【精品推荐】广东省六校2019届高三下学期第三次联考理科综合物理试题-附答案学术小金刚系列

2019年高考广东卷理科综合（物理部分）试题及答案（word版）一、u的关系式R X= ；根据图17（c）用作图法算出R X= Ω35.（18分）如图18，两块相同平板P1、P2至于光滑水平面上，质量均为m。

P2的右端固定一轻质弹簧，左端A与弹簧的自由端B相距L。

物体P置于P1的最右端，质量为2m且可以看作质点。

P1与P以共同速度v0向右运动，与静止的P2发生碰撞，碰撞时间极短，碰撞后P1与P2粘连在一起，P压缩弹簧后被弹回并停在A点（弹簧始终在弹性限度内）。

P与P2之间的动摩擦因数为μ，求（1）P1、P2刚碰完时的共同速度v1和P的最终速度v2；（2）此过程中弹簧最大压缩量x和相应的弹性势能E p36.（18分）如图19（a）所示，在垂直于匀强磁场B的平面内，半径为r的金属圆盘绕过圆心O的轴转动，圆心O和边缘K通过电刷与一个电路连接，电路中的P是加上一定正向电压才能导通的电子元件。

流过电流表的电流I与圆盘角速度ω的关系如图19（b）所示，期中ab段和bc段均为直线，且ab段过坐标原点。

ω>0代表圆盘逆时针转动。

已知：R=3.0Ω，B=1.0T，r=0.2m。

忽略圆盘、电流表和导线的电阻（1）根据图19（b）写出ab、bc段对应I与ω的关系式（2）求出图19（b）中b、c两点对应的P两端的电压U b、U c（3）分别求出ab、bc段流过P的电流I p与其两端电压U p的关系式2018年普通高等学校招生全国统一考试(广东卷)参考答案34、（18分）（1）①DCBA，②0.1，③s4+s52T，④(s 4+s 5+s 6)- (s 1+s 2+s 3)9T 2 （2）①如答图1，②0.10，③Lu I，6.0 35、（18分）解：(1)P 1、P 2构成的系统碰撞前后，动量守恒 mv 0=2mv 1 ①v 1= v 02② 对P 停在A 点后，他们的共同速度为v 2，则 由动量守恒3mv 0=4mv 2 ③v 2= 3v 04④ (2) 由功能关系μ(2m)g ×2(L+x)=12(2m)v 20+ 12(2m)v 21-12(4m)v 22 ⑤ 解得x=v 2032μg-L ⑥ 当弹簧压缩最大时，P 、P 1和P 2共同速度为v 3， 由动量守恒3mv 0=4mv 3 ⑦v 3= 3v 04⑧ 弹簧压缩最大时，系统的动能与最后P 停在P 2上后的系统动能相同 由功能关系2μmg (L+x) =E p ⑨E p =116mv 20 ⑩ 36、（18分）解：（1）设I= k ω+I 0 ①ab 段：I=1150ω ② bc 段：I=1100ω-120③ （2）P 两端的电压等于感应电动势U p =ε ④由电磁感应定律ε=ΔΦΔt⑤ ε=12Br 2ω ⑥ 由图知，b 和c 对应的角速度分别为 ωb =15rad/s ωc =45rad/s ⑦ 对应的P 两端的电压分别为U b =0.3V ⑧U c =0.9V ⑨（3）流过电阻R 的电流I R =εR⑩ ab 段：流过P 的电流： I p =I ab -I R (11) 联立③，④，⑥，⑩和(11)，得到I p 与U p 的关系式为： I p =0 (12)bc 段：流过P 的电流： I p =I ab -I R (13) 联立③，④，⑥，⑩和(13)，得到I p 与U p 的关系式为I p =16U p -120(14)。

理科综合 第 1页（共 8页）2019 年第三次全国大联考【新课标Ⅲ卷】理科综合·参考答案22．（6 分）（1）ABD （2 分） （2）gh （1 分）23．（9 分）1 d 22 ( ∆t )（1 分） 1.92m （1 分） 1.92m （1 分）（1）900（2 分） （2）甲（2 分） 如图所示（2 分） （3）3.8（1 分） 0.44（2 分）24．（14 分）t 1 = 3 s 时两车间的距离等于甲车在 3 s 内的位移∆s = x = 1at 2 = 9 m ①（2 分）12 1此后乙车追甲车，当两车速度相等时，设时刻为 t ′，由速度公式有 v 1 = at ' ②（1 分） 所以t ' = 7.5 s 此过程甲车位移x = 1at '2 = 56.25 m ③（2 分） 22乙车位移x 3 = v 1 (t ' - t 1 ) = 67.5 m ④（2 分） 两车距离1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 B D C D C B D B A C B12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 CBCCBDBDBCDCDCDΔs 1=x 3–x 2=11.25 m ⑤（1 分） 此时乙车已超过甲。

此后甲车追乙车，甲车做加速运动的时间为 t ′′，有 t ' = v= 10 s ⑥（1 分）a到t 2 = 12 s 过程中，甲车先做匀加速运动，后做匀速运动，其位移 x = 1at '2 + v (t 4 2 2- t ') = 140 m ⑦（2 分）乙车的位移x 5 = v 1 (t 2 - t 1 ) = 135 m ⑧（1 分） 两车距离∆s 2 = x 4 - x 5 = 5 m ⑨（1 分） 此时甲车已超过乙车。

由以上分析可知当两车速度相等时距离最大，最大值为 11.25 m 。

（1 分）25．（18 分）（1） 金属杆获得的最大速度根据能量守恒定律有： E p= 1 mv 2 （1 分） 2ab 杆刚进入磁场时的电动势最大为：E =BLv （1 分）此时回路中的电流最大，由闭合电路的欧姆定律可得： I= E = BLv （2 分 ） max2R 2R由以上三式解得： Imax = 1 分）（2） 当杆的加速度为 a 时，设此时杆的速度为 v 2，由牛顿第二定律得：F A = BIL = ma （1 分）闭合电路的欧姆定律 I =BLv 2（1 分） 2R由以上两式解得： v 2 =2Rma（1 分） B 2 L2设此时 R 上产生的焦耳热为 Q ，由于 ab 金属杆与 R 的阻值相同，故当 R 上产生的焦耳热为 Q 时，金m 2E pBL m2RB 2 L 22mE p 3 属杆上产生的焦耳热也为 Q ，此时杆的速度为 v 2，由能量守恒定律可得： E = 1 mv 2+ 2Q （2 分）p2 2E pR 2 a 2 m 3解得Q =- （1 分） 2 B 4 L 4（3） 对 ab 金属杆在水平轨道的全过程应用动量定理有： -∑ B I iL ⋅∆t = 0 - mv （2 分）其中：∑I i⋅∆t = q （1 分）所以通过回路中的总电荷量有： q = （1 分）根据电流的定义有： q = I ⋅ ∆t =E∆t = ∆Φ ∆t = ∆Φ = BLs （2 分 ） 2R 2R ∆t 2R 2R其中 s 为杆滑行的距离，由此可得：s = （1 分）26．（15 分）（1）分液漏斗（1 分） 除去 HCl 气体（1 分） （2）MnO +4H ++2Cl -△Mn 2++Cl ↑+2H O （2 分 ）222（3） 打开 K 1，关闭 K 2 和 K 3，打开分液漏斗活塞，向分液漏斗中加入适量水，使分液漏斗中的液面高于烧瓶中的液面，静置，若液面差保持不变，则证明装置气密性良好（合理即可，2 分）（4） K 2（1 分） K 1 和 K 3（1 分）排尽装置内空气，避免 NO 和 O 2 反应（2 分）（5）①2NOCl+H 2O 2HCl+NO↑+NO 2↑（2 分） ②65.5cV% （2 分） ③偏高（1 分） w27．（14 分）（1）适当加热；适当增大硫酸浓度等（合理即可，2 分）（2）3Cu+2 NO -+8H + 3Cu 2++2NO↑+4H 2O （2 分）（3）(NH 4)2SO 4（1 分） 2CuSO 4+(NH 4)2SO 3+2NH 4Cl+H 2O2CuCl↓+2(NH 4)2SO 4+H 2SO 4（2 分）（4）抑制 CuCl 的水解（1 分） 减少 CuCl 溶解；乙醇挥发快，避免 CuCl 被空气中 O 2 氧化（答出要点即可，2 分）（5）0.6（1 分）1.1（1 分） （6）28．（14 分）64 y99.5xw×100%（2 分）（1）4NH 3(g)+6NO(g) 5N 2(g)+6H 2O(g) ΔH = −1805 kJ·mol −1（或其他合理答案，2 分）（2）①0.002 mol·L −1·min −1（1 分） 2.78（2 分） ②ACD （2 分）③（达平衡时间小于50 min，物质的量小于0.5 mol即可，2 分）④逆向（2 分）（3）正（1 分）CO(NH2)2−6e−+H2O N2+CO2+6H+（2 分）29．（10分，除标明外，每空1分）（1）细胞质基质、线粒体基质、线粒体内膜>（2 分）（2）CO2浓度色素的数量（2 分）（3）乙甲（4）降（分）解甲30．（8分，除标明外，每空1分）（1）①等量的放射性碘溶液（2 分）②生理盐水无放射性的促甲状腺激素无放射性的甲状腺激素（2）合成甲状腺激素（3）甲状腺激素水平上升，通过（负）反馈调节，抑制下丘脑和垂体分泌相关激素，进而使甲状腺激素合成减少，因此丙组小鼠甲状腺中碘的放射量下降较慢（2 分）31．（9分，除标明外，每空1分）（1）不能食物网中的生物不包含分解者（2）垂直结构提高了群落利用环境资源的能力（3）第二营养级的同化量第二营养级用于生长、发育和繁殖的能量（4）捕食、竞争 5 kg（2 分）32．（12分，除标明外，每空2分）（1）常染色体（1 分）亲本杂交，正反交结果相同（1 分）（2）5∶3∶3∶1 AaRR、AARr（1 分）AR（3）以F1宽叶红花作父本与F2窄叶白花测交，观察子代的表现型并统计比例，子代出现宽叶白花∶窄叶白花∶窄叶红花=1∶1∶1（子代不出现宽叶红花）（4）3AaRr∶1AaRR∶1AARr（1 分）1/1533．（15 分）（1）ABE（5 分）（2）①甲气缸内的气体受热膨胀使杆向左移动，从而压缩乙气缸内的气体。

2019年广东省六校联盟高考物理三模试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）为迎接新年，小明同学给家里墙壁粉刷涂料，涂料滚由滚筒与轻竿组成，示意图如下。

小明同学缓缓上推涂料滚，不计轻竿的重力以及滚筒与墙壁的摩擦力。

轻竿对涂料滚筒的推力为F1，墙壁对涂料滚筒的支持力为F2，以下说法中正确的是（）A．F1增大B．F1先减小后增大C．F2增大D．F2减小2．（6分）开学了，想到又能够回到校园为梦想而拼搏，小明同学开心得跳了起来。

假设小明质量为m，从开始蹬地到离开地面用时为t，离地后小明重心最大升高h，重力加速度为g，忽略空气阻力。

以下说法正确的是（）A．从开始蹬地到最高点的过程中，小明始终处于失重状态B．在t时间内，小明机械能增加了mghC．在t时间内，地面给小明的平均支持力为F＝D．在t时间内，地面对小明做功mgh3．（6分）钳形电流表由电流互感器和电流表组合而成，常用来测量电流强度很大的电流，其原理如右下图。

若初级线圈与二级线圈的匝数比为1：500，电流表A的示数为1A，则（）A．钳形电流表的钳口是电流互感器的铁芯B．钳形电流表能够用来测量直流电的电流C．被测电路电流的平均值为500AD．被测电路电流的最大值为500A4．（6分）一辆汽车以40m/s的速度沿平直公路匀速行驶，突然前方有一只小狗穿过马路，2司机立即刹车，汽车以大小为8m/s的加速度做匀减速直线运动，那么刹车后第2s内与刹车后6s内汽车通过的位移大小之比为（）A．7：25B．16：25C．7：24D．2：35．（6分）如图，通过绝缘线将质量均为m的三个小球A、B、C连接在一起并悬于O点，其中A、B球带电，且带电量均为+q，C球不带电。

整个空间存在方向竖直向下的匀强电场，场强大小为E＝．当把OA段细线剪断的瞬间（）A．A球的加速度小于2gB．B球的加速度大于2gC．A球和B球之间的绳子拉力为0D．B球和C球之间的绳子拉力为06．（6分）一束带电粒子以同一速度v0从同一位置进入匀强磁场，在磁场中它们的轨迹如图所示。

肇庆市2019届高中毕业班第三次统一检测理科综合能力测试物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，14～18题只有一项是符合题目要求的，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.以下有关近代物理的叙述，正确的是A. 发生光电效应时，增大入射光强度，光电子的最大初动能也增大B. β衰变实质是由原子核内的一个中子转变成一个质子，同时释放出一个电子C. a粒子散射实验表明原子核占据原子的绝大部分质量和体积D. 氢原子的核外电子由高能级向低能级跃迁时，要吸收一定频率的光子【答案】B【解析】【详解】A、光电效应的发生与否与入射光的频率有关，入射光频率越大，光电子的最大初动能越大，最大初动能与强度无；故A错误；B、β衰变的实质是原子核内的一个中子转化成一个质子，同时释放出一个电子，故B正确；C、α粒子散射实验表明原子核占据原子的绝大部分质量，该实验没有阐述在体积上的关系；故C错误；D、氢原子的核外电子由高能级向低能级跃迁时，要放出一定频率的光子，而不是吸收光子，故D错误．2.位于A、B处的两个带不等量负电荷的点电荷在平面内的电势分布如图所示，图中实线表示等势线，下列说法中正确的是A. 正电荷从c点移到d点，静电力做负功B. a点和b点的电势不相同C. 负电荷从a点移到b点，电场力做正功，电势能减少D. 正电荷从e点沿图中虚线移到f点，电场力不做功，电势能不变【解析】【详解】A、由于场源是负电荷，故电势从里往外逐渐升高，由图可知，d点的电势大于c点的电势，故正电荷从c点移到d点，电场力做负功，故A正确；B、由图可知，a点和b点位于同一条等势面上，所以电势相同，故B错误；C、a点和b点的电势相同，负电荷从a点移到b点，电场力不做功，电势能不变．故C错误；D、正电荷从e点沿图中虚线移到f点的过程中电场力先做正功后做负功，所以电势能先减小后增大，故D 错误．3.两玩具车在两条平行的车道上行驶，t=0时两车都在同一计时线处，它们在四次比赛中的v-t图像如下图所示．在0-3s内哪幅图对应的比赛中两车可能再次相遇A.B.C.D.【解析】【详解】A、在0﹣2.5s内，一辆车的速度始终比另一辆车的速度大，两车间距增大，2.5s时，两车速度相等，两者相距最远，此后，两车的距离在缩小，t=5s时，两车相遇，故0-3s内两车没有相遇，故A错误；B、在0﹣5s内，一辆车的速度始终比另一辆车的速度大，5s时，两者相距最远，0-3s内两车不可能相遇，故B错误；C、根据v﹣t图象的面积等于位移可知，2.5s时，两车相遇，故两车是在0-3s内相遇，C正确；D、在0﹣5s内，一辆车的速度始终比另一辆车的速度大，5s时，速度相等，两者相距最远，0-3s内两车不可能相遇，故D错误．4.某兴趣小组制作了一个简易的“转动装置”，如图甲所示，在干电池的负极吸上两块圆柱形强磁铁，然后将一金属导线折成顶端有一支点、底端开口的导线框，并使导线框的支点与电源正极、底端与磁铁均良好接触但不固定，图乙是该装置的示意图．若线框逆时针转动(俯视)，下列说法正确的是A. 线框转动是因为发生了电磁感应B. 磁铁导电且与电池负极接触的一端是S极C. 若将磁铁的两极对调，则线框转动方向不变D. 线框转动稳定时的电流比开始转动时的大【答案】B【解析】【详解】ABC．对线框的下端平台侧面分析，若扁圆柱形磁铁上端为S极，下端为N极，周围磁感线由上往下斜穿入线框内部，在垂直于纸面向外的径向上，磁感应线有垂直于纸面向里的分量，在此径向上的负电荷由下往上运动，由左手定则知：此负电荷受到垂直于径向沿纸面向右的洛伦兹力，即在径向的左垂线方向；同理，其他任一径向上的电荷均受到左垂线方向的洛伦兹力（中心原点除外），所以，由上往下看（俯视），线框沿逆时针转动，若扁圆柱形磁铁上端为N极，下端为S极，则转动方向相反，所以该装置的原理是电流在磁场中的受力，不是电磁感应．故AC错误，B正确；D ．稳定时，因导线切割磁感应线，则线框中电流比刚开始转动时的小，故D 错误．5.如图所示，一位同学玩飞镖游戏．圆盘最上端有一P 点，飞镖抛出时与P 等高，且距离P 点为L .当飞镖以初速度v 0垂直盘面瞄准P 点抛出的同时，圆盘以经过盘心O 点的水平轴在竖直平面内匀速转动．忽略空气阻力，重力加速度为g ，若飞镖恰好击中P 点，则A. 飞镖击中P 点所需的时间为L v B. 圆盘的半径可能为2202gL vC. 圆盘转动角速度的最小值为2v Lπ D. P 点随圆盘转动的线速度不可能为054gLv π 【答案】A 【解析】【详解】A ．飞镖水平抛出做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，因此：t =L v 故A 正确；B ．飞镖击中P 点时，P 恰好在最下方，则2r =12gt 2 解得圆盘的半径r =2204gL v ，故B 错误；C ．飞镖击中P 点，则P 点转过的角度满足：()2012t k k θωππ==+=⋯，，解得：()021k v tLπθω+=＝则圆盘转动角速度的最小值为v Lπ，故C 错误．D ．P 点随圆盘转动的线速度为()()002212144k v k gLgL v r Lv v ππω++==⋅=当k =2时v =054gLv π，故D 错误。

高三理综物理“六校联盟〞第三次联考试卷一、单项选择题1.以下说法中正确的选项是〔〕A. 千克〔kg〕、开尔文〔K〕和伏特〔V〕均为国际单位制中的根本单位B. 阴极射线是由电子组成，电子来源于中子的衰变C. 在光电效应的实验中，假设增参加射光的频率，那么相应的遏止电压也增加D. α射线来源于原子核内部，是由氦原子组成2.在如下列图的位移〔x〕—时间〔t〕图象和速度〔v〕—时间〔t〕图象中，给出的四条图线甲、乙、丙、丁分别代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，那么以下说法正确的选项是〔〕A. 0~t1时间内，乙车的速度一直大于甲车的速度B. 0~t1时间内，甲车与乙车之间的距离先增大后减小C. 0~t2时间内，丙、丁两车的距离逐渐减小D. 0~t2时间内，丁车的速度先大于丙车，后小于丙车3.如下列图，变压器为理想变压器，电压变化规律为的交流电压接在a、b两端，L 为灯泡，R为滑动变阻器。

现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2A，电流表A2的示数增大了0.8A，那么以下正确的选项是〔〕A. 电压表V2示数不变，V3示数增大B. 变阻器滑片是沿d→c的方向滑动C. 该变压器起降压作用D. 灯泡发光每秒闪50次4.如下列图，A、B两球质量相等，A球用不能伸长的轻绳系于O点，B球用轻弹簧系于O′点，O与O′点在同一水平面上，分别将A、B球拉到与悬点等高处，使轻绳和轻弹簧均处于水平且自然伸直状态，将两球分别由静止开始释放，当两球到达各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水平面上，那么〔〕A. 两球到达各自悬点的正下方时，两球损失的机械能相等B. 两球到达各自悬点的正下方时，A球速度较小C. 两球到达各自悬点的正下方时，重力对A球做的功比B球多D. 两球到达各自悬点的正下方时，A球的动能大于B球的动能5.如下列图，在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带电小球由MN上方的A 点以一定初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，A、B、C三点在同一直线上，且电场力为3mg。

绝密★启用前广东省六校联盟2019届高三年级下学期第三次联考理综-物理试题（解析版）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

1.为迎接新年,小明同学给家里墙壁粉刷涂料,涂料滚由滚筒与轻竿组成,示意图如下。

小明同学缓缓上推涂料滚,不计轻竿的重力以及滚筒与墙壁的摩擦力。

轻竿对涂料滚筒的推力为F1,墙壁对涂料滚筒的支持力为F2,以下说法中正确的是A. F1增大B. F1先减小后增大C. F2增大D. F2减小【答案】D【解析】【分析】以涂料滚为研究对象,分析受力情况,作出受力图,根据平衡条件得到竿对涂料滚的推力为F1和墙壁对涂料滚的弹力F2的表达式,再分析两个力的变化．【详解】以涂料滚为研究对象,分析受力情况,作出受力图。

设撑杆与墙壁间的夹角,根据平衡条件得,；由题,撑轩与墙壁间的夹角α减小,cosα增大,tanα减小,则F1、F2均减小。

故选：D。

【点睛】本题是动态平衡问题,采用函数法分析的,也可以采用作图法更直观反映出两个力的变化情况．2.开学了,想到又能够回到校园为梦想而拼搏,小明同学开心得跳了起来。

假设小明质量为m,从开始蹬地到离开地面用时为t,离地后小明重心最大升高h,重力加速度为g,忽略空气阻力。

以下说法正确的是A. 从开始蹬地到最高点的过程中,小明始终处于失重状态B. 在t时间内,小明机械能增加了mghC. 在t时间内,地面给小明的平均支持力为F=D. 在t时间内,地面对小明做功mgh【答案】B【解析】【分析】先根据竖直上抛运动的规律求出该同学刚离开地面时的速度,根据动量和动能定理进行其他物理量的计算。

【详解】A．从开始蹬地到最高点的过程中,经历了向上加速和减速的过程,所以小明是先超重后失重,故A错误；B．小明离开地面后,上升了高度h,增加了机械能为mgh,这是在蹬地的时间t中,其他外力做功转化的,故B正确；C．在时间t内,由动量定理得：,离开地面到最高点有：,解得：,故C错误；D．在时间t内,地面对小明的支持力F并没有在力的方向上发生位移,做功为0,故D错误。

2019年普通高等学校招生全国统一考试（III 卷）理科综合能力测试（物理部分）答案详解（本试卷物理分值分布：力学49分、电磁学46分、热学/光学15分、原子物理学0分）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．（电磁学）楞次定律是下列哪个定律在电磁感应现象中的具体体现？A ．电阻定律B ．库仑定律C ．欧姆定律D ．能量守恒定律【解析】当线圈与磁体间有相对运动时，根据"来拒去留”可知，磁场力都是阻碍线圈与磁体间的相对运动，有外力对系统做了功，导致其他形式的能转化为线圈的电能；当导体做切割磁感线运动时，安培力总是阻碍导体的运动，导体克服安培力做，把其他形式的能转化为电能，所以楞次定律是能量守恒定律在电磁感应现象中的体现，故D 正确.【答案】D【分析】考察对楞次定律的理解.根据"来拒去留”可知，线圈与磁体间的相对运动过程中存在能量的转化.15．（力学）金星、地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，它们的向心加速度大小分别为a 金、a 地、a 火，沿轨道运行的速率分别为v 金、v 地、v 火.已知它们的轨道半径R 金<R 地<R 火，由此可以判定A ．a 金>a 地>a 火B ．a 火>a 地>a 金C ．v 地>v 火>v 金D ．v 火>v 地>v 金【解析】行星绕太阳运动时，万有引力提供向心力，设太阳的质量为M ，行星的质量为m ，行星的轨道半径为R ，根据牛顿第二定律有：Rv m ma R Mm G 22==可得向心加速度为2R M G a =，线速度为RGM v =.由已知R 金<R 地<R 火，所以有a 金>a 地>a 火，v 金>v 地>v 火.【答案】A【分析】行星绕太阳做匀速圆周运动，由太阳的万有引力提供向心力，由牛顿第二定律列式分析距离关系、线速度关系及加速度关系.16．（力学）用卡车运输质量为m 的匀质圆筒状工件，为使工件保持固定，将其置于两光滑斜面之间，如图所示.两斜面I 、Ⅱ固定在车上，倾角分别为30°和60°.重力加速度为g .当卡车沿平直公路匀速行驶时，圆筒对斜面I 、Ⅱ压力的大小分别为F 1、F 2，则A ．12=F F ，B ．12F F ，C ．1213==22F mg F ，D ．1231==22F mg F mg ，【解析】将重力进行分解如图A16所示，根据几何关系可得mg mg F 2330cos 1== ，mg mg F 2130sin 2== ，故D 正确.图A16【答案】A【分析】将重力进行分解，根据几何关系求解圆筒对斜面I 、II 压力的大小.17．（力学）从地面竖直向上抛出一物体，物体在运动过程中除受到重力外，还受到一大小不变、方向始终与运动方向相反的外力作用.距地面高度h 在3m 以内时，物体上升、下落过程中动能E k 随h 的变化如图所示.重力加速度取10m/s 2.该物体的质量为A ．2kgB ．1.5kgC ．1kgD ．0.5kg【解析】根据动能定理可得k E mah Δ=，得斜率的大小为hE ma k Δ=.设物体受到与运动方向相反的外力为F ，上升过程中，N 12N 33672Δ111=-===+h E ma F mg k ，下落过程中，N 8N 32448Δ222=-===-h E ma F mg k ，解得kg 1=m .【答案】C 【分析】根据动能定理得到图象的斜率表示的物理量，再根据牛顿第二定律列方程求解质量.18．（电磁学）如图，在坐标系的第一和第二象限内存在磁感应强度大小分别为12B 和B 、方向均垂直于纸面向外的匀强磁场.一质量为m 、电荷量为q （q >0）的粒子垂直于x 轴射入第二象限，随后垂直于y 轴进入第一象限，最后经过x 轴离开第一象限.粒子在磁场中运动的时间为A ．5π6mqB B ．7π6mqB C ．11π6mqB D ．13π6mqB【解析】粒子在磁场中的运动轨迹如图A18所示，粒子在第二象限的运动时间为qBm qB m t 2ππ2411=⨯=第一象限的磁感应强度为第二象限磁感应强度的一半，根据qB mv R π=可知，其运动半径为第二象限的2倍，即122R R =，根据几何关系可得21cos 212=-=R R R θ，得3π=θ，所以粒子在第一象限的运动时间为qB m B q m t 32π2π2612=⨯=所以粒子在磁场中运动的时间为qBm qB m qB m t t t 67π32π2π21=+=+=.图A18【答案】A【分析】画出粒子在磁场中的运动轨迹，求出轨迹对应的圆心角，再根据周期公式求解.19．（电磁学）如图，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属导轨，两相同的光滑导体棒ab 、cd 静止在导轨上.t =0时，棒ab 以初速度v 0向右滑动.运动过程中，ab 、cd 始终与导轨垂直并接触良好，两者速度分别用v 1、v 2表示，回路中的电流用I 表示.下列图像中可能正确的是【解析】A 、B ：金属棒滑动过程中，系统水平方向动量守恒，根据动量守恒定律可得mv mv 20=，得20v v =，所以ab 的速度逐渐减小，cd 的速度逐渐增大，相对速度越来越小，最后为零，则安培力逐渐减小、加速度逐渐减小到零，故A 正确、B 错误；C 、D ：设两根导体棒的总电阻为R ，由于Rv v BL I )(21-=，二者的速度之差越来越小，最后速度之差为0，则感应电流越来越小，最后为零，故C 正确、D 错误.【答案】AC【分析】根据动量守恒定律分析最终的速度大小，根据受力情况确定速度变化情况；根据导体棒切割磁感应线产生的感应电动势大小和闭合电路的欧姆定律分析电流强度的变化.20．（力学）如图（a ），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平.t =0时，木板开始受到水平外力F 的作用，在t =4s 时撤去外力.细绳对物块的拉力f 随时间t 变化的关系如图（b ）所示，木板的速度v 与时间t 的关系如图（c ）所示.木板与实验台之间的摩擦可以忽略.重力加速度取g =10m/s 2.由题给数据可以得出A ．木板的质量为1kgB ．2s~4s 内，力F 的大小为0.4NC ．0~2s 内，力F 的大小保持不变D ．物块与木板之间的动摩擦因数为0.2【解析】A ：根据图象可知物块与木板之间的滑动摩擦力为2N .0=滑f .在t =4s 后撤去外力，此时木板在水平方向上只受到滑动摩擦力的作用，根据图象可知此时木板的加速度大小为22s /m 2.0=a ，根据牛顿第二定律有2ma f =滑，所以木板的质量为kg 1=m .故A 正确.B ：2s 〜4s 内，根据图象可知，木板的加速度为21s /m 2.0=a ，根据牛顿第二定律有1ma f F =-滑，解得N 4.0=F .故B 正确.C ：0〜2s 内，整体受力平衡，拉力F 的大小始终等于绳子的拉力f ，即F=f ，根据图象可知绳子的拉力f 增大，则力F 增大.故C 错误.D ：物块与木板之间的滑动摩擦力g m f 物块滑μ=，由于物块的质量未知，因此物块与木板之间的动摩擦因数无法求得.故D 错误.【答案】AB【分析】根据图象得到各阶段木板的加速度大小，根据经过受力分析以及牛顿第二定律即可求解木板的质量、拉力F .21．（电磁学）如图，电荷量分别为q 和–q （q >0）的点电荷固定在正方体的两个顶点上，a 、b 是正方体的另外两个顶点.则A ．a 点和b 点的电势相等B ．a 点和b 点的电场强度大小相等C ．a 点和b 点的电场强度方向相同D ．将负电荷从a 点移到b 点，电势能增加【解析】A ：等量异号电荷形成的电场线和等势面如图A21所示.结合题图中对应的几何关系可知，a 靠近负电荷，而b 靠近正电荷，则可知，a 点电势一定小于b 点电势；故A 错误.(a)(b)(c)图A21B 、C ：a 、b 两点是两电荷单独在两点形成的电场强度的叠加，由图A21(c)可知，两点处的两分场强恰好相同，故合场强一定相同，故B 、C 正确.D ：根据A 中分析可知将负电荷从a 点移到b 点时，是从低点势移向高电势，因电荷带负电，故电势能减小，故D 错误.【答案】BC【分析】真空中两等量异号电荷叠加形成电场，根据等量异种电荷电场线以及等势面的性质即可确定两点的电势和场强关系；再根据电场线确定电场力做功情况，从而确定电势能的变化.三、非选择题：共174分.第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33~38题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题：共129分.22．（5分）（力学）甲乙两位同学设计了利用数码相机的连拍功能测重力加速度的实验.实验中，甲同学负责释放金属小球，乙同学负责在小球自由下落的时候拍照.已知相机每间隔0.1s 拍1幅照片.（1）若要从拍得的照片中获取必要的信息，在此实验中还必须使用的器材是__________.（填正确答案标号）A ．米尺B ．秒表C ．光电门D ．天平（2）简述你选择的器材在本实验中的使用方法.答：____________________________________________________________.（3）实验中两同学由连续3幅照片上小球的位置a 、b 和c 得到ab =24.5cm 、ac =58.7cm ，则该地的重力加速度大小为g =__________m/s 2.（保留2位有效数字）【解析】（1）若要从拍得的照片中获取必要的信息，好需要测量距离的器材，因此在此实验中还必须使用的器材是米尺，故A 正确.（2）将米尺竖直放置，使小球下落时尽量靠近米尺.（3）根据匀变速直线运动的规律有2Δgt h =，因此该地的重力加速度大小为222m/s 7.9(0.1s)m 245.0m)245.0m 587.0(Δ=--==t h g .【答案】1）A ；（2）将米尺竖直放置，使小球下落时尽量靠近米尺；（3）9.7【分析】根据实验的原理确定需要测量的物理量，从而确定所需的测量器材；根据匀变速直线运动的规律得出该地的重力加速度大小.23．（10分）（电磁学）某同学欲将内阻为98.5Ω、量程为100μA的电流表改装成欧姆表并进行刻度和校准，要求改装后欧姆表的15kΩ刻度正好对应电流表表盘的50μA刻度.可选用的器材还有：定值电阻R0（阻值14kΩ），滑动变阻器R1（最大阻值1500Ω），滑动变阻器R2（最大阻值500Ω），电阻箱（0~99999.9Ω），干电池（E=1.5 V，r=1.5Ω），红、黑表笔和导线若干.（1）欧姆表设计将图（a）中的实物连线组成欧姆表.欧姆表改装好后，滑动变阻器R接入电路的电阻应为__________Ω：滑动变阻器选__________（填“R1”或“R2”）.（2）刻度欧姆表表盘通过计算，对整个表盘进行电阻刻度，如图（b）所示.表盘上a、b处的电流刻度分别为25和75，则a、b处的电阻刻度分别为__________、__________.（3）校准红、黑表笔短接，调节滑动变阻器，使欧姆表指针指向__________kΩ处；将红、黑表笔与电阻箱连接，记录多组电阻箱接入电路的电阻值及欧姆表上对应的测量值，完成校准数据测量.若校准某刻度时，电阻箱旋钮位置如图（c）所示，则电阻箱接入的阻值为__________Ω.【解析】（1）将电源、电流表、定值电阻以及滑动变阻器串接即可组成欧姆表，故实物图如图A23所示；图A23根据闭合电路欧姆定律有：Rr R R R EA ++++=)(A 500滑μ式中A R 为电流表的内阻，滑R 为滑动变阻器的电阻，R 为所测电阻阻值.解得：Ω900=滑R ，故滑动变阻器选择1R .（2）由（1）可知，欧姆表的内阻15kΩ0=+++=r R R R R A 滑内，根据闭合电路欧姆定律有：aR R E +=内A 25μ解得：kΩ45=a R .同理可知：aR R E +=内A 75μ解得：kΩ5=b R .（3）欧姆表在使用时应先将两表笔短接，使欧姆表指针指向满偏刻度，即Ω0处；电阻箱的读数为：35000.0Ω35kΩ1kΩ510kΩ3==⨯+⨯.【答案】（1）实物图如图A23所示，900，R 1；（2）45，5；（3）0；35000.0【分析】明确欧姆表的原理，从而确定内部结构；再根据闭合电路欧姆定律即可求出滑动变阻器接入阻值；明确欧姆表的内阻，根据闭合电路欧姆定律和内阻的意义即可确定对应的刻度；根据欧姆表使用前需要进行欧姆调零进行分析，同时明确电阻箱的读数方法.24．（12分）（电磁学）空间存在一方向竖直向下的匀强电场，O 、P 是电场中的两点.从O 点沿水平方向以不同速度先后发射两个质量均为m 的小球A 、B .A 不带电，B 的电荷量为q （q >0）.A 从O 点发射时的速度大小为v 0，到达P 点所用时间为t ；B 从O 点到达P 点所用时间为2t .重力加速度为g ，求（1）电场强度的大小；（2）B 运动到P 点时的动能.【解析】（1）设电场强度的大小为E ，小球B 运动的加速度为a .根据牛顿定律、运动学公式和题给条件，有mg +qE =ma ①2211()222t a gt =②解得3mgE q =③（2）设B 从O 点发射时的速度为v 1，到达P 点时的动能为E k ，O 、P 两点的高度差为h ，根据动能定理有2k 112E mv mgh qEh -=+④且有102t v v t =⑤212h gt =⑥联立③④⑤⑥式得222k 0=2()E m v g t +⑦【分析】（1）根据牛顿第二定律分析加速度，结合位移时间关系即可求出电场强度；（2）结合动能定理，位移时间、速度时间关系式进行分析，即可正确解答.25．（20分）（力学）静止在水平地面上的两小物块A 、B ，质量分别为m A =l.0kg ，m B =4.0kg ；两者之间有一被压缩的微型弹簧，A 与其右侧的竖直墙壁距离l =1.0m ，如图所示.某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使A 、B 瞬间分离，两物块获得的动能之和为E k =10.0J.释放后，A 沿着与墙壁垂直的方向向右运动.A 、B 与地面之间的动摩擦因数均为u =0.20.重力加速度取g =10m/s².A 、B 运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短.（1）求弹簧释放后瞬间A 、B 速度的大小；（2）物块A 、B 中的哪一个先停止？该物块刚停止时A 与B 之间的距离是多少？（3）A 和B 都停止后，A 与B 之间的距离是多少？【解析】（1）设弹簧释放瞬间A 和B 的速度大小分别为v A 、v B ，以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有0=m A v A –m B v B ①22k 1122A AB B E m v m v =+②联立①②式并代入题给数据得v A =4.0m/s ，v B =1.0m/s ③（2）A 、B 两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为a .假设A 和B 发生碰撞前，已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的B .设从弹簧释放到B 停止所需时间为t ，B 向左运动的路程为s B .，则有B B m a m g μ=④212B B s v t at =-⑤B v at -=⑥在时间t 内，A 可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后A 将向左运动，碰撞并不改变A 的速度大小，所以无论此碰撞是否发生，A 在时间t 内的路程s A 都可表示为212A A S v t at =-⑦联立③④⑤⑥⑦式并代入题给数据得s A =1.75m ，s B =0.25m ⑧这表明在时间t 内A 已与墙壁发生碰撞，但没有与B 发生碰撞，此时A 位于出发点右边0.25m 处.B 位于出发点左边0.25m 处，两物块之间的距离s 为s =0.25m+0.25m=0.50m ⑨（3）t 时刻后A 将继续向左运动，假设它能与静止的B 碰撞，碰撞时速度的大小为v A ′，由动能定理有()2211222A A A A AB m v m v m g l s μ'-=-+⑩联立③⑧⑩式并代入题给数据得/sA v '=⑪故A 与B 将发生碰撞.设碰撞后A 、B 的速度分别为v A ′′和v B ′′，由动量守恒定律与机械能守恒定律有()A A A A B B m v m v m v '''''-=+⑫222111222A A A AB B m v m v m v '''''=+⑬联立⑪⑫⑬式并代入题给数据得m /s,m /s 55A B v v ''''==-⑭这表明碰撞后A 将向右运动，B 继续向左运动.设碰撞后A 向右运动距离为s A ′时停止，B 向左运动距离为s B ′时停止，由运动学公式222,2A A B B as v as v ''''''==⑮由④⑭⑮式及题给数据得0.63m,0.28m A B s s ''==⑯s A ′小于碰撞处到墙壁的距离.由上式可得两物块停止后的距离0.91m A B s s s '''=+=⑰【分析】（1）A 与B 分离的过程中二者的动量守恒，由动量守恒定律结合功能关系即可求出分离后的速度；（2）由动量定理即可分别求出停止的时间，由动量定理求出其中的一个停止运动时另一个的速度，由动能定理求出位移，由几何关系求出距离；（3）由动能定理求出位移，由几何关系求出距离.（二）选考题：共45分.请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答.如果多做，则每科按所做的第一题计分.33．[物理——选修3–3]（15分）（热学）（1）（5分）用油膜法估算分子大小的实验中，首先需将纯油酸稀释成一定浓度的油酸酒精溶液，稀释的目的是________________________________________________________________.实验中为了测量出一滴已知浓度的油酸酒精溶液中纯油酸的体积，可以________________________________________________________________________________.为得到油酸分子的直径，还需测量的物理量是___________________________________.【解析】用油膜法估算分子大小的实验中，首先需将纯油酸稀释成一定浓度的油酸酒精溶液，稀释的目的是使油酸在浅盘的水面上容易形成一块单分子层油膜；实验中为了测量出一滴已知浓度的油酸酒精溶液中纯油酸的体积，可以把油酸酒精溶液一滴一滴地滴入小量筒中，测出1mL 油酸酒精溶液的滴数，得到一滴溶液中纯油酸的体积；为得到油酸分子的直径，由S V d =，还需测量的物理量是单分子层油膜的面积.【答案】使油酸在浅盘的水面上容易形成一块单分子层油膜；把油酸酒精溶液一滴一滴地滴入小量筒中，测出1mL 油酸酒精溶液的滴数，得到一滴溶液中纯油酸的体积；单分子层油膜的面积.【分析】根据浓度按比例算出纯油酸的体积；把油酸分子看成球形，且不考虑分子间的空隙，油膜的厚度近似等于油酸分子的直径，由SV d =可以求出直径大小.（2）（10分）如图，一粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内有一段高度为2.0cm 的水银柱，水银柱下密封了一定量的理想气体，水银柱上表面到管口的距离为2.0cm.若将细管倒置，水银柱下表面恰好位于管口处，且无水银滴落，管内气体温度与环境温度相同.已知大气压强为76cmHg ，环境温度为296K.（i ）求细管的长度；（i ）若在倒置前，缓慢加热管内被密封的气体，直到水银柱的上表面恰好与管口平齐为止，求此时密封气体的温度.【解析】（i ）设细管的长度为L ，横截面的面积为S ，水银柱高度为h ；初始时，设水银柱上表面到管口的距离为h 1，被密封气体的体积为V ，压强为p ；细管倒置时，气体体积为V 1，压强为p 1.由玻意耳定律有pV =p 1V 1①由力的平衡条件有p =p 0+ρgh②p 1=p 0–ρgh ③式中，ρ、g 分别为水银的密度和重力加速度的大小，p 0为大气压强.由题意有V =S （L –h 1–h ）④V 1=S （L –h ）⑤由①②③④⑤式和题给条件得L =41cm⑥（ii ）设气体被加热前后的温度分别为T 0和T ，由盖–吕萨克定律有10V V T T ⑦由④⑤⑥⑦式和题给数据得T =312K ⑧【分析】（i ）此过程中气体的温度不变，根据气体的初末状态的压强和体积的状态参量，由玻意耳定律列式计算即可.（ii ）对管内气柱缓慢加热，气柱经历等压变化，根据盖-吕萨克定律列式求解.34．[物理——选修3–4]（15分）（力学/光学）（1）（5分）水槽中，与水面接触的两根相同细杆固定在同一个振动片上.振动片做简谐振动时，两根细杆周期性触动水面形成两个波源.两波源发出的波在水面上相遇.在重叠区域发生干涉并形成了干涉图样.关于两列波重叠区域内水面上振动的质点，下列说法正确的是________.（填正确答案标号.选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分.每选错1个扣3分，最低得分为0分）A ．不同质点的振幅都相同B ．不同质点振动的频率都相同C ．不同质点振动的相位都相同D ．不同质点振动的周期都与振动片的周期相同E ．同一质点处，两列波的相位差不随时间变化【解析】A 、B 、D ：由题意可知两列波的周期与频率相同，即这两列波为相干波，形成干涉图样后，有加强与减弱区域，处在不区域的质点的振幅不一样，但不同的质点，振动的频率和周期与波源的频率和周期相同，即不同的质点的振动频率相同，故A 错误，B 、D 正确；C ：不同位置处的质点起振的先后顺序不同，离波距离不同的质点，振动的相位是不同的，故C 错误；E ：同一质点，两列波传播到该质点的时间差是一定的，故两列波的相位差是恒定的，不随时间变化，故E 正确.【答案】BDE【分析】振动加强点的振幅等于两列波的振幅之和，振动减弱点的振幅等于两列波的振幅之差；介质中各质点振动的周期与波源的周期相同；质点在振动过程，不同时刻偏离平衡位置的位移大小会发生变化；对同一质点而言，两列波的相位差是恒定的.（2）（10分）如图，直角三角形ABC 为一棱镜的横截面，∠A =90°，∠B =30°.一束光线平行于底边B C 射到AB 边上并进入棱镜，然后垂直于AC 边射出.（i ）求棱镜的折射率；（ii ）保持AB 边上的入射点不变，逐渐减小入射角，直到BC 边上恰好有光线射出.求此时AB 边上入射角的正弦.【解析】（i ）光路图及相关量如图所示.光束在AB 边上折射，由折射定律得图A34sin sin i n α=①式中n 是棱镜的折射率.由几何关系可知α+β=60°②由几何关系和反射定律得==Bββ'∠③联立①②③式，并代入i =60°得n =④（ii ）设改变后的入射角为i '，折射角为α'，由折射定律得sin sin i n α'='⑤依题意，光束在BC 边上的入射角为全反射的临界角c θ，且c 1sin n θ=⑥由几何关系得c 30θα'=+⑦由④⑤⑥⑦式得入射角的正弦为sin i'=⑧【分析】（i）根据折射定律求出光线从AC边进入棱镜时的折射率；（ii）根据c 1sinCθ=求出临界角，判断光是在BC面上发生全反射的入射角，然后求出此时AB边上入射角的正弦.附：试卷2019年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上.2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效.3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.14．楞次定律是下列哪个定律在电磁感应现象中的具体体现？A ．电阻定律B ．库仑定律C ．欧姆定律D ．能量守恒定律15．金星、地球和火星绕太阳的公转均可视为匀速圆周运动，它们的向心加速度大小分别为a 金、a 地、a 火，沿轨道运行的速率分别为v 金、v 地、v 火.已知它们的轨道半径R 金<R 地<R 火，由此可以判定A ．a 金>a 地>a 火B ．a 火>a 地>a 金C ．v 地>v 火>v 金D ．v 火>v 地>v 金16．用卡车运输质量为m 的匀质圆筒状工件，为使工件保持固定，将其置于两光滑斜面之间，如图所示.两斜面I 、Ⅱ固定在车上，倾角分别为30°和60°.重力加速度为g .当卡车沿平直公路匀速行驶时，圆筒对斜面I 、Ⅱ压力的大小分别为F 1、F 2，则A ．12=F F ，B ．12F F ，C ．1213==22F mg F ，D ．1231==22F mg F mg ，17．从地面竖直向上抛出一物体，物体在运动过程中除受到重力外，还受到一大小不变、方向始终与运动方向相反的外力作用.距地面高度h 在3m 以内时，物体上升、下落过程中动能E k 随h 的变化如图所示.重力加速度取10m/s 2.该物体的质量为A ．2kgB ．1.5kgC ．1kgD ．0.5kg18．如图，在坐标系的第一和第二象限内存在磁感应强度大小分别为12B 和B 、方向均垂直于纸面向外的匀强磁场.一质量为m 、电荷量为q （q >0）的粒子垂直于x 轴射入第二象限，随后垂直于y 轴进入第一象限，最后经过x 轴离开第一象限.粒子在磁场中运动的时间为A ．5π6mqB B ．7π6mqB C ．11π6mqB D ．13π6mqB19．如图，方向竖直向下的匀强磁场中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属导轨，两相同的光滑导体棒ab 、cd 静止在导轨上.t =0时，棒ab 以初速度v 0向右滑动.运动过程中，ab 、cd 始终与导轨垂直并接触良好，两者速度分别用v 1、v 2表示，回路中的电流用I 表示.下列图像中可能正确的是20．如图（a ），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平.t =0时，木板开始受到水平外力F 的作用，在t =4s 时撤去外力.细绳对物块的拉力f 随时间t 变化的关系如图（b ）所示，木板的速度v 与时间t 的关系如图（c ）所示.木板与实验台之间的摩擦可以忽略.重力加速度取g =10m/s 2.由题给数据可以得出A．木板的质量为1kgB．2s~4s内，力F的大小为0.4NC．0~2s内，力F的大小保持不变D．物块与木板之间的动摩擦因数为0.221．如图，电荷量分别为q和–q（q>0）的点电荷固定在正方体的两个顶点上，a、b是正方体的另外两个顶点.则A．a点和b点的电势相等B．a点和b点的电场强度大小相等C．a点和b点的电场强度方向相同D．将负电荷从a点移到b点，电势能增加三、非选择题：共174分.第22~32题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33~38题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题：共129分.22．（5分）甲乙两位同学设计了利用数码相机的连拍功能测重力加速度的实验.实验中，甲同学负责释放金属小球，乙同学负责在小球自由下落的时候拍照.已知相机每间隔0.1s拍1幅照片.（1）若要从拍得的照片中获取必要的信息，在此实验中还必须使用的器材是__________.（填正确答案标号）A．米尺B．秒表C．光电门D．天平（2）简述你选择的器材在本实验中的使用方法.答：____________________________________________________________.（3）实验中两同学由连续3幅照片上小球的位置a、b和c得到ab=24.5cm、ac=58.7cm，则该地的重力加速度大小为g=__________m/s2.（保留2位有效数字）。

高三“六校联盟”第三次联考理科综合可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 Cu 64 Au 197第I卷（选择题共126分）一、选择题：本题共13小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.下列有关细胞的结构和功能的叙述，正确的是A.细胞膜中的磷脂分子是由甘油、脂肪酸和磷酸等组成B.人体成熟的红细胞中核孔数目很少，因此红细胞代谢较弱C.组成细胞膜的主要成分是脂质、蛋白质和多糖D.黑暗条件下，植物细胞的细胞质基质中不能合成三磷酸腺苷2.下列与实验相关的叙述，错误的是A. 马铃薯块茎捣碎后的提取液可检测出蛋白质B. 组织样液中滴加斐林试剂，不产生砖红色沉淀说明没有还原糖C. 调查人群中色盲发病率时，若只在患者家系中调查将会导致结果偏大D. 在95%乙醇中加入无水Na2CO3后可提高色素的溶解度3.下列关于植物生长素生理作用的叙述，正确的是A.燕麦胚芽鞘中生长素的极性运输与光照方向无关B.顶端优势不能够说明生长素作用具有两重性C.促进芽生长的生长素浓度必然会抑制根的生长D.生长素从胚芽鞘尖端基部进入琼脂块的方式是协助扩散4.下列关于种群、群落和生态系统的叙述，正确的是A.调查植物丰富度不适合用样方法B.一只猛禽追逐另一只同种猛禽，这两只猛禽属于种间竞争C.一棵树上不同高度的喜鹊巢，能反映动物群落的垂直结构D.预测种群数量变化的主要依据是年龄组成5.下列有关生物体内基因重组和基因突变的叙述，正确的是A.由碱基对改变引起的DNA分子结构的改变就是基因突变B.减数分裂过程中，控制一对性状的基因不能发生基因重组C.淀粉分支酶基因中插入了一段外来DNA序列不属于基因突变D.小麦植株在有性生殖时，一对等位基因一定不会发生基因重组6.小麦的高秆（H）对矮秆（h）为显性。

现有若干H基因频率不同的小麦群体，在群体足够大且没有其他因素干扰时，每个群体内随机交配一代后获得F1，各F1中基因型频率与H基因频率（p）的关系如图。

广东省达标名校2019年高考三月大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1，电阻55Ω，电流表、电压表均为理想电表。

原线圈A、B端接入如图乙所示的正弦交流电压，下列说法正确的是A．电流表的示数为4.0AB．电压表的示数为155.6VC．副线圈中交流电的频率为50HzD．穿过原、副线圈磁通量的变化率之比为2∶12．在如图所示的理想变压器供电线路中，原线圈接在有效值恒定的交流电源上，副线圈接有两个灯泡，电流表、电压表均为理想电表。

开关S原来是断开的，现将开关S闭合，则（）A．A1的示数增大，A2的示数增大B．A1的示数不变，A2的示数增大C．V1的示数减小，V2的示数减小。

D．V1的示数不变，V2的示数减小3．在轨道上稳定运行的空间站中，有如图所示的装置，半径分别为r和R（R＞r）的甲、乙两个光滑的圆形轨道安置在同一竖直平面上，轨道之间有一条水平轨道CD相通，宇航员让一小球以一定的速度先滑上甲轨道，通过粗糙的CD段，又滑上乙轨道，最后离开两圆轨道，那么下列说法正确的是（）A．小球在CD间由于摩擦力而做减速运动B．小球经过甲轨道最高点时比经过乙轨道最高点时速度大C．如果减少小球的初速度，小球有可能不能到达乙轨道的最高点D．小球经过甲轨道最高点时对轨道的压力大于经过乙轨道最高点时对轨道的压力4．一个质量为m 的质点以速度0v 做匀速运动，某一时刻开始受到恒力F 的作用，质点的速度先减小后增大，其最小值为02v 。

质点从开始受到恒力作用到速度减至最小的过程中 A ．该质点做匀变速直线运动 B ．经历的时间为02mv F C ．该质点可能做圆周运动D ．发生的位移大小为0218mv F5．如右图所示，固定着的钢条上端有一小球，在竖直平面内围绕虚线位置发生振动，图中是小球振动到的最左侧，振动周期为0.3s ．在周期为0.1s 的频闪光源照射下见到图像可能是（ ）A ．B ．C ．D ．6．2018年2月13日，平昌冬奥会女子单板滑雪U 形池项目中，我国选手刘佳宇荣获亚军。

高三年级学习质量针对性检测理科综合试题
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～18题中只有一项符
合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分。

有选错的得0分。

1.如图所示为α粒子散射实验装置的俯视图，带荧光屏的显微镜可沿图中圆形轨道转动，对图中P、Q、M三处位置观察到的实验现象，下列描述正确的是
A. 在M、Q位置时，相同时间内观察到屏上的闪光次数一样多
B. 在P位置时，相同时间内观察到屏上的闪光次数最多
C. 在Q位置时，屏上观察不到闪光
D. 在M位置时，屏上观察不到闪光
【答案】 B
【解析】
【详解】根据实验的现象，大多数α粒子射到金箔上时运动方向基本不变，仍沿直线运动，只有少数粒子方向发生
改变，有的偏转超过90°，甚至有的被反向弹回，则放在P位置时，相同时间内观察到屏上的闪光次数最多；放到Q 点和M看到闪光次数很少，且到放到Q点时观察到屏上的闪光次数比放到M点时观察到的闪光次数多；故B正确，ACD错误。

2.手摇式发电机的线圈在匀强磁场中匀速转动时，其磁通量随时间按如图所示的正弦规律变化。

当线圈的转速变为原
来的一半时，下列说法正确的是
A. 交流电压的变化周期变为原来的一半。