2015年普陀区中考物理二模含答案讲解

长宁区21．如图12所示，轻质薄壁圆柱形容器A 、B 分别置于同一水平面上。

A 中盛有密度为ρ的液体甲，B 中盛有密度为1.2ρ的液体乙，且液体甲和液体乙的深度相同。

①若甲液体的密度为1×103千克/米3、体积为5×10－3米3，求：液体甲的质量m 甲。

②若乙液体的深度为0.1米，求：液体乙对容器底的压强P B 。

③若容器足够高，在容器A 和B 中再分别倒入相同体积的甲、乙液体，使两液体对容器底部的压强相等，求：容器A 和B 底面积之比(S A :S B )值的所在围。

22．在图13（a ）所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，电阻R 1的阻值为20欧。

闭合电键S 后，电流表的示数为0.3安，电流表、电压表表盘如图13（b ）所示，电压表0~3V 量程损坏。

①求电阻R 2的阻值。

②现用电阻R 0替换R 1，用规格为“25Ω 2Α”和“50Ω 1Α”的滑动变阻器中一个来替换电阻R 2。

要求：在移动变阻器滑片P 的过程中（a ）电路元件都能正常工作。

（b ）电压表和电流表的指针偏转角度相同。

（c ）且电压表示数的变化量ΔU 最大。

问：电阻R 0的阻值为欧，电阻R 2替换为的滑动变阻器（选填“25Ω 2Α”或“50Ω 1Α”），请计算此时电压表示数的最大变化量。

（a ）图13 （b ）R 2R 1AS VA+ 1 2 30.00.6 0.40.321+ V5 113 甲乙图12闸北区浦区27.在如图16所示电路中，电源电压可在4～8伏围调节，变阻器R 2上标有“20Ω 2Α”字样。

当通过R 1的电流为0.4安时，R 1两端的电压为2伏。

现有电压表、电流表各一个，表盘如图17（a ）、（b ）所示的电流表、电压表各一个（电表大量程均损坏）。

①求电阻R 1的阻值。

②求10秒电流通过R 1所做的功W 1。

③请选择一个电表，将电源和选择的电表接入AB 、CD 间，要求移动变阻器的滑片P 时通过变阻器的电流变化量∆I 最大。

2015年某某市普陀区高考物理二模试卷一、单项选择题〔共16分，每题2分，每题只有一个正确选项．〕1．〔2分〕〔2015•普陀区二模〕如图，是一种小型验钞器，能显示纸币上的防伪标志．它能发射〔〕A． X射线 B．紫外线 C．可见光 D．红外线【考点】：紫外线的荧光效应与其应用．【分析】：紫外线具有化学作用强、生理作用强、荧光效应强的特点，根据这样的特点在生活中的应用来判断此题【解析】：解：给出的几种射线中，只有紫外线有荧光效应，使荧光物质发出荧光，可以做成验钞机，检验钱的真伪；应当选：B．【点评】：此题考查紫外线的应用之一，要明确紫外线能够杀菌、消毒，并且具荧光效应等特点．2．〔2分〕〔2015•普陀区二模〕在核反响堆中，为了使快中子的速度减慢，可选用作为中子减速剂的物质是〔〕A．水 B．镉 C．氧 D．氢【考点】：核电站的工作模式．【分析】：解决此题应掌握：在可控核反响堆中需要给快中子减速，轻水、重水和石墨等常用作减速剂．【解析】：解：在可控核反响堆中需要给快中子减速，轻水、重水和石墨等常用作减速剂，故A正确．应当选：A．【点评】：此题考查核反响堆的工作原理，要重点掌握核反响堆的原理与减速剂的作用；明确镉与轻水、重水等在反响堆的应用．3．〔2分〕〔2015•普陀区二模〕升降机以加速度a竖直向上做匀加速运动，当速度为v时，有一螺帽从升降机的顶部脱落，这时螺帽相对地的加速度和速度大小分别为〔〕 A． g﹣a，v B． g+a，v C． a，0 D． g，v【考点】：竖直上抛运动．【分析】：螺帽离开升降机由于具有惯性，具有向上的速度，根据受力分析螺帽的加速度．【解析】：解：螺帽离开升降机时，由于惯性，具有向上的初速度，大小为v．因为仅受重力，可知，加速度为g．应当选：D．【点评】：解决此题的关键知道螺帽离开升降机具有向上的初速度，不能误认为螺帽做自由落体运动．4．〔2分〕〔2015•普陀区二模〕当小车向右做匀加速运动时，两个小球的受力情况〔〕A． A球受3个力作用，B球受2个力作用B． A球受2个力作用，B球受3个力作用C． A球受3个力作用，B球受3个力作用D． A球受2个力作用，B球受2个力作用【考点】：物体的弹性和弹力．【专题】：受力分析方法专题．【分析】：车和球一起运动，它们由共同的加速度，根据小车的运动情况，来判定小球受力分析，从而即可求解．【解析】：解：由图可知A、B两小球都有向右加速度，对于A球受力情况：重力、拉力与车的弹力；而对于B球因加速运动，如此离开小车，偏向左，如此受力情况：重力与绳子的拉力，故A正确，BCD错误．应当选：A．【点评】：对于多个物体的受力分析通常采用的方法就是整体法和隔离法，通过整体法求得加速度，再利用隔离法求物体之间的力的大小，同时掌握由运动情况来分析受力情况的方法．5．〔2分〕〔2015•普陀区二模〕关于光的本性，如下说法正确的答案是〔〕 A．光电效应反响光的波动性B．光子的能量由光的强度所决定C．光的波粒二象性是将牛顿的波动说和惠更斯的粒子说有机地统一起来D．光在空间传播时，是不连续的，是一份一份的，每一份叫做一个光子【考点】：光电效应；光的波粒二象性．【分析】：光电效应反映光的粒子性，光子的能量与光的频率决定，爱因斯坦的光子说：光在空间传播时，是不连续的，是一份一份的，每一份光叫做一个光子．光的波粒二象性是指光既具有波动性又有粒子性，少量粒子表现粒子性，大量粒子表现波动性．【解析】：解：A、光电效应反映光的粒子性，故A错误；B、根据E=hγ，可知：光子的能量与光的频率成正比，故B错误；C、牛顿的“微粒说〞认为光是一种实物粒子，而爱因斯坦的“光子说〞认为光是一种量子化的物质，麦克斯韦的电磁说与爱因斯坦的光子说，光既具有波动性又具有粒子性，故具有波粒二象性．故C错误；D、由爱因斯坦的光子说：光在空间传播时，是不连续的，是一份一份的，每一份光叫做一个光子，故D正确；应当选：D．【点评】：考查光电效应的作用，理解爱因斯坦的光子说的内容，知道光子传播是不连续的，且光子能量与频率有关．6．〔2分〕〔2015•普陀区二模〕如下说法正确的答案是〔〕A．布朗运动是指在显微镜下观察到的液体分子的无规如此运动B．物体吸热时，它的内能一定增加C．分子间距离增大时，分子间的引力、斥力都减小D．用阿伏伽德罗常数和某种气体的密度，就可以求出该种气体的分子质量【考点】：热力学第一定律；布朗运动；分子间的相互作用力．【专题】：分子间相互作用力与分子间距离的关系．【分析】：布朗运动是指在显微镜下观察到的固体颗粒的无规如此运动；根据热力学第一定律，物体在吸收热量的同时，假设对外做功，物体的内能可能减小；分子间距离增大时，分子间的引力、斥力都减小；分子间距离减小时，分子间的引力、斥力都增大；【解析】：解：A、布朗运动是指在显微镜下观察到的固体颗粒的无规如此运动，是液体分子无规如此运动的反映，不是分子的运动．故A错误；B、根据热力学第一定律，物体在吸收热量的同时，假设对外做功，物体的内能可能减小．故B错误；C、分子间距离增大时，分子间的引力、斥力都减小．故C正确；D、用阿伏伽德罗常数和某种气体的密度，加气体的摩尔质量，才能求出该种气体的分子质量．故D错误．应当选：C【点评】：该题考查3﹣3中多个不同的知识点，掌握温度是平均动能的标志，改变内能的两种方式，会分析分子力与分子间距的关系即可做好该题．7．〔2分〕〔2015•普陀区二模〕如图为某时刻简谐横波的图象，波的传播方向沿x轴正方向，如下说法正确的答案是〔〕A．质点A、D的振幅不相等B．质点B、E的速度大小和方向一样C．质点D正沿y轴负方向运动D．质点C、F的加速度为零【考点】：横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：简谐波在传播过程中各个质点的振幅相等．由波的传播方向确定出各质点的振动方向．根据加速度与位置的关系分析C、F的加速度．【解析】：解：A、振幅是指质点振动过程偏离平衡位置的最大位移，简谐横波传播过程中，所有振动质点的振幅相等．故A错误．B、由波的平移法可知，在该时刻质点B正向上运动，E正向下运动，速度大小一样、方向相反．故B错误．C、由波的平移法可知，质点D正沿y轴负方向运动．故C正确．D、此时刻C、F的位移最大，由a=﹣知，它们的加速度都最大．故D错误．应当选：C．【点评】：简谐波是一种理想的模型，在传播过程中各个质点的振幅、周期、频率相等．位移一样时，速度大小相等．振动情况一样，但步调不一定一样．8．〔2分〕〔2015•普陀区二模〕一弹簧振子做简谐运动，周期为T，如下说法正确的答案是〔〕 A．假设△t=，如此在△t时间内振子经过的路程为一个振幅B．假设△t=，如此在△t时间内振子经过的路程为两个振幅C．假设△t=，如此在t时刻和〔t+△t〕时刻振子的位移一定一样D．假设△t=，如此在t时刻和〔t+△t〕时刻振子的速度一定一样【考点】：简谐运动的振动图象．【专题】：简谐运动专题．【分析】：做简谐运动的弹簧振子，通过平衡位置时，速度最大，加速度最小；在最大位移处时，速度最小，加速度的大小最大．振子位移是指振子离开平衡位置的位移，从平衡位置指向振子所在的位置，通过同一位置，位移总是一样．速率和动能一样，但速度有两种方向，可能不同．【解析】：解：A、假设△t=，△t时间内振子经过的路程不一定等于振幅，与振子的初始位置有关，故A错误；B、假设△t=，如此在t时刻和〔t+△t〕时刻振子的位置关于平衡位置对称，在△t时间内振子经过的路程为两个振幅，故B正确；C、假设△t=，如此在t时刻和〔t+△t〕时刻振子的位置关于平衡位置对称，振子的位移大小相等，方向相反，故C错误；D、假设△t=，如此在t时刻和〔t+△t〕时刻振子的位置关于平衡位置对称，所以这两时刻速度的大小一定相等，方向相反，故D错误；应当选：B．【点评】：此题考查对简谐运动物理量与其变化的理解程度，可通过过程分析理解掌握．简谐运动中速度与加速度的大小变化情况是相反．二、单项选择题〔共24分，每题3分，每题只有一个正确选项．〕9．〔3分〕〔2015•普陀区二模〕如图，真空中以O点为圆心、Oa为半径的圆周上等间距分布a、b、c、d、e、f、g、h八个点，a、e两点放置等量异种点电荷+Q和﹣Q，如下说法正确的答案是〔〕A． b、d、f、h的电场强度一样B． b、d、f、h的电势相等C．在c点由静止释放的电子将沿cg连线做匀加速直线运动D．将一电子由b点沿bcd圆弧移到d点，电子的电势能一直增大【考点】：电势能；电场线．【分析】：根据场强的叠加判断各点的场强是否一样．根据电场线的分布判断电势的上下．对电子受力分析，判断其合力方向，从而判断它的运动情况．根据电场力做功判断电势能的变化．【解析】：解：A、根据场强的叠加和电场线的分布情况，可知b、d、f、h的场强大小相等，方向不同，如此场强不同，故A错误．B、根据等量异种电荷间的电场线和等势面的分布情况知，b、h的电势相等，f、d的电势相等，且b、h的电势比f、d的电势高，故B错误．C、在c点由静止释放一个电子，电子所受电场力方向平行于ae，电子不可能沿cg连线运动．故C错误．D、将一电子由b点沿bcd圆弧移到d点，电势一直降低，电场力一直做负功，所以电子的电势能一直增大．故D正确应当选：D．【点评】：解决此题的关键知道等量异种电荷之间的电场线和等势面分布，分析要抓住对称性，以与会通过电场力做功判断电势能的变化．10．〔3分〕〔2015•普陀区二模〕根据有关放射性知识，如下说法正确的答案是〔〕 A．某原子核的半衰期为3.8天，假设取4个原子核，经7.6天后就剩下一个氢原子核 B．β衰变中产生的β射线实际上是源自核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C．发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2D．在三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强【考点】：原子核衰变与半衰期、衰变速度．【专题】：衰变和半衰期专题．【分析】：半衰期是针对大量的原子；三种射线中，穿透能力和电离能力强弱是相反的；β衰变是原子核内的中子转化为一质子和一电子．【解析】：解：A、半衰期是针对大量的原子，符合统计规律的随机过程量，对于4个原子来说半衰期是没有意义的，故A错误；B、β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，故B错误；C、发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，质子数和中子数各减少了2，质量数减少4，故C正确；D、γ射线一般伴随着α或β射线产生，γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，故D错误；应当选：C．【点评】：此题考查了半衰期，三种射线的特性和原子核的衰变，与区别穿透能力与电离能力的强弱不同．11．〔3分〕〔2015•普陀区二模〕如图为某控制电路，由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2与电位器〔滑动变阻器〕R连接而成，L1、L2是两个指示灯．当电位器的触片由b 端滑向a端时，如下说法正确的答案是〔〕A． L1、L2都变亮 B． L1、L2都变暗C． L1变亮，L2变暗 D． L1变暗，L2变亮【考点】：闭合电路的欧姆定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：首先认识电路的连接关系：R2与L2并联后与L1串联，再与R1并联接入电源；滑片由b端滑向a端时，滑动变阻器接入电阻变大，如此由闭合电路的欧姆定律可知电路中干路电流的变化与路端电压的变化，再分析通过两个灯泡的电流变化，从而判断灯泡亮度．【解析】：解：当滑片由b端滑向a端滑动时，R接入电阻增大，总电阻增大；由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流减小，如此内电压减小，由U=E﹣Ir可知路端电压增大，如此R1两端的电压增大，所以通过R1的电流增大，而总电流减小，所以通过L1的电流变小，即L1变暗，L1两端电压减小，并联电压增大，所以R2与其并联电压增大，所以通过R2电流增大，而通过L1的电流变小，所以通过L2电流变小，即L2变暗．应当选：B【点评】：此题考查闭合电路欧姆定律的使用，一般按局部﹣整体、局部的思路进展分析．12．〔3分〕〔2015•普陀区二模〕如图，长为L的粗糙长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块．现缓慢抬高A端，使木板以左端为轴转动．当木板转到与水平面的夹角为α时，小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端，重力加速度为g．如下说法正确的答案是〔〕A．整个过程支持力对物块做功为零B．整个过程支持力对物块做功为mgLsinαC．整个过程木板对物块做功为零D．整个过程木板对物块做功大于物块机械能的增量【考点】：机械能守恒定律；功的计算．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】：当缓慢提高木板时，导致物块受到的支持力发生变化，如此不能再根据功的定义去算支持力对物块做的功，因此由动能定理结合重力做功，可求出支持力做功．在此过程中，静摩擦力始终与运动方向垂直，所以静摩擦力不做功．【解析】：解：A、物块在缓慢提高过程中，由动能定理可得：W支﹣mgLsinα=0﹣0，如此有W支=mgLsinα．故AC错误；B正确；D、由于木板做功等于重力势能增加量，动能变化量为零，故木板对物体做功等于物体机械能的增加量；故D错误应当选：B．【点评】：当力是恒定时，除可由力与力的方向位移求出功外，还可以由动能定理来确定；当力是变化时，如此只能由动能定理来求出力所做的功．13．〔3分〕〔2015•普陀区二模〕如图，光滑平面上一质点以速度v通过原点O，v与x轴正方向成α角，与此同时对质点加上沿x轴正方向的恒力F x和沿y轴正方向的恒力F y，如下说法正确的答案是〔〕A．质点一定做曲线运动B．质点不可能做直线运动C．如果F y＞F x，质点向y轴一侧做曲线运动D．如果F x＞F y cotα，质点向x轴一侧做曲线运动【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．【分析】：根据合力的方向与速度的方向是否在同一条直线上，判断物体做直线运动，还是曲线运动．【解析】：解：A、假设F x=F y cotα，如此合力方向与速度方向在同一条直线上，物体做直线运动，故AB错误；C、假设F x＜F y cotα，如此合力方向与速度方向不在同一条直线上，合力偏向于速度方向上侧，质点向y轴一侧做曲线运动，故C错误；D、假设F x＞F y cotα，如此合力方向与速度方向不在同一条直线上，合力偏向于速度方向下侧，如此质点向x轴一侧做曲线运动，故D正确．应当选：D．【点评】：解决此题的关键掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，假设合力的方向与速度方向在同一条直线上，物体做直线运动，假设合力的方向与速度的方向不在同一条直线上，物体做曲线运动．14．〔3分〕〔2015•普陀区二模〕如图，穿在一根光滑的固定杆上的两个小球A、B连接在一条跨过定滑轮的细绳两端，杆与水平面成θ=37°角，不计所有摩擦．当两球静止时，OA绳与杆的夹角为θ，OB绳沿竖直方向，如此球A、B的质量之比为〔〕A． 4：3 B． 3：4 C． 3：5 D． 5：8【考点】：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：分别对AB两球分析，运用合成法，用T表示出A、B两球的重力，同一根绳子上的拉力相等，即绳子AB两球的拉力是相等的．【解析】：解：分别对AB两球分析，运用合成法，如图：根据共点力平衡条件，得：T=m B g〔根据正弦定理列式〕故m A：m B=1：tanθ=1：=4：3．应当选：A．【点评】：此题考查了隔离法对两个物体的受力分析，关键是抓住同一根绳子上的拉力处处相等结合几何关系将两个小球的重力联系起来．15．〔3分〕〔2015•普陀区二模〕如图，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻杆相连．系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行．在突然撤去挡板的瞬间〔〕A．两图中两球加速度均为gsinθB．两图中A球的加速度均为零C．图甲中B球的加速度是为2gsinθD．图乙中B球的加速度为零【考点】：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：根据弹簧弹力不能突变，杆的弹力会突变，分析撤去挡板的瞬间，图甲和图乙中AB所受合外力即可得到各自的加速度．【解析】：解：撤去挡板前，对整体分析，挡板对B球的弹力大小为2mgsinθ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为零，加速度为零，B球所受合力为2mgsinθ，加速度为2gsinθ；图乙中杆的弹力突变为零，A、B球所受合力均为mgsinθ，加速度均为gsinθ，故C正确，A、B、D错误．应当选：C．【点评】：此题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，知道弹簧的弹力在撤去挡板的瞬间保持不变，结合牛顿第二定律进展求解．16．〔3分〕〔2015•普陀区二模〕如图，质量m=1kg的物体放在水平放置的钢板C上，与钢板的动摩擦因数μ=0.2．由于受到相对地面静止的光滑导槽A、B的控制，物体只能沿水平导槽运动．现使钢板以速度v1=0.8m/s向右匀速运动，同时用力拉动物体〔方向沿导槽方向〕以速度v2=0.6m/s沿导槽匀速运动，如此拉力大小为〔〕A． 2N B． 1.6N C． 1.2N D． 1N【考点】：运动的合成和分解．【专题】：运动的合成和分解专题．【分析】：分析工件所受滑动摩擦力的大小和方向，从运动的方面得知外力与滑动摩擦力的大小关系，画出速度合成图，找出外力F和滑动摩擦力之间的方向关系，列式即可正确求解该题．【解析】：解：工件有相对于钢板水平向左的速度v1和沿导槽的速度v2，故工件相对于钢板的速度如下列图，滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，在导轨方向上施加的外力F大小等于滑动摩擦力在导轨方向上的分量，所以有：F=fcosθ=μmgcosθ…①cosθ=…②①②联立并代入数据得：F=1.2N，故ABD错误，C正确．应当选：C．【点评】：注意正确分析滑动摩擦力的大小和方向，其大小与正压力成正比，方向与物体相对运动方向相反，在具体练习中要正确应用该规律解题．三．多项选择题〔共16分，每一小题4分，每一小题有二个或三个正确选项，全选对的，得4分，选对但不全的，得2分，有选错或不答的，得0分．〕17．〔4分〕〔2015•普陀区二模〕如图，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度．现将一小球从地面以某一初速度斜向上抛出，刚好能水平进入圆筒中，不计空气阻力．如下说法中正确的答案是〔〕A．小球在上升过程中处于失重状态B．弹簧获得的最大弹性势能等于小球抛出时的动能C．小球从抛出点到筒口的时间与小球抛出时的初速度方向有关D．小球从抛出点到筒口的时间与小球抛出时的初速度方向无关【考点】：机械能守恒定律．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】：平抛运动可以沿水平和竖直方向正交分解，根据运动学公式结合几何关系可以列式求解；小球抛出到将弹簧压缩过程，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总量守恒．【解析】：解：A、小球抛出的过程中加速度为g，竖直方向，处于失重状态，故A正确；B、小球抛出到将弹簧压缩过程，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能总量守恒，小球的动能转化为重力势能和弹簧的弹性势能，故B错误；C、小球抛出后，竖直方向是上抛运动，因末速度为零；故其逆过程是自由落体运动，故h=gt2故 t=，所以小球从抛出点运动到圆筒口的时间与小球抛出的角度无关，故D正确．应当选：AD．【点评】：此题关键抓住机械能守恒定律求解，同时运用逆向思维，将正交分解法将平抛运动分解为两个直线运动进展研究．18．〔4分〕〔2015•普陀区二模〕如图甲为磁感强度B随时间t的变化规律，磁场方向垂直纸面，规定向里的方向为正．在磁场中有一平面位于纸面内的细金属圆环，如图乙所示．令I1、I2、I3分别表示Oa、ab、bc段的感应电流，F1、F2、F3分别表示金属环上很小一段导体受到的安培力．如下说法正确的答案是〔〕A． I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向B． I2沿顺时针方向，I3沿顺时针方向C． F1方向指向圆心，F2方向指向圆心D． F2方向背离圆心向外，F3方向指向圆心【考点】：法拉第电磁感应定律．【分析】：应用楞次定律可以判断出感应电流方向，由左手定如此可以判断出电流所受安培力方向，从而即可求解．【解析】：解：A、由图甲所示可知，oa段，磁场垂直于纸面向里，穿过圆环的磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流I1沿逆时针方向，在ab段磁场向里，穿过圆环的磁通量减少，由楞次定律可知，感应电流I2沿顺时针方向，故A正确；B、由图甲所示可知，在bc段，磁场向外，磁通量增加，由楞次定律可知，感应电流I3沿顺时针方向，故B正确；C、由左手定如此可知，oa段电流受到的安培力F1方向指向圆心，ab段安培力F2方向背离圆心向外，故C错误；D、由左手定如此可知，ab段安培力F2方向背离圆心向外，bc段，安培力F3方向指向圆心，故D正确；应当选：ABD．【点评】：此题考查了判断感应电流方向与安培力方向，应用楞次定律与左手定如此即可正确解题；要熟练掌握楞次定律与左手定如此；要掌握应用楞次定律解题的步骤．19．〔4分〕〔2015•普陀区二模〕如图，在沿水平方向以加速度a=1m/s2匀加速行驶的车厢中，斜靠着与水平方向成α=37°角的气缸．一质量m=2kg、横截面积S=10cm2的光滑活塞，将一定质量的气体封闭在气缸内，并与气缸保持相对静止．大气压强为p0=1×105Pa．如下说法正确的答案是〔〕A．气缸对活塞的弹力为16NB．气缸对活塞的弹力为17.2NC．气缸内气体的压强为1.1×105PaD．气缸内气体的压强为2.8×105Pa【考点】：理想气体的状态方程；封闭气体压强．【专题】：理想气体状态方程专题．【分析】：对活塞受力分析，利用牛顿第二定律即可求得支持力与压强【解析】：解：对活塞受力分析如图，把加速分解的沿活塞方向与垂直于活塞方向有牛顿第二定律可得F N﹣mgcosα=masinαmgsinα+P0S﹣PS=macosα联立解得F N=17.2NP=1.1×105Pa应当选：BC【点评】：此题主要考查了在压强作用下的牛顿第二定律，受力分析是解题关键，同时我们也可以分解加速度；20．〔4分〕〔2015•普陀区二模〕某一空间存在与x轴平行的电场，有一质量m=2kg的带电小球，只受电场力作用，以初速度v0=2m/s在x0=7m处开始运动．电势能E P随位置x的变化关系如下列图，如此小球的运动范围和最大速度分别为〔〕A．运动范围x≥0 B．运动范围x≥1mC．最大速度v m=2m/s D．最大速度v m=3m/s【考点】：电势能．【分析】：通过E P﹣x图象，找到电场力做功的情况，根据动能定理判断出速度的最大值【解析】：解：A、根据动能定理可得，故电势能增大4J，故电势能最大增大4J，故运动范围在x≥1m，故A错误，B正确；C、有图可知，电势能最大减小4j，故动能最大增大4J，根据动能定理可得解得，故C 正确，D 错误；应当选：BC【点评】： 此题关键要抓住E P ﹣x 图象，势能的变化，判断出电场力做功情况．根据电场力做功情况，分析粒子运动到什么位置速度最大，由动能定理求解最大速度四．填空题〔共20分，每一小题4分．〕21．〔4分〕〔2015•普陀区二模〕卢瑟福用α粒子轰击氮核发现了质子，其核反响方程为147N+42He→178O+11H ．查德威克用α粒子轰击铍核，打出了一种粒子流，其核反响方程为94Be+42He→126C+10n ．【考点】： 原子核的人工转变．【分析】： 卢瑟福用α粒子轰击氮核从而发现了质子，产生了质子和氧17，查德威克用α粒子轰击铍原子，生成了中子和126C ．根据质量数守恒和电荷数守恒配平，书写核反响方程．【解析】： 解：在核反响中应保证质量数守恒与电荷守恒，并且注意核反响为单向反响，应用箭头表示反响方向；用α粒子轰击氮核发现了质子，其核反响方程为：147N+42He→178O+11H用α粒子轰击铍核，其核反响方程为：94Be+42He→126C+10n故答案为：147N+42He→178O+11H ，94Be+42He→126C+10n【点评】： 该题考查常见的核反响方程，要注意书写核反响方程式是根本功，关键要抓住两大守恒：质量数守恒和电荷数守恒．22．〔4分〕〔2015•普陀区二模〕两物体A 、B 的质量之比m A ：m B =1：2，在光滑水平面上沿同一直线相向而行，它的速度之比为4：1，如此动量大小之比为 2：1 ；两者碰后粘在一起，如此其总动量与B 原来动量大小之比p ：p B = 3：1 ．【考点】： 动量守恒定律．【分析】： 根据动量的公式求出A 、B 两物体的动量大小之比．两物体碰撞前后动量守恒，总动量相等．【解析】： 解：根据P=mv ，因为m A ：m B =1：2，速度大小之比为4：1，如此动量大小之比为2：1．两物体碰撞前后动量守恒，所以总动量与原来的总动量相等，碰撞前总动量与B 原来的动量之比为3：1，如此碰后总动量与B 原来的动量之比为3：1． 故答案为：2：1，3：1【点评】： 解决此题的关键掌握动量的公式，知道碰撞前后动量守恒，即碰撞前总动量等于碰撞后的总动量．23．〔2015•普陀区二模〕两颗人造卫星A 、B 绕地球做圆周运动的周期之比为1：8，如此它们的轨道半径之比为 1：4 ，速度之比为 2：1 ．【考点】： 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．【专题】： 人造卫星问题．【分析】： 人造卫星绕地球做圆周运动，根据万有引力提供向心力，列式解出周期、速度与轨道半径的关系，即可求解．【解析】： 解：根据万有引力提供向心力，得。

2015学年度第二学期普陀区初三质量调研理 化 试 卷（满分150分 考试时间100分钟）物 理 部 分考生注意：1．本试卷物理部分含五个大题。

2．答题时，考生务必按答题要求在答题纸规定的位置上作答，在草稿纸，本试卷上答题一律无效。

一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B 铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。

1．下列带正电的是A 原子B 质子C 电子D 中子2．二胡演奏时，表演者手指不断上下滑动控制琴弦，为改变的是A 响度B 音调C 音色D 声音传播距离3．下列实例中，利用大气压工作的是A 船闸B 订书机C 温度计D 脱排油烟机4．某同学站在平面镜前，在他远离平面镜的过程中，下列说法中正确的是A 镜中的像逐渐变小B 镜中的像与平面镜的距离逐渐变小C 镜中的像逐渐变大D 镜中的像与平面镜的距离逐渐变大5．以下事例中运用相同科学研究方法的是 ① 研究同一直线力的合成时，引入“合力”概念 ② 研究串联电路特点时，引入“总电阻”概念 ③ 研究磁场分布时，引入“磁感线” A ①②③B ①③C ①②D ②③6．如图1所示，重物受到30牛的水平向右拉力作用，在水平地面上作匀速直线运动。

下列用力的图示法正确表示物体所受摩擦力f 的是图1 A B CDff7．在图2所示的电路，电键S 从断开到闭合，下列说法中正确的是A V 表示数不变，A 1表示数不变B A 1表示数不变，A 表示数变小C V 表示数变大，A 1表示数不变D V 表示数变小，A 表示数变大8．如图3所示，圆柱形容器中分别装有甲、乙两种液体和体积相同的物块A 、B ，液面保持相平。

将A 、B 从容器中取出后，甲液体对容器底部的压力变化量小于乙液体对容器底部的压力变化量，甲容器对水平面的压力变化量大于乙容器对水平面的压力变化量，则此时液体对容器底的压强p 甲和p 乙，液体对容器底的压力F 甲和F 乙，A 和B 的密度ρA 和ρB 的关系，下列说法中正确的是A p 甲＜p 乙 F 甲＜F 乙 ρA ＞ρB B p 甲＞p 乙 F 甲＞F 乙 ρA ＞ρBC p 甲＜p 乙 F 甲＜F 乙 ρA ＜ρBD p 甲＝p 乙 F 甲＝F 乙 ρA ＞ρB二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置。

2015届中考物理二模考试试题温馨提示：1.请考生将各题答案均涂或写在答题卡上，答在试卷上无效。

2.物理试卷共五道大题，总分120分。

一、单项选择题：（请将正确的选项涂在答题卡上。

每小题3分，共30分。

）1．下列关于声现象的说法中正确的是A.声波在真空中的传播速度是340m/sB.“听诊器”能使人的心脏振动幅度增大，让医生听得更清楚C.城市街道上的噪声监测器可以防止噪声的传播D.“声纹锁”，主要是根据声音的音色辨别主人的声音2．下列选项中，通常情况下都属于绝缘体的是A．汽油和盐水 B．塑料和玻璃 C．人体和大地 D．黄铜和石墨3．下列所示的四种现象中，可用光的折射原理解释的是A.镜中花B.水中桥C.林中影D.缸中鱼4．能源、信息利材料是现代社会发展的三人支柱。

关于能源、信息和材料，下列说法正确的是A．太阳能是不可再生能源B．“北斗”导航是利用超声波进行定位和导航的C．卫星通信、移动通信是利用电磁波来传递信息的D．LED灯的核心元件发光二极管是由超导材料制成的5在物理实验中，往往对物理量进行多次测量，有的是为了提高准确度，有的是为了寻找规律。

下列四个实验中，通过多次测量提高准确度的是A. 在探究“并联电路的干路和支路电流有什么关系”时，测量多组对应的干路电流和各支路电流B. 在探究“液体的压强与哪些因素有关”时，多次改变液体密度、深度，测量对应的压强值C. 在探究“电阻大小与哪些因素有关”时，多次更换电阻丝，测量对应电流D.在测量“某种物质的密度”时，测量多组对应的质量和体积值6下列选项中，每位科学家与某项重大发现的应用相对应，其中对应关系正确的是电磁起重机地球发电机电动机A. 法拉第——电磁起重机B.沈括——地磁的两极和地理的两极并不重合C.奥斯特——发电机D.焦耳——电动机7. 小明同学在做“观察水的沸腾”实验中，描绘出的温度随时间变化的图象如图所示，下列说法中正确的是A．水没有沸腾B．水的沸腾温度低于100℃，说明水的比热容大C．水沸腾前是通过做功的方式来改变水的内能D．实验时的气压小于1个标准大气压8.早晨起床时，如果猛然坐起，会由于脑部暂时缺血而感到头晕，能用来解释这一现象的物理知14题图 识是A.惯性B.力的作用效果C.密度D.压强9.我国古代文学作品中蕴含着丰富的物理学知识，从物理学的角度来阅读下列句子，其中表述不正确的是A.“北风卷地百草折”中“百草折”表明力可以改变物体的形状B.“楼台倒影入池塘”中的“倒影”是光的反射形成的C.“日照香炉生紫烟”中“烟”的形成过程中需要吸热D.“飞流直下三千尺”中“飞流直下”表明水的重力势能转化为水的动能10. 甲同学做托里拆利实验，测得管内外水银面高度差约76cm ，乙同学采取下面哪个措施可以改变这个高度差A ．往水银槽内加少量水银B ．用粗一些的玻璃管做实验C ．把玻璃管往上提一提，但不出水银面D ．把实验移到高山上去做二.多选题(本题共12分.11~14小题的四个选项中，至少有两个选项符合题意，全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分.）11.两个完全相同的圆柱形容器甲和乙底部相连通，倒入适量的水。

上海市2015年中考物理试卷一、选择题1、摄氏温标规定，在标准大气压下冰水混合物的温度为A、00CB、100CC、400CD、1000C分析：温度是描述物体冷热程度的物理量，常用单位是摄氏度，符号是℃．解答：解：摄氏温度规定：在标准大气压下，冰水混合物的温度是0℃，沸水的温度是100℃．故选A2、能分辨出琴声和笛声的主要依据是A、响度B、音调C、音色D、振幅解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同．我们能区分不同乐器发出的声音，这是因为不同乐器发出声音的音色不同．故选C．3、首先发现电流磁效应的物理学家是A、牛顿B、欧姆C、安培D、奥斯特解：A、牛顿是英国伟大的物理学家，在力学、光学等领域取得了卓著的成就．不符合题意；B、欧姆是德国物理学家，发现了电流与电压、电阻的关系﹣﹣欧姆定律．不符合题意；C、安培是英国著名的物理学家，发现了电磁感应现象．不符合题意；D、1820 年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家．符合题意．故选D．4、下列粒子中，带正电的是A、电子B、质子C、中子D、原子解：根据原子结构的相关知识可知，原子核带正电，核外有电子带负电，二者大小相等，符号相反，原子整体呈中性．原子中带正电的微粒是质子．电子带负电，中子不带电．故选B5、在图1 所示的简单机械中，属于费力杠杆的是解：A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、在使用镊子时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、订书机在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆．故选B6、在图2 所示的电路中，电源电压保持不变。

当电键S 从断开到闭合时，电路中A、电流表的示数变小，电压表的示数变小B、电流表的示数变小，电压表的示数变大C、电流表的示数不变，电压表的示数变小D、电流表的示数不变，电压表的示数变大解：由图S 断开时，R1 与R2 串联，电压表测R1 电压，电流表测电路中电流；S 闭合后，R1 被短接，只有R2 接入电路．由此，S 闭合后，R1 被短接后两端电压为0，通过的电流为0，所以电流表和电压表示数都变小．所以A 正确，BCD 错误．故选A7、甲、乙两物体先后从同地沿同方向做匀速直线运动。

2015年上海市普陀区高考物理二模试卷一、单项选择题（共16分，每题2分，每题只有一个正确选项．）1．(★★★★)如图，是一种小型验钞器，能显示纸币上的防伪标志．它能发射（）A．X射线B．紫外线C．可见光D．红外线2．(★★★★)在核反应堆中，为了使快中子的速度减慢，可选用作为中子减速剂的物质是（）A．水B．镉C．氧D．氢3．(★★★)升降机以加速度a竖直向上做匀加速运动，当速度为v时，有一螺帽从升降机的顶部脱落，这时螺帽相对地的加速度和速度大小分别为（）A．g-a，vB．g+a，vC．a，0D．g，v4．(★★★★)当小车向右做匀加速运动时，两个小球的受力情况（）A．A球受3个力作用，B球受2个力作用B．A球受2个力作用，B球受3个力作用C．A球受3个力作用，B球受3个力作用D．A球受2个力作用，B球受2个力作用5．(★★★★)关于光的本性，下列说法正确的是（）A．光电效应反应光的波动性B．光子的能量由光的强度所决定C．光的波粒二象性是将牛顿的波动说和惠更斯的粒子说有机地统一起来D．光在空间传播时，是不连续的，是一份一份的，每一份叫做一个光子6．(★★★★)下列说法正确的是（）A．布朗运动是指在显微镜下观察到的液体分子的无规则运动B．物体吸热时，它的内能一定增加C．分子间距离增大时，分子间的引力、斥力都减小D．用阿伏伽德罗常数和某种气体的密度，就可以求出该种气体的分子质量7．(★★★)如图为某时刻简谐横波的图象，波的传播方向沿x轴正方向，下列说法正确的是（）A．质点A、D的振幅不相等B．质点B、E的速度大小和方向相同C．质点D正沿y轴负方向运动D．质点C、F的加速度为零8．(★★★)一弹簧振子做简谐运动，周期为T，下列说法正确的是（）A．若△t=，则在△t时间内振子经过的路程为一个振幅B．若△t=，则在△t时间内振子经过的路程为两个振幅C．若△t=，则在t时刻和（t+△t）时刻振子的位移一定相同D．若△t=，则在t时刻和（t+△t）时刻振子的速度一定相同二、单项选择题（共24分，每题3分，每题只有一个正确选项．）9．(★★★★)如图，真空中以O点为圆心、Oa为半径的圆周上等间距分布a、b、c、d、e、f、g、h八个点，a、e两点放置等量异种点电荷+Q和-Q，下列说法正确的是（）A．b、d、f、h的电场强度相同B．b、d、f、h的电势相等C．在c点由静止释放的电子将沿cg连线做匀加速直线运动D．将一电子由b点沿bcd圆弧移到d点，电子的电势能一直增大10．(★★★)根据有关放射性知识，下列说法正确的是（）A．某原子核的半衰期为3.8天，若取4个原子核，经7.6天后就剩下一个氢原子核B．β衰变中产生的β射线实际上是源自核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C．发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2D．在三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强11．(★★★★)如图为某控制电路，由电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R 1、R 2及电位器（滑动变阻器）R连接而成，L 1、L 2是两个指示灯．当电位器的触片由b端滑向a端时，下列说法正确的是（）A．L1、L2都变亮B．L1、L2都变暗C．L1变亮，L2变暗D．L1变暗，L2变亮12．(★★★★)如图，长为L的粗糙长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块．现缓慢抬高A端，使木板以左端为轴转动．当木板转到与水平面的夹角为α时，小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端，重力加速度为g．下列说法正确的是（）A．整个过程支持力对物块做功为零B．整个过程支持力对物块做功为mgLsinαC．整个过程木板对物块做功为零D．整个过程木板对物块做功大于物块机械能的增量13．(★★★)如图，光滑平面上一质点以速度v通过原点O，v与x轴正方向成α角，与此同时对质点加上沿x轴正方向的恒力F x和沿y轴正方向的恒力F y，下列说法正确的是（）A．质点一定做曲线运动B．质点不可能做直线运动C．如果F y＞F x，质点向y轴一侧做曲线运动D．如果F x＞F y cotα，质点向x轴一侧做曲线运动14．(★★★)如图，穿在一根光滑的固定杆上的两个小球A、B连接在一条跨过定滑轮的细绳两端，杆与水平面成θ=37o角，不计所有摩擦．当两球静止时，OA绳与杆的夹角为θ，OB绳沿竖直方向，则球A、B的质量之比为（）A．4：3B．3：4C．3：5D．5：815．(★★)如图，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为θ．图甲中A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻杆相连．系统静止时，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行．在突然撤去挡板的瞬间（）A．两图中两球加速度均为gsinθB．两图中A球的加速度均为零C．图甲中B球的加速度是为2gsinθD．图乙中B球的加速度为零16．(★★)如图，质量m=1kg的物体放在水平放置的钢板C上，与钢板的动摩擦因数μ=0.2．由于受到相对地面静止的光滑导槽A、B的控制，物体只能沿水平导槽运动．现使钢板以速度v 1=0.8m/s向右匀速运动，同时用力拉动物体（方向沿导槽方向）以速度v 2=0.6m/s沿导槽匀速运动，则拉力大小为（）A．2NB．1.6NC．1.2ND．1N三．多项选择题（共16分，每小题4分，每小题有二个或三个正确选项，全选对的，得4分，选对但不全的，得2分，有选错或不答的，得0分．）17．(★★★★)如图，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度．现将一小球从地面以某一初速度斜向上抛出，刚好能水平进入圆筒中，不计空气阻力．下列说法中正确的是（）A．小球在上升过程中处于失重状态B．弹簧获得的最大弹性势能等于小球抛出时的动能C．小球从抛出点到筒口的时间与小球抛出时的初速度方向有关D．小球从抛出点到筒口的时间与小球抛出时的初速度方向无关18．(★★★★)如图甲为磁感强度B随时间t的变化规律，磁场方向垂直纸面，规定向里的方向为正．在磁场中有一平面位于纸面内的细金属圆环，如图乙所示．令I 1、I 2、I 3分别表示Oa、ab、bc段的感应电流，F 1、F 2、F 3分别表示金属环上很小一段导体受到的安培力．下列说法正确的是（）A．I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向B．I2沿顺时针方向，I3沿顺时针方向C．F1方向指向圆心，F2方向指向圆心D．F2方向背离圆心向外，F3方向指向圆心19．(★★★★)如图，在沿水平方向以加速度a=1m/s 2匀加速行驶的车厢中，斜靠着与水平方向成α=37o角的气缸．一质量m=2kg、横截面积S=10cm 2的光滑活塞，将一定质量的气体封闭在气缸内，并与气缸保持相对静止．已知大气压强为p 0=1X10 5Pa．下列说法正确的是（）A．气缸对活塞的弹力为16NB．气缸对活塞的弹力为17.2NC．气缸内气体的压强为1.1X105PaD．气缸内气体的压强为2.8X105Pa20．(★★★)某一空间存在与x轴平行的电场，有一质量m=2kg的带电小球，只受电场力作用，以初速度v 0=2m/s在x 0=7m处开始运动．电势能E P随位置x的变化关系如图所示，则小球的运动范围和最大速度分别为（）A．运动范围x≥0B．运动范围x≥1mC．最大速度v m=2m/sD．最大速度v m=3m/s四．填空题（共20分，每小题4分．）21．(★★★★)卢瑟福用α粒子轰击氮核发现了质子，其核反应方程为147N+ 42He→178O+ 11H．查德威克用α粒子轰击铍核，打出了一种粒子流，其核反应方程为94Be+42He →126C+10n．14 742178119 442126122．(★★★)两物体A、B的质量之比m A：m B=1：2，在光滑水平面上沿同一直线相向而行，它的速度之比为4：1，则动量大小之比为 2：1 ；两者碰后粘在一起，则其总动量与B原来动量大小之比p：p B= 1：1 ．23．(★★★)两颗人造卫星A、B绕地球做圆周运动的周期之比为1：8，则它们的轨道半径之比为 1：4 ，速度之比为 2：1 ．24．(★★★)有一单摆，其回复力F与位移x的关系图线如图所示．若摆球质量为100g，则单摆的摆长为 1 m，从平衡位置开始振动经过1.5s，摆球通过的路程为 0.26 m．25．(★★)轻质细线吊着一质量m=0.8kg，边长L=0.8m、匝数n=20、总电阻r=1Ω的正方形线圈．边长l=0.4m的正方形磁场区域对称地分布在线圈下边的两侧，磁场方向垂直纸面向里，如图甲所示，磁感应强度B随时间变化规律如图乙所示．从t=0开始经t 0时间细线开始松弛，在前t 0时间内线圈中产生的感应电流为 0.8 A，t 0的值为 0.5 s．26．(★★)如图，将倾角α=37o的大三角形劈切开为等宽的小三角形劈和5个梯形劈，再重新将各劈放在一起（各劈互不粘连）．从小三角形劈开始，依次编号为1，2，…6．各劈的质量均为M=1kg、斜面长度均为L=0.2m．可视为质点的物块质量m=1kg，与斜面间的动摩擦因数μ1=0.5．现使物块以平行于斜面方向的初速度v 0=4.5m/s，从小三角形劈的底端冲上斜面，若所有劈均固定在水平面上，物块最终能冲上第 6 块劈；若所有劈均不固定，与地面的动摩擦因数均为μ2=0.3，假定最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，物块滑动到第 5 块劈时，梯形劈开始相对地面滑动．五．实验题（共24分）27．(★★★)在观察光的干涉和衍射的实验中，（1）如图1，当用激光照射直径小于激光束的不透明圆盘时，在圆盘后屏上的阴影中心出现了一个亮斑．这是光的衍射（填“干涉”、“衍射”或“直线传播”）现象．（2）如图甲，让一束红色的激光通过双缝，在光屏上观察到的图案应该是图乙．28．(★★★)在用单分子油膜估测分子大小的实验中，（1）（多选）某同学计算出的结果明显偏大，可能是由于 AC（A）油酸未完全散开（B）油酸中含有大量酒精（C）计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格（D）求每滴溶液中纯油酸的体积时，1mL溶液的滴数多记了10滴（2）在做实验时，油酸酒精溶液的浓度为每1000mL溶液中有纯油酸1mL，用注射器测得1mL 上述溶液有200滴，把一滴该溶液滴入盛水的表面撒有痱子粉的浅盘里，待水面稳定后，测得油膜的近似轮廓如图所示．图中正方形小方格的边长为1cm，根据上述数据，估测出油酸分子的直径是 0.4 nm．29．(★★★)位移传感器由发射器和接收器组成，发射器内装有红外线和超声波发射器，接收器内装有红外线和超声波接收器．（1）如图1，固定在被测运动物体上的发射器向接收器同时发射一个红外线脉冲和一个超声波脉冲，接收器收到红外线脉冲时开始计时t 1，收到超声波脉冲时停止计时t 2．已知超声波在空气中的传播速度为v（红外线传播时间极短，可忽略），发射器和接收器之间的距离s= v（t 2-t 1）．（2）某小组设计了使用位移传感器的图2示实验装置测量木块下滑的加速度，让木块从倾斜木板上一点A静止释放，计算机描绘了滑块相对传感器的位移随时间变化规律如图3所示．根据图线计算t 0时刻速度v= ，木块加速度a= （用图中给出的s 0、s 1、s 2、t 0表示）．2130．(★★★)利用如图甲所示的电路测定电源的电动势和内电阻，提供的器材为：（A）干电池两节，每节电池的电动势约为1.5V，内阻未知（B）直流电压表V 1、V 2，内阻很大（C）直流电流表A，内阻忽略不计（D）定值电阻R，阻值不小于5Ω（E）滑动变阻器（F）导线和开关（1）某一组同学利用该电路完成实验时，由于某根导线发生断路故障，因此只记录了一个电压表和电流表的示数．利用多次测量获得的数据作出如图乙所示的U-I图．该同学测得两节干电池总电动势为 2.9 V，总内阻为 3.1 Ω．（2）另一组同学连接好电路后，由于电流表发生短路故障，因此只记下两个电压表的示数．测得多组数据后，他们以表V 1的示数U 1为横坐标、表V 2的示数U 2为纵坐标作图象，也得到一条不过原点的直线，如图丙所示．则两节干电池总电动势大小为 2.66 V，两节干电池总内阻不可以（选填“可以”或“不可以”）求出．如果该组同学希望通过利用图象纵坐标上的截距直接得到电源的总电动势，若取U 1为纵坐标，应该选用 U 1-U 2作为横坐标作图（请写出推导过程）．推导：实验原理为 E=U 1+ r，可将公式变形为 U 1=- （U 1-U 2）+E 所以，应选U 1-U 2作为横坐标作图，才可以通过图线直接得到电源的电动势．．12111212六．计算题（共50分）31．(★★★)如图，一艘小船上有一个人坐在船的前端，人和船的总质量为M，该人手中握住一根绳子，以恒力F拉绳，使船自静止起向右运动位移为s（阻力不计）．图甲情况，绳的另-端固定在岸的木桩上；图乙情况，绳的另一端跨过定滑轮固定在船上；图丙情况，绳的另一端固定在另一艘质量也为M的船上．求：（1）图甲情况下船的末速度；（1）图乙情况的船的末速度；（2）图丙情况的船的末速度．32．(★★★)如图1，一端封闭一端开口，内径均匀的直玻璃管注入一段60mm的水银柱，管水平放置．达到平衡时，闭端空气柱长140mm，开口端空气柱长140mm．若将管轻轻倒转后再竖直插入水银槽内（如图2），达到平衡时，管中封闭端空气柱A长133mm．设大气压强为760mmHg，整个过程温度保持不变．（1）求槽中水银进入管中的长度H；某同学的解法如下：以水平放置作为初态，以竖直插入水银槽后作为末态，分别对A，B两部分气体应用玻意耳定律进行解析．解：对A气体：p A=760mmHg，V A=140S，V A1=133Sp A V A=p A1V A1，代入数据得p A1=800mmHg对B气体：p B=760mmHg，V B=140S，p B1=860mmHgp B V B=p B1V B1，代入数据得L B1=123.72mm你若认为该同学的结论正确，接着计算出水银进入管中的长度H；你若认为该同学的结论错误，请分析错误的原因，并计算出水银进入管中的长度H．（2）求玻璃管露出槽中水银面的高度h．33．(★★★)如图甲，在水平地面上固定一倾角θ=30o的光滑绝缘斜面，斜面处于方向沿斜面向下的匀强电场中．一绝缘轻质弹簧的一端固定在斜面底端，整根弹簧处于自然状态．一质量为m=2kg、电荷量为q（q＞0）的滑块，从距离弹簧上端s 0=1.25m处静止释放．设滑块与弹簧接触过程没有机械能损失，滑块在运动过程中电荷量保持不变，qE=0.5mg．弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终处在弹性限度内，发生弹性形变的弹力大小与形变成正比．（1）求滑块从静止释放到与弹簧上端接触瞬间所经历的时间t 1；（2）求滑块速度最大时弹簧弹力F的大小；（3）从滑块静止释放瞬间开始计时，请在乙图中画出滑块在沿斜面向下运动的整个过程中速度与时间关系v-t图象．（不要求写出计算过程，但要在坐标上标出关键点）；（4）从滑块静止释放瞬间开始计时，请在丙图中画出滑块在沿斜面向下运动的整个过程中加速度与位移关系a-s图象（不要求写出计算过程，但要在坐标上标出关键点）．34．(★★)如图，固定在水平桌面上的“∠”型平行导轨足够长，间距L=1m，电阻不计．倾斜导轨的倾角θ=53o，并与R=2Ω的定值电阻相连．整个导轨置于磁感应强度B=5T、方向垂直倾斜导轨平面向上的匀强磁场中．金属棒ab、cd的阻值为R 1=R 2=2Ω，cd棒质量m=1kg．ab与导轨间摩擦不计，cd与导轨间的动摩擦因数μ=0.3，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．现让ab棒从导轨上某处由静止释放，当它滑至某一位置时，cd棒恰好开始滑动．（1）求此时通过ab棒的电流；（2）求导体棒cd消耗的热功率与ab棒克服安培力做功的功率之比；（3）若ab棒无论从多高的位置释放，cd棒都不动，则ab棒质量应小于多少？（4）假如cd棒与导轨间的动摩擦因数可以改变，则当动摩擦因数满足什么条件时，无论ab棒质量多大、从多高位置释放，cd棒始终不动？。

上海市2015年初三物理二模精选(教师版)上海物理二模精选题（教师版）1．质量分布均匀的立方体放置在水平桌面中央，如图3所示。

从顶点A沿虚线将M部分截去，关于剩下N部分对桌面压强与截去角度α的关系，下列说法中正确的是( D) A. 当截去角度α小于45o时，剩下部分的压强始终随α的增大而增大 A B. 当截去角度α大于45o时，剩下部分的压强始终随α的增大而减小 C. 当截去角度α小于45o时，剩下部分的压强始终保持不变 D. 当截去角度α大于45o时，剩下部分的压强始终保持不变2．在图4所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，电路正常工作。

一段时间后，电流表A的示数变小，电压表V的示数不变。

现用另一定值电阻R3替换R2，替换后电流表的示数再次变小。

若故障只可能发生在电阻R1、R2、R3上，则下列判断正确的是(D）A. R1可能断路B. R2可能断路C. R2一定断路D. R3可能断路3．把一个小球竖直向上抛出，小球在空中受到重力和空气阻力的作用。

小球在上升和下降过程中所受合力分别为F上升、F下降，则（ C ）A．F上升小于F下降B．F上升等于F下降D．两个合力的方向相反图3M N图4C．两个合力的方向相同4．如图3所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，它们对水平地面的压强相等。

若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，并将截去部分叠放在对方剩余部分上，它们对地面的压强为p甲和p乙，下列判断正确的是（ B ）A．p甲可能小于p乙C．p甲可能大于p乙B．p甲一定小于p乙D．p甲一定大于p乙图3 5．在图3所示的电路中，电源电压保持不变。

已知电阻R、灯L 可能出现了故障，电键S闭合前后，电流表指针所在的位置不变，下列判断中正确的是（ C ）A.若灯L不发光，则一定电阻R短路 B.若灯L不发光，则一定电阻R断路 C.若灯L发光，则一定电阻R短路 D.若灯L发光，则一定电阻R断路16．如图4所示，底面积相同的圆柱形容器甲、乙放在同一水平地面上，内盛有两种不同的液体。

2015年上海市初中毕业统一学业考试物理试题（含答案全解全析）一、选择题(共16分)下列各题均只有一个正确选项。

1.摄氏温标规定,在标准大气压下冰水混合物的温度为()A.0℃B.10℃C.40℃D.100℃2.能分辨出琴声和笛声的主要依据是()A.响度B.音调C.音色D.振幅3.首先发现电流磁效应的物理学家是()A.牛顿B.欧姆C.安培D.奥斯特4.下列粒子中,带正电的是()A.电子B.质子C.中子D.原子5.在图1所示的简单机械中,属于费力杠杆的是()图16.在图2所示的电路中,电源电压保持不变。

当电键S从断开到闭合时,电路中()图2A.电流表的示数变小,电压表的示数变小B.电流表的示数变小,电压表的示数变大C.电流表的示数不变,电压表的示数变小D.电流表的示数不变,电压表的示数变大7.甲、乙两物体先后从同地沿同方向做匀速直线运动。

甲比乙先运动2秒,甲运动6秒时通过的路程为6米,此时甲、乙间的距离为2米。

在图3所示的a、b、c三条图线中,乙的s-t图()图3A.一定是图线aB.一定是图线bC.可能是图线bD.可能是图线c8.如图4所示,均匀圆柱体甲和乙放置在水平地面上,现沿水平虚线切去部分后,使甲、乙剩余部分的高度均为h。

若此时甲、乙的剩余部分对地面的压力相等,则甲、乙原先对地面的压强p甲、p乙和压力F甲、F乙的关系是()图4A.p甲<p乙,F甲>F乙B.p甲<p乙,F甲<F乙C.p甲>p乙,F甲>F乙D.p甲>p乙,F甲<F乙二、填空题(共23分)9.家庭中测量所用电能多少的仪表是表。

当标有“220V11W”字样的节能灯正常工作时,两端的电压为伏,通过的电流为安。

10.5月31日,中国运动员苏炳添在国际田径百米大赛中跑出了9秒99的成绩,成为首位跑进10秒的中国人。

起跑时他用力蹬助跑器后飞速冲出,说明力可以改变物体的。

在冲过终点减速的过程中,他的惯性,动能。