福建省福州高级中学2012届高三化学专题训练 化学实验2

福建高三模拟化学汇编（化学实验基础2）.
1．(宁波市十校联考理综测试卷)有关化学实验的基本操作中，正确的是
A．配制500mL某物质一定物质的量浓度的溶液，可用两个250mL的容量瓶
B．测定某溶液的pH，将干燥的试纸浸入到待测溶液，过一会儿取出，与标准比色卡比较
C．中和热测定实验中以环形铜丝搅拌棒代替环形玻璃搅拌棒会使测定值比理论值偏低
D．检验亚硫酸钠固体是否变质，先将少量样品溶于水中，再加入酸化的硝酸钡溶液
2．(龙海五中高三化学最后三卷)某溶液中只可能含有下列离子中的几种：K+、NO3－SO42－NH4+、
CO32－OH－NO3－SO42－NH4+、CO32－NO3－．为提纯下列物质（括号内的物质是杂质），所选用的除杂试剂和分离方法都正确的是
被提纯的物质除杂试剂分离方法A溴化钠溶液（NaI）氯水、CCl4萃取、分液B氯化铵溶液(FeCl3)氢氧化钠溶液过滤C二氧化碳（CO）氧化铜粉末通过灼热的CuO粉末D乙酸乙酯（乙酸）乙醇、浓硫酸加热
A．向容量瓶中转移溶液
C．浓硫酸与铜的反应
Cu片
浓硫酸
浸有稀硫酸的棉花
石蕊试液
B．中和热的测定
环形玻璃搅拌棒
温度计
碎泡沫塑料
D．乙二酸晶体受热分解
H2C2O4·2H2O
—石灰水。

6．下列说法不正确的是A．易燃试剂与强氧性试剂分开放置并远离火A．用湿润的红色石蕊试纸检验氨气．在50量筒中配置01000·1L 碳酸钠溶液D．金属着火时，用细沙覆盖灭火解析：A项：燃烧过程是一个发生氧还原反应的过程，易燃试剂作还原剂，在强氧性试剂存在下，当温度达到可燃物的着火点就容易发生火灾，正确；B项：氨气是碱性气体，使湿润的红色石蕊试纸变蓝，正确；项：量筒不是精密仪器，配制0,1000/L碳酸钠溶液要用到容量瓶，不正确；D项：金属钠遇到水或二氧碳都会发生反应，所以金属钠着火时，用细沙覆盖灭火，正确。

7．下列冠以有机物的叙述正确的是A．乙醇不能发生取代反应B．104CΗ有三中同分异构体．氨基酸、淀粉属于高分子合物D．乙烯和甲烷可用溴的四氯碳溶液鉴别解析：A项：乙醇和乙酸发生酯反应，而酯反应是取代反应中的一种，错误；B项：4H10只存在两种同分异构体，一种是正丁烷，一种是异丁烷，错误；项：氨基酸不属于高分子合物，错误；D项：乙烯可以使溴的四氯碳褪色，正确。

8．短周期元素R、T、Q、W在元素周期表中的相对位置如右下图所示，其中T 所处的周期序与族序相等。

A．最简单气态氢物的热稳定性：R>QB．最高价氧物对应水物的酸性：Q<W．原子半径：T>Q>RD．含T的盐溶液一定显示酸性解析：依题意可知；T是铝，Q是硅，R是氮，W是硫；A项：N的非金属性强于P ，P 非金属性强于S ，正确；B 项：S 的非金属性强于S ，正确； 项：同一周期，从左到右。

原子半径依次减小，N 的原子半径小于P ，正确；D 项：比如：偏铝酸钠的水溶液显碱性。

错误。

9．将右图所示实验装置的闭合，下列判断正确的是A ．Cu 电极上发生还原反应B ．电子沿→→b →路径流动．片刻后甲池中c （24SO -）增大D ．片刻后可观察到滤纸b 点变红色解析：闭合时，当负极，铜片当正极构成原电池，使得为阴极，b 为阳极，电解饱和硫酸钠溶液。

2012年高考福建卷理综化学详解与评析6、下列说法不正确的是不正确的是（）A．易燃试剂与强氧化性试剂分开放置并远离火源B．用湿润的红色试纸检验氨气C．在50ml的量筒中配置0.1000mol/L碳酸钠溶液D．金属钠着火时，用细沙覆盖灭火【解析】答案：C由于量筒的精确度只到0.1ml，配出来的溶液只能精确到0.1mol/L，所以C不正确。

这题属于实验化学，常识题。

7、下列关于有机物的叙述正确的是（）A．乙醇不能发生取代反应B．C4H10有三种同分异构体C．氨基酸、淀粉属于高分子化合物D．乙烯和甲烷可以用溴的四氯化碳溶液检验【解析】答案：D由于乙烯能使溴的四氯化碳溶液褪色而甲烷不能，B项正确；乙醇能与金属钠发生取代反应，乙醇和乙酸的酯化反应也是属于取代反应，A错误；C4H10比只有两种同分异构体，C错误。

氨基酸不是高分子化合物，D错误。

这题是有机基础题。

8、短周期元素R、T、Q、W在元素周期表中的相对位置如右图所示，其中T所属的周期序数与族序数相等。

下列判断不正确的是（）A．最简单的气态氢化物的热稳定性：R>QB．最高级氧化物对应水化物的酸性：Q<WC．原子半径：T>Q>R＋D．含T的盐溶液一定显酸性【解析】答案：B通过题干信息:T所属的周期序数与族序数相等，可以判断出T是Al，从而推出Q是Si、W是S，R是N。

最简单的气态氢化物的热稳定性：NH3>SiH4-，A正确；最高价氧化物对应水化物的酸性：H2SiO3<H2SO4,B正确；原子半径：Al>Si>N，C正确；含Al的盐溶液中，虽然由于铝离子会水解呈酸性，但若酸根离子的水解程度更大，根据谁强显谁性的规律，该盐溶液也可能显碱性，D错误。

这题的A、B、C三个选项是必修2专题1的元素周期律的内容，D选项考察了学生对水解的理解。

难度中下。

9、将右图所示实验装置的K闭合，下列判断正确的是（）A.Cu电极上发生还原反应B.电子沿Zn a b Cu路径流动C．片刻后甲池中C(SO42-)增大D．片刻后观察到滤纸b变红色【解析】答案：A甲和乙构成原电池，滤纸是电解池。

福州市2011—2012学年第一学期期末高三质量检查化学试卷参考答案及评分标准第Ⅰ卷（选择题共50分）一、选择题（本题包含10个小题，每小题均只有一个正确选项，共20分） 题序 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案ACDABBABCB二、选择题（本题包含10个小题，每小题均只有一个正确选项，共30分） 第Ⅱ卷（非选择题 50分）三、填空题(包含2小题，共20分) 21.（8分） ⑴（2分） ⑵（2分），O=C=O （2分）⑶NH 4HCO 3 （2分）22.（4分）C(s) + H 2O(g) CO(g) + H 2(g) ΔH ＝131.5 kJ ·mol －1（热化学方程式状态漏写或反应热错均不得分）23.（8分）（1）0.001（2分） （2）2224c NO K c N O （）（）（2分）（答“2C 2（）（）N O C N O 24”“K=2C 2平平（）（）N O C N O 24”等均可得分） 增大 （2分）（填“变大”、“增加”也可得分） （3）BCD （2分）（漏选得1分，错选不得分。

）四、实验综合题(包含2小题，共30分) 24.（14分）（1）吸收氢气中的HCl(1分)（填“除去HCl ”等合理答案可得分，填“除杂”不得分。

） 检验氢气纯度(1分)（填“验纯H 2”等合理答案可得分） 固体粉末由黑变红(2分)（填“固体变红”等合理答案可得分） H 2+CuO△Cu+H 2O(2分)（化学式写错、未配平均不得分。

条件漏写扣1分。

）题序 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 答案BDBABADDCD（2）浓盐酸(1分)（填“盐酸”可得分）浓硫酸(1分) 吸收氯气以免污染环境(2分)（填“除去氯气”等合理答案可得分。

）（3）ADBD(D盛装碱石灰)或ADBC(C盛装氢氧化钠溶液) (2分)；4NH3+5O2催化剂△4NO+6H2O(2分)（化学式写错、未正确配平不得分，条件漏写扣1分，多写“2NO+O2=2NO2”不扣分）25.（16分）（1）增大固体表面积，从而增大反应速率（2分） CO2（1分） SiO2（1分）（2）B（2分） 2FeSO4 + H2SO4 + H2O2 = Fe2(SO4)3 + 2H2O（2分）（化学式写错、未配平均不得分，写离子方程式2Fe2++2H++H2O2=2Fe3++2H2O可得2分）（3）D（2分） CuO + 2H+ = Cu2+ + H2O（2分）（化学式写错、未配平均不得分，写化学方程式不得分。

福州三中2011—2012学年高三第四次月考理科综合化学能力试题本试卷分第Ⅰ卷(选择题）和第Ⅱ卷.第Ⅰ卷为必考题,第Ⅱ卷包括必考题和选考题两个部分.满分500分。

考试时间150分钟。

相对原子质量：H—1 O—16 C—12第Ⅰ卷（选择题共108分）本卷共18小题,每小题6分，共108分。

在每天小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要救。

6．下列关于物质的用途或变化，说法正确的是（）A．A12O3熔点很高，可用作耐火材料B．高纯度的硅单质用子制作光导纤维C．铝热反应是炼铁最常用的方法D．N2与O2在放电条件下直接化合生成NO27．设N A是阿伏加德罗常数的数值,下列说法正确的是（）A．标准状况下，22.4LHC1溶于水后溶液中含有N A个HC1分子B．常温常压下,16gO3气体含有N A个O3分子C．1L0。

1mol·L-1的Na2SO4溶液中含有0.1N A个Na+D．1molC2与足量Fe反应，转移的电子数为2N A8．某研究小组通过实验探究Cu及其化合物的性质，操作正确且能达到目的的是（）A．将铜丝插入浓硫酸加热，反应后把水加入反应器中，观察硫酸铜溶液的颜色B．常温下将铜丝伸入盛满氯气的集气瓶中，观察CuC12的生成C．将CuC12溶液在蒸发皿中加热蒸干，得到无水CuC12固体D．将表面有铜绿[Cu2（OH）2CO3］的铜器放入盐酸中浸泡，除去铜绿9．下列化学反应的离子方程式正确的是( ）A．氧化亚铁加入稀硝酸：FeO+2H+=Fe2++H2OB．铝片加入烧碱溶液:2A1+2OH—+2H2O=2A1O2—+3H2↑C．碳酸氢铵溶液和足量氢氧化钠溶液混合：HCO3—+OH—=CO32—+H2OD．硅酸钠溶液和稀硫酸混合：Na2SiO3+2H+=H2SiO3↓+2Na+ 10．下列各溶液中，微粒的物质的量浓度关系正确的是（）A．Na2CO3溶液：c（Na+）=c(CO32-)+c（HCO3-)+c(H2CO3) B．NH4C1溶液：c（NH4+）=c（C1—）C．硝酸钠与稀盐酸的混合溶液:c(Na+）=c（NO3—）D．等体积等浓度的氢氧化钠与醋酸混合：c（Na+）>c （CH3COO—)>c(H+)〉c（OH-）11．短周期元素X、Y、Z原子序数之和为30，X2—与Y+具有相同的核外电子层结构，Y、Z位于同一周期。

2012年高考化学试题分类解析汇编：化学实验1. ［2012·江苏化学卷6］下列有关实验装置进行的相应实验，能达到实验目的的是图1 图2 图3 图4A.用图1所示装置除去Cl2中含有的少量HClB.用图2所示装置蒸干NH4Cl饱和溶液制备NH4Cl晶体C.用图3所示装置制取少量纯净的CO2气体D.用图4所示装置分离CCl4萃取碘水后已分层的有机层和水层2. ［2012·江苏化学卷7］下列物质转化在给定条件下能实现的是①②③④⑤A.①③⑤B.②③④C.②④⑤D.①④⑤3.［2012·江苏化学卷13］下列根据实验操作和现象所得出的结论正确的是4. ［2012·海南化学卷4］下列实验操作正确的是 A ．可用氨水除去试管内壁上的银镜 B ．硅酸钠溶液应保存在带玻璃塞的试剂瓶中C ．将三氯化铁溶液蒸干，可制得无水三氯化铁D ．锌与稀硫酸反应时，要加大反应速率可滴加少量硫酸铜5. ［2012·海南化学卷8］两种盐的固体混合物：①加热时有气体产生，②加水溶解时有沉淀生成，且沉淀溶于稀盐酸。

满足上述条件的混合物是A . BaCl 2和(NH 4)2S04B . AgNO 3和NH 4ClC ．FeCl 3和NaHCO 3 D. KCl 和Na 2CO 36. ［2012·安徽理综化学卷10］仅用下表提供的玻璃仪器（非玻璃仪器任选）就能实现相应实验目的的是7. ［2012·福建理综化学卷6］下列说法不正确．．．的是 A ．易燃试剂与强氧化性试剂分开放置并远离火源 B ．用湿润的红色石蕊试纸检验氨气C ．在50mL 量筒中配置0.1000mol·L —1碳酸钠溶液D ．金属着火时，用细沙覆盖灭火8.［2012·重庆理综化学卷7］下列叙述正确的是 A.与S 混合加热生成2S F eB. 3NaHCO 的热稳定性大于32CO NaC. 过量的铜与浓硫酸反应用一氧化氮生成D.白磷在空气中加热到一定温度能转化成红磷9.［2012·广东理综化学卷12］下列陈述Ⅰ、Ⅱ正确并且有因果关系的是 D10.［2012·山东理综化学卷11］下列实脸操作正确的是A．中和滴定实验时，用待测液润洗锥形瓶B．盛放NaOH溶液时，使用带玻璃塞的磨口瓶C．用苯萃取溴水中的溴时，将溴的苯溶液从分液漏斗下口放出D．NaCl溶液热发结晶时,蒸发皿中有晶体析出并剩余少量液体即停止加热11. ［2012·山东理综化学卷12］下列由相关实验现象所推出的结论正确的是A．Cl2、SO2均能使品红溶液褪色，说明二者均有氧化性B．向溶液中滴加酸化的Ba(NO3)2溶液出现白色沉淀，说明该溶液中一定有SO42－C．Fe与稀HNO3、稀H2SO4反应均有气泡产生，说明Fe与两种酸均发生置换反应D．分别充满HCl、NH3的烧瓶倒置于水中后液面均迅速上升，说明二者均易溶于水12. ［2012·天津理综化学卷4］完成下列实验所选择的装置或仪器(夹持装置已略去)正确13. ［2012·北京理综化学卷8］下列试验中，所选装置不合理的是A．分离Na2CO3溶液和CH3COOC2H5，选④B．用CC14提取碘水中的碘，选③C．用FeC12，溶液吸收C12选⑤D．粗盐提纯，选①和②14.［2012·北京理综化学卷10］用右图所示装置进行下列实验，实验结果与预测的现象不一致的是答案：Ａ15. ［2012·新课程理综化学卷7］下列叙述正确的是（）A．液溴易挥发，在存放液溴的试剂瓶中应加水封B．能使湿润的淀粉KI试纸变蓝色的物质一定是Cl2C．某溶液中加入CCl4，CCl4层显紫色，证明原溶液中存在I-D．某溶液中加入BaCl2溶液，产生不溶于稀硝酸的白色沉淀，该溶液一定含有Ag+D A D D AC C C C D D D A A A A。

语 文 2013年浙江中考第一轮复习 1.与朱元思书 1．重要的作家作品和文学常识 吴均(469—520)，字叔庠，吴兴故鄣(今浙江安吉)人。

南朝梁文学家、史学家。

其文章很有名，善以骈文写小品书札，以描写山水景物见长，风格清新挺拔，没有齐梁浮艳之气，在当时颇有影响，时人或仿效之，称为“吴均体”。

2．关键句子翻译 (1)风烟俱净，天山共色。

译文：没有一丝风，烟雾也完全消失，天空和群山是一样的颜色。

(2)急湍甚箭，猛浪若奔。

译文：湍急的江流比箭还要快，而惊涛骇浪像奔驰的骏马。

(3)夹岸高山，皆生寒树，负势竞上，互相轩邈，争高直指，千百成峰。

译文：江两岸的高山全都生长着密集而碧绿的树，凭借(高峻的)山势，争着向上，这些高山仿佛互相争着往高处和远处伸展，形成无数山峰。

(4)鸢飞戾天者，望峰息心；经纶世务者，窥谷忘反。

译文：那些极力追求名利的人，看到(这些雄奇的)山峰，就会平息热衷于功名利禄的心；那些忙于治理政务的人，看到(这些幽美的)山谷，(就)会流连忘返。

3．文章中心概括 作者描绘了富春江“奇山异水，天下独绝”的自然风光，并且触景生情，自然流露出对追求功名利禄之徒的蔑视，含蓄表达出爱慕自然、避世退隐的高洁志趣。

表达了作者热爱山水和鄙弃名利的思想感情。

1．重点词语解释 (1)风烟俱净　全，都 (2)从流飘荡　顺、随 (3)天下独绝　独一无二 (4)急湍甚箭　副词，胜过 (5)泠泠作响　发出 (6)猿则百叫无绝　没有停止 2．通假字 (1)蝉则千转不穷　转通“啭”，鸟叫声 (2)窥谷忘反　反通“返” 3．一词多义 (1)绝 (2)上 (3)百 4．古今异义 (1)一百许里　古义：附在整数词之后，表示约数；今义：应允，或者，可能 (2)鸢飞戾天者　古义：至；今义：罪过，乖张 (3)经纶世务者　古义：筹划；今义：比喻规划、管理政治的才能 5．词类活用 (1)负势竞上　动词作状语，争着 (2)风烟俱净　形容词作动词，消净，散净 (3)任意东西　方位名词作动词，往东，往西 (4)猛浪若奔　动词作名词，飞奔的马 (5)互相轩邈　形容词作动词，争着往高处伸展，争着往远处伸展 (6)望峰息心　动词的使动用法，使……停止，平息 (7)横柯上蔽　方位名词作状语，在上面 6．特殊句式 (1)互相轩邈　省略句，即“(高山)互相轩邈” (2)从流飘荡，任意东西　省略句，即“(吾乘船)从流飘荡，任意东西” (3)急湍甚箭　省略句，即“急湍甚(于)箭”。

化学实验21、工业上以氨气为原料制备硝酸的过程如下：某课外小组模拟上述部分过程设计了如下实验装置制备硝酸（所有橡胶制品均已被保护）。

（1）工业上用氨气制取NO的化学方程式是。

（2）连接好该装置后，首先进行的操作是。

（3）通入a气体的目的是。

（4）盛有Na2CO3溶液的烧杯为尾气处理装置，该装置中反应的化学反应方程式是： 2NO2+ Na2CO3 === NaNO2 + +（5）已知：温度低于21.15℃时，NO2几乎全部转变为N2O4。

工业上可用N2O4与水反应来提高硝酸产率。

N2O4与a气体在冷水中生成硝酸的化学方程式是。

（6）一定条件下，某密闭容器中N2O4和NO2的混合气体达到平衡时，c(NO2)=0.50mol/L、c(N 2O4)=0.125 mol/L。

则2NO2(g) N2O4(g)的平衡常数K= 。

若NO2起始浓度为2 mol/L ，相同条件下，NO2的最大转化率为。

2、为了证明在实验室制备得到的Cl2中会混有HCl，甲同学设计了如下图所示的实验装置，按要求回答下列问题。

(1)请根据甲同学的示意图，实验装置从左至右的连接顺序为：装置②→；(2)装置②中玻璃仪器的名称(3)实验室制备Cl2的离子方程式为________________________________；(4)装置③中Cu的作用(用化学方程式表示)；(5)乙同学认为甲同学实验设计仍然存在缺陷，不能证明最终通入AgNO3溶液中的气体只有一种。

为此，乙同学提出气体通入装置①之前，要加装一个检验装置⑤，以证明最终通入AgNO3溶液中的气体只有一种。

你认为装置⑤应放入。

如果最终通入AgNO3溶液中的气体只有一种，装置⑤应观察到的现象。

(6)丙同学看到乙同学设计的装置后提出无需多加装置，只需将原来烧杯中的AgNO3溶液换掉。

你认为应将溶液换成，如果观察到的现象，则说明甲的实验不可靠。

(7)实验结束，处理多余Cl2的常用试剂是______________，有关反应的化学方程式为___________________________________________________。

教学目标 1、知识与能力 简述巴黎公社的建立过程,了解"五月流血周"的基本史实.了解巴黎公社采取的措施,通过认识巴黎公社政权的性质,提高历史分析能力.了解《国际歌》的创作过程通过学唱《国际歌》,培养学生的音乐鉴赏能力. 2、过程与方法 课前指导学生搜集普法战争和巴黎公社的有关史实,在上课时根据内容需要,让学生讲述.在岁巴黎公社实施的措施进行讨论时,教师注意点拨引导对学生取得的每一点正确认识,都给予鼓励. 指导学生朗读《国际歌》原词,语调要激昂雄壮,以加深学生对无产阶级斗争精神的理解.教学重难点 了解"五月流血周"的基本史实.了解巴黎公社采取的措施,认识巴黎公社政权的性质 教学课时 1课时 教学内容 一、夺取权力的尝试 请学生讲述有关普法战争的内容,了解巴黎公社爆发的历史背景.结合"想一想,你认为巴黎公社所实行的这些措施对吗 为什么 "以启发学生思考并展开讨论.教师在学生讨论时用简明的语言给以提示.然后每组指派一个代表概括本组的主要观点,最后教师进行总结,指出各组的优点与不足,并给出参考性答案.进一步让学生分析巴黎公社的措施出现失误的原因,从而认识巴黎公社的时代局限性. 二、血染巴黎 "五月流血周"是巴黎公社的高潮和结局,教师结合本课插图《巴黎公社保卫战》生动的描述巴黎公社部分战士英勇斗争的场面和不怕牺牲的大无畏精神,对学生进行精神感染和情感教育.巴黎无产阶级为保卫公社同资产阶级反动势力进行了殊死的斗争,表现出无产阶级崇高的英雄气概. 三、响切时间的歌声 简述《国际歌》的词作者欧仁?鲍狄埃和曲作者狄盖特的生平事迹.教师结合"材料阅读"中的《国际歌》原词,举行一场讨论会,让学生说一说他们眼中的《国际歌》.教师点评,概括学生的主要观点,肯定学生的正确观点,指出认识的不足,纠正认识上的错误,同时推荐一些较好的相关读物. 通过讨论,使学生体会《国际歌》为什么是一首无产阶级的革命战歌.进而通过《国际歌》的歌词和曲调让学生感受其雄壮的旋律和巴黎公社战士坚贞不屈,不畏牺牲的精神. 课堂小结 了解"五月流血周",及了解《国际歌》的创作背景经过,加强阅读,分析能力的培养,体会巴黎公社斗争中无产阶级不怕牺牲,勇于斗争的革命精神.联系时代背景客观公正地认识评价巴黎公社所采取的革命措施. 初中学习网，资料共分享！我们负责传递知识！。

2012年福建省高考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2012•福建）下列做法不正确的是（）A．易燃试剂与强氧化性试剂分开放置并远离火源B．用湿润的红色石蕊试纸检验氨气C．在50 mL量筒中配制0.1000 mol•L﹣1碳酸钠溶液D．金属钠着火时，用细沙覆盖灭火【考点】化学实验安全及事故处理；物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用；配制一定物质的量浓度的溶液．【专题】化学实验基本操作．【分析】A、易燃、易爆药品在一定温度和氧气充足时，会发生爆炸；B、氨气能使红色石蕊试纸变蓝色，所以能用红色石蕊试纸检验氨气；C、根据量筒的用途分析，量筒只能量取溶液；D、根据钠的性质分析，能和水、氧气反应．【解答】解：A、强氧化剂为可燃物发生氧化反应的氧化剂，在有火源的地方可燃物达到着火点就可以燃烧，所以易燃试剂与强氧化性试剂分开放置并远离火源，故A正确；B、氨气和水反应生成氨水，氨水电离生成铵根离子和氢氧根离子，红色石蕊试纸遇碱变蓝色，所以能用湿润的红色石蕊试纸检验氨气，故B正确；C、量筒只能量取溶液不能在量筒中配制溶液，故C错误；D、钠性质很活泼，能和水、氧气反应，所以为防止钠燃烧，必须隔绝空气和水，一般用细沙覆盖灭火，故D正确；故选C．【点评】本题考查了实验室安全、氨气的检验等知识点，难度不大，明确氨气能用湿润的红色石蕊试纸检验，不能用蓝色的石蕊试纸检验．2．（3分）（2012•福建）下列关于有机物的叙述正确的是（）A．乙醇不能发生取代反应B．C4H10有三种同分异构体C．氨基酸、淀粉均属于高分子化合物D．乙烯和甲烷可用溴的四氯化碳溶液鉴别【考点】乙醇的化学性质；有机物的鉴别；同分异构现象和同分异构体；氨基酸、蛋白质的结构和性质特点．【专题】同分异构体的类型及其判定；有机物的化学性质及推断．【分析】A、乙醇可以与钠反应，可以发生酯化反应、与HBr反应；B、C4H10是丁烷，有两种同分异构体；C、氨基酸不是高分子化合物；D、乙烯与溴水发生加成反应，使溴的四氯化碳溶液褪色．【解答】解：A、乙醇与钠反应可认为是取代反应，乙醇与HBr反应，酯化反应等都是取代反应，故A错误；B、C4H10是丁烷，有正丁烷、异丁烷两种同分异构体，故B错误；C、氨基酸不是高分子化合物，故C错误；D、乙烯与溴水发生加成反应，使溴的四氯化碳溶液褪色，甲烷不能使溴的四氯化碳溶液褪色，可以区别，故D正确；故选D．【点评】本题考查有机反应类型、同分异构体、有机物鉴别、高分子化合物概念等，题目综合性较大，难度较小，旨在考查学生对基础知识的理解掌握．3．（3分）（2012•福建）短周期元素R、T、Q、W在元素周期表中的相对位置如图所示，其中T 所处的周期序数与族序数相等．下列判断不正确的是（）A．最简单气态氢化物的热稳定性：R＞QB．最高价氧化物对应水化物的酸性：Q＜WC．原子半径：T＞Q＞RD．含T 的盐溶液一定显酸性【考点】位置结构性质的相互关系应用．【专题】元素周期律与元素周期表专题．【分析】短周期元素R、T、Q、W，根据元素所处的位置，可确定T、Q、W为第三周期的元素，R为第二周期元素，T所处的周期序数与族序数相等，则T为Al元素，故Q为Si元素，W为S元素，R为N元素，据此结合选项解答．【解答】解：短周期元素R、T、Q、W，根据元素所处的位置，可确定T、Q、W为第三周期的元素，R为第二周期元素，T所处的周期序数与族序数相等，则T为Al元素，故Q为Si元素，W为S元素，R为N元素，A、非金属性N＞Si，故最简单气态氢化物的热稳定性：NH3＞SiH4，故A正确；B、非金属性Si＜S，故最高价氧化物对应水化物的酸性：H2SiO3＜H2SO4，故B正确；C、同周期自左而右原子半径减小，同主族自上而下原子半径增大，故原子半径：T＞Q＞R，故C正确；D、含铝离子的盐溶液是显酸性，但NaAlO2溶液显碱性，故D错误；故选D．【点评】本题主要是元素“位、构、性”三者关系的综合考查，比较全面考查学生有关元素推断知识，难度中等，D选项设问角度新颖独特．4．（3分）（2012•福建）将如图所示实验装置的K闭合，下列判断正确的是（）A．Cu电极上发生还原反应B．电子沿Zn→a→b→Cu 路径流动C．片刻后甲池中c（SO42﹣）增大D．片刻后可观察到滤纸b点变红色【考点】原电池和电解池的工作原理．【专题】电化学专题．【分析】A、依据装置图分析装置的K闭合，为原电池装置电解滤纸上的饱和硫酸钠溶液，甲和乙形成原电池反应锌做负极失电子发生氧化反应，铜做正极，电极上得到电子发生还原反应；B、电子从原电池负极流出经外电路流向电解池阴极a，通过电解质溶液离子定向移动到b；电子不能通过电解质溶液；C、甲池中锌离子浓度增大，盐桥中的氯离子移向甲池，硫酸根离子浓度基本不变；D、滤纸处是电解池，a做阴极，氢离子得到电子发生还原反应，水电离平衡破坏附近氢氧根离子浓度增大，酚酞变红，b做阳极氢氧根离子失电子生成氧气，附近氢离子浓度增大；【解答】解：A，Zn作原电池的负极，Cu作原电池的正极，Cu电极是发生还原反应；故A 正确；B、电子流向是负极到正极，但a→b这一环节是在溶液中导电，是离子导电，电子并没沿此路径流动；故B错误；C、选项中硫酸根离子浓度基本保持不变；故C错误；D、选项中是滤纸a点是阴极，氢离子放电，水电离平衡破坏附近氢氧根离子浓度增大，酚酞变红；b做阳极氢氧根离子失电子生成氧气，附近氢离子浓度增大，故D错误；故选A．【点评】本题考查电化学知识，原电池、电解池原理的应用，装置图设计有些复杂，B选项干扰作用明显，设问巧妙，题目难度中等．5．（3分）（2012•福建）下列说法正确的是（）A．0.5molO3与11.2 LO2所含的分子数一定相等B．25℃与60℃时，水的pH相等C．中和等体积、等物质的量浓度的盐酸和醋酸所消耗的n （Na0H）相等D．2SO2（g）+O2（g）=2SO3（g）和4SO2（g）+2O2（g）=4SO3（g）的△H相等【考点】酸碱混合时的定性判断及有关ph的计算；气体摩尔体积；反应热和焓变；水的电离；溶液pH的定义．【专题】化学反应中的能量变化；电离平衡与溶液的pH专题．【分析】A．没有指明标况下，11.2L氧气不一定是0.5mol；B．水的电离受到温度的影响，温度不同，水电离的氢离子浓度不同；C．酸碱发生中和反应，一元酸和一元碱的物质的量相同；D．△H数值是与方程式中化学计量数有关．【解答】解：A．没有明确气体是否在标准状况下，则11.2L氧气不一定是0.5mol，二者的分子数不一定相等，故A错误；B．水的电离受到温度的影响，温度不同，水电离的氢离子浓度不同，pH也不同，故B错误；C．盐酸和醋酸都是一元酸，等体积、等物质的量浓度的盐酸和醋酸物质的量相等，消耗NaOH的物质的量相等，故C正确；D．△H数值是与方程式中化学计量数有关，计量数不同，反应热不同，故D错误．故选C．【点评】本题考查知识比较基础简单，但知识覆盖面比较广，注意把握反应热与化学计量数的关系．6．（3分）（2012•福建）下列物质与水作用形成的溶液能与NH4Cl反应生成NH3的是（）A．二氧化氮 B．钠C．硫酸镁D．二氧化硅【考点】钠的化学性质；铵盐．【专题】压轴题；元素及其化合物．【分析】能和氯化铵反应生成氨气说明该溶液呈碱性，和水反应生成碱的物质即是正确选项，据此分析解答．【解答】解：A、二氧化氮和水反应生成硝酸和一氧化氮，硝酸和氯化铵不反应，所以不符合条件，故A错误．B、钠和水反应生成氢氧化钠，氢氧化钠和氯化铵反应生成氨气，所以符合条件，故B正确．C、硫酸镁和氯化铵不反应，所以不符合条件，故C错误．D、二氧化硅和氯化铵不反应，所以不符合条件，故D错误．故选B．【点评】本题考查了元素化合物的性质，难度不大，明确“和氯化铵反应生成氨气的溶液必须是碱性溶液”即可解答本题．7．（3分）（2012•福建）一定条件下，溶液的酸碱性对TiO2光催化染料R降解反应的影响如图所示．下列判断正确的是（）A．在0﹣50min之间，pH=2和pH=7 时R的降解百分率相等B．溶液酸性越强，R 的降解速率越小C．R的起始浓度越小，降解速率越大D．在20﹣25min之间，pH=10 时R 的平均降解速率为0.04mol•L﹣1•min﹣1【考点】化学反应速率的影响因素；反应速率的定量表示方法．【专题】压轴题；化学反应速率专题．【分析】A、根据图中的信息可以知道在0﹣50min之间，pH=2和pH=7时R的降解百分率；B、对比溶液的酸性强弱对R的降解速率的影响情况；C、可以根据同一pH条件下，图示R的起始浓度与降解速率的关系来判断；D、根据平均降解速率v=来计算即可．【解答】解：A、根据图示可知：在0﹣50min之间，pH=2和pH=7时R的降解百分率都为100%，故A正确；B、溶液酸性越强，即pH越小，线的斜率越大，可以知道R的降解速率越大，故B错误；C、同一pH条件下，R的起始浓度与降解速率的关系：曲线斜率增大，则降解速率越小，即R的起始浓度越小，降解速率越小，故C错误；D、在20﹣25min之间，pH=10时R的平均降解速率为=0.04×10﹣4mol•L ﹣1•min﹣1，故D错误．故选A．【点评】本题考查学生的识图能力，要求学生具有分析和解决问题的能力，难度不大．二、非选择题8．（14分）（2012•福建）（1）元素M 的离子与NH4+所含电子数和质子数均相同，则M的原子结构示意图为．（2）硫酸铝溶液与过量氨水反应的离子方程式为Al3++3NH3•H2O=Al（OH）3↓+3NH4+．（3）能证明Na2SO3溶液中存在SO32﹣+H2O⇌HSO3﹣+OH﹣水解平衡的事实是C（填序号）．A．滴入酚酞溶液变红，再加入H2SO4溶液后红色退去B．滴入酚酞溶液变红，再加入氯水后红色退去C．滴入酚酞溶液变红，再加入BaCl2溶液后产生沉淀且红色退去（4）元素X、Y 在周期表中位于向一主族，化合物Cu2X和Cu2Y 可发生如下转化（其中D 是纤维素水解的最终产物）：①非金属性X＜Y（填“＞”或“＜”）②Cu2Y与过量浓硝酸反应有红棕色气体生成，化学方程式为Cu2O+6HNO3（浓）=2Cu（NO3）2+2NO2↑+3H2O（5）在恒容绝热（不与外界交换能量）条件下进行2A （g ）+B （g）⇌2C （g ）+D （s）反应，按下表数据投料，反应达到平衡状态，测得体系压强升高．简述该反应的平衡常数与温度的变化关系：物质 A B C D起始投料/mol 2 1 2 0【考点】电解质在水溶液中的电离；位置结构性质的相互关系应用；盐类水解的应用．【专题】元素周期律与元素周期表专题；电离平衡与溶液的pH专题；盐类的水解专题．【分析】（1）N的质子数为7，H的质子数为1，所以NH4+中质子数为11，电子数为10个，据此解答；（2）硫酸铝溶液与氨水反应可生成氢氧化铝沉淀和硫酸铵；（3）如果亚硫酸钠不水解，则溶液中氢氧根离子和氢离子浓度相等，溶液呈中性，向溶液中加入酚酞后溶液不变色，加入和亚硫酸根离子反应的物质后，溶液红色褪色，则证明存在水解平衡；（4）①采用逆推法，悬浊液与D的溶液（葡萄糖溶液）生成砖红色沉淀是氧化亚铜，推出X、Y元素，再解答；②Cu2Y为氧化亚铜，+1价的铜具有还原性，硝酸具有氧化性，根据得失电子守恒配平；（5）根据压强和温度对化学反应平衡移动的影响因素结合化学平衡常数计算公式解答；【解答】解：（1）N的质子数为7，H的质子数为1，NH4+中含有10个电子，11个质子，与之相同的单核离子为钠离子，则M的原子结构示意图为，故答案为：；（2）硫酸铝溶液与氨水反应可生成氢氧化铝沉淀和硫酸铵，氢氧化铝不能溶于弱碱，则该反应为Al2（SO4）3+6NH3．H2O═2Al（OH）3↓+3（NH4）2SO4，其离子反应为2Al3++3NH3．H2O═2Al（OH）3↓+3NH4+，故答案为：Al3++3NH3•H2O=Al（OH）3↓+3NH4+；（3）A．滴入酚酞试液变红，说明溶液呈碱性，再加入硫酸溶液后，生成具有漂白性的SO2，溶液褪色，不能说明存在SO32﹣+H2O⇌HSO3﹣+OH﹣水解平衡，故A错误；B．滴入酚酞试液变红，再加入氯水后，氯气和水反应生成盐酸和次氯酸，次氯酸具有漂白性，能使红色褪色，氯气具有强氧化性，Cl2+SO32﹣+H2O═SO42﹣+2Cl﹣+2H+，Cl2+HSO3﹣+H2O═SO4 2﹣+2Cl﹣+3H+，氯气和碱发生歧化反应，Cl2+2OH﹣═ClO﹣+Cl﹣+H2O，溶液褪色，不能说明存在SO32﹣+H2O⇌HSO3﹣+OH﹣水解平衡，故B错误；C．滴入酚酞试液变红，说明溶液中氢氧根离子浓度大于氢离子浓度，再加入氯化钡溶液后，钡离子和亚硫酸根离子反应而和亚硫酸氢根离子不反应，钡离子和亚硫酸根离子反应生成亚硫酸钡沉淀，且溶液红色褪去，所以说明存在SO32﹣+H2O⇌HSO3﹣+OH﹣水解平衡，故C正确；故选C．（4）①根据悬浊液与D的溶液（葡萄糖溶液）生成砖红色沉淀是氧化亚铜，推出Y为O 元素，再根据X，Y同主族，推出X为S元素，同一主族，从上往下，非金属性在逐渐减弱，所以，非金属性X＜Y；故答案为：＜；②Cu2Y为氧化亚铜，Cu2O与浓硝酸反应生成红棕色的气体NO2，利用氧化还原反应原理配平，该反应的方程式为：Cu2O+6HNO3（浓）=2Cu（NO3）2+2NO2↑+3H2O，故答案为：Cu2O+6HNO3（浓）=2Cu（NO3）2+2NO2↑+3H2O；（5）D为固态，2A （g ）+B （g）⇌2C （g ）+D （s）正反应是一个体积缩小的反应，由起始D的物质的量为0可知，反应2A （g）+B（g）⇌2C（g）+D（s）向正反应进行建立平衡，正反应是气体体积减小的反应，容器的体积不变，平衡时压强增大，故绝热条件下，混合气体的温度升高，则正反应为放热反应，升高温度平衡向逆反应进行，平衡常数K=减小，所以该题化学平衡常数与温度成反比，故答案为：平衡常数与温度成反比．【点评】本题较为综合，主要考查推断和逻辑分析能力，明确物质的性质及发生的化学反应是解答的关键，题目难度中等．9．（6分）（2012•福建）（1）电镀时，镀件与电源的负极连接．（2）化学镀的原理是利用化学反应生成金属单质沉积在镀件表面形成镀层．①若用铜盐进行化学镀铜，应选用还原剂（填“氧化剂”或“还原剂”）与之反应．②某化学镀铜的反应速率随镀液pH 变化如图所示．该镀铜过程中，镀液pH 控制在12.5左右．据图中信息，给出使反应停止的方法：使反应停止，调节溶液的pH至8﹣9之间．【考点】电解原理．【专题】电化学专题．【分析】（1）电镀时，镀件就是待镀金属，作阴极；（2）①用铜盐进行化学镀铜，铜离子在阴极得电子，应选还原剂发生反应；②镀铜过程中，镀液pH 控制在12.5左右，结合图可知，pH=8﹣9之间，反应速率为0来解答．【解答】解：（1）电镀池中，镀件就是待镀金属，作阴极，与电源的负极相连；镀层金属为阳极，与电源正极相连，故答案为：负；（2）①要把铜从铜盐中置换铜出来，铜离子在阴极得电子，如用铁作还原剂即可，所以加入还原剂，故答案为：还原剂；②根据图示信息，pH=8﹣9之间，反应速率为0，所以要使反应停止，调节溶液的pH至8﹣9 之间，故答案为：使反应停止，调节溶液的pH至8﹣9 之间．【点评】本题考查电解原理，熟悉电镀及明确读图信息的重要性是解答本题的关键，题目难度不大．10．（10分）（2012•福建）酸浸法制取硫酸铜的流程示意图如下①步骤（i）中Cu2（OH）2CO3发生反应的化学方程式为Cu2（OH）2CO3+2H2SO4=2CuSO4+CO2↑+3H2O．②步骤（ii）所加试剂起调节pH 作用的离子是HCO3﹣（填离子符号）．③在步骤（iii）发生的反应中，1mol MnO2转移2mol 电子，该反应的离子方程式为MnO2+2Fe2++4H+=Mn2++2Fe3++2H2O．④步骤（iv）除去杂质的化学方程式可表示为：3Fe3++NH4++2SO42﹣+6H2O=NH4Fe3（SO4）2（OH）6+6H+过滤后母液的pH=2.0，c （Fe3+）=a mol•L﹣1，c （NH4+）=b mol•L﹣1，c （SO42﹣）=d mol•L﹣1，该反应的平衡常数K=（用含a、b、d 的代数式表示）．【考点】铜金属及其重要化合物的主要性质；化学平衡常数的含义．【专题】压轴题；几种重要的金属及其化合物．【分析】①碱式碳酸铜与硫酸反应生成硫酸铜、二氧化碳和水；②硫酸氢铵加入溶液中调节溶液PH是为了和i步骤中加入的过量硫酸反应同时提高溶液PH利于除去铁离子；铵根离子不反应，所以是碳酸氢根离子；③二氧化锰是强氧化剂，可以和亚铁离子发生氧化还原反应，亚铁离子被氧化为铁离子；④依据平衡常数的概念计算，用生成物浓度的幂次方乘积除以反应物浓度的幂次方乘积．【解答】解：①碱式碳酸铜与硫酸反应的方程式直接写，用观察法配平．Cu2（OH）2CO3+2H2SO4=2CuSO4+CO2↑+3H2O，故答案为：Cu2（OH）2CO3+2H2SO4=2CuSO4+CO2↑+3H2O；②题目要求调高PH，铵根离子显酸性，碳酸氢根离子显碱性，则起作用的离子是碳酸氢根离子，故答案为；HCO3﹣；③依题意亚铁离子变成了铁离子，1mol MnO2转移电子2 mol，则锰元素从+4变成+2价，溶液是显酸性的，方程式经过观察可要补上氢离子，综合上述分析可写出离子方程式为MnO2+2Fe2++4H+=Mn2++2Fe3++2H2O，故答案为：MnO2+2Fe2++4H+=Mn2++2Fe3++2H2O；④除去杂质的化学方程式可表示为：3Fe3++NH4++2SO42﹣+6H2O=NH4Fe3（SO4）2（OH）6+6H+；过滤后母液的pH=2.0，c（Fe3+）=a mol•L﹣1，c（NH4+）=b mol•L﹣1，c（SO42﹣）=d mol•L﹣1，氢离子浓度为10﹣2，依据K的表达式写出K==，故答案为：．【点评】本题考查了工艺流程的分析判断，物质分离的方法和试剂选择方法，离子方程式的书写，氧化还原反应的分析判断，平衡常数的计算，没有在流程上设置障碍，问题设计平实，难度不大．平衡常数计算简单，只要代入即可，没有复杂的数学变换，降低了难度．对图中信息的获取要求较高．11．（13分）（2012•福建）实验室常用MnO2与浓盐酸反应制备Cl2（发生装置如图1所示）．（1）制备实验开始时，先检查装置气密性，接下来的操作依次是ACB（填序号）A．往烧瓶中加入MnO2粉末B．加热C．往烧瓶中加入浓盐酸（2）制备反应会因盐酸浓度下降而停止．为测定反应残余液中盐酸的浓度，探究小组同学提出下列实验方案：甲方案：与足量AgNO3溶液反应，称量生成的AgCl质量．乙方案：采用酸碱中和滴定法测定．丙方案：与已知量CaCO3（过量）反应，称量剩余的CaCO3质量．丁方案：与足量Zn 反应，测量生成的H2体积．继而进行下列判断和实验：①判定甲方案不可行，理由是残余液中的MnCl2也会与AgNO3反应形成沉淀．②进行乙方案实验：准确量取残余清液稀释一定倍数后作为试样．a．量取试样20.00mL，用0.1000mol•L﹣1 NaOH标准溶液滴定，消耗22.00mL，该次滴定测得试样中盐酸浓度为0.1100mol•L﹣1b．平行滴定后获得实验结果．③判断丙方案的实验结果偏小（填“偏大”、“偏小”或“准确”）．[已知：Ksp（CaCO3）=2.8×10﹣9、Ksp（MnCO3）=2.3×10﹣11④进行丁方案实验：装置如右图2所示（夹持器具已略去）．（i）使Y形管中的残余清液与锌粒反应的正确操作是将锌粒转移到残留溶液中．（ii）反应完毕，每间隔1 分钟读取气体体积，气体体积逐次减小，直至不变．气体体积逐次减小的原因是气体未冷却到室温（排除仪器和实验操作的影响因素）．【考点】氯气的实验室制法；中和滴定．【专题】压轴题；卤族元素．【分析】（1）依据反应物及制取气体的操作步骤分析解答；加药顺序一般是先加入固体药品，再加入液药品，最后再加热．则依次顺序是ACB．（2）①甲同学的方案：二氧化锰与浓盐酸反应生成氯化锰，也会与硝酸银反应，故反应不可行；②乙同学的方案：依据滴定实验过程中的化学反应定量计算；③与已知量CaCO3（过量）反应，称量剩余的CaCO3质量．由于部分碳酸钙与转化成碳酸锰沉淀，称量剩余的固体质量会偏大；④依据锌粒与稀盐酸反应生成氢气进行分析解答；化学反应释放热量，气体体积具有热胀冷缩的特点．使Zn粒进入残余清液中让其发生反应．这样残余清液就可以充分反应，如果反过来，残余清液不可能全部转移到左边．若残余清液转移到左边则会残留在Y型管内壁，导致产生气体的量减少，使测定的盐酸浓度偏小；反应完毕时，相同时间内则气体体积减少，又排除了其它影响因素，只能从气体本身角度思考，联想到该反应是放热的，就可能想到气体未冷却了．【解答】解：（1）加药顺序一般是先加入固体药品，再加入液药品，最后再加热．检查装置气密性后，先加入固体，再加入液体：浓盐酸，然后加热；则依次顺序是ACB；故答案为：ACB；（2）①与足量AgNO3溶液反应，称量生成的AgCl质量，加入足量的硝酸银溶液只能求出氯离子的量，而不能求出剩余盐酸的浓度；故答案为：残余液中的MnCl2也会与AgNO3反应形成沉淀；②量取试样20.00mL，用0.1000mol•L﹣1 NaOH标准溶液滴定，消耗22.00mL，该次滴定测得试样中盐酸浓度为，由C HCl V HCl=C NaOH V NaOH可得出盐酸的浓度为0.1100mol/L；故答案为：0.1100mol/L；③根据题意碳酸锰的Ksp比碳酸钙小，由于部分碳酸钙与转化成碳酸锰沉淀，称量剩余的固体质量会偏大，这样一来反应的固体减少，实验结果偏小；故答案为：偏小；④丁同学的方案：将锌转移到残留溶液中，反应完毕后，每间隔1分钟读取气体体积．气体体积逐渐减小，气体体积逐渐减小的原因是气体未冷却到室温，当温度冷却到室温后，气体体积不再改变；故答案为：气体未冷却到室温；【点评】本题考查了实验室制备氯气的试剂添加顺序，中和滴定的实验操作和计算应用，实验题总体比较基础简单，可能最后一问比较出人意料，难以想到，题目难度中等．三、选考部分12．（13分）（2012•福建）[化学一物质结构与性质]（1）元素的第一电离能：Al＜Si（填“＞”或“＜“）．（2）基态Mn2+的核外电子排布式为[Ar]3d5．（3）硅烷（Si n H2n+2）的沸点与其相对分子质量的变化关系如图1所示，呈现这种变化关系的原因是硅烷是分子晶体，相对分子质量越大，沸点越高．（4）硼砂是含结晶水的四硼酸钠，其阴离子X m﹣（含B、0、H 三种元素）的球棍模型如图2所示：①在X m﹣中，硼原子轨道的杂化类型有SP2杂化、SP3杂化；配位键存在于4号与5号原子之间（填原子的数字标号）；m=2（填数字）．②硼砂晶体由Na+、X m﹣和H2O构成，它们之间存在的作用力有（填序号）ADE．A．离子键B．共价键C．金属键D．范德华力E．氢键．【考点】原子轨道杂化方式及杂化类型判断；原子核外电子排布；元素电离能、电负性的含义及应用；配合物的成键情况；不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别．【专题】压轴题；化学键与晶体结构．【分析】（1）同周期从左到右第一电离能逐渐增大趋势，ⅡA和ⅤA族则反常；（2）根据Mn的核外电子排布式判断基态Mn2+的核外电子排布式；（3）硅烷是分子晶体，结构相似，相对分子质量越大，分子间的范德华力越大，沸点越高；（4）①1，3，5，6代表氧原子，2，4代表B原子，2号B形成3个键，则B原子为SP2杂化，4号B形成4个键，则B原子为SP3杂化；B一般是形成3个键，4号B形成4个键，其中1个键很可能就是配位键，配位键存在4号与5号之间，结合化合价代数和为0的原则判断；②注意题目要求，钠离子与X m﹣形成离子键，结晶水分子间存在氢键和范德华力．【解答】解：（1）同周期从左到右第一电离能逐渐增大趋势，ⅡA和ⅤA族则反常，所以铝的第一电离能小硅，故答案为：；（2）Mn的电子排布式为[Ar]3d54s2，则基态Mn2+的核外电子排布式为[Ar]3d5，故答案为：[Ar]3d5；（3）硅烷是分子晶体，结构相似，相对分子质量越大，分子间的范德华力越大，沸点越高，故答案为：硅烷是分子晶体，相对分子质量越大，沸点越高；（4）①1，3，5，6代表氧原子，2，4代表B原子，2号B形成3个键，则B原子为SP2杂化，4号B形成4个键，则B原子为SP3杂化；B一般是形成3个键，4号B形成4个键，其中1个键很可能就是配位键，配位键存在4号与5号之间．观察模型，可知X m﹣是（H4B4O9）m﹣，依据化合价H为+1，B为+3，O为﹣2，可得m=2，故答案为：sp2杂化、sp3杂化；4号与5号；2；②钠离子与X m﹣形成离子键，结晶水分子间存在氢键和范德华力，故答案为：ADE．【点评】本题考查较为综合，题目难度中等，注意一般题目是比较镁铝的电离能，这样设问可见出题求异，主要考查思维能力，空间能力要求比较高，（4）中注意仔细读题，题目是问钠离子、X m﹣、水分子之间的作用力，而不是硼砂晶体中的作用力，可能会多选B．13．（13分）（2012•福建）[化学一有机化学基础]对二甲苯（英文名称p﹣xylene，缩写为PX）是化学工业的重要原料．（1）写出PX的结构简式．（2）PX可发生的反应有取代反应、加成反应（填反应类型）．（3）增塑剂（DEHP）存在如图所示的转化关系，其中A 是PX的一种同分异构体．①B的苯环上存在2种不同化学环境的氢原子，则B的结构简式是．②D分子所含官能团是醛基（填名称）．③C分子有1个碳原子连接乙基和正丁基，DEHP的结构简式是（4）F是B的一种同分异构体，具有如下特征：a．是苯的邻位二取代物；b．遇FeCl3溶液显示特征颜色；c．能与碳酸氢钠溶液反应．。