2014年上半年下午 程序员 试题及答案与解析-软考考试真题-案例分析
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2014年上半年软件设计师考试下午真题(标准参考答案)
//归并排序#include<stdio.h>#include<stdlib.h>#define MAX 65536void merge(int arr[],int p,int q,int r)//合并[p~q]与[q+1~r]{ int *left,*right; //左右各一个临时数组int n1,n2,i,j,k;n1=q-p+1; //两个子数组长度n2=r-q;if((left=(int*)malloc((n1+1)*sizeof(int)))=NULL)//分配空间{ perror("malloc error");exit(1);}for(i=0;i<n1;i++) //左半边临时数组初始化{ left[i]=arr[p+i];}left[i]=MAX; //最后一个元素为最大值for(i=0;i<n2;i++) //右半边临时数组初始化{ right[i]=arr[q+i+1];}right[i]=MAX; //最后一个元素为最大值i=0;j=0;for(k=p;(1);k++){ if(left[i]>right[j] //递增排序{ (2); //装小数j++;}else{ arr[k]=left[i];i++;}}}void mergeSort(int arr[], int begin, int end)//排序[begin~end]{ int mid;if(3) //[begin~end]{ mid=(begin+end)/2; //分两部分mergeSort(arr,begin,mid);//两部分分别进行归并排序(4);merge(arr,begin,mid,end);//两部分合并}}#include<iostream>#include<vector>using namespace std;class Observer{ //观察者，抽象类public: virtual void update(float temp,float humidity, float cleanness)=0;//更新，纯虚函数};class Subject{ //目标，抽象类public: virtual void registerObserver(Observer *o)=0; //注册，纯虚函数virtual void removeObserver(Observer *o)=0; //删除，纯虚函数virtual void notifyObserver()=0; //通知，纯虚函数};class EnvironentData: public(1){ //子类private: vector<Observer*> observers; //多名观察者float temperature,humidity,cleanness; //温度，湿度，清洁度public: void registerObserver(Observer*o){observer.push_back(o);}//注册，重定义void removeObserver(Observer*o){/*...*/} //删除，重定义void notifyObserver(){ //通知，重定义for(vector<Observer*>::const_iterator it=observer.begin());//迭代器it!=observers.end();it++){(2);}} //更新全部观察者void measurementsChanged(){(3);} //测量有变化，必须通知void setMeasurements(float temperature, float humidity,float cleanness){//设置参数this->temperature=temperature; //设置温度this->humidity=humidity; //设置湿度this->cleaness=cleaness; //设置清洁度(4);} //设置完，说明测量有变化};class CurrentConditionsDisplay:public (5){ //子类private: float temperature,humidity,cleanness; //私有数据Subject * envData; //目标对象，环境数据public: CurrentConditionsDisplay(Subject *envData){ //构造函数，单参数this->envData=envData; //环境数据获取(6);} //加入环境数据void update(float temperature, float humidity,float cleanness){//更新，重定义this->temperature=temperature; //更新温度this->humidity=humidity; //更新湿度this->cleanness=cleanness; //更新清洁度display();} //调用显示函数void display(){/*...*/} //显示函数定义};int main(){ //主函数EnvironmentData * envData=new EnvironmentData(); //构造函数，新目标CurrentConditionsDisplay*currentDisplay=new CurrentConditionsDisplay (envData);//构造函数，新观察者envdata->setmeasurements(80,65,30.4f); //获取环境数据return 0; //返回，调用析构函数}。
2014上半年系统分析师考试真题及答案-下午卷
2014上半年系统分析师考试真题及答案-下午卷【案例一】（共25分）阅读以下关于需求建模的叙述，在答题纸上回答问题1至问题3。
某企业委托软件公司开发一套运动器材综合销售平台，以改进已有的销售管理系统，拓展现有的实体店销售模式，综合管理线上线下的器材销售业务。
该软件公司组建项目组开发该系统，现正处于需求获取阶段。
经过项目组讨论，由于目标系统业务功能比较复杂，所以在需求获取中针对不同类型的业务需求，采用不同的需求获取方法。
项目组列出可选的需求获取方法包括：用户访谈、联合需求计划（JRP）、问卷调查、文档分析和实地观察等。
需求获取的要求如下：（1）获取已有销售管理系统中所实现的实体店销售模式和过程；（2）获取系统的改进需求和期望增加的业务功能；（3）获取当前业务过程中的详细数据并深入了解这些数据产生的原因；（4）从企业管理人员、销售人员、各种文档资源等尽可能多的来源获取需求；（5）消除需求中出现的冲突，尽可能获取全面、一致的需求；（6）尽可能多地让用户参与需求获取过程。
【问题1】联合需求计划（JRP）是一种流行的需求获取方法。
请说明什么是JRP，JRP与其它需求获取方法相比有什么优势？联合需求计划是一个通过高度组织的群体会议来分析企业内的问题并获取需求的过程，它是由企业主管部门经理、会议主持人、用户、协调人员、IT人员、秘书等共同组成的专题讨论组来分析、讨论问题并定义系统需求。
JRP和其他需求获取方法相比的优势：（1)发挥用户和管理人员参与系统幵发过程的积极性，提高系统开发效率：（2)降低了系统需求获取的时间成本，加速系统开发周期；（3)采用原型确认系统需求并获取设计审批，具有原型化开发方法的优点。
【解析】本题考查考生对于软件需求获取方法的掌握情况。
需求获取是一个确定和理解不同类用户的需求和约束的过程。
需求获取通过系统分析师与用户的有效合作才能成功，系统分析师建立一个对问题进行彻底讨论的环境，这些问题与将要开发的系统有关。
2014上半年软考【标准答案及解析】
2014年上半年软件设计师考试上午真题（标准参考答案）参考答案：不保证正确。
1.D 2、3、C2^(k-1)≥n+k4、D5、B6、A解析：内存按字节编址，单位为byte，存储器容量按位编址，单位为bit，注意相关的单位换算根据公式：（最高地址-最低地址+1）/单片存储器容量可得注意16进制的换算(400FFFFFH-40000000H+1)*8bit/256K*8bit = （FFFFFH+1）/256K =(100000H)/(256*1024) =(1*16^5)/(256*2^10)=2^20/2^18 =2^2=47.Sniffer，中文可以翻译为嗅探器，是一种基于被动侦听原理的网络分析方式。
使用这种技术方式，可以监视网络的状态、数据流动情况以及网络上传输的信息。
木马是病毒的一种，同时木马程序又有许多种不同的种类，那是受不同的人、不同时期开发来区别的，如BackOrifice(BO)、BackOrifice2000、Netspy、Picture、Netbus、Asylum、冰河等等这些都属于木马病毒种类.木马程序就是一个网络上的Client/Server的概念。
以下简单介绍一些木马程序的功能：1)远程监控: 可以控制对方的鼠标、键盘和监视对方屏幕。
2)记录密码3)取得电脑主机的信息资料: 如果你在电脑用户账户填上真名的话，对方就可能知道你的姓名了。
4)远程控制5)发送信息8、D 9、B 10、D 11、C12、B表示媒体就是信息的表示方法。
国际电话电报咨询委员会CCITT（Consultative Committee on International Telephone and Telegraph，国际电信联盟ITU的一个分会）把媒体分成5类。
表示媒体（representation Medium）是其中之一，它指传输感觉媒体的中介媒体，即用于数据交换的编码。
如图像编码（JPEG、MPEG等）、文本编码（ASCII码、GB2312等）和声音编码等。
2014年上半年 软件设计师 详细答案
在CPU中,常用来为ALU执行算术逻辑运算提供数据并暂存运算结果的寄存器是（1）。
(1)A.程序计数器 B.状态寄存器 C.通用寄存器 D.累加寄存器【答案】D【解析】本题考查计算机系统基础知识。
CPU 中有一些重要的寄存器,程序计数器（ PC ）用于存放指令的地址。
当程序顺序执行时,每取出一条指令, PC 内容自动增加一个值,指向下一条要取的指令,当程序出现转移时,则将转移地址送入PC,然后由PC给出新的指令地址。
状态寄行器用于记录运算中产生的标志信息。
状态寄存器中的每一位单独使用,成为标志位。
标志位的取值反映了ALU当前的工作状态,可以作为条件转移指令的转移条件。
典型的标志位有以下几种：进位标志位（C）、零标志位（Z）、符号标志位（S）、溢出标志位（V）、奇偶标志位（P）。
通用寄存器组是CPU中的一组工作寄存器,运算时用于暂存操作数或地址。
在程序中使用通用寄存器可以减少访问内存的次数,提高运算速度。
累加器（accumulator）是一个数据寄存器,在运算过程中暂时存放操作数和中间运算结果,不能用于长时间地保存一个数据。
某机器字长为n,最高位是符号位,其定点整数的最大值为（2）。
(2)A.2n-1 B.2n-1-1 C.2n D.2n-1 【答案】B【解析】本题考查计算机系统中的数据表示基础知识。
机器字长为n,最高位为符号位,则剩余的n-1位用来表示数值,其最大值是这n-1位都为1,也就是2n-1-1。
海明码利用奇偶性检错和纠错,通过在n个数据位之间插入k个校验位,扩大数据编码的码距。
若n=48,则k应为（3）。
(3)A.4 B.5 C.6 D.7【答案】C【解析】本题考查数据校验基础知识。
设数据位是n位,校验位是k位,则n和k必须满足以下关系：2k-1 ≥ n + k。
若n=48,则k 为6时可满足26-1 ≥ 48+6 。
海明码的编码规则如下。
设k个校验位为Pk,Pk-1,…,P1, n个数据位为Dn-1,Dn-2,…,D1,D0 。
2014山东省上半年软考网络工程师上、下午试题及答案
1、Unix系统中如何禁止按Control-Alt-Delete关闭计算机？（B）A、把系统中“/sys/inittab”文件中的对应一行注释掉B、把系统中“/sysconf/inittab”文件中的对应一行注释掉C、把系统中“/sysnet/inittab”文件中的对应一行注释掉D、把系统中“/sysconf/init”文件中的对应一行注释掉2、在任何情况下，一个组织应对公众和媒体公告其信息系统中发生的信息安全事件？（A）A、当信息安全事件的负面影响扩展到本组织意外时B、只要发生了安全事件就应当公告C、只有公众的什么财产安全受到巨大危害时才公告D、当信息安全事件平息之后3、根据《计算机信息系统国际联网保密管理规定》，涉及国家秘密的计算机信息系统，不得直接或间接地与国际互联网或其它公共信息网络相联接，必须实行（B）。
A、逻辑隔离B、物理隔离C、安装防火墙D、VLAN 划分4、/etc/ftpuser文件中出现的账户的意义表示（A）。
A、该账户不可登录ftpB、该账户可以登录ftpC、没有关系D、缺少5、我国的国家秘密分为几级？（A）A、3B、4C、5D、66、目前我国颁布实施的信息安全相关标准中，以下哪一个标准属于强制执行的标准？（B）A、GB/T 18336-2001 信息技术安全性评估准则B、GB 17859-1999 计算机信息系统安全保护等级划分准则C、GB/T 9387.2-1995 信息处理系统开放系统互联安全体系结构D、GA/T 391-2002 计算机信息系统安全等级保护管理要求7、系统管理员属于（C）。
A、决策层B、管理层C、执行层D、既可以划为管理层，又可以划为执行层8、以下哪一项安全目标在当前计算机系统安全建设中是最重要的？（C）A、目标应该具体B、目标应该清晰C、目标应该是可实现的D、目标应该进行良好的定义9、HOME/.netrc文件包含下列哪种命令的自动登录信息？（C）A、rshB、sshC、ftpD、rlogin10、Unix中，默认的共享文件系统在哪个位置？（C）A、/sbin/B、/usr/local/C、/export/D、/usr/11、U盘病毒依赖于哪个文件打到自我运行的目的？（A）A、autoron.infB、autoexec.batC、config.sysD、system.ini12、在风险分析中，下列不属于软件资产的是（D）A、计算机操作系统B、网络操作系统C、应用软件源代码D、外来恶意代码13、信息安全风险缺口是指（A）。
2014年上半年下午 网络工程师 试题及答案与解析-软考考试真题-案例分析
2014年上半年下午网络工程师考试试题-案例分析-答案与解析试题一（共15分）阅读以下说明，回答问题1至问题4，将解答填入答题纸对应的解答栏内。
【说明】某单位计划部署园区网络，该单位总部设在A区，另有两个分别设在B区和C区，各个地区之间距离分布如图1-1所示。
该单位的主要网络业务需求在A区，在网络中心及服务器机房亦部署在A区；B的网络业务流量需求远大于C区；c区的虽然业务流量小，但是网络可靠性要求高。
根据业务需要，要求三个区的网络能够互通并且都能够访问互联网，同时基于安全考虑单位要求采用一套认证设备进行身份认证和上网行为管理。
【问题1】为了保障业务需求，该单位采用两家运营商接入internet。
根据题目需求，回答下列问题；两家运营商的internet接入线路应部署在哪个区？为什么？网络运营商提供的mplsvpn和千兆裸光纤两种互联方式，哪一种可靠性高？为什么？综合考虑网络需求及运营成本，在AB区之间与AC区之间分别采用上述那种方式进行互联？【参考答案】1、A区。
A区是网络中心，B区和C区接入Internet流量都需要经过A区。
2、MPLS-VPN是本地线路走SDH专线，连接到运营商的MPLSVPN专网。
裸光纤是物理层的点对点连接，所以可靠性当然是裸光纤高。
3、AB区之间用裸光纤，AC区之间用MPLSVPN方式。
因为B区的业务量需求远大于C 区，需要高带宽，且裸光纤传输带宽远大于MPLSVPN。
但远距离较裸光纤的各方面，成本较大。
所以对于AC之间业务流量小，二者相距80公里，出于成本考虑，用MPLSVPN更合适。
【问题2】该单位网络部署接入点情况如表1-1所示根据网路部署需求，该单位采购了相应的网络设备，请根据题目说明及表所规定1-2所示的设备数量及合理的部署位置（注：不考虑双绞线的距离限制）。
（表1-2）【参考答案】(1)、2(2)、C(3)、B(4)、A(5)、27(6)、19(7)、7(8)、A【问题3】根据题目要求，在图1-2的方框中画出该单位A区网络拓扑示意图（汇聚层以下不画）【参考答案】试题二（共15分）阅读以下说明，回答问题1至问题4，将解答填入答题纸对应的解答栏内。
2014年上半年下午 信息系统项目管理师 试题及答案与解析-软考考试真题-案例分析
2014年上半年下午信息系统项目管理师考试试题案例分析-答案与解析【试题一】阅读下列说明，回答问题1至问题3,将解答填入答题纸的对应栏内。
【说明】某系统集成企业承接了一个环保监测系统项目，为某市的环保局建设水污染自动监测系统。
该企业以往的主要业务领域为视频监控及信号分析处理，对自动控制系统也有较强的技术能力，但从未在环保领域开发应用。
该企业的老李被任命为此项目的项目经理。
该企业已按照IS09001的要求建立了一套质量管理体系，对于项目管理、软件开发等的流程均有明确的书面规定。
但公司中很多人认为这套管理体系的要求对于项目来说是多余的，条条框框的约束太多了，大部分项目经理都是在项目结项前才把质量体系要求的文档补齐以便能通过结项审批。
公司的质量管理员也习以为常，只要在项目结束前能把文档补齐，就不会干涉项目建设。
老李组织了技术骨干对客户的需求进行了调研，通过对用户需求的分析和整理，项目组直接制定了一个总体的技术方案，然后老李制定了一个较粗略的项目计划:1.对市场上的采集设备进行调研，选择一款进行采购；2.利用公司已有的控制软件平台直接进行修改开发；3.待设备选定后，将软件与采集设备进行联调实验，实现软件与设备的控制功能；4.联调成功后，按技术方案开展整个项目的实施工作。
在软件与采集设备的联调过程中，老李请环保局的客户代表来检查工作。
客户代表发现由于项目组不了解环保领域的一些参数指标，完成的系统达不到客户方的要求。
由于项目从一开始就没有完整的项目文档，老张为了避免再出现重大问题，只要重新进行需求调研。
客户方很不满意，既担心项目不能按时上线又担心项目质量无法保证。
【问题1】请指出该项目的需求活动存在哪些问题？【参考答案】(1) 缺少完整的需求调研计划。
(2) 没有编写《需求文件》或《需求规格说明书》。
(3) 没有对需求文件进行评审。
(4) 没有与客户进行需求确认。
(每项1.5分，共6分）【解题思路】本题考查项目的需求开发、项目的跟踪与控制和项目质量管理等相关理论与应用。
2014年上半年真题答案软件设计师详细答案
在CPU中，常用来为ALU执行算术逻辑运算提供数据并暂存运算结果的寄存器是（1）。
(1)A.程序计数器 B.状态寄存器 C.通用寄存器 D.累加寄存器【答案】D【解析】本题考查计算机系统基础知识。
CPU 中有一些重要的寄存器，程序计数器（ PC ）用于存放指令的地址。
当程序顺序执行时，每取出一条指令， PC 内容自动增加一个值，指向下一条要取的指令，当程序出现转移时，则将转移地址送入PC，然后由PC给出新的指令地址。
状态寄行器用于记录运算中产生的标志信息。
状态寄存器中的每一位单独使用，成为标志位。
标志位的取值反映了ALU当前的工作状态，可以作为条件转移指令的转移条件。
典型的标志位有以下几种：进位标志位（C）、零标志位（Z）、符号标志位（S）、溢出标志位（V）、奇偶标志位（P）。
通用寄存器组是CPU中的一组工作寄存器，运算时用于暂存操作数或地址。
在程序中使用通用寄存器可以减少访问内存的次数，提高运算速度。
累加器（accumulator）是一个数据寄存器，在运算过程中暂时存放操作数和中间运算结果，不能用于长时间地保存一个数据。
某机器字长为n，最高位是符号位，其定点整数的最大值为（2）。
(2)A.2n-1 B.2n-1-1 C.2n D.2n-1【答案】B【解析】本题考查计算机系统中的数据表示基础知识。
机器字长为n，最高位为符号位，则剩余的n-1位用来表示数值，其最大值是这n-1位都为1，也就是2n-1-1。
海明码利用奇偶性检错和纠错，通过在n个数据位之间插入k个校验位，扩大数据编码的码距。
若n=48，则k应为（3）。
(3)A.4 B.5 C.6 D.7【答案】C【解析】本题考查数据校验基础知识。
设数据位是n位，校验位是k位，则n和k必须满足以下关系：2k-1 ≥ n + k。
若n=48，则k为6时可满足26-1 ≥ 48+6 。
海明码的编码规则如下。
设k个校验位为Pk，Pk-1，…，P1， n个数据位为Dn-1，Dn-2，…，D1，D0 。
2014年上半年软件设计师考试下午真题(标准参考答案)
推导递归式： 假设 n 个元素进行归并排序需要 T(n)，可以将其分割成两个分别有 n/2 个元素的数组分别进行归并，也 就是 2T(n/2)，在将这两个合并，需要 O(n)的时间复杂度。 则推导公式为 T(n) = 2T(n/2)+o(n). 谢谢 请问，有哪些时间复杂度是 logN 的呀？ 如果对 N 个数字的序列，进行二分查找，时间复杂度就是 LogN。 5. 参考答案： （1）Subject （2）(*it)‐>update(temperature,humidity,cleanness) （3）notifyObservers() （4）measurementsChanged() （5）Observer() （6）this‐>envData‐>registerObserver(this) 试题分析： EnvironmentData 是环境数据，也就是我们要监测的对象，即主题（Subject），因此(1)处为 Subject。 （2）处为通知观察者，因此遍历观察者容器，遍历到一个观察者对象，则更新该观察者的数据，即调 用观察者的 update(）方法。 当环境数据变化时，需要通知观察者，因此(4)处是调用环境变化方法 measurementsChanged()，通过此 方法通知观察者更新数据，因此（3）处为 notifyObservers()。 根据 CurrentConditionsDisplay 类中的 update()方法可知：CurrentConditionsDisplay 是个观察者，因此（5） 处为 Observer （6）是将观察者添加到主题中去。 类图中的 update 和 register interest 怎么反应到具体的程序中呢？ 你好 当主题中的环境发生变化，也就是调用 measurementsChanged()，会通知观察者，即调用 notifyObservers() 在 notifyObservers()方法中，观察 者会调用自身的 update(float temperature, float humidity, float cleanness) 。 在主题的 registerObserver(Observer* o)中会注册对主题感兴趣的观察者。 6. 参考答案： （1）Subject （2）observer.update(temperature,humidity,cleanness) （3）notifyObservers() （4）measurementsChanged() （5）Observer() （6）envData.registerObserver(this) 试题分析： EnvironmentData 是环境数据，也就是我们要监测的对象，即主题（Subject），因此(1)处为 Subject。 （2）处为通知观察者，因此遍历观察者容器，遍历到一个观察者对象，则更新该观察者的数据，即调 用观察者的 update(）方法。
2014山西省上半年软考网络工程师上、下午试题及答案
1、Windows 2000活动目录使用________目录协议完成查询与更新。
（B）A．DNS B．LDAP C．TCP／IP D．DHCP2、下列那种配置的计算机可以安装Windows 2000 Server：_______。
（B）A．Pentium 133MHz／32M内存／10G硬盘自由空间B．PentiumII 300MHz／256M内存／10G硬盘自由空间C．Pentium 100MHz／128M内存／10G硬盘自由空间D．PentiumII 300MHz／256M内存／500M硬盘自由空间3、如果两台交换机直接用双绞线相连，其中一端采用了，白橙/橙/白绿/蓝/白蓝/绿/白棕/棕的线序，另一端选择哪一种线序排列是正确的_______。
（B）A．白绿/绿/白橙/橙/白蓝/蓝/白棕/棕 B．白绿/绿/白橙/蓝/白蓝/橙/白棕/棕C．白橙/橙/白绿/绿/白蓝/蓝/白棕/棕 D．白橙/橙/白绿/蓝/白蓝/绿/白棕/棕4、Windows 2003操作系统有多少个版本_______。
（C）A．2 B．3 C．4 D．55、当普通用户被root授予某些管理命令的使用权时，问，普通用户使用命令sudo的哪个选项可以查看他可以执行的命令_______？（A）A．-l B．-a C．-m D．-s6、Windows 2003操作系统有多少个版本_______。
（C）A．2 B．3 C．4 D．57、若要系统中每次缺省添加用户时，都自动设置用户的宿主目录为/users，需修改哪一个配置文件？（A）A．/etc/default/useradd B．/etc/login.defs C．/etc/shadow D．/etc/passwd8、若命令mkdir具有SetUID的s权限位，问当普通用户Sam执行命令mkdir时，新建的目录所有者为哪个用户________？（C）A．Sam B．users C．root D．sys9、一个文件的权限为“rwxr-----”，那么以下哪个说法是正确的_______？（B）A．所有用户都可以执行写操作B．只有所有者可以执行写操作C．所有者和所属组可以执行写操作 D．任何人都不能执行写操作10、如果RAID-0卷集由4个40GB磁盘组成，可以存储数据的最大空间为________。
2014年上半年信息系统管理工程师软考上午试题+下午试题真题及答案详解
上午综合试卷第1题：并行性是指计算机系统具有可以同时进行运算或操作的特性，它包含（）。
A. 同时性和并发性B. 同步性和异步性C. 同时性和同步性D. 并发性和异步性第2题：某计算机系统的机构如下图所示，其中，Pu i（i=1，……，n）为处理单元，CU为控制部件，MM j（j=1，……，n）为存储部件。
该计算机（ ）A. 通过时间重叠实现并行性B. 通过资源重复实现并行性C. 通过资源共享实现并行性D. 通过精简指令系统实现并行性第3题：在高速缓冲存储器（Cache）-主存层次结构中，地址映像以及和主存数据的交换由（ ）完成。
A. 硬件B. 中断机构C. 软件D. 程序计数器第4题：计算机系统的内存储器主要由（ ）构成。
A. Flash存储器B. 只读存储器C. 辅助存储器D. 半导体存储器第5题：（5）是指CPU一次可以处理的二进制数的位数，它直接关系到计算机的计算精度、速度等指标；运算速度是指计算机每秒能执行的指令条数，通常以（6）为单位来描述。
A. 带宽B. 主频C. 字长D. 存储容量第6题：（5）是指CPU一次可以处理的二进制数的位数，它直接关系到计算机的计算精度、速度等指标；运算速度是指计算机每秒能执行的指令条数，通常以（6）为单位来描述。
A. MBB. HZC. MIPSD. BPS第7题：与高级程序语言相比，用机器语言精心编写的程序的特点是（ ）。
A. 程序的执行效率低，编写效率低，可读性强B. 程序的执行效率低，编写效率高，可读性差C. 程序的执行效率高，编写效率低，可读性强D. 程序的执行效率高，编写效率低，可读性差第8题：更适合于开发互联网络应用的程序设计语言是（）。
A. SQLB. JavaC. PrologD. Fortran第9题：编写源程序时在其中增加注释，是为了（ ）。
A. 降低存储空间的需求量B. 提高执行效率C. 推行程序设计的标准化D. 提高程序的可读性第10题：（ ）不属于线性的数据结构。
2014年上半年软考信息系统项目管理师真题及答案(含上午、下午和论文)
By itmyth@2014年上《信息系统项目管理师》真题及答案（含上午、下午和论文）一、上午题（75小题，共75分） (2)二、下午题（共3题，每题25分） (13)三、论文（满分75分） (17)一、上午题（75小题，共75分）1、结构化法师信息系统开发的常用方法之一，它将信息系统软件生命大致分为系统规划、系统分析、系统设计、系统实施和系统维护5个阶段，每个阶段都有明确的工程任务，各阶段工作按顺序展开，下列任务中，（）不属于系统规划或系统分析阶段。
A、调查应用部门的环境、目标和应用系统B、研究开发新系统的必要性和可行性C、用形式化或半形式化的描述说明数据和处理过程的关系D、用ER图建立数据模型考友参考答案：D2、（）不属于信息系统项目的生命周期模型A、瀑布模型B、迭代模型C、螺旋模型D、类-对象模型考友参考答案：D3、软件过程改进（software process lmprovement, SPI）是帮助软件企业对其软件（制作）过程的改变（进）进行计划、实施的过程，根据相关标准，软件过程改进一般从（）开始A、计划变更B、领导建议C、问题分析D、知识创新考友参考答案：C4、国家电子政务总体框架主要包括：服务与应用；信息资源；（）；法规、法则与标准化；管理体制A、基础设施B、过程管理C、信息完全D、信息共享考友参考答案：A5、（）主要是针对用户使用的绩效，而不是针对软件自身的度量指标A、内部质量B、使用质量C、外部质量D、可用性度量考友参考答案：B6、（）是指企业与政府机构之间进行电子商务活动A、B2AB、B2BC、B2CD、C2A考友参考答案：A7、（）不属于对需求描述的精确性要求A、能确认需求C、能估算需求的成本D、能评估需求变更的影响考友参考答案：C8、在实施监理工作中，总监理工程师具有（）A、组织项目施工验收权B、工程款支付凭证签认权C、工程建设规模的确认权D、分包单位选定权考友参考答案：B9、由总监理工程师主持编写，监理单位技术负责人书面批准，用来指导监理机构开展监理工作的指导性文件是（）A、监理合同B、监理规划C、监理细则D、监理报告考友参考答案：B10、软件过程管理一般包括：启动和范围定义；软件项目计划；（）；评审和评价；关闭和软件工程度量A、需求管理B、软件项目实施C、项目测试D、变更管理考友参考答案：B11、用例图主要用来描述用户与系统功能单元之间的关系，它展示了一个外部用户能够观察到的系统功能模型图。
2014黑龙江省上半年软考网络工程师上、下午理论考试试题及答案
1、在一个域目录树中，父域与其子域具有________。
（C）A．单项不可传递信任关系 B．双向不可传递信任关系C．双向可传递信任关系 D．以上都不正确2、在Windows 2000操作系统中，登陆时使用的用户名对应的密码保存的路径______。
（B）A．C:\WINDOWS\system32\config\SAMB．C:\WINNT\system32\config\SAMC．C:\WINDOWS\system\config\SAMD．C:\WINNT\system\config\SAM3、如果RAID-0卷集由4个40GB磁盘组成，可以存储数据的最大空间为________。
（D）A．40GB B．80GB C．120GB D．160GB4、将200．200．201．0这个网络进行子网的划分，要求尽可能划分出最多的网段，但每个网段不能少于5台计算机，该子网的子网掩码是_______。
（C）A．255．255．255．240 B．255．255．255．252 C．255．255．255．248 D．255．255．255．05、在掉电状态下，哪种类型的存储器不保留其内容_______?（C）A．NVRAM B．ROM C．RAM D．Flash6、DNS服务器中，的MX记录表示______。
（A）A．邮件记录 B．主机记录 C．资源记录 D．更新记录7、下面哪条命令可以把一个压缩的打包文件解压并解包_______？（D）A．tar cvf B．tar xvf C．tar zcvf D．tar zxvf8、以下哪个命令可以保存路由器RAM中的配置文件到NVRAM中________。
（C）A．copy running-config tftp B．copy startup-config tftpC．copy running-config startup-config D．copy startup-config running-config9、在Windows Server 2003服务器上配置DHCP服务时，IP地址租约默认是：________。
2014年上半年软件水平考试(高级)系统分析师下午(论文)真题试
2014年上半年软件水平考试（高级）系统分析师下午（论文）真题试卷(题后含答案及解析)题型有：1. 选答题选答题（满分75分）1、从下列试题中任选1道解答，请在答卷上用“○”圈住选答的试题编号。
若答题超过1道，则按题号最小的1道题评分。
2、解答应分摘要和正文两部分。
在书写时，请注意以下两点：①、摘要字数在400字以内，可分条叙述，但不允许有图、表和流程图。
②、正文字数为2000-3000字，文中可以分条叙述，但不要全部用分条叙述的方式。
3、解答时字迹务必清楚，字迹不清，将不评分。
1．信息系统开发方法及应用正确答案：写作要点1．简要叙述所参与管理和开发的软件项目，并明确指出在其中承担的主要任务和开展的主要工作。
2．目前比较主流的信息系统开发方法主要包括：结构化方法、面向对象方法、面向服务的方法、原型化方法、快速应用开发、敏捷开发等。
1)结构化方法结构化方法是一种传统的信息系统开发方法，由结构化分析、结构化设计和结构化程序设计三部分有机组合而成，其精髓是自顶向下、逐步求精和模块化设计。
结构化方法的基本思想是将系统的生命周期划分为系统规划、系统分析、系统设计、系统实施和系统维护等阶段。
这种方法遵循系统工程原理，按照事先设计好的程序和步骤，使用一定的开发工具，完成规定的文档，在结构化和模块化的基础上进行信息系统的开发工作。
结构化方法的开发过程一般是先把系统功能视为一个大的模块，再根据系统分析与设计的要求对其进行进一步的模块分解或组合。
结构化方法的主要特点是：开发目标清晰化；开发工作阶段化；开发文档规范化；设计方法结构化。
结构化方法是目前最成熟、应用较为广泛的一种工程化方法，它特别适合于数据处理领域的问题，但是不适用于规模较大、比较复杂的系统开发。
其局限性体现在：开发周期长，难以适应需求变化，很少考虑数据结构等。
2)面向对象方法面向对象方法是当前的主流开发方法。
面向对象方法认为，客观世界是由各种对象组成的，任何事物都是对象，每一个对象都有自己的运动规律和内部状态，都属于某个类，是该类的一个元素。
2014年上半年软件设计师下午试卷-案例分析-真题+答案
软件设计师2014年上半年下午试卷-案例分析第1题某巴士维修连锁公司欲开发巴士维修系统，以维护与维修相关的信息。
该系统的主要功能如下：1)记录巴士ID和维修问题。
巴士到车库进行维修，系统将巴士基本信息和ID记录在巴士列表文件中，将待维修机械问题记录在维修记录文件中，并生成维修订单。
2)确定所需部件。
根据维修订单确定维修所需部件，并在部件清单中进行标记。
3)完成维修。
机械师根据维修记录文件中的待维修机械问题，完成对巴士的维修，登记维修情况；将机械问题维修情况记录在维修记录文件中，将所用部件记录在部件清单中，并将所用部件清单发送给库存管理系统以对部件使用情况进行监控。
巴士司机可查看已维修机械问题。
4)记录维修工时。
将机械师提供的维修工时记录在人事档案中；将维修总结发送给主管进行绩效考核。
5)计算维修总成本。
计算部件清单中实际所用部件、人事档案中所用维修工时的总成本；将维修工时和所用部件成本详细信息给会计进行计费。
现采用结构化方法对巴士维修系统进行分析与设计，获得如图1-1所示的上下文数据流图和图1-2所示的0层数据流图。
问题1.1 使用说明中的词语，给出图l-1中的实体El～E5的名称。
答案：E1：巴士司机E2：机械师E3：会计E4：主管E5: 库存管理系数【软考在线，免费在线真题，定制学习计划】问题1.2 使用说明中的词语，给出图1-2中的数据存储Dl～D4的名称。
答案：D1: 巴士列表文件D2: 维修记录文件D3：部件清单D4：人事档案问题1.3 说明图1-2中所存在的问题。
答案：缺失以下数据流：1）名称：待维修机械问题；起点：D2；终点：3完成维修。
2）名称：实际所用部件；起点：D3；终点：5计算总成本。
问题1.4 根据说明和图中术语，采用补充数据流的方式，改正图1-2中的问题。
要求给出所补充数据流的名称、起点和终点。
答案：缺失以下数据流：1）名称：待维修机械问题；起点：D2；终点：3完成维修。
2014年上半年软考网络工程师试题和解析(上午、下午)
2014年上半年软考网络工程师上午试题及答案网友收集仅供参考●在CPU中，常用来为ALU执行算术逻辑运算提供数据并暂存运算结果的寄存器是（1）。
（1）A．程序计数器 B．累加寄存器 C．程序状态寄存器 D．地址寄存器●某机器字长为n，最高位是符号位，其定点整数的最大值为（2）。
（2）A．2n-1 B．2n-1-1 C．2n D．2n-1●通常可以将计算机系统中执行每一条指令的过程分为取指令、分析和执行指令3步。
若取指令时间为4△t，分析时间为2△t，执行时间为3△t。
按顺序方式从头到尾执行完 600 条指令所需时产为（3）△t。
如果按照执行第i条、分析第i+1条、读取第i+2条重叠的流水线方式执行指令，则从头到尾执行完 600 条指令所需时间为（4）△t。
（3）A．2400 B．3000 C．3600 D．5400（4）A．2400 B．2405 C．3000 D．3009●若用256K * 8bit的存储器芯片，构成地址40000000H到400FFFFFH且按字节编址的内存区域，则需（5）片芯片。
（5）A.4 B.8 C.16 D.32●以下关于进度管理工具Gantt图的叙述中，不正确的是（6）（6）A.能清晰的表达每个任务的开始时间、结束时间和持续时间B.能清晰的表达任务之间的并行关系C.不能清晰的确定任务之间的依赖关系D.能清晰的确定影响进度的关键任务●若某文件系统的目录结构如下图所示，假设用户要访问文件fault.Swf，且当前工作目录为swshare，则该文件的全文件名为（7），相对路径和绝对路径分别为（8）。
（7）A.fault.swf B.flash\fault.swfC.swshare\flash\fault.swfD.\swshare\flash\fault.swf（8）A.swshare\flash\和\flash\ B.flash\和\swshare\flash\C.\swshare\flash\和flash\D.\flash\和\swshare\flash\●在引用调用方式下进行函数调用，是将（9）。
2014年上半年下午 信息系统项目管理师 试题及答案与解析-软考考试真题-案例分析
2014年上半年下午信息系统项目管理师考试试题案例分析-答案与解析【试题一】阅读下列说明，回答问题1至问题3,将解答填入答题纸的对应栏内。
【说明】某系统集成企业承接了一个环保监测系统项目，为某市的环保局建设水污染自动监测系统。
该企业以往的主要业务领域为视频监控及信号分析处理，对自动控制系统也有较强的技术能力，但从未在环保领域开发应用。
该企业的老李被任命为此项目的项目经理。
该企业已按照IS09001的要求建立了一套质量管理体系，对于项目管理、软件开发等的流程均有明确的书面规定。
但公司中很多人认为这套管理体系的要求对于项目来说是多余的，条条框框的约束太多了，大部分项目经理都是在项目结项前才把质量体系要求的文档补齐以便能通过结项审批。
公司的质量管理员也习以为常，只要在项目结束前能把文档补齐，就不会干涉项目建设。
老李组织了技术骨干对客户的需求进行了调研，通过对用户需求的分析和整理，项目组直接制定了一个总体的技术方案，然后老李制定了一个较粗略的项目计划:1.对市场上的采集设备进行调研，选择一款进行采购；2.利用公司已有的控制软件平台直接进行修改开发；3.待设备选定后，将软件与采集设备进行联调实验，实现软件与设备的控制功能；4.联调成功后，按技术方案开展整个项目的实施工作。
在软件与采集设备的联调过程中，老李请环保局的客户代表来检查工作。
客户代表发现由于项目组不了解环保领域的一些参数指标，完成的系统达不到客户方的要求。
由于项目从一开始就没有完整的项目文档，老张为了避免再出现重大问题，只要重新进行需求调研。
客户方很不满意，既担心项目不能按时上线又担心项目质量无法保证。
【问题1】请指出该项目的需求活动存在哪些问题？【参考答案】(1) 缺少完整的需求调研计划。
(2) 没有编写《需求文件》或《需求规格说明书》。
(3) 没有对需求文件进行评审。
(4) 没有与客户进行需求确认。
(每项1.5分，共6分）【解题思路】本题考查项目的需求开发、项目的跟踪与控制和项目质量管理等相关理论与应用。
2014年上半年下午 网络工程师 试题及答案与解析-软考考试真题-案例分析
2014年上半年下午网络工程师考试试题-案例分析-答案与解析试题一（共15分）阅读以下说明，回答问题1至问题4，将解答填入答题纸对应的解答栏内。
【说明】某单位计划部署园区网络，该单位总部设在A区，另有两个分别设在B区和C区，各个地区之间距离分布如图1-1所示。
该单位的主要网络业务需求在A区，在网络中心及服务器机房亦部署在A区；B的网络业务流量需求远大于C区；c区的虽然业务流量小，但是网络可靠性要求高。
根据业务需要，要求三个区的网络能够互通并且都能够访问互联网，同时基于安全考虑单位要求采用一套认证设备进行身份认证和上网行为管理。
【问题1】为了保障业务需求，该单位采用两家运营商接入internet。
根据题目需求，回答下列问题；两家运营商的internet接入线路应部署在哪个区？为什么？网络运营商提供的mplsvpn和千兆裸光纤两种互联方式，哪一种可靠性高？为什么？综合考虑网络需求及运营成本，在AB区之间与AC区之间分别采用上述那种方式进行互联？【参考答案】1、A区。
A区是网络中心，B区和C区接入Internet流量都需要经过A区。
2、MPLS-VPN是本地线路走SDH专线，连接到运营商的MPLSVPN专网。
裸光纤是物理层的点对点连接，所以可靠性当然是裸光纤高。
3、AB区之间用裸光纤，AC区之间用MPLSVPN方式。
因为B区的业务量需求远大于C 区，需要高带宽，且裸光纤传输带宽远大于MPLSVPN。
但远距离较裸光纤的各方面，成本较大。
所以对于AC之间业务流量小，二者相距80公里，出于成本考虑，用MPLSVPN更合适。
【问题2】该单位网络部署接入点情况如表1-1所示根据网路部署需求，该单位采购了相应的网络设备，请根据题目说明及表所规定1-2所示的设备数量及合理的部署位置（注：不考虑双绞线的距离限制）。
（表1-2）【参考答案】(1)、2(2)、C(3)、B(4)、A(5)、27(6)、19(7)、7(8)、A【问题3】根据题目要求，在图1-2的方框中画出该单位A区网络拓扑示意图（汇聚层以下不画）【参考答案】试题二（共15分）阅读以下说明，回答问题1至问题4，将解答填入答题纸对应的解答栏内。
2014年上半年软件水平考试(中级)网络工程师下午(应用技术)真
2014年上半年软件水平考试（中级）网络工程师下午（应用技术）真题试卷(题后含答案及解析)题型有：1. 试题一 2. 试题二 3. 试题三 4. 试题四试题一（15分）阅读以下说明，回答问题1至问题3，将解答填入答题纸对应的解答栏内。
[说明]某单位计划部署园区网络，该单位总部设在A区，另有两个分部分别设在B区和C区，各个地区之间的距离分布如图1—1所示。
该单位的主要网络业务需求在A区，网络中心及服务器机房亦部署在A区；B区的网络业务流量需求远大于C区；C区虽然业务量小，但是网络可靠性要求高。
根据业务需要，要求三个区的网络能够互联互通并且都能访问互联网。
同时基于安全考虑，该单位要求采用一套认证设备进行身份认证和上网行为管理。
1．[问题1]为保障业务需求，该单位采用两家运营商接入Internet。
根据题目需求，回答以下问题：1．两家运营商的Intemet接入线路应部署在哪个区?为什么?2．网络运营商提供了MPLSV PN和千兆裸光纤两种互联方式，哪一种可靠性高?为什么?3．综合考虑网络需求及运行成本，AB区之间与AC区之间分别采用上述哪种方式进行互联?正确答案：1．部署在A区。
网络业务主体在A区，采用一套认证和上网行为管理。
2．MPLSVPN可靠性比较高，线路有冗余。
3．AB区之间采用千兆裸光纤，AC区之间采用MPLS VPN。
解析：本问题考查广域网接入及网络互联的问题。
1．两家运营商的Internet 接入线路应部署在A区。
其主要原因有两点：首先，根据题目描述该单位的主要网络业务需求在A区，网络中心及服务器机房亦部署在A区，另外，该单位要求采用一套认证设备进行身份认证和上网行为管理，所以出口线路应集中在一个业务需求大的区域(A区)。
这时，由于三个区域是互通的，其他区域也可通过A区出口与互联网连接。
2．网络运营商提供了MPLS VPN和千兆裸光纤两种互联方式。
这两种互联方式中MPLS VPN的可靠性大于千兆裸光纤，这是由于当千兆裸光纤是物理链路，当其出现链路故障时，互联业务就会中断。
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2014年上半年5月下午程序员考试真题案例分析-答案解析试题一（共15分）指定网页中，某个关键词出现的次数除以该网页长度称为该关键词在此网页中的词频。
对新闻类网页，存在一组公共的关键词。
因此，每个新闻网页都存在一组词频，称为该新闻网页的特征向量。
设两个新闻网页的特征向量分别为：甲（a1,a2,…,ak）、乙(b1,b2,...,bk)，则计算这两个网页的相似度时需要先计算它们的内积S=a1b1+a2b2+…+akbk。
一般情况下，新同网页特征向量的维数是巨大的，但每个特征向量中非零元素却并不多。
为了节省存储空间和计算时间，我们依次用特征向量中非零元素的序号及相应的词频值来简化特征向量。
为此，我们用（NA(i),A(i)|i=1,2,...,m）和（NB(j),B(j)|j=1,2,...,n）来简化两个网页的特征向量。
其中：NA(i)从前到后描述了特征向量甲中非零元素A(i)的序号（NA(1)<NA(2)<...）,NB(j)从前到后描述了特征向量乙中非零元素B(j)的序号（NB(1)<NB(2)<…）。
下面的流程图描述了计算这两个特征向量内积S的过程。
【参考答案】。
(1)、0。
(2)、S+A(i)B(j)或等价表示。
(3)、i>m或i=m+1或等价表示。
(4)、j>n或j=n+1或等价表示(5)、i>morj>n或i=m+1orj=n+1或等价表示。
【试题解析】对于存在大量零元素的稀疏向量来说，用题中所说的简化表示方法是很有效的。
这样，求两个向量的内积只需要在分别从左到右扫描两个简化向量时，计算对应序号相同（NA(i)=NB(j)）时的A(i)*B(j)之和（其他情况两个向量对应元素之乘积都是0）。
因此，流程图中（2）处应填S+A(i)*b(j)，而累计的初始值S应该为0，即（1）处应填0。
流程图中，NA(i)<NB(j)时，下一步应再比较NA(i+1)<NB(j)，除非i+1已经越界。
因此，应先执行i+1→i，再判断是否i>m或i=m+1（如果成立，则扫描结束）。
因此（3）处应填i>m或i=m＋1。
流程图中，NA(i)>NB(j)时，下一步应再比较NA(i)<NB(j+1)，除非j+1已经越界。
因此，应先执行j+1→j，再判断是否j>n或j=n+1（如果成立，则扫描结束）。
因此（4）处应填j>n或j=n+1。
（5）处应填扫描结束的条件，i>morj>n或i=m+1orj=n+1，即两个简化向量之一扫描结束时，整个扫描就结束了。
试题二（共15分）阅读以下说明和C函数，填补代码中的空缺（1）～（5），将解答填入答题纸的对应栏内。
【说明1】函数isPrime(intn)的功能是判断n是否为素数。
若是，则返回1，否则返回0。
素数是只能被1和自己整除的正整数。
例如，最小的5个素数是2，3，5，7，11。
【C函数】【说明2】函数intminOne(intarr[]，intk)的功能是用递归方法求指定数组中前k个元素中的最小者，并作为函数值返回。
【C函数】【参考答案】（1）、n%2==0，或！(n%2)，或其等价形式；（2）、n%k==0，或！(n%k)，或其等价形式；（3）、arr[0]，或*arr，或其等价形式；（4）、k-1，或其等价形式；（5）、t；【试题解析】函数isPrime(intn)的功能是判断n是否为素数。
根据素数的定义，小于2的数和大于2的偶数都不是素数，n是偶数可表示为“n%2等于0”，因此空（1）处应填入“n%2==0”，或者“！(n%2)”。
在n是大于2的奇数的情况下，下面的代码从3开始查找n的因子，直到n的平方根为止。
For(k=3;k<t;k+=2)If(（2）)return0;若k的值是n的因子，则说明n不是素数。
因此，空（2）处应填入“n%k==0”，或者“!(n%k)”。
函数intminOne（inttarr[],intk）的功能是用递归方法求指定数组中前k个元素中的最小者，显然，k为1时，这一个元素就是最小者。
因此，空（3）处应填入“arr[0]”或其等价形式。
空（4）所在的语句是通过递归方式找出arr[1]～arr[k-1]中的最小者，第一个实参指出从arr[1]开始，第二个参数为元素个数，为k-1个，因此空（4）应填入“k-1”。
接下来的处理就很明确了，当t表示arr[1]～arr[k-1]中的最小者，其与arr[0]比较后就可以得到arr[0]～arr[k-1]中的最小者，因此空（5）处应填入“t”。
试题三（共15分）阅读以下说明和C程序，填补代码中的空缺（1）～（5），将解答填入答题纸的对应栏内。
【说明】函数areAnagrams（char*fstword，char*sndword）的功能是判断fstword和sndword 中的单词（不区分大小写）是否互为变位词，若是则返回1，否则返回0。
所谓变位词是指两个单词是由相同字母的不同排列得到的。
例如，”triangle“与“integral”互为变位词，而“dumbest”与“stumble”不是。
函数areAnagrarns的处理思路是检测两个单词是否包含相同的字母且每个字母出现的次数也相同。
过程是先计算第一个单词（即fstword中的单词）中各字母的出现次数并记录在数组counter中，然后扫描第二个单词（即sndword中的单词）的各字母，若在第二个单词中遇到与第一个单词相同的字母，就将相应的计数变量值减1，若在第二个单词中发现第一个单词中不存在的字母，则可断定这两个单词不构成变位词。
最后扫描用于计数的数组counter各元素，若两个单词互为变位词，则counter的所有元素值都为0。
函数areAnagrams中用到的部分标准库函数如下表所述。
【C函数】【参考答案】（1）、strcmp(fstword,sndword)==0，或其等价形式（2）、fstword++，或其等价形式（3）、return0（4）、sndword++，或其等价形式（5）、counter[index]，或counter[index]!=0，或其等价形式试题四（共15分）阅读以下说明和C函数，填补代码中的空缺（1）～（5），将解答填入答题纸的对应栏内。
【说明】函数ReverseList（LinkListheadptr）的功能是将含有头结点的单链表就地逆置。
处理思路是将链表中的指针逆转，即将原链表看成由两部分组成：已经完成逆置的部分和未完成逆置的部分，令s指向未逆置部分的第一个结点，并将该结点插入已完成部分的表头（头结点之后），直到全部结点的指针域都修改完成为止。
例如，某单链表如图4-1所示，逆置过程中指针s的变化情况如图4-2所示。
链表结点类型定义如下：【C函数】【参考答案】（1）、!headptr->next，或！headptr||!headptr->next，或其等价形式（2）、headptr->next（3）、headptr->next->next，或p->next，或其等价形式（4）、s->next,或p->next,或其等价形式（5）、p【试题解析】问题的图和代码中的注释可提供完成操作的主要信息，在充分理解链表概念的基础上填充空缺的代码。
对于含有头结点的单链表，链表为空时，头结点的指针域为空，表示之后没有其他结点了。
因此，空（1）处应填入“！headptr->next”。
根据注释，空（2）处所在语句令p指向链表的第一个元素结点，因此空（2）填入“headptr->next”。
空（3）处的语句执行后，可由图4-1所示的链表得到图4-2（a）的链表，空（3）处应填入“p->next”或者“headptr->next->next”。
代码中的while循环完成链表中除第一个元素结点之外的其他结点的指针域的修改。
根据题目中的说明，s指向未逆置部分的第一个结点。
在while循环中，变量p的作用是辅助完成将s所指结点插入头结点之后的处理，处理步骤为：试题五（共15分）阅读下列说明、C＋＋代码和运行结果，填补代码中的空缺（1）～（5），将解答填入答题纸的对应栏内。
【说明】对部分乐器进行建模，其类图如图5-1所示，包括：乐器（Instrument）、管乐器（Wind）、打击乐器（Percussion）、弦乐器（Stringed）、木管乐器（Woodwind）、铜管乐器（Brass)。
下面是实现上述设计的C++代码，其中音乐类（Music）使用各类乐器（Instrument）进行演奏和调音等操作。
【C++代码】本程序运行后的输出结果为：Wind.play()0。
Wind.adjust()。
Woodwind.play()。
Wind.adjust()。
【参考答案】（1）、virtualvoidplay(Noten)=0（2)、publicInstrument（3)、publicWind（4）、Instrument*（5）、new【试题解析】图中父接口Instrument，代表乐器，C++中设计为抽象基类，包含表示进行演奏的接口函数play()和表示调音的接口函数adjust()，其中函数play()的参数Note实现为枚举类型（enwn），以枚举各种音调。
这两个函数由具体子类型完成实现，所以Instrument的play()和adjust()为纯虚函数，原型中＝0表示纯虚函数，实现由子类完成：virtualvoidplay(Not:en)=0；virtualvoidrun()=0；Wind、Percussion和Stringed都是继承自Instrument的三个子类型，所以他们都继承了Instrument的play()和adjust()函数，各自演奏和调音方式有所不同，所以都覆盖了Instrument的play()函数和adjust()函数，并加以实现：voidplay(Noten){/*代码略*/}voidadjust(){/*代码略*/}Wind的两个子类型Woodwind和Brass都继承自Wind，继承用：Public关键字，从而Woodwind和Brass也都继承了Instrument的play()函数和adjust()函数，图5-1中Woodwind类对应的Woodwind的实现中只有play()，没有adjust()，因此其父类Wind的adjust()会自动被调用。
Music类对各类乐器进行演奏和调音操作。
函数tune()为一个乐器的定调，其参数为乐器对象指针Intrument*；函数adjust()为一个乐器进行调音，其参数也为Intrument*，函数tuneAII()为每个乐器定调，其参数是所有乐器数组。