第1部分 重点强化专题 专题5 突破点12 圆锥曲线的定义、方程、几何性质 Word版含答案

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突破点12

圆锥曲线的定义、方程、几何性质

(对应学生用书第44页)

[核心知识提炼]

提炼1圆锥曲线的定义

(1)椭圆:|PF1|+|PF2|=2a(2a>|F1F2|).

(2)双曲线:||PF1|-|PF2||=2a(2a<|F1F2|).

(3)抛物线:|PF|=|PM|,点F不在直线l上,PM⊥l于M(l为抛物线的准线).

提炼2 圆锥曲线的重要性质

(1)椭圆、双曲线中a,b,c之间的关系

①在椭圆中:a2=b2+c2;离心率为e=ca=1-b2a2;

②在双曲线中:c2=a2+b2;离心率为e=ca=1+b2a2.

(2)双曲线的渐近线方程与焦点坐标

①双曲线x2a2-y2b2=1(a>0,b>0)的渐近线方程为y=±bax;焦点坐标F1(-c,0),F2(c,0);

②双曲线y2a2-x2b2=1(a>0,b>0)的渐近线方程为y=±abx,焦点坐标F1(0,-c),F2(0,c).

(3)抛物线的焦点坐标与准线方程

①抛物线y2=±2px(p>0)的焦点坐标为±p2,0,准线方程为x=∓p2;

②抛物线x2=±2py(p>0)的焦点坐标为0,±p2,准线方程为y=∓p2.

提炼3弦长问题

(1)直线与圆锥曲线相交时的弦长

斜率为k的直线与圆锥曲线交于点A(x1,y1),B(x2,y2)时,|AB|=1+k2|x1-x2|=1+k2·x1+x22-4x1x2或|AB|=1+1k2|y1-y2|=1+1k2y1+y22-4y1y2.

(2)抛物线焦点弦的几个常用结论

设AB是过抛物线y2=2px(p>0)焦点F的弦,若A(x1,y1),B(x2,y2),则①x1x2=p24,y1y2=-p2;②弦长|AB|=x1+x2+p=2psin2α(α为弦AB的倾斜角);③1|FA|+1|FB|=2p;④以弦AB为直径的圆与准线相切.

[高考真题回访]

回访1 椭圆及其性质

1.(2017·浙江高考)椭圆x29+y24=1的离心率是( )

A.133 B.53

C.23 D.59

B [∵椭圆方程为x29+y24=1,

∴a=3,c=a2-b2=9-4=5.

∴e=ca=53.

故选B.]

2.(2016·浙江高考)已知椭圆C1:x2m2+y2=1(m>1)与双曲线C2:x2n2-y2=1(n>0)的焦点重合,e1,e2分别为C1,C2的离心率,则( )

A.m>n且e1e2>1 B.m>n且e1e2<1

C.m1 D.m

A [C1的焦点为(±m2-1,0),C2的焦点为

(±n2+1,0),

∵C1与C2的焦点重合,

∴m2-1=n2+1,∴m2=n2+2,∴m2>n2.

∵m>1,n>0,∴m>n.

∵C1的离心率e1=m2-1m,C2的离心率e2=n2+1n,

∴e1e2=m2-1m·n2+1n

=m2-n2+mn=m2-n2+m2n2

=n2+2n2+n2=n4+2n2+1n4+2n2>1=1.]

3.(2015·浙江高考)椭圆x2a2+y2b2=1(a>b>0)的右焦点F(c,0)关于直线y=bcx的对称点Q在椭圆上,则椭圆的离心率是________. 22 [设椭圆的另一个焦点为F1(-c,0),如图,连接QF1,QF,设QF与直线y=bcx交于点M.

由题意知M为线段QF的中点,且OM⊥FQ.

又O为线段F1F的中点,

∴F1Q∥OM,

∴F1Q⊥QF,|F1Q|=2|OM|.

在Rt△MOF中,tan∠MOF=|MF||OM|=bc,|OF|=c,

可解得|OM|=c2a,|MF|=bca,

故|QF|=2|MF|=2bca,|QF1|=2|OM|=2c2a.

由椭圆的定义得|QF|+|QF1|=2bca+2c2a=2a,

整理得b=c,∴a=b2+c2=2c,

故e=ca=22.]

4.(2014·浙江高考)如图12­1,设椭圆C:x2a2+y2b2=1(a>b>0),动直线l与椭圆C只有一个公共点P,且点P在第一象限.

图12­1

(1)已知直线l的斜率为k,用a,b,k表示点P的坐标;

(2)若过原点O的直线l1与l垂直,证明:点P到直线l1的距离的最大值为a-b.

[解] (1)设直线l的方程为y=kx+m(k<0),由 y=kx+m,x2a2+y2b2=1,消去y,得(b2+a2k2)x2+2a2kmx+a2m2-a2b2=0. 2分 由于l与椭圆C只有一个公共点,故Δ=0,即b2-m2+a2k2=0,解得点P的坐标为-a2kmb2+a2k2,b2mb2+a2k2. 4分

又点P在第一象限,

故点P的坐标为-a2kb2+a2k2,b2b2+a2k2. 6分

(2)证明:由于直线l1过原点O且与l垂直,故直线l1的方程为x+ky=0,所以点P到直线l1的距离

d=-a2kb2+a2k2+b2kb2+a2k21+k2, 8分

整理,得d=a2-b2b2+a2+a2k2+b2k2. 10分

因为a2k2+b2k2≥2ab,

所以a2-b2b2+a2+a2k2+b2k2≤a2-b2b2+a2+2ab=a-b, 12分

当且仅当k2=ba时等号成立.

所以,点P到直线l1的距离的最大值为a-b. 15分

回访2 双曲线及其性质

5.(2016·浙江高考)设双曲线x2-y23=1的左、右焦点分别为F1,F2.若点P在双曲线上,且△F1PF2为锐角三角形,则|PF1|+|PF2|的取值范围是________.

(27,8) [∵双曲线x2-y23=1的左、右焦点分别为F1,F2,点P在双曲线上,∴|F1F2|=4,||PF1|-|PF2||=2.若△F1PF2为锐角三角形,则由余弦定理知|PF1|2+|PF2|2-16>0,可化为(|PF1|+|PF2|)2-2|PF1|·|PF2|>16①.由||PF1|-|PF2||=2,得(|PF1|+|PF2|)2-4|PF1||PF2|=4.故2|PF1||PF2|=PF1|+|PF22-42,代入不等式①可得(|PF1|+|PF2|)2>28,解得|PF1|+|PF2|>27.不妨设P在左支上,∵|PF1|2+16-|PF2|2>0,即(|PF1|+|PF2|)·(|PF1|-|PF2|)>-16,又|PF1|-|PF2|=-2,

∴|PF1|+|PF2|<8.故27<|PF1|+|PF2|<8.]

6.(2015·浙江高考)双曲线x22-y2=1的焦距是________,渐近线方程是________. 23 y=±22x [由双曲线标准方程,知双曲线焦点在x轴上,且a2=2,b2=1,∴c2=a2+b2=3,即c=3,∴焦距2c=23,渐近线方程为y=±bax,即y=±22x.]

7.(2014·浙江高考)设直线x-3y+m=0(m≠0)与双曲线x2a2-y2b2=1(a>0,b>0)的两条渐近线分别交于点A,B.若点P(m,0)满足|PA|=|PB|,则该双曲线的离心率是________.

52 [双曲线x2a2-y2b2=1的渐近线方程为y=±bax.

由 y=bax,x-3y+m=0,得Aam3b-a,bm3b-a,

由 y=-bax,x-3y+m=0,得B-ama+3b,bma+3b,

所以AB的中点C坐标为a2m9b2-a2,3b2m9b2-a2.

设直线l:x-3y+m=0(m≠0),

因为|PA|=|PB|,所以PC⊥l,

所以kPC=-3,化简得a2=4b2.

在双曲线中,c2=a2+b2=5b2,所以e=ca=52.]

回访3 抛物线及其性质

8.(2015·浙江高考)如图12­2,设抛物线y2=4x的焦点为F,不经过焦点的直线上有三个不同的点A,B,C,其中点A,B在抛物线上,点C在y轴上,则△BCF与△ACF的面积之比是( )

图12­2

A.|BF|-1|AF|-1 B.|BF|2-1|AF|2-1

C.|BF|+1|AF|+1 D.|BF|2+1|AF|2+1 A [由图形可知,△BCF与△ACF有公共的顶点F,且A,B,C三点共线,易知△BCF与△ACF的面积之比就等于|BC||AC|.由抛物线方程知焦点F(1,0),作准线l,则l的方程为x=-1.∵点A,B在抛物线上,过A,B分别作AK,BH与准线垂直,垂足分别为点K,H,且与y轴分别交于点N,M.由抛物线定义,得|BM|=|BF|-1,|AN|=|AF|-1.在△CAN中,BM∥AN,∴|BC||AC|=|BM||AN|=|BF|-1|AF|-1.]

9.(2016·浙江高考)若抛物线y2=4x上的点M到焦点的距离为10,则M点到y轴的距离是________.

9 [设点M的横坐标为x,则点M到准线x=-1的距离为x+1,由抛物线的定义知x+1=10,∴x=9,

∴点M到y轴的距离为9.]

10.(2016·浙江高考)如图12­3,设抛物线y2=2px(p>0)的焦点为F,抛物线上的点A到y轴的距离等于|AF|-1.

(1)求p的值;

(2)若直线AF交抛物线于另一点B,过B与x轴平行的直线和过F与AB垂直的直线交于点N,AN与x轴交于点M,求M的横坐标的取值范围.

[解] (1)由题意可得,抛物线上点A到焦点F的距离等于点A到直线x=-1的距离,

由抛物线的定义得p2=1,即p=2. 4分

(2)由(1)得,抛物线方程为y2=4x,F(1,0),可设A(t2,2t),t≠0,t≠±1.

因为AF不垂直于y轴,可设直线AF:x=sy+1(s≠0),

由 y2=4x,x=sy+1消去x得y2-4sy-4=0, 6分

故y1y2=-4,所以B1t2,-2t. 7分

又直线AB的斜率为2tt2-1,故直线FN的斜率为-t2-12t,从而得直线FN:y=-t2-12t(x-1),直线BN:y=-2t,所以Nt2+3t2-1,-2t. 8分

设M(m,0),由A,M,N三点共线得2tt2-m=2t+2tt2-t2+3t2-1,