黑龙江省齐齐哈尔市实验中学2014-2015学年高一下学期期中考试物理试题 Word版含答案

一、选择题: 本题共12小题；每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1．关于元电荷下列说法正确的是（ ） A．元电荷实际上是指电子和质子本身 B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍 C．元电荷的值通常取作e=1.60×10-19C D．电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的 2.如图所示, 水平放置的平行金属板A、B连接一电压恒定的电源, 两个电荷M和N同时分别从极板A的左边缘和两极板右侧的正中间沿水平方向进入板间电场(运动轨迹在同一平面内), 两个电荷恰好在板间某点相遇. 若不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用, 则下列说法中正确的是( ) A. 电荷M的比荷大于电荷N的比荷 B. 两个电荷在电场中运动的加速度可能相等 C. 从两个电荷进入电场到两个电荷相遇, 电场力对电荷M做的功一定大于电场力对电荷N做的功 D. 电荷M进入电场的初速度大小与电荷N进入电场的初速度大小一定相同 3． 放在粗糙水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s内其速度与时间图象和该拉力的功率与时间的图象如图所示。

下列说法正确的是( ) A．0～6s内物体的位移大小为30m B．0～6s内拉力做功为70J C．合外力在0～6s内做的功与0～2s内做的功相等 D．滑动摩擦力的大小为5N 4．两块平行金属板M、N水平放置，带电情况如图所示，其内部空间有两个悬浮着的小带电液滴A和B，采用以下哪些办法可使液滴向上做加速运动( ) A．使两板靠近一些 B．使两板左、右稍错开一些 C．用导线将两板连接一下 D．使A和B粘合在一起 5．一物体静置在平均密度为ρ的球形天体表面的赤道上．已知万有引力常量G，若由于天体自转使物体对天体表面压力恰好为零，则天体自转周期为( ) A. B. C. D. 6．2012年初，我国宣布北斗导航系统正式商业运行．北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能．“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地心O做匀速圆周运动，轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置(如图所示)．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力．则以下判断中正确的是( ) A．这两颗卫星的加速度大小相等，均为 B．卫星1由位置A运动至位置B所需的时间为 C．卫星1向后喷气就一定能追上卫星2 D．卫星1要追上卫星2其轨道半径要先增大再减小 7. 如图所示，空间中的M、N处存在两个被固定的、等量同种正点电荷，在它们的连线上有A、B、C三点，已知MA＝CN＝NB，MA<NA.现有一正点电荷q，关于在电场中移动电荷q，下列说法中正确的是( ) A．沿半圆弧l将q从B点移到C点，电场力不做功 B．沿曲线r将q从B点移到C点，电场力做负功 C．沿曲线s将q从A点移到C点，电场力做正功 D．沿直线将q从A点移到B点，电场力做正功 8． 如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的小球，小球与一轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，已知杆与水平面之间的夹角θ0）的滑块从距离弹簧上端为s0处静止释放，滑块在运动过程中电量保持不变，设滑块与弹簧接触过程没有机械能损失，弹簧始终处在弹性限度内，重力加速度大小为g. （1）求滑块从静止释放到与弹簧上端接触瞬间所经历的时间； 17． 有一玩具直升机，质量m＝8kg。

齐齐哈尔市实验中学2014-2015年度高一下学期期中考试语文试卷注意事项：本试卷分第I卷（阅读题）和第II卷（表达题）两部分。

满分150分，考试时间为150分钟。

第I卷（阅读题共77分）一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1-3题。

所谓实用的理解，是指那种以满足某种实用需要为目的的阅读，比如我们希望借助文学阅读解决我们遇到的某人实际的人生问题，比如我们提倡通过文学阅读来达成自我教育的目标等等。

这一类文学阅读的极端化表现，是把文学文本建构的艺术世界和现实世界等同起来，试图通过文学阅读去获得自己某种功利心理的满足。

这是一种求“有用”的阅读。

当然，在大多数情况下，我们并不会带着明确的实用的目的去阅读文学作品，但是在实际的阅读过程中，我们又往往会不自觉地对文学做一种实用的理解。

所谓科学的理解，是指那种以追求对文学文本做出可靠诠释为目的的阅读。

这是一种追求“真”的阅读，而且，似乎也是一种很传统的、被很多学者和诗论家认可并经常采用的一种文学阅读方式。

比如在中国古代诗话、词话中，我们可以见到大量以诠释字义、考据故实为解诗之法的文字。

这种阅读方式相信诗中所涉一定是无一字无来历，于是将阅读的工夫放在了诠注诗句的出处，考察典故的由来上。

与此类似的，是要求我们的阅读不限于作品本身，而是将解诗的重点放在考察诗人、作家的生平经历如诗人的仕宦出处、师友渊源、交游婚恋等方面，或者将重点放在考察诗人所处时代的社会风气、文化状况等方面，力求通过对与作品有关联的作品以外的方方面面因素的研究，来确定作品的意义与价值。

所谓审美的理解，是指以感知文学形象、体验作品情感、玩味作品佳妙之处，从而获得特殊的精神愉悦为目标的文学阅读方式。

文学阅读过程中，我们面对的是语言艺术大师们运用语言为我们建构的一个情感的世界，一个体验的世界，一个充满诗情、诗意、诗味和情趣的世界。

无论是诗还是散文或者小说，文学作品借助语言抒发的诗人、作家真挚浓烈的情感，传达的是诗人、作家对自然、人生的深切体验和对人生真谛、美的真谛的诗意发现。

2014-2015学年黑龙江省齐齐哈尔实验中学高一（下）月考物理试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分）1．（6分）（2014•威海模拟）一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的定滑轮，绳的一端系一质量M=15kg的重物，重物静止于地面上，有一质量m=10kg的猴从绳子另一端沿绳向上爬，如图所示，不计滑轮摩擦，在重物不离开地面条件下，猴子向上爬的最大加速度为（g=10m/s2）（）A．25m/s2B．5m/s2C．10m/s2D．15m/s2考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当小猴以最大加速度向上爬行时，重物对地压力为零，故小猴对细绳的拉力等于重物的重力，对小猴受力分析，运用牛顿第二定律求解加速度．解答：解：小猴以最大加速度向上爬行时，重物对地压力为零，故小猴对细绳的拉力等于重物的重力，即F=Mg；小猴对细绳的拉力等于细绳对小猴的拉力F′=F；对小猴受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律，有F′﹣mg=ma解得a==5m/s2故选B．点评：本题关键先后对重物和小猴受力分析，然后根据共点力平衡条件和牛顿第二定律列式求解．2．（6分）（2001•上海）一升降机在箱底装有若干个弹簧，设在某次事故中，升降机吊索在空中断裂，忽略摩擦力，则升降机在从弹簧下端触地后直到最低点的一段运动过程中（）A．升降机的速度不断减小B．升降机的加速度不断变大C．先是弹力做的负功小于重力做的正功，然后是弹力做的负功大于重力做的正功D．到最低点时，升降机加速度的值一定大于重力加速度的值考点：牛顿第二定律；功的计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当物体所受合力方向与速度方向相同时，速度增加，当物体所受合力方向与速度方向相反时，速度减小，根据牛顿第二定律判断加速度的方向和大小变化．解答：解：A、升降机在从弹簧下端触地后直到最低点的一段运动过程中，开始阶段，重力大于弹力，加速度方向向下，向下做加速运动，当重力和弹力相等后，弹力大于重力，加速度方向向上，向下做减速运动，加速度的大小先减小后增大，速度先增大后减小．故A、B错误．C、开始阶段，速度增大，根据动能定理，重力做的正功大于弹力做的负功；然后速度减小，根据动能定理得，弹力做的负功大于重力做的正功．故C正确．D、若升降机从弹簧接触地面由静止释放，开始阶段的加速度为g，根据对称性，到达最低点的加速度也为g，方向竖直向上．现从一高度下落，弹簧压缩的最低点比上次还低，根据牛顿第二定律，则加速度大于g．故D正确．故选CD．点评：解决本题的关键会根据牛顿第二定律判断加速度的变化，会根据加速度方向与速度方向的关系判断速度的变化．3．（6分）（2012•防城港一模）作用于水平面上某物体的合力F与时间t的关系如图所示，设力的方向向右为正，则将物体从下列哪个时刻由静止释放，该物体会始终向左运动（）A．t1时刻B．t2时刻C．t3时刻D．t4时刻考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：分析物体受力图象，根据牛顿第二定律得出物体加速度的变化情况．注意加速度反向时，物体运动方向不一定反向，如t1﹣t2过程中，物体速度和加速度方向相反，但是物体做减速运动，运动方向并没有改变．注意加速度和力的变化是瞬时对应的，而速度和加速度的方向并非瞬时对应．解答：解：根据力与加速度，加速度与速度的关系可知：t1、t3时刻由静止释放，物体将做往复运动，t4时刻静止释放时物体将一直向正方向运动，t2时刻静止释放，物体将一直向左运动，故ACD错误，B正确．故选B．点评：弄清图象的物理意义，将力图象转化为加速度图象，进一步转化为速度图象，则能明确反应物体的运动过程．4．（6分）（2012秋•渭源县校级期末）如图示，质量为m的物体，在与水平方向成θ角的拉力F作用下，在水平面上做加速度为a的匀加速运动．已知物体与水平面间有弹力作用且动摩擦因数为μ，则物体所受的各力产生的加速度的大小，下面说法正确的是（）A．滑动摩擦力产生的加速度小于μgB．拉力F产生的加速度为C．重力和支持力的合力产生的加速度为零D．合力产生的加速度为﹣μg考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体进行受力分析，分别求出各个力，根据牛顿第二定律a=求出各力产生的加速度．解答：解：A、物块受重力、支持力、拉力、摩擦力，如图．f=μ（mg﹣Fsinθ），所以摩擦力产生的加速度．故A正确．B、拉力F产生的加速度a=．故B错误．C、重力和支持力的合力不为零，则加速度不为零．故C错误．D、物体所受的合力F合=Fcosθ﹣μ（mg﹣Fsinθ），所以加速度a=．故D正确．故选AD．点评：解决本题的关键掌握牛顿第二定律，a=．知道每个力都可以产生加速度，最终的加速度是每个力产生加速度的合加速度．5．（6分）（2011春•齐齐哈尔校级月考）如图所示，将一个质量为m的物体，放在台秤盘上一个倾角为α的光滑斜面上，则物体下滑过程中，台秤的示数与未放m时比较将（）A．增加mg B．减少mgC．增加mgcos2αD．减少mg2（1+sin2α）考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：本题中原来斜面体处于静止状态，故测力计的读数等于斜面体的重量，物体下滑过程中，物体沿斜面加速下滑，处于失重状态，对物体和斜面体整体运用牛顿第二定律列式求解．解答：解：未放m时，对斜面体受力分析，受总重力和支持力，平衡时，有N﹣Mg=0 ①加速下滑时，对物体和斜面体整体受力分析，受总重力、支持力和静摩擦力，根据牛顿第二定律，有竖直方向：（M+m）g﹣N′=masinα ②水平方向：f=macosα ③对物体受力分析，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有mgsinα=ma ④有由①②③④得到：N′﹣N=mg﹣masinα=mg﹣mg（sinα）2=mgcos2α，所以台秤的示数与未放m时比较将增加mgcos2α，故选C．点评：本题关键是对物体、物体和斜面体整体多次受力分析，然后根据牛顿第二定律、共点力平衡条件列式求解；要注意整体法对于有相对运动的物体系统同样适用．6．（6分）（2011•无为县校级模拟）如图所示．在光滑水平面上有物体A、B，质量分别为m1、m2．在拉力F作用下，A和B以加速度a做匀加速直线运动．某时刻突然撤去拉力F，此瞬时A和B的加速度为a1、a2．则（）A．a1=a2=0B．a1=a；a2=0C．a1=a；a2= aD．a1=a；a2=﹣ a考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：突然撤去拉力F的瞬间，弹簧弹力没有发生变化，所以A受力不变，B只受弹簧弹力作用，根据牛顿第二定律即可求解．解答：解：当力F作用时，对A运用牛顿第二定律得：a=突然撤去拉力F的瞬间，弹簧弹力没有发生变化，所以A受力不变，即a1=a；B只受弹簧弹力作用，根据牛顿第二定律得：故选D点评：本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，注意突然撤去拉力F的瞬间，弹簧弹力没有发生变化，注意整体法和隔离法在题目中的应用．7．（6分）（2014春•云梦县校级月考）用一水平力F拉静止在水平面上的物体，在F 从0开始逐渐增大的过程中，加速度a随外力F变化的图象如图，g=10m/s2，则由图象可以计算出（）A．物体的质量B．物体与水平面间的滑动摩擦因数C．物体与水平面间的最大静摩擦力D．F为14N时物体的速度考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息即可求解．解答：解：AB、物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力，根据牛顿第二定律得：F﹣μmg=ma解得：a=﹣μg由a与F图线，得到：0.5=﹣10μ…①4=﹣10μ…②①②联立得，m=2Kg，μ=0.3，故AB正确；C、当a=0时，F为6N，即最大静摩擦力为6N，故C正确；D、由于物体先静止后又做变加速运动，无法利用匀变速直线运动规律求速度和位移，又F 为变力无法求F得功，从而也无法根据动能定理求速度，故D错误．故选：ABC．点评：本题关键是对滑块受力分析，然后根据牛顿第二定律列方程求解出加速度与推力F 的关系式，最后结合a与F关系图象得到待求量．8．（6分）（2013秋•顺德区校级月考）如图，在光滑水平面上，放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块，开始时，各物均静止，今在两物块上各作用一水平恒力F1、F2，当物块和木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2，物块和木板间的动摩擦因数相同，下列说法①若F1=F2，M1＞M2，则v1＞v2②若F1=F2，M1＜M2，则v1＞v2③若F1＞F2，M1=M2，则v1＞v2④若F1＜F2，M1=M2，则v1＞v2其中正确的是（）A．①③B．②④C．①②D．②③考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：本题中涉及到两个物体，所以就要考虑用整体法还是隔离法，但题中研究的是两物体的相对滑动，所以应该用隔离法．板和物体都做匀变速运动，牛顿定律加运动学公式和动能定理都能用，但题中“当物体与板分离时”隐含着在相等时间内物体的位移比板的位移多一个板长，也就是隐含着时间因素，所以不方便用动能定理解了，就要用牛顿定律加运动公式解．解答：解：①②：首先看F1=F2时情况：由题很容易得到两物块所受的摩擦力大小是相等的，因此两物块的加速度相同，我们设两物块的加速度大小为a，对于M1、M2，滑动摩擦力即为它们的合力，设M1的加速度大小为a1，M2的加速度大小为a2，根据牛顿第二定律得：因为a1=，a2=，其中m为物块的质量．设板的长度为L，它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移L=at12﹣a1t12物块与M2的相对位移L=at22﹣a2t22若M1＞M2，a1＜a2所以得：t1＜t2M1的速度为v1=a1t1，M2的速度为v2=a2t2则v1＜v2，故①错误．若M1＜M2，a1＞a2所以得：t1＞t2M1的速度为v1=a1t1，M2的速度为v2=a2t2则v1＞v2，故②正确．③④：若F1＞F2、M1=M2，根据受力分析和牛顿第二定律的：则M1上的物块的加速度大于M2上的物块的加速度，即a a＞a b由于M1=M2，所以M1、M2加速度相同，设M1、M2加速度为a．它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移L=a a t12﹣at12物块与M2的相对位移L=a b t22﹣at22由于a a＞a b所以得：t1＜t2则v1＜v2，故③错误．若F1＜F2、M1=M2，a a＜a b则v1＞v2，故④正确．故选：B．点评：要去比较一个物理量两种情况下的大小关系，我们应该通过物理规律先把这个物理量表示出来．同时要把受力分析和牛顿第二定律结合应用．二、填空题（每空4分，共16分）9．（8分）（2010秋•宁波期末）某人在一个以2.5m/s2的加速度匀加速下降的电梯里最多能举起80kg的物体，在地面上最多能举起60 kg的物体；若此人在匀加速上升的电梯中最多能举起40kg的物体，则此电梯上升的加速度为 5 m/s2．考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：当电梯以2.5m/s2的加速度匀加速下降时，以物体为研究对象，根据牛顿第二定律求出人的最大举力．人的最大举力是一定的，再求解在地面上最多举起的物体质量及电梯的加速度．解答：解：设人的最大举力为F．以物体为研究对象．根据牛顿第二定律得：当电梯以2.5m/s2的加速度匀加速下降时，m1g﹣F=m1a1解得F=600N在地面上：人能举起的物体的质量m2==60kg当电梯匀加速上升时，F﹣m3g=m3a3，代入解得 a3=5m/s2．故答案为：60；5点评：本题应用牛顿第二定律处理生活中问题，关键抓住人的最大举力一定．10．（4分）（2011春•齐齐哈尔校级月考）如图所示，小木箱ABCD的质量M=180g，高L=0.2m，其顶部离挡板E的距离h=0.8m，木箱底部有一质量m=20g 的小物体P．在竖直向上的恒力T 作用下，木箱向上运动，为了防止木箱与挡板碰撞后停止运动时小物体与木箱顶部相撞，则拉力T的取值范围为2N＜T＜2.5N ．考点：动能定理的应用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：木箱和小物体先一起由静止开始向上做匀加速运动过程，根据动能定理或根据牛顿第二定律和运动学公式求出与挡板E碰撞前的速度，木箱与挡板碰撞后P向上做竖直上抛运动，根据运动学公式求出P刚好与箱顶相撞时的初速度，联立即可求解．解答：解：木箱和小物体一起由静止做匀加速运动过程，设箱与挡板碰撞前瞬间的速度大小为v．根据动能定理得：[F﹣（M+m）g]h=﹣0…①木箱与挡板碰撞后物块P做竖直上抛运动，若P刚好与箱顶相撞时，则有：0﹣v2=﹣2gL…②联立①②得：F=2.5N又要拉动箱子，F应满足：F＞（M+m）g=2N故为使小物体P不会和木箱顶ad相碰，恒力F的取值围是2N＜F＜2.5N．故答案为：2N＜F＜2.5N点评：本题是动能定理与运动学公式综合应用问题，关键要分析临界情况，即物体P刚好与箱顶相撞的情况11．（4分）（2011春•齐齐哈尔校级月考）如图所示．有﹣箱装得很满的土豆，以一定的初速度在动摩擦因数为μ的水平地面上做匀减速运动．不计其他外力及空气阻力，则其中﹣个质量为m的土豆A受其它土豆对它的总作用力大小应是mg．考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：一个土豆与整箱土豆具有共同的加速度，根据整体法求出加速度，再隔离土豆A分析，运用牛顿第二定律求出其它土豆对它的总作用力．解答：解：对整体分析，a==μg，方向水平向左．隔离对土豆分析，土豆受重力、其它土豆对它的作用力，如右图所示：根据牛顿第二定律得：F合=ma=μmg．根据平行四边形定则，其它土豆对它的作用力为：F==．故答案为：点评：解决本题的关键掌握整体法和隔离法的运用，抓住一个土豆与整箱土豆具有相同的加速度，运用牛顿第二定律求解．三、计算题12．（18分）（2012•丹东模拟）一平板车，质量M=100kg，停在水平路面上，车身的平板离地面的高度h=1.25m，一质量m=50kg的物块置于车的平板上，它到车尾端的距离b=1.00m，与车板间的动摩擦因数μ=0.20．如图所示．今对平板车施一水平方向的恒力使车向前行驶，结果物块从车板上滑落．物块刚离开车板的时刻，车向前行驶的距离s0=2.0m，求物块落地时，落地点到车尾的水平距离s．不计路面与平板车间以及轮轴之间的摩擦，取g=10m/s2．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；平抛运动．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：以m为研究对象进行分析，m在车板上的水平方向只受一个摩擦力f的作用，所以m 从A点运动到B点，做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律及运动学基本公式求出运动到B 点的速度、位移等，以小车为研究对象，求出平板车的速度；m从B处滑落时，以υB为初速度做平抛运动，根据平抛运动的基本公式求出运动的时间和位移，对平板车M，在m未滑落之前，水平方向受二力作用，即F和物块对平板车的摩擦力f，二者方向相反，当m从平板车的B点滑落以后，平板车水平方向只受F作用，做匀加速直线运动，分别根据运动学基本公式求出位移，进而可求得物块落地时，落地点到车尾的水平距离s解答：解：以m为研究对象进行分析，m在水平方向只受一个摩擦力f的作用，f=μmg，根据牛顿第二定律知f=ma1a1=μg=0.20×10m/s2=2m/s2如图，m从A点运动到B点，做匀加速直线运动，s AB=s0﹣b=1.00m，运动到B点的速度υB为：υB=m/s=2m/s物块在平板车上运动时间为t1=s=1s，在相同时间里平板车向前行驶的距离s0=2.0m，则s0=，所以平板车的加速度m/s2此时平板车的速度为 v2=a2t1=4×1=4m/sm从B处滑落时，以υB为初速度做平抛运动，落到C的水平距离为s1，下落时间为t2，则 h=ss1=v B t2=2×0.5m=1.0 m对平板车M，在m未滑落之前，水平方向受二力作用，即F和物块对平板车的摩擦力f，二者方向相反，平板车加速度为a2，由牛顿第二定律得：F﹣f=Ma2则有：F=Ma2+f=（100×4+0.2×50×10）N=500N当m从平板车的B点滑落以后，平板车水平方向只受F作用，而做加速度为a3的匀加速运动，由牛顿第二定律得：F=Ma3即m/s2在m从B滑落到C点的时间t=0.5s内，M运动距离s2为m物块落地时，落地点到车尾的水平距离s为s=s2﹣s1=（2.625﹣1）m=1.625m答：物块落地时，落地点到车尾的水平距离s为1.625m．点评：该题涉及到相对运动的过程，要求同学们能根据受力情况正确分析运动情况，并能熟练运用运动学基本公式解题，难度较大．13．（18分）（2010•谯城区校级模拟）如图所示，质量M=10kg的木楔ABC静置于粗糙水平地面上，M与地面前动摩擦因数μ=0.02，在木楔的倾角为30°的斜面上，有一个质量m=1.0kg 的物块由静止开始沿斜面下滑，当滑行路程s=1.4m时，其速度v=1.4m/s．在这个过程中木楔未动．求地面对木楔的摩擦力的大小和方向．考点：共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：物块沿斜面向下做匀加速运动，初速度为0，位移等于s=1.4m．末速度v=1.4m/s，根据运动学公式求出加速度．以物块和木楔ABC整体为研究对象，分析受力，将加速度分解，根据牛顿第二定律运用正交分解法求解地面对木楔的摩擦力的大小和方向．解答：解：对物块：初速度v0=0，位移s=1.4m．末速度v=1.4m/s，由v2﹣v02=2as得a==0.7m/s2以物块和木楔ABC整体为研究对象，作出力图如图．根据牛顿第二定律得地面对木楔的摩擦力的大小f=ma x=macosθ+M×0≈0.61N，方向水平向左．答：地面对木楔的摩擦力的大小f=0.61N，方向水平向左．点评：本题的解法是对加速度不同的两个物体用整体法，中学用得较少．常用方法是隔离木楔ABC研究，分析受力，根据平衡求解地面对木楔的摩擦力的大小和方向．11。

2016-2017学年黑龙江省齐齐哈尔实验中学高一（下）期中物理试卷一、选择题1．（4分）关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．滑动摩擦力对物体一定做负功B．静摩擦力对物体可能做正功C．一对相互作用的滑动摩擦力对相互作用的两物体做功代数和一定为负值D．合外力对物体不做功，物体一定处于平衡状态2．（4分）做平抛运动的物体，落地过程在水平方向通过的距离取决于（）A．物体的初始高度和所受重力B．物体的初始高度和初速度C．物体所受的重力和初速度D．物体所受的重力、初始高度和初速度3．（4分）如图所示，甲，乙两人分别站在赤道和纬度为45°的地面上随地球一起绕地轴做匀速圆周运动，则甲、乙在上述过程中具有相同的物理量是（）A．线速度B．周期C．向心力D．向心加速度4．（4分）太阳系中某行星A运行的轨道半径为R，周期为T，但天文学家在观测中发现，其实际运行的轨道与圆轨道存在一些偏离，且每隔时间￡发生一次最大的偏离．形成这种现象的原因可能是A外侧还存在着一颗未知行星B，它对A的万有引力引起A行星轨道的偏离，假设其运动轨道与A在同一平面内，且与A的绕行方向相同，由此可推测未知行星日绕太阳运行的圆轨道半径为（）A．R B．RC．R D．R5．（4分）下列四个选项的图中实线为河岸，河水的流速u方向如图中箭头所示，虚线为小船从河岸M驶向对岸N的实际航线，已知船在静水中速度大于水速，则其中正确是（）A．B．C．D．6．（4分）假设地球是一半径为R，质量分布均匀的球体．已知质量分布均匀的球壳对壳内物体引力为零，地球表面处重力加速度为g．则关于地球重力加速度a随地球球心到某点距离r 的变化图象可能正确的是（）A．B．C．D．7．（4分）如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，轨道1和2相切于Q点，轨道2和3相切于P点，设卫星在1轨道和3轨道正常运行的速度和加速度分别为v1、v3和a1、a3，在2轨道经过P点时的速度和加速度为v2和a2，且当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时周期分别为T1、T2、T3，以下说法正确的是（）A．v1＞v3＞v2B．v1＞v2＞v3C．a1＞a2＞a3D．T1＜T2＜T3 8．（4分）如图所示，物体A以速度v沿杆匀速下滑，A用细绳通过定滑轮拉物体B，水平面粗糙，则（）A．B也以速度v做匀速运动B．当绳与水平夹角为θ时，B的速度为vcosθC．绳的拉力大于水平面对B的摩擦力D．当绳与水平夹角为θ时，B的速度为vsinθ9．（4分）2016年12月28日中午，我国首颗中学生科普卫星在太原卫星发射中心发射升空，这颗被命名为“八一•少年行”的小卫星计划在轨运行时间将不少于180天．卫星长约12厘米，宽约11厘米，高约27厘米，入轨后可执行对地拍摄、无线电通汛、对地传输文件以及快速离轨试验等任务．假设根据实验需要将卫星由距地面高280km的圆轨道I调整进入距地面高330km的圆轨道Ⅱ，以下判断正确的是（）A．卫星在轨道I上运行的速度小于7.9km/sB．为实现这种变轨，卫星需要向前喷气，减小其速度即可C．忽略卫星质量的变化，卫星在轨道Ⅱ上比在轨道I上动能小，引力势能大D．卫星在轨道Ⅱ上比在轨道I上运行的向心加速度大，周期小10．（4分）如图所示，长为l的悬线固定在O点，在O点正下方的C点处有一钉子．把一端悬挂的小球拉到跟悬点在同一水平面上无初速度释放，小球摆到悬点正下方悬线碰到钉子时，此时小球（）A．线速度突然增大B．角速度保持不变C．向心加速度突然增大D．悬线拉力突然增大11．（4分）如图所示，足够长的斜面上有a、b、c、d、e五个点，ab＝bc＝cd ＝de，从a点水平抛出一个小球，初速度为v时，小球落在斜面上的b点，落在斜面上时的速度方向与斜面夹角为θ；不计空气阻力，初速度为2v时（）A．小球可能落在斜面上的c点与d点之间B．小球一定落在斜面上的e点C．小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角大于θD．小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为θ12．（4分）如图甲所示，质量为m＝1kg的小物块放在长直水平面上，用水平细线紧绕在北京为R＝0.2m、质量为M＝1kg的薄壁圆筒上，t＝0时刻，圆筒在电动机带动下由静止开始绕竖直中心轴转动，小物块的v﹣t图象如图乙，物块和地面之间的动摩擦因数为μ＝0.2．则（）A．细线拉力的瞬时功率满足P＝4tB．细线的拉力大小为3NC．圆筒转动的角速度满足ω＝5tD．在0∽2s内，电动机做的功为8J二、实验题13．（12分）在“验证机械能守恒定律”的实验中，现有的器材为：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、重锤、天平、毫米刻度尺、50Hz交流电源．回答下列问题：（1）用打点计时器打出一条纸带，前后要连续进行一系列的操作，下列各步骤的先后顺序合理的是．A．释放纸带B．接通电源C．取下纸带D．切断电源（2）如图（a），释放纸带前的瞬间，重锤和手的位置合理的是（填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”）．（3）如图（b），某同学用正确的方法获得了一条纸带，并以起点为记数点O，后隔一段距离，取连续点为记数点A、B、C、D、E、F，如图所示．已知重锤的质量为0.5kg，则电磁打点计时器打下E点时，重锤减少的重力势能△E P ＝J（取重力加速度g＝9.8m/s2，计算结果保留2位有效数字），重锤增加的动能△E K与减少的重力势能△E P的大小关系为△E K△E P（选填“大于”、“小于”或“等于”）．三、计算题14．（12分）1969年7月20日，人类第一次登上月球，宇航员在月球表面做了这样一个实验：将一片羽毛和一个铁锤从同一个高度同时由静止释放，二者几乎同时落地．若羽毛和铁锤是从高度为h处下落，经时间t落到月球表面．已知引力常量为G，月球的半径为R．（1）求月球表面的自由落体加速度大小g；月（2）若不考虑月球自转的影响，求：a．月球的质量M；b．在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动飞行器的周期T．15．（14分）如图所示，在光滑水平面上竖直固定一半径为R的光滑半圆槽轨道BC，其底端恰好与水平面相切，一倾角为θ的挡板DE位于半圆槽左侧，现有一质量为m的小球从A点以的初速度v0向右运动，不计空气阻力，重力加速度为g．（1）小球通过B点时对半圆槽的压力大小；（2）若小球未能通过最高点C，请定性分析小球离开半圆槽轨道后做什么运动？（3）若小球恰能通过最高点C后，有以下两种运动情境：①小球垂直打到挡板上；②小球到达挡板的位移最小，请分别求出两种情境下小球从C点到挡板的飞行时间t．16．（14分）如图甲所示，足够长的水平传送带始终保持匀速运动，水平向左飞来的子弹击中并从物块中穿过．此后小物块的速度随时间变化的关系如图乙所示，图中取向右运动的方向为正方向．物块质量M＝1.0kg，g取10m/s2．求：（1）物块与传送带间的动摩擦因数μ；（2）摩擦力对物体做的功；（3）摩擦力对传送带做的功．2016-2017学年黑龙江省齐齐哈尔实验中学高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（4分）关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．滑动摩擦力对物体一定做负功B．静摩擦力对物体可能做正功C．一对相互作用的滑动摩擦力对相互作用的两物体做功代数和一定为负值D．合外力对物体不做功，物体一定处于平衡状态【解答】解：A、恒力做功的表达式W＝FScosα，滑动摩擦力的方向与物体相对运动方向相反，但与运动方向可以相同，也可以相反，还可以与运动方向垂直，故可能做负功，也可能做正功，也可以不做功，故A错误；B、恒力做功的表达式W＝FScosα，静摩擦力的方向与物体相对运动趋势方向相反，但与运动方向可以相同，也可以相反，故静摩擦力可以做正功，也可以做负功，故B正确；C、一对相互作用的滑动摩擦力对相互作用的两物体做功代数和一定为负值，其绝对值等于产生的内能，即Q＝f•△S，故C正确；D、合外力对物体不做功，物体动能一定不变，但不一定平衡，如匀速圆周运动，故D错误；故选：BC。

齐齐哈尔市实验中学2014-2015学年度高二下学期期末考试物理试卷一．选择题（本题共10小题，共50分，在每小题给出的四个选项中，第1至7题只有 一个选项是正确的，第8至10题有多个选项是正确的，全部选对得5分，选不全的 得3分，有选错或不答的得0分） 1.在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用．下列说法符合历史事实的是( )A ．居里夫妇通过对天然放射现象的研究，明确了原子核具有复杂结构B ．贝克勒尔从沥青铀矿中分离出了钋(Po)和镭(Ra)两种新元素C ．卢瑟福通过α粒子散射实验证实了在原子核内部存在质子D ．汤姆逊通过阴极射线在电场和磁场中偏转的实验，发现了阴极射线是由带负电的粒子组成的，并测出了该粒子的比荷2.一固定的光滑斜面长为x ，一物体从斜面顶端由静止开始匀加速下滑，当物体速度是到达斜面底端的速度的一半时，它沿斜面下滑的距离是( ) A ．x /2 B ．(2－1)x C ．x /4 D ．2x /23.带有滑轮的滑块穿过水平的杆，小球A 、B 分别穿过竖直的杆并用轻绳跨过定滑轮连接在一起, 用手分别托住 A 、B ，此时线和竖直夹角分别为300和600度，如图所示，调整两球位置，使其移开双手后A 、B 能处于静止状态，则A 、B 两球的质量比(不计一切摩擦力)（ ）A.1B. 1：11 D 无法判断4. 一辆汽车由静止开始做匀变速直线运动，从开始运动到驶过第一个100 m 距离时，速度增加了10 m/s ，则该汽车驶过第二个100 m 时，速度的增加量是( ) A ．4.14 m/s B ．10 m/s C ．14.14m/s D ．20 m/s5. 如图，一质量为m 的正方体物块置于风洞内的水平面上，其一面与风速垂直，当风速为0v 时刚好能推动该物块。

已知风对物块的推力F 正比于2Sv ，其中v 为风速、S 为物块迎风面积。

当风速变为02v 时，刚好能推动用同一材料做成的另一正方体物块，则该物块的质量为： （ ） A ．64m B ．8m C ．32m D ．4m6. 碘131的半衰期约为8天，若某药物含有质量为m 的碘131，经过32天后，该药物中碘131的含量大约还有( ) A.m 4 B. m16C. m 8D.m327. 质量为M 的槽体放在光滑水平面上，内有半径为R 的光滑半圆形轨道，其左端紧靠一个固定在地面上的挡板.质量为m 的小球从A 点由静止释放，C 点为半圆轨道的最低点，B 点为半圆轨道另一侧与A 等高的点。

齐齐哈尔市实验中学2015-5-5 2014~2015学年度下学期期中考试高一生物试卷第Ⅰ卷（选择题共55分）在给出的四个选项中，只有一项符合题目的要求，请将正确选项的代号涂写在答题卡的相应位置上。

1.下列植物细胞中，适合观察细胞有丝分裂的是A．蚕豆叶肉细胞B．洋葱鳞片叶表皮细胞C．蚕豆根尖分生区细胞D．洋葱根尖伸长区细胞2.某生物体细胞有丝分裂中期含有染色单体数44条，连续进行两次有丝分裂，产生的子细胞中核DNA的数目为A.44B.88C.22D.113.鉴定一个正在进行有丝分裂的细胞是植物细胞还是动物细胞，最佳的方法是检查它的A.各时期染色体的行为变化B.是否出现星射线C.细胞质分成两部分的方式D.是否存在高尔基体4.下列关于细胞的叙述，正确的是A.受细胞表面积的限制，细胞不能无限长大B.细胞膜的通透性不会改变C.抑制DNA的复制，细胞将停留在分裂期D.细胞分裂间期为细胞分裂期提供物质基础5.下列关于“观察洋葱根尖分生组织细胞有丝分裂”的叙述，错误的是A.解离和压片都有利于根尖分生区细胞的分散B.先用低倍镜找到正方形紧密排列的细胞，再换用高倍镜观察C.显微镜下绝大多数细胞中能观察到染色体D.各个细胞的分裂是独立进行的，因此可以在同一个视野中看到不同分裂时期的细胞6.下列发生了细胞分化且能体现细胞全能性的生物学过程是A.玉米种子萌发长成新植株B.小鼠的胚胎干细胞分裂分化形成不同的组织细胞C.嫁接的枝条成活并结出硕果D.胡萝卜叶片细胞经培养发育成新植株7.神经系统正常发育过程中神经细胞数量的调节机制如图所示。

下列说法正确的是A.细胞程序性死亡不利于神经系统正常发育B.生存因子影响了神经细胞的基因表达C.神经细胞与靶细胞间通过电信号传递信息D.死亡细胞被吞噬细胞清除属于细胞免疫8.胚胎干细胞是哺乳动物或人早期胚胎中的细胞，可以进一步分裂、分化成各种组织干细胞，再进一步分化成各种不同的组织。

下列叙述不正确的是A.分化后的不同组织细胞其蛋白质种类完全不同B.老年人体内仍然存在着具有分裂和分化能力的干细胞C.造血干细胞分化形成红细胞、白细胞的过程是不可逆转的D.同一个体的胚胎干细胞和造血干细胞含有的遗传物质基本相同9.下列有关细胞生命历程的叙述，正确的是A.凋亡细胞内酶的活性都减弱B.原癌基因突变促使细胞癌变，抑癌基因突变抑制细胞癌变C.除病毒外，所有生物细胞都会发生细胞分化D.细胞的分裂、分化、衰老和凋亡对生物体均有积极的意义10. 内环境稳态是维持机体正常生命活动的必要条件，下列叙述错误的是A. 内环境保持相对稳定有利于机体适应外界环境的变化B. 内环境稳态有利于新陈代谢过程中酶促反应的正常进行C. 维持内环境中Na+、K+浓度的相对稳定有利于维持神经细胞的正常兴奋性D. 内环境中发生的丙酮酸氧化分解给细胞提供能量，有利于生命活动的进行11. 如图为人体体液物质交换示意图，其中正确的叙述是①A、B、C依次为淋巴、血浆、组织液②乙酰胆碱可以存在于B中③D中的蛋白质含量相对较高④正常情况下，蛋白质水解酶不会存在于A中A. ②③B. ②④C. ①②③D. ②③④12. 人体内的内环境中，不能发生的生理过程是A. 兴奋传递过程中神经递质与突触后膜特异性受体结合B. 抗体与抗原特异性结合C. 抗体和神经递质的合成D. 乳酸与NaHCO3反应生成乳酸钠和H2CO313. 如图表示人体细胞与外界环境之间进行物质交换的过程。

2016-2017学年黑龙江省齐齐哈尔实验中学高一（下）期中物理试卷一、选择题1．（4分）关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．滑动摩擦力对物体一定做负功B．静摩擦力对物体可能做正功C．一对相互作用的滑动摩擦力对相互作用的两物体做功代数和一定为负值D．合外力对物体不做功，物体一定处于平衡状态2．（4分）做平抛运动的物体，落地过程在水平方向通过的距离取决于（）A．物体的初始高度和所受重力B．物体的初始高度和初速度C．物体所受的重力和初速度D．物体所受的重力、初始高度和初速度3．（4分）如图所示，甲，乙两人分别站在赤道和纬度为45°的地面上随地球一起绕地轴做匀速圆周运动，则甲、乙在上述过程中具有相同的物理量是（）A．线速度B．周期C．向心力D．向心加速度4．（4分）太阳系中某行星A运行的轨道半径为R，周期为T，但天文学家在观测中发现，其实际运行的轨道与圆轨道存在一些偏离，且每隔时间￡发生一次最大的偏离．形成这种现象的原因可能是A外侧还存在着一颗未知行星B，它对A的万有引力引起A行星轨道的偏离，假设其运动轨道与A在同一平面内，且与A的绕行方向相同，由此可推测未知行星日绕太阳运行的圆轨道半径为（）A．R B．RC．R D．R5．（4分）下列四个选项的图中实线为河岸，河水的流速u方向如图中箭头所示，虚线为小船从河岸M驶向对岸N的实际航线，已知船在静水中速度大于水速，则其中正确是（）A．B．C．D．6．（4分）假设地球是一半径为R，质量分布均匀的球体．已知质量分布均匀的球壳对壳内物体引力为零，地球表面处重力加速度为g．则关于地球重力加速度a随地球球心到某点距离r 的变化图象可能正确的是（）A．B．C．D．7．（4分）如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，轨道1和2相切于Q点，轨道2和3相切于P点，设卫星在1轨道和3轨道正常运行的速度和加速度分别为v1、v3和a1、a3，在2轨道经过P点时的速度和加速度为v2和a2，且当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时周期分别为T1、T2、T3，以下说法正确的是（）A．v1＞v3＞v2B．v1＞v2＞v3C．a1＞a2＞a3D．T1＜T2＜T3 8．（4分）如图所示，物体A以速度v沿杆匀速下滑，A用细绳通过定滑轮拉物体B，水平面粗糙，则（）A．B也以速度v做匀速运动B．当绳与水平夹角为θ时，B的速度为vcosθC．绳的拉力大于水平面对B的摩擦力D．当绳与水平夹角为θ时，B的速度为vsinθ9．（4分）2016年12月28日中午，我国首颗中学生科普卫星在太原卫星发射中心发射升空，这颗被命名为“八一•少年行”的小卫星计划在轨运行时间将不少于180天．卫星长约12厘米，宽约11厘米，高约27厘米，入轨后可执行对地拍摄、无线电通汛、对地传输文件以及快速离轨试验等任务．假设根据实验需要将卫星由距地面高280km的圆轨道I调整进入距地面高330km的圆轨道Ⅱ，以下判断正确的是（）A．卫星在轨道I上运行的速度小于7.9km/sB．为实现这种变轨，卫星需要向前喷气，减小其速度即可C．忽略卫星质量的变化，卫星在轨道Ⅱ上比在轨道I上动能小，引力势能大D．卫星在轨道Ⅱ上比在轨道I上运行的向心加速度大，周期小10．（4分）如图所示，长为l的悬线固定在O点，在O点正下方的C点处有一钉子．把一端悬挂的小球拉到跟悬点在同一水平面上无初速度释放，小球摆到悬点正下方悬线碰到钉子时，此时小球（）A．线速度突然增大B．角速度保持不变C．向心加速度突然增大D．悬线拉力突然增大11．（4分）如图所示，足够长的斜面上有a、b、c、d、e五个点，ab＝bc＝cd ＝de，从a点水平抛出一个小球，初速度为v时，小球落在斜面上的b点，落在斜面上时的速度方向与斜面夹角为θ；不计空气阻力，初速度为2v时（）A．小球可能落在斜面上的c点与d点之间B．小球一定落在斜面上的e点C．小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角大于θD．小球落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为θ12．（4分）如图甲所示，质量为m＝1kg的小物块放在长直水平面上，用水平细线紧绕在北京为R＝0.2m、质量为M＝1kg的薄壁圆筒上，t＝0时刻，圆筒在电动机带动下由静止开始绕竖直中心轴转动，小物块的v﹣t图象如图乙，物块和地面之间的动摩擦因数为μ＝0.2．则（）A．细线拉力的瞬时功率满足P＝4tB．细线的拉力大小为3NC．圆筒转动的角速度满足ω＝5tD．在0∽2s内，电动机做的功为8J二、实验题13．（12分）在“验证机械能守恒定律”的实验中，现有的器材为：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、重锤、天平、毫米刻度尺、50Hz交流电源．回答下列问题：（1）用打点计时器打出一条纸带，前后要连续进行一系列的操作，下列各步骤的先后顺序合理的是．A．释放纸带B．接通电源C．取下纸带D．切断电源（2）如图（a），释放纸带前的瞬间，重锤和手的位置合理的是（填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”）．（3）如图（b），某同学用正确的方法获得了一条纸带，并以起点为记数点O，后隔一段距离，取连续点为记数点A、B、C、D、E、F，如图所示．已知重锤的质量为0.5kg，则电磁打点计时器打下E点时，重锤减少的重力势能△E P ＝J（取重力加速度g＝9.8m/s2，计算结果保留2位有效数字），重锤增加的动能△E K与减少的重力势能△E P的大小关系为△E K△E P（选填“大于”、“小于”或“等于”）．三、计算题14．（12分）1969年7月20日，人类第一次登上月球，宇航员在月球表面做了这样一个实验：将一片羽毛和一个铁锤从同一个高度同时由静止释放，二者几乎同时落地．若羽毛和铁锤是从高度为h处下落，经时间t落到月球表面．已知引力常量为G，月球的半径为R．；（1）求月球表面的自由落体加速度大小g月（2）若不考虑月球自转的影响，求：a．月球的质量M；b．在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动飞行器的周期T．15．（14分）如图所示，在光滑水平面上竖直固定一半径为R的光滑半圆槽轨道BC，其底端恰好与水平面相切，一倾角为θ的挡板DE位于半圆槽左侧，现有一质量为m的小球从A点以的初速度v0向右运动，不计空气阻力，重力加速度为g．（1）小球通过B点时对半圆槽的压力大小；（2）若小球未能通过最高点C，请定性分析小球离开半圆槽轨道后做什么运动？（3）若小球恰能通过最高点C后，有以下两种运动情境：①小球垂直打到挡板上；②小球到达挡板的位移最小，请分别求出两种情境下小球从C点到挡板的飞行时间t．16．（14分）如图甲所示，足够长的水平传送带始终保持匀速运动，水平向左飞来的子弹击中并从物块中穿过．此后小物块的速度随时间变化的关系如图乙所示，图中取向右运动的方向为正方向．物块质量M＝1.0kg，g取10m/s2．求：（1）物块与传送带间的动摩擦因数μ；（2）摩擦力对物体做的功；（3）摩擦力对传送带做的功．2016-2017学年黑龙江省齐齐哈尔实验中学高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（4分）关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．滑动摩擦力对物体一定做负功B．静摩擦力对物体可能做正功C．一对相互作用的滑动摩擦力对相互作用的两物体做功代数和一定为负值D．合外力对物体不做功，物体一定处于平衡状态【解答】解：A、恒力做功的表达式W＝FScosα，滑动摩擦力的方向与物体相对运动方向相反，但与运动方向可以相同，也可以相反，还可以与运动方向垂直，故可能做负功，也可能做正功，也可以不做功，故A错误；B、恒力做功的表达式W＝FScosα，静摩擦力的方向与物体相对运动趋势方向相反，但与运动方向可以相同，也可以相反，故静摩擦力可以做正功，也可以做负功，故B正确；C、一对相互作用的滑动摩擦力对相互作用的两物体做功代数和一定为负值，其绝对值等于产生的内能，即Q＝f•△S，故C正确；D、合外力对物体不做功，物体动能一定不变，但不一定平衡，如匀速圆周运动，故D错误；故选：BC。

2014—2015学年度高一下学期期中考试物理试卷一、单项选择题（每小题6分，共30分。

每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，将正确答案前面的字母涂写在答题卡的相应位置。

）1．关于曲线运动的下列说法中正确的是：（ ） A. 做曲线运动物体的速度大小一定变化 B. 做曲线运动物体的速度方向一定变化 C. 做曲线运动物体的加速度一定变化 D.做曲线运动物体所受的合外力一定变化 2．关于运动的合成与分解，下述说法中正确的是（ ） A.合运动的速度大小等于分运动的速度大小之和B.物体的两个分运动若是直线运动，则它的合运动一定是直线运动C. 若合运动是曲线运动，则其分运动中至少有一个是曲线运动D.物体受到几个力的作用而做匀速直线运动，如果只撤掉其中的一个力，其它力保持不变，则它可能做曲线运动3．滑雪运动员以20m/s 的速度从一平台水平飞出，落地点与飞出点的高度差3.2m 。

不计空气阻力，g=10m/s 2。

运动员飞过的水平距离为s ，所用时间为t ，下列结果正确的是（ ）A ．s=16m ，t=0.50sB ．s=16m ，t=0.80sC ．s=20m ，t=0.50sD ．s=20m ，t=0.80s4．长度为0.5 m 的轻质细杆OA ，A 端有一质量为3 kg 的小球，以O 点为圆心，在竖直平面内做圆周运动，如图所示，小球通过最高点时的速度为1 m/s ，取g = 10 m/s 2，则此时小球（ ）A ．受到6 N 的拉力B ．受到6 N 的支持力C ．受到24 N 的支持力D ．受到36 N 的拉力5．关于地球人造卫星，下列说法中正确的是（ ）A ．它一定始终在赤道正上方运行B ．各国发射的同步卫星轨道半径可以不一样C ．运行的线速度一定不大于第一宇宙速度D ．周期为24小时的卫星就是同步卫星 考 场 考 号班 级姓 名二、不定项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分, 将正确答案前面的字母涂写在答题卡的相应位置。

掌门1对1教育高中物理2014-2015学年黑龙江省齐齐哈尔一中高一（上）期中物理复习试卷一、选择题：本大题共10小题，每题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题目要求，有的有多个选项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合，如图所示，可大致表示其实验和思维的过程，对这一过程的分析，下列说法正确的是（）A．其中的甲图是实验现象，丁图是经过合理的外推得到的结论B．其中的丁图是实验现象，甲图是经过合理的外推得到的结论C．运用甲图的实验，可“冲淡”重力的作用，使实验现象更明显D．运用丁图的实验，可“放大”重力的作用，使实验现象更明显2．某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的（）A．路程和位移的大小均为3.5πRB．路程和位移的大小均为RC．路程为3.5πR、位移的大小为RD．路程为0.5πR、位移的大小为R3．一辆汽车沿直线运动，先以15m/s的速度驶完全程的四分之三，余下的路程以20m/s的速度行驶，则汽车从开始到驶完全程的平均速度大小为（）A．16m/s B．16.3m/s C．17.5m/s D．18.8m/s4．某物体的位移图象如图所示，则下列叙述正确的是（）A．物体运动的轨迹是抛物线B．物体运动的时间为8sC．物体运动所能达到的最大位移为80mD．在t=4s时刻，物体的瞬时速度为零5．如图所示，物体的运动分三段，第1、2s为第I段，第3、4s为第II段，第5s为第III段，则下列说法正确的是（）A．第1s内与第5s内的速度方向相反B．第1s的加速度大于第5s的加速度C．第I段与第III段的平均速度相等D．第I段与第III段的加速度和速度的方向都相同6．一辆农用“小四轮”漏油，假如每隔l s漏下一滴，车在平直公路上行驶，一位同学根据漏在路面上的油滴分布，分析“小四轮”的运动情况（已知车的运动方向）．下列说法中正确的是（）A．当沿运动方向油滴始终均匀分布时，车可能做匀速直线运动B．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车一定在做匀加速直线运动C．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车的加速度可能在减小D．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车的加速度可能在增大7．某质点做匀变速直线运动，在连续两个2s内的平均速度分别是4m/s和10m/s，该质点的加速度为（）A．3 m/s2B．4 m/s2C．5 m/s2D．6 m/s28．一个物体由静止开始做匀加速直线运动，第1s末的速度达到4m/s，物体在第2s内的位移是（）A．6 m B．8 m C．4 m D．1.6 m9．一辆汽车刹车前速度为30m/s，刹车获得大小为10m/s2的加速度，那么刹车后2s内与刹车后4s 内汽车通过的位移之比是（）A．1：1 B．4：3 C．3：4 D．8：910．为了求塔身的高度，从塔顶自由落下一石子，忽略空气阻力对石子的影响，要求塔的高度，除了需要知道重力加速度外，还需要知道（）A．落地时的速度B．第1s末和第2s末的速度C．最初1s内的位移D．最后1s内的位移二、填空题（共2小题，每题4分，计16分）11．在空中某点竖直上抛物体经8s落地，其v﹣t图象如图所示，抛出后经s到达最大高度，最高点离地面高度是m，抛出点的高度是m．12．如图所示是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带（实验中打点计时器所接低压交流电源的频率为50Hz），从O点后开始每5个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编号为0、1、2、3、4、5、6，测得S1=5.18cm，S2=4.40cm，S3=3.60cm，S4=2.78cm，S5=2.00cm，S6=1.20cm．（结果保留两位有效数字）（1）物体的加速度大小a=m/s2；（2）打点计时器打记数点3时，物体的速度大小为v3=m/s．三、计算题（共4小题，计35分）13．前不久媒体报道，从某大厦29楼窗口落下半块砖头，竟将停在楼下的一辆轿车车顶砸了个口，幸好车内无人，否则后果更加严重．假定此砖头是从距车顶约80m高处由静止开始落下，且空气阻力忽略不计．（g=10m/s2）求：（1）砖头在空中的运动时间；（2）砖头砸到车上时的速度大小；（3）砖头在最后1秒内下落的距离．14．升降机由静止开始以加速度a1匀加速上升2s，速度达到3m/s；接着匀速上升10s；最后再以加速度a2匀减速上升3s才停下来．求：（l）匀加速上升的加速度a1（2）匀减速上升的加速度a2（3）上升的总高度H．（画出v﹣t图象然后求出总高度）15．某一长直的赛道上，有一辆赛车甲准备出发，其前方200m，处有一辆安全车乙正以10m/s的速度匀速前进，这时甲车从静止出发以2m/s2的加速度追赶．求（1）甲车出发后何时追上乙车？追上乙车时甲车的速度多大？（2）两车何时相距最远？最远距离是多少？（3）当赛车刚追上安全车时，赛车手立即刹车，使赛车以4m/s2的加速度做匀减速直线运动，问两车再经过多长时间第二次相遇？（设赛车可以从安全车旁经过而不发生相撞）16．2011年7月23日晚，北京至福州的D301次动车行驶至温州市双屿路段时，与杭州开往福州的D3115次动车追尾，事故造成40人死亡，约200人受伤．事故原因初步查明是D3115次动车遭到雷击后失去动力而停车，而温州南的信号系统发生故障未检测到有车停在路轨导致指示灯错误显示绿色，造成D301动车追尾．目前我国动车组列车常使用自动闭塞法行车．自动闭塞是通过信号机将行车区间划分为若干个闭塞分区，每个闭塞分区的首端设有信号灯，当闭塞分区有车辆占用或钢轨折断时信号灯显示红色（停车），后一个闭塞分区显示黄色（制动减速），其它闭塞分区显示绿色（正常运行）．假设动车制动的加速度大小为1m/s2，动车司机可视距离为450m，不考虑反应时间．（g=10m/s2）（1）如果有车停在路轨而信号系统发生故障，司机看到停在路轨上的车才刹车，要使动车不发生追尾，则动车运行速度不得超过多少？（2）如果动车设计运行速度为252km/h，求：①动车的制动距离；②正常情况下，要使动车不发生追尾，每个闭塞分区至少多长．2014-2015学年黑龙江省齐齐哈尔一中高一（上）期中物理复习试卷参考答案与试题解析一、选择题：本大题共10小题，每题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题目要求，有的有多个选项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑思维的完美结合，如图所示，可大致表示其实验和思维的过程，对这一过程的分析，下列说法正确的是（）A．其中的甲图是实验现象，丁图是经过合理的外推得到的结论B．其中的丁图是实验现象，甲图是经过合理的外推得到的结论C．运用甲图的实验，可“冲淡”重力的作用，使实验现象更明显D．运用丁图的实验，可“放大”重力的作用，使实验现象更明显考点：伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．专题：直线运动规律专题．分析：本题考查了伽利略对自由落体运动的研究，要了解其研究过程为什么要“冲淡”重力的方法．解答：解：伽利略设想物体下落的速度与时间成正比，因为当时无法测量物体的瞬时速度，所以伽利略通过数学推导证明如果速度与时间成正比，那么位移与时间的平方成正比；由于当时用滴水法计算，无法记录自由落体的较短时间，伽利略设计了让铜球沿阻力很小的斜面滚下，来“冲淡”重力得作用效果，而小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长的多，所以容易测量．伽利略做了上百次实验，并通过抽象思维在实验结果上做了合理外推．所以伽利略用来抽象思维、数学推导和科学实验相结合的方法．故AC正确，BD错误．故选：AC．点评：本题考查的就是学生对于物理常识的理解，这些在平时是需要学生了解并知道的，看的就是学生对课本内容的掌握情况．2．某人沿着半径为R的水平圆周跑道跑了1.75圈时，他的（）A．路程和位移的大小均为3.5πRB．路程和位移的大小均为RC．路程为3.5πR、位移的大小为RD．路程为0.5πR、位移的大小为R考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也由方向；路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向．解答：解：人经过了1.75个圆周，所以经过的路程为1.75×2πR=3.5πR；位移是指从初位置到末位置的有向线段的长度，所以位移的大小为R．故选：C．点评：本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了．3．一辆汽车沿直线运动，先以15m/s的速度驶完全程的四分之三，余下的路程以20m/s的速度行驶，则汽车从开始到驶完全程的平均速度大小为（）A．16m/s B．16.3m/s C．17.5m/s D．18.8m/s考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：设全程的位移大小为4x，根据t=分别求出前后两段运动的时间表达式，再得到全程平均速度的表达式，求出v．解答：解：设全程的位移大小为4x，由题得到全程的平均速度，又t1=，t2=得到带入数据得：=16m/s故选A．点评：本题考查对平均速度的理解和应用能力，常规题，关键抓住平均速度的定义列式．4．某物体的位移图象如图所示，则下列叙述正确的是（）A．物体运动的轨迹是抛物线B．物体运动的时间为8sC．物体运动所能达到的最大位移为80mD．在t=4s时刻，物体的瞬时速度为零考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：物体的位移图象表示位移随时间变化的规律，不是物体的运动轨迹．由图直接物体运动的时间．物体的位移大小等于纵坐标之差．根据图线的斜率等于速度，由数学知识求解速度．解答：解：A、如图是物体的位移图象，反映物体的位移随时间变化的规律，不是物体的运动轨迹．故A错误．B、由图读出物体运动的时间为8s．故B正确．C、在前4s内，物体的位移由0增大到80m，在后4s内物体的位移从80m减小到0，所以物体运动所能达到的最大位移为80m．故C正确．D、在t=4s时刻，图线的斜率等于0，说明物体的瞬时速度为零．故D正确．故选BCD点评：对于位移图象，可直接读出某一时刻的位移、由斜率读出速度．基本题．5．如图所示，物体的运动分三段，第1、2s为第I段，第3、4s为第II段，第5s为第III段，则下列说法正确的是（）A．第1s内与第5s内的速度方向相反B．第1s的加速度大于第5s的加速度C．第I段与第III段的平均速度相等D．第I段与第III段的加速度和速度的方向都相同考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：物体先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，最后做匀减速直线运动，图线的斜率表示加速度，根据斜率求出加速度，根据匀变速直线运动的平均速度公式=求出平均速度的大小．解答：解：A、物体在前5s内速度一直沿正方向，则知第1s内与第5s内的速度方向相同，故A 错误．B、根据图线的斜率表示加速度，斜率大小越大，加速度越大，可知，第1s的加速度小于第5s的加速度，故B错误．C、第I段和第III段初、末速度分别相等，根据匀变速直线运动的平均速度公式=，可知这两段的平均速度相等．故C正确．D、第1s内物体做匀加速直线运动，加速度方向与速度方向相同，第III段做匀减速直线运动，加速度的方向与速度方向相反，两段速度方向相同，则加速度方向相反．故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．要注意公式=只适用于匀变速直线运动．6．一辆农用“小四轮”漏油，假如每隔l s漏下一滴，车在平直公路上行驶，一位同学根据漏在路面上的油滴分布，分析“小四轮”的运动情况（已知车的运动方向）．下列说法中正确的是（）A．当沿运动方向油滴始终均匀分布时，车可能做匀速直线运动B．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车一定在做匀加速直线运动C．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车的加速度可能在减小D．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车的加速度可能在增大考点：匀速直线运动及其公式、图像；加速度．专题：直线运动规律专题．分析：本题主要考查连续相等的时间间隔内位移差△x和加速度a之间的关系，如果△x＞0，物体加速，当△x逐渐增大时a逐渐增大，△x逐渐减小，则车的加速度可能逐渐减小．解答：解：A、如果相邻油滴之间的距离差△x=0，则车可能做匀速直线运动．故A正确．B、如果相邻油滴之间的距离差△x＞0，并且△x逐渐增大，则车的加速度逐渐增大，故B错误．C、如果相邻油滴之间的距离差△x＞0，并且△x逐渐增大，车速增大，而车的加速度可能逐渐减小，故C正确．D、如果相邻油滴之间的距离差△x＞0，并且△x逐渐增大，车速增大，车的加速度可能在逐渐增大，故D正确．故选A、C、D．点评：灵活的利用基本公式△x=aT2是解决本题的关键，只有真正理解了连续相等的时间间隔内位移差△x=aT2，才有可能灵活快速的解决本题．故要加强基本概念的理解．7．某质点做匀变速直线运动，在连续两个2s内的平均速度分别是4m/s和10m/s，该质点的加速度为（）A．3 m/s2B．4 m/s2C．5 m/s2D．6 m/s2考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：求出连续两个2s内的位移，根据△x=aT2求出质点的加速度．解答：解：第一个2s内的位移x 1=T=8m，第二个2s内的位移x 2=T=20m．根据△x=aT2得，a==m/s2=3m/s2．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论，在连续相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2．8．一个物体由静止开始做匀加速直线运动，第1s末的速度达到4m/s，物体在第2s内的位移是（）A．6 m B．8 m C．4 m D．1.6 m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：物体的初速度为0，根据速度时间公式v=at，求出物体的加速度，然后根据位移时间公式x=v1t+at2求出第2s内的位移．解答：解：根据速度时间公式v1=at，得a===4m/s2．第1s末的速度等于第2s初的速度，所以物体在第2s内的位移x2=v1t+at2=4×1+×4×1m=6m．故选：A．点评：解决本题的关键掌握速度时间公式v=v0+at，以及位移时间公式x=v0t+at2．9．一辆汽车刹车前速度为30m/s，刹车获得大小为10m/s2的加速度，那么刹车后2s内与刹车后4s 内汽车通过的位移之比是（）A．1：1 B．4：3 C．3：4 D．8：9考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据速度时间公式求出汽车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出汽车刹车后的位移．解答：解：汽车速度减为零所需的时间，则2s内的位移==40m，刹车后4s内的位移等于3s内的位移，则，则位移之比为8：9．故选：D．点评：本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动．10．为了求塔身的高度，从塔顶自由落下一石子，忽略空气阻力对石子的影响，要求塔的高度，除了需要知道重力加速度外，还需要知道（）A．落地时的速度B．第1s末和第2s末的速度C．最初1s内的位移D．最后1s内的位移考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：通过自由落体运动的位移时间公式h=gt2和速度位移公式v2=2gh知，只要知道落地的速度或下落的时间，就可以求出塔身的高度解答：解：A、根据速度位移公式v2=2gh知，知道末速度，可以求出下落时间，则就可以知道下落的高度，故A正确；B、知道第二秒末和第一秒末的速度无法求解出运动的总时间，也不能求解末速度，故无法求解塔高，故B错误；C、知道最初一秒内的位移，无法求解出运动的总时间，也不能求解末速度，故无法求解塔高，故C 错误；D、根据最后1s内的位移，可以知道最后1s内的平均速度，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则可以知道落地前0.5s末的速度，根据速度时间公式v=v0+gt，求出落地时的速度，再根据v2=2gh，求出下落的距离，故D正确；故选：AD．点评：解决本题的关键知道根据自由落体运动的位移时间公式h=gt2和速度位移公式v2=2gh，只要知道落地的速度或下落的时间，就可以求出塔身的高度．二、填空题（共2小题，每题4分，计16分）11．在空中某点竖直上抛物体经8s落地，其v﹣t图象如图所示，抛出后经3s到达最大高度，最高点离地面高度是125m，抛出点的高度是80m．考点：匀变速直线运动的图像；竖直上抛运动．专题：运动学中的图像专题．分析：竖直上抛物体，当速度为零时，到达最高点，由图读出时间．求出从最高点到落回地面过程图象的面积，即可求出最高点离地面的高度．由图求出下落高度，则上升与下落的高度差即为抛出点的高度．解答：解：当速度v为零时，到达最高点，由图读出时间t=3s．物体在3～8s内图象的“面积”S=m=125m，则最高点离地面高度是125m．由图求出物体上升的最大高度H=m=45m抛出点的高度是h=S﹣H=80m．故本题答案是：3，125，80．点评：本题是没有空气阻力的竖直上抛运动的速度图象，抓住两点：斜率表示加速度，面积表示位移来理解．12．如图所示是研究物体做匀变速直线运动规律时得到的一条纸带（实验中打点计时器所接低压交流电源的频率为50Hz），从O点后开始每5个计时点取一个记数点，依照打点的先后顺序依次编号为0、1、2、3、4、5、6，测得S1=5.18cm，S2=4.40cm，S3=3.60cm，S4=2.78cm，S5=2.00cm，S6=1.20cm．（结果保留两位有效数字）（1）物体的加速度大小a=0.80m/s2；（2）打点计时器打记数点3时，物体的速度大小为v3=0.32m/s．考点：打点计时器系列实验中纸带的处理．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．（1）由于从O点后开始每5个计时点取一个记数点，所以计数点间的时间间隔为T=0.1s，解答：解：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：s4﹣s1=3a1T2s5﹣s2=3a2T2s6﹣s3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）代入题目告诉的已知条件，即小车运动的加速度计算表达式为：a=；a=m/s2=0.80m/s2（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上3点时小车的瞬时速度大小．v3==0.32m/s2故答案为：0.80；0.32点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．三、计算题（共4小题，计35分）13．前不久媒体报道，从某大厦29楼窗口落下半块砖头，竟将停在楼下的一辆轿车车顶砸了个口，幸好车内无人，否则后果更加严重．假定此砖头是从距车顶约80m高处由静止开始落下，且空气阻力忽略不计．（g=10m/s2）求：（1）砖头在空中的运动时间；（2）砖头砸到车上时的速度大小；（3）砖头在最后1秒内下落的距离．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：（1）砖头做自由落体运动，根据h=即可求得时间；（2）根据v=gt即可求得砖头砸到车上时的速度；（3）先根据位移公式求解（t﹣1）时间的位移，就可得到最后1s的位移．解答：解：（1）根据h=得：t===4s（2）砖头砸到车上时的速度：v=gt=40m/s（3）前3s的位移为：h′=故最后1s的位移为：△h=h﹣h′=80﹣45=35m答：（1）砖头在空中的运动时间为4s；（2）砖头砸到车上时的速度大小为40m/s；（3）砖头在最后1秒内下落的距离为35m．点评：该题主要考查了自由落体运动基本公式的直接应用，记住公式即可，基础题．14．升降机由静止开始以加速度a1匀加速上升2s，速度达到3m/s；接着匀速上升10s；最后再以加速度a2匀减速上升3s才停下来．求：（l）匀加速上升的加速度a1（2）匀减速上升的加速度a2（3）上升的总高度H．（画出v﹣t图象然后求出总高度）考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据求解加速度，作出整个过程的速度时间关系图象，然后根据v﹣t图与时间轴包围的面积表示位移进行求解．解答：解：（1）匀加速过程加速度；（2）匀减速过程加速度为：；（3）作出整个过程的速度时间关系图象，如图v﹣t图与时间轴包围的面积，故总位移为：；答：（l）匀加速上升的加速度为1.5m/s2；（2）匀减速上升的加速度为）﹣1m/s2；（3）上升的总高度H为37.5m．点评：本题关键要掌握匀变速运动的加速度公式和位移公式，同时明确v﹣t图与时间轴包围的面积表示位移，基础题．15．某一长直的赛道上，有一辆赛车甲准备出发，其前方200m，处有一辆安全车乙正以10m/s的速度匀速前进，这时甲车从静止出发以2m/s2的加速度追赶．求（1）甲车出发后何时追上乙车？追上乙车时甲车的速度多大？（2）两车何时相距最远？最远距离是多少？（3）当赛车刚追上安全车时，赛车手立即刹车，使赛车以4m/s2的加速度做匀减速直线运动，问两车再经过多长时间第二次相遇？（设赛车可以从安全车旁经过而不发生相撞）考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）根据位移关系，结合运动学公式求出追及的时间，根据速度时间公式求出追上乙车时甲车的速度．（2）当两车速度相等时，相距最远，结合速度时间公式求出速度相等经历的时间，根据位移公式求出最远距离．（3）根据位移关系，结合运动学公式求出第二次相遇的时间．解答：解：（1）由题意s=L+200，即，代入数据得到：t=20s则甲车的速度：v=at=2×20=40m/s（2）很显然，当赛车的速度加到和安全车相等时相距最远，经历的时间为：t==5s相距的最远距离为：m=225m．（3）赛车的加速度大小为a=4 m/s2，设第二次追上所用的时间为t2，则v•t2=v赛•t2﹣a，代入数据解得t2=15 s设赛车从刹车到停下用时为t3，则t3=═10s＜t2，故自行车再次追上汽车前，汽车已停下．停车前汽车的位移x汽=t3设经t4时间追上，则v•t4=t3，解得：t4=20 s，即再经过20s两车第二次相遇．答：（1）甲车出发后经过20s追上乙车，追上乙车时甲车的速度为40m/s．（2）两车经过5s相距最远，最远距离为225m．（3）再经过20s两车第二次相遇．点评：本题属于追及问题，解决的关键是熟练运用运动学公式，知道两车速度相等时，有最大距离．16．2011年7月23日晚，北京至福州的D301次动车行驶至温州市双屿路段时，与杭州开往福州的D3115次动车追尾，事故造成40人死亡，约200人受伤．事故原因初步查明是D3115次动车遭到雷击后失去动力而停车，而温州南的信号系统发生故障未检测到有车停在路轨导致指示灯错误显示绿色，造成D301动车追尾．目前我国动车组列车常使用自动闭塞法行车．自动闭塞是通过信号机将行车区间划分为若干个闭塞分区，每个闭塞分区的首端设有信号灯，当闭塞分区有车辆占用或钢轨折断时信号灯显示红色（停车），后一个闭塞分区显示黄色（制动减速），其它闭塞分区显示绿色（正常运行）．假设动车制动的加速度大小为1m/s2，动车司机可视距离为450m，不考虑反应时间．（g=10m/s2）（1）如果有车停在路轨而信号系统发生故障，司机看到停在路轨上的车才刹车，要使动车不发生追尾，则动车运行速度不得超过多少？（2）如果动车设计运行速度为252km/h，求：①动车的制动距离；②正常情况下，要使动车不发生追尾，每个闭塞分区至少多长．考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出动车运行的最大速度．（2）根据位移速度公式求解动车的制动距离，若信号正常，当司机看到黄灯开始制动，到红灯处停车．每个闭塞分区的最小长度等于动车的制动距离减去动车司机可视距离．解答：解：（1）如果信号故障，要使动车不发生追尾，则动车制动距离不得大于可视距离由运动学公式。

2014-2015学年黑龙江省齐齐哈尔实验中学高一（下）期末物理试卷一、选择题：本题共12小题；每小题4分，共48分．在1到9题中给出的四个选项中只有一个选项正确，10到12题中有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．（4分）1990年5月，紫金山天文台将他们发现的第2752号小行星命名为吴健雄星，该小行星的半径为16km．若将此小行星和地球均看成质量分布均匀的球体，小行星密度与地球相同．已知地球半径R=6400km，地球表面重力加速度为g．这个小行星表面的重力加速度为（）A．400g B．C．20g D．2．（4分）如图所示，一根光滑的轻杆沿水平方向放置，左端O处连接在竖直的转动轴上，a、b为两个可看做质点的小球，穿在杆上，并用细线分别连接Oa和ab，且Oa=ab，已知b球质量为a球质量的2倍．当轻杆绕O轴在水平面内匀速转动时，Oa和ab两线的拉力之比F1：F2为（）A．2：1 B．1：2 C．5：1 D．5：43．（4分）已知地球的质量是月球质量的81倍，地球半径大约是月球半径的4倍，不考虑地球、月球自转的影响，由以上数据可推算出（）A．地球的平均密度与月球的平均密度之比约为9：8B．地球表面的重力加速度与月球表面的重力加速度之比约为9：4C．靠近地球和月球表面沿圆轨道运行的航天器的周期之比约为8：9D．靠近地球和月球表面沿圆轨道运行的航天器的线速度之比约为81：44．（4分）如图所示，将完全相同的两小球A、B用长为L=0.8m的细绳悬于以v=4m/s 向右运动的小车顶部，两小球与小车前后竖直壁接触，由于某种原因，小车突然停止，此时悬线中张力之比T B：T A为（g=10m/s2）（）A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．1：45．（4分）如图所示，重物质量为1kg，动滑轮质量不计，竖直向上拉动细绳，使重物从静止开始以5m/s2的加速度上升，则拉力F在1s末的瞬时功率为（取g=10m/s2）（）A．75W B．37.5W C．12.5W D．15W6．（4分）质量为m的汽车行驶在平直的公路上，在运动过程中所受阻力不变．当汽车的加速度为a，速度为v时发动机的功率为P1，则当功率恒为P2时，汽车行驶的最大速度为（）A．B． C．D．7．（4分）一质量为m的物体由静止开始以2g的加速度竖直向上运动的距离为h，重力加速度为g，不计空气阻力，则（）A．物体重力势能增加了2mgh B．物体动能增加了mghC．物体机械能增加了3mgh D．物体机械能增加了2mgh8．（4分）一个同学在做研究平抛运动实验时，只在纸上记下y轴位置，并在坐标纸上描出如下图所示曲线．现在我们在曲线上取A、B两点，用刻度尺分别量出它们到y轴的距离AA′=x1，BB′=x2，以及AB的竖直距离h，从而求出小球抛出时的初速度v0为（）A．B．C．D．9．（4分）如图，水平地面上有一木箱，木箱与地面间的动摩擦因数为μ，木箱在与水平夹角为θ的拉力F作用下做匀速直线运动．在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度始终保持不变，则拉力F的功率（）A．一直增大B．一直减小C．先减小后增大D．先增大后减小10．（4分）物块由静止从粗糙斜面上的某点加速下滑到另一点，此过程中重力对物块做的功等于（）A．物块动能的增加量B．物块重力势能的减少量C．物块重力势能的减少量和物块动能的增加量以及物块克服摩擦力做的功之和D．物块动能的增加量与物块克服摩擦力的做功之和11．（4分）一只小船在静水中的速度为3m/s，它要渡过一条宽为30m的河，河水流速为4m/s，则这只船（）A．不可能渡过这条河B．过河时间不可能小于10sC．不能沿垂直于河岸方向过河D．可以渡过这条河，而且所需时间可以为6s12．（4分）如图所示，水平传送带由电动机带动，并始终保持以速度v匀速运动，现将质量为m的某物块由静止释放在传送带上的左端，过一会儿物块能保持与传送带相对静止，设物块与传送带间的动摩擦因数为μ，对于这一过程，下列说法正确的是（）A．摩擦力对物块做的功为0.5mv2B．物块对传送带做功为0.5mv2C．系统摩擦生热为0.5mv2D．电动机多做的功为mv2二．非选择题部分共5小题，共计52分．请按题目要求在答题卡上各题的答题区域内作答，在试题卷上作答无效．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．13．（8分）在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地重力加速度为9.80m/s2，测得所用重物的质量为1kg．某同学按照实验要求正确地打出一条纸带并进行测量，测得初始两点间距接近2mm，量得连续三点A、B、C到第一点间的距离如图所示（相邻点迹的时间间隔为0.02s），那么（计算结果保留3位有效数字）：（1）纸带的端与重物相连（用字母表示）；（2）从起点O到打下计数点B的过程中，通过计算重力势能减少量△E P=，此过程中重物动能的增加量△E K=；（3）由此得出实验的结论是．14．（6分）某同学做探究恒力做功与动能改变的关系的实验装置如图1所示（1）在实验中，用绳的拉力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，除钩码与小车的质量关系应该满足：钩码的质量远小于小车的总质量以外．你认为还应该采取的措施是．（2）图2所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T．距离如图2所示，则打B点时小车的速度为．（3）要验证合外力的功与动能改变间的关系，除位移、速度、钩码的质量外，还要测出的物理量是．15．（10分）如图所示，在倾角为30°的光滑斜面上的O点钉有一根与斜面垂直的钉子，细绳的一端拴在钉子上，绳的另一端拴一个质量为m=0.2kg的小球，绳与斜面平行，小球球心到钉子的距离为R=0.2m．现使小球在斜面上做R为半径的圆周运动，则小球通过最高点时的最小速度大小为m/s，如果细绳所能承受的最大拉力是10N，则小球通过最低点时的最大速度大小为m/s．（重力加速度g=10m/s2）16．（13分）如图所示，质量均为m的小球A．B．C用两条等长的轻绳相连，置于高为h的光滑水平桌面上，绳长为L，且L＞h，A球刚好在桌边，现给A一个微小的扰动，若A球着地后不弹起，若B两球与弧形挡板碰撞时间极短无机械能损失，且碰撞后竖直下落求B球落到地面时的速度．（g为当地重力加速度）17．（15分）如图是为了检验某种防护罩承受冲击能力的装置，M为半径为R=1.0m、固定于竖直平面内的光滑圆弧轨道，轨道上端切线水平，N为待检验的固定曲面，该曲竖直面内的截面为半径r=m的圆弧，圆弧下端切线水平且圆心恰好位于M轨道的上端点，M的下端相切处置放竖直向上的弹簧枪，可发射速度不同的质量m=0.01kg 的小钢珠，假设某次发射的钢珠沿轨道恰好能经过M的上端点，水平飞出后落到N的某一点上，取g=10m/s2，求：（1）发射该钢珠前，弹簧的弹性势能Ep多大？（2）钢珠落到圆弧上N时的动能Ek是多少？（结果保留两位有效数字）2014-2015学年黑龙江省齐齐哈尔实验中学高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题；每小题4分，共48分．在1到9题中给出的四个选项中只有一个选项正确，10到12题中有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．（4分）1990年5月，紫金山天文台将他们发现的第2752号小行星命名为吴健雄星，该小行星的半径为16km．若将此小行星和地球均看成质量分布均匀的球体，小行星密度与地球相同．已知地球半径R=6400km，地球表面重力加速度为g．这个小行星表面的重力加速度为（）A．400g B．C．20g D．【解答】解：由于小行星密度与地球相同，所以小行星质量与地球质量之比为=，根据星球表面万有引力等于重力，列出等式：=mg 得：g=，所以小行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为==，所以这个小行星表面的重力加速度为，故选：B。

哈师大附中2014级高一下学期期中考试物理试题一．选择题1．关于运动和力,下列说法正确的是 ( D )A.物体受到恒定合外力作用时,一定做匀变速直线运动B.物体受到变化的合外力作用时,它的运动速度大小一定变化C.物体做曲线运动时,合外力方向一定与瞬时速度方向垂直D.所有曲线运动的物体,所受合外力一定与瞬时速度方向不在一条直线上2．在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是 ( D )A．开普勒进行了“月—地检验”，得出天上和地下的物体都遵从万有引力定律的结论B．哥白尼提出“日心说”，发现了太阳系中行星沿椭圆轨道运动的规律C．第谷通过对天体运动的长期观察，发现了行星运动三定律D．牛顿发现了万有引力定律3. 一个物体在相互垂直的两个力F1、F2的作用下运动，运动过程中F1对物体做功3J，F2对物体做功4J，则F1和F2的合力做功为（ C ）A、1JB、5JC、7JD、无法计算4．一条河宽100米,船在静水中的速度为5m/s,水流速度是4m/s,则 ( A ) A该船可能垂直河岸横渡到对岸B.当船身垂直河岸航渡时,过河所用的时间最短为20秒C.当船身垂直河岸航渡时,船的位移最小,是100米D.当船航渡到对岸时,船对岸的最小位移是125米5．如图所示，汽车以速度v0匀速向左行驶，则物体M将怎样运动（B）A．匀速上升 B．加速上升C．减速上升 D．先加速后减速6．我国是能够独立设计和发射地球同步卫星的国家之一。

发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1。

然后经点火，使其沿椭圆轨道2运动，最后再次点火，将卫星送入轨道3。

如图所示，轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，则当卫星分别在1、2、3轨道上运行时，下列说法正确的有（ D ）A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1上经过Q点时的加速度大于它在轨道 2上经过Q点时的加速度D．卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度7．两颗相距较近的天体组成双星，它们以两天体的连线上的某点为共同圆心做匀速圆周运动，这样它们不会因为万有引力的作用而被吸到一起，下述说法正确的是( B )A.它们做匀速圆周运动的角速度与质量成反比B.它们做匀速圆周运动的线速度与质量成反比C.它们做匀速圆周运动的半径与质量成正比D.它们做匀速圆周运动的向心力的大小与质量成正比8．质量为m的小球在竖直平面内的圆形轨道的内侧运动，经过最高点而不脱离轨道的临界速度为v，当小球以2v的速度经过最高点时，对轨道的压力大小是（ C ）A．0 B．mg C．3mg D．5mg9. 如图所示，倾角为 的斜面长为L，在顶端水平抛出一小球，小球刚好落在斜面的底端，那么，小球初速度v0的大小为（ A ）A ．cos sin θθgL 2 B ．cos sin θθgL C ．sin cos θθgL 2 D ．sin cos θθgL 10. 2012年5月26日，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，成功地将“中星2A ”地球同步卫星送入太空，为我国广大用户提供广播电视及宽带多媒体等传输业务。

黑龙江省齐齐哈尔实验中学高一物理下学期期中考试【会员独享】一、选择题(本大题共12小题，每小题有一个或多个选项正确，全部选对得4分，选不全得2分，有选错的不得分，满分48分)1、下列说法中正确的是A、做曲线运动的物体的速度方向必定变化B、速度变化的运动必定是曲线运动C、加速度恒定的运动不可能是曲线运动D、加速度变化的运动必定是曲线运动2、质量为m的子弹在h=10m高处以800m/s的水平速度射出枪口，质量为M (已知M>m)的物体也在同一地方同时以10m/s的水平速度抛出。

(不计空气阻力)则有A、子弹和物体同时落地B、子弹落地比物体晚C、子弹水平射程较长D、无法确定3、做斜抛运动的物体，到达最高点时A、物体的速度为零，加速度不为零B、物体的速度为零，加速度也为零C、物体的速度不为零，加速度不为零D、物体的速度不为零，加速度为零4、一个物体以初速度v水平抛出，落地时速度为v，那么物体运动的时间是A、(v-v0)/g B、(v+v)/g C、g/vv22- D、g/vv22+5、如图所示，在匀速转动的圆筒内壁上紧靠着一个物体一起运动，物体所受的向心力是A、重力B、弹力C、静摩擦力D、滑动摩擦力6、汽车通过拱桥顶点的速度为10m/s时，车对桥顶的压力为车重的3/4。

如果要使汽车在粗糙的桥面行驶经过桥顶时不受摩擦力作用，且汽车不脱离桥面，则汽车经过桥顶的速度为A、15m/sB、20m/sC、25m/sD、30m/s7、如图，宇宙飞船A在低轨道上飞行，为了给更高轨道的宇宙空间站B输送物质，需要与B对接，它可以采用喷气的方法改变速度，从而达到改变轨道的目的，则以下说法正确的是A 、它应沿运行速度方向喷气，与B 对接后周期变小B 、它应沿运行速度的反方向喷气，与B 对接后周期变大C 、它应沿运行速度方向喷气，与B 对接后周期变大D 、它应沿运行速度的反方向喷气，与B 对接后周期变小8、2010年1月17日，我国成功发射北斗COMPASS —G1地球同步卫星.据了解这已是北斗卫星导航系统发射的第三颗地球同步卫星.则对于这三颗已发射的同步卫星，下列说法中错误的是A 、它们的运行速度大小相等，且都小于7.9 km/sB ．离地面高度一定,相对地面静止C ．绕地球运行的角速度与地球自转角速度相等D 、它们的向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小相等9、人造卫星以地心为圆心，做匀速圆周运动，下列说法正确的是A 、半径越大，环绕速度越小，周期越小B 、半径越大，环绕速度越小，周期越大C 、所有卫星的环绕速度均是相同的，与半径无关D 、所有卫星的角速度都相同，与半径无关10、甲乙丙三个物体具有相同的动能，甲的质量最大，丙的质量最小，要使它们在相同的距离内停止，若作用在物体上的合力为恒力，则合力A 、甲的最大B 、丙的最大C 、都一样大D 、取决于它们的速度11、质量为m 的物体，在水平方向上只受摩擦力作用，以初速度v 0做匀减速直线运动，经距离d 以后，速度减为v 0 / 2，则A 、此平面动摩擦因数为3v 02 / 8gdB 、摩擦力做功为3mv 02 / 4C 、物体再前进d / 3便停止D 、若使物体前进总距离为2d 时，其初速度至少为23v 0 12、如图所示，物体A 、B 质量相同，与地面的动摩擦因数也相同，在力F 作用下一起沿水平地面向右运动位移为L ，下列说法正确的是A 、摩擦力对A 、B 做的功一样多B 、A 克服摩擦力做的功比B 多C 、F 对A 所做的功与A 对B 做的功相同D 、A 所受的合外力对A 做的功与B 所受的合外力对B 做的功相同二、实验题（本大题共2小题，满分12分）13、 “在探究平抛物体的运动规律”实验的装置如图所示，在实验前应( )A 、将斜槽的末端切线调成水平B 、将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行C 、在白纸上记录斜槽末端槽口的位置O ，作为小球做平抛运动的起点和所建坐标系的原点D 、测出平抛小球的质量14、某高中探究学习小组欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如下图所示的装嚣，置于长木板上的滑块一开始处于静止状态，A 、B 是两个光电门，用细线将滑块通过一个定滑轮与一小沙桶相连，小沙桶内放适量细沙，释放小桶，让滑块做加速运动．(1)本实验中有一个重要的疏漏是 。

2014-2015学年河南省实验中学高一（下）期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分；1-8题为单选，9-12题为多选）1．（4分）关于曲线运动，下列说法正确的有（）A．做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动B．做曲线运动的物体，受到的合外力方向在不断改变C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动2．（4分）一船在静水中的速度为6m/s，要渡过宽度为80m，水流的速度为8m/s的河流，下列说法正确的是（）A．因为船速小于水速，所以船不能渡过此河B．因为船速小于水速，所以船不能行驶到正对岸C．船渡河的最短时间一定为10sD．船渡河的最短时间可能为10s3．（4分）下列说法中不正确的是（）A．两个分运动是直线运动，则它们的合运动也一定是直线运动B．两个分运动是匀速直线运动，则它们的合运动也一定是匀速直线运动C．两个分运动是初速度为零的匀加速直线运动，则它们的合运动也一定是初速度为零的匀加速直线运动D．两个分运动是初速度不为零的匀加速直线运动，则它们的合运动可能是匀变速曲线运动4．（4分）关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．静摩擦力对物体一定不做功B．滑动摩擦力对物体一定做负功C．作用力与反作用力一定同时做功，且之和为0D．合外力对物体不做功，物体不一定处于平衡状态5．（4分）A、B两质点以相同的水平速度υ0抛出，A在竖直平面内运动，落地点为P1，B 沿光滑斜面运动，落地点为P2，不计阻力，如图所示，比较P1、P2在x轴上的远近关系是（）A．P1较远B．P2较远C．P1、P2等远D．A、B两项都有可能6．（4分）理论和实践证明，开普勒定律不仅适用于太阳系中的天体运动，而且对一切天体（包括卫星绕行星的运动）都适用．下面对于开普勒第三定律的公式=K，下列说法正确的是（）A．公式只适用于轨道是椭圆的运动B．式中的K值，对太阳﹣行星系统和地球﹣月球系统是相等的C．式中的K值，只与中心天体有关，与绕中心天体旋转的行星（或卫星）无关D．若已知月球与地球之间的距离，根据公式可求出地球与太阳之间的距离7．（4分）天文学家发现了某恒星有一颗行星在圆形轨道上绕其运动，并测出了行星的轨道半径和运行周期．由此可推算出（）A．行星的质量B．行星的半径C．恒星的质量D．恒星的半径8．（4分）如图．地球赤道上的山丘e，近地资源卫星p和同步通信卫星q均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动．设e、p、q，的圆周运动速率分别为v1、v2、v3，向心加速度分别为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v2＜v3C．a1＞a2＞a3D．a1＜a3＜a29．（4分）两颗靠得很近的天体称为双星，它们都绕两者连线上某点做匀速圆周运动，因而不至于由于万有引力而吸引到一起，则以下说法中正确的是（）A．它们做圆周运动的角速度大小之比等于其质量的反比B．它们做圆周运动的线速度大小之比等于其质量的反比C．它们做圆周运动的向心加速度大小之比等于其质量的反比D．它们做圆周运动的半径大小之比等于其质量的正比10．（4分）变速自行车靠变换齿轮组合来改变行驶速度．如图是某一变速车齿轮转动结构示意图，图中A轮有48齿，B轮有42齿，C轮有18齿，D轮有12齿，则（）A．该车可变换两种不同挡位B．该车可变换四种不同挡位C．当B轮与C轮组合时，两轮的角速度之比ωA：ωD=7：3D．当A轮与D轮组合时，两轮的角速度之比ωA：ωD=1：411．（4分）如图所示，小物体位于半径为R的半球顶端，若给小物体以水平初速度v0时，小物体对球顶恰无压力，则（）A．物体立即离开平面做平抛运动B．物体落地时水平位移2RC．物体的初速度v0=D．物体着地时速度方向与地面成45°12．（4分）如图所示，发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步轨道3．轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点（如图所示）则当卫星分别在1、2、3轨道正常运行时，以下说法正确的是（）A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1上的经过Q点时的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度D．卫星在轨道2上的经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度二、实验题（本大题共7空，每空2分，共14分）13．（4分）某研究性学习小组进行了如下实验：如图所示，在一端封闭的光滑细玻璃管中注满清水，水中放一个红蜡做成的小圆柱体R．将玻璃管的开口端用胶塞塞紧后竖直倒置且与Y轴重合，在R从坐标原点以速度v0=3cm/s匀速上浮的同时，玻璃管沿x轴正方向做初速为零的匀加速直线运动．同学们测出某时刻R的坐标为（4，6），此时R的速度大小为5 cm/s，R在上升过程中运动轨迹的示意图是D．（R视为质点）14．（10分）在“探究平抛运动规律”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：A．让小球多次从斜槽上的位置滚下，在一张印有小方格的纸上记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置，如图中所示的a、b、c、d．B．按图乙所示安装好器材，注意斜槽末端，记下平抛初位置O点和过O点的竖直线．C．取下白纸以O为原点，以竖直线为y轴建立平面直角坐标系，用平滑曲线画出小球做平抛运动的轨迹．（1）完成上述步骤，将正确的答案填在横线上．（2）上述实验步骤的合理顺序是．（3）已知图中小方格的边长L=2.5cm，则小球平抛的初速度为v 0=m/s，小球在b点的速率为m/s．（取g=10m/s2）。

齐齐哈尔市实验中学2014届高三综合练习〔一〕理综试题一、选择题〔此题共13小题。

在每一小题6分，共78分。

在每一小题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的〕可能用到的相对原子质量：H—1 C—12 N—14 O—16 Na—23 S—32 Cu—64 Zn—651.如下有关细胞器的说法正确的答案是A.大肠杆菌中tRNA与氨基酸的结合发生在核糖体上B.叶绿体是所有生物进展光合作用的场所C.吞噬细胞与肌肉细胞相比，溶酶体的含量较多D.核糖体是噬菌体、细菌、酵母菌唯一共有的细胞器2.右图是某二倍体生物正在进展分裂的细胞，等位基因A 和a位于染色体的位置〔不考虑交叉互换和基因突变〕可能是A.该细胞只有a，分别位于⑤和⑧上B.该细胞只有A，分别位于②和⑥上C.A位于⑤上，a位于⑦上D.A位于①上，a位于⑤上3.如下关于科学实验与方法的表示正确的答案是A.观察视野中蝗虫一个精母细胞减数分裂，可发现精子形成过程是连续的变化B.摩尔根以果蝇为实验材料通过类比推理法证明了“基因在染色体上〞C.酒精可使溴麝香草酚蓝水溶液由蓝变绿再变黄D.探究酵母菌细胞呼吸方式，采用比照实验法和产物检测法4.某基因(14N)含有3000个碱基，腺嘌呤占35％。

假设该DNA分子用15N同位素标记过的四种游离脱氧核苷酸为原料复制3次，将全部复制产物进展密度梯度离心，得到如图l结果；如果将全部复制产物参加解旋酶处理后再离心，得到如图2结果。

如下有关分析正确的答案是A．X层全部是仅含14N的基因B．w层中含15N标记胞嘧啶3l50个C．X层中含有的氢键数是Y层的1/4D．W层与Z层的核苷酸之比为1:45.如下有关秋水仙素的说法中，正确的答案是A.秋水仙素诱导多倍体时，发挥作用的时期是细胞分裂的间期或前期B.经秋水仙素处理后植物自交后代一定不发生性状别离C.用秋水仙素处理单倍体幼苗或种子只能获得二倍体纯合子D.秋水仙素能够通过抑制纺锤体的形成引起染色体加倍6.某小鼠的初级精母细胞中有20个四分体，将该小鼠的一个分裂旺盛的未标记的体细胞放入32P 标记的培养液中培养，当该细胞进入第一次有丝分裂后期时，如下分析错误的答案是A.有80条染色体被32P 标记 B.含有2组中心体C.每一极含有2条X 染色体或2条Y 染色体D.含有4个染色体组 9. 如下各项反响是中学有机化学中常见的反响，其中属于同一反响类型的是 A ．乙烯通入溴的四氯化碳溶液和通入酸性高锰酸钾溶液中均出现褪色现象B ．甲烷与氯气在光照条件下的反响和苯与氢气生成环己烷的反响C ．乙醇与氧气生成乙醛的反响和乙烯与溴化氢反响制备溴乙烷的反响D ．肥皂的制备反响和用淀粉制备葡萄糖的反响10．分子式为C 9H 18O 2的有机物A 有如下变化关系其中B 、C 的相对分子质量相等，如此A 的可能结构有E CB 稀H 2SO 4 △ A 氧化 D Cu(OH)2 △A ．8种B ．10种C ．16种D ．6种11．如下实验操作能达到目的的是A ．可用图①所示装置收集SO 2B ．可用图②所示装置比拟KMnO 4、Cl 2、S 的氧化性强弱C ．可用图③所示装置除去CH 4中混有的少量C 2H 4D ．可用图④所示装置防止铁钉生锈12．短周期元素X 、Y 、Z 、W 在元素周期表中的位置如如下图所示，其中X 形成化合物种类最多，如下说法正确的答案是A ．W 位于第三周期IV 族B ．Y 的气态氢化物的水溶液中只存在两个平衡状态C ．X 的最高价氧化物的电子式是D ．常温下，将Z 单质投入到Y 的最高价氧化物对应的水化物的浓溶液中，无明显现象13．以石墨电极电解200 mL CuSO 4溶液，电解过程中转移电子的物质的量n (e —)与产生气体体积V (g)〔标准状况〕的关系如如下图所示。

2014-2015学年黑龙江省齐齐哈尔实验中学高一（下）期中物理试卷一、选择题（本题共12小题；每小题4分，共48分．1-7小题只有一个选项正确，8-12小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）（2015春•齐齐哈尔校级期中）关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（）A．物体做曲线运动，其速度一定改变B．物体做曲线运动，其加速度一定改变C．物体在恒力作用下运动，其速度方向一定不变D．物体在变力作用下运动，其速度大小一定改变考点：物体做曲线运动的条件；牛顿第一定律．分析：物体运动轨迹是曲线的运动，称为“曲线运动”．当物体所受的合外力和它速度方向不在同一直线上，物体就是在做曲线运动．解答：解：A、既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，故A正确；B、平抛运动是曲线运动，加速度恒定不变，故B错误；C、物体在恒力作用下运动，其速度方向可能改变，如平抛运动，受到恒力作用，做曲线运动，速度方向时刻改变．故C错误；D、匀速圆周运动受到变力作用，但速度大小不变，故D错误；故选：A点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．2．（4分）（2014春•荔城区校级期末）一辆卡车在丘陵地匀速行驶，地形如图所示，由于轮胎太旧，途中爆胎，爆胎可能性最大的地段应是（）A．a处B．b处C．c处D． d处考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：以车为研究对象，在这些点由重力和支持力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律，研究支持力与半径的关系，确定何处支持力最大，最容易爆胎．解答：解：在坡顶，根据牛顿第二定律，有：mg﹣F N=m解得：F N=mg﹣m故F N＜mg在坡谷，根据牛顿第二定律，有：F N﹣mg=m，F N=mg+m，F N＞mg，r越小，F N越大．则在b、d两点比a、c两点容易爆胎．而d点半径比b点小，则d点最容易爆胎．故选：D．点评：本题考查运用物理知识分析处理实际问题的能力，记住超重时容易爆胎．3．（4分）（2015春•齐齐哈尔校级期中）北斗卫星系统由地球同步轨道卫星与低轨道卫星两种卫星组成，这两种卫星正常运行时，下列说法中正确的是（）A．低轨卫星和地球同步卫星的轨道平面一定重合B．低轨卫星的环绕速率大于7.9km/sC．地球同步卫星比低轨卫星的转动周期大D．低轨卫星和地球同步卫星，可能具有相同的角速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力得出线速度、周期与轨道半径的关系，从而进行判断．解答：解：A、低轨卫星和地球同步卫星的轨道平面不一定重合，故A错误；B、根据万有引力提供圆周运动向心力可得速度公式，可知轨道半径越大运行速度越小，而7.9km/s是地球第一宇宙速度也是环绕地球匀速圆周运动的最大速度，故B错误；C、根据可得周期T=可见轨道半径大的周期大，故C正确；D、由C分析知，两种卫星的周期不同，故角速度肯定不相同，故D错误．故选：C．点评：万有引力提供圆周运动向心力，可以据此由轨道半径大小确定描述圆周运动物理量的大小关系，熟记相关公式是正确解题的关键．4．（4分）（2011春•楚州区校级期末）如图所示，河水流速为v一定，船在静水中的速度为v′，若船从A点出发船头分别朝AB、AC方向划行到达对岸，已知划行方向与河的垂线方向夹角相等，两次的划行时间分别为t AB、t AC，则有（）A．t AB＞t AC B．t AB＜t AC C．t AB=t AC D．无法确定考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，抓住分运动与合运动具有等时性，根据垂直于河岸方向上的运动求解运动的时间．解答：解：因为小船划行方向与河的垂线方向夹角相等，所以小船在垂直于河岸方向上的分速度均为vcosα，则渡河时间均为．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：解决本题的关键将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，知道分运动与合运动具有等时性．5．（4分）（2015春•齐齐哈尔校级期中）若有一颗行星，其质量为地球质量的p倍，半径为地球半径的q倍，则该行星第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的（）A．倍B．倍C．倍D．倍考点：万有引力定律及其应用；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力提供圆周运动向心力求得第一宇宙速度的表达式，再根据质量和半径关系求行星的第一宇宙速度．解答：解：令地球质量为M，半径为R，则行星的质量为PM，半径为qR，第一宇宙速度是近地卫星的绕行速度，根据万有引力提供圆周运动向心力有：可得地球第一宇宙速度表达式为v=同理行星的第一宇宙速度表达式为：v故选：C．点评：本题要掌握第一宇宙速度的定义，正确利用万有引力公式列出第一宇宙速度的表达式是正确解题的关键．6．（4分）（2015春•南昌期中）假设地球可视为质量均匀分布的球体，已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g，地球自转的周期为T，引力常量为G，则地球的密度为（）A．B．C．D．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力等于重力，则可列出物体在两极的表达式，再由引力与支持力的合力提供向心力，列式综合可求得地球的质量，最后由密度公式，即可求解．解答：解：在两极，引力等于重力，则有：mg0=G，由此可得地球质量M=，在赤道处，引力与支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律，则有：G﹣mg=m，而密度公式解得：故选：D点评：考查万有引力定律，掌握牛顿第二定律的应用，注意地球两极与赤道的重力的区别，知道密度表达式．7．（4分）（2014•象山县校级模拟）质量为m的小球，用一条绳子系在竖直平面内做圆周运动，小球到达最高点时的速度为v，到达最低点时的速变为，则两位置处绳子所受的张力之差是（）A．6mg B．5mg C．4mg D．2mg考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：在最高点，小球受重力和绳子的拉力T1，合力提供向心力；在最低点，重力和拉力T2，合力也提供向心力；根据牛顿第二定律列式后联立求解即可．解答：解：在最高点，小球受重力和绳子的拉力T1，合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg+T1=m①在最低点，重力和拉力T2，合力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：T2﹣mg=m②最低点速度为：v′=③两位置处绳子所受的张力之差为：△T=T2﹣T1④联立解得：△T=6mg故选A．点评：本题关键是明确在最高点和最低点小球的合力提供向心力，然后根据牛顿第二定律列式求解出两个拉力，得到拉力之差．8．（4分）（2014秋•洛阳期中）如图所示，轮O1、O3固定在同一轮轴上，轮O1、O2用皮带连接且不打滑，在O1、O2、O3三个轮的边缘各取一点A、B、C，已知三个轮的半径比r1：r2：r3=2：1：1，当转轴匀速转动时，下列说法中正确的是（）A．A、B、C三点的线速度之比为2：2：1B．A、B、C三点的角速度之比为1：2：1C．A、B、C三点的加速度之比为2：4：1D．A、B、C三点的周期之比为1：2：1考点：向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：共轴转动，角速度相等，靠传送带传动，线速度相等，根据v=rω，求出各点的线速度、角速度之比．解答：解：A、A、B两点靠传送带传动，线速度大小相等，A、C共轴转动，角速度相等，根据v=rω，则v A：v C=r1：r3=2：1．所以A、B、C三点的线速度大小之比v A：v B：v C=2：2：1．故A正确；B、A、C共轴转动，角速度相等，A、B两点靠传送带传动，线速度大小相等，根据v=rω，ωA：ωB=r2：r1=1：2．所以A、B、C三点的角速度之比ωA：ωB：ωC=1：2：1，故B正确；C、根据a n=vω，可知，A、B、C三点的加速度之比为2：4：1．故C正确；D、由，可知，A、B、C三点的周期之比为2：1：2，故D错误．故选：ABC．点评：解决本题的知道共轴转动的点，角速度相等，靠传送带传动轮子边缘上的点，线速度相等．9．（4分）（2015春•齐齐哈尔校级期中）如图，两个质量不同的小球用长度不等的细线拴在同一点并在同一水平面内做匀速圆周运动则它们的（）A．运动的角速度相同B．运动的线速度相同C．向心加速度相同D．运动周期相同考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：抓住小球圆周运动的向心力由重力和绳的拉力的合力提供，由受力分析确定．解答：解：小球圆周运动的向心力由重力和绳拉力的合力提供，绳与竖直方向的夹角为θ对小球涭力分析有在竖直方向有：Tcosθ﹣mg=0 ①在水平方向有：Tsinθ=ma=m=mrω2②由①②得：mgtanθ=ma=m=mrω2因为小球在同一平面内做圆周运动，则由题意知，小球圆周运动半径r=htanθ，其中h为运动平面到悬点的距离．A、运动的角速度ω==，角速度与夹角θ无关都相同，根据T=知周期相同，故AD正确；运动的线速度v=，知转动半径不同θ不同，线速度不同，B错误；C、向心加速度a=gtanθ，向心加速度不同，故C错误．故选：AD．点评：能分析题目中物理量的关系，抓住合力提供向心力展开讨论，分析向心力来源是关键．10．（4分）（2010•江苏）航天飞机在完成对哈勃空间望远镜的维修任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的一点，如图所示，关于航天飞机的运动，下列说法中正确的有（）A．在轨道Ⅱ上经过A的速度小于经过B的速度B．在轨道Ⅱ上经过A的速度小于在轨道Ⅰ上经过A的速度C．在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期D．在轨道Ⅱ上经过A的加速度小于在轨道Ⅰ上经过A的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：A、轨道Ⅱ上由A点运动到B点，引力做正功，动能增加．B、从轨道Ⅰ的A点进入轨道Ⅱ需减速，使万有引力大于所需要的向心力，做近心运动．C、根据开普勒第三定律，比较轨道Ⅱ和轨道Ⅰ上运动的周期．D、根据牛顿第二定律，通过比较所受的万有引力比较加速度．解答：解：A、轨道Ⅱ上由A点运动到B点，引力做正功，动能增加，所以经过A的速度小于经过B的速度．故A正确．B、从轨道Ⅰ的A点进入轨道Ⅱ需减速，使万有引力大于所需要的向心力，做近心运动．所以轨道Ⅱ上经过A的速度小于在轨道Ⅰ上经过A的速度．故B正确．C、根据开普勒第三定律，椭圆轨道的半长轴小于圆轨道的半径，所以在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期．故C正确．D、在轨道Ⅱ上和在轨道Ⅰ通过A点时所受的万有引力相等，根据牛顿第二定律，加速度相等．故D错误．故选ABC．点评：解决本题的关键理解飞船的变轨问题，以及知道开普勒第三定律．11．（4分）（2015春•齐齐哈尔校级期中）如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动．小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F，小球在最高点的速度大小为v，其F﹣v2图象如乙图所示．则（）A．当地的重力加速度大小为B．小球的质量为C．v2=c时，小球对杆的弹力方向向上D．v2=2b时，小球受到的弹力与重力大小相等考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：小球在竖直面内做圆周运动，小球的重力与杆的弹力的合力提供向心力，根据图象、应用向心力公式、牛顿第二定律分析答题．解答：解：A、由图象知，当v2=0时，F=a，故有：F=mg=a，由图象知，当v2=b时，F=0，杆对小球无弹力，此时重力提供小球做圆周运动的向心力，有：mg=，得：g=，故A错误；B、由A分析知，当有a=时，得：m=，故B正确C、由图象可知，当v2=c时，有：0＜F＜a=mg，小球对杆的弹力方向向上，故C正确D、由图象可知，当v2=2b时，由，故有：F+mg==，得：F=mg，故D正确故选：BCD．点评：本题主要考查了圆周运动向心力公式的直接应用，要求同学们能根据图象获取有效信息，难度适中．12．（4分）（2015•景县校级模拟）如图，AB为竖直面内半圆的水平直径．从A点水平抛出两个小球，小球l的抛出速度为v1、小2的抛出速度为v2．小球1落在C点、小球2落在D 点，C，D两点距水平直径分别为圆半径的0.8倍和l倍．小球l的飞行时间为t1，小球2的飞行时间为t2．则（）A．t1=t2B．t1＜t2C．v1：v2=4：D．v1：v2=3：考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：小球1做平抛运动，小球2做平抛运动，根据平抛运动规律列方程计算求解．解答：解：对小球1，根据平抛运动规律：对C点与两条半径组成的直角三角形，由勾股定理可得OC在水平方向的分量为0.6R故1.6R=v1t1竖直方向：0.8R=gt12对小球2，根据平抛运动规律：水平方向：R=v2t2竖直方向R=gt22得：t1=4t2=2可见t1＜t2v1=0.4v2=故v1：v2=4：故选：BC．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，运算量有点多．二、实验题（将答案填在答题卡的相应位置上）13．（3分）（2015春•齐齐哈尔校级期中）在做“研究平抛物体的运动”实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹，为了能较准确描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，你认为正确的是（）A．将斜槽的末端切线调成水平B．将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行C．斜槽轨道必须光滑D．小球每次不必从斜槽上的同一位置由静止开始释放E．将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线F．要使描出的轨迹更好地反应真实的运动，记录的点应适当多一些考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题；平抛运动专题．分析：小球做平抛运动，必须保证斜槽末端切线水平；实验过程中要保证小球每次做平抛运动的初速度相同，每次应从斜槽的同一位置由静止释放小球；在白纸上记录记录小球的运动路径时，不必要等高度下降．解答：解：A、通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动．故A正确．B、做平抛运动的物体在同一竖直面内运动，固定白纸的木板必须调节成竖直，小球运动时不应与木板上的白纸相接触，以免有阻力的影响，故B正确；C、斜槽轨道是否光滑，没有要求，但必须水平，故C错误．D、因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故D错误．E、将球经过不同高度的位置记录在纸上后，取下纸，平滑的曲线把各点连接起来，故E错误；F、使描出的轨迹更好地反应真实的运动，记录的点应适当多一些，故F正确；故选：ABF．点评：本题考查了实验注意事项，要知道实验原理与实验注意事项．解决平抛实验问题时，要特别注意实验的注意事项．在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理，要注重学生对探究原理的理解．14．（12分）（2015春•齐齐哈尔校级期中）某同学在做平抛运动实验时得到了如图所示的物体运动轨迹，A、B、C三点的位置在运动轨迹上已标出．（g=10m/s2）则：（1）小球由B运动到C所需时间0.1 s．（2）小球平抛的初速度为 1 m/s．（3）小球运动到B点的速度为m/s（可用根式表示）．（4）小球开始做平抛运动的位置坐标是 AA．（﹣10cm，﹣5cm） B．（0cm，0cm）C．（﹣5cm，﹣10cm） D．（﹣5cm，﹣2.5cm）考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题；平抛运动专题．分析：（1、2）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上△y=gT2，求出时间间隔，再根据水平方向上的匀速直线运动求出初速度；（3）根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，求出B点在竖直方向上的速度，即可求出运动的时间和B点速度；（4）根据B点竖直方向速度，求出从平抛开始到b点的时间，从而求出此时小球水平方向和竖直方向上的位移，即可求出抛出点的坐标．解答：解：（1）在竖直方向上△y=△h=gT2得：T===0.1s（2）则小球平抛运动的初速度：v0===1m/s．（3）B点在竖直方向上的分速度：v By===2m/s小球在B点瞬时速度：v B==m/s=m/s（3）小球运动到B点的时间：t===0.2s因此从平抛起点到O点时间为：△t=t﹣T=0.2s﹣0.1s=0.1s因此从开始到O点水平方向上的位移为：x1=v△t=1m/s×0.1s=0.1m=10cm，竖直方向上的位移：y=g（△t）2=×10×（0.1s）2m=0.05m=5cm．所以开始做平抛运动的位置坐标为：x=﹣10cm，y=﹣5cm，故A正确，BCD错误；故答案为：（1）0.1；（2）1；（3）；（4）A．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，并熟练应用匀变速直线运动的公式以及推论解答问题．三、计算题（解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．（10分）（2015春•齐齐哈尔校级期中）质量m=1kg的小球在长为L=1m的细绳作用下在竖直平面内做圆周运动，细绳能承受的最大拉力T max=46N，取g=10m/s2．试求：（1）若小球恰好通过最高点，则最高点处的速度为多大？（2）在某次运动中在最低点细绳恰好被拉断，则此时的速度为多大？考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：（1）若小球恰好通过最高点，由重力充当向心力，由牛顿第二定律求速度．（2）在最低点细绳恰好被拉断时，细绳的拉力达到最大值 T max=46N，再由牛顿第二定律求解速度．解答：解：（1）小球恰好通过最高点，有 mg=m代入数值可得 v1=m/s（2）小球运动到最低点有：T max﹣mg=m代入数值可得：v2=6m/s答：（1）若小球恰好通过最高点，则最高点处的速度为m/s．（2）在某次运动中在最低点细绳恰好被拉断，则此时的速度为6m/s．点评：解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源，知道“绳模型”最高点的临界条件，结合牛顿第二定律进行分析．16．（12分）（2015春•齐齐哈尔校级期中）如图所示，水平台面AB距地面的高度h=1.25m．有一滑块从A点以v0=7.0m/s的初速度在台面上做匀变速直线运动，滑块与平台间的动摩擦因数μ=0.2．滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出．已知AB长L=6.0m，不计空气阻力，g=10m/s2．求：（1）滑块从B点飞出时的速度大小；（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离；（3）滑块落地时的速度大小和方向．考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的速度与位移的关系；平抛运动．分析：（1）已知滑块的受力可以求出滑块在AB间运动所受的摩擦力，根据牛顿第二定律求出加速度再根据运动学公式求解即可；（2）滑块离开B点后将做平抛运动，根据初速度和抛出点高度可以求出滑块落地点到平台边缘的水平距离；（3）根据运动的合成求解滑块落地时的速度大小．解答：解：（1）滑块在水平方向只受滑动摩擦力作用，故有F合=f=μN=μmg根据牛顿第二定律有滑块产生的加速度=2m/s2取初速度方向为正方向，则滑块的加速度a=﹣2m/s2根据匀变速直线运动的速度位移关系有：==5m/s；（2）滑块离开B点后做平抛运动，滑块做平抛运动的时间t===0.5s则滑块落地时水平方向产生的位移x=v B t=5×0.5m=2.5m；（3）滑块落地时间t=0.5s则滑块落地时，在竖直方向的瞬时速度v y=gt=5m/s，水平方向的速度v x=v B=5m/s；所以根据平抛运动规律，滑块落地时的速度大小==5m/s；tanα===1解得：α=45°；答：（1）滑块从B点飞出时的速度大小为5m/s；（2）滑块落地点到平台边缘水平距离为2.5m；（3）滑块落地的速度大小为5m/s；方向与水平方向成45°点评：本题考查牛顿第二定律的应用；要正确的受力分析，根据牛顿运动定律求加速度，再根据运动学公式求物体运动的速度，熟悉平抛运动的规律是解决本题的关键．17．（15分）（2015春•齐齐哈尔校级期中）神秘的黑洞是近代引力理论所预言的一种特殊天体，探寻黑洞的方案之一是观测双星系统的运动规律．天文学家观测河外星系大麦哲伦云时，发现了LMCX﹣3双星系统，它由可见星A和不可见的暗星B构成，两星可视为质点，不考虑其他天体的影响，A、B围绕两者连线上的O点做匀速圆周运动，它们之间的距离保持不变，如图所示．（1）可见星A所受暗星B的引力F A可等效为位于O点处质量为m′的星体（视为质点）对它的引力，设A和B的质量分别为m1、m2，试求m′（用m1、m2表示）；速率v，求：可见星A运行周期T．考点：万有引力定律及其应用；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：（1）抓住A、B做圆周运动的向心力相等，角速度相等，求出A、B轨道半径的关系，从而得知A、B距离为A卫星的轨道半径关系，可见星A所受暗星B的引力F A可等效为位于O点处质量为m′的星体（视为质点）对它的引力，根据万有引力定律公式求出质量m′．（2）根据万有引力提供向心力由暗星B的质量m2与可见星A的速率v、求运行周期T．解答：解：（1）设A、B的圆轨道半径分别为r1、r2，由题意知，A、B做匀速圆周运动的角速相同，设为ω．由牛顿运动定律，有A、B之间的距离r=r1+r2由万有引力定律，有 F A=由以上各式可解得：m′=（2）由牛顿第二定律，有可见星A的周期T=解得：T=答：（1）可见星A所受暗星B的引力F A可等效为位于O点处质量为m′的星体（视为质点）对它的引力，设A和B的质量分别为m1、m2，m′的表示式为；速率v，可见星A运行周期T为．点评：本题是双子星问题，关键抓住双子星所受的万有引力相等，转动的角速度相等，根据万有引力定律和牛顿第二定律综合求解．。

齐齐哈尔市实验中学2014～2015学年度高一下学期期中化学试卷（考试时间：90分钟；满分：100分）2015.05.04第Ⅰ卷（选择题，共48分）可能用到的相对原子质量：H-1 O-16 N-14 S-32 Al-27 Cl-35.5 C-12 Mg-24Ag-108 Fe-56 Na-23 Cu-64 Zn-65一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共48分）1.设N A表示阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是A．标准状况下，0.1 mol Cl2溶于水，转移的电子数目为0.2N AB．标准状况下，33.6L SO3中含有硫原子的数目为1.5N AC．50mL 18.4mol/L浓硫酸与足量铜微热反应，生成SO2分子数目为0.46N AD．.某密闭容器盛有0.1molN2和0.3molH2，在一定条件下充分反应，转移电子的数目小于0.6N A 2.运用元素周期律分析下面的推断，其中不正确的是A．在氧气中，铷（Rb）的燃烧产物比钠的燃烧产物更复杂B．砹（At）为有色固体，AgAt难溶于水也不溶于稀硝酸C．锂（Li）与水反应比钠与水反应剧烈D．HBrO4的酸性比HIO4的酸性强3.X、Y是元素周期表ⅦA族中的两种元素。

下列叙述中能说明X的非金属性比Y强的是A．X的气态氢化物比Y的气态氢化物稳定B．X的氢化物的沸点比Y的氢化物的沸点低C．X原子的电子层数比Y原子的电子层数多D．Y的单质能将X从NaX的溶液中置换出来4.将几种铁的氧化物的混合物加入100mL、7mol•L―1的盐酸中。

氧化物恰好完全溶解，在所得的溶液中通入0.56L（标准状况）氯气时，恰好使溶液中的Fe2+完全转化为Fe3+，则该混合物中铁元素的质量分数为A. 72.4%B. 71.4%C. 79.0%D. 63.6%5.下列实验装置不能达到实验目的的是A．用SO2做喷泉实验B．验证Cu与浓硝酸反应的热量变化C．验证NH3易溶于水D．比较Na2CO3与NaHCO3的稳定性6.下列实验方案中，能达到实验目的的是7.下列化学反应的离子方程式正确的是A．Cu溶于稀HNO3：Cu＋2H＋＋NO－3=Cu2＋＋NO2↑＋H2OB．(NH4)2Fe(SO4)2溶液与过量NaOH溶液反应制Fe(OH)2：Fe2＋＋2OH－=Fe(OH)2↓C．用稀HNO3溶解FeS固体：FeS+2H+＝Fe2++H2S↑D．向NaAlO2溶液中通入过量CO2制Al(OH)3：CO2＋AlO2－＋2H2O=Al(OH)3↓＋HCO3－8.下列各组物质中，不．满足组内任意两种物质在一定条件下均能发生反应的是9.下列有关溶液组成的描述合理的是A．无色溶液中可能大量存在MnO4－、NH4+、Cl－、S2－B．弱碱性溶液中可能大量存在Na+、K+、NO3－、HCO3－C．酸性溶液中可能大量存在Na+、ClO－、SO42－、I－D．无色溶液中可能大量存在Fe3+、K+、Cl－、SO42－10.短周期元素X、Y、Z、W、Q在元素周期表中的相对位置如图1所示。

2014—2015学年度高一上学期期中考试物理试卷考试时间：90分钟 试卷分值：100分一、选择题（1-8单项选择，9-14多项选择）1．火车停靠在站台上，乘客往往会发现这样的现象，对面的火车缓缓起动了，等到站台出现，才知道对面的火车没有动，而是自己乘坐的火车开动了，则前、后两次乘客采用的参考系是（ ）A.站台，对面火车B.两次都是对面火车C.两次都是对面站台D.自己乘坐的火车，站台2．一个小球从距地面6m 高处落下，被地面弹回，在距离地面3m 处被接住，坐标原点定在抛出点正下方4m 处，选向下为坐标轴的正方向，则小球的抛出点、落地点、接住点的位置坐标分别为 （ ）wA ．4m ，-2m ，-1mB ．-6m ，0m ,3mC ．-4m,2m,-1mD ．-4m ，0m, 3m3．做匀加速直线运动的物体的加速度为3 m/s 2，对任意1 s 来说，下列说法中不正确的是（ ） A.某1 s 末的速度比该1 s 初的速度总是大3 m/s B.某1 s 末的速度比该1 s 初的速度总是大3倍 C.某1 s 末的速度比前1 s 末的速度大3 m/s D.某1 s 末的速度比前1 s 初的速度大6 m/s4.物体做直线运动时可以用坐标轴上的坐标表示物体的位置，用坐标的变化量x ∆表示物体的位移.如图所示，一个物体从A 运动到C ，它的位移1x ∆＝－4 m －5 m ＝－9 m ；从C 运动到B ，它的位移为2x ∆＝l m －(－4 m)＝5 m.下列说法中正确的是（ ）A ．C 到B 的位移大于A 到C 的位移，因为正数大于负数B ．A 到C 的位移大于C 到B 的位移，因为符号表示位移的方向，不表示大小 C ．因为位移是矢量，所以这两个矢量的大小无法比较D ．物体由A 到B 的合位移21x x x ∆-∆∆＝5．台球以10m/s 的速度沿与框边垂直的方向撞击后以8m/s 的速度反向弹回。

若球与框边的接触时间为0.1s ，则台球在与边框碰撞的过程中，它的平均加速度大小和方向为( )A.20m/s2沿球弹回的方向B.20m/s2沿球撞击的方向C.180m/s2沿球弹回的方向D.180m/s2沿球撞击的方向6．P、Q、R三点在同一条直线上，一物体从P点静止开始做匀加速直线运动，经过Q 点的速度为v，到R点的速度为3v，则PQ∶QR等于（）A．l∶8 B．l∶6 C．l∶5 D．1∶37．某同学匀速向前走了一段路后，停了一会儿，然后沿原路匀速返回出发点，下图中能反映此同学运动情况的s－t图线应是( )8. 甲乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v—t图象如图所示，则（）A.乙比甲运动的快B.2 s末乙追上甲C.甲的平均速度大于乙的平均速度D.乙追上甲时距出发点40 m远9.下列物体运动的情况中，可能存在的是（）A.某时刻物体具有加速度，而速度为零B.物体具有恒定的速率，但速度仍变化C.物体速度恒定，但其速率有可能变化D.物体的速度在增大，加速度在减小10. 物体甲的x-t图象和物体乙的v-t图象分别如下图所示，则这两个物体的运动情况是（）A．甲在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零B．甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 mC．乙在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零D．乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 m11.a、b两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀加速直线运动，若初速度不同，加速度相同，则在运动过程中（）A. a、b 的速度之差保持不变B. a、b的速度之差与时间成正比C. a、b 的位移之差与时间成正比D. a、b的位移之差与时间的平方成正比12．一个质点沿x轴做直线运动，它的位置坐标随时间的变化规律是x=2t2+5t-2 (m),式子中t 的单位是s，关于质点的运动下列说法中正确的是（）A．质点一直向x轴正方向运动 B．质点从坐标原点开始运动C．在最初一秒内，质点的位移大小是7m ，方向沿x轴正方向D．在最初一秒内，质点的位移大小是5m ，方向沿x轴正方向13、做匀加速直线运动的物体，先后经过A、B两点时，其速度分别为v和7v，经历时间为t，则下列判断中正确的是（）A.经过A、B 中点时速度为5v B．经过A、B 中点时速度为4vC．从A 到B 所需时间的中间时刻的速度为4vD．在后一半时间所通过的距离比前一半时间通过的距离多vt14.甲、乙、丙三个物体同时同地出发做直线运动，它们的位移一时间图象如图5所示．在20s内，它们的平均速度和平均速率的大小关系是( )A．平均速度大小相等 B．平均速率相等图5C．平均速度V甲>V乙>V丙D．平均速率V甲>V乙=V丙二、实验题（每个空3分，共15分）15．(1)在做用打点计时器测速度的实验时，要用到打点计时器，打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50Hz，常用的电磁打点计时器和电火花计时器使用的是（直流电，交流电），它们是每隔__ __s打一个点.(2)接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是( )A．先接通电源，后让纸带运动 B．先让纸带运动，再接通电源C．让纸带运动的同时接通电源 D．先让纸带运动或先接通电源都可以（3）研究匀变速直线运动的实验中，如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E、F、为相邻的计数点，相邻两计数点间还有四个点未画出，则C点的瞬时速度为v C= m/s.设下图中各段位移从左到右分别为X1、X2………X5，则用逐差法求小车运动的加速度加速度为a = m/s2 .（v C和a的计算结果均保留3位有效数字）三、计算题16. （9分）物体沿直线向同一方向运动，通过两个连续相等的位移的平均速度分别为v1=10m/s 和v2=15m/s，则物体在这整个运动过程中的平均速度是多少？17. （10分）一个质点从静止开始做匀加速直线运动.已知它在第4s内的位移是14m.求：（1）质点运动的加速度；（2）它前进72m所用的时间18.（10分）在现实生活中，雨滴大约在1.5km左右的高空中形成并开始下落。

2014-2015学年黑龙江省齐齐哈尔实验中学高二（下）月考物理试卷（4月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.如图所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30°光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为（）A.都等于B.和0C.•和0D.0和•【答案】D【解析】解：线被剪断瞬间，线的拉力变为0，弹簧形变来不及发生变化，弹力不变，故A球仍受力平衡，加速度为0，B球受重力、支持力、弹簧产生的大小为M A g•sin30°的弹力，所以可得其加速度为．答：D悬线剪断前，以两球为研究对象，求出悬线的拉力和弹簧的弹力．突然剪断悬线瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，分析瞬间两球的受力情况，由牛顿第二定律求解加速度．本题是动力学中典型的问题：瞬时问题，往往先分析悬线剪断前弹簧的弹力，再分析悬线判断瞬间物体的受力情况，再求解加速度，抓住悬线剪断瞬间弹力没有来得及变化．2.如图所示，在光滑水平面上有甲、乙两木块，质量分别为m1和m2，中间用一原长为L、劲度系数为k的轻质弹簧连接起来，现用一水平力F向左推木块乙，当两木块一起匀加速运动时，两木块之间的距离是（）A. B. C.L- D.【答案】B【解析】解：两木块一起匀加速运动，它们有共同的加速度，对于整体，由F=（m1+m2）a------①对于甲，F弹=m1a-------②对弹簧F弹=kx---------③由①②③解得，X=，故两木块之间的距离是L-，所以B正确．故选：B．原长为L，由胡克定律求出弹簧被压缩的长度，甲乙间的距离就知道了．两木块之间的距离就是弹簧后来的长度，由胡克定律很容易求出，本题较简单．3.一气球自身质量不计，载重为G，并以加速度a加速上升，欲使气球以同样大小的加速度加速下降，气球的载重应增加（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：加速上升时由牛顿第二定律可知F-G=a加速下降时联立解得m=故选：D利用牛顿第二定律分别在加速上升和加速下降列式即可求解本题主要考查了牛顿第二定律，抓住上升和下降过程即可4.如图所示为杂技“顶竿”表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为（）A.（M+m）gB.（M+m）g-maC.（M+m）g+maD.（M-m）g【答案】B【解析】解：对竿上的人分析：受重力mg、摩擦力F f，有mg-F f=ma；所以F f=m（g-a），竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力--摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分析：受重力M g、竿上的人对杆向下的摩擦力F f′、顶竿的人对竿的支持力F N，有M g+F f′=F N，又因为竿对“底人”的压力和“底人”对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到F N′=M g+F f′=（M+m）g-ma．所以B项正确．故选：B．竿对“底人”的压力大小应该等于竿的重力加上竿上的人对杆向下的摩擦力，竿的重力已知，求出竿上的人对杆向下的摩擦力就可以了．由于人加速下滑，处于失重状态，人对竿的作用力并不等于人的重力，这是在解答本题的过程中常出现的错误，注意这一点这道题就可以了．5.如图，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m2的木块．假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等．现给木板施加一随时间t增大的水平力F=kt（k是常数），木板和木块加速度的大小分别为a1和a2，下列反映a1和a2变化的图线中正确的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：当F较小时，木块和木板一起做匀加速直线运动，加速度a==，则知a∝t；当拉力达到一定程度后，木块和木板之间发生相对滑动，对木块，所受的滑动摩擦力恒定，加速度恒定，即a2==μg；对m1，加速度为a1==-由于＜，可知a1图线后一段斜率大于前一段的斜率，由数学知识知C正确．故选：C．当水平拉力F较小时，木板和木块保持相对静止一起向右做匀加速直线运动，运用整体法求解出加速度．当木块和木板发生相对滑动时，隔离分析得出两者的加速度大小，从而得出正确的图线．本题首先要分两个相对静止和相对运动两种状态分析，其次采用整体法和隔离法研究得到加速度与时间的关系式，再选择图象，是经常采用的思路．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.如图所示是健身用的“跑步机”示意图，质量为m的运动员踩在与水平面成α角静止的皮带上，运动员用力向后蹬皮带，皮带运动过程中受到的阻力恒为F f，使皮带以速度v匀速向右运动，则在运动过程中，下列说法正确的是（）A.人脚对皮带的摩擦力是皮带运动的动力B.人对皮带不做功C.人对皮带做功的功率为mgvD.人对皮带做功的功率为F fv【答案】AD【解析】解：A、皮带受摩擦力而运动，故皮带受到的摩擦力是皮带运动的动力，故A正确；B、人对皮带的摩擦力使皮带产生了位移，故人对皮带做正功；故B错误；CD、人对皮带的力为摩擦力，故人对皮带做功的功率P=F f v；故C错误，D正确；故选：AD对皮带和人受力分析，根据功的定义及功率的定义可以得出力是否做功，并能求出做功的功率．在分析物体做功及求功率时，受力分析是关键；通过正确的受力分析，可以得出力的性质，从而再根据功率公式求解即可．7.如图所示，小球自a点由静止自由下落，到b点时与弹簧接触，到c点时弹簧被压缩到最短．若不计弹簧的质量和空气阻力，在小球由a→b→c的运动过程中（）A.小球在b点时的动能最大B.小球的重力势能随时间均匀减少C.小球从b到c运动过程中，动能先增大后减小，弹簧的弹性势能一直增大D.到达c点时小球重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量【答案】CD【解析】解：A、小球在空中先做自由落体运动，接触弹簧后先加速后减速；故b点的动能不是最大的；故A错误；B、小球由a→b作自由落体运动，重力势能减少，△E p=mg△h=mg•gt2=mg2t2，不是均匀减小的；故B错误；C、由b→c过程中，速度先增大，当弹力等于重力时加速度为零，此时速度最大，接着再做变减速运动．故小球动能先增大后减小，而弹性势能一直增大，故C正确；D、到达c点时球速为零，由机械能守恒定律可知小球重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量；故D正确；故选：CD根据机械能守恒的条件判断小球机械能是否守恒；根据小球的受力，结合加速度方向与速度方向的关系判断小球的速度变化，从而确定出小球动能最大的位置．解决本题的关键掌握机械能守恒的条件，会根据物体的受力判断物体的运动情况，当物体的加速度方向与方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．8.如图所示，重10N的滑块在倾角为30°的斜面上，从a点由静止下滑，到b点接触到一个轻弹簧．滑块压缩弹簧到c点开始弹回，返回b点离开弹簧，最后又回到a点，已知ab=0.8m，bc=0.4m，那么在整个过程中（）A.滑块动能的最大值是6JB.弹簧弹性势能的最大值是6JC.从c到b弹簧的弹力对滑块做的功是6JD.滑块和弹簧组成的系统整个过程机械能减少【答案】BC【解析】解：A、当滑块的合力为0时，滑块速度最大，设滑块在d点合力为0，d点在b和c之间．滑块从a到d，运用动能定理得：mgh ad+W弹=E K d-0，mgh ad＜6J，W弹＜0，所以E K d＜6J，故A错误．B、滑块从a到c，运用动能定理得：mgh ac+W弹′=0-0，解得：W弹′=-6J．弹簧弹力做的功等于弹性势能的变化，所以整个过程中弹簧弹性势能的最大值为6J．故B正确．C、从c点到b点弹簧的弹力对滑块做功与从b点到c点弹簧的弹力对滑块做功大小相等，故C正确．D、整个过程中弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒，没有与系统外发生能量转化，系统机械能守恒，故D错误．故选：BC．了解滑块的运动过程，滑块先加速运动到b，接触弹簧后滑块没有减速，而是继续加速，当滑块的合力为0时，滑块速度最大，再向下做减速运动，速度减到0时，弹簧压得最紧，弹性势能最大．选择适当的过程运用动能定理列式求解．本题的关键是认真分析物理过程，把复杂的物理过程分成几个小过程并且找到每个过程遵守的物理规律，列出相应的物理方程解题．同时要明确弹簧弹力做的功等于弹性势能的变化．三、单选题(本大题共1小题，共6.0分)9.如图所示，两个圆弧轨道固定在水平地面上，半径R相同，A轨道由金属凹槽制成，B轨道由金属圆管制成，均可视为光滑轨道．在两轨道右侧的正上方分别将金属小球A和B由静止释放，小球距离地面的高度分别用h A和h B表示，则下列说法正确的是（）A.若h A=h B≥2R，则两小球都能沿轨道运动到最高点B.若h A=h B=，由于机械能守恒，两个小球沿轨道上升的最大高度均为C.适当调整h A和h B，均可使两小球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处D.若使小球沿轨道运动并且从最高点飞出，A小球的最小高度为，B小球在h B＞2R的任何高度均可【答案】D【解析】解：A、D若小球A恰好能到A轨道的最高点时，由mg=m，v A=，根据机械能守恒定律得，mg（h A-2R）=，解得h A=R；若小球B恰好能到B轨道的最高点时，在最高点的速度v B=0，根据机械能守恒定律得h B=2R．可见，h A=2R时，A不能到达轨道的最高点．故A错误，D正确．B、若h B=时，B球到达轨道上最高点时速度为0，小球B在轨道上上升的最大高度等于时，若h A=h B=时，小球A在到达最高点前离开轨道，有一定的速度，由机械能守恒可知，A在轨道上上升的最大高度小于h B=，故B错误．C、小球A从最高点飞出后做平抛运动，下落R高度时，水平位移的最小值为x A=v A==R＞R，所以小球A落在轨道右端口外侧．而适当调整h B，B 可以落在轨道右端口处．所以适当调整h A和h B，只有B球从轨道最高点飞出后，恰好落在轨道右端口处．故C错误．故选D小球A恰好能到A轨道的最高点时，轨道对小球无作用力，由重力提供小球的向心力，由牛顿定律求出速度．小球恰好能到B轨道的最高点时，速度为零，根据机械能守恒求出h A和h B．若h A=时，小球A在轨道上上升的最大高度小于．根据最高点的临界速度求出小球最高点飞出的水平位移的最小值．本题是向心力、机械能守恒定律、平抛运动的综合，A轨道与轻绳系的球模型相似，B 轨道与轻杆固定的球模型相似，要注意临界条件的不同．四、多选题(本大题共1小题，共6.0分)10.如图所示，平直木板AB倾斜放置，板上的P点距A端较近，小物块与木板间的动摩擦因数由A到B逐渐减小．先让物块从A由静止开始滑到B．然后，将A着地，抬高B，使木板的倾角与前一过程相同，再让物块从B由静止开始滑到A．上述两过程相比较，下列说法中一定正确的有（）A.物块经过P点的动能，前一过程较小B.物块从顶端滑到底端的时间，前一过程较长C.物块滑到底端的速度，前一过程较大D.物块从顶端滑到P点的过程中因摩擦产生的热量，前一过程较少【答案】AB【解析】解：A、先让物块从A由静止开始滑到B，又因为动摩擦因数由A到B逐渐减小，说明重力沿斜面的分量在整个过程中都大于摩擦力．也就是说无论哪边高，合力方向始终沿斜面向下．物块从A由静止开始滑到P时，摩擦力较大，故合力较小，距离较短；物块从B由静止开始滑到P时，摩擦力较小，故合力较大，距离较长．所以由动能定理可知，在前一过程中，物块从A由静止开始滑到P时合力做功较少，P点是动能较小．故A正确；B、采用v-t法分析，第一个过程加速度在增大，故斜率增大，第二个过程加速度减小，故斜率变小，由于倾角一样大，根据能量守恒，末速度是一样大的，还有就是路程一样大，图象中的面积就要相等，所以第一个过程的时间长；故B正确C、在整个过程中重力和摩擦力做功一样，由动能定理可知，物块滑到底端的速度一样，故C错误；D、因板上的AP距离相等，故物块从顶端滑到P点的过程中因摩擦产生的热量μmgs，摩擦力做功一样多，故D错误；故选：AB．小物块能滑下，把自身重力分解，可得出第一过程中沿斜面向下的合力是逐步加大的，第二过程是合力是逐步减小的．而且最大的合力和最小的合力都是固定不变的，故第一过程的合力较小．接下来可以运用动能定理和运动学公式求解．本题关键要分清楚合力的变化情况，然后根据动能定理和运动学公式列式判断．五、单选题(本大题共3小题，共18.0分)11.如图所示，用细线挂一质量为M的木块，有一质量为m的子弹自左向右水平射穿此木块，穿透前后子弹的速度分别为V0和v（设子弹穿过木块的时间和空气阻力不计），木块的速度大小为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】解：根据动量守恒定律得mv0=mv+MV，得V=故选B由于子弹穿过木块的时间不计，外力的冲量近似为零，子弹和木块组成的系统动量近似守恒，由动量守恒定律求解木块的速度大小．子弹打击木块与碰撞过程类似，基本规律是系统的动量守恒．12.一质量为M的平板车以速度v在光滑水平面上滑行，质量为m的烂泥团从离车h高处自由下落，恰好落到车面上，则小车的速度大小是（）A.仍是vB.C.D.【答案】B【解析】解：水平方向小车和烂泥团组成的系统动量守恒，有：M v=（M+m）v′，解得′．故B正确，A、C、D错误．故选B．烂泥团从离车h高处自由下落，恰好落到车面上，烂泥团与平板车这一系统在水平方向上所受的外力之和为零，在水平方向上动量守恒，根据动量守恒定律求出小车的速度大小．解决本题的关键掌握动量守恒的条件，知道系统在某一方向上不受外力或所受的外力之和为零，在这一方向上动量守恒．13.如图甲所示，一质量为M的木板静止在光滑水平地面上，现有一质量为m的小滑以一定的速度v0从木板的左端开始向木板的右端滑行，滑块和木板的水平速度大小随时间变化的情况如图乙所示，根据图象作出如下判断①滑块始终与木板存在相对运动②滑块未能滑出木板③滑块的质量m大于木板的质量M④在t1时刻滑块从木板上滑出这些判断正确的是（）A.①③④B.②③④C.②③D.②④【答案】A【解析】解：由图象可知，滑块做匀减速直线运动，木板做匀加速直线运动，最终都做匀速直线运动，因为匀速直线运动的速度不同，知滑块在t1时刻滑块从木板上滑出．在运动的过程中，滑块始终与木板存在相对运动．从图线的斜率可知，滑块的加速度大小小于木板加速度的大小，根据牛顿第二定律知，a=，知所受的摩擦力大小相等，可知滑块的质量m大于木板的质量M．故①③④正确．故选A．滑块滑上木板后，滑块做减速直线运动，木板做匀加速直线运动，知在t1时刻滑块从木板上滑出．图象题是高考的热点问题，关键从图象中获取信息，能够通过图象得出物体的运动规律．六、计算题(本大题共1小题，共8.0分)14.如图所示一根劲度系数k=200N/m的轻质弹簧拉着质量为m=0.2kg的物体从静止开始沿倾角为θ=37°的斜面匀加速上升，此时弹簧伸长量x=0.9cm，在t=1.0s内物体前进了s=0.5m．求：（1）物体加速度的大小；（2）物体和斜面间动摩擦因数．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）【答案】解：（1）物体沿斜面做初速度为0的匀加速运动，根据运动学公式：…①得…②（2）物体运动过程中受力情况如图所示，根据牛顿第二定律：F-F f-mgsin37°=ma…③又根据胡克定律：F=kx…④F=200×0.9×10-2N=1.8N…⑤代入解得：F f=F-mgsin37°-ma=（1.8-0.2×10×0.6-0.2×1.0）N=0.4N…⑥F N=mgcos37°=0.2×10×0.8N=1.6N根据滑动摩擦力公式F f=μF N得：答：（1）物体加速度的大小为1m/s2；（2）物体和斜面间动摩擦因数为0.25．【解析】（1）物体沿斜面做匀加速运动，已知初速度为零，t=1.0s内物体前进了s=0.5m，由位移公式即可求解加速度．（2）分析物体的受力情况，根据牛顿第二定律和胡克定律结合能物体受到的支持力和滑动摩擦力，再求解物体和斜面间动摩擦因数．本题属于知道物体的运动情况，确定物体受力情况的类型，加速度是力与运动的桥梁，运用牛顿定律和运动学结合进行处理．七、填空题(本大题共1小题，共14.0分)15.电动机通过一绳子吊起质量为8kg的物体，绳的拉力不能超过120N，电动机的功率不能超过1200W，要将此物体由静止起用最快的方式吊高90m（已知此物体在被吊高接近90m时，已开始以最大速度匀速上升，g=10m/s2）所需时间为______ ．【答案】7.75s【解析】解：第一阶段以最大拉力拉着物体匀加速上升，当电动机达到最大功率时，功率保持不变，物体变加速上升，速度增大，拉力减小，当拉力与重力相等时速度达到最大．此时有：P m=mg V m代入数据解得V m==m/s=15m/s对于第一段匀加速，加速度设为a，末速设为v1，上升高度h1，则有：F m-mg=maP m=F m v1V1=a1t1h1=代入数据解得：v1=10m/s，t1=2s，h1=10m第二段，以最大功率上升，由动能定理得：P m t2-mg（h-h1）=mv m2-mv12解得t2=5.75s所以吊起落水物体所用总时间为t=t1+t2=7.75s故答案为：7.75s．吊绳先以最大的拉力工作，可知物体先做匀加速直线运动，当电动机达到最大功率，功率不变，速度增大，拉力减小，即物体做加速度减小的加速运动，当加速度减小到0，速度达到最大．所以拉力等于重力速度最大，然后匀速运动，全过程分两过程，第一阶段匀加速直线运动，根据匀变速运动求出时间，第二阶段加速度减小的加速运动，根据动能定理求出时间．解决本题的关键分析出物体整个过程做什么运动，抓住先是恒定加速度运动，然后是恒定功率运动去分析．。