2020届高三数学上学期9月第二次联考试题理(含解析)
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2020届高三数学上学期9月第二次联考试题理（含解析）
一、选择题:在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.已知集合A={x|x<1}，B={x|}，则
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
∵集合
∴
∵集合
∴，
故选A
2.已知为虚数单位，若，则（ ）
A. 1 B. C. D. 2
【答案】C 【解析】
【分析】
根据复数的除法运算得到，再由复数相等的概念得到参数值，进而得到结果.
【详解】为虚数单位，若，
根据复数相等得到.
故答案为：C.
【点睛】这个题目考查了复数除法运算，以及复数相等的概念，复数与相等的充要条件是且．复数相等的充要条件是化复为实的主要依据，多用来求解参数的值或取值范围．步骤是：分别分离出两个复数的实部和虚部，利用实部与实部相等、虚部与虚部相等列方程（组）求解．
3.已知，，，则的大小关系为（ ）
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】 利用等中间值区分各个数值的大小。
【详解】，
，
，故，
所以。
故选A。
【点睛】本题考查大小比较问题，关键选择中间量和函数的单调性进行比较。
4.函数（且）的图象可能为（ ）
A. B. C.
D.
【答案】D
【解析】 因为，故函数是奇函数，所以排除A，B；取，则，故选D.
考点：1.函数的基本性质；2.函数的图象.
5.设函数，在区间上随机取一个数，则的概率为（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
由,得,即,根据几何概型的概率公式可得从区间内随机选取一个实数,的概率为,故选D.
6.已知向量满足，与的夹角为，则（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】 【分析】
将待计算的数量积式子展开，然后逐项计算.
【详解】因为，
所以，
故选：A.
【点睛】本题考查向量的数量积计算，难度较易.对于复杂形式的向量数量积计算可采用先展开后计算的方法来求解.
7.定义运算为执行如图所示的程序框图输出的值，则的值为（ ）
A. B. C. 4 D. 6
【答案】B
【解析】
由对数恒等式得,由换底公式得,由题意得:的值为,故选B.
点睛:本题考查的是指对的运算和程序框图的综合应用,属于中档题目.判断程序框图的输出结果,是算法初步的热点问题,此类问题以循环结构的程序框图居多,要求仔细阅读程序框图,推演程序的功能,找到运算规律.本题在计算时结合了对数恒等式与换底公式进行化解.
8.双曲线C：=1的右焦点为F，点P在C的一条渐近线上，O为坐标原点，若，则△PFO的面积为
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
本题考查以双曲线为载体的三角形面积的求法，渗透了直观想象、逻辑推理和数学运算素养．采取公式法，利用数形结合、转化与化归和方程思想解题．
【详解】由．
， 又P在C的一条渐近线上，不妨设为在上，
，故选A．
【点睛】忽视圆锥曲线方程和两点间的距离公式的联系导致求解不畅，采取列方程组的方式解出三角形的高，便可求三角形面积．
9.定义在上的函数满足：当时，；当时，.记函数的极大值点从小到大依次记为并记相应的极大值为则的值为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
确定函数极大值点及极大值求得.，再求和即可
【详解】由题当当时，极大值点1，极大值为1
当时，.则极大值点形成首项为1公差为2 的等差数列，极大值形成首项为1公比为3 的等比数列
故.,故
设S= 3S=
两式相减得-2S=1+2()-
∴S=
故选：A
【点睛】本题考查数列与函数综合,错位相减求和,确定及的通项公式是关键,考查计算能力,是中档题
10.秦九韶算法是中国南宋时期的数学家秦九韶提岀的一种多项式简化算法。秦九韶算法是一种将一元n次多项式的求值问题转化为n个一次式的算法。其大大简化了计算过程，即便在现代，利用计算机解决多项式的求值问題时，秦九韶算法依然是最优的算法。用秦九韶算法计算当时函数的值时，需要进行加法运算的次数及函数值分别为（ ）
A. 3，5.6426 B. 4，5.6426 C. 3，5.6416 D. 4，5.6416
【答案】C
【解析】
【分析】
根据秦九韶算法的原理，将变形，然后计算出加法次数和函数值.
【详解】因为 ，
所以加法运算次数为：，且，
故选：C.
【点睛】本题考查利用秦九韶算法计算加法运算次数以及函数值，难度较易.
11.已知函数，，设为实数，若存在实数，使得成立，则的取值范围为
A. B.
C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】
先由，求出函数的值域，再由存在实数，使得成立，只需即可，进而可求出结果.
【详解】因为，
当时，单调递增，故； 当时，，
当且仅当，即时，取等号；
综上可得，；
又因存在实数，使得成立，
所以只需，即，
解得.
故选A
【点睛】本题主要考查分段函数的值域，存在实数，使得成立，转化为是解题的关键，属于常考题型.
12.某棱锥的三视图如图所示，则该棱锥的外接球的表面积为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
根据三视图恢复原几何体为三棱锥P-ABC如图，其中， ， 平面 ，计算可得，，放在外接球中，把直角三角形恢复为正方形，恰好在一个球小圆中，AC为球小圆的直径，分别过和做圆的垂面，得出矩形和矩形，两矩形对角线交点分别为，连接并取其中点为，则为球心，从图中可以看出点共面且都在的外接圆上，在中， ，，利用正弦定理可以求出的外接圆半径
， ， ，平面，则，则球的半径 ，外接球的表面积为，选A. 【点睛】如何求多面体的外接球的半径？基本方法有种，第一种：当三棱锥的三条侧棱两两互相垂直时，可还原为长方体，长方体的体对角线就是外接圆的直径；第二种：“套球”当棱锥或棱柱是较特殊的形体时，在球内画出棱锥或棱柱，利用底面的外接圆为球小圆，借助底面三角形或四边形求出小圆的半径，再利用勾股定理求出球的半径，第三种：过两个多面体的外心作两个面的垂线，交点即为外接球的球心，再通过关系求半径.本题使用“套球”的方法，恢复底面为正方形，放在一个球小圆里，这样画图方便一些，最主要是原三视图中的左试图为直角三角形，告诉我们平面平面，和我们做的平面是同一个平面，另外作平面和平面的作用是找球心，因为这两个矩形平面对角线的交点所连线段的中点就是球心，再根据正、余弦进行计算就可解决.
二．填空题。
13.函数，当时，函数的零点个数为______.
【答案】0
【解析】
【分析】
求出函数的值域，即可推出函数零点的个数。
【详解】当时，，
由于，，由基本不等式可得，（当且仅当时等号成立）
所以，且，故
则函数零点个数为为0
故答案为0.
【点睛】本题主要考查函数的零点的应用，涉及基本不等式的应用以及余弦函数的值域问题。
14.在数列中，，则的值为______．
【答案】1
【解析】
【分析】
由，可得，利用“累加法”可得结果.
【详解】因为
所以，
, ,
各式相加，可得
，
，
所以，，故答案为1.
【点睛】本题主要考查利用递推关系求数列中的项，属于中档题.利用递推关系求数列中的项常见思路为：（1）项的序号较小时，逐步递推求出即可；（2）项的序数较大时，考虑证明数列是等差、等比数列，或者是周期数列；（3）将递推关系变形，利用累加法、累乘法以及构造新数列法求解.
15.安排六名义工照顾甲、乙、丙三位老人，每两位义工照顾一位老人．考虑到义工与老人住址距离问题，义工不安排照顾老人甲，义工不安排照顾老人乙，安排方法共有___________．
【答案】42
【解析】
试题分析：6人分组为种，当照顾老人甲时有种，同理义工照顾老人乙也有30种，再加上同时分别照顾老人甲和乙有种，所以共有种．
考点：1．平均分组问题；2．特殊元素优先排序法；3．排除法；
16.已知双曲线：与：相交于两个不同的点、，与轴交于点，若，则______.
【答案】
【解析】
【分析】
由双曲线与直线有两个不同的交点，得其两方程联立以后二元一次方程，借助向量相等条件，利用韦达定理，列出只含的方程，再求解。
【详解】由于双曲线与直线有两个不同的交点，故方程： ，有两组不同的实数解，消去并整理可得： 所以实数应满足： ，解得：且
设，，由根与系数关系可得： ①
根据题意可知，
由，可得，从而得到 ② 由①②解得：，又 且，所以
故答案为
【点睛】本题考查直线、双曲线的概念性质，韦达定理、不等式、平面向量的运算、解方程等知识，考查数形结合，方程，不等式的思想方法，以及推理运算能力和综合运用数学知识解决问题的能力，有一定综合性。
三、解答题：解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.已知函数，，是函数的零点，且的最小值为.
（Ⅰ）求的值；
（Ⅱ）设，若，，求的值.
【答案】(Ⅰ) (Ⅱ)
【解析】
【分析】
(Ⅰ)利用二倍角公式和辅助角公式整理出，根据周期求得；(Ⅱ)根据解析式可求解出，；再利用同角三角函数关系求出，；代入两角和差余弦公式求得结
