[K12学习]山东省临沂市2017年中考物理 专题复习与命题猜想《热与能》(含解析)

秘密★启用前试卷类型：A2017年临沂市初中学业水平考试试题物理注意事项：1.本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共10页，满分100分，考试时间90分钟，答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座号填写在试卷和答题卡规定的位置，考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

2.答题注意事项见答题卡，答在本试卷上不得分。

第Ⅰ卷（选择题共40分）一、选择题（每题所列出的四个选项中，只有一项符号题目要求，每题2分，共40分）1.（2分）（2017•临沂）2017年1月18日，我国发射的世界首颗量子卫星“墨子号”正式交付用户单位使用，“墨子号”与地面控制系统交流靠的是A.次声波B.射线C.红外线D.电磁波1、D专题：信息的传递解析：次声波属于声，声的传播需要介质，不能再真空中传播；“墨子号”与地面控制系统交流靠的是电磁波中的微波。

2.（2分）（2017•临沂）下列四幅图片与其对应的说法，正确的是A.甲图摩托车的消音器是在传播过程中减弱噪声的B.乙图蝙蝠的导航系统在太空中依然可以发挥作用C.丙图正在发声的音叉把小球反复弹开，说明发声的音叉在振动D.丁图自制橡皮筋吉他的橡皮筋绷紧程度相同时，细的橡皮筋是低音弦2.C专题：声解析：摩托车的消音器是在声处减弱的，A错；蝙蝠的导航系统用的是超声波，超声波不能在太空中传播，所以蝙蝠的导航系统在太空中不能发挥作用，B错；正在发声的音叉把小球反复弹开，说明发声的音叉在振动，C正确；振动的发声体发出的音调往往不同，细的、短的、绷紧的物体振动的快，频率大，音调高，长的、粗的、松的物体振动的慢，频率小，音调低，D错误。

3.（2分）（2017•临沂）下列与光现象有关的说法中，正确的是（）A.海市蜃楼是光的反射现象B.影子是光沿直线传播形成的C.光污染是因为漫发射造成的D.照相机拍照时所成的像是虚像3.B专题：光现象；光的直线传播，光的发射；光的折射；凸透镜成像的规律解析：海市蜃楼是光的折射现象，A错；影子是光沿直线传播形成的，B对；光污染是因为发生镜面反射，光线太强造成的造成的，C错；照相机拍照时所成的像是倒立缩小的实像，能用光屏承接，D错。

热和能
一、分子热运动
1、分子动理论的基本内容： （1）物质由分子组成。 （2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动。 （3）分子间存在相互作用的引力和斥力。
2、扩散：
（1）定义：不同的物质互相接触时，会发生彼此进入对方的现象
（2）扩散现象说明:
一切物质的分子都在不停地做无规则运动. （3)分子的运动快慢跟 温度有关。
凡 事都 是多棱 镜， 不同 的角 度会
凡 事都是 多棱 镜， 不同 的角度 会看 到不 同的 结果 。若 能把一 些事 看淡 了， 就会 有个好 心境 ，若 把很 多事 看开 了 ，就会 有个 好心 情。 让聚散 离合 犹如 月缺 月圆 那样 寻常， 让得 失利 弊犹 如花 开花谢 那样 自然 ，不 计较 ，也 不 刻意执 着； 让生 命中 各种的 喜怒 哀乐 ，就 像风 儿一 样，来 了， 不管 是清 风拂 面，还 是寒 风凛 冽， 都报 以自 然 的微笑 ，坦 然的 接受 命运的 馈赠 ，把 是非 曲折 ，都 当作是 人生 的
A 热水袋使人身体变暖 B 两手互相摩擦生热
C 用锅烧水使水温升高D 汽车发动机的散热器散热
三.比热容
1、比热容c： 单位质量的某种物质，温度升高（或降
低）1℃时，吸收（或放出）的热量，叫做 这种物质的比热容，简称比热。
2、比热容的单位： J /（kg·℃） 3、水的比热较大是4.2×103 J /（kg·℃）。 4、 比热是物质的一种 特 性，它只与物质
质量 m／kg
初温 t0／℃
末温 t／℃
加热时间 t／min
吸收热量 Q／J
1
O.1
20
30
2
2
O.2
20
30
4
3

《机械和功》一、单选题:1.如图所示，在使用各种工具的过程中属于费力杠杆的是（）A.剪刀B.起子C.镊子D.钢丝钳2.下列运动中的物体，没有力对它做功的是（）A.在光滑水平面上做匀速滑动的物体B.在水平轨道上匀速行驶的列车C.从高处落下的雨滴D.正在下坡行驶的汽车3.水平地面有一重4N的足球，一个小孩用20N的力踢球，使球向前运动了30m，那么小孩对球所做的功为（）A.120 JB.720 JC.0 JD.条件不足，无法计算4.一支步枪枪膛长80cm，火药爆炸时产生的高压气体对子弹的平均推力是2000N，子弹离开枪口在空中飞行40m后落在地上，则高压气体对子弹做的功是（）A.1.6×103JB.1.6×105JC.1.6×104JD.8×104J5.关于杠杆，下列说法中正确的是（）A.动力臂一定等于支点到动力作用点的距离B.动力臂不仅与动力作用点的位置有关，而且跟动力的方向有关C.杠杆一定是直的D.使甩杠杆时可以省力同时又省距离6.如图所示的几种杠杆类工具，属于省力杠杆的是（）A.镊子B.托盘天平C.开瓶器D.钓鱼杆7.根据如图所示的几个情景，下列说法正确的是（）A.女孩搬起一个箱子，女孩对箱子做了功B.司机费了很大的力也未能推动汽车，但司机对汽车做了功C.吊车吊着货物水平移动一段距离，吊车对货物做了功D.套圈被仍出去向前飞行的过程中，小华对套圈做了功8.在进行如图所示的实验或有关装置工作时，由机械能转化为内能的是（）A. B. C. D.9.如图所示，小刚对子弹击穿木板靶心前后，子弹能量变化的问题进行了思考，有以下四点看法：①动能减少，是因为有部分机械能转化成内能②动能减少，是因为子弹的机械能增加了③动能减少，是因为子弹克服摩擦做了功④动能减少，是因为子弹的机械能不变你认为他的看法中，正确的是（）A.①②B.②③C.①③D.③④10.如图所示的衣架，在A点下挂一个4N的重物，要使衣架水平平衡，则（）A.在D点下挂一个4N的重物B.在E点下挂一个4N的重物C.在H点下挂一个4N的重物D.在G点下挂一个10N的重物11.将一圆柱体油桶推上台阶，现分别在A、B和C点用力，力的方向如图所示，则最小的推力是（）A.F AB.F BC.F CD.一样大12.在如图所示的四种情境中，人对物体做功的是（）A.背着书包静止B.费劲力气也没能将杠铃起C.将地面上的砖块往上叠放D.沿着水平方向搬运花盆13.王浩同学想探究一下做功的多少跟物体运动状态之间的关系，他做了以下实验：用相同的力F拉着物体分别在光滑的水平面、粗糙的水平面、斜面上移动相同的距离s（如图），做的功分别是W1、W2、W3，则它们之间的关系是（）A.W1＜W2＜W3B.W1＞W2＞W3C.W1=W2=W3D.W1＜W3＜W214.用如图所示的滑轮匀速提升重物，那么（）A.a方向的拉力最小B.b方向的拉力最小C.c方向的拉力最小D.三个方向的拉力都一样大15.如图所示的杠杆处于平衡状态，若此时在杠杆两边的钩码下各再挂一个质量相等的钩码，那么杠杆将（） A.仍然平衡 B.右边下沉 C.左边下沉 D.无法确定16.如图所示，整个装置处于静止状态，重力和摩擦不计．弹簧测力计A、B、C的示数分别为F A、F B、F C，以下有关弹簧测力计的示数的关系，正确的是（）A.A弹簧秤对墙壁的拉力大于A弹簧秤的示数B.3F A=2F B=F CC.6F A=3F B=2F CD.B弹簧秤对墙壁的拉力小于B弹簧秤的示数17.如图所示的杠杆中，动力的力臂用l表示，图中所标力臂l正确的是（）A. B. C. D.18.各式各样的剪刀都是一对杠杆，要剪开较硬的物体，使用如图哪种剪刀最合适（）A. B. C. D.19.如图所示，绳子OO′悬吊着质量忽略不计的杆，在杆的a点挂上重物G，在O右侧某点b处挂上钩码．重物G的质量及a到O的距离不变，要使杆保持水平，b点挂的钩码个数（各个钩码质量相同）和b到O的距离的关系是图中哪一幅（）A. B. C. D.20.小球的高度为h，以相同的速度沿不同方向斜向上抛出，轨迹如图所示．若不计空气阻力，小球落地时的速度大小（）A.沿a轨迹运动较大B.沿b轨迹运动较大C.沿a、b轨迹运动一样大D.缺少条件，不好判断二、填空题:21.小刚和小明等同学一起做“探究杠杆的平衡条件”实验．（1）如图甲所示，若每个钩码重0.5N，且杠杆上每格相等，小明在杠杆左端图示位置处挂上3个钩码，为使杠杆在水平位置平衡，他在图中A处施加一个方向向上的力F1，此力大小至少为 ______ N．（2）若撤去力F1，改在杠杆右端B处施加一个方向向下的力F2（如图乙所示），则F2______ 1.5N（选填“大于”“等于”或“小于”）仍使杠杆平衡．请在图乙中画出力F2的力臂l2．22.一位初中学生的质量约 ______ kg．用如图所示的两种方法把相同的重物提高相同的高度，甲、乙两图的动滑轮重力相同，不计绳重及机械摩擦，图甲中人的拉力F1 ______ 图乙中人的拉力F2（填“大于”、“等于”或“小于”）．三、实验探究题:23.小明在探究杠杆的平衡条件的实验中，以杠杆中点为支点．（1）在调节杠杆平衡时，小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向 ______ （左/右）调节．（2）如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，记录数据．根据这一次实验数据，小明立即分析得出杠杆的平衡条件，小明这种做法的不足是： ______ ．（3）如图乙所示，小明设计了两种实验方案：第一种弹簧测力计沿竖直方向拉，其读数为F1；第二种弹簧测力计倾斜拉，其读数为F2．第 ______ （一/二）种实验方案更方便，两次弹簧测力计读数F1 ______ （＜/=/＞）F2．（4）杠杆不处于水平位置能否平衡？小刚和小明意见不同．小刚认为能平衡，于是他每次让杠杆倾斜时静止，这样实验也得出了同样的杠杆平衡条件．小刚认为杠杆平衡不（5）实验结束后，小明提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图丙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆处于水平平衡时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符．其原因可能是： ______ ．24.如图所示，单摆（图1）在竖直平面内左右摆动，滚摆（图2）在竖直平面内上下往复运动．请回答（1）这两个实验可以说明的同一个物理问题是： ______ ；（2）滚摆从最低点摆到最高点的过程中，是 ______ 转化为 ______ 能．（3）在单摆左右摆动和滚摆上下往复运动的过程中，你将会看到它们上升的高度逐渐降低．产生此现象的原因是： ______ ，使 ______ 逐渐减少．四、作图题:25.请在图中画出动力臂L1和阻力F2．26.用如图所示的滑轮组提升重物，已知物重为250N，每只动滑轮重15N，绳重及摩擦不计，给你一根能承受60N拉力的绳子，画出滑轮组的绳子绕法．五、计算题:27.“塔吊”是北海新城区建设中随处可见的一种起重设备，图甲所示是某塔吊的工作示意图，AO是塔吊的平衡臂，BO是塔吊的吊臂，C为可控制移动的滑轮组小车，可在B点到O点间移动，AO长4m，BO长26m，AB可绕O点在一定的范围内上下倾斜，己知A端配重物的质量为5t，塔吊利用工作电压为380V、额定功率为10k W 的电动机带动滑轮组来吊升工地的建筑材料．问：（1）从安全角度出发，起吊时应尽量使吊臂水平平衡，在一次匀速吊升钢材时塔吊的吊臂如图乙所示，则滑轮组小车C应向 ______ 移动（选填“左”或“右”），这是根______ 原理．（2）将质量为2t的钢材以0.5m/s的速度竖直向上匀速提起，经1min到达施工楼层后再水平移动20m将钢材送到施工点，此过程中塔吊拉力对钢材所做的功是多少？（3）此塔吊某次吊升钢材时，施工人员移动滑轮组小车C到达离O点16m处，使吊臂和平衡臂刚好处于水平平衡，电动机在额定功率下竖直向上匀速吊升钢材到某高度，此时电动机将电能转化为机械能的效率为75%，则钢材上升过程中的速度是多大？（吊臂、平衡臂、滑轮组的质量及摩擦力忽略不计）28.G=4000N的重物与斜面平行的拉力F的作用下，匀速由底端运动到顶端，斜面长S=5m，高h=2m，斜面的机械效率为80%，求：（1）拉力所做的有用功是多少？（2）拉力所做的总功是多少？（3）拉力F是多少？（4）斜面对物体的摩擦力为多大？六、简答题:29.水暖工王师傅臂力过人，号称“大力士”．一天，他找来了扳手想把螺丝拧下来，可是费了很大劲就是拧不动，如图甲所示．王师傅的身边还有一个套筒和一根粗绳，如图乙所示．请你帮助王师傅选择一种来解决问题．（1）你选择的器材： ______ ；（2）具体方法 ______ ；（3）你这样做的理由是 ______ ．30.如图所示，水平桌面的中间有一均匀的磁场区域（“×”表示垂直于桌面向下的磁感线）．桌面左端放有质量和大小均相同的金属框和塑料框．现分别用水平向右的力将它们从图中的A位置匀速拉动到B位置．请你从能量转化的角度判断这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功是否相同？请说明理由．（假设两框与桌面间的接触粗糙程度相同）七、综合题:31.“低头族”长时间低头看手机，会引起颈部肌肉损伤．人的头部A、颈椎和颈部肌肉B，可当成一个杠杆（支点在颈椎O处），颈部肌肉活动较少距离，头部就能运动较长距离．当头颅为竖直状态时，颈部肌肉的B处提供的拉力为零（如图甲），当头颅低下时，颈部肌肉会主动提供一定的拉力F1，使头颈部保持平衡，F1方向如图乙所示．（1）请判断颈部杠杆的类型．（2）请解释为什么低头角度越大，颈部肌肉的拉力会越大？（3）请你就预防和延缓颈肌损伤提出一个合理化的建议．32.小程要提起重800N的物体，但是他的最大拉力只有300N．于是，他找来了一些滑轮，想利用滑轮组提起这个重物．小程想站在地上向下拉绳，如图所示．请你在a，b，c三个图中选择一组滑轮组，并画出正确的绕绳方法．山东省临沂太平中学2017年中考物理专题复习与命题猜想：《机械和功》答案和解析【答案】1.C2.A3.D4.A5.B6.C7.A8.A 9.C 10.C 11.B 12.C 13.C 14.D15.B 16.C 17.D 18.C 19.B 20.C21.2；等于22.50；大于23.左；仅凭一次实验的数据得出的结论具有偶然性；一；＜；对；小明的方案中杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；杠杆的自重对杠杆平衡有影响．24.动能和势能可以相互转化；动；重力势；克服摩擦阻力做功；机械能25.解：过支点O作垂直于F1作用线的垂线段，即动力臂L1；过L2的末端作垂直于L2的阻力，与杠杆的交点B为阻力作用点，方向斜向上，即F2．如图所示：．26.解：绳重及摩擦不计，F=（G物+G动）=（250N+15N×2）=60N，所以，n≈4.67，则承重绳子的股数应为5，即n=5，滑轮组绕法如图所示：27.右；杠杆28.解：（1）拉力所做的有用功W有用=G h=4000N×2m=8×103J；（2）已知η=80%，W有用=8×103J；由η=×100%可得，拉力所做的总功W总===1×104J；（3）由W总=F s可得：F===2000N，（4）W额=W总-W有用=1×104J-8×103J=2×103J；摩擦力f===400N．答：（1）拉力所做的有用功是8×103J；（2）拉力所做的总功是1×104J；（3）拉力F是2000N，（4）斜面对物体的摩擦力为400N．29.套筒；将套筒套在扳手的手柄上；根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂一定情况下，动力臂越长越省力又因为两框与桌面间的接触粗糙程度相同，所以两框受到的摩擦力相同；且两框移动的距离也相等，因而在此过程中克服摩擦力做的功相同（即转化为的内能E 相同）；内金属框在开始进入磁场和离开磁场时，由于闭合电路的部分导体做切割磁感线运动会产生感应电流，又因为通电导体在磁场中受到力的作用，所以金属框受到磁场力的作用，而塑料框运动时不会产生感应电流，也不受磁场力作用；所以，在此过程中拉动金属框还需要克服磁场力做功（即转化为电能E电）；综上所述，拉力对金属框做的功：W金=E内+E电，拉力对塑料框做的功：W塑=E内，故这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功不相同．答：因为拉动金属框需要克服摩擦力和磁场力做功，将机械能转化为内能和电能；而拉动塑料框只需要克服摩擦力做功，将机械能转化为内能；由于克服摩擦力做的功相同，即转化为的内能相同；所以拉力对金属框做的功大于对塑料框做的功，即这一过程中拉力分别对金属框和塑料框做的功不相同．31.解：（1）过支点分别作动力作用线和阻力作用线的垂线段，即动力臂和阻力臂；如下图所示：根据图示可知，动力臂小于阻力臂，因此颈部杠杆为费力杠杆；（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，在F2和L1一定时，低头的角度越大，L2越大，所需要的拉力F1就越大．（3）要预防和延缓颈椎损伤，可尽量减小低头的角度；不要长时间低头做事；低头时间久了要抬头休息等等．故答案为：（1）费力杠杆；（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，在F2和L1一定时，低头的角度越大，L2越大，所需要的拉力F1就越大；（3）尽量减小低头的角度（或不要长时间低头做事，低头时间久了要抬头休息等）．32.解：根据省力公式F=，与动滑轮相连的绳子段数n===2.7=3，站在地面上向下拉绳子来提升物体，可判断至少用3股绳子来承担，且所需的动滑轮最少，所以只能采用c图所示的滑轮组．如下图所示：【解析】1. 解：A、剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．2. 解：A、物体沿光滑的水平面运动，即此时没有摩擦力，所以其运动是靠惯性，故没有力做功，故A正确．B、在水平轨道上匀速行驶的列车，此时牵引力和摩擦力都做了功，故B错误；C、高处落下的雨滴，重力做了功，故C错误；D、下坡行驶的汽车，重力和摩擦力都做了功，故D错误；故选A．本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可．做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；故能分清力做功的两个条件是解决该题的关键．3. 解：题目中所给出的“使球向前运动了30m”中的距离可分为两部分，即有一段是沿力的方向的距离，同时还有一段是由于惯性而运动的距离，所以此题中虽然知道力，但由于不知道沿力的方向的具体距离而无法计算功．故选D．做功的条件是：作用在物体上有力，同时沿力的方向还必须有一段距离，这两个条件缺一不可．知道并理解力做功的条件是解决该题的关键．4. 解：由题意知，子弹在高压气体的作用下移动的距离：s=80cm=0.8m，高压气体对子弹做的功：W=F s=2000N×0.8m=1.6×103J．故选A．从题意中可以获悉，子弹的运动分为两个阶段，一个是在高压气体的推力作用下运动了80cm；另一个阶段时子弹离开枪膛后，靠惯性前进一段距离后在重力的作用下下落，高压气体不做功，这一阶段中重力做了功．但我们求的是高压气体对子弹做功，也就是第一个阶段高压气体对子弹做的功．解答此类题的关键是分清让我们求哪一个阶段中做功，在此阶段中的力和对应的距离是多少，然后根据功的计算公式得出答案．同时还要牢记做功的两个因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离，力与通过距离的乘积即为力做的功．5. 解：A、动力臂是从支点到动力作用线之间的距离，不是动力作用点．错误．B、动力臂是从支点到动力作用线之间的距离，和动力作用点的位置与动力的方向都有关系．正确．C、杠杆是可以让某一固定点转动的硬棒，不一定是直的．比如钳子、扳手等等．错误．D、杠杆分为省力、费力、等臂三种杠杆．省力杠杆费距离，费力杠杆省距离，等臂杠杆既不省力又不省距离．错误．故选B．杠杆是可以让某一固定点转动的硬棒．动力臂是从支点到动力作用线之间的距离．根据杠杆五要素的定义来分析本题．本题考查杠杆的基本概念，需要对杠杆分类的各种优缺点熟练掌握．6. 解：C、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、钓鱼杆在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．故选C．结合生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．7. 解：A、女孩把一箱子搬起来，这个过程中，女孩给箱子一个向上的力，箱子在力的作用下向上移动了距离，女孩对箱子做了功．故A正确；B、司机费了很大的劲，汽车未动，人对汽车有推力的作用，但是车在推力作用下没有移动距离，人对汽车没有做功．故B错误；C、吊车吊着货物水平移动一段距离，吊车对物体施加的一个力，但没有在力的方向上移动距离，吊车没有对货物做功，故C错误；D、套圈被仍出去向前飞行的过程中，小华对套圈没有力的作用，套圈依靠惯性进行运动，小华对套圈没有做功，故D错误．故选A．本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可．有力作用在物体上，力对物体不一定做功；物体运动了一段距离，可能没有力对物体做功．8. 解：A、下压活塞时，活塞对封闭气体做功，机械能转化为内能，故A符合题意；B、由图可知，这是内燃机的做功冲程，在该冲程中，燃气的内能转化为活塞的机械能，故B不符合题意；C、电暖器工作时，电能转化为内能，故C不符合题意；D、水蒸气对活塞做功，水蒸气的内能转化为活塞的机械能，故D不符合题意．故选：A．解决此题要知道功改变物体内能的过程是机械能与内能相互转化的过程．此类题目是考查对做功过程中能量转化的原理即机械能转化为内能．9. 解：①子弹击穿木板的过程中，子弹与木板存在摩擦，克服摩擦做功会使内能增大，所以是机械能转化成内能，导致动能减少．故此说法是正确的．②击穿木板后，动能减小，所以机械能也是减小了．故此说法是错误的．③子弹击穿木板，机械能转化为内能，是因为子弹克服摩擦做了功，做功的过程伴随着能量的转化．故此说法是正确的．④子弹击穿木板后，速度减小了，所以动能减小，机械能也减小了．故此说法是错误的．综上所述，正确的一共有两点：①③．故选C．子弹击穿木板后，速度减小，动能减小．这个过程是子弹与木板发生了摩擦，子弹克服摩擦做了功，机械能减小，转化为内能．本题考查的是克服摩擦做功内能增加，这个过程中能量的转化情况．做功的过程总是伴随着能量的转化或转移，所以平时可以多对一些常见的做功情况时产生的能量转化情况例子做分析．10. 解：格数可代表力臂大小，挂钩处为支点．A、在D点下挂一个4N的重物，衣架不会平衡，因为两个物体都挂在了AD一边，不能满足DH方向平衡；B、在E点下挂一个4N的重物，衣架不会平衡，因为两个物体都挂在了AE一边，不能满足AD方向平衡；D、在G点下挂一个10N的重物，4N×5+4N×2＜10N×2+10N×2，不能满足AD方向和DH方向的平衡．故选C．挂钩处为支点，根据杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，从AD方向和DH 方向分别平衡可满足衣架平衡逐一分析即可得出结论．利用杠杆平衡条件解此题比较合理，简便方法是分别在挂钩的对称点上挂同等重力的物体即可平衡．11. 解：如图，L OF、L OD、L OE分别为动力F A、F B、F C的力臂，∵阻力G和阻力臂一定，F B的力臂最长，∴F B最小．故选B．画出力臂，因为阻力和阻力臂一定，根据杠杆的平衡条件知道动力臂最长的动力最小．使用杠杆，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力；画出力臂，找出最长的动力臂是本题的关键．12. 解：A、人背书包静止，只有力，但没有距离；故人未做功；故A错误；B、费力气没有将杠铃举起，只有力没有距离，故人未做功；故B错误；C、将地面上的砖块往上叠放的过程中，力的方向向上，通过的距离方向也向上；故人对砖做功，故C正确；D、沿着水平方向搬运花盆，力的方向向上，但通过的距离的方向是水平方向；力和距离的方向不一致；故人未对花盆做功；故D错误；故选C．本题要抓住做功的两个必要因素：1．作用在物体上的力；2．物体在力的方向上通过的距离（即力和距离的方向要一致）；二者缺一不可．本题考查了力是否做功的判断方法；关键抓住力和距离同时具备，且方向是一致的．13. 解：∵W=F s，拉力相同，移动距离相同，∴拉力做的功：W1=W2=W3=FS．故选C．已知在光滑的水平面、粗糙的水平面、斜面上的拉力和在拉力方向上移动距离都相等，根据功的公式W=F s分析判断．本题考查功的计算和大小的比较，排除外界因素干扰确定做功的两个必要因素都相等是本题的关键．14. 解：因为定滑轮相当于一等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，故定滑轮拉同一重物G，沿三个不同方向，用的拉力大小相等，都等于物体的重力．故A、B、C错误．故选D．要解答本题需掌握：定滑轮实质上是一等臂杠杆，只改变力的方向，而不省力．本题主要考查学生对定滑轮工作特点的了解和掌握，是一道基础题．15. 解：设每个钩码的重力是G，杠杆每一格的长度是L，杠杆平衡：2G×L左=G×L右，所以L右=2L左，在杠杆两边的钩码下各再挂一个质量相等的钩码后：左边：3G×L左=3GL左，右边：2G×L右=4GL，右端力与力臂的乘积大于左边力与力臂的乘积，杠杆右端下降．故选B．求出在杠杆两边的钩码下各再挂一个质量相等的钩码时力与力臂的乘积，然后根据两边力与力臂的乘积大小关系判断杠杆的状态．本题考查杠杆的平衡条件，牢记杠杆的平衡条件是解答此题的关键．16. 解：（1）弹簧秤对墙壁的拉力可以通过弹簧秤显示出来，弹簧秤A、B对墙壁的拉力等于A、B弹簧秤的示数，故AD错；（2）由于滑轮组是由一根绳子缠绕而成，弹簧秤B的示数等于弹簧秤A的示数的2倍，即F B=2F A；弹簧秤C的示数等于弹簧秤A的示数的3倍，即F C=3F A；所以，6F A=3F B=2F C．故选C．（1）弹簧秤对墙壁的拉力可以通过弹簧秤显示出来，弹簧秤对墙壁的拉力等于弹簧秤的示数；（2）由于滑轮组是由一根绳子缠绕而成，弹簧秤B的示数等于弹簧秤A的示数的2倍；弹簧秤C的示数等于弹簧秤A的示数的3倍，据此得出三个弹簧秤的示数大小关系．滑轮组用几段绳子拉着物体，拉动物体所用的力就是总重的几分之一．注意条件：滑轮组是由一根绳子缠绕而成．17. 解：因为动力的力臂的做法是过支点作动力作用线的垂线段，而A B选项中线段与动力作用线不垂直，所以A、B选项错误；又因为C选项中，表示力臂的不是支点到动力作用线的垂线段，故C选项错误，D选项正确．故选D．根据力臂的画法进行分析，即过支点作动力作用线的垂线段．考查学生对力臂的画法掌握情况．18. 解：根据在阻力一定时，阻力臂越短，动力臂越长的杠杆越省力．所以在题中要选剪口短，手柄长的剪刀．故选C．要剪开较硬的物体，应当选用省力杠杆，根据杠杆的平衡条件，在阻力一定时，阻力臂越短，动力臂越长的杠杆越省力．此题考查的是杠杆的分类：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂．19. 解：由题意可知：动力和动力臂不变，则根据杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，则阻力和阻力臂成反比．A、由图可知阻力和阻力臂成正比，故A说法错误．B、由图可知阻力和阻力臂成反比，故B说法正确．。

《内能与热机》一、单选题(本大题共15小题，共30.0分)1.关于燃料和热值，正确的说法是（）A.燃料的热值与质量关B.燃料的热值与燃料是否容易燃烧，燃烧条件无关，只与燃料种类有关C.热值大的燃料燃烧时效率高D.一定质量的水结成冰热值变化2.下列有关内能、热量和温度的说法正确的是（）A.内能大的物体温度高B.温度高的物体内能大C.物体吸收热量后温度一定升高D.物体温度升高可能是因为吸收了热量3.将一杯热水倒入容器内的冷水中，冷水温度升高10℃，又向容器内倒入同样一杯热水，冷水温度又升高6℃，若再向容器内倒入同样一杯热水，则冷水温度将再升高（不计热损失）（）A.10℃B.6℃C.6℃以上D.6℃以下4.质量和初温相同的水和铜块，分别放出相同的热量后，再立即将铜块投入水中，则（）A.铜块向水传递热量B.水向铜块传递热量C.二者之间不发生热传递D.无法判断5.如图表示四冲程汽油机的某个冲程示意图，这个冲程是（）A.吸入空气和汽油混合物的冲程B.把机械能转化为内能的冲程C.把内能转化为机械能的冲程D.把废气排出的冲程6.2016年10月17日，我国长征二号F运载火箭成功地将神舟十一号载人飞船送向太空．火箭燃料中有液态氢，液态氢常作为燃料，是因为液态氢具有（）A.含有较多的热量B.较小的密度C.较大的比热容D.较大的热值7.1千克20℃的水吸收4.2×105焦的热量后，它的温度在下列给出的四个温度中，最多有几个可能温度（）①80℃②100℃③120℃④130℃A.1B.2C.3D.48.一台柴油机，一定质量的柴油完全燃烧时，放出了7.5×108J的热量，其中有4.5×108J的能量以各种形式损失掉了，可知该柴油机的效率是（）A.30%B.40%C.48%D.60%9.下列关于热量的说法中，正确的是（）A.温度高的物体所含热量多B.热传递过程中传递温度C.两个物体升高的温度相同时，吸收的热量一定相等D.质量一定的水，升高或降低相同的温度时，吸收或放出的热量一定是相等的10.如图是汽油机工作的四个冲程（顺序已打乱），其正确的排列顺序是（）A.乙→丁→丙→甲B.乙→甲→丙→丁C.丁→丙→甲→乙D.丁→甲→丙→乙11.根据表中数据，下列判断正确的是（）一些物质的比热容[J/（kg•℃）]A.物质的比热容与物质的状态无关B.因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差大C.质量相等铝块和铜块升高相同的温度后，铝块吸收的热量多D.一块干泥土变湿后，在同样光照条件下其升温速度将变快12.柴油机燃烧相同的燃料，输出的机械能越多，表明柴油机越节能．是否节能，是衡量机器性能好坏的重要指标，关于柴油机尾气的温度跟柴油机性能之间的关系，你认为正确的是（）A.尾气的温度越高，柴油机性能越好B.尾气的温度越低，柴油机性能越好C.尾气的温度高低与柴油机性能好坏无关D.以上说法都不正确13.内能是物体内部大量分子的无规则运动的动能和分子势能的总和，生活中改变物体内能的事例非常之多．如图所示的实验或事例，不属于用做功方式来改变物体内能的是（）A.小孩滑下，臀部发热B.压缩空气，乙醚着火C.钻木取火D.加热使水沸腾14.完全燃烧42g焦炭所放出的热量，若有50%被2kg、30℃的水吸收，则水温可升高[c =4.2×103J/（kg•℃）、q焦炭=3.0×107J/kg、此时外界为标准大气压]（）水A.70℃B.75℃C.100℃D.105℃15.关于汽油机和柴油机的区别，下列说法中你认为不妥的是（）A.柴油机比汽油机费用低廉，但比较笨重B.柴油机的效率一般比汽油机的效率高2C.一个工作循环中汽油机做功一次，柴油机做两次功D.在构造上，柴油机汽缸顶部有喷油嘴而没有火花塞二、填空题:16.为了比较酒精和碎纸片的热值，如图所示，两同规格的烧杯中装有质量相等的水，取质量 ______ （“相等”或“不相等”）的酒精和碎纸片分别放入两个燃烧皿中，点燃它们分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧通过比较 ______ ，从而确定酒精和碎纸片的热值大小关系．17.“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦．如图为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度．气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能 ______ （选填“增大”、”减小“或“不变”），同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力，这一过程中发生的能量转化与热机中的 ______ 冲程相同．三、实验探究题:18.为了比较不同物质的吸热能力，老师参照课本组装了图的器材，并进行实验．同学们将实验数据填入到表格中，下表是实验数据记录：请根据表中的实验记录回答：（1）比较实验数据，得出的结论是 ______ ；（2）根据实验结论推论：质量相等的不同物质，吸收相同的热量时，升高的温度 ______ （填“相同”或“不同”），这说明物体吸收热量的多少与 ______ 有关．（3）在本次实验中用到的物理方法是 ______ （只填出一种即可）．19.小强是一个喜欢思考的同学．他想比较沙子和水这两种物质吸热能力的差异，他设计如图甲所示的实验装置，所使用仪器规格也完全相同．请你来帮他完成实验．（1）测量出体积相同的水和沙子，然后安装仪器，并记下沙子和水的初始温度．请你找出上述叙述中的错误，并改正．错误： ______ ；改正： ______ ．（2）在实验时只要控制 ______ （选填“加热时间”或“温度变化”）相同就可以确定水和沙子吸收了相同的热量；加热完成后只要比较它们 ______ （选填“加热时间”或“温度变化”）的多少就可以比较出沙子和水吸热能力差异；若在实验时发现，沙子温度升高得比水多，则吸热能力较强的是 ______ ．（3）根据小强得出的结论，结合图乙的信息，此时是 ______ （选填“中午”或“夜晚”）．20.在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲所示，在组装器材时应先调节 ______ （填A或B）的高度，调节它的高度是为了 ______ ．（2）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油 ______ ，得出结论．要完成该实验，除图甲所示器材外，还需要的一个测量工具是 ______ ．（3）在对实验进行反思后，他们对实验进行改进并设计了图乙所示的装置．与原方案相比，该方案具有的优点是 ______ ．（答出一个即可）（3）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图乙所示的装置．与原方案相比，该方案除克服了上述缺点外还具有的优点是 ______ ．（答出一个即可）（4）为便于比较水和煤油升高的温度，实验前最好使水和煤油的初温相同，但把等质量的水和煤油分别放入图甲的烧杯中时，虽然同处一个环境，但水的初温一般要低于煤油的初温，原因是 ______ ．21.小明在探究“不同物质吸热能力”的实验时，选用了两只完全相同的电加热器，分别给两个相同的烧杯中质量都是200g的水和煤油加油，如图甲所示；水和煤油的温度随时间变化的图象如图乙所示．已知c水=4.2×103J/（kg℃），请你解答下列问题：（1）实验中选用相同电加热器的目的是使水和煤油在相同时间内 ______ ；（2）由图乙可判断出液体a是 ______ ， ______ 的吸热能力强（选填“水”或“煤油”）；（3）加热满3min时，水吸收了 ______ J热量；煤油的比热容是 ______ J/（kg•℃）．四、计算题:已知物质在固态下的比热容为c1=2.1×103J/（kg•℃）．假设这种物质从热源吸热的功率恒定不变，根据图象解答下列问题：（1）在最初的2min内，物质吸收的热量为多少？（2）求该物质在液态下的比热容c2．（3）若规定“质量为1kg的某种晶体物质在完全熔化时所吸收的热量叫做这种物质的熔化热”用“λ”表示，根据图象信息，计算该物质的熔化热．4山东省临沂太平中学2017年中考物理专题复习与命题猜想：《内能与热机》答案和解析【答案】1.B2.D3.D4.B5.C6.D7.C8.B 9.D 10.D 11.C 12.B 13.D 14.A15.C16.相等；温度计的示数变化17.减小；做功18.相同质量的不同物质，升高相同的温度吸收的热量是不同的；不同；物质的种类；控制变量法（或推理法）19.体积相同的水和沙子；质量相同的水和沙子；加热时间；温度变化；水；夜晚20.A；确保使用外焰加热；升高的温度；天平；该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；水易于蒸发，煤油不易于蒸发，蒸发吸热21.吸收相同的热量；煤油；水；8.4×103；2.1×10322.解：（1）在最初2min内，物体处于固态的升温吸热过程，∵m=0.5kg，c1=2.1×103J/（kg•℃），△t1=0℃-（-20℃）=20℃，∴物质吸收的热量：Q吸=c1m△t1=2.1×103J/（kg•℃）×0.5kg×20℃=2.1×104J；（2）该物质的吸热功率：P===175W，由图象可知，10min～12min内物质处于液体，在t′=2min=120s内，物体温度升高△t2=10℃，∵吸热功率恒定不变，∴吸收的热量为：Q吸′=P t′=175W×120s=2.1×104J，该物质在液态下的比热容：c2===4.2×103J/（kg•℃）；（3）由图象可知，该物质的熔化时间：t″=10min-2min=8min=480s，0.5kg该物质吸收的热量：Q吸″=P t″=175W×480s=8.4×104J，该物质的熔化热：λ=2×8.4×104J/kg=1.68×105J/kg．答：（1）在最初的2min内，物质吸收的热量为2.1×104J；（2）该物质在液态下的比热容为4.2×103J/（kg•℃）；（3）该物质的熔化热为1.68×105J/kg．【解析】1. 解：A、燃料的热值与燃料的质量无关，它只与燃料的种类有关，所以A不符合题意．B、热值大小与燃料是否容易燃烧无关，燃烧条件无关，它只与燃料的种类有关，所以B符合题意．C、燃烧效率：效率等于有效吸收的热量与燃料完全燃烧释放的能量的比值，与热值大小无关，所以C不符合题意．D、一定质量的水结成冰比热容发生变化，所以D不符合题意．故选B．本题主要考查两个方面的知识：（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值．热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关．（2）燃烧效率：效率等于有效吸收的热量与燃料完全燃烧释放的能量的比值．本题考查了学生对燃料热值是燃料特性的理解与掌握，是经常考的题型，充分理解“热值只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关”．2. 解：A、影响内能大小的因素有温度、质量、状态等，只有质量和状态一定时，温度越高内能越大，本题没说明质量和状态一定．故A错误．B、因为影响内能的因素有质量、温度和状态，因此温度高的物体内能不一定大，故B 错误；C、物体吸收热量，温度不一定升高，如冰熔化，吸收热量，内能增加，温度不变，故C错误．D、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故D正确；故选D．（1）影响内能的因素有质量、温度以及状态等；（2）改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式．本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中招的热点．3. 解：设热水和冷水的温度差为t，质量为m0的一小杯热水倒入盛有质量为m的冷水的保温容器中，使得冷水温度升高了10℃，Q吸=Q放，从而可知，cm0（t-10℃）=cm×10℃，-------①又向保温容器中倒入一小杯同质量为m0同温度的热水，水温又上升了6℃，△Q吸=△Q放，从而可知，cm0（t-10℃-6℃）=c（m+m0）×6℃，-------②则①-②得：6℃×cm0=10℃×cm-6℃×cm-6℃×cm0，整理得：12℃×cm0=4℃×cm，解得：m=3m0；代入①式可得，t=40℃；假设我们将全部热水一次性注入，则由热平衡方程可知：3m0c（40℃-△t）=mc△t，m=3m0；联立两式解得：△t=20℃；则注入后3杯水后，水温还会上升：20℃-10℃-6℃=4℃．故选D．热传递过程中高温物体放出热量，低温物体吸收热量，直到最后温度相同．知道热水的质量和温度变化、冷水的质量和温度变化，利用热平衡方程Q吸=Q放列出两个等式，可解得容器里的水与一杯水的质量关系及热水与冷水间的温度差；则假设一次性将全部热水倒入，则可求得冷水升高的总温度，即可求得再加1杯水时容器内的水升高的温度．解决此类综合分析题目，要结合热量公式和热传递的条件进行分析解答．不计热量的损失，可利用热平衡方程Q吸=Q放列出两个等式；同时还应注意一次次注入和一次性注入相同的水，结果应是相同的．4. 解：铜块和水的质量相同，水的比热容大，放出相等的热量，水的温度降低的少，而初温相同，水的末温高，将铜块投入水中，铜将从水中吸收热量．故选B．质量相等的铁块和水，放出相等的热量，比热容大的温度降低的少，而初温相同，可以得出铜块和水的末温高低，进而确定热传递的方向．6本题考查了学生对放热公式的掌握和应用，理解用好“质量相等的不同物质，放出相等的热量，比热容大的温度降低的少”是本题的关键．5. 解：由图可知，汽油机的进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，可以判断此冲程为做功冲程，在做功冲程中内能转化为机械能，故C正确．故选C．由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；汽油机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化．本题考查了汽油机四冲程的判定方法和其中的能量转化，属于基础题目．6. 解：现代火箭都是用液态氢作燃料的，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故D正确．故选D．热值是指1kg的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小．本题考查学生对热值定义的掌握情况，需要根据火箭的具体应用来分析．7. 解：由Q吸=cm△t可得，水应升高的温度：△t===100℃，水的最高末温：t最高=t0+△t=20℃+100℃=120℃；因为水沸腾时温度达到沸点，继续吸热但温度不变，所以水吸收热量从20℃升高，温度达到沸点后，不再升高，因为水表面的气压不知道，水的沸点不确定，所以水的末温可能是80℃、100℃、120℃，不可能为130℃；故C正确．故选C．已知水的质量、水的比热容、水的初温和水吸收的热量，利用吸热公式求水的末温；再根据水沸腾时的规律（水沸腾时吸热但温度不变）分析判断．本题综合考查了吸热公式的应用和液体沸腾的规律，关键要知道气压的大小会影响液体沸点的高低．8. 解：柴油机有效利用的能量为：E有用=7.5×108J-4.5×108J=3.0×108J该柴油机的效率为：η=故选B．热机的效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比．此题主要考查了热机效率的计算，没有直接给出有效利用的能量，很好的考查了学生对此概念的理解．9. 解：A、热量是一个过程量，只有在热传递的过程中才会有热量的传递，不能说物体含有热量的多少，故A错误；B、热传递过程中传递的是热量不是温度．故B错误；C、物体吸收热量的多少与物体的质量、温度的变化多少、物质种类有关，因此两个物体升高的温度相同时，吸收的热量不一定相等，故C错误；D、质量一定的水，升高或降低相同的温度时，吸收或放出的热量一定是相等的，因为物质确定、质量确定、温度变化相同所以吸收或放出的热量相同．故D正确．故选：D．热量是热传递过程中所传递的内能的多少；发生热传递的条件是存在温度差；物体吸收热量的多少与物体的质量、温度的变化多少、物质种类有关．此题考查学生对内能、温度、热传递的理解，是中考的热点，热学的难点．10. 解：由图可知，甲图中气门关闭，活塞上行，所以是压缩冲程；乙图中的排气门打开，所以是排气冲程；丙图中的气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程；丁图中的进气门打开，所以是吸气冲程；所以按照顺序排列四个冲程是丁→甲→丙→乙；故选D．内燃机的四个冲程按照顺序排列有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”．解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答．11. 解：A、比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类有关，由图可知，水的比热容和冰的比热容是不同的，故比热容的大小与状态有关，故A错误；B、内陆的砂石的比热容小于水的比热容，在吸收或放出相同的热量，水的温度变化小，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差小，故B错误；C、已知c铜＜c铝，质量相同的铝块和铜块升高相同的温度，根据Q=cm△t可知，比热容大的物质，吸热的热量多，故C正确；D、干泥土的比热容要小于湿泥土的比热容，在同等质量、同样吸热的情况下，湿泥土的温度上升的慢，故D错误．故选：C．（1）比热容：单位质量的某种物质温度升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量叫做这种物质的比热容；（2）比热容是物质的一种特性，不同的物质比热容一般不同；比热容与物质的种类有关，同种物质状态改变，比热容就发生了改变；（3）物质吸收或放出的热量用公式Q=cm△t计算，其中c表示物质的比热容，△t表示物质温度的变化量．本题考查了比热容的相关知识，同时也考查了学生根据这个知识点对数据进行分析归纳的能力．比较物理量大小关系时，可用相关的公式进行分析．12. 解：尾气的温度高，说明散失的热量多，柴油机的效率低，反之，柴油机的效率高，即节能．故选B．热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比．燃烧相同的燃料，有效利用的能量越多，效率越高．此题考查柴油机的节能情况，实际是考查热机的效率问题．四个选项分别从不同方面考查了影响热机效率的因素，是一道好题．13. 解：A、从滑梯上滑下时克服摩擦做功，使臀部内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意．B、迅速压下活塞棉花着火燃烧，属于做功改变物体的内能，不符合题意．C、钻木取火，属于做功改变物体的内能，不符合题意．D、加热使水沸腾，水吸收热量、温度升高，属于热传递改变物体的内能，符合题意．故选D．改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功的实质是能量的转化；热传递的实质是能量的转移．本题主要考查学生对：改变物体内能两种方法的理解和掌握，是中招的热点．14. 解：由Q=cm△t，可得由题设，代入相关数据可得：△t=75℃因水的初温为30℃，所以，若升高75℃，则会升高到30℃+75℃=105℃，这完全违背了科学规律，所以只能升温70℃达到100℃．故应选：A根据题意，若求水温升高多少，可根据热量计算公式进行变形，其中，水吸热Q为完全8燃烧42g焦炭所放出的热量的50%，而完全燃烧42g焦炭所放出的热量可根据公式Q=mq 求得，这时候将其他数据代入公式，即可得到相应的结果．最后根据实际情况和自然规律进行判断．这道题考查了对公式的运用，同时涉及到计算结果与科学实际的对照，同学们做题过程中要注意总结，不能脱离科学规律而单纯计算．15. 解：A、柴油机比汽油机费用低廉，但比较笨重，故A正确；B、一般柴油机的压缩比比汽油机大得多，且气缸内柴油燃烧要比汽油燃烧更充分，所以柴油机的效率更高一些，故B正确；C、在一个工作循环中，柴油机和汽油机都是做功一次，故C错误；D、在构造上，汽油机顶部有火花塞，属于点燃式；而柴油机在汽缸顶部有喷油嘴而没有火花塞，属于压燃式，故D正确．故选C．从热机效率、工作原理和构造上综合分析柴油机和汽油机的相同点和不同点，即可得出答案．此题主要考查的是学生对汽油机和柴油机的区别，掌握它们的工作原理、构造是解决此题的关键．16. 解：（1）实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑，将其放入装置中的燃烧皿内；（2）因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化；所以可以通过温度计示数的变化（水升高的温度）来比较燃料热值的大小关系．故答案为：相等；温度计的示数变化．（1）由Q放=mq可知，燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以在设计实验时应控制质量相同；（2）由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小．本实验用到了两种物理学方法：控制变量法和转换法，要求能理解、会用！17. 解：汽缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力；这一过程中发生的能量转化与热机中的做功冲程相同，都是内能转化为机械能的过程．故答案为：减小；做功．物体对外界做功，物体的内能减小，温度降低；汽油机做功冲程中，内能转化为机械能．本题考查改变内能的方法和内燃机的四个冲程，是一道基础题．18. 解：（1）纵向比较表中数据可看出，两物质质量相同、升高的温度相同，而加热时间是不同的，故吸收热量是不同的，所以得出的结论是：相同质量的不同物质，升高相同的温度吸收的热量是不同的；（2）由（1）的结论进行推理：如果使质量相等的不同物质，吸收相同的热量时，则升高的温度是不同的（水升高的温度低一些）由（1），相同质量的不同物质，升高相同的温度吸收的热量是不同的，可知，物体吸收热量的多少与物质种类有关；（3）在本次实验中用到的物理方法是控制变量法（或推理法）；故答案为：（1）相同质量的不同物质，升高相同的温度吸收的热量是不同的；（2）不同；物质种类；（3）控制变量法（或推理法）；（1）由加热时间不同得出吸收热量的不同，纵向分析表中数据得出结论；（2）（3）由（1）的结论，根据控制变量法（或推理法）进行推理得出结论．本题比较不同物质的吸热能力，考查数据分析处理能力及研究方法的运用，体现了对过程和方法的考查．19. 解：（1）探究不同种类物质的吸热能力是否会不同，需要控制水和沙子的质量相同，因此．①错误是：体积相同的水和沙子，②改正：质量相同的水和沙子．（2）在实验时只要控制加热时间相同就可以确定水和沙子吸收了相同的热量；加热完成后只要比较它们温度变化△t的多少就可以比较出沙子和水吸热能力差异；若在实验时发现，沙子温度升高的比水多，则吸热能力较强的是水．（3）由实验可知，水的吸热能力更强；由图乙可见，海水的温度高，沙滩的温度低，说明这时海水和沙滩的放热过程，水的比热容大，放热慢，因此这是夜晚；如果海水的温度低，沙滩的温度高，说明是中午．故答案为：（1）体积相同的水和沙子；质量相同的水和沙子；（2）加热时间；温度变化；水；（3）夜晚．（1）探究不同种类物质的吸热能力，需要控制物质的质量相同；（2）水和沙子吸收了热量的多少是通过控制酒精灯的加热时间体现的，通过比较温度的变化，得出相应的结论；（3）根据水与沙子的吸热能力大小，分析图中海水和沙滩温度的高低判断是中午还是夜晚．本题是探究沙子和水的吸热能力实验，注意控制变量法在本实验中的应用，同时应用物理知识解决实际问题的能力．20. 解：（1）组装实验仪器时，应根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中的A部分，使酒精灯的外焰正好能给烧杯加热，然后再固定图中的B部分，这样可以避免重复调整；（2）在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油升高的温度，得出结论．实验中需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；（3）由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用“水浴法”对水与煤油同时加热，该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；（4）水在常温下容易蒸发，蒸发吸热．故答案为：（1）A；确保使用外焰加热；（2）升高的温度；天平；（3）该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；（4）水易于蒸发，煤油不易于蒸发，蒸发吸热．（1）组装实验仪器是实验中的一个重要环节，应从最优化的角度去考虑，避免重复调整．（2）实验需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；液体吸收相等的热量，升高的温度越高，液体的吸热能力越弱．（3）分析图示实验，根据图示实验装置分析答题．（4）从水的蒸发现象分析．“比较不同物质的吸热能力”的实验是热学最主要的实验．此实验不仅考查学生对基本过程的掌握情况，更进一步考查学生运用基本知识和方法分析问题、提出问题的能力．要知道“水浴法”加热的优点．21. 解：（1）实验中选用相同的电加热器目的是：使水和煤油在相同时间内吸收相同的热量．（2）水和煤油相比，水的比热容较大，同样受热的情况下，温度变化较慢，由乙图知，a为没有，b为水；若相同质量的水和煤油升高相同的温度，水需要加热更长的时间，吸收热量更多，说明水的吸热能力更强．（3）水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（20℃-10℃）=8.4×103J；由图乙可知，当a、b升高相同的温度时，b需要的时间是3min，a需要的时间是6min，即a吸收的热量为b吸收热量的2倍；则：Q a=2Q b，c1m△t=2c2m△t；c1=2c2，10。