四川省成都市石室中学2021届高三上学期期末考试理科数学试题

2021年四川省成都市石室中学高考数学三诊试卷（理科）一、单选题（本大题共12小题，共60.0分）1.(2021·四川省成都市·模拟题)集合A={y|y=2x,x≤0}，B={−1,0，1，2}，则A∩B=()A. {1}B. {0}C. {1,2}D. {−1,0}2.(2021·四川省成都市·模拟题)设i为虚数单位，若复数z满足(2+i)z=5，则|z|=()A. 5B. √55C. √5D. 2√53.(2021·四川省成都市·模拟题)若实数x，y满足约束条件{x+y−3≤0x−y+1≥0y≥0，则z=x+2y的最大值为()A. −1B. 1C. 3D. 54.(2021·四川省成都市·模拟题)下列说法错误的是()A. “a>1”是“1a<1”的充分不必要条件B. 在回归直线ŷ=0.5x−85中，变量x=200时，变量y的值一定是15C. 命题p：∃x0∈R，x02+x0+1<0，则￢p：∀x∈R，x2+x+1≥0D. 若α∩β=1，m⊂α，n⊂β，α⊥β，m⊥l，则m⊥n5.(2021·四川省成都市·模拟题)多项式(x−2x)(1−x)4的展开式中含x2项的系数为()A. −2B. −4C. 2D. 46.(2021·四川省成都市·模拟题)已知函数f(x)=ae x+x2的图象在点M(1,f(1))处的切线方程是y=(2e+2)x+b，那么ab=()A. 2B. 1C. −1D. −27.(2021·四川省成都市·模拟题)已知函数f(x)=xsinx，则其大致图象是下列图中的()A.B.C.D.8. (2021·四川省成都市·模拟题)“中国剩余定理”又称“孙子定理”，讲的是关于整除的问题(如7被3除余1：1被2除余1).现有这样一个整除问题：将1到100这100个正整数中能被2除余1且被3除余1的数按从小到大的顺序排成一列，构成数列{a n }，则数列{a n }各项的和为( )A. 736B. 816C. 833D. 298009. (2021·四川省成都市·模拟题)函数f(x)=sin(ωx +φ)(|φ|<π2)的图象如图所示，为了得到g(x)=sin3x 的图象，只需将f(x)的图象( )A. 向右平移π4个单位长度 B. 向左平移π4个单位长度 C. 向右平移π12个单位长度D. 向左平移π12个单位长度10. (2021·四川省成都市·模拟题)《九章算术》中将四个面都为直角三角形的三棱锥称之为鳖臑.若三棱锥P −ABC 为鳖臑，PA ⊥平面ABC ，PA =BC =4，AB =3，AB ⊥BC ，若三棱锥P −ABC 有一个内切球O ，则球O 的体积为( )A. A 9π2B. 9π4C. 9π16D. 9π11. (2021·四川省成都市·模拟题)已知函数y =f(x −1)的图象关于x =1对称，满足f(2−x)=f(x)，且f(x)在(−1,0)上递减.若a =f(5−12)，b =f(−ln2)，c =f(log 318)，则a ，b ，c 的大小关系为( )A. a <c <bB. c <b <aC. a <b <cD. b <a <c12. (2021·四川省成都市·模拟题)已知F 1，F 2是双曲线C ：x 2a2−y 2b 2=1(a >0,b >0)的左，右焦点，过点F 1作斜率为√22的直线l 与双曲线的左，右两支分别交于M ，N 两点，以F 2为圆心的圆过M ，N ，则双曲线C 的离心率为( )A. √2B. √3C. 2D. √5二、单空题（本大题共4小题，共20.0分）13. (2021·四川省成都市·模拟题)记S n 为递增等比数列{a n }的前n 项和，若a 1a 2a 3=8，a 4=a 3+4，则S 10的值为______ ．14. (2021·四川省成都市·模拟题)已知向量a ⃗ ，b ⃗ 满足|a ⃗ |=1，|b ⃗ |=2，且a ⃗ 与b ⃗ 的夹角为π3，则向量a ⃗ −b ⃗ 与b ⃗ 的夹角为______ ．15. (2021·四川省成都市·模拟题)已知直线经过抛物线y 2=2px(p >0)的焦点F ，并交抛物线于A ，B 两点，则|AF|=4，且在抛物线的准线上的一点C 满足CB ⃗⃗⃗⃗⃗ =2BF ⃗⃗⃗⃗⃗ ，则p = ______ ．16. (2020·重庆市市辖区·月考试卷)函数f(x)的定义域为D ，若满足：(1)f(x)在D 内是单调函数；(2)存在[m 2,n2]⊆D ，使得f(x)在[m 2,n2]上的值域为[m,n]，那么就称函数f(x)为“梦想函数”．若函数f(x)=log a (a x +t)(a >0,a ≠1)是“梦想函数”，则t 的取值范围是______ ．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17. (2020·浙江省温州市·单元测试)已知△ABC 中，角A ，B ，C 所对的边为a ，b ，c ，且满足c =acosB −√33bsinA ．(I)求角A 的大小；(Ⅱ)若c =2，△ABC 的面积为√32，D 为边BC 的中点，求AD 的长度．18. (2021·江苏省徐州市·模拟题)在如图所示的圆柱O 1O 2中，AB 为圆O 1的直径，C ，D 是AB ⏜的两个三等分点，EA ，FC ，GB 都是圆柱O 1O 2的母线． (1)求证：FO 1//平面ADE ；(2)若BC =FC =2，求二面角B −AF −C 的余弦值．19.(2021·四川省成都市·模拟题)2021年3⋅15期间，某家具城举办了一次家具有奖促销活动，消费每超过1万元(含1万元)，均可抽奖一次，抽奖方案有两种，顾客只能选择其中的一种.方案一：从装有10个形状与大小完全相同的小球(其中红球2个，白球1个，黑球7个)的抽奖盒中，一次性摸出3个球，其中奖规则为：若摸到2个红球和1个白球，则打5折；若摸出2个红球和1个黑球则打7折；若摸出1个白球2个黑球，则打9折：其余情况不打折.方案二：从装有10个形状与大小完全相同的小球(其中红球2个，黑球8个)的抽奖盒中，有放回每次摸取1球，连摸3次，每摸到1次红球，立减2000元．(1)若一位顾客消费了1万元，且选择抽奖方案一，试求该顾客享受7折优惠的概率；(2)若某顾客消费恰好满1万元，试从数学期望的角度比较该顾客选择哪一种抽奖方案更合算？20.(2021·四川省成都市·模拟题)已知椭圆M：x2a2+y2b2=1(a>b>0)离心率为√32，点P(√3,12)在椭圆M上．(1)求椭圆M的方程；(2)设O为坐标原点，A，B，C是椭圆M上不同的三点，且O为△ABC的重心，探究△ABC面积是否为定值，若是求出这个定值；若不是，说明理由．21.(2021·江西省吉安市·单元测试)已知函数f(x)=2x−alnx+4a，(a∈R)．(1)讨论函数f(x)的单调性；(2)令g(x)=f(x)−sinx，若存在x1，x2∈(0,+∞)，且x1≠x2时，g(x1)=g(x2)，证明：x1x2<a2．)=2，圆C：ρ=2sinθ.以极点22.(2020·四川省遂宁市·月考试卷)直线l：ρcos(θ−π6O为原点，极轴为x轴正半轴建立直角坐标系xOy．(1)求直线l的直角坐标方程和圆C的参数方程；(2)已知点P在圆C上，点P到直线l和x轴的距离分别为d1，d2，求d1+d2的最大值．23.(2021·四川省成都市·模拟题)设函数f(x)=|3x−1|+|2x+2|的最小值M．(1)求M；(2)已知a、b、c均为正实数，且a+b+c=9M，求证：(24a −1)(24b−1)(24c−1)≥8．答案和解析1.【答案】A【知识点】交集及其运算【解析】解：∵A ={y|y =2x ,x ≤0}={y|0<y ≤1}，B ={−1,0，1，2}， ∴A ∩B ={y|0<y ≤1}∩{−1,0，1，2}={1}． 故选：A ．求解指数函数的值域化简A ，再由交集运算得答案． 本题考查指数函数的值域，考查交集及其运算，是基础题．2.【答案】C【知识点】复数的模【解析】解：∵复数z 满足(2+i)z =5， ∴z =52+i=5(2−i)(2+i)(2−i)=10−5i 4−i 2=2−i ．∴|z|=√4+1=√5． 故选：C ．利用复数的运算法则直接求解．本题考查复数的模的求法，考查复数的运算法则、复数的模等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．3.【答案】D【知识点】简单的线性规划【解析】解：由约束条件作出可行域如图，联立{x −y +1=0x +y −3=0，解得A(1,2)，由z=x+2y，化为y=−x2+z2，由图可知，当直线y=−x2+z2过A时，直线在y轴上的截距最大，z有最大值为5．故选：D．由约束条件作出可行域，化目标函数为直线方程的斜截式，数形结合得到最优解，把最优解的坐标代入目标函数得答案．本题考查简单的线性规划，考查数形结合思想，是中档题．4.【答案】B【知识点】命题及其关系、区别否命题与命题的否定、必要条件、充分条件与充要条件的判断【解析】解：当a>1，可得1a <1，即为充分条件，当1a<1时，可得a>1或a<0，即为不必要条件，故A选项正确，当变量x=200时，回归直线ŷ=0.5x−85=0.5×100−85=15，说明y的值在15附近波动，故B选项错误，特称命题的否定为全称命题，故C选项正确，∵α∩β=1，m⊂α，m⊥l，∴m⊥β，∵n⊂β，∴m⊥n，故D选项正确．故选：B．当a>1，可得1a <1，即为充分条件，当1a<1时，可得a>1或a<0，即为充分不必要条件，即可判断A选项，根据回归直线的定义即可判断B选项，特称命题的否定为全称命题，故可判断C选项，根据空间线面关系，即可判断D选项．本题考查了命题的真假判断，命题的否定，属于基础题．5.【答案】D【知识点】二项式定理【解析】解：多项式(x−2x)(1−x)4的展开式中含x2项的系数为C41⋅(−1)−2C43⋅(−1)3=−4+8=4，故选：D．由题意利用通项公式，求得(x−2x)(1−x)4的展开式中含x2项的系数．本题主要考查二项式定理的应用，二项展开式的通项公式，属于基础题．6.【答案】D【知识点】导数的几何意义【解析】解：f(x)=ae x+x2图象在(1,f(1))切线方程为y=(2e+2)x+b，由f(x)=ae x+x2，f′(x)=ae x+2x，f′(1)=ae+2=2e+2⇒a=2，f(1)=ae+1=2e+2+b⇒b=−1，ab=−2，故选：D．利用导数的几何意义、切点在曲线上、切点在切线上建立关于a，b的方程求解即可．本题考查导数的几何意义，考查在点切线的求法，属于基础题．7.【答案】C【知识点】函数图象的作法【解析】解：∵f(−x)=−xsin(−x)=xsinx=f(x)，∴该函数为偶函数，故排除答案A，D，又∵f(3π2)=0而B选项中显然f(3π2)<0，因此排除B．故选：C．首先研究函数奇偶性排除选项A，D，接着利用特殊值的方法可以选择正确答案D．该道题目主要考察给定函数解析式，找函数图像，主要用到的方法有：判断奇偶性，代特殊值等方法．8.【答案】C【知识点】数列求和方法【解析】解：“能被2除余1且被3除余1的数”即“被6除余1”，所有项为等差数列，通项为“a n=6n−5”，由题意知6n−5≤100，得n≤352，∴n≤17，a17=6×17−5=97，a1=1，∴S17=17(a1+a17)2=17(1+97)2=833．故选：C．“能被2除余1且被3除余1的数”即“被6除余1”，可建模为等差数列通项“a n= 6n−5”，可解决此题．本题考查等差数列通项公式及求和应用，考查数学运算能力及建模能力，属于中档题．9.【答案】C【知识点】函数y=A sin(ωx+φ)的图象与性质【解析】解：由图象知函数的周期T=4(5π12−π4)=4×2π12=2π3，即2πω=2π3，得ω=3，则f(x)=sin(3x+φ)，由f(5π12)=sin(3×5π12+φ)=−1，得sin(5π4+φ)=−1，即5π4+φ=2kπ+3π2，得φ=2kπ+π4，k∈Z，∵|φ|<π2，∴当k=0时，φ=π4，即f(x)=sin(3x+π4)=sin3(x+π12)，为了得到g(x)=sin3x的图象，只需将f(x)的图象向右平移π12个单位长度，得到y=sin3(x−π12+π12)=sin3x，故选：C．根据图象求出ω和φ的值，结合三角函数的图象变换关系，进行判断即可．本题主要考查三角函数的图象和性质，求出三角函数的解析式以及利用三角函数的图象变换关系是解决本题的关键．10.【答案】C【知识点】球的表面积和体积【解析】解：由题意，将鳖臑补形为长方体，如图根据PA=BC=4，AB=3，AB⊥BC，可得△PAC的面积为10，△BAC的面积为6，△BPC的面积为10，，△BAP的面积为6，三棱锥P−ABC有一个内切球半径为r，可得V P−ABC=13r(S PAC+S ABC+S PBC+ S PAB)即13×S ABC×AP=13r×32解得r=34，∴球O的体积V=43πr3=9π16．故选：C．将鳖臑补形为长方体，利用等体积法即可内切球的半径r，从而求解球O的体积．本题考查球的体积的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意空间思维能力的培养．11.【答案】A【知识点】函数的奇偶性、函数的单调性与单调区间【解析】解：由y=f(x−1)的图象关于x=1对称，可得f(x)是偶函数，即f(−x)=f(x)；∵f(2−x)=f(x)，即f(x+2)=f(−x)=f(x)，可得f(x)的周期T=2；f(x)在(−1,0)上递减，在(0,1)上递增．a=f(5−12)=f(√55)≈f(0.404)，b=f(−ln2)=f(ln2)≈f(0.69)，c=f(log318)=f(2+log32)=f(log32)≈f(0.63)，注：log32=lg2lg3=0.30.447≈0.63，则a<c<b．故选：A．由y=f(x−1)的图象关于x=1对称，可得f(x)是偶函数，f(2−x)=f(x)可得f(x)的周期T=2，f(x)在(−1,0)上递减．那么(0,1)上递增，只需比较√55，ln2和log32的大小即可得a，b，c的大小关系．本题考查了函数的性质和常见对数的估值计算．常见对数估值：lg2≈0.3，lg3≈0.477，ln2≈0.69.属于基础题．12.【答案】B【知识点】双曲线的性质及几何意义【解析】解：取MN的中点P，因为以F2为圆心的圆过M，N，则MF2=NF2，连结F2P，则F2P⊥MN，设MF2=NF2=x，因为MF2−MF1=2a，则MF1=x−2a，又因为NF1−NF2=2a，则NF1=x+2a，所以MN=NF1−MF1=4a，则MP=NP=2a，故PF1=x，在Rt△F1F2P中，PF2=√4c2−x2，在Rt△MF2P中，PF2=√x2−4a2，所以√4c2−x2=√x2−4a2，解得x2=2a2+2c2，又直线的斜率为√22，则tan∠PF1F2=F2PF1P =√2b2√2a2+2c2=√22，所以c2−a2a2+c2=12，即c2=3a2，所以离心率e=ca=√3．故选：B．取MN的中点P，连结F2P，则F2P⊥MN，设MF2=NF2=x，利用双曲线的定义，结合勾股定理分别在Rt△F1F2P和Rt△MF2P中求出PF2，从而得到x2=2a2+2c2，再利用直线的斜率，列出等式，得到a，c的关系，即可得到答案．本题考查了双曲线的几何性质的理解和应用，解题的关键是寻找基本量a，b，c之间的等量关系，考查了逻辑推理能力与化简运算能力，属于中档题．13.【答案】1023【知识点】等比数列的求和【解析】解：∵{a n}为等比数列，又∵a1a2a3=8，∴a23=8，a2=2，设等比数列{a n}的公比为q，∵a4=a3+4，∴a2q2=a2q+4，即2q2=2q+4，解得q=−1，q=2，∵{a n}为递增的等比数列，∴q=−1(舍去)，q=2，∵a2=2a1，∴a1=a22=22=1，运用等比数列前n项和公式S n=a1(1−q n)1−q =1−2101−2=1023．故答案为：1023．根据已知条件，可推得a1=1，q=2，运用等比数列的前n项和公式，即可求解．本题考查了等比数列的通项公式，考查了等比数列的前n项和公式，需要学生熟练掌握公式，属于基础题．14.【答案】150°【知识点】向量的夹角、向量的数量积【解析】解：向量a⃗，b⃗ 满足|a⃗|=1，|b⃗ |=2，且a⃗与b⃗ 的夹角为π3，∴cos<(a⃗−b⃗ )，b⃗ >=(a⃗ −b⃗)⋅b⃗|a⃗ −b⃗|⋅|b⃗|=⃗ ⃗ 2√(a⃗−b⃗ )2⋅|b⃗ |=|a⃗|⋅|b⃗ |cos<a⃗,b⃗ >−|b⃗ |2√a⃗2−2|a⃗|⋅|b⃗ |cos<a⃗,b⃗ >+b⃗ ⋅2=1×2×12−4√1−2×1×2×12+4⋅2=−√32．∴向量a⃗−b⃗ 与b⃗ 的夹角为150°．故答案为：150°．cos<(a⃗−b⃗ )，b⃗ >=(a⃗ −b⃗)⋅b⃗|a⃗ −b⃗|⋅|b⃗|，由此能求出向量a⃗−b⃗ 与b⃗ 的夹角．本题考查向量的夹角的求法，考查向量数量积公式等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．15.【答案】2【知识点】抛物线的性质及几何意义【解析】解：过A 作AD 垂直于准线于D ，过B 作BE 垂直于准线于E 点设准线与x 轴交于P ， 由抛物线的性质可得|AF|=|AD|=4， CB ⃗⃗⃗⃗⃗ =2BF ⃗⃗⃗⃗⃗ ，可得|BC|=2|BF|=|BE|， 所以∠DCA =30°， 所以|AC|=2|AD|=8，|CF|=|AC|−|AF|=8−4=4， 所以|PF|=12|CF|=2=p ， 故答案为：2．由抛物线的性质及向量的关系可得|AC|与|AF|的关系，进而可得p 的值． 本题考查抛物线的性质及向量的运算，属于中档题．16.【答案】(−14,0)【知识点】函数定义域与值域、函数的单调性与单调区间 【解析】解：(1)设u(x)=a x +t ，则y =log a u ，当a >1时，u(x)=a x +t 为增函数，y =log a u 也是增函数，则y =log a (a x +t)为增函数，当0<a <1时，u(x)=a x +t 为减函数，y =log a u 也是减函数，则y =log a (a x +t)为增函数，综上可得：y =log a (a x +t)为增函数，即f(x)在D 内是单调函数． (2)∵f(x)是单调递增函数，∴若f(x)=log a (a x +t)为“梦想函数”，则有{f(m2)=log a (a m2+t)=m f(n 2)=log a (a n2+t)=n ，即方程a x 2+t =a x 有两个不同的正数解， 即可得(a x2)2−a x2−t =0有两个不同的正数解， 则有{△=1+4t >0x 1+x 2=1>0x 1x 2=−t >0，即{t >−14t <0，可得−14<t <0， 即t 的取值范围为(−14,0)，故答案为：(--14，0)．根据复合函数单调性的关系先判断函数f(x)是单调递增函数，然后根据值域关系建立方程，然后转化为方程根的个数问题即可．本题主要考查函数值域的应用，结合复合函数单调性之间的关系，转化为一元二次方程根的分布问题是解决本题的关键，是中档题．17.【答案】解：(I)因为c =acosB −√33bsinA ． 由正弦定理可得，sinC =sinAcosB −√33sinBsinA ，即sin(A +B)=sinAcosB +sinBcosA =sinAcosB −√33sinBsinA ，因为sinB ≠0， 所以tanA =−√3， 因为A ∈(0,π)， 所以A =2π3，(II)因为S △ABC =12bcsinA =12×2b ×√32=√32，故b =1，由题意可得，AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =12(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ +AC ⃗⃗⃗⃗⃗ )， ∴|AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ |2=14(AB ⃗⃗⃗⃗⃗ 2+AC ⃗⃗⃗⃗⃗ 2+2AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅AC ⃗⃗⃗⃗⃗ )=14[4+1+2×2×1×(−12)]=34， 故AD =√32．【知识点】正弦定理【解析】(I)由已知结合正弦定理及和差角公式进行化简可求tan A ，进而可求A ； (2)由已知结合三角形的面积公式可求b ，然后结合向量的线性运算及向量的数量积的性质可求．本题主要考查了正弦定理，和差角公式在求解三角形中的应用及三角结合向量的综合应用，属于中档试题．18.【答案】(1)证明：连接O 1C ，因为EA ，FC ，都是圆柱O 1O 2的母线，所以AE//CF ，因为C ，D 是AB ⏜的两个三等分点，AB 为圆O 1的直径，所以AD//O 1C ，又因为AD ∩AE =A ，CF ∩O 1F =F ，所以平面AED//平面O 1CF ，又因为O 1F ⊂平面O 1CF ，所以FO 1//平面ADE ．(2)解：连接AC ，因为AB 为圆O 1的直径，所以AC ⊥BC ， 又因为CF ⊥平面ABC ，所以CF ⊥CB ，CF ⊥AC ， 所以CA 、CB 、CF 两两垂直，建立如图所示的空间直角坐标系，由题意得各点坐标如下： C(0,0，0)，B(0,2，0)，F(0,0，2)，A(2√3,0，0)， AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =(−2√3,2，0)，AF ⃗⃗⃗⃗⃗ (−2√3,0，2)， 设平面ABF 的法向量为m⃗⃗⃗ =(x,y ，z)， {AB ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅m ⃗⃗⃗ =−2√3x +2y =0AC ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅m ⃗⃗⃗ =−2√3x +2z =0，令x =1，则m ⃗⃗⃗ =(1,√3,√3)， 平面ACF 的法向量为n⃗ =(0,1，0)， 所以二面角B −AF −C 的余弦值为|m ⃗⃗⃗ ⋅n ⃗⃗ ||m ⃗⃗⃗ |⋅|n ⃗⃗ |=√3√7⋅1=√217．【知识点】利用空间向量求线线、线面和面面的夹角、线面平行的判定【解析】(1)根据直线与平面平行的判定定理证明；(2)用向量数量积计算二面角的余弦值．本题考查了直线与平面的位置关系，考查了二面角的计算问题，属于中档题．19.【答案】解：(1)选择方案一，若享受到7折，则需要摸出2个红球和1个黑球，故该顾客享受7折优惠的概率为C 22C 71C 103=7120； (2)若选择方案一，设付款金额为X 元，则X 的可能取值为5000，7000，9000，10000， 所以P(X =5000)=C 22C 11C 103=1120， P(X =7000)=C 22C 71C 103=7120，P(X =9000)=C 11C 72C 103=740，P(X =10000)=1−1120−7120−740=91120，故E (X)=5000×1120+7000×7120+9000×740+10000×91120=288253≈9608.3元；若选择方案二，设摸到红球的个数为Y ，付款金额为Z ，则Z =10000−2000Y ， 由已知可得Y ～B(3,15)，所以E(Y)=3×15=35，故E (Z)=E(10000−2000Y)=10000−2000E(Y)=8800元． 因为E(X)>E(Z)，故该顾客选择第二种抽奖方案更合算．【知识点】离散型随机变量的期望与方差、离散型随机变量及其分布列 【解析】(1)利用古典概型的概率公式求解即可；(2)先求出方案一的随机变量X 的可能取值，然后求出其对应的概率，列出分布列，由数学期望的计算公式求解，然后再利用方案二满足二项分布，由二项分布的数学期望公式求解，最后进行比较即可得到答案．本题考查了古典概型概率公式的应用，离散型随机变量及其分布列和离散型随机变量期望的求解与应用，二项分布数学期望公式的应用，考查了逻辑推理能力与化简运算能力，属于中档题．20.【答案】解：(1)因为点P(√3,12)在椭圆M 上，则(√3)2a 2+(12)2b 2=1，又离心率为√32，则ca=√32，结合a 2=b 2+c 2， 解得a 2=4，b 2=1， 所以椭圆M 的方程为x 24+y 2=1；(2)当直线AB 的斜率不存在时，则AB ⊥x 轴，点C 在x 轴上，|AB|=√3， 点C 到AB 的距离为3，故S △ABC =12|AB|⋅d =3√32； 当直线AB 的斜率存在时，设直线AB 的方程为y =kx +m ，联立方程组{y =kx +mx 24+y 2=1，可得(4k 2+1)x 2+8kmy +4(m 2−1)=0， 设A(x 1,y 1)，B(x 2,y 2)，则△=16(4k 2+1−m 2)>0，且x 1+x 2=−8km4k 2+1,x 1x 2=4m 2−44k 2+1，故y 1+y 2=k(x 1+x 2)+2m =2m4k 2+1， 因为O 为△ABC 的重心，则OC ⃗⃗⃗⃗⃗ =−(OA ⃗⃗⃗⃗⃗ +OB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ )=(8km 4k 2+1,−2m4k 2+1)， 故点C(8km 4k 2+1,−2m4k 2+1)在椭圆上，则有(8km4k2+1)24+(−2m4k2+1)2=1，整理可得4m2=4k2+1，所以|AB|=√1+k2|x1−x2|=√1+k2⋅4√4k2+1−m24k2+1，又点O到直线AB的距离为d=√1+k2，所以S△ABC=3S△ABO=32|AB|d=6|m|√4k2+1−m24k2+1=6|m|√3m24m2=3√32．综上所述，△ABC面积为定值3√32．【知识点】直线与椭圆的位置关系、椭圆的性质及几何意义【解析】(1)利用点在椭圆上以及离心率结合a2=b2+c2，得到关于a，b，c的方程组，求出a，b的值，即可得到椭圆的标准方程；(2)先求出当直线AB斜率不存在时S△ABC的面积，当AB斜率存在时，设直线AB的方程，与椭圆方程联立，得到韦达定理，利用重心的性质求出点C的坐标，将点C代入椭圆方程得到k与m的关系，求出弦长|AB|以及O到直线AB的距离d，将△ABC的面积转化为△ABO表示，从而化简可得答案．本题考查了椭圆标准方程的求解、直线与椭圆位置关系的应用，点到直线距离公式的运用，弦长公式的运用，重心性质的运用，在解决直线与圆锥曲线位置关系的问题时，一般会联立直线与圆锥曲线的方程，利用韦达定理和“设而不求”的方法进行研究，属于中档题．21.【答案】解：(1)f(x)的定义域为(0,+∞)，f′(x)=2−ax =2x−ax，当a≤0时，f′(x)>0当a>0时，由f′(x)>0得x>a2，由f′(x)<0得0<x<a2，∴当a≤0时，f(x)在(0,+∞)上单调递增，当a>0时，f(x)在(0,a2)上单调递减，在(a2,+∞)单调递增．(2)证明：g(x)=2x−alnx−sinx+4a，∵g(x1)=g(x2)，∴2x1−alnx1−sinx1=2x2−alnx2−sinx2，∴a(lnx1−lnx2)=2(x1−x2)−(sinx1−sinx2)，令ℎ(x)=x−sinx，则ℎ′(x)=1−cosx≥0，∴ℎ(x)在(0,+∞)上单调递增，不妨设x1>x2>0，∵ℎ(x1)>ℎ(x2)，∴x1−sinx1>x2−sinx2∴−(sinx1−sinx2)>x2−x1，∴2(x 1−x 2)−(sinx 1−sinx 2)>2(x 1−x 2)+(x 2−x 1)=x 1−x 2，∴a(lnx 1−lnx 2)>x 1−x 2，∴a >x 1−x2lnx 1−lnx 2，下面证明x 1−x2lnx 1−lnx 2>√x 1x 2，令t =x 1x 2(t >1)，只需证t−1lnt >√t ，只需证√t lnt >0，设m(t)=√tlnt(t >1)，则m′(t)=√t−1)22t √t>0，∴m(t)在(1,+∞)递增，∴m(t)>m(1)=0， 即x 1−x 2lnx 1−lnx 2>√x 1x 2成立，∴a >√x 1x 2， 即x 1x 2<a 2．【知识点】利用导数研究闭区间上函数的最值、利用导数研究函数的单调性 【解析】(1)求出函数的导数，通过讨论a 的范围，求出函数的单调区间即可； (2)求出g(x)的解析式，根据g(x 1)=g(x 2)，得到a(lnx 1−lnx 2)=2(x 1−x 2)−(sinx 1−sinx 2)，令ℎ(x)=x −sinx ，结合函数的单调性求出a >x 1−x 2lnx 1−lnx 2，证明x 1−x2lnx 1−lnx 2>√x 1x 2成立即可．本题考查了函数的单调性，最值问题，考查导数的应用以及转化思想，分类讨论思想，是难题．22.【答案】解：(1)由ρcos(θ−π6)=2，得12ρsinθ+√32ρcosθ=2， 又{x =ρcosθy =ρsinθ，代入可得直线l 的直角坐标方程为：12y +√32x =2，即为y +√3x =4； 由圆C ：ρ=2sinθ，得ρ2=2ρsinθ， 又x =ρcosθ，y =ρsinθ，ρ2=x 2+y 2， ∴圆C 直角坐标方程为：x 2+(y −1)2=1；由x 2+(y −1)2=1得，圆C 的参数方程为{x =cosαy =1+sinα(α为参数)； (2)设点P 坐标为(cosα,1+sinα)， 则d 1=√3cosα+1+sinα−4|√(√3)2+12=|√3cosα+sinα−3|2=12(3−√3cosα−sinα)，又d 2=1+sinα，那么d 1+d 2=52+12sinα−√32cosα=sin(α−π3)+52，当α=5π6时，d 1+d 2取得最大值72．第21页，共21页 【知识点】简单曲线的极坐标方程、曲线的参数方程【解析】(1)把直线l 的极坐标方程展开两角差的余弦，结合极坐标与直角坐标的互化公式可得直线l 的直角坐标方程，把圆的参数方程变形，化为直角坐标方程，再由平方公式可得其参数方程；(2)设点P 坐标为(cosα,1+sinα)，由点到直线的距离公式可得d 1，再求出d 2，作和后利用三角函数求最值可得d 1+d 2的最大值．本题考查简单曲线的极坐标方程，考查参数方程化普通方程，训练了利用三角函数求最值，是中档题．23.【答案】(1)解：f(x)=|3x −1|+|2x +2|={−5x −1,x <−1−x +3,−1≤x ≤135x +1,x >13，f(x)在(−∞,13]上单调递减，在[13,+∞)上单调递增，则f(x)的最小值为f(13)=−13+3=83，故M =83；(2)证明：a +b +c =9M =24，(24a −1)(24b −1)(24c −1)=(a +b +c a −1)(a +b +c b −1)(a +b +c c −1) =(b+c a )(a+c b )(a+b c )≥2√bc a ⋅2√ac b ⋅2√ab c =8abc abc =8．当且仅当a =b =c =8时等号成立．【知识点】证明不等式的基本方法【解析】(1)写出分段函数解析式，由单调性求最小值，则M 可求；(2)由(1)可得M =83，代入a +b +c =9M =24，把24用a +b +c 代换，展开后利用基本不等式即可证明结论．本题考查分段函数最值的求法，考查不等式的证明，训练了基本不等式的应用，是中档题．。

四川省成都市石室联中蜀华分校高三数学理上学期期末试题含解析一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，只有是一个符合题目要求的1. 从某校高三年级中随机抽取一个班，对该班50名学生的高校招生体检表中的视力情况进行统计，其结果的频率分布直方图如图所示，若某高校A专业对视力的要求在0.9以上，则该班学生中能报A 专业的人数为（）A．10 B．20 C．8 D．16参考答案：B【考点】频率分布直方图．【专题】计算题．【分析】在频率分布表中，频数的和等于样本容量，频率的和等于1，每一小组的频率等于这一组的频数除以样本容量．频率分布直方图中，小矩形的面积等于这一组的频率．视力的要求在0.9以上的矩形的面积求和乘以样本容量即可．【解答】解：根据题意，视力的要求在0.9以上为50×（0.2+0.75×0.2+0.25×0.2）=20，故选B．【点评】本小题主要考查样本的频率分布直方图的知识和分析问题以及解决问题的能力．统计初步在近两年高考中每年都以小题的形式出现，基本上是低起点题．2. 已知函数的图象的一个对称中心为, 则函数的单调递减区间是(A) Z (B)Z(C) Z (D) Z参考答案：D=0，得：，所以，，由，得的单调递减区间是Z3. 如图，半径为的扇形的圆心角为，点在上，且，若，则 ( ).（A）（B）（C）（D）参考答案：A4. 若点P是不等式组表示的平面区域内的点，则点P到直线的距离的最大值与最小值的和为（）A．B． C. D．参考答案：C5. 已知数列的前项和，则等于A．B．C．D．参考答案：D略6. 已知关于的方程，若，记“该方程有实数根且满足” 为事件A，则事件A发生的概率为（）（A）（B）（C）（D）参考答案：D7. 阅读如图所示的程序框图，运行相应的程序，则输出的结果是( )A． B． C．D．参考答案：B8. 已知集合A={﹣2，﹣1，0，1，2}，B={x|＜0}，则A∩B=（）A．{0，1} B．{﹣1，0} C．{﹣1，0，1} D．{0，1，2}参考答案：A【考点】交集及其运算．【分析】先分别求出集合A，B，由此能求出交集A∩B．【解答】解：集合A={﹣2，﹣1，0，1，2}，B={x|＜0}={x|﹣1＜x＜2}，∴A∩B={0，1}．故选：A．【点评】本题考查交集的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意交集定义的合理运用．9. 右图是某四棱锥的三视图，则该几何体的表面积等于 ( )A． B．C． D．参考答案：A10. 已知函数,,设函数，且函数的零点均在区间内，则的最小值为（）A． B． C． D．参考答案：C略二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. 在区间[﹣π，π]内随机取两个数分别记为m，n，则使得函数f（x）=x3+mx2﹣（n2﹣π）x+1有极值点的概率为．参考答案：考点：几何概型．专题：概率与统计．分析：根据f （x ）有极值，得到f'（x ）=0有两个不同的根，求出a 、b的关系式，利用几何概型的概率公式即可的得到结论解答：解：在区间[﹣π，π]内随机取两个数分别记为m ，n ，则使得函数f （x ）=x 3+mx 2﹣（n2﹣π）x+1有极值点则f′（x）=x2+2mx﹣（n2﹣π）=0有两个不同的根，即判别式△=4m2+4（n2﹣π）＞0，即m2+n2＞π对应区域的面积为4π2﹣π2．如图∴由几何概型的概率公式可得对应的概率P=．故答案为：．点评：本题主要考查几何概型的概率的计算，利用函数取得极值的条件求出对应a的取值范围是解决本题的关键12. 已知向量，是平面内的一组基向量，O为内的定点，对于内任意一点P，当时，则称有序实数对为点P的广义坐标，若点A、B的广义坐标分别为、，对于下列命题：①线段A、B的中点的广义坐标为；②A、B两点间的距离为；③向量平行于向量的充要条件是；④向量垂直于向量的充要条件是.其中的真命题是________（请写出所有真命题的序号）参考答案：①③【分析】根据点、的广义坐标分别为、，，，利用向量的运算公式分别计算①②③④，得出结论.【详解】点、的广义坐标分别为、，，，对于①，线段、的中点设为M，根据=（）=中点的广义坐标为,故①正确.对于②，∵（x2﹣x1），A、两点间的距离为，故②不一定正确.对于③，向量平行于向量，则，即（）=t,，故③正确. 对于④，向量垂直于向量，则=0，，故④不一定正确. 故答案为①③.【点睛】本题在新情境下考查了数量积运算性质、数量积定义，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．13.取得最小值a 时，此时x 的值为b ，则取得最大值时， 的值等于________。

2021届四川省成都市石室中学高三一模数学（理）试题一、单选题1．已知集合x y z xyzM mm x y z xyz⎧⎪==+++⎨⎪⎩∣，x 、y 、z 为非零实数} ，则M 的子集个数是（ ） A ．2 B ．3 C ．4 D ．8答案：D分,,x y z 都是正数，,,x y z 都是负数，,,x y z 中有一个是正数，另两个是负数，,,x y z 中有两个是正数，另一个是负数四种情况分别得出m 的值，从而求得集合M 的元素的个数，由此可得出集合M 的子集的个数.解：因为集合x y z xyz M m m x y z xyz ⎧⎪==+++⎨⎪⎩∣，x 、y 、z 为非零实数} ，所以当,,x y z 都是正数时，4m =； 当,,x y z 都是负数时，4m =-；当,,x y z 中有一个是正数，另两个是负数时，0m =， 当,,x y z 中有两个是正数，另一个是负数时，0m =， 所以集合M 中的元素是3个，所以M 的子集个数是8， 故选：D.2．若复数z 满足2021(1)1i z i +⋅=-，则其共轭复数z 的模为（ ）A ．1B ．1-C D ．2答案：A由复数的四则运算得出z ，再由模长公式得出共轭复数z 的模. 解：()1010202121010(1)i i i i i =⋅=⋅-=21(1)1211(1)(1)2i i i z i i i i ----====-++-,||1z i z ∴==故选：A3．根据有关资料，围棋状态空间复杂度的上限M 约为3361，而可观测宇宙中普通物质的原子总数N约为1080.则下列各数中与MN最接近的是 （参考数据：lg3≈0.48） A ．1033 B ．1053 C ．1073 D ．1093答案：D 解：试题分析：设36180310M x N == ，两边取对数，36136180803lg lg lg3lg10361lg38093.2810x ==-=⨯-=，所以93.2810x =，即M N 最接近9310，故选D.【名师点睛】本题考查了转化与化归能力，本题以实际问题的形式给出，但本质就是对数的运算关系，以及指数与对数运算的关系，难点是令36180310x =，并想到两边同时取对数进行求解，对数运算公式包含log log log a a a M N MN +=，log log log a a aM M N N-=，log log na a M n M =. 4．设等比数列{}n a 的公比为q ，前n 项的和为n S ，则“0q ＞”是“2132S S S ⋅＜”的（ ）A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件答案：C由2132S S S ⋅＜可得出0q >，利用等价性即可判断.解：11S a =，()211S a q =+，()2311S a q q =++，故()()222222131111S S S a q q q a q ⎡⎤-⋅=+-++=⎣⎦，因为在等比数列{}n a 中，10a ≠，故21320S S S q ⋅<⇔>,故“0q ＞”是“2132S S S ⋅＜”的充要条件.故选：C ．点评：本题考查充要条件的判断，涉及等比数列的性质，属于基础题.5．某城市的汽车牌照号码由2个英文字母后接4个数字组成，其中4个数字互不相同的牌照号码共有（ ）个 A ．242610AB ．242610A AC ．()2142610CD ．()2142610C A先求从26个英文字母中选出2个英文字母的方法数，再求出后接4个数字组成的方法数，由分步计数原理即可得结论．解：解：先从26个英文字母中选出2个英文字母的方法数为()2126C，后接4个数字组成的方法数为410A，所以由分步计数原理可得不相同的牌照号码共有()2126C410A个.故选：D．6．已知圆柱形石材，底面圆半径为125-，高为5log9，若此石材可加工成体积最大的球体，则此球表面积为（）A．45πB．()254log3πC．()254log9πD．425π答案：A比较圆柱的底边直径与高的大小，从而确定此石材可加工成体积最大的球体的半径，再由表面积公式得出此球表面积.解：1255log9log51,251->=⋅=<，125log925-∴>⋅即1523log5->故此石材可加工成体积最大的球体的半径为125-即此球表面积为2124 455ππ-⎛⎫=⎪⎝⎭故选：A7．已知圆C的半径为2，在圆C内随机取一点M，则过点M的所有弦的长度都大于为（）A．1πB．34C．14D．12答案：C当M是弦中点时，弦长最短，利用垂径定理,得只要M点到圆心C的距离不大于1即可满足要求，由此可得M点所在区域，计算出该区域面积及已知圆面积后可得概率．解：当M是弦中点时，弦长最短，弦长为1CM=，所以过点M的所有弦的长度都大于M落在以点C为圆心，半径为1的圆内．则所求概率为221124Pππ⨯==⨯．点评：本题考查几何概型，解题关键是确定点M 所在的区域．利用弦长公式及垂径定理可确定．8．已知函数()sin (0)f x x x ωωω=>的零点依次构成一个公差为π2的等差数列，把函数()f x 的图象沿x 轴向右平移π6个单位，得到函数()g x 的图象，则函数()g x （ ） A ．是偶函数B ．其图象关于直线π2x =对称C ．在ππ,42⎡⎤⎢⎥⎣⎦上是增函数D ．在区间π2π,63⎡⎤⎢⎥⎣⎦上的值域为2⎡⎤⎣⎦ 答案：D利用辅助角公式得出()2sin 3f x x πω⎛⎫=+⎪⎝⎭，由已知条件求得ω的值，再利用函数图象变换求得函数()y g x =的解析式，利用正弦型函数的基本性质可判断各选项的正误.解：()sin 2sin 3f x x x x πωωω⎛⎫==+ ⎪⎝⎭，由于函数()y f x =的零点构成一个公差为2π的等差数列，则该函数的最小正周期为π， 0ω>，则22πωπ==，所以()2sin 23f x x π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭，将函数()y f x =的图象沿x 轴向右平移6π个单位， 得到函数()2sin 22sin 263g x x x ππ⎡⎤⎛⎫=-+= ⎪⎢⎥⎝⎭⎣⎦的图象. 对于A 选项，函数()y g x =的定义域为R ，()()()2sin 22sin 2g x x x g x -=-=-=-， 函数()y g x =为奇函数，A 选项错误；对于B 选项，2sin 022g ππ⎛⎫==≠± ⎪⎝⎭，所以，函数()y g x =的图象不关于直线2x π=对称，B选项错误； 对于C 选项，当,42x ππ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时，22x ππ≤≤，则函数()y g x =在,42ππ⎡⎤⎢⎥⎣⎦上是减函数，C 选项错误；对于D 选项，当263x ππ≤≤时，4233x ππ≤≤，则sin 212x -≤≤，()2g x ≤≤.所以，函数()y g x =在区间2,63ππ⎡⎤⎢⎥⎣⎦上的值域为2⎡⎤⎣⎦，D 选项正确. 故选：D. 9．在ABC 中，a ，b ，c 分别为A ∠，B ，C ∠所对的边，若函数()32221()13f x x bx a c ac x =+++-+有极值点，则cos 2cos B B +的取值范围是（ ）A ．9,08⎡⎤-⎢⎥⎣⎦B ．9,08⎡⎫-⎪⎢⎣⎭C ．9,08⎛⎫- ⎪⎝⎭D ．91,82⎡⎤-⎢⎥⎣⎦答案：B先求出()'f x ，根据条件可得()0f x '=有两个不同的实数根，从而其0∆>，得到222a c b ac +-<，由余弦定理得出cos B 的范围，再由余弦的二倍角公式结合二次函数的性质可得答案.解：由()222()2f x x bx a c ac '=+++-，根据()f x 有极值点，则()222()20f x x bx a c ac '=+++-=有两个不同的实数根.所以222440b a c ac，即222a c b ac +-<由余弦定理可得2221cos 22a cb B ac +-=<，由0B π<<，所以11cos 2B -<<，2219cos 2cos 2cos cos 12cos 48B B B B B ⎛⎫+=+-=+- ⎪⎝⎭由11cos 2B -<<，则21992cos ,0488B ⎛⎫⎡⎫+-∈- ⎪⎪⎢⎝⎭⎣⎭所以cos 2cos B B +的范围是9,08⎡⎫-⎪⎢⎣⎭故选：B点评：关键点睛：本题考查导数与极值点的关系和余弦定理的应用、余弦的二倍角公式的应用，解答本题的关键是由条件得出()0f x '=有两个不同的实数根，从而其0∆>，得到222a c b ac +-<，由余弦定理得出11cos 2B -<<的范围，属于中档题. 10．已知圆()221:21C x y ++=，()222:249C x y -+=，动圆C 满足与1C 外切且2C 与内切，若M 为1C 上的动点，且10CM C M ⋅=，则CM 的最小值为（ ） ABC ．2D答案：B求出点C 的轨迹为椭圆，可知1C 为该椭圆的左焦点，利用椭圆的几何性质求出1minCC ，再利用勾股定理可求得CM 的最小值.解：易知圆1C 的圆心()12,0C -，圆1C 的半径为11r =，圆2C 的圆心()22,0C ，半径为27r =，12124C C r r =<-，所以，圆1C 内含于圆2C ，设圆C 的半径为R ，则1217CC R CC R ⎧=+⎪⎨=-⎪⎩，故121284CC CC C C +=<=，故圆心C 的轨迹为椭圆，且该椭圆的焦点为1C 、2C ，设该椭圆的方程为()222210x y a b a b+=>>，焦距为()20c c >，则28a =，可得4a =，24c =，可得2c =，b ∴==所以，点C 的轨迹方程为2211612x y +=.10CM C M ⋅=，则1CM C M ⊥且11C M =，由椭圆的几何性质可得1min2CC a c =-=，故2211min3CMCC C M=-=故选：B.点评：方法点睛：求动点的轨迹方程有如下几种方法：（1）直译法：直接将条件翻译成等式，整理化简后即得动点的轨迹方程；（2）定义法：如果能确定动点的轨迹满足某种已知曲线的定义，则可利用曲线的定义写出方程； （3）相关点法：用动点Q 的坐标x 、y 表示相关点P 的坐标0x 、0y ，然后代入点P 的坐标()00,x y 所满足的曲线方程，整理化简可得出动点Q 的轨迹方程；（4）参数法：当动点坐标x 、y 之间的直接关系难以找到时，往往先寻找x 、y 与某一参数t 得到方程，即为动点的轨迹方程；（5）交轨法：将两动曲线方程中的参数消去，得到不含参数的方程，即为两动曲线交点的轨迹方程.11．设函数()x a f x e x +=+，()ln(3)4x a g x x e --=+-，其中e 为自然对数的底数，若存在实数0x ，使得()()200022x f x g x x -=--成立，则实数a 值为（ ）A ．2ln 2-+B ．1ln 2+C ．1ln 2--D ．2ln 2+答案：D 将问题转化为002000ln(3)243x ax ax ex x e +++--+=在()03x ∈-+∞，上有解，由均值不等式可得0044x ax aee +++≥，设()2ln(3)32x g x x x -=+-，求出其导数，得出单调区间，从而得出()()24g x g ≤-=，由等号成立的条件得出0ln 22x a =-=-，从而得出答案.解：由题意当03x >-时()()2000022x f x g x x -=--有解即0020000ln(43)22x ax a x ex x e x +++=--++-在()03x ∈-+∞，上有解. 即002000ln(3)243x ax ax ex x e +++--+=在()03x ∈-+∞，上有解.由0044x a x ae e+++≥=, 当且仅当004x ax aee++=，即0ln 2x a =-时取得等号.设()2ln(3)32x g x x x -=+-，则()()()()()231333243168333x x x x x x x g x x x x x x ++-+-+++---'=--===-++ 由()0g x '<，得2x >-，由()0g x '>，得32x -<<-， 所以()g x 在()3,2--上单调递增，在 ()2,-+∞上单调递减. 所以()()24g x g ≤-=要使得002000ln(3)243x ax ax ex x e +++--+=在()03x ∈-+∞，上有解. 则0ln 22x a =-=-时成立，即ln 22a =+ 故选：D点评：关键点睛：本题考查导数求最值，利用均值不等式求最值，解答本题的关键是由均值不等式得到0044x ax aee +++≥，当且仅当004x ax aee ++=时取得等号，设()2ln(3)32x g x x x -=+-，求出其导数，得出单调区间，从而得出()()24g x g ≤-=，由等号成立的条件得出0ln 22x a =-=-，属于中档题.12．已知棱长为2的正方体1111ABCD A BC D -，棱1DD 中点为M ，动点P 、Q 、R 分别满足：点P 到异面直线BC 、11C D 的距离相等，点Q 使得异面直线1AQ 、BC 所成角正弦值为定值2121，点R 使得134A RB π∠=．当动点P 、Q 两点恰好在正方体侧面11CDD C 内时，则多面体1RMPC Q 体积最小值为（ ）A ．5212B ．24C ．22D ．26答案：A由题意1M P C Q ，，，都在平面11DD C C 内，其中1M C ，为定点，由条件可得动点P 的轨迹是为以C 为焦点，以11C D 为准线的抛物线在正方体侧面11CDD C 内的部分．动点Q 的轨迹是为以1D 为圆心，5为半径的14圆，先求出1MC QS 的最小值，1PC MS面积最小值，从而得出四边形1MPC Q 面积的最小值，再得出点R 到侧面11CDD C 的距离是最小值，从而得出答案. 解：由题意1M P C Q ，，，都在平面11DD C C 内，其中1M C ，为定点.点P 到异面直线BC 、11C D 的距离相等，在正方体中，BC ⊥平面11DD C C , 故连接PC ,有PC BC ⊥,所以PC 为点P 到直线BC 的距离. 所以在平面11DD C C 上，点P 满足到点C 的距离等于到直线11C D 的距离.所以动点P 的轨迹是为以C 为焦点，以11C D 为准线的抛物线在正方体侧面11CDD C 内的部分． 由11//A D BC ，所以异面直线1AQ 、BC 所成角为11QA D ∠（或其补角） 在正方体中，11A D ⊥平面11DD C C ,又1D Q ⊂平面11DD C C ，所以111A D D Q ⊥ 所以111121sin 21QD QA D AQ ∠==,又112A D = 所以114105cos 21QA D ∠=，则1111111tan 225QD QD QA D A D ∠=== 所以115QD =，即动点Q 的轨迹是为以1D 为圆心，15为半径的14圆．在四边形1MPC Q 中，111MPC Q MC Q MC P S S S =+,又21125MC =+=在平面11DD C C 内，取1CC 的中点O ，连接MO ,以1CC 为x 轴，MO 为y 轴 则直线1MC 的方程为：12yx +=-，即220x y ++=，()11,2D -- 则点Q 到直线1MC 222255512r --+-==+ 所以1MC QS的最小值为115225=. 动点P 的轨迹方程为：()240y x y =<，设2,4y P y ⎛⎫⎪⎝⎭所以点P 到直线1MC 的距离()2213212225525y y y d ++++==≥（当1y =-时取得等号）所以1PC MS面积最小值113352425MC P S ∆=⨯⨯=所以四边形1MPC Q 面积111MPC Q MC Q MC P S S S =+≥54点R 满足134A RB π∠=，又122A B =所以点R 在以1A B 为弦的劣弧上，由134A RB π∠=，则圆心角为2π. 其半径为2，圆心到1A B 的2所以圆弧上的点到1A B 的距离的最大值为22当劣弧所在的平面垂直于平面11DD C C 时，圆弧上的点到平面11DD C C 2所以动点R 到面11DD C C 2 所以多面体1RMPC Q 体积最小值为1552234⨯=故选：A点评：关键点睛：本题考查立体几何中的轨迹问题，体积的最值问题，异面直线成角，解答本题的关键是由条件得出动点P 的轨迹是为以C 为焦点，以11C D 为准线的抛物线在正方体侧面11CDD C 内的部分．动点Q 的轨迹是为以1D 5为半径的14圆，由解析几何可得出点Q 到直线1MC的距离的最值，从而得出1MC QS的最小值，点P 到直线1MC的距离d =，从而得出1PC MS面积最小值，从而得出四边形1MPC Q 面积的最小值，属于难题.二、填空题13．已知方程()2221m x my -+=表示双曲线，则m 的取值范围是_______________________．答案：()0,2利用方程表示双曲线的充要条件，列出不等式求解即可. 解：解：因为方程()2221m x my -+=表示双曲线，所以()20m m -<，即02m <<， 所以m 的取值范围是()0,2， 故答案为：()0,2.14．若12nx x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的展开式只有第4项的二项式系数最大，则展开式中常数项为_________．（用数字作答） 答案：52-利用已知条件求出n 的值，写出二项展开式的通项，令x 的指数为零，求出参数的值，代入通项即可得出常数项的值.解：由于12nx x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的展开式只有第4项的二项式系数最大，则展开式中共有7项，故17n +=，解得6n =，所以，612x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的展开式通项为6621661122r rr r r rr T C x C x x --+⎛⎫⎛⎫=⋅⋅-=⋅-⋅ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭， 令620r -=，解得3r =，因此，展开式中的常数项为33461522T C ⎛⎫=⋅-=- ⎪⎝⎭.故答案为：52-. 15．已知数列{}n a 的前n 项和为n S ，点(),n n a 在y x =上，[]x 表示不超过x 的最大整数，则122021202120212021222S S S ⎡⎤++⋯+=⎢⎥⎣⎦_______________________． 答案：2020先求得n a n =，再求得n S ，进而求得20212nS ，然后用裂项求和求得122021202120212021+++222S S S ，最后根据其范围求得结果.解：依题意可得n a n =，所以数列{}n a 的前n 项和(1)2n n n S +=， 因此202120211120212(1)1n S n n n n ⎛⎫==- ⎪++⎝⎭，所以， ()122021202120212021111111+++2021222122320212022120212021120212020,202120222022S S S ⎛⎫=⋅-+-++- ⎪⎝⎭⎛⎫=-=-∈ ⎪⎝⎭，故122021202120212021+++2020222S S S ⎡⎤=⎢⎥⎣⎦. 故答案为：2020.点评：方法点睛： 本题考查的核心是裂项求和，使用裂项法求和时，要注意正负项相消时消去了哪些项，保留了哪些项，切不可漏写未被消去的项，未被消去的项有前后对称的特点，实质上造成正负相消是此法的根源与目的．16．拿破仑定理：“以任意三角形的三条边为边，向外构造三个正三角形，则这三个正三角形的中心恰为另一个正三角形的顶点.”利用该定理可为任意形状的市区科学地确定新的发展中心区位置，合理组织人流､物流，使城市土地的利用率，建筑的使用效率达到最佳，因而在城市建设规划中具有很好的应用价值.如图，设ABC 代表旧城区，新的城市发展中心123,,O O O ，分别为正ACD △，正ABE △，正BCF △的中心､现已知2,30AB ACB ∠==，123O O O 则ABC 的面积为___________.答案：233连接12,CO CO ，易得122133,,30,3033CO AC CO BC O CB O CA ==∠=∠=，进而得到1290O CO ∠=，利用勾股定理得到2212AC BC +=，然后再利用余弦定理求得AC BC ⋅即可. 解：如图所示：连接12,CO CO ，由题意得：122133,,30,30CO CO O CB O CA =∠=∠=， 又因为30ACB ∠=， 所以1290O CO ∠=，12321233O O O S O ==， 解得122O O =，由勾股定理得2221212CO CO O O +=，即2221233AC O O ⎫⎫+=⎪⎪⎪⎪⎝⎭⎝⎭， 即2212AC BC +=，由余弦定理得2222cos30AB AC BC AC BC =+-⋅， 解得83AC BC ⋅=所以三角形ABC 的面积为123sin 3023ABCSAC BC =⋅=点评：关键点点睛：本题关键是证得1290O CO ∠=，再利用勾股定理和余弦定理求得AC BC ⋅而得解. 三、解答题17．在ABC 中，232cos cos sin()sin cos()25A B B A B B A C ---++=-． （1）求cosA 的值：（2）若a =5b =，求BA 在AC 方向上的投影． 答案：（1）3cos 5A =-；（2）35． （1）利用二倍角的余弦公式以及两角差的正弦公式将已知式化简，即可得到cos A 的值； （2）先利用余弦定理求出c ，也即是BA ，再根据投影的定义，求BA 在AC 方向上的投影，其中需要注意的是BA 和AC 的夹角是A 的补角. 解：解：（1）由232coscos sin()sin cos()25A B B A B B A C ---++=- 可得3cos()cos sin()sin 5A B B A B B ---=-， 即3cos()5A B B -+=-， 即3cos 5A =-，（2）由余弦定理可知2223525()5c c =+-⨯⨯-，解得1c =，7c =-（舍去）．向量BA 在AC 方向上的投影：3||cos()cos 5BA A c A π-=-=． 18．如图，在棱长为2的正方体1111ABCD A BC D -中，E ，F 分别是1B B ，BC 的中点，（1）证明：1A E ，AB ，DF 三线共点；（2）线段CD 上是否存在一点G ，使得直线FG 与平面11A EC ，3若存在，请旨出点G 的位置，并求二面角11E AC G --的平面角的余弦值大小；若不存在，请说明理由． 答案：（1）证明见解析；（2）存在；点G 为CD 6（1）由公理二证明1A E ，DF 共面，再结合公理三得出1A E ，AB ，DF 三线共点；（2）建立空间直角坐标系，利用向量法求出a 的值，再由向量法得出二面角11E AC G --的平面角的余弦值.解：（1）证明：1//EF A D 且1EF A D ≠1A E ∴，DF 共面∴设1A E DF P ⋂=则1P A E ∈，而1A E ⊂面11AA B BP ∴∈面11AA B B ；同理可得P ∴∈面ABCD∴点P 在面ABCD 与面11AA B B 的公共直线AB 上即1A E ，AB ，DF 三线共点（2）解：根据题意可知，1AA ，AB ，AD 两两垂直，以AB 为x 轴，AD 为y 轴，1AA 为z 轴建立如图所示的空间直角坐标系：11(0,0,2),(2,0,1),(2,2,2),(2,1,0)A E C F故111(2,0,1),(2,2,0)A E AC =-= 假设满足条件的点G 存在设(,2,0),(0,2)G a a ∈，则(2,1,0)FG a =- 设平面11A EC 的法向量为(,,)m x y z =则由111m A E m A C ⎧⊥⎪⎨⊥⎪⎩得，20220x z x y -=⎧⎨+=⎩不妨取2z =，则1x =，1y =-所以平面11A EC 的一个法向量为(1,1,2)m =- 设直线FG 与平面11A EC 的平面角为θ 则222222(2)1(1)1203sin cos ,(2)101(1)2m FGm FGa m FG a θ⋅-⨯+-⨯+⨯====-++⨯+-+化简得2210a a -+=，解得1a =．则1(1,0,2)GC =，设平面11AGC 的法向量为(,,)n x y z =由111n GC n AC ⎧⊥⎪⎨⊥⎪⎩，得+20220x z x y =⎧⎨+=⎩，取2x =-则平面11AGC 的一个法向量为(2,2,1)n =- 222cos ,636n n n m m m ⋅--+===⨯二面角11E AC G --的平面角的余弦值69点评：思路点睛：向量方法求解二面角的余弦值的步骤：（1）建立合适空间直角坐标系，写出二面角对应的两个半平面中相应点的坐标；（2）设出法向量，根据法向量垂直于平面中任意方向向量，求解出半平面的一个法向量；（注：若半平面为坐标平面，直接取法向量亦可）（3）计算（2）中两个法向量夹角的余弦值，结合立体图形中二面角的实际情况，判断二面角是钝角还是锐角，从而得到二面角的余弦值.19．已知抛物线2:2(0)C x py p =>的焦点为F ，P 为C 上的动点，Q 为P 在动直线(0)y t t =<上的投影.当PQF △为等边三角形时，其面积为43 （1）求C 的方程；（2）设O 为原点，过点P 的直线l 与C 相切，且与椭圆22142x y +=交于,A B 两点，直线OQ 与AB 交于点M .试问：是否存在t ，使得AM BM =恒成立？若存在，求t 的值；若不存在，请说明理由.答案：（1）C 的方程为24x y =；（2）存在，1t =.（1）根据正三角形得三角形的边长，再根据抛物线的定义列方程组，解方程即可；（2）根据导数的几何意义得到直线l 的切线方程，切线与椭圆联立，根据韦达定理得,A B 的纵坐标的关系，再根据直线方程联立得点M 的纵坐标，由AM BM =可知点M 为,A B 的中点，根据中点坐标公式列方程，解方程即可求得结果.解：（1）设()00,P x y ，0,2p F ⎛⎫⎪⎝⎭，∵PQF △为等边三角形时，其面积为∴21sin 23PQ π⨯=4PQ =， ∵Q 为P 在动直线(0)y t t =<上的投影，∴()0,Q x t ， 当PQF △为等边三角形时，PQ PF FQ ==，由抛物线的定义知，2pt =-， ∴0220200+42162p y x p x py ⎧=⎪⎪⎪+=⎨⎪=⎪⎪⎩，解得2p =， ∴C 的方程为24x y =；（2）设()00,P x y ，()11,A x y ，()22,B x y ，则2004x y =，()0,Q x t∵214y x =，∴12y x '=， ∴切线0001:2l yy x x x ，即001:2l yx x y ，00222000022112122242401y x x y x x x x y x y y ⎧=-⎪⎪⎛⎫⇒+⎨ ⎪⎝⎭⎪++⎪--⎩==， ∴0012201122x y x x x +=+， ∴000120100200022001112122242212x y y x x x x x y y y y y x x +=-+-=⨯-=++；∵()0,Q x t ，∴0:OQ tl y x x =-， 0020002212M t y x y t x y x t y x x y⎧=-⎪-⎪⇒=⎨-⎪=-⎪⎩， ∵AM BM =，且A ，M ，B 在同一条直线上，则点M 为AB 的中点，∴122M y y y =+，即0022004422t x t y y x =--+，则1t =.综上，存在t ，使得AM BM =恒成立，1t =. 点评：解决直线与椭圆的综合问题时，要注意：（1）注意观察应用题设中的每一个条件，明确确定直线、椭圆的条件；（2）强化有关直线与椭圆联立得出一元二次方程后的运算能力，重视根与系数之间的关系、弦长、斜率、三角形的面积等问题.20．某快递公司收取快递费用的标准是：重量不超过1kg 的包裹收费10元；重量超过1kg 的包裹，除1kg 收费10元之外，超过1kg 的部分，每超出1kg （不足1kg ，按1kg 计算）需再收5元．该公司将最近承揽的100件包裹的重量统计如表：公司对近60天，每天揽件数量统计如表：以上数据已做近似处理，并将频率视为概率．（1）计算该公司未来3天内恰有2天揽件数在101～400之间的概率； （2）①估计该公司对每件包裹收取的快递费的平均值；②公司将快递费的三分之一作为前台工作人员的工资和公司利润，剩余的用作其他费用．目前前台有工作人员3人，每人每天揽件不超过150件，工资100元．公司正在考虑是否将前台工作人员裁减1人，试计算裁员前后公司每日利润的数学期望，并判断裁员是否对提高公司利润更有利？ 答案：(1)48125；(2)(i)15元；(ii)答案见解析.解：试题分析：()1先计算出包裹件数在101400~之间的天数为48，然后得到频率，估计出概率，运用二项分布求出结果(2)运用公式求出每件包裹收取的快递费的平均值(3)先将天数转化为频率，分别计算出不裁员和裁员两种情况的利润，从而作出比较 解析：（1）样本包裹件数在101400~之间的天数为48，频率484605f ==， 故可估计概率为45， 显然未来3天中，包裹件数在101400~之间的天数X 服从二项分布，即4~35X B ，⎛⎫ ⎪⎝⎭，故所求概率为223414855125C ⎛⎫⨯⨯=⎪⎝⎭. （2）（i ）样本中快递费用及包裹件数如下表：故样本中每件快递收取的费用的平均值为15100=（元），故该公司对每件快递收取的费用的平均值可估计为15元.（ii ）根据题意及（2）（i ），揽件数每增加1，可使前台工资和公司利润增加11553⨯=（元）， 将题目中的天数转化为频率，得若不裁员，则每天可揽件的上限为450件，公司每日揽件数情况如下：故公司平均每日利润的期望值为260531001000⨯-⨯=（元）； 若裁员1人，则每天可揽件的上限为300件，公司每日揽件数情况如下：故公司平均每日利润的期望值为23552100975⨯-⨯=（元）. 因9751000<，故公司将前台工作人员裁员1人对提高公司利润不利.点睛：本题考查了频率和概率、平均值的实际应用，计算出频率来估计概率的取值，运用二项分布求出事件概率，在比较裁员与不裁员的情况下分别算出期望值，来比较利润的大小，从而为作出决策提供依据．21．已知函数2()x x f x xe ae =-（a ∈R ）在定义域内有两个不同的极值点. （1）求实数a 的取值范围；（2）若()f x 有两个不同的极值点1x ，2x ，且12x x <，若不等式120x x λ+>恒成立.求正实数λ的取值范围.答案：（1）10,2⎛⎫ ⎪⎝⎭；（2）1λ≥.（1）求导得到120x x ae +-=有两个不相等实根，令12()x x a h x e+==，计算函数单调区间得到值域，得到答案.（2）1x ，2x 是方程12xx a e +=的两根，故()11x h x h λ⎛⎫<- ⎪⎝⎭，化简得到()111ln 1ln 1(1)0x x x λλλλ⎛⎫+---+< ⎪⎝⎭，设函数，讨论范围，计算最值得到答案.解：（1）由题可知2()(1)20x x f x x e ae '=+-=有两个不相等的实根， 即：120x x ae +-=有两个不相等实根，令12()xx a h x e +==， ()2(1)()x xx x e x e xh x e e -+-'==，x ∈R ，(,0)x ∈-∞，()0h x '>；(0,,)x ∈+∞，()0h x '<，故()h x 在(,0)-∞上单增，在(0,)+∞上单减，∴max ()(0)1h x h ==. 又(1)0h -=，(,1)x ∈-∞-时，()0h x <；(1,)x ∈-+∞时，()0h x >，∴2(0,1)a ∈，即10,2a ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭.（2）由（1）知，1x ，2x 是方程12x x a e+=的两根， ∴1210x x -<<<，则112200x x x x λλ+>⇔>->因为()h x 在(0,)+∞单减，∴()12x h x h λ⎛⎫<-⎪⎝⎭，又()()21h x h x =，∴()11x h x h λ⎛⎫<- ⎪⎝⎭即111111x x x x e eλλ--++<，两边取对数，并整理得：()111ln 1ln 1(1)0x x x λλλλ⎛⎫+---+< ⎪⎝⎭对1(1,0)x ∈-恒成立， 设()ln(1)ln 1(1)x F x x x λλλλ⎛⎫=+---+ ⎪⎝⎭，(1,0)x ∈-， 1(1)(1)()(1)1(1)()1x x F x xx x x λλλλλλ++-'=+-+=++--，当1λ≥时，()0F x '>对(1,0)x ∈-恒成立，∴()F x 在(1,0)-上单增，故()(0)0F x F <=恒成立，符合题意； 当(0,1)λ∈时，1(1,0)λ-∈-，(1,0)x λ∈-时()0F x '<， ∴()F x 在(1,0)λ-上单减，()(0)0F x F >=，不符合题意. 综上，1λ≥.点评：本题考查了根据极值点求参数，恒成立问题，意在考查学生的计算能力和综合应用能力.22．在直角坐标系xOy 中，曲线1C 的参数方程为1cos sin x t y t αα=+⎧⎨=⎩，(t ，α中的一个为参数)，以O为极点，x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系，直线:sin 13l πρθ⎛⎫-= ⎪⎝⎭． （1）当t 为参数，3πα=时，判断曲线1C 与直线l 的位置关系；（2）当α为参数，2t =时，直线l 与曲线1C 交于不同的两点A ，B ，若2(0)P ，，求11||||PA PB +的值答案：（1）曲线1C 与直线l 平行；（2）1．（1）首先将曲线1C 和直线l 的方程化简为直角坐标方程，再判断位置关系；（2）首先得到曲线1C 的普通方程，再得将直线l 的参数方程，利用t 的几何意义求11||||PA PB +的值. 解：（1）当t 为参数，3πα=时，曲线1C表示直线：1)y x =-由:sin()13l πρθ-=，得1:sin cos 12l ρθθ=， 将cos ,sin x y ρθρθ==代入方程得2y =+ 因为斜率相等，所以曲线1C 与直线l 平行； （2）当α为参数，2t =时，曲线1C 的参数方程12cos ()2sin x y ααα=+⎧⎨=⎩为参数消去参数得曲线1C 的普通方程22(1)4x y，易知直线过(0,2)P ，故设直线l的参数方程为12()2x t t y ⎧=⎪⎪⎨⎪=⎪⎩为参数 联立直线l 的参数方程与曲线1C 的普通方程，得2(231)10t t设,A B 对应的参数为12,t t ，则1212123,1t t t t故12121212121111231t t t t PA PBt t t t t t ．点评：方法点睛：本题考查弦长公式，一般求弦长的方法包含以下几点： 1.直角坐标系下的弦长公式()22121214AB k x x x x =++-或是()212122114y y y y k ++-；2.利用直线参数方程的几何意义可知12AB t t =-；3.极坐标系下，过原点的直线与曲线相交的弦长12AB ρρ=-.23．已知a ＞0，b ＞0，且a +b ＝1．（1）求12a b+的最小值； （2）证明：2221+++ab b a b ＜5． 答案：（1）322+；（2）证明见解析. （1）利用基本不等式即可求得最小值；（2）关键是配凑系数，进而利用基本不等式得证． 解：（1）121222()332322a b a b a b z a b a b b a b a ⎛⎫+=++=+++⋅=+ ⎪⎝⎭， 当且仅当“2b a =”时取等号，故12a b+的最小值为322+ （2）证明：222222241155ab bab bb b a b a ++=+++++ )22225242221555ab ab b b b ab b a +==+⋅+⋅，当且仅当15,2a b ==时取等号，此时a +b ≠1． 故2221+++ab b a b 5． 点评：本题主要考查利用基本不等式求和的最小值，以及利用基本不等式证明不等式，属基础题.。

石室中学高2021届2020-2021学年度上期入学考试理科数学试卷一、选择题（共12小题；共60分）1.已知集合(){}(){},0,,R ,,+10,,R A x y x y x y B x y x y x y =+=∈=-=∈，则集合A B 的元素个数是（ ）A ．0B ．1C ．2D ．3 2．i 为虚数单位， 512iz i=+， 则z 的共轭复数为 （ ） A. 2i - B ．2i + C. 2i -- D ．2i -+3．石室中学为了解1 000名学生的身体素质，将这些学生编号为1，2，…，1 000，从这些学生中用系统抽样方法等距抽取100名学生进行体质测验，若46号学生被抽到，则以下4名学生中被抽到的是（ ） A ．8号学生 B ．200号学生C ．616号学生D ．815号学生4．函数2()ln 1f x x x=-+的零点所在的大致区间是（ ） A ．(1,2) B ．(2,)e C ．(,3)e D ．(3,)+∞5．已知向量(1)a m =，，(32)b m =-，，则3m =是a //b 的（ ）A ．充要条件B ．既不充分也不必要条件C ．必要不充分条件D ．充分不必要条件6 ．已知ABC ∆的内角,,A B C 的对边分别为,,a b c ，若a =2b =，60A =︒，则B 为（ ） A ．60°B ．60°或120°C ．30°D ．30°或150°7．下列函数中，既是奇函数又在(0,)+∞单调递减的函数是（ ）A ．22x x y -=-B ．tan y x x =C ．sin y x x =-D ．12y x x=- 8．抛物线2:4C y x =的焦点为F ，其准线l 与x 轴交于点A ，点M 在抛物线C 上，当2MA MF=AMF ∆的面积为（ ）A ．1B 2C ．2D ．229. 如图是用模拟方法估计圆周率π的程序框图，P 表示估计结果， 则图中空白框内应填入（ ） A ．1000N P =B ．41000N P =C ．1000M P =D ．41000MP = 10. 已知235log log log 1x y z ==<-，则2,3,5x y z 的大小关系为（ ） A ．235x y z <<B ．325y x z <<C ．523z x y <<D ．532z y x <<11.某几何体的三视图如图所示，则该几何体外接球表面积为（ ） A ．11πB ．143πC ．283πD ．16π12.已知a 为常数，函数()212e 1+2xf x ax ax a =--+有两个极值点x 1，x 2(x 1＜x 2)，则下列结论正确的是（ ）A ．0a < B. 01a << C ．()15f x > D ．()23f x > 二、填空题（共4小题；共20分）13.已知双曲线()222210,0x y a b a b-=>>的离心率为2，则该双曲线的渐近线方程为_______________14.《九章算术》是我国古代的数学名著，书中有如下问题：“今有五人分五钱，令上二人所得与下三人等．问各得几何．”其意思为“已知甲、乙、丙、丁、戊五人分5钱，甲、乙两人所得与丙、丁、戊三人所得相同，且甲、乙、丙、丁、戊所得依次成等差数列．问五人各得多少钱？”（“钱”是古代的一种重量单位）．这个问题中，甲所得为___________钱. 15．已知()f x 是定义域为R 的奇函数，()f x '是()f x 的导函数，(1)0f -=，当0x >时，()3()0xf x f x '-<，则使得()0f x >成立的x 的取值集合是___________．16.已知棱长为1的正方体，过对角线作平面交棱于点E ，交棱于点F ，则：①平面分正方体所得两部分的体积相等；②四边形一定是平行四边形；③平面与平面不可能垂直； ④四边形其中所有正确结论的序号为_______三、解答题（共6小题；共70分）17. (本题满分12分)石室中学高三学生摸底考试后，从全体考生中随机抽取44名，获取他们本次考试的数学成绩(x )和物理成绩(y )，绘制成如图散点图：根据散点图可以看出y 与x 之间有线性相关关系，但图中有两个异常点,A B ．经调查得知，A 考生由于重感冒导致物理考试发挥失常，B 考生因故未能参加物理考试．为了使分析结果更科学准确，剔除这两组数据后，对剩下的数据作处理，得到一些统计的值：4242421114620,3108,350350,i i i i i i i x y x y ======∑∑∑()422116940,i i x x =∑-=()42215250,i i y y =∑-=其中,i i x y 分别表示这42名同学的数学成绩、物理成绩，1,2,3,,42i =，y 与x 的相关系数0.82r =．1111ABCD A B C D -1BD α1AA 1CC α1BFD E α1DBB 1BFDE（Ⅰ）若不剔除,A B 两名考生的数据，用44组数据作回归分析，设此时y 与x 的相关系数为0r ．试判断0r 与r 的大小关系（不必说理由）；（Ⅱ）求y 关于x 的线性回归方程，并估计如果B 考生参加了这次物理考试（已知B 考生的数学成绩为125分），物理成绩是多少？附：回归方程y a bx =+中, 1122211()()=()n niii ii i nniii i x x y y x y nx ya y bx x x xn b x====---==---∑∑∑∑，18．已知三次函数32()41f x x ax x =+++(a 为常数). （1）当1a =时，求函数()f x 在2x =处的切线方程； （2）若0a <，讨论函数()f x 在()0,x ∈+∞的单调性.19.如图，四边形ABCD 与BDEF 均为菱形，FA FC =，且60DAB DBF ∠=∠=︒． （1）求证：AC ⊥平面BDEF ；（2）求直线AD 与平面AEF 所成角的正弦值．20．在平面直角坐标系xOy 中，已知椭圆22221(0)x y a b a b +=>>3，短轴长为2，直线l 与椭圆有且只有一个公共点． （1）求椭圆的方程；（2）是否存在以原点O 为圆心的圆满足：此圆与直线l 相交于P ，Q 两点（两点均不在坐标轴上），且OP ，OQ 的斜率之积为定值，若存在，求出此定值和圆的方程；若不存在，请说明理由．21．已知函数()1ln 1f x a x x=+-，其中常数a ∈R ，自然常数 2.71828e ≈. （Ⅰ）当实数13a =时，求()f x 在区间2,e e ⎡⎤⎣⎦上的最值； （Ⅱ）设函数()()1xg x e f x x=+-在区间()0,a e -上存在极值，求证：11a a e a --+>+.22．在直角坐标系xOy 中，以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴，建立极坐标系．曲线1C 的极坐标方程为2sin ρθ=，曲线2C 的参数方程为2cos (22sin x y ϕϕϕ=⎧⎨=-+⎩为参数）．（Ⅰ）写出2C 的极坐标方程；（Ⅱ）过原点O 的射线与1C 的异于极点的交点为A ，(0)3xOA παα∠=<<，B 为2C 上的一点，且3AOB π∠=，求AOB ∆面积的最大值．石室中学高2021届2020-2021学年度上期数学入学考试参考答案（理科）13. y = 14.315． (-∞，1)(0-⋃，1) 16.①②④17.（Ⅰ）0r r <．......................4分（Ⅱ）由题中数据可得：42421111110,744242i i i i x x y y ======∑∑，................6分 所以.............8分又因为，所以，，所以，................10分将代入，得81.5y =，所以估计B 同学的物理成绩为81.5分．....................12分18．（1）当1a =时，函数32()41f x x x x =+++2()324f x x x '=++(2)20f '∴=即切线的斜率20k =..................2分 (2)21f =∴切线方程为20(2)21x y -=-即切线为：20190x y --=..................4分（2）2()324f x x ax '=++对称轴为03ax =->..................5分 ()()4242114235035042110748470iii ii i x x y y x y x y ==--=-⋅=-⨯⨯=∑∑()422116940ii x x =-=∑()()()1211698470ˆ00.54niii ni i x x y y bx x ==--===-∑∑740.511019a y bx =-=-⨯=0.519y x =+125x =○1当24480a ∆=-≤时，即0a -≤<，()0f x '> ()f x 在(0,)+∞上单调递增；.................8分○2当24480a ∆=->时，即a <-，又 (0)40f '=>令2()3240f x x ax '=++=，则1x =，2x =当0x <<或x >()0f x '>；x <<()0f x '<；()f x 在2(0,6a -，2(,)6a -++∞上单调递增；()f x 在22(,66a ---上单调递减. .................12分19.（1）设AC 与BD 相交于点O ，连接FO ，∵四边形ABCD 为菱形，∴AC BD ⊥，且O 为AC 中点， ∵FA FC =，∴AC FO ⊥,又FO BD O =，∴AC ⊥平面BDEF .…………………5分（2）连接DF ，∵四边形BDEF 为菱形，且60DBF ∠=︒，∴DBF ∆为等边三角形， ∵O 为BD 中点，∴FO BD ⊥，又AC FO ⊥，∴FO ⊥平面ABCD .∵,,OA OB OF 两两垂直，∴建立空间直角坐标系O xyz -，如图所示，………7分 设2AB =，∵四边形ABCD 为菱形， 60DAB ∠=︒，∴∵DBF ∆为等边三角形，∴,DB EFDB EF =∴(()(,3,0,3,0,2,0AF AD EF =-=-=设平面AEF 的法向量为(),,n x y z =，则320AF n x EF n y ⎧⋅=-+⎪⎨⋅==⎪⎩取1x =，得()1,0,1n =.设直线AD 与平面AEF 所成角为θ，………10分6,4AD n AD n ADn⋅==⋅分20．解：（1，可得c e a== 由短轴长为2，可得1b =， …………1分 又2221a c b -==，解得2a =，c ， 则椭圆的方程为2214x y +=； …………4分（2）存在符合条件的圆，此圆的方程为225x y +=． 证明如下：假设存在符合条件的圆， 设此圆的方程为222(0)x y r r +=>，当直线l 的斜率存在时，设l 的方程为y kx m =+， 由2244y kx mx y =+⎧⎨+=⎩可得222(14)8440k x kmx m +++-=，…………5分 因为直线l 与椭圆C 有且只有一个交点，所以△2221(8)4(14)(44)0km k m =-+-=，即2214m k =+，…………6分由方程组222y kx m x y r=+⎧⎨+=⎩可得2222(1)20k x kmx m r +++-=，则△22222(2)4(14)()0km k m r =-+->，设11(P x ，1)y ，22(P x ，2)y ，则12221km x x k +=-+，221221m r x x k -=+，…………7分 设直线1OP ，2OP 的斜率为1k ，2k ， 所以222222222221212121212222212121222()()()111m r kmk km m y y kx m kx m k x x km x x m m r k k k k k m r x x x x x x m r k --+++++++-++=====--+ (9)分将2214m k =+代入上式，可得2222122222(4)1(4)14(1)r k r k k k m r k r -+-+==-+-，…………10分要使12k k 为定值，则224141r r-=-，即25r =，验证符合题意． 所以当圆的方程为225x y +=时，圆与l 的交点1P ，2P 满足12k k 为定值14-，…………11分 当直线l 的斜率不存在时，由题意可得l 的方程为2x =±，此时圆225x y +=与l 的交点为1P ，2P 也满足1214k k =-，综上可得当圆的方程为225x y +=时，直线l 与圆的交点1P ，2P 满足斜率之积12k k 为定值14-．……12分21．（Ⅰ）当13a =时，()ln 113x f x x =+-，()'233x f x x-=， 所以()f x 在[],3e 单减，在23,e ⎡⎤⎣⎦单增，…………2分()123f e e =-，()22113f e e =-，()()2f e f e <所以ln32()(3)3min f x f -==，2max 211()()3f x f e e ==-．…………5分 （Ⅱ）依题意，． 则，令，，，()11ln 1ln 1xx g x e a x e a x x x ⎛⎫=+-+-=-+ ⎪⎝⎭0a x e -<<()x xa xe a g x e x x-'=-=()x t x xe a =-()0,a x e -∈()(1)0xt x e x '=+>所以在上是单调增函数．要使得在上存在极值，则须满足即所以，，即．…………8分所以1111ln 1ln 1aea a a a a a a a--+-->++--=+- 当0a >时，令，()1g ln 1a a a =+-，()'21a g a a-=，所以()()10g a g ≥= 所以，．…………11分 即，所以．…………12分22．（Ⅰ）由曲线2C 的参数方程2cos (22sin x y φϕφ=⎧⎨=-+⎩为参数）． 可得曲线2C 的普通方程为22(2)4x y ++=． 将cos x ρθ=，sin y ρθ=代入上式，得4sin ρθ=-． 所以2C 的极坐标方程为4sin ρθ=-． …………4分（Ⅱ）设A 点的极坐标为1(ρ，)α，B 点的极坐标为2(,)3πρα-，则12sin ρα=，24sin()3πρα=--， …………6分于是AOB ∆的面积()t x ()0,ae-()g x ()0,ae-()()00,0,a t t e -⎧<⎪⎨>⎪⎩0,0,a a e a e e a -->⎧⎪⎨⋅->⎪⎩0aae e a -->>ln e e a a -->ln a e a a ->+0a >1ln 10a a+-≥110a e a a --+-->11a e a a --+>+2021届高三数学一轮复习坚持就是胜利！12113sin (2sin )[4sin()]23sin sin()3sin(2)232336S ππππρρααααα==--=--=+ …………9分当6πα=时，S 取得最大值2． 所以AOB ∆．…………10分。

四川省成都市石室蜀都中学2021-2022学年高三数学理上学期期末试卷含解析一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。

在每小题给出的四个选项中，只有是一个符合题目要求的1. 已知函数满足，且的导函数，则的解集为A. B. C. D.参考答案：D设, 则，，对任意，有，即函数在R上单调递减，则的解集为，即的解集为，选D.2. 若函数在为单调函数，则实数a的取值范围是( )A.(－∞,－1]∪[1,+∞)B. (－∞,－1]C. [1,+∞)D. [－1,1]参考答案：A3. 要得到函数的图象，只需将函数的图象（）A．向右平移个单位B．向右平移个单位C．向左平移个单位 D．向左平移个单位参考答案：C略4. 若=2，则sin（α﹣5π）?sin（﹣α）等于（）A．B．C．±D．﹣参考答案：B【考点】三角函数的恒等变换及化简求值．【专题】计算题．【分析】利用商的关系先对所给的齐次式，分子和分母同除以cosα进行转化，求出正切值，再根据诱导公式对所求的式子进行化简，再由商的关系转化为正切的式子，把求出的正切值代入进行求解．【解答】解：由题意知， =2，分子和分母同除以cosα得，=2，解得tanα=3，∵sin（α﹣5π）?sin（﹣α）=﹣sinα?（﹣cosα）=sinαcosα===，故选B．【点评】本题考查了诱导公式以及商和平方的关系的应用，对于含有正弦和余弦的齐次式的处理，常用平方关系进行“1”的代换，再利用商的关系转化为有关正切的式子．5. 下列给出的赋值语句中正确的是 ( ）A．4=MB．M=-MC．B=A=3D．x+y=0参考答案：B6. （08年全国卷Ⅰ理）若直线通过点，则（）A． B． C． D．参考答案：【解析】D．（两种方法均为构造法）（方法一）：利用点（利用坐标原点到直线的距离与圆的半径的关系）由题意知直线与圆有交点，则.（方法二）：设向量，由题意知由可得7. 设、是椭圆的左、右焦点，过的直线交椭圆于两点，若，且轴，则（）A. B. C.D.参考答案：C8. 执行如图的程序框图，则输出S的值为（）A．2016 B．2 C．D．﹣1参考答案：B【考点】程序框图．【专题】图表型；算法和程序框图．【分析】模拟执行程序框图，依次写出前几次循环得到的s，k的值，观察规律可知，s的取值以3为周期，由k等于2015=3*671+2时，满足条件k＜2016，s=2，k=2016时不满足条件k＜2016，退出循环，输出s的值为2．【解答】解：模拟执行程序框图，可得s=2，k=0满足条件k＜2016，s=﹣1，k=1满足条件k＜2016，s=，k=2满足条件k＜2016，s=2．k=3满足条件k＜2016，s=﹣1，k=4满足条件k＜2016，s=，k=5…观察规律可知，s的取值以3为周期，由2015=3*671+2，有满足条件k＜2016，s=2，k=2016不满足条件k＜2016，退出循环，输出s的值为2．故选：B．【点评】本题主要考查了程序框图和算法，依次写出前几次循环得到的s，k的值，观察规律得到s 的取值以3为周期是解题的关键，属于基本知识的考查．9.已知图①中的图象对应函数为，则图②中的图象对应的函数可能是（） A． B．C． D．参考答案：答案:D10. 如图所示，在四边形ABCD中，AD∥BC，AD＝AB，∠BCD＝45°，∠BAD＝90°，将△ABD沿BD折起，使平面ABD⊥平面BCD，构成三棱锥A－BCD，则在三棱锥A－BCD中，下列命题正确的是( )A. 平面ABD⊥平面ABCB. 平面ADC⊥平面BDCC. 平面ABC⊥平面BDCD. 平面ADC⊥平面ABC参考答案：D略二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. 将2本不同的数学书和1本语文书在书架上随机排成一行，则2本数学书相邻的概率为________.参考答案：设数学书为A，B，语文书为C，则不同的排法共有（A，B，C），（A，C，B），（B，C，A），（B，A，C），（C，A，B），（C，B，A）共6 种排列方法，其中2 本数学书相邻的情况有4 种情况，故所求概率为.12. （理科）对任意x∈R，|2－x|＋|3＋x|≥a2－4a恒成立，则a满足的范围是参考答案：[－1,5]13. 若等比数列{a n}的前n项和为S n，a3=，S3=，则公比q=．参考答案：1或【分析】根据等比数列的前n项和建立等式，利用a3和q表示出a1与a2，然后解关于q的一元二次方程，即可求出所求．【解答】解：∵∴a1+a2+a3=则a1+a2=3∴化简得2q2﹣q﹣1=0解得q=1或故答案为：1或【点评】本题主要考查了等比数列的前n项和，以及等比数列的通项，同时考查了运算求解的能力，属于基础题．14. 已知双曲线的一个顶点到它的一条渐近线的距离为，则m=参考答案：415. 函数的定义域是;参考答案：略16. 在△ABC中,内角A、B、C的对边长分别为a、b、c,已知,且，则b= .参考答案：417. 已知向量与的夹角是，，.若，则实数 .参考答案：略三、解答题：本大题共5小题，共72分。

2021年四川省成都市石室中学高考数学模拟试卷（理科）（一）一、单选题（本大题共12小题，共60.0分）1.在复平面内，复数z=2+3ii对应的点的坐标为()．A. (3,2)B. (2,3)C. (−2,3)D. (3,−2)2.已知集合A={x|y=ln(−x2−3x+4)}，B={y|y=22−x2}，则A∪B=()A. (−4,4]B. (0,1)C. (−∞,4]D. (−4,+∞)3.设命题p：∀x≤0，√x2=−x，则￢p为()A. ∀x≤0，√x2≠−xB. ∃x0≤0，√x02=−x0C. ∀x>0，√x2=−xD. ∃x0≤0，√x02≠−x04.《九章算术》是我国古代数学成就的杰出代表作，其中《方田》章给出计算弧田面积所用的经验公式为：弧田面积=12(弦+矢)×矢，弧田(如图)由圆弧和其所对弦所围成，公式中“弦”指圆弧所对弦长，“矢”等于半径长与圆心到弦的距离之差现有圆心角为2π3，半径等于20米的弧田，按照上述经验公式计算所得弧田面积约是()(参考数据：π≈3.14，√3≈1.73)A. 220平方米B. 246平方米C. 223平方米D. 250平方米5.已知双曲线8x2−8y2=−1有一个焦点在抛物线C：x2=2py(p>0)准线上，则p的值为()A. 2B. 1C. 12D. 146.已知正项递增等比数列{a n}的前n项和为S n，若a4+a7=20，a4⋅a7=64，则S6S9= ()A. 313B. 521C. 14D. 157.如图是用模拟方法估计圆周率π的程序框图，P表示估计结果，则图中空白框内应填入()A. P =3N1000B. P =3M1000C. P =3M2000D. P =3N20008. 已知√2sin(θ−π4)cos(π+θ)=cos2θ，且sinθ≠0，则tan(θ+π6)的值为( )A. √3B. √33C. 2−√3D. 2+√39. 某柱体的正视图与侧视图是全等的正方形，俯视图是圆，记该柱体的表面积为S 1，其内切球的表面积为S 2，且S 1=λS 2，则λ=( )A. 1B. 23C. 32D. 4310. 已知AB 是半径为2的圆M 的一条直径，四边形ABCD 是圆M 内接四边形，∠CMD =120°，若P 在线段CD 上(端点C 、D 除外)运动，则PA ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅PB ⃗⃗⃗⃗⃗ 的取值范围( )A. (0,3)B. (1,3)C. [−3,0)D. (−3,3)11. 已知椭圆C 1：x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)，双曲线C 2：x 2b 2−y 2a 2−2b2=1，F 1，F 2分别为C 2的左、右焦点，P 为C 1和C 2在第一象限内的交点，若△PF 1F 2的内切圆的圆心的横坐标为2，C 1和C 2的离心率之积为32，则该内切圆的半径为( )A. 4√2−2√6B. 4√2+2√6C. 4√3−2√6D. 4√6−2√312. 已知函数f(x)=xe x +lnx+1x，若关于x 的方程f 2(x)−mf(x)+m 2−1=0恰好有4个不相等的实根，则m 的取值范围是( )A. (1,1e +1)B. (0,1e +1)C. (1,2√33) D. (0,2√33) 二、单空题（本大题共4小题，共20.0分）13. 如图，动点P(x,y)在平行四边形ABCD 内部(含边界)运动，则z =2x −4y 的最小值为______．14. 将6个相同的小球放入4个不同的盒子中，要求不出现空盒，共有______种放法．(用数字作答)15. 已知函数f(x)={13x 3−ax +1,0≤x <1alnx,x ≥1，若f(x)≥f(1)恒成立，则正实数a 的取值范围是______．16. 已知f(x)=msinωx −cosωx(m >0,ω>0)，g(x)=e x ，若对∀x 1∈R ，∃x 2∈[0,ln2]，使得f(x 1)≤g(x 2)成立，若f(x)在区间[0,π]上的值域为[−1,√2]，则实数ω的最大值为______．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分） 17. 已知数列{a n }，a 1=3，且对任意n ∈N ∗，都有a n +a n+22=a n+1．(1)设b n =a n+1−a n ，判断数{b n }是否为等差数列或等比数列． (2)若a 2=5，c n ={a n ,n 为奇数2a n −1,为偶数，求数列{c n }的前2n 项的和S 2n ．18. 某房产中介公司对2018年成都市前几个月的二手房成交量进行统计，y 表示2018年x 月该中介公司的二手房成交量，得到统计表格如下：(1)通过散点图初步分析可用线性回归模型拟合y 与x 的关系，请用相关系数加以说明；(计算结果精确到0.01)；(2)该房产中介为增加业绩，决定针对二手房成交客户开展抽奖活动．若抽中“一等奖”获5千元奖金；抽中“二等奖”获3千元奖金；抽中“祝您平安”，则没有奖金．已知一次抽奖活动中获得“一等奖”的概率为14，获得“二等奖”的概率为12，现有甲、乙两个客户参与抽奖活动，假设他们是否中奖相互独立，求此二人所获奖金总额X(千元)的分布列及数学期望．参考数据：∑x i 8i=1y i =850，∑x i 28i=1=204，∑y i 28i=1=3776，√21≈4.58，√31≈5.57．参考公式：相关系数r =x i n i=1y i −nx −y−√∑x i i=1−nx −2√∑y i i=1−ny−219. 如图，在四棱锥P −ABCD 中，平面PAD ⊥平面ABCD ，△PAD 是等边三角形，四边形ABCD 是矩形，CD =√2，F 为棱PA 上一点，且AF =λAP(0<λ<1)，M 为AD 的中点，四棱锥P −ABCD 的体积为2√63．(1)若无λ=12，N 是PB 的中点，求证：平面MNF//平面PCD ，(2)是否存在λ，使得平面FMB 与平面PAD 所成的二面角余弦的绝对值为√3311？20.已知椭圆C：x2a2+y2b2=1(a>b>0)上任意一点到其两个焦点F1，F2的距离之和等于2√5，焦距为2c，圆O：x2+y2=c2，A1，A2是椭圆的左、右顶点，AB是圆O 的任意一条直径，四边形A1AA2B面积的最大值为2√5．(1)求椭圆C的方程；(2)如图，若直线l1：y=kx+m(m≠0)与圆O相切，且与椭圆相交于M，N两点，直线l1与l2平行且与椭圆相切于P(O,P两点位于l1的同侧)，求直线l1、l2距离d的取值范围．21.已知函数f(x)=12x2+mln(1−x)，其中．(1)求函数f(x)的单调区间；(2)若函数f(x)存在两个极值点x1，x2，且x1<x2，证明：f(x1)+f(x2)>14−14ln4．22. 在平面直角坐标系，曲线C 的参数方程为{x =3cosθy =2sinθ，(θ为参数)，P(x 0,y 0)是曲线C 上的任意一点，动点Q(x,y)满足{x =x 02y =3y 0，记Q(x,y)轨迹为E ，以坐标原点O 为极点，x 轴的正半轴为极轴的极轴建立极坐标系，l 的极坐标方程为θ=π4(ρ∈R)，A 点的极坐标为(5,0)． (1)求E 的普通方程；(2)若l 与E 交于M ，N 两点，求△AMN 的面积；23. 已知函数f(x)=|x|．(1)求不等式f(x −1)+f(2x −1)≤2x 的解集；(2)若a >0，b >0，c >0，且1a +4b +9c =1，证明：f(x +a)+f(x −b −c)≥36．答案和解析1.【答案】D【解析】【分析】本题考查复数代数形式的乘除运算，考查复数的代数表示法及其几何意义，是基础题．直接利用复数代数形式的乘除运算化简得答案．【解答】解：∵z=2+3ii =(2+3i)(−i)−i2=3−2i，∴在复平面内，复数z=2+3ii对应的点的坐标为(3,−2)．故选：D．2.【答案】A【解析】解：∵集合A={x|y=ln(−x2−3x+4)}={x|−4<x<1}，B={y|y=22−x2}={x|0<y≤4}，∴A∪B={x|−4<x≤4}=(−4,4]．故选：A．分别求出集合A，B，由此能求出A∪B．本题考查并集的求法，考查并集定义、不等式性质等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．3.【答案】D【解析】解：命题是全称命题，则命题的否定是特称命题，即，∃x0≤0，√x02≠−x0，故选：D．根据全称命题的否定是特称命题进行判断即可．本题主要考查含有量词的命题的否定，根据全称命题的否定是特称命题，特称命题的否定是全称命题是解决本题的关键．4.【答案】C【解析】解：如图，由题意可得：∠AOB=2π3，OA=20，在Rt△AOD中，可得：∠AOD=π3，∠DAO=π6，OD=12AO=12×20=10，可得：矢=20−10=10，由AD=AO⋅sinπ3=20×√32=10√3，可得：弦=2AD=2×10√3=20√3，所以：弧田面积=12(弦+矢)×矢=12(20√3+10)×10≈223平方米．故选：C．在Rt△AOD中，由题意OA=20，∠DAO=π6，即可求得OD，AD的值，根据题意可求矢和弦的值，即可利用公式计算求值得解．本题考查扇形的面积公式，考查学生对题意的理解，考查学生的计算能力，属于基础题．5.【答案】B【解析】【分析】本题考查了双曲线和抛物线的方程和简单性质，考查了运算能力，属于基础题．根据双曲线的方程可得c=12，再求出抛物线的准线方程，即可求出p的值．【解答】解：双曲线8x2−8y2=−1即为y 21 8−x218=1，∴c2=18+18=14，∴c=12，∵抛物线C：x2=2py(p>0)准线为y=−p2，∴−p2=−12，即p=1，故选：B．6.【答案】B【解析】本题主要考查了等比数列的性质，考查运算求解能力，属于基础题．推导出a 4，a 7是一元二次方程x 2−20x +64=0的两个根，且a 4<a 7，解方程x 2−20x +64=0，得a 4=4，a 7=16，列方程组求出a 1=1，q 3=4，由此能求出S 6S 9的值．【解答】解：∵正项递增等比数列{a n }的前n 项和为S n ，a 4+a 7=20，a 4⋅a 7=64， ∴a 4，a 7是一元二次方程x 2−20x +64=0的两个根，且a 4<a 7， 解方程x 2−20x +64=0，得a 4=4，a 7=16， ∴{a 1q 3=4a 1q 6=16，解得a 1=1，q 3=4， ∴S 6S 9=a 1(1−q 6)1−q a 1(1−q 9)1−q=1−q 61−q9=1−161−64=1563=521．故选：B ．7.【答案】B【解析】解：随机输入X i ∈(0,1)，Y i ∈(0,1)，Z i ∈(0,1)， 那么点P(X i ,Y i ,Z i )构成的区域为以1为边长的正方形， 判断框内x i 2+y i 2+z i 2≤1，若是，说说明点P(x i ,y i ,z i )在单位球内部(18球)内，并累计记录点的个数M ， 若否，则说明点P(x i ,y i )在单位圆内部(18球)外，并累计记录点的个数N ，第2个判断框i >2000，是进入计算此时落在18单位球内的点的个数为M ，一共判断了2000个点，那么18球的体积/正方体的体积=M2000， 即18×43π×131=M 2000，解得：π=3M1000，(π的估计值)， 即执行框内计算的是P =3M1000． 故选：B ．由题意以及框图的作用，直接推断空白框内应填入的表达式．本题考查程序框图的作用，考查模拟方法估计圆周率π的方法，考查计算能力．【解析】解：∵√2sin(θ−π4)cos(π+θ)=√2(√22sinθ−√22cosθ)⋅(−cosθ)=cos2θ−sinθcosθ，∵cos2θ=cos2θ−sin2θ，而已知√2sin(θ−π4)cos(π+θ)=cos2θ，∴cos2θ−sinθcosθ=cos2θ−sin2θ，即sinθcosθ=sin2θ.∵sinθ≠0，∴tanθ=2，则tan(θ+π6)=tanθ+tanπ61−tanθtanπ6=√33−√3=2+√3，故选：D．由题意利用两角和差的三角公式，化简所给的式子，求得tanθ=2，从而求得tan(θ+π6)的值．本题主要考查两角和差的三角公式的应用，属于基础题．9.【答案】C【解析】解：由题意知，该柱体是圆柱体，且底面圆的直径等于母线长，如图所示；设底面圆的半径为R，则圆柱的母线长为2R，内切球的半径也为R，则圆柱体的表面积为S1=2πR2+2πR⋅2R=6πR2，其内切球的表面积为S2=4πR2，又S1=λS2，则λ=S1S2=6πR24πR2=32．故选：C．由题意知该柱体是圆柱，且底面圆的直径等于母线长，设底面圆的半径为R，求出圆柱的表面积和内切球的表面积，计算λ的值即可．本题考查了利用三视图求几何体表面积的应用问题，也考查了旋转体的结构特征应用问题，是基础题．10.【答案】C【解析】解：根据题意，建立平面直角坐标系，如图所示；不妨设CD//AB ，由AB =4，∠CMD =120°， 得M(0,0)，A(−2,0)，B(2,0)，C(√3,1)，D(−√3,1)，由P 在线段CD 上(端点C 、D 除外)，可设P(x,1)，其中x ∈(−√3,√3)； 则PA ⃗⃗⃗⃗⃗ =(−2−x,−1)，PB ⃗⃗⃗⃗⃗ =(2−x,−1)， 所以PA ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅PB ⃗⃗⃗⃗⃗ =(−2−x)(2−x)+1=x 2−3； 又x ∈(−√3,√3)， 所以γx 2−3∈[−3,0)， 即PA ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅PB ⃗⃗⃗⃗⃗ 的取值范围是[−3,0)． 故选：C ．根据题意，建立平面直角坐标系，不妨设CD//AB ，设出点P 的坐标，用坐标表示向量，即可求出PA⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅PB ⃗⃗⃗⃗⃗ 的取值范围． 本题考查了平面向量的数量积与应用问题，也考查了圆与三角形的应用问题，是中档题．11.【答案】A【解析】解：设△PF 1F 2的内切圆的圆心为I ，且与PF 1，PF 2，F 1F 2的切点为M ，N ，K ，可得|PM|=|PN|，|F 2N|=|F 2K|，|MF 1|=|F 1K|， 由双曲线的定义可得|PF 1|−|PF 2|=2b ， 即有|F 1K|−|F 2K|=2b ，又|F 2K|+|F 1K|=2c ，可得|F 1K|=c +b ， 可得内切圆的圆心I 的横坐标为b =2， C 1和C 2的离心率之积为32，可得√a2−4a ⋅√a2−42=32，解得a=4，可得椭圆方程为x216+y24=1，即有|PF1|−|PF2|=4，|PF1|+|PF2|=8，解得|PF2|=2，可得4−√32x P=2，解得x P=4√3，P的纵坐标为√83，设内切圆的半径为r，可得12r(|PF1|+|PF2|+|F1F2|)=12⋅4√3⋅√83，即r=8√28+4√3=4√2−2√6．故选：A．设△PF1F2的内切圆的圆心为I，且与PF1，PF2，F1F2的切点为M，N，K，由切线长相等，以及双曲线的定义，可得内切圆的圆心横坐标为b，运用离心率公式，可得a=4，运用椭圆的焦半径公式可得P的坐标，再由三角形的等积法，解方程可得所求内切圆的半径．本题考查椭圆和双曲线的定义、方程和性质，考查离心率公式和三角形的内切圆的切线性质，以及等积法，考查运算能力，属于中档题．12.【答案】C【解析】【解答】解：因为f(x)=xe x +lnx+1x，所以f′(x)=1−xe x −lnxx2，当0<x<1时，f′(x)>0，当x>1时，f′(x)<0，即函数f(x)在(0,1)为增函数，在(1,+∞)为减函数，设t=f(x)，则关于x的方程f2(x)−mf(x)+m2−1=0可化为t2−mt+m2−1=0，设关于t的方程t2−mt+m2−1=0有两根t=t1，t=t2，则关于x的方程f2(x)−mf(x)+m2−1=0恰好有4个不相等的实根，等价于函数t=f(x)的图象与直线t=t1，t=t2的交点个数为4个，函数t =f(x)的图象与直线t =t 1，t =t 2位置关系如图，得：关于t 的方程t 2−mt +m 2−1=0有两不等实根，且t 1，t 2∈(0,e+1e)，设g(t)=t 2−mt +m 2−1，则有：{m 2−4(m 2−1)>00<m 2<e+1eg(0)>0g(e+1e )>0，解得：1<m <2√33，故选：C ． 【分析】由方程解的个数与函数图象的交点个数的关系可得：关于x 的方程f 2(x)−mf(x)+m 2−1=0恰好有4个不相等的实根等价于函数t =f(x)的图象与直线t =t 1，t =t 2的交点个数为4个，利用导数研究函数的图象t =f(x)的图象，再利用二次方程区间根问题可得：关于t 的方程t 2−mt +m 2−1=0有两不等实根，且t 1，t 2∈(0,e+1e)，设g(t)=t 2−mt +m 2−1，则有：{m 2−4(m 2−1)>00<m 2<e+1eg(0)>0g(e+1e)>0，解得：1<m <2√33，得解本题考查了方程解的个数与函数图象的交点个数的转化，利用导数研究函数的图象及二次方程区间根问题，属中档题13.【答案】−12【解析】解：由动点P(x,y)在平行四边形ABCD 内部(含边界)运动，可行域如图，OC ⃗⃗⃗⃗⃗ =OA ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +AB ⃗⃗⃗⃗⃗ =(1,0)+(−1,2)+(3,2)=(2,4)． 可得C(2,4)化目标函数z =2x −4y 的最小值为×2−4×4=−12． 故答案为：−12．由约束条件作出可行域，化目标函数为直线方程的斜截式，数形结合得到最优解，把最优解的坐标代入目标函数得答案．本题考查简单的线性规划，考查了数形结合的解题思想方法，是中档题．14.【答案】10【解析】【分析】本题考查排列、组合的应用，注意用挡板法分析，属于基础题．根据题意，用挡板法分析，将6个小球排成一排，排好后有5个可用的空位，在其中任选3个插入挡板即可，由组合数公式计算可得答案．【解答】解：根据题意，将6个小球排成一排，排好后有5个可用的空位，在5个空位中任选3个，插入挡板，有C53=10种情况，可以将6个小球分成4组，依次放入4个不同的盒子中即可，则有10种不同的放法；故答案为：10．15.【答案】(0,43]【解析】【分析】本题考查分段函数最值得求法、导数在求解函数最值中的应用，属于中档题．由f(x)≥f(1)恒成立，又f(1)=0，故f(x)≥0，即函数f(x)在0≤x<1和x≥1时f(x)≥0恒成立．【解答】因为由f(x)≥f(1)恒成立，又f(1)=0，故f(x)≥0恒成立．当a>0时，x≥1时，f(x)=alnx是增函数，所以f(x)≥f(1)=0成立；当a<0时，f(x)=alnx是减函数，此时f(x)≥f(1)=0不成立，故a>0，当0≤x<1时，f(x)=13x3−ax+1≥0恒成立，此时f′(x)=x2−a，故f(x)在(0,√a)上单调递减，在((√a,+∞)上单调递增，当a≥1时，f(x)在[0,1)上单调递减，故13−a+1≥0，解得1≤a≤43；当0<a<1时，f(x)min=f(√a)=1−23a√a>0成立；综上可知，a的取值范围是(0,43]．故答案为：(0,43].16.【答案】43【解析】解：已知f(x)=msinωx −cosωx =√m 2+1sin(ωx +θ)，其中tanθ=−1m ； 可得f(x)的最大值为√m 2+1， 由g(x)=e x 在x ∈[0,ln2]的最大值2， ∴√m 2+1≤2， 可得：0<m ≤1．要使ω最大，周期T 最小，那么x ∈[0,π]上单调性． ∴12T ≥π．则ω≤2．根据区间[0,π]上的值域为[−1,√2]，可得{√m 2+1sinθ=−1√m 2+1sin(ωπ+θ)=√2(0<m ≤1) ∴m =1，那么θ=−π6或7π6， 当θ=−π6时，则πω−π6=π2+2kπ，k ∈Z ； ∴ω=23+2k ．ω最大值为23． 当θ=7π6时则πω+7π6=π2+2kπ，k ∈Z ； ∴ω=−23+2k ． 可得ω最大值为43． 故答案为：43．由题意，求解f(x 1)的最大值和)，g(x)=e x 在x ∈[0,ln2]的最大值，结合f(x)在区间[0,π]上的值域为[−1,2]，即可求解实数ω的最大值．本题主要考查三角函数的图象和性质，恒成立问题的转化思想，利用三角函数公式将函数进行化简是解决本题的关键．17.【答案】解：(1)数列{a n }，a 1=3，且对任意n ∈N ∗，都有a n +a n+22=a n+1．所以：a n+2−a n+1=a n+1−a n ，所以：数列{a n }的公差为0时，b n+1=b n =0， 所以：数列{b n }是等差数列，不是等比数列． 当数列{a n }的公差不为0时，b n+1=b n ≠0， 所以：数列{b n }既是等差数列，又是等比数列． (2)若a 2=5，由(1)知：a n+1−a n =a 2−a 1=2， 所以：a n =2n +1．则：c n ={2n +1(n =2k −1)4n (n =2k)，则：S 2n =S 奇+S 偶，=(3+7+11+⋯+2n +1)+(42+44+⋯+42n )， =2n 2+n +16(16n −1)15．【解析】(1)首先利用分类讨论思想的应用，求出数列的通项公式． (2)利用分组法求出数列的和．本题考查的知识要点：数列的通项公式的求法及应用，分组法在数列的求和中项的应用，主要考查学生的运算能力和转化能力，属于基础题型．18.【答案】解：(1)由题意，计算x −=(1+8)×82×8=4.5，y −=12+14+20+22+24+20+26+308=21又∑x i 8i=1y i =850，∑x i 28i=1=204，∑y i 28i=1=3776，√21≈4.58，√31≈5.57；所以相关系数r =i 8i=1i −−√∑x i i=1−8x 2√∑y i i=1−8y2=√204−8×452⋅√3776−8×212=√42×√248=944×4.58×5.57≈0.92；因为0.92非常趋近1，所以变量x、y线性相关性很强，可用线性回归模型拟合y与x的关系；(2)二人所获奖金总额X的所有可能取值有0，3，5，6，8，10千元，计算P(X=0)=14×14=116，P(X=3)=2×12×14=14，P(X=5)=2×14×14=18，P(X=6)=12×12=14，P(X=8)=2×12×14=14，P(X=10)=14×14=116；所以随机变量X的分布列为：X0356810P 11614181414116数学期望为E(X)=0×116+3×14+5×18+6×14+8×14+10×116=5.5(千元)．【解析】本题考查了利用相关系数判断线性相关性问题，也考查了离散型随机变量的分布列与数学期望计算问题，是中档题．(1)由题意计算x−、y−，求出相关系数r，判断变量x、y线性相关性的强弱情况，以及是否可用线性回归模型拟合y与x的关系；(2)二人所获奖金总额X的所有可能取值，计算对应的概率值，写出分布列，求出数学期望．19.【答案】证明：(1)∵λ=12，∴F是A的中点，∵N是PB的中点，∴FN//AB，∵四边形ABCD是矩形，∴AB//CD，故F N//CD，∵CD⊂平面PCD，FN⊄平面PCD，∴FN//平面PCD，FM//DP，DP⊂平面PCD，FM⊄平面PCD，∴FM//平面PCD ，FM ∩FN =F ，FM ，FN ⊂平面FMN ， ∴平面FMN//平面PCD ．解：(2)连结PM ，过M 作ME//CD ，交BC 于E ， 由△PAD 是等边三角形，得PM ⊥AD ，面PAD ⊥面ABCD ，面PAD ∩面ABCD =AD ，PM ⊥AD ，PM ⊂面PAD ， ∴PM ⊥平面ABCD ，以M 为原点，MA 为x 轴，ME 为y 轴，MP 为z 轴，建立空间直角坐标系， 假设存在λ，满足题意，设AF ⃗⃗⃗⃗⃗ =λAP ⃗⃗⃗⃗⃗ ，λ∈(0,1)， 则A(1,0，0)，P(0,0，√3)，B(1,√2,0)，M(0,0，0)， MB⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(1,√2,0)，AF ⃗⃗⃗⃗⃗ =λAP ⃗⃗⃗⃗⃗ =(−λ,0,√3λ)， 则MF ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =MA ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ +AF ⃗⃗⃗⃗⃗ =(1−λ,0,√3λ)， 设面FMN 的法向量m⃗⃗⃗ =(x,y ，z)， 则{m ⃗⃗⃗ ⋅MF ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =0m ⃗⃗⃗ ⋅MB ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =0，即{x +√2y =0(1−λ)x +√3λz =0，取y =−√2，得m⃗⃗⃗ =(2,−√2,3λ)，取PAD 的法向量n⃗ =(0,1，0)， 由题知|cos <m ⃗⃗⃗ ,n ⃗ >|=|m ⃗⃗⃗ ⋅n ⃗⃗ ||m ⃗⃗⃗ |⋅|n ⃗⃗ |=√2|√6+(2λ−2√3λ)=√3311，解得λ=12， ∴存在λ=12，使得平面FMB 与平面PAD 所成的二面角余弦的绝对值为√3311．【解析】(1)由λ=12，推导出四边形ABCD 是矩形，从而AB//CD ，FN//CD ，进而FN//平面PCD ，同理FM//平面PCD ，由此能证明平面FMN//平面PCD ．(2)连结PM ，过M 作ME//CD ，交BC 于E ，以M 为原点，MA 为x 轴，ME 为y 轴，MP 为z 轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出存在λ=12，使得平面FMB 与平面PAD 所成的二面角余弦的绝对值为√3311．本题考查面面平行的证明，考查满足二面角的余弦值的实数值是否存在的判断与求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系，考查运算求解能力，考查数形结合思想，是中档题．20.【答案】解：(1)椭圆C ：x 2a 2+y2b 2=1(a >b >0)中，2a =2√5，解得a =√5； 又圆的直径AB ⊥x 轴时四边形A 1AA 2B 的面积最大，最大为2ac =2√5，解得c =1，所以b 2=a 2−c 2=4， 所以椭圆C 的方程为x 25+y 24=1；(2)由直线l 1：y =kx +m(m ≠0)与圆O 相切， 得√k 2+1=1，即|m|=√k 2+1；再设直线l 2：y =kx +n ，联立{x 25+y 24=1y =kx +n ，消去y 得(5k 2+4)x 2+10knx +5n 2−20=0； 所以△=(10kn)2−4(5k 2+4)(5n 2−20)=0， 化简得n 2=5k 2+4； 因为d =√k 2+1=|m−n||m|=|1−nm |，且(nm)2=5k 2+4k 2+1=5−1k 2+1；由k 2≥0，得0<1k 2+1≤1，所以4≤(nm )2<5；由O 、P 两点位于l 1的同侧，m 、n 异号，所以−√5<nm ≤−2； 所以d =1−nm ∈[3,1+√5)，即直线l 1、l 2距离d 的取值范围是[3,1+√5).【解析】(1)根据题意求出a 、a 和b 2，即可写出椭圆C 的方程； (2)由直线l 1与圆O 相切，得出d =r ，列出方程|m|=2+1； 再由直线l 2与椭圆方程联立，消去y 得关于x 的方程； 再结合椭圆，从而求出直线l 1、l 2距离d 的取值范围．本题考查了椭圆的定义与简单几何性质的应用问题，也考查了直线与圆方程的应用问题，是中档题．21.【答案】解：(1)函数的定义域为(−∞,1)，f ′(x)=x −m1−x =−x 2+x−m 1−x，1−x >0，令−x 2+x −m =0，判别式Δ=1−4m ，当Δ=1−4m ≤0，即m ≥14，则f ′(x)≤0恒成立，即f(x)在(−∞,1)上是减函数， 当Δ=1−4m >0，即m <14时，由x 2−x +m =0，得x 3=1−√1−4m2，x 4=1+√1−4m2，若0<m <14，则x 3<x 4<1，则当x <x 3时，f ′(x)<0，f(x)单调递减， 当x 3<x <x 4时，f ′(x)>0，f(x)单调递增， 当x 4<x <1时，f ′(x)<0，f(x)单调递减，若m ≤0，则x 3<1≤x 4，则x <x 3时，f ′(x)<0，f(x)单调递减， x 3<x <1时，f ′(x)>0，f(x)单调递增 综上m ≤0时，f(x)的单调递减区间为(−∞,1−√1−4m2)，单调递增区间为(1−√1−4m2,1)；0<m <14时，f(x)的单调递减区间为(−∞,1−√1−4m 2)，(1+√1−4m 2,1)，单调递增区间为(1−√1−4m 2,1+√1−4m2)；m ≥14时，f(x)的单调递减区间为(−∞,1)．(2)函数的定义域为(−∞,1)， f ′(x)=x −m 1−x=−x 2+x−m 1−x，若函数f(x)存在两个极值点x 1，x 2，且x 1<x 2， ∴f ′(x)=0在(−∞,1)上有两个不同的根x 1，x 2，设g(x)=−x 2+x −m ，则{Δ=1−4m >0−12×(−1)<1g(1)<0，得0<m <14，从而{x 1+x 2=1x 1x 2=m ，且x 1<x 2，得0<x 1<12，0<x 2<12，f(x 1)+f(x 2)=12x 12+mln(1−x 1)+12x 22+mln(1−x 2) =1(x 12+x 22)+mln[(1−x 1)(1−x 2)] =12[(x 1+x 2)2−2x 1x 2]+mln[(1−(x 1+x 2)+x 1x 2] =12(1−2m)+mlnm ，构造函数ℎ(x)=xlnx −x +12，0<x <14， 则ℎ′(x)=lnx <0，即ℎ(x)在0<x <14上单调递减， ∴ℎ(x)>ℎ(14)=14−14ln4，即证．【解析】本题主要考查导数的综合应用，结合函数单调性，进行转化为一元二次方程，结合根与系数之间的关系是解决本题的关键，综合性较强，运算量较大，属于难题．(1)求函数的导数，结合一元二次方程根与判别式Δ的关系进行判断即可；(2)根据函数f(x)存在两个极值点x 1，x 2，得到f ′(x)=0有两个不同的根x 1，x 2，利用根与系数之间的关系转化证明即可．22.【答案】解：(1)由已知Q(x,y)满足{x =x 02y =3y 0及{x 0=3cosθy 0=2sinθ得{x =3cosθy =3sinθ， ∴曲线E ：x 2+y 2=9，(2)由于l 的极坐标方程为θ=π4(ρ∈R)，即为y =x ，A(5,0)∵|MN|=6，d =√2，S =12⋅6√2=15√22．【解析】(1)由已知Q(x,y)满足{x =x 02y =3y 0及{x 0=3cosθy 0=2sinθ得{x =3cosθy =3sinθ，消去θ可得E 的普通方程，(2)l 的极坐标方程化为直角坐标方程为y =x ，MN 为圆的直径，点到直线的距离求出三角形的高，代入面积公式可得．本题考查了参数方程化成普通方程，属中档题． 23.【答案】解：(1)f(x −1)+f(2x −1)=|x −1|+|2x −1|，当x >1时，|x −1|+|2x −1|=3x −2≤2x ，解得：x ≤2，故1<x ≤2，当12≤x ≤1时，|x −1|+|2x −1|=x ≤2x ，解得：x ≥0，故12≤x ≤1， 当x <12时，|x −1|+|2x −1|=2−3x ≤2x ， 解得：x ≥25，故25≤x <12，综上，不等式的解集是{x|25≤x ≤2}；(2)由绝对值不等式的性质得：f(x +a)+f(x −b −c)=|x +a|+|x −b −c|≥|x +a −x +b +c|=a +b +c ，∵a >0，b >0，c >0，且1a +4b +9c =1，∴a +b +c=(a+b+c)(1a+4b+9c)=1+4+9+b+ca+4a+4cb+9a+9bc≥14+2√ba ⋅4ab+2√ca⋅9ac+2√4cb⋅9bc=36，当且仅当b=2a，c=3a，即a=6，b=12，c=18时，“=”成立，故原命题成立．【解析】本题考查了解绝对值不等式问题，考查绝对值不等式的性质以及分类讨论思想，转化思想，属于一般题．(1)通过讨论x的范围，求出不等式的解集即可；(2)根据基本不等式的性质求出代数式的最小值，从而证明结论．。

成都石室中学高2022届高三上期期末考试数 学（理科） 第 Ⅰ 卷 （选择题，共60分）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．已知i 为虚数单位，则复数21i −所对应的点在A ．第一象限B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限2．方程11(),2()11()2x t tt y t t ⎧=+⎪⎪⎨⎪=−⎪⎩为参数对应的曲线的轨迹为A ．圆B ．椭圆C ．双曲线D ．抛物线3. 已知两个非零向量,a b 满足()0a a b ⋅−=，且2||||a b =，则,a b <>=A. 30°B. 60°C. 120°D. 150°4．已知圆222 (0)x y r r +=>与抛物线22y x =交于A ，B 两点，与抛物线的准线交于C ，D 两点，若四边形ABCD 是矩形，则r 等于A ．B ．C ．D ．5．居民消费价格指数（Consumer Price Index ，简称CPI ）是根据与居民生活有关的产品及劳务价格统计出来的物价变动指标，它是进行经济分析和决策、价格总水平监测和调控及国民经济核算的重要指标．根据下面给出的我国2019年9月—2020年9月的居民消费价格指数的同比（将上一年同月作为基期进行对比的价格指数）增长和环比（将上月作为基期进行对比的价格指数）增长情况的折线图，以下结论正确的是A ．2020年1月到9月的居民消费价格指数在逐月增大B ．2019年9月到2020年9月的居民消费价格指数在逐月减小C ．2020年1月到9月的居民消费价格指数分别低于2019年同期水平D ．2020年7月过后，居民消费价格指数的涨幅有回落趋势6．已知两定点A （－2，0），B （1，0），如果动点P 满足条件||2||PA PB =，则点P 的轨迹所包围的图形的面积等于A ．πB ．4πC ．8πD ．9π7．已知命题p ：椭圆22143x y +=上存在到焦点的距离等于4的点；命题q ：双曲线22145x y −=的右支上存在到左焦点距离为4的点．下列命题为真命题的是A ．p q ∧B ．p q ∨C ．()()p q ⌝∧⌝D ．()p q ∧⌝8．己知椭圆C 的焦点为1(1,0)F −，2(1,0)F ，过F 2的直线与C 交于A ，B 两点．若22||3||AF F B =，15||4||AB BF =，则C 的方程为A ．2212x y +=B ．22132x y +=C ．22143x y +=D ．22154x y +=9．已知椭圆2222:1(0)x y C a b a b+=>>，12,F F 为C 的左，右焦点，P 为C 上一点，且12PF F △的内切圆圆心I 的坐标为(,1)s ，若12PF F △的面积为2b ，则椭圆的离心率为A ．35B ．45C ．14D ．3410．设双曲线H ：224x y −=的两个焦点为1F ，2F ，P 是双曲线H 上的任意一点，过1F 作∠F 1PF 2的角平分线的垂线，垂足为M ，则点M40y −−=的距离的最大值是 A ．3 B ．4 C ．5 D ．6 11．已知23()2a =，e e 1()e b +=，34()3c =，则a ，b ，c 的大小关系为A ．a ＜c ＜bB ．b ＜a ＜cC ．b ＜c ＜aD ．a ＜b ＜c12．已知等腰 Rt △ABC 中，∠A ＝90°，BC ＝1，D ，E 分别是AB 和BC 上的动点，△BDE 沿DE 翻折后，B 恰好落在AC 边上，则BE 的最小值为 A1 B ．12 CD．1第 Ⅱ 卷 （非选择题，共90分）二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13．已知函数()(22)sin x x f x m x −=+⋅是偶函数，则m ＝ ．14．学校艺术节对同一类的A ，B ，C ，D 四件参赛作品，只评一件一等奖，在评奖揭晓前，甲、乙、丙、丁四位同学对这四项参赛作品预测如下：甲说：“C 或D 作品获得一等奖”； 乙说：“B 作品获得一等奖”； 丙说：“A ，D 两项作品未获得一等奖”； 丁说：“C 作品获得一等奖”． 若这四位同学中有且只有两位说的话是对的，则获得一等奖的作品是______.15．中国古乐中以“宫”“商“角“微“羽”为五个基本音阶，故有成语“五音不全”之说．如果用这五个基本音阶随机排成一个五个音阶的音序，则“宫”“商”两音不相邻且在“角”音同侧的概率为________．16．在平面直角坐标系xOy 中，已知抛物线C ：24y x =的焦点为F ，准线为l ，过点F 且斜率大于0的直线交抛物线C 于A ，B 两点（其中A 在B 的上方），过线段的中点M 且与x 轴平行的直线依次交直线OA ，OB ，l 于点P ，Q ，N ．给出下列四个命题： ①||||PM NQ =；②若P ，Q 是线段MN 的三等分点，则直线AB的斜率为 ③若P ，Q 不是线段MN 的三等分点，则一定有||||PQ OQ >； ④若P ，Q 不是线段MN 的三等分点，则一定有||||NQ OQ >； 其中正确的是 （写出所有正确命题的编号）．AB三、解答题：共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。