甘肃省天水市第一中学2016_2017学年高二物理上学期期末考试试题

2015-2016学年甘肃省天水一中高二（上）期末物理试卷一、单项选择题（每题所给出的四个选项中只有一个是正确的，每小题4分，共32分）1．关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半2．如图所示，两个同心放置的共面金属圆环a和b，一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直，用穿过两环的磁通量φa和φb大小关系为（）A．φa＜φb B．φa＞φb C．φa=φb D．无法比较3．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．则该粒子（）A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能小于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于由b点到c点的动能变化4．喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）A．向负极板偏转B．电势能逐渐增大C．运动轨迹是抛物线 D．运动轨迹与带电量无关5．如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中（）A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大6．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V时，电动机未转动．当调节R使电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V时，电动机正常运转．则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．32W B．44W C．47W D．48W7．关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是（）A．电场强度的方向总是指向正电荷的运动方向B．电场强度为零的地方，电势也为零C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向8．在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，使A灯变暗，B灯变亮，则故障可能是（）A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R4短路二、多选题（本题共2小题，每小题4分，共8分．在每小题给出的四个选项中，至少有二个选项是符合题目要求的；全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分．）9．指南针是我国古代四大发明之一．关于指南针，下列说明正确的是（）A．指南针可以仅具有一个磁极B．指南针能够指向南北，说明地球具有磁场C．指南针的指向会受到附近铁块的干扰D．在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时指南针不偏转10．一平行板电容器C，极板是水平放置的，它和三个可变电阻及电源连接成如图所示的电路．今有一质量为m的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动，要使油滴上升，可采用办法是（）A．增大R1B．增大R2C．增大R3D．减小R2三．实验题（本大题共两个小题，每空2分，共16分）11．在测量金属丝电阻率的实验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：R x（阻值约4Ω，额定电流约0.5A）；电压表：V（量程3V，内阻约3kΩ）；电流表：A1（量程0.6A，内阻约0.2Ω）；A2（量程3A，内阻约0.05Ω）；电源：E1（电动势3V，内阻不计）E2（电动势12V，内阻不计）滑动变阻器：R（最大阻值约20Ω）螺旋测微器；毫米刻度尺；开关S；导线．①用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为mm．②若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选、电源应选（均填器材代号），完成电路原理图．12．测量干电池的电动势和内电阻的实验电路如图甲所示，已知干电池允许的最大供电电流为0.5A．（1）实验时应选用下列哪种滑动变阻器．A．1 000Ω，0.1A B．200Ω，2.0AC．20Ω，2.0A D．200Ω，0.1A（2）根据实验得到的图象如图乙所示，可求得干电池的电动势和电阻测量值分别为E测=V，r测=Ω．（3）本实验测出的E测E真，r测r真．（分别选填“＞”、“＜”、“=”）四．计算题（本大题共三道小题，共计44分．解题过程要求写出必要的文字说明、主要方程式和重要演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不得分．）13．如图所示，两平行金属板间距为d，电势差为U，板间电场可视为匀强电场；金属板下方有一磁感应强度为B的匀强磁场．带电量为+q、质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动．忽略重力的影响，求：（1）粒子从电场射出时速度v的大小；（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径R．14．如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间距离为d，上极板正中有一小孔．质量为m，电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g）．求：（1）小球到达小孔处的速度；（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量．15．如图，在第一象限存在匀强磁场，磁感应强度方向垂直于纸面（xy平面）向外；在第四象限存在匀强电场，方向沿x轴负向．在y轴正半轴上某点以与x轴正向平行、大小为v0的速度发射出一带正电荷的粒子，该粒子在（d，0）点沿垂直于x轴的方向进人电场．不计重力．若该粒子离开电场时速度方向与y轴负方向的夹角为θ，求：（1）电场强度大小与磁感应强度大小的比值；（2）该粒子在电场中运动的时间．2015-2016学年甘肃省天水一中高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每题所给出的四个选项中只有一个是正确的，每小题4分，共32分）1．关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半【考点】安培力．【分析】本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直．引用公式F=BIL时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL．【解答】解：A、B、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故A错误，B正确；C、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsinθ，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C错误；D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小．当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL．2．如图所示，两个同心放置的共面金属圆环a和b，一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直，用穿过两环的磁通量φa和φb大小关系为（）A．φa＜φb B．φa＞φb C．φa=φb D．无法比较【考点】磁通量．【分析】在磁铁的外部，磁感线从N极出发进入S极，在磁铁内部，磁感线从S极指向N 极．磁感线是闭合曲线，磁铁内外总条数相等．穿过环面的磁感线方向有两种，存在抵消情况，抵消后磁感线多，磁通量大．【解答】解：根据磁感线的分布情况可知，磁铁内部穿过环面的磁感线方向向上，外部磁感线方向向下．由于磁感线是闭合曲线，磁铁内部的磁感线条数等于磁铁外部磁感线的总条数，而磁铁外部磁感线分布在无限大的空间，所以穿过环面的磁铁外部向下的磁感线将磁铁内部向上的磁感线抵消一部分，a的面积小，抵消较小，则磁通量较大，所以Φa＞Φb．故选B【点评】本题是非匀强磁场磁通量大小的比较问题，抓住抵消后剩余磁通量进行比较．常见问题，中等难度．3．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．则该粒子（）A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能小于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于由b点到c点的动能变化【考点】电场线；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．【解答】解：A：根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，根据同性电荷相互排斥，故粒子带正电荷，A错误；B：点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，粒子在C点受到的电场力最小，故B错误；C：根据动能定理，粒子由b到c，电场力做正功，动能增加，故粒子在b点电势能一定大于在c点的电势能，故C错误；D：a点到b点和b点到c点相比，由于点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，故a到b电场力做功为多，动能变化也大，故D正确．故选：D．【点评】本题中，点电荷的电场强度的特点是离开场源电荷距离越大，场强越小，掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题．属于基础题目．4．喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）A．向负极板偏转B．电势能逐渐增大C．运动轨迹是抛物线 D．运动轨迹与带电量无关【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】由电子带负电，在电场中受到的力来确定偏转方向；根据电子做类平抛运动来确定侧向位移，根据电场力做功来确定电势能变化情况．【解答】解：A、由于带负电，故向正极板偏转，A错误；B、由于带负电墨汁微滴做正功，故电势能减少，B错误；C、由于电子在电场中做类平抛运动，轨迹为抛物线，故C正确；D、由侧向位移y=at2=（\frac{l}{v}）2，可知运动轨迹与带电量有关，D错误．故选：C．【点评】解答本题需要理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法，并得出电势能变化是由电场力做功来确定的．5．如图所示电路，电源内阻不可忽略，开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中（）A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由电路图可知R2与R0并联后与R1串联，电压表测路端电压；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化，再分析局部电路可得出电流表中示数的变化．【解答】解：当滑片下移时，滑动变阻器接入电阻减小，则外电路总电阻减小，电路中总电流增大，电源的内电压增大，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压减小，故电压表示数减小；由欧姆定律可知，R1上的分压增大，而路端电压减小，故并联部分的电压减小，则通过R2的电流减小，根据并联电路的特点可知：通过R0的电流增大，则电流表的示数增大．故D 正确，ABC错误；故选：D．【点评】分析闭合电路的欧姆定律的动态分析的题目时，一般要按先外电路、再内电路、后外电路的思路进行分析；重点分析电路中的路端电压、总电流及部分电路的电流及电压变化．6．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V时，电动机未转动．当调节R使电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V时，电动机正常运转．则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．32W B．44W C．47W D．48W【考点】电功、电功率．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】让电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律求出电阻．电动机正常运转时，根据输入的电功率和热功率之差求出输出功率．由焦耳定律求解热功率．【解答】解：电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律得，电动机的电阻为R==4Ω电动机正常运转时，输入的电功率为P电=U2I2=48W，发热功率P热=I22R=22×4W=16W，所以输出功率为P出=P电﹣P热=32W，故A正确．故选：A【点评】电动机电路停止运转时其电路纯电阻电路，欧姆定律成立．电动机正常运转时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，根据能量转化和守恒定律求解输出功率．7．关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是（）A．电场强度的方向总是指向正电荷的运动方向B．电场强度为零的地方，电势也为零C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向【考点】电场强度．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度与电势没有直接关系；电场强度的方向与等势面垂直，电场强度的方向是电势降低最快的方向；根据这些知识进行解答．【解答】解：A、只有当电场线是直线，且正电荷从静止开始的，则电场强度的方向才会指向正电荷的运动方向，故A错误；B、电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一定为零；电势为零，电场强度不一定为零，故B错误；C、随着电场强度的大小逐渐减小，但电势不一定逐渐降低，因此电场强度减小的方向，不一定沿着电场线方向，故C错误；D、顺着电场线方向电势降低，由匀强电场U=Ed可知，电场强度的方向是电势降低最快的方向，故D正确．故选：D．【点评】明确电场强度与电势无直接关系，知道电场强度的方向是电势降低最快的方向，属于基础题．8．在如图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，使A灯变暗，B灯变亮，则故障可能是（）A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R4短路【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】A灯变暗，说明外电阻总电阻变大了；B灯变亮，说明其分得的电压变大了；根据传并联电路的特点和闭合电路欧姆定律列式求解．【解答】解：A、R1短路，外电路总电阻减小，电流变大，A灯变亮，故A错误；B、R2断路，B灯泡分得的电压变大，变亮；外电阻总电阻变大，电流减小，A灯变暗，故B正确；C、R3断路，B灯泡分得的电压变大，变亮；外电阻总电阻变大，电流减小，A灯变暗，故C正确；D、R4短路，外电路总电阻减小，电流变大，A灯变亮，故D错误；故选BC．【点评】本题是电路的动态分析问题，关键理清电路结构，然后根据串并联电路的特点分析，不难．二、多选题（本题共2小题，每小题4分，共8分．在每小题给出的四个选项中，至少有二个选项是符合题目要求的；全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分．）9．指南针是我国古代四大发明之一．关于指南针，下列说明正确的是（）A．指南针可以仅具有一个磁极B．指南针能够指向南北，说明地球具有磁场C．指南针的指向会受到附近铁块的干扰D．在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时指南针不偏转【考点】地磁场．【分析】指南针又称指北针，主要组成部分是一根装在轴上的磁针，磁针在天然地磁场的作用下可以自由转动并保持在磁子午线的切线方向上，磁针的北极指向地理的北极，利用这一性能可以辨别方向．常用于航海、大地测量、旅行及军事等方面．物理上指示方向的指南针的发明由三部曲组成：司南、磁针和罗盘．他们均属于中国的发明．【解答】解：A、不存在单独的磁单极子，指南针也不例外，故A错误；B、指南针能够指向南北，说明地球具有磁场，地磁场是南北指向的，故B正确；C、指南针的指向会受到附近铁块的干扰，是由于铁块被磁化后干扰了附近的地磁场，故C 正确；D、在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，电流的磁场在指南针位置是东西方向的，故导线通电时指南针偏转90°，故D错误；故选：BC．【点评】指南针在航海上的应用对地理大发现和海上贸易有极大的促进作用．指南针的发明源于中国古人如何定向问题的研究，也表明古人对如何定向问题的重视．为此，指南针被誉为中国古代四大发明之一．10．一平行板电容器C，极板是水平放置的，它和三个可变电阻及电源连接成如图所示的电路．今有一质量为m的带电油滴悬浮在两极板之间静止不动，要使油滴上升，可采用办法是（）A．增大R1B．增大R2C．增大R3D．减小R2【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电路稳定时，电容器的电压等于可变电阻R3的电压，改变R1，对电容器的电压没有影响．要使油滴上升，需增加R3两端的电压，根据欧姆定律确定采用的方法．【解答】解：A、增大R1，对电容器的电压没有影响．油滴不动．故A错误．B、增大R2，R2分担的电压变大，则R3分担的电压变小，则电容器两端的电压减小，油滴下降．故B错误，D正确．C、增大R3，R3分担的电压变大，则电容器两端的电压变大，油滴上升．故C正确．故选CD．【点评】本题关键分析电容器的电压是否变化．以及知道电容器两端的电压等于R3两端的电压．三．实验题（本大题共两个小题，每空2分，共16分）11．在测量金属丝电阻率的实验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：R x（阻值约4Ω，额定电流约0.5A）；电压表：V（量程3V，内阻约3kΩ）；电流表：A1（量程0.6A，内阻约0.2Ω）；A2（量程3A，内阻约0.05Ω）；电源：E1（电动势3V，内阻不计）E2（电动势12V，内阻不计）滑动变阻器：R（最大阻值约20Ω）螺旋测微器；毫米刻度尺；开关S；导线．①用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为 1.733mm．②若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选A1、电源应选E1（均填器材代号），完成电路原理图．【考点】测定金属的电阻率．【分析】①螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；②根据金属丝的额定电流选择电流表，根据金属丝的额定电压选择电源；根据金属丝阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后作出实验电路图．【解答】解：①由图示螺旋测微器可知，其示数为：1.5mm+27.3×0.01mm=1.773mm；②电阻丝的额定电流约为0.5A，电流表应选A1；电阻丝的额定电压约为U=IR=0.5×5=2.5V，电源应选E1；待测金属丝电阻约为5Ω，电压表内阻约为3kΩ，电流表内阻约为0.2Ω，相对来说电压表内阻远大于待测金属丝的电阻，电流表应采用外接法，由题意可知，滑动变阻器采用限流接法，实验电路图如图所示：故答案为：①1.773；②A1；E1；实验电路图如图所示．【点评】本题考查了螺旋测微器读数、实验器材的选择、设计实验电路图，螺旋测微器固定刻度示数与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；确定电流表的接法是正确设计实验电路的关键，当电压表内阻远大于待测电阻阻值时，电流表应采用外接法．12．测量干电池的电动势和内电阻的实验电路如图甲所示，已知干电池允许的最大供电电流为0.5A．（1）实验时应选用下列哪种滑动变阻器C．A．1 000Ω，0.1A B．200Ω，2.0AC．20Ω，2.0A D．200Ω，0.1A（2）根据实验得到的图象如图乙所示，可求得干电池的电动势和电阻测量值分别为E测= 1.45V，r测= 2.0Ω．（3）本实验测出的E测＜E真，r测＜r真．（分别选填“＞”、“＜”、“=”）【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】（1）滑动变阻器在电路中起到保护电路并调节电流作用，在限流接法中取比内电阻大10左右即可．过大则难以调节，过小起不到应有的调节作用．（2）由闭合电路欧姆定律可得出电压与电流的关系，结合数学关系可知图象的斜率表示内阻，与纵坐标的交点表示电源的电动势；（3）图象与纵坐标的交点表示电动势，图象的斜率表示内电阻；由图象法可分析此种接法会造成的误差．【解答】解：（1）由题意可知，干电池的内阻约为几欧，故为了易于调节，准确测量，滑动变阻器应选最大值较小的，故C正确．故选：C（2）由闭合电路欧姆定律可知：U=E﹣Ir，即电动势与电流成一次函数关系，由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势，图象的斜率表示电源内电阻，故由图可知：电动势E=1.45V，r==2.0Ω，（3）因该接法中由于电压表的分流而导致电流表示数偏小，但电压表是准确的，故图象比真实图象要向上偏，同时，当电路短路时，电压表的分流是可以忽略的，故短路电流是准确的，故图象与横轴的交点不变，所以所测电动势小于真实值，内阻也小于真实值．故答案为：（1）C；（2）1.45；2.0；（3）＜；＜【点评】测定电动势和内电阻的实验中为了减小误差采用了图象分析法，要根据实验原理得出公式，并结合图象的斜率和截距得出正确的结果，难度适中．四．计算题（本大题共三道小题，共计44分．解题过程要求写出必要的文字说明、主要方程式和重要演算步骤，有数值计算的要明确写出数值和单位，只有最终结果的不得分．）13．如图所示，两平行金属板间距为d，电势差为U，板间电场可视为匀强电场；金属板下方有一磁感应强度为B的匀强磁场．带电量为+q、质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动．忽略重力的影响，求：（1）粒子从电场射出时速度v的大小；（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径R．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】（1）根据动能定理求得粒子从电场射出时的速度大小；（2）带电粒子进入磁场在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供圆周运动向心力求得粒子圆周运动的半径．【解答】解：（1）设带电粒子射出电场时的速度为v，由动能定理可得：解得粒子射出速度v=（2）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律可得：可得带电粒子圆周运动的半径R===答：（1）粒子从电场中射出时的速度为；（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为．【点评】带电粒子在电场中加速可以根据动能定理求解加速的速度，在磁场中做匀速圆周运动根据洛伦兹力提供圆周运动向心力列式求解是关键．14．如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间距离为d，上极板正中有一小孔．质量为m，电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g）．求：（1）小球到达小孔处的速度；（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式列式求解即可；（2）对从释放到到达下极板处过程运用动能定理列式求解电场强度，然后根据Q=CU求解电容器的带电量；【解答】解：（1）小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式，有：v2=2gh解得：…①（2）对从释放到到达下极板处过程运用动能定理列式，有：mg（h+d）﹣qEd=0解得：…②。

物理一、选择题（每题 4 分，共 48 分。

此中第2、 5、 9、11 题起码有两个选项正确，其余各题只有一个选项正确，全对得 4 分，选对但不全得 2 分，选错得0 分）1．在物理学发展史上，最初发现电流四周有磁场的科学家是A．安培B．法拉第C．奥斯特D．楞次2．如下图，a、b、c 为同一条电场线上的三点， c 为ab 连线的中点，a、b 两点的电势分别为φ a=5V，φ b=3V.以下说法正确的选项是A．c点的电势必定为4VB．a点的场强必定比 b 点场强盛C．电场线的方向必定向右D．正点电荷从 c 点运动到 b 点电势能必定减少3．如下图，一平行板电容器两极板水平搁置，充电后断开电源，极板间一带电微粒恰巧静止。

现保持两板正对面积不变，用绝缘手柄使两极板距离先变大后变小（未遇到粒子），则微粒将A．向来向上运动B．向来向下运动C．先向上后向下D．静止4．如下图，在 x 轴上有两 A、 B 两个点电荷，带电荷量分别为+Q与-Q ，且 Q＞ Q，用1 2 1 2E1和 E2分别表示两个点电荷所产生的场强的大小，则在x 轴上应有A． E1=E2 的点只有一处，该处合场强为零B． E1=E2 的点共有两处，一处合场强为零，另一处合场强为2E2C． E =E 的点共有三处，此中两处合场强为零，另一处合场强为2E1 2 2D． E1=E2 的点共有三处，此中一处合场强为零，另两处合场强为2E25．如下图，有三个质量相等、分别带正电、负电和不带电的小球，从上、下带电平行金属板间的P 点以同样速率垂直电场方向射入电场，它们分别落到 A、 B、 C 三点，则A．落点为 A 的小球带正电B．落点为 B 的小球带正电C．落点为 C 的小球带负电D．落点为 B 的小球不带电6．关于安培力和洛仑兹力，以下说法正确的选项是A．通电导线在磁场中必定受安培力B．只有通电导线与磁场垂直时才受安培力C．不论带电粒子做什么运动，洛仑兹力总不做功D．只有带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时，洛仑兹力才不做功7．如图，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流。

嗦夺市安培阳光实验学校甘肃省天水一中高二上学期第一学段物理试卷一.选择题（每题4分，共48分．其中1-8题所给选项中，只有一个选项正确；9-12题有多个选项正确．请将正确答案的序号在答题卡上相应位置涂黑．全选对的4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（4分）已知点电荷A的电荷量是点电荷B 的倍，则A对B作用力大小跟B对A作用力大小的比值为（）A．2：1 B．1：2 C．1：1 D．不确定2．（4分）如图所示，在电场强度E=2000V/m的匀强电场中，有三点A、M和B，AM=4cm，MB=3cm，AB=5cm，且AM边平行于电场线，把一电荷量q=2×10﹣9C的正电荷从B移到M点，再从M点移到A点，电场力做功为（）A．0.6×10﹣6J B．0.12×10﹣6J C．﹣0.16×10﹣6J D．﹣0.12×10﹣6J3．（4分）如图所示，将悬在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内（不与球壁接触），另有一个悬挂在细线上的带负电小球B向C靠近，于是（）A．A往左偏离竖直方向，B往右偏离竖直方向B．A的位置不变，B往右偏离竖直方向C．A往左偏离竖直方向，B的位置不变D．A和B的位置都不变4．（4分）如图所示，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近的带正电的导体球，若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两部分，这两部分所带电荷量的数值分别为Q A、Q B，则下列结论正确的是（）A．沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且Q A＞Q BB．只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，且Q A=Q BC．沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且Q A＜Q BD．沿任意一条虚线切开，都有A带正电B带负电，且Q A、Q B的值与所切的位置有关5．（4分）半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，当两球带等量同种电荷Q时，相互之间的库仑力为F1；当两球带等量异种电荷Q与﹣Q时，相互之间的库仑力为F2．则（）A．F1＞F2B．F1＜F2C．F1=F2D．无法确定6．（4分）如图所示，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，已知q1与q2之间的距离为l1，q2与q3之间的距离为l2，且每个电荷都处于平衡状态．则以下结论正确的是（）A．如果q2为正电荷，则可能q1、q3都是正电荷B．如果q2为正电荷，则可能q1为正电荷，q3为负电荷C．若l1＜l2，则三个点电荷中q3电量最大D．若l1＜l2，则三个点电荷中q1电量可能最大7．（4分）如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F作用于小球B，则两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，跟原来相比（）A．两小球间距离将增大，推力F将增大B．两小球间距离将增大，推力F将减小C．两小球间距离将减小，推力F将增大D．两小球间距离将减小，推力F将减小8．（4分）一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是（）A．B．C．D．9．（4分）关于摩擦起电和感应起电的实质，下列说法正确的是（）A．摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造电荷B．摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体C．感应起电说明电荷可以从物体的一个部分转移到物体另一个部分D．感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了10．（4分）如图所示，把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a 能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，则b应（）A．带正电，放在A点B．带正电，放在B点C．带负电，放在C点D．带正电，放在C点11．（4分）在电场中的某点A放一试探电荷+q，它所受到的电场力大小为F，方向水平向右，则A点的场强大小E A =，方向水平向右，下列说法正确的是（）A．在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向变为水平向左B．在A点放一下负试探电荷，所受到的电场力方向变为水平向左C．在A放置一个电荷量为2q的试探电荷，则A点的场强变为2E AD．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则试探电荷所受的电场力变2F12．（4分）如图所示的同心圆是电场中的一簇等势面，一个电子只在电场力作用下沿着直线由A向C运动时的速度越来越小，B为线段AC的中点，则有（）A．电子沿AC运动时受到的电场力越来越小B．电子沿AC运动时它具有的电势能越来越大C．电势φA＞φB＞φCD．电势差U AB=U BC二.填空题（每空3分，共18分．请将答案写在答题卡上相应位置．）13．（6分）如图所示，用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中．三个带电小球质量相等，A球带正电．平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零．B球带何种电荷：B球带；若A球带电荷量为Q，则B球的带电荷量．14．（6分）将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图，金属球表面的电势处处相等，a、b为电场中的两点，则：a点的电势比b点的；检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的．15．（6分）如图所示，光滑绝缘杆竖直放置，它与以正点电荷Q为圆心的某一圆周交于B、C两点，质量为m、带电荷量为﹣q的有孔小球从杆上的A点无初速度下滑，已知q≪Q，AB=h，小球滑到B 点时速度大小为，若取A点电势为零，C点电势为，B到C电场力做的功为．三.计算论述题（共34分．必须写出必要的公式、文字叙述和推导过程．）16．（10分）如图，在场强为E的匀强电场中有一个质量为m的带正电小球A 悬挂在绝缘细线上，当小球静止时，细线与竖直方向成30°角，已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电量应为多大？17．（12分）如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：（1）原来的电场强度为多大？（2）物块运动的加速度？（3）沿斜面下滑距离为l=0.5m时物块的速度大小．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）18．（12分）如图所示，ABCDF为一绝缘光滑轨道，竖直放置在水平向右的匀强电场中，AB与电场线平行，BCDF是半径为R的圆形轨道，今有质量为m、带电量为+q的小球在电场力作用下从A点由静止开始沿轨道运动，小球经过最高点D时对轨道的压力恰好为零，则A点与最低点B间的电势差为多大？甘肃省天水一中高二上学期第一学段物理试卷参考答案与试题解析一.选择题（每题4分，共48分．其中1-8题所给选项中，只有一个选项正确；9-12题有多个选项正确．请将正确答案的序号在答题卡上相应位置涂黑．全选对的4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（4分）已知点电荷A的电荷量是点电荷B 的倍，则A对B作用力大小跟B对A作用力大小的比值为（）A．2：1 B．1：2 C．1：1 D．不确定考点：库仑定律．分析：距离不变，只是将电量增大到原来的2倍，根据点电荷库仑力的公式F=k可以求得改变之后的库仑力的大小，而根据牛顿第三定律，A对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此大小总是相等．解答：解：由点电荷库仑力的公式F=k，可以得到，距离不变，将点电荷A的电荷量是点电荷B 的倍，库仑力将变为原来的倍，而A对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此两者大小相等，即1：1，所以C正确，ABD错误．故选：C．点评：本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，同时注意理解牛顿第三定律的内容．2．（4分）如图所示，在电场强度E=2000V/m的匀强电场中，有三点A、M和B，AM=4cm，MB=3cm，AB=5cm，且AM边平行于电场线，把一电荷量q=2×10﹣9C的正电荷从B移到M点，再从M点移到A点，电场力做功为（）A．0.6×10﹣6J B．0.12×10﹣6J C．﹣0.16×10﹣6J D．﹣0.12×10﹣6J考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：匀强电场中，电势差与场强的关系是U=Ed，式中d是两点沿电场强度方向的距离，然后根据d的含义可求解A、B两点间的电势差．电场力做功的公式W=qU．解答：解：根据匀强电场特点可知：A、B两点间的电势差 U AB=U AM=Ed AM所以U AB=2000×4×10﹣2V=80V．正电荷从B点经M点移到A点，电场力做功为 W BA=qU BA=﹣qU AB=﹣2×10﹣9×80J=﹣1.6×10﹣7J故选：C．点评：公式U=Ed的适用条件为匀强电场，d的含义为两点之间沿电场线方向的距离，并非两点之间的距离，因此对于物理公式要明确适用条件以及各个物理量的含义．3．（4分）如图所示，将悬在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内（不与球壁接触），另有一个悬挂在细线上的带负电小球B向C靠近，于是（）A．A往左偏离竖直方向，B往右偏离竖直方向B．A的位置不变，B往右偏离竖直方向C．A往左偏离竖直方向，B的位置不变D．A和B的位置都不变考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：因为在C内部由于感应起电，带上与A相反的电荷，它们之间达到静电平衡，所以A的电场对C外部不会产生任何影响．解答：解：A在空心金属球内，由于静电感应，使得C外表面带正电，B C 相互吸引，所以B向右偏而金属空腔可以屏蔽外部电场，所以B 的电荷对空腔C 的内部无影响，所以 A 位置不变．B靠近C时，改变的是 C 表面的电荷分布，但对于 C 内部空间的电场可认为没有影响，这也就是平时说的静电屏蔽．故B正确，ACD错误．故选：B．点评：考查静电感应现象，掌握同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．并理解外部电场对空心球内部没有影响，即为静电屏蔽．4．（4分）如图所示，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近的带正电的导体球，若用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两部分，这两部分所带电荷量的数值分别为Q A、Q B，则下列结论正确的是（）A．沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且Q A＞Q BB．只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，且Q A=Q BC．沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且Q A＜Q BD．沿任意一条虚线切开，都有A带正电B带负电，且Q A、Q B的值与所切的位置有关考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据静电感应现象，在正点电荷的电场作用下，导体AB自由电荷重新分布，不论沿着哪条虚线切开，都有A带正电，B带负电，且电量总是相等．解答：解：由题意可知，静电感应现象使得A带正电，B带负电．导体原来不带电，只是在C的电荷的作用下，导体中的自由电子向B部分移动，使B部分多带了电子而带负电；A部分少了电子而带正电．根据电荷守恒可知，A 部分转移的电子数目和B部分多余的电子数目是相同的，但由于电荷之间的作用力与距离有关，距离越小，作用力越大，因此更多的电子容易转移到最接近C的位置，导致电子在导体上分布不均匀，从B端到A端，电子分布越来越稀疏，所以从不同位置切开时，Q A、Q B的值不同．故只有D正确，ABC错误；故选：D．点评：考查静电感应的原理，理解带电本质是电子的转移，掌握电荷守恒定律的应用，注意两部分的电量总是相等是解题的突破口．5．（4分）半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，当两球带等量同种电荷Q时，相互之间的库仑力为F1；当两球带等量异种电荷Q与﹣Q时，相互之间的库仑力为F2．则（）A．F1＞F2B．F1＜F2C．F1=F2D．无法确定考点：库仑定律．分析：本题题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小．解答：解：半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，两球不能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距大于带异种电荷的间距，根据库仑定律F=k，可知，它们相互作用的库仑力大小有：F1＜F2，故B正确，ACD错误．故选：B．点评：本题应明确当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义．6．（4分）如图所示，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，已知q1与q2之间的距离为l1，q2与q3之间的距离为l2，且每个电荷都处于平衡状态．则以下结论正确的是（）A．如果q2为正电荷，则可能q1、q3都是正电荷B．如果q2为正电荷，则可能q1为正电荷，q3为负电荷C．若l1＜l2，则三个点电荷中q3电量最大D．若l1＜l2，则三个点电荷中q1电量可能最大考点：库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．分析：（1）解决本题一定要把握“每个电荷都处于平衡状态”这一特点进行分析，已知q2为负电荷，可以利用假设法判断q1和q3的电性，如假设q1带正电，其它电荷是否平衡等，也可以利用“两同夹异，近小远大”（三个电荷处于平衡时两边电性相同和中间相反，中间电荷离电量小的近，离电量大的远）进行判断．（2）三个电荷处于同一直线上，每个电荷受两个库仑力作用处于平衡状态，据此列方程即可求解．解答：解：（1）假设q1带负电，要使q2平衡，则q3也应带负电．如果q1带正电，要使q2平衡则q3也应带正电．但是q1、q3不能平衡，所以q1、q3都带负电荷，故AB错误．（2）设l1=l2=l，由于三个电荷均处于平衡状态，由库仑定律建立如下平衡式：对q1：=对q2：=对q3：=解得：q1：q2：q3=4：1：4．因此若l1＜l2，则三个点电荷中q3电量最大，故C正确，D错误；故选：C．点评：本题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用，对于三个电荷平衡可以利用“两同夹异，近小远大”的规律进行电性判断，本题的难点在于计算，学生列出方程容易，但是计算正确难．7．（4分）如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F作用于小球B，则两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，跟原来相比（）A．两小球间距离将增大，推力F将增大B．两小球间距离将增大，推力F将减小C．两小球间距离将减小，推力F将增大D．两小球间距离将减小，推力F将减小考点：库仑定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：对整体分析，受总重力，拉力，地面的支持力，墙壁的弹力．可知地面的支持力等于两球的总重力．隔离对B球分析，B球受重力，墙壁的弹力和库仑力．A小球向右缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，根据平行四边形定则，知库仑力即墙壁弹力的变化．解答：解：对A球受力分析，受到三个力，重力、弹力、库伦力，B小球向左缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，A的重力不变，墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定则，库仑力变小，墙壁的弹力变小，根据库仑定律得公式可知：电荷量不变，库伦力变小，距离变大，对整体而言，墙壁对球的弹力等于拉力，所以拉力变小，所以两小球间距离将增大，推力F 将减小故选B点评：解决本题的关键先对整体受力分析，再隔离受力分析．整体法和隔离法是物理当中常见的一种方法，要灵活运用．8．（4分）一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是（）A．B．C．D．考点：电场线；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件．专题：电场力与电势的性质专题．分析：v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v ﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．解答：解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故ABD错误，C正确．故选C．点评：本题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．9．（4分）关于摩擦起电和感应起电的实质，下列说法正确的是（）A．摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造电荷B．摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体C．感应起电说明电荷可以从物体的一个部分转移到物体另一个部分D．感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了考点：电荷守恒定律．分析：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．解答：解：A、摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，但并没有创造电荷．电荷只是发生转移．故A错误．B、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体．故B确．C、感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分．故C正确．D、感应起电是电荷从物体的一部分转移到另一个部分．电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是接触带电．故D错误．故选BC点评：摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．10．（4分）如图所示，把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a 能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，则b应（）A．带正电，放在A点B．带正电，放在B点C．带负电，放在C点D．带正电，放在C点考点：共点力平衡的条件及其应用；库仑定律．分析：小球a要平衡，受重力、支持力和静电力，根据共点力平衡条件分析即可．解答：解：小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零．小球受重力，一定向下，支持力一定垂直向上，根据平衡条件，静电引力必然与前两个力的合力等大、反向且在同一条直线上，则b球可以放在C点，带负电；小球可以放在A点，带正电．故AC正确，BD错误．故选：AC．点评：本题关键对物体受力分析后，根据三力平衡条件，得到未知力的方向范围．11．（4分）在电场中的某点A放一试探电荷+q，它所受到的电场力大小为F，方向水平向右，则A点的场强大小E A =，方向水平向右，下列说法正确的是（）A．在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向变为水平向左B．在A点放一下负试探电荷，所受到的电场力方向变为水平向左C．在A放置一个电荷量为2q的试探电荷，则A点的场强变为2E AD．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，则试探电荷所受的电场力变2F考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关；电场力的大小计算遵循F=Eq，与电荷量的大小和正负有关．解答：解：A、电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关，故A点场强的大小和方向都不变，A错误；B、A点的场强大小和方向不变，正电荷的受力方向和负电荷的受力方向相反，故负电荷所受的电场力方向变为水平向左，B正确；C、电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关，故A点场强的大小和方向都不变，C错误；D、A点的场强大小和方向不变，根据F=Eq可知，电荷量为2q时，F′=E2q=2F，即电场力变为原来的2倍，D正确．故选：BD．点评：本题考查电场中电场强度和电场力的计算，注意：电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关；电场力的大小计算遵循F=Eq，与电荷量的大小和正负有关．12．（4分）如图所示的同心圆是电场中的一簇等势面，一个电子只在电场力作用下沿着直线由A向C运动时的速度越来越小，B为线段AC的中点，则有（）A．电子沿AC运动时受到的电场力越来越小B．电子沿AC运动时它具有的电势能越来越大C．电势φA＞φB＞φCD．电势差U AB=U BC考点：等势面；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由于等势线是电场中的一簇同心圆，且电子由A向C运动过程速度越来越小，故题中电场是由一个处于圆心的负电荷产生的，然后根据库仑定律、电势、电势差定义式和电场力做功与电势能变化关系列式分析判断．解答：解：A、由于等势线是电场中的一簇同心圆，且电子由A向C运动过程速度越来越小，故题中电场是由一个处于圆心的负电荷产生的，根据库仑定律可以判断，电子沿AC方向运动时受到的电场力越来越大，故A错误；B、电子沿AC方向运动时，电场力做负功，故电势能逐渐变大，故B正确；C、电场线与等势面垂直，且由电势高的等势面指向电势低的等势面，电子由A向C运动过程速度越来越小，故电场力向外，场强向内，故外侧电势较高，故φA＞φB＞φC，故C正确；D、电子沿AC方向运动过程中，电场力逐渐变大，从A到B过程电场力较小，故从A到B过程电场力做功较少，根据电势差与电场力做功关系U AB =，可以得到：U AB＜U BC，故D错误；故选：BC点评：本题关键根据等势面和电子的运动情况确定场源电荷的电性，然后得到电场线的分布图，最后根据库仑定律、电势、电势差定义式和电场力做功与电势能变化关系分析判断．二.填空题（每空3分，共18分．请将答案写在答题卡上相应位置．）13．（6分）如图所示，用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中．三个带电小球质量相等，A球带正电．平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零．B球带何种电荷：B 球带负电；若A球带电荷量为Q，则B球的带电荷量﹣．考点：共点力平衡的条件及其应用；电场强度．分析：由于细线的拉力为零，故AB间、AC间都是吸引力，故A球与B球是异种电荷；然后对B球受力分析，根据共点力平衡条件求解AB球间的静电力，根据库仑定律列式求解B的电量．解答：解：由于细线的拉力为零，故AB间、AC间都是吸引力，故A球与B 球是异种电荷，A球带正电，故B球带负电；对B球受力分析，受重力、A球的吸引力，C球的排斥力；根据共点力平衡条件，有：F1=2F2根据库仑定律，有：联立解得：Q C=再对B球受力分析，同理可得：Q B =故答案为：负，﹣．点评：本题关键是正确的受力分析，然后结合共点力平衡条件和库仑定律列式求解，不难．14．（6分）将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图，金属球表面的电势处处相等，a、b为电场中的两点，则：a点的电势比b 点的高；检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的低．考点：电场线；电势．分析：电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小．解答：解：a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的高，电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点低．故答案为：高；低点评：该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加．基础题目．15．（6分）如图所示，光滑绝缘杆竖直放置，它与以正点电荷Q为圆心的某一圆周交于B、C两点，质量为m、带电荷量为﹣q的有孔小球从杆上的A点无初速度下滑，已知q≪Q，AB=h，小球滑到B点时速度大小为，若取A点电势为零，C点电势为，B到C电场力做的功为0．考点：电势能；电场强度．分析：由题，B、C两点在以正电荷Q为圆心的同一圆周上，电势相等，小球从B运动到C过程，电场力做功为零，根据动能定理研究小球从A运动到B 的过程，求出电场力所做的功，进而求出AB间的电势差．解答：解：A→B由动能定理：mgh+qU AB=据题 v B=，解得 U AB=﹣由于B、C的电势相等，则U AB=U AC又U AC=φA﹣φC，φA=0则φC=B、C间电势差为0，则B到C电场力做的功为W BC=qU BC=0故答案为：，0．点评：电势差是表示电场的能的性质的物理量，与电场力做功有关，常常应用动能定理求解电势差．三.计算论述题（共34分．必须写出必要的公式、文字叙述和推导过程．）16．（10分）如图，在场强为E的匀强电场中有一个质量为m的带正电小球A 悬挂在绝缘细线上，当小球静止时，细线与竖直方向成30°角，已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电量应为多大？考点：共点力平衡的条件及其应用；电场强度．专题：共点力作用下物体平衡专题．。

天水市一中2016级2017—2018学年度第一学期第三次考试物 理一、选择题（每小题4分，共48分。

其中第3、6、7、9、11题至少有两个选项正确，其它各题只有一个选项正确，全对得4分，选对但不全得2分，选错得0分）1．电动势的单位v ，是由基本单位组成的，以下正确的是A ．B ．322S A m kg ∙∙C ．22S A m kg ∙∙D ．222sA m kg ∙∙ 2．如图所示电路中灯泡L 1、L 2不亮，但电路中只有一处断开。

今用电压表测得U ab =0，U ac =3V ，U bd =3V ，U cd =0，则可知A ．L 2断B ．L 1断C ．R 断D ．电键K 未接通3．如图所示电路中，当滑动变阻器 R 的触头向左滑动时，下列说法正确的是A ．R 上消耗的功率可能一直变小B ．R 上消耗的功率可能一直变大C ．R 上消耗的功率可能先变小后变大D ．R 上消耗的功率可能先变大后变小4．有一长直螺线管通有正弦交流电（t I i m ωsin =)，当电子沿螺线管轴线射入后，若不计电子重力，则电子的运动情况是A ．变速直线运动B ．匀速直线运动C ．匀速圆周运动D ．沿轴线来回往复5．如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M 、N 两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流。

a 、o 、b 在M 、N 的连线上，o 为MN 的中点，c 、d 位于MN 的中垂线上，且a 、b 、c 、d 到o 点的距离均相等。

下列说法正确的是A ．o 点处的磁感应强度为零B ．a 、b 两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C ．c 、d 两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D ．a 、c 两点处磁感应强度的方向不同6．电子以固定的正电荷为圆心在匀强磁场中做匀速圆周运动，磁场方向垂直它的运动平面，电子所受电场力恰是磁场对它的作用力的3倍。

若电子电荷量为e ，质量为m ，磁感应强度为B ，则电子运动的角速度可能是A ．eB/mB ．2eB/mC ．3eB/mD ．4eB/m7．如图所示，开始时矩形线框与匀强磁场的方向垂直，且一半在磁场内，一半在磁场外，若要使线框中产生感应电流，下列办法中可行的是A ．将线框向左拉出磁场B ．以ab 边为轴转动（小于90°）C ．以ad 边为轴转动（小于60°）图1 图２ D ．以bc 边为轴转动（小于60°）8．如图，为了测出自感线圈的直流电阻，可采用如图所示的电路.在测量完毕后将电路解体时应该A ．首先断开开关S 1B ．首先断开开关S 2C ．首先拆除电源D ．首先拆除安培表9．如图所示，有一个闭合金属铜环放置在光滑水平的绝缘桌面上，铜环正上方有一个竖直的条形磁铁。

2015-2016天水市高二物理上学期期末试题（有解析）天水一中2014级2015--2016学年度第一学期期末考试物理试题（满分：100分时间：90分钟）一、单项选择题(每题所给出的四个选项中只有一个是正确的，每小题4分，共32分)1．关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半2．如图所示，两个同心放置的共面金属圆环a和b，一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直，则穿过两环的磁通量φa、φb的大小关系为()A．φa＞φbB．φa＜φbC．φa＝φbD．无法比较3．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷。

一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点。

则该粒子()A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能小于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化4．喷墨打印机的简化模型如图4所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中() A．向负极板偏转B．电势能逐渐增大C．运动轨迹是抛物线D．运动轨迹与带电量无关5．如图所示电路，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在滑动变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中()A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大6．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路，当调节滑动变阻器R，电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V时，电动机未转动。

当调节R使电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V时，电动机正常运转。

则这台电动机正常运转时输出功率为()A.32WB．44WC．47WD．48W7．关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是() A．电场强度的方向总是指向正电荷的运动方向B．电场强度为零的地方，电势也为零C．随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D．任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向8．在如右图所示的电路中，由于某一电阻发生短路或断路，使A灯变暗，B灯变亮，则故障可能是（）A．R1短路B．R2短路C．R3断路D．R4短路二、多选题（本题共2小题，每小题4分，共8分。

NS B天水市一中2016-2017学年度第一学期第二次考试物理试题（文科）一、单选题(每小题5分，共70分)1、关于奥斯特的贡献，下列说法中正确的是：A、发现电场B、发现磁场C、发现电磁场D、发现电流的磁效应2、一个磁场的磁感线如图所示，一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将A、向右移动B、向左移动C、顺时针转动D、逆时针转动3、关于图所示的磁场，下列说法中正确的是：A、磁感线能相交B、磁场方向与小磁针静止时北极指向一致C、a、b两点在同一磁感线上位置不同，但它们的强弱相同D、若知道磁感应强度B与线圈的面积S，则可求出穿过这个面积的磁通量4、与磁场方向垂直的通电直导线，它受到的磁场作用力的方向是A、跟电流方向垂直，跟磁场方向垂直B、跟电流方向垂直，跟磁场方向平行C、跟电流方向平行，跟磁场方向垂直D、跟磁场方向相同5、在图所示磁场中，ab是闭合电路的一段导体，ab中的电流方向为a b，则ab受到的安培力的方向为A、向上B、向下C、向里D、向外6、一根通电直导线在某个空间没有受到安培力的作用，那么A、这个空间一定没有磁场B、这个空间可能有方向与电流方向平行的磁场C、这个空间可能有方向与电流方向垂直的磁场D、以上三种说法都不对7、关于法拉第电磁感应定律，下面说法正确的是A、线圈中的磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势就越大B、线圈中的磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势就越大C、线圈中的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势就越大Ba bIabD、线圈放在磁场越强的地方，线圈中产生的感应电动势就越大8、图中，可以将电压升高供给电灯的变压器是9、图为一台理想变压器，当原线圈接到220V交流电源上时，副线圈两端的电压为36V，则此变压器A、输入功率稍大于输出功率B、原线圈的匝数小于副线圈的匝数C、根据电磁感应的原理制成的D、原线圈相对于电源来说是负载10、下列说法中正确的是A、电动机的发明，实现了机械能向电能的大规模转化B、发电机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的C、电磁感应说明电流通过感应能产生磁D、水电站的发电机，工作时把水的机械能转化为电能11、下列说法正确的是A、电磁灶是利用电磁感应原理制成的B、用陶瓷容器盛放食物在电磁灶上加热C、磁带录音机的工作过程与磁现象无关D、电脑硬盘不是用磁粉记录信息12、下列说法中正确的是A、交流电的频率越高，电感器对电流的阻碍越明显B、电感器对交流电没有阻碍C、直流电不能通过电感器D、以上说法都不对、13、关于产生感应电流的条件，下述说法正确的是A、位于磁场中的闭合线圈，一定能产生感应电流；B、闭合线圈和磁场发生相对运动，一定能产生感应电流；C、闭合线圈作切割磁感线运动，一定能产生感应电流；~A B C DD、穿过闭合线圈的磁感线条数发生变化，一定能产生感应电流、14、如图所示，绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路，在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A，下列各种情况中铜环A中没有．．感应电流的是A、线圈中通以恒定的电流B、通电时，使变阻器的滑片P作匀速移动C、通电时，使变阻器的滑片P作加速移动D、将电键突然断开的瞬间二、计算题（共30分）15．（10分）把一根长为L = 10cm的直导线垂直磁感线方向放入如图所示的匀强磁场中。

天水市一中2016—2017学年第一学期2015级第一学段考试物理试题（兰天班）一、选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分。

其中第3、4、6、7、11、14题为多选，其余各题为单选。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1．如图所示，A、B是两个带有绝缘支架的金属球，它们原来均不带电，并彼此接触。

现使带负电的橡胶棒C靠近A（C与A不接触），然后先将A、B分开，再将C移走。

关于A、B的带电情况，下列判断正确的是（）A．A带正电，B带负电B．A带负电，B带正电C．A、B均不带电 D．A带负电，B带负电2．在前人研究的基础上，有一位物理学家利用图所示的扭秤装置进行研究，提出真空中两个静止点电荷之间相互作用的规律，这位物理学家是（）A．牛顿 B．伽利略 C．库仑 D．焦耳3．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电粒子通过P点时的电势能较Q点大C．带电粒子通过P点时的动能较Q点大D．带电粒子通过P点时的加速度较Q点大4．如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为1m的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为10V、20V、30V，则下列说法正确的是（）A．B、E一定处在同一等势面上B．匀强电场的场强大小为10V/mC．正点电荷从E点移到F点，则电场力做负功D．电子从F点移到D点，电荷的电势能减少20eV5．如图所示，真空中O点有一点电荷，在它产生的电场中有a、b两点，a点的场强大小为E a，方向与ab连线成60°角，b点的场强大小为E b，方向与ab连线成30°角．关于a、b两点场强大小E a、E b的关系，以下结论正确的是（）A．E a= B．E a=E b C．E a=E b D．E a=3E b6．两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图所示。

2016—2017学年度第一学期高二物理(理科)期末质量检测试题 2017温馨提示：1．本试题分为第Ⅰ卷、第Ⅱ卷、附加题和答题卡。

基础题全卷总分值100分,附加题10分，合计110分。

2．考生答题时，必须将第Ⅰ卷上所有题的正确答案用2B 铅笔涂在答题卡上所对应的信息点处，答案写在Ⅰ卷上无效，第Ⅱ卷所有题的正确答案按要求用黑色签字笔填写在答题卡上试题对应题号上，写在其他位置无效。

3．考试结束时，请将答题卡交给监考老师。

第Ⅰ卷 〔选择题，共 48分〕一、单项选择题：〔此题共8小题，每题4分，共32分。

在每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要。

)1.有关电场和磁场的说法中正确的选项是〔 〕 A ．电荷在电场中一定受到电场力 B ．电荷在磁场中一定受到磁场力 C ．电流在磁场中一定受到磁场力D ．电流在磁场中受到磁场力的方向可用右手定则判定 2.以下有关磁感应强度的说法正确的选项是〔 〕A ．由ILF B =可知，磁感应强度B 与电流受到的安培力F 成正比，与IL 成反比B ．由SB Φ=可知，磁感应强度B 与通过线圈的Φ成正比，与线圈面积S 成反比C ．由qvf B =可知，磁感应强度B 与运动电荷受到的洛伦兹力f 成正比，与qv 成反比D ．磁感应强度B 由磁场本身决定，与是否放入电流、线圈、运动电荷均无关。

3．如下列图，通电直导线的右边同一平面内有一圆形线圈，下面情况中不能．．使线圈中产生感应电流的是〔 〕A ．导线中电流强度变小B ．线圈向左穿过直导线C ．线框向上平动D ．线框以ab 边为轴转动 4. 在盘旋加速器中( )A ．D 形盒内既有匀强磁场，又有交变电场B ．D 形盒内的磁场用来加速带电粒子baC ．增大交变电场的电压可增大粒子的最大速度D ．交变电场用来加速带电粒子5．如下列图有垂直纸面向外的水平有界匀强磁场，一矩形线圈从磁场的上方某一高处由静止落下，并穿过有界磁场，已知线圈的宽度小于磁场的宽度，以下说法正确的选项是〔 〕A ．穿过磁场时线圈中的电流方向是先逆时针，后顺时针B ．穿过磁场时线圈中的电流方向是先顺时针，再无电流，后逆时针C ．线圈一定加速进入磁场D ．线圈一定加速出磁场6.将一个由导体做成的矩形线圈放入垂直纸面向外的匀强磁场中，磁场B 随时间t 变化规律如右图所示，规定线圈中的电流方向以顺时针为正，则线圈中产生的电流随时间的变化规律为以下列图中的〔 〕7．如图电路中，L 是自感系数值很大，直流电阻可忽略的自感线圈，A 、B 是完全相同的灯泡，R 为定值电阻，则以下说法正确的选项是〔 〕A ．开关S 闭合时，灯A 逐渐亮，灯B 立即亮 B ．开关S 闭合稳定后，灯A 和灯B 一样亮C ．开关S 断开时，灯A 逐渐灭，灯B 立即灭D ．开关S 断开时，灯A 亮一下再逐渐灭，灯B 逐渐灭8.两个带电粒子在同一地点沿同一方向以相同速度v 同时垂直射入一磁感应强度为B 的匀强磁场中，在磁场中形成如右图所示两条不同的轨迹1和2，，那么以下说法正确的选项是( )A ．两个的粒子都是负电荷B ．粒子1的比荷比粒子2的比荷大C ．两个粒子必然同时到达与出发点在同一水平线上的点D ．粒子2的质量一定比粒子1的大二、多项选择题〔本小题共4小题，每题4分，共16分。

甘肃省天水市一中2017-2018学年高二上学期第三次（期末）考试物理试题一、选择题1. 电动势的单位v，是由基本单位组成的，以下正确的是A. B. C. D.【答案】A【解析】，故选A.2. 如图所示电路中灯泡L1、L2不亮，但电路中只有一处断开。

今用电压表测得U ab=0，U ac =3V，U bd=3V，U cd =0，则可知A. L2断B. L1断C. R断D. 电键K未接通【答案】C【解析】由于电路中无电流，根据欧姆定律可知，连接在一起的导体电压为零，是一个等势体，故凡未断开的灯丝及电阻器两端的电压应为零，相应电压表示数为零．由题：U ab=0，U ac=3V，U bd=3V，U cd=0，可知两灯、开关K完好，R断路．故ABD错误，C正确．故选C.点睛：本题电路故障分析问题，在理解的基础上记住结论：若电路中有断路，一定出现在电压等于电源电压的位置．3. 如图所示电路中，当滑动变阻器R的触头向左滑动时，下列说法正确的是A. R上消耗的功率可能一直变小B. R上消耗的功率可能一直变大C. R上消耗的功率可能先变小后变大D. R上消耗的功率可能先变大后变小【答案】ABD【解析】当外电路的电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，即R上的功率最大；若开始时R>r，则当滑动变阻器R的触头向左滑动时，R变大，外电路电阻与电源内阻相差越来越大，则R上消耗的功率会一直变小，选项A正确；若开始时R<r，则当滑动变阻器R的触头向左滑动时，R变大，外电路电阻越来越接近电源内阻，则R上消耗的功率会一直变大，选项B正确；若开始时R<r，则当滑动变阻器R的触头向左滑动时，R变大，外电路电阻越来越接近电源内阻，然后R=r，最后变化到R>r的过程中，则R上消耗的功率会先变大后变小，选项D正确，C错误；故选ABD.点睛：解答此题关键是知道当外电路的电阻变化时，当外电路的电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，外电路电阻越接近电源的内阻时，输出功率越来越大.4. 有一长直螺线管通有正弦交流电（i=I m sinωt)，当电子沿螺线管轴线射入后，若不计电子重力，则电子的运动情况是A. 变速直线运动B. 匀速直线运动C. 匀速圆周运动D. 沿轴线来回往复【答案】B【解析】试题分析：由于长通电螺线管中产生的磁场方向平行于螺线管的中心轴线，与电子的运动方向平行，则电子在磁场中不受洛伦兹力，电子重力又不计，则电子做匀速直线运动．故B正确，ACD错误。

天水一中2013级2014-2015学年度第一学期第二学段考试物理试题一.选择题（每题4分，共48分。

1—8题每题所给选项中，只有一个选项符合题意；9—12题每题所给选项中，有两个或两个以上选项符合题意。

请将答题卡上相应的位置涂黑。

全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1. 下列各图中，已标出电流I、磁感应强度B的方向，其中符合安培定则的是（）2. 在地球赤道上空，沿东西方向水平放置一根通以电流由西向东的直导线，则此导线：A．受到竖直向上的安培力； B．受到竖直向下的安培力；C．受到由南向北的安培力； D．受到由西向东的安培力。

3. 根据磁感应强度的定义式FBIL，下列说法中正确的是（）A．在磁场中某确定位置，B与F成正比，与I、L的乘积成反比B．一小段通电直导线在空间某处所受磁场力F=0，那么该处的B一定为零C．一小段通电直导线放在B为零的位置，那么它受到磁场力F也一定为零D．磁场中某处的B的方向跟电流在该处所受磁场力F的方向相同4. 从阴极射线管发射出的一束电子，通过图示的磁场，以下四幅图中能正确描绘电子偏转情况的是（）5. 如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒。

当导体棒中的电流I垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可加平行纸面的匀强磁场中，下列有关磁场的描述中正确的是:( )A ．若磁场方向竖直向上，则ILmg B θtan = B ．若磁场方向平行斜面向上，则IL mg B αsin =C ．若磁场方向垂直斜面向下，则IL mg B αsin =D ．若磁场方向垂直斜面向上，则ILmg B αcos =6. 如图所示，直线a 为某电源的路端电压随干路电流强度的变化图线，直线b 为某一电阻R 两端的电压随电流变化图线，把该电源和该电阻组成闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别为：（ ）A ．4W ，0.5ΩB ．6W ，1ΩC ．4W ，1ΩD ．2W ，0.5Ω7. 如图是一火警报警装置的一部分电路示意图，其中R 2是半导体热敏传感器，它的电阻随温度升高而减小，a 、b 接报警器：当传感器R 2所在处出现火情时，电流表的电流I 和a 、b 两端电压U 与出现火情前相比 ( ) A ．I 变大，U 变大 B ．I 变小，U 变大 C ．I 变大，U 变小 D ．I 变小，U 变大8. 如图是有三个输入端的复合门电路，当C 端输入0时Y 输出0，那么A 、B 端输入分别是（ ）A.1、1B.0、1C.1、0D.0、09. 如图所示，R 1和R 2是同种材料、厚度相同、表面为正方形的导体，但R 1的尺寸比R 2的尺寸大．在两导体上加相同的电压，通过两导体的电流方向如图，则下列说法中正确的是（ ） A ．R 1中的电流小于R 2中的电流 B ．R 1中的电流等于R 2中的电流C ．R 1中自由电荷定向移动的速率大于R 2中自由电荷定向移动的速率D ．R 1中自由电荷定向移动的速率小于R 2中自由电荷定向移动的速率10. 现有两个点电荷A 和B ，它们电量分别为+Q 和﹣Q ，a 为AB 连线的中点，b 与a 关于B 对称，它们都在一条直线上，如图所示，试比较ab 两点所在处场强E 的大小和电势φ的高低（ ）A.E a ＜E bB.E a ＞E bC.φa ＜φbD. φa ＞φb11. a 、b 、c 三个α粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b 恰好飞出电场，由此可以肯定（ ） A.在b 飞离电场的同时，a 刚好打在负极板上 B.b 和c 同时飞离电场C.进入电场时，c 的速度最大，a 的速度最小D.动能的增量相比，c 的最小，a 和b 的一样大12. 两个电荷量分别为+q 和－q 的带电粒子分别以速度v a 和v b 射入匀强磁场，两粒子的入射方向与竖直磁场边界的夹角分别为30°和60°，磁场宽度为d ，两粒子同时由A 点出发，同时到达与A 等高的B 点，如图所示，则（ ） A ．a 粒子带正电，b 粒子带负电B ．两粒子的轨道半径之比R a ∶R b ＝ 3∶1C ．两粒子的质量之比m a ∶m b ＝1∶2D ．两粒子的速度之比v a ∶v b ＝3∶2二.实验题（每空3分，共18分）13.（1） 用多用电表的电阻“×10”挡进行测量时表盘的示数如下图，待测阻值约为 Ω。