福建省泉州一中2015届高三5月模拟物理试卷

福建省泉州一中2015届2015届高考物理十模试卷一、选择题1．冰面对溜冰运动员的最大静摩擦力为运动员重力的k倍，运动员在水平冰面上沿半径为R的圆做圆周运动，其安全速度为( )A．v=kB．v≤C．v≤D．v≤2．已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关同步卫星，下列表述正确的是( )A．卫星距离地面的高度为B．卫星的运行速度小于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为GD．卫星运行的向心加速度大于地球表面的重力加速度3．水平抛出的小球，t秒末的速度方向与水平方向的夹角为θ1，t+t0秒末速度方向与水平方向的夹角为θ2，忽略空气阻力，则小球初速度的大小为( )A．gt0（cosθ1﹣cosθ2）B．C．gt0（tanθ1﹣tanθ2）D．4．在进行飞镖训练时，打飞镖的靶上共标有10环，且第10环的半径最小，为1cm，第9环的半径为2 cm，…，以此类推，若靶的半径为10cm，当人离靶的距离为5m，将飞镖对准10环中心以水平速度v投出，g=10m/s2．则下列说法中，不正确的是( )A．当v≥50 m/s时，飞镖将射中第8环线以内B．当v≥50 m/s时，飞镖将射中第6环线内C．若要击中第10环的圆内，飞镖的速度v至少应为50m/sD．若要击中靶子，飞镖的速度v至少应为25m/s5．如图所示，质量为m的物体置于光滑水平面上，一根绳子跨过定滑轮一端固定在物体上，另一端在力F作用下，以恒定速度v0竖直向下运动．物体由静止开始运动到绳与水平方向夹角α=45°过程中，绳中拉力对物体做的功为( )A．mv02B．mv02C．mv02D．mv026．如图所示，一根跨越光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员（可视为质点），a站于地面，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员b摆至最低点时，a刚好对地面无压力，则演员a质量与演员b质量之比为( )A．1：1B．2：1C．3：1D．4：1二、非选择题7．如图所示为一个小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果g取10m/s2，那么：①闪光频率是__________Hz；②小球运动中水平分速度的大小是__________m/s．8．如图1是验证机械能守恒定律的实验．小圆柱由一根不可伸长的轻绳拴住，轻绳另一端固定．将轻绳拉至水平后由静止释放．在最低点附近放置一组光电门，测出小圆柱运动到最低点的挡光时间△t，再用游标卡尺测出小圆柱的直径d，如图2所示，重力加速度为g．则（1）小圆柱的直径d=__________cm；（2）测出悬点到圆柱重心的距离l，若等式gl__________成立，说明小圆柱下摆过程机械能守恒；（3）若在悬点O安装一个拉力传感器，测出绳子上的拉力F，则验证小圆柱作圆周运动在最低点向心力的公式还需要测量的物理量是__________（用文字和字母表示），若等式F=__________成立，则可验证小圆柱作圆周运动在最低点向心力的公式．9．如图所示，在距地面高为H=45m处，有一小球A以初速度v0=10m/s水平抛出，与此同时，在A的正下方有一物块B也以相同的初速度v0同方向滑出，B与地面间的动摩擦因数为μ=0.5，A、B均可看做质点，空气阻力不计，重力加速度g取10m/s2，求：（1）A球从抛出到落地的时间和这段时间内的水平位移；（2）A球落地时，A、B之间的距离．10．（19分）如图所示，有一水平向左的匀强电场，场强为E=1.25×104N/C，一根长L=1.5m、与水平方向的夹角为θ=37°的光滑绝缘细直杆MN固定在电场中，杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q=+4.5×10﹣6C；另一带电小球B穿在杆上可自由滑动，电荷量q=+1.0×10﹣6C，质量m=1.0×10﹣2kg．现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动．（静电力常量k=9.0×109 N•m2/C2，取g=10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）求：（1）小球B开始运动时的加速度为多大？（2）小球B的速度最大时，与M端的距离r为多大？11．如图所示，竖直平面内的轨道ABCD由水平轨道AB与光滑的四分之一圆弧轨道CD组成，AB恰与圆弧CD在C点相切，轨道固定在水平面上．一个质量为m的小物块（可视为质点）从轨道的A端以初动能E冲上水平轨道AB，沿着轨道运动，由DC弧滑下后停在水平轨道AB的中点．已知水平轨道AB长为L．求：（1）小物块与水平轨道的动摩擦因数μ．（2）为了保证小物块不从轨道的D端离开轨道，圆弧轨道的半径R至少是多大？（3）若圆弧轨道的半径R取第（2）问计算出的最小值，增大小物块的初动能，使得小物块冲上轨道后可以达到最大高度是1.5R处，试求物块的初动能并分析物块能否停在水平轨道上．如果能，将停在何处？如果不能，将以多大速度离开水平轨道．[物理]（本题共有两小题，每小题6分，共12分．每小题只有一个选项符合题意）12．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0﹣t 时间内，下列说法中正确的是( )A．Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小B．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小C．Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是13．如图所示，A、B为两个固定的等量同号正电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，若不计C所受的重力，则关于电荷C以后的运动情况，下列说法中正确的是( )A．加速度始终增大B．加速度先减小后增大C．速度先增大后减小D．速度始终增大福建省泉州一中2015届2015届高考物理十模试卷一、选择题1．冰面对溜冰运动员的最大静摩擦力为运动员重力的k倍，运动员在水平冰面上沿半径为R的圆做圆周运动，其安全速度为( )A．v=kB．v≤C．v≤D．v≤考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：运动员在水平面上做圆周运动的向心力是由运动员受到的冰给运动员的最大静摩擦力提供的，根据向心力的公式可以计算出此时的最大速度解答：解：由题意可知，最大静摩擦力为重力的k倍，所以最大静摩擦力等于kmg，设运动员的最大的速度为v，则：kmg=m解得：v=，所以安全速度v≤，故B正确．故选：B点评：找到向心力的来源，能够提供的最大的向心力就是最大静摩擦力，此时的速度就是最大的速度．2．已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关同步卫星，下列表述正确的是( )A．卫星距离地面的高度为B．卫星的运行速度小于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为GD．卫星运行的向心加速度大于地球表面的重力加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：同步卫星与地球相对静止，因而与地球自转同步，根据万有引力提供向心力，即可求出相关的量．解答：解：A、万有引力提供向心力=r=R+hh=﹣R，故A错误B、第一宇宙速度为v1=，故B正确C、卫星运行时受到的向心力大小是，故C错误D、地表重力加速度为g=，卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故D错误故选B．点评：本题关键抓住万有引力等于向心力，卫星转动周期与地球自转同步．3．水平抛出的小球，t秒末的速度方向与水平方向的夹角为θ1，t+t0秒末速度方向与水平方向的夹角为θ2，忽略空气阻力，则小球初速度的大小为( )A．gt0（cosθ1﹣cosθ2）B．C．gt0（tanθ1﹣tanθ2）D．考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：将平抛运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动两个分力，作出t秒末和t+t0秒末速度的分解图．研究竖直方向的速度，分别用初速度表示，再由速度公式求出初速度．解答：解：如图，作出速度分解图．则v1y=v0tanθ1，v2y=v0tanθ2，又由v1y=gt，v2y=g（t+t0）得到gt=v0tanθ1…①g（t+t0）=v0tanθ2…②由②﹣①得v0=．故选：D点评：本题考查对平抛运动的处理能力，关键是作出速度的分解图，对速度进行分解处理．4．在进行飞镖训练时，打飞镖的靶上共标有10环，且第10环的半径最小，为1cm，第9环的半径为2 cm，…，以此类推，若靶的半径为10cm，当人离靶的距离为5m，将飞镖对准10环中心以水平速度v投出，g=10m/s2．则下列说法中，不正确的是( )A．当v≥50 m/s时，飞镖将射中第8环线以内B．当v≥50 m/s时，飞镖将射中第6环线内C．若要击中第10环的圆内，飞镖的速度v至少应为50m/sD．若要击中靶子，飞镖的速度v至少应为25m/s考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：飞镖水平飞出，做平抛运动，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．高度决定运动时间，水平位移和时间决定初速度．解答：解：A、当v=50m/s时，运动的时间t=．则飞镖在竖直方向上的位移y=，将射中第5环线，当v≥50 m/s时，飞镖将射中第6环线以内．故A错误，B正确．C、击中第10环线内，下降的最大高度为0.01m，根据h=得，t=s，则最小初速度．故C正确．D、若要击中靶子，下将的高度不能超过0.1m，根据h=得，t=s，则最小速度．故D正确．本题选错误的故选：A点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．5．如图所示，质量为m的物体置于光滑水平面上，一根绳子跨过定滑轮一端固定在物体上，另一端在力F作用下，以恒定速度v0竖直向下运动．物体由静止开始运动到绳与水平方向夹角α=45°过程中，绳中拉力对物体做的功为( )A．mv02B．mv02C．mv02D．mv02考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：由于力F做匀速运动，将物体的运动分解为沿绳子方向的运动，以及垂直绳子方向运动即绕滑轮的转动，根据沿绳子方向的运动速度和平行四边形定则求解物体的速度，再运用动能定理求解．解答：解：一根绳子跨过定滑轮一端固定在物体上，另一端在力F作用下，以恒定速度v0竖直向下运动．将物体的运动分解为沿绳子方向的运动，以及垂直绳子方向运动即绕滑轮的转动，则由三角函数可解得：运动到绳与水平方向夹角α=45°时物体的速度v==v0物体由静止开始运动到绳与水平方向夹角α=45°过程中，物体只受绳子拉力做功，运用动能定理得W=mv2﹣0=mv02．故选B．点评：本题关键是正确地找出物体的合运动与分运动，然后根据运动分解的平行四边形定则，得到物体速度的大小．6．如图所示，一根跨越光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员（可视为质点），a站于地面，b从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员b摆至最低点时，a刚好对地面无压力，则演员a质量与演员b质量之比为( )A．1：1B．2：1C．3：1D．4：1考点：牛顿第二定律；向心力．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：b向下摆动过程中机械能守恒，在最低点绳子拉力与重力之差提供向心力，根据向心力公式得出绳对b的拉力，a刚好对地面无压力，可得绳子对a的拉力，根据拉力相等，可得两者质量关系．解答：解：b下落过程中机械能守恒，有：①在最低点有：②联立①②得：T b=2m b g当a刚好对地面无压力时，有：T a=m a gT a=T b，所以，m a：m b=2：1，故ACD错误，B正确．故选：B．点评：根据物体的运动规律选择正确规律求解是解决这类问题的关键，同时正确受力分析是解题的前提．二、非选择题7．如图所示为一个小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果g取10m/s2，那么：①闪光频率是10Hz；②小球运动中水平分速度的大小是1.5m/s．考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题；平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上在相等时间内的位移之差是一恒量求出闪光的周期，从而得出闪光的频率．根据水平位移和时间求出平抛运动的初速度．解答：解：（1）在竖直方向上有：△y=2L=gT2，解得T=．则照片闪光的频率f=．（2）小球平抛运动的初速度．故答案为：（1）10；（2）1.5点评：解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，运用运动学公式灵活求解．8．如图1是验证机械能守恒定律的实验．小圆柱由一根不可伸长的轻绳拴住，轻绳另一端固定．将轻绳拉至水平后由静止释放．在最低点附近放置一组光电门，测出小圆柱运动到最低点的挡光时间△t，再用游标卡尺测出小圆柱的直径d，如图2所示，重力加速度为g．则（1）小圆柱的直径d=1.02cm；（2）测出悬点到圆柱重心的距离l，若等式gl=成立，说明小圆柱下摆过程机械能守恒；（3）若在悬点O安装一个拉力传感器，测出绳子上的拉力F，则验证小圆柱作圆周运动在最低点向心力的公式还需要测量的物理量是小圆柱的质量m（用文字和字母表示），若等式F=mg+m成立，则可验证小圆柱作圆周运动在最低点向心力的公式．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：（1）题读数时注意分度，读数时要用“mm”为单位．（2）的关键是根据机械能守恒定律列出表达式即可．（3）题的关键是根据牛顿第二定律列出表达式，然后求出拉力表达式即可．解答：解：（1）游标卡尺读数为d=10mm+2×0.1mm=10.2mm=1.02cm（2）根据机械能守恒定律应有mgl=m，其中v=，解得gl==（3）根据牛顿第二定律有F﹣mg==，解得F=mg+m，可见还需要测量小圆柱的质量m，才能求出绳子的拉力．故答案为（1）1.02（2）=（3）小圆柱的质量m，mg+m点评：遇到实验问题，关键是明确实验原理，根据物理规律列出相应方程，然后求解讨论即可．9．如图所示，在距地面高为H=45m处，有一小球A以初速度v0=10m/s水平抛出，与此同时，在A的正下方有一物块B也以相同的初速度v0同方向滑出，B与地面间的动摩擦因数为μ=0.5，A、B均可看做质点，空气阻力不计，重力加速度g取10m/s2，求：（1）A球从抛出到落地的时间和这段时间内的水平位移；（2）A球落地时，A、B之间的距离．考点：平抛运动；匀变速直线运动的速度与位移的关系．分析：A球做的是平抛运动，研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．B球只在摩擦力的作用下，做匀减速直线运动，由匀变速直线运动的规律可以求得B的位移的大小．解答：解：（1）A球做的是平抛运动，由平抛运动的规律得水平方向上：x=V0t竖直方向上：H=gt2由以上两个方程可以解得，x=30m，（2）对B物块，由牛顿第二定律可得，μmg=ma，所以a=μg=5m/s2，减速至停止所需要的时间为t′==2s＜3s，所以在A落地之前B已经停止运动，B的总位移为，x B==10m，所以AB间的距离为△x=x﹣x B=20m．答：（1）A球从抛出到落地的时间是3s，这段时间内的水平位移是30m；（2）A球落地时，A、B之间的距离是20m．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，对B运用匀减速直线运动的规律直接求解即可．10．（19分）如图所示，有一水平向左的匀强电场，场强为E=1.25×104N/C，一根长L=1.5m、与水平方向的夹角为θ=37°的光滑绝缘细直杆MN固定在电场中，杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q=+4.5×10﹣6C；另一带电小球B穿在杆上可自由滑动，电荷量q=+1.0×10﹣6C，质量m=1.0×10﹣2kg．现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动．（静电力常量k=9.0×109 N•m2/C2，取g=10m/s2，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8）求：（1）小球B开始运动时的加速度为多大？（2）小球B的速度最大时，与M端的距离r为多大？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）分析小球B的受力情况，根据牛顿第二定律和库仑定律求解小球B开始运动时的加速度．（2）当小球所受的合外力为零时速度最大，由上题结果求解．解：（1）开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣﹣qEcosθ=ma ①解得：a=gsinθ﹣﹣②代入数据解得：a=（10×0.6﹣﹣）m/s2=3.2m/s2③（2）小球B速度最大时合力为零，即mgsinθ﹣﹣qEcosθ=0 ④解得：r=⑤代入数据解得：r=m=0.9m答：（1）小球B开始运动时的加速度为3.2m/s2．（2）小球B的速度最大时，与M端的距离r为0.9m．点评：解答本题关键是能够正确对小球B进行受力分析和运动分析，运用牛顿第二定律求解．11．如图所示，竖直平面内的轨道ABCD由水平轨道AB与光滑的四分之一圆弧轨道CD组成，AB恰与圆弧CD在C点相切，轨道固定在水平面上．一个质量为m的小物块（可视为质点）从轨道的A端以初动能E冲上水平轨道AB，沿着轨道运动，由DC弧滑下后停在水平轨道AB的中点．已知水平轨道AB长为L．求：（1）小物块与水平轨道的动摩擦因数μ．（2）为了保证小物块不从轨道的D端离开轨道，圆弧轨道的半径R至少是多大？（3）若圆弧轨道的半径R取第（2）问计算出的最小值，增大小物块的初动能，使得小物块冲上轨道后可以达到最大高度是1.5R处，试求物块的初动能并分析物块能否停在水平轨道上．如果能，将停在何处？如果不能，将以多大速度离开水平轨道．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）在小物块运动的整个过程中，重力做功为0，摩擦力做负功﹣1.5μmgL，根据动能定理求解μ．（2）小物块恰好不从轨道的D端离开轨道时，到达D点速度为零，由动能定理求出R．（3）根据动能定理求解出小物块恰好冲上最大高度1.5R时的初动能E′，物块滑回C点时的动能E C=1.5mgR，分析E C与滑块从B到A克服摩擦力做功的大小关系，即可判断物块能否停在水平轨道上．并能根据动能定理求解滑块停止在轨道何处．解答：解：（1）小物块最终停在AB的中点，在这个过程中，由动能定理得：﹣μmg（L+0.5L）=﹣E得：μ=（2）若小物块刚好到达D处，速度为零，同理，有：﹣μmgL﹣mgR=﹣E解得CD圆弧半径至少为：R=（3）设物块以初动能E′冲上轨道，可以达到的最大高度是1.5R，由动能定理得：﹣μmgL﹣1.5mgR=﹣E′解得：E′=物块滑回C点时的动能为E C=1.5mgR=，由于E C＜μmgL=，故物块将停在轨道上．设到A点的距离为x，有﹣μmg（L﹣x）=﹣E C解得：x=L即物块最终停在水平滑道AB上，距A点L处．答：（1）小物块与水平轨道的动摩擦因数μ为．（2）为了保证小物块不从轨道的D端离开轨道，圆弧轨道的半径R至少是．（3）物块最终停在水平滑道AB上，距A点L处．点评：本题是简单的多过程问题，要灵活选择研究的过程．要抓住滑动摩擦力做功与路程有关的特点．[物理]（本题共有两小题，每小题6分，共12分．每小题只有一个选项符合题意）12．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度图象如图所示．在0﹣t 时间内，下列说法中正确的是( )A．Ⅰ、Ⅱ两个物体所受的合外力都在不断减小B．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小C．Ⅰ物体的位移不断增大，Ⅱ物体的位移不断减小D．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图象中，某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度，根据图象得到加速度的变化情况，然后根据牛顿第二定律判断合外力情况．解答：解：A、B、图象Ⅰ表明物体做加速度不断减小的减速运动，图线Ⅱ表明物体做加速度不断减小的加速运动，根据牛顿第二定律，合外力与加速度成正比，故两个物体的合外力都不断减小，故A正确，B错误；C、两个物体的速度都是正值，表明两个物体都在向前运动，故C错误；D、对于匀变速直线运动，平均速度等于初末位置速度的平均值，而图中两个物体都做非匀变速直线运动，故D错误；故选A．点评：本题关键是根据速度时间图象得到物体的速度和加速度的变化情况，然后再结合牛顿第二定律判断受力情况．13．如图所示，A、B为两个固定的等量同号正电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，若不计C所受的重力，则关于电荷C以后的运动情况，下列说法中正确的是( )A．加速度始终增大B．加速度先减小后增大C．速度先增大后减小D．速度始终增大考点：电场强度；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：在两个等量正的点电荷连线上中点的电场强度为零，在连线的中垂线上，电场线沿中垂线向外，电场强度从C点先增大后减小，电场强度大小关于中垂线对称，且方向相反．解答：解：A、B、根据等量同号点电荷电场的特点，可知两个电荷连线上中点的电场强度为零，电场强度从C点到无穷远，先增大后减小，所以点电荷C的加速度先增大后减小，故A、B 错误；C、D、在全过程中，电场力做正功，点电荷C的速度始终增大，故C错误，D正确．故选D．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，尤其是掌握等量同种、异种电荷周围电场分布情况，熟练应用其电场特点解决有关问题．。

2015.5.17泉州五中2015届高三模拟考试理综物理试题陈志胜 骆志森 薛玲本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷。

第Ⅰ卷均为必考题，第Ⅱ卷包括必考和选考两个部分。

可能用到的相对原子质量：H 1 O 16 Cu 64第Ⅰ卷（必考）本卷共18小题，每小题6分，共108分选择题（本题共18小题。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

） 13．半圆形玻璃砖横截面如图，AB 为直径，O 点为圆心。

在该截面内有a 、b 两束单色可见光从空气垂直于AB 射入玻璃砖，两入射点到O 的距离相等。

两束光在半圆边界上反射和折射的情况如图所示，则关于a 、b 两束光的分析正确的是 A ．a 光的频率比b 光的频率大B ．在同种均匀介质中传播，a 光的传播速度较小C ．分别通过同一双缝干涉装置，a 光的相邻亮条纹间距大D ．以相同的入射角从空气斜射入水中，b 光的折射角大14．质点沿直线运动，在10 s 内速度由10 m/s 减为0，速度随时间变化的关系图象(v -t 图)恰好是与两坐标轴相切的四分之一圆弧，如图所示。

则该质点在第5 s 末的加速度大小为 A ．33 B ．23 C ．22 D ．3215．如图所示，虚线a 、b 、c 、d 、e 代表电场中的五个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带正电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知 A ．五个等势面中，a 的电势最高 B ．带电粒子通过P 点时的动能比通过Q 点时的动能大 C ．带电粒子通过P 点时的加速度比通过Q 点时的加速度大D ．带电粒子通过P 点时的电势能比通过Q 点时的电势能大16．如图所示，三颗质量均为m 的卫星a 、b 、c 在同一平面内绕地球做匀速圆周运动，其中b 、c 在地球的同步轨道上，a 距离地球表面的高度为R ，此时a 、b 恰好相距最近。

已知地球的半径为R 、地球自转的角速度为ω，地球表面重力加速度为g ，则A ．发射卫星b 时速度要大于11.2 km/sB ．卫星a 在赤道正上方且动能为mgR 81 C ．卫星a 和b 下一次相距最近还需经过ωπ-=Rgt 82D ．若要卫星c 与b 实现对接，可只让卫星c 加速17．如图所示，实线和虚线分别为某种波在t 时刻和t ＋Δt 时刻的波形曲线。

2015年福建省达标校高考物理模拟试卷一、选择题（共6小题，每小题6分，共36分，在每小题给出的四个选相中，只有一个选项符号题目要求）1．（6分）一细束红光a与一细束蓝光b均垂直射到同一个等腰直角三棱镜上，下列光路图中，可能正确的是（）A．B．C．D．2．（6分）如图所示，c所在的平面与赤道平行，a、b的圆心在球心且a的半径等于b的半径，下列说法正确的是（）A．a、b、c均可能是卫星轨道B．在a、b轨道上运动的不同卫星，动能一定相同C．在a、b轨道上运动的不同卫星，向心力一定相同D．在a、b轨道上运动的不同卫星，周期一定相同3．（6分）如图所示，电路中电源电压u=311sin100πt（V），A、B间接有“200V 440W”的电暖宝、“220V 220W“的抽油烟机、交流电压表及保险丝．下列说法正确的是（）A．此交流电的频率为100HzB．抽油烟机1min消耗的电能为1.32×104JC．交流电压表的示数为311VD．电暖宝的发热功率是抽油烟机发热功率的2倍4．（6分）一列简谐波沿x轴正方向传播，在t=0时刻的波形图如图所示，该时刻波恰好传播到Q点，已知这列波在质点P处出现两次波峰的最短时间是0.2s，则这列波的波速为（）A．10m/s B．20m/s C．30m/s D．40m/s5．（6分）如图所示，半径为R的圆形导线环匀速穿过半径也为R的圆形匀强磁场区域，规定逆时针方向的感应电流为正，导线环中感应电流i随时间t的变化关系如图所示，其中最符合实际的是（）A．B．C．D．6．（6分）一颗炮弹从炮口水平射出，炮弹在空中飞行时所受的空气阻力与其速度成正比，下列图象中可以近似反映在空中整个飞行过程中炮弹的水平分速度v x随时间t变化规律的是（）A．B．C．D．二、非选择题7．（6分）在用图示的装置“验证机械能守恒定律”的实验中：①实验室已提供了如下器材：铁架台、重物、夹子、导线、纸带、电磁打点计时器．为完成此实验，除了所给的器材，还必须选取的实验器材名称是和．②为了减小实验误差，应选用质量、体积（填“小”或“大”）的重物．8．（12分）为了精确测量一电阻的阻值R x，现有以下器材：蓄电池E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，电阻箱R P，开关S1、S2，导线若干．某活动小组设计了如图甲所示的电路．实验的主要步骤：a．闭合S1，断开S2，调节R和R P，使电流表和电压表的示数适当，记下两表示数分别为I1、U1；b．保持S1闭合、R P阻值不变，闭合S2，记下电流表和电压表示数分别为I2、U2．①按如图甲所示的电路图将图乙所示的实物图连成电路．②写出被测电阻的表达式R x=（用两电表的读数表示）．③由于电流表、电压表都不是理想电表，则被测电阻R x的测量值真实值（选填“大于”“小于”或“等于”）9．（15分）如图所示，一起得机拉着重物由静止开始向上做匀加速直线运动，加速度a=0.2m/s2，当起重机输出功率达到其允许的最大值时，保持该功率直到重物做v m=1.02m/s的匀速运动，已知重物的质量m=5×103kg，取g=10m/s2．不计额外功，求：（1）起重机允许输出的最大功率．（2）重物做匀加速运动所经历的时间．（3）起重机在第2秒末的输出功率．10．（19分）如图所示，半径为R的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连接与水平方向间的夹角θ=30°，另一端点C为轨道的最低点，过C点的轨道切线水平．在C点右侧的水平面上紧挨C点放置一质量为m 的长木板，长木板上表面与C点等高．一质量为m的物块（可视为质点）从空中A点以v0=的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道．已知物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.6，长木板与地面间的动摩擦因数μ=0.2，物块恰好不能脱离长木板，求：（1）物块经过轨道上C点时对轨道的压力．（2）长木板的长度．11．（20分）如图所示，在直线ab的下方区域存在一方向竖直向上的匀强电场．一圆筒的截面与ab相切于小孔S处，其圆心为O．筒内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度的大小为B．一质量为m、带电荷量为+q的小球（视为质点），自小孔S的正上方高h处由静止释放，经小孔S沿半径SO方向进入复合场中．小球未与圆筒接触且恰好沿OP方向从圆筒的另一小孔P处水平射出，此后做匀速直线运动，已知重力加速度为g，不计空气阻力．求：（1）小球从S点射入时的速度大小．（2）匀强电场的电场强度的大小．（3）圆筒的半径R．选修3-312．（6分）关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是（）A．热量不可能由低温物体传给高温物体B．用打气筒的活塞压缩气体很费力，说明分子间有斥力C．在某过程中，气体的内能不变，却对外做功，这并不违反热力学第一定律D．给物体加热，物体分子的热运动一定会变剧烈，分子的平均动能一定会增大13．一横截面积为S的内壁光滑的导热汽缸水平放置且固定不动，两个活塞A 和B将汽缸分隔为1、2两气室，活塞A和B均可在汽缸内滑动，达到平衡时1、2两气室体积分别为V1和V2，压强为P0，如图所示．在室温不变的条件下，缓慢推动活塞A，使之向右移动一段距离d后达到新的平衡，活塞移动到达新的平衡后，则汽缸的气室2内气体的压强为（）A．B．C． D．选修3-514．（6分）在核反应方程n+Li→H+X中，X为（）A．n B．H C．H D．He15．如图所示，质量m0=2kg的足够长的平板车B的上表面粗糙水平，开始时静止在光滑水平面上，在平板车左端静止着一块质量m A=2kg的物块A，一颗质量m0=0.01kg的子弹以v0=600m/s的水平初速度瞬间射穿A后，速度变为v=200m/s．则平板车的最终速度为（）A．0.5m/s B．1m/s C．1.5m/s D．2m/s2015年福建省达标校高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（共6小题，每小题6分，共36分，在每小题给出的四个选相中，只有一个选项符号题目要求）1．（6分）一细束红光a与一细束蓝光b均垂直射到同一个等腰直角三棱镜上，下列光路图中，可能正确的是（）A．B．C．D．【解答】解：光线从介质进入空气，折射角大于入射角，故C、D错误．红光的折射率小于蓝光的折射率，则红光的偏转程度小于蓝光，故B正确，A错误．故选：B．2．（6分）如图所示，c所在的平面与赤道平行，a、b的圆心在球心且a的半径等于b的半径，下列说法正确的是（）A．a、b、c均可能是卫星轨道B．在a、b轨道上运动的不同卫星，动能一定相同C．在a、b轨道上运动的不同卫星，向心力一定相同D．在a、b轨道上运动的不同卫星，周期一定相同【解答】解：A、卫星绕地球做匀速圆周运动，是靠万有引力提供向心力，圆周运动的圆心为地心，故轨道C不可能是卫星的轨道，故A错误；B、在a、b轨道上运动的不同卫星，速度相等，但质量可能不同，故动能不一定相同，故B错误；C、在a、b轨道上运动的不同卫星，向心力方向不同，由于质量未知，大小也可能不同，故C错误；D、卫星受到的引力提供向心力，故：，解得：T=2π，故在a、b轨道上运动的不同卫星，周期一定相同，故D正确．故选：D．3．（6分）如图所示，电路中电源电压u=311sin100πt（V），A、B间接有“200V 440W”的电暖宝、“220V 220W“的抽油烟机、交流电压表及保险丝．下列说法正确的是（）A．此交流电的频率为100HzB．抽油烟机1min消耗的电能为1.32×104JC．交流电压表的示数为311VD．电暖宝的发热功率是抽油烟机发热功率的2倍【解答】解：A、交流电的频率为f==50Hz，故A错误；B、1min抽油烟机消耗的电能为W=Pt=220×60=l．32×104J，故B正确；C、交流电的有效值为U==220V，故C错误；D、电暖宝是纯电阻，而抽油烟机是非纯电阻，故电暖宝的发热功率与抽油烟机发热功率不是2倍关系，故D错误．故选：B4．（6分）一列简谐波沿x轴正方向传播，在t=0时刻的波形图如图所示，该时刻波恰好传播到Q点，已知这列波在质点P处出现两次波峰的最短时间是0.2s，则这列波的波速为（）A．10m/s B．20m/s C．30m/s D．40m/s【解答】解：依题，P点两次出现波峰的最短时间是0.2s，所以这列波的周期T=0.2s．由波速公式得：v==m/s=20m/s故选：B．5．（6分）如图所示，半径为R的圆形导线环匀速穿过半径也为R的圆形匀强磁场区域，规定逆时针方向的感应电流为正，导线环中感应电流i随时间t的变化关系如图所示，其中最符合实际的是（）A．B．C．D．【解答】解：开始时进入磁场切割磁感线，产生感应电流，根据右手定则可知，感应电流方向为逆时针，即为正方向，当开始出磁场时，回路中磁通量减小，产生的感应电流为顺时针，方向为负方向；当进入磁场时，切割的有效长度变大，则产生感应电流也变大；当离开磁场时，切割的有效长度变小，则产生感应电流也变小，根据i===sinθ=sinωt，当环与磁场完全重合之前，电流按正弦规律最大，之后电流变为反向，按椭圆规律变化的；故ABD错误；因此只有C正确；故选：C．6．（6分）一颗炮弹从炮口水平射出，炮弹在空中飞行时所受的空气阻力与其速度成正比，下列图象中可以近似反映在空中整个飞行过程中炮弹的水平分速度v x随时间t变化规律的是（）A．B．C．D．【解答】解：炮弹在空中飞行，由于受空气阻力故减速运动，由已知炮弹在空中飞行时所受的空气阻力与其速度成正比，则加速度与其速度成正比，即加速度逐渐减小，根据v﹣t图象的斜率表示加速度，即图线的斜率越来越小，最后至炮弹速度减为零；综上正确的为C；故选：C．二、非选择题7．（6分）在用图示的装置“验证机械能守恒定律”的实验中：①实验室已提供了如下器材：铁架台、重物、夹子、导线、纸带、电磁打点计时器．为完成此实验，除了所给的器材，还必须选取的实验器材名称是刻度尺和低压交流电源．②为了减小实验误差，应选用质量大、体积小（填“小”或“大”）的重物．【解答】解：①打点计时器的工作电源是低压交流电源，在实验中需要刻度尺测量纸带上点与点间的距离从而可知道重锤下降的距离，以及通过纸带上两点的距离，求出平均速度，从而可知瞬时速度．纸带上相邻两计时点的时间间隔已知，所以不需要秒表．必须选取的实验器材其名称是低压交流电源、电磁打点计时器、毫米刻度尺．重锤的质量可以测量也可以不测量，可选择的实验器材其名称天平或弹簧秤．②选重物的密度尽量大一些，体积小些的，可以减小受到的阻力的影响，可减少实验误差；故答案为：（1）①刻度尺，低压交流电源；②大，小．8．（12分）为了精确测量一电阻的阻值R x，现有以下器材：蓄电池E，电流表A，电压表V，滑动变阻器R，电阻箱R P，开关S1、S2，导线若干．某活动小组设计了如图甲所示的电路．实验的主要步骤：a．闭合S1，断开S2，调节R和R P，使电流表和电压表的示数适当，记下两表示数分别为I1、U1；b．保持S1闭合、R P阻值不变，闭合S2，记下电流表和电压表示数分别为I2、U2．①按如图甲所示的电路图将图乙所示的实物图连成电路．②写出被测电阻的表达式R x=（用两电表的读数表示）．③由于电流表、电压表都不是理想电表，则被测电阻R x的测量值等于真实值（选填“大于”“小于”或“等于”）【解答】解：①按电路图在实物图乙上连线得下图②由欧姆定律根据步骤a设电压表内阻为R v：根据步骤b：由以上两式可得：R X=③因把电压表内阻考虑在内后列出欧姆定律表达式，即可解出待测电阻的真实值．则被测电阻R x的测量值等于真实值．答案：①如图所示②③等于9．（15分）如图所示，一起得机拉着重物由静止开始向上做匀加速直线运动，加速度a=0.2m/s2，当起重机输出功率达到其允许的最大值时，保持该功率直到重物做v m=1.02m/s的匀速运动，已知重物的质量m=5×103kg，取g=10m/s2．不计额外功，求：（1）起重机允许输出的最大功率．（2）重物做匀加速运动所经历的时间．（3）起重机在第2秒末的输出功率．【解答】解：（1）设起重机允许输出的最大功率为P m，重物达到最大速度时，此时物体做匀速直线运动，拉力F0等于重力．P m=F0v m…①F0=mg…②①②代入数据，有：P m=mgv=5×104×1.02=5.1×104W…③（2）匀加速运动结束时，起重机达到允许输出的最大功率，设此时重物受到的拉力为F，速度为v1，匀加速运动经历时间为t1，有：P m=Fv1…④F﹣mg=ma…⑤V1=at1…⑥由③④⑤⑥，代入数据，得：t1=5 s…⑦（3）T=2s时，重物处于匀加速运动阶段，设此时速度为v2，输出功率为P，则：v2=at…⑧P=Fv 2…⑨由⑤⑧⑨，代入数据，得：P=2.04×104W．答：（1）起重机允许输出的最大功率是5.1×104W．（2）重物做匀加速运动所经历的时间是5 s．（3）起重机在第2秒末的输出功率是2.04×104W．10．（19分）如图所示，半径为R的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点B和圆心O的连接与水平方向间的夹角θ=30°，另一端点C为轨道的最低点，过C点的轨道切线水平．在C点右侧的水平面上紧挨C点放置一质量为m 的长木板，长木板上表面与C点等高．一质量为m的物块（可视为质点）从空中A点以v0=的速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道．已知物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.6，长木板与地面间的动摩擦因数μ=0.2，物块恰好不能脱离长木板，求：（1）物块经过轨道上C点时对轨道的压力．（2）长木板的长度．【解答】解：（1）根据平行四边形定则知，B点的速度，根据动能定理得，，根据牛顿第二定律得，N﹣mg=m，联立两式解得N=8mg，．（2）物块的加速度，木板的加速度=2m/s2，根据v C﹣a1t=a2t得，t=，长木板的长度L==．答：（1）物块经过轨道上C点时对轨道的压力为8mg．（2）长木板的长度为．11．（20分）如图所示，在直线ab的下方区域存在一方向竖直向上的匀强电场．一圆筒的截面与ab相切于小孔S处，其圆心为O．筒内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度的大小为B．一质量为m、带电荷量为+q的小球（视为质点），自小孔S的正上方高h处由静止释放，经小孔S沿半径SO方向进入复合场中．小球未与圆筒接触且恰好沿OP方向从圆筒的另一小孔P处水平射出，此后做匀速直线运动，已知重力加速度为g，不计空气阻力．求：（1）小球从S点射入时的速度大小．（2）匀强电场的电场强度的大小．（3）圆筒的半径R．【解答】解：（1）小球从释放点到S点，做自由落体运动，由速度位移公式得：v2=2gh，解得：v=；（2）小球从P孔射出沿OP方向做匀速直线运动，由力的平衡知识得：qE=mg，故电场强度的大小E=．（3）在复合场中，因qE=mg，小球在磁场中做匀速圆周运动，由几何知识可知，粒子的轨道半径：r=R，粒子在匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：r=，圆桶的半径：R=r=；答：（1）小球从S点射入时的速度大小为．（2）匀强电场的电场强度的大小为．（3）圆筒的半径R为．选修3-312．（6分）关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是（）A．热量不可能由低温物体传给高温物体B．用打气筒的活塞压缩气体很费力，说明分子间有斥力C．在某过程中，气体的内能不变，却对外做功，这并不违反热力学第一定律D．给物体加热，物体分子的热运动一定会变剧烈，分子的平均动能一定会增大【解答】解：A、根据热力学第二定律得知：热量能自发地从高温传到低温物体，但不可能从低温传到高温物体而不产生其他影响；若在外界的影响下，热量也能从低温物体传给高温物体．故A错误．B、气体分子间距较大，分子作用力很小．用打气筒的活塞压缩气体很费力，是因为气筒内压强很大造成的，不能说明分子间有斥力．故B错误；C、在某过程中，气体的内能不变，却对外做功，可能吸热，故并不违反热力学第一定律，故C正确；D、给物体加热，若物体对外做功，内能不一定增大，温度不一定升高，分子的平均动能不一定增大，故D错误．故选：C．13．一横截面积为S的内壁光滑的导热汽缸水平放置且固定不动，两个活塞A 和B将汽缸分隔为1、2两气室，活塞A和B均可在汽缸内滑动，达到平衡时1、2两气室体积分别为V1和V2，压强为P0，如图所示．在室温不变的条件下，缓慢推动活塞A，使之向右移动一段距离d后达到新的平衡，活塞移动到达新的平衡后，则汽缸的气室2内气体的压强为（）A．B．C． D．【解答】解：因气缸水平放置，又不计活塞的摩擦，故平衡时两气室内的压强必相等，均为P0．设在活塞A向右移动d的过程中活塞B向右移动的距离为x，平衡时两气缸内压强均为P，因温度不变，根据玻意耳定律有：气室1：p0V1=p（V1﹣dS+xS）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①气室2：p0V2S=p（V2﹣xS）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由上面①②两式解得：P=故选：C选修3-514．（6分）在核反应方程n+Li→H+X中，X为（）A．n B．H C．H D．He【解答】解：设X的质子数为z，质量数为m，则有：1+6=m+3，0+3=1+z，所以m=4，z=2，即X为氦核He．故选：D15．如图所示，质量m0=2kg的足够长的平板车B的上表面粗糙水平，开始时静止在光滑水平面上，在平板车左端静止着一块质量m A=2kg的物块A，一颗质量m0=0.01kg的子弹以v0=600m/s的水平初速度瞬间射穿A后，速度变为v=200m/s．则平板车的最终速度为（）A．0.5m/s B．1m/s C．1.5m/s D．2m/s【解答】解：子弹射穿A的过程系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m0v0=m A v A+m0v，代入数据解得v A=2m/s．A、B系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m A v A=（m A+m B）v′，代入数据解得：v′=1m/s；故选：B．赠送—高考物理解答题规范化要求物理计算题可以综合地考查学生的知识和能力，在高考物理试题中，计算题在物理部分中的所占的比分很大(60%)，单题的分值也很高。

福建省泉州市2015届高考物理一模试卷一、选择题1．我们的世界因为有光而显得五彩斑斓，下列关于光现象的说法中正确的是( ) A．雨后出现的彩虹属于光的干涉现象B．光的干涉、衍射和偏振现象都说明光是横波C．一束白光从水中射到水面后若有蓝色光射出，则必有黄色光射出D．若红光和绿光以相同的入射角从空气射入同一玻璃中．则绿光的折射角转大2．如图为一列沿x轴负方向传播的简谐横波在t=0时的波形图，当Q点的振动状态传至P 点时，则( )A．Q点处于波峰位置B．Q点的加速度沿Y轴正方向C．Q点的振动速度比P点的大D．1cm＜x＜3cm范围内的质点均沿Y轴负方向运动3．一细束带电粒子由右端射入质谱仪中的速度选择器后做直线运动，从小孔0进入匀强磁场B2后打在核乳胶片上，运动轨迹如图所示，不计粒子间的相互作用与重力，则( )A．该束带电粒子一定带正电B．速度选择器的P l极板带正电C．在磁场B2中运动轨迹半径越大的粒子，比荷越小D．在磁场B2中运动轨迹半径越大的粒子，质量一定越大4．某些卫星因能量耗尽而报废，成为太空垃圾，被称为“垃圾卫星”．“轨道康复者”简称“CX”，是“垃圾卫星”的救星，它可在太空中给“垃圾卫星”补充能量，延长卫星的寿命．假设“CX“正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，运行方向与地球自转方向一致，轨道半径为地球同步卫星轨道半径的，则( )A．“CX”的速度是地球同步卫星速度的倍B．“CX”的加速度是地球同步卫星加速度的5倍C．“CX”相对于地球赤道上的观测者向西运动D．“CX”要实现对更低轨道上“垃圾卫星”的拯救必须直接加速5．如图所示，内壁光滑的绝缘直细管AC与水平面成30°角固定放置，在与细管同一竖直平面内的P处固定点电荷+Q，P，A连线水平，B是AC的中点，PB⊥AC，电荷量为一q的带电小球从管中A处由静止释放，刚释放时加速度大小为a（a＜g），重力加速度为g．则在十Q产生的电场中( )A．A点的电势高于B点的电势B．B点的电场强度大小是A点的2倍C．小球运动到C处时的加速度大小为g﹣aD．小球从A运动到C的过程中电势能先增大后减小6．在水平面内的直角坐标系xOy中，两条光滑金属导轨OQ、MNP按如图所示固定放置，MNP曲线满足方程y=coskx+（k为常数），直导轨OQ长度为，两导轨在N点接触，整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场中t=0时刻有一长为L的金属棒在外力作用下从图示位置开始沿x轴正方向以速度v做匀速直线运动，除N点存在阻值为R的接触电阻外，其余电阻均不计．则金属棒从MO运动至PQ的过程中( )A．通过金属棒的感应电流平均值为零B．通过金属棒的感应电流有效值为C．感应电动势的瞬时值e=D．外力对金属棒做的功为二、非选择题7．某同学在探究“恒力做功与物体动能变化的关系”实验中，操作步骤如下：①按如图所示安装实验装置；②将质量为200g的小车置于打点计时器附近，并按住小车；③从质量为5g，20g，50g的三种钩码中，挑选50g的钩码挂上；④接通电源后，由静止释放小车，打出一条纸带．在多次重复实验得到的纸带中取出比较理想的一条，经测量计算，得到第1个点到第N个点的距离为50.00cm，打第N点时小车的动能为0.196J．该同学将钩码的重力大小当做小车所受的拉力大小，算出从打下第1点到打下第N点的过程中拉力对小车做的功为__________J（当地g=9.80m/s2，保留三位有效数字）；此次实验探究结果明显不满足动能定理，请你根据该同学的实验装置和操作过程帮助他分析一下，其主要原因是：①__________；②__________．8．在“测定金属的电阻率”实验中，需要测金属丝的长度L，直径d和电阻R x．①请写出测金属丝电阻率的表达式P=__________（用上述测量量字母表示）；②测量金属丝长度时，刻度尺示数如图甲所示，则测量值L=__________cm；③测量金属丝直径时，螺旋测微器如图乙所示，调节部件C，使测微螺杆接触金属丝，接下来应调节部件__________，再拨动部件__________，最后读数．测量结果如图丙所示，则测量值d=__________mm．④用伏安法测金属丝的电阻时，由于电压表、电流表内阻的影响，不论使用内接法还是外接法，都会产生系统误差．按如图丁所示的电路进行测量，可以消除由于电表内阻造成的系统误差．利用该电路进行实验的主要操作过程是：第一步：先将滑动变阻器R的滑动头调到最左端，单刀双掷开关S2接“1”，闭合开关S，调节R，使电压表和电流表的示数尽量大些，读出此时电压表和电流表的示数U1，I1；第二步：将S2切换到“2”，读出此时电压表和电流表的示数U2，I2；则金属丝电阻的计算式R x=___________（用上述电表的示数表示）．9．如图是检验某种平板承受冲击能力的装置，MN为半径R=0.8m，固定于竖直平面内的光滑圆弧轨道，轨道上端切线水平，O为圆心，OP为待检验平板，M，0、P三点在同一水平线上，M的下端与轨道相切处放置竖直向上的弹簧枪，可发射速度不同但质量均为m=0．Olkg 的小钢珠，小钢珠每次都在M点离开弹簧枪．某次发射的小钢珠沿轨道经过N点时恰好与轨道无作用力，水平飞出后落到P上的Q点，不计空气阻力，取g=10m/s2．求：（1）小钢珠经过N点时速度的大小V N；（2）小钢珠离开弹簧枪时的动能E k；（3）小钢珠在平板上的落点Q与圆心0点的距离s．10．（19分）如图所示，高度差h=1.25m的光滑绝缘曲面轨道固定在竖直平面内，底端平滑衔接有绝缘、沿逆时针方向转动的水平传送带MN，M，N两端之间的距离L=3.2m，传动速度大小v=4m/s，传送带的右轮上方有一固定绝缘挡板，在MN的竖直中线PP′的右侧空间存在方向竖直向上、场强大小E=2.5N/C的匀强电场和方向垂直纸面向外的匀强磁场．一质量m=0.2kg，电荷量q=2.0C的带正电小物块从曲面顶端A点由静止开始沿轨道下滑，经过中线PP′后恰好做匀速直线运动，小物块撞击挡板后立即反弹，同时撤去电场，小物块返回时在磁场中仍做匀速直线运动．小物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2．求：（1）小物块滑到轨道底端M时速度大小v0；（2）磁场的磁感应强度大小B；（3）小物块从挡板弹回后到第一次离开传送带的过程中因摩擦产生的热量Q．11．如图所示，两端开口、半径为r的绝缘刚性圆管竖直放置，O1OO2为其中轴线，侧面上有两个高度差为h的小孔P1和P2，两小孔与中轴线在同一竖直平面内，P1孔附近竖直放置一对间距为d的平行金属极板M，N，两极板间加有恒定电压，N板中有个小孔P，且P、P1、O三点恰好位于垂直N板的水平直线上，P、P1距离为2d，整个圆管内存在磁感应强度大小为B，方向竖直向下的匀强磁场．质量为m，电荷量为q的带正电粒子从M板由静止释放，经P、P1进人圆管后在管内与管壁发生两次弹性碰撞（碰撞前后速度大小不变，方向变化遵循光的反射规律）后，最终恰好能回到M板，不计粒子重力．（1）求粒子在圆管内运动的速率v（2）求粒子从M板处释放到再次回到M板的时间T；（3）若在整个圆管内再加上一个竖直向下的匀强电场，并适当调整MN极板间的电压，可使粒子在管内与管壁发生三次弹性碰撞后从P2孔飞出，求电场强度大小E的可能值．[物理一选修3-3〕（本题共有两小题，每小题6分，共12分．每小题只有一个选项符合题意）12．关于热现象，下列说法中正确的为( )A．布朗运动就是液体分子的运动B．具有各种异性的晶体是单晶体C．物体的温度可以降低到绝对零度D．当分子间对外表现的作用力为零时，分子间没有引力，也没有斥力13．某一定质量理想气体发生等压膨胀、等温压缩一等容降温三个状态变化后回到初始状态，整个过程的P﹣V图象如图所示，则下列也能反映该过程的图象是( )A．B．C．D．〔物理一选修3-5〕14．关于原子和原子核，下列说法中正确的是( )A．结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应C．235U的半衰期约为7亿年，随着全球气候变暖，其半衰期将变短D．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，需要吸收能量15．如图所示为2014年索契冬奥会上中国女子冰壶队员投掷冰壶的镜头．在某次投掷中，冰壶运动一段时间后以0.4m/s的速度与对方的静止冰壶发生正碰，碰后对方的冰壶以0.3m/s 的速度向前滑行．若两冰壶质量相等，规定向前运动方向为正方向，则碰后中国队冰壶获得的速度为( )A．﹣0.1 m/s B．﹣0.7m/s C．0.1 m/s D．0.7m/s福建省泉州市2015届高考物理一模试卷一、选择题1．我们的世界因为有光而显得五彩斑斓，下列关于光现象的说法中正确的是( ) A．雨后出现的彩虹属于光的干涉现象B．光的干涉、衍射和偏振现象都说明光是横波C．一束白光从水中射到水面后若有蓝色光射出，则必有黄色光射出D．若红光和绿光以相同的入射角从空气射入同一玻璃中．则绿光的折射角转大考点：光的折射定律；光的干涉；光的衍射；光的偏振．专题：光的衍射、偏振和电磁本性专题．分析：出现的彩虹是因为光的折射现象；光的偏振现象表明光是一种横波；根据折射率的定义式解释CD选项．解答：解：A、天空中出现的彩虹是因为各色光的折射率不同，则是光的折射形成色散现象，故A错误；B、光的偏振现象说明光是一种横波，光的干涉、衍射仅仅说明光是一种波．故B错误；C、一束白光从水中射到水面后若有蓝色光射出，根据折射定律：可知，频率小，折射率小的黄色光必定能射出，故C正确；D、若红光和绿光以相同的入射角从空气射入同一玻璃中．根据折射定律：可知，折射率大的绿光的折射角转小，故D错误；故选：C点评：考查光的折射现象，知道折射率的不同，导致偏折程度也不同．会使用解答一般性的问题．2．如图为一列沿x轴负方向传播的简谐横波在t=0时的波形图，当Q点的振动状态传至P 点时，则( )A．Q点处于波峰位置B．Q点的加速度沿Y轴正方向C．Q点的振动速度比P点的大D．1cm＜x＜3cm范围内的质点均沿Y轴负方向运动考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由题意利用平移法可知Q点的状态传到P点时波形图，由波形图可判断各点的振动情况．解答：解：A、当Q点在t=0时的振动状态传到P点时，Q点在t=0时的波沿也向左传到P点，波形图如图虚线；所以x=0cm处质元在波谷，Q处质元在波谷，故A错误；B、Q处质元在波谷，则此时的加速度沿y轴的正方向．故B正确；C、Q处的质点此时的振动速度是0，而P处质点处于平衡位置，速度为最大．故C错误；D、该波向左传播，由上下坡法可知1cm＜x＜2cm范围内的质点正在向y轴的正方向运动；2cm＜x＜3cm范围内的质点正在向y轴的负方向运动．故D错误．故选：B．点评：本题波形是关键，画出新的波形，然后结合上下坡法与质点的位置即可判断出各点的振动，属于基础题目．3．一细束带电粒子由右端射入质谱仪中的速度选择器后做直线运动，从小孔0进入匀强磁场B2后打在核乳胶片上，运动轨迹如图所示，不计粒子间的相互作用与重力，则( )A．该束带电粒子一定带正电B．速度选择器的P l极板带正电C．在磁场B2中运动轨迹半径越大的粒子，比荷越小D．在磁场B2中运动轨迹半径越大的粒子，质量一定越大考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：根据带电粒子在磁场中的偏转方向确定带电粒子的正负．根据在速度选择器中电场力和洛伦兹力平衡确定P1极板的带电情况．在磁场中，根据洛伦兹力提供向心力，求出粒子的轨道半径，看与什么因素有关．解答：解：A、由带电粒子在左侧磁场中的偏转方向知磁场的方向垂直纸面向外，由左手定则知，该粒子带负电，故A错误；B、由左手定则知，带电粒子所受的洛伦兹力方向竖直向上，则电场力的方向竖直向下，知电场强度的方向竖直向上，所以速度选择器的P1极板带负电．故B错误；C、根据公式qvB=m，得r=，知半径r越大，比荷越小，不能确定质量之间的关系．故C正确，D错误．故选：C．点评：解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道在速度选择器中，电荷所受的电场力和洛伦兹力平衡．4．某些卫星因能量耗尽而报废，成为太空垃圾，被称为“垃圾卫星”．“轨道康复者”简称“CX”，是“垃圾卫星”的救星，它可在太空中给“垃圾卫星”补充能量，延长卫星的寿命．假设“CX“正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，运行方向与地球自转方向一致，轨道半径为地球同步卫星轨道半径的，则( )A．“CX”的速度是地球同步卫星速度的倍B．“CX”的加速度是地球同步卫星加速度的5倍C．“CX”相对于地球赤道上的观测者向西运动D．“CX”要实现对更低轨道上“垃圾卫星”的拯救必须直接加速考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据“轨道康复者”在某一位置受到的重力提供它做圆周运动的向心力，可知运行加速度和所在高度出的重力加速度的关系．根据万有引力提供向心力分析．同步卫星和地球自转的角速度相同，比较出“轨道康复者”和同步卫星的角速度大小，就可以判断出“轨道康复者”相对于地球的运行方向．解答：解：A、根据万有引力提供向心力，得，“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，知“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星速度的倍，故A正确．B、根据万有引力提供向心力，得，“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之一，知“轨道康复者”的加速度是地球同步卫星加速度的25倍，故B错误．C、轨道半径越大，角速度越小，同步卫星和地球自转的角速度相同，所以空间站的角速度大于地球自转的角速度，所以站在地球赤道上的人观察到cx向东运动．故C错误．D、“轨道康复者”要在原轨道上加速将会做离心运动，到更高的轨道上，故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力．以及“轨道康复者”处于完全失重状态，靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动．5．如图所示，内壁光滑的绝缘直细管AC与水平面成30°角固定放置，在与细管同一竖直平面内的P处固定点电荷+Q，P，A连线水平，B是AC的中点，PB⊥AC，电荷量为一q的带电小球从管中A处由静止释放，刚释放时加速度大小为a（a＜g），重力加速度为g．则在十Q产生的电场中( )A．A点的电势高于B点的电势B．B点的电场强度大小是A点的2倍C．小球运动到C处时的加速度大小为g﹣aD．小球从A运动到C的过程中电势能先增大后减小考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由正点电荷电场线的分布，结合沿着电场线方向电势降低，分析电势的高低；根据点电荷电场强度的公式，分析场强关系；根据电场力做功的正负来确定电势能高低；由牛顿第二定律，结合库仑定律，即可求解C处加速度．解答：解：A、正点电荷的电场线发散型，由于沿着电场线方向，电势降低，因此A点的电势低于B点的电势，故A错误；B、结合几何关系知：PA=2PB，由点电荷电场强度公式E=，可知，电场强度的大小与间距的平方成反比，则B点的电场强度大小是A点的4倍，故B错误；C、在A处时小球的加速度为a，对A点受力分析，电场力、重力与支持力，由力的合成法则可知，合外力由重力与电场力沿着细管方向的分力之和提供的；当在C处时，小球仍受到重力、电场力与支持力，合外力是由重力与电场力沿着细管方向的分力之差提供的，即为g﹣a．故C正确．D、根据电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加，可知：小球带负电，从A到C的过程中，电场力先做正功，后做负功，则电势能先减小后增大，故D错误；故选：C．点评：本题考查点电荷的电场强度公式，掌握矢量的合成法则，注意电场力做功与电势能的变化关系，理解牛顿第二定律与力的平行四边形定则的综合应用．6．在水平面内的直角坐标系xOy中，两条光滑金属导轨OQ、MNP按如图所示固定放置，MNP曲线满足方程y=coskx+（k为常数），直导轨OQ长度为，两导轨在N点接触，整个装置处于方向竖直向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场中t=0时刻有一长为L的金属棒在外力作用下从图示位置开始沿x轴正方向以速度v做匀速直线运动，除N点存在阻值为R 的接触电阻外，其余电阻均不计．则金属棒从MO运动至PQ的过程中( )A．通过金属棒的感应电流平均值为零B．通过金属棒的感应电流有效值为C．感应电动势的瞬时值e=D．外力对金属棒做的功为考点：导体切割磁感线时的感应电动势；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据感应电动势公式E=Blv，导体有效的切割长度y=coskx+，计算电动势大小，回路的电阻R，由，计算电流大小，由能量守恒求得外力做的功．解答：解：设从图示位置开始导体棒运动时间为t时，速度大小为v，磁感应强度为B．A、B、C根据感应电动势公式E=Blv=Bvy=Bvy=B（coskx+）v=，回路电阻R，由闭合电路欧姆定律得I==，故I平均值不为零，有效值根据电流的热效应，电流的变化还是余弦式变化，最大值为，根据有效值和最大值之关系得：I=．故A错误，B错误，C错误．D、根据能量守恒定律得，棒的速度不变，动能不变，外力做功等于回路中产生的热量，故：W外=Q=，故D正确．故选：D点评：本题考查综合分析问题的能力．对于电流变化情况的分析，符合交流电的特征，再由交流电知识求解问题答案．二、非选择题7．某同学在探究“恒力做功与物体动能变化的关系”实验中，操作步骤如下：①按如图所示安装实验装置；②将质量为200g的小车置于打点计时器附近，并按住小车；③从质量为5g，20g，50g的三种钩码中，挑选50g的钩码挂上；④接通电源后，由静止释放小车，打出一条纸带．在多次重复实验得到的纸带中取出比较理想的一条，经测量计算，得到第1个点到第N个点的距离为50.00cm，打第N点时小车的动能为0.196J．该同学将钩码的重力大小当做小车所受的拉力大小，算出从打下第1点到打下第N点的过程中拉力对小车做的功为0.245J（当地g=9.80m/s2，保留三位有效数字）；此次实验探究结果明显不满足动能定理，请你根据该同学的实验装置和操作过程帮助他分析一下，其主要原因是：①没有平衡摩擦力；②钩码的质量没有远小于小车的质量．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题．分析：根据重力当做小车所受的拉力和钩码下降的距离可以求出拉力对小车做的功大小，根据小车在N点的速度可以求出小车动能的增量；该实验产生误差的主要原因一是钩码重力大小并不等于绳子拉力的大小，二是没有平衡摩擦力．解答：解：从打下第一点到打下第N点拉力对小车做的功：W=mgs=50×103×9.80×0.50=0.245J；小车的动能增量为：0.196J．该实验产生误差的主要原因一是钩码重力大小并不等于绳子拉力的大小，设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma ①对砂桶和砂有：mg﹣F=ma ②，由此可知当M＞＞m时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，显然该实验中没有满足这个条件；另外该实验要进行平衡摩擦力操作，否则也会造成较大误差．故答案为：0.245；没有平衡摩擦力；钩码的质量没有远小于小车的质量点评：明确实验原理往往是解决实验问题的关键，该实验的一些操作和要求与探究力、加速度、质量之间关系的实验类似可以类比学习．8．在“测定金属的电阻率”实验中，需要测金属丝的长度L，直径d和电阻R x．①请写出测金属丝电阻率的表达式P=（用上述测量量字母表示）；②测量金属丝长度时，刻度尺示数如图甲所示，则测量值L=46.60cm；③测量金属丝直径时，螺旋测微器如图乙所示，调节部件C，使测微螺杆接触金属丝，接下来应调节部件D，再拨动部件B，最后读数．测量结果如图丙所示，则测量值d=0.905mm．④用伏安法测金属丝的电阻时，由于电压表、电流表内阻的影响，不论使用内接法还是外接法，都会产生系统误差．按如图丁所示的电路进行测量，可以消除由于电表内阻造成的系统误差．利用该电路进行实验的主要操作过程是：第一步：先将滑动变阻器R的滑动头调到最左端，单刀双掷开关S2接“1”，闭合开关S，调节R，使电压表和电流表的示数尽量大些，读出此时电压表和电流表的示数U1，I1；第二步：将S2切换到“2”，读出此时电压表和电流表的示数U2，I2；则金属丝电阻的计算式R x=_（用上述电表的示数表示）．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：①根据电阻定律求出电阻率的表达式；②根据图示刻度尺确定其分度值，金属丝两端点所对应刻度尺示数之差是金属丝的长度；③适用螺旋测微器时，选旋动粗调旋钮，再转到微调旋钮，最后拨动止动旋钮固定后读数．螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．④单刀双掷开关S2合向1，由电压表和电流表的示数U1和I1，可求出R x、电流表、变阻器串联的电阻．将单刀双掷开关S2合向2，读出此时电压表和电流表的示数U2和I2，可求出电流表和变阻器串联的电阻．两个阻值之差等于被测电阻．根据欧姆定律写出表达式．解答：解：①由电阻定律可知，金属丝电阻R x=ρ=ρ，则金属丝电阻率ρ=；②由图示刻度尺可知，其分度值为1mm，金属丝的长度L=46.60cm；③用螺旋测微器测电阻丝的直径时，先转动粗调旋钮C使测微螺杆接近被测电阻丝，再转到微调旋钮D夹住被测物，直到棘轮发出声音为止，拨动止动旋钮B使螺杆固定后读数．由图示螺旋测微器可知，螺旋测微器固定刻度示数为0.5mm，可动刻度示数为40.5×0.01mm=0.405mm，螺旋测微器示数为0.5mm+0.405m=0.905mm；④将单刀双掷开关S2合向1时，电压表和电流表的示数U1、I1．根据欧姆定律得：R x+R A+R1=；将单刀双掷开关S2向2闭合时，电压表和电流表的示数U2、I2．根据欧姆定律得：R A+R1=联立上两式得：R x=．故答案为：①；②46.60；③D；B；0.905；④．点评：本题考查了电阻定律的应用、刻度尺与螺旋测微器的读数，应用电阻定律即可求出电阻率的表达式；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读．9．如图是检验某种平板承受冲击能力的装置，MN为半径R=0.8m，固定于竖直平面内的光滑圆弧轨道，轨道上端切线水平，O为圆心，OP为待检验平板，M，0、P三点在同一水平线上，M的下端与轨道相切处放置竖直向上的弹簧枪，可发射速度不同但质量均为m=0．Olkg的小钢珠，小钢珠每次都在M点离开弹簧枪．某次发射的小钢珠沿轨道经过N 点时恰好与轨道无作用力，水平飞出后落到P上的Q点，不计空气阻力，取g=10m/s2．求：（1）小钢珠经过N点时速度的大小V N；（2）小钢珠离开弹簧枪时的动能E k；（3）小钢珠在平板上的落点Q与圆心0点的距离s．考点：功能关系；牛顿第二定律．分析：（1）正确分析运动过程，弄清运动形式，选用正确规律是解本题的关键，在本题中钢珠开始通过弹簧将弹簧的弹性势能转化为其动能，从而使其沿圆弧做圆周运动，此时注意在最高点完成圆周运动的条件v≥的应用；（2）然后从开始到最高点的过程中利用动能定理即可求解．（3）小球从最高点离开轨道后开始做平抛运动，利用平抛运动的规律即可求解．解答：解：（1）在N点，由牛顿第二定律有mg=m解得v N=m/s（2）从M到N由功能关系有E k=mgR+mv N2解得E k=0.12 J（3）小钢球从N到Q做平抛运动，设运动时间为t。

高中物理学习材料唐玲收集整理泉州一中2015届第二次模拟考理科综合能力测试试题物理部分第Ⅰ卷（选择题共108分）本卷共18小题，每小题6分，共108分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

13．光盘上的信息通常是通过激光束来读取的。

假设一束红蓝复合激光束不是垂直投射到盘面上，则光线在通过透明介质层时会发生偏折而改变行进的方向，如图所示。

下列说法中正确的是A．图中光束①是红光，光束②是蓝光B．在光盘的透明介质层中，光束①比光束②传播速度更快C．若光束①、②先后通过同一单缝衍射装置，光束①的中央亮纹比光束②的窄D．若光束①、②先后通过同一双缝干涉装置，光束①的条纹宽度比光束②的宽14．一列沿x轴负方向传播的简谐横波，在某时刻波形如图中实线所示，经过一段时间后波形如图中虚线所示，在这段时间里，图中P点处的质元通过的路程可能是A． 1.0m B．0.6m C．0.8m D．0.4m15．图甲所示的理想变压器原、副线圈匝数比为55:7，图乙是该变压器原线圈两端输入的交变电压u的图像，副线圈中L是规格为“28V,12W"的灯泡，R0是定值电阻，R是滑动变阻器，图中各电表均为理想交流电表，以下说法正确的是A ．流过灯泡L 的电流每秒钟方向改变50次B ．滑片P 向上滑动的过程中,灯泡L 能正常发光，A 2表示数变小C ．滑片P 向上滑动的过程中，A 1表示数变大，V 1表示数不变D ．原线圈两端输入电压的瞬时值表达式为u= 220sinl00π·t （V ）16．我国自主研制的“北斗一号”卫星导航系统，具有导航、定位等功能。

如图所示，“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地心O 做匀速圆周运动，轨道半径都为r ，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A 、B 两位置，A 、B 两点与地心连线的夹角为60°．若卫星均按顺时针运行，设地球质量为M ，引力常量为G ，地球半径为R ，不计卫星间的相互作用力。

2015届南侨中学、永春侨中、荷山中学、南安三中、永春三中高中毕业班“最后一卷”理科综合能力测试物理部分本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分。

满分300分。

可能用到的相对原子质量：O-16 Na -23 Cl-35.5 Fe-56 第I 卷（选择题） （必考）本卷共18小题，每题6分，共108分。

一、选择题（本题共18小题。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

） 13．以下是力学中的三个实验装置，由图可知这三个实验共同的物理思想方法是 ( ) A ．极限的思想方法 B ．放大的思想方法 C ．控制变量的方法 D ．猜想的思想方法14．a 、b 两种单色光以相同的入射角从空气斜射向某种玻璃中，光路如图所示。

关于a 、b 两种单色光，下列说法中正确的是 （ ） A. 该种玻璃对b 光的折射率较大 B. b 光在该玻璃中传播时的速度较大C. 两种单色光从该玻璃中射入空气发生全反射 时，a 光的临界角较小D. 在同样的条件下，分别用这两种单色光做双缝 干涉实验，b 光的干涉图样的相邻条纹间距较大15．一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图甲实线所示，若波传播的速度为10m/s ，从此刻起，经0.1s 波形图如图甲虚线所示，则 （ ）A ．这列波沿x 轴正方向传播B ．t=0时刻质点a 沿y 轴正方向运动C ．x=2m 处的质点的位移表达式为y = 0.2sin5πt （m ）D ．从t=0时刻开始质点a 经0.2s 通过的路程为0.4m显示桌面受力形变装置m16．我国月球探测活动的第一步“绕月”工程和第二步“落月”工程已按计划在2013年以前顺利完成。

假设月球半径为R ，月球表面的重力加速度为g0，飞船沿距月球表面高度为3R 的圆形轨道Ⅰ运动，到达轨道的A 点时点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近月点B 时再次点火进入月球近月轨道Ⅲ绕月球做圆周运动，下列判断正确的是 （ ） A. 飞船从A 到B 运行的过程中机械能增大B.飞船在A 点处点火变轨时，动能增大C. 飞船在轨道Ⅰ上的运行速率20R g v =D.飞船在轨道Ⅲ绕月球运动一周所需的时间g R T π=17．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为10:1，b 是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c 、d 两端加上交变电压，其瞬时值表达式为，则 （ ）A. 当st 6001=时，电压表V0的读数为V 2110B. 当单刀双掷开关与a 连接时，电压表V1的示数为 22VC.单刀双掷开关与a 连接，在滑动变阻器滑片P 向上 移动的过程中，电压表V1的示数增大，电流表示数变小D.当单刀双掷开关由a 扳向b 时，电压表V1和电流表的示数均变小18、如图所示，空间存在着与圆台母线垂直向外的磁场，各处的磁感应强度大小均为B ，圆台母线与竖直方向的夹角为θ，一个质量为m 、半径为r 的匀质金属环位于圆台底部。

物理局部13-18CABDCD19I 〔 1〕 大小和方向 〔 2〕略〔 3〕乙Ⅱ．〔 1〕1 = R + r L最大 〔2〕IEES〔 3〕0.2000.989 - 1.00 碬10- 6 m20.解；〔 1〕设物体的加速度为 a,绳子中的拉力为F,对物体 A ：由牛顿第二定律得对 BC 整体由牛顿第二定律得F Mg Ma(M m) g F ( M m)a解得： am g 1 g2M m9 物体 B 从静止下落h1at 122自由下落同样的距离h1 gt 222解得：t 1g 3t 2a〔2〕设 B 对 C 的拉力为 F N物体 C,由牛顿第二定律得： mg F Nma解得： F Nmgma8mg9由牛顿第三定律得物体C 对 B 的拉力为8mg921. ⑴在M 处v yv 0 tan1 分〕qE ma1 分〕v yat 1分〕8R/3 v 0t q 15v 02 1 分〕2 分〕m32RE⑵ 粒了运动轨迹如下图, 设为o 1磁场圆心 , o 2为粒子轨迹圆心 ,P 为粒子射出磁场的位置 , 依题意可知 , 粒子垂直 y 轴进入电场,那么P O 2∥PO 1,显然O 1O 2P ≌O 1O 2P , ∠ PO 2D =∠O 1P O 2=∠O 1PO 2=∠P O 1H = ,即粒子轨道半径为:r R 3分〕Bqv 0mv 022 分〕B32 E 2 分〕r15v 0⑶粒子从 N 点进入电场 , ON 的长度y满足 : v y 22ay 2分〕y 5R/3 1分〕由几何关系 : yRR cos2 分〕cos2 / 31 分〕22.解：〔1〕 ab 棒沿斜面滑下切割磁感线产生的感应电流的方向是 b →a，通过 cd 棒的电流方向如图 c →d。

cd 棒刚要开场滑动时，其受力分析如下图。

由平衡条件得：BI cd Lcos530f 〔2 分〕由摩擦力公式得：f μN 〔1分〕N mgBI cd Lsin53 0〔1分〕联立以上三式，得I cd ＝ 1.67A ， I ab ＝ 2I cd ＝3.34A〔2 分〕〔 2〕根据题意画出等效电路如下图：设IcdI ，因为电阻 R 与 cd 棒并联， 故电阻 R 上产生的热功率与cd 棒产生的热功率相等，即 P RPcdI 2 R又因为流经 ab 棒的电流为 2I ，故 ab 棒产生的热功率P ab 4I 2R整个回路产生的热功率P 6I 2R又因为回路中消耗的热功率源于 ab 棒克制安培力做功，所以导体棒cd 消耗的热功率与ab 棒克制安培力做功的功率之比为P cd ＝PcdI 2 R1 ＝ 1〔4 分〕P FA P FI 2R6 6A6〔 3〕 ab 棒在足够长的轨道下滑时，最大安培力只能等于自身重力的分力，有 ：F A m ab gsin53 0cd 棒所受最大安培力应为1F A ，要使cd 棒不能滑动 ，需：2112F Acos53μ mg2 F A sin 53ˊcos530cos530μ F A2mg ˊsin 5302mgF A sin 53 0ˊ解得：F A园丁网数学第一站成套数学资料免费下载yszybase当 ab 棒质量无限大，在无限长轨道上最终一定匀速运动，安培力F A趋于无穷大， cd 棒所受ˊμ≥cos53 °〔5 分〕安培力 F A亦趋于无穷大，有：sin53＝ 0.75°30.C AXX一中2021 届第二次模拟考理科综合能力测试试题答案化学局部6 789101112A B CDDCB23．〔 15 分〕〔 1〕〔2分〕（2〕 S2- > Cl - > Al 3+〔 2 分〕〔 3〕 Al 3+ +3H 2O Al(OH) 3(胶体) +3H +〔 2 分〕（4〕 2C(s)+SiO 2(s)===Si(s)+2CO(g) ；△ H=〔 a+b－ c〕 kJ ·mol －1〔 3 分〕〔 5〕＜〔 2 分〕75%〔 2 分〕（6〕 H2－ 2e－ +CO 32－ ===CO 2+H 2O〔 2 分〕24．〔 14 分〕〔 1〕(2 分)CO2＋ NH 3＋ NaCl ＋ H2O===NaHCO 3↓＋ NH 4Cl(2 分)〔 2〕 NH 4Cl(2 分)〔 3〕提高原料氯化钠的利用率(2 分)2-+H2O --(2 分)〔 4〕CO3HCO 3+ OH〔5〕 BC(2 分)V3－〔 V2－ V1〕(2 分)〔 6〕 106××100%22 400m25 ．〔 16 分〕 I ．〔 1〕 2Na + 2H 2O === 2Na + + 2OH - + H 2↑〔2 分〕〔 2〕 a．钠外表的煤油没有用滤纸吸干净；〔1 分〕b．镁条外表的氧化膜没有被除去。

福建省泉州一中高三物理试卷命题：庄学银审题：叶其武一．选择题10×4'1. 如图所示，水平地面固定着一竖直立柱，某人通过柱顶的定滑轮将1000N的重物拉着，已知人拉着的一端绳与水平地面夹角为30。

，则柱顶所受的压力大小为（）A. 2000NC. 1000N2. 如图所示，甲图两物体A,B叠放在光滑水平面上，对物体B施加一水平变力F，F –t，关系图象如图乙所示，两物体在变力F作用下由静止开始运动，且始终相对静止，则（）A. t时刻，两物体之间的摩擦力最大B. t时刻，两物体的速度方向开始改变C. t ~ 2t时间内，两物体之间的摩擦力逐渐增大D. 0 ~ 2t时间内，物体A所受的摩擦力方向始终与变力F的方向相同3. 我们的银河系的恒量大约四分之一是双星，某双星由质量不等的星体S1和S2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一点C作匀速圆周运动，已知S1和S2的质量分别是M1和M2，S1和S2的距离为L，已知引力常量为G，由此可求出S1的角速度为（）A. C. D.4. 一单摆做小角度摆动，其振动图象如图所示，以下说法正确的是（）t时刻摆球速度最大，悬线对它的拉力最小A.1t时刻摆球速度最大，悬线对它的拉力最大B.2t时刻摆球速度为零，悬线对它的拉力最大C.3t时刻摆球速度为零，悬线对它的拉力最小D.45. 如图所示，为一列简谐横波的图象，质点P此时的动量为mυ，经过0.2s，质点P的动量大小和方向都不变，再经过0.2s，质点P的动量大小不变，方向改变，由此可判断（）A. 波向左传播，波速度为5m/sB. 波向右传播，波速度为5m/sC. 该波与一个频率为1.25Hz的波可能发生干涉现象D. 该波与一个频率为1.25Hz的波不可能发生干涉现象6. 关于热现象和热学规律，下列说法中正确的是（）A. 随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度B. 热量是不可能从低温物体传递给高温物体的C. 第二类永动机不能制成是因为它违反了能量守恒定律D. 用活塞压缩气缸里的空气，对空气作功为2.0×105J，同时空气向外界放出热量1.5×105J，则空气的内能增加了0.5×105J7. 如图所示，一轻质弹簧两端连着木块A 和B ，放在光滑的水平面上，一颗子弹以水平速度0υ射入木块A 并留在其中，已知A 的质量为m ，B 的质量为2m ，子弹的质量为m ，则当弹簧压缩最短时（ ）A. 系统有共同速度，大小为04υ B. 弹簧的弹性势能为1820m υ C. 弹簧的弹性势能为3820m υD. 此过程系统损失的动能为3820m υ8. 如图所示，一个绝缘光滑半圆环轨道，竖直且两边等高放在竖直向下的匀强电场E 中，在环的上端，一个质量为m ，带电量为+q 的小球由静止开始沿轨道向下运动，则（ ）A. 小球运动过程中机械能守恒B. 小球经过环的最低点时速度最大C. 在最低点球对环的压力为（mg+qE ）D. 在最低点球对环的压力为3（mg+qE ）9. 传感器是一种采集信息的重要器件，如图所示是一种测定压力的电容式传感器，当待测压力F 作用于可动电极上时，可使膜片发生形变，引起电容的变化，若将电容器，灵敏电流计和电源串成闭合回路，那么下列说法正确的是（ ） ①当F 向上压膜片电极时，电容将减小 ②当F 向上压膜片电极时，电容将增大 ③若电流计（图中未画出）有示数，则压力F 发生变化 ④若电流计（图中未画出）有示数，则压力F 不发生变化 A.①③ B.②③ C.①④ D.②④10. 如图所示的电路中，观察三只小灯泡亮度变化和两只电压表的变化情况，如果滑线变阻器的触片P 由a 端滑到b 端，电压表1V 的示数变化的绝对值为1U ∆，电压表2V 示数变化的绝对值为2U ∆，则下列说法正确的有（ ）A. L 1L 3变暗，L 2变亮B. L 3变暗，L 1L 2变亮C. 1U ∆<2U ∆D. 1U ∆>2U ∆ 二．填空题4×4'11. 质量为60kg 的人，从高处跳下，以8m/s 速度触地，经0.8s 停下来，则地面对人的平均作用力是__________N （g=10m/s 2）12. 汽车质量为m=5×103kg ，发动机额定功率P=37.5KW ，汽车在水平地面上以额定功率起动，最后匀速运动，速度为54/m km h υ=,若汽车前进中受到的阻力为车重的k 倍，则k=____________ 13. 如图所示，虚线为电场中的一簇等势面，A,B 两等势面间的电势差为10V ，且A 的电势高于B的电势，相邻两等势面电势差相等，一个电子在只受电场力作用的情况下从电场中通过轨迹如图中实线所示，电子通过M点的动能为8eV，它经过N点时的动能为_______ eV，电子在M点的电势能比N点的电势能_______（填“大”或“小”）14. 如图所示，直线A为电源的U-I图线，直线B为电阻R的U-I图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率为_______W, 电源的效率为___________三．实验题4'14'15. 做《碰撞中的动量守恒》实验时，主要步骤为：A. 测量出小球直径和两个小球质量m1、m2，若m1< m2，则用质量为_________的球作为入射球。

福建省莆田一中、泉州五中、漳州一中2015届高三上学期期末联考物理试卷考试时间：100 分钟 满分：100分本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

考生注意事项：1.答题前，考生务必在试题卷、答题卡规定的地方填写自己的姓名、座位号。

2.答第Ⅰ卷时，每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用 橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

3.答第Ⅱ卷时，必须使用0. 5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上书写，要求字体工整、笔迹清晰。

必 须在题号所指示的答题区域作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上答题无效 。

4.考试结束，务必将试题卷和答题卡一并上交。

第Ⅰ卷(选择题共33分）一、选择题（每小题3分,共33分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。

）1． 曹冲称象是妇孺皆知的故事，当众人面临大象这样的庞然大物，在缺少有效的称量工具而束手无策的时候，他称量出大象的体重，体现了他的智慧，被世人称道。

下列物理学习或研究中用到的方法与“曹冲称象”的方法相同的是：( ) A ．“质点”的概念 B ．合力与分力的关系C ．“瞬时速度”的概念D ．研究加速度与合力、质量的关系2. 某汽车在启用ABS 刹车系统和不启用该刹车系统紧急刹车时，其车速与时间的变化关系分别如下图中的①、②图线所示．由图可知，启用ABS 后 （ ） A ．t1时刻车速更小B ．0～t1的时间内加速度更大C ．加速度总比不启用ABS 时大D ．刹车后前行的距离比不启用ABS 更短3. 男子跳高的世界纪录是2.45m ，由古巴运动员索托马约尔于1993年7月27日在萨拉曼萨创造。

不计空气阻力，对索托马约尔跳高过程的描述，下列说法正确的是（ ） A.跳过2.45m 的高度时他的速度为零 B.起跳以后上升过程他处于完全失重状态 C.起跳时地面对它的支持力大于他对地面的压力 D 起跳时地面对它的支持力做正功4．如图所示，一个“房子”形状的铁制音乐盒静止在水平面上，一个塑料壳里面装有一个圆柱形强磁铁，吸附在“房子”的顶棚斜面，保持静止状态。

泉州一中2015届高中毕业班5月模拟质检
数学（文科）试卷
本试卷分第I 卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分．满分150分，考试时间120分钟． 参考公式：
锥体体积公式 13
V Sh =
其中S 为底面面积，h 为高 柱体体积公式 V Sh = 其中S 为底面面积，h 为高
球的表面积、体积公式 2344,3S R V R ==ππ 其中R 为球的半径 第Ⅰ卷（选择题 共60分）
一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，满分60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）
1．已知集合{1,0,1,2,3},{2,0}M N =-=-，则下列结论正确的是
A ．N M ⊆
B ．M N N =
C ．M N M =
D ．{}0M N =
2．下列说法正确的是
A ．“若3x π
=，则3sin 2
x =”的逆命题为真 B ．,,a b c 为实数，若a b >，则22ac bc >
C ．命题p ：x R ∃∈，使得210x x +-<，则p ⌝：x R ∀∈，使得210x x +->
D ．若命题p q ⌝∧为真，则p 假q 真
3．设向量a 、b 均为单位向量，且1a b += ，则a 、b 的夹角为
A ．3π
B ．2π
C ．23π
D ．34
π 4．设变量x 、y 满足约束条件311x y x y y +≤⎧⎪-≥-⎨⎪≥⎩
，则目标函数2z x y =-+的最大值为
A.-2
B.0
C.1
D.2。

2014年秋季南侨中学、永春三中、永春侨中、荷山中学、南安三中高中毕业班摸底统一考试物理试题考试范围：高中物理必修一、二、选修3-1、3-2；考试时间：100分钟第I卷〔选择题〕【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律、电场、磁场、带电粒子的运动、电磁感应等内容，在注重考查核心知识的同时，突出考查考纲要求的根本能力，重视生素养的考查，注重主干知识，兼顾覆盖面。

一、选择题〔此题共13小题，每题3分，共39分。

在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕【题文】1．如下表示正确的答案是〔〕A．法拉第首先发现电流磁效应B．奥斯特经过10年的研究终于发现电磁感应现象C．牛顿最早成功利用实验方法测出万有引力常量D．伽利略根据理想实验推出，假设无摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一速度，将保持这个速度运动下去。

【知识点】物理学史．P0【答案解析】 D 解析：A、奥斯特首先发现电流磁效应．故A错误．B、法拉第经过10年的研究终年发现电磁感应现象．故B错误．C、卡文迪许最早成功利用实验方法测出万有引力常量，不是牛顿．故C错误．D、伽利略根据理想实验推出，假设无摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一速度，既没有减速的原因，也没有加速的原因，物体将保持这个速度运动下去．故D正确．应当选D【思路点拨】奥斯特首先发现电流磁效应，法拉第经过10年的研究终年发现电磁感应现象．卡文迪许最早成功利用实验方法测出万有引力常量．伽利略根据理想实验推出，假设无摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一速度，将保持这个速度运动下去．对于物理学上重要发现、重大发明和著名理论，要加强记忆，不能张冠李戴．【题文】2．如图为一质点作匀变速直线运动的v – t图象，质点的质量为2kg，在前4s 内向东运动，由图线作出以下判断正确的答案是 ( )A．质点在8s内始终向东运动B．质点在8s内的合外力先减小后增大C．质点在8s内的加速度大小不变，方向始终向西D．在8s内合外力对质点做功的大小为200J【知识点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．A5 E2【答案解析】 C 解析：A、据题，前4s内物体向东运动，如此后4s内物体向西运动．故A错误．B、速度图象的斜率等于加速度，由数学知识得知，图线的斜率不变，说明物体的加速度保持不变，由牛顿第二定律分析知道质点在8s内的合外力保持不变．故B错误．C、质点在8s内的加速度大小不变，而且加速度为负值，说明加速度方向向西．故C正确．D、由图看出，t=0时刻与t=8s末时刻质点的速度大小，动能相等，根据动能定理得知，在8s 内合外力对质点做功的大小为0．故D错误．应当选C【思路点拨】由题，前4s内物体向东运动，后4s内物体向西运动．根据斜率等于加速度，看出物体的加速度保持不变，由牛顿第二定律知合力保持不变．根据斜率的正负，确定加速度的方向．根据动能定理求解8s内合外力对质点做功的大小．此题一方面要从斜率等于加速度来理解质点的加速度；另一方面考查牛顿第二定律、动能定理的应用．【题文】3．如下列图是某商场安装的智能化电动扶梯，无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。

泉州市2015届普通中学高中毕业班单科质量检查物理试题（满分100分;考试时间90分钟）第I卷（共36分）一、选择题（本题12小题，每小题3分，共36分。

每小题给出的四个选项中。

只有一个选项正确。

选对的得3分，有选错或不答的得0分）1．跳伞运动员在下降过程中沿竖直方向运动的v-t图象如图所示，则A．某时刻加速度大小可能为B．在0~t1时间内位移大小为C．在0~t1时间内速度变化越来越快D．在t1~t2时间内加速度大小一直在增大2．如图所示，自卸货车静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下倾角缓慢增大，在货物m相对车厢保持静止的过程中，下列说法正确的是A．货物对车厢的压力变小B．货物受到的摩擦力变小C．地面对货车的摩擦力增大D．地面对货车的支持力增大3．理想变压器与电阻R、理想电流表、理想电压表按如图甲方式连接，已知变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=10 : 1，电阻R=，原线圈两端输入电压u随时间t变化的图象如图乙所示，下列说法正确的是A．电流表的读数为2AB．电压表的读数为220 VC．通过R的最大电流为2AD．变压器的输人功率为44 W4．如图所示的电路中，L, ,h是完全相同的灯泡，线圈L的自感系数很大，它的直流电阻与电阻R的阻值相等，下列说法正确的是A．闭合开关S后，灯L1、L2始终一样亮B．闭合开关S时，灯L2先亮，L1后亮，最后一样亮C．闭合开关S待电路稳定后再断开开关S，灯L1会闪亮一下再逐渐熄灭D．闭合开关S待电路稳定后再断开开关S，灯L2立刻熄灭，L1过一会儿才熄灭高三物理试题第1页（共8页）5．如图所示，仅在xOy平面的第I象限内存在垂直纸面的匀强磁场，一细束电子从x轴上的P点以大小不同的速度射人该磁场中，速度方向均与x轴正方向成锐角速率为v0的电子可从x轴上的Q点离开磁场，不计电子间的相互作用，下列判断正确的是A．该区域的磁场方向垂直纸面向里B．所有电子都不可能通过坐标原点OC．所有电子在磁场中运动的时间一定都相等D．速率小于v0的电子离开磁场时速度方向改变的角度均为6．如图所示，三条平行等距的虚线表示电场中的三个等势面，电势值分别为5 V、15 V、25 V，实线abc是一带负电的粒子（不计重力）在该区域内的运动轨迹，对于轨迹上的a、b、c 三点，下列说法正确的是A．粒子必由a经过b运动到cB．粒子在b点的加速度最大C．粒子在c点的动能最大D．粒子在c点的电势能最大7．如图所示，质量相同的两小球a、b分别从斜面顶端A和斜面中点B沿水平方向抛出后，恰好都落在斜面底端，不计空气阻力，下列说法正确的是A．小球a、b在空中飞行的时间之比为2: 1B．小球a、b抛出时的初速度大小之比为2: 1C．小球a、b到达斜面底端时的动能之比为4: 1D．小球a、b到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角之比为1:18．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，开关S闭合后理想电压表和理想电流表均有示数。

2015届泉州五中届高三模拟考试理科综合能力5月17日本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷。

第Ⅰ卷均为必考题，第Ⅱ卷包括必考和选考两个部分。

可能用到的相对原子质量：H 1 O 16 Cu 64第Ⅰ卷（必考）本卷共18小题，每小题6分，共108分选择题（本题共18小题。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

）1．噬藻体（病毒）对水华的消长过程有一定的调控作用。

噬藻体能在蓝藻细胞内复制增殖，产生许多子代噬藻体，并最终导致蓝藻的裂解。

以下说法正确的是A．噬藻体与蓝藻均为原核生物，不具有叶绿体等细胞器B．噬藻体进入蓝藻后吸收营养产生大量能量并迅速增殖C．噬藻体以蓝藻的DNA为模板合成子代噬藻体的核酸D．噬藻体利用蓝藻的氨基酸合成子代噬藻体的蛋白质2．下列有关科学史中的实验和结论能相匹配的是3长10天的拟南芥幼苗分别置于添加est(细胞分裂素合成诱导剂)和BAP(细胞分裂素类似物)培养液中培养24小时，结果如图所示。

以下推测错误的是A．细胞分裂素可以促进幼叶和根系中生长素的合成B．成熟叶片中生长素的合成不受细胞分裂素合成诱导剂的影响C．幼叶和根系细胞对细胞分裂素敏感，成熟叶片细胞比较迟钝D．随着幼苗的不断长大，细胞分裂素的促进作用会更显著4．在千岛湖地区两个面积、植被、气候等环境条件相似的A、B两岛上对社鼠进行种群数量调查，得到如图所示结果。

已知B岛上另一种鼠类——青毛硕鼠的数量要明显多于A岛，且6～8月该岛上有黄鼠狼活动。

下列说法正确的是A．两岛社鼠数量超过50只后均开始下降，说明环境容纳量均为50只B．两岛6月到7月期间社鼠的出生率均小于死亡率C．在6月之后B岛社鼠数量下降快的影响因素是种间竞争D．两岛的社鼠因为存在地理隔离，最终将导致生殖隔离5．右图所示，hok基因位于大肠杆菌的Rl质粒上，能编码产生一种毒蛋白，会导致自身细胞裂解死亡，另外一个基因sok也在这个质粒上，转录产生的sok mRNA能与hok mRNA结合，这两种mRNA结合形成的产物能被酶降解，从而阻止细胞死亡。

2015年福建省高考物理模拟试卷（5月份）一、选择题（6小题，每小题6分，共36分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求.）1．（6分）如图所示，包含P和Q两种色光的一细束平行光束从空气射向玻璃球体，O为玻璃球体的球心，AB为直径．其中AAP光从M点射出，Q光从N点射出，则（）A．P和Q两种色光在玻璃球体中的传播速度相同B．玻璃对P光的折射率大于对Q光的折射率C．在玻璃球体中，P光的波长大于Q光的波长D．射出玻璃体后的P光合Q光可能平行2．（6分）如图所示，质量为m的木块，从半径为r的位于竖直平面内的圆轨道上的A点以匀速率滑向B点，则在这个过程中（）A．木块所受向心力方向不一定指向圆心B．木块所受合力方向始终指向圆心C．木块对轨道的压力一直不变D．木块受到的向心力逐渐增大3．（6分）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1：5，交流电源电压不变，电压表为理想交流电表．白炽灯和电风扇M的额定电压均为220V，额定功率均为44W，只闭合开关S1时，白炽灯正常发光，则（）A．再闭合开关S1，电压表示数增大B．再闭合开关S2，原线圈输入功率变小C．交流电压表示数为44VD．白炽灯和电风扇线圈内阻均为1100Ω4．（6分）一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图中实线示数，从此刻起，经0.1s 波形图如图中虚线示数，若波传播的速度为10m/s，a、b两点的纵坐标分别为y a=10cm，y b=﹣10cm，则（）A．这列波沿x轴负方向传播B．b点的振动形式传到a点的时间小于C．在相等的时间内，a、b两质点的位移相等D．经过，a点回到平衡位置5．（6分）设地球的半径为R0，质量为m的人造卫星在距地面R0高处绕地球做匀速圆周运动，地球表面处的重力加速度为g，则下列说法中正确的是（）A．卫星的线速度为B．卫星的角速度为C．卫星的向心加速度为 D．卫星的周期为4π6．（6分）如图所示，质量相同的两物块A、B用劲度系数为k的轻弹簧连接，静止于光滑水平面上，开始时弹簧处于自然状态，t=0时刻开始，用一水平恒力F拉物块A，使两者做直线运动，经过时间t，弹簧第一次被拉至最长（在弹性限度内），此时物块A的位移为x．则在该过程中，下列说法正确的是（）A．t时刻，A、B两物块的总动能为FxB．A、B的加速度大小相等时，弹簧的伸长量为C．t时刻突然撤去外力的瞬间，A、B两物块的加速度相同D．A、B的加速度大小相等时，速度大小也一定相等二、非选择题（必考题）（共72分）7．（6分）“探究加速度与物体受力的关系”的两种实验装置如图所示，图中小车质量均为M，纸带穿过固定的电火花打点计时器B与小车连接，长木板水平放置，其一端带有定滑轮，甲图中重物P直接与小车相连，乙图中小车与竖直悬挂的力传感器通过动滑轮、细绳相连，动滑轮下悬挂重物P，重物P的质量用m表示，不计绳子、滑轮的质量及滑轮的摩擦，已知重力加速度为g．（1）电火花打点计时器所使用的交流电源电压是V；（2）下列说法正确的是．A．两种方案实验时都必须先平衡小车受到的摩擦力B．两种方案实验中都应有M远大于mC．按图乙的装置进行实验时，小车受到的合力大小取传感器相应示数的D．两种方案都能验证加速度和合力的关系，在误差允许的范围内，测得的加速度的大小近似相等．8．（12分）为探究某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的关系，物理兴趣小组设计了如图甲所示的测量电路，已知电流表的内阻为t A，将电阻R用绝缘导热测量包裹好浸没在温度不同的热水中，分别得到多组电压、电流值，利用欧姆定律计算得出不同温度下的电阻值．（1）若在温度为t时的某次测量中，电压表示数为U，电流表示数为I，则此时的电阻值为；（2）图乙是某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的图象，图中R0表示该电阻在0℃时的电阻值，已知图线的效率为k，根据图乙，温度为t（t＞0℃）时的电阻R的大小为；（3）若用该电阻与电池（电动势为E、内阻为r）、理想电流表、滑动变阻器R′串联起来，连接成如图丙所示的电路．用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“金属电阻温度计”．在标识“金属电阻温度计”的温度刻度时，需要弄清所测得温度与电流的对应关系．请用E、R0、R′（滑动变阻器接入电路的阻值）、k等物理量表示待测温度t与电流I 的关系式；（4）如果某次测量时，指针正好指在温度刻度的10℃到20℃的正中央，则测量值15℃（题“大于”“小于”或“等于”）．9．（15分）如图甲所示，在风洞实验室里，一根足够长且固定在竖直平面的均匀细直杆与水平方向成37°角，质量m=2kg的小球穿在细杆上且静止于距细杆底端O较远的某处．开启送风装置，有水平向左的恒定风力F作用于小球上，在t1=2.5s时刻送风停止．小球沿细杆运动的部分v﹣t同学如图乙所示，已知送风时，小球第直杆仍然有垂直于直杆向下的压力作用，g取10m/s2，sin37°=0.8．求：（1）小球与细杆间的动摩擦因数μ；（2）水平风力F的大小．10．（19分）如图所示，螺线管与相距L的两竖直放置的导轨相连，导轨处于垂直纸面向外、磁感应强度为B o的匀强磁场中．金属杆ab垂直导轨，杆与导轨接触良好，并可沿导轨无摩擦滑动．螺线管横截面积为S，线圈匝数为N，电阻为R1，螺线管内有水平方向且均匀变化的磁场．已知金属杆ab的质量为m，电阻为R2，重力加速度为g．不计导轨的电阻及空气阻力，忽略螺线管磁场对杆ab 的影响．（1）当ab杆保持静止时，求螺线管内磁场的磁感应强度B的变化率．（2）若撤去螺线管内的磁场，将金属杆ab由静止释放后，杆将向下运动，则杆下滑的最大速度为多少？（设导轨足够长）11．（20分）如图所示，在直角坐标系的原点O处有一反射源，沿着纸面向四周均匀发射速度大小均为v的带正电粒子，在放射源的右边垂直于x轴放置一块挡板，挡板与xOy平面交线的两端点M、N与原点O正好处于等腰直角三角形三个顶点上．已知带电粒子的质量为m，所带电荷量为q，M、N两点间的距离为L．不计粒子重力．（1）若在y轴的右侧加一平行于x轴的匀强电场，使所有y轴右侧射出的粒子都能打到挡板MN上，求电场强度的最小值E0及在电场强度为E0时，打到板上的粒子动能E K．（2）若在整个空间加一垂直纸面向里的匀强磁场，使挡板MN的右侧各点都有粒子打到板上，求匀强磁场的磁感应强度的最大值B0及在磁感应强度为B0的匀强磁场中，放射源O向外发射出的所有带电粒子的总数是打在板右侧的粒子总数的多少倍．三、【物理--选修3-3】（12分）（以下为选考题，两道题目任选一题作答）12．（6分）两个相距较远的分子仅在彼此间分子作用力下由静止开始运动，直至不再靠近．在此过程中，下列说法正确的是（）A．分子力先增大，后一直减小B．分子力先做正功，后做负功C．分子动能一直增大D．分子势能先增大，后减小13．（6分）若鱼儿戏水时吐出的小气泡从潮中逐渐上升到湖面的过程中，小气泡的体积由V1=1cm3变成V2=1.2cm3，小气泡内的气体视为理想气体，且其中的气体质量不变，大气压强p0=1.0×105Pa，湖水的温度保持不变．则小气泡刚形成（体积为1cm3）时其内气体的压强为（）A．0.8×105Pa B．1.0×105Pa C．1.2×105Pa D．2.2×105Pa四、【物理--选修3-5】（12分）14．美国科研人员正在研制一种新型镍铜长效电池，它是采用铜和半衰期长达100年的放射性同位素镍63两种金属作为长寿命电池的测量．利用镍63发生衰变时释放电子给铜片，把镍63和铜片做电池两极外接负载为负载提供电能．下列有关该电池的说法正确的是（）A．镍63的衰变过程是Ni→e+CuB．该电池内电流方向是从镍到铜片C．外接负载时镍63的电势比铜片高D．300年后，镍63还剩四分之一没有衰变15．如图所示，光滑水平面上用轻质细绳相连的A、B两物体，它们的质量分别为m A=2kg和m B=1kg，开始时B静止，A以v0=3m/s的速度向右滑动，当细绳被拉直后，A和B一起以相同的速度向右运动，则v的大小应为（）A．1m/s B．2m/s C．3m/s D．6m/s2015年福建省高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析一、选择题（6小题，每小题6分，共36分.在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求.）1．（6分）如图所示，包含P和Q两种色光的一细束平行光束从空气射向玻璃球体，O为玻璃球体的球心，AB为直径．其中AAP光从M点射出，Q光从N点射出，则（）A．P和Q两种色光在玻璃球体中的传播速度相同B．玻璃对P光的折射率大于对Q光的折射率C．在玻璃球体中，P光的波长大于Q光的波长D．射出玻璃体后的P光合Q光可能平行【解答】解：AB、光射入玻璃球体时，由n=知，入射角相等，P光的折射角小，则玻璃对P光的折射率大于对Q光的折射率，由v=分析得知，P色光在玻璃球体中的传播速度小，故A错误，B正确．C、在玻璃球体中，光的波长λ===，λ0是光在真空中的波长．P光的折射率大，频率大，在真空中的波长短，由λ=，知在玻璃球体中，P光的波长小于Q光的波长．故C错误．D、根据光路可逆性原理知，P光和Q光的折射角相等，但M、N两处的法线不平行，则射出玻璃体后的P光与Q光不可能平行，故D错误．故选：B．2．（6分）如图所示，质量为m的木块，从半径为r的位于竖直平面内的圆轨道上的A点以匀速率滑向B点，则在这个过程中（）A．木块所受向心力方向不一定指向圆心B．木块所受合力方向始终指向圆心C．木块对轨道的压力一直不变D．木块受到的向心力逐渐增大【解答】解：A、木块从A点滑到B点做匀速圆周运动，向心力方向一定指向圆心，故A错误．B、木块从A点滑到B点做匀速圆周运动，合外力提供向心力，所以木块所受合力方向始终指向圆心，故B正确．CD、物体从A点滑到B点做匀速圆周运动，所需要的向心力大小不变，由重力和支持力的合力提供向心力，重力和支持力的夹角改变，所以压力改变，故CD 错误．故选：B．3．（6分）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1：5，交流电源电压不变，电压表为理想交流电表．白炽灯和电风扇M的额定电压均为220V，额定功率均为44W，只闭合开关S1时，白炽灯正常发光，则（）A．再闭合开关S1，电压表示数增大B．再闭合开关S2，原线圈输入功率变小C．交流电压表示数为44VD．白炽灯和电风扇线圈内阻均为1100Ω【解答】解：A、因交流电源的电压不变；故闭合开关S1，电压表示数不变；故A错误；B、再闭合开关S2，负载电阻减小，输出电压不变；故副线圈输出电功率增大；输入功率增大；故B错误；C、输入电压U1==44V；则电压表示数为44V；故C正确；D、灯泡的内阻R===1100Ω；而电动机不是纯电阻电路，不能由欧姆定律求解内阻；故D错误；故选：C．4．（6分）一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图中实线示数，从此刻起，经0.1s 波形图如图中虚线示数，若波传播的速度为10m/s，a、b两点的纵坐标分别为y a=10cm，y b=﹣10cm，则（）A．这列波沿x轴负方向传播B．b点的振动形式传到a点的时间小于C．在相等的时间内，a、b两质点的位移相等D．经过，a点回到平衡位置【解答】解：A、由图读出波长λ=4m，则波的周期为T==s=0.4s；因为t=0.1s=，则根据波形的平移可知，波的传播方向沿x轴负方向，故A正确．B、据题y a=10cm，y b=﹣10cm，a、b平衡位置相距半个波长，则b点的振动形式传到a点的时间等于，故B错误．C、a、b的振动情况总是相反，则位移总是相反，故C错误．D、t=0时刻a正向下运动，速度增大，所以回到平衡位置的时间t＜，经过，a点在平衡位置下方，故D错误．故选：A．5．（6分）设地球的半径为R0，质量为m的人造卫星在距地面R0高处绕地球做匀速圆周运动，地球表面处的重力加速度为g，则下列说法中正确的是（）A．卫星的线速度为B．卫星的角速度为C．卫星的向心加速度为 D．卫星的周期为4π【解答】解：在地球表面重力与万有引力相等有，可得GM=对于卫星有：A、卫星的线速度v=，故A错误；B、卫星的角速度，故B错误；C、卫星的向心加速度a=，故C错误．D、可得周期T=，故D正确．故选：D．6．（6分）如图所示，质量相同的两物块A、B用劲度系数为k的轻弹簧连接，静止于光滑水平面上，开始时弹簧处于自然状态，t=0时刻开始，用一水平恒力F拉物块A，使两者做直线运动，经过时间t，弹簧第一次被拉至最长（在弹性限度内），此时物块A的位移为x．则在该过程中，下列说法正确的是（）A．t时刻，A、B两物块的总动能为FxB．A、B的加速度大小相等时，弹簧的伸长量为C．t时刻突然撤去外力的瞬间，A、B两物块的加速度相同D．A、B的加速度大小相等时，速度大小也一定相等【解答】解：A、拉力做的功转化为系统的动能与弹簧的弹性势能，由能量守恒定律得：Fx=E K+E P，t时刻，A、B两物块的总动能小于Fx，故A错误；B、当两物体加速度相同时，由牛顿第二定律得：对A：F﹣k•△x=ma，对B：k•△x=ma，联立解得：△x=，故B正确；C、t时刻突然撤去外力瞬间，A与B所受的合外力大小相等、方向相反，A、B 的质量相等，由牛顿第二定律可知，它们的加速度大小相等而方向相反，它们的加速度不相同，故C错误；C、由动态分析可知，物体A加速运动过程中，加速度大小逐渐减小，物体B也做加速运动，加速度大小逐渐增大，显然开始过程物体A的加速度大于物体B 的加速度，所以物体A的速度大于B的速度，当它们的加速度相等时，物体A的速度仍然大于B的速度；以后过程，由于物体A的速度大于B的速度，弹簧继续拉伸，这样，物体A又做减速运动，物体B则继续做加速运动，当两者速度相等时，弹簧伸长最长，故t时刻，A、B的速度相等，加速度不相等，A、B 加速度相等时，速度不相等，故D错误．故选：B．二、非选择题（必考题）（共72分）7．（6分）“探究加速度与物体受力的关系”的两种实验装置如图所示，图中小车质量均为M，纸带穿过固定的电火花打点计时器B与小车连接，长木板水平放置，其一端带有定滑轮，甲图中重物P直接与小车相连，乙图中小车与竖直悬挂的力传感器通过动滑轮、细绳相连，动滑轮下悬挂重物P，重物P的质量用m表示，不计绳子、滑轮的质量及滑轮的摩擦，已知重力加速度为g．（1）电火花打点计时器所使用的交流电源电压是220V；（2）下列说法正确的是A．A．两种方案实验时都必须先平衡小车受到的摩擦力B．两种方案实验中都应有M远大于mC．按图乙的装置进行实验时，小车受到的合力大小取传感器相应示数的D．两种方案都能验证加速度和合力的关系，在误差允许的范围内，测得的加速度的大小近似相等．【解答】解：（1）电火花打点计时器使用220V交流电．（2）A、该实验首先必须要平衡摩擦力，故A正确．B、由于该实验的连接方式，重物和小车不具有共同的加速度，小车是在绳的拉力下加速运动，此拉力可由力传感器获得，不需要用重物的重力来代替，故不要求重物质量远小于小车质量，故B错误．C、由第二种实验方案的连接方式，绳子一端连接小车，一端连接测力计，可知测力计示数总等于小车受到的拉力，故C错误．D、两种方案中绳子的拉力不相同；故求得的加速度大小不相等；故D错误；故答案为：（1）220；（2）A．8．（12分）为探究某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的关系，物理兴趣小组设计了如图甲所示的测量电路，已知电流表的内阻为t A，将电阻R用绝缘导热测量包裹好浸没在温度不同的热水中，分别得到多组电压、电流值，利用欧姆定律计算得出不同温度下的电阻值．（1）若在温度为t时的某次测量中，电压表示数为U，电流表示数为I，则此时的电阻值为﹣R A；（2）图乙是某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的图象，图中R0表示该电阻在0℃时的电阻值，已知图线的效率为k，根据图乙，温度为t（t＞0℃）时的电阻R的大小为R=R0+kt；（3）若用该电阻与电池（电动势为E、内阻为r）、理想电流表、滑动变阻器R′串联起来，连接成如图丙所示的电路．用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“金属电阻温度计”．在标识“金属电阻温度计”的温度刻度时，需要弄清所测得温度与电流的对应关系．请用E、R0、R′（滑动变阻器接入电路的阻值）、k等物理量表示待测温度t与电流I的关系式t=[﹣（r+R0+R′）；（4）如果某次测量时，指针正好指在温度刻度的10℃到20℃的正中央，则测量值小于15℃（题“大于”“小于”或“等于”）．【解答】解：（1）根据部分电路欧姆定律得：﹣R A，（2）由图象可知：电阻的表达式为：R=R0+kt（3）温度t1＜t2金属温度升高电阻增大，电流计电流减小，可知t1刻度应在t2的右侧；根据闭合电路欧姆定律和感温电阻的阻值R随摄氏温度t变化的关系图象联合列式E=I（r+R0+R′）R=R0+kt解得：t=[﹣（r+R0+R′）．（4）由上看出，t与I是非线性关系，与欧姆表类似，温度t的刻度是不均匀的，左密右疏，则知若指针正好指在在温度刻度的10℃到20℃的正中央，则测量值小于15℃．故答案为：（1）﹣R A，（2）R=R0+kt；（3）t=[﹣（r+R0+R′）．（4）小于．9．（15分）如图甲所示，在风洞实验室里，一根足够长且固定在竖直平面的均匀细直杆与水平方向成37°角，质量m=2kg的小球穿在细杆上且静止于距细杆底端O较远的某处．开启送风装置，有水平向左的恒定风力F作用于小球上，在t1=2.5s时刻送风停止．小球沿细杆运动的部分v﹣t同学如图乙所示，已知送风时，小球第直杆仍然有垂直于直杆向下的压力作用，g取10m/s2，sin37°=0.8．求：（1）小球与细杆间的动摩擦因数μ；（2）水平风力F的大小．【解答】解：（1）由速度图象可知，在2.5s以后，小球做匀速运动，由平衡条件有：mgsinθ﹣μmgcosθ=0，代入数据解得：μ=0.75．（2）由牛顿第二定律有：mgsinθ+Fcosθ﹣μF N=ma，F N+Fsinθ﹣mgcosθ=0，由图象知，小球在加速阶段的加速度大小为：a=，代入数据解得：F=22.4N．答：（1）小球与细杆间的动摩擦因数μ为0.75；（2）水平风力F的大小为22.4N10．（19分）如图所示，螺线管与相距L的两竖直放置的导轨相连，导轨处于垂直纸面向外、磁感应强度为B o的匀强磁场中．金属杆ab垂直导轨，杆与导轨接触良好，并可沿导轨无摩擦滑动．螺线管横截面积为S，线圈匝数为N，电阻为R1，螺线管内有水平方向且均匀变化的磁场．已知金属杆ab的质量为m，电阻为R2，重力加速度为g．不计导轨的电阻及空气阻力，忽略螺线管磁场对杆ab的影响．（1）当ab杆保持静止时，求螺线管内磁场的磁感应强度B的变化率．（2）若撤去螺线管内的磁场，将金属杆ab由静止释放后，杆将向下运动，则杆下滑的最大速度为多少？（设导轨足够长）【解答】解：（1）以ab为研究对象，根据平衡条件有mg=B0IL解得：I=根据法拉第电磁感应定律得E=N=NS根据闭合电路欧姆定律得I=联立解得：=（2）当杆匀速下落时速度最大，设为v m．则有E=B0Lv m，I=，F=B0IL可得安培力F=根据平衡条件得：mg=F解得v m=答：（1）当ab杆保持静止时，螺线管内磁场的磁感应强度B的变化率为．（2）杆下滑的最大速度为．11．（20分）如图所示，在直角坐标系的原点O处有一反射源，沿着纸面向四周均匀发射速度大小均为v的带正电粒子，在放射源的右边垂直于x轴放置一块挡板，挡板与xOy平面交线的两端点M、N与原点O正好处于等腰直角三角形三个顶点上．已知带电粒子的质量为m，所带电荷量为q，M、N两点间的距离为L．不计粒子重力．（1）若在y轴的右侧加一平行于x轴的匀强电场，使所有y轴右侧射出的粒子都能打到挡板MN上，求电场强度的最小值E0及在电场强度为E0时，打到板上的粒子动能E K．（2）若在整个空间加一垂直纸面向里的匀强磁场，使挡板MN的右侧各点都有粒子打到板上，求匀强磁场的磁感应强度的最大值B0及在磁感应强度为B0的匀强磁场中，放射源O向外发射出的所有带电粒子的总数是打在板右侧的粒子总数的多少倍．【解答】解：（1）当沿y轴方向运动的粒子作类平抛运动，且落在M或N点，则y轴右侧所有运动的粒子都能打在MN上，有：L=vt，L=at2，加速度：a=，解得：E0=，由动能定理得：qE0×L=E k﹣mv2，解得：E k=mv2；（2）由题意知，要使MN板右侧均有粒子打到，则粒子轨迹直径的最小值为MN板的长度L，有：R min=L，又：R min=，解得：B0=，放射源O发射出的粒子中，打在MN板上的粒子的临界径迹如图所示．由题意知OM=ON，且OM⊥ON，故可知OO1⊥OO2，得：υ1⊥υ2，则放射源O向外发射出的所有带电粒子的总数是打在板右侧的粒子总数的倍数为：k==4．答：（1）电场强度的最小值E0为，在电场强度为E0时，打到板上的粒子动能E K为=mv2．（2）放射源O向外发射出的所有带电粒子的总数是打在板右侧的粒子总数的4倍．三、【物理--选修3-3】（12分）（以下为选考题，两道题目任选一题作答）12．（6分）两个相距较远的分子仅在彼此间分子作用力下由静止开始运动，直至不再靠近．在此过程中，下列说法正确的是（）A．分子力先增大，后一直减小B．分子力先做正功，后做负功C．分子动能一直增大D．分子势能先增大，后减小【解答】解：A、两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近的过程中，当分子间距大于平衡间距时，分子力表现为引力；当分子间距小于平衡间距时，分子力表现为斥力，分子引力先减小后增大，斥力增大，故A错误；B、两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近的过程中，分子力先是引力后是斥力，故先做正功后做负功，故B正确；C、只有分子力做功，先做正功后做负功，根据动能定理，动能先增加后减小，故C错误；D、分子力先做正功后做负功；分子力做功等于分子势能的减小量；故分子势能先减小后增加，故D错误；故选：B13．（6分）若鱼儿戏水时吐出的小气泡从潮中逐渐上升到湖面的过程中，小气泡的体积由V1=1cm3变成V2=1.2cm3，小气泡内的气体视为理想气体，且其中的气体质量不变，大气压强p0=1.0×105Pa，湖水的温度保持不变．则小气泡刚形成（体积为1cm3）时其内气体的压强为（）A．0.8×105Pa B．1.0×105Pa C．1.2×105Pa D．2.2×105Pa 【解答】解：气体的状态参量：V1=1cm3，V2=1.2cm3，p2=1.0×105Pa，气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p1V1=p2V2，代入数据解得：p1=1.2×105Pa；故选：C．四、【物理--选修3-5】（12分）14．美国科研人员正在研制一种新型镍铜长效电池，它是采用铜和半衰期长达100年的放射性同位素镍63两种金属作为长寿命电池的测量．利用镍63发生衰变时释放电子给铜片，把镍63和铜片做电池两极外接负载为负载提供电能．下列有关该电池的说法正确的是（）A．镍63的衰变过程是Ni→e+CuB．该电池内电流方向是从镍到铜片C．外接负载时镍63的电势比铜片高D．300年后，镍63还剩四分之一没有衰变【解答】解：A、根据电荷数守恒、质量数守恒知镍63的裂变方程是Ni→e+Cu．故A错误．BC、铜片得到电子带负电，镍63带正电，在电源内部，电流从负极到正极，外接负载时镍63的电势比铜片高．故B错误，C正确．D、根据半衰期公式知经过300年该电池中的镍剩余八分之一，故D错误．故选：C．15．如图所示，光滑水平面上用轻质细绳相连的A、B两物体，它们的质量分别为m A=2kg和m B=1kg，开始时B静止，A以v0=3m/s的速度向右滑动，当细绳被拉直后，A和B一起以相同的速度向右运动，则v的大小应为（）A．1m/s B．2m/s C．3m/s D．6m/s【解答】解：A、B组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m A v0=（m A+m B）v，代入数据解得：v=2m/s；。