江苏省无锡市江阴二中2016-2017学年九年级月考物理试卷(word解析版).doc

九年级（下）月考物理试卷一、单选题（本大题共14小题，共28.0分）1. 下列有关声现象的说法中，正确的是（ ）A. 声波能传递信息，也能传递能量B. “禁止高声喧哗”中的“高”是指声音的音调高C. 只要物体在振动，我们就一定能听到声音D. 两名宇航员在太空中能直接对话2. 下面四幅图中，属于光沿直线传播现象的是（ ）A. 平面镜中的像B.水中的笔向上翘起C. 屏幕上的手影D.眼睛被放大镜放大3.祖国山河一年四季美景如画。

下列关于山河美景的描述，属于凝华现象的是（）A. 春天，雾绕群峰B. 夏天，雨笼山峦C. 秋天，霜打枝头D. 冬天，冰封雪飘4. 如图所示虚线方框内各放置一个透镜，发光点S 发出的光束通过透镜前后的方向分别如图甲、图乙所示，则（ ）A. 甲为凹透镜，乙为凸透镜B. 甲、乙都为凹透镜C. 甲为凸透镜、乙为凹透镜D. 甲、乙都为凸透镜5. 如图所示，是某同学检查视力时的情景，下列说法正确的是（ ）A. 镜中视力表的像是实像B. 镜中视力表的像比视力表小C. 镜中视力表的像到该同学的距离为5mD. 镜中视力表的像是光的直线传播形成的6. 利用所学的物理知识，判断下列说法中正确的是（ ）A. 化石能源属于可再生能源B. 电子的发现说明了原子可以再分C. 核电站利用的是核聚变时产生的能量D. 超导材料可以应用于电饭锅的电热丝 7. 在图所示的实验装置图中能够说明电磁感应现象的是（ ）A.B.C.D.8. 为研究通电导体产生热量的多少与电阻的关系，小明找来了如图所示的实验器材，小红问小明“水比较容易获得，干嘛不用水代替煤油”。

对于这个问题，小明与他的同学给出了下列四种答案，你认为合理的是（）A. 因为煤油有颜色便于观察B. 因为煤油有比较大的热值C. 因为煤油有比较小的密度D. 因为煤油有比较小的比热容9. 在“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜和光屏的位置如图所示，此时烛焰在光屏上成一个清晰的像，由此判断下列说法正确的是（ ）A. 光屏上的像是倒立、放大的实像B. 光屏上的像是正立、缩小的实像，照相机是根据该原理制成的C. 如果把蜡烛与光屏对调，光屏上将不会出现清晰的像D. 若换用材料与口径相同但更厚一些的凸透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，如果只移动光屏，光屏必须靠近凸透镜10. 以下关于能量和能源的认识，正确的是（ ）A. “永动机”违反了能的转化和守恒定律B. 我国煤炭和石油的资源丰富，不需要大力开发新能源C. 石油、天燃气是可再生能源D. 目前核电站获得核能的途径是核聚变11. 小明同学在课外用易拉罐做成如图所示的装置做小孔成像实验，如果易拉罐底部有一个很小的三角形小孔，则他在半透明纸上看到的像是（ ） A. 蜡烛的正立像 B. 蜡烛的倒立像 C. 三角形光斑 D. 圆形光斑12. 如图所示，小刚将盛满水的圆柱形透明玻璃杯贴近书本，透过玻璃杯观看书上的鹦鹉图片（圆圈中的鹦鹉图与书本中的鹦鹉图实际大小相等），他所看到的虚像可能是（ ）A.B.C.D.13.法国科学家阿尔贝•费尔和德国科学家彼得•格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获了诺贝尔物理学奖。

2015-2016年第一学期山观第二中学九年级物理12月检测一、选择题(本题共14小题，每小题2分，共28分)1、下列情况中不属于防止电热危害的是（）A．电视机的后盖有许多孔 B．电脑机箱内有小风扇C．电动机外壳有许多散热片 D．家电长时间停用，隔一段时间应通电一次2、在如图所示的电路中，闭合开关S，能用电压表测量L1两端电压的正确电路是（）3、白炽灯泡的灯丝断开后，可把断头搭接起来继续使用，这时灯丝的（）A．电阻变大，电流减小 B．电阻变小，电流增大C．电阻和电流都增大 D．电阻和电流都减小4、带负电的物体靠近一个轻小球，小球被吸引过来，则这个小球（）A．一定带正电 B．一定带负电C．可能带正电，也可能不带电 D．可能带负电，也可能不带5、在如图所示的电路中，闭合开关，两表有示数，过一会后发现两只电表中有一只电表的示数明显变小，另一只电表的示数明显变大．下列判断中正确的是（）A．可能是灯L断路 B．一定是灯L短路C．可能是滑动变阻器R断路D．一定是滑动变阻器R的滑片向左滑动6、小明将额定电压是220V的甲、乙二灯串联接在220V的电源上，闭合开关后，甲灯发光，乙灯不发光，则（）A．乙灯的灯丝断了 B．乙灯的电阻太小C．乙灯的电阻太大 D．乙灯两端电压太大7、标有“2V 1W”字样的小灯泡和标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器，连接在如图7所示的电路中．已知电源电压为6V，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～3V”．闭合开关，移动滑动变阻器滑片，电流表、电压表示数的变化范围是（）A．0.25A～0.5A，1V～2V B．0.25A～0.6A，1V～2VC．0.3A～0.5A，1V～1.5V D．0.25A～0.5A，1.5V～2V8、在学习了内能及能量的转化和守恒后，同学们在一起梳理知识时交流了以下想法，你认为其中不正确的是（）A．做功可以改变物体的内能B．热传递改变物体内能是不同形式的能量的互相转化C．在一定条件下各种形式的能量可以相互转化D．能量在转移和转化的过程中总会有损耗，但能量的总量总保持不变9、根据欧姆定律公式I=U/ R ，也可变形得到R=U /I ．对此，下列说法中正确的是（）A．流过导体的电流越大，则电阻越小B．某段导体两端电压为0时，其电阻为0C．导体两端的电压跟通过导体电流的比值等于这段导体的电阻D．导体电阻的大小跟导体两端的电压成正比，跟通过导体的电流成反比10、用两个相同的电热器分别给质量相同的水和某种液体加热，每隔1min记录一次数据，如表所示，则该液体的比热容为（）A．0.9×103J/（kg•℃） B．1.8×103J/（kg•℃）C．3.6×103J/（kg•℃） D．1.2×103J/（kg•℃）11、关于温度、热量、内能的关系，下列说法中正确的是（）A．温度高的物体一定比温度低的物体内能大 B．温度高的物体一定比温度低的物体热量多C．物体的温度降低，它的内能一定减少 D．物体的温度升高，一定是从外界吸收了热量注意：第12～14题中，每题至少有两个选项正确。

江苏省无锡市江阴市夏港中学2016届九年级上学期第二次月考物理试卷一、选择题（每题2分，共28分）1．如图所示，使用中属于费力杠杆的工具是（）A．B．C．D．2．一个人先后用同样大小的力F将不同质量的物体分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动相同的距离S（如图所示），该力在这三个过程中所做的功分别为W1、W2、W3，关于它们之间的大小关系说法正确的是（）A．W1＜W2＜W3B．W1＜W2=W3C．W1=W2=W3D．W1=W2＜W33．关于热量、温度和内能，下列说法中正确的是（）A．一个物体的内能增加，一定是吸收了热量B．一个物体吸收了热量，温度一定升高C．温度高的物体含有的热量一定比温度低的物体含有的热量多D．在热传递过程中，热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体4．用如图所示的滑轮组将重10N的物体匀速提升0.1m，所用时间为2s，作用在绳子末端的拉力F 为6N（不计绳重和绳与滑轮间的摩擦），下列计算结果正确的是（）A．所做的有用功为1.2JB．动滑轮自重0.2NC．拉力F做功的功率为0.3WD．该滑轮组的机械效率为83.3%5．抽油烟机装有照明灯和排气扇．使用中，有时需要它们单独工作，有时需要它们同时工作．如图所示的四个电路中，你认为符合上述要求的是（）A．B．C．D．6．如图所示，将甲、乙两灯串联在电路中，闭合开关，发现甲灯发光，乙灯不发光，则乙灯不发光的原因可能是（）A．乙灯灯丝断了B．乙灯的实际功率小C．相同时间内，乙灯消耗的电能远大于甲灯消耗的电能D．通过乙灯的电流小于甲灯的电流7．如图所示，小明从滑梯上下滑，在这一过程中，他的（）A．动能转化为重力势能B．重力势能全部转化为动能C．机械能保持不变D．机械能一定减少8．如图，在探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”的实验中，当我们将电阻由5Ω换成10Ω后，接下来的操作正确的是（）A．将变阻器滑片P向左移动，保持电压表示数不变B．将变阻器滑片P向左移动，保持电流表示数不变C．将变阻器滑片P向右移动，保持电压表示数不变D．将变阻器滑片P向右移动，保持电流表示数不变9．甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列说法正确的是（）A．甲灯灯丝比乙灯灯丝细B．两灯都正常发光时，甲灯消耗的电能较少C．两灯都正常发光时，甲灯电阻小于乙灯电阻D．两灯串联后，接在220V电路中，甲灯比乙灯暗10．如图所示，电源电压不变，S闭合后，两灯都发光，一段时间后，其中一灯突然熄灭，电流表、电压表的示数都不变，产生这一现象的原因是（）A．L1断路B．L2断路C．L1短路D．L2短路11．电热毯通电后很热，而跟电热毯连接的铜导线却不怎么热，这是因为（）A．通过电热毯的电流比通过铜导线的电流大B．铜导线的电阻小，因而产生的热量少，而电热毯电阻大产生的热量多C．铜导线有绝缘层，所以不怎么热D．铜导线比电热毯传热快，所以不容易热）②测量小灯泡的电功率③测量某定值电阻的阻值④探究影响电流做功多少的因素．A．①② B．③④ C．①③ D．②④13．如图所示，电源电压为6V，S闭合后两灯都正常发光，电压表示数变为2V，则关于灯L1和L2亮度的关系是（）A．灯L1较亮B．灯L2较亮C．一样亮D．无法确定14．如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为G的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率η与物体重力G的关系可能符合下列图中的（）A．B．C．D．二、填空题（本题共8小题，每空1分，共22分）15．小华用50N的水平力推重为400N的物体沿水平面做匀速直线运动物体在5s内移动5m，在此过程中，小华对物体所做的功是J，小华对物体做功的功率是W，重力所做的功是J，重力的功率是W．16．现将长度相同，横截面积、材料不同的导体A和B接到如图所示的电路中，闭合开关S，通过A 的电流为I A，通过B的电流为I B，则I A I B（选填“大于”、“等于”或“小于”），若此时导体A和B两端的电压关系是U A=U B，则R A：R B= ，由此可知导体的导电性能差（选填“A”或“B”）．17．在汽油机的压缩冲程中，汽缸内气体温度升高，这是通过的方式使气缸内气体内能发生改变；把饮料放进冰箱，饮料温度降低，这是通过的方式使饮料的内能发生改变．18．一定值电阻两端的电压为10V时，通过它的电流为2A，则这个定值电阻的阻值为Ω．若它两端的电压增加到20V，则此时它的电流为A．若它两端的电压为0V，则此时它的阻值为Ω．19．一个标有“4V，2W”的灯要接在电压为6V的电源上，应联（填串联或并联）一个电阻的阻值为Ω，该电阻消耗的电功率是W．20．某冰箱的铭牌如图所示，那么冰箱正常工作24h消耗的电能是kW•h，在24h内，冰箱实际工作时间是h．21．图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接人电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W；则小灯泡两端的电压为V，再闭合开关S1，电流表示数变化了A，此时电路消耗的总功率为 W．22．某电饭锅设有“加热”和“保温”两档，其内部简化电路如图所示，当开关S置于“1”档时，电饭锅处于（选填“加热”或“保温”）状态；若电饭锅保温相加热时总功率之比为1：50，则电阻R0和R1的比值为．三、解答题23．如图，在探究“不同物质吸热能力”的实验中：（1）在两个相同的烧杯中加入初温相同、相同的水和煤油，选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内．（2）水和煤油温度随时间变化的图象如图乙所示．①根据图甲可判断处a物质是．②根据图乙可判断处吸热能力强，它的比热容较（填“大”或“小”）．（3）本实验采用的物理研究方法是法．24．在探究“影响电流热效应的因素”实验中（1）为了探究电热器产生的热量与电流的关系，小明设计了甲图装置，在烧瓶内安装一根电阻丝，并插入一支温度计，通过比较烧瓶内液体的温度变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少，这种研究方法叫．若他想让烧瓶内液体在短时间内温度变化更明显，应选用（选填“煤油”或“水”），理由是．（2）小明先测量烧瓶内液体的温度后，闭合开关，通电30s再测量烧瓶内液体的温度，得到温度的获得第二组数据（见表）．由此得出：同一导体，在通电时间相等时，电流，其产生的热量．（3）若要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，同时选择乙图中（选填“A”或“B”）烧瓶与甲图中的烧瓶（选填“串联”或“并联”）．25．小宇做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线．图甲是小宇没有连接完的实物电路．（1）请你用笔画线代替导线，帮小宇将实物电路连接完整（要求滑片向右滑动时灯泡变亮）．（注：甲图中电流表的接线柱从左到右依次是“﹣”“0.6”“3”；电压表的接线柱从左到右依次是“﹣”“3”“15”．）（2）小宇连好电路，闭合开关，发现小灯泡立刻发出很亮的光，原因是；不一会儿，小灯泡不亮了，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是．（写出一种即可）（3）小宇排除故障后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向端滑动（选填“左”或“右”），直至电压表的示数为V．（4）小宇通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了图乙所示的U﹣I图象．根据图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是W；当灯泡两端的电压为1.5V时，小灯泡的实际功率为W．26．用燃气灶烧水，燃烧2kg的煤气，使200kg的水从20℃升高到70℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg．求：（1）2kg煤气完全燃烧放出的热量．（2）水吸收的热量．（3）燃气灶烧水的效率．27．周末，小华在爸爸的帮助下利用图示的电能表测量电热水壶的实际功率，已知电热水壶的铭牌为“220V 1000W”．（c水=4.2×103J/（kg•℃）（1）根据表盘示意图，可知小华家累计用电为kW•h；（2）测量中还需用到的测量工具是．（3）为测量电热水壶的实际功率，小华首先应进行的操作是将家中其他用电器停止工作，只让电热水壶工作，在5min内看到电能表的指示灯闪烁120次，则电热水壶5min内消耗的电能是多少？电热水壶的实际功率是多少W，这表明电热水壶的实际工作电压（“大于”“小于”“等于”）额定电压．28．将标有“6V 6W”和“9V 4.5W”的两个灯泡串联后接到电源两端，发现一个灯泡正常发光，另一个灯泡较暗，不考虑温度对电阻的影响，但两灯泡要安全，求：（1）电路中的电流；（2）电源电压．江苏省无锡市江阴市夏港中学2016届九年级上学期第二次月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共28分）1．如图所示，使用中属于费力杠杆的工具是（）A．B．C．D．【考点】杠杆的分类．【专题】应用题．【分析】该题考查了学生对物理模型的抽象、分析能力．判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断．【解答】解：A、题目中的剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；B、起子在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；C、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；D、钢丝钳在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；故选C．【点评】此类型题目的解决主要是依据生活经验及动力臂和阻力臂的大小关系进行判断．2．一个人先后用同样大小的力F将不同质量的物体分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动相同的距离S（如图所示），该力在这三个过程中所做的功分别为W1、W2、W3，关于它们之间的大小关系说法正确的是（）A．W1＜W2＜W3B．W1＜W2=W3C．W1=W2=W3D．W1=W2＜W3【考点】功的计算．【专题】应用题；压轴题．【分析】物理上，功的大小等于力与在力的方向上通过的距离的乘积；即W=Fs．【解答】解：一个人先后用同样大小的力F使物体沿力的方向移动相同的距离S；该力在这三个过程中所做的功分别为W1、W2、W3，三个功的大小都等于W=Fs；即W1=W2=W3；故C正确；ABD错误；故选：C．【点评】深入理解功的大小的计算方法，是解答此题的关键．3．关于热量、温度和内能，下列说法中正确的是（）A．一个物体的内能增加，一定是吸收了热量B．一个物体吸收了热量，温度一定升高C．温度高的物体含有的热量一定比温度低的物体含有的热量多D．在热传递过程中，热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体【考点】温度、热量与内能的关系；物体内能的改变．【专题】应用题．【分析】A、改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的．B、内能是指物体内部所有分子的分子动能和分子势能的和；物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化．C、一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关．D、热传递的条件和热传递的特点．【解答】解：A、一个物体的内能增加，可能是吸收了热量，也可能是因为对物体做功．故A不符合题意．B、物体吸收了热量，可能用来加快分子的无规则运动，即表现在物体的温度的升高；也可能用来改变物体的状态；比如：晶体在熔化过程，吸热，内能增加但温度不变，所以，物体吸收了热量，物体的温度可能升高，也可能不变．故B不符合题意．C、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，应考虑其它因素．故C不符合题意．D、传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体．故D符合题意．故选D．【点评】要正确理解温度、热量与内能的关系，改变物体内能的两种方法是等效的，以及热传递的条件和热传递的特点．解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体吸收了热量，不一定是用来升高温度．4．用如图所示的滑轮组将重10N的物体匀速提升0.1m，所用时间为2s，作用在绳子末端的拉力F 为6N（不计绳重和绳与滑轮间的摩擦），下列计算结果正确的是（）A．所做的有用功为1.2JB．动滑轮自重0.2NC．拉力F做功的功率为0.3WD．该滑轮组的机械效率为83.3%【考点】滑轮（组）的机械效率；功率的计算．【专题】计算题．【分析】（1）由一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，工作特点是：可以达到既省力又改变力的作用方向．动滑轮由几段绳子承担，绳端移动的距离就是物体升高高度的几倍．（2）结合功、功率和机械效率的公式分别计算出所做的有用功、动滑轮自重、拉力F做功的功率、该滑轮组的机械效率，然后和所提供的计算结果比较，得出正确的判断．【解答】解：A、∵用滑轮组提升物体，对物体做的功是有用功．∴所做的有用功W用=Gh=10N×0.1m=1J，故A错；B、不计绳重和绳与滑轮间的摩擦时，F=（G轮+G物），则：动滑轮的重力G动=2F﹣G物=2×6N﹣10N=2N，故B错；C、用滑轮组提升物体，拉力F做的功是总功，则拉力F做功的功率：P总====0.6W，故C错；D、∵该滑轮组的机械效率η=====≈83.3%，故D正确．故选D．【点评】本题考查了使用滑轮组拉力的计算、机械效率的计算，根据题图确定n的大小（直接从动滑轮上引出的绳子股数）是本题的突破口，利用好不计绳重和摩擦时拉力和物重的关系[F=（G轮+G 物）]是本题的关键．5．抽油烟机装有照明灯和排气扇．使用中，有时需要它们单独工作，有时需要它们同时工作．如图所示的四个电路中，你认为符合上述要求的是（）A．B．C．D．【考点】串、并联电路的设计．【分析】根据并联电路的特点知，当两个用电器并联时，可以做到相互不影响．【解答】解：由题意知，风扇与灯泡是相互不影响的，故应当是并联关系，且各支路上有一个开关控制，干路上没有开关．故选A．【点评】本题利用了并联电路的特点：用电器并联时，相互不影响．6．如图所示，将甲、乙两灯串联在电路中，闭合开关，发现甲灯发光，乙灯不发光，则乙灯不发光的原因可能是（）A．乙灯灯丝断了B．乙灯的实际功率小C．相同时间内，乙灯消耗的电能远大于甲灯消耗的电能D．通过乙灯的电流小于甲灯的电流【考点】实际功率．【专题】压轴题；电能和电功率．【分析】（1）串联电路中电流处处相等．（2）甲灯比乙灯亮，甲的实际功率一定比乙的实际功率大，根据W=Pt，可以判断灯消耗的电能．【解答】解：A、已知甲、乙两灯串联在电路中，闭合开关，发现甲灯发光，乙灯不发光，如果乙灯灯丝断了，电路中无法形成闭合的回路，所以甲灯也不会发光，故A不可能；B、甲灯发光，乙灯不发光，说明甲的实际功率比乙的实际功率大．符合题意．C、根据P=可知，相同时间内，乙灯消耗的电能小于甲灯消耗的电能，故C不可能．D、串联电路中电流处处相等．故D不可能．故选：B．【点评】本题考查串联电路的规律，串联电路各部分电流相等，故一灯泡亮即说明电路是通的；则可以分析可能的原因．7．如图所示，小明从滑梯上下滑，在这一过程中，他的（）A．动能转化为重力势能B．重力势能全部转化为动能C．机械能保持不变D．机械能一定减少【考点】能量转化的现象；机械能．【专题】应用题．【分析】（1）影响动能大小的因素：质量和速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）影响重力势能大小的因素：质量和被举的高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）影响弹性势能大小的因素：发生弹性形变的程度．弹性形变越大，弹性势能越大，在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能．（4）机械能的总量等于动能和势能的和．（5）摩擦生热的过程是机械能转化成了内能．【解答】解：A、小明从滑梯上下滑的过程中，高度减小，速度越来越快，重力势能转化成了动能，A不合题意．B、小明从滑梯上下滑的过程中，高度减小，速度越来越快，同时臀部发热，所以是一部分重力势能转化成了内能，B不合题意．C、D、小明从滑梯上下滑的过程中，臀部发热，摩擦生热，一部分机械能转化成了内能，总机械能减少，C、不合题意；D符合题意．故选D．【点评】解决此类问题的关键是要知道各能量跟哪些因素有关，根据各因素的变化情况分析能量的变化情况．8．如图，在探究“通过导体中的电流与电阻之间关系”的实验中，当我们将电阻由5Ω换成10Ω后，接下来的操作正确的是（）A．将变阻器滑片P向左移动，保持电压表示数不变B．将变阻器滑片P向左移动，保持电流表示数不变C．将变阻器滑片P向右移动，保持电压表示数不变D．将变阻器滑片P向右移动，保持电流表示数不变【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用；电路的动态分析．【专题】应用题；电路和欧姆定律；电路变化分析综合题．【分析】要研究导体中的电流与电阻的关系，由控制变量法的思路可知，需要保证导体两端的电压不变，当电路中的电阻由5Ω换成10Ω时，导体两端的电压是否变化，怎样变化是此题的解题思路．【解答】解：在滑片P不动的情况下，将电阻由5Ω换成10Ω后，闭合开关，电路总电阻变大，∵I=，∴电路中的电流变小，滑动变阻器两端的电压变小，∵串联电路的总电压等于各分电压之和可知，∴定值电阻两端的电压增大，要使电压表的示数不变，只能减小电路中的电流，增大滑动变阻器接入电路的电阻，即滑片P向右端移动．故选C．【点评】电源电压不变，两串联电阻，当其中一个电阻增大时，其两端电压也增大，另一个电阻两端的电压同时减小．9．甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列说法正确的是（）A．甲灯灯丝比乙灯灯丝细B．两灯都正常发光时，甲灯消耗的电能较少C．两灯都正常发光时，甲灯电阻小于乙灯电阻D．两灯串联后，接在220V电路中，甲灯比乙灯暗【考点】影响电阻大小的因素；电功率的计算．【专题】计算题．【分析】要解决此题，需要掌握“220V 25W”、“220V 100W”的含义，电灯的名牌计算出灯丝的电阻及额定电流值．要掌握串并联电路中电流和电压的关系，并掌握电功率的计算．P=UI==I2R要比较灯泡的亮暗关键是比较灯泡的实际电功率．【解答】解：A、甲灯泡的灯丝电阻为：R甲===1936Ω；乙灯的电阻为：R乙===484Ω．灯丝的长度和材料都是相同的，甲的阻值大于乙的阻值，所以甲灯灯丝比乙灯灯丝细．所以A说法正确．B、两灯都正常发光时，甲灯的功率小于乙灯的功率，根据W=Pt，由于不知时间，所以无法比较两灯所用电能的大小．所以B说法错误．C、由A知，两灯都正常发光时，甲灯的电阻大于乙灯的电阻．所以C说法错误．D、若两灯串联，则通过的电流相等，根据公式：P=I2R，甲的电阻大，所以甲的实际功率比乙的实际功率大，甲灯比乙灯亮．所以D说法错误．故选A．【点评】此题主要考查了学生对电灯铭牌的理解，知道其中的电压和功率值都是指额定电压和额定功率．同时考查了有关实际功率的计算．特别注意的是实际功率决定了灯泡的亮暗情况．10．如图所示，电源电压不变，S闭合后，两灯都发光，一段时间后，其中一灯突然熄灭，电流表、电压表的示数都不变，产生这一现象的原因是（）A．L1断路B．L2断路C．L1短路D．L2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】应用题；电流和电路．【分析】常见的电路故障有断路与短路两种，根据电路故障现象分析电路故障原因．【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电压表测电源电压，电流表测L1电流；A、如果灯L1断路，灯L1熄灭，电压表示数不变，电流表示数为零，示数变小，不符合题意，故A 错误；B、如果灯L2断路，电压表与电流表示数都不变，符合题意，故B正确；C、如果灯L1短路，则电源被短路，两灯都熄灭，电流表示数变大，电压表示数变小，不符合题意，故C错误；D、如果灯L2短路，则电源被短路，两灯都熄灭，电流表示数为零，电压表示数变小，不符合题意，故D错误．故选B．【点评】本题考查了电路故障的判断，在判断故障时，会根据电压表的示数的变化判断：若电压表有示数，说明电压表与电源能相通，电压表两接线柱之间有开路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通．11．电热毯通电后很热，而跟电热毯连接的铜导线却不怎么热，这是因为（）A．通过电热毯的电流比通过铜导线的电流大B．铜导线的电阻小，因而产生的热量少，而电热毯电阻大产生的热量多C．铜导线有绝缘层，所以不怎么热D．铜导线比电热毯传热快，所以不容易热【考点】焦耳定律在实际中的应用．【专题】应用题；电与热、生活用电．【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比．电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据此分析原因．【解答】解：电热毯在使用时，电热毯和导线串联，I电热毯=I导线，并且通电时间t相同，由Q=I2Rt可知，R电热毯＞R导线，所以电流产生的热量为Q电热毯＞Q导线，从而出现电热毯很热，而与电热毯相连的导线却不怎么发热的现象．故选B．【点评】题主要考查对焦耳定律及应用、串联电路电流关系的了解和掌握，知道电炉丝和相连接的铜导线为串联是本题的关键．12．下表给出的多组电压表和电流表的数据，可能是在进行下列哪些实验探究中收集的（）②测量小灯泡的电功率③测量某定值电阻的阻值④探究影响电流做功多少的因素．A．①② B．③④ C．①③ D．②④【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【专题】欧姆定律；电能和电功率．【分析】（1）当电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比；（2）灯丝的电阻随温度而变化，通过的电流与其两端电压不成正比；（3）测量定值电阻，电阻一定，通过的电流与其两端电压成正比；（4）探究电流做功实验，还需要测量时间．【解答】解：①探究通过导体的电流与电压的关系，当电阻一定时，导体中的电流与其两端的电压成正比，符合题意；②测量小灯泡的电功率，灯丝的电阻随温度而变化，通过的电流与其两端电压不成正比，不合题意；③测量某定值电阻的阻值电阻一定，通过的电流与其两端电压成正比，符合题意；④探究影响电流做功多少的因素，该实验中还需要测量时间，表格中没有，不合题意．故符合题意的有①③．故选C．【点评】该题抓哟考查学生对于伏安法测量实验的理解和掌握，熟知各个实验原理是解题关键．13．如图所示，电源电压为6V，S闭合后两灯都正常发光，电压表示数变为2V，则关于灯L1和L2亮度的关系是（）A．灯L1较亮B．灯L2较亮C．一样亮D．无法确定【考点】实际功率；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律．【专题】电流和电路；电压和电阻；电能和电功率．【分析】在串联电路中，总电压等于各用电器电路电压之和．根据串联电路电流的特点和P=UI比较两灯泡的实际功率，实际功率大的较亮．【解答】解：由图可知，当开关S闭合后，电压表测的是灯L2两端的电压，所以L2两端电压为2V；由于两灯串联，根据串联电路电压规律得U1=U﹣U2=6V﹣2V=4V．因为串联电路处处电流相等，由P=UI可知，灯泡L1的实际功率大，因此灯L1较亮．故选A．【点评】解决此题的关键是知道串联电路的电流、电压规律以及功率大小的比较．14．如图所示，用手沿竖直方向匀速拉一个动滑轮，使挂在下面重为G的物体缓慢上升，动滑轮的重力不可忽略，现改变物体的重力G，则动滑轮的机械效率η与物体重力G的关系可能符合下列图中的（）A．B．C．D．【考点】滑轮（组）的机械效率．【专题】功、功率、机械效率．【分析】从题可知，动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，首先根据影响摩擦力大小的因素判断出绳与滑轮间的摩擦，再利用公式η=×100%判断出动滑轮的机械效率η与物体重力G的关系．【解答】解：动滑轮的重力不可忽略，则克服动滑轮的重和绳与滑轮间的摩擦所做的功为额外功，从摩擦角度考虑，随着物体重力的增加，滑轮与绳子间摩擦会一定程度增大．。

2016-2017学年江苏省无锡市江阴市山观二中九年级（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题：（每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意，每题2分，共24分）1．如图所示的工具中属于费力杠杆的一组是（）A．①②B．②③C．②④D．③④2．下列现象中，改变物体内能的方式跟其他几个不同的是（）A．自行车轮胎放气时，气门嘴处温度降低B．放进冰箱冷冻室的水变成冰块C．在汽油机的压缩冲程中，气缸内气体的温度升高D．用手来回弯折铁丝，弯折处铁丝温度升高3．汽车匀速直线上坡的过程中，各物理量随时间变化关系正确的是（）A．B．C．D．4．如图所示，电源两端电压保持不变，闭合开关S后，电路正常工作，过了一会儿灯L突然变亮，两表示数都变大，则该电路出现的故障可能是（）A．灯L短路 B．灯L断路 C．电阻R断路D．电阻R短路5．如图所示，为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅上的开关S1闭合；若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭，下列设计比较合理的是（）A．B．C．D．6．如图所示，闭合开关后发现L1比L2亮些，下列分析正确的是（）A．电流先经过L1后经过L2，流过L1的电流较大B．电流先经过L1后经过L2，但电流大小相同C．电流同时经过L1和L2，流过L1的电流较大D．电流同时经过L1和L2，L1的电阻较大7．如图所示的电路，R1、R2并联，则甲、乙、丙三只电表应分别是（）A．电流表、电流表、电压表B．电压表、电流表、电流表C．电流表、电压表、电流表D．电压表、电流表、电压表8．根据欧姆定律公式I=，可变形得到R=．对此，下列说法中正确的是（）A．导体电阻的大小跟导体两端的电压成正比B．导体电阻的大小跟导体中的电流成正比C．当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零D．导体电阻的大小跟导体两端的电压和通过导体的电流无关9．对于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量电阻”的这两个实验，下列说法不正确的是（）A．它们都是采用控制变量的研究方法B．它们的实验电路在教科书中是相同的C．前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D．后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差10．小明对中考体育测试使用的身高测量仪感兴趣，为了了解它的测量原理，他尝试设计了如图所示的四个电路，其中能够实现身高越高、电压表示数越大的电路是（）A．B．C．D．11．在研究“一定电压下，电流与电阻的关系”时，电路如图所示．电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“15Ω 1A”字样．在a、b间先后接入不同阻值的定值电阻，移动滑片P，使电压表示数为1.5V，读出电流表的示数．当20Ω的电阻接入a、b间时，电压表示数始终无法达到1.5V，其原因可能是（）A．滑动变阻器阻值太小B．电源电压3V太高C．20Ω的阻值太小D．控制的电压1.5V太高12．下列四个图中，电阻R0的阻值已知，电源电压未知且保持不变，以下四个图中不能测出R x阻值的是（）A．B．C．D．二、填空题（每空1分，共24分）13．如图是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，它能自动滚回来的原因是能转化为能．14．如图是搬运泥土的独轮车，设车箱和泥土的总重G=1000N，运泥土时从A点提起独轮车把手的力是F，F的力臂是m，F的大小至少是N．15．汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的较大的性质；如果散热器中装有10kg的水，在温度升高20℃的过程中，水吸收的热量是J．16．滑动变阻器是靠改变电阻线在电路中的，逐渐改变连入电路的电阻大小，从而逐渐改变电路中的大小的；如图所示是一种调节收音机音量兼开关的调节器，它实际上是一个旋钮型变阻器．若接线片A、B已接入了电路，则顺时针转动旋钮触片时，收音机的音量将变（填“大”或“小”）．17．家庭电路的电压是V；对人体安全的安全电压为V．18．一个导体两端加4V电压时，通过它的电流强度为0.8A，则导体的电阻为Ω，当把它两端电压变为6V时，通过它的电流为A，它的电阻为Ω19．一只小灯泡的额定电压为8V，正常发光时通过它的电流为0.4A，现将该小灯泡接在12V 的电源上，为使其正常发光，应联一个Ω的电阻．20．如图所示的电路，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向下滑动时，电流表A1的示数（变大/变小/不变，下同），电流表A2的示数，电压V的示数．21．两只定值电阻，甲标有“10Ω1A”，乙标有“15Ω0.6A”，把它们串联在同一电路中，电路中允许通过的最大电流为A，两端允许加的最大电压为V．22．如图1所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，滑动变阻器的滑片P由a 端移动到b端时，测得电阻R两端的电压U与通过电阻R的电流I的变化关系如图2所示．则电源的电压为V，R的阻值为Ω，电压表V1示数的变化范围是．三、解答题（共32分）23．（1）如图1所示，为用核桃钳夹核桃时的情景，此时核桃钳可视为两根杠杆．请在图中画出作用在上面的动力F的力臂l和阻力F2的示意图．（2）图2中，为使杠杆OA保持静止，画出在A点所加最小力F1的示意图．（3）用如图3所示的滑轮组提升重物，请用笔画线组装成最省力的滑轮组．24．为探究“动能大小的影响因素”，科学小组利用斜面、钢球、木块等器材开展了如图所示的活动．（1）实验中通过比较木块来判断钢球动能的大小；（2）在图甲和图乙中，用质量相同的两个钢球从斜面上不同高度自由滚下，比较两图实验现象，得到的结论是；（3）由实验中钢球撞击木块做功，同学们联想到汽车撞击行人出现交通事故的情景，并猜想到交通事故的危害程度与“超载”、“超速”有关．若要研究超载的安全隐患，我们应选择两个图所示实验进行比较．25．在“测量小灯泡的电阻”的实验中，小辰选用的小灯泡上标有“2.5V”的字样．如图甲，是他连接的电路．（1）请你用笔画线代替导线将图甲中的电路补充完整；（2）小辰实验采用的测量方法是，实验的原理是．（3）小辰在连接电路时，开关S应该，应把滑动变阻器的滑片调到端，以保护电路．滑动变阻器在电路中还有一个作用是．（4）小辰在实验时，小灯泡突然熄灭，检查发现电流表A的示数为零，电压表V的示数接近电源电压，请你帮小辰分析电路的故障可能是：．（5）当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙，小灯泡的电阻是Ω；（6）小辰移动滑片又测量了两次数据后发现，三次测得的灯泡的电阻相差较大，与其他同学交流也是同样的情况，由此总结得出：当灯泡两端的电压增大时，通过灯泡的电流增大，灯泡的亮度（选填“变亮”或“变暗”），灯泡的电阻，产生这一现象的原因是．26．如图所示，电阻R1为20Ω，开关S闭合时，电流表示数为0.6A；开关S断开时，电流表示数为0.2A．求：（1）电源电压；（2）电阻R2的阻值．（3）通电1min电流对R1做的功．27．在课外活动中，同学们设计了一种物品自动筛选器，可将质量小于一定标准的物品自动剔除，其原理如图1所示：放在水平轻质传送带上的物品，经过装有压敏电阻R的检测区时，使R的阻值发生变化，其阻值随压力F变化的关系如图2所示．已知电源电压为12V，R0为定值电阻，当电路中电压表示数小于2.4V时，机械装罝启动，将质量不达标的物品推出传送带，实现自动筛选功能，求：（1）当物品随传送带匀速运动时，物品（选填“受”或“不受”）摩擦力．（2）当检测区上没有物品时，电压表的示数为2V，R0的阻值为多少？（3）当压敏电阻的阻值为20Ω时，此时在检测区上物品的质量是多少？2016-2017学年江苏省无锡市江阴市山观二中九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题：（每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意，每题2分，共24分）1．如图所示的工具中属于费力杠杆的一组是（）A．①②B．②③C．②④D．③④【考点】杠杆的分类．【分析】判断杠杆的种类，可结合生活经验，根据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系，若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆，若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆，若动力臂等于阻力臂，则是等臂杠杆．【解答】解：核桃夹、手推车在使用时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；船桨、碗夹在使用时动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆．所以属于费力杠杆的一组是①②．故选A．2．下列现象中，改变物体内能的方式跟其他几个不同的是（）A．自行车轮胎放气时，气门嘴处温度降低B．放进冰箱冷冻室的水变成冰块C．在汽油机的压缩冲程中，气缸内气体的温度升高D．用手来回弯折铁丝，弯折处铁丝温度升高【考点】物体内能的改变．【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程．【解答】解：A、自行车轮胎放气时，气体对外做功，内能减小，温度减小，因此该现象是通过做功改变物体内能的；B、冰箱内的温度很低，水变成冰时，需要放出热量，因此是通过热传递来改变物体内能的；C、在汽油机的压缩冲程中，活塞对气体做功，内能增加，温度升高，将机械能转化为内能，因此是通过做功的方式改变物体内能的；D、用手来回弯折铁丝时，机械能转化为铁丝的内能，内能增大温度升高，是通过做功改变了物体的内能．故选B．3．汽车匀速直线上坡的过程中，各物理量随时间变化关系正确的是（）A．B．C．D．【考点】动能和势能的转化与守恒．【分析】（1）快慢不变，经过的路线是直线的运动叫做匀速直线运动；（2）物体的动能与质量和速度有关，物体的重力势能与质量和高度有关．【解答】解：A、图象中物体的速度随着时间增大，因此不是匀速直线运动，而是加速运动，该选项不符合题意；B、图象中的机械能不变，而汽车匀速上坡的过程中，动能不变，重力势能增大，机械能增大，该选项不符合题意；C、物体上坡，高度增加，重力势能应该增加，而图象中重力势能是减小的，该选项不符合题意；D、物体做匀速直线运动，速度不变，动能不变，该图象符合题意．故选D．4．如图所示，电源两端电压保持不变，闭合开关S后，电路正常工作，过了一会儿灯L突然变亮，两表示数都变大，则该电路出现的故障可能是（）A．灯L短路 B．灯L断路 C．电阻R断路D．电阻R短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】（1）由图可知，电阻R、电灯L和电流表串联，电压表测量灯泡两端的电压，电流表测量电路电流；（2）根据电压表和电流表示数变大分析电路中的故障所在．【解答】解：A、如果灯L发生了短路，电压表示数变为零．不符合题意；B、如果灯L发生了断路，电流表示数变为零．不符合题意；C、如果电阻R断路，电流表示数变为零．不符合题意；D、如果电阻R短路，电压表测量电源电压，示数变大；电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大．符合题意．故选D．5．如图所示，为保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统．当乘客坐在座椅上时，座椅上的开关S1闭合；若未系安全带，则开关S2断开，仪表盘上的指示灯亮起；若系上安全带，则开关S2闭合，指示灯熄灭，下列设计比较合理的是（）A．B．C．D．【考点】串、并联电路的设计．【分析】由题意知，只有坐在座位上时，指示灯才亮，故S1可控制灯，当开关S2闭合时，灯又不亮了，说明指示灯被短路了．【解答】解：A、两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，不符合题意；B、两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，不符合题意；C、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，符合题意；D、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，不符合题意．故选C．6．如图所示，闭合开关后发现L1比L2亮些，下列分析正确的是（）A．电流先经过L1后经过L2，流过L1的电流较大B．电流先经过L1后经过L2，但电流大小相同C．电流同时经过L1和L2，流过L1的电流较大D．电流同时经过L1和L2，L1的电阻较大【考点】串联电路的电流规律．【分析】（1）灯泡的亮暗是由灯泡的实际功率决定的；（2）根据灯泡L1比灯泡L2亮结合公式P=I2R判断出电阻的大小，根据串联电路的电压、电流的规律进行分析．【解答】解：（1）两灯泡串联，所以电流相等，电流没有先后顺序，故ABC错误；（2）灯泡L1比灯泡L2亮一些，所以灯泡L1的功率大于灯泡L2的功率，根据P=I2R，灯泡L1的功率大，电流相等，所以灯泡L1的电阻较大，故D正确．故选D．7．如图所示的电路，R1、R2并联，则甲、乙、丙三只电表应分别是（）A．电流表、电流表、电压表B．电压表、电流表、电流表C．电流表、电压表、电流表D．电压表、电流表、电压表【考点】电路图及元件符号．【分析】电流表在电路中相当于导线，电压表相当于开路，电流表应与所测用电器串联，电压表与所测用电器需并联．【解答】解：电压表只能与用电器并联，若使电阻R1与R2并联，电流从电源正极流出，必须分流，则与电阻R1串联的甲必须填入电流表，与电阻R2串联的丙必须填入电流表，若乙为电流表则会形成电源短路，所以乙为电压表．故选C．8．根据欧姆定律公式I=，可变形得到R=．对此，下列说法中正确的是（）A．导体电阻的大小跟导体两端的电压成正比B．导体电阻的大小跟导体中的电流成正比C．当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零D．导体电阻的大小跟导体两端的电压和通过导体的电流无关【考点】欧姆定律的变形公式．【分析】（1）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关；（2）R=这个公式只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值．【解答】解：电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，R=只是计算导体电阻的一种方法，即电阻在数值上等于电压与电流的比值，故ABC错误、D正确．故选D．9．对于“探究电流跟电阻的关系”和“伏安法测量电阻”的这两个实验，下列说法不正确的是（）A．它们都是采用控制变量的研究方法B．它们的实验电路在教科书中是相同的C．前者多次测量的目的是分析多组数据，得出电流跟电阻的关系D．后者多次测量的目的是取电阻的平均值，减小误差【考点】物理学方法；误差及其减小方法．【分析】这两个实验都需要测量出通过电阻的电流和其两端的电压，实验电路图都是相同的，并且在做“探究电流跟电阻的关系”时，要控制电阻两端的电压不变；实验过程都需要采用多次测量取平均值的办法来减小误差．【解答】解：A、在“探究电流跟电阻的关系”时需要采用控制变量法，而“伏安法测量电阻”时不需要利用控制变量法，不正确，符合题意；B、这两个实验的实验电路图都相同，说法正确，不符合题意；实验过程为了减小误差，常采用多次测量取平均值的办法进行分析解答，故CD都正确，不符合题意；故选A．10．小明对中考体育测试使用的身高测量仪感兴趣，为了了解它的测量原理，他尝试设计了如图所示的四个电路，其中能够实现身高越高、电压表示数越大的电路是（）A．B．C．D．【考点】欧姆定律的应用．【分析】分析电路结构，根据身高的变化，判断滑动变阻器接入电路的阻值的变化，再根据欧姆定律判断电压表示数的变化．【解答】解：A、两电阻串联，电压表测R′两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，根据串联电路的总电压可知R′电压变小，即电压表的示数变小，故A不符合题意；B、两电阻串联，电压表测R两端的电压，身高越高R′接入电路的电阻变小，电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B符合题意；C、两电阻串联，电压表测电源的电压，因电源的电压不变，所以身高越高时电压表的示数保持不变，故C不符合题意；D、两电阻并联，电压表测电源的电压，身高越高时，定值电阻R不能保护电路，并且由并联电路电压特点知电压表的示数不变，故D不符合题意．故选B．11．在研究“一定电压下，电流与电阻的关系”时，电路如图所示．电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“15Ω 1A”字样．在a、b间先后接入不同阻值的定值电阻，移动滑片P，使电压表示数为1.5V，读出电流表的示数．当20Ω的电阻接入a、b间时，电压表示数始终无法达到1.5V，其原因可能是（）A．滑动变阻器阻值太小B．电源电压3V太高C．20Ω的阻值太小D．控制的电压1.5V太高【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；滑动变阻器的使用．【分析】分析电路可知滑动变阻器和定值电阻串联在电路中，根据串联电路特点结合欧姆定律可知串联电路分压规律．【解答】解：AB、串联电路各处电流都相等，根据欧姆定律可得：，当20Ω的电阻接入a、b间时，电压表示数始终无法达到1.5V，是因为滑动变阻器的最大电阻为15Ω，电阻阻值20Ω＞15Ω，所以电压表的示数只会大于1.5V，故滑动变阻器的电阻太小．同时，如果电源电压高于3V，则电压表的示数也有可能达到1.5V，故A正确、B错．C、20Ω太大，所以分压太多，才会造成电压表的示数始终大于1.5V，故C错误；D、控制电压1.5V也并不高，因为本实验中是电压表的示数始终大于1.5V，而不是小于1.5V，故D错误．故选A．12．下列四个图中，电阻R0的阻值已知，电源电压未知且保持不变，以下四个图中不能测出R x阻值的是（）A．B．C．D．【考点】欧姆定律的应用．【分析】由欧姆定律可得，要想测出R x的阻值应先得出R x两端的电压及通过R x的电流，则分别分析各选项可得出符合条件的电路图．【解答】解：A、断开S时，由电流表的示数可知通过R0的电流，则由欧姆定律可得出电源电压；闭合S，则R x与R0并联，由并联电路的电流规律可得出通过R x的电流，则由欧姆定律可求得R x的阻值，故A正确；B、电流表A1可以直接测量R0的电流，R0是定值电阻，根据U0=I0R0求出电压，电流表A2可以直接测量R x的电流，根据并联电路各支路电压相等得U X=U0，由欧姆定律可求得R x的阻值；故B正确；C、由图可知，电流表能测出R x的电流，但由于无法测出电阻R0的电流，无法求出并联电路的电压，故无法测出R x的电阻，故C错误；D、闭合S1、S2时，R x短路，电压表测量电源电压；而断开S1，闭合S2时，电压表测量R0两端的电压，根据欧姆定律可求通过R x的电流，则根据串联电路的特点可求出R x两端的电压和电流，则由欧姆定律可求得R x的阻值；故D正确；故选C．二、填空题（每空1分，共24分）13．如图是自动回转的“魔罐”，橡皮筋两头分别固定在罐子的顶部和底部，中间系一个钩码，当你将“魔罐”在水平地面上滚出后，它能自动滚回来的原因是弹性势能转化为动能．【考点】动能和势能的转化与守恒．【分析】动能的影响因素：质量和速度；弹性势能的影响因素：物体的形变程度．【解答】解：魔罐在开始滚动的时候，具有动能，滚动的过程中，罐子动能转化为橡皮筋的弹性势能，当动能为0时，弹性势能最大，魔罐开始向回滚动，在魔罐滚回来的过程中橡皮筋弹性势能减小，罐子动能增大，弹性势能转化为动能．故答案为：弹性势；动．14．如图是搬运泥土的独轮车，设车箱和泥土的总重G=1000N ，运泥土时从A 点提起独轮车把手的力是F ，F 的力臂是 1.6 m ，F 的大小至少是 250 N ．【考点】杠杆的平衡条件．【分析】根据生活经验判断独轮车是什么杠杆，然后找出动力臂和阻力臂，动力和阻力，根据杠杆的平衡条件进行计算．【解答】解：独轮车的车辆轮轴处是支点，其中重力G 是阻力，支点到重力作用线的距离是阻力臂，故阻力臂是0.4m ；力F 是动力，支点到力F 作用线的距离是动力臂，故动力臂是1.6m ；由杠杆的平衡条件可知：F ×L 动=G ×L 阻，得F===250N ． 故答案为：1.6；250．15．汽车上的散热器用水作为冷却剂，这是利用了水的 比热容 较大的性质；如果散热器中装有10kg 的水，在温度升高20℃的过程中，水吸收的热量是 8.4×105 J ．【考点】热量的计算．【分析】水具有较大的比热容是它常被用做冷却剂的原因；知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用公式Q 吸=cm △t 计算水吸收热量的多少；【解答】解：汽车散热器用水作为冷却剂，是利用了水的比热容较大的性质；水吸收的热量：Q 吸=cm △t=4.2×103J/（kg •℃）×10kg ×20℃=8.4×105J ．故答案为：比热容；8.4×105．16．滑动变阻器是靠改变电阻线在电路中的 长度 ，逐渐改变 连入电路的电阻大小，从而逐渐改变电路中的 电流 大小的；如图所示是一种调节收音机音量兼开关的调节器，它实际上是一个旋钮型变阻器．若接线片A 、B 已接入了电路，则顺时针转动旋钮触片时，收音机的音量将变 小 （填“大”或“小”）．【考点】滑动变阻器的工作原理；滑动变阻器的使用．【分析】要解答本题需掌握：滑动变阻器的原理是靠改变连入电路中电阻的长度来改变电阻的，滑动变阻器的作用是通过改变电阻从而改变电路中的电流．【解答】解：滑动变阻器通过滑片的移动从而改变电阻，是由于当滑片移动以后改变了连入电路中电阻丝的长度，而电阻的大小就与导体的长度有关．电阻是导体对电流的阻碍作用，电阻越大电流就越小；电阻越小电流就越大．因为连入电路中的电阻丝是AB段，所以当顺时针转动旋钮触片时，AB段电阻丝变长，电阻变大，电流变小，收音机音量变小．故答案为：长度，电流，小．17．家庭电路的电压是220V；对人体安全的安全电压为不高于36V．【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；电压．【分析】根据常见电压值填空．【解答】解：家庭电路的电压是220V，人体安全电压不高于36V．故答案为：220；不高于36．18．一个导体两端加4V电压时，通过它的电流强度为0.8A，则导体的电阻为5Ω，当把它两端电压变为6V时，通过它的电流为 1.2A，它的电阻为5Ω【考点】欧姆定律的应用；电阻．【分析】（1）已知导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，再根据欧姆定律求出两端电压变为6V时通过的电流．【解答】解：由I=可得，导体的电阻：R===5Ω，因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，所以，当把它两端电压变为6V时，它的电阻仍为5Ω不变，此时通过导体的电流：I′===1.2A．故答案为：5；1.2；5．19．一只小灯泡的额定电压为8V，正常发光时通过它的电流为0.4A，现将该小灯泡接在12V 的电源上，为使其正常发光，应串联一个10Ω的电阻．【考点】欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电阻的串联．【分析】由题意可知，电源电压大于灯泡的额定电压，故应串联电阻分得多余电压；由欧姆定律可得出串联电阻的阻值．【解答】解：串联电阻起分压作用，因灯泡仍正常发光，故电路中电流I=0.4A，电阻两端电压U=12V﹣8V=4V；则由欧姆定律可得电阻的阻值R===10Ω；故答案为：串；10．。

2016-2017学年江苏省无锡市江阴二中高三（上）月考物理试卷（10月份）一、单项选择题（共7小题：每小题3分，共21分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1．下列物理量的单位中，属于力学基本单位的是（）A．kg B．N C．m/s D．m/s22．一建筑塔吊如图所示向右上方匀速提升建筑物料，若忽略空气阻力，则下列有关物料的受力图正确的是（）A． B． C． D．3．一个体操运动员在水平地面上做倒立动作，下列哪个图中沿每支手臂向下的力最大（）A． B． C． D．4．质点做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，该质点（）A．在第1秒末速度方向发生了改变B．第3秒末和第5秒末的位置相同C．在前2秒内发生的位移为零D．在第2秒末加速度方向发生了改变5．如图所示，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为（）A．μ1Mg B．μ2mg C．μ1（m+M）g D．μ1Mg+μ2Mg6．蹦床是跳水运动员日常训练时的重要辅助器材．一个运动员从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运动员从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如图所示，图中Oa段和cd段为直线．由图可知，运动员发生超重的时间段为（）A．0～t1B．t1～t2C．t2～t4D．t4～t57．一皮带传送装置如图所示，皮带的速度v足够大，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦，当滑块放在皮带上时，弹簧的轴线恰好水平，若滑块放到皮带的瞬间，滑块的速度为零，且弹簧正好处于自由长度，则当弹簧从自由长度到第一次达最长这一过程中，物体的速度和加速度变化的情况是（）A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先增大后减小D．速度先增大后减小，加速度先减小后增大二、多项选择题：（共6小题，每题4分，共24分，有两个或两个以上选项正确，部分选对得2分，选错不得分）8．下列说法正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．物体在变力作用下有可能作曲线运动C．作曲线运动的物体，其速度方向与加速度方向不在同一直线上D．物体在变力作用下不可能作直线运动9．a、b两个物体做平抛运动的轨迹如图所示，设它们抛出的初速度分别为v a、v b，从抛出至碰到台上的时间分别为t a、t b，则（）A．v a＞v b B．v a＜v b C．t a＞t b D．t a＜t b10．在下面所说的物体运动情况中，可能出现的是（）A．物体在某时刻运动速度很大，而加速度为零B．物体在某时刻运动速度很小，而加速度很大C．运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度不为零D．做变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，当物体加速度减小时，它的速度也减小11．a、b两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀变速直线运动，若初速度不同，加速度相同，则在运动过程（）A．a、b的速度之差保持不变B．a、b的速度之差与时间成正比C．a、b的位移之差与时间成正比D．a、b的位移之差与时间的平方成正比12．如图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2．重力加速度大小为g．则有（）A．a1=g B．a1=0 C．a2=g D．a2=13．如图所示，用力F拉着三个物体在光滑的水平面上一起运动，现在中间物体上加上一个小物体，在原拉力F不变的条件下四个物体仍一起运动，那么连接物体的绳子张力和未放小物体前相比（）A．T a增大B．T a减小C．T b增大D．T b减小三、填空题：（共4小题，共24分）14．在做“验证力的平行四边形定则”的实验时：要使合力与分力产生相同的效果，必须（）A．把橡皮条拉直 B．把橡皮条拉到同样的位置C．记准细绳的方向D．准确读出弹簧测力计的示数15．实验中两位同学作出的示意图如图所示．图中A为橡皮条的固定端，O为橡皮条的下端位置．F1、F2是同时作用于橡皮条的两个力，当用一个力F作用于橡皮条时，其效果与F1、F2共同作用的效果相同．两图中你认为与实验相符的是图．（填“甲”或“乙”）16．某探究实验小组的同学为了研究平抛物体的运动，该小组同学利用如图所示的实验装置探究平抛运动．（1）首先采用如图甲所示的装置．用小锤击打弹性金属片，使A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，将观察到两球（选填“同时”或“不同时”）落地，改变小锤击打的力度，即改变A球被弹出时的速度，仍能观察到相同的现象，这说明．（选填所述选项前的字母）A．平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动B．平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动C．能同时说明上述选项A、B所述的规律（2）然后采用如图乙所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端可看作与光滑的水平板相切，两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等．现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小球同时以相同的初速度v0分别从轨道M、N的末端射出．实验可观察到的现象应是P球将击中Q球（选填“能”或“不能”）．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明．（选填所述选项前的字母）A．平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动B．平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动C．不能说明上述选项A、B所描述规律中的任何一条．17．某同学设计了如图甲所示的装置来探究小车的加速度与所受合力的关系．将装有力传感器的小车放置于水平长木板上，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的最大示数F0．再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，记下传感器的示数F1．释放小车，记录小车运动时传感器的示数F2．（1）接通频率为50Hz的交流电源，释放小车，打出如图乙所示的纸带．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，则小车的加速度a=m/s2（结果保留2位有效数字）．（2）同一次实验中，F1F2（选填“＜”、“=”或“＞”）．（3）改变小桶中砂的重力，多次重复实验，获得多组数据，描绘小车加速度a与F的关系如图丙所示．不计纸带与计时器间的摩擦．图象中F是实验中测得的．A．F1B．F2C．F1﹣F0D．F2﹣F0（4）关于该实验，下列说法中正确的是．A．小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量B．实验中需要将长木板右端垫高C．实验中需要测出小车和传感器的总质量D．用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据．四、计算题（本大题5小题，共51分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）18．如图所示，一根轻绳跨过定滑轮将物体A、B连接在一起，A、B均处于静止状态．已知两物体质量分别为m A和m B，绳与水平方向的夹角为θ，不计滑轮和绳的质量及其摩擦，求：（1）物体B受水平地面对它的支持力大小；（2）物体B受到地面对它的摩擦力大小．19．在平直路面上以10m/s速度匀速行驶的汽车，质量为2000kg，刹车后在4000N的阻力作用下做匀减速直线运动，求刹车后（1）加速度的大小为多少；（2）3s末汽车的速度；（3）汽车通过的最大位移；（4）汽车停止运动前最后1s内通过的位移．20．如图所示，水平放置的传送带以速度v=6m/s向右匀速运行，现将一小煤块轻轻地放在传送带A端，煤块与传送带间的动摩擦因数μ=0.1，若A端与B端相距30m，取g=10m/s2．求：（1）小煤块刚放到传送带上时的加速度；（2）小煤块从A端运动到B端的时间．21．在冬天，高为h=0.8m的平台上，覆盖了一层冰，一乘雪橇的滑雪爱好者，从距平台边缘x0=30m处以v0=7m/s的初速度向平台边缘滑去，如图所示．已知平台上的冰面与雪橇间的动摩擦因数为μ=0.04取重力加速度g=10m/s2．求：（1）滑雪者从平台边缘离开瞬间的速度v为多大；（2）滑雪者着地点到平台边缘的水平距离是多大；（3）着地时的瞬间，其速度方向与水平地面的夹角为多大．（可用三角函数表示）22．如图所示，物块A、木板B的质量均为m=10kg，不计A的大小，B板长L=3m．开始时A、B均静止．现给A以某一水平初速度从B的最左端开始运动．已知A与B、B与地之间的动摩擦因数分别为μ1=0.3和μ2=0.1，g取10m/s2．（1）若物块A刚好没有从B上滑下来，则A的初速度多大？（2）若把木板B放在光滑水平面上，让A仍以（1）问的初速度从B的最左端开始运动，则A能否与B脱离？最终A和B的速度各是多大？2016-2017学年江苏省无锡市江阴二中高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、单项选择题（共7小题：每小题3分，共21分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1．下列物理量的单位中，属于力学基本单位的是（）A．kg B．N C．m/s D．m/s2【考点】力学单位制．【分析】力学中，质量、长度及时间作为基本物理量，其单位作为基本单位．【解答】解：三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s 都是基本单位，所以A正确．故选：A．2．一建筑塔吊如图所示向右上方匀速提升建筑物料，若忽略空气阻力，则下列有关物料的受力图正确的是（）A． B． C． D．【考点】力的合成与分解的运用．【分析】根据受力平衡条件，由运动状态来确定受力情况，从而即可求解．【解答】解：由题意可知，物料匀速运动，合力为零，则受力分析，即有：拉力T 与重力mg 平衡，故ABC错误，D正确；故选：D．3．一个体操运动员在水平地面上做倒立动作，下列哪个图中沿每支手臂向下的力最大（）A． B． C． D．【考点】物体的弹性和弹力．【分析】本题中人受到三个力，重力和两个拉力．将重力按照力的效果分解，运用“大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大”的结论，即可以判断．【解答】解：将人所受的重力按照效果进行分解，由于大小方向确定的一个力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而D图中人最费力，AB图中人最省力；故选：D．4．质点做直线运动的速度﹣时间图象如图所示，该质点（）A．在第1秒末速度方向发生了改变B．第3秒末和第5秒末的位置相同C．在前2秒内发生的位移为零D．在第2秒末加速度方向发生了改变【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有改变；只要总面积仍大于0，位移方向就仍沿正方向．【解答】解：A、0﹣2s内速度图象在时间轴的上方，都为正，速度方向没有改变．故A错误；B、根据“面积”表示位移可知，0﹣3s内的位移为：x1=×2×2﹣m=1m，0﹣5s内的位移为：x2=×2×1m=1m，所以第3秒末和第5秒末的位置相同，故B正确；C、根据“面积”表示位移可知，0﹣2s内的位移为：x1=×2×2m=2m．故C错误；D、速度时间图象的斜率表示加速度，由图可知1﹣3s图象斜率不变，加速度不变，方向没有发生改变．故D错误．故选：B5．如图所示，质量为m的木块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为（）A．μ1Mg B．μ2mg C．μ1（m+M）g D．μ1Mg+μ2Mg【考点】滑动摩擦力；力的合成与分解的运用．【分析】物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力；力的作用是相互的，故m对M 有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到向左的静摩擦力．【解答】解：物体m相对M向右滑动，受到向左的滑动摩擦力，大小为：f1=μ2N=μ2mg；力的作用是相互的，故m对M有向右的滑动摩擦力，故M有向右滑动的趋势，受到地面对其向左的静摩擦力，根据共点力平衡条件，有：f2=f1，得：f2=μ2mg．故选：B．6．蹦床是跳水运动员日常训练时的重要辅助器材．一个运动员从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度，利用仪器测得该运动员从高处开始下落到弹回的整个过程中，运动速度随时间变化的图象如图所示，图中Oa段和cd段为直线．由图可知，运动员发生超重的时间段为（）A．0～t1B．t1～t2C．t2～t4D．t4～t5【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【分析】根据图象判断出正方向的选择，然后根据加速度向上超重，加速度向下失重判断．【解答】解：由题意知速度方向向下时为正方向，运动员发生超重时具有向上的加速度，反映在v﹣t图象中时是斜率为负的时间段，故C正确．故选：C．7．一皮带传送装置如图所示，皮带的速度v足够大，轻弹簧一端固定，另一端连接一个质量为m的滑块，已知滑块与皮带之间存在摩擦，当滑块放在皮带上时，弹簧的轴线恰好水平，若滑块放到皮带的瞬间，滑块的速度为零，且弹簧正好处于自由长度，则当弹簧从自由长度到第一次达最长这一过程中，物体的速度和加速度变化的情况是（）A．速度增大，加速度增大B．速度增大，加速度减小C．速度先增大后减小，加速度先增大后减小D．速度先增大后减小，加速度先减小后增大【考点】牛顿第二定律．【分析】物体滑上传送带，根据滑动摩擦力的大小和弹簧弹力大小确定加速度的大小和方向，根据加速度方向与速度方向的关系确定速度的变化．【解答】解：物块滑上传送带，受到向左的摩擦力，开始摩擦力大于弹簧的弹力，向左做加速运动，在此过程中，弹簧的弹力逐渐增大，根据牛顿第二定律，加速度逐渐减小，当弹簧的弹力与滑动摩擦力相等时，速度达到最大，然后弹力大于摩擦力，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，弹簧弹力继续增大，根据牛顿第二定律得，加速度逐渐增大，速度逐渐减小．故D正确，A、B、C错误．故选D．二、多项选择题：（共6小题，每题4分，共24分，有两个或两个以上选项正确，部分选对得2分，选错不得分）8．下列说法正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．物体在变力作用下有可能作曲线运动C．作曲线运动的物体，其速度方向与加速度方向不在同一直线上D．物体在变力作用下不可能作直线运动【考点】物体做曲线运动的条件．【分析】曲线运动的条件是合力与速度不共线；直线运动的条件是合力为零或者合力与速度共线．【解答】解：A、物体在恒力作用下运动，根据牛顿第二定律，加速度是恒定的；但合力与速度不共线时做曲线运动，例如平抛运动，故A错误；B、曲线运动的条件是合力与速度不共线；若力大小变化而方向不变，且与速度不共线，物体就做曲线运动，故物体在变力作用下有可能作曲线运动，故B正确；C、曲线运动的条件是合力与速度不共线；根据牛顿第二定律，加速度方向与速度方向不共线；故作曲线运动的物体，其速度方向与加速度方向不在同一直线上；故C正确；D、曲线运动的条件是合力与速度不共线；变力可能是大小变化而方向不变化，只要变力与速度共线，物体就做直线运动，故D错误；故选：BC．9．a、b两个物体做平抛运动的轨迹如图所示，设它们抛出的初速度分别为v a、v b，从抛出至碰到台上的时间分别为t a、t b，则（）A．v a＞v b B．v a＜v b C．t a＞t b D．t a＜t b【考点】平抛运动．【分析】研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．【解答】解：A、两个物体都做平抛运动，取一个相同的高度，此时物体的下降的时间相同，水平位移大的物体的初速度较大，所以v a＞v b，故A正确，B错误；C、根据h=得：t=可知，物体下降的高度决定物体运动的时间，所以t a＜t b，故C错误，D 正确．故选AD10．在下面所说的物体运动情况中，可能出现的是（）A．物体在某时刻运动速度很大，而加速度为零B．物体在某时刻运动速度很小，而加速度很大C．运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度不为零D．做变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，当物体加速度减小时，它的速度也减小【考点】加速度．【分析】根据加速度与速度无关，举例说明物体的这种运动情况是否可能发生．判断物体做加速运动还是减速运动，看加速度与速度两者方向的关系．【解答】解：A、物体在某时刻运动速度很大，而加速度可能为零，比如匀速直线运动．故A正确；B、物体在某时刻运动速度很小，而加速度可能很大，比如火箭刚点火时．故B正确；C、运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度可能不为零，比如物体竖直上抛到最高点时，速度为零，加速度不为零．故C正确；D、做变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，物体就在做加速运动，故D错误；故选：ABC．11．a、b两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀变速直线运动，若初速度不同，加速度相同，则在运动过程（）A．a、b的速度之差保持不变B．a、b的速度之差与时间成正比C．a、b的位移之差与时间成正比D．a、b的位移之差与时间的平方成正比【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动速度公式v t=v0+at和位移公式求出两物体的速度之差和位移之差的表达式，然后进行讨论即可．【解答】解：设a、b两个物体的初速度分别为v1、v2，加速度为a，由于a、t相同，则由v t=v0+at得两物体的速度之差为：△v=v1﹣v2=v10﹣v20=△v0，所以速度之差保持不变，故A 正确，B错误；由公式可得两物体的位移之差为：△s=（v10﹣v20）t=△v0t，故C正确，D错误．故选AC．12．如图，轻弹簧上端与一质量为m的木块1相连，下端与另一质量为M的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态．现将木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，木块1、2的加速度大小分别为a1、a2．重力加速度大小为g．则有（）A．a1=g B．a1=0 C．a2=g D．a2=【考点】牛顿第二定律；胡克定律．【分析】抽出木板的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律分别求出木块1、2的瞬时加速度．【解答】解：开始时，木块1处于平衡，弹簧弹力F=mg，抽出木板的瞬间，弹簧的弹力不变，对木块1，合力仍然为零，则加速度a1=0，对于木块2，有：F+Mg=Ma2，解得．故B、C正确，A、D错误．故选BC．13．如图所示，用力F拉着三个物体在光滑的水平面上一起运动，现在中间物体上加上一个小物体，在原拉力F不变的条件下四个物体仍一起运动，那么连接物体的绳子张力和未放小物体前相比（）A．T a增大B．T a减小C．T b增大D．T b减小【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】三个物体一起运动，说明它们的加速度是一样的，分析第一个物体的受力，可以求得绳a的拉力，分析最后的一个物体可以求得绳b的拉力．【解答】解：原拉力F不变，放上小物体后，物体的总的质量变大了，由F=ma可知，整体的加速度a减小，以最前面的第一个物体为研究对象，受力分析知，F﹣T a=ma，因为a减小了，所以T a变大了；再以最后的物体为研究对象，受力分析知，T b=ma，因为a减小了，所以T b变小了．故选：AD三、填空题：（共4小题，共24分）14．在做“验证力的平行四边形定则”的实验时：要使合力与分力产生相同的效果，必须（）A．把橡皮条拉直 B．把橡皮条拉到同样的位置C．记准细绳的方向D．准确读出弹簧测力计的示数【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置．【解答】解：要使每次合力与分力产生相同的效果，每次将橡皮条拉到同样的位置，即用一个力与用两个力的作用效果相同，故ACD错误，B正确；故选：B15．实验中两位同学作出的示意图如图所示．图中A为橡皮条的固定端，O为橡皮条的下端位置．F1、F2是同时作用于橡皮条的两个力，当用一个力F作用于橡皮条时，其效果与F1、F2共同作用的效果相同．两图中你认为与实验相符的是甲图．（填“甲”或“乙”）【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】F1与F2合成的理论值是由平行四边形定则作图得到的，由于误差可能不与OA共线；而F1与F2合成的实验值一定与OA共线（二力平衡），明确理论值和实验值的区别即可正确解答．【解答】解：实验测的弹力方向沿绳子方向，即图中的竖直方向，而合力的理论值在平行四边形的对角线上，由于误差的存在，作图法得到的合力与实验值有一定的差别，即作图得出的合力方向与竖直方向有一定的夹角，甲图更尊重实验事实的结果．故答案为：甲16．某探究实验小组的同学为了研究平抛物体的运动，该小组同学利用如图所示的实验装置探究平抛运动．（1）首先采用如图甲所示的装置．用小锤击打弹性金属片，使A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，将观察到两球同时（选填“同时”或“不同时”）落地，改变小锤击打的力度，即改变A球被弹出时的速度，仍能观察到相同的现象，这说明A．（选填所述选项前的字母）A．平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动B．平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动C．能同时说明上述选项A、B所述的规律（2）然后采用如图乙所示的装置．两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端可看作与光滑的水平板相切，两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度使AC=BD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等．现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小球同时以相同的初速度v0分别从轨道M、N的末端射出．实验可观察到的现象应是P球将能击中Q球（选填“能”或“不能”）．仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明B．（选填所述选项前的字母）A．平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动B．平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动C．不能说明上述选项A、B所描述规律中的任何一条．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】A球做平抛运动，B球做自由落体运动，若同时落地，即可得出平抛运动在竖直方向上的运动规律．同时让A球做平抛运动，B球在水平面上做匀速直线运动，若两小球相碰，可得出平抛运动在水平方向上的运动规律．【解答】解：用小锤击打弹性金属片，使A球沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，将观察到A、B两球同时落地，可知平抛运动在竖直方向上做自由落体运动．故选：A．现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小球同时以相同的初速度v0分别从轨道M、N的末端射出．实验可观察到的现象应是P球将能击中Q球，说明平抛运动在水平方向上做匀速直线运动．故选：B．故答案为：（1）同时，A；（2）能，B17．某同学设计了如图甲所示的装置来探究小车的加速度与所受合力的关系．将装有力传感器的小车放置于水平长木板上，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的最大示数F0．再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，记下传感器的示数F1．释放小车，记录小车运动时传感器的示数F2．（1）接通频率为50Hz的交流电源，释放小车，打出如图乙所示的纸带．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，则小车的加速度a=0.16m/s2（结果保留2位有效数字）．。

2016-2017学年江苏省无锡市江阴市新桥中学九年级（上）第一次月考物理试卷一、选择题（每题2分，共24分）1．如图所示的器具，属于省力杠杆的是（）A．镊子B．独轮车C．托盘天平D．筷子2．如图所示，足球以初速度沿着凹凸不平的草地从a运动到d．下列分析正确的是（）A．在b、d两点动能相等B．在a、d两点机械能相等C．从b到c的过程机械能减少 D．从c到d的过程重力势能减少3．在不计绳重和摩擦的情况下，利用相同器材组成如图所示的甲、乙两装置，分别用力把相同的物体匀速提升相同的高度，若用η甲，η乙表示甲、乙两装置的机械效率，W甲、W乙表示拉力所做的功，则有（）A．η甲=η乙，W甲=W乙 B．η甲＞η乙，W甲＞W乙C．η甲＜η乙，W甲＜W乙D．η甲＞η乙，W甲＜W乙4．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A．一个物体温度升高，它的内能一定增加B．一个物体温度升高，一定是吸收了热量C．一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高D．一块0℃的冰没有内能，它的分子不会运动5．一辆匀速行驶的洒水车正在给水平路面洒水，下列说法正确的是（）A．动能不变，重力势能保持不变B．动能不变，重力势能减小C．动能减小，重力势能保持不变D．动能减小，重力势能减小6．关于同一种固态物质的比热容c，下列说法正确的是（）A．若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍B．若质量增大一倍，则比热容减至一半C．若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍D．无论质量多大，比热容都一样7．下列过程，动能转化为势能的是（）A．钟表里旋紧的发条，带动齿轮转动B．重锤从高处下落到地面C．竖直上抛的乒乓球在上升过程中D．压缩的弹簧将物体弹射出去8．初温、外形和体积均相同的实心铁球和空心铁球，如果它们吸收相同的热量，那么（不考虑物态变化）（）A．实心铁球温度升高得多 B．空心铁球温度升高得多C．两球温度升得一样高D．条件不足，无法判断9．2003年10月15日，“神舟”5号载人飞船在震天的轰鸣声中腾空而起，飞向太空．完成任务后于次日凌晨准确降落在内蒙古中部预定地区．返回舱进入大气层一段时间后，由于受空气阻力做匀速运动．返回舱匀速下降过程中（）A．重力势能减少，动能增加B．机械能减少，动能不变C．重力势能减少，动能增加D．机械能不变，动能不变10．水和干泥土的比热容之比是5：1，质量之比是1：2，吸收的热量之比是3：2，则水和干泥土升高的温度之比是（）A．5：3 B．3：5 C．15：4 D．15：111．如图所示，OAB为轻质杠杆，可绕支点O自由转动，在B端施加一个动力使杠杆在水平位置平衡，该杠杆（）A．一定是省力杠杆B．一定是费力杠杆C．一定是等臂杠杆D．以上情况都有可能12．举重是我国的优势体育项目．一位身高180cm的运动员和一位身高160cm的运动员，在挺举项目中用相同时间把同样重的杠铃举起，如果他们对杠铃所做的功分别为W1和W2，功率分别为P1和P2，则下列关系式正确的是（）A．W1＞W2，P1＞P2 B．W1=W2，P1=P2C．W1＞W2，P1=P2D．W1＜W2，P1＜P2二、填空题（每空1分，共23分）13．两个铝块的质量之比为1：4，升高的温度之比是2：1，则两铝块的比热容之比为，吸收的热量之比为．14．烈日炎炎的夏季，中午海滩上的沙子热得烫脚，海水却非常凉爽，这是因为水的比热容（选填“大于”、“等于”或“小于”）沙子的比热容．质量为2kg的水温度升高10℃时，吸收的热量是J．[（c水=4.2×103J/（kg•℃）]．15．如图所示，斜面高为1m，长为3m，工人用400N沿斜面方向的力将重为840N的箱子匀速推到车上，在这过程中工人的推力做的功是J，其中有用功是J，此时斜面的机械效率是，箱子与斜面间的摩擦力为N．16．如图所示，用竖直向上方向不变的力F，将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程中，则F的大小将（变大，变小，不变）17．如图所示，让相同质量的甲、乙、丙三种液体，同时吸收相同的热量后，所得温度随时间变化的图象，其中比热容最小的物质是，如果在这三种物质中选一种作为汽车的冷却液，你认为选择更好．18．如图所示，原长为L的软弹簧上端固定，下端挂一小重球，从图示位置A处释放时，弹簧仍长为L，小球从A运动到最低位置B的过程中，能减少，能增加了．19．如图是某一沿海城市和某一内陆城市年气温变化曲线．从图象可以看出，曲线B表示的是（选填“沿海”或“内陆”）城市的年气温变化曲线．其原因是水的，在同样受热或冷却时，温度变化（选填“大”或“小”）的缘故，所以现在城市里，“人工湖”的建设有利于调节温差．20．如图所示，大伟同学用一个距离手3m高的定滑轮拉住重100N的物体，从滑轮正下方沿水平方向移动4m，若不计绳重和摩擦，他至少做功J．21．如图所示，分别沿光滑的斜面BA、CA把同一物体匀速推到顶端，所用沿斜面的推力大小分别为F1、F2，对物体所做的功分别为W1、W2，则F1F2，W1W2．（＞、＜、=）22．在探究杠杆平衡条件的实验中，如图所示，在支点左侧20cm刻度处挂3个重均为0.5N 的钩码，在支点右侧15cm刻度处用弹簧测力计拉杠杆，使其水平平衡，目的．要使弹簧测力计示数最小，则弹簧测力计的读数为N．23．端午节妈妈在厨房蒸粽子，蒸粽子是通过方式增大粽子的内能．24．如图为晶体熔化图象，物体t3时刻的内能t2时刻的内能（大于，小于，等于），理由是．三、解答题25．如图所示，画出使轻质杠杆保持平衡的最小的力F及F的力臂L的示意图．26．如图甲所示的钢丝钳，其中A是剪钢丝处，B为手的用力点，O为转动轴（支点），图乙为单侧钳柄及相连部分示意图．请在图乙中画出钢丝钳剪钢丝时的动力臂L1和阻力F2（F2沿竖直方向）．27．在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小丽同学设计了如图所示甲、乙、丙三次实验．让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止．（1）要探究动能大小与物体质量的关系应选用两图；实验中应保证相同，为了达到这一目的所采取的具体操作方法是．（2）选用甲、丙两次实验可以得出的结论．（3）该实验是通过观察来比较铁球动能的大小，从而得出结论的，这种实验研究方法叫．（4）若水平面绝对光滑，（能/不能）完成实验，原因是．28．为了比较水和食用油吸热升温的特点，小明用两个相同的装置做了如图所示的实验．用温度计测量液体吸收热量后升高的温度值，并用秒表记录加热时间．实验数据记录如下表．物质质量/g 初始温度/℃加热时间/min 最后温度/℃水60 20 6 45食用油60 20 6 68（1）根据表中记录的数据可知：该实验过程中，水和食用油吸收的热量，升高的温度（均选填“相同”或“不同”）．（3）在此实验中，如果要使水和食用油最后的温度相同，给加热的时间要长一些，由此小明得出的结论是：．（3）通过实验可以发现，质量相等的不同物质升高相同的温度吸收的热量不等，物质的这种特性用这个物理量来描述．（4）实验中有些同学发现：刚开始加热时，情况与（2）结论不符，你认为可能的原因是：．29．物理课上，同学们观察了如所示的实验：用细线将一金属小球悬挂起来，把小球拉到一定的高度（此时细线偏离竖直方向的角度为a，小球离开最低位置的距离为s），然后释放，小球将左右摆动．（1）此实验说明：．（2）刚开始时，他把小球拉到自己的鼻尖位置，然后放手让小球自由摆动，小球还（能/不能）摆回到他的鼻尖位置，原因是．30．小明利用如图所示的滑轮组将重为900N的物体从一楼匀速提升至六楼，所用的拉力为360N，绳子自由端移动的速度为0.3m/s，（已知每层楼高3m）求：（1）小明提升物体所用的时间；（2）小明拉力的功率；（3）此滑轮组的机械效率；（4）在此基础上再加一个滑轮做动滑轮使用，组成一个新的滑轮组，提升相同的重物时，滑轮组的机械效率将如何改变？为什么？31．某实验学校九年级物理兴趣小组的同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时，选用了两只完全相同的酒精灯分别给质量都是200g的沙子和水加热．他们绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图象如图所示．已知酒精的热值是3.0×107J/kg，水的比热容是4.2×103J/（kg•℃）．请问：（1）图中a图和b图哪个是沙子吸热升温的图象？（2）加热满2min时，水吸收了多少热量？（3）试求出沙子的比热容．2016-2017学年江苏省无锡市江阴市新桥中学九年级（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共24分）1．如图所示的器具，属于省力杠杆的是（）A．镊子B．独轮车C．托盘天平D．筷子【考点】杠杆的分类．【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆；D、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．故选B．2．如图所示，足球以初速度沿着凹凸不平的草地从a运动到d．下列分析正确的是（）A．在b、d两点动能相等B．在a、d两点机械能相等C．从b到c的过程机械能减少 D．从c到d的过程重力势能减少【考点】动能和势能的转化与守恒．【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关，质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大；（2）足球和草地之间存在摩擦力，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能不断减小，内能增大；（3）重力势能大小跟质量、高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大．【解答】解：A、足球在 b点时，足球有一定的速度，足球具有一定的动能，动能不为零；足球在d 点时，足球速度为零，足球动能为零，该选项说法不正确．B、由于草地存在摩擦力，因此从a到d的过程，一部分机械能转化成内能，机械能减小，该选项说法不正确；C、足球从b到c的过程中，足球和草地之间存在摩擦力，克服摩擦做功，机械能转化为内能，机械能不断减小，该选项说法正确；D、足球从c到d的过程中，足球质量不变，高度增大，重力势能不断增大，该选项说法不正确．故选C．3．在不计绳重和摩擦的情况下，利用相同器材组成如图所示的甲、乙两装置，分别用力把相同的物体匀速提升相同的高度，若用η甲，η乙表示甲、乙两装置的机械效率，W甲、W乙表示拉力所做的功，则有（）A．η甲=η乙，W甲=W乙 B．η甲＞η乙，W甲＞W乙C．η甲＜η乙，W甲＜W乙D．η甲＞η乙，W甲＜W乙【考点】机械效率；功的大小比较．【分析】甲、乙两个滑轮组将同一物体匀速提升至相同的高度，在不计绳重和机械摩擦的情况下，有用功就是提升重物所做的功，额外功就是提升动滑轮所做的功，总功就是拉力所做的功．故W有用=Gh，W额外=G动h，W总=W有用+W额外，①总功可用W总=W有用+W额外来比较判断；②机械效率可用η=来比较判断．【解答】解：从图可知①∵不计绳重和机械摩擦的情况下，有用功就是提升重物所做的功，而甲、乙两个滑轮组把同一物体匀速提升相同的高度，∴由公式W有用=Gh可知，甲、乙两个滑轮组做的有用功相同．又∵额外功是提升动滑轮所做的功，从图可知，甲滑轮组有一个动滑轮，乙滑轮组有一个动滑轮，并且每个滑轮相同，∴由公式W额外=G动h可知，甲、乙两个滑轮组做的额外功相同．则由公式W总=W有用+W额外可知，甲、乙两个滑轮组做的总功相同．即W甲=W乙．②∵甲、乙两个滑轮组做的有用功相同，甲、乙两个滑轮组做的总功相同，∴由公式η=可知，甲、乙两个滑轮组的机械效率相同．即η甲=η乙．故选：A．4．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A．一个物体温度升高，它的内能一定增加B．一个物体温度升高，一定是吸收了热量C．一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高D．一块0℃的冰没有内能，它的分子不会运动【考点】温度、热量与内能的关系．【分析】（1）物体温度越高，分的无规则运动越剧烈，物体的内能越多；（2）物体的温度升高，可能是物体从外界吸收了热量，也有可能是外界对物体做功；（3）物体吸收热量，温度不一定升高；（4）一切物体具有内能．【解答】解：A、物体的温度升高，内能一定增大，故A正确；B、一个物体的温度升高，可能是物体从外界吸收热量，也有可能是外界对物体做功，故B 错误；C、一个物体吸收了热量，它的温度可能不变，例如，晶体熔化时，吸收热量，温度不变，故C错误；D、一块0℃的冰具有内能，它的分子不停运动，故D错误．故选A．5．一辆匀速行驶的洒水车正在给水平路面洒水，下列说法正确的是（）A．动能不变，重力势能保持不变B．动能不变，重力势能减小C．动能减小，重力势能保持不变D．动能减小，重力势能减小【考点】动能和势能的大小变化．【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关．质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大．（2）重力势能大小跟质量、被举得高度有关．被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大．【解答】解：一辆在水平路面上匀速行驶的洒水车正在洒水作业，洒水车的质量减小，速度不变，动能减小；洒水车在水平路面上行驶，高度不变，但质量减小，重力势能减小．故选D．6．关于同一种固态物质的比热容c，下列说法正确的是（）A．若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍B．若质量增大一倍，则比热容减至一半C．若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍D．无论质量多大，比热容都一样【考点】比热容的概念．【分析】知道比热容是物质本身的特性，它不会随物质吸收的热量，质量，温度的改变而改变．【解答】解：比热容是物质本身的特性，它不会随物质吸收的热量，质量，温度的改变而改变．所以A，B，C错误，D正确．故选D．7．下列过程，动能转化为势能的是（）A．钟表里旋紧的发条，带动齿轮转动B．重锤从高处下落到地面C．竖直上抛的乒乓球在上升过程中D．压缩的弹簧将物体弹射出去【考点】动能和势能的转化与守恒．【分析】动能转化为势能的选项应该具备动能减小（速度减小），重力势能增大（所处高度增大）或弹性势能增大（弹性形变程度变大）的条件．【解答】解：A、钟表里的发条带动指针转动，发条的形变程度减小，指针的速度增加，发条的弹性势能转化为指针的动能，故A错误；B、重锤从高处下落到，所处高度降低，速度变大，重力势能转化为动能，故B错误；C、竖直上抛的乒乓球在上升过程中，高度增加，重力势能增大；速度变小，动能变小，动能转化为重力势能，故C正确；D、压缩的弹簧将物体弹射出去，弹簧的弹性形变减小，物体的速度增加，弹簧的弹性势能转化为物体的动能，故D错误．故选C．8．初温、外形和体积均相同的实心铁球和空心铁球，如果它们吸收相同的热量，那么（不考虑物态变化）（）A．实心铁球温度升高得多 B．空心铁球温度升高得多C．两球温度升得一样高D．条件不足，无法判断【考点】热量的计算．【分析】外形和体积相同的实心铁球和空心铁球，那么空心的质量小，根据Q=cm△t可知吸收相同的热量时它们温度的变化关系．【解答】解：∵实心铁球和空心铁球的外形和体积均相同，∴根据Q=cm△t可知，吸收相同的热量时，空心铁球的质量小，温度的变化大，即空心铁球温度升高得多．故选B．9．2003年10月15日，“神舟”5号载人飞船在震天的轰鸣声中腾空而起，飞向太空．完成任务后于次日凌晨准确降落在内蒙古中部预定地区．返回舱进入大气层一段时间后，由于受空气阻力做匀速运动．返回舱匀速下降过程中（）A．重力势能减少，动能增加B．机械能减少，动能不变C．重力势能减少，动能增加D．机械能不变，动能不变【考点】动能和势能的大小变化；动能大小的比较；势能大小的比较；动能的影响因素；势能的影响因素；机械能．【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小，发生弹性形变的难易程度．弹性形变越大，发生弹性形变越难，弹性势能越大．在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能．（4）机械能总量等于动能和势能的和．【解答】解：返回舱匀速下降过程中，（1）没有发生弹性形变，不具有弹性势能．（2）返回舱有一定的质量，速度不变，动能不变．（3）返回舱有一定的质量，下降的过程，高度不断减小，重力势能不断减小．（4）机械能等于动能和势能的和，动能不变，势能减小，所以机械能减小．故选B．10．水和干泥土的比热容之比是5：1，质量之比是1：2，吸收的热量之比是3：2，则水和干泥土升高的温度之比是（）A．5：3 B．3：5 C．15：4 D．15：1【考点】热量的计算．【分析】由Q吸=cm△t，得到△t=，把已知条件代入计算．【解答】解：△t水：△t泥=： =： =3：5．故选B．11．如图所示，OAB为轻质杠杆，可绕支点O自由转动，在B端施加一个动力使杠杆在水平位置平衡，该杠杆（）A．一定是省力杠杆B．一定是费力杠杆C．一定是等臂杠杆D．以上情况都有可能【考点】杠杆的分类．【分析】使用杠杆时，如果动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；如果动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆；如果动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；因为在B点用力的方向不确定，所以其省费力情况要根据用力的方向确定．据此分析．【解答】解：B点力的方向不同，力臂的大小则不同，不能确定动力臂与阻力臂的大小关系，所以此时杠杆可能省力，可能费力，可能既不省力也不费力．故ABC不符合题意，D符合题意．故选D．12．举重是我国的优势体育项目．一位身高180cm的运动员和一位身高160cm的运动员，在挺举项目中用相同时间把同样重的杠铃举起，如果他们对杠铃所做的功分别为W1和W2，功率分别为P1和P2，则下列关系式正确的是（）A．W1＞W2，P1＞P2 B．W1=W2，P1=P2C．W1＞W2，P1=P2D．W1＜W2，P1＜P2【考点】功的大小比较；功率大小的比较．【分析】由题知身高180cm的运动员比身高160cm的运动员高，举起相同的杠铃时，举起的高度大，根据W=Gh分析做功大小；又知道所用时间相同，再利用P=比较功率大小．【解答】解：由题知身高180cm的运动员和身高160cm的运动员举起杠铃的重力相同；因为身高180cm的运动员比身高160cm的运动员高，所以根据W=Gh可知，W1＞W2；因为两运动员举起杠铃的时间相同，所以根据P=可知，P1＞P2．故选A．二、填空题（每空1分，共23分）13．两个铝块的质量之比为1：4，升高的温度之比是2：1，则两铝块的比热容之比为1：1 ，吸收的热量之比为1：2 ．【考点】热量的计算．【分析】比热容是物质本身的一种性质，与物体的质量无关；根据Q=cm△t得出吸收的热量之比．【解答】解：（1）∴比热容与物体的质量无关，∴两铝块的比热容之比为1：1；（2）根据Q=cm△t得：吸收的热量之比： ==×=×=．故答案为：1：1；1：2．14．烈日炎炎的夏季，中午海滩上的沙子热得烫脚，海水却非常凉爽，这是因为水的比热容大于（选填“大于”、“等于”或“小于”）沙子的比热容．质量为2kg的水温度升高10℃时，吸收的热量是8.4×104J．[（c水=4.2×103J/（kg•℃）]．【考点】水的比热容的特点及应用；热量的计算．【分析】（1）水的比热容大于沙子的比热容，所以在吸收相同热量的情况下，初温相同的水和沙子，沙子的温度升高的快．（2）知道水的质量和比热容、温度的变化量，根据Q吸=cm△t求出水吸收的热量．【解答】解：（1）水的比热容大于沙子的比热容，沙子的温度升高的快，沙子的末温高，水的末温低，所以光脚走在海滩上会感觉到沙“烫脚”，走进海水中却感觉到海水很凉．（2）水吸收的热量为：Q吸=c水m△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×10℃=8.4×104J故答案为：大于；8.4×104．15．如图所示，斜面高为1m，长为3m，工人用400N沿斜面方向的力将重为840N的箱子匀速推到车上，在这过程中工人的推力做的功是1200 J，其中有用功是840 J，此时斜面的机械效率是70% ，箱子与斜面间的摩擦力为120 N．【考点】功的计算；摩擦力的大小；斜面的机械效率．【分析】（1）知道物体重力和斜面的高度，根据W=Gh求出有用功．（2）知道斜面的长度和推力，根据W=Fs求出总功．知道有用功和总功，根据η=求出机械效率．（3）摩擦力的功即为额外功，则由功的公式可求得摩擦力．【解答】解：人对物体所做的总功W总=FL=400N×3m=1200J；人对物体所做的有用功为W有=Gh=840N×1m=840J；斜面的机械效率为：η=×100%=×100%=70%．额外功W额=W总﹣W有=1200J﹣840J=360J；则摩擦力f===120N．故答案为：1200；840；70%；120．16．如图所示，用竖直向上方向不变的力F，将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程中，则F的大小将不变（变大，变小，不变）【考点】杠杆的动态平衡分析．【分析】如图杠杆在水平位置时杠杆平衡，根据杠杆平衡条件列出等式，求出F．杠杆在匀速提起的过程中，根据杠杆平衡条件列出等式，求出F．比较前后两次F的大小可以得到解决．【解答】解：将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程，如图所示：杠杆在水平位置时，杠杆平衡，根据杠杆平衡条件得F×OA=G×OC，则动力：F=G﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，当杠杆匀速提起的过程中，杠杆平衡，根杠杆平衡条件得F'×OA′=G×OC'，此时的动力：F'=G﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，由于OB=OA，且△OBA'∽△OCC'，根据相似三角形的性质可得： ==，所以，F=F'．即：将杠杆从A位置匀速提升到B位置的过程中，则F的大小将不变；故答案为：不变．17．如图所示，让相同质量的甲、乙、丙三种液体，同时吸收相同的热量后，所得温度随时间变化的图象，其中比热容最小的物质是甲，如果在这三种物质中选一种作为汽车的冷却液，你认为选择丙更好．【考点】比热容的概念．【分析】据图象分析，吸热相同时，比热容小的温度升的高；同时要做汽车的冷却液，应选用比热容大的液体．根据Q=cm△t可知，在质量和升高的温度都相同时，比热容大的吸收的热量多，冷却效果好．【解答】解：由图象知：相同质量的甲、乙、丙三种液体，同时吸收相同的热量后甲的温度变化的数值大，说明甲的比热容最小，丙的比热容最大；比热容大的冷却效果好，故用丙作为冷却液更好一些．故答案为：甲；丙．18．如图所示，原长为L的软弹簧上端固定，下端挂一小重球，从图示位置A处释放时，弹簧仍长为L，小球从A运动到最低位置B的过程中，重力势能减少，动能和弹性势能增加了．【考点】动能和势能的大小变化．【分析】从动能和势能影响因素考虑．（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）在一定弹性范围内，同一物体的形变越大，弹性势能越大．【解答】解：由A点到B点的过程中：①小球的质量不变，高度降低，重力势能减小；②小球的质量不变，速度增大，动能增加；③当小球下落到B点时，在小球的重力作用下，弹簧被拉伸，弹性势能增加．所以整个过程中，重力势能转化为了动能和弹性势能．故答案为：重力势；动能和弹性势能．19．如图是某一沿海城市和某一内陆城市年气温变化曲线．从图象可以看出，曲线B表示的是沿海（选填“沿海”或“内陆”）城市的年气温变化曲线．其原因是水的比热容大，在同样受热或冷却时，温度变化小（选填“大”或“小”）的缘故，所以现在城市里，“人工湖”的建设有利于调节温差．【考点】水的比热容的特点及应用．。

2016-2017学年江苏省无锡市九年级上学期第一次月考物理（人教新课标）试卷及参考答案2016.10一.选择题1．小聪同学将掉在地上的物理课本捡回桌面，所做的功最接近于（）A．0.02J B．O．2J C．2J D．20J2．学校里的工人师傅使用如图所示的剪刀修剪树枝时，常把树枝尽量往剪刀轴O靠近，这样做的目的是（）A．增大阻力臂，减小动力移动的距离B．增大动力臂，省力C．减小阻力臂，减小动力移动的距离D．减小阻力臂，省力3．一根轻质杠杆，在左右两端分别挂上200N和300N的重物时，杠杆恰好平衡．若将两边物重同时增加50N，则杠杆（）A．左端下沉 B．右端下沉 C．仍然平衡 D．无法确定4．分别用如图所示的（甲）、（乙）两个滑轮组，在100s内将重为400N的物体G匀速提升10m，每个滑轮的重均为20N．不计绳重及摩擦，此过程中（）A．F甲做的功大于F乙做的功B．F甲做的功小于F乙做的功C．F甲做功的功率小于F乙做功的功率D．F甲做功的功率等于F乙做功的功率5．下列关于功率和机械效率的说法中，正确的是（）A．功率大的机械，做功一定多B．做功快的机械，功率一定大C．机械效率高的机械，功率一定大D．做功多的机械，机械效率一定高6．三个物体在相同的力F作用下，沿力的方向移动了距离S，力对物体做的功分别为W1、W2、W3．则W1、W2、W3的关系为（）A．W1=W2=W3B．W1＜W2＜W3 C．W1＞W2＞W3 D．W1＜W3＜W27．如图所示，一个质量为50kg的人，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，则这个人在这段时间内的功率是（g取10N/kg）（）A．1200W B．10W C．12W D．120W8．竖直向上抛出的篮球，离开手后继续向上运动，若不考虑空气阻力，则在上升的过程中，篮球的（）A．动能增大，重力势能增大B．动能减小，重力势能增大C．动能保持不变，重力势能保持不变D．机械能保持不变9．下列说法正确的是（）A．任何状态下处于任何位置的物体都具有内能B．机械能大的物体内能一定大C．静止在地面上的物体无内能D．空中飞行的子弹比地面上静止的子弹内能多10．有一滑轮组，若不考虑额外阻力，用100牛的拉力就可以匀速提起500牛的物体，现仍用此滑轮组，考虑额外阻力，匀速提起500牛的物体，所用拉力是200牛，此时滑轮组的机械效率是（）A．100% B．40% C．50% D．60%11．用20N的水平力，将重为5N的球抛出，球在水平地面上滚动了10m才停下来．在滚动过程中，手对球做的功是（）A．50J B．200JC．0J D．条件不足，无法计算12．如图小球在光滑斜坡上方A处，自由滚下至平直轨道B处向正前方弹簧运动并将弹簧压缩．在上述的过程中能量转化是（）A．势能→动能→势能B．动能→势能→势能C．动能→势能→动能D．势能→动能→动能二.填空题13．用水桶从井中提水的时候，克服______的重力做的功是有用功；如果桶掉到井里，捞桶时桶里带了一些水，克服______的重力做的功是额外功．（选填“水”、“桶”）14．指出下列物体各具有的机械能的形式①正在测力的大小的弹簧秤中的弹簧______ ②水塔里的水______③钟表里卷紧的发条______ ④空中飞行的飞机______．15．人造卫星绕地球沿椭圆形轨道运行，它的位置有时离地球较近，有时离地球中心较远，离地心最近的点叫近地点，离地心最远的点叫远地点．卫星从近地点向远地点运行时，重力势能______，动能______，从远地点向近地点运行时，______能转化为______能．16．起重机在前3s内将一个重2×104N的货物匀速提高3m，在后3s内将货物水平移动10m，则在前3s 内拉力做功______J，功率为______W；整个过程中拉力的平均功率为______W．17．一太阳能热水器水箱内装有质量为80kg的水，经太阳晒2h后，温度从20℃升高到50℃所吸收的热量是______J，这是用______的方式增加了水的内能．18．在水平地面上有一重力为500N的箱子，现在小明用200N的水平力使箱子匀速移动了3m，则此过程中，地面对箱子的摩擦力为______N，小明对箱子所做的功为______，重力对箱子做功为______J．19．某同学分别用如图所示（a）、（b）两种方法挑着同一个物体行走，（a）图中肩受到的压力______（b）图中受到的压力，（a）图中手施加的动力______（b）图中手施加的动力（选填：大于、小于或等于）．20．体重相同、力气一样的小明和小强在玩游戏．小明握住球棒的细端，小强握住球棒的粗端，如图所示，各自向相反方向拧．获胜者是______，获胜的原因：______．21．用如图所示的滑轮组，将重为10N的物体以0.2m/s的速度匀速提升，拉力F=6N，拉力的功率为______W，滑轮组的机械效率为______，若不计绳重及摩擦，动滑轮的重力为______N．22．如图所示，用动滑轮将重为10N的物块竖直向上匀速提升20cm，拉力为6N．此过程中拉力做的功为______J，动滑轮的机械效率为______．物块在上升过程中，机械能______（选填“增大”、“减小”或“不变”）．三.作图题（都要保留作图痕迹）23．如图所示．是利用钓鱼竿钓鱼的示意图．O为支点，F1是手对鱼竿的作用力，请画出：（1）鱼线对钓鱼竿拉力F2的示意图；（2）F1的力臂．24．杠杆AO在力F1、F2的作用下处于静止状态L2是力F2的力臂，在图中画出力F1的力臂L1和力F2．25．物体M在杠杆AOBC作用下如图位置静止，（1）请作出使杠杆在图示位置平衡的最小动力F1的示意图；（2）试在A点作出使杠杆在如图位置平衡时的最小力F2（O为支点）四.实验题26．小强看到在没有起重机的情况下，工人要将油桶搬运上汽车，常常用如图1所示的方法．小强想：为什么不直接将油桶抬上车呢？难道这样做可以省力吗？小强查阅资料后了解到：用斜面搬运同一物体时的推力大小跟斜面长度、斜面高度、斜面粗糙程度等因素有关．小强根据以上查阅的资料提出了一个探究的问题：沿斜面推力的大小与斜面的长度有什么关系？（1）你认为小强探究搬运同一物体时沿斜面推力的大小与斜面长度的关系时，应控制的变量有______和______．（2）小强选用了一把弹簧秤、一块8N的长方体重物、五块长度不同的由同种材料做成的光滑木板，按如图2所示进行了实验，实验时控制斜面高度为0.2m不变．测得的数据如表所示，分析实验数据，小强得到①小车运动到水平表面时，______图中的小车速度大；②______图中的木块被撞后移动的距离长；③______图中的小车对木块做的功多，它具有的动能______．（2）如图2，它是用来研究动能大小与物体______的关系的．实验表明：丁图中的小车到达水平表面时，能使木块运动的距离______些（选填“大”或“小”）．（3）综合以上两题的结论，可以发现：运动物体的动能大小与物体的______和______都有关系，物体的______越大，______越大，它具有的动能就越大．五.计算题28．质量为5kg，温度为50℃的水，吸收1.26×106J热量后，在一标准大气压下，温度将升高到多少？29．如图甲所示的滑轮组．不计绳重和摩擦，物体重G从400N开始逐渐增加，直到绳子被拉断．每次均匀速拉动绳子将物体提升同样的高度．图乙记录了在此过程中滑轮组的机械效率随物体重力的增加而变化的图象．（1）当滑轮组的机械效率为40%时，绳子的拉力为多大？（2）2个滑轮总重多少？（3）绳子能承受的最大拉力是多少？（4）当滑轮组的机械效率为80%时，物体重多少？2016-2017学年江苏省无锡市九年级上学期第一次月考物理（人教新课标）试卷参考答案2016.10一.选择题1．小聪同学将掉在地上的物理课本捡回桌面，所做的功最接近于（）A．0.02J B．O．2J C．2J D．20J【考点】功的计算．【分析】物理课本的重力大约为2N，课桌高度约为1m．根据公式W=Gh可求他对课本做的功．【解答】解：因为物理课本的重力大约为2N，课桌高度约为1m．所以小聪同学对课本做的功W=Gh=2N×1m=2J．故选C．2．学校里的工人师傅使用如图所示的剪刀修剪树枝时，常把树枝尽量往剪刀轴O靠近，这样做的目的是（）A．增大阻力臂，减小动力移动的距离B．增大动力臂，省力C．减小阻力臂，减小动力移动的距离D．减小阻力臂，省力【考点】杠杆的应用．【分析】剪树枝时，用剪刀口的中部，而不用剪刀尖，减小了阻力臂，就减小了动力，在阻力、动力臂一定的情况下，根据杠杆的平衡条件知道减小了动力、更省力．【解答】解：用剪刀口的中部，而不用剪刀尖去剪树枝，减小了阻力臂L2，而动力臂L1和阻力F2不变，∵F1L1=F2L2，∴F1=将变小，即省力，省力就要多移动距离，故ABC错、D正确．故选D．3．一根轻质杠杆，在左右两端分别挂上200N和300N的重物时，杠杆恰好平衡．若将两边物重同时增加50N，则杠杆（）A．左端下沉 B．右端下沉 C．仍然平衡 D．无法确定【考点】杠杆的平衡条件．【分析】原来杠杆平衡，是因为两边的力和力臂的乘积相等，若将两边物重同时增加50N，看现在的力和力臂的乘积是否相等，据此分析得出结论．【解答】解：根据杠杆平衡的条件可得：因为200N小于300N，所以左边的力臂大于右边的力臂，那么当两端都增加50N时，杠杆不再平衡，因为右边的力臂与50N的乘积小于左边力臂与50N的乘积，左边的力和力臂乘积大，所以左端下沉．故选A．4．分别用如图所示的（甲）、（乙）两个滑轮组，在100s内将重为400N的物体G匀速提升10m，每个滑轮的重均为20N．不计绳重及摩擦，此过程中（）A ．F 甲做的功大于F 乙做的功B ．F 甲做的功小于F 乙做的功C ．F 甲做功的功率小于F 乙做功的功率D ．F 甲做功的功率等于F 乙做功的功率【考点】功率的计算；功的计算．【分析】由两图可知，承担物重的绳子股数n ，不计绳重及滑轮轴间的摩擦，利用F=（G 物+G 轮）求拉力大小，根据s=nh 求出绳端移动的距离，根据W=Fs 分别求出拉力做的功；再根据P=求出两图中拉力的功率即可得出答案．【解答】解：（1）由图甲可知：n=2，∵不计绳重及滑轮轴间的摩擦，∴F 甲=（G 物+G 轮）==210N ，W 甲=F 甲S 甲=F 甲nh 甲=210N ×2×10m=4200JP 甲===42W ．（2）由图乙可知：n=3，∵不计绳重及滑轮轴间的摩擦，∴F 乙=（G 物+G 轮）==140N ，W 乙=F 乙S 乙=F 乙nh 乙=140N ×3×10m=4200JP 乙===42W ．由以上可得：W 甲=W 乙，P 甲=P 乙．故选D ．5．下列关于功率和机械效率的说法中，正确的是（ ）A ．功率大的机械，做功一定多B ．做功快的机械，功率一定大C ．机械效率高的机械，功率一定大D ．做功多的机械，机械效率一定高【考点】功率的概念；机械效率．【分析】根据功、功率、机械效率的关系分析．功率是单位时间内做的功的多少，机械效率是有用功与总功的比值．【解答】解：A 、功率大的机械，做功一定快，故A 错误；B 、做功快的机械，功率一定大，故B 正确；C 、机械效率是有用功与总功的比值．机械效率高，功率不一定大，故C 错误；D 、由于机械效率是有用功与总功的比值，做功多，机械效率不一定高，故D 错误．故选B ．6．三个物体在相同的力F 作用下，沿力的方向移动了距离S ，力对物体做的功分别为W 1、W 2、W 3．则W 1、W 2、W 3的关系为（ ）A．W1=W2=W3B．W1＜W2＜W3 C．W1＞W2＞W3 D．W1＜W3＜W2【考点】功的大小比较．【分析】根据功的计算公式W=Fs，三者用同样大小的力，移动相同的距离S，即可判定做功的多少．【解答】解：因为用同样大小的力F，移动相同的距离s，即F相等，s相等，根据功的计算公式W=Fs可知，W1=W2=W3．故A正确，BCD错误．故选A．7．如图所示，一个质量为50kg的人，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，则这个人在这段时间内的功率是（g取10N/kg）（）A．1200W B．10W C．12W D．120W【考点】功率的计算．【分析】解决此题可利用功的公式W=Fs和功率的公式P=联立求解．【解答】解：质量为50kg的人，在10s内连续向上跳12个台阶，已知每个台阶的高度为0.2m，那么他做的功W=Fs=500N×0.2m×12=1200J，由功率的公式P==W=120W；故选D．8．竖直向上抛出的篮球，离开手后继续向上运动，若不考虑空气阻力，则在上升的过程中，篮球的（）A．动能增大，重力势能增大B．动能减小，重力势能增大C．动能保持不变，重力势能保持不变D．机械能保持不变【考点】动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒．【分析】在篮球被抛出向上运动的过程中，由于受到重力的作用，它的速度会越来越小，篮球质量不变的情况下，其动能不断减小．篮球在上升的过程中，高度不断增加，所以其重力势能在不断增加．篮球在上升的过程中，不考虑空气阻力，这是一个动能转化成重力势能的过程，在转化的过程中，机械能的总量保持不变．【解答】解：篮球质量不变，在上升过程中，速度减小，动能减小，高度增加，重力势能增加；故A、C错误，B正确．动能和重力势能在转化过程中，由于忽略阻力，所以机械能的总量保持不变．此选项正确．故选B、D．9．下列说法正确的是（）A．任何状态下处于任何位置的物体都具有内能B．机械能大的物体内能一定大C．静止在地面上的物体无内能D．空中飞行的子弹比地面上静止的子弹内能多【考点】内能的概念．【分析】①一切物体都由内能；②内能的大小只与物体的质量和物体的温度有关系而与其他因素无关．【解答】解：①一切物体都有内能，所以A选项是正确的，C选项是错误的．②内能的大小只和物体的温度以及物体的质量有关，所以内能的大小和机械能无关，与物体是否运动页无关，所以B、D选项是错误的．故选A．10．有一滑轮组，若不考虑额外阻力，用100牛的拉力就可以匀速提起500牛的物体，现仍用此滑轮组，考虑额外阻力，匀速提起500牛的物体，所用拉力是200牛，此时滑轮组的机械效率是（）A．100% B．40% C．50% D．60%【考点】滑轮（组）的机械效率．【分析】题目中给出的条件是比较隐秘的，我们要从中找出我们需要的东西．从“有一滑轮组，若不考虑额外阻力，用100牛的拉力就可以匀速提起500牛的物体”我们要知道什么呢？“不考虑额外阻力”指的是理想状况，并由此求出绳子股数．然后再利用滑轮组机械效率计算公式的变形η=求出机械效率．【解答】解：由“有一滑轮组，若不考虑额外阻力，用100牛的拉力就可以匀速提起500牛的物体”可知，该滑轮组的绳子股数为n==5．η=====50%，故选C．11．用20N的水平力，将重为5N的球抛出，球在水平地面上滚动了10m才停下来．在滚动过程中，手对球做的功是（）A．50J B．200JC．0J D．条件不足，无法计算【考点】功的计算；力做功的必要因素．【分析】手把球抛出后，在水平方向球滚动过程中不受手对它的作用力，根据公式W=FS可知，在滚动过程中，手对球做的功．【解答】解：在滚动过程中，手对球的作用力为0，所以在滚动过程中，手对球做的功是0．故选C．12．如图小球在光滑斜坡上方A处，自由滚下至平直轨道B处向正前方弹簧运动并将弹簧压缩．在上述的过程中能量转化是（）A．势能→动能→势能B．动能→势能→势能C．动能→势能→动能D．势能→动能→动能【考点】动能和势能的转化与守恒．【分析】对于判断能量转化的题目，我们可以从影响能量大小的因素来分析能量的变化，找到能量转化的方向．【解答】解：小球由A到B的过程中，质量不变，高度减小，速度变大，重力势能转化为动能；在弹簧被压缩的过程中，小球的速度减小，动能减小；弹簧的形变程度增大，弹性势能增大．正是减小的动能转化成了弹性势能．综上分析可知，在上述的过程中能量转化是势能→动能→势能．故A正确，BCD错误．故选A．二.填空题13．用水桶从井中提水的时候，克服水的重力做的功是有用功；如果桶掉到井里，捞桶时桶里带了一些水，克服水的重力做的功是额外功．（选填“水”、“桶”）【考点】有用功和额外功．【分析】从我们的目的出发，我们必须要做的功叫有用功；并非我们需要，但又不得不做的功叫额外功．【解答】解：用力将一桶水从井里提上来，他对水做的功是有用功，因为我们的目的是提水；如果桶掉到井里，捞桶时桶里带了一些水，克服水的重力做的功是额外功．故答案为：水；水．14．指出下列物体各具有的机械能的形式①正在测力的大小的弹簧秤中的弹簧弹性势能②水塔里的水重力势能③钟表里卷紧的发条弹性势能④空中飞行的飞机动能和重力势能．【考点】动能和势能的概念．【分析】物体具有什么样的能量，要根据物体的特点；运动则具有动能，与地面有高度差则具有重力势能，发生弹性形变的物体具有弹性势能．【解答】解：①正在测力的大小的弹簧秤中的弹簧具有弹性势能；②在高处的物体具有重力势能，故水塔里的水具有重力势能；③拧紧发条的钟表由于发生了弹性形变，所以具有了弹性势能；④运动的物体具有动能，在高处的物体具有重力势能，故飞行的飞机具有动能和重力势能．故答案为：①弹性势能；②重力势能；③弹性势能；④动能和重力势能．15．人造卫星绕地球沿椭圆形轨道运行，它的位置有时离地球较近，有时离地球中心较远，离地心最近的点叫近地点，离地心最远的点叫远地点．卫星从近地点向远地点运行时，重力势能变大，动能变小，从远地点向近地点运行时，重力势能转化为动能．【考点】动能和势能的大小变化；动能和势能的转化与守恒．【分析】动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，根据它们影响因素的变化得出动能和重力势能的变化，再根据能量变化的规律：减小的能量转化为增大的能量得出．【解答】解：卫星从近地点向远地点运行时，质量不变，距离变大，重力势能变大；速度变小，动能变小，动能转化为重力势能；从远地点向近地点运行时，质量不变，距离变小，重力势能变小；速度变大，动能变大，重力势能转化为动能．故答案为：变大；变小；重力势；动．16．起重机在前3s内将一个重2×104N的货物匀速提高3m，在后3s内将货物水平移动10m，则在前3s 内拉力做功6×104J，功率为2×104W；整个过程中拉力的平均功率为1×104W．【考点】功的计算；功率的计算．【分析】（1）利用W=Gh求前3s起重机对货物做的功，再利用P=求做功的功率；（2）做功的两个必要条件：一是有作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离．据此判断后3s拉力是否做功，求出整个过程做的功，除以总时间，可得平均功率．【解答】解：（1）起重机在前3s将货物匀速提高，前3s拉力做功：W=Fh=Gh=2×104N×3m=6×104J，做功的功率：P===2×104W；（2）在后3s内将货物水平移动10m，因为货物在拉力的方向上没有移动距离，所以拉力不做功，整个过程=W=6×104J，中拉力做功W总整个过程所用的时间t′=3s+3s=6s，整个过程中拉力的平均功率：P===1×104W．总故答案为：6×104；2×104；1×104．17．一太阳能热水器水箱内装有质量为80kg的水，经太阳晒2h后，温度从20℃升高到50℃所吸收的热量是 1.008×107J，这是用热传递的方式增加了水的内能．【考点】热量的计算；热传递改变物体内能．=cm△t求水吸收的热量；【分析】知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸改变内能的方法：一是做功，二是热传递．【解答】解：水吸收的热量：=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×80kg×（50℃﹣20℃）=1.008×107J；Q吸这是利用热传递的方式增加了水的内能．故答案为：1.008×107，热传递．18．在水平地面上有一重力为500N的箱子，现在小明用200N的水平力使箱子匀速移动了3m，则此过程中，地面对箱子的摩擦力为200N，小明对箱子所做的功为600J，重力对箱子做功为0J．【考点】功的计算；二力平衡条件的应用．【分析】（1）由题知：小明令箱子在水平方向上“匀速移动”了3m，那么此过程中，箱子箱子受的推力和摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡的条件可得出摩擦力的大小；（2）然后利用公式：W=Fs计算出小明对箱子所做的功；（3）做功的两个必要因素：有力作用在物体上，且物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可．【解答】解：（1）由题意知物体做匀速运动，受到的是平衡力，即摩擦力f和推力F是一对平衡力，所以f=F=200N；（2）小明对箱子所做的功：W=Fs=200N×3m=600J；（3）重力的方向是竖直向下的，而物体是在水平方向上移动的距离，没有在重力方向上移动距离，所以重力没有做功，即重力做功为0J．故答案为：200；600J；0．19．某同学分别用如图所示（a）、（b）两种方法挑着同一个物体行走，（a）图中肩受到的压力小于（b）图中受到的压力，（a）图中手施加的动力小于（b）图中手施加的动力（选填：大于、小于或等于）．【考点】杠杆的平衡条件．【分析】此题可根据杠杆平衡的条件来解决，阻力臂越大，动力越大，对肩的压力也就越大．【解答】解：甲、乙两同学用相同质量的木棍挑着同一物体在水平地面上行走，此时肩膀可作为支点．甲同学挑着物体时，阻力臂小，两者动力臂相同，根据F1L1=F2L2，可知动力也小，因此甲同学肩受到的压力小于乙同学肩受到的压力；甲同学手施加的动力小于乙同学手施加的动力．故答案为：小于；小于．20．体重相同、力气一样的小明和小强在玩游戏．小明握住球棒的细端，小强握住球棒的粗端，如图所示，各自向相反方向拧．获胜者是小强，获胜的原因：小强端的半径大，导致力与力臂乘积大．【考点】杠杆的平衡分析法及其应用．【分析】用力拧棒时，球棒相当于一个以棒的轴心为支点的杠杆，利用杠杆的平衡条件知道，杠杆将向力和力臂乘积大的方向转动．【解答】解：小强能获胜．用力拧棒时，球棒相当于一个以棒的轴心为支点的杠杆，小强用力的力臂大（半径大），小明用力的力臂小（半径小），当两个力大小相同时，棒就会沿粗端用力的方向转动，所以握住粗端的人会获胜．故答案为小强，小强端的半径大，导致力与力臂乘积大．21．用如图所示的滑轮组，将重为10N的物体以0.2m/s的速度匀速提升，拉力F=6N，拉力的功率为 2.4 W，滑轮组的机械效率为83.3%，若不计绳重及摩擦，动滑轮的重力为2N．【考点】功率的计算；滑轮（组）的机械效率．【分析】（1）拉力的速度v拉=2v物，根据P===Fv求出拉力的功率；（2）根据η===求出机械效率；（3）若不计绳重及摩擦，根据F=（G+G动）求出动滑轮重．【解答】解：（1）拉力的速度v拉=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s，拉力的功率P===Fv拉=6N×0.4m/s=2.4W；（2）滑轮组的机械效率η=×100%=×100%=×100%=×100%≈83.3%；（3）∵F=（G+G动）∴动滑轮重G动=2F﹣G=2×6N﹣10N=2N．故答案为：2.4；83.3%；2．22．如图所示，用动滑轮将重为10N的物块竖直向上匀速提升20cm，拉力为6N．此过程中拉力做的功为2.4J，动滑轮的机械效率为83.3%．物块在上升过程中，机械能增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）．【考点】功的计算；滑轮（组）的机械效率；动能和势能的大小变化．【分析】（1）图中使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n=2，则s=2h；知道拉力大小，利用W=Fs求拉力做功；利用W=Gh求有用功；再利用效率公式η=求动滑轮的机械效率；（2）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和．据此分析回答．【解答】解：（1）由图可知，n=2，拉力端移动的距离：s=2h=2×20cm=40cm=0.4m，拉力做功：W总=Fs=6N×0.4m=2.4J，W有用=Gh=10N×0.2m=2J，η==≈83.3%．（2）物体在被匀速提升的过程中，质量不变、速度不变，动能不变；质量不变、高度增大，重力势能增大．因为物体的机械能等于物体的动能和重力势能之和，因此物体的机械能增大．故答案为：2.4；83.3%；增大．三.作图题（都要保留作图痕迹）23．如图所示．是利用钓鱼竿钓鱼的示意图．O为支点，F1是手对鱼竿的作用力，请画出：（1）鱼线对钓鱼竿拉力F2的示意图；（2）F1的力臂．【考点】力的示意图；力臂的画法．【分析】（1）拉力F2的作用点为鱼线与杆的交点，阻力的方向沿绳子向下，过拉力F2的作用点表示出拉力的方向；（2）已知支点和动力的方向，根据力臂的定义过支点作力的作用线的垂线段．【解答】解：（1）过拉力作用点作竖直向下的拉力F2；（2）过支点O作F1作用线的垂线段（即动力臂L1）．如图所示24．杠杆AO在力F1、F2的作用下处于静止状态L2是力F2的力臂，在图中画出力F1的力臂L1和力F2．【考点】力臂的画法．【分析】力臂是支点到力的作用线的距离，作图时把握住力和力臂的垂直关系即可做出阻力．【解答】解：过力臂L2的右端，作垂直于L2的直线，与杠杆OA的交点为力F2的作用点，方向斜向左上方，即为F2；作F1的反向延长线，过支点O作F1的垂线，即为F1的力臂L1，如图所示：25．物体M在杠杆AOBC作用下如图位置静止，（1）请作出使杠杆在图示位置平衡的最小动力F1的示意图；（2）试在A点作出使杠杆在如图位置平衡时的最小力F2（O为支点）【考点】杠杆中最小力的问题．【分析】本题主要考查两个知识点：（1）对力臂概念的理解：力臂是指从支点到力的作用线的距离．（2）对杠杆平衡条件（F1L1=F2L2）的理解与运用：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小．【解答】解：（1）由杠杆平衡更条件F1L1=F2L2可知，当动力臂最长时，用力最小．连接OC即为最长动力臂，在做OC的垂线即为最小力F1；如图所示：（2）由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越，长动力越小．由图可知当力的方向跟杠杆OA垂直向上时动力臂最长，如图所示：。

2016-2017学年江苏省无锡市江阴市南闸实验学校九年级（下）第一次月考物理试卷一、选择题（每题2分，计24分）1．医生为心脏病患者诊断时，常用听诊器听患者的心跳，使用听诊器是为了（）A．增大心脏跳动时的振幅B．加快心脏跳动时的频率C．增强人听到声音的响度D．改善心脏跳动时的音色2．如图所示的现象中，由于光的反射形成的是（）A．游戏中的“手影”B．钢勺在水面处“折断”C．山峦在水中的“倒影”D．雨后天空中的“彩虹”3．如图所示，将平面镜和铅笔竖直放置在水平桌面上，下列说法正确的是（）A．铅笔水平向右移动时，它的像将变小B．平面镜竖直向上移动时，铅笔的像也将向上移动C．若改用一块较小的平面镜，铅笔的像将变小D．若铅笔按图示箭头方向转过45°，铅笔将与它的像垂直4．科研人员发现，将一种合金液添加到两金属块之间，合金液固化后能把金属块连接起来，从而实现常温焊接．这种合金液发生的物态变化与下列现象相同的是（）A．初春，薄雾缥缈 B．盛夏，夜深露重C．深秋，天降浓霜 D．寒冬，滴水成冰5．把一副眼镜放在太阳光下，在地面上看到如图所示的情形，关于该眼镜镜片的类型和可以矫正的视力缺陷，下列说法正确的是（）A．凹透镜，可以矫正远视眼B．凹透镜，可以矫正近视眼C．凸透镜，可以矫正远视眼D．凸透镜，可以矫正近视眼6．如图所示的生活用具中，使用时属于省力杠杆的是（）A．钢丝钳剪铁钉B．食品夹子夹食品C．钓鱼竿钓鱼 D．筷子夹菜7．如图，用滑轮组竖直向上提升重物，不计绳重和摩檫，下列措施能提高滑轮组机械效率的是（）A．减小动滑轮的重力B．增大重物上升的高度C．减小定滑轮的重力D．增大重物上升的速度8．如图，细线上端固定，下端拉着小球在竖直平面内摆动，A、B是球摆动过程中的最高点，C是最低点，不计空气阻力则（）A．球在A点时受力平衡B．球在C点时速度最大C．从B到C，球的动能减少D．从A到C，球的势能增加9．直流电动机是电动自行车的核心部件，其工作原理是（）A．电磁感应B．电流的磁效应C．磁极间的相互作用D．磁场对电流的作用10．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同．燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同．下列说法正确的是（）A．比较不同液体的比热容，可以选择甲丙两图B．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图C．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图D．比较不同燃料的热值，不可以选择甲乙两图11．图甲中的A、B分别为小灯泡和定值电阻的I﹣U图象，小灯泡和电阻的连接情况如图乙所示，电源电压8V，下列说法正确的是（）A．小灯泡电阻随温度的增大而减小B．灯泡的实际电功率为0.6WC．电阻的阻值为0.05ΩD．电阻的电功率为0.8W12．如图甲所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关，将滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程红，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示，则滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中（）A．电路总功率的最小值为1.8WB．电路总功率的最大值为6.4WC．定值电阻电功率的最小值为1.35WD．定值电阻电功率的变化为4.05W二、填空题（每题1分，计34分）13．电视机的遥控器能发射一种不可见光．即，以实现对电视的控制．如果不把遥控器对着电视机的控制窗口，而是对着墙壁调整角度也可以控制电视机．这利用了光的．彩色电视画面上的色彩是由红、、蓝三种色光混合而成．14．学习了平面镜成像的特点后，小华和小虎作了进一步的观察和研究．（1）他们分别代表物和像模拟平面镜成像，若小华向右转，小虎应向转．（2）小华走近办公楼的自动感应门时，门自动平移打开，则他在玻璃门中的像将（填“随”或“不随”）门平移．（3）傍晚，小虎在河边看到的夕阳在水中的倒影是等大的像，这是由于光在平静的水面上发生了反射．15．人脸识别门镜一体机是通过摄像机镜头来捕捉人脸信息（如图所示），该摄像机镜头相当于透镜，它的成像与（选填“照相机”、“投影仪”、“放大镜”）相似，所成的是（选填“放大”、“缩小”、“等大”）的实像，要使屏幕上的像大些，人应离镜头（选填“远”、“近”）些．16．如图所示是某电能表表盘的部分数据（imp表示电能表指示灯闪烁的次数）．当电路中某用电器单独工作6min时，电能表指示灯闪烁了320次，则该用电器消耗的电能是kW•h，它的功率是W．17．在高速铁路上，一列车以324km/h的速度在平直轨道上匀速行驶50km，若列车的牵引力为105N，通过这段路程牵引力所做的功为J，功率为W．18．如图所示为液态烛蜡和水在凝固时的温度﹣时间图象，则图是表示水的凝固图象．甲图中该物质在t1至t2时间内的状态是，内能（增加/不变/减少）．19．如图所示，用同一滑轮按甲、乙两种方式匀速提升同一物体，物体重100N，滑轮重25N，绳重N，图乙装置的机械效率η乙=，若图乙中再加挂一物体，机械效率和摩擦不计．图甲中F甲=将．20．己知天然气的热值为4.2×107J/m3 ，水的比热容为4.2×103 J/（kg．℃）．（1）完全燃烧0.04 m3天然气可放出热量为J．（2）某天然气灶烧水的效率为50%，完全燃烧0.04 m3天然气可使常温下5kg的水温度升高℃．21．压缩空气储能是一项全新的储能技术，它将多余电能利用压缩机把空气压缩到密闭容器中，该过程是通过方式将能量转化为气体的内能并储存．需要时，使压缩空气膨胀推动机器转动，又将内能转化成能，这一过程类似于四冲程汽油机的冲程．22．如图，是宿迁市区一交通道路上使用的风光互补LED路灯外形图和电路原理图，该电路中两只LED灯是并联的，灯上标有“24V 60W”字样．则两个LED灯正常发光时，通过光控开关S的电流为A；如果用这种路灯替换发光亮度相同的420瓦的传统路灯，那么500套风光互补路灯每天工作10小时可节约电能J．23．如图所示是利用太阳能电源工作的一种新型动力车．它上面的太阳能接收板的有效面积为8m2，天气晴朗且接收板正对阳光时，每平方米面积上每秒钟能接收到太阳辐射的能量为1000J，太阳能电池提供的电压为120V，可供电动机正常工作的电流为10A．（1）太阳能电池将太阳能转化为电能的效率是．（2）电动机正常工作时，将电能主要转化为能．若转化效率是80%，且该车沿水平路面匀速行驶时所获得的牵引力是150N，则该车匀速行驶的速度是m/s．24．如图1所示，R是压敏电阻，其阻值随压力的变化而改变，R0为定值电阻，闭合开关S，改变R 上压力大小．两电表示数之间的关系图象如图2所示，则电源电压U=V．R0=Ω；当R0消耗的电功率为0.4W时，R消耗的电功率P=W．三、解答题（共22分）25．按题目要求作图（1）如图所示，S1是光控开关，夜晚自动闭合，白天断开；S2是声控开关，有声音时自动闭合，安静时断开．将图连接成声光控楼道节能照明电路．（2）如图乙，一束光从水中斜射入空气，画出进入空气中折射光线的大致方向．（3）图丙中，根据小磁针静止时的指向，标出通电螺线管的磁感线方向和电源的正、负极．26．在做“探究导体中电流跟电阻的关系”的实验中，实验器材有：学生电源（3V不变），电流表、电压表、定值电阻四只（5Ω、10Ω、20Ω、25Ω各一只），滑动变阻器M（10Ω 1A），滑动变阻器N（20Ω1A），开关、导线若干．（1）请你用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整，要求滑片P向B端移动时电路中电流变大．（2）实验过程中，使用不同定值电阻进行探究时，调节滑动变阻器的阻值，使电阻R两端电压保持不变，这种方法是（填字母编号）；A．转换法B．控制变量法C．等效替代法（3）某次实验中，连接好电路，闭合开关时，发现电流表示数几乎为零，电压表示数约3V，调节滑动变阻器的阻值，两电表示数均无明显变化，电路故障原因可能是；（4）排除故障后，更换不同定值电阻进行了实验，记录实验数据如表：分析表中数据可得到的结论是：；（5）实验中选择的滑动变阻器应是（选填“M”或“N”）．27．在探究“凸透镜成像规律”的实验中．（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=cm．（2）如图乙，光屏上呈现清晰的像，此像的性质是的实像．若保持蜡烛和光屏位置不变，移动透镜至刻度线处，克屏上能再次呈现清晰的像．（3）如图丙，保持蜡烛位置不变，移动透镜至16cm刻度线处，则人眼在图中处能观察到烛焰的像．（4）如图丁，在烛焰和凸透镜之间放一副眼镜，发现光屏上的像由清晰变模糊了，将光屏向透镜移动适当距离后光屏上再次呈现清晰的像．则该眼镜是眼镜（近视/远视）．28．阅读短文，回答问题空气净化器由于雾霾天气的增多，空气净化器逐渐走入家庭，其工作过程（如图甲）是：脏空气进入净化器时，灰尘被正电钨丝放电而带上正电，流到负电格栅板时，带电灰尘被吸附．此后经过活性炭层时，化学有毒气体被吸附，排出空气的污染物浓度大幅降低，多次循环后变成洁净空气．洁净空气量（CADR）是反映其净化能力的性能指标，CADR值越大，其净化效率越高．利用CADR值，可以评估其在运行一定时间后，去除室内空气污染物的效果．按下列公式计算CADR：CADR=2.3V/t（V：房间容积；t：空气净化器使房间污染物的浓度下降90%运行的时间）其铭牌如下表：（1）该空气净化器正常工作时的电流为A．（2）某房间的使用面积为18m2，高度是3m．此空气净化器（能/不能）在1小时内净化90%的可吸入颗粒物．（3）可变电阻是制作二氧化碳传感器的常用元件，图乙为其控制电路，电源电压保持6V恒定，R t 为可变电阻，其阻值随二氧化碳浓度变化如图丙，R0为定值电阻，当浓度为0.031%时，电压表示数为1V，则R0阻值为Ω，当电压表示数大于3V时，二氧化碳浓度大于%，此时空气净化器会自动报警．2016-2017学年江苏省无锡市江阴市南闸实验学校九年级（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，计24分）1．医生为心脏病患者诊断时，常用听诊器听患者的心跳，使用听诊器是为了（）A．增大心脏跳动时的振幅B．加快心脏跳动时的频率C．增强人听到声音的响度D．改善心脏跳动时的音色【考点】响度与振幅的关系．【分析】物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，声音越强，听到的越清楚．【解答】解：听诊器的工作原理就是利用声音在管内空气中集中传播，减小声音的分散，提高声音的响度，从而可以听到更清楚的声音，然后根据经验判断是否有病症，听诊器无法改变声音的频率、音色，也不能增大心脏跳动的振幅．故选C．2．如图所示的现象中，由于光的反射形成的是（）A．游戏中的“手影”B．钢勺在水面处“折断”C．山峦在水中的“倒影”D．雨后天空中的“彩虹”【考点】光的反射．【分析】①要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的．②要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的．③要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射．【解答】解：A、游戏中的“手影”是由于光的直线传播形成的．故A不合题意．B、钢勺在水面处“折断”，是光通过水面时发生折射形成的，故B不合题意．C、山峦在水中的“倒影”属于平面镜成像，平面镜成像的原理是光的反射，故C符合题意．D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，被分解成七种色光，这种现象叫做光的色散现象，故D不合题意．故选C．3．如图所示，将平面镜和铅笔竖直放置在水平桌面上，下列说法正确的是（）A．铅笔水平向右移动时，它的像将变小B．平面镜竖直向上移动时，铅笔的像也将向上移动C．若改用一块较小的平面镜，铅笔的像将变小D．若铅笔按图示箭头方向转过45°，铅笔将与它的像垂直【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．【分析】根据平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体各对应点到平面镜间距离相等来分析此题．【解答】解：A、由平面镜成像的特点可知，铅笔与平面镜的距离改变，铅笔在镜中的像的大小不变，故A错误；B、平面镜竖直向上移动时，铅笔的像与铅笔还是关于平面镜所在平面对称的，故像不动，故B错误；C、像的大小与物体相等，故若改用一块较小的平面镜，铅笔的像将不变，故C错误；D、铅笔与平面镜的夹角为45°，根据平面镜成像的特点，此时平面镜将铅笔与像的夹角平分，所以铅笔与它在平面镜中的像互相垂直，故D正确．故选D．4．科研人员发现，将一种合金液添加到两金属块之间，合金液固化后能把金属块连接起来，从而实现常温焊接．这种合金液发生的物态变化与下列现象相同的是（）A．初春，薄雾缥缈 B．盛夏，夜深露重C．深秋，天降浓霜 D．寒冬，滴水成冰【考点】凝固与凝固放热特点．【分析】由物质液态变为固态的过程，叫凝固，结合所给选项分析物态变化．【解答】解：A、雾的形成，是液化现象，合金液由液态变为固态是凝固，故A不符合题意；B、露的形成是液化现象，合金液由液态变为固态是凝固，故B不符合题意；C、霜的形成是凝华现象，金液由液态变为固态是凝固，故C不符合题意；D、滴水成冰是凝固现象，D符合题意．故选D．5．把一副眼镜放在太阳光下，在地面上看到如图所示的情形，关于该眼镜镜片的类型和可以矫正的视力缺陷，下列说法正确的是（）A．凹透镜，可以矫正远视眼B．凹透镜，可以矫正近视眼C．凸透镜，可以矫正远视眼D．凸透镜，可以矫正近视眼【考点】辨别凸透镜和凹透镜的方法；远视眼的成因与矫正办法．【分析】凸透镜和凹透镜的区分：（1）边缘薄、中间厚的凸透镜，边缘厚、中间薄的凹透镜；（2）对光起会聚作用的是凸透镜，对光起发散作用的是凹透镜；（3）远视眼是晶状体会聚能力减弱，使像成在了视网膜的后面，需要佩戴凸透镜进行矫正．【解答】解：由图可见，阳光通过眼镜形成的光斑中间较亮，对光线起会聚作用，因此是凸透镜．远视眼所成的像在视网膜的后方，为了使像正好呈在视网膜上，应使光线提前会聚，使所成的像相对于晶状体前移，所以应配戴会聚透镜即凸透镜．故ABD错误、C正确．故选：C．6．如图所示的生活用具中，使用时属于省力杠杆的是（）A．钢丝钳剪铁钉B．食品夹子夹食品C．钓鱼竿钓鱼 D．筷子夹菜【考点】杠杆的分类．【分析】杠杆根据其力臂关系可以分为三类：动力臂大于阻力臂，省力杠杆；动力臂小于阻力臂，费力杠杆；动力臂等于阻力臂，等臂杠杆．【解答】解：A、钢丝钳剪铁钉过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、食品夹子夹食品过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、钓鱼竿钓鱼过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D、筷子夹菜过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．故选A．7．如图，用滑轮组竖直向上提升重物，不计绳重和摩檫，下列措施能提高滑轮组机械效率的是（）A．减小动滑轮的重力B．增大重物上升的高度C．减小定滑轮的重力D．增大重物上升的速度【考点】滑轮（组）的机械效率．【分析】（1）提高滑轮组机械效率的方法，有两种方法：一是减轻动滑轮质量、加润滑油减小摩擦，这些方法可以减少额外功，提高机械效率；二是增加提升物体的重，在额外功不变的情况下，增大有用功，从而提高机械效率．（2）不计绳重和摩檫时，滑轮组机械效率：η===；据此分析影响滑轮组机械效率的因素．【解答】解：用滑轮组竖直向上提升重物时，有用功：W有=G物h，不计绳重和摩檫，额外功：W额=G动h，总功：W总=W有+W额=G物h+G动h；则滑轮组的机械效率：η===；由此可知，滑轮组机械效率的高低与重物上升的高度、定滑轮的重力和重物上升的速度无关，故BCD 错误；由上式可知，减小动滑轮的重力，可减小额外功，能提高滑轮组的机械效率，故A正确；故选A．8．如图，细线上端固定，下端拉着小球在竖直平面内摆动，A、B是球摆动过程中的最高点，C是最低点，不计空气阻力则（）A．球在A点时受力平衡B．球在C点时速度最大C．从B到C，球的动能减少D．从A到C，球的势能增加【考点】动能和势能的大小变化；力与运动的关系．【分析】利用下列知识分析判断：（1）影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大．（2）影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大．（3）机械能是动能和重力势能的和，在小球运动的过程中，空气阻力忽略不计，机械能守恒．【解答】解：A、小球在A点时速度为0，受到斜向上的拉力和竖直向下的重力的作用，这二个力不在同一条直线上，所以小球受到的力不是平衡力，故A错；B、小球由A运动到C的过程中，重力势能转化为动能，小球在最低点C时速度最大，动能最大，故B正确；C、从B到C，小球的质量不变、高度减小，重力势能减小；质量不变、速度增大，动能增大，故C 错；D、从A到C的过程中，小球的质量不变、高度减小，所以重力势能减小，故D错．故选B．9．直流电动机是电动自行车的核心部件，其工作原理是（）A．电磁感应B．电流的磁效应C．磁极间的相互作用D．磁场对电流的作用【考点】直流电动机的原理．【分析】直流电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到磁场力的作用．【解答】解：A、电磁感应是发电机的原理，故A不符合题意．B、带电磁铁的元件，如电铃、电磁起重机、空气开关、电磁继电器等工作原理是电流的磁效应，故B不符合题意；C、磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，故C不符合题意；D、直流电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到磁场力的作用，故D符合题意．故选D．10．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同．燃料的质量相同，烧杯内的液体质量也相同．下列说法正确的是（）A．比较不同液体的比热容，可以选择甲丙两图B．比较不同液体的比热容，可以选择乙丙两图C．比较不同燃料的热值，可以选择乙丙两图D．比较不同燃料的热值，不可以选择甲乙两图【考点】燃料的热值；比热容的概念．【分析】（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；（2）为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系．【解答】解：AB、为了比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验，故A正确，B错误；CD、为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，应加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验，故CD错误．故选：A．11．图甲中的A、B分别为小灯泡和定值电阻的I﹣U图象，小灯泡和电阻的连接情况如图乙所示，电源电压8V，下列说法正确的是（）A．小灯泡电阻随温度的增大而减小B．灯泡的实际电功率为0.6WC．电阻的阻值为0.05ΩD．电阻的电功率为0.8W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】A、根据图象分析灯泡的电阻变化；B、根据图象确定灯泡两端的实际电压和电流，由P=UI计算实际电功率；C、根据公式R=得出定值电阻的阻值；D、根据图象确定定值电阻两端的电压和电流，由P=UI计算出实际电功率．【解答】解：A、由图甲结合R=可知，灯泡两端的电压增大时，灯泡的电阻增大；此时灯泡的实际功率增大，灯丝温度也在升高，由此说明，灯丝的电阻随温度的升高而增大，故A错误；B、灯泡和定值电阻串联，电流相等，电压之和等于电源电压，由图甲知，当电流为0.3A时，灯泡两端电压为2V，定值电阻两端电压为6V，总电压为8V，则灯泡的实际功率：P L=U L I=2V×0.3A=0.6W，故B正确；CD、由B项数据可知，电阻的阻值：R===20Ω，电阻的实际功率：P R=U R I=6V×0.3A=1.8W，故CD错误．故选B．12．如图甲所示电路，电源电压不变，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，闭合开关，将滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程红，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示，则滑动变阻器滑片由一端移到另一端的过程中（）A．电路总功率的最小值为1.8WB．电路总功率的最大值为6.4WC．定值电阻电功率的最小值为1.35WD．定值电阻电功率的变化为4.05W【考点】电功率的计算．【分析】由图象读出滑片在两端时的电表示数，根据电路特点和欧姆定律，由电源电压不变列出等式，求出电阻R1的阻值和电源电压；电路中R1和R2串联，由图乙读出最大、最小电流、滑动变阻器两端的电压，电源电压不变，根据P=UI 求出最大和最小总功率；再根据P=I2R1求出定值电阻的最大和最小功率．【解答】解：由图甲可知，滑片在左端时，变阻器连入阻值为0，电压表被短路，示数为0，电流为I左=1.2A，滑片在右端时，变阻器连入阻值最大，电压表测量滑动变阻器两端的电压，此时电压表示数最大，电路中电流最小，U滑=4.5V，电流为I右=0.3A，根据欧姆定律可得：U=I左R1…①U=I右R1+U滑…②两式联立：I左R1=I右R1+U滑，即：1.2A×R1=0.3A×R1+4.5V，解得R1=5Ω，U=6V，滑片在右端时，电路总功率有最小值：P小=UI右=6V×0.3A=1.8W，故A正确；滑片在左端时，电路总功率有最大值：P大=UI左=6V×1.2A=7.2W，故B错误；定值电阻电功率的最小值：P1小=I右2R1=（0.3A）2×5Ω=0.45W，故C错误；定值电阻电功率的最大值：P1大=I左2R1=（1.2A）2×5Ω=7.2W，定值电阻电功率的变化：△P=P1大﹣P1小=7.2W﹣0.45W=6.75W，故D错误．故选A．二、填空题（每题1分，计34分）13．电视机的遥控器能发射一种不可见光．即红外线，以实现对电视的控制．如果不把遥控器对着电视机的控制窗口，而是对着墙壁调整角度也可以控制电视机．这利用了光的反射．彩色电视画面上的色彩是由红、绿、蓝三种色光混合而成．【考点】红外线；光的反射；色光的三原色和颜料的三原色．【分析】红外线的热作用很强，可以制成热谱仪、夜视仪、电视遥控器，可见光和不可见光都遵循光的反射定律；光的三原色：红、绿、蓝．【解答】解：电视遥控器前端的发光二极管，能发出不同的红外线来实现电视遥控，红外线是看不见的光；红外线以光波的性质直线传播，并且可以发生反射，有时遥控器并没有对准电视机的控制窗口，而是沿某一合适的方向对准墙壁按下按钮，也可以控制电视机，这是利用了光的反射；彩色电视机画面上的颜色是由光的三原色红、绿、蓝三种色光混合而成．故答案为：红外线；反射；绿．14．学习了平面镜成像的特点后，小华和小虎作了进一步的观察和研究．（1）他们分别代表物和像模拟平面镜成像，若小华向右转，小虎应向左转．（2）小华走近办公楼的自动感应门时，门自动平移打开，则他在玻璃门中的像将不随（填“随”。

2016-2017学年江苏省无锡市江阴中学九年级（上）期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中只有一个正确）1．（2分）“0.15A”最可能是下列哪个用电器工作时的电流（）A．家用电冰箱B．家用空调器C．普通计算器D．教室荧光灯2．（2分）夹子是我们生活中经常使用的物品，如图给出了用手捏开和夹住物品时的两种情况。

下列说法中正确的是（）A．当我们用手将其捏开时，它是费力的B．当我们用其夹住物品时，它是费力的C．无论用手将其捏开还是夹住物品时，它都是省力的D．无论用手将其捏开还是夹住物品时，它都是费力的3．（2分）要测量小明通过楼梯上楼时的功率，不需要测量的是（）A．身体质量B．通过的楼梯高度C．通过的路程D．上楼所用的时间4．（2分）如图所示，小明分别用甲、乙两个滑轮把同一袋沙子从地面提到二楼，用甲滑轮所做的总功为W1，机械效率为η1；用乙滑轮所做的总功为W2，机械效率为η2．若不计绳重与摩擦，则（）A．W1=W2，η1=η2B．W1=W2，η1＜η2C．W1＜W2，η1＞η2D．W1＞W2，η1＞η2 5．（2分）如图所示，是研究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置，实验中让同一钢球从斜面上不同的高度由静止滚下，碰到同一木块上。

本实验中研究的动能是（）A．钢球在斜面上时的动能B．钢球撞击木块时的动能C．钢球撞击木块后的动能D．木块的动能6．（2分）某同学骑自行车下一长坡时，在途中由于车速过快，于是捏紧刹车，降低车速，保持安全速度匀速行至坡底，下车检查，发现刹车片发烫。

有关此过程的说法中，正确的是（）A．刹车片发烫，是做功改变了内能B．匀速下行时，是重力势能转化为动能C．匀速下行时，机械能保持不变D．刚下坡时，是动能转化为重力势能7．（2分）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A．温度高的物体比温度低的物体内能大B．物体的内能与温度有关，温度不变的物体内能也不变C．内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体D．物体的温度越高，所含热量越多8．（2分）水具有比热容大的特点，下列现象中与此特点无关的是（）A．海边的昼夜温差小B．空调房间放盆水增加湿度C．冬天暖气设备用热水供暖D．用水冷却汽车发动机9．（2分）干电池是一种常用、方便的电源。

2016-2017学年江苏省无锡市江阴市山观二中九年级（下）质检物理试卷（3月份）一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题的四个选项中只有一个正确）1．下列关于声音的说法中不正确的是（）A．“响鼓也要重锤敲”，说明声音是由振动产生的，且振幅越大响度越大B．“用超声波去除人体内的结石是利用了声波的能量C．“闻其声知其人”，说明可以根据音色来判断说话者D．“公共场所不要大声说话”是要求人们说话的声音音调要低一些2．下列自然现象中，属于凝华现象的是（）A．春天，冰雪消融B．夏天，薄雾缭缈C．秋天，露水晶莹D．冬天，霜打枝头3．下列关于“光现象”的说法正确的是（）A．浓密的树荫下出现很多圆形的光斑，这是由于光的反射引起的B．路边建筑物的玻璃幕墙造成光污染，这是由于光的漫反射引起的C．池水看起来比实际浅，这是由于光的折射引起的D．红色的牡丹花看上去呈红色，这是由于它吸收红光，反射其他色光引起的4．下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是（）A．0℃的冰没有内能B．同一物体，温度越高内能越大C．物体温度越高，所含热量越多D．物体内能减少，一定对外做功5．在“用托盘天平测物体质量时”，某同学用已调好的天平在测物体质量过程中，通过增、减砝码后，发现指针指在分度盘的中央刻度线左边一点，这时他应该（）A．把横梁右端螺母向右旋出一些B．把横梁右端螺母向左旋出一些C．把天平右盘的砝码减少一些D．向右移动游码6．下图是课本中的几个实验，演示磁场对通电导体有力作用的是（）A．B． C．D．7．如图所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中，下列说法正确的是（）A．为了便于观察找到像的位置，该实验最好选平面镜进行实验B．如果将蜡烛A向玻璃板靠近，像会变大C．移去后面的蜡烛B，并在该处上放一光屏，发现光屏上能成正立的像D．保持A、B两支蜡烛的位置不变，前后改变玻璃板的位置，发现B不能与A的像重合8．某机器的能量流向图如图所示，据此推测该机器可能是（）A．汽油机B．电风扇C．发电机D．电热水器9．如图所示，运动员沿水平方向射箭，松手后到箭射中木板前，箭的动能（忽略空气阻力的影响）（）A．一直变大B．一直不变C．先变大后不变D．先变大后变小10．下面是小明同学物理课后自己整理的笔记，其中正确的是（）A．原子核占据了原子的大部分空间B．光导纤维是利用超声波来传递信息的C．煤、石油、天然气都是太阳能的产物D．核电站反应堆中发生的是可以控制的核聚变11．如图所示是小红测定小灯泡电阻的电路图，当闭合开关S时，发现灯L不亮，电流表、电压表均无示数．若电路故障只出现在灯L和变阻器R中的一处，则下列判断正确的是（）A．灯L短路B．灯L断路C．变阻器R短路D．变阻器R断路12．如图所示为科研人员研制的“发电鞋”，鞋的内部安装了磁铁和线圈，当人体带动磁铁运动时，磁铁产生的磁场通过线圈，从而产生感应电流，当人以5km/h的速度行走时，其发电的功率约为0.4W．下列说法正确的是（）A．发电鞋工作时将电能转化为机械能B．发电鞋是利用电磁感应原理工作的C．发电鞋是利用电流磁效应原理工作的D．在人以5km/h的速度行走1h的过程中，发电鞋可以产生约0.4J的电能二、填空题（本题共11小题，每空1分，共24分）13．小明向家里打电话，他主要依据声音的听出是妈妈接的电话；妈妈要他把声音讲大些这是要求增大声音的（选填“音调”、“响度”或“音色”）．14．沪宁城际铁路即将通车，南京至上海路程约为300km，若列车运行的平均速度为250km/h，则乘坐该列车从南京到上海只需h．列车中的乘客看到车外的树木飞驰而过，这是以为参照物．15．写出下列事例中用到的物理知识：（1）自去年冬天以来，我省出现比较严重的旱情，有关部门利用于冰升华时（选填“吸收”或“放出”）热量的特点进行了人工降雨．（2）夏天的晚上，为了驱赶蚊虫，小敏在房间里使用电蚊香，过了会房间里就充满蚊香的气味，这是因为．16．如图所示，OAB为均匀直角尺，重为2G，且OA=AB，直角尺可绕过O点的水平轴在竖直平面内自由转动．为使杆的OA部分保持水平，若施力于A端，则最小作用力为．17．如图，这是一款人脸识别门禁一体机，通过摄像镜头来捕捉人脸信息，该摄像镜头相当于凸透镜，所成的是（填“放大”、“缩小”或“等大”）的像（填“实”或“虚”）；若镜头的焦距为10cm，为了能成清晰的像，人脸到镜头的距离应大于cm．18．在观察水的沸腾实验中：水沸腾时气泡上升的情况如图1中的（选填“甲”或“乙”）所示．若实验环境气压明显低于标准大气压，则测得的水的沸点会100℃（选填“高于”、“等于”或“低于”）．三位同学作出的水的沸腾图象如图2中的甲、乙、丙，其中正确的图；19．2013年12月2日，中国“嫦娥三号”带着“玉兔”月球车成功发射，在发射过程中，“玉兔”月球车相对于“嫦娥三号”是（选填“运动”或“静止”）的；从地球到月球上，月球车的质量（选填“变大”“变小”或“不变”）；科学家依靠与月球车传递信息．20．在图甲所示的电路中，当开关S从2转到1时，根据电流表和电压表对应的示数，在U﹣I坐标中描绘了相对应的坐标点，如图乙所示，电源电压是，电阻R2的阻值是．21．人造地球卫星广泛应用于通信、气象、国防等领域，当卫星从近地点向远地点运动的过程中，能转化为能．22．跳绳是一种健身运动，李强同学对此作了专门研究：跳绳者的质量m=60kg，跳绳者的重心高度随时间变化的情况如图所示．根据所给条件可估算出此跳绳者每跳一次克服重力所做的功是J，在1min内克服重力做功的平均功为W．（g取10N/kg）23．电子式电能表表盘上标有“3200i mp/（kW•h）”字样，将标有“220V 1210W”的电热器单独接在该电能表上正常工作6min，电能表指示灯闪烁了320次，该电热器在上述时间内消耗的电能为J，它的实际电功率是W（不考虑温度对电阻的影响）．三、解答题（共32分，24题共6分，25题共7分，26题4分、27题7分，28题共8分）24．按照题目要求作图：如图所示的是一条从空气斜射入水中的折射光线，在图中画出其入射光线的大致方向．25．如图所示，画出光线通过透镜后的光路图．26．在图中，标出螺线管的N极、S极和电源的正、负极．27．根据平面镜成像的特点，作出图中物体在平面镜中所成的像．28．小明想知道酱油的密度，于是他和小华用天平和量筒做了如下实验：（1）将天平放在水平台上，把游码放在处，发现指针指在分度盘的右侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向（选填“右”或“左”）调．（2）用天平测出空烧杯的质量为17g，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示，将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图乙所示，则烧杯中酱油的质量为g，酱油的密度为kg/m3．（3）小明用这种方法测出的酱油密度会（选填“偏大”或“偏小”）．（4）小华不小心将量筒打碎了，老师说只用天平也能测量出酱油的密度．于是小华添加两个完全相同的烧杯和适量的水，设计了如下实验步骤，请你补充完整．①调好天平，用天平测出空烧杯质量为m0．②将一个烧杯，用天平测出烧杯和水的总质量为m1．③用另一个烧杯装满酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为m2．）④则酱油的密度表达式ρ=．（已知水的密度为ρ水29．一小轿车以108km/h的速度匀速行驶，此时发动机动率是75kW，行驶30min，求：（1）发动机的牵引力是多大？（2）发动机在这段时间内做的功．30．小明想测量额定电压为2.5V，额定功率约为1W的小灯泡的电阻．现有规格分别为“10Ω 2A”、“30Ω1A”的两只滑动变阻器，电源电压恒为4.5V．（1）请在图甲所示的电路图中虚线框内填上合适的电表符号．（2）请你在图乙中一处不合理的导线上打叉，另画一条导线使电路连接正确．（3）小明正确连接电路，闭合开关前，滑动变阻器的划片置于（“左”或“右”），进行实验后，将记录的数据描在了图丙中的坐标上，并用平滑的曲线描绘出了电压和电流的变化关系．①灯泡正常发光时的灯丝电阻为Ω．②通过图象进一步分析可知，灯丝的电阻随温度升高而．（4）根据坐标中的描点数据分析可知，选用的滑动变阻器规格是，其原因是．31．某种电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），从它的说明书上收集到如下数据及图所示的简化电路原理图．（1）当S闭合，S0断开时，饮水机处于（填“加热”或“保温”）状态．（2）求：①一满热水箱水的质量；②保温时的电流．（1L=1×10﹣3m3）（3）将一满热水箱的水从20℃加热到80℃需要吸收多少热量？若加热效率为90%，需要加热多长时间？103J/（kg•℃），ρ水=1.0×103kg/m3]．[c水=4.2×2016-2017学年江苏省无锡市江阴市山观二中九年级（下）质检物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分．每小题的四个选项中只有一个正确）1．下列关于声音的说法中不正确的是（）A．“响鼓也要重锤敲”，说明声音是由振动产生的，且振幅越大响度越大B．“用超声波去除人体内的结石是利用了声波的能量C．“闻其声知其人”，说明可以根据音色来判断说话者D．“公共场所不要大声说话”是要求人们说话的声音音调要低一些【考点】9G：响度与振幅的关系；9C：音调；9H：音色；9N：声与能量．【分析】声音有三大特征，分别是响度、音调和音色．响度是指声音的强弱，它与振幅有关．音调是指声音的高低，它与频率有关．音色是指声音的品质与特色，不同物体发出的声音音色是不同的．声音的传播需要介质，真空不能传声，且声波是有能量的．根据以上内容，对各个选项进行分析．【解答】解：A、物体振幅越大，响度越大．正确．B、声波可以传递能量，可以用超声波去除人体内的结石．正确．C、不同人说话的特点不同，就是指音色不同．正确．D、大声说话是指人们说话的声音的响度大，不是指音调．故D错误，符合题意．故选D．2．下列自然现象中，属于凝华现象的是（）A．春天，冰雪消融B．夏天，薄雾缭缈C．秋天，露水晶莹D．冬天，霜打枝头【考点】1R：生活中的凝华现象．【分析】物态变化有六种类型：物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华．【解答】解：A、冰雪消融，物质由固态变成液态，属于熔化现象，该选项不符合题意；B、雾是由空气中的水蒸气遇冷变成的小水滴，属于液化现象，该选项不符合题意；C、露是由空气中的水蒸气遇冷变成的小水滴，属于液化现象，该选项不符合题意；D、霜是由空气中的水蒸气遇冷直接变成的小冰晶，属于凝华现象，该选项符合题意．故选D．3．下列关于“光现象”的说法正确的是（）A．浓密的树荫下出现很多圆形的光斑，这是由于光的反射引起的B．路边建筑物的玻璃幕墙造成光污染，这是由于光的漫反射引起的C．池水看起来比实际浅，这是由于光的折射引起的D．红色的牡丹花看上去呈红色，这是由于它吸收红光，反射其他色光引起的【考点】A2：光在均匀介质中直线传播；A9：镜面反射；AM：光的折射现象及其应用；AR：物体的颜色．【分析】解答此题用到以下知识：（1）光的反射分为镜面反射和漫反射，无论什么反射，对于每一条光线都遵守光的反射定律；（2）光在同种均匀介质中沿直线传播；（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，会发生光的折射现象．【解答】解：A、浓密的树荫下出现很多圆形的光斑，这里的圆形光斑是太阳通过树叶间的小缝隙成的像，即小孔成像，是由光沿直线传播形成的．故A错误．B、玻璃幕墙，非常平滑，其发生的是镜面反射．故B错误．C、池水变浅，是由池底反射的光线，经过水面折射后，由于折射角大于入射角而造成的，故C正确．D、不透明物体的颜色是由其反射的色光所决定的，所以红色的牡丹反射红光，而吸收其他色光．故D错误．故选C．4．下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是（）A．0℃的冰没有内能B．同一物体，温度越高内能越大C．物体温度越高，所含热量越多D．物体内能减少，一定对外做功【考点】G6：温度、热量与内能的关系．【分析】要解答本题需掌握：（1）一切物体都具有内能；（2）内能与物体的质量、温度、状态等因素有关；（3）描述热量的物理术语；（4）改变物体内能的两种方法是等效的．【解答】解：A、一切物体的分子都在不停的做无规则运动，所以一切物体都具有内能，故A错误；B、同一物体，温度越高，内能越大，故B正确；C、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有表示，故C错误；D、改变物体内能的方法有：做功和热传递，物体内能减少，可能是对外做功，也可能是散失了热量，故D错误．故选B．5．在“用托盘天平测物体质量时”，某同学用已调好的天平在测物体质量过程中，通过增、减砝码后，发现指针指在分度盘的中央刻度线左边一点，这时他应该（）A．把横梁右端螺母向右旋出一些B．把横梁右端螺母向左旋出一些C．把天平右盘的砝码减少一些D．向右移动游码【考点】26：天平的使用．【分析】天平的使用包括两大步，即天平的调节和物体的称量，平衡螺母是在调节过程中来调节横梁平衡的，而称量过程中不能调节平衡螺母．【解答】解：称量时，发现指针指在分度盘中央刻度线的左边一点，说明左边重，左边放的是物体，则应向右盘里加砝码或向右移动游码，向右移动游码，相当于右盘中增加了一个更小的砝码．而此时不能调节平衡螺母．故A、B、C错误．故选D．6．下图是课本中的几个实验，演示磁场对通电导体有力作用的是（）A．B． C．D．【考点】CJ：磁场对通电导线的作用；C9：通电直导线周围的磁场；CP：电磁感应．【分析】由实验的装置及现象可知实验的原理和目的，则可判断哪一个符合要求．【解答】解：A、当闭合开关后，放在磁场中的导体AB中有电流通过，且导体会动起来，说明磁场对通电导体有力的作用，故A符合题意．B、该实验装置中没有电源，当放在磁场中的导体AB在磁场中做切割磁感线运动时，灵敏检流计的指针就会偏转，即产生了感应电流，这是电磁感应现象，故B不符合题意．C、当导体中有电流通过时，放在导体下方的小磁针发生了偏转，说明通电导线周围存在磁场，故C 不符合题意；D、该实验中当扇叶转动时小灯泡会发光，演示的电磁感应现象，故D不符合题意．故选A．7．如图所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中，下列说法正确的是（）A．为了便于观察找到像的位置，该实验最好选平面镜进行实验B．如果将蜡烛A向玻璃板靠近，像会变大C．移去后面的蜡烛B，并在该处上放一光屏，发现光屏上能成正立的像D．保持A、B两支蜡烛的位置不变，前后改变玻璃板的位置，发现B不能与A的像重合【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．【分析】（1）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系．（2）平面镜成像大小跟物体的大小有关，这是关键．（3）平面镜所成的像是虚像，虚像不是实际光线的会聚点，所以不会出现在光屏上．（4）平面镜成像时，像和物体的大小相等，到平面镜的距离相等．【解答】解：A、实验中用玻璃板代替平面镜，物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置，故本选项错误．B、平面镜成像大小跟物体大小有关，与物体到平面镜的距离无关，蜡烛A向玻璃板靠近，像的大小不会变化，故本选项错误．发现光屏上能成正立的像．故本选项错误．D、平面镜成像时，像和物体到平面镜的距离相等，当保持A、B两支蜡烛的位置不变，前后改变玻璃板的位置时，像和物体到平面镜的距离不相等，那么B不能与A的像重合，故本选项正确．故选D．8．某机器的能量流向图如图所示，据此推测该机器可能是（）A．汽油机B．电风扇C．发电机D．电热水器【考点】CS：发电机的构造和原理．【分析】由能量流向图判断该机器主要将什么能转化成了什么能即可解决此题．热机：将内能转化为机械能；电动机：将电能转化为机械能；发电机：将机械能转化为电能；电热水器：将电能转化为内能．【解答】解：A、汽油机属于热机：将内能转化为机械能；故A错误．B、电风扇中的是电动机，是将电能转化为机械能的机器，故B错误；C、发电机是将机械能转化为电能的机器，故C正确；D、电热水器是将电能转化为内能的机器，故D错误．故选C．9．如图所示，运动员沿水平方向射箭，松手后到箭射中木板前，箭的动能（忽略空气阻力的影响）（）A．一直变大B．一直不变C．先变大后不变D．先变大后变小【考点】FN：动能和势能的大小变化．【分析】（1）动能的大小与物体的质量和速度有关；（2）弹性势能的大小与物体发生弹性形变的程度有关．二者之间可以相互转化．【解答】解：如图所示，运动员沿水平方向射箭，松手后弓弦的弹性势能变小，转化为箭的动能，使箭的动能变大，当箭离开弓弦后，不计空气的阻力，由于惯性继续向前运动，所以动能是不变的．故故选C．10．下面是小明同学物理课后自己整理的笔记，其中正确的是（）A．原子核占据了原子的大部分空间B．光导纤维是利用超声波来传递信息的C．煤、石油、天然气都是太阳能的产物D．核电站反应堆中发生的是可以控制的核聚变【考点】32：原子的核式模型；DA：光纤通信；K7：核裂变；K8：太阳能．【分析】（1）原子是由原子核和核外电子组成的，原子核的体积很小．（2）光导纤维是利用频率比较高的激光来传递信息的．（3）人类使用的主要能源煤、石油、天然气等都是由太阳能转化而来的．（4）核电站是利用可控的链式反应工作的．【解答】解：A、原子核在原子中占据很小的空间，故A不正确；B、光导纤维是利用激光来传递信息的，故B不正确；C、煤、石油、天然气都是太阳能的产物，故C正确；D、核电站是利用可控的链式反应工作的，这是利用核裂变，故D不正确．故选C．11．如图所示是小红测定小灯泡电阻的电路图，当闭合开关S时，发现灯L不亮，电流表、电压表均无示数．若电路故障只出现在灯L和变阻器R中的一处，则下列判断正确的是（）A．灯L短路B．灯L断路C．变阻器R短路D．变阻器R断路【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】灯泡不亮说明电路某处断路或灯短路；若电压表无示数，说明电压表被短路或与电源不能相通；电流表无示数说明是某处断路或电流表短路；综合分析进行判断．【解答】解：A、灯泡L短路，灯不亮，电压表示数为0，电流表有示数，不符合题意，故A错；B、灯泡L发生断路，灯不亮，电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，电压表有示数；电压表的电阻无限大，使得电路中的电流为0，电流表的示数为0，不符合题意，故B错；D、变阻器断路，灯不亮，电流表和电压表都无示数，符合题意，故D正确．故选D．12．如图所示为科研人员研制的“发电鞋”，鞋的内部安装了磁铁和线圈，当人体带动磁铁运动时，磁铁产生的磁场通过线圈，从而产生感应电流，当人以5km/h的速度行走时，其发电的功率约为0.4W．下列说法正确的是（）A．发电鞋工作时将电能转化为机械能B．发电鞋是利用电磁感应原理工作的C．发电鞋是利用电流磁效应原理工作的D．在人以5km/h的速度行走1h的过程中，发电鞋可以产生约0.4J的电能【考点】CP：电磁感应．【分析】电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中会有感应电流产生，把机械能转化为电能；据此分析其工作原理和能量转化形式；根据W=Pt计算发电鞋的功率大小．【解答】解：（1）由题意可知，人在行走时，人体带动磁铁运动，磁铁产生的磁场通过线圈，从而产生感应电流，所以“发电鞋”是利用电磁感应现象制成的；故B正确，C错误；（2）电磁感应现象中，消耗机械能，得到电能，发电鞋工作时将电能转化为机械能；故A错误；（3）当人以5km/h的速度行走时，其发电的功率约为0.4W，所以1h产生的电能为：W=Pt=0.4W×3600s=1440J，故D错误．故选：B．二、填空题（本题共11小题，每空1分，共24分）13．小明向家里打电话，他主要依据声音的音色听出是妈妈接的电话；妈妈要他把声音讲大些这是要求增大声音的响度（选填“音调”、“响度”或“音色”）．【考点】9H：音色；9G：响度与振幅的关系．【分析】音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关；响度反映的是声音的大小，它跟发声体的振幅有关，振动幅度越大，响度越大．【解答】解：因为不同人的声带发声结构不同，所以发出声音的音色不同，故我们可以通过音色辨别是谁；故答案为：音色；响度．14．沪宁城际铁路即将通车，南京至上海路程约为300km，若列车运行的平均速度为250km/h，则乘坐该列车从南京到上海只需 1.2h．列车中的乘客看到车外的树木飞驰而过，这是以列车为参照物．【考点】69：速度公式及其应用；52：参照物及其选择．【分析】（1）知道列车的路程和速度，求出运行时间．（2）首先确定被研究的物体，被研究的物体是运动的，一定选择和被研究的物体位置发生变化的物体为参照物．【解答】解：（1）∵v=，∴t===1.2h．（2）树木飞驰而过说明树木是运动的，树木和列车（或乘客）之间发生的位置的改变，所以以列车（或乘客）为参照物．故答案为：1.2；列车（答案不唯一）．15．写出下列事例中用到的物理知识：（1）自去年冬天以来，我省出现比较严重的旱情，有关部门利用于冰升华时吸收（选填“吸收”或“放出”）热量的特点进行了人工降雨．（2）夏天的晚上，为了驱赶蚊虫，小敏在房间里使用电蚊香，过了会房间里就充满蚊香的气味，这是因为分子在永不停息地做无规则运动．【考点】1Q：生活中的升华现象；GV：分子的运动；GW：扩散现象．【分析】物体由固态变为气态的现象叫升华，升华要吸热；物体是由分子构成的，构成物体的分子总在不停的做无规则运动．【解答】解：（1）干冰是固态的二氧化碳，在常温下就可以迅速的升华为二氧化碳气体，升华时要吸收热量；故答案为：吸收．（2）插上电蚊香，蚊香分子就会运动到空气中，我们就可以闻到蚊香的气味；故答案为：分子在永不停息地做无规则运动．16．如图所示，OAB为均匀直角尺，重为2G，且OA=AB，直角尺可绕过O点的水平轴在竖直平面内自由转动．为使杆的OA部分保持水平，若施力于A端，则最小作用力为 1.5G．。