四川省广安市岳池罗渡中学2015-2016学年高二上学期12月月考物理试卷(无答案)

12015-2016学年高二（上）期中物理试卷（必修）一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共计24分，只有一个选项正确）1．下列四个物理量中属于用比值法定义的是（）A ．导体的电阻R=ρB ．电容器的电容C=C ．点电荷的电场强度E=k D ．磁感应强度B=2．将两个分别带有电荷量﹣2Q 和+5Q 的相同金属小球A 、B 分别固定在相距为r 的两处（均可视为点电荷），它们间库仑力的大小为F ．现将第三个与A 、B 两小球完全相同的不带电小球C 先后与A 、B 相互接触后拿走，A 、B 间距离保持不变，则两球间库仑力的大小为（）A ．FB ．F C．D ．3．如图，a 、b 、c 是由正点电荷形成的电场中一条电场线上的三个点，已知ab=bc ，a 、b 两点间电压为10v ，则b 、c 两点间电压（）A ．等于10VB ．大于10VC ．小于10VD ．条件不足，无法判断4．如图所示的电路中，现将滑动变阻器的滑片P 向右移动，则（）A ．电流表的示数变小B ．电压表的示数变大C ．电灯L 消耗的功率变大D ．电阻R 1消耗的功率变大5．如图，A 、B 、C 三点在匀强电场中，AC ⊥BC ，∠ABC=60°，=20cm ，把一个电量q=1×10﹣5C 的正电荷从A 移到B ，电场力不做功；从B 移到C，电场力做功为﹣×10﹣3J ，则该匀强电场的场强大小和方向是（）2A ．866V/m ，垂直AC 向上B ．866V/m ，垂直AC 向下C ．1000V/m ，垂直AB 斜向上D ．1000V/m ，垂直AB 斜向下6．如图所示，两个半径相同、粗细相同互相垂直的圆形导线圈，可以绕通过公共的轴线xx ′自由转动，分别通以相等的电流，设每个线圈中电流在圆心处产生磁感应强度为B ，当两线圈转动而达到平衡时，圆心O 处的磁感应强度大小是（）A ．1B B．B C ．2B D ．0二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共计20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分）7．下列说法中不正确的是（）A ．由磁感应强度的定义式B=可知，磁场中某处的磁感应强度大小与通电直导线所受磁场力成正比，与IL 成反比B ．一小段通电直导线磁场中某处所受的磁场力的方向就是该处磁场的方向C ．一小段通电直导线放在某处受到的磁场力等于零，则该处磁感应强度一定为零D ．一段长为10cm 、电流为2A 的通电直导线在某处受磁场力大小为0.8N ，则该处磁感应强度的大小至少为4T8．如图所示，平行板电容器的两极板A 、B 接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电建S 给电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，以下判断正确的是（）A ．电建S 断开，将A 板向B 板靠近，则θ增大B ．电建S 断开，将A 板向B 板靠近，则θ不变C ．保持电建S 闭合；将A 板向B 板靠近，则θ变小3D ．保持电建S 闭合；将A 板向B 板靠近，则θ增大9．如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的右上方固定一直导线，导线与磁铁垂直，若给导线通以垂直于纸面向外的电流后，则与未通电相比（）A ．磁铁对桌面压力增大B ．磁铁对桌面压力减小C ．磁铁有向右运动的趋势D ．桌面对磁铁无摩擦力10．一根粗细均匀的导线，两端加上电压U 时，通过导线中的电流强度为I ，导线中自由电子定向移动的平均速度为v ，若导线均匀拉长，使其半径变为原来的，再给它两端加上电压U ，则（）A ．通过导线的电流为B．通过导线的电流为C．自由电子定向移动的平均速率为D ．自由电子定向移动的平均速率为11．如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M ，N 两点，在此MN 的连线上有对称点a 、c ，MN 连线的中垂线上有对称点b 、d ，则下列说法正确的是（）A ．a 点场强与c 点场强一定相同B ．a 点电势一定小于c 点电势C ．负电荷在c 点电势能一定大于在a 点电势能D ．正电荷从d 点移到b 点电场力不做功三、实验题（共2题，共计30分，答案填在答题卷对应题号的横线上）412．（18分）（2015秋•淮安校级期中）一个小灯泡的额定电压为2.0V ．额定电流约为0.5A ，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘和研究小灯泡的伏安特性曲线．A ．电源E ：电动势为3.0V ，内阻不计；B ．电压表V 1：量程为0～3V ，内阻约为1k ΩC ．电压表V 2：量程为0～15V ，内阻约为4k ΩD ．电流表A 1：量程为0～3A ，内阻约为0.1Ω；E ．电流表A 2：量程为0～0.6A ，内阻约为0.6Ω；F ．滑动变阻器R 1：最大阻值为l0Ω，额定电流为0.6A ；G ．滑动变阻器R 2：最大阻值为l5Ω，额定电流为1.0A ；H ．滑动变阻器R 3：最大阻值为l50Ω，额定电流为1.0A ；I ．开关S ，导线若干．实验得到如下数据（I 和U 分别表示通过小灯泡的电流和加在小灯泡两端的电压）：I/A 0.000.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V 0.000.200.400.600.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00（1）实验中电压表应选用；电流表应选用；滑动变阻器应选用（请填写选项前对应的字母）．（2）请你不要改动已连接导线，在下面的实物连接图1中把还需要连接的导线补上．闭合开关前，应使变阻器滑片放在最（填“左”或“右”）端．（3）测量时电压表示数如图2所示，则U=V ．（4）在图3坐标中画出小灯泡的U ﹣I 曲线．并简述该图线不是直线的主要原因（5）若将本题中的小灯泡接在电动势是1.5V 、内阻是1.0Ω的电池两端，则小灯泡的实际功率约为（保留两位有效数字）．13．（12分）（2015秋•淮安校级期中）在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：①干电池E （电动势约为1.5V 、内电阻大约为1.0Ω）②电压表V （0～15V ）5③电流表A （0～0.6A 、内阻0.1Ω）④电流表G （满偏电流3mA 、内阻R g =10Ω）⑤滑动变阻器R 1（0～10Ω、10A ）⑥滑动变阻器R 2（0～100Ω、1A ）⑦定值电阻R 3=990Ω（用于改装电表）⑧开关、导线若干（1）为了方便且能较准确地进行测量，其中应选用的滑动变阻器是（填写字母代号）（2）请在线框内画出你所设计的实验电路图，并在图1中标上所选用器材的符号．（3）图2为某一同学根据他设计的实验，绘出的I 1﹣I 2图线（I 1为电流表G 的示数，I 2为电流表A 的示数），由图线可求得被测电池的电动势E=V ，内电阻r=Ω．（4）考虑电表本身电阻对测量结果的影响，造成本实验的系统误差的原因是四、计算题（本题共3小题，共计46分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）14．（15分）（2015秋•淮安校级期中）如图所示，电源的电动势E=6.0V ，电阻R 1=8Ω，电动机绕组电阻r ′=2Ω，当电键K 断开时，电阻R 1消耗的电功率是2.88W ；当电键闭合时，电阻R 1消耗的电功率是2W ，求：（1）电源的内阻r ；（2）电键闭合时，电动机的输出功率；（3）电键闭合时，电源的效率．615．（15分）（2015秋•淮安校级期中）两平行金属导轨间的距离L=0.40m ，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T 、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V 、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg 的导体棒ab 放在足够长的金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R 0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g 取10m/s 2．已知sin 37°=0.6，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的摩擦力大小；（3）若将磁场方向突然变与原来相反，但磁感应强度大小不变，则导体棒从开始下滑到速率为6m/s 的过程中，闭合回路的磁通量增加是多少？（由于导体棒运动而产生的反电动势不考虑）16．（16分）（2012秋•扬州期中）如图甲所示，质量为m 、电荷量为e 的电子经加速电压U 1，加速后，在水平方向沿O 1O 2垂直进入偏转电场．已知形成偏转电场的平行板电容器的极板长为L （不考虑电场边缘效应），两极板间距为d ，O 1O 2为两极板的中线，P 是足够大的荧光屏，且屏与极板右边缘的距离也为L ．求：（1）粒子进入偏转电场的速度v 的大小；（2）若偏转电场两板间加恒定电压，电子经过偏转电场后正好打中屏上的A 点，A 点与极板M 在同一水平线上，求偏转电场所加电压U 2；（3）若偏转电场两板间的电压按如图乙所示作周期性变化，要使电子经加速电场后在t=0时刻进入偏转电场后水平击中A 点，试确定偏转电场电压U 0以及周期T 分别应该满足的条件．72015-2016学年高二（上）期中物理试卷（必修）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共计24分，只有一个选项正确）1．下列四个物理量中属于用比值法定义的是（）A ．导体的电阻R=ρB ．电容器的电容C=C ．点电荷的电场强度E=kD ．磁感应强度B=【考点】物理学史．【分析】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比值”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．【解答】解：A 、这是电阻定律表达式，说明电阻与导体的长度成正比，与横截面积成反比，不属于比值定义法．故A 错误．B 、电容与极板的正对面积S 成正比，与极板间的距离d 成反比，该式不属于比值定义法．故B 错误．C 、电场强度与场源电荷量成正比，与距离的平方成反比，所以该式不属于比值定义法．故C 错误．D 、磁感应强度与放入磁场中的电流元无关．所以B=属于比值定义法．故D 正确．故选：D【点评】解决本题的关键理解比值定义法的共性：被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性．82．将两个分别带有电荷量﹣2Q 和+5Q 的相同金属小球A 、B 分别固定在相距为r 的两处（均可视为点电荷），它们间库仑力的大小为F ．现将第三个与A 、B 两小球完全相同的不带电小球C 先后与A 、B 相互接触后拿走，A 、B 间距离保持不变，则两球间库仑力的大小为（）A ．FB ．F C．D ．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】完全相同的带电小球接触时，若是同种电荷则将总电量平分，若是异种电荷则先中和然后将剩余电量平分，然后依据库仑定律求解即可．【解答】解：开始时由库仑定律得：①当小球和A 接触后，A 球带电为﹣Q ，再和B 球接触时，先中和后总电量为4Q ，故平分后B 球带电为2Q，因此此时：②由①②得：，故ACD 错误，B 正确．故选B ．【点评】完全相同的带电小球接触时，对于电量的重新分配规律要明确，然后正确利用库仑定律求解．3．如图，a 、b 、c 是由正点电荷形成的电场中一条电场线上的三个点，已知ab=bc ，a 、b 两点间电压为10v ，则b 、c 两点间电压（）A ．等于10VB ．大于10VC ．小于10VD ．条件不足，无法判断【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题考查了正点电荷周围的电场强度、电势、电势差的情况，知道电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，根据点电荷的周围电场分布情况可正确解答．【解答】解：由图可知电场线的方向向右，而a 、b 、c 是由正点电荷形成的电场中一条电场线上的三个点，则正电荷在a 的左端，所以a 、b 之间的平均场强一定大于b 、c 之间的平均场强，已知ab=bc ，a 、b 两点间电压为10v ，则由U=Ed 可得b 、c 两点间电压一定小于10V ；故选C9【点评】本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．4．如图所示的电路中，现将滑动变阻器的滑片P 向右移动，则（）A ．电流表的示数变小B ．电压表的示数变大C ．电灯L 消耗的功率变大D ．电阻R 1消耗的功率变大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由图可知滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在R 两端，与灯泡并联接入电源，电流表测干电路中的电流；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化；由欧姆定律可知电路中电流的变化及电压表示数的变化，根据P=I 2R 判断功率变化．【解答】解：A 、将滑动变阻器的滑片P 向右移动时，电路中的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，所以电流表示数增大，故A 错误；B 、总电流增大，所以电源内阻所占电压增大，所以并联部分电压减小，所以通过L 的电流减小，根据P=I 2R 可知，电灯L 消耗的功率变小，故C 错误，但总电流增大，所以通过R 1的电流增大，通过R 1的电压增大，而并联部分电压减小，所以电压表示数减小，故B 错误，根据P=I 2R 可知，电阻R 1消耗的功率变大，故D 正确．故选D【点评】本题考查了串并联电路特点和欧姆定律的应用，关键是滑动变阻器的滑片移动时电路中变化的判断．5．如图，A 、B 、C 三点在匀强电场中，AC ⊥BC ，∠ABC=60°，=20cm ，把一个电量q=1×10﹣5C 的正电荷从A 移到B ，电场力不做功；从B 移到C，电场力做功为﹣×10﹣3J ，则该匀强电场的场强大小和方向是（）A ．866V/m ，垂直AC 向上B ．866V/m ，垂直AC 向下C ．1000V/m ，垂直AB 斜向上D ．1000V/m ，垂直AB 斜向下【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．10【分析】根据一个q=10﹣5C 的正电荷从A 移到B ，电场力做功为零，可知，A 与B 电势相等．根据电荷从B 移到C ，电场力做功为﹣×10﹣3J ，由电势差的公式求出BC 间的电势差．由求场强大小，其中d 为沿电场线方向的有效长度．【解答】解：由题，q=10﹣5C 的正电荷从A 移到B ，电场力做功为零，则A 与B 电势相等，AB 连线是一条等势线．BC 间电势差为：V ，所以C 点的电势高．该匀强电场的场强大小：V/m电场线方向垂直于AB 向下．所以选项D 正确．故选：D ．【点评】本题根据题设条件找到等势点，作出等势线，根据电场线与等势线垂直，并由高电势处指向低电势处作电场线是常规思路．6．如图所示，两个半径相同、粗细相同互相垂直的圆形导线圈，可以绕通过公共的轴线xx ′自由转动，分别通以相等的电流，设每个线圈中电流在圆心处产生磁感应强度为B ，当两线圈转动而达到平衡时，圆心O 处的磁感应强度大小是（）A ．1B B．B C ．2B D ．0【考点】磁感应强度；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】该题是关于磁场的叠加问题．首先运用安培定则每个圆环在圆心O 处产生的磁感应强度的方向，利用平行四边形定则进行矢量合成，即求出O 处的磁感应强度大小．【解答】解：根据安培定则可知，竖直方向的通电圆环在圆心O 处产生的磁感应强度方向垂直纸面向里，大小为B ，水平方向的通电圆环在圆心O 处产生的磁感应强度方向竖直向上，大小为B ，两者相互垂直，由于同向电流吸引，两个线圈重合，故当两线圈转动而达到重合时，圆心O 处的磁感强度的大小是B O =2B ．故选：C【点评】本题的解题关键是掌握安培定则，并能熟练应用，同时要能正确运用平行四边形定则进行矢量合成．11二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共计20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分）7．下列说法中不正确的是（）A ．由磁感应强度的定义式B=可知，磁场中某处的磁感应强度大小与通电直导线所受磁场力成正比，与IL 成反比B ．一小段通电直导线磁场中某处所受的磁场力的方向就是该处磁场的方向C ．一小段通电直导线放在某处受到的磁场力等于零，则该处磁感应强度一定为零D ．一段长为10cm 、电流为2A 的通电直导线在某处受磁场力大小为0.8N ，则该处磁感应强度的大小至少为4T【考点】左手定则．【分析】当电流元与磁场垂直时，安培力最大，为F=BIL ；当电流元与磁场平行时，安培力为零；当当电流元与磁场成θ角时，安培力为F=BILsin θ．【解答】解：A 、B 、磁感应强度B=是采用比值法定义的，B 大小与F 、IL 无关，B 由磁场本身决定，故A 错误，B 、根据左手定则可知，一小段通电直导线磁场中某处所受的磁场力的方向与该处磁场的方向垂直，故B 错误；C 、根据公式F=BILsin θ，一小段通电直导线在某处不受磁场力，该处磁感应强度B 不一定为零，可能是sin θ为零，故C 错误；D 、根据磁感应强度B=，条件是B 与I 垂直，而一段长为10cm 、电流为2A 的通电直导线在某处受磁场力大小为0.8N ，若导线垂直放入磁场，则该处磁感应强度的大小为4T ，若不垂直放置，则磁感应强度的大小大于4T ；故D 正确；本题选择不正确的，故选：ABC ．【点评】本题关键是记住安培力公式F=BILsin θ，知道磁感应强度有磁场表示决定，与电流元无关，同时注意导线放入磁场中是否垂直磁场是解题的关键．8．如图所示，平行板电容器的两极板A 、B 接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电建S 给电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，以下判断正确的是（）A ．电建S 断开，将A 板向B 板靠近，则θ增大B ．电建S 断开，将A 板向B 板靠近，则θ不变C ．保持电建S 闭合；将A 板向B 板靠近，则θ变小D ．保持电建S 闭合；将A 板向B 板靠近，则θ增大12【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电容器充电后电键S 断开，电容器所带电量不变，根据推论分析板间场强是否变化，判断θ如何变化．保持电键S 闭合，板间电压不变，将A 板向B 板靠近，根据E=分析板间场强如何变化，判断θ如何变化．【解答】解：A 、电容器充电后电键S 断开，电容器所带电量不变，两板正对面积和介电常量都不变，根据推论E=知，d 变化，电场强度不变，所以θ不变．故A 错误，B 正确．C 、保持电键S 闭合，板间电压不变，将A 板向B 板靠近，板间距离d 减小，由板间场强E=知，场强增大，则θ增大．故C 错误，D 正确．故选：BD ．【点评】电容器所带电量不变，两板正对面积和介电常量不变，板间场强不变是重要的推论，要在理解的基础上加强记忆．9．如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的右上方固定一直导线，导线与磁铁垂直，若给导线通以垂直于纸面向外的电流后，则与未通电相比（）A ．磁铁对桌面压力增大B ．磁铁对桌面压力减小C ．磁铁有向右运动的趋势D ．桌面对磁铁无摩擦力【考点】安培力．【分析】先以通电导线为研究对象，由左手定则判断出导线受到安培力的方向；然后由牛顿第三定律求出磁铁受到磁场力的方向，最后判断磁铁对桌面的压力如何变化，判断磁铁受到的摩擦力方向【解答】解：在磁铁外部，磁感线从N 极指向S 极，长直导线在磁铁的中央右上方，导线所在处磁场斜向左上方；导线电流垂直于纸面向外，由左手定则可知，导线受到的安培力斜向左下方；由牛顿第三定律可知，导线对磁铁的作用力斜向右上方，因此磁铁对桌面的压力减小，小于磁铁的重力，磁铁由向右的运动趋势，磁铁受到向左的摩擦力，故AD 错误，BC 正确．故选：BC【点评】本题应先选导线为研究对象，然后由牛顿第三定律判断磁铁的受力情况，巧妙地选取研究对象，是正确解题的关键1310．一根粗细均匀的导线，两端加上电压U 时，通过导线中的电流强度为I ，导线中自由电子定向移动的平均速度为v ，若导线均匀拉长，使其半径变为原来的，再给它两端加上电压U ，则（）A ．通过导线的电流为B．通过导线的电流为C．自由电子定向移动的平均速率为D ．自由电子定向移动的平均速率为【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】将导线均匀拉长，使其半径变为原来的，横截面积变为原来的倍，导线长度要变为原来的4倍；然后由电阻定律分析电阻的变化，由欧姆定律分析电流的变化，由电流的微观表达式I=nevS 分析平均速率v 的变化．【解答】解：AB 、将导线均匀拉长，使其半径变为原来的，横截面积变为原来的倍，导线长度要变为原来的4倍，金属丝电阻率不变，由电阻定律R=ρ可知，导线电阻变为原来的16倍；电压U 不变，由欧姆定律I=可知，电流变为原来的；故A 错误，B 正确；CD 、电流I 变为原来的，横截面积变为原来的，单位体积中自由移动的电子数n 不变，每个电子粒所带的电荷量e 不变，由电流的微观表达式I=nevS 可知，电子定向移动的速率变为原来的，故C 错误，D 正确；故选：BD【点评】本题关键要在理解的基础上记住电流的微观表达式I=nevS 和电阻定律公式．11．如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M ，N 两点，在此MN 的连线上有对称点a 、c ，MN 连线的中垂线上有对称点b 、d ，则下列说法正确的是（）14A ．a 点场强与c 点场强一定相同B ．a 点电势一定小于c 点电势C ．负电荷在c 点电势能一定大于在a 点电势能D ．正电荷从d 点移到b 点电场力不做功【考点】电场强度；电势差；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题考查了等量异种电荷周围电场分布情况：在如图所示的电场中，等量异种电荷MN 之间的电场方向是相同的，由M 指向N 或由N 指向M ；MN 中垂线上的电场强度、电势关于O 点对称，Ob 电场方向沿Ob 连线向上，Od 电场方向沿Od 方向向下，O 点是中垂线上电势最高的点．【解答】解：由于M 、N 是异种电荷，电场线由正电荷出发终止于负电荷，MN 之间的电场方向相同，由于a 、c 关于O 点对称，因此大小也相同，所以a 点场强与c 点场强一定相同，故A 正确；B 、由于M 、N 电性不确定，因此电场线方向不确定，所以a 点电势和c 点电势大小关系无法判定，故B 错误；C 、由于a 、c 两点的电势高低无法确定，因此电荷在a 、c 两点的电势能大小也无法确定，故C 错误；D 、b 、d 两点电势相等，因此电荷从d 点移到b 点电场力不做功，故D 正确．故选AD ．【点评】等量同种、等量异种电荷周围的电场分布情况是考察的重点，要结合电场强度、电势、电势能等概念充分理解等量同种、等量异种电荷周围的电场特点．三、实验题（共2题，共计30分，答案填在答题卷对应题号的横线上）12．（18分）（2015秋•淮安校级期中）一个小灯泡的额定电压为2.0V ．额定电流约为0.5A ，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘和研究小灯泡的伏安特性曲线．A ．电源E ：电动势为3.0V ，内阻不计；B ．电压表V 1：量程为0～3V ，内阻约为1k ΩC ．电压表V 2：量程为0～15V ，内阻约为4k ΩD ．电流表A 1：量程为0～3A ，内阻约为0.1Ω；E ．电流表A 2：量程为0～0.6A ，内阻约为0.6Ω；F ．滑动变阻器R 1：最大阻值为l0Ω，额定电流为0.6A ；G ．滑动变阻器R 2：最大阻值为l5Ω，额定电流为1.0A ；15H ．滑动变阻器R 3：最大阻值为l50Ω，额定电流为1.0A ；I ．开关S ，导线若干．实验得到如下数据（I 和U 分别表示通过小灯泡的电流和加在小灯泡两端的电压）：I/A 0.000.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V 0.000.200.400.600.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00（1）实验中电压表应选用B ；电流表应选用E ；滑动变阻器应选用G （请填写选项前对应的字母）．（2）请你不要改动已连接导线，在下面的实物连接图1中把还需要连接的导线补上．闭合开关前，应使变阻器滑片放在最左（填“左”或“右”）端．（3）测量时电压表示数如图2所示，则U=0.80V ．（4）在图3坐标中画出小灯泡的U ﹣I 曲线．并简述该图线不是直线的主要原因灯丝电阻（率）随温度升高而增大（5）若将本题中的小灯泡接在电动势是1.5V 、内阻是1.0Ω的电池两端，则小灯泡的实际功率约为0.28（保留两位有效数字）．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡正常发光时的电流选择电流表，在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器．（2）电压与电流从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，根据灯泡电阻与电表内阻关系确定电流表接法，然后连接实物电路图；闭合开关前，分压电路分得的电压应为零．（3）电压表的量程是3V ，结合电压表读数的方法得出读数．（4）结合电阻率的变化分析电阻的变化和电流变化的原因．（5）根据表中实验数据在坐标系中描出对应的点，然后作出U ﹣I 图象．在同一坐标系中作出电池的U ﹣I 图象，两图象的交点坐标值是灯泡的电压与电流值，由P=UI 求出灯泡的实际功率．【解答】解：（1）灯泡额定电压是2V ，则电压表选B ；灯泡额定电流为0.5A ，则电流表选E ；为方便实验操作，滑动变阻器应选G ，F 的额定电流太小．。

2015-2016学年高二（上）月考物理试卷（11月份）（选修）一、单项选择题（本题共18小题，每小题4分，共72分．在每小题给出的四个选项中，每小题只有一个选项正确）1．下列关于磁场的说法中，正确的是( )A．磁场和电场一样，是客观存在的特殊物质B．磁场是为了解释磁极间相互作用而人为规定的C．磁体与磁体之间是直接发生作用的D．磁场只能由磁体产生，电流不能产生磁场2．奥斯特实验说明了( )A．磁场的存在B．磁场的方向性C．电流可以产生磁场 D．磁体间有相互作用3．若把一个条形磁铁从中间断开，则断开后的每一段( )A．只有N极 B．只有S极C．都有N、S两个极D．都没有磁极4．在电视台的围棋讲座中，棋子在竖直放置的棋盘上可以移动，但不会掉下来．原来，棋盘和棋子都是用磁性材料制成的．以下说法正确的是( )A．棋子的质量小，重力可以忽略不计B．棋盘对棋子的摩擦力大于棋子的重力C．棋盘对棋子的吸引力与重力平衡D．棋子受棋盘的摩擦力与棋子的重力是一对平衡力5．根据楞次定律可知，感应电流的磁场一定是( )A．阻碍引起感应电流的磁通量B．与引起感应电流的磁场方向相反C．阻碍引起感应电流的磁通量的变化D．与引起感应电流的磁场方向相同6．如图所示，L为一根无限长的通电直导线，M为一金属环，L通过M的圆心并与M所在的平面垂直，且通以向上的电流I，则( )A．当L中的I发生变化时，环中有感应电流B．当M左右平移时，环中有感应电流C．当M保持水平，在竖直方向上下移动时环中有感应电流D．只要L与M保持垂直，则以上几种情况，环中均无感应电流7．关于电磁感应现象，下列说法中正确的是( )A．闭合线圈放在变化的磁场中，必然有感应电流产生B．闭合正方形线圈在匀强磁场中垂直磁感线运动，必然产生感应电流C．穿过闭合线圈的磁通量变化时，线圈中有感应电流D．只要穿过电路的磁通量发生变化，电路中一定有感应电流产生8．下列关于磁感应强度的方向的说法中．正确的是( )A．某处磁感应强度的方向就是一小段通电导体放在该处时所受磁场力的方向B．小磁针N极受磁力的方向就是该处磁感应强度的方向C．垂直于磁场放置的通电导线的受力方向就是磁感应强度的方向D．磁场中某点的磁感应强度的方向就是该点的磁场方向9．做奥斯特实验时，把小磁针放在水平通电直导线的正下方，通电后发现小磁针不动，用手轻轻拨动一下小磁针，小磁针转动180°后静止不动，由此可知通电直导线中的电流方向是( )A．自东向西 B．自西向东 C．自南向北 D．自北向南10．有一小段通电导线垂直磁场放置，长为1cm，电流为5A，把它置于磁场中某点，受到的磁场力为0.1N，则该点的磁感应强度可能是( )A．B=2 T B．B=5 TC．B=1.5 T D．以上情况均有可能11．关于磁感应强度，下列说法正确的是( )A．由B=可知，磁场中某处的磁感应强度大小随通电导线中电流I的减小而增大B．由B=可知，磁场中某处的磁感应强度大小随通电导线所受磁场力F的增大而增大C．通电导线所受的磁场力为零，该处的磁感应强度不一定为零D．放置在磁场中1 m长的通电导线，通过1 A的电流受到的力为1 N，则该处的磁感应强度就是1 T12．关于磁感线的说法正确的是( )A．磁感线总是从磁体的N极出发指向S极B．磁感线可以表示磁场的强弱和方向C．细铁粉撒在磁铁附近，我们看到的就是磁感线，所以磁感线是真实存在的D．沿磁感线方向磁场减弱13．如图所示，虚线框内有匀强磁场，1和2为垂直磁场方向放置的两个圆环，分别用Φ1和Φ2示穿过两环的磁通量，则有( )A．Φ1＞Φ2B．Φ1=Φ2C．Φ1＜Φ2D．无法确定14．如图所示，在条形磁铁外套有A、B两个大小不同的圆环，穿过A环的磁通量ΦA与穿过B环的磁通量ΦB相比较( )A．ΦA＞ΦB B．ΦA＜ΦB C．ΦA=ΦB D．不能确定15．图中对通电导线在磁场中所受安培力的方向判断正确的是( )A．B．C．D．16．如图，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的正中央上方固定一直导线，导线与磁铁垂直，若给导线通以垂直于纸面向里的电流，则下列说法错误的是( )A．磁铁对桌面的压力减少 B．磁铁对桌面的压力增大C．桌面对磁铁没有摩擦力 D．磁铁所受的合力不变17．（本题供使用选修3﹣1教材的考生作答．）在匀强磁场中，一带电粒子沿着垂直磁感应强度的方向运动．现将该磁场的磁感应强度增大为原来的 2 倍，则该带电粒子受到的洛伦兹力( )A．变为原来的四分之一B．增大为原来的4倍C．减小为原来的一半 D．增大为原来的2倍18．关于电荷所受电场力和洛伦兹力，正确的说法是( )A．电荷在磁场中一定受洛伦兹力作用B．电荷在电场中一定受电场力作用C．电荷所受电场力一定与该处电场方向一致D．电荷所受的洛伦兹力一定与磁场方向垂直二、填空题（本题共2小题，每空2分，共计12分）.19．如图所示，框架面积为S，框架平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则穿过线框平面的磁通量为__________，若使框架绕轴OO′转过60°角，则穿过线框平面的磁通量为__________；若从初始位置转过90°角，则穿过线框平面的磁通量为__________；若从初始位置转过180°角，则穿过线框平面的磁通量的变化量为__________．20．一水平放置的矩形线圈abcd，在条形磁铁S极附近下落，在下落过程中，线圈平面保持水平，如图所示，位置l和3都靠近位置2，则线圈从位置1到位置2的过程中，线圈内__________感应电流，线圈从位置2到位置3的过程中，线圈内__________感应电流．（填“有”或“无“）三、计算题（21题7分，22题9分，共计16分．解答应写出必要的文字说明．方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）21．如图所示，ab和cd是位于水平面内的平行金属轨道，间距为l，其电阻可忽略不计，ac之间连接一阻值为R的电阻．ef为一垂直于ab和cd的金属杆，它与ad和cd接触良好并可沿轨道方向无摩擦地滑动．电阻可忽略．整个装置处在匀强磁场中，磁场方向垂直于图中纸面向里，磁感应强度为B，当施外力使杆ef以速度v向右匀速运动时，杆ef所受的安培力大小为多少？22．如图所示，在直角区域aob内，有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子从o点沿纸面以相同速度射入磁场中，速度方向与边界ob成30°角，求正、负电子在磁场中运动的时间之比．2015-2016学年高二（上）月考物理试卷（11月份）（选修）一、单项选择题（本题共18小题，每小题4分，共72分．在每小题给出的四个选项中，每小题只有一个选项正确）1．下列关于磁场的说法中，正确的是( )A．磁场和电场一样，是客观存在的特殊物质B．磁场是为了解释磁极间相互作用而人为规定的C．磁体与磁体之间是直接发生作用的D．磁场只能由磁体产生，电流不能产生磁场【考点】磁现象和磁场．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】（1）磁场的基本性质：对放入其中的磁体产生磁力作用；（2）磁场是实际存在的一种物质；（3）根据理想模型方法的思路进行分析，即为了人们可以形象直观的认识磁场，科学家通过想象引入了磁感线；（4）在磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极．【解答】解：A、磁场和电场，看不见摸不着，但是实际存在的一种物质，故A正确，B错误；C、磁场的基本性质：对放入其中的磁体产生磁力作用，磁体与磁体之间是通过磁场发生作用的．故C错误；D、磁体能产生磁场，电流也能产生磁场．故D错误．故选：A【点评】该题考查对磁场和磁感线的理解，关于磁场要知道磁极间的相互作用是通过磁场产生的，知道磁感线的由来，以及磁感线方向的确定．2．奥斯特实验说明了( )A．磁场的存在B．磁场的方向性C．电流可以产生磁场 D．磁体间有相互作用【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】解答本题需掌握奥斯特的电流的磁效应实验的意义．【解答】解：奥斯特将通电导线放于小磁针上方时发现小磁针发生了偏转，说明了通电导线周围存在着磁场，即电流可以产生磁场．故ABD错误，C正确；故选：C【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，奥斯特实验虽然简单，但却是人类将电与磁联系在一起的基础．3．若把一个条形磁铁从中间断开，则断开后的每一段( )A．只有N极 B．只有S极C．都有N、S两个极D．都没有磁极【考点】磁现象和磁场．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】解答本题应掌握：任意磁铁均有两个磁极，一个为N极另一个为S极．断开后，每一段均有两个磁极．【解答】解：磁铁从中间断开后，每一段均仍然有两个磁极．一个N极一个为S极；故选：C．【点评】本题考查磁场的性质，任意一个磁铁均有两个磁极；任意磁铁断开后每一段均有NS极．4．在电视台的围棋讲座中，棋子在竖直放置的棋盘上可以移动，但不会掉下来．原来，棋盘和棋子都是用磁性材料制成的．以下说法正确的是( )A．棋子的质量小，重力可以忽略不计B．棋盘对棋子的摩擦力大于棋子的重力C．棋盘对棋子的吸引力与重力平衡D．棋子受棋盘的摩擦力与棋子的重力是一对平衡力【考点】物体的弹性和弹力；弹性形变和范性形变．【专题】定性思想；推理法；受力分析方法专题．【分析】首先对棋子进行受力分析，根据棋子的运动状态，结合二力平衡的条件可知棋子不会掉下来的原因．【解答】解：磁性棋盘是竖直放置的，棋子静止在上面时受到重力、支持力、引力及摩擦力；重力竖直向下，摩擦力竖直向上，且重力和摩擦力是一对平衡力；支持力和引力为一对平衡力；棋子掉不下来的原因是因为受到棋盘对它向上的摩擦力和它的重力大小相等，即棋子受棋盘的摩擦力与棋子的重力是一对平衡力，故D正确，ABC错误．故选：D．【点评】此题主要考查学生对二力平衡条件及其应用的理解和掌握，特别注意是摩擦力与重力相平衡，难度不大，属于基础题．5．根据楞次定律可知，感应电流的磁场一定是( )A．阻碍引起感应电流的磁通量B．与引起感应电流的磁场方向相反C．阻碍引起感应电流的磁通量的变化D．与引起感应电流的磁场方向相同【考点】楞次定律．【分析】根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与它相同．【解答】解：当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与它相同．即感应电流的磁场方向取决于引起感应电流的磁通量是增加还是减小．即感应电流的磁场一定是阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故A、B、D错误，C正确．故选C．【点评】解决本题的关键掌握楞次定律的内容，知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．6．如图所示，L为一根无限长的通电直导线，M为一金属环，L通过M的圆心并与M所在的平面垂直，且通以向上的电流I，则( )A．当L中的I发生变化时，环中有感应电流B．当M左右平移时，环中有感应电流C．当M保持水平，在竖直方向上下移动时环中有感应电流D．只要L与M保持垂直，则以上几种情况，环中均无感应电流【考点】感应电流的产生条件．【分析】依据通电直导线的磁场分布，结合感应电流产生的条件可判定各个选项．【解答】解：由安培定则可知导线L中电流产生的磁场方向与金属环面平行，即穿过M的磁通量始终为零，保持不变，故只要L与M保持垂直，就不会穿过线圈的磁通量就始终为零，故A、B、C三种情况均不能产生感应电流．故ABC错误，D正确．故选：D【点评】本题关键是掌握通电直导线的磁场分布：是以导线为中心的同心圆．7．关于电磁感应现象，下列说法中正确的是( )A．闭合线圈放在变化的磁场中，必然有感应电流产生B．闭合正方形线圈在匀强磁场中垂直磁感线运动，必然产生感应电流C．穿过闭合线圈的磁通量变化时，线圈中有感应电流D．只要穿过电路的磁通量发生变化，电路中一定有感应电流产生【考点】感应电流的产生条件．【分析】感应电流产生的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化，而磁通量是穿过电路的磁感线条数．【解答】解：A、闭合线圈放在变化的磁场中，若线圈与磁场平行，磁通量为零，没有变化，没有感应电流产生，故A错误．B、闭合线圈在匀强磁场中垂直磁感线运动，若磁通量不变，则没有感应电流产生，故B错误．C、穿过闭合电路的磁感线条数发生变化时，则穿过闭合电路的磁通量发生变化，一定有感应电流，故C正确．D、穿过线圈的磁通量变化时，若电路闭合，产生感应电流，若电路不闭合，没有感应电流，故D错误．故选：C．【点评】本题关键抓住感应电流产生的条件：一是电路必须闭合；二是磁通量必须变化，两个条件缺一不可．8．下列关于磁感应强度的方向的说法中．正确的是( )A．某处磁感应强度的方向就是一小段通电导体放在该处时所受磁场力的方向B．小磁针N极受磁力的方向就是该处磁感应强度的方向C．垂直于磁场放置的通电导线的受力方向就是磁感应强度的方向D．磁场中某点的磁感应强度的方向就是该点的磁场方向【考点】磁感应强度．【专题】应用题．【分析】磁感应强度的方向就是磁场的方向，是小磁针静止的时候N极所指的方向，也是小磁针的N极所受力的方向；磁感应强度的方向沿磁感线的切线方向；磁感应强度的方向与通电导线所受安培力的方向垂直．【解答】解：A、某处磁感应强度的方向与一小段通电导体放在该处时所受磁场力的方向垂直，故A错误；B、小磁针N极受磁力的方向就是该处磁感应强度的方向，故B正确；C、垂直于磁场放置的通电导线的受力方向与磁感应强度的方向垂直，故C错误；D、磁场中某点的磁感应强度的方向就是该点的磁场方向，故D正确；故选BD．【点评】磁场的方向与通电导线所受安培力的方向垂直，电场的方向与电场力的方向在同一条直线上，要注意掌握这一点的不同．9．做奥斯特实验时，把小磁针放在水平通电直导线的正下方，通电后发现小磁针不动，用手轻轻拨动一下小磁针，小磁针转动180°后静止不动，由此可知通电直导线中的电流方向是( )A．自东向西 B．自西向东 C．自南向北 D．自北向南【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】知道通电导体周围存在着磁场，地磁场的方向．磁场的基本性质：磁场对放入其中的磁体产生磁力作用．磁场方向跟电流方向有关，电流方向改变，磁场方向改变．【解答】解：由于地球磁场的作用，小磁针静止时N极指向地球的北极，如果通电导线是南北方向放置的，则不论电流方向指向南还是指向北，小磁针静止时将偏离南北方向而指向东西方向，即磁针转动的角度接近900．如果通电导线是东西方向放置，通以由东向西的电流，通电导线在其下方产生的磁场方向向南，与地球磁场的方向相反，则小磁针被用手轻轻拨动一下，北极静止时N极由指向北方变为指向南边；如果通以由西向东的电流，通电导线在其下方产生的磁场方向向北，与地球磁场的方向相同，则小磁针指向不变．故选：A【点评】掌握奥斯特实验表明的问题，并且掌握电流磁场大小和方向的影响因素．10．有一小段通电导线垂直磁场放置，长为1cm，电流为5A，把它置于磁场中某点，受到的磁场力为0.1N，则该点的磁感应强度可能是( )A．B=2 T B．B=5 TC．B=1.5 T D．以上情况均有可能【考点】安培力．【专题】定量思想；方程法；磁场磁场对电流的作用．【分析】根据安培力的大小公式F=BIL求出磁感应强度B的大小【解答】解：导体棒垂直置于磁场中，根据F=BIL得：B=故选：A【点评】解决本题的关键知道当磁场方向与电流方向平行时，安培力F=0；当磁场方向与电流方向垂直时，安培力F=BIL11．关于磁感应强度，下列说法正确的是( )A．由B=可知，磁场中某处的磁感应强度大小随通电导线中电流I的减小而增大B．由B=可知，磁场中某处的磁感应强度大小随通电导线所受磁场力F的增大而增大C．通电导线所受的磁场力为零，该处的磁感应强度不一定为零D．放置在磁场中1 m长的通电导线，通过1 A的电流受到的力为1 N，则该处的磁感应强度就是1 T【考点】磁感应强度．【分析】在磁场中磁感应强度有强弱，则由磁感应强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．【解答】解：A、B=是通过比值定义，所以B与F，与IL均无关，而B由磁场本身性质决定．故AB错误；C、若通电导线与磁场平行不受安培力，但此处磁感应强度不为零，故C正确．D、确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比．D 项没有说明通电导线与磁场方向是垂直的，故磁感应强度不一定是1T，D错误；故选：C．【点评】磁感应强度的定义式B=，是属于比值定义法，且通电导线垂直放在磁场中．即B与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定．12．关于磁感线的说法正确的是( )A．磁感线总是从磁体的N极出发指向S极B．磁感线可以表示磁场的强弱和方向C．细铁粉撒在磁铁附近，我们看到的就是磁感线，所以磁感线是真实存在的D．沿磁感线方向磁场减弱【考点】磁感线及用磁感线描述磁场．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】（1）磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极．在磁体的内部，磁感线是从磁体的S极出发，回到N极．（2）磁感线疏密表示强弱，而某点的切线方向表示磁场的方向．（3）磁体的周围存在着看不见，摸不着但又客观存在的磁场，为了描述磁场，在实验的基础上，利用建模的方法想象出来的磁感线，磁感线并不客观存在．（4）磁场的强弱可以利用磁感线的疏密程度来描述．磁场越强，磁感线越密集．【解答】解：A、在磁体的内部，磁感线从磁体的S出发回到N极．故A错误．B、磁感线疏密表示强弱，而某点的切线方向表示磁场的方向，故B正确．C、磁感线是为了描述磁场而引入的，它并不客观存在，在该实验中，我们看到的是铁粉形成的真是存在的曲线，借助于该实验，利用建模的思想想象出来磁感线，但这不是磁感线．故C错误．D、磁感线最密集的地方，磁场的强度最强，反之磁场最弱．并不是沿磁感线方向磁场减弱．故D错误．故选：B．【点评】此题考查了磁感线的引入目的，磁场方向的规定，记住相关的基础知识，对于解决此类识记性的题目非常方便．13．如图所示，虚线框内有匀强磁场，1和2为垂直磁场方向放置的两个圆环，分别用Φ1和Φ2示穿过两环的磁通量，则有( )A．Φ1＞Φ2B．Φ1=Φ2C．Φ1＜Φ2D．无法确定【考点】磁通量．【分析】当磁场与面垂直时，磁感应强度与面的面积的乘积是该面的磁通量．即可求出磁通量；【解答】解：由题意可知，线圈A与线圈B虽然面积不同，但穿过线圈的磁场面积相同，且磁感应强度相同，所以穿过两环的磁通量相等，即ΦB=ΦA．故B正确，ACD错误；故选：B【点评】本题是考查磁通量大小的比较问题，要注意抓住有效面积的含义理解，这是解题的关键．14．如图所示，在条形磁铁外套有A、B两个大小不同的圆环，穿过A环的磁通量ΦA与穿过B环的磁通量ΦB相比较( )A．ΦA＞ΦB B．ΦA＜ΦB C．ΦA=ΦB D．不能确定【考点】磁通量．【分析】在磁铁的外部，磁感线从N极出发进入S极，在磁铁内部，磁感线从S极指向N 极．磁感线是闭合曲线，磁铁内外总条数相等．穿过环面的磁感线方向有两种，存在抵消情况，抵消后磁感线多，磁通量大．【解答】解：根据磁感线的分布情况可知，磁铁内部穿过环面的磁感线方向向上，外部磁感线方向向下．由于磁感线是闭合曲线，磁铁内部的磁感线条数等于磁铁外部磁感线的总条数，而磁铁外部磁感线分布在无限大的空间，所以穿过环面的磁铁外部向下的磁感线将磁铁内部向上的磁感线抵消一部分，A的面积小，抵消较小，则磁通量较大，所以ΦA＞ΦB．故选：A【点评】本题是非匀强磁场磁通量大小的比较问题，抓住抵消后剩余磁通量进行比较．常见问题，中等难度．15．图中对通电导线在磁场中所受安培力的方向判断正确的是( )A．B．C．D．【考点】左手定则．【分析】左手定则：左手平展，使大拇指与其余四指垂直，并且都跟手掌在一个平面内；把左手放入磁场中，让磁感线垂直穿入手心，四指指向电流所指方向，则大拇指的方向就是导体受力的方向．【解答】解：A、由左手定则可知，安培力向左上方，故A正确；B、由左手定则可知，安培力向左，故B错误；C、由图示可知，电流方向与磁场方向平行，电流不受安培力，故C正确；D、由左手定则可知，安培力竖直向右，故D错误；故选：A．【点评】左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．16．如图，一条形磁铁放在水平桌面上，在它的正中央上方固定一直导线，导线与磁铁垂直，若给导线通以垂直于纸面向里的电流，则下列说法错误的是( )A．磁铁对桌面的压力减少 B．磁铁对桌面的压力增大C．桌面对磁铁没有摩擦力 D．磁铁所受的合力不变【考点】安培力．【分析】先明确正中央磁场的特点，通电导体在磁场中受到力的作用，力的方向可以用左手定则判断；摩擦力产生的条件是两个物体相互接触，有相对运动的趋势或者已经发生相对运动．【解答】解：ABC、磁铁的磁感线在它的外部是从N极到S极，因为长直导线在磁铁的中央上方，所以此处的磁感线是水平的，电流的方向垂直与纸面向里，根据左手定则，导线受磁铁给的“安培力”方向竖直向上，如下图所示：长直导线是固定不动的，根据物体间力的作用是相互的，导线给磁铁的反作用力方向就是竖直向下的；因此磁铁对水平桌面的压力除了重力之外还有通电导线的作用力，压力是增大的；因为这两个力的方向都是竖直向下的，所以磁铁不会发生相对运动，也就不会产生摩擦力，故BC正确，A错误．D、磁铁处于静止状态，则所受的合力不变，故D正确；本题选择错误的，故选：A．。

固定栓绝热气缸导热隔板四川某重点中学期末考前测试卷物 理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分.共100分.考试时间60分钟。

第Ⅰ卷（选择题 共48分）注意事项:1、答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔涂写在答题卡上。

2、每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，不能答在试卷上.3、考试结束后，监考人员将第Ⅱ卷和答题卡一并交回。

一、本题共8个小题，每题6分，共48分.每小题给出的四个选项中至少有一个选项符合题意。

全对给6分，部分对给3分。

1、如图甲为某一波在 1.0t s =时刻的图像, 乙为参与波动的某一质点的振动图像， 则下列说法正确的是 A ．这列波的波速是4/m sB ．图示时刻起Q 质点比P 质点先回到平衡位置C ．乙图是甲图1x m =、2m 、3m 、4m 处四个质点中4x m =处质点的振动图像D ．若此波遇到另一列波并发生稳定的干涉现象，则该波所遇到的波的频率一定为50Hz,振幅一定为0。

2m 2、如图所示，绝热气缸中间用固定栓将可无摩擦移 动的导热隔板固定，隔板质量不计，左右两室分别充有一定量的氢气和氧气（视为理想气体）.初始时，两室气体的温度相等,氢气的压强大于氧气的压强，松开固定栓直至系统重新达到平衡，下列说法中正确的是A．初始时氢分子的平均动能大于氧分子的平均动能B．系统重新达到平衡时，氢气的内能比初始时的小C．松开固定栓直至系统重新达到平衡的过程中有热量从氧气传递到氢气D．松开固定栓直至系统重新达到平衡的过程中,氧气的内能先增大后减小3.在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r,闭合电键s，当滑动变阻器在如图所示位置时，灯泡L能发光,若将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列说法正确的是A.灯泡L变亮 B。

电源的输出功率变小C.电容器C上电荷量减少D.电流表读数变大，电压表读数变小4．一个匀强电场的电场强度随时间变化的图象如图所示，在这个匀强电场中有一个带电粒子，在t＝0时刻由静止释放．若带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是A ．带电粒子将始终向一个方向运动B ．0－3s 内，电场力的总冲量为零,电场力的总功不为零C ．4s 末带电粒子回到原出发点D ．2－4s 内电场力的总冲量不为零,但电场力的总功为零 5、如图所示,虚线 a 、 b 、 c 代表电场中的三个等势面， 相邻等势面之间的电势差相等，即U ab =U bc ,实线为一带正电的 质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹, P 、Q 是 这条轨迹上的两点,据此可知A 。

υa b嘴哆市安排阳光实验学校一中2015～2016学年度上学期12月月考物理试卷本卷满分110分考试时间90分钟。

一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分。

其中2、4、5、10题的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全选对的得5分，选对但不全得3分，有错选的或不选得0分）1．一个电子只在电场力作用下从a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行实线可能是电场线也可能是等势面，下列说法中正确的是( )A．如果实线是电场线，则a点的电势比b点的电势高B．如果实线是等势面，则a点的电势比b点的电势低C．如果实线是电场线，则电子在a点的电势能比在b点的电势能大D．如果实线是等势面，则电子在a点的电势能比在b点的电势能大2．在光滑的桌面上放有一条形磁铁，条形磁铁的位置的正上方水平固定一铜质小圆环，如图所示，则以下关于铜质小圆环和条形磁铁的描述正确的是（）A．释放圆环，环下落时的机械能守恒B．释放圆环，环下落时磁铁对桌面的压力比磁铁的重力大C．给环一个向右的初速度，磁铁也向右运动D．给环一个向右的初速度，圆环中有顺时针方向的电流（俯视方向去看）3．如图所示，A、B是两根互相平行的、固定的长直通电导线，二者电流大小和方向都相同。

一个矩形闭合金属线圈与A、B在同一平面内，并且ab边保持与通电导线平行。

线圈从图中的位置1匀速向左移动，经过位置2，最后到位置3，其中位置2恰在A、B的正中间。

下面的说法中正确的是（）①在位置2这一时刻，穿过线圈的磁通量为零②在位置2这一时刻，穿过线圈的磁通量的变化率为零③从位置1到位置3的整个过程中，线圈内感应电流的方向发生了变化④从位置1到位置3的整个过程中，线圈受到的磁场力的方向保持不变A．②③ B．③④ C．①② D．①④4．如图所示，带电荷量分别为＋4Q与＋Q的点电荷固定在A、B两点，C、D两点将AB连线三等分，现使一个带负电的粒子从C点开始以某一初速度向右运动，不计粒子的重力，则该粒子在C、D之间运动的速度大小v与时间t 的关系图象可能是图中的( )5．如图所示，三角形金属导轨EOF上放一金属杆AB，在外力作用下使AB保持与OF垂直，以恒定速度v从O点开始右移，设导轨和金属棒均为粗细相同的同种金属制成，则下列说法正确的是（）N SV 2V 1R 3R 2 R 1abP A ．电路中的感应电动势大小不变 B ．电路中的感应电动势逐渐增大 C ．电路中的感应电流大小不变 D ．电路中的感应电流逐渐减小6．在如图所示的电路中，电源电压恒定，定值电阻R 3的阻值小于滑动变阻器R 2的最大阻值，现使滑动变阻器的滑片从a 端滑向b 端，则在移动过程中( ) A ．电压表V 1和V 2的示数始终变大 B ．电压表V 1和V 2的示数始终变小C ．电压表V 1的示数先变大后变小，电压表V 2的示数先变小后变大D ．电压表V 1的示数先变大后变小，电压表V 2的示数始终变小7．如图所示，一段导线abcd 弯成半径为R 、圆心角为90°的部分扇形形状，置于磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，且与磁场方向(垂的长度均为R2.流经导线直于纸面向里)垂直．线段ab 和cd 的电流为I ，方向如图中箭头所示．则导线abcd 所受到的安培力为( )A ．方向沿纸面向上，大小为2BIR2B ．方向沿纸面向上，大小为π－2BIR2C ．方向沿纸面向下，大小为2BIR2D ．方向沿纸面向下，大小为π－2BIR28．如图所示，在竖直平面内的两根平行金属导轨，顶端用一电阻R 相连，磁感应强度为B 的匀强磁场垂直导轨平面。