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2015年高考模拟试卷物理卷考试时间：65分钟 分值：120分一、单项选择题（本题共4小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）。
14、（2014浙江绍兴一中高三上期期中改编）在物理学发展史上伽利略、牛顿等许许多多科学家为物理学的发展做出了巨大贡献。
以下选项中符合他们观点的是A 、人在沿直线减速前进的火车车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的前方B 、两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明物体受的力越大速度就越大C 、速度越大的汽车越难以停下，这说明物体的惯性跟速度有关D 、一匹马拉着车前进，如果马不拉车，车最终将停下来，这说明“静止状态”才是物体不受力时的“自然状态”（出题意图：本题重点考查学生对于基本知识点的认知和辨别能力。
） 15、（原创）在萧山体育中考测试中，老师用频闪相机拍摄了同学立定跳远时起跳、腾空、落地的照片（如图甲），简化图如图乙所示。
请你根据体育常识估算该同学起跳瞬间消耗的能量最接近A 、8000JB 、600JC 、60JD 、6000J（出题意图：本题结合生活中实际情景，考查了学生对于生活实际情况的一种估算能力。
） 16、(原创) 如图所示，萧山世纪联华超市为了方便顾客安装了智能化的自动扶梯（无台阶）。
为了节约能源，在没有乘客乘行时，自动扶梯以较小的速度匀速运行，当有乘客乘行时自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行。
则电梯在运送乘客的过程中（ ） A 、乘客始终受摩擦力作用 B 、乘客经历先超重再失重 C 、乘客对扶梯的作用力始终竖直向下 D 、扶梯对乘客的作用力始终竖直向上（出题意图：本题结合实际情况，重点考查学生“自动扶梯”建模的能力以及对研究对象处于不同运动状态下的受力分析能力。
） 17、（2014浙江杭州外国语学校高三上期期中改编）如图所示，水平地面上方矩形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，用两根相同的绝缘导线绕成匝数分别为1n 和2n 的正方形闭合线圈Ⅰ、Ⅱ（其中线圈Ⅰ的边长短）。
2015年高考仿真模拟卷•山东卷（二）理科综合（物理）第I 卷 （必做，共42分）一、选择题(本题包括7小题，每小题给出四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 1（2015·山东师大附中高三一模·4）．如图所示，三根长度均为L 的轻绳分别连接于C 、D 两点，A 、B 两端被悬挂在水平天花板上，相距2L 现在C 点上悬挂一个质量为m 的重物，为使CD 绳保持水平，在D 点上可施加力的最小值为（ ）A ．mgB ．mgC ．0.5mgD ．0.25mg2（2015·上海黄浦区上学期期终·18）．如图所示为某一皮带传动装置。
主动轮的半径为r 1，从转动的半径为r 2。
已知主动轮做逆时针转动，转速为n ，转动过程中皮带不打滑。
下列说法中正确的是（ ）A ．从动轮做顺时针转动B ．从动轮做逆时针转动C ．从动轮的转速为r 1r 2n D ．从动轮的转速为r 2r 1n3（2015·山东泰安一模·19）．如图所示，竖直向上的匀强电场中，一竖直绝缘轻弹簧的下端固定在地面上，上端连接一带正电小球，小球静止时位于N 点，弹簧恰好处于原长状态。
保持小球的带电量不变，现将小球提高到M 点由静止释放。
则释放后小球从M 运动到N 过程中（ ）A ．小球的机械能与弹簧的弹性势能之和保持不变B ．小球重力势能的减少量等于小球电势能的增加量C ．弹簧弹性势能的减少量等于小球动能的增加量D ．小球动能的增加量等于电场力和重力做功的代数和4（2015·山东枣庄高三期末·16）．如图所示，不带电的金属球A 固定在绝缘底座上，在它的正上方B 点，有带电液滴不断地从静止开始下落 （不计空气阻力），液滴到达A 球后将电荷量全部传给A 球，设前一液滴到达A 球后，后一液滴才开始下落，不计B 点未下落的带电液滴对已下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是（ ）A ．第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A 球B ．当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动C ．能够下落到A 球的所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等D ．所有液滴下落过程中电场力做功相等5（2015·山东枣庄高三期末·21）．如图所示，两端与定值电阻相连的光滑平行金属导轨倾斜放置，其中R 1=R 2=2R ，导轨电阻不计，导轨宽度为L ，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度为B 。
济南市2015年3月高考模拟考试(山东卷)物理科试题2015年高考模拟考试（山东卷）物理科试题二、选择题（共7小题，每小题6分，共42分。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．一质点作直线运动的v -t 图像如图所示，下列选项正确的是A ．在2 s~4 s 内，质点所受合外力为零B ．质点在0 ~2 s 内加速度比4s~6 s 内的加速度大C ．在第4 s 末，质点离出发点最远D ．在0~6s 内，质点的平均速度为5m/s15．一串小灯笼（五只）彼此用轻绳连接，并悬挂在空中。
在稳定水平风力作用下发生倾斜，悬绳与竖直方向的夹角为30°，如图所示。
设每个红灯笼的质量均为 m 。
则自上往下第一只灯笼对第二只灯笼的拉力大小为 A ．mg 32 B ．mg 332 C ．mg 338 D ．mg 8 16．静电喷涂时，喷枪带负电，被喷工件带正电，喷枪喷出的涂料微粒带负电。
假设微粒被喷出后只受静电力作用，最后吸附在工件表面。
微粒在向工件靠近的过程中A ．一定沿着电场线运动 B ．所受电场力先减小后增大C ．克服电场力做功D ．电势能逐渐增大17．如图为发电厂向远处用户的输电电路示意图，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变。
若输送功率增大，下列说法中正确的有A ．升压变压器的输出电压增大B ．降压变压器的输出电压增大C ．输电线上损耗的功率增大D ．输电线上损耗的功率占总功率的比例增大喷用发 R18．“行星冲日”是指当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间且三者排成一条直线的天文现象。
2014年4月9日发生了火星冲日的现象。
已知火星和地球绕太阳公转的方向相同，轨迹都可近似为圆，公转轨道半径为地球的1.5倍，以下说法正确的是A．火星的公转周期比地球大B．火星的运行速度比地球大C．每年都会出现火星冲日现象D．2015年一定不会出现火星冲日现象19．无限长通电直导线在其周围某一点产生磁场的磁感应强度大小与电流成正比，与导线到这一I(式中k为常数)。
2015年普通高等学校招生全国统一考试（山东）物理试卷选择题（共7小题，每小题6分，共42分。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分。
） 14．距地面高5mA 、B 两点相距2m ，在B 点用细线悬挂一小球，离地高度为hA 点时将随车携带的小球由轨道高h 等于A ．1.25mB ．2.25mC ．3.75mD ．4.75m15．如图,拉格朗日点L 1位于地球和月球连线上,处在该点的物体在地球和月球引力的共同作用下,可与月球一起以相同的周期绕地球运动。
据此,科学家设想在拉格朗日点L 1建立空间站,使其与月球同周期绕地球运动。
以1a 、2a 分别表示该空间站和月球向心加速度的大小,3a 表示地球同步卫星向心加速度的大小。
以下判断正确的是A ．231a a a >>B ．213a a a >>C ．312a a a >>D ．321a a a >>16．如图,滑块A 置于水平地面上,滑块B 在一水平力作用下紧靠滑块A (A 、B 接触面竖直),此时A 恰好不滑动,B 刚好不下滑。
已知A 与B 间的动摩擦因数为1μ,A 与地面间的动摩擦因数为2μ,最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
A 与B 的质量之比为ABCD 17.如图,一均匀金属圆盘绕通过其圆心且与盘面垂直的轴逆时针匀速转动。
现施加一垂直穿过圆盘的有界匀强磁场,圆盘开始减速。
在圆盘减速过程中,以下说法正确的是A ．处于磁场中的圆盘部分,靠近圆心处电势高B ．所加磁场越强越易使圆盘停止转动C ．若所加磁场反向,圆盘将加速转动D ．若所加磁场穿过整个圆盘,圆盘将匀速转动18．直角坐标系xOy 中，M 、N 两点位于x 轴上，G 、H 两点坐标如图，M 、N 两点各固定一负点电荷，一电量为Q 的正点电荷置于O 点时，G 点处的电场强度恰好为零。
山东省聊城四中2015届2015届高考物理模拟试卷〔5月份〕一、选择题〔此题共7小题，每一小题4分，共28分.在每一小题给出的四个选项中，有的小题只有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分.〕1．两辆游戏赛车a、b在两条平行的直车道上行驶．t=0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始．它们在四次比赛中的v﹣t图如下列图．哪些图对应的比赛中，有一辆赛车追上了另一辆？( )A．B．C．D．2．如下列图，光滑绝缘水平面上带异号电荷的小球A、B，它们一起在水平向右的匀强电场中向右做匀加速运动，且保持相对静止．设小球A的带电量大小为Q A，小球B的带电量大小为Q B，如下判断正确的答案是( )A．小球A带正电，小球B带负电，且Q A＞Q BB．小球A带正电，小球B带负电，且Q A＜Q BC．小球A带负电，小球B带正电，且Q A＞Q BD．小球A带负电，小球B带正电，且Q A＜Q B3．2007年9月24日，“嫦娥一号〞探月卫星发射升空，实现了中华民族千年奔月的梦想．假设“嫦娥一号〞沿圆形轨道绕月球飞行的半径为R，国际空间站沿圆形轨道绕地球做匀速圆周运动的半径为4R，地球质量是月球质量的81倍，根据以上信息可以确定( )A．国际空间站的加速度比“嫦娥一号〞大B．国际空间站的速度比“嫦娥一号〞大C．国际空间站的周期比“嫦娥一号〞长D．国际空间站的角速度比“嫦娥一号〞小4．竖直上抛一小球，小球又落回原处，空气阻力的大小正比于小球的速度．如下说法正确的答案是( )A．上升过程中抑制重力做的功大于下降过程中重力做的功B．上升过程中抑制重力做的功小于下降过程中重力做的功C．上升过程中抑制重力做功的平均功率大于下降过程中重力的平均功率D．上升过程中抑制重力做功的平均功率小于下降过程中重力的平均功率5．有一边长为L的正方形导线框，质量为m，由高度H处自由下落，如下列图，其下边ab进入匀强磁场区域后，线圈开始减速运动，直到其上边cd刚好穿出磁场时，速度减为ab边刚进入磁场时速度的一半，此匀强磁场的宽度也是L，线框在穿越匀强磁场过程中产生的电热是( )A．2mgLB．2mgL+mgHC．2mgL+mgHD．2mgL+mgH6．如图〔a〕所示，两个平行金属板P、Q竖直放置，两板间加上如图〔b〕表示的电压．t=0时，Q板比P板电势高5V，此时在两板的正中央M点有一个电子，速度为零，电子在电场力作用下运动．使得电子的位置和速度随时间变化．假设电子始终未与两板相碰，在0＜t＜8×10﹣10s的时间内，这个电子处于M点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小的时间是( )A．6×10﹣10s＜t＜8×10﹣10sB．4×10﹣10s＜t＜6×10﹣10sC．2×10﹣10s＜t＜4×10﹣10sD．0＜t＜2×10﹣10s7．某同学在实验里熟悉各种仪器的使用．他将一条形磁铁放在水平转盘上，如图〔甲〕所示，磁铁可随转盘转动，另将一磁感应强度传感器固定在转盘旁边．当转盘〔与磁铁〕转动时，引起磁感应强度测量值周期性地变化，该变化的周期与转盘转动周期一致．经过操作，该同学在计算机上得到了如图〔乙〕所示的图象．该同学猜测磁感应强度传感器内有一线圈，当测得磁感应强度最大时就是穿过线圈的磁通量最大时，按照这种猜测( )A．在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化B．在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化C．在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值D．在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值二、非选择题〔必做+选做〕〔一〕必做题8．有一电压表V1量程为3V，内阻约为3000Ω，要较准确地测量该电压表的内阻，提供的实验器材有：电源E：电动势约为15V，内阻可忽略不计；电流表A1：量程为0﹣100mA，内阻r1=20Ω；电压表V2，量程为2V，内阻r2=2000Ω；定值电阻R1：阻值R1=20Ω；定值电阻R2：阻值R2=3Ω；滑动变阻器R0：最大阻值为10Ω，额定电流1A；单刀单掷开关S，导线假设干；〔1〕实验中应选用的电表是__________；定值电阻应选用__________．〔用题中器材相应的代号〕〔2〕设计一个测量电压表V1的内阻的实验电路，画出原理图．〔3〕说明实验所要测量的量：__________；计算电压表V1的内阻R V，其计算公式为R V=__________．9．〔16分〕质量为m=1kg的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的P点，随传送带运动到A点后水平抛出，小物块恰好无碰撞的沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆孤轨道下滑．B、C为圆弧的两端点，其连线水平．圆弧半径R=1.0m，圆弧对应圆心角θ=106°，轨道最低点为O，A点距水平面的高度h=0.8m．小物块离开C点后恰能无碰撞的沿固定斜面向上运动，0.8s 后经过D点，物块与斜面间的滑动摩擦因数为μ1=0.33〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2〕试求：〔1〕小物块离开A点的水平初速度v1；〔2〕小物块经过O点时对轨道的压力；〔3〕斜面上CD间的距离；〔4〕假设小物块与传送带间的动摩擦因数为μ2=0.3，传送带的速度为5m/s，如此PA间的距离是多少？10．〔18分〕如图甲所示，空间存在B=0.5T，方向竖直向下的匀强磁场，MN、PQ是处于同一水平面内相互平行的粗糙长直导轨，间距L=0.2m，R是连在导轨一端的电阻，ab是跨接在导轨上质量m=0.1kg的导体棒．从零时刻开始，通过一小型电动机对ab棒施加一个牵引力F，方向水平向左，使其从静止开始沿导轨做加速运动，此过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好．图惭是棒的v﹣t图象，其中OA段是直线，AC是曲线，DE是曲线图象的渐近线，小型电动机在12s末达到额定功率，P额=4.5W，此后功率保持不变．除R以外，其余局部的电阻均不计，g=10m/s2．〔1〕求导体棒在0﹣12s内的加速度大小；〔2〕求导体棒与导轨间的动摩擦因数与电阻R的阻值；〔3〕假设t=17s时，导体棒ab达最大速度，从0﹣17s内共发生位移100m，试求12﹣17s内，R上产生的热量是多少？〔二〕选做题，请考生任选一模块作答【物理3-3】11．一个细口瓶开口向上放置，容积为2.0l，处在温度为0℃、压强为一个标准大气压的环境里，求：〔计算结果保存2位有效数字，阿伏加德罗常数N A=6.0×1023/mol〕〔1〕瓶内气体的分子数为多少？〔2〕假设将瓶口密封，当环境温度变为20℃时，瓶内气体的压强为多少？【物理3-4】12．如下列图，是一种折射率n=1.5的棱镜，用于某种光学仪器中，现有一束光线沿MN方向射到棱镜的AB面上，入射角的大小i=arcsin0.75〔即：sini=0.75〕，求：〔i〕光在棱镜中传播的速率．〔ii〕画出此束光线射出棱镜后的方向，要求写出简要的分析过程．〔不考虑返回到AB和BC 面上的光线〕．【物理3-5】13．静止的锂核〔〕俘获一个速度为7.7×106m/s的中子，发生核反响后假设只产生了两个新粒子，其中一个粒子为氦核〔〕，它的速度大小是8.0×106m/s，方向与反响前的中子速度方向一样．①写出此核反响的方程式；②求反响后产生的另一个粒子的速度大小与方向；③此反响过程中是否发生了质量亏损，说明依据．山东省聊城四中2015届2015届高考物理模拟试卷〔5月份〕一、选择题〔此题共7小题，每一小题4分，共28分.在每一小题给出的四个选项中，有的小题只有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的或不答的得0分.〕1．两辆游戏赛车a、b在两条平行的直车道上行驶．t=0时两车都在同一计时线处，此时比赛开始．它们在四次比赛中的v﹣t图如下列图．哪些图对应的比赛中，有一辆赛车追上了另一辆？( )A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．分析：该题考察了应用速度﹣﹣时间图象解决物体的追击与相遇问题，相遇的条件是两物体运动的位移相等．应用在速度﹣﹣时间图象中图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移这一规律，分析两物体是否会相遇．解答：解：在速度﹣﹣时间图象里，图象与横轴所围成的面积表示物体发生的位移．A、从A图中可以看出，当t=20s时，两图象面积相等，此时一辆赛车追上另一辆；所以选项A正确．B、图中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上；所以选项B错误．C、图象也是在t=20s时，两图象面积相等，此时一辆赛车追上另一辆；所以选项C正确．D、图象中a的面积始终小于b的面积，所以不可能追上；所以选项D错误．应当选：AC．点评：图象法是描述物理规律的重要方法，应用图象法时注意理解图象的物理意义，即图象的纵、横坐标表示的是什么物理量，图线的斜率、截距、两条图线的交点、图线与坐标轴所夹的面积的物理意义各如何．用图象研究物理问题是一种常用的数学方法，图象具有直观、简单等优点；但是用图象法研究问题，一定要根据题意分析清楚物体的运动情景，正确画出物体的运动图象，这是应用图象解题的关键．2．如下列图，光滑绝缘水平面上带异号电荷的小球A、B，它们一起在水平向右的匀强电场中向右做匀加速运动，且保持相对静止．设小球A的带电量大小为Q A，小球B的带电量大小为Q B，如下判断正确的答案是( )A．小球A带正电，小球B带负电，且Q A＞Q BB．小球A带正电，小球B带负电，且Q A＜Q BC．小球A带负电，小球B带正电，且Q A＞Q BD．小球A带负电，小球B带正电，且Q A＜Q B考点：电场强度；库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：假设小球A带正电，小球B带负电，对小球各自受力分析，由于向右做匀加速运动，所以它们所受合力方向应该水平向右，看受力分析得出的合力方向与实际运动状态得出的加速度方向是否一样去进展判断．小球A带负电，小球B带正电，对小球各自受力分析，由牛顿第二定律列出等式求解．小球A、B整体受力分析，受水平向左的电场力和水平向右的电场力．由于向右做匀加速运动，所以它们所受合力方向水平向右．解答：解：A、假设小球A带正电，小球B带负电，对小球各自受力分析，小球B受向左的电场力和A对B向左的库仑力，所以小球B的合力向左．由于小球A、B向右做匀加速运动，所以它们所受合力方向水平向右．故A、B错误．C、小球A带负电，小球B带正电，对小球各自受力分析，由牛顿第二定律得：对小球B：EQ B﹣=m B a B①对小球A：﹣EQ A=m A a A②①②两式相加得：EQ B﹣EQ A=m B a B+m A a A所以必有Q A＜Q B，故C错误，D正确．应当选D．点评：根据物体的运动状态判断物体的加速度方向与合力方向．对物体进展受力分析，找出合力方向，从而判断其电荷性质．定量比拟时需要列出牛顿第二定律解决．3．2007年9月24日，“嫦娥一号〞探月卫星发射升空，实现了中华民族千年奔月的梦想．假设“嫦娥一号〞沿圆形轨道绕月球飞行的半径为R，国际空间站沿圆形轨道绕地球做匀速圆周运动的半径为4R，地球质量是月球质量的81倍，根据以上信息可以确定( )A．国际空间站的加速度比“嫦娥一号〞大B．国际空间站的速度比“嫦娥一号〞大C．国际空间站的周期比“嫦娥一号〞长D．国际空间站的角速度比“嫦娥一号〞小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．专题：人造卫星问题．分析：国际空间站和“嫦娥一号〞的向心力都由万有引力提供，如此由公式可得出各量的表达式，如此可得出各量间的关系．解答：解：国际空间站和“嫦娥一号〞的向心力都由万有引力提供，即=ma==mω2r=m r，如此可知：A．由上式得：“嫦娥一号〞的加速度为：a1=G=G，国际空间站的加速度为a2=G，所以国际空间站的加速度比“嫦娥一号〞大，故A正确；B．由上式得：“嫦娥一号〞的加速度为：v1=，国际空间站的速度为：v2=，所以国际空间站的速度比“嫦娥一号〞大，故B正确；C、由上式得：“嫦娥一号〞的周期为：T1=，国际空间站的速周期为T2=，所以“嫦娥一号〞的周期比国际空间站的周期大，故C错误；D．由①得：“嫦娥一号〞的角速度为：ω1=，国际空间站的角速度为：ω2=，“嫦娥一号〞的角速度比国际空间站的角速度小．故D错误；应当选AB．点评：此题的解题关键要建立物理模型，抓住万有引力提供向心力列式分析．4．竖直上抛一小球，小球又落回原处，空气阻力的大小正比于小球的速度．如下说法正确的答案是( )A．上升过程中抑制重力做的功大于下降过程中重力做的功B．上升过程中抑制重力做的功小于下降过程中重力做的功C．上升过程中抑制重力做功的平均功率大于下降过程中重力的平均功率D．上升过程中抑制重力做功的平均功率小于下降过程中重力的平均功率考点：重力势能的变化与重力做功的关系；动能和势能的相互转化．专题：定性思想．分析：重力做功只与物体的初末的位置有关，与物体的运动的过程和是否受其它的力无关；由于空气阻力的作用，物体在上升和下降的过程中用的时间不同，根据P=可以判断功率的大小．解答：解：A、B、重力是保守力，做功的大小只与物体的初末的位置有关，与物体的路径等无关，所以在上升和下降的过程中，重力做功的大小是相等的，故上升过程中抑制重力做的功等于下降过程中重力做的功，故A错误，B错误；C、D、物体在上升的过程中，受到的阻力向下，在下降的过程中受到的阻力向上，所以在上升时物体受到的合力大，加速度大，此时物体运动的时间短，在上升和下降的过程中物体重力做功的大小是一样的，由P=可知，上升的过程中的重力的平均功率较大，故C正确，D错误；应当选C．点评：重力做功只与初末的位置有关，与经过的路径无关；上升和下降的过程中阻力的方向不同，物体运动的时间也不同，根据P=可以判断功率的大小．5．有一边长为L的正方形导线框，质量为m，由高度H处自由下落，如下列图，其下边ab进入匀强磁场区域后，线圈开始减速运动，直到其上边cd刚好穿出磁场时，速度减为ab边刚进入磁场时速度的一半，此匀强磁场的宽度也是L，线框在穿越匀强磁场过程中产生的电热是( )A．2mgLB．2mgL+mgHC．2mgL+mgHD．2mgL+mgH考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：先根据自由落体运动的规律求出线框ab边刚进入磁场时速度．线框穿越匀强磁场过程中机械能减小转化为内能，再对整个过程，运用能量守恒定律求解电热．解答：解：设线框ab边刚进入磁场时速度大小为v．根据机械能守恒定律得：mgH=得：v=从线框下落到cd刚穿出匀强磁场的过程，根据能量守恒定律得焦耳热为：Q=2mgL+mgH﹣=2mgL+mgH．应当选：C．点评：此题是运用能量守恒定律处理电磁感应中能量问题，关键要正确分析能量是如何转化的．6．如图〔a〕所示，两个平行金属板P、Q竖直放置，两板间加上如图〔b〕表示的电压．t=0时，Q板比P板电势高5V，此时在两板的正中央M点有一个电子，速度为零，电子在电场力作用下运动．使得电子的位置和速度随时间变化．假设电子始终未与两板相碰，在0＜t＜8×10﹣10s的时间内，这个电子处于M点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小的时间是( )A．6×10﹣10s＜t＜8×10﹣10sB．4×10﹣10s＜t＜6×10﹣10sC．2×10﹣10s＜t＜4×10﹣10sD．0＜t＜2×10﹣10s考点：带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：平行板电容器两极板带电后形成匀强电场，带电离子在电场中受到力的作用，根据牛顿第二定律求出加速度，根据运动学根本公式分析即可求解．解答：解：在0＜t＜2×10﹣10s时间内，Q板比P板电势高5V，E=，方向水平向左，所以电子所受电场力方向向右，加速度方向也向右，所以电子向右做匀加速直线运动；在2×10﹣10s＜t＜4×10﹣10s时间内，Q板比P板电势低5V，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向右做匀减速直线运动，当t=4×10﹣10s时速度为零；在4×10﹣10s＜t＜6×10﹣10s时间内，Q板比P板电势低5V，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀加速直线运动；在6×10﹣10s＜t＜8×10﹣10s时间内，Q板比P板电势高5V，电场强度方向水平向左，所以电子所受电场力方向向右，加速度方向也向右，所以电子向左做匀减速直线运动，到8×10﹣10s 时刻速度为零，恰好又回到M点．综上分析可知：在6×10﹣10s＜t＜8×10﹣10s时间内，这个电子处于M点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小．应当选A点评：此题也可以画出电子运动的速度时间图象求解，难度适中．7．某同学在实验里熟悉各种仪器的使用．他将一条形磁铁放在水平转盘上，如图〔甲〕所示，磁铁可随转盘转动，另将一磁感应强度传感器固定在转盘旁边．当转盘〔与磁铁〕转动时，引起磁感应强度测量值周期性地变化，该变化的周期与转盘转动周期一致．经过操作，该同学在计算机上得到了如图〔乙〕所示的图象．该同学猜测磁感应强度传感器内有一线圈，当测得磁感应强度最大时就是穿过线圈的磁通量最大时，按照这种猜测( )A．在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化B．在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的方向发生了变化C．在t=0.1s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值D．在t=0.15s时刻，线圈内产生的感应电流的大小达到了最大值考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：利用楞次定律的“增反减同〞来确定感应电流的方向，由图象可知磁感应强度的变化，从而得出感应磁场方向，再由安培定如此来确定感应电流方向．法拉第电磁感应定律可得出在磁通量变化率最大时，电流最强．解答：解：A、在t=0.1s时刻，线圈内磁场最强，磁通量最大，接着磁通量会变小，但磁场方向没变，所以根据楞次定律得知，线圈内产生感应电流的方向发生变化，故A正确；B、在t=0.15s时刻，线圈内B为零，磁通量为零，接着磁通量会变大，由于磁场方向发生变化，所以根据楞次定律得知产生感应电流的方向不会发生变化，故B错误；C、在t=0.1s时刻，线圈内磁场最强，图线的斜率为零，故磁感应强度的变化率为零，此时磁通量变化率为零，产生的感应电动势为零，感应电流如此为零，故C错误；D、在t=0.15s时刻，线圈内磁场最弱，图线的斜率不是最大，故此时磁感应强度的变化率不是最大，如此磁通量变化率不是最大，产生的感应电动势就不是最大，感应电流的大小没有达到最大．故D错误；应当选：A点评：楞次定律可确定感应电流的方向，而法拉第电磁感应定律可确定感应电流的大小．二、非选择题〔必做+选做〕〔一〕必做题8．有一电压表V1量程为3V，内阻约为3000Ω，要较准确地测量该电压表的内阻，提供的实验器材有：电源E：电动势约为15V，内阻可忽略不计；电流表A1：量程为0﹣100mA，内阻r1=20Ω；电压表V2，量程为2V，内阻r2=2000Ω；定值电阻R1：阻值R1=20Ω；定值电阻R2：阻值R2=3Ω；滑动变阻器R0：最大阻值为10Ω，额定电流1A；单刀单掷开关S，导线假设干；〔1〕实验中应选用的电表是；定值电阻应选用．〔用题中器材相应的代号〕〔2〕设计一个测量电压表V1的内阻的实验电路，画出原理图．〔3〕说明实验所要测量的量：电压表的、电压表的读数；计算电压表V1的内阻R V，其计算公式为R V=．考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：此题〔1〕的关键是通过估算待测电压表的满偏电流从而判断不能使用电流表测量电流，此时要想到电压表的反常规使用方法，不能判断依据两电压表串联使用从而选出电表；然后根据滑动变阻器的额定电流结合闭合电路欧姆定律可求出保护电阻．题〔2〕的关键是由于滑动变阻器全电阻远小于待测电压表电阻，所以应用分压式接法，即可画出电路图．〔3〕题的关键是根据欧姆定律列出方程，从而可知需要测量的量．解答：解：〔1〕因待测电压表电压为3V，满偏电流为I==1mA，远小于电流表的满偏电流100mA，所以不能使用电流表测量电流，考虑使用电压表，因其满偏电流==1mA，所以可以将两电压表串联使用，所以应选用的电表是；显然滑动变阻器应用分压式接法，因电压表与的最大串联电压为U==3+2=5V，根据串联单路分压规律可知，，解得R=20Ω，所以定值电阻应选．〔2〕由上面分析可知，电路图如下列图〔3〕由欧姆定律所以，只要读出电压表的读数和电压表的读数，即可求出待测电压表的内阻，可解得=．故答案为：〔1〕，〔2〕如图〔3〕电压表的、电压表的读数，点评：要学会通过电路的估算来选择电学仪器的思路和方法，注意电表的“反常规〞接法．解题关键还是对欧姆定律与闭合电路欧姆定律的理解和应用．9．〔16分〕质量为m=1kg的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的P点，随传送带运动到A点后水平抛出，小物块恰好无碰撞的沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆孤轨道下滑．B、C为圆弧的两端点，其连线水平．圆弧半径R=1.0m，圆弧对应圆心角θ=106°，轨道最低点为O，A点距水平面的高度h=0.8m．小物块离开C点后恰能无碰撞的沿固定斜面向上运动，0.8s 后经过D点，物块与斜面间的滑动摩擦因数为μ1=0.33〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2〕试求：〔1〕小物块离开A点的水平初速度v1；〔2〕小物块经过O点时对轨道的压力；〔3〕斜面上CD间的距离；〔4〕假设小物块与传送带间的动摩擦因数为μ2=0.3，传送带的速度为5m/s，如此PA间的距离是多少？考点：动能定理的应用；平抛运动；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕物块离开A点后做平抛运动，求出物块做平抛运动竖直方向的分速度，然后求出物块水平方向的分速度，即到达A点时的速度．〔2〕由动能定理与向心力公式可求得物体受到的支持力，再由牛顿第三定律求得压力；〔3〕物体在CD中包括上滑和下滑两个过程，分析物体到达最高点的时间，判断D点的情况，再由牛顿第二定律与运动学公式可求得CD间的距离；〔4〕对PA过程由动力学公式可解得PA间的距离．解答：解：〔1〕对小物块，由A到B有：在B点有：代入数据解得：v1=3m/s〔2〕对小物块，由B到O有：其中在O点有：代入数据解得：N=43N由牛顿第三定律知对轨道的压力为：N'=43N〔3〕物块沿斜面上滑：mgsin53°+μ1mgcos53°=ma1代入数据得：物块沿斜面下滑有：mgsin53°﹣μ1mgcos53°=ma2代入数据解得：由机械能守恒知v c=v B=5m/s小物块由C上升到最高点历时为：小物块由最高点回到D点历时为：t2=0.8s﹣0.5s=0.3s故代入数据解得：S CD=0.98m〔4〕小物块在传送带上加速过程：μ2mg=ma3PA间的距离是：答：〔1〕小物块离开A点的水平初速度3m/s；〔2〕小物块经过O点时对轨道的压力43N〔3〕斜面上CD间的距离0.98m〔4〕假设小物块与传送带间的动摩擦因数为μ2=0.3，传送带的速度为5m/s，如此PA间的距离是1.5m点评：此题综合了动能定理、牛顿第二定律与运动学公式等，分析清楚物块的运动过程，应用平抛运动规律、运动的合成与分解、动能定理即可正确解题．10．〔18分〕如图甲所示，空间存在B=0.5T，方向竖直向下的匀强磁场，MN、PQ是处于同一水平面内相互平行的粗糙长直导轨，间距L=0.2m，R是连在导轨一端的电阻，ab是跨接在导轨上质量m=0.1kg的导体棒．从零时刻开始，通过一小型电动机对ab棒施加一个牵引力F，方向水平向左，使其从静止开始沿导轨做加速运动，此过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好．图惭是棒的v﹣t图象，其中OA段是直线，AC是曲线，DE是曲线图象的渐近线，小型电动机在12s末达到额定功率，P额=4.5W，此后功率保持不变．除R以外，其余局部的电阻均不计，g=10m/s2．〔1〕求导体棒在0﹣12s内的加速度大小；〔2〕求导体棒与导轨间的动摩擦因数与电阻R的阻值；〔3〕假设t=17s时，导体棒ab达最大速度，从0﹣17s内共发生位移100m，试求12﹣17s内，R上产生的热量是多少？考点：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；能量守恒定律．专题：压轴题；电磁感应——功能问题．分析：〔1〕导体棒在0﹣12s内做匀加速运动，由图象的斜率求解加速度．。
2015年高考第三次模拟考试试题高三物理本卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共100分，考试时间为90分钟。
第Ⅰ卷(选择题共48分)注意事项：本卷共16题。
每题3分，在每题给出的四个选项中，1-11题只有一个选项正确；12-16题有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1．下列说法正确的是 ( )C ．两个初速度不为零的匀变速直线运动的合运动一定也是匀变速直线运动D ．物体受一恒力作用，可能做匀速圆周运动2．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A 和B ，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力.要使两球在空中相遇，则必须 ( ) A ．甲先抛出A 球 B ．先抛出B 球 C ．同时抛出两球 D ．使两球质量相等3．2013年4月4日至12日CCTV 新闻频道播出《探潮亚马孙》节目，揭开亚马孙大潮的神秘面纱，在发生的大潮日，亚马孙河会出现长50公里，高五公尺的巨浪，是全世界最长，也最危险的海浪。
为了拍摄大潮更近距离的视频，在拍摄过程中一个摄像机架在行驶在潮前的摩托艇上。
摩托艇在某段时间内水平方向和竖直方向的位移分别为x= -2t 2-6t 、y=0.05t 2+4t(t 的单位是s,，x 、y 的单位是m)，则关于摩托艇在该段时间内的运动，下列说法正确的是 ( ) A ．摩托艇在水平方向的分运动是匀减速直线运动 B ．t=0时摩托艇的速度为0 C ．摩托艇的运动是匀变速曲线运动 D ．摩托艇运动的加速度大小为4m/s 24．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为 ( )A ．tan θB ．2tan θ C.1tan θD.12tan θ5．如图甲所示，一轻杆一端固定在O 点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动。
小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为N ，小球在最高点的速度大小为v ，N-v 2图像如乙图所示。
全国大联考】2015届高三第三次联考物理试题 Word版含解析2015届高三第三次联考物理试卷考生注意：1.本试卷共100分，考试时间90分钟。
2.在答题前，考生务必填写密封线内的项目。
3.请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。
4.本试卷主要考试内容：必修1(20%)、必修2(80%)。
第I卷(选择题共40分)选择题部分共10小题。
在每小题给出的四个选项中，1-6小题只有一个选项是正确的，7-10小题有多个选项是正确的。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得分。
1.在“探究弹性势能的表达式”的活动中，为计算弹簧弹力所做的功，将拉伸弹簧的过程分为很多小段，弹力在每小段可以认为是XXX。
用各小段做功的代数和表示弹力在整个过程所做的功。
物理学中把这种研究方法叫做“微元法”。
以下几个实例中应用到这一思想方法的是：A。
根据加速度的定义a=Δv/Δt。
当Δt非常小，就可以表示物体在t时刻的瞬时加速度。
B。
在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加。
C。
在探究加速度、力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系。
D。
在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体，即质点。
答案：B解析：A为极限法；B为微元法；C为控制变量法；D为理想模型法。
本题应选B。
2.某人在地面上最多能举起60 XXX的重物。
要使此人在升降机中恰能举起100 kg的重物，已知重力加速度g=10 m/s²，则下列说法可能正确的是：A。
升降机正加速上升，加速度大小为4 m/s²。
B。
升降机正加速下降，加速度大小为4 m/s²。
C。
升降机正减速下降，加速度大小为4 m/s²。
D。
升降机正减速上升，加速度大小为6 m/s²。
答案：B解析：依题意，此人最大的挺举能力为600 N。
2015年高考仿真模拟卷?山东卷（三）理科综合（物理）第I 卷（必做，共42分）一、选择题(本题包括7小题，每小题给出四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1（2015·山东师大附中高三一模·1）．17世纪，意大利物理学家伽利略根据“伽利略斜面实验”指出：在水平面上运动的物体之所以会停下来，是因为受到摩擦阻力的缘故，你认为下列陈述正确的是（）A ．该实验是一理想实验，是在思维中进行的，无真实的实验基础，故其结果是荒谬的B ．该实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，从而更深刻地反映自然规律C ．该实验证实了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的结论D ．该实验为牛顿第一定律的提出提供了有力的实验依据2（2015·河南郑州一模·1）．关于行星运动定律和万有引力定律的建立过程，下列说法正确的是（）A ．第谷通过整理大量的天文观测数据得到行星运动定律B ．开普勒指出，地球绕太阳运动是因为受到来自太阳的引力C ．牛顿通过比较月球公转的向心加速度和地球赤道上物体随地球自转的向心加速度，对万有引力定律进行了“月地检验”D ．卡文迪许在实验室里通过几个铅球之间万有引力的测量，得出了引力常量的数值3（2015·山东枣庄高三期末·18）．如图所示，两平行的粗糙金属导轨水平固定在匀强磁场中，磁感应强度为B ，导轨宽度为L ，一端与电源连接。
一质量为m 的金属棒ab 垂直于平行导轨放置并接触良好，金属棒与导轨间的动摩擦因数为33，在安培力的作用下，金属棒以v 0的速度向右匀速运动，通过改变磁感应强度的方向，可使流过导体棒的电流最小，此时磁感应强度的方向与竖直方向成（）A ．37oB ．30oC ．45oD ．60o 4（2015·山东淄博高三一诊·20）．放在粗糙水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s 内其速度与时间的图象和该拉力的功率与时间的图象分别如图所示．下列说法正确的是。
2015-2016学年山东省聊城市茌平二中高三〔上〕第三次月考物理试卷一、此题共12小题，每一小题4分，在每一小题给出的四个选项中，第l～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合要求．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和等效替代法等，以下关于物理学研究方法的表示不正确的答案是〔〕A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度的定义式，当△t非常小时，就可以用△t时间内的平均速度表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C．在验证力的平行四边形定如此实验时，同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置，该实验运用了等效替代法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法2．一个质量为1kg的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，一段时间后撤去F，该物体运动的v﹣t图象，如下列图，〔g=10m/s2〕，如此如下说法正确的答案是〔〕A．物体2s末距离出发点最远B．拉力F的方向与初速度方向相反C．拉力在1s末撤去的D．摩擦力大小为10N3．如下列图，质量满足m A=2m B=3m C的三个物块A、B、C，A与天花板之间、B与C之间均用轻弹簧相连，A与B之间用细绳相连，当系统静止后，突然剪断AB间的细绳，如此此瞬间A、B、C的加速度分别为〔取向下为正〕〔〕A．﹣g、2g、0 B．﹣2g、2g、0 C．﹣g、g、0 D．﹣2g、g、g4．2013年10月11日，温州乐清市一家公司的专家楼B幢发生惊险一幕，一个小男孩从楼上窗台突然坠落．但幸运的是，楼下老伯高高举起双手接住了孩子，孩子安然无恙．假设从楼上窗台到老伯接触男孩的位置高度差为h=20m，老伯接男孩的整个过程时间约为0.2s，如此〔忽略空气阻力，g取10m/s2〕〔〕A．男孩接触老伯手臂时的速度大小为 25m/sB．男孩自由下落时间约为4sC．老伯接男孩的整个过程，男孩处于失重状态D．老伯手臂受到的平均作用力是男孩体重的11倍5．假设将来人类登上了火星，考察完毕后，乘坐一艘宇宙飞船从火星返回地球时，经历了如图的变轨过程，假设不计大气阻力等因素，如此有关这艘飞船的如下说法，正确的答案是〔〕A．飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能大于在轨道Ⅱ上运动时的机械能B．飞船绕火星在轨道Ⅰ上运动的周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道Ⅰ同样的轨道半径运动的周期一样C．飞船在轨道Ⅲ上运动到P点时的加速度大于飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度D．飞船在轨道Ⅱ上运动时，经过P点时的速度大于经过Q点时的速度6．放在水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s内其速度与时间图象和拉力的功率与时间图象分别如图〔甲〕、〔乙〕所示，如此物体的质量为〔g取10m/s2〕〔〕A．㎏B．㎏C．㎏D．㎏7．如下列图，竖直平面内放一直角杆MON，杆的水平局部粗糙，动摩擦因数μ=0.2，杆的竖直局部光滑．两局部各套有质量均为1kg的小球A和B，A、B球间用细绳相连．初始A、B均处于静止状态，：OA=3m，OB=4m，假设A球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1m〔取g=10m/s2〕，那么该过程中拉力F做功为〔〕A．14 J B．10 J C．16 J D．12 J8．如图，光滑水平地面上有一楔形物块a，其斜面上有一小物块b，b与平行于斜面的细绳的一端相连，细绳的另一端固定在斜面上．a与b之间光滑，整体静止于水平面上，现对a 施加逐渐增大的水平向左的拉力F，如下说法正确的答案是〔〕A．绳的张力减小，b对a的正压力减小B．绳的张力增加，斜面对b的支持力减小C．绳的张力减小，斜面对a的支持力增加D．无论F增加到多大，物体b都不可能离开斜面9．如下列图，质量一样的甲乙两个小物块，甲从竖直固定的光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平，乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下．如下判断正确的答案是〔〕A．两物块到达底端时速度一样B．两物块运动到底端的过程中重力做功一样C．两物块到达底端时动能一样D．两物块到达底端时，甲物块重力做功的瞬时功率大于乙物块重力做功的瞬时功率10．在2010年某某世博会风洞飞行表演上，假设风洞内向上的风速、风量保持不变，让质量为m的表演者通过身姿调整，可改变所受向上的风力大小，以获得不同的运动效果．假设人体受风力大小与有效面积成正比，水平横躺时受风力有效面积最大，站立时受风力有效面积最小，为最大值的1/8．风洞内人可上下移动的空间总高度为H．开始时，假设人体与竖直方向成一定角度倾斜时，受风力有效面积是最大值的一半，恰好可以静止或匀速漂移．现人由静止开始从最高点A以向下的最大加速度匀加速下落，如下列图，经过B点后，再以向上的最大加速度匀减速下落，到最低点C处速度刚好为零，如此〔〕A．人向上的最大加速度是g B．人向下的最大加速度是gC．BC之间的距离是H D．BC之间的距离是H11．如下列图，在半圆形光滑凹槽内，两轻质弹簧的下端固定在槽的最低点，另一端分别与小球P、Q相连．两球在图示P、Q位置静止．如此如下说法中正确的答案是〔〕A．假设两球质量一样，如此P球对槽的压力较小B．假设两球质量一样，如此两球对槽的压力大小相等C．假设P球的质量大，如此O′P弹簧的劲度系数大D．假设P球的质量大，如此O′P弹簧的弹力大12．在倾角为θ的光滑固定斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为m 和2m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现用一沿斜面方向的恒力拉物块A使之沿斜面向上运动，当B刚离开C时，A的速度为v，加速度为a，且方向沿斜面向上．设弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g，如此〔〕A．当B刚离开C时，A发生的位移大小为B．从静止到B刚离开C的过程中，物块A抑制重力做功为C．B刚离开C时，恒力对A做功的功率为〔2mgsinθ+ma〕vD．当A的速度达到最大时，B的加速度大小为二、实验题13．甲同学采用如下列图的装置进展了“研究平抛运动〞的实验．两个一样的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球 P、Q，其中N的末端与可看作光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等，现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小铁球能以一样的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．随后实验可观察到PQ两球发生的现象应是．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到一样的现象，这说明．14．〔10分〕〔2015秋•聊城校级月考〕某实验小组应用如下列图装置“探究加速度与物体受力的关系〞，小车的质量为M，砝码与砝码盘的总质量为m，所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50Hz．实验步骤如下：A．按图所示安装好实验装置，其中与定滑轮与弹簧测力计相连的细线竖直；B．调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；C．挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；D．改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度．根据以上实验过程，回答以下问题：〔1〕对于上述实验，如下说法正确的答案是．A．小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B．实验过程中砝码盘处于超重状态C．与小车相连的轻绳与长木板一定要平行D．弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半E．砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量〔2〕由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象，与本实验相符合的是．15．某兴趣小组为测一遥控电动小车的额定功率，进展了如下实验：①用天平测出电动小车的质量为0.4kg；②将电动小车、纸带和打点计时器按如图甲所示安装；③接通打点计时器〔其打点周期为0.02s〕；④使电动小车以额定功率加速运动，达到最大速度一段时间后关闭小车电源，待小车静止时再关闭打点计时器〔设小车在整个过程中小车所受的阻力恒定〕．在上述过程中，打点计时器在纸带上所打的局部点迹如图乙所示．请你分析纸带数据，回答如下问题：〔结果保存两位有效数字〕〔1〕该电动小车运动的最大速度为m/s；〔2〕关闭小车电源后该电动小车运动的加速度大小为m/s2〔3〕该电动小车的额定功率为W．三、计算题〔要用必要的文字说明和有关运算，只写出结果不得分〕16．〔2015秋•钦州校级期中〕一辆轿车违章超车，以30m/s的速度驶入左侧逆行道时，猛然发现正前方80m处一辆卡车正以20m/s的速度迎面驶来，两车司机同时刹车，刹车加速度大小都是10m/s2，两司机的反响时间〔即司机发现险情到实施刹车所经历的时间〕都是△t．试问△t是何数值，才能保证两车不相撞？〔提示：在反响时间内汽车作匀速直线运动〕17．〔2014秋•盐城期末〕如图甲所示，有一足够长的粗糙斜面，倾角θ=37°，一滑块以初速度v0=16m/s从底端A点滑上斜面，滑至B点后又返回到A点．滑块运动的图象如图乙所示，求：〔：sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2〕〔1〕AB之间的距离；〔2〕滑块再次回到A点时的速度．18．〔2014春•金台区期末〕如下列图，A物体用板托着，位于离地h=1.0m处，轻质细绳通过光滑定滑轮与A、B相连，绳子处于绷直状态，A物体质量M=1.5㎏，B物体质量m=1.0kg，现将板抽走，A将拉动B上升，设A与地面碰后不反弹，B上升过程中不会碰到定滑轮，问：〔1〕A落地前瞬间的速度大小为多少？〔2〕B物体在上升过程中离地的最大高度为多大？19．〔2014秋•宁德期末〕如下列图，质量M=10kg、上外表光滑、下外表粗糙的足够长木板在F=50N的水平拉力作用下，以初速度v0=5m/s沿水平地面向右做匀速直线运动．现有足够多的小铁块，它们的质量均为m=0.5kg，将一铁块无初速地放在木板的最右端，当木板运动了L=2m时，又无初速地在木板的最右端放上第2块铁块，以后只要木板运动了L，就在木板的最右端无初速放一铁块，g取10m/s2．求：〔1〕木板下外表与水平面间的动摩擦因数μ．〔2〕第1块铁块放上后，木板的加速度的大小．〔3〕第4块铁块放上的瞬间，木板的速度大小．〔答案可带根号〕四.以下题目为课下练习考试时不做20．〔2015秋•聊城校级月考〕水平的传送带以v0=4m/s的速度顺时针匀速转动．传送带长为l=19m．某时刻在其左端轻放上一小物块，5s后传送带因故障停止转动，小物块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2，g取10m/s2．试通过计算判断物块能否到达传送带的右端，假设不能，请算出离右端最近的距离s，假设能，请算出到达右端的速度v．21．〔2015秋•聊城校级月考〕为了解决高楼救险中云梯高度不够高的问题，可在消防云梯上再伸出轻便的滑杆．被困人员使用安全带上的挂钩挂在滑杆上、沿滑杆下滑到消防云梯上逃生．通常滑杆由AO、OB两段直杆通过光滑转轴在O处连接，滑杆A端用挂钩钩在高楼的固定物上，且可绕固定物自由转动，B端用铰链固定在云梯上端，且可绕铰链自由转动，以便调节被困人员滑到云梯顶端的速度大小．设被困人员在调整好后的滑杆上下滑时滑杆与竖直方向的夹角保持不变，被困人员可看作质点、不计过O点时的机械能损失．AO长L1=6m、OB长L2=12m、竖直墙与云梯上端点B的水平距离d=13.2m，被困人员安全带上的挂钩与滑杆AO间、滑杆OB间的动摩擦因数均为μ=．为了安全被困人员到达云梯顶端B点的速度不能超过6m/s，取g=10m/s2．〔1〕现测得OB与竖直方向的夹角为53°，此时AO与竖直方向的夹角是多少？分析判断这种条件下被困人员滑到B点是否安全．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔2〕假设云梯顶端B点与竖直墙间的水平距离保持不变，求能够被安全营救的被困人员与云梯顶端B的最大竖直距离．22．〔2012•冀州市校级一模〕如图〔a〕所示，“〞型木块放在光滑水平地面上，木块水平外表AB粗糙，光滑外表BC且与水平面夹角为θ=37°．木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值．一个可视为质点的滑块从C点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图〔b〕所示．sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2．求：〔1〕斜面BC的长度；〔2〕滑块的质量．2015-2016学年山东省聊城市茌平二中高三〔上〕第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、此题共12小题，每一小题4分，在每一小题给出的四个选项中，第l～8题只有一项符合题目要求；第9～12题有多项符合要求．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和等效替代法等，以下关于物理学研究方法的表示不正确的答案是〔〕A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B．根据速度的定义式，当△t非常小时，就可以用△t时间内的平均速度表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C．在验证力的平行四边形定如此实验时，同一次实验两次拉细绳套须使结点到达同一位置，该实验运用了等效替代法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法【考点】物理学史．【分析】在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度；等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况，效果要一样；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法．【解答】解：A、等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况；没有采用假设法；故A错误；B、根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故B正确；C、在实验中必须确保橡皮筋拉到同一位置，即一力的作用效果与两个力作用效果一样，运用了等效替代法，故C正确；D、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法．故D正确；此题选错误的应当选：A．【点评】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的根底上，更要注意科学方法的积累与学习2．一个质量为1kg的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，一段时间后撤去F，该物体运动的v﹣t图象，如下列图，〔g=10m/s2〕，如此如下说法正确的答案是〔〕A．物体2s末距离出发点最远B．拉力F的方向与初速度方向相反C．拉力在1s末撤去的D．摩擦力大小为10N【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据速度方向分析物体何时离出发点最远．物体做减速运动时，合力方向与速度方向相反，根据物体的运动情况分析拉力何时撤去的．由图象的斜率等于加速度求解加速度，再由牛顿第二定律求解摩擦力．【解答】解：A、由图知，0﹣1s内物体沿正向运动，1﹣4s内沿负向运动，如此知1s末距离出发点最远，故A错误．B、由于物体0﹣1s内物体沿正向减速运动，1﹣2s内沿负向加速运动，如此知拉力F的方向与初速度方向必定相反，故B正确．C、拉力在2s末撤去的，故C错误．D、在2﹣3s内物体的加速度大小为 a===2.5m/s2，摩擦力大小为f=ma=2.5N，故D错误．应当选：B．【点评】此题是速度﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，能根据图象读取有用信息，并结合匀变速直线运动根本公式与牛顿第二定律求解．3．如下列图，质量满足m A=2m B=3m C的三个物块A、B、C，A与天花板之间、B与C之间均用轻弹簧相连，A与B之间用细绳相连，当系统静止后，突然剪断AB间的细绳，如此此瞬间A、B、C的加速度分别为〔取向下为正〕〔〕A．﹣g、2g、0 B．﹣2g、2g、0 C．﹣g、g、0 D．﹣2g、g、g【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】此题考查了瞬间加速度的计算，弹簧弹力不能发生突变，在剪短瞬间仍然保持原来的大小和方向；而细绳的弹力会发生突变，在剪断瞬间会突然改变；剪断细线前对A、B和C整体物体分别受力分析，根据平衡条件求出细线的弹力，断开细线后，再分别对A、B和C 整体受力分析，求解出合力并运用牛顿第二定律求解加速度．【解答】解：设C物体的质量为m，如此A物体的质量为3m，B物体的质量为1.5m，剪断细线前，对BC整体受力分析，受到总重力和细线的拉力而平衡，故T=2.5mg；再对物体A受力分析，受到重力、细线拉力和弹簧的拉力；剪断细线后，重力和弹簧的弹力不变，细线的拉力减为零，故物体A受到的力的合力等于2.5mg，向上，根据牛顿第二定律得A的加速度为①物体C受到的力不变，合力为零，故C的加速度为a C=0 ②剪断细线前B受重力、绳子的拉力和弹簧的拉力，他们合力为零；剪短细线后，绳子的拉力突变为零，重力和弹簧的弹力不变，故B合力大小等于绳子的拉力2.5mg，方向竖直向下，根据牛顿第二定律得B的加速度为③根据①②③式知ABD错误，C正确；应当选C．【点评】此题是力学中的瞬时问题，关键是先根据平衡条件求出各个力，然后根据牛顿第二定律列式求解加速度；同时要注意轻弹簧的弹力与形变量成正比，来不与突变，而细线的弹力是有微小形变产生的，故可以突变．4．2013年10月11日，温州乐清市一家公司的专家楼B幢发生惊险一幕，一个小男孩从楼上窗台突然坠落．但幸运的是，楼下老伯高高举起双手接住了孩子，孩子安然无恙．假设从楼上窗台到老伯接触男孩的位置高度差为h=20m，老伯接男孩的整个过程时间约为0.2s，如此〔忽略空气阻力，g取10m/s2〕〔〕A．男孩接触老伯手臂时的速度大小为 25m/sB．男孩自由下落时间约为4sC．老伯接男孩的整个过程，男孩处于失重状态D．老伯手臂受到的平均作用力是男孩体重的11倍【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据自由落体运动的速度位移关系公式列式求解末速度；根据自由落体运动的位移时间公式求出儿童自由落体的时间，结合匀速运动的时间和反响时间得出允许儿童自由下落的时间，从而根据位移时间公式求出允许下落的高度【解答】解：A、小孩做自由落体运动，根据速度位移关系公式，有：v==20m/s．故A 错误；B、儿童做自由落体运动的时间：t==2s．故B错误；C、设老伯手臂受到的平均作用力是F，如此根据动量定理得：mg〔t1+t2〕﹣Ft2=0﹣0所以：F=11mg．由于老伯接男童的整个过程F=11mg，男孩处于超重状态，故C错误D正确；应当选：D【点评】解决此题的关键抓住发现儿童时，儿童的运动的时间与青年匀速直线运动的时间和反响时间之和得出儿童已下落的时间，结合运动学公式进展求解5．假设将来人类登上了火星，考察完毕后，乘坐一艘宇宙飞船从火星返回地球时，经历了如图的变轨过程，假设不计大气阻力等因素，如此有关这艘飞船的如下说法，正确的答案是〔〕A．飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能大于在轨道Ⅱ上运动时的机械能B．飞船绕火星在轨道Ⅰ上运动的周期跟飞船返回地面的过程中绕地球以轨道Ⅰ同样的轨道半径运动的周期一样C．飞船在轨道Ⅲ上运动到P点时的加速度大于飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时的加速度D．飞船在轨道Ⅱ上运动时，经过P点时的速度大于经过Q点时的速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】1、飞船从轨道Ⅰ转移到轨道Ⅱ上运动，必须在P点时，点火加速，使其速度增大做离心运动，即机械能增大．2、根据万有引力等于向心力列式，比拟周期．3、飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时，都由火星的万有引力产生加速度，根据牛顿第二定律列式比拟加速度．4、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道Ⅱ上运动时，在P点速度大于在Q点的速度．【解答】解：A、飞船在轨道Ⅰ上经过P点时，要点火加速，使其速度增大做离心运动，从而转移到轨道Ⅱ上运动．所以飞船在轨道Ⅰ上运动时的机械能小于轨道Ⅱ上运动的机械能．故A错误．B、根据=m，得周期公式T=2π，虽然r相等，但是由于地球和火星的质量不等，所以周期T不相等．故B错误．C、飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等．故C正确．D、根据开普勒第二定律可知，飞船在轨道Ⅱ上运动时，在P点速度大于在Q点的速度．故D正确应当选：CD．【点评】此题要知道飞船在轨道Ⅰ上运动到P点时与飞船在轨道Ⅱ上运动到P点时受到的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律可知加速度必定相等，与轨道和其它量无关．6．放在水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6s内其速度与时间图象和拉力的功率与时间图象分别如图〔甲〕、〔乙〕所示，如此物体的质量为〔g取10m/s2〕〔〕A．㎏B．㎏C．㎏D．㎏【考点】匀变速直线运动的图像；功率、平均功率和瞬时功率．【专题】运动学中的图像专题．【分析】要求物体物体的质量m，可根据在t=2s时拉力的功率P=〔f+ma〕v求解，故需要知道在t=2s时物体的速度v以与物体的加速度a和物体所受的摩擦力f=，而根据加速度的定义式a=即可求出物体在在0～2s内的加速度a．【解答】解：根据v﹣t图象可知物体在0～2s内的加速度a===3m/s2，故在0～2s内有F﹣f=ma所以在2～6S内拉力的功率P=Fv=f×6=10w故有物体所受的阻力f=N而在0～2s内有F=f+ma所以在t=2s时拉力的功率P=〔f+ma〕v=〔+3×m〕×6=30W解得物体的质量m=kg故B正确．应当选B．【点评】只有充分把握各个物理量之间的关系才能顺利解决此类题目．7．如下列图，竖直平面内放一直角杆MON，杆的水平局部粗糙，动摩擦因数μ=0.2，杆的竖直局部光滑．两局部各套有质量均为1kg的小球A和B，A、B球间用细绳相连．初始A、B均处于静止状态，：OA=3m，OB=4m，假设A球在水平拉力的作用下向右缓慢地移动1m〔取g=10m/s2〕，那么该过程中拉力F做功为〔〕A．14 J B．10 J C．16 J D．12 J【考点】运动的合成和分解；动能定理的应用．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】对AB整体受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的弹力N1，根据共点力平衡条件列式，求出支持力N，从而得到滑动摩擦力为恒力；最后对整体运用动能定理列式，得到拉力的功．【解答】解：对AB整体受力分析，受拉力F、重力G、支持力N、向左的摩擦力f和向右的弹力N1，如图。
绝密★启用并使用完毕前高三复习阶段性诊断考试试题理科综合本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共16页。
满分300分。
考试用时150分钟。
答题前务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、考生号、区县和科类填写在试卷和答题卡规定的位置。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（必做，共107分）注意事项：1．第I卷共20题。
2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
不涂在答题卡上，只答在试卷上不得分。
以下数据可供答题时参考：相对原子质量：H 1 O 16 Al 27 S 32 Fe 56 Cu 641．耐盐植物细胞的液泡膜上有一种载体蛋白，能将Na＋逆浓度梯度运入液泡内，从而降低了Na＋对细胞质中酶活性的影响。
下列相关叙述错误的是A．Na＋进入液泡的方式为主动运输B．该载体的作用导致细胞液的渗透压下降C．该载体的作用体现了液泡膜的选择透过性D. 该机制的形成是长期自然选择的结果2．研究表明，癌症已成为导致人类死亡的重要因素之一。
下列相关叙述错误的是A．人体细胞中存在与细胞癌变有关的基因B．细胞癌变过程中发生了基因的变化C．吸烟和环境污染是诱发肺癌的重要因素D．癌细胞膜上糖蛋白增加，细胞容易转移3．下列有关生物学实验的叙述，错误的是A．探究淀粉酶对淀粉和蔗糖作用的专一性时，可用斐林试剂进行鉴定B．分离叶绿体中色素时应加入二氧化硅，使研磨更充分C．检测酵母菌培养过程中是否产生CO2，可判断其呼吸方式D．紫色洋葱鳞片叶外表皮细胞质壁分离过程中，原生质层颜色无变化4．下列关于生物变异的说法，正确的是A．核移植使伞藻的形态结构发生重建，是核内基因重组与表达的结果B．低氧会导致人体内正常红细胞变为镰刀形，属于不可遗传的变异C．S型肺炎双球菌的DNA使R型细菌发生转化，是基因突变的结果D．突变是生物变异的根本来源，能使种群的基因频率发生定向改变5．哺乳动物体内，精原细胞分裂产生精细胞，该过程A．表明生物膜具有选择透过性和流动性B．细胞内有还原氢和氧气的产生与利用C．核仁、核膜出现周期性的消失和重建D．受某脂质的调控并存在基因的复制与表达6．下图为某草场生态系统的部分能量流动示意图，图中Q表示牧草在一年内固定的太阳能总量，Q1、Q2、Q3分别表示流入昆虫、牲畜、鼠体内的能量。
2015年山东省聊城市高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、多选题(本大题共3小题，共18.0分)1.如图，将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板，绳子处于竖直伸直状态，AB接触面不光滑，整个装置静止．则B的受力个数可能是（）A.1B.2C.3D.4【答案】BD【解析】解：对A物体分析，若绳子的拉力等于A的重力，则A对B没有压力；故B可能受重力和支持力两个力；若拉力小于重力，则AB间有弹力的作用，根据共点力的平衡条件可知，若AB间没有摩擦力，则A不可能平衡；故AB间一定有摩擦力；故B受重力、支持力、摩擦力、压力，4个力；故选：BD．隔离对A分析，根据平衡条件判断绳子拉力的有无．再分情况计论AB间受力情况，则可判断物体可能的受力情况．本题考查共点力的平衡条件，要注意隔离法的正确应用；同时明确有摩擦力时一定有支持力．2.质量为2kg的物体在x O y平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A.质点的初速度为5m/sB.质点初速度的方向与合外力方向垂直C.质点所受的合外力为3ND.2s内质点位移大小为9m【答案】AC【解析】解：A、x轴方向初速度为v x=3m/s，y轴方向初速度v y=-4m/s，质点的初速度v0=√v x2+v y2=5m/s，故A正确．B、合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x轴，也不在y轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直，故B错误；C、x轴方向的加速度a=1.5m/s2，质点的合力F合=ma=3N．故C正确．D、2s内质点位移大小为s=√92+82m=√145m，故D错误；故选：AC．根据速度图象判断物体在x轴方向做匀加速直线运动，y轴做匀速直线运动．根据位移图象的斜率求出y轴方向的速度，再将两个方向的合成，求出初速度．质点的合力一定，做匀变速运动．y轴的合力为零．根据斜率求出x轴方向的合力，即为质点的合力．合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x轴，也不在y轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直．能从图象中获取尽量多的信息是解决图象问题的关键，对于矢量的合成应该运用平行四边形法则，注意右图是位移与时间图象．3.如图是“嫦娥三号”登月探测器的飞行轨道示意图，下列说法正确的是（）A.在地面出发点A附近，即刚发射阶段，探测器处于超重状态B.探测器在轨道Ⅰ上B处必须点火减速才能进入轨道ⅡC.探测器在轨道Ⅰ上运行到B处的加速度小于在轨道Ⅱ上运行到B处的加速度D.探测器沿轨道Ⅰ运动的周期大于沿轨道Ⅱ运动的周期【答案】ABD【解析】解：A、在地面出发点附近，探测器加速上升，加速度方向向上，处于超重状态，故A 正确．B、探测器从轨道ⅠB处进入轨道Ⅱ，需减速，使得万有引力大于向心力做近心运动，故B正确．C、探测器在轨道Ⅰ上运行到B处和轨道Ⅱ上运行到B处所受的万有引力大小相等，则加速度相等，故C错误．D、根据开普勒第三定律知，R3=C，轨道Ⅰ的半径大于轨道Ⅱ的半长轴，则探测器在T2轨道Ⅰ上的运动周期大于轨道Ⅱ上运动的周期，故D正确．故选：ABD．物体具有向上的加速度时是超重，具有向下的加速度时是失重；根据牛顿第二定律判断加速度情况；当万有引力大于需要的向心力时，做向心运动．本题关键是明确超重和失重的条件、向心运动的条件，对于椭圆轨道的加速度，根据牛顿第二定律判断即可．二、单选题(本大题共3小题，共18.0分)4.等边三角形ABC的三个顶点放置三个等量点电荷，电性如图所示，D、E、F是等边三角形三条边的中点，O点是等边三角形的中心，下列说法正确的是（）A.D点电势比O点低B.E点电势比F点高C.D、F两点的电场强度相同D.将一个负的试探电荷由O点移到E点，试探电荷的电势能增大【答案】D【解析】解：A、在AB两个点电荷的电场中，D点与O点的电势相等，在C点电荷电场中D点的电势比O点的高，根据电场的叠加原理知D点电势比O点高，故A错误．B、根据对称性可知，D、F两点的电势相等，比O点的电势高．在AE连线上，正电荷产生的电场方向从A→E，两个负电荷产生的电场强度也从A→E，则AE连线上合场强的方向从A→E，则O点的电势高于E点的电势．则得F点电势比E点高．故B错误．C、根据电场的叠加和对称性可知，D、F两点的场强大小相等，但方向不同，则D、F 两点的电场强度不同，故C错误．D、将一个负的试探电荷由O点移到E点，所受的电场力从E→O，则电场力对负电荷做负功，其电势能增大，故D正确．故选：D．根据电场的叠加原理分析AE上电场强度的方向，由顺着电场线方向电势降低，判断O、E电势的关系；根据对称性分析D、F的电势和电场强度的关系；根据电场力做功的正负，分析电势能的变化．解决本题的关键会根据平行四边形定则进行场强的叠加，知道沿电场线方向电势逐渐降低，电场力做负功，电荷的电势能增大．5.在如图所示的远距离输电示意图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，当用户负载增加时，下列说法正确的是（）A.升压变压器的输出电压增加B.降压变压器的输出电压增加C.输电线中的电流增大D.输电线的输电效率（即用户得到的功率与发电厂输出功率的比值）增大【答案】C【解析】解：A、由于发电厂的输出电压不变，升压变压器的匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，故A错误；B、当用户负载增加时，随着用户耗电量的增大，发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的输出电压U2不变，根据P=UI可输电线上的电流I线增大，根据U损=I线R，输电线上的电压损失增大，根据降压变压器的输入电压U3=U2-U损可得，降压变压器的输入电压U3减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压减小，故B错误；C、根据P损=I线2R，又输电线上的电流增大，电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，故C正确；D、根据P损=(PU )2R，则有：P损P=PRU2；发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大，则用户得到的功率与发电厂输出功率的比值减小．故D错误；故选：C理想变压器的输入功率由输出功率决定，输出电压有输入电压决定；明确远距离输电过程中的功率、电压的损失与哪些因素有关，明确整个过程中的功率、电压关系．理想变压器电压和匝数关系．对于远距离输电问题，一定要明确整个过程中的功率、电压关系，尤其注意导线上损失的电压和功率与哪些因素有关．6.如图，有方向垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场仅限于虚线边界所围的等腰直角三角形区域内，一固定的正方形金属框，其边长与三角形的直角边相同，每条边的材料及粗细均相同，现让有界匀强磁场向右匀速通过金属框，且金属框的下边与磁场区域的下边在同一直线上．在磁场通过金属框的过程中，从磁场边界到达ab边开始计时，能正确反映电势差U ab随时间变化的图象是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：磁场进入线框时，相当于线框的ab边向左切割磁感线，故感应电流方向是abdc方向，ab边相当于电源，故U ab=34E，U ab＜0；磁场离开线框时，磁通量减小，故感应电流方向反向了，故感应电流方向是cdba方向，此时相当于cd边向左切割磁感线，cd边相当于电源，故U ab=14E，U ab＜0；故选：D．磁通量先增加后减小，根据楞次定律判断感应电流的方向，得到U ab的正负情况；同时结合右手定则分析．本题关键是根据楞次定律并结合右手定则判断感应电动势的方向，找到相当于电源的部分是关键，不难．三、多选题(本大题共1小题，共6.0分)7.在一水平向右匀速运动的传送带的左端A点，每隔时间T轻放上一个相同的工件，已知工件与传送带间动摩擦因数为μ，工件质量均为m，经测量，发现那些已经和传送带达到相同速度的工件之间的距离为x．下列判断一定正确的是（）A.传送带的速度为xTB.传送带的速度为2√2μgxC.每个工件与传送带间因摩擦而产生的热量为12μmgx D.在一段相当长的时间t内，传送带因为传送工作而多消耗的能量为mtx2T2【答案】AD【解析】解：A、工件在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，每个工件滑上传送带后运动的规律相同，可知x=v T，解得传送带的速度v=LT．故A正确．B、设每个工件匀加速运动的时间为t，根据牛顿第二定律得，工件的加速度为μg，根据v=v0+at，解得：t=v a=L Tμg．故B错误．C、工件与传送带相对滑动的路程为：△x=v vμg −v22μg=v22μg=L22μgT2，则摩擦产生的热量为：Q=μmg△x=mL22T2．故C错误．D、根据能量守恒得，传送带因传送一个工件多消耗的能量E=12mv2+μmg△x=mL2 T2，在时间t内，传送工件的个数n=tT，则多消耗的能量E′=nE=mtL2T3．故D正确．故选：AD．工件在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，每个工件滑上传送带后运动的规律相同，通过x=v T求出传送带的速度；根据匀加速度知识求得运动的时间，根据工件和传送带之间的相对路程大小，求出摩擦产生的热量；根据能量守恒知，多消耗的能量一部分转化为工件的动能，一部分转化为摩擦产生的内能．解决本题的关键知道工件在传送带上的运动规律，知道各个工件在传送带上的运动规律相同，结合牛顿第二定律、运动学公式、能量守恒综合求解．六、多选题(本大题共1小题，共4.0分)12.以下说法正确的是（）A.气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子间斥力大于引力的缘故B.小昆虫能停在水面上是由于水的表面张力作用C.熵是系统内分子运动无序性的量度D.外界对物体做功，物体内能一定增大【答案】BC【解析】解：A、气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子在热运动，而分子间作用力非常小的原因，故A错误；B、小昆虫能停在水面上是因为昆虫受到液体表面张力的原因，故B正确；C、熵是物体内分子运动无序程度的量度，同种物质气态的熵大于液体和固体的，故C 正确；D、改变内能的方式有做功和热传递，仅对物体做功，内能不一定增大，故D错误；故选：BC．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子在热运动，能停在水面上是因为昆虫受到液体表面张力的原因，改变内能的方式有做功和热传递．本题应掌握分子间的作用力，改变内能的方式以及知道在孤立系统中，一个自发的过程熵总是向增加的方向进行．八、多选题(本大题共1小题，共4.0分)14.一根弹性绳上有两个波源S1和S2，P点为两个波源连线的中点，两个波源同时起振各自发出一个脉冲波如图所示，已知两个脉冲波的频率分别为f1和f2（f1＜f2），振幅分别A1和A2（A1＜A2），下列说法中正确的是（）A.两列波相遇后，各自独立传播B.两列波同时传播到P点C.波源S1，S2的起振方向相反D.两列波相遇过程中，P点振幅可达（A1+A2）【答案】AB【解析】解：A、根据波传播具有相互独立性，知两列波相遇后，互不干扰，各自独立传播．故A正确；B、两波源在同一绳上，则它们的波速相等，由于P为两个波源连线的中点，所以它们会同时到达P点，故B正确；C、根据波形的平移法可知，波源S1，S2的起振方向均向上，是相同的，故C错误；D、虽两波源到P点的距离相等，但它们的波峰不能同时到达P点，所以P点的位移最大不可达（A1+A2），故D错误；故选：AB．两列波相遇时振动情况相同时振动加强，振动情况相反时振动减弱．只有频率相同的波，才能发生干涉现象，振幅即为最大位移的大小，并依据波传播具有相互独立性，从而即可求解．波的叠加满足矢量法则，当振动情况相同则相加，振动情况相反时则相减，且两列波互不干扰，注意容易错选D，学生没有考虑能否同时到达．十、多选题(本大题共1小题，共4.0分)16.以下叙述正确的是（）A.一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时最多可能发出3种不同频率的光子B.β衰变的实质是原子核的内的中子转化成质子和电子C.核力是一种短程强作用力，作用范围在1.5×10-10m之内D.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应【答案】BD【解析】解：A、氢原子向低能级跃迁时是随机的，一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时最多可能发出C42=6种不同频率的光子．故A错误．B、β衰变所释放的电子，是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，故B正确．C、核力是一种短程强作用力，作用范围在1.5×10-15m之间，故C错误．D、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应，故D正确．故选：BD．氢原子向低能级跃迁时是随机的，一群处于n能级的氢原子向低能级跃迁时最多可能发出C42种不同频率的光子．β衰变的实质是原子核的内的中子转化成质子和电子．核力是一种短程强作用力，只有相邻的核子间存在核力．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变．该题考查原子物理学中几个基础性的知识点的内容，要掌握玻尔理论和衰变的实质，了解物体间基本的相互作用力．四、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)8.某研究性学习小组为了探究均质长直杆转动时的动能表达式，设计了如图1所示的实验：质量为m的均质长直杆一端固定在光滑水平转轴O处，杆由水平为孩子静止释放，用置于圆弧上某位置的光电门测出另一端A经过该位置时的瞬时速度v A，并记下该位置与转轴O的高度差h．（1）该同学用20分度的游标卡尺测得长直杆的横截面的直径如图2，直径为______ mm．（2）调节光电门在圆弧上的位置，测得多组数据，并画出了v A2-h图象如图3，请根据图象写出v A2与h的函数关系等式为______ ．（3）已知重力加速度g=9.8m/s2，结合你写出的函数关系式，根据守恒思想，并考虑到实验误差的存在，均质杆转动时动能的计算公式应为______ ．（请用数字、质量m、速度v A表示）．【答案】7.25；v A2=30h；；E K=16mv A2【解析】解：（1）游标卡尺的主尺读数为7mm，游标尺上第5条刻度线和主尺上某一刻度线对齐，所以游标读数为5×0.05mm=0.25mm，所以最终读数为：7mm+0.25mm=7.25mm．（2）质点的动能与速度的平方成正比，据图象可知，k=90.3=30所以：v A2=30h；（3）设杆长L，杆转动的角速度为：ω=v AL；在杆上取△x长度微元，设其离O点间距为x，其动能为：12⋅m△xL⋅(v AL⋅x)2）2；积分得到：E K=16mv A2；故答案为：（1）7.25；（2）v A2=30h；（3）E K=16mv A2．（1）20分度的游标卡尺测量精度是0.05mm，游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读；（2）据图可知，质点的动能与速度的平方成正比，据此找出关系；（3）在杆上取△x长度微元，求出动能表达式，然后积分求解出总动能表达式．（4）为了减小空气阻力对实验的影响，选择密度较大的直杆或选择直径较小的直杆本题是创新实验题，要用到微元法，不能将将质量当作集中到重心处，只有考虑平衡时才能将质量当作集中到重心，明确实验的原理和步骤是解题的关键．9.图甲为多用电表的盘面示意图，其中可调部件P为指针定位螺丝，Q为欧姆调零旋钮，K为选择开关，先用它测量一个阻值约为20Ω的电阻，测量步骤如下：（1）调节部件______ ，使电表指针停在______ 端的“0”刻线（填“左”或“右”）．（2）将部件K转到“Ω”挡的______ 位置．（填“×1”、“×10”、“×100”或“×1k）（3）将红、黑表笔分别插入”+“、”-“插孔，并将两表笔短接，调节部件______ ，使电表指针对准______ 端的“0”刻线（填“左”或“右”）．（4）将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表指针如图乙中位置a所示，该电阻的阻值为 ______ Ω．（5）欧姆表的内部电路可等效为一个电源、一个电流表和一个可变电阻的串联．欧姆表内电池用久后，其电势能会降低，此时表盘中央的刻度值不严格等于欧姆表的内电阻，某同学欲测定该欧姆表“×1”挡的内电阻，做了如下操作 ①将K 旋转至欧姆表“×1”挡，然后将两表笔短接，进行调零．②将两表笔接到电阻箱的两接线柱上，并调整电阻箱的阻值，当电阻箱的阻值为9.4Ω时，指针位置如图乙中位置b 所示，则欧姆表的内电阻为 ______ Ω．（保留3位有效数字）（6）实验完毕，将选择开关旋转到“OFF ”位置． 【答案】P ；左；×1；Q ；右；21；14.1 【解析】 解：（1）调节指针定位螺丝，使电表指针停在电流、电压公共的“0”刻线． （2）将选择开关旋转到“Ω”挡的×1位置．（3）将红、黑表笔分别插入“+”、“-”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻的“0”刻线．（4）由图乙所示可知，电阻的阻值21×1=21Ω．（5）由题意可知，当外电阻为9.4Ω时，欧姆表显示电阻为11Ω； 由闭合电路欧姆定律可知： I=ER中+9.4当电流为满偏电流的一半时，则有： I ′=E2R 中；由表盘可知： II′=56； 联立以上可得，此时的内阻为14.1Ω； 故答案为：（1）P ；左；（2）×1；（3）Q ；右；（4）21；（5）14.1使用多用电表测电阻时，要先对多用电表进行机械调零，使指针指针电流（电压）表的零刻度线上； 然后选择合适的档位，进行欧姆调零，再测电阻； 欧姆表指针示数与对应档位的乘积是欧姆表示数．对于由于电源的电动势降低的问题，要注意不能再根据欧姆表表盘分析，应根据中间电流表的表盘分析；利用闭合电路欧姆定律求解．本题考查了欧姆表的使用方法、欧姆表读数；使用欧姆表测电阻时，要先进行机械调零，然后选择合适的档位，再进行欧姆调零，最后测电阻．注意第5问中要灵活应用闭合电路欧姆定律进行分析求解．五、计算题(本大题共2小题，共38.0分)10.消防队员为缩短下楼的时间，抱着固定在水平地面上的竖直杆直接滑下，先自由下滑，再抱紧杆减速下滑．已知杆的质量为200kg ，消防队员质量为60kg ，消防队员着地的速度不能大于6m /s ，手和腿对杆的最大压力共为1800N ，手和腿与杆之间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g =10m /s 2．该消防队员从离地面18m 高处抱着杆以最短时间滑下，求：（1）消防队员下滑过程中杆对地面的最大压力； （2）消防队员下滑过程中的最大速度； （3）消防队员下滑的最短的时间．【答案】解：（1、2）消防队员开始阶段自由下落的末速度即为下滑过程的最大速度v m，有2gh1=v m2．消防队员受到的滑动摩擦力F f=μF N=0.5×1800N=900N．=5m/s2减速阶段的加速度大小：a2=F f−mgm减速过程的位移为h2，由v m2-v′2=2a2h2v′=6m/s又h=h1+h2以上各式联立可得：v m=12m/s．以杆为研究对象得：F N=M g+F f=2900N．根据牛顿第三定律得，杆对地面的最大压力为2900N．，（3）最短时间为t min=v m g+v m−va2代入数据解得t min=2.4s．答：（1）消防队员下滑过程中杆对地面的最大压力为2900N；（2）消防队员下滑过程中的最大速度为12m/s；（3）消防队员下滑的最短的时间为2.4s．【解析】（1、2）消防队员自由下落的末速度最大，根据自由下落的位移和匀减速直线运动的位移为18m，以及着地速度不超过6m/s，运用运动学公式求出下落的最大速度．当手和腿对杆有最大压力，就有最大滑动摩擦力，人所受滑动摩擦力方向向上，则杆子受滑动摩擦力向下，对杆子受力分析，求出地面对杆子的支持力，从而得出消防队员下滑过程中杆对地面的最大压力．（3）先做自由落体运动，然后以最大加速度做匀减速直线运动，时间最短，根据速度时间公式分别求出自由落体运动时间和匀减速直线运动的时间，从而得出最短时间．解决本题的关键搞清消防员的运动过程，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，知道加速度是处理动力学问题的桥梁．11.如图，水平地面上有一底部带有小孔的绝缘弹性竖直挡板，挡板高h=9m，与挡板等高处有一水平放置的篮筐，筐口的中心离挡板s=3m，挡板的左侧以及挡板上端与筐口的连线上方存在匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度B=1T；质量m=1×10-3kg、电荷量q=-1×10-3C、直径略小于小孔宽度的带电小球（视为质点），以某一速度从底部小孔水平向左射入场中做匀速圆周运动，若小球与档板碰后以原速率反向弹回，且碰撞时间不计，碰撞时电荷量不变，小球最后都能从筐口的中心处落入筐中，g=10m/s2，求：（1）电场强度的大小与方向；（2）小球做圆周运动的周期及最大半径；（3）小球运动的最小速率．【答案】解：（1）因小球能做匀速圆周运动，所以有：E q=mg解得：E=mgq =10−210−3N/C=10N/C，方向竖直向下．（2）小球做匀速圆周运动，由洛仑兹力提供向心力，有：qv B=m v2R，周期T═2πRv =2πmqB=2π×10−310−3×1s=6.28s．小球不与挡板相碰直接飞入框中，其运动半径最大，如图1所示，由几何知识可得：（h-R m）2+s2=R m2求得：最大半径R m=5m．（3）因为速度方向与半径方向垂直，圆心必在档板的竖直线上R≥s=3m设小球与档板碰撞n次，其最大半径为要击中目标必有：ℎn≥3h=9m，代入解得n≤1.5n只能取0，1当n=0，即为（2）问中的解当n=1，时可得：（h-3R）2+s2=R2（9-3R）2+32=R2解得：R1=3m，R2=3.75mR1=3m时半径最小，其运动轨迹如图2中的轨迹①所示，有：qv min B=m v min 2 R1可得最小速率v min=3m/s．答：（1）电场强度的大小为10N/C，方向为竖直向下；（2）小球做圆周运动的周期为6.28s，最大半径为5m；（3）小球运动的最小速率为3m/s．【解析】（1）小球做匀速圆周运动，故电场力与重力平衡，根据平衡条件列式求解；（2）洛伦兹力提供向心力，故半径越大，速度越大，当小球不与挡板相碰直接飞入框中，其运动半径最大，根据几何关系求解出半径．根据周期公式求出小球做圆周运动的周期．（3）根据几何关系求出粒子的最小半径，根据半径公式求出最小速率的大小． 本题关键明确小球的运动规律，找到向心力来源，画出轨迹，然后根据几何关系求解半径，再联立方程组求解七、计算题(本大题共1小题，共8.0分)13.如图，“T ”形活塞将导热气缸内的气体分隔成A 、B 两部分，活塞左右两侧面积之比为S 1：S 2=2：1，活塞至气缸两端底部距离均为L=10cm ，气缸上有a 、b 、c 三个小孔与大气连通，现将a 、b 用细管（容积不计）连接，已知大气压强为ρ0=1.0×105P a ，环境温度为T 0=300K ，活塞与缸壁间无摩擦且不漏气．①若将活塞固定，然后将缸内气体缓慢加热到T 1=360K ，求此时缸内气体的压强． ②若活塞可以自由移动，改变缸内气体温度，发现活塞向右缓慢移动了△L=2cm ，活塞移动过程中不会经过小孔，则气体温度为多少？【答案】解：（1）A 、B 气体相通，初状态压强为P 0，由于钉子将活塞固定，气体体积不变 由查理定律可知：P 0T 0=P 1T 1 所以 P 1=P 0T 1T 0代入数据得：P 1=1.2×105P a（2）对活塞进行受力分析，可知温度改变后，活塞受力大小不变，所以活塞向右移动后，气体的压强不变．活塞向右移动后，气体体积增大由 V 1T 1=V2T 2可知，此时温度升高． (S 1+S 2)L T 0=S 2(L −△L)+S 1(L +△L)T解得：T =T 0+(S 1−S 2)△L(S 1+S 2)L T 0代入数据得：T=320K答：（1）若用钉子将活塞固定，然后将缸内气体缓慢加热到360K ，此时缸内气体的压强是1.2×105P a ．（2）气体的温度为320K ．【解析】（1）若用钉子将活塞固定，然后将缸内气体缓慢加热到T 1，此时缸内气体做等容变化，由查理定律即可求出末状态的压强．（2）若气体温度仍为T 0，拔掉钉子，然后改变缸内气体温度，由于活塞受力大小不变，所以气体的压强不变，由盖•吕萨克定律即可求出末状态的温度．。
