P到Q的过程中，动能减少量小于电势能增加量10．（2014•天门模拟）如图所示，x轴在水平地面上，y轴竖直向上，在y轴上的P点分别沿x轴正方向和y轴正方向以相同大小的初速度抛出两个小球a和b，不计空气阻力，若b 上行的最大高度等于P点离地的高度，则从抛出到落地，有（）A．a的运动时间是b的运动时间的倍B．a的位移大小是b的位移大小的倍C．a、b落地时的速度相同，因此动能一定相同D．a、b落地时的速度不同，但动能可能相同二、实验题（共2小题，共20分）11．（10分）（2013秋•天津期末）如图所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力和速度．（1）所需器材有打点计时器（带导线）、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需______（填字母代号）中的器材．A．直流电源、天平及砝码B．直流电源、毫米刻度尺C．交流电源、天平及砝码D．交流电源、毫米刻度尺（2）通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度．为使图线的斜率等于重力加速度，除作v﹣t图象外，还可作______图象，其纵轴表示的是______，横轴表示的是______．12．（10分）（2014秋•射洪县期末）实验室备有以下实验器材：A．一个已校准的电流表A（量程lmA，内阻约几百欧）B．一个标准电压表V（量程3V）C．一个电源E（电动势约为4V）D．一个电阻箱R1（阻值范围：0～9 999Q）E．一个滑动变阻器R2（阻值范围：0～50Ω）F．一个单刀单掷开关S、另有导线若干（I）现要先测出电流表A的内阻，然后将其改装成量程也为3V的电压表，最后利用上述标准电压表V对改装成的电压表进行校对，则标准电压表与改装的电压表______．（串联或并联）（Ⅱ）若要求只设计一个电路，既可以较精确地测量A表的内阻，又能对改装的电压表进行校对．①请在虚线框中画出你设计的实验电路图．②若在测A表内阻的实验中，调节电阻箱R1，使其接人电路中的电阻为R时，读出A表和V表的示数分别为I和U，则电流表内阻的大小表达式为______．（用I、U和R表示）③将A表改装成量程为3V的电压表后，在进行校对时，发现改装后的电压表的读数总比标准电压表的读数小，这可能是因为电流表A的内阻测量值比实际值______，（填“大”，或“小”），应适当调节电阻箱使其接人的电阻值______．（填“增大”或“减小”）三、计算题（共4小题，共40分）13．（10分）（2016秋•定州市校级月考）正负电子对撞机是使正负电子以相同速率对撞（撞前速度在同一直线上的碰撞）并进行高能物理研究的实验装置（如图甲），该装置一般由高能加速器（同步加速器或直线加速器）、环形储存室（把高能加速器在不同时间加速出来的电子束进行积累的环形真空室）和对撞测量区（对撞时发生的新粒子、新现象进行测量）三个部分组成．为了使正负电子在测量区内不同位置进行对撞，在对撞测量区内设置两个方向相反的匀强磁场区域．对撞区域设计的简化原理如图乙所示：MN和PQ为足够长的竖直边界，水平边界EF将整个区域分成上下两部分，Ⅰ区域的磁场方向垂直纸面向内，Ⅱ区域的磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小均为B．现有一对正负电子以相同速率分别从注入口C和注入口D同时水平射入，在对撞测量区发生对撞．已知两注入口到EF的距离均为d，边界MN和PQ的间距为L，正电子的质量为m，电量为+e，负电子的质量为m，电量为﹣e．（1）试判断从注入口C入射的是正电子还是负电子；（2）若L=4d，要使正负电子经过水平边界EF一次后对撞，求正负电子注入时的初速度大小；（3）若只从注入口C射入电子，间距L=13（2﹣）d，要使电子从PQ边界飞出，求电子射入的最小速率，及以此速度入射到从PQ边界飞出所需的时间．14．（10分）（2015春•滨州期末）如图所示，将一定质量的气体密封在烧瓶内，烧瓶通过细玻璃管与注射器和装有水银的U形管连接，最初竖直放置的U形管两臂中的水银柱等高，烧瓶中气体体积为400ml，现用注射器缓慢向烧瓶中注水，稳定后两臂中水银面的高度差为25cm，已知大气压强为75cmHg柱，不计玻璃管中气体的体积，环境温度不变，求：（1）共向玻璃管中注入了多大体积的水？（2）试分析此过程中气体吸热还是放热，气体的内能如何变化．15．（10分）（2016•衡水校级模拟）如图甲所示，有一块木板静止在足够长的粗糙水平面上，木板质量为M=4kg，长为L=1.4m；木块右端放的一小滑块，小滑块质量为m=1kg，可视为质点．现用水平恒力F作用在木板M右端，恒力F取不同数值时，小滑块和木板的加速度分别对应不同数值，两者的a﹣F图象如图乙所示，取g=10m/s2．求：（1）小滑块与木板之间的滑动摩擦因数，以及木板与地面的滑动摩擦因数．（2）若水平恒力F=27.8N，且始终作用在木板M上，当小滑块m从木板上滑落时，经历的时间为多长．16．（10分）（2016•甘肃校级一模）如图所示，轻弹簧的一端固定，另一端与滑块B相连，B静止在水平面上的O点，此时弹簧处于原长．另一质量与B相同的滑块A从P点以初速度v0向B滑行，经过时间t时，与B相碰．碰撞时间极短，碰后A、B粘在一起运动．滑块均可视为质点，与平面间的动摩擦因数均为μ，重力加速度为g．求：（1）碰后瞬间，A、B共同的速度大小；（2）若A、B压缩弹簧后恰能返回到O点并停止，求弹簧的最大压缩量；（3）整个过程中滑块B对滑块A做的功．2016-2017学年河北省保定市定州中学高三（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一．选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分）1．如图甲所示，Q1、Q2为两个固定的点电荷，其中Q1带负电，a、b、c三点在它们连线的延长线上．现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始向远处运动经过b、c 两点（粒子只受电场力作用），粒子经过a、b、c三点时的速度分别为v a、v b、v c，其速度﹣时间图象如图乙所示．以下说法中正确的是（）A．Q2一定带正电B．Q2的电量一定小于Q1的电量C．b点的电场强度最大D．粒子由a点运动到c点运动过程中，粒子的电势能先增大后减小【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势能【分析】速度时间图线上每一点的切线斜率表示瞬时加速度，可见a到b做加速度减小的减速运动，到b点加速度为0．从而知道b点的电场力及电场强度．通过B点的场强可以分析出两个点电荷电量的大小．通过能量守恒判断电势能的变化．【解答】解：AC、从速度图象上看，可见a到b做加速度减小的减速运动，在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零，负电荷在ab上做减速运动，电场力向左，合场强向右，b点左侧合电场主要取决于，故带正电；负电荷在bc上做加速运动，电场力向右，合电场向左，b点右侧合电场主要取决于，说明带负电，故A正确，C错误；B、b点的电场强度为0，根据点电荷场强公式，因为，故，即的电量一定小于的电量，故B正确；D、负电荷从a点到b点的过程中，电场力做负功，电势能增加；从b点到c点的过程中，电场力做正功，电势能减小，故粒子从a到b到c的过程中，电势能先增加后减小，故D 正确；故选：ABD【点评】解决本题的关键根据图象b点的加速度为0，根据这一突破口，从而判断Q2的电性及Q1和Q2的电量大小．2．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知（）A．带电粒子在R点时的速度大小大于在Q点时的速度大小B．带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大C．带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大D．带电粒子在R点时的加速度大小小于在Q点时的加速度大小【考点】电场线；电场强度【分析】根据轨迹弯曲的方向可知，电场力的方向沿电场线向右，根据受力的方向与运动方向之间的关系，判断出电场力做功的正负，从而判断出电荷电势能和动能的变化；总能量守恒；由电场线疏密确定出，P点场强大，电场力大，加速度大．【解答】解：A、电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，所以电场力的方向沿电场线向右，若粒子从P运动到Q，电场力做负功，电势能增大，动能减小，R点速度小于Q点速度，若粒子从Q运动到P，则电场力做正功，电势能减小，动能增大，Q点速度小于R点速度，P点时的电势能比在Q点时的电势能小，故A正确，B错误；C、只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故带电质点在P点的动能与电势能之和等于在Q点的动能与电势能之和，保持不变．故C错误；D、由电场线疏密确定出，R点场强大比Q大，电场力大，加速度大，故D错误；故选：A【点评】该类题目中，首先根据轨迹弯曲的方向判断出粒子受力的方向是解题的关键．根据电场线与等势面垂直，作出电场线，得到一些特殊点（电场线与等势面交点以及已知点）的电场力方向，同时结合能量的观点分析是解决这类问题常用方法．3．如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为1m的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为10V、20V、30V，则下列说法正确的是（）A．B、E一定处在同一等势面上B．匀强电场的场强大小为10V/mC．正点电荷从E点移到F点，则电场力做负功D．电子从F点移到D点，电荷的电势能减少20eV【考点】电势；元电荷、点电荷【分析】连接AC，根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，则知AC中点的电势为2V，连接EB，EB即为一条等势线，CA连线即为一条电场线，由BA间的电势差，由公式U=Ed求出场强大小．由W=qU，则电场力做功就可以求解．【解答】解：A、连接AC，AC中点电势为20V，与B电势相等，则EB连线必为一条等势线，故A正确．B、BA间的电势差为U BA=10V，又U BA=Ed AB cos30°，得场强E==V/m=V/m．故B错误；C、由上得知，E的电势为20V，F点与A点的电势相等为10V，则正电荷从E点移到F点，电势能减小，则电场力做正功，故C错误．D、由上得知，F的电势为10V，D点与C点的电势相等为30V，则电子从F点移到D点，电场力做功W FD=eU FD=e（φF﹣φD）=﹣（10﹣30）eV=20eV，那么电势能将减小20eV．故D正确．故选：AD．【点评】本题的关键找等势点，作出电场线，这是解决这类问题常用方法．同时还要充分利用正六边形的对称性分析匀强电场中各点电势的关系．4．如图所示，一面积为S，电阻为R的N匝矩形线圈处于一个交变的磁场中，磁感应强度的变化规律为B=B0sinωt．下列说法正确的是（）A．线框中会产生交变电流B．在t=时刻，线框中感应电流达到最大值C．从t=0到t=这一过程中通过导体横截面积的电荷量为D．若只增大变化磁场的频率，则线框中感应电流的频率也将增加，但电流的有效值不变【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律【分析】根据交流电产生条件：闭合电路的磁通量发生变化，即可求解；根据法拉第电磁感应定律，得出感应电流的瞬时表达式，从而可确定感应电流的最大值；结合闭合电路欧姆定律，与电量表达式，即可求解电量的大小；根据线圈中产生感应电流瞬时表达式，结合有效值与最大值的关系，从而确定有效值．【解答】解：A、由题意可知，矩形线圈处于一个交变的磁场中，从而导致穿过线圈的磁通量变化，则产生感应电流，故A正确；B、线圈中产生感应电流的瞬时表达式，为i=cosωt，当在t=时刻，线框中感应电流达到最大值，故B正确；C、根据电量的表达式，q=N，从t=0到t=这一过程中通过导体磁通量变化为B0S，所以横截面积的电荷量为为N，故C错误；D、若只增大变化磁场的频率，则线框中感应电流的频率也将增加，导致最大值也增加，所以有效值也增大，故D错误．故选：AB【点评】考查法拉第电磁感应定律的应用，学会如何求解横截面积的电荷量，注意横截面积的电荷量还与线圈的匝数有关，同时掌握最大值与频率有关，以及有效值与最大值的关系．5．（2007•居巢区校级模拟）甲、乙两车以相同的速率V0在水平地面上相向做匀速直线运动，某时刻乙车先以大小为a的加速度做匀减速运动，当速率减小到0时，甲车也以大小为a的加速度做匀减速运动．为了避免碰车，在乙车开始做匀减速运动时，甲、乙两车的距离至少应为（）A．B． C．3D．2【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】乙车先以大小为a的加速度做匀减速运动，根据运动学的公式求出车停止的时间和停止时的位移；该时间内甲车做匀速直线运动，根据公式x=vt求得甲的第一段位移．之后甲做匀减速运动，再根据运动学的公式即可求得．甲、乙两车的距离最小是两车位移的和．【解答】解：乙车停止的时间为t1，则：①乙的位移：该时间内，甲做匀速直线运动，位移为：之后甲做减速运动，由于甲与乙的初速度、加速度都相同，所以甲停止的时间与停止时的位移都与乙的相同，所以甲减速的位移为：甲、乙两车的距离最小是两车位移的和：所以选项D正确．故选：D．【点评】甲、乙两车在水平地面上相向运动，它们之间的最小距离为两车位移的和．这是该类题目的共同点．6．（2015春•嘉兴校级期中）下列科学家中，提出万有引力定律的是（）A．开普勒B．牛顿 C．卡文迪许 D．爱因斯坦【考点】万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定【分析】万有引力定律是牛顿在前人（开普勒、胡克、雷恩、哈雷）研究的基础上，凭借他超凡的数学能力证明，在1687年于《自然哲学的数学原理》上发表的．【解答】解：伽利略的理想斜面实验推论了物体不受力时运动规律，开普勒发现了行星运动的三大规律，牛顿在前人（开普勒、胡克、雷恩、哈雷）研究的基础上，凭借他超凡的数学能力，发现了万有引力定律，经过了100多年后，卡文迪许测量出了万有引力常量；故ACD错误，B正确．故选：B．【点评】对于物理学上重要实验、发现和理论，要加强记忆，这也是高考考查内容之一．7．（2012秋•宁波校级期中）在一光滑水平面内建立平面直角坐标系，一物体从t=0时刻起，由坐标原点O（0，0）开始运动，其沿x轴和y轴方向运动的速度﹣时间图象如图甲、乙所示，下列说法中正确的是（）A．前2 s内物体沿x轴做匀加速直线运动B．后2 s内物体继续做匀加速直线运动，但加速度沿y轴方向C．4 s末物体坐标为（4 m，4 m）D．4 s末物体坐标为（6 m，2 m）【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】前2s内物体在y轴方向没有速度，只有x轴方向有速度，由图看出，物体在x轴方向做匀加速直线运动．后2s内物体在x和y两个方向都有速度，x方向做匀速直线运动，y方向做匀加直线运动，根据运动的合成分析物体的运动情况．根据运动学公式分别求出4s 内物体两个方向的坐标．【解答】解：A、前2s内，物体在y轴方向没有速度，由图看出，物体沿x轴方向做匀加速直线运动．故A正确．B、在后2s内，物体在x轴方向做匀速直线运动，y轴方向做匀加速直线运动，根据运动的合成得知，物体做匀加速曲线运动，加速度沿y轴方向．故B错误．C、D在前2s内，物体在x轴方向的位移为：x1=t=×2m=2m．在后2s内，x轴方向的位移为：x2=v x t=2×2m=4m，y轴方向位移为：y=×2m=2m，则4s末物体的坐标为（6m，2m）．故C错误，D正确．故选：AD【点评】本题采用程序法分析物体的运动情况，根据运动的合成法求解物体的位移．8．（2011•广东）图为静电除尘机理的示意图，尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的，下列表述正确的是（）A．到达集尘极的尘埃带正电荷B．电场方向由集尘极指向放电极C．带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D．同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大【考点】* 静电的利用和防止【分析】从静电除尘机理出发即可解题．由于集尘极与电池的正极连接，电场方向有集尘极指向放电极．而尘埃在电场力作用下向集尘极迁移并沉积，说明尘埃带负电．负电荷在电场中受电场力的方向与电场力方向相反，根据F=Eq即可得出结论．【解答】解：由于集尘极与电池的正极连接，电场方向有集尘板指向放电极，B正确．而尘埃在电场力作用下向集尘极迁移并沉积，说明尘埃带负电，A错误．负电荷在电场中受电场力的方向与电场力方向相反，C错误．根据F=Eq可得，D正确．故选BD．【点评】本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例9．（2015•四川）如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定、圆心是O，最低点是P，直径MN 水平，a、b是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过P点到达某点Q（图中未画出）时速度为零．则小球a（）A．从N到Q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小B．从N到P的过程中，速率先增大后减小C．从N到Q的过程中，电势能一直增加D．从P到Q的过程中，动能减少量小于电势能增加量【考点】电势能；功能关系【分析】分析库仑力及重力的合力，根据功的公式明确合力做功情况；再根据重力做功和电场力做功的特点与势能的关系分析电势能的变化．【解答】解：A、a由N到Q的过程中，重力竖直向下，而库仑力一直沿二者的连线方向，则可知，重力与库仑力的夹角一直减小，同时库仑力在增大；故合力一直在增大；故A错误；B、在整个过程中合力先与运动方向的夹角均为锐角，合力做正功；而后一过程中合力与运动方向夹角为钝角，合力做负功；故从N到P的过程中，速率先增大后减小；故B正确；C、由于在下降过程中，库仑力一直与运动方向夹角大于90度，故库仑力一直做负功；电势能一直增加；故C正确；D、从P到Q的过程中，由动能定理可知，﹣mgh﹣W E=0﹣mv2；故动能的减小量等于重力势能增加量和电势能的增加量；故D错误；故选：BC．【点评】本题考查功能关系，要注意明确电场力和重力具有相同的性质，即重力做功量度重力势能的改变量；而电场力做功量度电势能的改变量．10．（2014•天门模拟）如图所示，x轴在水平地面上，y轴竖直向上，在y轴上的P点分别沿x轴正方向和y轴正方向以相同大小的初速度抛出两个小球a和b，不计空气阻力，若b 上行的最大高度等于P点离地的高度，则从抛出到落地，有（）A．a的运动时间是b的运动时间的倍B．a的位移大小是b的位移大小的倍C．a、b落地时的速度相同，因此动能一定相同D．a、b落地时的速度不同，但动能可能相同【考点】平抛运动【分析】a做平抛运动，运动平抛运动的规律得出时间与高度的关系．b做竖直上抛运动，上升过程做匀减速运动，下落做自由落体运动，分两段求运动时间，即可求解时间关系；b 的位移大小等于抛出时的高度．根据b的最大高度，求出初速度与高度的关系，即可研究位移关系；根据机械能守恒分析落地时动能关系．【解答】解：A、设P点离地的高度为h．对于b：b做竖直上抛运动，上升过程与下落过程对称，则b 上升到最大的时间为t1=，从最高点到落地的时间为t2=，故b运动的总时间t b=t1+t2=（+1）；对于a：做平抛运动，运动时间为t a=；则有t b=（+1）t a．故A错误．B、对于b：h=，则得v0=；对于a：水平位移为x=v0t=•=2h，a的位移为x a==h，而b的位移大小为h，则a的位移大小是b的位移大小的倍．故B错误．C、D、根据机械能守恒定律得：E k=mgh+m，则知两球落地时动能可能相同．而速度方向不同，则落地时速度不同．故C错误，D正确．故选：D。

河北定州中学2016-2017学年第一学期高三物理周练试题 (5)

河北定州中学2016-2017学年第一学期高三物理周练试题 (5)

河北定州中学2016-2017学年第一学期高三物理周练试题（9）一、单项选择题1．在某地地震发生后的几天，通向灾区的公路非常难行，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8 s，由于前方突然有巨石滚在路中央，所以又紧急刹车，经4 s停在巨石前．则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是（）A．加速、减速中的加速度大小之比a1∶a2＝1∶2B．加速、减速中的加速度大小之比a1∶a2＝2∶1C．加速、减速中的平均速度之比v1∶v2＝2∶1D．加速、减速中的位移之比x1∶x2＝1∶12．如图所示的电路中，理想变压器的输入电压u不变，R1为定值电阻，若要使电压表示数增大，可采用的办法是（）A．保持其它不变，将滑动接头p向上移B．保持其它不变，将滑动接头p向下移C．保持其它不变，增大R2D．保持其它不变，减小R23．同一辆汽车以同样大小的速度先后开上平直的桥和凸形桥，在桥的中央处有（）A．车对两种桥面的压力一样大 B．车对平直桥面的压力大C．车对凸形桥面的压力大 D．无法判断4．如图所示，用两根绳子吊起﹣重物，使重物保持静止，若逐渐增大两绳之间的夹角θ，则两绳对重物的拉力的合力变化情况是（）A．不变 B．减小 C．增大 D．无法确定5．我国《道路交通安全法》中规定：各种小型车辆前排乘坐的人（包括司机）必须系好安全带，这是因为（）．A．系好安全带可以减小惯性B．是否系好安全带对人和车的惯性没有影响C．系好安全带可以防止因车的惯性而造成的伤害D．系好安全带可以防止因人的惯性而造成的伤害6．一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变,在两极板间插入一电介质,其电容C和两极板间的电势差U的变化情况是 ( )A．C和U均减小 B． C减小,U增大C．C增大,U减小 D．C和U均增大7．如图，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场相互垂直．在电磁场区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球，小球可沿圆环自由运动．O点为圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c点为最低点，Ob沿水平方向．已知小球所受电场力与重力大小相等．现将小球从环的顶端a点由静止释放．下列判断正确的是（）时，洛仑兹力最大A．当小球运动的弧长为圆周长的12时，洛仑兹力最大B．当小球运动的弧长为圆周长的38C．小球从a点到b点，重力势能减小，电势能增大D．小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小8．如图所示使物体A、B带电的实验为（）A．摩擦起电 B．传导起电 C．感应起电 D．以上都不对9．如图所示，人竖直站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯一起匀速斜向下运动．以下分析正确的是（ ）A ．人受到重力和支持力的作用B ．人受到摩擦力的方向水平向左C ．人受到重力、支持力和摩擦力的作用D ．人受到与速度方向相同的合外力10．下列各组物理量中，全为矢量的是（ ）A.质量、重力、重力加速度B.平均速度、速度、速度的变化C.位移、路程、平均速率D.速率、平均速率、速度的变化率11．如图所示，由导线制成的正方形线框边长L ，每条边的电阻均为R ，其中ab 边材料较粗且电阻率较大，其质量为m ，其余各边的质量均可忽略不计。

河北省定州中学高一物理上学期第一次月考试题

河北省定州中学高一物理上学期第一次月考试题

河北定州中学2016-2017学年第一学期高一第一次月考物理试卷一、选择题1．如图甲所示，平行金属板中央有一个静止的电子（不计重力），两板间距离足够大．当两板间加上如图乙所示的交变电压后，在下图中，反映电子速度v、位移x和加速度a三个物理量随时间t 的变化规律可能正确的是（）2．物体受到几个恒力的作用而处于平衡状态，若再对物体施加一个恒力，则物体不可能做（）A．匀加速直线运动 B．匀减速直线运动C．非匀变速曲线运动 D．匀变速曲线运动3．一物体运动的速度随时间变化的关系如图所示，根据图象可知（）A．4s内物体在做曲线运动B．4s内物体的速度一直在减小C．物体的加速度在2．5s时方向改变D．4s内物体一直做直线运动4．如图所示，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度1a 、2a ，重力加速度大小为g ，则有（ ）A ．a 1=0 a 2=gB ．a 1=g a 2=gC ．a 1=0 2m M a g M +=D ．a 1=g 2m M a g M+= 5．一个物体做变速直线运动，物体的加速度从某一值逐渐减小到零。

则在此过程中，下列关于该物 体的运动情况的说法中可能正确的是A ．物体速度不断增大，加速度减小到零时，物体速度最大B ．物体速度不断减小，加速度减小到零时，物体速度为零C ．物体速度不断减小到零，然后物体反向做加速直线运动D ．物体速度不断增大，然后速度逐渐减小6．一辆汽车在平直公路上做刹车实验，t=0时刻起运动过程的位移与速度的关系为2(100.1)x v m =-，下列分析正确的是A ．上述过程的加速度大小为20.2/m sB ．刹车过程持续的时间为2sC ．t=0时刻的速度为5m/sD ．刹车过程的位移为5m7．下列所给的运动图象中能反映做直线运动的物体不会回到初始位置的是8．物体沿一条直线运动，下列说法正确的是（ ）A ．物体在某时刻的速度为3m/s ，则物体在1s 内一定走3mB ．物体在某1s 内的平均速度是3m/s ，则物体在这1s 内的位移一定是3mC ．物体在某段时间内的平均速度是3m/s ，则物体在其中某1s 内的位移一定是3mD ．若物体做匀变速直线运动时，在发生某段位移过程中的平均速度是3m/s ，则物体在这段位移的一半时的速度一定是大于3m/s9．对速度与加速度的关系，正确说法是：（）A．速度大的加速度大 B．速度变化大的加速度大C．速度变化率大的加速度大 D．速度不变，加速度为零10．以下说法正确的是（）A．只有很小的物体才能视为质点，很大的物体不能视为质点B．若以河岸为参考系，在顺水漂流的船上行走的人可能是静止的C．做直线运动的物体，其位移大小跟这段时间内它通过的路程一定相等D．一节课40分钟，40分钟指的是时间11．球从3m高处落下, 被地板弹回, 在距地面1m高处被接住, 则皮球通过的路程和位移的大小分别是（）A．4m、4m B．3m、1m C．3m、2m D．4m、2m12．根据速度定义式v＝xt∆∆，当Δt极短时，xt∆∆就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了下列哪种物理方法（）A．控制变量法 B．假设法C．微元法 D．极限的思想方法13．下列有关质点的说法中正确的是（）A．只有质量和体积都极小的物体才能视为质点B．研究一列火车过铁路桥经历的时间时，可以把火车视为质点C．研究自行车的运动时，在任何情况下都不能把自行车视为质点D．虽然地球很大，还在不停地自转，但是在研究地球的公转时，仍然可以把它视为质点14．物理学中,科学家处理物理问题用到了多种思想与方法,根据你对物理学的学习,关于科学家的思想和贡献,下列说法错误的是A．重心和交变电流有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想B．牛顿通过斜面实验提出了“提出假说,数学推理,实验验证,合理外推”的科学推理方法C．用质点来代替实际物体、用点电荷来代替带电体都是采用了理想化模型的方法D．奥斯特通过实验观察到电流的磁效应,揭示了电和磁之间存在联系15．下列关于物体是否可以看做质点的说法正确的有A．研究奥运游泳冠军叶诗文的游泳技术时，叶诗文不能看成质点B ．研究飞行中直升飞机上的螺旋桨的转动情况时，直升飞机可以看做质点C ．观察航空母舰上的舰载飞机起飞时，可以把航空母舰看做质点D ．在作战地图上确定航空母舰的准确位置时，可以把航空母舰看做质点16．一物体做直线运动，前一半路程的平均速度是v 1，后一半路程的平均速度是v 2．此物体在全过程的平均速度A ．等于v 1B ．等于v 2C ．等于122v v + D ．等于12122v v v v + 17．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，则在此过程中A ．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B ．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C ．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不变D ．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值18．一人晨练，按图所示走半径为R 的中国古代八卦图，中央S 部分是两个直径为R 的半圆，BD 、CA 分别为西东、南北指向．他从A 点出发沿曲线ABCOADC 行进，则当他到D 点时，他的路程和位移大小及位移的方向分别为A 2R 向西南B ．4πR 2R 向东南C ．22R 向东南D ．3πR R 向西北19．如图所示，物体沿曲线轨迹的箭头方向运动， AB 、ABC 、ABCD 、ABCDE 四段曲线轨迹运动所用的时间分别是：1 s ，2 s ，2．5 s ，3s ．下列说法正确的是A．物体在AB段的平均速度大小为1 m/sB．物体在ABC段的平均速度大小为5m/sC．AB段的平均速度比ABC段的平均速度更能反映物体处于A点时的瞬时速度D．物体在AB段的平均速度与ABCDE段的平均速度相同20．如图，物体从A运动到C，以下说法正确的是A．经1从A运动到C的位移最小B．经2从A运动到C的位移是曲线C．经3从A运动到C的位移最大D．无论从那条运动，位移都相同二、计算题21．在相距12km的公路两端，甲、乙两人同时出发相向而行，甲的速率是5km/h，乙的速率是3km/h，有一只小狗以6km/h的速率，在甲乙出发的同时，由甲处跑向乙，在途中与乙相遇，立即返回跑向甲，遇到甲后，又立即跑向乙，如此在甲、乙之间往返跑动，直至甲乙相遇。