【小初高学习】(江苏专版)2019年高考物理总复习 课时作业四十三 电感和电容对交变电流的影响

第43讲电感和电容对交变电流的影响知识整合一、电感对交变电流的作用1．电感对交变电流起阻碍作用．(1)线圈的自感系数______，交变电流的频率________，电感对交变电流的阻碍作用越大．(2)电感线圈对交变电流阻碍作用的大小用________表示，符号：X L.2．电感在交流电路里的应用——扼流圈．扼流圈有两种：一种叫做低频扼流圈，线圈的自感系数L很大，作用是“________________”，另一种叫做高频扼圈，线圈的自感系数很小，作用是“__________________”．二、电容对交变电流的作用1．电容器对交变电流起阻碍作用．(1)电容越大、交变电流的频率越高，电容对交变电流的阻碍作用________．(2)电容器对交变电流阻碍作用的大小用________表示，符号：X C.2．电容器在电路中表现为“________________________________”．方法技巧考点1电感对交变电流的影响1．电感对交变电流起阻碍作用的原因当线圈中通过交变电流时，因电流时刻在改变，由电磁感应知识可知，线圈中将产生自感电动势，阻碍电流的变化，故而形成了对交变电流的阻碍作用．2．电感对交变电流阻碍作用大小的决定因素电感对交变电流阻碍作用的大小用感抗来表示，线圈自感系数越大，交变电流的频率越高(交变电流变化得越快)，线圈中自感电动势越大，故阻碍作用越大，即感抗越大．【典型例题1】(多选)如图所示电路中，L为电感线圈，R为灯泡，电流表内阻为零．电压表内阻无限大，交流电源的电压u＝2202sin100πt V．若保持电压的有效值不变，只将电源频率改为25 Hz，下列说法中正确的是()A．电流表示数增大B．电压表示数增大C．灯泡变暗D．灯泡变亮1.如图所示小型发电机可简化为线圈在磁场中匀速转动，用其给串联的电阻和线圈供电，同时接理想交流电流表测量电流，当线圈以某一转速转动时读出电流表电流为I，此时电阻消耗功率为P；提高线圈转速为原来2倍，下列说法正确的是()A．电流表示数变为2IB．电流表示数大于2IC．电阻消耗功率小于4PD．电阻消耗功率大于4P考点2电容对交变电流的影响1．关于交变电流“通过”电容器的解释电容器的两极板间是绝缘介质，自由电荷并不能通过该介质．电容器接到交流电路中后，当两极板间电压升高时电容器充电，形成充电电流；当两极板间电压降低时电容器放电，形成放电电流．电容器交替进行充电和放电，电路中就有了持续电流，表现为交流“通过”了电容器．2．电容对交变电流阻碍作用及其决定因素(1)电容器极板上积累电荷后会反抗自由电荷做定向移动，故而电容器对交变电流有阻碍作用．(2)电容对交变电流阻碍作用的大小用容抗来表示，电容越大，在同样电压下电容器容纳电荷越多，因此充放电的电流越大，容抗就越小；交变电流的频率越高，充放电进行得越快，充放电电流越大，容抗越小．【典型例题2】(多选)如图所示，理想变压器原线圈接有交流电源，当副线圈上的滑片P处于图示位置时，灯泡L能发光．要使灯泡变亮，可以采取的方法有()A．向下滑动PB．增大交流电源的电压C．增大交流电源的频率D．减小电容器C的电容【典型例题3】如图所示的电路中，正弦交流电源电压的有效值为220 V，则关于交流电压表的示数，以下说法中正确的是()A．等于220 VB．大于220 VC．小于220 VD．等于零考点3电感、电容在交流电路中的应用1．电感有“通直流、阻交流”或“通低频，阻高频”特征．2．电容器在电路中有“通交流、隔直流”或“通高频、阻低频”特征．【典型例题4】(17年江苏高考)(多选)某音响电路的简化电路图如图所示，输入信号既有高频成分，也有低频成分，则()A．电感L1的作用是通高频B．电容C2的作用是通高频C．扬声器甲用于输出高频成分D．扬声器乙用于输出高频成分2.如图，三个灯泡是相同的，而且耐压足够高，交、直流两电源的内阻忽略，电动势相等，当S接a时，三个灯泡的亮度相同，那么S接b时()A．三个灯泡亮度相同B．甲灯最亮，丙灯不亮C．甲灯和乙灯亮度相同，丙灯不亮D．只有丙灯不亮，乙灯最亮当堂检测 1.(多选)对于某块使用高频电信号的电路，其输入却是高低混频，欲达上述目的，下述方法可行的是()A．将被控电路串联容抗较大的电容B．将被控电路串联容抗较小的电容C．将被控电路并联感抗较大的线圈D．将被控电路并联感抗较小的线圈2．在电子技术中，从某一装置输出的电流既有高频成分又有低频成分，第2题图如果只需把低频成分输送到下一级装置，如图所示，则下列做法合理的是()A．在a、b间接入一个电容器B．在a、b间接入一个低频扼流圈C．在a、b间接入一个高频扼流圈D．在a、b间接入一个电容器或高频或低频扼流圈都可以3.(多选)“二分频”音箱内有高、低两个扬声器．音箱要将扩音机送来的含有不同频率的混合音频电流按高、低段分离出来，送往相应的扬声器，以便使电流所携带的音频信号按原比例还原成高、低频的机械振动．如图为音箱的电路简化图，高低频混合电流由a、b端输入，L是线圈，C是电容器，则()第3题图A．甲扬声器是低音扬声器B．C的作用是阻碍低频电流通过乙扬声器C．乙扬声器的振幅一定大D．L的作用是阻碍高频电流通过甲扬声器4．(多选)如图所示的电路，L1、L2、L3是三盏相同的电灯，C是电容器，L是电感器，R 是电阻．把双刀双掷开关S由与c、d两端连接变为与a、b两端连接观察到的现象是()第4题图A．L1由亮变为熄灭B．L2由暗变得亮些C．L3由亮变得暗些D．L2与L3亮度不变5．如图所示是电视机电源部分的滤波装置，当输入端输入含有直流成分、交流低频成分的电流后，能在输出端得到较稳定的直流电，试分析其工作原理及各电容和电感的作用．第5题图。

课时作业二十一功能关系能量守恒定律(限时：45分钟)(班级________ 姓名________)1．如图所示，在竖直平面内有一“V”形槽，其底部BC是一段圆弧，两侧都与光滑斜槽相切，相切处B、C位于同一水平面上．一小物体从右侧斜槽上距BC平面高度为2h的A处由静止开始下滑，经圆弧槽再滑上左侧斜槽，最高能到达距BC所在水平面高度为h的D处，接着小物体再向下滑回，若不考虑空气阻力，则( )第1题图A．小物体恰好滑回到B处时速度为零B．小物体尚未滑回到B处时速度已变为零C．小物体能滑回到B处之上，但最高点要比D处低D．小物体最终一定会停止在圆弧槽的最低点2．(多选)下面关于摩擦力做功的叙述，正确的是( )A．静摩擦力对物体一定不做功B．滑动摩擦力对物体不一定做负功C．一对静摩擦力中，一个静摩擦力做正功，则另一个静摩擦力一定做负功D．一对滑动摩擦力中，一个滑动摩擦力做负功，则另一个滑动摩擦力一定做正功3．如图所示，质量为0.1 kg的小物块在粗糙水平桌面上滑行4 m后以3.0 m/s的速度飞离桌面，最终落在水平地面上，已知物块与桌面间的动摩擦因数为0.5，桌面高0.45 m，若不计空气阻力，取g＝10 m/s2，则( )第3题图A．小物块的初速度是5 m/sB．小物块的水平射程为1.2 mC．小物块在桌面上克服摩擦力做8 J的功D．小物块落地时的动能为0.9 J4．物体在竖直方向上分别做匀速上升、加速上升和减速上升三种运动．在这三种情况下物体机械能的变化情况是( )A．匀速上升机械能不变，加速上升机械能增加，减速上升机械能减少B．匀速上升和加速上升机械能增加，减速上升机械能减少C．匀速上升和加速上升机械能增加，减速上升机械能可能增加，可能减少，也可能不变D．三种情况中，物体的机械能均增加5．如图所示，水平地面上有一个坑，其竖直截面为半圆，O 为圆心，AB 为沿水平方向的直径．若在A 点以初速度v 1沿AB 方向平抛一小球，小球将击中坑壁上的最低点D 点；若A 点小球抛出的同时，在C 点以初速度v 2沿BA 方向平抛另一相同质量的小球也能击中D 点．已知∠COD ＝60°，且不计空气阻力，则( )第5题图A ．两小球同时落到D 点B ．两小球在此过程中动能的增加量相等C ．在击中D 点前瞬间，重力对两小球做功的功率相等D ．两小球初速度之比v 1∶v 2＝6∶36．如图所示，质量为m 的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v 匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为μ，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对静止这一过程中，下列说法正确的是( )第6题图A ．电动机做的功为12mv 2B ．摩擦力对物体做的功为mv 2C ．传送带克服摩擦力做的功为12mv 2D ．电动机增加的功率为μmgv7．(多选)如图，曲面EC 是半径为R ＝0.4 m 的14圆弧，C 端切线水平且与水平面CA 相连，在CE 上固定一光滑木板CD ，CD 与CA 平滑连接，质量为m ＝0.2 kg 的小物块从水平面上A 处以初速度v 0＝4 m/s 向左运动，恰好可以到达木板的D 端，下滑后停在B 处，AB ＝3BC ，重力加速度g 取10 m/s 2，则由题中信息可求出( )第7题图A ．滑块与水平面AC 的动摩擦因数μB ．木板CD 与水平面的夹角C ．滑块在木板上CD 下滑时重力的平均功率 D ．整个过程的摩擦热8．如图所示装置由AB 、BC 、CD 三段轨道组成，轨道交接处均由很小的圆弧平滑连接，其中轨道AB 、CD 段是光滑的，水平轨道BC 的长度s ＝5 m ，轨道CD 足够长且倾角θ＝37°，A、D两点离轨道BC的高度分别为h1＝4.30 m、h2＝1.35 m．现让质量为m的小滑块自A点由静止释放．已知小滑块与轨道BC间的动摩擦因数μ＝0.5，重力加速度g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：(1)小滑块第一次到达D点时的速度大小；(2)小滑块最终停止的位置距B点的距离．第8题图9．如图，水平直线轨道OB与竖直的四分之一光滑圆弧轨道AB相切于B点，O为圆心，半径R＝1 m，A点与O点等高，劲度系数k＝103N/m的轻弹簧一端固定在D点挡板处，另一端为自由端在C点．BC＝0.9 m，将质量m＝1 kg的小物块从A点静止释放，观察到物块反弹回来后刚好到达B点．已知物块水平轨道的动摩擦因数μ＝0.5，g＝10 m/s2.(1)求出弹簧的最大压缩量及物块在水平轨道上运动过程中的最大加速度数值a；(2)若将DC段换成光滑的水平轨道，物块从A点释放后，求弹簧被压缩的最大弹性势能E p及物块第一次返回圆弧轨道上B点时轨道对物块支持力大小F N；(3)若将DC段换成光滑的水平轨道，物块从A点正上方h＝5 m高处释放落下，并从A 点切入轨道，求物块最终的静止位置离C点的距离．第9题图10．某校物理兴趣小组决定举行遥控赛车比赛，比赛路径如图所示．可视为质点的赛车从起点A出发，沿水平直线轨道运动L后，由B点进入半径为R的光滑竖直半圆轨道，并通过半圆轨道的最高点C，才算完成比赛．B是半圆轨道的最低点，水平直线轨道和半圆轨道相切于B点．已知赛车质量m＝0.5 kg，通电后以额定功率P＝2 W工作，进入竖直半圆轨道前受到的阻力恒为F f＝0．4 N，随后在运动中受到的阻力均可不计，L＝10.0 m，R＝0.32 m，g取10 m/s2.(1)要使赛车完成比赛，赛车在半圆轨道的B点对轨道的压力至少为多大？(2)要使赛车完成比赛，电动机至少工作多长时间？(3)若电动机工作时间为t0＝5 s，当半圆轨道半径为多少时赛车既能完成比赛且飞出的水平距离又最大？水平距离最大是多少？第10题图课时作业(二十一) 功能关系能量守恒定律1.C 【解析】 小物体从A 处运动到D 处的过程中，克服摩擦力所做的功为W f 1＝mgh ，小物体从D 处开始运动的过程，因为速度较小，小物体对圆弧槽的压力较小，所以克服摩擦力所做的功W f 2＜mgh ，所以小物体能滑回到B 处之上，但最高点要比D 处低，C 正确，A 、B 错误；因为小物体与圆弧槽间的动摩擦因数未知，所以小物体可能停在圆弧槽上的任何地方，D 错误．2．BC 【解析】 物体在静摩擦力作用下可以向各个方向运动，所以静摩擦力可以对物体做功，故A 错误．物体在滑动摩擦力的作用下也可以运动，即运动方向可以与滑动摩擦力的方向相同，从而对物体做正功，故B 正确．由于一对静摩擦力等大反向，且作用位移相同，故一个力做正功，另一个力一定做负功，故C 正确．在一对滑动摩擦力中，力的大小相等、方向相反，但两力的作用位移大小不相同，方向也不相同，故D 错误．故选BC.3．D 【解析】 小物块在桌面上克服摩擦力做功W f ＝μmgL ＝2 J ，C 错；在水平桌面上滑行，由动能定理得－W f ＝12mv 2－12mv 20，解得v 0＝7 m/s ，A 错；小物块飞离桌面后做平抛运动，有x ＝vt 、h ＝12gt 2，解得x ＝0.9 m ，B 错；设小物块落地时动能为E k ，由动能定理得mgh ＝E k －12mv 2，解得E k ＝0.9 J ，D 正确．4．C 【解析】 无论物体向上加速还是匀速运动，除重力外，其他外力一定对物体做正功，物体机械能都增加，物体向上减速运动时，除重力外，物体受到的其他外力不确定，故无法确定其机械能的变化，C 正确．故选C.5．D 【解析】 A ．根据h ＝12gt 2得，t ＝2hg，两球下降的高度之比为2∶1，则运动的时间之比为2∶1.由几何关系知，两球的水平位移之比为2∶3，则两球的初速度之比为6∶3.故D 正确，A 错误．B.因为两小球下降的高度不同，重力做功不同，根据动能定理知，动能的增加量不等．故B 错误；C.两球下落的高度之比为2∶1，则重力做功之比为2∶1.运动的时间之比为2∶1，根据功率的公式p ＝W t知，重力对两小球做功的功率不相等．故C 错误．故选D.6．D 【解析】 由能量守恒定律知，电动机做的功等于物体获得的动能和由于摩擦而产生的热量，故A 错；对物体受力分析知，仅有摩擦力对物体做功，由动能定理知，B 错；传送带克服摩擦力做功等于摩擦力与传送带对地位移的乘积，而易知这个位移是物体对地位移的两倍，即W ＝mv 2，故C 错；由功率公式易知传送带增加的功率为μmgv ，故D 对．7．BCD 【解析】 A ．对全过程运用动能定理得：－μmg (x AC ＋x BC )＝0－12mv 20①，对A到D 过程运用动能定理得：－μmgx AC －mg (2R sin ．．．θ)sin ．．．θ＝0－12mv 20②，由①式可以求出μmgx AC ，代入②式可以得出sin θ，从而得出木板与水平面的夹角，由两式无法求出滑块与水平面的动摩擦因数μ.故A 错误，B 正确．C.CD 的长度L ＝2R sin θ，滑块在CD 上下滑的加速度a ＝g sin θ，根据运动学公式可以求出运动的时间，根据P ＝mgL sin θt可以求出滑块在木板上CD 下滑时重力的平均功率，故C 正确．D.根据①式可以求出整个过程中克服摩擦力做功，从而得出整个过程的摩擦热，故D 正确．故选BCD.8．(1)3 m/s (2)1.4 m 【解析】 (1)小滑块从A →B →C →D 过程中，由动能定理得mg (h 1－h 2)－μmgs ＝12mv 2D －0将h 1、h 2、s 、μ、g 代入得：v D ＝3 m/s. (2)对小滑块运动全过程应用动能定理，设小滑块在水平轨道上运动的总路程为s 总．有：mgh 1＝μmgs 总将h 1、μ代入得：s 总＝8.6 m故小滑块最终停止的位置距B 点的距离为 2s －s 总＝1.4 m.9．(1)0.1 m 10.5 m/s 2(2)5.5 J 12N (3)0.3 m【解析】 (1)设物块相对B 点向左滑动的最大距离为s ，全程由功能关系得： －2μmgs ＝0－mgR 解得：s ＝1 m弹簧的最大压缩量为：Δx ＝s －BC ＝1－0.9＝0.1 m向左滑行刚要速度减为零时加速度最大，设为a ，根据牛顿第二定律得： k Δx ＋μmg ＝ma 解得：a ＝10.5 m/s 2. (2)由功能关系得：－μmgBC ＝E p －mgR解得，弹簧被压缩的最大弹性势能为：E p ＝5.5 J 返回B 点的速度为v B .由动能定理得：mgR －2μmgBC ＝12mv 2B在B 点，由牛顿第二定律得：2 0.3 m 处．1.2 m 【解析】 (1)赛车恰通过C 点的条件是2mv B ＝2mv C 在B 点应用牛顿第二定律得F N －mg ＝m mv 2BR联立解得v B ＝5gR ＝4 m/sF N ＝6mg ＝30 N 由牛顿第三定律得，赛车对轨道的压力F N ′＝F N ＝30 N. (2)由A 到B 过程克服摩擦力做功产生的热量Q ＝F f L 根据能量守恒定律得Pt ＝12mv 2B ＋Q联立解得t ＝4 s.(3)由A 到C 过程根据能量守恒定律得Pt 0＝12mv C ′2＋Q ＋mg ·2R 0赛车过C 点后做平抛运动，有 2R 0＝12gt 2，x ＝v C ′t联立解得x 2＝－16R 20＋9.6R 0 当R 0＝0.3 m 时x max ＝1.2 m.。

专题四电路与电磁感应第一讲直流电路与交流电路1.[考查两种交流电的比较]甲、乙图分别表示两种电压的波形，其中甲图所示的电压按正弦规律变化。

下列说法正确的是()A．甲图表示交流电，乙图表示直流电B．甲图电压的有效值为220 V，乙图电压的有效值小于220 VC．乙图电压的瞬时值表达式为u＝2202sin 100πt(V)D．甲图电压经过匝数比为1∶10的变压器变压后，频率变为原来的10倍解析：选B由于两图中表示的电流方向都随时间变化，因此都为交流电，故A错误；由于对应相同时刻，图甲电压比图乙电压大，根据有效值的定义可知，图甲有效值要比图乙有效值大，图甲是正弦式交流电，所以有效值U＝U m2＝220 V，故乙图电压小于220 V，则B正确；图乙不是正弦式交流电，所以表达式不是正弦函数，故C错误；理想变压器变压后，频率不发生变化，故D错误。

2．[考查交流电的产生及瞬时值、有效值]如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图像如图乙中曲线a、b所示，则()A．两次t＝0时刻线圈平面均与中性面垂直B．曲线a表示的交变电动势瞬时值为15cos 50πt(V)C ．曲线a 、b 对应的线圈转速之比为3∶2D ．曲线b 表示的交变电动势有效值为10 V解析：选C 在t ＝0时刻，线圈一定处在中性面上，故A 错误；由题图乙可知，a 的周期为4×10－2 s ，ω＝2πT ＝50π rad/s ；曲线a 表示的交变电动势瞬时值为15sin 50πt (V)，B错误；b 的周期为6×10－2 s ，则由n ＝1T可知，转速与周期成反比，故转速之比为3∶2，故C 正确；ωa ∶ωb ＝n 1∶n 2＝3∶2，a 交流电的最大值为15 V ，则根据E m ＝nBSω得曲线b 表示的交变电动势最大值是10 V ，则有效值为U ＝102 V ＝5 2 V ，故D 错误。

课时作业四十一自感涡流(限时：45分钟)(班级________ 姓名________)1．(多选)如图所示为新一代炊具——电磁炉，无烟、无明火、无污染、不产生有害气体、无微波辐射、高效节能等是电磁炉的优势所在．电磁炉是利用电流通过线圈产生磁场，当磁场的磁感线通过含铁质锅底部时，即会产生无数小涡流，使锅体本身自行高速发热，然后再加热锅内食物．下列相关说法中正确的是( )第1题图A．锅体中的涡流是由恒定的磁场产生的B．恒定磁场越强，电磁炉的加热效果越好C．锅体中的涡流是由变化的磁场产生的D．提高磁场变化的频率，可提高电磁炉的加热效果2．(多选)如图所示，A、B是相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可忽略的自感线圈．下面说法正确的是( )第2题图A．闭合开关S时，A、B灯同时亮，且达到正常B．闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮C．闭合开关S时，A灯比B灯先亮，最后一样亮D．断开开关S时，A灯与B灯同时慢慢熄灭3．利用线圈的自感现象，可以粗略地确定不同线圈的自感系数和直流电阻的大小关系，电路如图，L1、L2是两个不同的线圈，甲、乙是相同的灯泡，开始电键K是断开的，闭合电键K后看到甲灯比乙灯亮得快，但最终稳定时甲灯比乙灯暗，下列说法正确的是( )第3题图A．L1自感系数较大，直流电阻亦较大B．L1自感系数较大，但直流电阻较小C．L1自感系数较小，直流电阻亦较小D．L1自感系数较小，但直流电阻较大4．如图是一种焊接方法的原理示意图．将圆形待焊接金属工件放在线圈中，然后在线圈中通以某种电流，待焊接工件中会产生感应电流，感应电流在焊缝处产生大量的热量将焊缝两边的金属熔化，待焊工件就焊接在一起．下列说法中正确的是( )第4题图A．线圈中的电流是很强的恒定电流B．线圈中的电流是交变电流，且频率很高C．待焊工件焊缝处的接触电阻比非焊接部分电阻小D．焊接工件中的感应电流方向与线圈中的电流方向总是相反5．(多选)如图所示，A1和A2是两个规格完全相同的灯泡，A1与自感线圈L串联后接到电路中，A2与可变电阻R串联后接到电路中．先闭合开关S，缓慢调节电阻R，使两个灯泡的亮度相同，再调节电阻R1，使两个灯泡都正常发光，然后断开开关S.对于这个电路，下列说法中正确的是( )第5题图A．再次闭合开关S时，A2先亮，A1后亮B．再次闭合开关S时，A1和A2同时亮C．再次闭合开关S，待电路稳定后，重新断开开关S，A2立刻熄灭，A1过一会儿熄灭 D．再次闭合开关S，待电路稳定后，重新断开开关S，A1和A2都要过一会儿才熄灭6．如图所示，L为电阻很小的线圈，G1和G2为内阻不计、零点在表盘中央的电流计．当开关K处于闭合状态时，两表的指针皆偏向右方．那么，当K断开时，将出现( )第6题图A．G1和G2的指针都立即回到零点B．G1的指针立即回到零点，而G2的指针缓慢地回到零点C．G1的指针缓慢地回到零点，而G2的指针先立即偏向左方，然后缓慢地回到零点 D．G1的指针先立即偏向左方，然后缓慢地回到零点，而G2的指针缓慢地回到零点7．(多选)如图所示，L1、L2、L3是完全相同的灯泡，L为直流电阻可忽略的自感线圈，电源内阻不计，开关S原来接通．现将开关S断开，则( )第7题图A．L1点亮，L2变暗，最终两灯一样亮B．L2闪亮一下后恢复到原来的亮度C．L3变暗一下后恢复到原来的亮度D．L3闪亮一下后恢复到原来的亮度8．(多选)如图所示，A、B为大小、形状均相同且内壁光滑，但用不同材料制成的圆管，竖直固定在相同高度．两个相同的磁性小球，同时从A、B管上端的管口无初速释放，穿过A 管的小球比穿过B管的小球先落到地面．下面对于两管的描述中可能正确的是( )第8题图A．A管是用塑料制成的，B管是用铜制成的B．A管是用铝制成的，B管是用胶木制成的C．A管是用胶木制成的，B管是用塑料制成的D．A管是用胶木制成的，B管是用铝制成的9．(模拟题改编)如图所示，一块长方形光滑铝板水平放在桌面上，铝板右端拼接一根与铝板等厚的条形磁铁，一质量分布均匀的闭合铝环以初速度v从板的左端沿中线向右端滚动，则( )第9题图A．铝环的滚动速度将越来越小B．铝环将保持匀速滚动C．铝环的运动将逐渐偏向条形磁铁的N极或S极D．铝环的运动速率会改变，但运动方向将不会发生改变10．如图所示，L是直流电阻为零、自感系数很大的线圈，A和B是两个相同的小灯泡．某时刻闭合开关S，下列关于通过A、B两灯泡中的电流I A、I B随时间t变化的图象中，正确的是( )第10题图A BC D课时作业(四十一) 自感涡流1．CD 【解析】由电磁感应原理可知，锅体中的涡流是由变化的磁场产生的，提高磁场变化的频率，产生的感应电动势变大，可提高电磁炉的加热效果，故CD正确．2．BD 【解析】由于自感的作用，闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮，选项A、C错误B正确；断开开关S时，L中产生自感电动势，A灯与B灯同时慢慢熄灭，D 选项正确．3．D 【解析】L1与甲灯串联构成一条支路，L2与甲灯串联构成另一条支路，两条支路并联；在电键K闭合瞬间，电流要增大，两线圈产生自感电动势阻碍各支路电流变化，由于L1自感系数较小，对电流的阻碍较弱，故甲灯先亮；而最后稳定时两线圈相当于两电阻，L1直流电阻较大，导致该支路总电阻大于另一支路，而两支路并联，故该支路电流较小，故甲灯最后较暗；选项D正确．4．B 【解析】线圈中的电流是交变电流，且频率很高，选项B正确，A错误．待焊工件焊缝处的接触电阻比非焊接部分电阻大，选项C错误．根据楞次定律，当线圈中的电流增大时，焊接工件中的感应电流方向与线圈中的电流方向相反；当线圈中的电流减小时，焊接工件中的感应电流方向与线圈中的电流方向相同，选项D错误．5．AD 【解析】再次闭合开关S时，自感线圈L中产生感应电动势，阻碍电流的增大，故A1后亮，A项正确，B项错误；待电路稳定后，重新断开开关S，线圈L中产生自感电动势，阻碍电流的减小，并且A1、A2、R形成回路，故A1和A2都要过一会儿才熄灭，C项错误，D项正确．6．D 【解析】当开关断开时，通过线圈的电流变小，导致线圈中产生瞬间感应电动势，从而阻碍电流的变小，所以使得G2的指针缓慢地回到零点，而G1的指针先立即偏向左方，然后缓慢地回到零点．故D正确．7．AD 【解析】开关接通时L1被短路不亮断开瞬间由于线圈自感产生一电动势(相当于电源)与原来的电源串联，所以L3更亮而后恢复原来亮度，故C错误D正确；L2和L1串联后变得更暗，L1由不亮到亮不再熄灭，故A正确B错误．故选AD.8．AD 【解析】穿过A管的小球比穿过B管的小球先落到地面，说明穿过B管的小球受到了电磁阻尼的作用，B管必为金属材质，A管可能为金属材质、也可能为非金属材质，答案选AD.9．B 【解析】因铝环沿条形磁铁轴线运动，故穿过铝环的磁通量始终为0，铝环中不产生感应电流，不受安培力作用，故作匀速滚动．10．A 【解析】在闭合瞬间，A、B灯同时亮，稳定后L对B短路，I B最终为零；由于电阻变小，所以I A变大，最终稳定不变，故A正确；故选A.。