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湖北省宜昌市协作体2017-2018学年高二下学期期末考试物理试题 Word版含解析

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湖北省宜昌市协作体2017-2018学年高二下学期期末考试物理试题一.选择题1. 下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是( )A. 根据电场强度的定义式E电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B. 根据电容的定义式C可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C. 根据真空中点电荷的电场强度公式E＝电荷量无关D. 根据电势差的定义式U AB 1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则U AB=－1 V【答案】D【解析】电场中某点的电场强度等于试探电荷所受的电场力与试探电荷所带电量的比值，场强大小只由电场本身决定，与试探电荷无关，选项A错误；根据电容的定义式C容器的电容等于所带电荷量与两极板间的电压的比值，电容的大小由电容器本身决定，与其所带的电量以及两板电压无关，选项B错误；根据真空中点电荷的电场强度公式E＝电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量有关，选项C错误；根据电势差的定义式U AB带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则U AB－1 V，选项D正确；故选D.2. 氢原子的能级如图所示，下列说法正确的是( )A. 处于n＝3能级的氢原子可以吸收任意频率的光子而跃迁B. 氢原子从n＝3能级向n＝2能级跃迁时，吸收的光子能量为1.89 eVC. 大量处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出3种不同频率的光D. 处于n＝1能级的氢原子可能吸收动能为15 eV的电子的能量而电离【答案】D【解析】要使n=3能级的氢原子发生跃迁，吸收的光子能量必须等于两能级间的能级差，或大于1.51eV能量的任意频率的光子。

故A错误；氢原子由n=3向n=2能级跃迁时辐射的光子能量为△E=E3-E2=-1.51-（-3.4）=1.89eV．故B6，大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出6种不同频率的光。

故C错误；处于n=3能级的氢原子能量为-1.51eV，15eV大于1.51eV，则氢原子可吸收动能为15 eV的电子的能量而电离，故D正确。

故选D。

点睛：解决本题的关键知道光电效应的条件以及知道能级间跃迁时辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差．注意氢原子吸收电子时，只需电子的能量大于能级差即可，吸收光子时，光子的能量必须等于能级差.3. A为“220 V100 W”的灯泡，B为“220 V40 W”的白炽灯泡.现将两盏灯泡串联接在220V的电源两端，（设灯丝的电阻不随温度改变）两灯实际功率分别为P A、P B，各灯通过的电流为I A、I B，两端电压为U A，U B.则下列正确的为( )A. I A＞I BB. P A＜P BC. U A＞U B.D. U A＝U B【答案】BR A<R B，两灯串联时电流相同，即I A=I B，则根据P=I2R可知，P A＜P B；根据U=IR可知U A<U B.选项B正确，ACD错误，故选B.4. 如图所示，真空中有两个等量的正电荷q1和q2，分别固定于A、B两点，DC为AB连线的中垂线，C为A、B两点连线的中点，将一正电荷q3由C点沿着中垂线移至无穷远处的过程中，下列结论正确的有( )A. q3受到的电场力先减小后增大B. q3受到的电场力先增大后减小C. q3具有的电势能先减小后增大D. q3具有的电势能先增大后减小【答案】B【解析】根据电场的叠加可知，C点的场强为零，而无穷远处场强也为零，所以由C点沿CD 移至无穷远的过程中，场强先增大，后减小，q3受到的电场力先逐渐增大，后逐渐减小。

故A 错误，B正确。

由题，q1、q2是两个等量的正电荷，中垂线CD上电场线由C指向D方向，根据顺着电场线电势降低，可知正电荷q3由C点沿CD移至无穷远的过程中，电势不断降低，电场力做正功，其电势能不断减小。

故CD错误。

故选B。

点睛：对于等量同种和等量异种电荷电场线、等势面的分布情况要掌握，这是考试的热点．特别是抓住电荷连线的中垂线电场线与等势面的特点．5. 如图所示，实线是电场线，一带电粒子只在电场力的作用下沿虚线由A运动到B的过程中，下列选项正确的是( )A. 带电粒子带正电B. 带电粒子做匀加速运动C. 带电粒子做加速度减小的加速运动D. 带电粒子的动能减少，电势能增加【答案】D【解析】粒子由A运动到B的过程中，由轨迹可知，所受的电场力大致向左，可知粒子带负电，选项A错误；由电场线分布可知，电场不是匀强电场，则带电粒子做变加速运动，选项B 错误；粒子从A到B，所受电场力减小，加速度减小，则带电粒子做加速度减小的减速运动，选项C错误；带电粒子所受的电场力做负功，则动能减少，电势能增加，选项D正确；故选D.点睛：此类问题中根据轨迹弯曲的方向可判断出电场力方向，确定电场力做功正负，判断动能的变化。

由电场线的疏密判断场强大小，可判断电场力和加速度的大小。

6. 如图所示，理想变压器原线圈的匝数为n1，副线圈的匝数为n2，原线圈的两端a、b接正弦交流电源，电压表V的示数为220 V，，电流表A1的示数为0.2 A，电流表A2的示数为1.0A。

下列判断不正确的是( )A. 原线圈和副线圈的匝数比为5∶1B. 负载电阻消耗的功率是88WC. 负载电阻R＝44 ΩD. 负载电阻R两端的电压是44V【答案】B故A正确；负载消耗的功率等于变压器的输入功率：，选项B错误；R两端的电压是44V，负载电阻，选项CD正确；此题选择不正确的选项，故选B.点睛：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率．7. 如图所示，纸面内有一矩形导体闭合线框abcd，ab边长大于bc边长，置于垂直纸面向里、边界为MN的匀强磁场外，线框两次匀速地完全进入磁场，两次速度大小相同，方向均垂直于MN.第一次ab边平行MN进入磁场，线框上产生的热量为Q1，通过线框导体横截面的电荷量为q1；第二次bc边平行于MN进入磁场，线框上产生的热量为Q2，通过线框导体横截面的电荷量为q2，则 ( )A. Q1＞Q2，q1＝q2B. Q1＞Q2，q1＞q2C. Q1＝Q2，q1＝q2D. Q1＝Q2，q1＞q2【答案】A导过程；对于电磁感应能量问题一般有三种方法求解：①利用电路中产生的热量等于克服安培力做得功；②利用动能定理；③利用能量守恒；具体哪种方法，要看题目中的已知条件.视频8. 半径为r的圆形空间内，存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子(不计重力)从A点以速度v0垂直磁场方向朝着O点射入磁场中，并从B点射出.∠AOB＝120°，如图所示，则该带电粒子在磁场中运动的时间为( )【答案】C【解析】由图根据几何知识可知，粒子轨迹对应的圆心角为α=60°=；粒子运动的时间为 C.点睛：此题求解时间由两个方法，除了用弧长除以线速度外，还可用周期来求解，可尝试一题多解。

9. 如图所示是一个由电池、电阻R、开关S与平行板电容器组成的串联电路，开关S闭合.一带电液滴悬浮在两板间P点不动，下列说法正确的是( )A. 带电液滴一定带负电B. 增大两极板间距离，液滴将加速下降C. 断开S，减小两极板正对面积的过程中，液滴将加速下降D. 断开S，减小两极板距离的过程中，液滴静止不动【答案】ABD【解析】微粒静止不动，所受的电场力与重力平衡，则知电场力向上，而场强向下，所以微粒带的是负电。

故A正确。

增大电容器两极板间距离，U不变，根据E=U/d可知，E减小，电场力小于重力，则液滴将加速下降，选项B正确；断开S，极板上是电量不变；减小两极板正C=Q/U分析可知U增大，由公式E=U/d分析可知E增大，电场力大于重力，所以液滴将加速向上运动。

故C错误；断开S，式C=Q/U，以及E=U/d分析可知d无关，即E保持不变，所以液滴静止仍然不动，故D正确。

故选ABD.点睛：本题是电容器动态变化分析问题，关键要抓住不变量．当电容器保持与电源相连时，其电压不变，同时掌握电容的定义式与决定式的内容，及其区别，并理解公式的推导过程．10. 如图所示，金属细棒质量为m，用两根相同轻弹簧吊放在水平方向的匀强磁场中，弹簧的劲度系数为k，棒ab中通有恒定电流，棒处于平衡状态，并且弹簧的弹力恰好为零。

若电流大小不变而方向反向，则( )A. 每根弹簧弹力的大小为mgB. 每根弹簧弹力的大小为2mgC.D.【答案】AC【解析】试题分析：金属棒原来在磁场中受到重力、安培力，二力平衡，则安培力大小为F=mg；当电流大小不变，方向相反时，安培力的大小不变，方向相反，平衡时，则有F+mg=2F弹，解得F弹=mg．故A正确，B错误．根据胡克定律得：F弹=kx C正确，D错误．考点：磁场对通电导线的作用；胡克定律。

11. 如图所示电路中，L1、L2、L3、L4是四只相同的电灯，当滑动变阻器的滑片向下滑动时，下列说法正确的是( )A. L1变亮B. L2变亮C. L3变亮D. L4变亮【答案】BD【解析】试题分析：当滑动变阻器的滑片向下滑动时，电阻减小，则与L4串联再与L3并联的总电阻也减小，电源的路端电阻减小，路端电压减小，则L1的两端电压减小，L1变暗，选项A错误；由于总电阻减小，故电路中的总电流增大，L1中的电流减小，故L2中的电流增大，L2变亮，选项B正确；由于L4与L3、L2的总电压减小，L2两端电压增大，故L3两端电压减小，L3变暗，选项C错误；L3中的电流减小，而L2的电流增大，故L4的电流增大，L4变亮，选项D正确。

考点：欧姆定律的动态电路。

12. 如图所示的电路中，线圈L的自感系数足够大，其直流电阻忽略不计，A、B是两个相同的灯泡，下列说法中正确的是( )A. S闭合后，A、B同时发光且亮度不变B. S闭合后，A立即发光，然后又逐渐熄灭C. S断开的瞬间，A、B同时熄灭D. S断开的瞬间，A再次发光，然后又逐渐熄灭【答案】BD【解析】考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．专题：交流电专题．分析：电感总是阻碍电流的变化．线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡1构成电路回路．解答：解：L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，L A、L B是两个完全相同的小灯泡A、B、S闭合瞬间，但由于线圈的电流增加，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加，所以两灯同时亮，当电流稳定时，由于电阻可忽略不计，所以以后L A熄灭，L B变亮．故A错误B正确；C、S断开的瞬间， L B立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以L A亮一下再慢慢熄灭，故C错误D正确；故选：BD．点评：线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈上端是电源正极．当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈下端是电源正极．二．实验题13. 实验室有一只G表，标有参数Ig=10mA,Rg=100Ω，将它改装成一只量程为0.6A的电流表，需________（填“串”或“并”）联_____Ω的电阻。

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2017-2018学年湖北省重点高中联考协作体高二下学期期中考试试题物理

2017-2018学年湖北省重点高中联考协作体高二下学期期中考试试题物理

第I 卷（选择题，共50分）一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分。

其中1-6为单选题；7-10为多选题，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分） 1.下列说法正确的是（ ）A.原子核的结合能是组成原子核的所有核子的能量总和B.镭226衰变为氡222的半衰期为1620年，也就是说100个镭226核经过1620年的一定还剩下50个镭226没有发生衰变C.在天然放射现象中放出的β射线就是电子流，该电子是原子的内层电子受激发后辐射出来的D.原子从低能级向高能级跃迁，不吸收光子也能实现2.如图，质量M 的小船在静止水面上以速度0v 向右匀速行驶，一质量为m 的救生员在船尾，相对小静止。

若救生员以相对水面速率v 水平向左跃入水中，则救生员跃出后小船的速率为（ ）A. 0m v v M +B. ()00m v v v M ++C. 0m v v M -D. ()00mv v v M+- 3.一质量为m 的运动员从下蹲状态向上起跳，经t ∆时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v ，在此过程中（ ）A.地面对他的冲量为mv mg t +∆，地面对他做的功为212mv B.地面对他的冲量为mv ，地面对他做的功为212mv C.地面对他的冲量为mv mg t +∆，地面对他做的功为零 D.地面对他的冲量为mv mg t -∆，地面对他做的功为零4.匀强磁场中有一个原来静止的碳14原子核，它衰变时放射出的粒子与反冲核的径迹是两个内切的圆，两圆的直径之比为7：1，如图所示，那么碳14的衰变方程为（ ）A.141014615C e B →+ B.14412624C He Be →+ C.14212615C H B →+ D.14014617C e N -→+5.如图所示，等腰直角三角形区域内有垂直纸面向内的匀强磁场，左边有一形状完全相同的等腰直角三角形导线框，线框从图示位置开始水平向右匀速穿过磁场区域，规定线框中感应电流逆时针方向为正方向，线框刚进入磁场区域时感应电流为0i ，直角边长为l ，其感应电流i 随位移x 变化的图象正确的是（ ）6.如图所示，在光滑的水平面上静止放一质量为m 的木板B ，木板表面光滑，左端固定一轻质弹簧。

湖北省襄阳市2017-2018学年高二下学期7月期末调研考试物理试题-含答案

湖北省襄阳市2017-2018学年高二下学期7月期末调研考试物理试题-含答案

一、选择题（本题共10小题，每题4分，共40分.其中第7、8、9、10题为多项选择题，其余为多项选择题.选修3-3和选修3-4请选做一题.） 1．对于静电场中的A B 、两点，下列说法正确的是（ ） A ．点电荷在电场中某点受力的方向一定是该点电场强度的方向 B ．电势差的公式ABAB W U q=，说明A B 、两点间的电势差AB U 与静电力做功AB W 成正比，与移动电荷的电荷量q 成反比 C ．根据ABU E d=，电场强度与电场中两点间的距离d 成反比 D ．若将一正电荷从A 点移到B 点电场力做正功，则A 点的电势高于B 点的电势 2．某同学用图示的电路测绘小灯泡的伏安特性图线，连好电路后闭合开关，由a 端向b 端调节滑动变阻器R 的滑片，发现电流表的示数为零，电压表的示数逐渐增大，则电路的可能故障为（ ）A ．小灯泡短路B ．小灯泡断路C ．电流表断路D ．滑动变阻器断路3．如图所示，倾角为θ的粗糙绝缘斜面固定于水平向左的匀强磁场B 中，将通电指导线垂直于斜面水平放置，导线中电流方向垂直于纸面向里.如果导线能静止于斜面上，则下列说法正确的是（ ）A ．导线一定受到斜面弹力，但不一定受斜面摩擦力B ．导线一定受到斜面摩擦力，但不一定受斜面弹力C ．如果导线受弹力作用，那么也一定会受摩擦力的作用，且弹力和摩擦力合力一定竖直向上D ．如果导线受弹力作用，那么也一定会受摩擦力的作用，但弹力和摩擦力合力不一定竖直向上4．如图所示，M N 、和P 是以MN 为直径的半圆弧上的三点，O 为半圆弧的圆心，在O 点存在的垂直纸面向里运动的匀速电子束.60MOP ∠=︒，在M N 、处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，这时O 点的电子受到的洛伦兹力大小为1F .若将M 处长直导线移至P 处，则O 点的电子受到的洛伦兹力大小为2F .那么2F 与1F 之比为（ ）A B 2 C ．1:1 D ．1:25．现有a b c 、、三束单束光，其波长关系为::1:2:3a b c λλλ=.当用a 光束照射某种金属板时能发生光电效应，飞出的光电子最大动能为k E ，若改用b 光束照射该金属板，飞出的光电子最大动能为13k E ，当改用c 光束照射该金属板时（ ） A ．能发生光电效应，飞出的光电子最大动能为16k E B ．能发生光电效应，飞出的光电子最大动能为19k E C ．能发生光电效应，飞出的光电子最大动能为112k E D ．由于c 光束光子能量最小，该金属板不会发生光电效应6．如图在x 轴上方存在垂直于纸面向里的磁感应强度为B 的匀强磁场，x 轴下方存在垂直于纸面向外的磁感应强度为12B的匀强磁场.一带负电的粒子质量为m ，电荷量为q ，从原点O 以与x 轴成30θ=︒角斜向上射入磁场，且在x 轴上方运动半径为R （不计重力），则下列结论错误的是（ ）A ．粒子经偏转一定能回到原点OB ．粒子完成一次周期性运动的时间为mqBπC ．粒子在x 轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为1:2D ．粒子第二次射入x 轴上方磁场时，沿x 轴方向前进了3R7．一静止的铝原子核2713Al 俘获一速度为71.010m /s ⨯的质子p 后，变为处于激发态的硅原子核2814Si .下列说法正确的是（ ） A ．核反应方程为27281314p Al Si +→B ．核反应过程中系统动量守恒C ．核反应过程中系统能量不守恒D ．核反应前后核子数相等，所以生成物的质量等于反应物的质量之和 8．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为1:10，接线柱a b 、接在电压V u t π=的正弦交流电上，1R 为定值电阻，其阻值为100Ω，2R 为用半导体材料制成的热敏电阻（阻值随温度升高而减小）.下列说法中正确的是（ ）A ．1s 600t =时，a b 、两点间电压的瞬时值为VB ．1s 600t =时，电压表读数为V C ．在1min 内电阻1R 上产生的热量为6000JD ．当2R 的温度升高时，电压表示数变大，电流表示数变大9．如图所示，在Ⅰ、Ⅲ区域内分布有磁感应强度大小均为B 、方向相反的匀墙磁场，两区域中间为宽为s 的无磁场区Ⅱ，有一边长为()L L s >、电阻为R 的均匀正方形金属线框abcd 置于区域Ⅰ，ab 边与磁场边界平行，线框平面与磁场方向垂直，金属线框在水平向右的拉力作用下，以速度v 向右匀速运动，则（ ）A ．当ab 边刚进入中央无磁场区域Ⅱ时，c d 、两点间电压大小为34BLvB ．ab 边刚进入磁场区域Ⅲ时，通过ab 边的电流大小为2BLvR，方向为b a → C ．把金属线框从区域Ⅰ完全拉入区域Ⅲ的过程中，拉力所做的功为()2222B L vL s R -D ．在cd 边刚出区域Ⅰ到刚进入区域Ⅲ的过程中，回路中产生的焦耳热为()22B L vL s R-10．（选修3-3）下列说法正确的是（ ） A ．气体放出热量，其分子的平均动能一定减小B ．布朗运动不是液体分子的运动，但它可以说明分子在永不停息地做无规则运动C ．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律D ．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大10．（选修3-4）如图所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，下列说法中正确的是（ ）A ．甲、乙两单摆的摆长不相等B ．甲摆的振幅比乙摆大C ．甲摆的机械能比乙摆大D ．在0.5s t =时有正向最大加速度的是乙摆 二、实验题（本题共2小题，共14分.）11．如图是一个电流表、电压表两用电表的电路，电流表G 的量程是100μA ，内阻是1000Ω，电阻10.1R =Ω，299000R =Ω，当双刀双掷开关接到a b 、上时，可作为表，其量程是 ，当双刀双掷开关接到c d 、上时，可作为 表，其量程是 .12．用实验测一电池的内阻r 和一待测电阻的阻值x R .已知电池的电动势约6V ，电池内阻和待测电阻阻值都为数十欧.可选用的实验器材有： 电流表1A （量程030mA :）； 电流表2A （量程0100mA :）； 电压表V （量程06V :）； 滑动变阻器1R （阻值05Ω:）； 滑动变阻器2R （阻值0300Ω:）； 开关S 一个，导线若干条. 某同学的实验过程如下：Ⅰ.设计如图甲所示的电路图，正确连接电路.Ⅱ.将R 的阻值调到最大，闭合开关，逐次调小R 的阻值，测出多组U 和I 的值，并记录.以U 为纵轴，I 为横轴，得到如图乙所示的图线.Ⅲ.断开开关，将x R 改接在B C 、之间，A 与B 直接相连，其他部分保持不变.重复Ⅱ的步骤，得到另一条U I -图线，图线与横轴I 的交点坐标为()0,0I ，与纵轴U 的交点坐标为()00,U .回答下列问题：（1）电流表应选用 ，滑动变阻器应选用 . （2）由图乙的图线，得电内阻r = Ω.（3）用00I U 、和r 表示待测电阻的关系式x R = ，代入数值可得x R .（4）若电表为理想电表，x R 接在B C 、之间与接在A B 、之间，滑动变阻器滑片都从最大阻值位置调到某同一位置，两种情况相比，电流表示数变化范围 ，电压表示数变化范围 .（选填“相同”或“不同”）三、计算题（本题共4小题，共46分.16题为选考题，请在给出的两道试题中选做一道，并在答题卡上将对应的选考模块后的方框涂黑.）13.如图所示，在光滑桌面上置有长木板B 和物块C ，在长木板的右侧置有物块A ，一开始A B 、处于静止状态.A 与B 之间的动摩擦因数为0.2，B 足够长，A 的质量为2kg ，B 的质量为1kg ，C 的质量为3kg ，C 以4m /s 的初速度向右运动，与B 碰撞后两者黏在一起.重力加速度g 取210m /s ，求：（1）C 与B 碰撞过程中，损失的机械能；（2）最终A B C 、、的速度大小和A 相对于B 运动的距离.14.如图所示，竖直固定的足够长的光滑金属导轨MN PQ 、，相距0.2m L =，其电阻不计，完全相同的两根金属棒ab cd 、垂直导轨放置，每根金属棒两端都与导轨始终良好接触.已知两棒的质量均为210kg m -=，电阻均为0.2R =Ω，cd 棒放置在水平绝缘平台上，整个装置处于垂直于导轨平面向里的匀强磁场中，磁感应强度 1.0T B =.ab 棒在竖直向上的恒定拉力F 作用下由静止开始向上运动，当ab 棒运动0.1m x =时达到最大速度m v ，此时cd 棒对绝缘平台的压力恰好为零（g 取210m /s ）.求：（1）ab 棒的最大速度m v ；（2）ab 棒由静止到最大速度过程中通过ab 棒的电荷量q ； （3）ab 棒由静止到最大速度过程中回路产生的焦耳热Q .15.如图所示，在xOy 平面的第Ⅱ象限内存在沿y 轴负方向的匀强电场，电场强度为E .第Ⅰ和第Ⅳ象限内有一个半径为R 的圆，其圆心坐标为(),0R ，圆内存在垂直于xOy 平面向里的匀强磁场，一带正电的粒子（重力不计）以速度0v 从第Ⅱ象限的P 点平行于x 轴进入电场后，恰好从坐标原点O 进入磁场，速度方向与x 轴成60°角，最后从Q 点平行于y 轴射出磁场.P 点所在处的横坐标2x R =-.求：（1）带电粒子的比荷；（2）磁场的磁感应强度大小；（3）粒子从P点进入电场到从Q点射出磁场的总时间.16.（3-3）如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上端与大气相通，下端开口处开关K关闭，A侧空气柱的长度为10.0cml=，B侧水银面比A侧的高3.0cmH=，现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧的高度差为110.0cmh=时，将开关K关闭，已知大气压强075.0cmHgp=.（1）求放出部分水银后A侧空气柱的长度；（2）此后再向B侧注入水银，使A B、两侧的水银达到同一高度，求注入水银在管内的长度.16.（3-4）如图，将半径为R的透明半球体放在水平桌面上方，O为球心，直径恰好水平，轴线OO'垂直于水平桌面.位于O点正上方某一高度处的点光S发出一束与OO'的夹角60θ=︒的单色光射向半球体上的A点，光线通过半球体后刚好垂直射到桌面上的B点，已知O B R'=，光在真空中传播速度为c，不考虑半球体内光的反射，求：（1）透明半球对该单色光的折射率n；（2）该光在半球体内传播的时间.高二物理参考答案一、单项选择题1-6DBCBBA 7.AB 8.AC 9.AC 10.BD 三、实验题11．电流 1A 电压 10V 12．（1）2A 2R （2）25 （3）U r I - （4）相同 不同 三、计算题13．解：（1）设B C 、碰撞后的瞬间速度为1v ， 根据动量守恒定律得()1C C B C m v m m v =+13m /s v =碰撞过程中，损失的机械能为()2211122C C B C E m v m m v ∆=-+ 解得6J E ∆=（2）对A B C 、、整体，根据动量守恒定律得()2C C A B C m v m m m v =++解得22m /s v = 根据功能关系：()()22121122A B C A B C m gx m m v m m m v μ=+-++ 解得 1.5m x =14．解：（1）ab 棒达到最大速度m v 时，对cd 棒有：BiL mg =由闭合电路欧姆定律知：2Ei R=ab 棒切割磁感线产生的感应电动势：m E BLv =代入数据解得：m 1m /s v =（2）ab 棒由静止到最大速度过程中通过ab 棒的电荷量：0.05C 222E BLx q It t R R Rφ∆=====（3）ab 棒由静止到最大速度过程中，由能量守恒定律得：()2m 12F mg x mv Q -=+ 根据ab 棒达到最大速度m v 时受力平衡，可知：F BiL mg =+代入数据解得：3510J Q -=⨯15．解：（1）粒子在电场中做类平抛运动，则00tan 60yv at v v ︒== 根据牛顿第二定律有qE a m= 水平方向有02x R v t ==联立解得00tan 60y v v =︒=，q m =（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，轨迹如图所示：由几何关系，图中轨迹圆与磁场圆的两个交点、轨迹圆圆心2O 、磁场圆圆心1O 构成四边形， 由于1260O OO ∠=︒，故四边形12O OO P 是菱形，故r R = 根据牛顿第二定律有2v qvB m r= 其中002cos 60v v v ==︒联立解得0B = （3）粒子在电场中做类平抛运动，有002x R t v v == 在磁场中做匀速圆周运动，时间00223323r R R t v v v πππ'=== 总时间为0002633R R R R t t t v v v ππ+'=+=+=总 16．（3-3）（1）以cmHg 为压强单位.设A 侧空气柱长度10.0cm l =时压强为p ，当两侧水银面的高度差为110.0cm h =时，空气柱的长度为1l ，压强为1p ，由波意耳定律，有 11pl p l =①由力学平衡条件，有0p p h =+②打开开关K 放出水银的过程中，B 侧水银面处的压强始终为0p ，而A 侧水银面处的压强随空气柱长度的增加逐渐减小，B A 、两侧水银面的高度差也随着减小，直至B 侧水银面低于A 侧水银面1h 为止，由力学平衡条件，有101p p h =-③联立①②③，并代入题目数据，有112.0cm h =④（2）当A B 、两侧的水银面达到同一高度时，设A 侧空气柱的长度为2l ，压强为2p ，由玻意耳定律，有22pl p l =⑤由力学平衡条件有20p p =⑥联立②⑤⑥式，并代入题目数据，有210.4cm l =⑦设注入的水银在管内的长度为h ∆，依题意，有()1212h l l h ∆=-+⑧联立④⑦⑧式，并代入题目数据，有13.2cm h ∆=16．（3-4）解：（1）光从光S 射出经半球体到达水平桌面的光路如图．光由空气射向半球体，由折射定律，有sin sin n θα=在OCD ∆中，sin 2COD ∠= 60COD γ=∠=︒ 光由半球体射向空气，由折射定律，有sin sin n γβ=故αβ=由几何知识得60αβ+=︒故30αβ==︒因此sin sin n γβ==（2）光在半球体中传播的速度为c v n ==由几何知识得2cos30AC R ︒=，得AC R =光在半球体中传播的时间为AC R t v c ==。

湖北省宜昌市部分示范高中协作体2017-2018学年高二上学期期末联考物理试题 含解析 精品

湖北省宜昌市部分示范高中协作体2017-2018学年高二上学期期末联考物理试题 含解析 精品

湖北省宜昌市示范高中协作体2017-2018学年度第一学期期末高二物理试题一、选择题Ⅰ1. 下列物理量中哪些与检验电荷无关？（）A. 检验电荷的电势能EB. 静电力对检验电荷所做的功WC. 电场强度ED. 检验电荷受到的电场力F【答案】C【解析】由于电势能E=φq、静电力对检验电荷所做的功W=Uq以及电场力F=Eq可知，检验电荷的电势能E、静电力对检验电荷所做的功W以及电场力F均与电荷有关，向下ABD错误；电场强度E＝F/q从力的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身决定的，与检验电荷无关，故C正确．故选C．2. 把六个相同小灯泡接成如图甲、乙所示的电路，调节变阻器使灯泡均正常发光，甲、乙两电路所消耗的功率分别用P甲和P乙表示，则下列结论中正确的是( )A. P甲＝3P乙B. P乙＝3P甲C. P甲＝P乙D. P乙>3P甲【答案】A【解析】设灯泡正常发光时的电流为I，对于甲图，电路的总的电流为3I，此时甲的总功率的大小为P甲=U•3I，对于乙图，电流的总电流的大小就为I，此时乙的总功率的大小为P乙=U•I，所以P甲=3P乙，所以A正确．故选A．点睛：对于本题来说关键的是选择公式，由于电路的总电压的大小是相同的，所以用总电压与总电流的乘积来计算总功率的大小比较简单．3. 如图所示电路，电源内阻不可忽略。

开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中( )A. 电压表的示数减小，电流表的示数增大B. 电压表与电流表的示数都增大C. 电压表的示数增大，电流表的示数减小D. 电压表与电流表的示数都减小【答案】D【解析】在变阻器的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器与并联电阻减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，则路端电压减小，即电压表示数减小，由于电阻两端电压增大，则并联电路两端电压减小，根据欧姆定律可以知道，通过的电流减小，即电流表示数减小，故D正确，ABC错误。

湖北省宜昌市协作体2017-2018学年高一物理下学期期末考试试题(含解析)

湖北省宜昌市协作体2017-2018学年高一物理下学期期末考试试题(含解析)

湖北省宜昌市协作体2017-2018学年高一下学期期末考试物理试题一、选择题1. 下列说法中符合物理学发展史实的是A. 开普勒在牛顿定律的基础上，推导出了行星运动的定律。

B. 开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的定律。

C. 开普勒总结出了行星运动的规律，并且找出了行星按照这些规律运动的原因。

D. 牛顿总结出了行星运动的规律，发现了万有引力定律，并测出了万有引力常量。

【答案】B【解析】开普勒在他的导师第谷天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，但并未找出了行星按照这些规律运动的原因；选项AC错误，B正确；牛顿在开普勒行星运动定律的基础上推导出万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量，选项D错误；故选B。

2. 关于功率、功、和做功时间等的说法,正确的是A. 由P=W/t知，P与W成正比，与t成反比。

B. 力越大，力做的功就越多，功率就越大。

C. 速度越大，力做的功就越多，功率就越大。

D. 力做的功较小时，平均功率可能很大。

【答案】D【解析】当P一定时，W与t成正比。

换句话说，使用功率相同的机械，做功时间长的做的功就多。

当W一定时，P与t成反比。

换句话说，做相同的功时，时间用的少的机械的功率大，所以不能简单的认为P与W 成正比，与t成反比，所以A错误；根据W=Fxcosθ可知力越大，力做的功不一定越多，功率也不一定越大，选项B错误；由P=Fv知，速度大，功率不一定大，力做的功也不一定越多，故C错误。

根据P=W/t可知，力做的功较小时，平均功率可能很大，选项D正确；故选D。

3. 关于合外力、合外力的功、动量、动能的一些说法，正确的是A. 合外力的功为零，则动量可能变化，动能一定不变。

B. 合外力的功为零，则动能可能变化，动量一定不变。

C. 合外力不为零，则合外力必做功，动能一定变化D. 合外力不为零，则物体一定做变速运动，其动能一定变化。

【答案】A点睛：本题运用动能定理和动量定理分别分析动能和动量的变化问题，既要抓住两者的区别：动能是标量，动量是矢量，还要会举例说明．4. 跳伞表演是人们普遍喜欢的观赏性体育项目，当运动员在某高度从直升机上由静止跳下后，在下落过程中将会受到水平风力的影响，下列说法中正确的是A. 风力越大，运动员下落时间越长，运动员可完成更多的动作B. 风力越大，运动员着地速度越大，有可能对运动员造成伤害C. 运动员下落时间与风力有关D. 运动员着地速度与风力无关【答案】B【解析】运动员同时参与了两个分运动，竖直方向向下落和水平方向随风飘，两个分运动同时发生，相互独立；因而，水平风速越大，落地的合速度越大，但落地时间不变；故只有B正确。