高考物理总复习实验题知识专题讲解与训练9---描绘小灯泡的伏安特性曲线(解析版)

高考物理 实验专题：描绘小灯泡的伏安特性曲线1.在伏安法测电阻的实验中，待测电阻R x 约为200 Ω，电压表V 的内阻约为2 kΩ，电流表A 的内阻约为10 Ω，测量电路中电流表的连接方式如图甲或乙所示，结果由公式R x ＝U I 计算得出，式中U 与I 分别为电压表和电流表的读数；若将图甲和图乙中电路测得的电阻值分别记为R x 1和R x 2，则________(填“R x 1”或“R x 2”)更接近待测电阻的真实值，且测量值R x 1______(填“大于”“等于”或“小于”)真实值，测量值R x 2________(填“大于”“等于”或“小于”)真实值。

答案 R x 1 大于 小于1. 在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，某同学测得电流—电压的数据如下表所示：(1)用上表数据描绘电压随电流的变化曲线。

(2)为了探究灯丝电阻与温度的关系，已作出电阻随电流的变化曲线如图所示；请指出图线的特征，并解释形成的原因。

答案(1)如图所示(2)电阻随电流增大存在三个区间，电阻随电流的变化快慢不同。

第一区间电流很小时，电阻变化不大；第二区间灯丝温度升高快，电阻增大快；第三区间部分电能转化为光能，灯丝温度升高变慢，电阻增大也变慢。

2.某学习小组欲探究小灯泡(“3 V、1.5 W”)的伏安特性，可提供的实验器材如下：A．电池组：电动势约4.5 V，内阻可不计；B．双量程的电压表：V1：量程为0～3 V、内阻约为3 kΩ；V2：量程为0～15 V、内阻约为15 kΩC．双量程的电流表：A1：量程为0～0.6 A、内阻约为1 Ω；A2：量程为0～3 A、内阻约为0.1 ΩD．滑动变阻器R：阻值范围为0～10 Ω、允许通过的最大电流为2 A；E．开关S，导线若干。

在尽量提高测量精度的情况下，请回答下列问题：(1)根据以上器材，用笔画线代替导线将图甲中的实物图连接成完整电路。

(2)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到________(填“A”或“B”)端。

描绘小灯泡的伏安特性曲线知识元实验器材、电路的选择知识讲解一、仪器选择1．电压表：看电源电动势，选择量程和电源电动势接近的电压表；注意：不是选择比电源电动势小的，而是选择和电源电动势E接近的，可以选择比电源电动势大的的电压表，这时主要通过滑动变阻器对电压进行调节．2．电流表：一般情况下，用电流表的量程和电路中电流进行比较，电路中的电流可以用电源电压除以电路中的大致电阻进行估算，即，其中E为电源电动势，R为电路中估计的总电阻．另：可以根据题目给出的伏安特性曲线的最大值进行选择．3．滑动变阻器：分压电路中选择滑动变阻器选择比待测电阻小很多的；限流电路中，选择阻值为待测电阻阻值的2-5倍的滑动变阻器．二、电流表的基本接法方法一：内接法外接法电路图测量值R测=误差原因电流表分压电压表分流=<R测R真==>R测真实值R真=测量值与真测量值大于真实值测量值小于真实值实值的关系适用条件R x＞R x＜适用于测量大阻值电阻小阻值电阻口诀大内偏大小外偏小方法二：实验试探法：按图所示接好电路，让电压表一根接线柱P先后与a、b处接触一下：如果电压表的示数有较大的变化，而电流表的示数变化不大，说明电流表分压明显，则应采用电流表外接法；如果电流表的示数有较大的变化，而电压表的示数变化不大，说明电压表分流明显，则应采用电流表内接法．三、滑动变阻器的接法滑动变阻器共有两种接法，限流法和分压法，电路图如下：限流法分压法1．首选要清楚滑动变阻器的分压接法和考虑限流接法的优、缺点：（1）限流接法线路结构简单，消耗能量少；（2）分压接法电压表、电流表测量范围大，可以从0到接近电源电动势间连续调节，测量数据多；2．选用原则：（1）优先限流接法，因为它电路结构简单，消耗能量少；（2）下列情况之一者，必须采用分压接法：a．零起必分压：要求多测几组数据(电压变化范围大)，或要求电压从0开始变化；b．滑小必分压：待测电阻大于滑动变阻器阻值，采用限流接法不能满足要求；c．烧表必分压：电源电动势比电压表量程大很多，限流接法滑动变阻器调到最大仍超过电压表量程．例题精讲实验器材、电路的选择例1.小明同学通过实验探究某一金属电阻的阻值R随温度t的变化关系，已知该金属电阻在常温下的阻值约10Ω，R随t的升高面增大实验电路如图1所示，控温箱用以调节金属电阻的温值。

描绘小灯泡的伏安特性曲线描绘小灯泡的伏安特性曲线主要考查的内容主标题：描绘小灯泡的伏安特性曲线副标题：剖析考点规律，明确高考考查重点，为学生备考提供简洁有效的备考策略。

关键词：伏安特性曲线难度：3重要程度：5内容：考点剖析：“描绘小灯泡的伏安特性曲线”是高考考试大纲规定的实验考查内容，近几年高考电学实验多次考查了不同电子元件的“伏安特性曲线”。

分析这些高考实验试题，我们大体上可以概括出试题的特点为：1.考查电路的设计和电路的连接；2.曲线图像的分析。

分析曲线的变化规律是高考考查的热点和重点，这不仅要求考生掌握图像斜率的物理意义这一知识点，还要知道图像斜率变化的规律，即电阻随电压的变化关系。

因此，物理高考复习时，必须依据高考大纲，通过系统的实验复习和实验操作（包括特性曲线的描绘）以及结合具体实例对特性曲线的分析研究。

只有这样，扎实复习，才能应对高考。

典型例题例1．（15广东卷）某实验小组研究两个未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材包括电压表（内阻约为3 kΩ），电流表（内阻约为1 Ω），定值电阻等。

（a） (b) (c)①使用多用电表粗测元件X的电阻。

选择“×1”欧姆挡测量，示数如图（a）所示，读数为Ω。

据此应该选择图中的（填“(b)”或“(c)”）的电路进行实验。

②连接所选电路，闭合S；滑动变阻器的滑片P从左向右滑动，电流表的示数逐渐( 填“增大”或“减小”）；依次记录电流及相应的电压；将元件X换成Y，重复实验。

（d） (e)③如图（d）是根据实验数据作出的U–I图线，由图可判断元件（填“X”或“Y”）是非线性元件。

④该小组还借助X和Y中的线性元件和阻值R=21 Ω的定值电阻，测量待测电池的电动势E和内阻r，电路如图（e）所示。

闭合S1和S2，电压表读数为3.00 V；断开S2，读数为1.00 V。

利用图（d）可算得E= V，r = Ω（结果均保留两位有效数字，视电压表为理想电压表）【解析】① 10 b②增大③Y④3.2 0.50①由题图读得：10×1 Ω=10 Ω，为小电阻，为了减小误差应采用电流表外接法，即图(b)接法；②闭合S，滑动变阻器的滑片P从左向右滑动，使测量电路电压增大，由欧姆定律得电流增大；③根据线性元件的U–I图线为直线，非线性元件的U–I图线为曲线可得：Y是非线性元件；④由图 (d)可得线性元件X的阻值为10 Ω，根据闭合电路欧姆定律及题意有：E=3.00+3.0010r和E=1.00+1.0010(21+r)，解得E=3.15 V≈3.2 V，r=0.50 Ω。

描绘小灯泡的伏安特性曲线一．器材的选择方法二、非线性元件实际功率的求解技巧1.若该元件直接接在电源两端,一般是在该元件的伏安特性曲线中作出电源的路端电压P=即可求出该元件随电流变化的关系图线,得到两图线的交点对应的U、I值,再利用UI的实际功率.2.若元件与某定值电阻0R 串联后,再接入电源两端,则可将该定值电阻和电源等效为电源电动势为E 、内电阻为0R r +的电源再进行分析.三、针对训练1. 某同学想要描绘标有“3.8V 0.3A ”字样小灯泡L 的伏安特性曲线，要求测量数据尽量精确、绘制曲线完整.可供该同学选用的器材除开关、导线外，还有: 电压表1V (0～3V, 内阻等于3Ωk ) 电压表2V (0～15V, 内阻等于15Ωk ) 电流表1A (0～200mA ，内阻等于10Ω) 电流表2A (0～3A ，内阻等于0.1Ω) 滑动变阻器1R (0～10Ω,额定电流2A) 滑动变阻器2R (0～1Ωk ，额定电流0.5A) 定值电阻3R (阻值等于1Ω) 定值电阻4R (阻值等于10Ω)定值电阻5R (阻值等于1Ωk )、电源E(E=6V,内阻不计)。

①请在方框中画出实验电路图，并将各元件字母代码标在元件的符号旁；②该同学描绘出的I-U 图象应是图中的_____2. 某同学找来一个标有“2.5V ,1.2W ”字样的小灯泡,他计划通过实验描绘其伏安特性曲线,现有如下器材: A.电流表(0～0.6A ,内阻约1Ω) B.电流表(0～3A ,内阻约0.2Ω) C.电压表(0～2V ,内阻为2Ωk ) D.滑动变阻器(0～10Ω,2A ) E.滑动变阻器(0～300Ω,0.5A )F.三个定值电阻(Ω=k R 11,Ω=k R 51,Ω=k R 101)G.直流电源(电动势3V ,内阻不计) H.开关、导线若干(1)该同学发现电压表的量程不能满足实验的要求,为了完成测量,他用定值电阻对电压表进行了改装,在给定的三个电阻中,应该选用________(填写对应电阻的符号).(2)实验时要使伏安特性曲线描绘得完整,需要让电压从零调到 2.5V ,实验中电流表应该选用_______,滑动变阻器应该选用_______(都填写序号).(3)该同学设计好实验后,如图是连接的部分电路,请用笔画线代替导线将电路连接完整.(4)如果该同学连接好电路,闭合开关,对滑动变阻器进行调节,发现电流表和电压表的示数都变化,但无论怎么调节,电表的示数都不能调到零,后来检测发现有一根导线内部出现了断路,这根导线的序号是图中的_________.3.某探究小组要描绘一个标有“4V ,1W ”的小灯泡的U R -曲线,所供选择的器材除了导线和开关外,还有以下一些器材可供选择: A.电压表V (量程5V ,内阻约为5Ωk ) B.直流电源E (电动势4.5V ,内阻不计) C.电流表1A (量程150mA ,内阻约为2Ω) D.电流表2A (量程300mA ,内阻约为1Ω) E.滑动变阻器1R (阻值0～10Ω) F.滑动变阻器2R (阻值0～200Ω)(1)实验中要求小灯泡电压从零逐渐增大到额定电压,测量误差尽可能小且方便调节,电流表应选用______,滑动变阻器应选用_____(填写仪器符号),请在虚线框中画出该实验的电路图. (2)根据实验数据,计算并描绘出了U R -图像,如图1所示.由图像可知,当所加电压为3.0V 时,小灯泡实际消耗的电功率为_______W (结果保留2位有效数字).(3)小灯泡的U P -图像及U I -图像如图2、3所示.则小灯泡的电功率P 随电压U 变化的曲线是_____；小灯泡的伏安特性曲线是_______.(填“a”“b”“c 或“d”)4.(2017· 新课标Ⅰ)某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有:小灯泡L (额定电压3.8V ,额定电流0.32A )、电压表V (量程3V ,内阻3Ωk )、电流表A (量程0.5A ，内阻0.5Ω)、固定电阻0R (阻值1000Ω)、滑动变阻器R (阻值0～9.0Ω)、电源E (电动势5V ,内阻不计)；开关S ；导线若干.(1)实验要求能够实现在0～3.8V 的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路原理图. (2)实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图（a ）所示。

《描绘小灯泡的伏安特性曲线》一、实验题1.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，现除了有一个标有“5V，2.5W”的小灯泡、导线和开关外，还有：A.直流电源(电动势约为5V，内阻可不计)B.直流电流表(量程0～3A，内阻约为0.1Ω)C.直流电流表(量程0～600mA，内阻约为5Ω)D.直流电压表(量程0～15V，内阻约为15kΩ)E.直流电压表(量程0～5V，内阻约为10kΩ)F.滑动变阻器(最大阻值l0Ω，允许通过的最大电流为2A)G.滑动变阻器(最大阻值lkΩ，允许通过的最大电流为0.5A)实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化并能测多组数据。

①实验中电流表应选用______，电压表应选用______，滑动变阻器应选用______(均用序号字母表示)。

②某同学通过实验正确作出的小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示。

现把实验中使用的小灯泡接到如图乙所示的电路中，其中电源电动势E=2V，内阻r=1Ω，定值电阻R=9Ω，此时灯泡的实际功率为______W.(结果保留两位有效数字)2.为探究小灯泡的电功率P和电压U的关系，小明测量小灯泡的电压U和电流I，利用P=UI得到电功率．实验所使用的小灯泡规格为“3.0V，1.8W”，电源为12V的电池，滑动变阻器的最大阻值为10Ω．(1)准备使用的实物电路如图1所示．请将滑动变阻器接入电路的正确位置．(用笔画线代替导线)(2)现有10Ω、20Ω和50Ω的定值电阻，电路中的电阻R1应选______Ω的定值电阻．(3)测量结束后，应先断开开关，拆除______两端的导线，再拆除其他导线，最后整理好器材．(4)小明处理数据后将P、U2描点在坐标纸上，并作出了一条直线，如图2所示．请指出图象中不恰当的地方．3.某学习小组欲描绘小灯泡的伏安特性曲线，现提供下列器材：A.电压表V(量程6V，内阻约6kΩ)B.电流表A(量程0.6A，内阻约10Ω)C.电阻箱R1(0～999.9Ω)D.定值电阻R2=200ΩE.定值电阻R3=100ΩF.滑动变阻器R4(0～10Ω)G.滑动变阻器R5(0～100Ω)H.规格为“6V，6W”的待测灯泡I.电源E(电动势约12V，内阻较小)J.开关、导线若干(1)某同学根据实验原理，将电流表的量程由0.6A扩大至1.0A，首先采用了如图1所示的电路测量电流表内阻。

一、描绘小灯泡的伏安特性曲线实验报告：姓名：班级：______________【实验目的】1.掌握用伏安法测电阻的电路设计（关键是内外接法）。

2.理解小灯泡的伏安特性曲线为什么不是过原点的直线。

【实验原理】1、由于小灯泡灯丝的电阻率随着温度的升高而增大，其电阻也随着温度的升高而增大，故小灯泡的伏安特性曲线应为曲线。

2、实验中选用“3.8 V，0.3 A”的小灯泡，故电流表的量程选用0.6 A，电压表的量程选用15V。

由于这种规格的小灯泡的电阻很小，当它与电流表串联时，电流表的分压影响很大，为了减小实验误差，应采用电流表“外接法”。

本实验中，为了使小灯泡两端的电压从零开始连续变化，滑动变阻器应采用“分压接法”。

【实验器材】小灯泡(3.8 V，0.3 A)、电压表(0～3，0～15V)、电流表(0～0.6 0～3 A)、滑动变阻器(20Ω)、学生低压直流电源(或电池组)、电键、导线若干、坐标纸、铅笔。

【实验步骤】1、根据实验要求，设计实验的电路图如图所示。

2、根据电路图连接实验电路．用导线将小灯泡、电流表、电压表、滑动变阻器、电源、电键连接成实验所需的电路．滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，电流表的量程用0.6 A，电压表的量程先用0～3 V，电压超过3V时，采用15 V的量程。

3、测出小灯泡在不同电压下的电流值。

闭合电键S前，滑动变阻器的滑片P应位于最左端，这样闭合电键后，小灯泡两端的电压可以从零开始连续变化，同时这样做也起到了保护用电器的作用，防止灯泡两端的电压过大而烧坏小灯泡及电表。

闭合电键S后，使滑动变阻器的滑片户由左向右移动，在0～3.8 V范围内读取并记录12组不同的电压值U和电流值I，并将测量结果填人实验记录表中。

由于U一I图线在0.3V左右发生弯曲，故0.3V左右测绘点要密，否则将会出现较大的误差。

4、在坐标纸上画出伏安特性曲线在坐标纸上，以U为横轴，以I为纵轴，建立平面直角坐标系，根据实验测得的数据，描出各组数据所对应的点，将描出的各点用平滑的曲线连接起来，就得到了小灯泡的伏安特性曲线。

实验九描绘小灯泡的伏安特性曲线1．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线〞的实验中，可供选择的实验仪器如下：(1)在上述器材中，滑动变阻器应选________，电流表应选________。

(2)在图甲中用笔画线代替导线，把实验仪器连接成完整的实验电路。

(3)利用实验中得到的实验数据在I­U坐标系中描绘出了如图乙所示的小灯泡的伏安特性曲线。

根据此图给出的信息，可以判断出如下图中正确的答案是(图中P为小灯泡功率)( )答案 (1)R 1A 2 (2)图见解析(3)BD 解析 (1)为方便电路调节，滑动变阻器应选择电阻小的R 1；小灯泡正常工作时I 额＝0.3 A ＝300 mA>100 mA ，故电流表应选A 2。

(2)因为要求小灯泡上的电压从0开始增大，滑动变阻器应选用分压式接法；而小灯泡正常工作时R 灯＝U I ＝3.80.3Ω≈13 Ω，R V ＝5 kΩ，R 灯< R A2R V ，故电流表应选择外接法，其实验电路如下列图。

(3)在I ­U 图象中，图线斜率逐渐减小，小灯泡的R 逐渐增大；由P ＝U 2R知在P ­U 2图象中，图线的斜率1R应逐渐减小，故B 正确；由P ＝I 2R 知在P ­I 2图象中图线的斜率R 应逐渐增大，故D 正确。

2．在“研究标有 9 V 5 W 的小灯泡的伏安特性〞的实验中，要求测量从0 V 到9.0 V 的电压下通过小灯泡的电流，实验室提供了如下器材：A ．电流表(量程100 mA ，内阻1 Ω) B ．电流表(量程0.6 A ，内阻0.3 Ω) C ．电压表(量程3.0 V ，内阻3 kΩ) D ．电压表(量程15.0 V ，内阻10 kΩ)E ．滑动变阻器R 1(最大阻值为50 Ω)F ．滑动变阻器R 2(最大阻值为500 Ω)G ．电源E (电动势15 V ，内阻可忽略)H ．开关、导线假设干(1)为了提高测量准确度和有效性，应选择的器材为(只需填写器材前面的字母即可)：电流表________，电压表________，滑动变阻器________。

1.在描绘小电珠旳伏安特性曲线时, 采用如图所示电路, 试验中发现移动滑动变阻器旳滑片时, 电流表旳示数变化而电压表旳指针不动, 下列原因也许旳是()A. 小电珠中灯丝已烧断B. 滑片接触不良C. 小电珠内部短路D. 滑动变阻器A端接触不良解析: 选C.由题图知, 移动滑片时, 因电流表达数有变化, 故和电流表串联旳回路中不存在断点, 故A错. 若滑片接触不良, 电路中不也许有电流, 故B错. 若滑动变阻器A端接触不良, 滑片移动时电流表和电压表读数均变化, 故D错. 若小电珠内短路则小电珠两端电压为零, 电压表指针不变, 移动滑片时, 只有电流表指针变化, 故选C.2. (·合肥模拟)为了测量一种“12 V 5 W”旳小电珠在不一样电压下旳功率, 给定了如下器材：电源: 12 V, 内阻不计；电流表: 0～0.6 A,0～3 A, 内阻可忽视；电压表: 0～3 V,0～15 V, 内阻很大；滑动变阻器: 阻值范围0～20 Ω, 容许最大电流1 A；开关一种, 导线若干．试验时规定加在电珠两端旳电压可从0调到12 V.(1)将图甲中旳实物图连接完整.(2)某位同学测得小电珠旳伏安特性曲线如图乙所示, 某次测量时, 小电珠电流强度大小为0.40 A, 则此时加在它两端旳电压为________V, 此时小电珠旳实际功率为________W.解析：(1)由于规定电压从0开始调整, 故滑动变阻器应采用分压式接法．又因电流表内阻可忽视, 则电流表采用内接法、外接法均可以, 实物连接如图．(2)由I－U图线得, 当I＝0.40 A时, U＝6.0 V, 故小电珠旳实际功率为P＝IU＝2.4 W.答案: (1)见解析(2)6.0 2.43. (·济南模拟)有一种小电珠上标有“4 V 2 W”旳字样, 目前要用伏安法描绘这个小电珠旳U－I图线, 有下列器材可供选用:A. 电压表(0～5 V, 内阻10 kΩ)B. 电压表(0～10 V, 内阻20 kΩ)C. 电流表(0～0.3 A, 内阻1 Ω)D. 电流表(0～0.6 A, 内阻0.4 Ω)E. 滑动变阻器(5 Ω, 10 A)F. 滑动变阻器(500 Ω, 0.2 A)(1)试验中电压表应选用________, 电流表应选用________. (用序号字母表达)(2)为使试验误差尽量减小, 规定电压从零开始变化且多取几组数据, 滑动变阻器应选用________(用序号字母表达).(3)请在方框内画出满足试验规定旳电路图, 并把图中所示旳试验器材用实线连接成完整旳实物电路图．解析: (1)因小电珠旳额定电压为4 V, 为保证安全, 选用旳电压表量程应稍不小于4 V, 但不能大太多, 量程太大则示数不精确, 故只能选用0～5 V旳电压表, 故选A.由P＝UI得, 电珠旳额定电流I＝＝0.5 A, 故应选择0～0.6 A量程旳电流表, 故选D.(2)由题意可知, 电压从零开始变化, 并要多测几组数据, 故只能采用滑动变阻器分压接法, 而分压接法中应选总阻值小旳滑动变阻器, 故选E.(3)电珠内阻R＝＝8 Ω, 电压表内阻远不小于电珠内阻, 应采用电流表外接法, 故电路图和实物连接图如图所示．答案: (1)A D(2)E(3)见解析4．(·唐山统考)某同学合理选用下列器材构成一种电路, 同步对两个不一样旳热敏电阻RA、RB进行了测量, 得到了两个热敏电阻旳I－U关系曲线, 如图所示．在试验中, 有如下器材供选择:A. 量程为50 mA旳电流表A1, 内阻约10 ΩB. 量程为0.6 A旳电流表A2, 内阻约0.05 ΩC. 量程为3 V旳电压表V1, 内阻约10 kΩD．量程为6 V旳电压表V2, 内阻约50 kΩE. 电动势为12 V、内阻不计旳直流电源F. 滑动变阻器R1(50 Ω, 0.6 A)G．滑动变阻器R2(10 Ω, 0.02 A)H. 单刀单掷开关一种、导线若干.(1)为了得到热敏电阻完整旳I－U关系曲线, 请选择合适旳试验器材: ________________________________________________________________________(填器材前旳选项字母).(2)请设计试验电路并把它画到方框中, 标明对应旳器材代号．(3)该同学将RA.RB串联起来, 与电压恒为7 V旳稳压电源连接, 则此时热敏电阻RA和RB消耗旳功率之比为________.解析: (1)根据I－U关系曲线上旳数据去选择试验器材.(2)测定I－U关系曲线. 规定电压从零开始变化, 故滑动变阻器采用分压式接法；由于热敏电阻旳阻值比电压表旳内阻小诸多, 因此电流表采用外接法.(3)由题图可知电流等大时RA∶RB＝2∶5, 则可知RA和RB消耗旳功率之比为2∶5.答案: (1)ACDEFH(2)电路如图所示(3)2∶55. (·广东汕头摸底)某研究性学习小组为了制作一种传感器, 需要选用一电器元件, 如图为该电器元件旳伏安特性曲线, 有同学对其提出质疑, 现需深入验证该伏安特性曲线, 试验室备有下列器材:器材(代号)规格(1)为提高试验成果旳精确程度, 电流表应选用________；电压表应选用________；为以便试验操作, 滑动变阻器应选用________. (以上均填器材代号)(2)为到达上述目旳,请在虚线框内画出对旳旳试验电路原理图, 并标明所用器材旳代号．—元件—(3)试验发现测得旳伏安特性曲线与图中曲线基本吻合, 请阐明该伏安特性曲线与小电珠旳伏安特性曲线有何异同点？相似点:________________________________________________________________________.不一样点: ________________________________________________________________________.解析：由图线可知, 电路最大电流不小于50 mA, 因此电流表选A2；电路最大电压为3 V, 电压表选V1；滑动变阻器采用分压式接法, 选阻值小旳R1.答案: (1)A2V1R1(2)如图(3)电阻随所加电压变化而变化该元件电阻随电压升高而减小, 小电珠电阻随电压升高而增大6. 某学习小组拟研究一种标有“3.6 V 1.8 W”旳小电珠旳伏安特性曲线, 可供选用旳器材如下:①电流表A, 量程0～0.6 A, 内阻约为0.2 Ω；②电压表V, 量程0～15 V, 内阻约为15 kΩ；③滑动变阻器R, 阻值范围0～10 Ω；④学生电源E, 电动势为4 V, 内阻不计；⑤开关S及导线若干.(1)该学习小组中旳甲同学设计了如图甲所示旳电路进行测量, 请按照图甲所示旳电路图帮甲同学将图乙中旳实物图连接起来．(2)甲同学在试验中发现, 由于电压表旳量程较大而导致读数误差很大, 因而影响了测量成果. 于是又从试验室找来一量程为Ig＝100 μA.内阻Rg＝1 000 Ω旳敏捷电流计, 想把该敏捷电流计改装成量程为5 V旳电压表, 则需串联一种阻值为________ Ω旳电阻.(3)甲同学用改装后旳电压表进行试验,得到电流00.190.300.370.430.460.480.49表读数I1和敏捷电流计读数I2如下表所示：I1(A)I2(μA)010203040506070请在图丙中旳坐标纸上画出I1－I2图线.丙丁(4)若将该小电珠接在如图丁所示旳电路中, 则该小电珠消耗旳电功率约为________W. 已知电源旳电动势为E＝3.0 V, 内阻r＝1.5 Ω, 定值电阻R0＝4.5 Ω.(成果保留两位有效数字)解析: (1)如图所示(2)设需要串联旳电阻阻值为Rx, 则有Ig(Rg＋Rx)＝5 V, 代入数据可得Rx＝49 000 Ω.(4)将定值电阻R0看做该电源旳电阻, 则内阻r′＝6 Ω, 由此可得路端电压U＝E－Ir′, 在I1－I2图线所在坐标纸上作出该I－U图象如下图所示, 可知其交点坐标表达旳电流约为0.32 A, 电压约为1.1 V, 因此该灯泡消耗旳功率约为P＝0.32×1.1 W≈0.35 W.答案: (1)见解析图(2)49 000(3)如下图所示(4)0.35。

描绘小电珠的伏安特性曲线基本知识实验原理：由于电流增大，小灯泡的功率也增大，温度升高，电灯丝材料的电阻率增大，因此电灯丝的电阻增大，所以灯丝电阻并不是一个定值.由于电流越大，灯丝电阻越大，它的伏安特性曲线(I-U图线)并不是一条直线，在该曲线上，任意一点与原点连线的斜率表示该点(在此电压与电流下)的电阻的倒数，斜率越小，电阻越大.实验器材：“3.8V，0.3A”的小灯泡，4~6V学生电源(或3～4个电池组)，0～100Ω的滑动变阻器，0～15V的电压表，0～06A的电流表，开关一个、导线若干.实验电路：实验步骤：(1)选取适合的仪器按上图所示的电路连接好.(2)将滑动变阻器滑片调节到A端后，闭合开关.(3)调节滑动变阻器，在灯泡额定电压范围内读取数组不同的电压值和电流值，并制表记录.(4)断开开关，拆下导线，将仪器恢复原样.(5)以I为纵轴，U为横轴，画出I-U曲线并进行分析.例题和习题1.某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有：小灯泡L（额定电压3.8 V，额定电流0.32 A）；电压表○V（量程3 V，内阻3 kΩ）；电流表○A（量程0.5 A，内阻0.5 Ω）；固定电阻R0（阻值1 000 Ω）；滑动变阻器R（阻值0~9.0 Ω）；电源E（电动势5 V，内阻不计）；开关S；导线若干。

（1）实验要求能够实现在0~3.8 V的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路原理图。

（2）实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图（a）所示。

由实验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻_________（填“增大”“不变”或“减小”），灯丝的电阻率__________（填“增大”“不变”或“减小”）。

（3）用另一电源E0（电动势4 V，内阻1.00 Ω）和题给器材连接成图（b）所示的电路，调节滑动变阻器R的阻值，可以改变小灯泡的实际功率。

闭合开关S，在R的变化范围内，小灯泡的最小功率为____________W，最大功率为___________W。

描绘小灯泡伏安特性曲线—解析版1.〔2021全国理综I〕某同学探讨小灯泡的伏安特性，所运用的器材有：小灯泡L〔额定电压3.8V，额定电流0.32A〕：R〔阻值1000ΩΩ〕；电源E〔电动势5V，内阻不计〕；开关S；电压表V〔量程3V，内阻3kΩΩ〕;固定电阻导线假设干。

〔1〕试验要求能够实现在0~3V的范围内对小灯泡的电压进展测量，画出试验电路原理图。

〔2〕试验测得小灯泡伏安特性曲线如图〔a〕所示。

〔1〕由试验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻________〔填“增大〞“不变〞或“减小〞〕，灯丝的电阻率______〔填“增大〞“不变〞或“减小〞〕。

EΩ〕和题给器材连接成图〔b〕所示的电路。

调整滑动变阻器R的阻值，可以变更小灯泡的〔2〕用另一电源实际功率。

闭合开关S，在R的变更范围内，小灯泡的最小功率为_____W，最大功率为_______W.〔结果均保存两位小数〕【参考答案】〔1〕电路如图〔2〕当滑动EΩ〕的伏安特性曲线，如图中曲线II所示，与小灯泡变阻器接入电路中的电阻为零时，在图〔a〕中画出电源伏安特性曲线的交点即为电路工作点，该点纵横坐标值的乘积等于小灯泡的最大功率，最大功率为P max=UI=3.62×0.318=1.17W。

2．〔2021广西五市考前联考〕在“描绘小灯泡的伏安特性曲线〞的试验中，需测量一个标有“3V ，1.5W 〞灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，现有如下器材： 直流电源〔电动势3.0V ，内阻不计〕电流表1A 〔量程3A ，内阻约0.1Ω〕 电流表2A 〔量程600mA ，内阻约5Ω〕 电压表1V 〔量程3V ，内阻约3kΩ〕 电压表2V 〔量程15V ，内阻约200kΩ〕滑动变阻器1R 〔阻值0~10Ω，额定电流1A 〕 滑动变阻器2R 〔阻值0~1kΩ，额定电流300mA 〕〔1〕在该试验中，电流表应选择_________〔填“1A 〞或“2A 〞〕，电压表应选择________〔填“1V 〞或“2V 〞〕，滑动变阻器应选择________〔填“1R 〞或“2R 〞〕〔2〕某同学用导线a 、b 、c 、d 、e 、f 、g 和h 连接成如图甲所示的电路，假设用该电路测得灯泡的工作电压U 和电流I ，依据UR I计算此时灯泡的，那么灯泡电阻的测量值________真实值〔填“大于〞、“等于〞或“小于〞〕。

高考题精解分析：50描绘小灯泡的伏安特性曲线实验高频考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验动态发布：2011·福建理综卷21题（2）、2010浙江理综第21题、2010安徽理综第21题命题规律：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验是高考考查的重点和热点，考查描绘小灯泡的伏安特性曲线实验的试题综合性强、难度中等。

命题分析考查方式一定性考查回旋加速器【命题分析】描绘小灯泡的伏安特性曲线实验由于要求小灯泡两端电压从零开始逐渐增大，所以必须采用分压电路；小灯泡的电阻一般只有几欧姆，所以采用电流表外接。

画元件两端电压从零开始的伏安特性曲线必须采用分压电路。

高考考查描绘小灯泡的伏安特性曲线实验难度中等。

例1（2011·福建理综卷21题（2））某同学在探究规格为“6V，3W”的小电珠伏安特性曲线实验中：①在小电珠接入电路前，使用多用电表直接测量小电珠的电阻，则应将选择开关旋至_______档进行测量。

（填选项前的字母）A.直流电压10VB.直流电流5mAC.欧姆×100D.欧姆× 1②该同学采用图甲所示的电路进行测量。

图中R为滑动变阻器（阻值范围0~20Ω,额定电流1.0A），L为待测小电珠，○V为电压表（量程6V，内阻20kΩ），○A为电流表（量程0.6A，内阻1Ω）,E为电源（电动势8V，内阻不计），S为开关。

Ⅰ.在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最_ 端；（填“左”或“右”）Ⅱ.在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是______点至________点的导线没有连接好；（图甲中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写图甲中的数字，如“2点至3点”的导线）Ⅲ. 该同学描绘出小电珠的伏安特性曲线示意图如图乙所示，则小电珠的电阻值随工作电压的增大而____________。

（填“不变”、“增大”或“减小”）【解析】：由于小电珠的电阻一般不大，使用多用电表直接测量小电珠的电阻，则应将选择开关旋至欧姆×1，选项D正确。

实验专题：描绘小灯泡伏安特性曲线答案解析1.【答案】（1）B D F（2）电路图如图所示（3）如图所示（4）1.00 W【解析】（1）由题意小灯泡额定电压为2 V，额定电流为0.5 A，故电压表应选B，电流表应选D，又描绘伏安特性曲线要求电流从零调，故变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器F．（2）由于小电珠电珠较小，满足，电流表应用外接法，又变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：（3）小电珠的伏安特性曲线如图所示：（4）由图可知，当电压为2 V，电流为0.5 A；则功率2.【答案】（1）ACDF（2）如图所示（3）如图所示【解析】（1）电源电动势为3 V，故电压表选D，最大电流I=A=0.75 A，若选取3 A量程，则指针偏转不及刻度的，误差较大，故电流表选C，滑动变阻器分压接法，选取小电阻即可，故选择器材为：ACDF．（2）电压表上从零开始读取，所以选择滑动变阻器分压接法，被测电阻为小电阻，电流表用外接，实物图如图：（3）由描点法可作出笔芯的伏安特性曲线3.【答案】（1）B （2）ADE（3）16 Ω 增大（4）34【解析】（1）为描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，故应选E；灯泡额定电压为3.8 V，电压表应选择A，灯泡额定电流为：，电流表选择D，灯泡正常发光时的电阻：，电流表内阻为：，电压表内阻为，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路应选择图B所示电路；（2）由（1）分析可知，电压表选择A，电流表选择D，滑动变阻器采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器选择E；（3）由图示图象可知，随增大，增大，实际功率增大，灯泡温度升高，电压与电流表的比值增大，灯泡电阻增大；由图示图象可知，电压：时，电流，此时灯泡电阻：；（4）灯泡正常发光时，串联电阻两端电压，串联电阻阻值.4.【答案】（1）BF （2）分压式图见解析（3）5【解析】（1）灯泡的额定电流，故电流表选择B；因本实验只能接用分压接法，故滑动变阻器选择小电阻F；（2）根据实验要求可知，滑动变阻器采用分压接法，并且测量电路应与滑动变阻器的左半部分并联；电流表采用外接法；原理图如下；（3）由画出的伏安特性曲线可知，时，电流，则对应的电阻5.【答案】（1）如图所示（2）A（3）0.144 （4）增大灯泡内阻随温度的升高而增大【解析】（1）根据原理图可得出对应的实物图如图所示：（2）由图可知，测量部分与滑动变阻器左侧并联，因此开始时为了让灯泡电流由零开始，故滑片P 应置于A端；（3）由图可知，当电压为1.2 V时，电流为0.12 A，则功率P=UI=1.2×0.12 W=0.144 W；（4）由图可知，I﹣U图象的斜率越来越小，则说明电阻越来越大；原因是灯泡内阻随温度的升高而增大．6.【答案】（1）A D （2）如图所示（3）0.8 5【解析】（1）因小灯泡标有“4 V，2 W”的字样，说明额定电压为4 V，故电压表应选A，由I=A=0.5 A得电流表应选0.6 V量程的D，（2）因小灯泡电阻远小于电压表内阻，故电流表应用外接法，因要求电流从零调，故滑动变阻器应用分压式接法，电路图如图所示（3）当电压为2 V时，由图可知，电流I=0.4 A，则由P=UI可知，功率为：P=2×0.4 W=0.8 W，电阻为：R==Ω=5 Ω．7.【答案】（1）C E F（2）如图所示（3）0.80【解析】（1）灯泡的额定电压为5 V，因此电压表选择大于等于5 V的即可，故选E；而灯泡的额定电流I==0.5 A，故电流表应选择C；因本实验采用分压接法，滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器选择F；（2）本实验要求多测几组数据，故采用分压接法；同时因电流表内阻与灯泡内阻接近，故电流表选用外接法；实物图如下图所示；（3）将定值电阻等效电源内阻，作出等效电源的伏安特性曲线如图所示；与灯泡的伏安特性曲线的交点为灯泡的工作点，由图可知，此时灯泡的电压为1.8 V；电流为0.36 A；则灯泡的功率P=UI=2.1×0.38 W≈0.80 W；（0.78﹣0.86均可以）8.【答案】（1）见解析图（2）D （3）20 4【解析】（1）本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，因该电子元件内阻较小，故应选用电流表外接法，题目中没有给出电压表，因此需要用已知内阻电流表进行改装，具体实验原理图如下所示：（2）由于滑动变阻器采用分压接法，因此，在保证安全的前提下，选择总阻值小的，因此滑动变阻器应选用D．（3）R1和R2串联使用，因此它们的电流相等，由乙图可知R1和R2的相等电流为：I=0.25A，此时R1和R2的电压均为：U=2.5 V，因此它们的电阻之和为：；此时R3两端的电压为：U1=6.0 V﹣2.5 V﹣2.5 V=1.0 V，此时接入电路中的电阻为：．9.【答案】①BDE ②如图③PTC ④10.0 6.07【解析】①由于实验要求电压从零调，所以变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器E以方便调节；根据电源电动势为15 V可知电压表应选D；电压表的最小电压应为量程的即5 V，常温下热敏电阻的电阻为10 Ω，所以通过热敏电阻的最小电流应为I m=A=0.5 A，所以电流表应选B；②由于热敏电阻的阻值远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，又变阻器采用分压式接法，电路图如图所示：③根据U=RI可知，图象上的点与原点连线的斜率等于待测电阻的阻值大小，从图线Ⅰ可知电阻各点与原点连线的斜率逐渐增大，所以电阻随电压（温度）的增大而增大，即电阻是正温度系数，所以该热敏电阻是PTC；④在闭合电路中，电源电动势：E=U+Ir，由图2曲线II所示可知，电流为0.3 A时，电阻R1两端电压为8 V，电流为0.60 A时，电阻R2两端电压为6.0 V，则：E=8+0.3r，E=6+0.6r，解得：E=10.0 V，r=6.67 Ω；联立以上两式解得：E=10.0 V，r=6.07 Ω10.【答案】（1）C D G （2）连线如图所示（3）A端（4）1.3【解析】（1）灯泡额定电压为3 V，电压表应选D，灯泡额定电流I==A≈0.66 A，若采用3 A量程则误差较大，故只能采用0.6 A量程进行测量；本实验采用分压接法，为方便实验操作应选滑动变阻器G．（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示．（3）由图可知，测量电路与滑动变阻器左侧并联，故为了让电流从零开始调节，滑片位置应滑到A 端；（4）由图可知，当电压为2.4 V时，电流I=0.52 A，则功率P=UI=2.4×0.52 W≈1.3 W．11.【答案】(1)R1A2(2)见解析图(3)BD【解析】(1)本题变阻器采用分压接法，通常应当选用最大阻值小的滑动变阻器，但本题中如果选用R2，则电路中的电流会超过R2允许通过的最大电流，故滑动变阻器应当选择R1.电流表A1的量程太小，故电流表应当选择A2.(2)电路图如图所示，由于电压要从0开始调节，滑动变阻器用分压接法；因为灯泡的内阻比较小，电流表用外接法．(3)随着通过小灯泡电流的增大，小灯泡消耗的功率增大，小灯泡的电阻也增大，由P＝知，B图正确，由P＝I2R知，D图正确．12.【答案】①电路图如图所示②B【解析】①电压表V1和定值电阻R5串联，可改装成量程为0～4 V的电压表，电流表A1与定值电阻R4并联，可改装成量程为0～0.4 A的电流表，待测小灯泡的电阻很小，故电流表采用外接法．②小灯泡的电阻随着温度的升高而变大，所以B正确．13.【答案】(1)E C(2)C(3)B闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零；D应为按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来【解析】(1)因为小灯泡的额定电压为3 V，所以选择量程为3 V的电压表E，小灯泡的额定电流为I＝＝A＝0.5 A，故选择电流表C.(2)由于小灯泡的电阻和电流表的内阻非常接近，所以电流表的分压过大，需要采用电流表的外接法，电压需要从零开始，故采用滑动变阻器的分压接法，故选择电路图C.(3)步骤B不妥，闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零；步骤D 有错，应为按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来．14.【答案】(1)A(2)B(3)0.10【解析】(1)描绘小灯泡伏安特性曲线实验要求电压调节范围大，因此滑动变阻器采用分压式，为使调节过程中电压变化尽可能均匀，选用最大阻值较小的滑动变阻器A；(2)由于小灯泡的电阻比较小，因此电流表采用外接法，选用B图；(3)画出电源的伏安特性曲线，如图所示，两个图线的交点即为小灯泡接在电源两端时小灯泡中的电流与小灯泡两端的电压，U＝1.0 V，I＝0.10 A，因此小灯泡消耗的功率为P＝UI＝0.10 W.15.【答案】① A(或V1)D(或A2)F(或R2)②外接增大③ 0.45～0.54【解析】①灯泡额定电压为6 V，电压表选择A；由题图所示图象可知，最大电流为0.5 A，电流表选择D；为方便实验操作，滑动变阻器应选择F.②因灯泡电阻较小，故在设计实验电路时安培表应外接．根据小灯泡的伏安特性曲线可知小灯泡的电阻值随工作电压的增大而增大；③画出定值电阻的U－I图象如图，当灯泡和定值电阻两端的电压之和为6 V时，可读出通过灯泡及电阻的电流为0.27 A，灯泡两端的电压为1.7 V，电阻两端的电压为4.3 V，可知灯泡的实际功率为P＝IU＝0.27 A×1.7 V≈0.46 W.16.【答案】(1)C、E、F(2)(3)0.80(0.78～0.86)【解析】(1)灯泡的额定电压为5 V，因此电压表选择大于等于5 V的即可，故选；而灯泡的额定电流为0.5 A；故电流表应选择C；本实验采用分压接法，滑动变阻器应选小电阻；故滑动变阻器选择F；(2)本实验要求多测几组数据，故采用分压接法；同时因电流表内阻与灯泡内阻接近，故电流表选用外接法；实物图如图所示；(3)将定值电阻等效电源内阻，作出等效电源的伏安特性曲线如图所示；与灯泡的伏安特性曲线的交点为灯泡的工作点，由图可知，此时灯泡的电压为2.1 V；电流为0.38 A；则灯泡的功率P＝UI＝2.1×0.38 W≈0.80 W(0.78～0.86均可以)．17.【答案】(1)乙V12(2)a 2.25【解析】(1)本题中由于要求电压从零开始调节，故应采用滑动变阻器分压接法；同时由于灯泡内阻较小，故采用电流表外接法；由于给出的电压表量程分别为3 V和15 V，由于15 V量程过大，不能准确测量；因此应将3 V量程与定值电阻串联以进行电压表改装来扩大量程；故电路图应为乙图；根据改装原理可知，改装后的读数应为电压表读数的：＝2倍；(2)实验开始时应使测量部分电压为零，故滑片开始时应滑至a端；当达到灯泡额定电压时应注意调节滑动变阻器，不能使灯泡两端的电压过大；根据改装原理可知，此时电压表示数应接近2.25 V.18.【答案】(1)1.400.23(2)如图所示(3)非线性【解析】(1)电压表V1采用3 V量程，最小刻度为0.1 V，因此读数估读一位，为1.40 V，而电压表V1的内阻已知，因此流过电压表的电流就是流过硅光电池的电流．根据图甲可知，解得I1＝0.23 mA.(2)根据表中数据在坐标图中描点，作出Ix－Ux关系图线如图所示．(3)由所画Ix－Ux关系图线为曲线可知Ix与Ux成非线性关系．19.【答案】(1) (2)D (3)(4)0.18【解析】(1)要使小灯泡两端电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压式接法，为测量更准确，应采用电流表内接法，实验电路图如下图所示．(2)由于采用分压式接法，若选E，则流过滑动变阻器的最大电流I＝＝A＝0.6 A>0.5 A，故滑动变阻器应选用D.(3)由第(1)问中所画电路图分析可得：U灯＝U－IR A，则可根据表中数据求出U灯，并画出U灯－I图线如下图所示．(4)在同一坐标系中作出2U灯＋IR0＝E的图线，根据此图线与灯泡的U灯－I图线的交点可得此时灯泡的电压U灯＝0.6 V，电流I＝0.3 A．所以，灯泡的实际功率为P＝U灯I＝0.6 V×0.3 A＝0.18 W.20.【答案】(1)B，C，甲(2)(3)5.2(4)B D(5)A【解析】(1)电源电动势为4 V，电压表选择C；电路中的电流最大值I m远小于3 A，所以电流表选择B.被测电阻阻值较小，电流表分压作用明显，所以采用电流表的外接法．即甲电路图．(2)根据实验电路原理图连接实物图如下：(3)电压表读数为2.60 V，电流表读数为0.50 A，代入Rx＝＝Ω＝5.2 Ω.(4)甲电路：由于电压表的分流作用，电流表测量的电流大于通过被测电阻的电流．乙电路：由于电流表的分压作用，使电压表测量的电压大于被测电阻两端的电压．B、D选项对．(5)设滑动变阻器单位长度的电阻为R0，滑动变阻器两端总长为L，根据串联电路规律，有：＝⇒U＝，式子中E、、L均为常数，根据函数图象可知A正确．Rx21.【答案】(1)如图(2)开始时不变，后来增大(3)增大【解析】画出I－U图象如图所示，曲线开始呈直线状说明开始时电阻不变，后来逐渐靠近U轴说明电阻增大．22.【答案】(1)g(2)AC【解析】(1)若调节滑动变阻器，小灯泡的亮度变化，但电压表、电流表示数总不能为零，说明滑动变阻器不起分压作用，所以可能是g导线断路．(2)因a元件的I－U线是直线，说明电阻不随电压的变化而变化，故可作为标准电阻，故A对，B错．因I－U图线上的点与原点的连线的斜率倒数表示电阻值，故C对，D错．选A、C.23.【答案】（1）R2串联（2）电流表内接滑片P置于b处（3）8 断路【解析】（1）灯泡额定电压为3.8 V，可以把电压表改装为4 V量程，电压表量程为2 V，内阻为2 kΩ，要把电压表改装成4 V的电压表，可以串联2 kΩ的电阻，应选电阻R2．（2）灯泡正常发光时的电阻为：R=Ω=9.5 Ω，电压表内阻为4 kΩ，电流表内阻约为0.3 Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，由图示电路图可知，电流表采用内接法，这是错误的；由图示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，为保护电路安全，闭合开关前，滑片应置于左端，由电路图可知，滑片P置于b处，这是错误的．（3）移动滑片，电压表与电流表示数不能为零，说明滑动变阻器是限流接法，由图示电路图可知，可能是导线8发生断路造成的．24.【答案】（1）左（2）如图所示（3）小灯泡的电阻随着电压的升高而增大（4）4.8 小【解析】（1）因当滑动触头打到左端时。