2021届四川省成都市普通高中高三毕业班上学期摸底测试(零诊)物理试题及答案

绝密★启用前四川省成都市普通高中2021届高三毕业班上学期摸底测试(零诊)数学(理)试题(解析版)本试卷分选择题和非选择题两部分。

第I 卷（选择题）1至2页,第Ⅱ卷（非选择题）3至4页,共4页,满分150分,考试时间120分钟。

注意事项：1．答题前,务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上。

2．答选择题时,必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦擦干净后,再选涂其它答案标号。

3．答非选择题时,必须使用0.5毫米黑色签字笔,将答案书写在答题卡规定的位置上。

4．所有题目必须在答题卡上作答,在试题卷上答题无效。

5．考试结束后,只将答题卡交回。

第I 卷（选择题,共60分）一、选择题：本大题共12小题,每小题5分,共60分．在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的．1．设集合{|02}A x x =<<,{|1}B x x =≥,则A B =C(A)}10|{≤<x x (B)}10|{<<x x(C)}21|{<≤x x (D)}20|{<<x x解：{|12}A B x x =≤<,故选C2．复数i i i z (22-=为虚数单位)在复平面内对应的点位于B (A)第一象限 (B)第二象限 (C)第三象限 (D)第四象限 解：22(2)24242(2)(2)555i i i i z i i i i +-+====-+--+,其在复平面内对应的点的坐标为24(,)55-,故选B 3．已知函数=)(x f ⎩⎨⎧>≤-.0,ln 0|,1|x x x x ,则1(())f f e =D (A)0 (B)1 (C)1-e (D)2 解：11()ln 1f e e ==-,1(())(1)|2|2f f f e=-=-=,故选D 4．为了加强全民爱眼意识,提高民族健康素质,1996年,卫生部,教育部,团中央等12个部委联合发出通知,将爱眼日活动列为国家节日之一,并确定每年的6月6日为“全国爱眼日”．某校高=(1)班有40名学生,学号为01到40,现采用随机数表法从该班抽取5名学生参加“全国爱眼日’’宣传活动．已知随机数表中第6行至第7行的各数如下：16 22 77 94 39 49 54 43 54 8217 37 93 23 78 87 35 20 96 4384 26 34 91 64 84 42 17 53 3157 24 55 06 88 77 04 74 47 6721 76 33 50 25 83 92 12 06 76若从随机数表第6行第9列的数开始向右读则抽取的第5名学生的学号是C(A)17 (B)23 (C)35 (D)37 解：读取的前5名学生的学号依次是：39,17,37,23,35, 故选C5． ‘‘3=k ”是“直线2+=kx y 与圆122=+y x 相切”的A(A)充分不必要条件 (B)必要不充分条件 (C)充要条件 (D)既不充分也不必要条件解：直线2+=kx y 与圆122=+y x 相切时1=,解得k =．故选A6．已知离心率为2的双曲线22221(0x y a a b -=>,)0>b 与椭圆22184x y +=有公共焦点,则双曲线的方程为C。

文章标题：深度解析成都市2021级高中毕业班摸底测试理科综合目录：1. 引言2. 考试概述3. 考试内容分析4. 考试难点解析5. 我的观点和建议6. 总结与回顾7. 结语---### 1. 引言最近，成都市2021级高中毕业班进行了理科综合的摸底测试，这一举动引起了各界的关注。

作为该城市高中生的一部分，对这次测试内容和难点的了解对于我们的学习和发展至关重要。

在本文中，我将对成都市2021级高中毕业班摸底测试理科综合进行全面的分析和解读，帮助大家更好地理解和应对这次测试。

### 2. 考试概述成都市2021级高中毕业班摸底测试理科综合旨在全面评估学生在理科综合能力方面的水平。

该考试覆盖了物理、化学、生物等多个学科的内容，涉及基础知识、综合运用和解决问题能力等方面。

考试形式多样，题型涵盖选择题、填空题、解答题等，考察内容涉及的广度和深度都较大。

考试的命题倾向于贴近生活实践，注重考察学生的综合运用能力，这对于提高学生的科学素养和创新思维有着积极的意义。

### 3. 考试内容分析在这次考试中，物理部分主要考察了学生对物理知识的掌握程度，以及对物理规律的理解和运用能力。

化学部分主要考察了学生对化学反应原理、实验操作技能等方面的能力。

生物部分主要考察了学生对生命科学的理解和应用能力。

这些内容所涉及的知识点涵盖了高中课程的各个方面，要求学生有较强的基础知识储备和综合运用能力。

### 4. 考试难点解析这次考试的难点主要体现在对知识的深度理解和综合运用能力上。

在物理部分，难点可能出现在对物理定律的灵活运用上；在化学部分，可能需要对反应原理进行深入理解，并结合实际情况进行分析和解答；在生物部分，可能需要对生态系统和生物进化等方面进行深入思考和应用。

这些难点需要学生在平时的学习中多加注意，注重知识点的灵活运用和综合能力的培养。

### 5. 我的观点和建议就我个人对这次考试的理解和经验来看，我认为学生在平时的学习中要注重对基础知识的巩固和拓展，注重对知识的灵活运用和创新思维能力的培养。

2021年7月四川省成都市七中2022届高三上学期7月零诊模拟考试理科综合物理试题★祝考试顺利★(含答案)本试卷分选择题和非选择题两部分。

满分100分，考试时间100分钟。

第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、本题包括8小题，每小题3分，共24分。

每小题只有一个选项符合题目要求。

1．以下说法中不正确的是（ ）A ．图甲是α粒子散射实验示意图，当显微镜在A 、B 、C 、D 中的A 位置时荧光屏上接收到的α粒子数最多．B ．图乙是氢原子的能级示意图，氢原子从3n =能级跃迁到1n =能级时吸收了一定频率的光子能量．C ．图丙是光电效应实验示意图，当光照射锌板时验电器的指针发生了偏转，则此时验电器的金属杆带的是正电荷．D ．图丁是电子束穿过铝箔后的衍射图样，该实验现象说明实物粒子也具有波动性．2．在磁感应强度大小为0B 的匀强磁场中，两长直导线P 和Q 平行于纸面固定放置。

在两导线中通有图示方向电流I 时，纸面内与两导线等距离的α点处的磁感应强度为零。

下列说法正确的是（ ）A ．匀强磁场方向垂直纸面向里B ．将导线P 撤去，α点磁感应强度为032B C ．将导线Q 撤去，α点磁感应强度为012B D ．将导线Q 中电流反向，α点磁感应强度为02B3．正方形ABCD 四个顶点上放置着电荷量相同的、电性如图所示的点电荷，O 为正方形两对角线的交点，M 、N 、P 、Q 分别为AO 、BO 、CO 、DO 的中点。

取无穷远处电势为零，下列说法正确的是（ ）A ．M 、N 、P 、Q 四点的场强相同B ．M 、N 、P 、Q 四点的电势均为零C ．将一质子从M 点沿MON 移动到N 点的过程中，电场力先做正功再做负功D ．将一电子从M 点沿MOP 移动到P 点的过程中，电势能先增加后减小4．如图甲所示为家用燃气灶点火装置的电路原理图，转换器将直流电压转换为图乙所示的正弦交流电加在理想变压器的原线圈上，设变压器原、副线圈的匝数分别为1n ，2n 。

2024届四川省成都市高三上学期摸底考试物理试题一、单选题：本题共7小题，每小题4分，共28分 (共7题)第(1)题硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。

如图所示，图线是该电池在某光照强度下路端电压和电流的关系图像，图线是某电阻的图像。

在同等光照强度下，当它们组成闭合回路时，下列说法正确的是（ ）A．电源的输出功率B．电池的内阻C．电池的效率为D．硅光电池的内阻消耗的热功率第(2)题在断电自感的演示实验中，用小灯泡、带铁芯的电感线圈和定值电阻等元件组成了如图甲所示的电路。

闭合开关待电路稳定后，两支路中的电流分别为和。

断开开关前、后的一小段时间内，电路中的电流随时间变化的关系图像如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．断开开关前，定值电阻中的电流为B．断开开关前，灯泡的电阻小于定值电阻和电感线圈的总电阻C．断开开关后，小灯泡先突然变亮再逐渐熄灭D．断开开关后，小灯泡所在支路中的电流如曲线所示第(3)题如图所示，以直导线的中点为顶点折出一个直角，并置于与其所在平面垂直的匀强磁场中，给该导线通以大小为I的恒定电流，该导线受到的安培力大小F与磁感应强度大小B的关系正确的是（ ）A．B．C．D．第(4)题如图甲所示，一长为l的轻绳，一端穿在过O点的水平转轴上，另一端固定一质量未知的小球，整个装置绕O点在竖直面内转动。

小球通过最高点时，绳对小球的拉力F与其速度平方v2的关系如图乙所示，重力加速度为g，下列判断正确的是（ ）A．图像函数表达式为B．重力加速度C．绳长不变，用质量较小的球做实验，得到的图线斜率更大D．绳长不变，用质量较小的球做实验，图线b点的位置不变第(5)题2023年春节贺岁片《流浪地球2》中提出太空电梯，太空电梯验证着中国科幻“上九天揽月”的宏大设想。

“太空电梯”的主体结构为一根缆绳：一端连接地球赤道上某一固定位置，另一端连接地球同步卫星，且缆绳延长线通过地心。

用太空电梯运送物体过程中，当物体停在a、b两个位置时，以地心为参考系，下列说法正确的是（ ）A．物体在a、b位置均处于完全失重状态B．物体在a、b位置线速度大小与该点离地球球心距离成正比C．物体在a处向心加速度大于物体在b处向心加速度D．若有一个轨道高度与a相同的人造卫星绕地球做匀速圆周运动，则其环绕地球的周期大于停在a处物体的周期第(6)题如图所示，一带有抽气阀门的密闭容器内，有一个充有一定质量气体的气球（不漏气）。

绝密★启用前四川省成都市普通高中2021届高三毕业班上学期摸底测试(零诊)数学(文)试题(解析版)本试卷分选择题和非选择题两部分。

第Ⅰ卷（选择题）1至2页,第Ⅱ卷（非选择题）3至4页,共4页,满分150分,考试时间120分钟。

注意事项：1．答题前,务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上。

2．答选择题时,必须使用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦擦干净后,再选涂其它答案标号。

3．答非选择题时,必须使用0.5毫米黑色签字笔,将答案书写在答题卡规定的位置上。

4．所有题目必须在答题卡上作答,在试题卷上答题无效。

5．考试结束后,只将答题卡交回。

第Ⅰ卷（选择题,共60分）一、选择题：本大题共12小题,每小题5分,共60分．在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的．1．设集合}20|{<<=x x A ,}1|{≥=x x B ,则=B A C(A)}10|{≤<x x (B)}10|{<<x x(C)}21|{<≤x x (D)}20|{<<x x解：{|12}A B x x =≤<,故选C2．复数i ii z (22-=为虚数单位)在复平面内对应的点位于B (A)第一象限 (B)第二象限 (C)第三象限 (D)第四象限 解：22(2)24242(2)(2)555i i i i z i i i i +-+====-+--+,其在复平面内对应的点的坐标为24(,)55-,故选B 3．已知函数⎩⎨⎧>≤-=.0,ln 0|,1|)(x x x x x f ,则=))1((e f f D (A)0 (B)1 (C)1-e (D)2 解：11()ln 1f e e ==-,1(())(1)|2|2f f f e=-=-=,故选D 4．为了加强全民爱眼意识,提高民族健康素质,1996年,卫生部,教育部,团中央等12个部委联合发出通知,将爱眼日活动列为国家节日之一,并确定每年的6月6日为“全国爱眼日”．某校高-(1)班有40名学生,学号为01到40,现采用随机数表法从该班抽取5名学生参加“全国爱眼日’’宣传活动．已知随机数表中第6行至第7行的各数如下：16 22 77 94 39 49 54 43 54 8217 37 93 23 78 87 35 20 96 4384 26 34 91 64 84 42 17 53 3157 24 55 06 88 77 04 74 47 6721 76 33 50 25 83 92 12 06 76若从随机数表第6行第9列的数开始向右读,则抽取的第5名学生的学号是C(A)17 (B)23 (C)35 (D)37 解：读取的前5名学生的学号依次是：39,17,37,23,35, 故选C5．记函数)(x f 的导函数是)('x f ．若2()cos x f x x π=-,则=)6('πf B (A)61- (B)65 (C)6332- (D)6332+ 解：2'()sin x f x x π=+,21156'()sin 66326f ππππ⨯=+=+=,故选B 6． “3=k ”是“直线2+=kx y 与圆122=+y x 相切”的A(A)充分不必要条件 (B)必要不充分条件(C)充要条件 (D)既不充分也不必要条件。

成都七中高2021届2022年秋季入学考试理科综合力量测试（物理部分）【试卷综析】本试卷是高三开学模拟试题，包含了高中物理必修一的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，题型大部分都是历年全国各地高考题，思路活，是份格外好的试卷。

一、选择题。

（本题共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。

全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.伽利略制造的把试验、假设和规律推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学生疏的进展．利用如图所示的装置做如下试验：小球从左侧斜面上的O 点由静止释放后沿斜面对下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度渐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3．依据三次试验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（）A．假如斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B．假如小球不受力，它将始终保持匀速运动或静止状态C．假如小球受到力的作用，它的运动状态将发生转变D．小球受到的力肯定时，质量越大，它的加速度越小【学问点】伽利略争辩自由落体运动的试验和推理方法．P0【答案解析】 A解析： A、假如斜面光滑，小球不会有能量损失，将上升到与O点等高的位置，故A正确；B、通过推理和假想，假如小球不受力，它将始终保持匀速运动，得不出静止的结论，故B错误；C、依据三次试验结果的对比，不行以直接得到运动状态将发生转变的结论，故C错误；D、受到的力肯定时，质量越大，它的加速度越小是牛顿其次定律的结论，与本试验无关，故D错误．故选：A．【思路点拨】小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面对下运动，并沿右侧斜面上升，阻力越小则上升的高度越大，伽利略通过上述试验推理得出运动物体假如不受其他物体的作用，将会始终运动下去．要想分清哪些是牢靠事实，哪些是科学推论要抓住其关键的特征，即是否是真实的客观存在，这一点至关重要，这也是本题不易推断之处；伽利略的结论并不是最终牛顿所得出的牛顿第肯定律，因此，在确定最终一空时肯定要留意这一点2.小明想推动家里的衣橱，但使出了吃奶的力气也推不动，他便想了个妙招，如图所示，用A、B两块木板，搭成一个底角较小的人字形架，然后往中心一站，衣橱被推动了．下列说法中正确的是（）A．这是不行能的，由于小明根本没有用力去推衣橱B．这有可能，A板对衣橱的推力有可能大于小明的重力C．A、B板的夹角应当尽可能小，才能推动衣橱D．这不行能，A板对衣橱的推力不行能大于小明的重力【学问点】力的分解．B3 【答案解析】B解析：首选开头小明是推不动衣橱的，但是小明的推力与他自身的重力没什么关系．如图，小明的重力可以分解成沿A，B俩个方向的力，由于底角较小，所以A，B方向的力会很大．A对衣橱的力可以分解成水平方向和垂直方向的力，而水平方向的力有可能大于小明重力，．故选：B．【思路点拨】这个要从力的分解角度来解释，将重力分解为沿人字形架斜向下的两个力．由于底角较小，依据三角函数关系得A板的作用力明显大于重力．我们应当知道两个分力的合力可以远小于两个分力，也就是说用一个较小的力可以产生两个较大的分力．3.在t=0时，甲乙两质点从相距70m的两地开头相向运动，它们的v-t图象如图所示．则（）A．第1s末，乙质点转变运动方向B．第2s木，甲乙两质点相遇C．前4s内，乙质点运动的加速度先比甲质点的小后比甲质点的大D．第4s末，甲乙两质点相距20m【学问点】匀变速直线运动的图像．A5【答案解析】D解析：A、在第1s末，乙质点的速度仍旧为负值，说明运动方向并未转变．故A错误．B、在第2s末，甲的位移大小x甲=12×30×2=30m，乙的位移大小x乙=-12×30×2m=-30m，此时两车相距△x=70-30-30=10（m）．故B错误．C、在前4s内，乙图线的斜率确定值始终大于甲图线的斜率确定值，则乙质点的加速度大小总比甲质点大．故C错误．D、在第4s末，甲质点的位移x甲=12×60×4m=120m，乙质点的位移x乙=-12×30×2km+12×60×2m=30m，所以△x=x甲-x乙-70=120-30-70=20m．故D正确．故选：D．【思路点拨】速度-时间图线中速度的正负表示运动方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，速度的正负表示运动的方向．解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义．4.沿直线运动的汽车刹车后匀减速运动，经过3.5s停止，它在刹车开头后的1s内、2s内、3s内的位移之比（）A．3：2：1 B．3：5：6 C．9：4：1 D．5：3：1【学问点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．A2【答案解析】B解析：画示意图如图所示，把汽车从A→E的末速度为0的匀减速直线运动，逆过来转换为从E→A的初速度为0的匀加速直线运动，来等效处理，由于逆过来前后，加速度相同，故逆过来前后的运动位移、速度时间均具有对称性．所以知汽车在相等时间内发生的位移之比为1：3：5：…，把时间间隔分为0.5 s．所以x DE：x CD：x BC：x AB=1：8：16：24，所以x AB：x AC：x AD=3：5：6．故选项B正确．故选：B【思路点拨】利用逆向思维，把汽车运动视为逆向的匀加速运动，依据初速度为零的匀加速直线运动的规律即可求解．解决本题的关键把握匀变速直线运动的推论，本题运用逆向思维解决比较简洁．5.如图所示，一个质量为m 的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P 点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°．则（）A．滑块可能受到三个力作用B．弹簧肯定处于压缩状态C．斜面对滑块的支持力大小可能为零D．斜面对滑块的摩擦力大小肯定等于0.5mg【学问点】共点力平衡的条件及其应用．B4【答案解析】D解析：A、弹簧与竖直方向的夹角为30°，所以弹簧的方向垂直于斜面，由于弹簧的形变状况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，也可能有弹簧的弹力，故A正确；B、弹簧对滑块可以是拉力，故弹簧可能处于伸长状态，故B错误；C、由于滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面对下的分力（等于12mg），不行能为零，所以斜面对滑块的支持力不行能为零，故C错误；D、静摩擦力肯定等于重力的下滑分力，故为12mg，故D正确．故选：AD．【思路点拨】滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零．滑块可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡．依据共点力平衡进行分析．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，留意弹簧的弹力可能为零，可能不为零．6.如图所示，在一绝缘斜面C上有一带正电的小物体A处于静止状态，现将一带正电的小球B沿以A为圆心的圆弧缓慢地从P点转至A正上方的Q点处，已知P、A在同一水平线上，且在此过程中物体A和C始终保持静止不动，A、B可视为质点．关于此过程，下列说法正确的是（）A．物体A受到斜面的库仑力始终不变B．物体A受到斜面的支持力先增大后减小C．地面对斜面C的摩擦力先增大后减小D．斜面对A的作用力始终增大【学问点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．B3 B4【答案解析】BD 解析：A、物体A受到的库仑力大小不变，但是方向始终在转变，故A错误；B、对A争辩：P对A的库仑力垂直于斜面方向的分力，先渐渐增大后渐渐减小，当库仑力与斜面垂直时最大，设该分力为F′，依据平衡条件：斜面对A的支持力N=mgcosα+F′，可知N先增大后减小，故B正确；C、以A和C整体为争辩对象，分析受力状况如图所示．设P对A的库仑力大小为F，与竖直方向的夹角为θ．依据平衡条件得：f=Fsinθ由于F 大小不变，θ减小，则知地面对斜面C的摩擦力渐渐减小．故C错误；D、对A分析，A受力重力、库仑力，斜面对A的支持力、摩擦力，斜面对物体A的合力与重力和库伦力的合力平衡，重力与库仑力夹角变小，合力变大，故斜面对A的作用力变大，故D正确；故选：BD．【思路点拨】分析地面对斜面C的摩擦力可以以A和C整体为争辩对象，运用平衡条件列式分析；再对A分析受力，运用共点力平衡条件进行分析支持力的变化．本题首先要机敏选择争辩对象，再对物体进行受力分析，运用共点力平衡条件求解．当几个物体的加速度相同时，可以考虑整体法．7.如图所示，物块A、B叠放在一起，其总质量为1.0kg，物块B被水平方向的弹簧和斜向上的绳拉住，物块B恰好对地面无压力，若物块B与地面间的动摩擦因数0.25μ=，O是弹簧的原特长，绳与竖直方向的夹角为045，某时刻把绳与物块B连接处剪断，最终物块A、B一起向左运动，停在O点左侧某处，运动中物块A、B始终没有相对滑动，则下列说法正确的是（）A ．剪断绳的瞬间物块A 、B 的合外力发生变化 B ．剪断绳的瞬间物块A 、B 的加速度是27.5/m s C.弹簧恢复原长时，物块A 受的摩擦力向左 D.剪断绳后物块A 、B 到达O 点时的速度最大 【学问点】共点力的平衡，牛顿其次定律 B4 C2【答案解析】AB 解析： A 、B 剪断细绳前受力平衡，对整体受力分析，受到重力，弹力向左的拉力，细绳向右上的拉力，由于是细绳向右上045 ，所以kx=mg=10N ，剪断后整理合力向左27.5/kx mga m s mμ-== ，故A 、B 正确；C 、D 当kx mg μ= 时，整体加速度为零，速度最大，然后开头做减速运动，B 对A 的摩擦力方向转变，变为向左，故C 、D 错误 故选AB【思路点拨】对整体受力分析，可以得到弹簧弹力与重力关系，然后弹力减去摩擦力供应加速度，留意当弹力等于摩擦力时整体就开头做减速运动，而不是到达原长。

成都市2021届高中毕业班第一次诊断性检测理科综合物理部分【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的必修一、必修二等内容，主要包含受力分析、物体的平衡、匀变速直线运动规律、牛顿运动定律、运动的合成和分解、万有引力定律及其应用、动能定理、电场等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，重视生素养的考查，留意主干学问，兼顾掩盖面。

第1卷1．本卷共7题，每题6分，共42分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

【题文】1．下列说法正确的是A千克、牛顿、库仑均是中学物理中涉及的国际单位制的基本单位B质点、点电荷、匀速直线运动均属于抱负化物理模型C卡文迪许利用扭秤试验测出了静电力常量D 分别是加速度、电场强度、磁感应强度的定义式【学问点】物理学史P【答案解析】B解析：A牛顿不是国际单位制的基本单位，故A错误；B质点、点电荷、匀速直线运动均属于抱负化物理模型，故B正确；C卡文迪许利用扭秤试验测出了万有引力常量，故C错误；DFam=分别是加速度的打算式，故D错误；故选B【思路点拨】熟记物理学史和物理学问【题文】2．如图所示，匀强磁场分布在平面直角坐标系的整个第1象限内，磁感应强度为B、方向垂直于纸面对里。

一质量为m、电荷量确定值为q、不计重力的粒子，以某速度从O点沿着与，轴夹角为30的方向进入磁场，运动到A点时，粒子速度沿x轴正方向。

下列推断正确的是A粒子带正电B运动过程中，粒子的速度不变c粒子由0到A经受的时间为3 m qB πD离开第豫限时，粒子的速度方向与x轴正方向的夹角为30【学问点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿其次定律；向心力．K3C2D4 【答案解析】C解析：：依据题意作出粒子运动的轨迹如图所示：A、依据左手定则及曲线运动的条件推断出此电荷带负电，故A错误；B、由于粒子的速度的方向在转变，而速度是矢量，所以速度转变了，故B错误；C、粒子由O运动到A时速度方向转变了60°角，所以粒子轨迹对应的圆心角为θ=60°，所以粒子运动的时间为 t=16T=16×2mqBπ=3mqBπ，故C正确；D、依据对称原理，离开第一象限时，粒子的速度方向与x轴正方向的夹角为60°，故D错误．故选：C【思路点拨】先依据题意作出粒子运动的轨迹，找出圆心，确定圆心角，依据左手定则及曲线运动的条件推断电荷的正负，依据圆心角与周期的关系求出运动的时间，速度的大小没有变化，但速度的方向转变了，速度是变化的．【题文】3．图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。

2021年四川省成都市高考物理摸底试卷一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）1.在人类认识原子与原子核结构的过程中，符合物理学史的正确选项是()A. 查德威克通过实验证实了卢瑟福关于中子的猜想是正确的B. 汤姆孙首先提出了原子的核式结构学说C. 居里夫人首先发现了天然放射现象D. 玻尔通过原子核的人工转变发现了质子2.等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点．则()A. 从a点到b点，电势逐渐增大B. 从a点到b点，检验电荷受电场力先增大后减小C. 从a点到c点，检验电荷所受电场力的方向始终不变D. 从a点到c点，检验电荷的电势能先不变后增大3.如图所示，直线A为电源的U−I图线，曲线B为灯泡电阻的U−I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是()A. 4W、8WB. 2W、4WC. 4W、6WD. 2W、3W4.如图所示，虚线表示电场的一簇等势面且相邻等势面间电势差相等，一个a粒子(带正电)以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，a粒子先后通过M点和N点。

在这一过程中，电场力做负功，由此可判断出()A. a粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力大B. N点的电势低于M点的电势C. a粒子在N点的电势能比在M点的电势能小D. a粒子在M点的速率大于在N点的速率5.如图所示，在光滑水平面上轻质弹簧的左端与挡板固定，右端与条形磁铁相连，此时磁铁对水平面的压力为N1.现在磁铁正中央上方固定一导体棒，导体棒中通有垂直纸面向外的电流，此时磁铁对水平面的压力为N2.则以下说法中正确的是()A. 弹簧长度将变长，N1>N2B. 弹簧长度将变长，N1<N2C. 弹簧长度将不变，N1>N2D. 弹簧长度将不变，N1<N26.如图所示电路中，R1=10Ω，R2=20Ω，滑动变阻器R阻值为0～50Ω，电压表和电流表均为理想电表，在滑动变阻器滑片由变阻器的中点滑向b端的过程中，下列判断正确的是()A. 电压表示数一直增大B. 电流表示数先增大后减小C. 灯L先逐渐变暗，后逐渐变亮D. 灯L先逐渐变亮，后逐渐变暗7.为了测量某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口，在垂直于上下底面方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在前后两个内侧固定有金属板作为电极，污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U.若用Q表示污水流量(单位时间内排出的污水体积)，下列说法中正确的是()A. 若污水中正离子较多，则前表面比后表面电势高B. 污水流量Q与U成正比，与a、b无关C. 污水中离子浓度越高，电压表的示数将越大D. 前表面的电势一定高于后表面的电势，与哪种离子多无关8.示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理可以等效成下列情况：如图所示，真空室中电极K发出电子(初速度不计)，经过电压为U1的加速电场后，由小孔S沿水平金属板A、B间的中心线射入板间.金属板长为L，相距为d，当A、B间电压为U2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点.已知电子的质量为m，电荷量为e，不计电子重力，下列情况中一定能使亮点偏离中心距离变大的是()A. A。

2023-2024学年四川省成都市第七中学高三（上）零诊模拟考试物理试卷1. 下列说法正确的是( )A. 公式是电容器电容的定义式B. 当正电荷在某点不受洛伦兹力时，该点的磁感应强度一定为零。

C. 卢瑟福发现天然放射现象，说明原子核有复杂的内部结构。

D. 麦克斯韦提出了电磁场理论，并预言了电磁波的存在。

2. 如图所示为一边长为d的正方体，在FE、ND两边放置足够长直导线，通有相等的电流I，电流方向如图所示。

若一根无限长直导线通过电流I时，所产生的磁场在距离导线d处的磁感应强度大小为B，则图中C点处的磁感应强度大小为( )A. 0B. 2BC. BD.3. 如图所示，一带电微粒在重力和水平匀强电场对它的电场力作用下由a到b做直线运动，ab连线与竖直方向所夹的锐角为，则下列结论正确的是( )A. 此微粒带负电B. 微粒可能做匀速直线运动C. 合外力对微粒做的总功等于零D. 微粒的电势能减少4. 用电阻为r的硬质细导线，做成半径为R的圆环，垂直圆环面的磁场充满其内接正方形，时磁感应强度的方向如图所示，磁感应强度随时间t的变化关系如图所示，则圆环中产生的感应电动势为( )A. B. C. D.5. 图甲是某一交流发电机的示意图，两磁极N、S间存在可视为水平向右的匀强磁场，电阻，线圈内阻，电流表为理想电流表．线圈绕垂直于磁场的水平轴沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的电流随时间变化的图像如图乙所示。

下列说法正确的是( )A. 时，电流表的示数为0B. 时，穿过线圈的磁通量为零C. 线圈转动的角速度为D. 一个周期内，电路中产生的热量为6. 交警使用的某型号酒精测试仪如图1所示，其工作原理如图2所示，传感器的电阻值R 随酒精气体浓度的增大而减小，电源的电动势为E，内阻为r，电路中的电表均可视为理想电表。

当一位酒驾驾驶员对着测试仪吹气时，下列说法正确的是( )A. 电压表的示数变大，电流表的示数变小B. 酒精气体浓度越大，电源的效率越低C. 酒精气体浓度越大，电源的输出功率越小D. 电压表示数变化量的绝对值与电流表示数变化量的绝对值之比变小7. 如图的交流电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比为，电阻，，为滑动变阻器且最大阻值为，A为理想电流表，电源电压u随时间t变化的表达式是。

高2025届零诊模拟考试物理试卷（答案在最后）第Ⅰ卷（选择题共46分）一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．关于分子动理论和物体的内能，下列说法正确的是（）A ．在显微镜下可以观察到煤油中的小粒灰尘的布朗运动，这说明煤油分子在做无规则运动B ．分子势能和分子间作用力的合力不可能同时随分子间距离的增大而增大C ．若气体的摩尔质量为M ，密度为ρ，阿伏加德罗常数为A N ，则气体的分子体积为AMN ρD ．“用油膜法估测油酸分子的大小”实验中，油酸酒精溶液久置，酒精挥发会导致分子直径的测量值偏大2．某平面区域内A 、B 两点处各固定一个点电荷，其静电场的等势线分布如图中虚线所示，一正电荷仅在电场力作用下由a 运动至b ，设该电荷在a 、b 两点的加速度大小分别为a a 、b a ，电势分别为a ϕ、b ϕ，该电荷在a 、b 两点的速度分别为a v 、b v ，电势能分别为pa E 、pb E ，则（）A ．A 、B 两点处的电荷带同种电荷B ．a b a a >C ．a b ϕϕ>、pa pb E E >D ．a bv v >3．一定质量的理想气体封闭在汽缸内，从初始状态A 经状态B 、C 、D 再回到状态A ，其体积V 与热力学温度T 的关系如图所示。

下列说法正确的是（）A ．过程A →B 中，气体从外界放出热量B ．过程C →D 中，气体内能的减少量大于气体向外界放出的热量C ．过程B →C 中，气体分子在单位时间内对汽缸壁单位面积的碰撞次数增大D ．过程D →A 与过程A →B →C →D 中，气体对外界做功的数值相等4．如图甲为一列简谐横波在t＝0.2s时的波形图，如图乙为该波上A质点的振动图像。

下列说法错误的是（）A．这列波沿x轴负向传播，这列波的波速为0.5m/sB．平衡位置x＝0.1m处的质点在0.3s时的加速度沿y轴负方向C．若此波遇到另一列简谐波并发生稳定的干涉现象，则所遇到的波的频率为2.5HzD．若该波遇到一障碍物能发生明显的衍射现象，则该障碍物的尺寸可能为20cm5．如图，甲是回旋加速器，乙是磁流体发电机，丙是毫安表，丁是真空冶炼炉。

四川省成都七中2021届高三物理零诊试题（含解析）一、本题包括8小题，每小题3分，共24分．每小题只有一个选项符合题目要求．1.下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是（）A. 图甲：普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成功解释了光电效应B. 图乙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率是不连续的C. 图丙：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子和中子D. 图丁：根据电子束通过铝箔后的衍射图样，可以说明电子具有粒子性【答案】B【解析】【详解】A.普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，爱因斯坦成功的解释了光电效应现象，A错误B.波尔提出自己的原子模型，他指出氢原子能级是分立的，解释了原子发射光子的频率是不连续的，B正确C.卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，提出了自己的原子核式结构模型，C错误D.衍射是波典型特征，根据电子束通过铝箔后的衍射图样，说明电子具有波动性，D错误2.如图所示是高压电场干燥中药技术基本原理图，在大导体板MN上铺一薄层中药材，针状电极O和平板电极MN接高压直流电源，其间产生较强的电场.水分子是极性分子，可以看成棒状带电体，一端带正电，另一端带等量负电；水分子在电场力的作用下会加速从中药材中分离出去，在鼓风机的作用下飞离电场区域从而加速干燥．图中虚线ABCD是某一水分子从A处由静止开始的运动轨迹.下列说法正确的是A. A处的电场强度大于D处B. B处的电势高于C处C. 水分子做匀变速运动D. 水分子由A运动到C的过程中电势能减少【答案】D【解析】由于A处的电场线较D处稀疏，故A处的电场强度小于D处，选项A错误；顺着电场线电势降低，故B处的电势低于C处，选项B错误；由于电场的分布不均匀，由图可知，上端的电场强度大于下端电场强度，根据F=qE可得，水分子运动时受到电场力大小不相等，不可能做匀变速运动，故C错误；水分子由A运动到C的过程中，电场力做正功，电势能减少，故D 正确；故选D.3.如图所示电路中，电源内阻为r，电流表A和电压表V均为理想电表．平行板电容器C内部有一个用绝缘细线悬挂的带电小球，稳定时细线偏离竖直方向一个小角度，当滑动变阻器滑片P从右端向左端滑动的过程中，下列说法正确的是A. 电流表示数增大B. 电压表示数增大C. 细线与竖直方向的偏角减小D. 滑片P移动中可能有两个位置使电源输出功率相等【答案】D【解析】【详解】AB 、当滑动变阻器的触头P 从右端滑至左端的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，滑动变阻器与灯L 并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，电路中总电流I 增大，路端电压减小，则电压表V 的示数减小，滑动变阻器与灯L 并联的电压0()U E I R r =-+并减小，通过灯L 的电流减小，电流表示数减小，故A 、B 错误；C 、电容器C 的电压0C U IR =，I 增大，U C 增大，根据C U E d=和F qE =可电场力增大，根据平衡条件可知线与竖直方向的偏角增大，故C 错误； D 、若电源内阻的阻值大于电阻R 0的阻值，当滑动变阻器的触头P 从右端滑至左端的过程中，可能会外电阻先大于电源内阻后小于电源内阻，则有电源输出功率先增大后减小，所以滑片P 移动中可能有两个位置使电源输出功率相等，故D 正确；故选D ．4.如图所示，变压器原、副线圈上有L 1、L 2、L 3、L 4四只灯泡，它们的规格都是“9 V，12 W”，当在该变压器cd 端输入交变电压u （u –t 图象如图所示）时，四只灯泡都正常发光，各电表均为理想交流电表．以下说法正确的是A. ab 端输入电压的瞬时值表达式为u ab ＝2sinl00πt（V ）B. 原、副线圈匝数比4:1C. 流过灯泡L 2的电流方向每秒钟改变50次D. 电流表的示数为4 A ，ab 端输入的功率P ab ＝48 W【答案】D【解析】【详解】由输入端交变电压u 的图象，可求出有效值27 V ，灯泡规格都是“9 V，12 W”，四只灯泡都正常发光，所以ab 端输入电压的有效值是27 V +9 V ＝36 V ，交流电的周期是0.02 s ，所以ab 端输入电压的瞬时值表达式为=362sin100πt ab U ，故A 错误；四只灯泡都正常发光，所以副线圈电压为9 V ，根据理想变压器电压比规律得出变压器原，副线圈匝数比为3:1，故B 错误；由图象知交流电的周期为0.02 s ，交流电的频率为50 Hz ，流过灯L 2的电流每秒钟方向改变100次，故C错误；电流表的读数为12=3A=4?A9I ，ab端输入的功率P ab＝4×12 W＝48 W，故D正确．5.如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路．将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态．下列说法正确的是（）A. 开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动B. 开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向C. 开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向D. 开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动【答案】AD【解析】【详解】A．断出直导线中电流方向为由南向北，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向里，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，A正确；BC．开关闭合并保持一段时间后，左侧线圈中磁通量不变，线圈中感应电动势和感应电流为零，直导线中电流为零，小磁针恢复到原来状态， BC错误；D．开关闭合并保持一段时间后再断开后的瞬间，左侧的线圈中磁通量变化，产生感应电动势和感应电流，由楞次定律可判断出直导线中电流方向为由北向南，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向外，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，D正确．6.如图所示，螺线管的匝数为1000、横截面积为10cm2电阻为1Ω，与螺线管串联的外电阻R1=5Ω、R2=4Ω．向右穿过螺线管的磁场的磁感应强度按图所示的规律变化，则下列说法正确的是（）A. 0~1s 内，螺线管产生的感应电动势为4×10－3VB. 1s~2s 内，R 2中通过的电流方向向右C. 1s~2s 内，电路中通过的电流为0.3AD. 1s~2s 内，R 1两端的电压为3V【答案】D【解析】【分析】利用法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律联合分析即可求解；【详解】A 、在0~1s 内，由法拉第电磁感应定律可知，螺线管产生的感应电动势为： 3111621000 1.01041B E n S V V t -∆-=⋅=⨯⨯⨯=∆，故选项A 错误； B 、在1s~2s 内，磁感应强度减小，穿过螺线管的磁通量减少，根据楞次定律可判断，2R 中通过的电流方向向左，故选项B 错误；C 、在1s~2s 内，螺线管产生的感应电动势为：322261000 1.01061B E n S V V t -∆=⋅=⨯⨯⨯=∆，根据闭合电路的欧姆定律有2120.6E I A R R r==++，1R 两端的电压为113U IR V ==，故选项C 错误，D 正确． 【点睛】此题要求重点掌握：法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，并能熟练运用．7.如图甲所示，光滑平行金属导轨MN 、PQ 所在平面与水平面成θ角，M 、P 两端接一电阻为R 的定值电阻，电阻为r 的金属棒ab 垂直导轨放置，其他部分电阻不计．整个装置处在磁感应强度大小为B 、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中．0t =时对金属棒施加一平行于导轨向上的外力F ，使金属棒由静止开始沿导轨向上运动，通过定值电阻R 的电荷量q 随时间的平方2t 变化的关系如图乙所示．下列关于穿过回路abPMa 的磁通量Φ、金属棒的加速度a 、外力F 、通过电阻R 的电流I 随时间t 变化的图象中正确的是A. B. C. D.【答案】C【解析】由图看出，q=kt 2，则q I kt t== ,即通过R 的感应电流随时间t 增大，根据法拉第电磁感应定律得知，穿过回路的磁通量是非均匀变化的，Φ-t 应是曲线．故A 错误．设金属棒长为L ．由乙图象得，22BLv BLa q It t t kt R r R r====++，k 是比例系数．知加速度不变，故B 错误；由牛顿运动定律知F-F 安-mgsinθ=ma，知22B L v F mgsin ma R rθ=+++，v 随时间均匀增大，其他量保持不变，故F 随时间均匀增大，故C 正确；通过导体棒的电流BLv BLa I t R r R r =++＝，I-t 图象为过原点直线，故D 错误；故选C.点睛：对于图象问题一定弄清楚两坐标轴的含义，尤其注意斜率、截距的含义，对于复杂的图象可以通过写出两坐标轴所代表物理量的函数表达式进行分析.8.水平面上的三点A 、O 、B 在一条直线上， OB =2OA ，OO ＇是竖直的分界线，其左边区域内有水平向右的匀强电场，场强大小为E 1=mg q ，其右边区域内有水平向左的匀强电场，场强大小为E 2，现将一带电量为q 的小球从A 点以初速度v 0竖直向上抛出，小球在空中越过分界线后，竖直向下落在B 点，不计阻力，重力加速度大小为g ，则下列说法正确的是：A. 小球在B 点的电势能大于在A 点的电势能B. 小球经过分界线时的速度与水平方向夹角θ的正切值tan θ=12C. 小球经过分界线时离水平面的高度为2023v gD. 左右两区域电场强度大小的比值为E 1:E 2=1:2【答案】B【解析】【详解】小球只受重力和电场力作用，故竖直方向做加速度为g 的匀变速运动，又有A 、B 两点的高度相等，故竖直方向的速度大小相等；根据B 点速度竖直向下可得：小球落在B 点时的速度大小等于v 0，则小球在空中运动的总时间为02v t g=；小球在水平方向只受电场力作用，做匀变速运动；故在OO'左侧做加速度11qE a g m ＝=的匀加速运动，在右侧做加速度22qE a m＝的匀减速运动；设在左侧运动时间为t 1，在右侧运动时间为t 2；则有：t 1+t 2＝02 v g，a 1t 1=a 2t 2；又有OB=2OA ，所以，a 1t 1t 2-12a 2t 22＝2×12a 1t 12；所以，t 2＝2t 1＝04 3v g ，E 1：E 2=a 1：a 2=t 2：t 1=2：1；故D 错误；小球在竖直方向做竖直上抛运动，故经过分界线时离水平面的高度为h ＝v 0t 1−12gt 12＝2211()3369x x x x x x --÷---+，故C 错误；小球经过分界线时的水平速度v x =a 1t 1=23v 0；竖直速度：01013y v v gt v =-=，则速度与水平方向夹角θ的正切值1tan 2yx v v θ==，选项B 正确；根据E 1：E 2=2：1，OB=2OA ，由U=Ed 可得：A 、B 两点电势相等，故电势能相等，故A错误；故选B．二、本题包括4小题，每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．9.下列说法中正确的是（）A. 雷达是利用声波的反射来测定物体的位置的B. 光纤通信是激光和光导纤维相结合的产物C. 变化的电场产生变化的磁场，变化的磁场产生变化的电场，反映了电和磁是密不可分的D. 火车以接近光速通过站台时，火车上乘客观察到站在站台上的旅客身高不变【答案】BD【解析】【详解】A.雷达是利用电磁波的反射来测定物体位置的，故A与题意不相符；B.光纤通信是激光和光导纤维相结合的产物，利用了激光的频率单一性的特点，故B项与题意相符；C.根据麦克斯韦电磁场理论可知，均匀变化的磁场产生恒定的电场，均匀变化的电场产生恒定的磁场，故C项与题意不相符；D.根据尺缩效应，沿物体运动的方向上的长度将变短，火车以接近光束通过站台时，车上乘客观察到站在站台上旅客变瘦，而不是变矮，故D项与题意相符．10.如图所示，正方形abcd区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，甲、乙两带电粒子从a点沿与ab成30 角的方向垂直射入磁场，甲粒子垂直于bc边离开磁场，乙粒子从ad边的中点离开磁场．已知甲、乙两带电粒子的电荷量之比为1：2，质量之比为1：2，不计粒子重力．以下判断正确的是（）A. 甲粒子带负电，乙粒子带正电B. 甲粒子的动能是乙粒子动能的24倍C. 3倍D. 如果改变入射速度大小，甲粒子有可能从ab 边射出，乙粒子不可能从bc 边射出【答案】BC【解析】【详解】A.由甲粒子垂直于bc 边离开磁场可知，甲粒子向上偏转，所以甲粒子带正电，由粒子从ad 边的中点离开磁场可知，乙粒子向下偏转，所以乙粒子带负电，故A 项与题意不相符；B.设磁场区域的边长为L ，由几何关系可知，R 甲＝2L乙粒子在磁场中偏转的弦切角为60︒，弦长为2L ，所以 2L =2R 乙sin 60︒ 解得：R 乙由牛顿第二定律得： 2v qvB m r= 动能：2222k 122q B r E mv m== 所以甲粒子的动能是乙粒子动能的24倍，故B 项与题意相符；C.甲粒子的运动的弧长1601π2π22π23L s L ︒=⨯⨯⨯= 乙粒子的弧长21202π2π69L s ︒=⨯⨯=C 项与题意相符；D．根据2vqvB mR=可知mvRqB=如果改变入射速度大小，甲粒子有可能从ab边射出，但是当乙粒子速度足够大时，可能从bc 边射出，故D项与题意不相符．11.如图所示，空间存在竖直向上、大小为E的匀强电场和沿水平方向、垂直于纸面向里、大小为B的匀强磁场，一个质量为m的带电小球用长为L的绝缘细线吊着悬于O点，给小球一个水平方向的初速度，小球在竖直面内做匀速圆周运动，细线张力不为零；某时刻细线断开，小球仍做半径为L的匀速圆周运动，不计小球的大小，重力加速度为g，则（）A. 小球的带电量为mg EB. 细线未断时，小球沿逆时针方向运动C. 小球运动的速度大小为2BLg ED. 细线未断时，细线的拉力大小为2222mLg BE【答案】AD【解析】【详解】A.绳断后，带电小球能做匀速圆周运动，故电场力与重力等大反向，小球带正电，优质资料\word可编辑且qE＝mg解得：mg=qE故A项与题意相符；BCD.绳断后，2v qvB m r=解得：qBL BLg v m E==绳子未断时，绳子有拉力，据左手定则判断，小球沿顺时针方向运动，由牛顿第二定律得2mv T qvB L-=解得：绳子拉力2222mLg B T E=故BC项与题意不相符，D项与题意相符．12.如图，一斜面紧靠竖直墙面固定在水平地面上．在纸面内加一匀强电场，其方向与水平面夹角为60α︒=，场强E=，现将一质量为m带电量为+q的小球从斜面上P点竖直向上以v0抛出，第一次与接触面撞前空中飞行的竖直位移为y1，若仅将初速度大小变为3v0从P 点竖直抛出，第一次与接触面碰撞前在空中飞行的竖直位移为y2，则下列说法可能正确的是( )A. y 2=2y 1B. y 2=4y 1C. y 2=6y 1D. y 2=10y 1【答案】BC 【解析】【详解】小球受重力mg 以及沿电场方向的电场力，大小为23F E gq m ==，其竖直分量为cos30y F F mg ==；则小球做竖直方向做匀速运动；水平方向3sin 30x x F F ma ===，则水平方向做加速度为3x a g =的匀加速运动；若小球第一次能落到斜面上，则第一次与接触面撞前，则0022tan 12x x v t v yx a t a t α=== （其中α为斜面的倾角），则202tan x v y a α=，则当初速度大小变为3v 0时，竖直位移y 变为原来的9倍；若两次小球第一次均落在竖直墙壁上，则水平位移相等，则时间相等，由y =v 0t 可知，则当初速度大小变为3v 0时，竖直位移y 变为原来的3倍；若第一次落在斜面上，第二次落在墙壁上，可知竖直位移应该介于3倍和9倍之间，则选项BC 正确，AD 错误．三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。

四川省成都市2021届高三高中毕业班摸底测试试题本试卷分选择题和非选择题两部分. 第Ⅰ卷（选择题）1至3页，第Ⅱ卷（非选择题）4至6页，共6页，满分100分，考试时间100分钟.注意事项：1. 答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上.2. 答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号.3. 答非选择题时，必须使用0. 5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上.4. 所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效.5. 考试结束后，只将答题卡交回.第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、本题包括8小题，每小题3分，共24分. 每小题只有一个选项符合题目要求.1. 1820年，在实验中首次发现电流磁效应的科学家是A. 安培B. 奥斯特C. 楞次D. 洛伦兹2. 下列说法正确的是A. 为了形象地描述电场和磁场，法拉第引入了电场线和磁感线B. 由FEq=可知，电场中某点的电场强度大小与检验电荷受到的电场力大小成正比C. 由QCU=可知，电容器的电容与加在电容器上的电压成反比D. 由FBIL=可知，某点的检验电流元所受的安培力为零，则该点的磁感应强度必为零3. a、b是同种材料制成的两根圆柱形导体棒，它们的伏安特性曲线如图所示. 两者相比较A. 长度大的一定是aB. 横截面积大的一定是aC. 若a、b串联，通电后功率较大的是bD. 若a、b并联，通电后功率较大的是b4. 如图，实线表示某固定场源点电荷电场中的三条电场线，虚线为一正离子仅在电场力作用下从P点运动到Q点的轨迹. 下列判定正确的是A. 场源点电荷带正电B. 正离子在P点的加速度大于在Q点的加速度C. 正离子在P点的速度小于在Q点的速度D. 正离子在P点的电势能大于在Q点的电势能5. 如图，两根平行长直导线固定，导线中通有垂直纸面向外、大小相等的恒定电流，O是两导线连线的中点，a、b是连线上的两点，c是连线的中垂线上一点，aO=Ob. 下列说法正确的是A. O点的磁感应强度不为零，方向垂直于两导线的连线向上B. a、b两点的磁感应强度大小相等，方向相同C. a、b两点的磁感应强度大小相等，方向相反D. c点的磁感应强度不为零，方向平行于两导线的连线向右6. 图示电路中，电源电动势为E，内阻为r，且r=R1，电流表和电压表均为理想电表. 闭合开关S，让滑动变阻器的滑片P由图示位置向右滑动到另一位置. 则与P滑动前比较A. 电流表A的示数变大B. 电压表V的示数变大C. 电容器所带电荷量变小D. 电源的输出功率变小7. 如图，金属导体的长度、宽度、厚度分别为a、b、d，导体处在方向垂直前后侧面向里、磁感应强度为B的匀强磁场中. 现给导体通以图示方向的恒定电流，稳定后，用电压表测得导体上、下表面间的电压大小为U. 下列说法正确的是A. 上表面的电势高于下表面的电势B. 导体单位体积内的自由电子数越多，电压表的示数越大C. 导体中自由电子定向移动的速度大小为U vBd =D. 导体中自由电子定向移动的速度大小为U vBb =8. 如图（a），纸面内，圆形金属框通过长导线与平行金属板MN和PQ连接，框内有如图（b）所示周期性变化的磁场（规定垂直纸面向里为磁场的正方向），导线上c、d间接有电阻R，O1、O2是金属板上正对的两个小孔. t=0时刻，从O1孔内侧由静止释放一个离子（不计重力），离子能够在时间Δt内到达O2孔. 已知Δt＞2T，规定从c经R到d为电流I的正方向，从O1指向O2为离子速度v的正方向，则下列图像可能正确的是A. B.C. D.二、本题包括4小题，每小题4分，共16分. 每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.9. 教学用发电机能够产生正弦交变电流. 如图，利用该发电机（内阻不计）通过理想变压器向定值电阻R供电时，理想电流表A的示数为I，R消耗的功率为P. 则A. 仅将变压器原线圈的匝数变为原来的2倍，R消耗的功率将变为4PB. 仅将变压器原线圈的匝数变为原来的2倍，A表的示数仍为IC. 仅将发电机线圈的转速变为原来的12，A表的示数将变为2ID. 仅将发电机线圈的转速变为原来的12，R消耗的功率仍为P10. 氢原子能级示意图如图所示. 处于n=4能级的一群氢原子向低能级跃迁时，辐射出的光子再照射到逸出功为4. 54eV的钨板上，下列说法正确的是A. 跃迁过程中，共有10种不同频率的光子辐射出来B. 共有3种不同频率的光子能使钨板发生光电效应现象C. 从钨板逸出的光电子的最大初动能为12. 75eVD. 从钨板逸出的光电子的最大初动能为8. 21eV11. 如图，四个电荷量绝对值相等的点电荷分别固定在正方形的四个顶点处，其中两个为正电荷，两个为负电荷. A、B、C、D为正方形四条边的中点，O为正方形的中心，规定无穷远处电势为零. 下列说法正确的是A. O点电场强度为零B. B点电势为零C. A、C两点电场强度相同D. 将一带负电的检验电荷从A点沿直线AC移动到C点，在此过程中电荷电势能减小12. 如图，一质谱仪由加速电场、静电分析器、磁分析器构成. 静电分析器通道的圆弧中心线半径为R，通道内有均匀辐向电场，中心线处的场强大小为E；半圆形磁分析器中分布着方向垂直于纸面、磁感应强度为B的匀强磁场. 要让质量为m、电荷量为q的粒子（不计重力），由静止开始从M板经加速电场加速后沿圆弧中心线通过静电分析器，再由P点垂直磁场边界进入磁分析器，最终打到胶片上，则A. 加速电场的电压U需满足的关系为12U ERB. 若q＜0，则M板电势需低于N板电势，辐向电场的方向由圆心指向圆外，且磁分析器中磁场方向垂直于纸面向外C. 电荷量相同的粒子都能打在胶片上的同一点D. 粒子打在胶片上的位置Q到P点的距离为2mER B q第Ⅱ卷（非选择题，共60分）三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分. 第13~17题为必考题，每个试题考生都必须做答. 第18~19题为选考题，考生根据要求做答.（一）必考题（共48分）13. （6分）欲测量一个未知电阻R x的阻值.（1）某同学先用万用表欧姆“×100”挡粗测. 测量中，表盘指针位置如图（a），其示数为_________Ω.（2）该同学接着设计了图（b）所示电路进一步测量. 主要步骤有：①闭合开关S1，将单刀双掷开关S2拨到a，读出电流表示数I；②将S2拨到b，调节电阻箱旋钮，当电流表示数再次为I时，读出电阻箱示数R.（3）若电源电动势为6V且内阻很小，可供选择的电流表、电阻箱为：A. 电流表（量程5mA，内阻约50Ω）；B. 电流表（量程50mA，内阻约5Ω）；C. 电阻箱（0~999. 9Ω）；D. 电阻箱（0~9999. 9Ω）.该同学应该选用的电流表是_________，电阻箱是_________. （填器材序号字母）14. （8分）欲测量一节干电池的电动势和内阻. 要求测量尽量准确. 实验室提供的器材有：A. 电压表V（量程2V，内阻约2kΩ）；B. 电流表A（量程60mA，内阻9Ar=Ω）；C. 定值电阻R1（阻值1Ω）；D. 定值电阻R2（阻值10Ω）；E. 滑动变阻器R3（阻值0~10Ω）；F. 开关一只，导线若干.（1）实验小组设计的电路如图（a）所示，虚线框内是改装后量程为0. 6A的电流表. 该改装表的内阻为_________Ω，接入改装电路的定值电阻是_________（填器材序号字母）.（2）实验前，应断开开关S，将滑动变阻器滑片滑到_________（填“a”或“b”）端.（3）实验中测得A表示数I和V表示数U的多组数据如下表. 请在图（b）中作出U－I图线.I/mA 20. 0 30. 0 40. 0 50. 0 60. 0U/V 1. 20 1. 05 0. 90 0. 75 0. 60（4）根据作出的图线，求出被测干电池的电动势E=_________V，内阻r=_________Ω. （保留到小数点后2位）15. （8分）如图，倾角为θ的光滑斜面处于方向水平向右的匀强电场中，一质量为m、电荷量为q（q ＞0）的小物块，恰好静止在斜面上距底边高为h的A点. 重力加速度大小为g.（1）求电场的场强大小；（2）若保持场强方向不变，仅将场强大小变为原来的一半，求小物块滑到斜面最低点B时的速度大小.如图，倾角θ=30°的绝缘光滑斜面固定，斜面上宽度L=0. 5m的矩形区域MNQP存在方向垂直斜面、磁感应强度B=1T的匀强磁场. 现给一平放在斜面上的正方形闭合导线框施加一个作用于线框上边中点、方向始终平行于线框侧边的力F（图中未画出），使线框从虚线ab处由静止向下做加速度a=2m/s2的匀加速直线运动直到穿过磁场. 已知线框质量m=25m kg、电阻R=0. 5Ω、边长也为L=0. 5m，ab∥MP∥NQ∥斜面底边，且ab与MP的间距s=1m，重力加速度g=10m/s2. 求：（1）线框下边刚进入磁场时，导线框的热功率；（2）线框上边即将离开磁场时的外力F.如图，直角坐标系xOy 中，在x≤－L 区域有沿y 轴负方向的匀强电场；在－L ＜x≤0区域有方向垂直坐标平面向里的匀强磁场；在x ＞0区域还有一个圆心在O′（2L，0）点且与y 轴相切的圆形匀强磁场区域，磁场的方向垂直于坐标平面向外. 一位于P （－2L ，36L ）点的带正电粒子（不计重力）以初速度v 0沿x 轴正方向射出，粒子恰能依次经过Q （－L ，0）点、O 点和圆形区域圆弧上的M 点. 粒子质量为m 、电荷量为q ，MO′与x 轴正方向的夹角为60°. 求：（1）粒子在Q 点的速度；（2）－L≤x ＜0区域内磁场的磁感应强度大小B 1； （3）圆形区域内磁场的磁感应强度大小B 2.（二）选考题：共12分. 请考生从2道题中任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑. 注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题. 如果多做，则按所做的第一题计分.18. 『物理——选修3—3』（12分）（1）（4分）下列说法正确的是_________. （填正确答案标号. 选对1个得2分，选对2个得3分，选对3个得4分. 选错1个扣2分，最低得0分. ）A. 布朗运动是固体分子的无规则运动B. 一定质量的理想气体在等温膨胀过程中一定吸热C. 晶体的分子（或原子、粒子）的排列是规则的D. 气体压强仅与气体分子的平均动能有关E. 一切与热现象有关的实际宏观过程都是不可逆的（2）（8分）如图，长L=1m的粗细均匀细管开口向上竖直放置，管内有一段高为h=4cm的水银柱，水银柱下密封了一定质量的理想气体，当环境温度为T1=301K时，水银柱上端到管口的距离为d=10cm. 已知大气压强076p cmHg，管内气体温度与环境温度相同. （i）当环境温度变为T2=315K，求稳定后水银柱下端到管底的距离；（ii）保持环境温度T2不变，让细管在竖直面内绕管底缓慢转动，直到细管水平. 试通过计算判断管口是否有水银溢出.19. 『物理——选修3—4』（12分）（1）（4分）在一根拉直的绸带两端O1和O2同时沿竖直方向抖动后停止，产生的两列简谐横波相向传播，某时刻的波形如图所示. 不考虑波的反射. 下列说法正确的是_________. （填正确答案标号. 选对1个得2分，选对2个得3分，选对3个得4分. 选错1个扣2分，最低得0分. ）A. 两列波在绸带中的波速大小相等B. O1和O2振动的频率相同C. O1和O2开始振动的方向相同D. 两列波引起x=6m处的质点通过的总路程为80cmE. 在两列波叠加的区域内，振动最强的质点坐标为x=0. 25m（2）（8分）如图，ABO是横截面为四分之一圆的透明体，圆半径为R. 一束光线垂直于AO射到边上D点，进入透明体的光线恰能在AB边发生全反射. 已知透明体的折射率n=2，真空中的光速为c. 求：（ⅰ）D点到O点的距离；（ⅱ）光线从进入透明体到再次返回AO边（含端点）经历的时间（结果用根式表示）.——★ 参*考*答*案 ★——第Ⅰ卷（选择题，共40分） 一、单项选择题（共24分） 1. B2. A3. D4. B5. C6. D7. C8. C二、多项选择题（共16分） 9. AC10. BD 11. BC 12. AD第Ⅱ卷（非选择题，共60分） 三、非选择题（共60分） （一）必考题13. （6分）（1）1500（2分） （3）A （2分）D （2分） 14. （8分）（1）0. 9（1分） C （或R 1）（1分） （2）b （1分） （3）见答图1（2分）（3）1. 50（1分）（1. 48~1. 52均给1分） 0. 60（2分）（0. 56~0. 64均给2分） 15. （8分）解：（1）物块受三力作用静止 由平衡条件有：sin cos mg qE θθ=（2分）解得：tan mg E qθ=（2分）（2）A 、B 间沿场强方向的距离为：tan h x θ=由动能定理有：21122mgh qEx mv -= （2分）解得：v =（2分）（其它合理解法，参照给分） 16. （12分）解：（1）设下边到达MP 的速度为v 1由运动学规律有：212v as =（1分） 代入数据得：12/v m s = （1分） 感应电动势为：1E BLv =（1分）线框的热功率为：2E P R =（1分）整理后得：2221B L v P R=代入数据解得：P=2W（1分）（2）设上边即将穿出NQ 的速度为v 2线框从开始下滑到上边即将穿出NQ 的过程中发生的位移为：x=s ＋2L由运动学规律有：222v ax =（1分）代入数据得：2/v s = 线框受到的安培力为：F BIL =安（1分）感应电动势为：2E BLv =E I R=（1分） 由牛顿第二定律有：sin 30F mg F ma +︒-=安（2分）整理后得222sin 30B L v F ma mg R=+-︒代入数据解得：0.57F N N =≈（1分）故：外力大小为5N 、方向沿斜面向下 （1分）（其它合理解法，参照给分） 17. （14分）解（1）在x≤－L 区域内，粒子在电场力作用下做类平抛运动 由运动学规律有：02L L v t -=（1分）162y L v t = （1分）v = （1分）联立以上各式解得：03v v =（1分）设粒子在Q 点的速度与x 轴正方向的夹角为θ则：0cos v v θ== （1分） 得：θ=30°，故速度方向与x 轴正方向成30°角（1分）（2）在－L≤x ＜0区域内，粒子做匀速圆周运动的轨迹如答图2，设圆心为O 1，轨道半径为R 1，1sin 2L R θ=（1分）故：1R L =由牛顿第二定律有：211v qvB m R =（1分）解得：013B qL=（2分）（3）在圆形区域内，粒子做匀速圆周运动的轨迹如答图3， 设圆心为O 2，轨道半径为R 2由题意可知圆形区域的半径为：2L r =因：218060602OO O ︒-︒'∠==︒ （1分）且：∠O′OO 2=90°－θ=60°故：△O′OO 2是等边三角形，22LR r ==（1分）由牛顿第二定律有：222v qvB m R =（1分）解得：01433mv B qL=（1分）（其它合理解法，参照给分）（二）选考题18. 『物理——选修3—3』（12分） （1）（4分）BCE （2）（8分）解：（ⅰ）设细管横截面积为S ，T 2=315K 时水银柱下端到管底的距离为H 以密封气体为研究对象，则初态：T 1=301K ，1()V L h d S =-- （1分）末态：T 2=315K ，1V HS = 气体发生等压变化，有：1212V V T T = （1分） 代入数据解得：H=90cm（1分）（ⅱ）假设没有水银溢出. 设细管水平时，密封气柱长H′仍以密封气体为研究对象，则初态：2V HS =，2080P P h =+=cmHg （1分）末态：3V H S '=，3076p p ==cmHg 气体发生等温变化，有：2233p V p V =（1分）代入数据解得：180019H cm '=（1分）因：187619H h cm L '+=<，假设成立 （1分） 故：无水银溢出（1分）（其它合理解法，参照给分） 19. 『物理——选修3—4』（12分） （1）（4分）ADE （2）（8分）解：（i ）设光在AB 边的入射点为E ，在BO 边的入射点为F ，光路如答图4 由题意，在E 点恰发生全反射，入射角等于临界角C 有：11sin 2C n == （1分）解得：C=30°故：DO=OEsin ∠DEO=RsinC （1分） 解得：2RDO =（1分）（ii ）因∠DEO=90°－∠DEF=90°－2C=30°，故在F 点也将发生全反射，由几何关系可知，从F 点反射的光线与OA 边交于A 点. 过F 点作法线与DE 交于G 点3cos cos 2RDE OE DEO R C =∠==（1分）3cos cos GF DO REF GFE C ===∠（1分）23sin cos 60OA OA RFA OFA ===∠︒（1分）透明体中的光速为cv n=（1分）光线从进入透明体到再次返回AO 边经历的时间为：DE EF FAt v++=解得：33Rt c=（1分）（其它合理解法，参照给分）。

四川省成都市2021届高三一诊模拟考试理综物理试题一．选择题：1. 一个质量为m的运动物体共受三个共点力F1、F2、F3的作用，这三个力的大小和方向组成如图所示的三角形，则这个物体的加速度是（）A. 0B.C.D.【答案】C【解析】由三角形定则可知，F1与F3首尾相接，F1与F3的合力等于F2，所以这个物体所受的合力是2F2，按照牛顿第二定律可知：，故C正确。

2. 如图所示，质量为m的小球（可视为质点）放在滑腻水平面上，在竖直线MN的左方受到水平恒力F1作用，在MN的右方除受F1外还受到与F1在同一直线上的水平恒力F2作用。

现小球由A点静止开始运动，小球运动的图象如右图所示。

由图可知，下列说法正确的是（）A. F2的大小为B. 小球在MN的右方加速速度大小为C. 小球在MN右方运动的时间段为D. 小球在这段时间内的最大位移为【答案】B..................B项：小球在MN的右方加速度等于t1至t3这段图象的斜率，所以a2大小为，故B正确；C项：按照图象分析可知，小球在t1-t3这段时间内是在MN右边运动的，所以小球在MN右方运动的时间为t3-t1．故C错误；D项：按照图象的“面积”等于小球的位移，时间轴上下的面积是对称的，故小球在t=0到t=t4这段时间位移为0，单方向最大位移为，故D错误。

点晴：由图可知，前0-t1内，物体做匀加速直线运动，其加速度，而t1至t3物体先减速后反向加速，t3后减速；则可判断出物体在t1时刻恰好通过MN，t3又回到MN。

3. 中央电视台综艺节目《加油向未来》中有一个橄榄球空中击剑游戏：宝剑从空中B点自由落下，同时橄榄球从A点以速度v0沿AB方向抛出，恰好在空中C点击中剑尖，不计空气阻力。

下列说法正确的是（）A. 橄榄球在空中运动的加速度大于宝剑下落的加速度B. 橄榄球若以小于v0的速度沿原方向抛出，必然能在C点下方击中剑尖C. 橄榄球若以大于v0的速度沿原方向抛出，必然能在C点上方击中剑尖D. 橄榄球无论以多大速度沿原方向抛出，都能击中剑尖【答案】C【解析】A项：橄榄球在空中运动的加速度等于宝剑下落的加速度，均等于重力加速度，故A 错误；B项：橄榄球若以小于v0的速度沿原方向抛出，则水平方向的速度减小，运动到相遇点的时间增大，橄榄球在相同时间下降的高度增大，可能剑尖落地后橄榄球才到C点所在的竖直线，所以橄榄球可能在C点下方击中剑尖，故B错误；C项：橄榄球若以大于v0的速度沿原方向抛出，则水平方向的速度增大，运动到相遇点的时间减小，橄榄球相同时间下降的高度减小，必然能在C点上方击中剑尖，故C正确；D项：若抛出的速度过小，可能橄榄球不会与剑尖相遇，故D错误。

高三物理摸底测试答案㊀第１㊀页(共４页)成都市２０２１级高中毕业班摸底测试物理试题参考答案及评分意见第Ⅰ卷(选择题,共４０分)一㊁单项选择题(共２４分)１．B２．A３．B４．D５．B６．A７．C８．C二㊁多项选择题(共１６分)９．C D１０．B D１１．A B １２．B D第Ⅱ卷(非选择题,共６０分)三㊁非选择题(共６０分)(一)必考题１３．(６分)(１)C (２分)(２)０ ９(２分)㊀㊀７ ５ˑ１０２(２分)(７５０得１分)１４．(８分)(１)B (２分)(２)a (２分)㊀㊀１ １０ˑ１０３(２分)(１１００也得２分)(３)１０(２分)１５．(８分)解:(１)因磁场均匀变化,故感应电动势恒定由法拉第电磁感应定律,感应电动势为:E ＝n ΔB Δtb ２(１分)代入数据得:E ＝２ ５V由闭合电路欧姆定律可得感应电流为:I ＝ER ＝０ ５A(１分)带入数据可得:I ＝０ ５A(１分)由楞次定律可得感应电流为顺时针方向(１分)(２)在０~３s 内,通过线圈截面的电荷量为:q ＝I t ＝１ ５C (２分)线圈中产生的焦耳热为:Q ＝I ２R t ＝３ ７５J(２分)(其他合理解法,参照给分)仅限于高板中学使用高三物理摸底测试答案㊀第２㊀页(共４页)１６．(１２分)解:(１)小球在B 时,由牛顿第二定律有:N ＋q E s i n ４５ʎ－m g ＝mv ２R (２分)解得:N ＝３m g(２分)(２)小球从B 到D 过程由动能定理有:２q E R s i n ４５ʎ－m g ２R ＝１２m v D ２－１２m v ０２(１分)解得:v D ＝３gR (１分)如答图１,将重力和电场力合成可得:F 合＝m g ,a ＝g (１分)可知过D 点后,小球先做匀减速直线运动,然后反向做匀加速直线运动回到D 点由运动学规律有:t ＝２v D g ＝２３Rg(１分)(３)分析可知:当小球返回水平面且向左减速为０时,电势能最大由能量守恒可知,小球再次回到B 点时速度水平向左:v B ᶄ＝v B ＝３gR (２分)由运动学规律有:x B ＝v B ᶄ２２g(１分)所以离B 点的距离为:x B ＝１ ５R(１分)(其他合理解法,参照给分)１７．(１４分)解:(１)粒子从P 到Q 做类平抛运动,设在Q 点水平方向速度分量为v ０㊁竖直方向速度分量为v y ,在电场中类平抛运动的时间为t 水平方向做匀速直线运动,有:２l ＝v ０t(１分)竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动,有:１ ５l ＝v y２t(１分)解得:t a n α＝v y v ０＝３２(２分)(２)设粒子在磁场中匀速圆周运动的半径为r ,速度大小为v由题意知:v ＝v ０c o s α(１分)由牛顿第二定律有:q v B ＝mv ２r (１分)所以:r ＝m v ０qB c o s α仅限于高板中学使用高三物理摸底测试答案㊀第３㊀页(共４页)由答图２中的几何关系有:２r s i n α＝２l (１分)解得:B ＝３m v ０２ql (１分)(３)①如答图３,粒子以速度v １＝３２v ０从P 点射入,经图示轨迹达到右侧挡板.从P 到Q ᶄ的过程,粒子在电场中做类平抛运动,设水平位移为x １,水平初速变化不影响类平抛时间,t ＝２lv ０;设圆周运动对应的弦长为d ,第一次飞入磁场时速度与水平方向的夹角为β则在电场中:x １＝v １t ＝３l(１分)t a n β＝２yx １,即:t a n β＝１㊀㊀β＝４５ʎ由(２)同理可得,在磁场中:r １＝m v １q B c o s βd ＝２r １s i n β＝２m v １qB t a n β＝２l (１分)由于２x １－d ＝４l ,可见粒子恰好垂直打在右挡板上在磁场中的运动时间:t １＝３６０ʎ－２β３６０ʎ ２πm qB ＝πl v ０故粒子抛出到第一次与挡板相碰的时间为:t ２＝２t ＋t １＝４l v ０＋πlv ０(１分)②如答图４,粒子被右边挡板反弹后,经历类平抛㊁１４圆周㊁斜抛后垂直打在左挡板,反弹后类平抛进入磁场,再经３４圆周㊁斜抛后回到P 点.类平抛运动总时间:t ３＝６x １v １＝１２lv ０(１分)在磁场中运动总时间:t ４＝２７０ʎ＋９０ʎ＋２７０ʎ３６０ʎ ２πm q B ＝７πl３v ０(１分)故:T 总＝t ３＋t ４＝１２l v ０＋７πl３v ０(１分)(其他合理解法,参照给分)仅限于高板中学使用高三物理摸底测试答案㊀第４㊀页(共４页)(二)选考题１８ [物理 选修３ ３](１２分)(１)(４分)B D E (２)(８分)解:(i )由题意知:同学利用充气筒向篮球打１９次气的过程中气体温度不变,篮球内原有气体以及打入的１９V ０体积的气体经历等温压缩过程由玻意尔定律得:p ０V ＋１９p ０V ０＝p １V (２分)代入数据解得:p １＝１２５ˑ１０５P a (２分)(i i)同学通过放气使篮球内部气压恢复至p 标的过程,可等效为篮球内气体经历压强从p ２下降到p 标的等温膨胀过程,设放出的气体体积为Vᶄ,对应的质量为m ᶄ由玻意尔定律得:p ２V ＝p 标V ＋p 标V ᶄ(２分)代入数据得:V ᶄ＝１８V(１分)温度㊁压强相同时,同种气体的密度相同故放出气体的质量与放气后球内气体的质量的比值为:m ᶄm ＝V ᶄV ＝１８(１分)(其他合理解法,参照给分)１９ [物理 选修３ ４](１２分)(１)(４分)A C D (２)(８分)解:(i )由题意:x ＝０ １２m 处的质点在t ＝０ ０９s 时刻恰好第三次出现波峰结合波形图有:t ＝T４＋２T (１分)得:T ＝０ ０４s(１分)由波形图可知波在介质Ⅰ中的波长为:λ１＝０ ２４m (１分)所以,波在介质Ⅰ中的波速大小为:v １＝λ１T＝６m /s(１分)(i i )设x ＝０ ９６m 处质点起振的时刻为t １则:t １＝Δx １v １＝０ ９６－０ ２４６s ＝０ １２s (１分)波在介质Ⅱ中的波速大小为:v ２＝v １２＝３m /s从波进入介质Ⅱ到质点P 起振经历的时间为:t ２＝Δx ２v ２＝１ ２６－０ ９６３s ＝０ １s (１分)质点P 起振后经:t ３＝１４T ＝０ ０１s 第一次到达波谷(１分)所以质点P 第一次到达波谷的时刻为:t 总＝t １＋t ２＋t ３＝０ ２３s (１分)(其他合理解法,参照给分)仅限于高板中学使用。

四川省成都市2021届上学期高三年级第一次诊断性检测物理试卷一、选择题1下列表述正确的是A亚里士多德通过“理想实验”得出了“力不是维持物体运动的原因”这一结论B开普勒在研究行星运动规律的基础上发现了万有引力定律C库仑通过“扭秤实验”非常准确地测出了带电物体间的静电力D法拉第引入的“电场线”是真实存在于电场中的2如图，水平地面上叠放着矩形物体A和B,细线一端连接A,另一端跨过定滑轮连接着物体C,A、B、C均静止。

下列说法正确的是共受到三个力作用共受到四个力作用的质量后，A、B、C仍静止在原位置，则A对B的压力比原来大的质量后，A、B、C仍静止在原位置，则地面对B的摩擦力比原来大3截止目前，我国的探月工程已发射了五个探测器。

如图所示为“嫦娥三号”飞行轨道示意图，其中的/s=2s时，质点的坐标为（6m,0=1s时，质点的速度大小为5m/s轴重合，一负点电荷仅在电场力作用下以某一初速度沿轴正方向做直线运动。

已知点电荷的电荷量为－210-8C,点电荷的动能E,与坐标的关系如图中曲线所示，斜线为该曲线过点（,3的切线。

下列判定正确的是轴正方向降低B该电场为匀强电场=处的场强大小为500 N/C=与=间的电势差是100V8如图，绝缘座放在光滑水平面上，间距为d的平行板电容器竖直固定在绝缘座上，A板有小孔O,水平绝缘光滑杆穿过O固定在B板上，电容器、底座和绝杆的总质量为M给电容器充电后，向左运动，在电容器中为砂和砂桶的质量，m为动滑轮的质量，滑轮光滑且大小不计，力传感器可测出细线中的拉力大小。

（1实验中，不需要进行的操作是，不需要满足的条件是（填序号字母）B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力D小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数（2该同学在实验中得到图（b所示的一条纸带（两计数点间还有四个点没有画出）。

已知打点计时器的打点周期为,根据纸带可求出小车的加速度大小为 m/s2结果保留三位有效数字）。

四川省成都市2021届高三第三次诊断考试理科综合 物 理 试 题1．物理试卷分为第I 卷（选择题），第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共110分。

2．答卷前，考生务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡上；并在规定位置粘贴考试用条形码。

答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡，答在试卷上的无效。

考试结束后，只将答题卡交回。

第I 卷留意事项：1．每题选出答案后，用2B 铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦洁净后，再选涂其它答案标号。

2．本卷共7题，每题6分，共42分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．下列说法正确的是 A ．声波和电磁波都不能在真空中传播 B ．遥控器发出的红外线脉冲信号，可以用来遥控电视机、录像机和空调机 C ．交警可以依据光波的偏振现象，利用仪器测出经过身边的汽车的行驶速度 D ．狭义机对论认为真空中光源的运动会影响光的传播速度 2．关于下列光学现旬，说法正确的是 A ．光从空气射入玻璃时，可能发生全反射 B ．在水中，蓝光的传播速度大于红光的传播速度 C ．晚上，不中同一深度、可视为点光源的红灯和黄灯，红灯照亮的不面面积大于黄灯照亮的水面面积 D ．阳光下肥皂泡呈现出五颜六色，这是光的衍射现象3．如图甲所示，抱负变压器原副线圈的匝数比为5：1，原线圈接沟通电源和沟通电压表，副线圈接有“220V ，440W”的纯电阻和“220V ，220W”的电动机。

假如副线圈两端电压按图乙所示正弦规律变化，则下列说法正确的是A ．副线圈两端电压的瞬时值表达式为2202t u V π=B ．电压表示数为11002VC ．纯电阻的发热功率是电动机发热功率的2倍D ．1min 内电动机消耗的电能为41.3210J ⨯4．如图所示，在波的传播方向上有相距1m 的6个质点，a 、b 、c 、d 、e 、f ，它们均静止在各自的平衡位置，一列简谐横波以1m/s 的水平速度向右传播。

四川省成都市2021届上学期高三年级摸底测试物理试卷本试卷分选择题和非选择题两部分第Ⅰ卷（选择题）1至3页，第Ⅱ卷（非选择题）4至6页，共6页，满分100分，考试时间100分钟注意事项：1 答题前，务必将自己的姓名、考籍号填写在答题卡规定的位置上2 答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号3 答非选择题时，必须使用0 5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上4 所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效5 考试结束后，只将答题卡交回第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、本题包括8小题，每小题3分，共24分每小题只有一个选项符合题目要求1 1820年，在实验中首次发现电流磁效应的科学家是A 安培B 奥斯特C 楞次D 洛伦兹2 下列说法正确的是A 为了形象地描述电场和磁场，法拉第引入了电场线和磁感线B 由FEq=可知，电场中某点的电场强度大小与检验电荷受到的电场力大小成正比C 由QCU=可知，电容器的电容与加在电容器上的电压成反比D 由FBIL=可知，某点的检验电流元所受的安培力为零，则该点的磁感应强度必为零3 a、b是同种材料制成的两根圆柱形导体棒，它们的伏安特性曲线如图所示两者相比较A 长度大的一定是aB 横截面积大的一定是aC 若a、b串联，通电后功率较大的是bD 若a、b并联，通电后功率较大的是b4 如图，实线表示某固定场源点电荷电场中的三条电场线，虚线为一正离子仅在电场力作用下从U v Bd=U v Bb=4P 122I 12、电荷量为q 的粒子（不计重力），由静止开始从M 板经加速电场加速后沿圆弧中心线通过静电分析器，再由12U ER =2mERB qA ，内阻约50Ω）；B 电流表（量程50mA，内阻约5Ω）；C 电阻箱（0~999 9Ω）；D 电阻箱（0~9999 9Ω）该同学应该选用的电流表是_________，电阻箱是_________ （填器材序号字母）14 （8分）欲测量一节干电池的电动势和内阻要求测量尽量准确实验室提供的器材有：r=Ω）；A 电压表V（量程2V，内阻约2Ω）；B 电流表A（量程60mA，内阻9AC 定值电阻R1（阻值1Ω）；D 定值电阻R2（阻值10Ω）；E 滑动变阻器R3（阻值0~10Ω）；F 开关一只，导线若干（1）实验小组设计的电路如图（a）所示，虚线框内是改装后量程为0 6A的电流表该改装表的内阻为_________Ω，接入改装电路的定值电阻是_________（填器材序号字母）（2）实验前，应断开开关S，将滑动变阻器滑片滑到_________（填“a”或“b”）端（3）实验中测得A表示数I和V表示数U的多组数据如下表请在图（b）中作出U－I图线2位）15 （8分）如图，倾角为θ的光滑斜面处于方向水平向右的匀强电场中，一质量为m、电荷量为q（q＞0）的小物块，恰好静止在斜面上距底边高为h的A点重力加速度大小为g（1）求电场的场强大小；（2）若保持场强方向不变，仅将场强大小变为原来的一半，求小物块滑到斜面最低点B 时的速度大小 16 （12分）如图，倾角θ=30°的绝缘光滑斜面固定，斜面上宽度L=0 5m 的矩形区域MNQ/s 2的匀加速直线运动直到穿过磁场 已知线框质量m=5mg 、电阻R=0 5Ω、边长也为L=0 5m ，ab ∥M ，重力加速度g=10m/s 2求：（1）线框下边刚进入磁场时，导线框的热功率； （2）线框上边即将离开磁场时的外力F 17 （14分）如图，直角坐标系Oy 中，在≤－L 区域有沿y 轴负方向的匀强电场；在－L ＜≤0区域有方向垂直坐标平面向里的匀强磁场；在＞0区域还有一个圆心在O ′（2L，0）点且与y 轴相切的圆形匀强磁场区域，磁场的方向垂直于坐标平面向外 L 、电荷量为q ，MO ′与轴正方向的夹角为60° 求：（1）粒子在Q 点的速度；（2）－L ≤＜0区域内磁场的磁感应强度大小B 1； （3）圆形区域内磁场的磁感应强度大小B 2（二）选考题：共12分 请考生从2道题中任选一题做答，并用2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑 注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题 如果多做，则按所做的第一题计分18 （12分）（1）（4分）下列说法正确的是_________ （填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得3分，选对3个得4分选错1个扣2分，最低得0分）A 布朗运动是固体分子的无规则运动B 一定质量的理想气体在等温膨胀过程中一定吸热C 晶体的分子（或原子、粒子）的排列是规则的D 气体压强仅与气体分子的平均动能有关E 一切与热现象有关的实际宏观过程都是不可逆的（2）（8分）如图，长L=1m的粗细均匀细管开口向上竖直放置，管内有一段高为h=4cm的水银柱，水银柱下密封了一定质量的理想气体，当环境温度为T1=301K时，水银柱上端到管口的距离为d=10cm 已知大气压强076p cmHg，管内气体温度与环境温度相同（i）当环境温度变为T2=315K，求稳定后水银柱下端到管底的距离；（ii）保持环境温度T2不变，让细管在竖直面内绕管底缓慢转动，直到细管水平试通过计算判断管口是否有水银溢出19 （12分）（1）（4分）在一根拉直的绸带两端O1和O2同时沿竖直方向抖动后停止，产生的两列简谐横波相向传播，某时刻的波形如图所示不考虑波的反射下列说法正确的是_________ （填正确答案标号选对1个得2分，选对2个得3分，选对3个得4分选错1个扣2分，最低得0分）A 两列波在绸带中的波速大小相等B O1和O2振动的频率相同C O1和O2开始振动的方向相同D 两列波引起=6m处的质点通过的总路程为80cmE 在两列波叠加的区域内，振动最强的质点坐标为=0 25m（2）（8分）如图，ABO是横截面为四分之一圆的透明体，圆半径为R 一束光线垂直于AO射到边上D点，进入透明体的光线恰能在AB边发生全反射已知透明体的折射率n=2，真空中的光速为c 求：（ⅰ）D点到O点的距离；（ⅱ）光线从进入透明体到再次返回AO边（含端点）经历的时间（结果用根式表示）参考答案一、单项选择题（共24分） 1 B 2 A 3 D 4 B 5 C 6 D 7 C 8 C 二、多项选择题（共16分） 9 AC10 BD 11 BC 12 AD三、非选择题（共60分） 答图1（一）必考题13 （6分）（1）1500（2分） （3）A （2分）D （2分） 14 （8分）（1）0 9（1分） C （或R 1）（1分） （2）b （1分） （3）见答图1（2分） （3）1 50（1分）（1 48~1 52均给1分） 0 60（2分）（0 56~0 64均给2分） 15 （8分）解：（1）物块受三力作用静止 由平衡条件有：sin cos mg qE θθ= （2分） 解得：tan mg E qθ=（2分）（2）A 、B 间沿场强方向的距离为：tan h x θ= 由动能定理有：21122mgh qEx mv -= （2分）解得：v（2分）（其它合理解法，参照给分） 16 （12分）解：（1）设下边到达M 212v as =12/v m s =1E BLv =2E P R=2221B L v P R =222v ax =2/v s =F BIL =安2E BLv =EI R=sin 30F mg F ma +︒-=安222sin 30B L v F ma mg R =+-︒220.575F N N=≈22502L L v t -=3162y L v t =220y v v v =+0233v v =03cos 2v v θ==1sin 2L R θ=1R L =211v qvB m R =01233mv B qL=2L r =218060602OO O ︒-︒'∠==︒22LR r ==222v qvB mR =01433mv B qL=1()V L h d S =--1V HS=1212V V T T = （1分）（ⅱ）假设没有水银溢出 设细管水平时，密封气柱长H ′仍以密封气体为研究对象，则初态：2V HS =，2080P P h =+=cmHg（1分）末态：3V H S '=，3076p p ==cmHg 气体发生等温变化，有：2233p V p V = （1分） 代入数据解得：180019H cm '=（1分） 因：187619H h cm L '+=<，假设成立 （1分） 故：无水银溢出（1分）（其它合理解法，参照给分） 19 （12分） （1）（4分）ADE （2）（8分）解：（i ）设光在AB 边的入射点为E ，在BO 边的入射点为F ，光路如答图4 由题意，在E 点恰发生全反射，入射角等于临界角C 有：11sin 2C n == （1分）解得：C=30°故：DO=OEsin ∠DEO=RsinC （1分） 解得：2R DO =（1分）（ii ）因∠DEO=90°－∠DEF=90°－2C=30°，故在F 点也将发生全反射，由几何关系可知，从F 点反射的光线与OA 边交于A 点 过F 点作法线与DE 交于G 点cos cos DE OE DEO R C =∠== （1分）cos cos GF DO EF GFE C ===∠（1分）sin cos 603OA OA FA OFA ===∠︒（1分）透明体中的光速为cv n=（1分）光线从进入透明体到再次返回AO 边经历的时间为：DE EF FAt v++=解得：t =（1分）（其它合理解法，参照给分）。

2021年四川省成都市锦江区中考物理零诊试卷1.一只乒乓球从手中下落，被桌面弹起，使乒乓球弹起的力的施力物体是()A. 桌面B. 手C. 地球D. 空气2.下列实例中，目的是为了减小压强的是()A. 裁纸刀的刃做的很薄B. 压路机的碾子很重C. 盲道上凸起的圆点D. 滑雪板的面积较大3.对一名普通中学生的有关数据，下列估测最接近实际的是()A. 他的体重大约为50NB. 他从教室一楼走到三楼所做的功大约为1×104JC. 他双脚站立时对地面压强大约为1.25×104PaD. 他跳绳时克服重力做功的平均功率大约为1500W4.如图所示，使一薄钢条的下端固定，现分别用不同的力去推它，F l=F3=F4>F2，使其发生a、b、c、d各图中所示的形变。

其中能说明力的作用效果与力的方向有关的两张图是()A. a和bB. b和dC. a和dD. a和c5.关于功和功率，下列说法中正确的是()A. 功率大的机器，做功可能少B. 作用在物体上的力越大，对物体所做的功越多C. 省力越多的机械，功率越大D. 机器做功少，功率一定小6.下列现象或生活用品中，不是直接利用大气压作用的是()A. 覆杯实验B. 用吸管吸饮料C. 气球升空D. 拔火罐7.关于轮轴，下列说法中错误的是()A. 轮轴是可以连续旋转的杠杆B. 螺丝刀拧螺丝是利用了轮轴费力的原理C. 如果动力作用在轴上，就能少移动距离D. 自行车的车把手相当于一个轮轴，可以省力8.如图所示是我国新型万吨级055型导弹驱逐舰，其排水量可达12500t，该型驱逐舰在海上航行过程中，下列说法正确的是()A. 排水量指的是驱逐舰所受的重力B. 驱逐舰在海上航行时所受的浮力大于它的总重力C. 发射导弹后，驱逐舰所受浮力变小D. 发射导弹后，驱逐舰舰底受到海水的压强不变9.如图所示为一轻质硬棒，在A点悬挂重物G，在C点作用一拉力F，使硬棒水平平衡，则硬棒的支点可能在()A. A点B. B点C. C点D. D点10.如图所示，小玲穿旱冰鞋站在水平地面上，她所受重力为G，她对地面压力为N，地面对她的支持力为N′。