北京高考物理选择题专练2012一模

北京市朝阳区高三年级第一次综合练习理科综合能力测试2012．3第一部分 （选择题 共120分）本部分共20小题，每小题6分，共120分。

在每小题列出的四个选项中，选出符合题目要求的一项。

13．在核反应方程41417278He N O +X +→中，X 代表的粒子是A ．11HB ．21HC ．0-1eD ．10n14．如图所示是氢原子的能级图，现有大量处于n=3激发态的氢原子向低能级跃迁，所辐射的光子中，只有一种能使某金属产生光电效应。

以下判断正确的是A ．该光子一定是氢原子从激发态n=3跃迁到n=2时辐射的光子 B ．该光子一定是氢原子从激发态n=2跃迁到基态时辐射的光子C ．若氢原子从激发态n=4跃迁到基态，辐射出的光子一定能使该金属产生光电效应D ．若氢原子从激发态n=4跃迁到n=3，辐射出的光子一定能使该金属产生光电效应15．一理想变压器原、副线圈匝数比为n 1:n 2=10:1，原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u 随时间t 变化的规律如图所示，副线圈只接入一个10Ω的电阻，则A ．流过电阻的电流最大值为2.2A B ．与电阻并联的电压表示数为31.1V C ．电阻在1.0s 内产生的热量为96.8J D ．变压器的输入功率约为48.4W16．P 、Q 、M 是某弹性绳上的三个质点，沿绳建立x 坐标轴。

一简谐横波正在沿x 轴的正方向传播，振源的周期为0.4s 。

在t =0时刻的波形如图所示，则在t =0.2s 时A ．质点P 处于波谷B ．质点P 处于平衡位置且向上运动C ．质点Q 处于波峰D ．质点M 处于平衡位置且向上运动17．太阳系的第二大行星土星的卫星很多，其中土卫五和土卫六绕土星的运动可近似看作圆周运动，下表A ．土卫五绕土星运动的周期较小B ．土卫五绕土星运动的线速度较小1 2 3 4 ∞ n - 13.6 - 3.4- 1.51 - 0.85 0E/eVC ．土卫六绕土星运动的角速度较大D ．土卫六绕土星运动的向心加速度较大18．插有铁芯的线圈（电阻不能忽略）直立在水平桌面上，铁芯上套一铝环，线圈与电源、开关相连。

2012北京市丰台区高三（一模）物理一、选择题1．U衰变为Rn要经过m次α衰变和n次β衰变，则m，n分别为（）A．4，2 B．2，4 C．4，6 D．16，62．频率不同的两束单色光1和2以相同的入射角从同一点射入一厚玻璃板后，其光路如图所示．下列说法正确的是（）A．单色光1的波长大于单色光2的波长B．在玻璃中单色光1的传播速度大于单色光2的传播速度C．单色光1的光子能量小于单色光2的光子能量D．单色光1从玻璃到空气的全反射临界角小于单色光2从玻璃到空气的全反射临界角3．如图所示为一列简谐横波t时刻的图象，已知波速为2.0m/s．下列说法正确的是（）A．振源的振动频率为0.25HzB．t时刻质点a、b、c所受的回复力大小之比为2：1：3C．从t时刻起若质点a比质点b先回到平衡位置，则波沿x轴正方向传播D．从t时刻起经过5.0s，质点a、b、c通过的路程均为75cm4．一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5，原线圈与正弦交流电源连接，输入电压的u﹣t图象如图所示，副线圈接一个10Ω的电阻，则（）A．流过电阻的电流是0.2AB．与电阻并联的电压表示数是100C．变压器的输入功率是1×l03WD．变压器副线圈中的交变电压的频率为100Hz5．图中K、L、M为静电场中的3个相距很近的等势面（K、M之间无电荷）．一带电粒子射入此静电场中后，依abcde 轨迹运动．已知电势ϕK＜ϕL＜ϕM，且粒子在ab段做减速运动．下列说法中正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在bc段也做减速运动C．粒子在a点的速率大于在e点的速率D．粒子从c点到d点的过程中电场力做负功6．已知近地卫星线速度大小为v1、向心加速度大小为a1，地球同步卫星线速度大小为v2、向心加速度大小为a2．设近地卫星距地面高度不计，同步卫星距地面高度约为地球半径的6倍．则以下结论正确的是（）A． B．C．D．7．如图（a）所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图（b）所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P处．若在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上．则t0可能属于的时间段是（）A．0＜t0＜B．＜t0＜C．＜t0＜T D．T＜t0＜8．法拉第曾提出一种利用河流发电的设想，并进行了实验研究．实验装置的示意图如图所示，两块面积均为S的矩形金属板，平行、正对、竖直地全部浸在河水中，间距为d．水流速度处处相同，大小为v，方向水平，金属板与水流方向平行．地磁场磁感应强度的竖直分量为B，水的电阻率为ρ，水面上方有一阻值为R的电阻通过绝缘导线和电键K连接到两个金属板上，忽略边缘效应．则电阻R消耗的电功率（）A．P=B．P=C．P=D．P=二、解答题（共4小题，满分72分）9．（18分）（1）一游标卡尺的主尺最小分度为1mm，游标上有10个小等分间隔，现用此卡尺来测量工件的直径，游标部分放大图如图所示．该工件的直径为mm．（2）要测一个待测电阻R x（190Ω～210Ω）的阻值，实验室提供了如下器材：电源E：电动势3.0V，内阻不计；电流表A1：量程0～10mA，内阻r1约50Ω；电流表A2：量程0～500μA，内阻r2为1000Ω；滑动变阻器R1：最大阻值20Ω，额定电流2A；定值电阻R2=5000Ω；定值电阻R3=500Ω；电键S及导线若干．要求实验中尽可能准确测量R x的阻值，请回答下面问题：①为了测定待测电阻上的电压，可以将电流表（选填“A1”或“A2”）串联定值电阻（选填“R2”或“R3”），将其改装成一个量程为3.0V的电压表．②如图（a）所示，同学们设计了测量电阻R x的甲、乙两种电路方案，其中用到了改装后的电压表和另一个电流表，则应选电路图（选填“甲”或“乙”）．③若所选测量电路中电流表A的读数为I=6.2mA，改装后的电压表V读数如图（b）所示，则电压表V读数是V．根据电流表和电压表的读数，并考虑电压表内阻，求出待测电阻R x= Ω．（3）一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如图（a）所示．用刻度尺测量斜面的高度与长度之比为1：4，小车质量为400g，图（b）是打出纸带的一段，相邻计数点间还有四个点未画出，已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz．由图（b）可知，打纸带上B点时小车的瞬时速度v B= m/s，打纸带上B点到E点过程中小车重力势能的减少量为J，此过程中小车克服阻力所做的功为J．（g取10m/s2，保留两位有效数字）10．（16分）一质量M=0.8kg的小物块，用长l=0.8m的细绳悬挂在天花板上，处于静止状态．一质量m=0.2kg的粘性小球以速度v0=10m/s水平射向物块，并与物块粘在一起，小球与物块相互作用时间极短可以忽略，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2．求：（1）小球粘在物块上的瞬间，小球和物块共同速度的大小；（2）小球和物块摆动过程中，细绳拉力的最大值；（3）小球和物块摆动过程中所能达到的最大高度．11．（18分）如图所示，两足够长平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为L，导轨平面与水平面夹角为α，导轨电阻不计．磁感应强度为B的匀强磁场垂直导轨平面斜向上，长为L的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量为m、电阻为R．两金属导轨的上端连接右侧电路，电路中R2为一电阻箱，已知灯泡的电阻R L=4R，定值电阻R1=2R，调节电阻箱使R2=12R，重力加速度为g，闭合开关S，现将金属棒由静止释放，求：（1）金属棒下滑的最大速度v m；（2）当金属棒下滑距离为s0时速度恰好达到最大，则金属棒由静止开始下滑2s0的过程中，整个电路产生的电热；（3）改变电阻箱R2的值，当R2为何值时，金属棒达到匀速下滑时R2消耗的功率最大．12．（20分）如图所示，在竖直平面内放置一长为L的薄壁玻璃管，在玻璃管的a端放置一个直径比玻璃管直径略小的小球，小球带电荷量为﹣q、质量为m．玻璃管右边的空间存在着匀强电场与匀强磁场的复合场．匀强磁场方向垂直于纸面向外，磁感应强度为B；匀强电场方向竖直向下电场强度大小为．电磁场的左边界与玻璃管平行，右边界足够远．玻璃管带着小球以水平速度v0垂直于左边界向右运动，由于水平外力F的作用，玻璃管进入磁场后速度保持不变，经一段时间后小球从玻璃管b端滑出并能在竖直平面内自由运动，最后从左边界飞离电磁场．运动过程中小球的电荷量保持不变，不计一切阻力．求：（1）小球从玻璃管b端滑出时速度的大小．（2）从玻璃管进入磁场至小球从b端滑出的过程中，外力F随时间t变化的关系．（3）通过计算画出小球离开玻璃管后的运动轨迹．物理试题答案一、选择题1．【解答】在α衰变的过程中，电荷数少2，质量数少4，在β衰变的过程中，电荷数多1，有：2m﹣n=6，4m=16，解得m=4，n=2．故A正确，B、C、D错误．故选A．2．【解答】A、单色光1比单色光2偏折厉害，则单色光1的折射率大，频率大，则单色光1的波长小．故A错误．B、根据v=知，单色光1的折射率大，则单色光1在玻璃中传播的速度小．故B错误．C、单色光1的频率大，根据E=hv知，单色光1的光子能量大．故C错误．D、根据sinC=知，单色光1的折射率大，则临界角小．故D正确．故选D．3．【解答】A、根据图象，波长为：λ=0.08m；故频率为：，故A错误；B、t时刻质点a、b、c之比为10：5：15=2：1：3，根据回复力公式F=﹣kx得到，回复力之比为2：1：3，故B 正确；C、从t时刻起若质点a比质点b先回到平衡位置，说明此时a、b均向下运动，故波向左传播，故C错误；D、频率为：，故周期为0.04s；从t时刻起经过5.0s，经过125T，每个周期路程为4A，故质点a、b、c通过的路程均为125×4A=500A=500×0.15m=75m，故D错误；故选B．4．【解答】A、由图象可知，原线圈中电压的最大值为220V，所以电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V，副线圈的电阻为10Ω，所以电流的为10A，所以A错误；B、电压表测量的是电压的有效值，所以电压表的读数为100V，所以B错误；C、原副线圈的功率是相同的，由P=UI=100×10W=1×l03W，故C正确；D、由图象可知T=0.02s，所以f==50Hz，故D错误．故选C5．【解答】A、已知电势φK＜φL＜φM，作出电场线如图，方向大体向左，由轨迹弯曲方向知道，粒子所受的电场力方向大体向左，故电荷带正电．故A错误．B、由电势U L＜U M，b→c电场力对正电荷做负功，动能减小，做减速运动．故B正确．C、a与e处于同一等势面上电势相等，电势能相等，根据能量守恒，速率也相等．故C错误．D、粒子从c点到d点的过程中，电势降低，电势能减小，则电场力做正功．故D错误．故选B．6．【解答】根据题意知，卫星圆周运动的向心力由万有引力提供A、因为线速度所以：=，故A错误；B、因为线速度所以：=，故B错误C、因为加速度，所以：==，故C错误；D、因为加速度，所以：==，故D正确．故选：D．7．【解答】A、若，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上，所以A错误．B、若，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离大于向右运动的距离，最终打在A板上，所以B正确．C、若，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向左运动的距离小于向右运动的距离，最终打在B板上，所以C错误．D、若，带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零；然后再反方向加速运动、减速运动至零；如此反复运动，每次向右运动的距离大于向左运动的距离，最终打在B板上，所以D错误．故选B．8．【解答】由平衡条件得：qvB=q，由电阻定律得：两极板间水的电阻r=ρ，电阻R消耗的电功率P=I2R=R，解得：P=；故选C．二、解答题（共4小题，满分72分）9．【解答】（1）由图示游标卡尺可知，主尺示数为2.9cm=29mm，游标尺示数为8×0.1mm=0.8mm，游标卡尺示数为29mm+0.8mm=29.8mm．（2）①将小量程的电流表改装成电压表，电流表需要知道两个参数：量程和内阻，故电流表选A2．串联电阻阻值R==Ω﹣1000Ω=5000Ω，定值电阻应选R2．②=3.8～4.2，≈31.6～28.6，＞，电流表应采用外接法，实验电路应选甲．③电压表示数U=I2R=×12×6000=1.2V，待测电阻阻值R X==200.0Ω．（3）计数点间的时间间隔t=0.02×5=0.1s，根据中点时刻的速度等于平均速度得：v B==m/s=0.15m/sv E==m/s=0.33m/s，打纸带上B点到E点过程中小车重力势能的减少量：E P=mgx BE=0.072J；根据加速度的定义式得：a====0.6m/s2，根据牛顿第二定律得：mgsinθ﹣f=ma，解得：f=mg﹣0.6m=0.76N所以克服阻力所做的功：W=﹣W f=0.76×（0.135﹣0.063）J=0.055J．故答案为：（1）29.8；（2）①A2，R2；②甲；③1.20；，200.0；（3）0.15，0.072，0.055．10．【解答】解：（1）因为小球与物块相互作用时间极短，所以小球和物块组成的系统动量守恒．mv0=（M+m）v共解得：（2）小球和物块将以v共开始运动时，轻绳受到的拉力最大，设最大拉力为F，F﹣（M+m）g=（M+m）所以F=（M+m）=15N（3）小球和物块将以v共为初速度向右摆动，摆动过程中只有重力做功，所以机械能守恒；设它们所能达到的最大高度为h，根据机械能守恒定律：解得：h=答：（1）小球粘在物块上的瞬间，小球和物块共同速度的大小为2m/s；（2）小球和物块摆动过程中，细绳拉力的最大值为15N；（3）小球和物块摆动过程中所能达到的最大高度为0.2m11．【解答】解：（1）当金属棒匀速下滑时速度最大，达到最大时有mgsinα=F安F安=BILI=其中R总=6R联立各式得金属棒下滑的最大速度v m=（2）由动能定理W G﹣W安=mv m2由于W G=2mgs0 sinα W安=Q解得Q=2mgs0sinα﹣mv m2将代入上式可得 Q=2mgs0sinα﹣也可用能量转化和守恒求解：再联立各式得Q=2mgs0sinα﹣（3）金属棒匀速下滑受力平衡mgsinα=BILP2=I22R2由电路分析得联立得当，即R2=4R时，R2消耗的功率最大答：（1）金属棒下滑的最大速度v m=（2）当金属棒下滑距离为s0时速度恰好达到最大，则金属棒由静止开始下滑2s0的过程中，整个电路产生的电热2mgs0sinα﹣；（3）改变电阻箱R2的值，当R2=4R时，金属棒达到匀速下滑时R2消耗的功率最大．12．【解答】解：（1）由题意可知：E=，则有qE=mg，电场力与重力平衡，小球在管子中运动的加速度为：a=．设小球从玻璃管b端滑出时竖直方向的分速度大小为v y，则：所以小球从玻璃管b端滑出时速度的大小为：v==（2）玻璃管向右匀速运动，则有F=F x=Bv y q又：v y =at=则外力F随时间t变化的关系：F=．（3）设小球在管中运动时间为t，小球在磁场中做圆周运动的半径为R，轨迹如图1所示．t时间内玻璃管运动的距离为：x=v0t根据牛顿第二定律得：qvB=m得：R=由几何关系有：sinα==得：x1===v0t=x可得：sinα=0，α=0即小球飞离磁场时速度方向垂直磁场左边界向左，则小球的运动轨迹如图2所示．答：（1）小球从玻璃管b 端滑出时速度的大小为．（2）从玻璃管进入磁场至小球从b端滑出的过程z中，外力F随时间t变化的关系为F=．（3）画出小球离开玻璃管后的运动轨迹如图2所示．11 / 11。

海淀区高三年级第二学期期中练习理科综合能力测试2012. 4 本试卷共14页，共300分。

考试时长150分钟。

考生务必将答案答在机读卡和答题纸上，在试卷上作答无效。

可能用到的相对原子质量：H 1 O 16 Al 27第一部分(选择题共120分）本部分共20小题,每小题6分,共120分,在每小题列出的四个选项中，选出最符题目要求的一项。

1. 下图表示利用棉花叶肉细胞原生质体培养进行遗传改良的过程，据图分析不正确的是A. ①过程需在适宜条件下用纤维素酶和果胶酶处理B. ②过程能定向诱导原生质体产生优良性状的突变C. ③过程中叶肉细胞失去了其特有的结构和功能D. ④过程需用适宜浓度的生长素和细胞分裂素处理2. 右图为某植物在适宜的自然条件下，CO2吸收速率与光照强度的关系曲线。

下列判断不正确的是A. 若温度降低，a点上移B. 若植物缺Mg,b点左移C. 若CO2升高，c点右移D. 若水分不足，c点左移3. DNA聚合酶有两种方式保证复制的准确性，即选择性添加正确的核苷酸和校读（移除错配的核苷酸）。

某些突变的DNA聚合酶（突变酶）比正常的DNA聚合酶精确度更髙。

下列有关叙述正确的是A. 翻译突变酶的mRNA序列不一定发生改变B. 突变酶作用的底物是四种核糖核苷酸C. 突变酶减少了基因突变的发生不利于进化D. 突变酶大大提高了DNA复制的速度4. 动物运动时，祌经支配间侧肢体屈肌舒张活动和伸肌收缩活动协调进行。

右图表示传入神经纤维的轴突末梢释放兴奋性递质，引起伸肌运动神经元兴奋和屈肌运动神经元抑制的机理。

下列有关叙述正确的是A. 屈肌和伸肌运动神经纤维上均发生膜电位的反转B. 抑制性中间神经元上不能检测到膜电位的变化C抑制性中间神经元接受刺激释放抑制性递质D.完成该反射活动的反射弧由三个祌经元构成5. 右图示某海岛珊瑚礁群落演替过程中鱼的种数、鱼的个体数及珊瑚礁体积的变化，下列叙述不正确的是a.珊瑚礁群落的演替过程属于次生演替过程B. 珊瑚礁体积增加力鱼类生存提供了更复杂的空间C. 演替过稈中鱼类丰（富）度逐渐增加并趋向稳态D 演替过程中鱼的种数增加导致珊瑚礁体积下降6．下列做法对改善大气质量无益．．的是A．推广使用无铅汽油B．在农田中焚烧秸秆为土地施肥C．开发利用太阳能、氢能等新能源D．在汽车尾气系统中安装催化转化器7．下列说法正确的是A．硫酸钠溶液和醋酸铅溶液均能使蛋白质变性B．油脂是高级脂肪酸的甘油酯，均不能发生氢化反应C．H2N—CH2—COOH既能与盐酸反应、又能与氢氧化钠溶液反应D．合成橡胶的单体之一是8． X、Y、Z、W是分别位于第2、3周期的元素，原子序数依次递增。

2012北京市顺义区高三（一模）物理一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分）1．（4分）在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）AB．伽利略发现了行星三条运动的规律CD．赫兹最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场2．（4分）已知万有引力常量G，那么在下列给出的各种情境中，能根据测量的数据求出火星平均密度的是（）A．在火星表面使一个小球做自由落体运动，测出下落的高度H和时间tB．发射一颗贴近火星表面绕火星做圆周运动的飞船，测出飞船运行的周期TC．观察火星绕太阳的圆周运动，测出火星的直径D和火星绕太阳运行的周期TD．发射一颗绕火星做圆周运动的卫星，测出卫星离火星表面的高度H和卫星的周期T3．（4分）如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播，从波传到x=5m的M点时开始计时，已知P点相继出现两个波峰的时间间隔为0.4s，下面说法中正确的是（）A．这列波的波长是5mB．这列波的传播速度是10m/sC．质点Q（x=9m）经过0.5s才第一次到达波峰D．M点以后各质点开始振动时的方向都是向上4．（4分）如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，在滑动变阻器R2的滑片向上滑动的过程中，电阻R3）A．一直减小 B C．一直增大 D．先增大后减小5．（4分）起重机的钢索将重物由地面吊到空中某个高度，其速度﹣﹣时间图象如图所示，则钢索拉力的功率随时间变化的图象可能是下图中的（）A．B．C．D．6．（4分）如图所示是一直升机通过软绳打捞河中物体，物体质量为m，由于河水的流动将物体冲离使软绳偏离竖直方向，当直升机和物体都相对地面静止时，绳子与竖直方向成θ角度，下列说法正确的是（）A．绳子的拉力为mgB．绳子的拉力一定小于mgC．物体受到河水的作用力等于绳子拉力的水平分力D．物体受到河水的作用力大于绳子拉力的水平分力7．（4分）如图所示，A、B为两块水平放置的正对平行金属板，通过电键S分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔a和b．现闭合电键S，在a孔正上方某处有一带电质点由静止开始下落，若不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰好为零，然后返回．现要使带电质点能穿过b孔，则可行的方法是（）A．保持S闭合，将A板适当上移B．保持S闭合，将B板适当上移C．先断开S，再将B板适当上移D．先断开S，再将A板适当上移8．（4分）如图所示为推行节水灌溉工程中使用的转动式喷水龙头的示意图．喷水口离地面的高度为5m，用效率为50%的抽水机从地下20m深的井里抽水，使水充满水口并以恒定的速率从该水龙头沿水平喷出．喷水口横截面积为10cm2，其喷灌半径为10m，若水的密度为1×103 kg/m3，不计空气阻力．带动该水泵的电动机的最小功率为（取g=10m/s2）（）A．9×103W B．6×103W C．4.5×103W D．3×103W9．（4分）某学生做“探究电磁感应的产生条件”的实验，将电流计、线圈A和B、电池、电键用导线连接成如右图所示的实验电路，以下说法中正确的是（）A．电键闭合立即观察电流计指针偏转而电键断开立即观察电流计指针不偏转B．电键闭合立即观察电流计指针不偏转而电键断开立即观察电流计指针偏转C．电键闭合与断开立即观察电流计指针都不偏转D．电键闭合与断开立即观察电流计指针都偏转10．（4分）乒乓球在我国有广泛的群众基础，并有“国球”的美誉，在08北京奥运会上中国选手包揽了四个项目的全部冠军．现讨论乒乓球发球问题，已知球台长L、网高h，若球在球台边缘O点正上方某高度处，以一定的速度水平发出，如图所示，球恰好在最高点时越过球网．假设乒乓球反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变，方向相反，且不考虑乒乓球的旋转和空气阻力．则根据以上信息不可以求出（设重力加速度为g）（）A．球的初速度大小B．发球时的高度C．球从发出到第一次落在球台上的时间D．球从发出到被对方运动员接往的时间11．（4分）一粒钢珠从静止状态开始自由下落，然后陷入泥潭中，若把在空中下落的过程称为过程Ⅰ，进入泥潭直到停住的过程称为过程Ⅱ，则（）①过程Ⅰ中钢珠动量的改变量等于重力的冲量②过程Ⅱ中阻力的冲量的大小等于过程Ⅰ中重力冲量的大小③过程Ⅱ中钢珠克服阻力所做的功等于过程Ⅰ与过程Ⅱ中钢珠所减少的重力势能之和④过程Ⅱ中损失的机械能等于过程Ⅰ中钢珠所增加的动能．A．①④ B．②④ C．①③ D．②③12．（4分）如图所示为两个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向里和向外，磁场宽度均为L，距磁场区域的左侧L处，有一边长为L的正方形导体线框，总电阻为R，且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F使线框以速度v匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，运动过程中线框的ab边始终与磁场边界平行，且保持线框平面与磁场方向垂直．规定电流沿逆时针方向时的电动势E为正，磁感线垂直纸面向里时磁通量Φ为正，外力F向右为正．则以下关于线框中的磁通量Φ、感应电动势E、外力F和电功率P随时间变化的图象正确的是（）A．B．C．D．二、解答题（共8小题，满分72分）13．（4分）描绘单摆的振动图象如图所示：（1）对同一个单摆，如果两次拉出木板得到的图形分别如图a、b所示，说明两次拉木板的速度之比为V a：V b= ；（2）对摆长不同的单摆，如果两次拉木板速度相同，说明单摆的摆长之比为L a：L b= ．14．（6分）要测量一电源的电动势E（小于3V）和内阻r（约1Ω），现有下列器材：电压表V（0～3V和0～15V 两个量程）、电阻箱（0～999.9Ω）、定值电阻R0=3Ω、开关和导线．某同学根据所给器材设计如下的实验电路．（1）电路中定值电阻R0的作用是．（2）请根据如图所示的电路图，在答题卡中用笔画线代替导线连接实物电路．（3）为使最终测量结果更精确，在不改变实验方法、不更换实验器材的前提下，请你对该同学提一条建议．15．（8分）（1）在“探究合外力做功与动能变化的关系”实验中，为了平衡小车运动中受到的阻力．应该采用下面所述的方法（填“a”、“b”或“c”）．（a）逐步调节木板的倾斜程度，使静止的小车开始运动（b）逐步调节木板的倾斜程度，使小车在木板上保持静止（c）逐步调节木板的倾斜程度，使夹在小车后面的纸带上所打的点间隔均匀（2）在上述实验中，打点计时器使用的交流电频率为50Hz．某同学打出的一段纸带如图1所示，则小车匀速运动时的速度大小为m/s．（计算结果保留3位有效数字）（3）在上述实验中，某同学分别用1根、2根、…、5根相同橡皮筋进行实验，测得小车匀速运动时的速度分别为0.52m/s、0.78m/s、0.96m/s、1.08m/s、1.22m/s．根据实验数据在坐标纸中画出的图线如图2．对实验结果分析的描述，正确的是A．W与v应该是线性关系，只是实验误差太大，才出现这样的结果B．W可能与V2是线性关系，应该画出W﹣V2的图象来验证想法是否正确C．W可能与是线性关系，应该画出W﹣的图象来验证想法是否正确（4）根据你自己的分析，在表格中选择合适的数据，在坐标纸中画出相应的图象．你的选择是组数据（选填“A”或“B”）．原始数据V（m/s）0.52 0.78 0.96 1.08 1.22A组数据V2（m/s）20.27 0.61 0.92 1.17 1.490.72 0.88 0.98 1.04 1.10B组数据（m/s）16．（8分）一半径为R 的绝缘光滑1/4圆弧与绝缘光滑水平面p M相切于p点，平面p M处于水平向左电场强度为E的匀强电场中，如右图所示．一质量为m、电何量为q的可视为质点的物块从圆弧某一高度由静止滑下，刚滑到p点的速度为V．求：（1）物块刚滑到p点时对轨道的压力；（2）物块从光滑圆弧轨道下滑位置到地面的竖直高度；（3）物块在平面p M上右滑行的最大位移．17．（10分）一质量为m=2kg的物体置于水平面上，在水平外力的作用下由静止开始运动，水平外力随时间的变化情况如下图1所示，物体运动的速度随时间变化的情况如下图2所示4s后图线没有画出．g取10m/s2．求：（1）物体在第2s末的加速度a；（2）物体与水平面间的摩擦因数μ；（3）物体在前6s内的位移X．18．（10分）如图甲所示，光滑且足够长的平行金属导轨MN、PQ固定在同一水平面上，两导轨间距L=0.2m，电阻R=0.4Ω，导轨上停放一质量为m=0.1kg，电阻为r=0.1Ω的金属杆ab，导轨的电阻不计，整个装置处于磁感应强度为B=0.5T的匀强磁场中，磁场的方向竖直向下．现用一外力F沿水平方向拉杆，使之由静止开始运动，若理想电压表示数U随时间t的变化关系如图乙所示．求：（1）运动速度随时间t的变化关系式；（2）金属杆运动的加速度；（3）第5秒末外力F的功率．19．（12分）如图所示，一个质量为m=2.0×10﹣11kg，电荷量q=+1.0×10﹣5C的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经U1=100V电压加速后，水平进入两平行金属板间沿竖直方向的偏转电场中，偏转电场的电压U2=100V．金属板长L=20cm，两板间距d=cm．求：（1）微粒进入偏转电场时的速度v0大小；（2）微粒射出偏转电场时的偏转角θ；（3）若该匀强磁场的宽度为D=cm，为使微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少多大．20．（14分）传送带在工农业生产和日常生活中都有广泛的应用，例如在港口用传送带中运输货物，在机场上用传送带将地面上的行李传送到飞机上等．现有一个水平传送带装置AB，如右图所示．传送带的长度L=1m，质量M=1kg 的木块随传送带一起以v1=2m/s的速度向左匀速运动（传送带移动的速率始终恒定），木块与传送带间动摩擦因数μ=0.5．当木块运动到传送带最左端A点时，一颗质量为m=20g的子弹以v0=300m/s水平向右迎面射向木块并从木块中穿出，穿出时速度为u=50m/s．设子弹穿出木块的时间极短，且穿出木块以后子弹未与传送带作用．（传送带装置由电动机带动，传送带与轮子间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦，g=10m/s2）（1）试论述木块能否从传送带右端B点离开传送带；（2）在子弹击中木块到木块离开传送带的整个过程中，子弹、木块和传送带这一系统间所产生的总内能是多少；（3）子弹击中木块后，传送带由于传送木块多消耗的电能．物理试题答案一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分）1．【解答】A、牛顿发现万有引力定律之后，是英国的科学家卡文迪许通过实验测出了引力常量G．故A正确．B、开普勒发现了行星三条运动的规律．故B错误．C、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因．故C错误．D、英国的法拉第最早引入了电场概念，并提出用电场线表示电场．故D错误．故选A2．【解答】设火星的质量为M，半径为r，则火星的密度A．在火星表面使一个小球做自由落体运动，测出下落的高度H和时间t，根据H=，可知算出火星的重力加速度，根据，可以算得火星的质量，但不知道火星的半径，故无法算出密度，故A错误；B．根据得：，所以，已知T就可算出密度，故B正确；C．观察火星绕太阳的圆周运动，只能算出太阳的质量，无法算出火星质量，也就无法算出火星密度，故C错误；D．测出卫星离火星表面的高度H和卫星的周期T，但是不知道火星的半径，故无法算出密度，故D错误．故选B．3．【解答】A、由读出相邻波谷之间的距离为4m，即波长为4m．故A错误．B、已知P点相继出现两个波峰的时间间隔为0.4s，波的周期为T=0.4s，则波速为v==m/s=10m/s．故B正确．C、当图示x=2m处质点的振动传到质点Q时，Q点第一次到达波峰，所经过时间为t==s=0.7s．故C错误．D、简谐横波沿x轴正方向传播，介质中各质点的起振方向都与图示时刻M点的振动方向相同，均向下．故D错误．故选B4．【解答】当滑动变阻器R2的滑动片向移动时，接入电路的电阻减小，总电阻就减小，根据闭合电路欧姆定律可以，干路电流增大，所以电源内阻和R1所占电压变大，并联部分电压减小，根据P=可知：电阻R3上消耗的电功率一直减小．故选A5．【解答】在0﹣t1时间内：重物向上做匀加速直线运动，设加速度大小为a1，根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma1，F=mg+ma1，拉力的功率P1=Fv=（mg+ma1）a1t，m、a1均一定，则P1∝t．在t1﹣t2时间内：重物向上做匀速直线运动，拉力F=mg，则拉力的功率P2=Fv=mgv，P2不变，根据拉力的大小得到，P2小于t1时刻拉力的功率．在t2﹣t3时间内：重物向上做匀减速直线运动，设加速度大小为a2，根据牛顿第二定律得：mg﹣F=ma2，F=mg﹣ma2，拉力的功率P3=Fv=（mg﹣ma2）（v0﹣a2t），m、a2均一定，P3与t是线性关系，随着t延长，P3减小．t3时刻拉力突然减小，功率突然减小．故选：B．6．【解答】A、B、对物体受力分析，受重力、浮力、拉力和水的水平方向的摩擦力，如图根据平衡条件，有竖直方向：F浮+Tcosθ=mg…①水平方向：f=Tsinθ…②故A错误，B错误；C、D、河水作用力包括浮力和摩擦力，其中摩擦力等于拉力的水平分力，故C错误；D正确故选D．7．【解答】AB、保持S闭合，知AB两端的电势差不变，根据动能定理知，质点还是到达b点速度为零然后返回．故A、B错误．C、断开S，电量不变，将B板上移，d减小，根据C=知，电容增大，则U=，知U减小，根据动能定理，运动到b重力做功大于电场力做功，b点速度不为零，将穿过b孔．故C正确．D、断开S，电量不变，将A板上移，d增大，根据C=知，电容减小，则U=，知U增大，根据动能定理知，粒子还未到达b点，速度已减为零，然后返回．故D错误．故选C．8．【解答】水从“龙头”沿水平喷出后做平抛运动，h=gt2，其喷灌半径为r=10m=v0t，得：v0=抽水机在t秒内抽的水的质量为m，根据动能定理可求得对m做的功为：W=mg（H+h）+mv02=ρSv0tg（H+h+）=ρStg（H+26h）电动机的最小输出功率：P==，已知：h=5m，H=20m，S=10cm2，η=50%，ρ=1×103 kg/m3，则P=6×103W；故选C．9．【解答】只有当穿过闭合回路的磁通量发生变化时，闭合电路中才产生感应电流，由电路图可知，在电键闭合或断开时，穿过线圈B的磁通量不变，电流计所在回路不产生感应电流，电流计指针不偏转，故C正确；故选C．10．【解答】A、在乒乓球从发出到刚越过球网的时刻，在水平方向上，乒乓球一直是匀速直线运动，从发球到刚越过球网时的总的时间为2t，在根据水平的位移为，即可以求得发球的初速度大小，所以A正确；B、由于乒乓球反弹前后水平分速度不变，竖直分速度大小不变、方向相反，且不考虑乒乓球的旋转和空气阻力，所以在整个的运动的过程中，乒乓球的能量是守恒的，由于球恰好在最高点时越过球网，所以，根据能量的守恒可得，在发球时的高度即为球网的高度h，所以B正确；C、从乒乓球发出到第一次接触球台，此时乒乓球做的是自由落体运动，从反弹后到越过球网过程中，乒乓球在竖直方向上做的是竖直上抛运动，根据自由落体运动的规律h=，可以求得球从发出到第一次落在球台上的时间t，也可以求得从发球到刚越过球网时的总的时间为2t，所以C正确；D、由于无法确定对方运动员接住的位置，所以不能确定球从发出到对方运动员接住的时间，所以D错误．本题选不可以求出的，故选D．11．【解答】①过程Ⅰ中钢珠只受到重力，根据动量定理分析得知，钢珠动量的改变量等于重力的冲量．故①正确．②过程Ⅱ中钢珠受到重力和阻力，动量的改变量不等于零，根据动量定理可知，重力和阻力的总冲量不等于零，则阻力的冲量的大小不等于过程Ⅰ中重力冲量的大小．由于动量改变量为负值，则过程Ⅱ中阻力的冲量的大小大于过程Ⅰ中重力冲量的大小．故②错误．③对于整个过程：钢珠动能的变化量，根据动能定理得知，整个过程重力做功等于钢珠克服阻力做功，而整个重力做功等于整个过程中钢珠所减少的重力势能，所以过程Ⅱ中钢珠克服阻力所做的功等于过程Ⅰ与过程Ⅱ中钢珠所减少的重力势能之和．故③正确．④根据功能关系分析得知，过程Ⅱ中损失的机械能等于过程Ⅱ中钢珠克服阻力做功，不等于过程Ⅰ中钢珠所增加的动能．故④错误．故选C12．【解答】A、当线框运动L时开始进入磁场，磁通量开始增加，当全部进入时达最大；此后向外的磁通量增加，总磁通减小；当运动到2.5L时，磁通量最小，故A错误；B、当线圈进入第一个磁场时，由E=BLV可知，E保持不变，而开始进入第二个磁场时，两端同时切割磁感线，电动势应为2BLV，故B错误；C、因安培力总是与运动方向相反，故拉力应一直向右，故C错误；D、拉力的功率P=Fv，因速度不变，而在线框在第一个磁场时，电流为定值，拉力也为定值；两边分别在两个磁场中时，由B的分析可知，电流加倍，故安培力加培，功率加倍；此后从第二个磁场中离开时，安培力应等于线框在第一个磁场中的安培力，故D正确；故选D．二、解答题（共8小题，满分72分）13．【解答】（1）对同一个单摆，说明周期相同，故拉出木板a用时2T，拉出木板b用时3T，故V a：V b=；（2）两次拉木板速度相同，说明拉出的时间是一定的，设为t，故，；根据单摆周期公式，单摆的摆长之比为L a：L b=；故答案为：（1）3：2，（2）9：4．14．【解答】（1）若无R0存在，当R调节到0时，电源即短路，有烧坏危险．（2）如图所示，注意电压表量程选择，开关置于干路（3）多次测量可以减少偶然误差，画图象更加直观，由于舍去了误差较大的点，所以精确度更高故答案为：（1）保护电源，防止短路（2）如图所示（有一处错就不给分）（3）多测几组R、U，分别求出电动势E、内阻r，再求E、r的平均值或利用图象处理数据．（其他方法同样得分）15．【解答】（1）为了平衡摩擦力的影响，在实验中可以将木板一端垫高，则小车受到的重力的分力可以与摩擦力平衡；则小车做匀速运动时，则摩擦力的影响可以取消，此时，小车后面的纸带上的点应为均匀分布的，故C正确；（2）小车做匀速运动，则可分别量出各点间的距离分别为：OA=2.1cm； AB=2.5cm；BC=2.8cm； CD=2.8cm；DE=2.8cm；求出平均速度再求平均可得：•故BE段物体做匀速直线运动；则速度v==1.40m/s（3）由图象可知，W﹣v图象是抛物线，则W与v2成正比，所以应该画出W与v2图象进行分析，故B正确；（4）根据（3）分析可知，应该选择v2进行研究，故选A．故答案为：（1）C （2）1.40（3）B （4）图象如图 A16．【解答】解：（1）对物块：设物块受到竖直向下的重力mg，竖直向上的支持力N，因为物块刚滑到p点，根据牛顿第二定律： N﹣mg=解出：N=mg+根据牛顿第三定律，物块对轨道的压力为：N′=N=mg+（2）物块从光滑圆弧轨道下滑过程中只有重力做功，设上升的竖直高度为h，根据动能定理：mgh=，解出：h=（3）设物块在平面p M上向右滑行的最大位移为x，根据动能定理：﹣Eqx=0﹣，解出：x=答：（1）物块刚滑到p点时对轨道的压力是mg+；（2）物块从光滑圆弧轨道下滑位置到地面的竖直高度是；（3）物块在平面p M上右滑行的最大位移是．17．【解答】解：（1）根据V﹣t图象和加速度定义式：（2）在0﹣4s内，在水平方向：F1﹣μmg=ma1解出：μ=0.2 （3）设前4s的位移为X，根据位移公式：=8m4s后的加速度为a2，则：F2﹣μmg=ma2解出：a2=﹣1m/s2物体4﹣6s内，根据位移公式：=6m物体在前8s内的位移X=x1+x2=14m 答：（1）物体在第2s末的加速度为1m/s2；（2）物体与水平面间的摩擦因数μ为0.2；（3）物体在前6s内的位移为14m．18．【解答】解：（1）、（2）导体棒上产生的电动势：E=BLv电阻上的电流：电压表上的电压：U=IR故：电压U=2V，t=5s时，代人数据，得；v=25m/s金属杆的加速度：金属杆运动速度随时间t的变化关系式：v=0+at=5t（3）金属杆上所受的安培力为：F安=BIL==0.5N设外力的大小为F．根据牛顿第二定律得：F﹣F安=ma外力F的功率：P=Fv=（F安+ma）v=（0.5+0.1×5）×25W=25W答：（1）属杆运动速度随时间t的变化关系式：v=5t m/s；（2）金属杆的加速度5m2/s；（3）第5秒末外力F的功率25W．19．【解答】解：（1）微粒在加速电场中由动能定理得：qu1=mv02解得：v0=1.0×104m/s（2）微粒在偏转电场中做类平抛运动，有：；而飞出电场时，速度偏转角的正切为：tanθ=解得θ=30°（3）进入磁场时微粒的速度是：v=③轨迹如图，由几何关系有：D=rsinθ+r④洛伦兹力提供向心力：Bqv=⑤由③～⑤联立得：B=代入数据解得：B=0.4T所以，为使微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少为0.4T．答：（1）微粒进入偏转电场时的速度v0大小为1.0×104m/s；（2）微粒射出偏转电场时的偏转角θ为30°；（3）若该匀强磁场的宽度为D=cm，为使微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少为0.4T．20．【解答】解：（1）子弹射入并穿出木块瞬间，设木块的速度为v2，取向右为正方向，由动量守恒定律有：mv0﹣Mv1=mu+Mv2代入数据解得，木块的速度：v2=3m/s，方向水平向右之后木块向右做匀减速运动，假设木块滑至传送带右端之前对地的速度为零，设此过程中木块对地的位移大小为X1，对木块向右减速为零的过程由动能定理：﹣μMgX1=0﹣解得：1=0.9m＜1m，因此，物块不会从右端离开传送带（2）通过上问分析可知，木块先向右匀减速运动直至对地速度为零，接着返回做匀加速运动．设匀减速运动的时间为t1，反向匀加速运动与传送带共速所走的位移大小为X2，所用的时间为t2对木块向右减速运动过程中由动量定理，取向右为正：﹣μMgt1=0﹣Mv2解得：t1=0.6s对木块向左加速运动的过程由动能定理：μMgX2=得X2=0.4m＜X1=0.9m，即物块到达传送带左端之前已共速对木块向左加速运动由动量定理，取向左为正：μMgt2=Mv1得t2=0.4s设子弹击穿木块过程中产生的热量为Q1：代入数据得Q1=872.5J木块向右减速过程中与传送带摩擦生热为Q2：Q2=μMg（v1t1+X1）代入数据得：Q2=10.5J木块向左加速过程中直至与传送带共速摩擦生热为Q3：Q3=μMg（v1t2﹣X2）代入数据得：Q3=2J所以系统所产生的总内能：Q=Q1+Q2+Q3=885J（3）子弹击穿木块后，设传送带由于传送木块多消耗的电能为△E电由能量守恒定律：得：△E电=10J答：（1）木块不能从传送带右端B点离开传送带；（2）在子弹击中木块到木块离开传送带的整个过程中，子弹、木块和传送带这一系统间所产生的总内能是885J；（3）子弹击中木块后，传送带由于传送木块多消耗的电能为10J．。

北京市门头沟区2012届高三抽样测试 理综物理部分（2012门头沟一模）13．用α 粒子轰击N 147时，得到O 178，同时放出一种粒子，关于这种粒子，下列说法中正确的是A ．它来自于原子核B ．它能穿透几厘米厚的铅板C ．它垂直进入磁场中不发生偏转D ．它是一种频率很高的光子 14．下列说法中正确的是A ．一束白色光通过玻璃棱镜发生色散现象是因为在玻璃中紫光的传播速度比红光大B ．光导纤维传递光信号是利用光的衍射原理C ．某种金属在单色光照射下发射出电子，这种电子的最大初动能随照射光频率的增大而增大D ．两细束平行的红色光斜射向同一块玻璃的上表面，最终从玻璃的下表面射出的两束光不再平行 15．2011年9月29日21时16分我国第一个空间实验室“天宫一号”发射升空，并成功进入约350公里的圆轨道，绕行485圈后，降轨至高度约为343公里的圆轨道。

11月24日发射的在近地点200公里、远地点330公里的预定轨道飞行的“神舟八号”飞船与“天宫一号”成功对接。

关于“天宫一号”与“神舟八号”的说法正确的是A ．“神舟八号”与“天宫一号”在对接前相比较，“神舟八号”的运行周期小于“天宫一号”的运行周期B ．“天宫一号”降轨前的速度小于同步卫星的速度C ．“天宫一号”降轨后与降轨前相比动能增大、势能减小、机械能增大D ．“神舟八号”飞船必须在半径大于343公里的轨道加速才能与“天宫一号”对接 16．一列简谐横波沿x 轴正方向传播，波速为5m/s 。

甲图为该波中质点O 的振动图像，下图中能正确表示该波在0.2s 时的波的图像是17．一小圆柱体沿光滑的抛物线轨道运动，抛物线轨道为202x y =．第一次观察到圆柱体运动到x =25m 处，经过0.2s 后圆柱体运动到x =24m 处，则圆柱体此时的瞬时速度大小近似为 A ．5m/s B ．10m/s C ．14m/s3甲 yxD ．25m/s18．一台小型发电机产生的电动势随时间变化的规律图像如图甲所示，已知发电机线圈内阻为20.0Ω，现外接一只“100V,125W ”的灯泡，如图乙所示，则：A ．此时刻线圈中感应电流为0B ．通过灯的电流随时间t 的变化规律是sin100πt(A)C ．灯泡能正常发光D ．灯泡的实际功率是80w 19．如图所示，半径为R 的环形塑料管竖直放置，AB 直线跟该环的水平直径重合，且管的内径远小于环的半径。

2012年北京市海淀区高三一模理综物理试题13A ．下列各组现象中，均能说明光具有波动性的一组现象是 （ A ）A ．光的干涉、衍射和偏振B ．光的干涉、偏振和光电效应C ．光的折射、全反射和干涉D ．光的全反射、干涉和衍射13B ．在下列各组的两个现象中都表现出光具有波动性的是 （ C ）Ａ．光的折射现象、色散现象Ｂ．光的反射现象、干涉现象Ｃ．光的衍射现象、偏振现象Ｄ．光的直线传播现象、光电效应现象13C ．如图，P 是一偏振片，P 的振动方向（用带有箭头的实线表示）为竖直方向。

下列四种入射光束中，哪种照射P 时不能在P 的另一侧观察到透射光？（ C ）A ．太阳光B ．沿竖直方向振动的光C ．沿水平方向振动的光D ．沿与竖直方向成45°角振动的光14A ．Th 23290(钍)经过一系列α和β衰变，成为82208Pb (铅)，对于这个过程，下列说法中错误的是（ C ）A ．铅核比钍核少8个质子B ．铅核比钍核少16个中子C ．共经过4次α衰变和6次β衰变D ．共经过6次α衰变和4次β衰变14B ．下列说法中正确的是（ B ）A ．α射线比β射线穿透能力强B ．α射线比β射线电离能力强C ．β射线是高速电子流，来自于核外电子D ．4个90232Th (钍核)经过两个半衰期一定只剩下一个钍核14C ．下列说法正确的是 （ B ）A ．当氢原子从n =2的状态跃迁到n =6的状态时，发射出光子B ．放射性元素的半衰期是指大量该元素的原子核中有半数发生衰变需要的时间C ．同一元素的两种同位素具有相同的中子数D ．中子与质子结合成氘核时吸收能量14D ．现已建成的核电站发电的能量来自于（ C ）A ．天然放射性元素放出的能量B ．人工放射性同位素放出的能量C ．重核裂变放出的能量D ．轻核聚变放出的能量15A ．如图所示，a 、b 、c 为电场中同一条电场线上的三点，b 为ac 中点。

a 、c 两点的光束 P电势分别为φa =4V ，φc =2V 。

2012年北京市 怀柔区 一模 物理13．下列说法中正确的是A ．光具有波动性又具有粒子性，故光具有波粒二象性。

B ．海市蜃楼、沙漠蜃景都是由于光的衍射而产生的C ．光的色散是光的干涉现象D ．爱因斯坦的光子说认为光是高速粒子流14．关于核反应方程X He H H 423121+→+，以下说法中正确的是A ．X 是n 10，该核反应属于聚变 B ．X 是H 11，该核反应属于裂变C ．X 是n 1，该反应中的核燃料是当前核电站采用的核燃料 D ．X 是H 11，该反应中的核燃料是当前核电站采用的核燃料15．“神舟”八号经过变轨后，最终在距离地球表面约343公里的圆轨道上正常飞行，约90分钟绕地球一圈．则下列说法错误．．的是 A ．“神舟”八号绕地球正常飞行时宇航员的加速度小于9.8m/s 2 B ．“神舟”八号绕地球正常飞行的速率可能大于8km/sC ．“神舟”八号飞船在轨道上正常飞行时，宇航员会处于完全失重状态而悬浮。

D ．“神舟”八号运行的周期比地球近地卫星的周期大16．如图所示为一列沿x 轴负方向传播的简谐横波，实线为t ＝0时刻的波形图，虚线为t ＝0.6 s 时的波形图，波的周期T ＞0.6 s ，则 A ．波的周期为2.4 s B ．波的速度为103m/sC ．在t ＝0.5s 时，Q 点到达平衡位置D ．在t ＝0.5s 时，Q 点到达波峰位置NPSM17．某交流发电机给灯泡供电，产生正弦式交变电流的图象如图所示，下列说法中正确的是A ．交变电流的频率为0.02HzB ．交变电流的瞬时表达式为5cos50(A)i t π=C ．在t=0.01s 时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D ．若发电机线圈电阻为0.4Ω，则其产生的热功率为5W18．如图所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t =0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球接触弹簧并将弹簧压缩至最低点(形变在弹性限度内)，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后又下落，如此反复。

2012北京市密云县高三（一模）物理一、选择题1．（6分）物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．下列表述正确的是（）A．牛顿发现了万有引力定律B．楞次用实验证实了电磁波的存在C．狭义相对论认为运动物体的质量与速度无关D．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系2．（6分）下述说法中正确的是（）A．在相同介质中，红光比蓝光的波长短B．裂变反应有质量亏损，质量数不守恒C．雨后天空出现的彩虹是光的衍射现象D．白光通过分光镜在光屏上形成的彩色光带是光的色散现象3．（6分）下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B．玻尔理论的假设之一是原子能量的量子化C．放射性元素的半衰期随温度的升高而变短D．比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固4．（6分）2011年9月29日晚21时16分，我国将首个目标飞行器天宫一号发射升空，它将在两年内分别与神舟八号、神舟九号、神舟十号飞船对接，从而建立我国第一个空间实验室．神舟八号与天宫一号对接前按如图所示的轨道示意图运行，下列说法中正确的是（）A．神舟八号的加速度比天宫一号小B．神舟八号运行的速率比天宫一号小C．神舟八号运行的周期比天宫一号长D．神舟八号运行的角速度比天官一号大5．（6分）一列简谐横波沿x轴正方向传播，波速为2cm/s．t=0时刻该波刚好传到P点，波形如图所示．则（）A．该波的波长为3cmB．该波刚传到P点时，P点向上振动C．再经过1.5s，质点S开始振动，且振动方向向上D．当质点S第一次达到波谷位置时，质点P6．（6分）如图，一理想变压器原副线圈匝数之比为4：1，原线圈两端接入一正弦交流电源；副线圈电路中R为负载电阻，交流电压表和交流电流表都是理想电表．下列结论正确的是（）A．若电压表读数为6V，则输入电压的最大值为24VB．若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数减小到原来的一半C．若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，则输入功率也增加到原来的2倍D．若保持负载电阻的阻值不变，输入电压增加到原来的2倍，则输出功率增加到原来的4倍7．（6分）如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，电感L的电阻不计，电阻R的阻值大于灯泡D的阻值，在t=0时刻闭合开关S，经过一段时间后，在t=t1时刻断开S，下列表示A、B两点间电压U AB随时间t变化的图象中，正确的是（）A．B．C．D．8．（6分）如图所示，一个质量为m的金属杆ab，以一定的初速度v0从一光滑平行金属轨道的底端向上滑行，轨道平面与水平面成θ角，两导轨上端用一电阻R相连，磁场方向垂直轨道平面向上，轨道与金属杆ab的电阻不计并接触良好．金属杆向上滑行到某一高度后又返回到底端，在此过程中（）A．上滑过程通过电阻R的电量比下滑过程多B．上滑过程金属杆受到的合外力的冲量比下滑过程的小C．上滑过程和下滑过程金属杆的加速度大小相等D．上滑过程与下滑过程安培力对金属杆的冲量大小相等二、非选择题9．（10分）某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中进行了如下的操作：①用游标上有10个小格的游标卡尺测量摆球直径如图（甲）所示，摆球直径为cm．把摆球用细线悬挂在铁架台上，测量摆线长，通过计算得到摆长L．②用秒表测量单摆的周期．当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并记为n=0，单摆每经过最低点记一次数，当数到n=60时秒表的示数如图（乙）所示，该单摆的周期是T= s（结果保留三位有效数字）．③测量出多组周期T、摆长L数值后，画出T2﹣L，此图线斜率的物理意义是．④与重力加速度的真实值比较，发现测量结果偏小，分析原因可能是．A．振幅偏大B．测量摆长时将摆线用力拉紧进行测量C．将摆线长当成了摆长D．开始计时误记为n=1⑤该小组的另一同学没有使用游标卡尺也测出了重力加速度．他采用的方法是：先测出一摆线较长的单摆的振动周期T1，然后把摆线缩短适当的长度△l，再测出其振动周期T2．用该同学测出的物理量表达重力加速度为g= ．10．（8分）实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联．测量实际电流表G1内阻r1的电路如图1所示．供选择的仪器如下：①待测电流表G1（0～5mA，内阻约300Ω），②电流表G2（0～10mA，内阻约100Ω），③定值电阻R1（300Ω），④定值电阻R2（10Ω），⑤滑动变阻器R3（0～1000Ω），⑥滑动变阻器R4（0～20Ω），⑦干电池（1.5V），⑧电键S及导线若干．（1）定值电阻应选，滑动变阻器应选．（在空格内填写序号）（2）用连线连接实物图2．（3）补全实验步骤：①按电路图连接电路，；②闭合电键S，移动滑动触头至某一位置，记录G1，G2的读数I1，I2；③；④以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图3所示．（4）根据I2﹣I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式．11．（16分）如图所示，长为R=2.5m的轻绳，上端固定在O点，下端连一个质量为m=0.1kg的小球．小球接近水平地面，处于静止状态．现给小球一沿水平方向的初速度，使小球开始在竖直平面内做圆周运动．假设小球到达最高点时轻绳突然断开，最后落在离小球最初位置2R的地面上．不计空气阻力，重力加速度为g=10m/s2，．求：（1）小球在最高点速度的大小v；（2）小球的初速度v0；（3）小球在最低点时对绳的拉力F．12．（18分）如图所示，空间存在相互垂直的匀强电场和磁场，匀强电场的方向竖直向下，匀强磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里．一质量为m带电量为﹣q的液滴a位于坐标原点O，处于静止状态．另一质量为2m带电量为+4q的液滴b以某一速度从P点沿x轴做匀速直线运动，到O点与a相撞，撞后a、b液滴合为一体．设碰撞前a、b之间的静电力不计，取重力加速度大小为g，求：（1）匀强电场的电场强度E的大小；（2）液滴b运动的速度v0为多大；（3）若液滴a、b相碰的瞬间将电场反向，大小不变，求液滴运动时所在的位置．13．（20分）磁悬浮列车是一种高速运载工具，它是经典电磁学与现代超导技术相结合的产物．磁悬浮列车具有两个重要系统．一是悬浮系统，利用磁力（可由超导电磁铁提供）使车体在导轨上悬浮起来与轨道脱离接触．另一是驱动系统，就是在沿轨道安装的绕组（线圈）中，通上励磁电流，产生随空间作周期性变化、运动的磁场，磁场与固定在车体下部的感应金属框相互作用，使车体获得牵引力．为了有助于了解磁悬浮列车的牵引力的来由，我们给出如下的简化模型，图甲是实验车与轨道示意图，图乙是固定在车底部金属框与轨道上运动磁场的示意图．水平地面上有两根很长的平行直导轨，导轨间有竖直（垂直纸面）方向等距离间隔的匀强磁场B l和B2，二者方向相反．车底部金属框的宽度与磁场间隔相等，当匀强磁场B l和B2同时以恒定速度v0沿导轨方向向右运动时，金属框也会受到向右的磁场力，带动实验车沿导轨运动．设金属框垂直导轨的边长L=0.20m、总电阻R=l.6Ω，实验车与线框的总质量m=2.0kg，磁场B l=B2=B=1.0T，磁场运动速度v0=10m/s．回答下列问题：（1）设t=0时刻，实验车的速度为零，求金属框受到的磁场力的大小和方向？（2）已知磁悬浮状态下，实验车运动时受到恒定的阻力 f1=0.20N，求实验车的最大速率v m？（3）当实验车的速度达到最大后撤去驱动系统磁场，车所受阻力变为f2=0.40N，撤去磁场后车还能滑行多远？物理试题答案一、选择题1．【解答】A、牛顿发现了万有引力定律，故A正确B、赫兹用实验证实了电磁波的存在，故B错误C、狭义相对论认为运动物体的质量与速度有关，故C错误D、欧姆发现的欧姆定律，是说明电流电压电阻之间的关系，说明热与电之间联系的是焦耳定律，故D错误故选A．2．【解答】A、在相同介质中，红光比蓝光的波长长，A错误；B、裂变反应有质量亏损，质量数守恒，B错误；C、雨后天空出现的彩虹是光的色散现象，C错误；D、各种色光在同种介质中的折射率不同，白光通过分光镜在光屏上形成的彩色光带是光的色散现象，D正确；故选D3．【解答】A、β衰变是原子核中的中子转化为质子同时产生电子的过程，但电子不是原子核的组成部分，故A错；B、玻尔理论的假设是提出了轨道量子化和能量量子化，故B正确；C、放射性元素的半衰期不随温度、状态及化学变化而变化，是由原子核内部本身决定的，故C错误；D、比结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固，故D错误．故选B．4．【解答】根据==ma得，，v=，，T=．轨道半径越大，线速度、角速度、加速度越小，周期越大．故D正确，A、B、C错误．故选D．5．【解答】A、由图可知，波长为4cm，故A错误；B、该波刚传到P点时，P点向下振动，故B错误；C、波传到S点的时间t=，振动方向向下，故C错误；D、可以画出质点S第一次达到波谷位置时的波形图，则当质点S第一次达到波谷位置时，质点P处于平衡位置，故D正确．故选D6．【解答】A、若电压表读数为6V，由=可得则输入电压为是有效值，根据正弦交流电有效值与最大值的关系可得因此其最大值为V，所以A错误；B、若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，由=可得输出电压也增加到原来的2倍，由 I=电流表示数也应增加到原来的2倍，所以B错误；C、若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，由 I=输出电流减小到原来的一半，输入功率即P=IU 也减小到原来的一半，所以C错误；D、若保持负载电阻的阻值不变．输入电压增加到原来的2倍，输出电压增大到原来的2倍，则由可知输出功率增加到原来的4倍，所以D正确．故选D．7．【解答】在t=0时刻闭合开关S时，线圈中电流增大，产生自感电动势，使得线圈中电流只能逐渐增大，干路中电流I也逐渐增大，根据欧姆定律U AB=E﹣Ir，U AB逐渐减小直到稳定．稳定时，电阻R的电流小于灯泡D的电流．在t=t1时刻断开S时，灯泡中原来的电流立即减小为零，线圈中产生自感电动势，电阻R、灯泡D和线圈组成回路，回路中电流从原来值逐渐减小到零，此时流过灯泡D的电流方向与原来的方向相反，B点的电势比A点电势高，U AB＜0．由于稳定时线圈中电流较小，根据U AB=IR D，则此时U AB值比稳定时小．故选B．8．【解答】A、电量q=It=，式中结果无时间，故上滑阶段和下滑阶段通过回路即通过R的电量相同，故A错误；B、因为上滑阶段的初速度大于下滑阶段的末速度，根据动量定理可知，上滑过程金属杆受到的合外力的冲量比下滑过程的大，故B错误；C、在上滑与下滑过程中，棒在切割磁感线，从而产生感应电动势，出现安培力，进而阻碍棒的运动，所以上滑过程比下滑过程金属杆的加速度大．故C错误；D、金属杆在滑行过程中，受到安培力阻力作用，机械能不断减小，所以经过同一位置时，上滑的速率大于下滑的速率，则上滑过程平均速率大于下滑过程的平均速率，而两个过程通过的位移大小相等，所以向上滑行的时间小于向下滑行的时间，上滑过程重力的冲量小于下滑过程重力的冲量，由于上滑过程金属杆受到的合外力的冲量大于下滑过程合外力的冲量，则上滑过程安培力的冲量大于下滑过程安培力的冲量．故D正确；故选：D．二、非选择题9．【解答】①直径：主尺：2.0cm，游标尺对齐格数：6个格，读数：6×0.1=0.60mm=0.06cm，所以直径为：2.0+0.06=2.06cm②由单摆全振动的次数为n=30次，秒表读数为t=67.2s，该单摆的周期是T=2.24s③根据重力加速度的表达式g=可知，T2﹣l图线斜率k=．④根据重力加速度的表达式g=可知：A、重力加速度的测量值与振幅无关，振幅偏小，不影响测量结果，故A错误；B、在未悬挂摆球之前先测定好摆长，摆长偏小，g偏小，故B错误C、以摆线长作为摆长来计算，摆长偏小，g偏小，故C错误D、开始计时误记为n=1，则周期偏小，g偏大，故D正确；故选D⑤先测出一摆线较长的单摆的振动周期T1，T1=2π然后把摆线缩短适当的长度△l，再测出其振动周期T2．T2=2π解得：g=故答案为：①2.06；②2.24；③；④D；⑤．10．【解答】（1）器材选择：定值电阻要和待测电流表内阻接近，因为电流表G2的量程是待测电流表G1的2倍；滑动变阻器的电阻不要太大．故定值电阻选③，滑动变阻器选⑥．（2）连接实物图如图所示．（3）补充实验步骤见①将滑动触头移至最左端③多次移动滑动触头，记录相应的G1，G2读数I1，I2（4）根据并联分流公式，又，解得r1=（k﹣1）R1，式中r1即r G1．本题答案是：（1）③，⑥（2）见上图（3）①将滑动触头移至最左端．③多次移动滑动触头，记录相应的G1，G2读数I1，I2（4）r1=（k﹣1）R1．11【解答】．解：（1）在水平方向有2R=vt在竖直方向有2R=gt2解得v=即小球在最高点的速度v为．（2）根据机械能守恒定律有mv02﹣mv2=mg2R解得v0=即小球的初速度v0为．（3）对小球分析有F﹣mg=解得F=6mg由牛顿第三定律可知：小球对绳子的拉力为6mg，方向向下．答：（1）小球在最高点速度的大小v为；（2）小球的初速度v0为；（3）小球在最低点时对绳的拉力F为6mg，方向向下．12．【解答】解：（1）对液滴a受力分析，则有：电场力与重力相等，即为mg=qE；解得：E=；（2）对液滴b，受力分析，电场力与重力之和与洛伦兹力平衡，则有：2mg+4qE=4qv0B；解得：v0=；（3）当液滴b与a相撞时，满足动量守恒定律，设碰后的速度为v，则有：2mv0=3mv，解得：v=；若液滴a、b相碰的瞬间将电场反向，大小不变，可知，电场力F=3q×=3mg；正好与重力平衡，因此由洛伦兹力提供向心力，做匀速圆周运动，则有：周期公式T=；而液滴运动时，即发生个周期，运动了半个圆周，根据半径公式R==，则有所在的位置的横坐标x=Rsin60°=，而纵坐标y=R（1﹣cos60°）=；即为液滴运动时所在的位置（，）；答：（1）匀强电场的电场强度E的大小；（2）液滴b运动的速度v0为；（3）若液滴a、b相碰的瞬间将电场反向，大小不变，求液滴运动时所在的位置（，）．13．【解答】解：（1）t=0时刻，实验车的速度为零，线框相对于磁场的速度大小为v0，线框中产生的感应电动势为E=2BLv0、感应电流为I=金属框受到的磁场力的大小为F0=2BIL联立得，F0=代入解得，F0=1N根据楞次定律判断得知，磁场力阻碍相对运动，则磁场力方向水平向右．（2）实验车的最大速率为v m时相对磁场的切割速率为v0﹣v m，则此时线框所受的磁场力大小为F=此时线框所受的磁场力与阻力平衡，由平衡条件得：F=f1，联立解得，v m=8.0 m/s（3）设A与P挂接后达到的最大速度为v m′，则有=f2，代入解得，v m′=5m/s对于撤去驱动磁场，两车滑行过程，根据动能定理得﹣f2s=0﹣•m解得，s=100m答：（1）t=0时刻，实验车的速度为零，求此时金属框受到的磁场力的大小是1N，方向水平向右；（2）已知磁悬浮状态下，实验车运动时受到的阻力恒为f1=0.20N，实验车的最大速率v m是8m/s；（3）撤去驱动磁场后A和P还能滑行100m．11 / 11。