广东省潮州市九年级上期末物理试卷(有答案)-精选

广东省潮州市九年级上学期期末物理试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共11题；共24分)1. （2分）如图所示，为质量相等的两种液体甲和乙，分别用相同的两盏酒精灯同时加热时，温度随时间变化的图象．从图象可知，比热容较大的是液体（）A . 甲B . 乙C . 一样大D . 无法判断2. （2分）如图所示，开关闭合后，发现电流表的指针明显偏转，电压表指针不动，该电路的故障可能是（）A . 灯L1的灯丝断了B . 灯L2的灯丝断了C . 灯L2的接线柱短路D . 灯L1的接线柱短路3. （2分） (2017九下·滨海开学考) 如图所示，将两只额定电压相同的灯泡Ll、L2串联在电路中，闭合开关S后，发现Ll亮，L2不亮.对此有下列几种猜想，其中可能的是（）①L2灯丝断了，灯座未短路②灯泡L2的电阻太小③灯泡L2两端电压较大④通过灯泡L1、L2电流不等⑤灯泡L2的灯座被短路⑥灯泡L1、L2的额定功率不同A . ①B . ①③⑥C . ③④D . ②⑤⑥4. （2分）对半导体导电性能大小的叙述正确的是（）A . 半导体的电阻等于零B . 半导体的电阻比导体要小C . 一般来说，半导体的导电性能比绝缘体大得多，但比导体小得多D . 半导体的电阻比绝缘体大5. （2分） (2017九上·武汉期中) 现有一种自动控制的楼道灯，当有人走动发出声音时，电路才会接通，灯亮.不过，只有夜晚天黑之后灯才能亮.白天，不论发出多大的声音，电灯也无动于衷.这是因为在控制开关中装有声敏和光敏装置.实际上，这就是两个开关：有声音响动时，声敏开关是闭合的，环境光线非常暗时，光敏开关是闭合的.下列电路设计正确的是（）A .B .C .D .6. （2分）对“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量电阻”这两个实验，说法不正确的是（）A . 它们都是采用控制变量的研究方法B . 它们的实验电路图在教科书中是相同的C . 前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D . 后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差7. （2分）一种声光报警器的电路图如图所示，各元件均能正常工作，当闭合开关S1和S2后，对可能出现的现象描述正确的是（）A . 灯亮，铃响B . .灯亮，铃不响C . 灯不亮，铃响D . 灯不亮，铃不响8. （2分）如图甲、乙所示，相同容器中装了质量都为2kg的纯净水，用不同电加热器加热，忽略散热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的图象，已知水的比热容为4.2×103J/（kg℃）。

广东省潮州市九年级上学期物理期末考试试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共8题；共16分)1. （2分）(2020·朝阳模拟) 如图所示的厨房器具中，在使用时属于省力杠杆的是（）A . 去核器B . 瓶盖起子C . 面包夹D . 筷子2. （2分） (2019八下·泉州期末) 在如图所示的四幅图中，说明小孩对物体做了功的是（）A . 小孩用力推汽车，没能推动B . 小孩用力搬石头，没能搬动C . 小孩用力提起水桶D . 手托鸡蛋不动3. （2分）(2017·句容模拟) 在综合实践活动中，小明做了一个能自动回转的“魔罐”，如图甲所示．他将小铁块绑在橡皮筋中部，让橡皮筋穿入铁罐，两端分别固定在罐盖和罐底上，如图乙所示．实验装置做好后让它从不太陡的斜面上滚下，发现橡皮筋被铁块卷紧了，接着铁罐居然能从斜面底部自动滚上去．以下有关能量转化的判断，正确的是（）A . 铁罐在斜面上从最高处滚到最低处，主要是重力势能转化为动能B . 铁罐在斜面上从最高处滚到最低处，主要是弹性势能转化为动能C . 铁罐在斜面上从最低处滚到最高处，主要是动能转化为重力势能D . 铁罐在斜面上从最低处滚到最高处，主要是弹性势能转化为重力势能4. （2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A . 物体的温度升高，一定吸收了热量B . 0℃的冰块，可能向外放出热量C . 温度相同的两物体间可能会发生热传递D . 温度高的物体，内能大5. （2分） (2018九上·番禺期中) 由和可知，关于电压、电流、电阻三个物理量的说法中，正确的是（）A . 通过导体的电流跟它两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比B . 导体的电阻跟通过它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比C . 通过导体的电流跟它两端的电压和导体的电阻无关D . 以上说法都不正确6. （2分）某新型手电筒，由蓄电池，开关和三粒相同的LED灯珠连接而成，工作时每粒灯珠都正常发光且电压都为U，关于手电筒的各部分原件下列说法正确的是（）A . 给蓄电池充电时是将电能转化为化学能B . LED灯珠是有超导材料制成C . 三粒LED灯珠一定是并联的D . 凸透镜对LED灯珠发出的光起到发散作用7. （2分）(2019·宁江模拟) 家庭电路中，计量用电器消耗电能多少的元件是（）A . 试电笔B . 电能表C . 漏电保护器D . 总开关8. （2分） A、B是同种材料制成的电阻，它们的长度相等，A的横截面积是B的两倍，将它们并联在电路中，则加在A、B上的电压UA、UB和通过A、B的电流IA、IB间的关系正确的是（）A . IA＜IBB . IA＞IBC . UA＜UBD . UA＞UB二、填空题 (共10题；共27分)9. （2分） (2019八下·融安期中) 使用动滑轮可以能省力，但不能改变拉力的________；使用定滑轮不能省力，但可以改变拉力的________。

潮州市2012~2013学年度第一学期期末教学质量检查九年级物理科模拟试题参考答案及评分标准一、单项选择题(本大题7小题，每小题3分，共21分) 二、填空题(本大题7小题，每空1分，共21分)8、20；10；0 9、5；0.6；0.210、不变；等于；小于 ． 11、电流；电流；乙12、做功；增大；机械13、4.4×107；220；节约能源（或减小污染、保护环境等，合理即可）14、125；100；变大 三、作图题(共8分)15、（1）（2分）如答图1（能正确标出磁极极性的给1分．能正确画出磁感线的给1分） （2）（2分）如答图2（能正确画出两灯并联的给1分，能正确标出电路元件符号的给1分）（3）（1分）如答图3（4）（3分）如答图3（能正确用笔画线代替导线将图中乙的元件连成电路的给3分，其余情况的根据题意酌情给分）．四、实验题(本大题3小题，共19分)16．（6分）（1）1.5；1.5×103 （每空1分，共2分） （2）2.6；13 （每空1分，共2分） （3）通电导体周围有磁场；磁场方向与电流方向有关 （每空1分，共2分） 17．（7分）（1）发生变化；保持不变 （每空1分，共2分） （2）d ；如答图5 （第一个空1分，能正确打上“×” 、画出导线的的1分，共2分）（3）0.18；15（或“15.2”） （每空1分，共2分）（4）灯泡处断路（“灯丝断了”、“灯泡处接触不良”等表述均可给分。

） （1分） 18．（6分）（1）电路中产生了电流（“利用磁场可以产生电流”、“电路中产生了感应电流”等表述均可给分）；向上运动 （每空1分，共2分） （2）向右偏转 （1分） （3）导体运动方向（或“磁铁的运动方向”） （1分） （4）保持线圈的位置不动，先将磁铁的一端向下插入线圈，观察指针的偏转方向，然后对调磁极，用另一端向下插入线圈，观察指针的偏转方向，比较两次电流表的偏转方向是否相同。

2018-2019学年广东省潮州市九年级（上）期末物理试卷一、单项选择题1.早上上学时，李明同学从教学楼一楼走到三楼时用了1min，他的功率与下列哪个值最相近A. 5WB. 50WC. 500WD. 5000W【答案】B【解析】【详解】一名学生的体重大约为500N，一层楼高约为3m，从一楼跑到三楼所用时间约为60s，则他的功率大约为P＝Wt=Ght=500660N ms＝50W，故B正确．故选B.2.如图所示的实验或机器均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方法不同的图是A. 探究萘的熔化规律B. 内燃机压缩冲程C. 压缩气体点燃棉花D. 水蒸气将软木塞冲出【答案】A【解析】【详解】A、探究萘熔化规律，利用酒精灯加热，是通过热传递改变内能的过程；B、内燃机压缩冲程，是活塞压缩工作物质做功，改变物质内能，是通过做功改变内能的过程；C、用力将活塞迅速压下，压缩空气做功，是通过做功改变内能的过程；；D、试管水蒸气冲开木塞，对木塞做功，是通过做功改变内能的过程．综合上述A图与其他三实验改变内能方法不同．故选A．3.某同学使用电流表的时候，将“+”、“﹣”两个接线柱接错了，这样做的结果是A. 指针偏转角度变小B. 指针不动C. 指针偏转角度变大D.指针反向偏转【答案】D 【解析】【详解】使用电流表的时候，将“+”、“一”两个接线柱接错了，也就是电流从电流表的负接线柱流入，从电流表的正接线柱流出了，那么这样做的结果是电流表的指针反向偏转．故选D．4.【2016·成都A卷】火箭加速升空过程中，对于火箭搭载的卫星，下列叙述正确的是（）A. 卫星的机械能总量不变B. 卫星的机械能总量增加C. 卫星的动能增加，重力势能不变D. 卫星的动能不变，重力势能增加【答案】B【解析】试题分析：分析卫星的动能、重力势能大小的变化，从动能和重力势能大小的影响因素考虑．动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．在能量转化中是减小的能转化为增大的能．火箭升空过程中，卫星没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，所以机械能=动能+重力势能．从动能和重力势能大小的变化判断机械能的变化．（1）火箭升空时，卫星质量不变，而速度增大，所以动能增大；因为高度增大，所以重力势能增大；因此动能和重力是能都增大；（2）因为动能增大，重力势能增大，而机械能=动能+重力势能，所以机械能增大．故选B．考点：动能和势能的大小变化．5.下列家用电器中，不是利用电流热效应工作的是A. 电热水壶 B. 电烤箱 C. 电饭锅 D. 电视机【答案】D【解析】【分析】电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子．【详解】ABC．电热水壶、电烤箱、电饭锅它们工作时，将电能转化为内能，产生热量，利用了电流的热效应，故ABC不合题意；D．电视机工作时，主要将电能转化为光能和声能，不是利用电流的热效应，故D符合题意．故选D．6.小灯泡的结构如图，按图中连接能让完好的2.5V的灯泡点亮的是A. B. C. D.【答案】C【解析】【详解】A. 灯丝的一端与电源的正负极相连，灯泡没有接入电路，电路是短路．灯泡不发光．不符合题意．B. 灯丝的一端和电源的正极相连，没有构成通路，灯泡不发光．不符合题意．C. 灯丝的一端和电源的正极相连，灯丝的另一端和电源的负极相连，电路构成通路，灯泡发光．符合题意．D. 灯丝的一端与电源的正负极相连，灯泡没有接入电路，电路是短路．灯泡不发光．不符合题意．故选C.【点睛】灯丝的两端分别和金属螺纹壳、金属触头相连，当灯丝的两端与电源正负极构成通路时，灯泡发光．7.如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关S闭合后，滑片向右移动时A. 电流表示数变小，电压表与电流表示数之比变大B. 电流表示数变小，电压表与电流表示数之比不变C. 电压表示数变大，电压表与电流表示数之比不变D. 电压表示数变大，电压表与电流表示数之比变大【答案】B【解析】【详解】由电路图可知，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑片向右移动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，根据I＝UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；根据U＝IR可知，R1两端的电压变小，即电压表的示数变小；根据R1＝UI可知，电压表与电流表示数之比不变．故选B．二、填空题8.用滑轮组将一个重为5N的物体匀速提升10cm，由图可知，绳端受到的拉力F为________N，绳端移动的距离s为________cm，滑轮组的机械效率η为________ .【答案】 (1). 2 (2). 30 (3). 83.3%【解析】【详解】由图中弹簧测力计指示可知f 为2N ；承担物重的绳子股数n ，则绳端移动的距离s nh =；根据题意知h =10cm ，n =3段，故s = 3×10cm=30cm ；根据题意知F =2N ，G 物=5N ， 由机械效率计算=+G G G η物物动和+G G F n=物动可得： G 动=1N, 再代入=+G G G η物物动得：η= 83%9.汽车发动机是在_____冲程获得动力的，发动机常用水作为冷却剂，这是因为水的_____较大；发动机把热量传递给水使水的内能增加是通过_____的方式实现的．【答案】 (1). 做功 (2). 比热容 (3). 热传递【解析】【详解】汽车依靠发动机工作时的做功冲程，将内能转化为机械能，从而获得动力；因为水的比热容较大，不同物质，质量相同，升高相同的温度，吸收更多的热量．所以用水作为汽车发动机的冷却剂；发动机把热量传给水，热量从高温的发动机转移给低温的水，使水的内能增大，温度升高，是通过热传递的方式改变了水的内能．10.科技馆内有一个“静电球”，当人触摸“静电球”时，头发丝便会一根根竖起，形成“怒发冲冠”的景象，如图所示：这是由于头发丝带_____（选填“同种”或“异种”）电荷而互相_____的结果，这个现象也说明人体是_____（选填“导体”或“绝缘体”）．【答案】(1). 同种(2). 排斥(3). 导体【解析】【详解】人体是导体，当人触摸静电球时，人体也带了和静电球同种电荷的电，人的头发上也会带上与静电球同种电荷的电，同种电荷相互排斥，因此头发会蓬松竖起来，呈现“怒发冲冠”的景象．11.如图甲所示电路，当开关S闭合后，电流表示数如图乙所示，其中a电流表测量的是通过_____（选填“电源”“L1”或“L2”）的电流，b电流表的示数应为_____A，通过L2的电流是_____A．【答案】(1). L1(2). 1.2(3). 0.9【解析】【分析】由电路图知道，两灯泡并联，电流表a测L1支路的电流，电流表b测干路电流，根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定a、b电流表的量程及其示数．【详解】由电路图知道，两灯泡并联，电流表a测L1支路的电流，电流表b测干路电流，由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，而b电流表指针的偏转角小于a电流表指针的偏转角，所以，说明b电流表的量程为0～3A，分度值为0.1A，故示数为1.2A，a电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02 A，故a示数为0.3A，由并联电路的电流的规律知道，通过L2的电流是：1.2A-0.3A=0.9A．12.在如图所示的电路中，闭合开关S，电流表A1、A2的示数之比为I1：I2＝2：1，则电阻之比为R1：R2＝_____，电阻R1与R2两端电压之比为U1：U2＝_____，电流表A1、A3的示数之比为I1：I3＝_____．【答案】(1). 1：2(2). 1：1(3). 2：3【解析】【详解】两电阻并联，电流表A1测R1的电流，电流表A2测R2的电流，A2测总电流：根据并联电路各支路电压相等，根据I＝UR，在电压不变的情况下，电流与电阻成反比，根据电流表A1、A2的示数之比为：I1：I2＝2：1﹣﹣﹣﹣①，则电阻之比为：R1：R2＝1：2；电阻R1与R2两端电压之比为：U1：U2＝1：1；由①得：I1＝2I2，根据并联电路电流的规律，A3的示数：I3＝I1+I2＝2I2+I2＝3I2，故电流表A1、A3的示数之比为：I1：I3＝2I2：3I2＝2：3．13.某水电壶工作2min，使图示电能表的转盘转过150r，则电水壶消耗的电能为_____kW•h，电功率为_____kW，这些电能可供一只“220 10W”的节能灯正常工作_____h．【答案】(1). 0.05(2). 1.5(3). 5【解析】因为2min内电能表转盘转过150r，所以，电路消耗的电能是：W=150/3000kW•h=0.05kW•h，电热水壶的电功率是：P=W/t=0.05kW•h/2/60h=1.5kW=1500W；根据题意知道，节能灯正常工作时的功率是：P灯=P额=10W=0.01kW，由P=W/t可得节能灯正常工作的时间是：t=W/P灯=0.05kW•h/0.01kW=5h．点睛：本题考查的是使用电能表时电功、电功率的计算以及电功率公式的应用，解题的关键是明白电能表相关参数的含义．14.如图所示，某同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，误将电压表并联在滑动变阻器两端．他从滑片置于最右端时开始记录第一组数据，调节滑片测得多组数据，描绘出的U﹣I图象如图所示．已知小灯泡的额定电压为2.5V，电源电压为4.5V．可求得小灯泡正常发光时的阻值为_____Ω，额定功率为_____W．变阻器最大阻值为_____Ω．【答案】(1). 12.5(2). 0.5(3). 40【解析】【详解】电路图可知小灯泡和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器的电压，由于灯泡正常发光时小灯泡电压2.5V ，根据串联电路的总电压等于串联的各分电压之和可得：灯泡正常发光时，滑动变阻器电压为：U 滑＝U ﹣U L 额＝4.5V ﹣2.5V ＝2V ，由图2可知：U 滑＝2V 时，I ＝0.2A ，即灯的额定电流为0.2A ，由欧姆定律，灯正常发光时的阻值为：R L ＝L U I ＝2.50.2V A＝12.5Ω 小灯泡额定功率：P L 额＝U L 额I ＝2.5V ×0.2A ＝0.5W ；滑动变阻器连入电路阻值最大时两端的电压最大，电路中的电流值最小，由图2可知：U 滑最大＝4V 时，I 最小＝0.1A ，根据欧姆定律，其阻值为：R 滑大＝I U 滑大滑小=40.1V A＝40Ω. 三、作图题15.按如图所示电路在方框中画出相应的电路图（ ）【答案】【解析】【详解】由实物图知，灯泡与电流表串联在电源两端，由此画出电路图如图所示：16.请按图甲所示电路图将图的实物电路连接完整．（）【答案】【解析】【详解】灯与电铃并联，开关S2控制电铃，开关S1控制整个电路，根据电路图连接实物图，如下所示：17.某品牌的抽油烟机，工作时抽气机有强档、弱档两种状态，请将元件符号：“”、“”填入电路图中的方框，使电路符合其工作特点．（）【答案】【解析】【详解】抽油烟机，工作时抽气机有强档、弱档两种状态，根据P＝2UR，强档时抽油烟机的电压大于弱档时的电压，根据电路图知，抽油烟机应接在下面框内，分压电阻接在上面框内．如下图所示：（当S掷于上面时，电阻与抽油烟机串联；当S掷于下面时，为抽油烟机的简单电路，电压为电源电压，根据串联电路电压的规律和P＝2UR，当S掷于下面时，抽油烟机为的电压为强档）．四、实验题18.实验小组的同学用如图所示的装置探究“物体动能的大小与质量和速度的关系”，将钢球从某一高度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞出一段距离．(1)本实验使钢球获得动能操作方法是____________________________________，钢球动能的大小是通过观察_______________来判断的．(2)从表中数据可以看出，他们让质量不同的钢球从相同高度摆下，使钢球到达竖直位置的______相同，从而探究动能与_______的关系．(3)在第3次实验中，木块被撞后滑出木板，需要重做第3次实验，甲同学建议换用同样较长的木板，乙同学建议换一个较大的木块，丙同学建议降低钢球下摆的高度．你认为应当采用_____同学的建议．(4)由上述实验数据和现象可得出结论：__________________________________．【答案】(1). 将钢球从某一高度由静止释放(2). 木块运动的距离(3). 速度(4). 质量(5). 甲(6). 在速度一定时，质量越大，动能越大【解析】试题分析：（1）让钢球从某一高度由静止释放，使钢球获得动能；钢球动能的大小是通过钢球对木块做功的多少来体现出来的，木块运动的距离越长，就表示钢球的动能越大；（2）让小球从斜面的同一高度处释放，使小球到达最底端的速度相同，从而探究动能与质量的关系；（3）上面的两次实验是在速度一定时，改变物体的质量，探究动能的大小，动能的大小通过木块移动距离的大小表现出来的，因此改变木板的长度，应采用甲的建议；（4）有表中的数据知：速度一定时，质量越大动能越大．考点：探究影响物体动能大小的因素【此处有视频，请去附件查看】19.在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示．在组装器材时应先调节_____（A/B）的高度，调节它的高度是为了_____．（2）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油_____，得出结论．要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是_____．（3）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置．与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是_____．（答出一个即可）（4）实验中发现煤油的温度比水的温度升高得_____（选填“快”或“慢”），这表明_____的吸热本领更强．【答案】(1). A(2). 确保使用外焰加热(3). 升高的温度(4). 秒表(5). 该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等(6). 快(7). 水【解析】【详解】（1）组装实验仪器时，应根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中的A部分，使酒精灯的外焰正好能给烧杯加热，然后再固定图中的B部分，这样可以避免重复调整；（2）由于物体吸收热量的多少不便用仪器测量，本实验中把吸收热量的多少转换成用相同的酒精灯加热，比较加热时间来判断，这种方法建立在一个假设的基础上，这个假设是酒精完全燃烧放出的热量全被水和煤油吸收；（3）由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用“水浴法”对水与煤油同时加热，该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；（4）用相同的酒精灯加热，水与煤油在相等时间内吸收的热量相等；实验中发现煤油的温度比水的温度升高得快，即煤油的温度变化△t大，由于质量m与吸收的热量Q相等，由Q＝cm△t可知，煤油的c小，水的c大，则煤油的吸热能力弱，水吸热本领更强．20.“测量小灯泡的电功率”的实验电路图如图甲所示，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V．（1）请用笔画线代替导线将图乙中的实物连接完整．（）（2）闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片P滑到_____端（选填“A”或“B”）；（3）闭合开关后，小明发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，接下来他首先应该操作的是_____（填序号）；A．检查电路是否开路B．检查电路是否短路C．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光（4）实验过程中，移动滑动变阻器的滑片P的同时，眼睛应注视_____（填序号）A．电压表示数B．电流表示数C．滑动变阻器滑片（5）调节滑片P至某位置时，小灯泡恰好正常发光，此时电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为_____W；（6）现有滑动变阻器R1（10Ω1.5A）和R2（20Ω1A），实验时应选用滑动变阻器_____；（7）图丁是小明根据实验数据绘制的小灯泡的电压与电流关系图象．由图象可知，小灯泡的阻值随电压的增大而_____（选填“增大”、“减小”或“不变”）．【答案】(1). (2). B(3). C(4). A(5). 0.75(6). R2(7). 增大【解析】【详解】（1）小灯泡的额定电压为2.5V ，电压表选用小量程与灯并联，如下所示：（2）闭合开关S 前，应将滑动变阻器的滑片P 滑到 阻值最大处B 端；（3）闭合开关后，但电流表和电压表均有示数，说明电路为通路，小明发现小灯泡不亮，则电流过小，接下来他首先应该操作的是：移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，选C ； （4）灯在额定电压下正常发光，故实验过程中，移动滑动变阻器的滑片P 的同时，眼睛应注视电压表示数，选A ；（5）调节滑片P 至某位置时，小灯泡恰好正常发光，此时电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A ，电流为0.3A ，则小灯泡的额定功率为： P ＝UI ＝2.5V ×0.3A ＝0.75W ；（6）电源电压恒为6V ，小灯泡的额定电压为2.5V ，灯的额定电流为0.3A ，根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路中的电阻： R 滑＝L U U I -=62,50.3V VA-≈11.7Ω＞10Ω，故选用R 2（20Ω1A ）变阻器； （7）图丁是小明根据实验数据绘制的小灯泡的电压与电流关系图象，由图象可知，灯的电压为1V 时，电流为0.2A ，由欧姆定律，灯的电阻为：R 1＝11U I =1.00.2VA＝5.0Ω，同理，灯在2.5V 电压下的电流为0.3A ，电阻为8.3Ω，故小灯泡的阻值随电压的增大而增大．五、计算题21.如图是我国新型气垫登陆船，该船满载后的总质量为150t ．（g 取10N/kg ）（1）该船满载后受到的总重力为多少？（2）该气垫船入水后，启动柴油发动机，通过向下喷气将船身匀速抬高1.72m，那么抬高一次需要克服气垫船重力做功多少焦？若整个过程中没有能量损失，则抬高一次需要消耗柴油多少千克？（柴油的热值q柴油＝4.3×107J/kg）（3）气垫船以30m/s的速度匀速直线运动时，若受到的阻力始终为7×104N，那么推力的功率为多少？【答案】（1）1.5×106N；（2）0.06千克；（3）2.1×106W．【解析】【详解】（1）该船满载后受到的总重力：G＝mg＝150×103kg×10N/kg＝1.5×106N；（2）抬高一次需要克服气垫船重力做功：W＝Gh＝1.5×106N×1.72m＝2.58×106J，整个过程中没有能量损失，W＝Q＝2.58×106J，由Q＝mq可得，抬高一次需要消耗柴油：m＝Qq=672.58104.310/JJ kg⨯⨯＝0.06kg，（3）已知，受到的阻力，F＝7×104N，匀速直线运动时的速度，v＝30m/s，推力的功率：P＝Wt＝Fst＝Fv＝7×104N×30m/s＝2.1×106W；22.图甲是一种家用电暖器，有“低温”、“中温”、“高温”三挡，铭牌见下表(“高温”挡功率未知)，图乙为其简化电路原理图，S是自我保护开关，电暖器跌倒时，S自动断开，切断电源，保证安全，闭合S1为“低温”挡．请完成下列问题：(1)“低温”挡正常工作时的电阻是多少？(2)“高温”挡正常工作时的总电流是多少？(3)若某房间内空气质量为60 kg，空气温度为10 ℃，设空气的比热容为1.1×103 J/(kg·℃)且保持不变，用该电暖器的“高温”挡正常工作20 min，放出热量的50%被房间内的空气吸收，那么可使此房间的空气温度升高多少？【答案】(1)88 Ω；(2)7.5 A；(3)15 ℃【解析】（1）根据题意知道，当闭合S1时为“低温”档，此时R1单独接入电路，由P=U2/R知道，“低温”档正常工作时的电阻是：R1 =U2/P低=(220V)2/550W=88Ω；（2）由电路图知道，只闭合S1为“低温”档，只闭合S2为“中温”档，当同时闭合S1、S2为高温档，此时R1、R2并联，电路的总功率是：P高温=P低温+P中温=550W+1100W=1650W，由P=UI知道，此时正常工作的电流是：I=P高/U=1650W/220V=7.5A，（3）若电暖器的“高温”档正常工作20分钟，则放出的热量是：W=P高温t=1650W×20×60s=1.98×106 J；根据题意知道，空气吸收的热量是：Q吸=ηW=50%×1.98×106J=0.99×106 J；由Q吸=cm△t可知，房间内的空气升高的温度是：△t=Q吸/cm=0.99×106J/1.1×103J/(kg•℃)×60kg=15℃．点睛：本题考查的是电功率公式、效率公式和热量公式的应用，是一道电功与热量的综合，解题的关键是不同档位时电路连接方式的判断．六、综合能力题23.阅读下面短文，回答以下问题．感应发光冰块感应发光冰块产品采用食品级PS材料及电子元件组成的发光冰块，采用先进的触水式开关，具有入水即亮的特性（液体感应），外形仿如真实冰块一般．感应发光冰块采用电池供电，无化学变化，无毒无害，可放置于各类饮品中增添浪漫及神秘的气氛．感应发光冰块内部电子元件有：液体感应器、纽扣电池和LED灯泡．感应发光冰块的使用方法是将发光冰块清洁干净放入水中，它将自动发亮；使用完毕后，用布擦干后放置于干燥的地方以备下次使用．感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻后，再放入饮料内，可以起到降低饮料的温度．需要注意的是，请勿吞食感应发光冰块，避免放置于温度过高的饮品中．（1）液体感应器是先进的触水式_____（选填“电源”、“用电器”、“开关”或“导线”）．（2）冷冻后的感应发光冰块通过_____的方式改变饮料的内能．（3）根据文中的信息，在虚线框中画出感应发光冰块内部的电路图．（）（4）用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于_____状态．【答案】(1). 开关(2). 热传递(3). (4). 断路【解析】【详解】（1）根据基本电路各部的作用可知：液体感应器是起控制电路的作用，所以是先进的触水式开关；（2）感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻后温度比较低，再放入饮料内，通过热传递降低饮料的温度；（3）电路是由液体感应器、纽扣电池和LED灯泡由导线连接而成，所以是基本的电路，如图：（4）因为入水即亮，用布擦干后停止工作，所以用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于开路状态．24.如图是小明同学探究“斜面的机械效率跟什么因素有关”的实验装置．实验时他用弹簧测力计拉着同一物块沿粗糙程度相同的斜面向上做匀速直线运动．实验的部分数据如下：实验次数斜面的倾斜程度物块重G/N 斜面高度h/m 沿斜面拉力F/N 斜面长s/m 机械效率1 较缓10 0.1 5.0 12 较陡10 0.3 6.7 1 45%3 最陡10 0.5 8.4 1 60%（1）小明探究的是斜面的机械效率跟_____的关系．在第1次实验中，斜面的机械效率为_____．（2）分析表格中数据可以得出结论：在斜面粗糙程度相同时，斜面越陡，机械效率越_____．（3）比较表中“物块重”和“_____”两栏对应的数据，可知斜面是一种省力的简单机械．（4）第3次实验物块与斜面的摩擦力是_____N．【答案】(1). 斜面的倾斜程度(2). 20%(3). 大(4). 沿斜面拉力(5). 3.4【解析】【详解】（1）由题意知粗糙程度和提升物体的重力相同，而斜面的倾斜程度不同，故小明探究的是斜面的机械效率跟斜面的倾斜程度的关系；在第1次实验中，斜面的机械效率为：η＝11W W有用总＝Gh Fs =100.15.01N mN m⨯⨯×100%＝20%． （2）纵向分析表格中数据可以得出结论：在斜面粗糙程度相同时，斜面越陡，机械效率越大． （3）比较表中“物块重”和“沿斜面拉力”两栏对应的数据，拉力都小于物体的重力，故可知斜面是一种省力的简单机械；（4）若不计物块与斜面的摩擦力，根据有用功等于总功，即F ′L ＝Gh ，沿斜面拉力： F ′＝L h ×G ＝0.51m m×10N ＝5N ， 而实际的拉力为：F 3＝8.4N ， 故第3次实验物块与斜面的摩擦力是： f ＝F 3﹣F ′＝8.4N ﹣5N ＝3.4N ．25.某校科技小组的同学们用PTC 元件（即半导体陶瓷材料）制作了一个电加热保温杯．常温下的凉开水放在杯内可加热至60℃，并利用这种元件的特性设定保温温度为60℃．已知所用的PTC 元件的阻值R T 随温度的变化关系如图甲，使用时PTC 元件如图乙接入家庭电路中．请回答下列问题：（1）当温度为60℃时，电路中的电流是_____mA ，通电1min ，PTC 元件消耗的电能是_____J ． （2）PTC 元件的最大电功率是_____W ．（3）保温杯可以利用PTC 元件的特性进行保温的原理是：当温度达到60℃时，PTC 元件发热功率等于散热功率（即在相同时间内产生的热量与散失的热量相等），温度保持不变．从图甲中可以看出：①当它的温度高于60℃时，PTC 元件的电阻_____，电功率_____．（选填“变大”、“变小”、“不变”）温度下降；②当温度低于60℃时，PTC 元件的电阻_____，电功率_____，（选填“变大”、“变小”、“不变”），温度上升．因此保温杯中的水可以保持在60℃左右．【答案】 (1). 22 (2). 290.4 (3). 24.2 (4). 增大 (5). 变小 (6). 减小 (7).增大【解析】【详解】（1）从乙图可知，电路中只有电阻R r ，当温度为60℃时，由甲图可知电阻：R r ＝10kΩ＝104Ω，而电源电压为U ＝220V ，电路中的电流为：I ＝r U R =422010ΩV ＝0.022A ＝22mA ． t ＝1min 消耗的电能为：W ＝UIt ＝220V ×0.022A ×1×60s ＝290.4J ．（2）从乙图可知，PTC 元件的最小电阻为30℃时的电阻，R r 小＝2kΩ＝2000Ω， PTC 元件的最大电功率为：P 最大＝2r U R 小=2220V 2000Ω（）＝24.2W ； （3）①当温度达到60℃时，PTC 元件发热功率等于散热功率，温度保持不变．从图甲可以看出，当它的温度高于60℃时，PTC 元件的电阻R r 增大，由公式P ＝2U R 知，PTC 元件发热功率变小，发热功率小于散热功率，温度下降；②从图甲可以看出，当它的温度低于60℃时，PTC 元件的电阻R r 减小，由公式P ＝2U R 可知，PTC 元件发热功率变大，发热功率大于散热功率，温度上升；因此保温杯中的水可以保持在60℃左右．。

2020-2021学年广东省潮州市九年级（上）期末物理试卷1.以下生活情景中，小刚施加的力有做功的是()A. 小刚提着垃圾袋在水平走廊匀速前行时，手对垃圾袋的拉力B. 小刚站在站台上等候公车时，肩膀对书包向上的支持力C. 打篮球时，小刚投篮扔球后，球飞向篮框时，手对球的推力D. 小刚到家上楼梯时，肩膀对书包向上的支持力2.我们居住的城市高楼林立，如不小心发生高空坠物事件，可能给人们的生命财产造成损害。

日前，某小区的陈先生早上下楼取车时发现车的后挡风玻璃穿了一个孔，上面还插着一个可乐瓶，肇事的可乐瓶里还有可乐。

对此，下列描述正确的是()A. 可乐瓶从高空坠落，动能转化为重力势能B. 可乐瓶坠落时机械能变大C. 可乐瓶从高空坠落，重力势能转化为动能D. 可乐瓶砸在挡风玻璃的瞬间，具有很大的重力势能3.如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片P向左滑动时，连入电路的电阻变小的是()A. B.C. D.4.有两个可变电阻，开始时阻值相等，都为R，现将其中一个电阻的阻值增大，将另一个电阻的阻值减小，则两个电阻并联后总电阻将()A. 一定等于RB. 一定小于RC. 一定大于RD. 以上结果都有可能5.下列关于热现象的一些说法，正确的是()A. 冰熔化成水时，温度不变，但内能增大B. 体温计内测温物质用水银，是因为水银的比热容较大C. 热量总是自发由内能大的物体传给内能小的物体D. 柴油机的效率比汽油机高是因为柴油热值比汽油大6.2020年初，一场突如其来的新冠疫情席卷全国，为了抗击疫情，很多公共场合都需要检测体温，如图所示是一种常用的电子测温枪，其测温主要部件热电堆的内阻为100Ω，采用12V锂电池供电，则下列说法正确的是()A. 人的正常体温为39℃B. 测温枪正常工作时功率约为1.4×10−3WC. 测温枪正常工作电流约为0.12AD. 测温枪的工作原理与水银体温计相同7.如图所示常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能，若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是()A. B.C. D.8.油罐车的后面经常拖着一条触地的铁链，这是因为铁是______ (填“导体”或“绝缘体”)，能够防止______ 带来的危害。

广东省潮州市九年级上学期期末物理试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共12题；共24分)1. （2分）探索微观世界的历程中，首先发现了电子，进而认识到原子是由（）A . 氢原子和电子组成的B . 质子和中子组成的C . 原子核和核外电子组成的D . 原子核和中子组成的2. （2分）(2016·遵义) 中学生田径运动会中蕴含很多物理知识，向你说法正确的是（）A . 跳高运动员跳起后，在惯性的作用下向上运动B . 铅球离开手后飞行过程中，手的推力在对铅球做功C . 800m赛跑中，运动员匀速通过弯道时，运动员的运动状态不变D . 站在主席台上宣誓的运动员代表受到的支持力与他对主席台的压力大小相等3. （2分）下列生活中的物理数据最近实际的是（）A . 人以正常速度骑自行车的功率为1kWB . 假如没有摩擦，动滑轮机械效率是100%C . 小丽把一本物理课本从课桌旁的地面上拿到桌上，她对课本做的功约2JD . 一同学用20s从一楼走到三楼，他上楼的功率约50W4. （2分）(2017·龙湖模拟) 下列说法中不正确的是（）A . 雾霾颗粒物的运动就是分子运动B . 0℃的冰也具有内能C . 物体放出热量，温度不一定降低D . 若分子间存在斥力，同时一定会存在引力5. （2分） (2016九上·中堂期中) 苏州属沿海地区，昼夜温差较小，而内陆沙漠地区的昼夜温差较大，这主要是因为（）A . 海水的密度小，砂石的密度大B . 海水的比热容大，砂石的比热容小C . 海水的内能多，砂石的内能少D . 海水吸收的热量少，砂石吸收的热量多6. （2分） (2016九上·射洪期中) 下列有关热的说法不正确的是（）A . 晶体在熔化过程中温度不变，内能也不变B . 用锯锯木头，锯条发热．这是通过做功改变物体的内能C . 用水作汽车冷却液，是因为水的比热容大D . 火箭用液态氢作燃料，是因为氢的热值大7. （2分）下列事例中主要目的是将电能转化成内能的是（）A . 给手机充电；B . 用电饭煲煮饭；C . 用电风扇吹风；D . 摩擦起电。

广东省潮州市九年级（上）期末物理试卷一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）1．关于能的概念，下列说法中错误的是（）A．一个物体能够做功越多，这个物体具有的能量越多B．动能、势能及机械能的单位都是焦耳C．用线悬挂着的静止的小球没有做功，所以小球没有能D．甲物体的速度比乙物体的速度大，但甲物体具有的动能不一定比乙物体多2．给一定质量的水加热，水的温度与时间的关系图象如图中a所示．若其他条件不变，仅将水的质量增加，则水的温度与时间的关系图象正确的是（）A．a B．b C．c D．d3．如图中，哪个过程是表示机械能转化为内能（）A．B．C．D．4．用一个开关同时控制两盏灯，则这两盏灯的连接方式（）A．串联或并联都可以 B．串联或并联都不可以C．只能串联 D．只能并联5．如图所示，当开关S闭合后，电压表V1和V2的示数分别为6V和3V，则电源电压为（）A．3V B．6V C．9V D．12V6．如图所示电路，电阻R1=10Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.5A，下列说法正确的是（）A．通过电阻R2的电流为0.5A B．电阻R2的阻值为6ΩC．电源电压为4.5V D．电阻R2消耗的电功率为0.6W7．如图所示的电路中，当开关S闭合时，灯L1、L2均不亮，某同学用一根导线去查找电路的故障，他将导线先并接在灯L1两端时发现L2亮，灯L1不亮，然后并接在L2两端时发现两灯均不亮，由此可以判断（）A．灯L1开路B．灯L2开路C．灯L1短路D．灯L2短路二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）8．用一个动滑轮将重480N的物体匀速提高到距地面10m的高的楼上，所用的拉力为300N，所用时间为30s，则总功是______J，功率是______W，机械效率是______%．9．用煤气灶把2kg、初温为20℃的水烧到70℃，消耗了20g煤气．已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×l07J/kg，则水吸收的热量为______J，煤气完全燃烧放出的热量为______J，煤气灶烧水的效率为______%．10．如图，滚摆可以上下往复运动，说明动能和势能______（可以/不可以）相互转化，在上升的过程中重力势能______，动能______．（增大/减小/不变）11．小明4月底看到家中电能表如图甲所示，则他家同时工作的用电器总功率不能超过______W，当他5月底再去观察时，发现电能表如图乙所示，则他家5月份消耗的电能为______kW•h，小明将某用电器单独接入自家电路中正常使用，观察电能表上的指示灯在3min闪烁32次，则该用电器消耗的功率是______W．12．图1的电路中，电源电压恒为12V，滑动变阻器铭牌上标有“100Ω0.5A”字样，图2为R1的I﹣U图象，R1的阻值为______Ω，当电路中的电流为0.2A时，滑动变阻器R2接入电路的阻值为______Ω，为了不损坏滑动变阻器R2，接入电路的阻值应不小于______Ω．13．如图甲所示的电路图，L1和L2是______连接的，开关闭合时，两个电流表的示数分别如图乙和图丙，判断A1表的读数是______A；通过灯L2的电流大小是______A．14．某电动机工作电压为220V，通过线圈的电流为5A，线圈电阻为5Ω，则每分钟电动机消耗的电能为______J，电流通过线圈产生的热量为______J，电动机工作产生的机械能为______J．三、作图题（本大题3小题，2分+3分+3分=8分，共8分）15．在右图电路中，填入电流表或电压表的符号，闭合电键S后，两灯泡并联且均能正常发光．16．根据如图实物连线图，在方框内画出对应的电路图．17．根据图所示的电路图，用笔画线代替导线，连接实物电路（要求导线不能交叉）．四、实验题（本大题3小题，6分+5分+10分=21分，共21分）18．物理兴趣小组在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图所示的滑轮组进行了4次测量，测得数据如下（2）第4次实验测得的机械效率为______%（3）比较______两次实验，小组同学发现：同一滑轮组的机械效率与重物被提升高度无关：比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组，______越大，机械效率越高，第4次拉力做的额外功与第3次相比______（选填“增大”、“减小”或“不变”），由此可见机械效率提高的原因是______．19．用图甲所示装置“比较不同液体吸热升温特点”．在两个相同烧杯中分别加入初温、体积相同的水和食盐水，用相同酒精灯加热直到沸腾．（1）分别测量出水和食盐水的沸点，发现食盐水的沸点比水高．其中水沸腾时温度计的局部放大图如乙图所示，水的沸点为______℃．（2）实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水______（选填“多”或“少”）．（3）能否仅由“加热食盐水到沸腾需要的时间长”得出食盐水比热容大的结论？答：______；其原因是：______．20．在“用伏安法测小灯泡电阻“的实验中，待测小灯泡标有”2.5V“．（1）如图1，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该是______（选填“A”或“B”）端．（2）在正确的连接好电路后，某次测量张电流表的示数为0.20A，为测得额定电压下的灯丝电阻，滑动变阻器滑片P应向______（选填“左”或“右”）端滑动．（3）从图2还可以看出，小灯泡灯丝的电阻是______（选填“变化的”或“不变的”），从物理学角度分析，造成这一现象的原因是______，分析图象可知，小灯泡正常工作时的灯丝电阻为______Ω，额定功率为______W．（4）实验中测出了小灯泡在多次不同电压的灯丝电阻，一些同学认为可以进一步求出它们的平均值以减小误差，你是否同一它们的观点？说明你的理由．答：______，理由______．（5）在该实验中有同学连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的过程中发现，电流表的示数变大时，电压表的示数反而减小，电流表的示数变小时，电压表的示数反而增大，经检查所有器材均完好，你认为出现上述实验现象的原因是：______．五、计算题（本大题2小题，6分+7分=13分，共13分）21．为了上班方便的小华买了一辆电动自行车，已知车的自重为25kg，牵引力的额定功率为350W，小华的体重50kg，若电动机正常工作，在其中一段平直公路上以10m/s的速度匀速行驶5min，求：（1）这段时间内牵引力做的功；（2）自行车所受到的阻力大小f．22．如图所示是小明同学安装的家用调光灯电路图，灯泡上标有“PZ220﹣40”字样，滑动变阻器的最大阻值为1210Ω，求：（1）该灯泡正常发光时的电阻和电流（2）灯泡两端的最小电压（3）台灯功率的调节范围．（不计温度对灯丝电阻的影响）六、综合能力题（本大题3小题，3分+6分+7分=16分，共16分）23．小王同学做“比较两种材料保温性能”的实验，他取①和②两种保温材料，两支相同的温度计，两个相同的大玻璃烧杯，钟表和初温相同、质量相等的热开水，以及细线、硬纸片、剪刀等，做两个外形相同的保温装置，其中一个如图（a）所示．然后在相同环境的房间里同时开始做实验．他根据实验测得的数据绘得图（b）所示的“水温与时间关系”图象．实验过程中室温保持不变，请你回答：（1）①和②哪种材料的保温性能好？答：______（选填①或②）．（2）对于同一保温材料内的水，在第10min到第20min时间内放出的热量______第20min到第30min时间内放出的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）．（3）在整个实验过程中，①保温材料内的水放出的热量______②保温材料内的水放出的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）．24．电暖气是常见的家用电器之一，某电暖气的电路示意图如图甲所示，L1和L2是两个指示灯，R1和R2为电热丝，通过调节旋转开关可以改变电暖气的档位，为避免引起火灾，使电暖气被碰倒时能够自动断开电路，可以在电路中接入一个“防倾倒开关”，“防倾倒开关”及其原理如图乙所示，在电暖气的底部有一个伸出外壳的塑料杆，当电暖气防止在水平地面时，塑料杆受到地面竖直向上的力而被顶起，接通顶部的触点，如果电暖气发生倾倒，塑料杆底部不受力，在弹簧的作用下顶部触点断开，电暖气便不再工作，该装置起到了“自动开关”的作用，在某次使用中，电暖气的旋转开关接到档位“1”时，2min消耗的电能是48000J，已知R1：R2=4：7，指示灯L1和L2的电阻很小可忽略不计．（1）“防倾倒开关”最好应安装到图甲的电路示意图中A、B、C、D、E哪一点是______．（2）求电热丝R2的阻值．（3）当旋转开关分置于档位1和档位2时，则电暖气的最大和最小功率的比值是______．25．三峡水利枢纽工程是中国规模最大的水利枢纽工程，如图所示．枢纽控制流域面积约1.0×106km2，占长江流域面积的56%，坝址所在位置年平均流量为Q=4.51×1011m3．水利枢纽的主要任务包括防洪、发电、航运三方面，在发电方面，三峡水电站共安装32台7×105kW水轮发电机组，另外还有2台5×104kW电源机组，总装机容量（指34台发电机组同时工作时的总发电功率）P=2.25×107kW，设计年发电量约W=1011kW•h．阅读上述材料，解答下列问题（水的密度ρ=1．O×103kg/m3，取g=10N/kg）：（1）若三峡电站上、下游水位差按h=110m计算，试求三峡电站将水的势能转化为电能的效率η．（2）若34台发电机组全部发电，要达到年发电量的要求，每台发电机组平均年发电机组平均年发电时间t 为多少天？2015-2016学年广东省潮州市九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）1．关于能的概念，下列说法中错误的是（ ）A ．一个物体能够做功越多，这个物体具有的能量越多B ．动能、势能及机械能的单位都是焦耳C ．用线悬挂着的静止的小球没有做功，所以小球没有能D ．甲物体的速度比乙物体的速度大，但甲物体具有的动能不一定比乙物体多【考点】能．【分析】1、功是能量转化的量度，物体做功越多，这个物体具有的能量越大．2、功与能的单位都是焦耳．3、小球虽未做功但它具有重力势能．4、物体的动能与物体的质量和速度有关，据此分析．【解答】解：A 、功是能量转化的量度，一个物体能够做功越多，这个物体具有的能量越多，说法正确，不符合题意．B 、动能、势能及机械能的单位都是焦耳，说法正确，不符合题意．C 、用线悬挂着的静止的小球没有做功，但它具有重力势能，小球有能量，说法错误，符合题意．D 、物体的动能由物体的质量与速度共同决定，甲物体的速度比乙物体的速度大，但甲物体具有的动能不一定比乙物体多，说法正确，不符合题意．故选C ．2．给一定质量的水加热，水的温度与时间的关系图象如图中a 所示．若其他条件不变，仅将水的质量增加，则水的温度与时间的关系图象正确的是（ ）A ．aB ．bC ．cD ．d【考点】沸腾及沸腾条件；热量的计算．【分析】要解决此题，首先要会分析沸腾图象，同时需要知道液体沸腾时的特点：吸热，但温度保持不变．根据热量公式Q=Cm △t ，采用控制变量法来分析问题．【解答】解：其他条件不变，仅将水的质量增加，由于初温相同，所以，吸收相同的热量，加水前比加水后的温度要高，温度变化大；当升高的温度相同时，加水后加热的时间长，吸收热量多，但沸点、沸腾条件相同；所以A ，B ，D 错误，C 正确．故选C ．3．如图中，哪个过程是表示机械能转化为内能（ ）A ．B ．C ．D ．【考点】内燃机的四个冲程．【分析】热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能．【解答】解：A、图中，进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，此冲程没有能量转化，故A不符合题意；B、图中，气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，将机械能转化为了内能，故B符合题意；C、图中，气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，将内能转化为了机械能，故C不符合题意；D、图中，排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，此冲程没有能量转化，故D不符合题意．故选B．4．用一个开关同时控制两盏灯，则这两盏灯的连接方式（）A．串联或并联都可以 B．串联或并联都不可以C．只能串联 D．只能并联【考点】串联电路和并联电路的辨别．【分析】电路的基本连接形式有两种，一种是串联，另一种是并联．开关在不同的电路中的作用不相同，在串联电路中控制所有用电器，在并联电路的干路中控制所有用电器，在并联电路的支路中只控制本支路用电器．【解答】解：由于开关在不同电路中的作用不同，在串联电路和并联电路的干路中都能控制所有用电器，所以当一个开关同时控制两盏灯泡的亮与灭时，这两盏灯泡之间可能是串联也可能是并联．故选A．5．如图所示，当开关S闭合后，电压表V1和V2的示数分别为6V和3V，则电源电压为（）A．3V B．6V C．9V D．12V【考点】串联电路的电压规律．【分析】两个灯泡为串联，串联电路中各电器两端的电压之和等于总电压．V1的示数为L1两端的电压，V2的示数为L2两端的电压．【解答】解：当开关S闭合后，两个灯泡是串联的，电压表V1测量的是L1两端的电压．电压表V1的示数为6V；电压表V2测量的是灯泡L2两端的电压，V2的示数为3V．由U=U1+U2得，电源电压：U=6V+3V=9V．故选C．6．如图所示电路，电阻R1=10Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.5A，下列说法正确的是（）A．通过电阻R2的电流为0.5A B．电阻R2的阻值为6ΩC．电源电压为4.5V D．电阻R2消耗的电功率为0.6W【考点】并联电路的电流规律；欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】由图可知两电阻并联，A1测通过R1中的电流，A2测干路电流，则可求得通过各电阻的电流；由欧姆定律可求得电压，再由并联电路的电压规律可求得总电压，则由欧姆定律可求得R2的阻值；由功率公式可求得R2消耗的功率．【解答】解：（1）A1测通过R1的电流I1，A2测干路电路I，则流过R2的电流I2=I﹣I1=0.5A﹣0.3A=0.2A；故A错误；（2）由欧姆定律得R1两端的电压U=I×R1=0.3A×10Ω=3V；因电源电压等于R1两端的电压，故电源电压为3V；由欧姆定律得可R2===15Ω，故BC错误；（3）R2消耗的电功率P=I22R1=（0.2A）2×15Ω=0.6W；故D正确；故选D．7．如图所示的电路中，当开关S闭合时，灯L1、L2均不亮，某同学用一根导线去查找电路的故障，他将导线先并接在灯L1两端时发现L2亮，灯L1不亮，然后并接在L2两端时发现两灯均不亮，由此可以判断（）A．灯L1开路B．灯L2开路C．灯L1短路D．灯L2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】由图可知两灯的连接方式，根据接入导线后灯泡的亮暗判断电路故障．【解答】解：闭合开关时两灯均不亮，说明电路中某处断路，或是两灯均短路；用导线先并联在L1两端时，发现L2亮，灯L1不亮，说明电路通路，两灯泡不可能短路，L2不可能断路；同时因导线与灯L2并联，两灯均不亮，说明灯L1不可能短路，故只能为灯L1发生了断路．故选A．二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）8．用一个动滑轮将重480N的物体匀速提高到距地面10m的高的楼上，所用的拉力为300N，所用时间为30s，则总功是6000J，功率是200W，机械效率是80%．【考点】功的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算．=Gh即可求出有用功；【分析】（1）根据W有用=Fs求出总功；（2）已知利用动滑轮提升物体时，n=2，先根据s=nh求出自由端移动的距离，然后根据W总利用P=可求功率；（3）根据η=求出动滑轮的机械效率．=Gh=480N×10m=4800J；【解答】解：有用功：W有用自由端移动的距离：s=2h=2×10m=20m，=Fs=300N×20m=6000J；总功：W总功率P===200W．动滑轮的机械效率：η=×100%=×100%=80%．故答案为：6000；200；80%．9．用煤气灶把2kg、初温为20℃的水烧到70℃，消耗了20g煤气．已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×l07J/kg，则水吸收的热量为 4.2×105J，煤气完全燃烧放出的热量为8.4×105J，煤气灶烧水的效率为50%．【考点】热量的计算；能量利用效率；燃料的热值．【分析】（1）知道水的质量、水的比热容和水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；=mq计算煤气完全燃烧放出的热量；（2）知道煤气的质量和煤气的热值，利用Q放（3）水吸收的热量是有用的能量，煤气完全燃烧放出的热量为总能量，利用效率公式求煤气灶烧水的效率．【解答】解：（1）水吸收的热量：Q=cm△t吸=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）=4.2×105J；（2）20g煤气完全燃烧放出的热量：=mq=20×10﹣3kg×4.2×107J/kg=8.4×105J；Q放（3）燃气灶烧水的效率：η===50%．故答案为：4.2×105；8.4×105；50．10．如图，滚摆可以上下往复运动，说明动能和势能可以（可以/不可以）相互转化，在上升的过程中重力势能增大，动能减小．（增大/减小/不变）【考点】动能和势能的转化与守恒．【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．【解答】解：滚摆在下落的过程中：质量不变，所处高度减小重力势能减小，但速度增大动能增大，正是减少的重力势能转化为了动能．滚摆在上升的过程中：质量不变，速度减小动能减小，但所处高度增大重力势能增大，正是减少的动能转化为了重力势能．所以说在摆球左右摆动和滚摆上下往复运动的过程中，动能和重力势能是可以相互转化的．故答案为：可以，增大，减小．11．小明4月底看到家中电能表如图甲所示，则他家同时工作的用电器总功率不能超过2200W，当他5月底再去观察时，发现电能表如图乙所示，则他家5月份消耗的电能为95kW•h，小明将某用电器单独接入自家电路中正常使用，观察电能表上的指示灯在3min闪烁32次，则该用电器消耗的功率是400W．【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法．【分析】（1）由电能表的参数可知工作电压和允许工作的最大电流，根据P=UI求出电能表允许用电器工作的最大总功率；（2）电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW•h，两次示数只差即为本月用的电；（3）1600imp/kW•h表示消耗1kW•h的电能，电能表闪动1600次，据此可求出当电能表的闪动32次消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P=求出该用电器消耗的功率．【解答】解：（1）由电能表的参数可知，工作电压U=220V，允许工作的最大电流I=10A，电能表允许用电器工作的最大总功率：=UI=220V×10A=2200W；P大（2）他家本月用电W=12614.6kW•h﹣12519.6kW•h=95kW•h；（3）电能表指示灯闪烁32次消耗的电能：W=kW•h=0.02kW•h，用电器的实际功率：P===0.4kW=400W．故答案为：2200；95；400．12．图1的电路中，电源电压恒为12V，滑动变阻器铭牌上标有“100Ω0.5A”字样，图2为R1的I﹣U图象，R1的阻值为20Ω，当电路中的电流为0.2A时，滑动变阻器R2接入电路的阻值为40Ω，为了不损坏滑动变阻器R2，接入电路的阻值应不小于4Ω．【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律．【分析】（1）根据R1的I﹣U图象读出任意一点电流和对应的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值；（2）由图象读出当电路中的电流为0.2A时对应的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器R2接入电路的阻值；（3）根据滑动变阻器的铭牌可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电路中的最小电阻，再根据电阻的串联求出接入电路的最小值．【解答】解：（1）由图象可知，当U1=6V时，I1=0.3A，则R1===20Ω；（2）由电路图可知，两电阻串联，由图象可知当电路中的电流I=0.2A时，U1′=4V，则U2=U﹣U1′=12V﹣4V=8V，R2===40Ω；（3）由滑动变阻器的铭牌可知，电路中的最大电流I max=0.5A，则===24Ω，电路中的最小总电阻R总min滑动变阻器接入电路的最小值R2min=R﹣R1=24Ω﹣20Ω=4Ω．总min故答案为：20；40；4．13．如图甲所示的电路图，L1和L2是并联连接的，开关闭合时，两个电流表的示数分别如图乙和图丙，判断A1表的读数是1A；通过灯L2的电流大小是0.5A．【考点】电路的基本连接方式；并联电路的电流规律．【分析】并联电路是指各用电器并列连接起来的电路，根据并联电路的特点判断两灯泡的关系；由于电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量L1中的电流，然后根据电流表中指针的位置以及串联电路中电流的规律计算出通过灯L2的电流大小即可．【解答】解：因为两个灯泡并列连接在电路里，两灯泡是并联连接；根据电流表A2的量程和指针位置可知：电流表A2的读数为0.5A，则I1=0.5A，因为电流表A1测量干路中的电流，所以电流表A1的读数应大于电流表A2的读数，因此电流表的量程为0～3A，故示数为1A，则流过灯L2的电流大小I2=I﹣I1=1A﹣0.5A=0.5A．故答案为：并联；1；0.5．14．某电动机工作电压为220V，通过线圈的电流为5A，线圈电阻为5Ω，则每分钟电动机消耗的电能为 6.6×104J，电流通过线圈产生的热量为7.5×103J，电动机工作产生的机械能为 5.85×104J．【考点】电功的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．【分析】（1）知道电动机工作的电压和通过的电流和工作时间，根据W=UIt求出每分钟该电动机消耗的电能；（2）知道电路中的电流和线圈的电阻，根据Q=I2Rt求出线圈每分钟产生的热量；（3）每分钟该电动机消耗的电能减去线圈每分钟产生的热量即为获得的机械性能．【解答】解：（1）每分钟该电动机消耗的电能：W总=UIt=220V×5A×60s=6.6×104J；（2）线圈每分钟产生的热量：Q=I2Rt=（5A）2×5Ω×60s=7.5×103J；（3）每分钟该电动机正常工作时电能转化为的机械能：W有用=W总﹣Q=6.6×104J﹣7.5×103J=5.85×104J．故答案为：6.6×104；7.5×103；5.85×104．三、作图题（本大题3小题，2分+3分+3分=8分，共8分）15．在右图电路中，填入电流表或电压表的符号，闭合电键S后，两灯泡并联且均能正常发光．【考点】电流表的使用；电压表的使用．【分析】（1）填入电流表或电压表的符号的依据是：电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联；（2）要使两灯并联，就要使两灯分别在一个支路，这就要求电流从电源出来要分叉，分别通过两个灯泡．【解答】解：由图可知，电流从正极出来若上边的电表是电压表，则灯L1就在干路了，两灯组不成并联电路，所以上边的电表是电流表；若右边的电表是电流表，则电路是短路，所以只能是电压表；中间的电表就在干路上了，所以中间的电表是电流表．如图：这样，两灯并联，电流表A1测干路中电流，A2测L2电流，电压表测电源电压．16．根据如图实物连线图，在方框内画出对应的电路图．【考点】根据实物图画电路图．【分析】首先对电路进行分析，明确灯泡的连接关系及开关的控制作用，然后根据灯泡连接关系及开关位置画出电路图．【解答】解：由实物图知：电流从电源正极出发，经开关S，分为两支：一支经灯泡L2；另一支经灯泡L1；然后共同回到负极．所以两只灯泡并联，开关S在干路，控制两只灯泡；电路图设计如下：17．根据图所示的电路图，用笔画线代替导线，连接实物电路（要求导线不能交叉）．【考点】实物的电路连接．【分析】把L2与S2串联后，再与L1并联，电流表、开关S1串联在干路中．【解答】解：四、实验题（本大题3小题，6分+5分+10分=21分，共21分）18．物理兴趣小组在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图所示的滑轮组进行了4次测量，测得数据如下）实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计（2）第4次实验测得的机械效率为66.7%（3）比较1、2两次实验，小组同学发现：同一滑轮组的机械效率与重物被提升高度无关：比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组，提起的物体重力越大，机械效率越高，第4次拉力做的额外功与第3次相比增大（选填“增大”、“减小”或“不变”），由此可见机械效率提高的原因是有用功增加比额外功增加多得多，从而使有用功占总功的比值变大．【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验．【分析】（1）应竖直匀速拉动测力计，这样拉力大小不变，弹簧测力计的示数稳定；（2）根据η==计算机械效率；（3）探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提高高度；由第3、4实验数据，找到不变量和改变的量，分析机械效率的影响因素；根据W额=W总﹣W有=Fs﹣Gh计算3、4两次实验的额外功的大小比较，从而分析提高机械效率办法．【解答】解：（1）实验中应该竖直向上匀速拉动弹簧测力计，以保证拉力大小恒定，便于读数．（2）由表格第4次实验数据，机械效率大小为：η=×100%=×100%=×100%≈66.7%；（3）探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提高高度，由表格数据可知，应比较1、2两次实验；比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组提起的物体越重，滑轮组的机械效率越高；根据W额=W总﹣W有=Fs﹣Gh，W额3=F3s﹣G3h=1.1N×0.3m﹣2N×0.1m=0.13J，W额4=F4s﹣G4h=2.0N×0.3m﹣4N×0.1m=0.2J，所以第4次拉力做的额外功与第3次相比增大了0.07J；W有3=G3h=2N×0.1m=0.2J，W有4=G4h=4N×0.1m=0.4J，有用功增大了0.2J．由此可知，有用功增加比额外功增加多得多，从而使有用功占总功的比值变大，即机械效率增大．故答案为：（1）匀速；（2）66.7；（3）1、2；提起的物体重力；增大；有用功增加比额外功增加多得多，从而使有用功占总功的比值变大．19．用图甲所示装置“比较不同液体吸热升温特点”．在两个相同烧杯中分别加入初温、体积相同的水和食盐水，用相同酒精灯加热直到沸腾．（1）分别测量出水和食盐水的沸点，发现食盐水的沸点比水高．其中水沸腾时温度计的局部放大图如乙图所示，水的沸点为98℃．（2）实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水多（选填“多”或“少”）．（3）能否仅由“加热食盐水到沸腾需要的时间长”得出食盐水比热容大的结论？答：不；其原因是：实验中没有保持二者质量和升高的温度相同．【考点】热量的计算．【分析】（1）根据图中所示温度计示数为98℃；（2）在相同的酒精灯下，向相同的烧杯加热，要比较吸收热量的多少，就得比较加热时间的多少，而实验中加热食盐水所用时间多，则其吸收的热量也多．（3）要比较比热容的大小，必须得控制其他物理量不变，保证质量不变，还有一个因素，得使两者的温度差相同，才可以比较比热容的大小．【解答】解：（1）根据图中所示，温度计示数为98℃；（2）我们知道要比较物质吸收热量的多少，就得比较加热时间的多少；（3）要比较其中一个物理量的大小，就得控制其他物理量不变，所以在其他物理量不变的情况下才能比较，而实验中没有保持二者质量和升高的温度相同．故答案为：（1）98；。

2022-2023学年广东省潮州市九年级（上）期末物理试卷一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）1．（3分）以下示例所列举的几个力中，有力对物体做功的是（）A．（1）（2）B．（2）（3）C．（3）（4）D．（1）（4）2．（3分）2022年北京冬奥会赛场上，我国选手谷爱凌摘得自由式滑雪大跳台比赛的金牌。

谷爱凌离开跳台后，从低处向高处跃起后下落（）A．动能一直减小B．重力势能一直减小C．动能先减小后增大D．重力势能先减小后增大3．（3分）下列关于内能知识的描述正确的是（）A．物体温度越高内能越大，所以0℃的冰没有内能B．温度越高的物体含有的热量越多，所以0℃的冰没有热量C．摩擦生热是通过做功的方式改变了物体的内能D．物体吸收热量，内能增加，温度一定升高4．（3分）国家关于电动自行车的技术标准规定：电动自行车刹车时，电动机必须断电。

所以，电动自行车左右两刹车手柄中各安装有一只开关S1和S2，S是用钥匙控制的电源开关。

在行驶中用任一只手柄刹车时，开关S1或S2断开，电动机立即断电。

下列电路中符合这一要求的是（）A．B．C．D．5．（3分）将规格都是“220V 100W”的一台电风扇、一台电视机和一个电热毯分别接入220V 电路中正常工作，通电时间相同，下列说法中错误的是（）A．它们产生的热量相同B．它们消耗的电能相同C．它们的工作电流相同D．它们的实际功率相同6．（3分）张华同学根据如表所提供的数据分析得出了四个结论，其中正确的是（）几种物质的比热容c/[J•（kg•℃）]水 4.2×103水银0.14×103酒精 2.4×103沙石0.92×103煤油 2.1×103铝0.88×103冰 2.1×103铜0.39×103 A．固体的比热容一定比液体的比热容小B．同种物质发生物态变化后，比热容不变C．由于水的比热容大，白天海水温度比沙滩高D．2kg水温度升高50℃，吸收的热量是4.2×105J7．（3分）如图所示，电源电压不变，闭合开关，下列判断正确的是（）A．A示数变大，V1示数变小，V2示数不变B．A示数变大，V1示数变小，V2示数变大C．A示数变小，V1示数变大，V2示数变小D．A示数变小，V1示数变小，V2示数变大二、填空题（本大题7小题，每小题3分，共21分）8．（3分）人类发展史也是利用燃料的历史，干木柴、煤的放热本领不同，是因为它们的（选填“热值”“热量”或“温度”）不同，完全燃烧0.28m3的天然气可放出J的热量，这些热量若全部被水吸收，可让kg的水温度升高20℃[已知天然气热值q ＝3.0×107J/m3，水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃）]。

广东省潮州市九年级（上）期末物理试卷一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）1．关于能的概念，下列说法中错误的是（）A．一个物体能够做功越多，这个物体具有的能量越多B．动能、势能及机械能的单位都是焦耳C．用线悬挂着的静止的小球没有做功，所以小球没有能D．甲物体的速度比乙物体的速度大，但甲物体具有的动能不一定比乙物体多2．给一定质量的水加热，水的温度与时间的关系图象如图中a所示．若其他条件不变，仅将水的质量增加，则水的温度与时间的关系图象正确的是（）A．a B．b C．c D．d3．如图中，哪个过程是表示机械能转化为内能（）A．B．C．D．4．用一个开关同时控制两盏灯，则这两盏灯的连接方式（）A．串联或并联都可以 B．串联或并联都不可以C．只能串联 D．只能并联5．如图所示，当开关S闭合后，电压表V1和V2的示数分别为6V和3V，则电源电压为（）A．3V B．6V C．9V D．12V6．如图所示电路，电阻R1=10Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.5A，下列说法正确的是（）A．通过电阻R2的电流为0.5A B．电阻R2的阻值为6ΩC．电源电压为4.5V D．电阻R2消耗的电功率为0.6W7．如图所示的电路中，当开关S闭合时，灯L1、L2均不亮，某同学用一根导线去查找电路的故障，他将导线先并接在灯L1两端时发现L2亮，灯L1不亮，然后并接在L2两端时发现两灯均不亮，由此可以判断（）A．灯L1开路B．灯L2开路C．灯L1短路D．灯L2短路二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）8．用一个动滑轮将重480N的物体匀速提高到距地面10m的高的楼上，所用的拉力为300N，所用时间为30s，则总功是______J，功率是______W，机械效率是______%．9．用煤气灶把2kg、初温为20℃的水烧到70℃，消耗了20g煤气．已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×l07J/kg，则水吸收的热量为______J，煤气完全燃烧放出的热量为______J，煤气灶烧水的效率为______%．10．如图，滚摆可以上下往复运动，说明动能和势能______（可以/不可以）相互转化，在上升的过程中重力势能______，动能______．（增大/减小/不变）11．小明4月底看到家中电能表如图甲所示，则他家同时工作的用电器总功率不能超过______W，当他5月底再去观察时，发现电能表如图乙所示，则他家5月份消耗的电能为______kW•h，小明将某用电器单独接入自家电路中正常使用，观察电能表上的指示灯在3min闪烁32次，则该用电器消耗的功率是______W．12．图1的电路中，电源电压恒为12V，滑动变阻器铭牌上标有“100Ω0.5A”字样，图2为R1的I﹣U图象，R1的阻值为______Ω，当电路中的电流为0.2A时，滑动变阻器R2接入电路的阻值为______Ω，为了不损坏滑动变阻器R2，接入电路的阻值应不小于______Ω．13．如图甲所示的电路图，L1和L2是______连接的，开关闭合时，两个电流表的示数分别如图乙和图丙，判断A1表的读数是______A；通过灯L2的电流大小是______A．14．某电动机工作电压为220V，通过线圈的电流为5A，线圈电阻为5Ω，则每分钟电动机消耗的电能为______J，电流通过线圈产生的热量为______J，电动机工作产生的机械能为______J．三、作图题（本大题3小题，2分+3分+3分=8分，共8分）15．在右图电路中，填入电流表或电压表的符号，闭合电键S后，两灯泡并联且均能正常发光．16．根据如图实物连线图，在方框内画出对应的电路图．17．根据图所示的电路图，用笔画线代替导线，连接实物电路（要求导线不能交叉）．四、实验题（本大题3小题，6分+5分+10分=21分，共21分）18．物理兴趣小组在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图所示的滑轮组进行了4次测量，测得数据如下（2）第4次实验测得的机械效率为______%（3）比较______两次实验，小组同学发现：同一滑轮组的机械效率与重物被提升高度无关：比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组，______越大，机械效率越高，第4次拉力做的额外功与第3次相比______（选填“增大”、“减小”或“不变”），由此可见机械效率提高的原因是______．19．用图甲所示装置“比较不同液体吸热升温特点”．在两个相同烧杯中分别加入初温、体积相同的水和食盐水，用相同酒精灯加热直到沸腾．（1）分别测量出水和食盐水的沸点，发现食盐水的沸点比水高．其中水沸腾时温度计的局部放大图如乙图所示，水的沸点为______℃．（2）实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水______（选填“多”或“少”）．（3）能否仅由“加热食盐水到沸腾需要的时间长”得出食盐水比热容大的结论？答：______；其原因是：______．20．在“用伏安法测小灯泡电阻“的实验中，待测小灯泡标有”2.5V“．（1）如图1，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该是______（选填“A”或“B”）端．（2）在正确的连接好电路后，某次测量张电流表的示数为0.20A，为测得额定电压下的灯丝电阻，滑动变阻器滑片P应向______（选填“左”或“右”）端滑动．（3）从图2还可以看出，小灯泡灯丝的电阻是______（选填“变化的”或“不变的”），从物理学角度分析，造成这一现象的原因是______，分析图象可知，小灯泡正常工作时的灯丝电阻为______Ω，额定功率为______W．（4）实验中测出了小灯泡在多次不同电压的灯丝电阻，一些同学认为可以进一步求出它们的平均值以减小误差，你是否同一它们的观点？说明你的理由．答：______，理由______．（5）在该实验中有同学连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的过程中发现，电流表的示数变大时，电压表的示数反而减小，电流表的示数变小时，电压表的示数反而增大，经检查所有器材均完好，你认为出现上述实验现象的原因是：______．五、计算题（本大题2小题，6分+7分=13分，共13分）21．为了上班方便的小华买了一辆电动自行车，已知车的自重为25kg，牵引力的额定功率为350W，小华的体重50kg，若电动机正常工作，在其中一段平直公路上以10m/s的速度匀速行驶5min，求：（1）这段时间内牵引力做的功；（2）自行车所受到的阻力大小f．22．如图所示是小明同学安装的家用调光灯电路图，灯泡上标有“PZ220﹣40”字样，滑动变阻器的最大阻值为1210Ω，求：（1）该灯泡正常发光时的电阻和电流（2）灯泡两端的最小电压（3）台灯功率的调节范围．（不计温度对灯丝电阻的影响）六、综合能力题（本大题3小题，3分+6分+7分=16分，共16分）23．小王同学做“比较两种材料保温性能”的实验，他取①和②两种保温材料，两支相同的温度计，两个相同的大玻璃烧杯，钟表和初温相同、质量相等的热开水，以及细线、硬纸片、剪刀等，做两个外形相同的保温装置，其中一个如图（a）所示．然后在相同环境的房间里同时开始做实验．他根据实验测得的数据绘得图（b）所示的“水温与时间关系”图象．实验过程中室温保持不变，请你回答：（1）①和②哪种材料的保温性能好？答：______（选填①或②）．（2）对于同一保温材料内的水，在第10min到第20min时间内放出的热量______第20min到第30min时间内放出的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）．（3）在整个实验过程中，①保温材料内的水放出的热量______②保温材料内的水放出的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）．24．电暖气是常见的家用电器之一，某电暖气的电路示意图如图甲所示，L1和L2是两个指示灯，R1和R2为电热丝，通过调节旋转开关可以改变电暖气的档位，为避免引起火灾，使电暖气被碰倒时能够自动断开电路，可以在电路中接入一个“防倾倒开关”，“防倾倒开关”及其原理如图乙所示，在电暖气的底部有一个伸出外壳的塑料杆，当电暖气防止在水平地面时，塑料杆受到地面竖直向上的力而被顶起，接通顶部的触点，如果电暖气发生倾倒，塑料杆底部不受力，在弹簧的作用下顶部触点断开，电暖气便不再工作，该装置起到了“自动开关”的作用，在某次使用中，电暖气的旋转开关接到档位“1”时，2min消耗的电能是48000J，已知R1：R2=4：7，指示灯L1和L2的电阻很小可忽略不计．（1）“防倾倒开关”最好应安装到图甲的电路示意图中A、B、C、D、E哪一点是______．（2）求电热丝R2的阻值．（3）当旋转开关分置于档位1和档位2时，则电暖气的最大和最小功率的比值是______．25．三峡水利枢纽工程是中国规模最大的水利枢纽工程，如图所示．枢纽控制流域面积约1.0×106km2，占长江流域面积的56%，坝址所在位置年平均流量为Q=4.51×1011m3．水利枢纽的主要任务包括防洪、发电、航运三方面，在发电方面，三峡水电站共安装32台7×105kW水轮发电机组，另外还有2台5×104kW电源机组，总装机容量（指34台发电机组同时工作时的总发电功率）P=2.25×107kW，设计年发电量约W=1011kW•h．阅读上述材料，解答下列问题（水的密度ρ=1．O×103kg/m3，取g=10N/kg）：（1）若三峡电站上、下游水位差按h=110m计算，试求三峡电站将水的势能转化为电能的效率η．（2）若34台发电机组全部发电，要达到年发电量的要求，每台发电机组平均年发电机组平均年发电时间t 为多少天？2015-2016学年广东省潮州市九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）1．关于能的概念，下列说法中错误的是（ ）A ．一个物体能够做功越多，这个物体具有的能量越多B ．动能、势能及机械能的单位都是焦耳C ．用线悬挂着的静止的小球没有做功，所以小球没有能D ．甲物体的速度比乙物体的速度大，但甲物体具有的动能不一定比乙物体多【考点】能．【分析】1、功是能量转化的量度，物体做功越多，这个物体具有的能量越大．2、功与能的单位都是焦耳．3、小球虽未做功但它具有重力势能．4、物体的动能与物体的质量和速度有关，据此分析．【解答】解：A 、功是能量转化的量度，一个物体能够做功越多，这个物体具有的能量越多，说法正确，不符合题意．B 、动能、势能及机械能的单位都是焦耳，说法正确，不符合题意．C 、用线悬挂着的静止的小球没有做功，但它具有重力势能，小球有能量，说法错误，符合题意．D 、物体的动能由物体的质量与速度共同决定，甲物体的速度比乙物体的速度大，但甲物体具有的动能不一定比乙物体多，说法正确，不符合题意．故选C ．2．给一定质量的水加热，水的温度与时间的关系图象如图中a 所示．若其他条件不变，仅将水的质量增加，则水的温度与时间的关系图象正确的是（ ）A ．aB ．bC ．cD ．d【考点】沸腾及沸腾条件；热量的计算．【分析】要解决此题，首先要会分析沸腾图象，同时需要知道液体沸腾时的特点：吸热，但温度保持不变．根据热量公式Q=Cm △t ，采用控制变量法来分析问题．【解答】解：其他条件不变，仅将水的质量增加，由于初温相同，所以，吸收相同的热量，加水前比加水后的温度要高，温度变化大；当升高的温度相同时，加水后加热的时间长，吸收热量多，但沸点、沸腾条件相同；所以A ，B ，D 错误，C 正确．故选C ．3．如图中，哪个过程是表示机械能转化为内能（ ）A ．B ．C ．D ．【考点】内燃机的四个冲程．【分析】热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能．【解答】解：A、图中，进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，此冲程没有能量转化，故A不符合题意；B、图中，气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，将机械能转化为了内能，故B符合题意；C、图中，气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，将内能转化为了机械能，故C不符合题意；D、图中，排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，此冲程没有能量转化，故D不符合题意．故选B．4．用一个开关同时控制两盏灯，则这两盏灯的连接方式（）A．串联或并联都可以 B．串联或并联都不可以C．只能串联 D．只能并联【考点】串联电路和并联电路的辨别．【分析】电路的基本连接形式有两种，一种是串联，另一种是并联．开关在不同的电路中的作用不相同，在串联电路中控制所有用电器，在并联电路的干路中控制所有用电器，在并联电路的支路中只控制本支路用电器．【解答】解：由于开关在不同电路中的作用不同，在串联电路和并联电路的干路中都能控制所有用电器，所以当一个开关同时控制两盏灯泡的亮与灭时，这两盏灯泡之间可能是串联也可能是并联．故选A．5．如图所示，当开关S闭合后，电压表V1和V2的示数分别为6V和3V，则电源电压为（）A．3V B．6V C．9V D．12V【考点】串联电路的电压规律．【分析】两个灯泡为串联，串联电路中各电器两端的电压之和等于总电压．V1的示数为L1两端的电压，V2的示数为L2两端的电压．【解答】解：当开关S闭合后，两个灯泡是串联的，电压表V1测量的是L1两端的电压．电压表V1的示数为6V；电压表V2测量的是灯泡L2两端的电压，V2的示数为3V．由U=U1+U2得，电源电压：U=6V+3V=9V．故选C．6．如图所示电路，电阻R1=10Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为0.3A，电流表A2的示数为0.5A，下列说法正确的是（）A．通过电阻R2的电流为0.5A B．电阻R2的阻值为6ΩC．电源电压为4.5V D．电阻R2消耗的电功率为0.6W【考点】并联电路的电流规律；欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】由图可知两电阻并联，A1测通过R1中的电流，A2测干路电流，则可求得通过各电阻的电流；由欧姆定律可求得电压，再由并联电路的电压规律可求得总电压，则由欧姆定律可求得R2的阻值；由功率公式可求得R2消耗的功率．【解答】解：（1）A1测通过R1的电流I1，A2测干路电路I，则流过R2的电流I2=I﹣I1=0.5A﹣0.3A=0.2A；故A错误；（2）由欧姆定律得R1两端的电压U=I×R1=0.3A×10Ω=3V；因电源电压等于R1两端的电压，故电源电压为3V；由欧姆定律得可R2===15Ω，故BC错误；（3）R2消耗的电功率P=I22R1=（0.2A）2×15Ω=0.6W；故D正确；故选D．7．如图所示的电路中，当开关S闭合时，灯L1、L2均不亮，某同学用一根导线去查找电路的故障，他将导线先并接在灯L1两端时发现L2亮，灯L1不亮，然后并接在L2两端时发现两灯均不亮，由此可以判断（）A．灯L1开路B．灯L2开路C．灯L1短路D．灯L2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】由图可知两灯的连接方式，根据接入导线后灯泡的亮暗判断电路故障．【解答】解：闭合开关时两灯均不亮，说明电路中某处断路，或是两灯均短路；用导线先并联在L1两端时，发现L2亮，灯L1不亮，说明电路通路，两灯泡不可能短路，L2不可能断路；同时因导线与灯L2并联，两灯均不亮，说明灯L1不可能短路，故只能为灯L1发生了断路．故选A．二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）8．用一个动滑轮将重480N的物体匀速提高到距地面10m的高的楼上，所用的拉力为300N，所用时间为30s，则总功是6000J，功率是200W，机械效率是80%．【考点】功的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算．=Gh即可求出有用功；【分析】（1）根据W有用=Fs求出总功；（2）已知利用动滑轮提升物体时，n=2，先根据s=nh求出自由端移动的距离，然后根据W总利用P=可求功率；（3）根据η=求出动滑轮的机械效率．=Gh=480N×10m=4800J；【解答】解：有用功：W有用自由端移动的距离：s=2h=2×10m=20m，=Fs=300N×20m=6000J；总功：W总功率P===200W．动滑轮的机械效率：η=×100%=×100%=80%．故答案为：6000；200；80%．9．用煤气灶把2kg、初温为20℃的水烧到70℃，消耗了20g煤气．已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×l07J/kg，则水吸收的热量为 4.2×105J，煤气完全燃烧放出的热量为8.4×105J，煤气灶烧水的效率为50%．【考点】热量的计算；能量利用效率；燃料的热值．【分析】（1）知道水的质量、水的比热容和水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；=mq计算煤气完全燃烧放出的热量；（2）知道煤气的质量和煤气的热值，利用Q放（3）水吸收的热量是有用的能量，煤气完全燃烧放出的热量为总能量，利用效率公式求煤气灶烧水的效率．【解答】解：（1）水吸收的热量：Q=cm△t吸=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）=4.2×105J；（2）20g煤气完全燃烧放出的热量：=mq=20×10﹣3kg×4.2×107J/kg=8.4×105J；Q放（3）燃气灶烧水的效率：η===50%．故答案为：4.2×105；8.4×105；50．10．如图，滚摆可以上下往复运动，说明动能和势能可以（可以/不可以）相互转化，在上升的过程中重力势能增大，动能减小．（增大/减小/不变）【考点】动能和势能的转化与守恒．【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．【解答】解：滚摆在下落的过程中：质量不变，所处高度减小重力势能减小，但速度增大动能增大，正是减少的重力势能转化为了动能．滚摆在上升的过程中：质量不变，速度减小动能减小，但所处高度增大重力势能增大，正是减少的动能转化为了重力势能．所以说在摆球左右摆动和滚摆上下往复运动的过程中，动能和重力势能是可以相互转化的．故答案为：可以，增大，减小．11．小明4月底看到家中电能表如图甲所示，则他家同时工作的用电器总功率不能超过2200W，当他5月底再去观察时，发现电能表如图乙所示，则他家5月份消耗的电能为95kW•h，小明将某用电器单独接入自家电路中正常使用，观察电能表上的指示灯在3min闪烁32次，则该用电器消耗的功率是400W．【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法．【分析】（1）由电能表的参数可知工作电压和允许工作的最大电流，根据P=UI求出电能表允许用电器工作的最大总功率；（2）电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW•h，两次示数只差即为本月用的电；（3）1600imp/kW•h表示消耗1kW•h的电能，电能表闪动1600次，据此可求出当电能表的闪动32次消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P=求出该用电器消耗的功率．【解答】解：（1）由电能表的参数可知，工作电压U=220V，允许工作的最大电流I=10A，电能表允许用电器工作的最大总功率：=UI=220V×10A=2200W；P大（2）他家本月用电W=12614.6kW•h﹣12519.6kW•h=95kW•h；（3）电能表指示灯闪烁32次消耗的电能：W=kW•h=0.02kW•h，用电器的实际功率：P===0.4kW=400W．故答案为：2200；95；400．12．图1的电路中，电源电压恒为12V，滑动变阻器铭牌上标有“100Ω0.5A”字样，图2为R1的I﹣U图象，R1的阻值为20Ω，当电路中的电流为0.2A时，滑动变阻器R2接入电路的阻值为40Ω，为了不损坏滑动变阻器R2，接入电路的阻值应不小于4Ω．【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律．【分析】（1）根据R1的I﹣U图象读出任意一点电流和对应的电压，根据欧姆定律求出R1的阻值；（2）由图象读出当电路中的电流为0.2A时对应的电压，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器R2接入电路的阻值；（3）根据滑动变阻器的铭牌可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电路中的最小电阻，再根据电阻的串联求出接入电路的最小值．【解答】解：（1）由图象可知，当U1=6V时，I1=0.3A，则R1===20Ω；（2）由电路图可知，两电阻串联，由图象可知当电路中的电流I=0.2A时，U1′=4V，则U2=U﹣U1′=12V﹣4V=8V，R2===40Ω；（3）由滑动变阻器的铭牌可知，电路中的最大电流I max=0.5A，则===24Ω，电路中的最小总电阻R总min滑动变阻器接入电路的最小值R2min=R﹣R1=24Ω﹣20Ω=4Ω．总min故答案为：20；40；4．13．如图甲所示的电路图，L1和L2是并联连接的，开关闭合时，两个电流表的示数分别如图乙和图丙，判断A1表的读数是1A；通过灯L2的电流大小是0.5A．【考点】电路的基本连接方式；并联电路的电流规律．【分析】并联电路是指各用电器并列连接起来的电路，根据并联电路的特点判断两灯泡的关系；由于电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量L1中的电流，然后根据电流表中指针的位置以及串联电路中电流的规律计算出通过灯L2的电流大小即可．【解答】解：因为两个灯泡并列连接在电路里，两灯泡是并联连接；根据电流表A2的量程和指针位置可知：电流表A2的读数为0.5A，则I1=0.5A，因为电流表A1测量干路中的电流，所以电流表A1的读数应大于电流表A2的读数，因此电流表的量程为0～3A，故示数为1A，则流过灯L2的电流大小I2=I﹣I1=1A﹣0.5A=0.5A．故答案为：并联；1；0.5．14．某电动机工作电压为220V，通过线圈的电流为5A，线圈电阻为5Ω，则每分钟电动机消耗的电能为 6.6×104J，电流通过线圈产生的热量为7.5×103J，电动机工作产生的机械能为 5.85×104J．【考点】电功的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．【分析】（1）知道电动机工作的电压和通过的电流和工作时间，根据W=UIt求出每分钟该电动机消耗的电能；（2）知道电路中的电流和线圈的电阻，根据Q=I2Rt求出线圈每分钟产生的热量；（3）每分钟该电动机消耗的电能减去线圈每分钟产生的热量即为获得的机械性能．【解答】解：（1）每分钟该电动机消耗的电能：W总=UIt=220V×5A×60s=6.6×104J；（2）线圈每分钟产生的热量：Q=I2Rt=（5A）2×5Ω×60s=7.5×103J；（3）每分钟该电动机正常工作时电能转化为的机械能：W有用=W总﹣Q=6.6×104J﹣7.5×103J=5.85×104J．故答案为：6.6×104；7.5×103；5.85×104．三、作图题（本大题3小题，2分+3分+3分=8分，共8分）15．在右图电路中，填入电流表或电压表的符号，闭合电键S后，两灯泡并联且均能正常发光．【考点】电流表的使用；电压表的使用．【分析】（1）填入电流表或电压表的符号的依据是：电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联；（2）要使两灯并联，就要使两灯分别在一个支路，这就要求电流从电源出来要分叉，分别通过两个灯泡．【解答】解：由图可知，电流从正极出来若上边的电表是电压表，则灯L1就在干路了，两灯组不成并联电路，所以上边的电表是电流表；若右边的电表是电流表，则电路是短路，所以只能是电压表；中间的电表就在干路上了，所以中间的电表是电流表．如图：这样，两灯并联，电流表A1测干路中电流，A2测L2电流，电压表测电源电压．16．根据如图实物连线图，在方框内画出对应的电路图．【考点】根据实物图画电路图．【分析】首先对电路进行分析，明确灯泡的连接关系及开关的控制作用，然后根据灯泡连接关系及开关位置画出电路图．【解答】解：由实物图知：电流从电源正极出发，经开关S，分为两支：一支经灯泡L2；另一支经灯泡L1；然后共同回到负极．所以两只灯泡并联，开关S在干路，控制两只灯泡；电路图设计如下：17．根据图所示的电路图，用笔画线代替导线，连接实物电路（要求导线不能交叉）．【考点】实物的电路连接．【分析】把L2与S2串联后，再与L1并联，电流表、开关S1串联在干路中．【解答】解：四、实验题（本大题3小题，6分+5分+10分=21分，共21分）18．物理兴趣小组在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图所示的滑轮组进行了4次测量，测得数据如下）实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计（2）第4次实验测得的机械效率为66.7%（3）比较1、2两次实验，小组同学发现：同一滑轮组的机械效率与重物被提升高度无关：比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组，提起的物体重力越大，机械效率越高，第4次拉力做的额外功与第3次相比增大（选填“增大”、“减小”或“不变”），由此可见机械效率提高的原因是有用功增加比额外功增加多得多，从而使有用功占总功的比值变大．【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验．【分析】（1）应竖直匀速拉动测力计，这样拉力大小不变，弹簧测力计的示数稳定；（2）根据η==计算机械效率；（3）探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提高高度；由第3、4实验数据，找到不变量和改变的量，分析机械效率的影响因素；根据W额=W总﹣W有=Fs﹣Gh计算3、4两次实验的额外功的大小比较，从而分析提高机械效率办法．【解答】解：（1）实验中应该竖直向上匀速拉动弹簧测力计，以保证拉力大小恒定，便于读数．（2）由表格第4次实验数据，机械效率大小为：η=×100%=×100%=×100%≈66.7%；（3）探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提高高度，由表格数据可知，应比较1、2两次实验；比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组提起的物体越重，滑轮组的机械效率越高；根据W额=W总﹣W有=Fs﹣Gh，W额3=F3s﹣G3h=1.1N×0.3m﹣2N×0.1m=0.13J，W额4=F4s﹣G4h=2.0N×0.3m﹣4N×0.1m=0.2J，所以第4次拉力做的额外功与第3次相比增大了0.07J；W有3=G3h=2N×0.1m=0.2J，W有4=G4h=4N×0.1m=0.4J，有用功增大了0.2J．由此可知，有用功增加比额外功增加多得多，从而使有用功占总功的比值变大，即机械效率增大．故答案为：（1）匀速；（2）66.7；（3）1、2；提起的物体重力；增大；有用功增加比额外功增加多得多，从而使有用功占总功的比值变大．19．用图甲所示装置“比较不同液体吸热升温特点”．在两个相同烧杯中分别加入初温、体积相同的水和食盐水，用相同酒精灯加热直到沸腾．（1）分别测量出水和食盐水的沸点，发现食盐水的沸点比水高．其中水沸腾时温度计的局部放大图如乙图所示，水的沸点为98℃．（2）实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水多（选填“多”或“少”）．（3）能否仅由“加热食盐水到沸腾需要的时间长”得出食盐水比热容大的结论？答：不；其原因是：实验中没有保持二者质量和升高的温度相同．【考点】热量的计算．【分析】（1）根据图中所示温度计示数为98℃；（2）在相同的酒精灯下，向相同的烧杯加热，要比较吸收热量的多少，就得比较加热时间的多少，而实验中加热食盐水所用时间多，则其吸收的热量也多．（3）要比较比热容的大小，必须得控制其他物理量不变，保证质量不变，还有一个因素，得使两者的温度差相同，才可以比较比热容的大小．【解答】解：（1）根据图中所示，温度计示数为98℃；（2）我们知道要比较物质吸收热量的多少，就得比较加热时间的多少；（3）要比较其中一个物理量的大小，就得控制其他物理量不变，所以在其他物理量不变的情况下才能比较，而实验中没有保持二者质量和升高的温度相同．故答案为：（1）98；。

广东省潮州市九年级（上）期末物理试卷一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）1．关于能的概念，下列说法中错误的是（ ）A ．一个物体能够做功越多，这个物体具有的能量越多B ．动能、势能及机械能的单位都是焦耳C ．用线悬挂着的静止的小球没有做功，所以小球没有能D ．甲物体的速度比乙物体的速度大，但甲物体具有的动能不一定比乙物体多2．给一定质量的水加热，水的温度与时间的关系图象如图中a 所示．若其他条件不变，仅将水的质量增加，则水的温度与时间的关系图象正确的是（ ）A ．aB ．bC ．cD ．d3．如图中，哪个过程是表示机械能转化为内能（ ）A ．B ．C ．D ．4．用一个开关同时控制两盏灯，则这两盏灯的连接方式（ ）A ．串联或并联都可以B ．串联或并联都不可以C ．只能串联D ．只能并联5．如图所示，当开关S 闭合后，电压表V 1和V 2的示数分别为6V 和3V ，则电源电压为（ ）A ．3VB ．6VC ．9VD ．12V6．如图所示电路，电阻R 1=10Ω，闭合开关S ，电流表A 1的示数为0.3A ，电流表A 2的示数为0.5A ，下列说法正确的是（ ）A ．通过电阻R 2的电流为0.5AB ．电阻R 2的阻值为6ΩC ．电源电压为4.5VD ．电阻R 2消耗的电功率为0.6W7．如图所示的电路中，当开关S 闭合时，灯L 1、L 2均不亮，某同学用一根导线去查找电路的故障，他将导线先并接在灯L1两端时发现L 2亮，灯L 1不亮，然后并接在L 2两端时发现两灯均不亮，由此可以判断（ ）A．灯L1开路B．灯L2开路C．灯L1短路D．灯L2短路二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）8．用一个动滑轮将重480N的物体匀速提高到距地面10m的高的楼上，所用的拉力为300N，所用时间为30s，则总功是______J，功率是______W，机械效率是______%．9．用煤气灶把2kg、初温为20℃的水烧到70℃，消耗了20g煤气．已知水的比热容是4.2×103J/（ kg•℃），煤气的热值为4.2×l07J/kg，则水吸收的热量为______J，煤气完全燃烧放出的热量为______J，煤气灶烧水的效率为______%．10．如图，滚摆可以上下往复运动，说明动能和势能______（可以/不可以）相互转化，在上升的过程中重力势能______，动能______．（增大/减小/不变）11．小明4月底看到家中电能表如图甲所示，则他家同时工作的用电器总功率不能超过______W，当他5月底再去观察时，发现电能表如图乙所示，则他家5月份消耗的电能为______kW•h，小明将某用电器单独接入自家电路中正常使用，观察电能表上的指示灯在3min闪烁32次，则该用电器消耗的功率是______W．12．图1的电路中，电源电压恒为12V，滑动变阻器铭牌上标有“100Ω 0.5A”字样，图2为R1的I﹣U图象，R1的阻值为______Ω，当电路中的电流为0.2A时，滑动变阻器R2接入电路的阻值为______Ω，为了不损坏滑动变阻器R2，接入电路的阻值应不小于______Ω．13．如图甲所示的电路图，L1和L2是______连接的，开关闭合时，两个电流表的示数分别如图乙和图丙，判断A1表的读数是______A；通过灯L2的电流大小是______A．14．某电动机工作电压为220V，通过线圈的电流为5A，线圈电阻为5Ω，则每分钟电动机消耗的电能为______J，电流通过线圈产生的热量为______J，电动机工作产生的机械能为______J．三、作图题（本大题3小题，2分+3分+3分=8分，共8分）15．在右图电路中，填入电流表或电压表的符号，闭合电键S后，两灯泡并联且均能正常发光．16．根据如图实物连线图，在方框内画出对应的电路图．17．根据图所示的电路图，用笔画线代替导线，连接实物电路（要求导线不能交叉）．四、实验题（本大题3小题，6分+5分+10分=21分，共21分）18．物理兴趣小组在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图所示的滑轮组进行了4次测量，测得数据如下表所示．（1）实验中应竖直向上______拉动弹簧测力计（2）第4次实验测得的机械效率为______%（3）比较______两次实验，小组同学发现：同一滑轮组的机械效率与重物被提升高度无关：比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组，______越大，机械效率越高，第4次拉力做的额外功与第3次相比______（选填“增大”、“减小”或“不变”），由此可见机械效率提高的原因是______．19．用图甲所示装置“比较不同液体吸热升温特点”．在两个相同烧杯中分别加入初温、体积相同的水和食盐水，用相同酒精灯加热直到沸腾．（1）分别测量出水和食盐水的沸点，发现食盐水的沸点比水高．其中水沸腾时温度计的局部放大图如乙图所示，水的沸点为______℃．（2）实验中加热食盐水到沸腾需要的时间长，说明食盐水吸收的热量比水______（选填“多”或“少”）．（3）能否仅由“加热食盐水到沸腾需要的时间长”得出食盐水比热容大的结论？答：______；其原因是：______．20．在“用伏安法测小灯泡电阻“的实验中，待测小灯泡标有”2.5V“．（1）如图1，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应该是______（选填“A”或“B”）端．（2）在正确的连接好电路后，某次测量张电流表的示数为0.20A，为测得额定电压下的灯丝电阻，滑动变阻器滑片P应向______（选填“左”或“右”）端滑动．（3）从图2还可以看出，小灯泡灯丝的电阻是______（选填“变化的”或“不变的”），从物理学角度分析，造成这一现象的原因是______，分析图象可知，小灯泡正常工作时的灯丝电阻为______Ω，额定功率为______W．（4）实验中测出了小灯泡在多次不同电压的灯丝电阻，一些同学认为可以进一步求出它们的平均值以减小误差，你是否同一它们的观点？说明你的理由．答：______，理由______．（5）在该实验中有同学连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的过程中发现，电流表的示数变大时，电压表的示数反而减小，电流表的示数变小时，电压表的示数反而增大，经检查所有器材均完好，你认为出现上述实验现象的原因是：______．五、计算题（本大题2小题，6分+7分=13分，共13分）21．为了上班方便的小华买了一辆电动自行车，已知车的自重为25kg，牵引力的额定功率为350W，小华的体重50kg，若电动机正常工作，在其中一段平直公路上以10m/s的速度匀速行驶5min，求：（1）这段时间内牵引力做的功；（2）自行车所受到的阻力大小f．22．如图所示是小明同学安装的家用调光灯电路图，灯泡上标有“PZ220﹣40”字样，滑动变阻器的最大阻值为1210Ω，求：（1）该灯泡正常发光时的电阻和电流（2）灯泡两端的最小电压（3）台灯功率的调节范围．（不计温度对灯丝电阻的影响）六、综合能力题（本大题3小题，3分+6分+7分=16分，共16分）23．小王同学做“比较两种材料保温性能”的实验，他取①和②两种保温材料，两支相同的温度计，两个相同的大玻璃烧杯，钟表和初温相同、质量相等的热开水，以及细线、硬纸片、剪刀等，做两个外形相同的保温装置，其中一个如图（a）所示．然后在相同环境的房间里同时开始做实验．他根据实验测得的数据绘得图（b）所示的“水温与时间关系”图象．实验过程中室温保持不变，请你回答：（1）①和②哪种材料的保温性能好？答：______（选填①或②）．（2）对于同一保温材料内的水，在第10min到第20min时间内放出的热量______第20min到第30min时间内放出的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）．（3）在整个实验过程中，①保温材料内的水放出的热量______②保温材料内的水放出的热量（选填“大于”、“等于”或“小于”）．24．电暖气是常见的家用电器之一，某电暖气的电路示意图如图甲所示，L1和L2是两个指示灯，R1和R2为电热丝，通过调节旋转开关可以改变电暖气的档位，为避免引起火灾，使电暖气被碰倒时能够自动断开电路，可以在电路中接入一个“防倾倒开关”，“防倾倒开关”及其原理如图乙所示，在电暖气的底部有一个伸出外壳的塑料杆，当电暖气防止在水平地面时，塑料杆受到地面竖直向上的力而被顶起，接通顶部的触点，如果电暖气发生倾倒，塑料杆底部不受力，在弹簧的作用下顶部触点断开，电暖气便不再工作，该装置起到了“自动开关”的作用，在某次使用中，电暖气的旋转开关接到档位“1”时，2min消耗的电能是48000J，已知R1：R2=4：7，指示灯L1和L2的电阻很小可忽略不计．（1）“防倾倒开关”最好应安装到图甲的电路示意图中A、B、C、D、E哪一点是______．（2）求电热丝R2的阻值．（3）当旋转开关分置于档位1和档位2时，则电暖气的最大和最小功率的比值是______．25．三峡水利枢纽工程是中国规模最大的水利枢纽工程，如图所示．枢纽控制流域面积约1.0×106km2，占长江流域面积的56%，坝址所在位置年平均流量为Q=4.51×1011m3．水利枢纽的主要任务包括防洪、发电、航运三方面，在发电方面，三峡水电站共安装32台7×105kW水轮发电机组，另外还有2台5×104kW电源机组，总装机容量（指34台发电机组同时工作时的总发电功率）P=2.25×107kW，设计年发电量约W=1011kW•h．阅读上述材料，解答下列问题（水的密度ρ=1．O×103kg/m3，取g=10N/kg）：（1）若三峡电站上、下游水位差按h=110m计算，试求三峡电站将水的势能转化为电能的效率η．（2）若34台发电机组全部发电，要达到年发电量的要求，每台发电机组平均年发电机组平均年发电时间t为多少天？2015-2016学年广东省潮州市九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本大题7小题，每小题3分，共21分）1．关于能的概念，下列说法中错误的是（）A．一个物体能够做功越多，这个物体具有的能量越多B．动能、势能及机械能的单位都是焦耳C．用线悬挂着的静止的小球没有做功，所以小球没有能D．甲物体的速度比乙物体的速度大，但甲物体具有的动能不一定比乙物体多【考点】能．【分析】1、功是能量转化的量度，物体做功越多，这个物体具有的能量越大．2、功与能的单位都是焦耳．3、小球虽未做功但它具有重力势能．4、物体的动能与物体的质量和速度有关，据此分析．【解答】解：A、功是能量转化的量度，一个物体能够做功越多，这个物体具有的能量越多，说法正确，不符合题意．B、动能、势能及机械能的单位都是焦耳，说法正确，不符合题意．C、用线悬挂着的静止的小球没有做功，但它具有重力势能，小球有能量，说法错误，符合题意．D、物体的动能由物体的质量与速度共同决定，甲物体的速度比乙物体的速度大，但甲物体具有的动能不一定比乙物体多，说法正确，不符合题意．故选C．2．给一定质量的水加热，水的温度与时间的关系图象如图中a所示．若其他条件不变，仅将水的质量增加，则水的温度与时间的关系图象正确的是（）A．a B．b C．c D．d【考点】沸腾及沸腾条件；热量的计算．【分析】要解决此题，首先要会分析沸腾图象，同时需要知道液体沸腾时的特点：吸热，但温度保持不变．根据热量公式Q=Cm△t，采用控制变量法来分析问题．【解答】解：其他条件不变，仅将水的质量增加，由于初温相同，所以，吸收相同的热量，加水前比加水后的温度要高，温度变化大；当升高的温度相同时，加水后加热的时间长，吸收热量多，但沸点、沸腾条件相同；所以A，B，D错误，C 正确．故选C．3．如图中，哪个过程是表示机械能转化为内能（）A ．B ．C ．D ．【考点】内燃机的四个冲程．【分析】热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程．压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能．【解答】解：A 、图中，进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，此冲程没有能量转化，故A 不符合题意；B 、图中，气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，将机械能转化为了内能，故B 符合题意；C 、图中，气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，将内能转化为了机械能，故C 不符合题意；D 、图中，排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，此冲程没有能量转化，故D 不符合题意．故选B ．4．用一个开关同时控制两盏灯，则这两盏灯的连接方式（ ）A ．串联或并联都可以B ．串联或并联都不可以C ．只能串联D ．只能并联【考点】串联电路和并联电路的辨别．【分析】电路的基本连接形式有两种，一种是串联，另一种是并联．开关在不同的电路中的作用不相同，在串联电路中控制所有用电器，在并联电路的干路中控制所有用电器，在并联电路的支路中只控制本支路用电器．【解答】解：由于开关在不同电路中的作用不同，在串联电路和并联电路的干路中都能控制所有用电器，所以当一个开关同时控制两盏灯泡的亮与灭时，这两盏灯泡之间可能是串联也可能是并联．故选A ．5．如图所示，当开关S 闭合后，电压表V 1和V 2的示数分别为6V 和3V ，则电源电压为（ ）A ．3VB ．6VC ．9VD ．12V【考点】串联电路的电压规律．【分析】两个灯泡为串联，串联电路中各电器两端的电压之和等于总电压．V 1的示数为L 1两端的电压，V 2的示数为L 2两端的电压．【解答】解：当开关S 闭合后，两个灯泡是串联的，电压表V 1测量的是L 1两端的电压．电压表V 1的示数为6V ；电压表V 2测量的是灯泡L 2两端的电压，V 2的示数为3V ．由U=U 1+U 2得，电源电压：U=6V+3V=9V ．故选C ．6．如图所示电路，电阻R 1=10Ω，闭合开关S ，电流表A 1的示数为0.3A ，电流表A 2的示数为0.5A ，下列说法正确的是（ ）A ．通过电阻R 2的电流为0.5AB ．电阻R 2的阻值为6ΩC ．电源电压为4.5VD ．电阻R 2消耗的电功率为0.6W【考点】并联电路的电流规律；欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】由图可知两电阻并联，A 1测通过R 1中的电流，A 2测干路电流，则可求得通过各电阻的电流；由欧姆定律可求得电压，再由并联电路的电压规律可求得总电压，则由欧姆定律可求得R 2的阻值；由功率公式可求得R 2消耗的功率．【解答】解：（1）A 1测通过R 1的电流I 1，A 2测干路电路I ，则流过R 2的电流I 2=I ﹣I 1=0.5A ﹣0.3A=0.2A ；故A 错误；（2）由欧姆定律得R 1两端的电压U=I ×R 1=0.3A ×10Ω=3V；因电源电压等于R 1两端的电压，故电源电压为3V ；由欧姆定律得可R 2===15Ω，故BC 错误；（3）R 2消耗的电功率P=I 22R 1=（0.2A ）2×15Ω=0.6W； 故D 正确；故选D ．7．如图所示的电路中，当开关S 闭合时，灯L 1、L 2均不亮，某同学用一根导线去查找电路的故障，他将导线先并接在灯L1两端时发现L 2亮，灯L 1不亮，然后并接在L 2两端时发现两灯均不亮，由此可以判断（ ）A ．灯L 1开路B ．灯L 2开路C ．灯L 1短路D ．灯L 2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】由图可知两灯的连接方式，根据接入导线后灯泡的亮暗判断电路故障．【解答】解：闭合开关时两灯均不亮，说明电路中某处断路，或是两灯均短路；用导线先并联在L 1两端时，发现L 2亮，灯L 1不亮，说明电路通路，两灯泡不可能短路，L 2不可能断路； 同时因导线与灯L 2并联，两灯均不亮，说明灯L 1不可能短路，故只能为灯L 1发生了断路．故选A ．二、填空题（本大题7小题，每空1分，共21分）8．用一个动滑轮将重480N 的物体匀速提高到距地面10m 的高的楼上，所用的拉力为300N ，所用时间为30s ，则总功是 6000 J ，功率是 200 W ，机械效率是 80 %．【考点】功的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算．【分析】（1）根据W 有用=Gh 即可求出有用功；（2）已知利用动滑轮提升物体时，n=2，先根据s=nh 求出自由端移动的距离，然后根据W 总=Fs 求出总功； 利用P=可求功率；（3）根据η=求出动滑轮的机械效率．【解答】解：有用功：W 有用=Gh=480N ×10m=4800J ；自由端移动的距离：s=2h=2×10m=20m，=Fs=300N×20m=6000J；总功：W总功率P===200W．动滑轮的机械效率：η=×100%=×100%=80%．故答案为：6000；200；80%．9．用煤气灶把2kg、初温为20℃的水烧到70℃，消耗了20g煤气．已知水的比热容是4.2×103J/（ kg•℃），煤气的热值为4.2×l07J/kg，则水吸收的热量为 4.2×105J，煤气完全燃烧放出的热量为8.4×105J，煤气灶烧水的效率为50 %．【考点】热量的计算；能量利用效率；燃料的热值．【分析】（1）知道水的质量、水的比热容和水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；=mq计算煤气完全燃烧放出的热量；（2）知道煤气的质量和煤气的热值，利用Q放（3）水吸收的热量是有用的能量，煤气完全燃烧放出的热量为总能量，利用效率公式求煤气灶烧水的效率．【解答】解：（1）水吸收的热量：=cm△tQ吸=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）=4.2×105J；（2）20g煤气完全燃烧放出的热量：=mq=20×10﹣3kg×4.2×107J/kg=8.4×105J；Q放（3）燃气灶烧水的效率：η===50%．故答案为：4.2×105；8.4×105；50．10．如图，滚摆可以上下往复运动，说明动能和势能可以（可以/不可以）相互转化，在上升的过程中重力势能增大，动能减小．（增大/减小/不变）【考点】动能和势能的转化与守恒．【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．【解答】解：滚摆在下落的过程中：质量不变，所处高度减小重力势能减小，但速度增大动能增大，正是减少的重力势能转化为了动能．滚摆在上升的过程中：质量不变，速度减小动能减小，但所处高度增大重力势能增大，正是减少的动能转化为了重力势能．所以说在摆球左右摆动和滚摆上下往复运动的过程中，动能和重力势能是可以相互转化的．故答案为：可以，增大，减小．11．小明4月底看到家中电能表如图甲所示，则他家同时工作的用电器总功率不能超过 2200 W ，当他5月底再去观察时，发现电能表如图乙所示，则他家5月份消耗的电能为 95 kW •h ，小明将某用电器单独接入自家电路中正常使用，观察电能表上的指示灯在3min 闪烁32次，则该用电器消耗的功率是 400 W ．【考点】电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法． 【分析】（1）由电能表的参数可知工作电压和允许工作的最大电流，根据P=UI 求出电能表允许用电器工作的最大总功率；（2）电能表显示的数字中最后一位是小数，单位为kW •h ，两次示数只差即为本月用的电；（3）1600imp/kW •h 表示消耗1kW •h 的电能，电能表闪动1600次，据此可求出当电能表的闪动32次消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P=求出该用电器消耗的功率．【解答】解：（1）由电能表的参数可知，工作电压U=220V ，允许工作的最大电流I=10A ， 电能表允许用电器工作的最大总功率： P 大=UI=220V ×10A=2200W ；（2）他家本月用电W=12614.6kW •h ﹣12519.6kW •h=95kW •h ； （3）电能表指示灯闪烁32次消耗的电能：W=kW •h=0.02kW •h ，用电器的实际功率：P===0.4kW=400W ．故答案为：2200；95；400．12．图1的电路中，电源电压恒为12V ，滑动变阻器铭牌上标有“100Ω 0.5A”字样，图2为R 1的I ﹣U 图象，R 1的阻值为 20 Ω，当电路中的电流为0.2A 时，滑动变阻器R 2接入电路的阻值为 40 Ω，为了不损坏滑动变阻器R 2，接入电路的阻值应不小于 4 Ω．【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律．【分析】（1）根据R 1的I ﹣U 图象读出任意一点电流和对应的电压，根据欧姆定律求出R 1的阻值； （2）由图象读出当电路中的电流为0.2A 时对应的电压，根据串联电路的电压特点求出R 1两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器R 2接入电路的阻值；（3）根据滑动变阻器的铭牌可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电路中的最小电阻，再根据电阻的串联求出接入电路的最小值．【解答】解：（1）由图象可知，当U 1=6V 时，I 1=0.3A ，则R 1===20Ω；（2）由电路图可知，两电阻串联，由图象可知当电路中的电流I=0.2A 时，U 1′=4V，则 U 2=U ﹣U 1′=12V﹣4V=8V ， R 2===40Ω；（3）由滑动变阻器的铭牌可知，电路中的最大电流I max =0.5A ，则电路中的最小总电阻R 总min ===24Ω，滑动变阻器接入电路的最小值R 2min =R 总min ﹣R 1=24Ω﹣20Ω=4Ω． 故答案为：20；40；4．13．如图甲所示的电路图，L 1和L 2是 并联 连接的，开关闭合时，两个电流表的示数分别如图乙和图丙，判断A 1表的读数是 1 A ；通过灯L 2的电流大小是 0.5 A ．【考点】电路的基本连接方式；并联电路的电流规律．【分析】并联电路是指各用电器并列连接起来的电路，根据并联电路的特点判断两灯泡的关系；由于电流表A 1测量干路中的电流，电流表A 2测量L 1中的电流，然后根据电流表中指针的位置以及串联电路中电流的规律计算出通过灯L 2的电流大小即可．【解答】解：因为两个灯泡并列连接在电路里，两灯泡是并联连接；根据电流表A 2的量程和指针位置可知：电流表A 2的读数为0.5A ，则I 1=0.5A ，因为电流表A 1测量干路中的电流，所以电流表A 1的读数应大于电流表A 2的读数，因此电流表的量程为0～3A ，故示数为1A ，则流过灯L 2的电流大小I 2=I ﹣I 1=1A ﹣0.5A=0.5A ．故答案为：并联；1；0.5． 14．某电动机工作电压为220V ，通过线圈的电流为5A ，线圈电阻为5Ω，则每分钟电动机消耗的电能为 6.6×104 J ，电流通过线圈产生的热量为 7.5×103J ，电动机工作产生的机械能为 5.85×104 J ． 【考点】电功的计算；焦耳定律的计算公式及其应用． 【分析】（1）知道电动机工作的电压和通过的电流和工作时间，根据W=UIt 求出每分钟该电动机消耗的电能；（2）知道电路中的电流和线圈的电阻，根据Q=I 2Rt 求出线圈每分钟产生的热量； （3）每分钟该电动机消耗的电能减去线圈每分钟产生的热量即为获得的机械性能． 【解答】解：（1）每分钟该电动机消耗的电能： W 总=UIt=220V ×5A ×60s=6.6×104J ； （2）线圈每分钟产生的热量： Q=I 2Rt=（5A ）2×5Ω×60s=7.5×103J ；（3）每分钟该电动机正常工作时电能转化为的机械能： W 有用=W 总﹣Q=6.6×104J ﹣7.5×103J=5.85×104J ． 故答案为：6.6×104；7.5×103；5.85×104．三、作图题（本大题3小题，2分+3分+3分=8分，共8分）15．在右图电路中，填入电流表或电压表的符号，闭合电键S 后，两灯泡并联且均能正常发光．【考点】电流表的使用；电压表的使用． 【分析】（1）填入电流表或电压表的符号的依据是：电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联； （2）要使两灯并联，就要使两灯分别在一个支路，这就要求电流从电源出来要分叉，分别通过两个灯泡． 【解答】解：由图可知，电流从正极出来若上边的电表是电压表，则灯L 1就在干路了，两灯组不成并联电路，所以上边的电表是电流表；若右边的电表是电流表，则电路是短路，所以只能是电压表；中间的电表就在干路上了，所以中间的电表是电流表．如图：这样，两灯并联，电流表A 1测干路中电流，A 2测L 2电流，电压表测电源电压．16．根据如图实物连线图，在方框内画出对应的电路图．【考点】根据实物图画电路图．【分析】首先对电路进行分析，明确灯泡的连接关系及开关的控制作用，然后根据灯泡连接关系及开关位置画出电路图．【解答】解：由实物图知：电流从电源正极出发，经开关S ，分为两支：一支经灯泡L 2；另一支经灯泡L 1；然后共同回到负极．所以两只灯泡并联，开关S 在干路，控制两只灯泡；电路图设计如下：17．根据图所示的电路图，用笔画线代替导线，连接实物电路（要求导线不能交叉）．【考点】实物的电路连接．【分析】把L 2与S 2串联后，再与L 1并联，电流表、开关S 1串联在干路中． 【解答】解：四、实验题（本大题3小题，6分+5分+10分=21分，共21分）18．物理兴趣小组在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图所示的滑轮组进行了4次测量，测得数据如下表所示．（1）实验中应竖直向上 匀速 拉动弹簧测力计 （2）第4次实验测得的机械效率为 66.7 %（3）比较 1、2 两次实验，小组同学发现：同一滑轮组的机械效率与重物被提升高度无关：比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组， 提起的物体重力 越大，机械效率越高，第4次拉力做的额外功与第3次相比 增大 （选填“增大”、“减小”或“不变”），由此可见机械效率提高的原因是 有用功增加比额外功增加多得多，从而使有用功占总功的比值变大 ．【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验． 【分析】（1）应竖直匀速拉动测力计，这样拉力大小不变，弹簧测力计的示数稳定； （2）根据η==计算机械效率；（3）探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提高高度； 由第3、4实验数据，找到不变量和改变的量，分析机械效率的影响因素；根据W 额=W 总﹣W 有=Fs ﹣Gh 计算3、4两次实验的额外功的大小比较，从而分析提高机械效率办法． 【解答】解：（1）实验中应该竖直向上匀速拉动弹簧测力计，以保证拉力大小恒定，便于读数． （2）由表格第4次实验数据，机械效率大小为： η=×100%=×100%=×100%≈66.7%；。