江苏省苏州市2020～2021学年第一学期高三期初调研试卷数学(word版含答案)

南京市2020－2021学年度第一学期期中调研测试高 二 数 学2020.11注意事项：1．本试卷共6页，包括单项选择题（第1题~第8题）、多项选择题（第9题~第12题）、填空题（第13题~第16题）、解答题（第17题~第22题）四部分．本试卷满分为150分，考试时间为120分钟．2．答卷前，考生务必将自己的学校、姓名、考生号填涂在答题卡上指定的位置． 3．作答选择题时，选出每小题的答案后，用2B 铅笔在答题卡上将对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．答案不能答在试卷上． 4．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内，在其他位置作答一律无效．一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，请把答案填涂在答题卡相应位置上．1．在平面直角坐标系xOy 中，已知抛物线x 2＝2y 的焦点为F ，准线为l ，则点F 到直线l 的距离为A ．12B ．1C ．2D ．42．已知向量a ＝(－2，3，－1)，b ＝(4，m ，n )，且a ∥b ，其中m ，n ∈R ，则m ＋n ＝ A ．4 B ．－4 C ．2 D ．－2 3．若sin θ＝2cos(π－θ)，则tan(θ＋π4)的值为 A ．3 B ．13C ．－3D ．－134．在平面直角坐标系xOy 中，若椭圆C ：x 29＋y 2m ＝1与双曲线T ：x 2－y 2m ＝1有相同的焦点，则双曲线T 的渐近线方程为 A ．y ＝±14x B ．y ＝±12xC ．y ＝±4xD ．y ＝±2x5．在平面直角坐标系xOy 中，直线x ＋2y －4＝0与两坐标轴分别交于点A ，B ，圆C 经过A ，B ，且圆心在y 轴上，则圆C 的方程为A ．x 2＋y 2＋6y －16＝0B ．x 2＋y 2－6y －16＝0C ．x 2＋y 2＋8y －9＝0D ．x 2＋y 2－8y －9＝06．如图，已知圆柱的底面半径为2，与圆柱底面成60°角的平面截这个圆柱得到一个椭圆，则该椭圆的焦距为A ．2 2B ．2 3C ．42D ．437．如图，在三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，BC 1与B 1C 相交于点O ，∠A 1AB ＝∠A 1AC ＝60°， ∠BAC ＝90°，A 1A ＝3，AB ＝AC ＝2，则线段AO 的长度为 A ．292B ．29C ．232D ．23 8．在平面直角坐标系xOy 中，已知双曲线C ：x 2a 2－y 2b 2＝1(a ＞0，b ＞0)的左焦点为F ，点M ，N 在双曲线C 上．若四边形OFMN 为菱形，则双曲线C 的离心率为 A ．3－1 B ．5－1 C ．3＋1 D ．5＋1二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，请把答案填涂在答题卡相应位置上．全部选对得5分，部分选对得3分，不选或有错选的得0分．9．已知两个不重合的平面α，β及直线m ，下列说法正确的是A ．若α⊥β，m ⊥α，则m ∥βB ．若α∥β，m ⊥α，则m ⊥βC ．若m ∥α，m ⊥β，则α⊥βD ．若m ∥α，m ∥β，则α∥β10．在平面直角坐标系xOy 中，F 1，F 2分别为椭圆 x 24＋y 22＝1的左、右焦点，点A 在椭圆上．若△AF 1F 2为直角三角形，则AF 1的长度可以为 A ．1B ．2C ．3D ．411．如图，直线l 1，l 2相交于点O ，点P 是平面内的任意一点，若x ，y 分别表示点P 到l 1，l 2的距离，则称(x ，y )为点P 的“距离坐标”．下列说法正确的是 A ．距离坐标为(0，0)的点有1个 B ．距离坐标为(0，1)的点有2个NP l 1（第6题）C 1（第7题）ABCB 1OC ．距离坐标为(1，2)的点有4个D ．距离坐标为(x ，x )的点在一条直线上12．20世纪50年代，人们发现利用静态超高压和高温技术，通过石墨等碳质原料和某些金属反应可以人工合成金刚石．人工合成金刚石的典型晶态为立方体（六面体）、八面体和立方八面体以及它们的过渡形态．其中立方八面体（如图所示）有24条棱、12个顶点、14个面（6个正方形、8个正三角形），它是将立方体“切”去8个“角”后得到的几何体．已知一个立方八面体的棱长为1，则A ．它的所有顶点均在同一个球面上，且该球的直径为2B ．它的任意两条不共面的棱所在直线都相互垂直C ．它的体积为523D ．它的任意两个共棱的面所成的二面角都相等三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分．请把答案填写在答题卡相应位置上． 13．在平面直角坐标系xOy 中，已知直线l 1：x ＋ay ＝0和直线l 2：2x －(a －3)y －4＝0，a ∈R ．若l 1与 l 2平行，则l 1与 l 2之间的距离为▲________．14．在空间直角坐标系中，若三点A (1，－1，a )，B (2，a ，0)，C (1，a ，－2)满足(AB →－2AC →)⊥BC →，则实数a 的值为▲________．15．词语“堑堵”、“阳马”、“鳖臑”等出自中国数学名著《九章算术·商功》，是古代人对一些特殊锥体的称呼．在《九章算术·商功》中，把四个面都是直角三角形的四面体称为“鳖臑”．现有如图所示的“鳖臑”四面体P ABC ，其中P A ⊥平面ABC ，P A ＝AC ＝1，BC ＝2，则四面体P ABC 的外接球的表面积为▲________．16．早在一千多年之前，我国已经把溢流孔技术用于造桥，以减轻桥身重量和水流对桥身的冲击．现设桥拱上有如图所示的4个溢流孔，桥拱和溢流孔轮廓线均为抛物线的一部分，且四个溢流孔轮廓线相同．建立如图所示的平面直角坐标系xOy ，根据图上尺寸，溢流孔ABC 所在抛物线的方程为▲________，溢流孔与桥拱交点A 的横坐标．．．为▲________．（第12题）ABC P（第15题）第16题四、解答题：本大题共6小题，共70分．请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出必要的文字说明，证明过程或演算步骤． 17．（本小题满分10分）在 ①sin(A －B )＝sin B ＋sin C ；②2a cos C ＝2b ＋c ；③△ABC 的面积S ＝34(a 2－b 2－c 2) 三个条件中任选一个，补充在下面的问题中，并解答该问题．已知△ABC 的内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，__________，D 是边BC 上的一点，∠BAD ＝π2，且b ＝4，c ＝2，求线段AD 的长．注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分．18．（本小题满分12分）在平面直角坐标系xOy 中，已知圆F ：(x －2)2＋y 2＝1，动圆M 与直线l ：x ＝－1相切且与圆F 外切．（1）记圆心M 的轨迹为曲线C ，求曲线C 的方程；（2）已知A (－2，0)，曲线C 上一点P 满足P A ＝2PF ，求∠P AF 的大小．19．（本小题满分12分）如图，在直三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，D 为AC 中点． （1）求证：B 1A ∥平面C 1BD ；（2）若AA 1＝AB ＝3，BC ＝4，且AB ⊥BC ，求三棱锥B －B 1C 1D 的体积．20．（本小题满分12分）在平面直角坐标系xOy 中，已知圆O ：x 2＋y 2＝1，点A ，B 是直线x －y ＋m ＝0(m ∈R )与圆O 的两个公共点，点C 在圆O 上．（1）若△ABC 为正三角形，求直线AB 的方程；（2）若直线x －y －3＝0上存在点P 满足AP →·BP →＝0，求实数m 的取值范围．DBB 1A 1（第19题）C 1AC21．（本小题满分12分）如图，在四棱锥P -ABCD 中，平面P AB ⊥平面ABCD ，P A ⊥AB ，P A ＝AD ＝4， BC ∥AD ，AB ⊥AD ，AB ＝BC ＝2，→PE ＝λ→PC (0≤λ＜1)． （1）若λ＝12，求直线DE 与平面ABE 所成角的正弦值；（2）设二面角B -AE -C 的大小为θ，若|cos θ|＝23417，求λ的值．22．（本小题满分12分）在平面直角坐标系xOy 中，已知椭圆C ：x 2a 2＋y 2b 2＝1(a ＞b ＞0) 的左顶点与上顶点的距离为23，且经过点(2，2)．（1）求椭圆C 的方程；（2）直线l 与椭圆C 相交于P ，Q 两点，M 是PQ 的中点．若椭圆上存在点N 满足 ON →＝3MO →，求证：△PQN 的面积S 为定值．（第21题）PABCDE（第22题图）南京市2020－2021学年度第一学期期中调研测试高二数学参考答案 2020.11一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分．1．B 2．B 3．D 4．D 5．A 6．D 7．A 8．C 二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共20分． 9．BC 10．ABC 11．ABC 12．ACD三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分． 13． 2 14．－92 15．4π 16．y ＝－536(x －14)2，14013四、解答题：本大题共6小题，共70分． 17．（本小题满分10分） 解：选①．由条件① sin(A －B )＝sin B ＋sin C ，在△ABC 中，A ＋B ＋C ＝π，所以sin(A －B )＝sin B ＋sin(A ＋B )，即 sin A cos B －cos A sin B ＝sin B ＋sin A cos B ＋cos A sin B ， ……………… 2分 从而sin B ＝－2cos A sin B ．因为B 为三角形内角，所以sin B ≠0，所以cos A ＝－12．因为A 为三角形内角，所以A ＝2π3． ……………… 4分在△ABC 中，因为b ＝4，c ＝2， 故由正弦定理b sin B ＝c sin C得4sin C ＝2sin B ，即2sin C ＝sin B ， 所以sin B ＝2sin C ＝2sin(π3－B )＝3cos B －sin B ，即2sin B ＝3cos B ．由sin B ≠0知cos B ≠0，因此tan B ＝sin B cos B ＝32． ……………… 8分因为∠BAD ＝π2，所以AD ＝AB ·tan B ＝3． ……………… 10分选②．由条件②2a cos C ＝2b ＋c ，结合余弦定理得2a ×b 2＋a 2－c 22ab＝2b ＋c ，即 a 2＝b 2＋c 2＋bc ， ……………… 2分 所以cos A ＝b 2＋c 2－a 2 2bc ＝－12，因为A 为三角形内角，所以A ＝2π3． ……………… 4分在△ABC 中，因为b ＝4，c ＝2， 故由正弦定理b sin B ＝c sin C得4sin C ＝2sin B ，即2sin C ＝sin B ， 所以sin B ＝2sin C ＝2sin(π3－B )＝3cos B －sin B ，即2sin B ＝3cos B ．由sin B ≠0知cos B ≠0，因此tan B ＝sin B cos B ＝32． ……………… 8分因为∠BAD ＝π2，所以AD ＝AB ·tan B ＝3． ……………… 10分选③．由条件③，△ABC 的面积S ＝34(a 2－b 2－c 2)， 得12bc sin A ＝34(－2bc cos A )，即sin A ＝－3cos A ， ……………… 2分 因为A 为三角形内角，所以sin A ≠0，从而cos A ≠0，所以tan A ＝sin A cos A ＝－3，所以A ＝2π3． ……………… 4分在△ABC 中，因为b ＝4，c ＝2， 故由正弦定理b sin B ＝csin C得4sin C ＝2sin B ，即2sin C ＝sin B ， 所以sin B ＝2sin C ＝2sin(π3－B )＝3cos B －sin B ，即2sin B ＝3cos B ．由sin B ≠0知cos B ≠0，因此tan B ＝sin B cos B ＝32． ……………… 8分因为∠BAD ＝π2，所以AD ＝AB ·tan B ＝3． ……………… 10分另解：A ＝2π3（略）……………… 4分在△ABC 中，因为b ＝4，c ＝2，由余弦定理得a 2＝b 2＋c 2－2bc cos A ＝42＋22－2×4×2×cos 2π3＝28，所以a ＝27．……………… 6分 由正弦定理得a sin A ＝bsin B ，则sin B ＝b sin A a ＝4×sin2π327＝217，又B 为锐角，所以cos B ＝1－sin 2B ＝277，则tan B ＝sin B cos B ＝32．……… 8分 在△ABD 中，因为∠BAD ＝π2，所以AD ＝AB ·tan B ＝3． ……………… 10分18．（本小题满分12分）解：（1）设M (x ，y )，圆M 的半径为r ．由题意知，MF ＝r ＋1，M 到直线l 的距离为r ．方法一：点M 到点F (2，0)的距离等于M 到定直线x ＝－2的距离，根据抛物线的定义知，曲线C 是以F (2，0)为焦点，x ＝－2为准线的抛物线． 故曲线C 的方程为y 2＝8x ． ……………………6分 方法二：因为MF ＝(x －2)2＋y 2＝r ＋1，|x ＋1|＝r ，x ＞－1， 所以(x －2)2＋y 2＝x ＋2，化简得y 2＝8x ，故曲线C 的方程为y 2＝8x ． ……………………6分 （2）方法一：设P (x 0，y 0)，由P A ＝2PF ，得(x 0＋2)2＋y 02＝2[(x 0－2)2＋y 02]， ……………………8分 又y 02＝8x 0，解得x 0＝2，故P (2，±4)， ……………………10分 所以k P A ＝±1，从而∠P AF ＝π4． …………………12分方法二：过点P 向直线x ＝－2作垂线，垂足为Q ．由抛物线定义知，PQ ＝PF ，所以P A ＝2PQ ， ……………………8分 在△APQ 中，因为∠PQA ＝π2，所以sin ∠QAP ＝PQ P A ＝ 22， ……………………10分从而∠QAP ＝π4，故∠P AF ＝π4． …………………12分19．（本小题满分12分）（1）证明：连结B 1C 交BC 1于点O ，连结OD ． 在三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，BC ＝B 1C 1，BC ∥B 1C 1，所以四边形B 1BCC 1为平行四边形，所以O 为B 1C 中点． 又因为D 为AC 中点， 所以OD 为△CB 1A 的中位线，所以B 1A ∥OD ． …………………3分 又因为B 1A ⊄平面C 1BD ，OD ⊂平面C 1BD ，所以B 1A ∥平面C 1BD ． …………………5分 （2）解：方法一：三棱锥B －B 1C 1D 的体积就是三棱锥D －BB 1C 1的体积． …7分过点D 作DE ⊥BC ，垂足为E ．在直三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，B 1B ⊥平面ABC ．B 1（第19题）A 1C 1BDAC OE因为DE ⊂平面ABC ， 所以B 1B ⊥DE ．又因为DE ⊥BC ，且B 1B ，BC ⊂平面B 1BCC 1，B 1B ∩BC ＝B ， 所以DE ⊥平面B 1BCC 1，即DE 为三棱锥D －BB 1C 1的高． ………9分在△ABC 中，AB ＝3，BC ＝4，且AB ⊥BC ， 所以AC ＝32＋42＝5，sin C ＝35，在Rt △DEC 中，DC ＝12AC ＝52，所以DE ＝DC ×sin C ＝32．又△BB 1C 1的面积S ＝12×BB 1×B 1C 1＝12×3×4＝6，所以三棱锥D －BB 1C 1的体积V ＝13×S ×DE ＝3，故三棱锥B －B 1C 1D 的体积等于3．………12分方法二：三棱锥B －B 1C 1D 的体积就是三棱锥B 1－BDC 1的体积． ………7分 因为（1）中已证B 1A ∥平面C 1BD ，所以B 1到平面BDC 1的距离等于A 到平面BDC 1的距离． 因此三棱锥B 1－BDC 1的体积等于三棱锥A －BDC 1的体积， 即等于三棱锥C 1－ABD 的体积．在直三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，C 1C ⊥平面ABC ， 所以C 1C 为三棱锥C 1－ABD 的高．………10分因为AB ＝3，BC ＝4，且AB ⊥BC ，S △ABC ＝12×AB ×BC ＝6．因为D 是AC 的中点，所以△ABD 的面积S ＝12S △ABC ＝3．故三棱锥C 1－ABD 的体积V ＝13×S ×C 1C ＝3，即三棱锥B －B 1C 1D 的体积等于3．………12分20．（本小题满分12分）解：（1）由△ABC 为正三角形，得∠AOB ＝2∠ACB ＝2π3，所以∠ABO ＝∠BAO ＝π6，所以原点O 到直线AB 的距离d ＝1×sin π6＝12． ………3分由点到直线的距离公式得|m |2＝12，解得m ＝22或－22．所以直线AB 的方程为2x －2y ＋2＝0或2x －2y －2＝0． ………5分 （2）方法一：设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)，P (x ，y )． 因为AP →·BP →＝0，所以点P 在以AB 为直径的圆上．记该圆圆心为(x 0，y 0)，则⎩⎨⎧x ＝x 0，y ＝y 0是方程组⎩⎨⎧x ＋y ＝0，x －y ＋m ＝0的解，解得⎩⎨⎧x 0＝－m 2，y 0＝m 2．故以AB 为直径的圆的方程为(x ＋m 2)2＋(y －m 2)2＝1－m 22，其中－2＜m ＜2． …9分又点P 在直线x －y － 3 ＝0上，即直线与圆有公共点， 所以|m ＋3|2≤1－m 22，即2m 2＋23m ＋1≤0．解得－3＋12≤m ≤1－32． 综上，实数m 的取值范围是[－3＋12，1－32]． ………12分方法二：设A (x 1，y 1)，B (x 2，y 2)．联立直线AB 与圆O 方程，得⎩⎨⎧x 2＋y 2＝1，x －y ＋m ＝0，消去y 得2x 2＋2mx ＋m 2－1＝0． ①所以x 1，x 2是①的两个解，判别式△＝(2m )2－4×2×(m 2－1)＞0，即－2＜m ＜2， 且x 1＋x 2＝－m ，x 1x 2＝m 2－12．………7分设点P (x ，y )，则AP →＝(x －x 1，y －y 1)，BP →＝(x －x 2，y －y 2)． 由AP →·BP →＝0，得(x －x 1) (x －x 2)＋(y －y 1) (y －y 2)＝0， ②将y ＝x －3，y 1＝x 1＋m ，y 2＝x 2＋m 代入②，整理得2x 2－2(x 1＋x 2＋m ＋3)x ＋2x 1x 2＋(m ＋3)(x 1＋x 2)＋(m ＋3)2＝0． 又x 1＋x 2＝－m ，x 1x 2＝m 2－12，所以2x 2－23x ＋m 2＋3m ＋2＝0，关于x 的方程2x 2－23x ＋m 2＋3m ＋2＝0有实数解， ………10分因此(－23)2－4×2×(m 2＋3m ＋2)≥0，即2m 2＋23m ＋1≤0， 解得－3＋12≤m ≤1－32． 综上，实数m 的取值范围是[－3＋12，1－32]． ………12分 21．（本小题满分12分）解：因为平面P AB ⊥平面ABCD ，P A ⊥AB ，平面P AB ∩平面ABCD ＝AB ，P A ⊂平面P AB ，所以P A ⊥平面ABCD ．因为AD ⊂平面ABCD ，所以P A ⊥AD ．又AB ⊥AD ，所以P A ，AB ，AD 两两互相垂直．以{AB →，AD →，AP →}为正交基底，建立如图所示的空间直角坐标系A -xyz ．…………2分 因为P A ＝AD ＝4，AB ＝BC ＝2，所以A (0，0，0)，B (2，0，0)，C (2，2，0)，D (0，4，0)，P (0，0，4)．（1）若λ＝12，即E 为PC 中点，则E ()1，1，2，所以DE →＝()1，－3，2，AB →＝()2，0，0，AE →＝()1，1，2． 设平面ABE 的一个法向量为m ＝(x 1，y 1，z 1)，则⎩⎪⎨⎪⎧m ·AB →＝0，m ·AE →＝0，即⎩⎪⎨⎪⎧2x 1＝0，x 1＋y 1＋2z 1＝0．令z 1＝1，得y 1＝－2，所以平面ABE 的一个法向量为m ＝(0，－2，1)． …………………4分 设直线DE 与平面ABE 所成角为α，则sin α＝|cos ＜DE →，m ＞|＝|6＋214×5|＝47035． …………………6分（2）因为PE →＝λPC →(0≤λ＜1)，则E (2λ，2λ，4－4λ)．设平面ABE 的一个法向量为n ＝(x 2，y 2，z 2)，则⎩⎪⎨⎪⎧n ·AB →＝0，n ·AE →＝0，即⎩⎪⎨⎪⎧2x 2＝0，2λx 2+2λy 2+(4－4λ)z 2＝0．令y 2＝2，得z 2＝λλ－1，所以平面ABE 的一个法向量为n ＝(0，2，λλ－1)．设平面AEC 的一个法向量为l ＝(x 3，y 3，z 3)，则⎩⎪⎨⎪⎧l ·AC →＝0，l ·AP →＝0，即⎩⎪⎨⎪⎧2x 3＋2y 3＝0，4z 3＝0．令x 3＝1，得y 3＝－1，所以平面AEC 的一个向量为l ＝(1，－1，0)． ……………………9分 （或证明CD ⊥平面P AC ，从而CD →为平面P AC 的一个法向量） 因为二面角B -AE -C 的大小为θ，且|cos θ|＝23417，得|cos ＜n ，l ＞|＝|－24＋(λλ－1)2×2|＝23417，整理得3λ2＋2λ－1＝0，解得λ＝13，或λ＝－1(舍)．所以λ＝13． ……………12分22．（本小题满分12分）解：（1）椭圆C 的左顶点(－a ，0)，上顶点(0，b )．因为左顶点与上顶点的距离为23，所以a 2＋b 2＝23，化简得a 2＋b 2＝12． ① 因为椭圆经过点(2，2)，所以4a 2＋2b 2＝1，② …………2分由①②解得a 2＝8，b 2＝4或a 2＝6，b 2＝6（舍去），所以椭圆C 的方程为x 28＋y 24＝1． …………4分（2）当PQ 斜率不存在时，N 为(±22，0)，PQ 方程为x ＝±223，易得PQ ＝823，此时S ＝12×MN ×PQ ＝12×823×823＝649． …………5分当PQ 斜率存在时，设PQ 的方程为y ＝kx ＋m (m ≠0)， 联立⎩⎪⎨⎪⎧y ＝kx ＋m ，x 28＋y 24＝1得(1＋2k 2)x 2＋4kmx ＋2(m 2－4)＝0，由△＝(4km )2－8(1＋2k 2)(m 2－4)＞0，得0＜m 2＜8k 2＋4． （*） 设P (x 1，y 1)，Q (x 2，y 2)，则x 1＋x 2＝－4km 1＋2k 2，x 1x 2＝2(m 2－4)1＋2k 2， 因此PQ 的中点M 为(－2km 1＋2k 2，m1＋2k 2)． 又因为ON →＝3MO →，所以N (6km 1＋2k 2，－3m 1＋2k 2)，将点M 代入椭圆方程，得18k 2m 24(1＋2k 2)2＋9m 24(1＋2k 2)2＝1，化简得2k 2＋1＝94m 2，符合（*）式． ……………9分记点O 到直线l 的距离为d ，则S ＝4S △OPQ ＝2PQ ×d ＝21＋k 2|x 1－x 2|×d＝21＋k 2×22×8k 2＋4－m 21＋2k 2×|m |1＋k2＝42|m |×8k 2＋4－m 21＋2k 2， 将2k 2＋1＝94m 2代入，得S ＝42|m |×9m 2－m 294m 2＝649． 综上，△PQN 的面积S 为定值649． …………12分。

2021年江苏省苏州市中考数学试卷一、选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.请将选择题的答案用2B铅笔涂在答题卡相应位置上.1．计算（）2的结果是（）A．B．3C．2D．92．如图，圆锥的主视图是（）A．B．C．D．3．如图，在方格纸中，将Rt△AOB绕点B按顺时针方向旋转90°后得到Rt△A′O′B（）A ．B ．C ．D ．4．已知两个不等于0的实数a、b满足a+b＝0，则+等于（）A．﹣2B．﹣1C．1D．25．为增强学生的环保意识，共建绿色文明校园，某学校组织“废纸宝宝旅行记”活动．经统计班级一班二班三班四班五班4.5 4.45.1 3.3 5.7废纸重量（kg）则每个班级回收废纸的平均重量为（）A．5kg B．4.8kg C．4.6kg D．4.5kg6．已知点A （，m），B （，n）在一次函数y＝2x+1的图象上，则m与n的大小关系是（）A．m＞n B．m＝n C．m＜n D．无法确定7．某公司上半年生产甲、乙两种型号的无人机若干架，已知甲种型号无人机架数比总架数的一半多11架，乙种型号无人机架数比总架数的三分之一少2架．设甲种型号无人机x 架，根据题意可列出的方程组是（）A ．B ．C．D．8．已知抛物线y＝x2+kx﹣k2的对称轴在y轴右侧，现将该抛物线先向右平移3个单位长度，再向上平移1个单位长度后，则k的值是（）A．﹣5或2B．﹣5C．2D．﹣29．如图，在平行四边形ABCD中，将△ABC沿着AC所在的直线得到△AB′C，连接B′D，若∠B＝60°，AC＝，则B′D的长是（）A．1B．C．D．10．如图，线段AB＝10，点C、D在AB上，以每秒1个单位长度的速度沿着AB向点D移动，到达点D后停止移动．在点P移动过程中作如下操作：先以点P为圆心，再将两个扇形分别围成两个圆锥的侧面，设点P的移动时间为t（秒），则S关于t的函数图象大致是（）A．B．C．D．二、填空题：本大题共8小题，每小题3分，共24分.把答案直接填在答题卡相应位置上。

2023~2024学年第一学期高三期初调研测试生物学2023. 09一、单项选择题:共14 题,每题2分,共28分。

每题只有一个选项最符合题意。

1.下列关于细胞生命历程的叙述,正确的是A.多细胞生物的生长是细胞增殖的结果B.高度分化的细胞中不存在DNA复制C.衰老细胞的染色质固缩,细胞核缩小D.细胞凋亡时，基因发生了选择性表达2.高尔基体是有“极性”的,其顺面接受由内质网合成的物质并转入中间膜囊进一步修饰加工，反面参与溶酶体酶等蛋白质的分类和包装。

如图是发信号生在反面的3条分选途径。

下列叙述错误的是A.在高尔基体中间膜囊中会形成具有一定功能的蛋白质B.胰岛B细胞分泌胰岛素的过程属于是调节型分泌.C.若反面上的M6P受体数量减少会影响衰老细胞器的水解D.膜的流动性使顺面和反面的蛋白质种类和数量相同3.线粒体内膜是有氧呼吸第三阶段的场所,其上存在两条呼吸途径。

主呼吸链途径发生时，电子传递链释放的能量使H+通过蛋白复合体从基质移至内外膜间隙，然后H+驱动ATP合酶合成ATP;交替呼吸途径发生时，不发生H+的跨膜运输。

下列叙述的错误是A.合成ATP时H+顺浓度梯度由内外膜间隙进人基质B.主呼吸链途径中的蛋白复合体起载体蛋白的作用C.交替呼吸途径比主呼吸链途径产生更多的ATPD.乳酸菌细胞内不存在主呼吸链和交替呼吸途径4.下列关于构成细胞的元素和化合物的叙述,正确的是A.Mg是叶绿素的重要组分,缺Mg叶脉周围通常呈现黄色B.缺乏P时细胞中磷脂、核酸和A TP等物质的合成会受影响C.果糖是光合作用植物特有的，而半乳糖是动物特有的D.真核生物遗传信息的载体主要是由蛋白质和DNA组成的5.某家族患有甲、乙两种单基因遗传病,其中一种病的致病基因位于X染色体上。

研究人员通过调查得到了该家族的遗传系谱图(图1) ,然后对I1、II2、II3及III2的两对基因进行电泳分离,得到了不同的条带(图2)。

下列叙述正确的是A.甲病是伴X染色体显性遗传病，乙病是常染色体隐性遗传病B.条带①代表甲病的致病基因,条带③代表乙病的致病基因C.对II的两对基因进行电泳分离，所得的条带应该是①和③D.只考虑甲、乙两种遗传病，I4和II1基因型相同的概率是1/26.为研究DNA复制机制,科学家用荧光染料给Rep(解旋酶中驱动复制叉移动的结构)加上标记，以获知Rep相对于DNA分子的运动轨迹(如图)。

2020~2021学年度第二学期期中学情分析样题七年级数学注意事项：1．本试卷共6页．全卷满分100分．考试时间为100分钟．考生答题全部答在答题卷上，答在本试卷上无效．2．请认真核对监考教师在答题卷上所粘贴条形码的姓名、考试证号是否与本人相符合，再将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水签字笔填写在答题卷及本试卷上．3．答选择题必须用2B 铅笔将答题卷上对应的答案标号涂黑．如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．答非选择题必须用0.5毫米黑色墨水签字笔写在答题卷上的指定位置，在其他位置答题一律无效．4．作图必须用2B 铅笔作答，并请加黑加粗，描写清楚．一、选择题（本大题共6小题，每小题2分，共12分．在每小题所给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母代号填涂在答题卡．．．相应位置．．．．上） 1．在下列图形中，∠1与∠2是同位角的是A ．B ．C ．D ．2．计算（－a 2）3的结果是 A ．a 5B ．－a 5C ．a 6D ．－a 63．下列各式能用平方差公式计算的是 A ．（a ＋b ）（b ＋a ）B ．（2a ＋b ）（2b －a ）C ．（a ＋1）（－a －1）D ．（2a －1）（2a ＋1）4．如图，点E 在AC 的延长线上，下列条件中不能判断．．．．BD ∥AC 的是 A ．∠1＝∠2B ．∠3＝∠4C ．∠D ＝∠DCE D ．∠D ＋∠ACD ＝180°5．能说明命题“如果|a |＝|b |，那么a ＝b ”是假命题的反例是A ．a ＝2，b ＝2B ．a ＝－2，b ＝3C ．a ＝－3，b ＝3D ．a ＝－3，b ＝－3 6．如图，两个正方形的边长分别为a 和b ，如果a ＋b ＝10,a b ＝22，那么阴影部分的面积是 A ．15B ．17C ．20B 31 4 2（第4题）ACDE121 21221（第6题）二、填空题（本大题共10小题，每小题2分，共20分．不需写出解答过程，请把答案直接填写在答题卡相应位置．．．．．．．上） 7．计算：20＝ ▲ ，2－1＝ ▲ ． 8．多项式3a 2b －6a 3b 各项的公因式是 ▲ ．9．新型冠状病毒的直径大约是0.000 000 7米，将0.000 000 7用科学记数法表示为 ▲ ．10．已知⎩⎨⎧x =2，y =3是二元一次方程x ＋ky ＝－1的一个解，那么k 的值是 ▲ ．11．若 2m ＝3，2n ＝2，则2m －2n的值为 ▲ ．12．已知x 、y 满足方程组⎩⎪⎨⎪⎧x ＋3y ＝－1x －y ＝3 则x ＋y 的值为 ▲ ．13．命题“垂直于同一条直线的两条直线平行”写成“如果…，那么…”的形式为：如果 ▲ ，那么14．公式（a －b ）2＝a 2a ＋b ）2＝a 2＋2ab ＋b 2推导得出，已知 （a ＋b ）3＝a 3＋3a 2b ＋3ab 2＋b 3，则（a －b ）3＝ ▲ ．15．如图，将一张长方形纸片沿EF 折叠后，点D 落在BC 上的点D'处，点C 落在点C'处．若∠DEF ＝62°，则∠C'F D'＝ ▲ °．16．如图，AB //DE ，∠C ＝30°，∠CDE －∠B ＝110°，则∠CDE ＝ ▲ °．三、解答题（本大题共10小题，共68分．请在答题卡指定区域．．．．．．．内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤） 17．（6分）计算：（1）a 6÷a 2－2a 3·a ； （2）2x （x －2y ）－（x －y ）2．18．（6分）因式分解：（1）3ab 2＋6ab ＋3a ； （2）a 2（a －b ）－4（a －b ）．（第15题）ABCDEFD ´C ´AB（第16题）ED， ，19．（7分）先化简，再求值：（m －2n ）（m ＋2n ）－（m －2n ）2＋4n 2，其中m ＝－2，n ＝12．20．（7分）解二元一次方程组⎩⎪⎨⎪⎧3x ＋y ＝1， ①x －2y ＝12．②（1）有同学这么做：由②，得x ＝2y ＋12．③将③代入①，得3（2y ＋12）＋y ＝1，解得y ＝－5，将y ＝－5代入③，得x ＝2，所以这个方程组的解为⎩⎨⎧x ＝2y ＝－5．该同学解这个方程组的过程中使用了代入消元法，目的是把二元一次方程组转化为 ▲ ． （2）请你用加减消元法解该二元一次方程组．21．（5分）如图，点A 、B 、C 、D 在同一条直线上，EC //FD ，∠F ＝∠E ，求证：AE //BF ．将证明过程补充完整，并在括号内填写推理依据． 证明：∵EC //FD ，（已知）∴∠F ＝∠ ▲ ．( ▲ ) ∵∠F ＝∠E ，（已知）∴∠ ▲ ＝∠E ，( ▲ ) ∴AE //BF ．( ▲ )CDEABF(第21题)1222．（6分）如图，在每个小正方形边长为1的方格纸中，点A 、B 、A 1都在方格纸的格点上． （1）平移线段AB ，使点A 与点A 1重合，点B 与点B 1重合，画出线段A 1B 1； （2）连接AA 1、BB 1，AA 1与BB 1的关系是 ▲ ； （3）四边形ABB 1A 1的面积是 ▲ ．23．（6分）同底数幂的乘法公式为：a m ·a n ＝ ▲ （m 、n 是正整数）.请写出这一公式的推导过程.24．（6分）观察下列各式：①32－12＝4×2； ②42－22＝4×3； ③52－32＝4×4；……（1）探索以上式子的规律，写出第n 个等式 ▲ （用含n 的字母表示）； （2）若式子a 2－b 2＝2020满足以上规律，则a ＝ ▲ ，b ＝ ▲ ； （3）计算：20＋24＋28＋ (100)（第22题）A。

2025届高三年级期初阳光调研试卷化学注意事项：1．本试卷分为单项选择题和非选择题两部分，试卷满分100分。

考试时间75分钟。

2．将选择题答案填涂在答题卡的对应位置上，非选择題的答案写在答题卡的指定栏目内。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Fe 56 Mo 96一、单项选择题：共13题，每题3分，共39分。

每题只有一个选项最符合题意。

1．第19届杭州亚运会采用石墨烯纳米防滑涂层以增加地面防滑性。

石墨烯属于（）A ．有机材料B ．无机非金属材料C ．金属材料D ．复合材料2．草酸易被NaClO 氧化：22422H C O +NaClO=NaCl+2CO +H O ↑，下列说法不．正确的是（）A ．2CO 的空间构型为直线形B ．NaClO 属于离子化合物C ．2H O 的电子式为+2-+H [O ]H ∶∶D ．Cl 的结构示意图为3．实验室模拟侯氏制碱法制备23Na CO ，下列装置与原理均正确的是（）A ．制取2COB ．制取3NHC ．制取3NaHCOD ．制取23Na CO 4．()344Cu NH SO ⎡⎤⎣⎦常用作杀虫剂、媒染剂。

下列说法正确的是（）A ．原子半径：r(N)>r(O)>r(S)B ．沸点：223H S>H O>NHC ．第一电离能：111I (N)>I (O)>I (S)D ．电负性：χ(N)>χ(O)>χ(Cu)阅读下列材料，完成5~7题：VA 族元素及其化合物应用广泛。

3NH 催化氧化生成NO ，NO 继续被氧化为2NO ，将2NO 通入水中可制得3HNO ；肼（24N H ）常温下为液态，燃烧热大（-1642kJ mol ⋅），产物无污染，常用作火箭燃料：白磷（4P ）为正四面体结构，常用来制烟雾弹、燃烧弹；雄黄（44As S ）具有解毒、杀虫功效，燃烧后生成砒霜（23As O ）和一种具有刺激性气味的气体；锑是一种银白色金属，其氧化物23Sb O 可用于制造颜料，铅锑合金可用作铅蓄电池的电极材料。

江苏省苏州市2020～2021学年第一学期高三期初调研试卷数学试题2020．9一、单项选择题（本大题共8小题，每小题5分，共计40分．在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的，请把答案添涂在答题卡相应位置上） 1．集合A ＝{}2230x x x --≤，B ＝{}1x x >，A B ＝A ．(1，3)B ．(1，3]C ．[﹣1，+∞)D ．(1，+∞)2．复数z 满足(1＋i)z ＝2＋3i ，则z 在复平面表示的点所在的象限为 A ．第一象限B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限 3．421(2)x x-的展开式中x 的系数为 A ．﹣32B ．32C ．﹣8D ．84．已知随机变量ξ服从正态分布N(1，2σ)，若P(ξ＜4)＝0.9，则P(﹣2＜ξ＜1)为 A ．0.2 B ．0.3 C ．0.4 D ．0.65．在△ABC 中，AB+AC=2AD ，AE+2DE=0，若EB=XAB+YAC ，则 A ．y ＝2x B ．y ＝﹣2x C ．x ＝2y D ．x ＝﹣2y6．大西洋鲑鱼每年都要逆流而上，游回到自己出生的淡水流域产卵，记鲑鱼的游速为v (单位：m /s )，鲑鱼的耗氧量的单位数为Q ．科学研究发现v 与3Qlog 100成正比，当v ＝1m /s 时，鲑的耗氧量的单位数为900．当v ＝2m /s 时，其耗氧量的单位数为 A ．1800 B ．2700 C ．7290 D ．81007．如图，正方体ABCD —A 1B 1C 1D 1的棱长为1，则下列四个命题不正确的是 A ．直线BC 与平面ABC 1D 1所成的角等于4πB ．点C 到面ABC 1D 1 C ．两条异面直线D 1C 和BC 1所成的角为4πD ．三棱柱AA 1D 1—BB 1C 1外接球半径为3 8．设a ＞0，b ＞0，且2a ＋b ＝1，则12a a a b++ A ．有最小值为4B ．有最小值为221+ C ．有最小值为143D ．无最小值 二、 多项选择题（本大题共4小题，每小题5分， 共计20分．在每小题给出的四个选项中，至少有两个是符合题目要求的，请把答案添涂在答题卡相应位置上） 9．A ，B 是不在平面α内的任意两点，则A ．在α内存在直线与直线AB 异面B ．在α内存在直线与直线AB 相交C ．存在过直线AB 的平面与α垂直D ．在α内存在直线与直线AB 平行10．水车在古代是进行灌溉引水的工具，亦称“水转简车”，是一种以水流作动力，取水灌田的工具．据史料记载，水车发明于隋而盛于唐，距今已有1000多年的历史，是人类的一项古老的发明，也是人类利用自然和改造自然的象征，如图是一个半径为R 的水车，一个水斗从点A(3，33-)出发，沿圆周按逆时针方向匀速旋转，且旋转一周用时120秒．经过t 秒后，水斗旋转到P 点，设点P 的坐标为(x ，y )，其纵坐标满足()Ry f t ==sin()t ωϕ+(t ≥0，ω＞0，2πϕ<)，则下列叙述正确的是 A ．3πϕ=-B ．当t ∈(0，60]时，函数()y f t =单调递增C ．当t ∈(0，60]时，()f t 的最大值为33D ．当t ＝100时，PA 6=11．把方程1x x y y +=表示的曲线作为函数()y f x =的图象，则下列结论正确的有 A ．()y f x =的图象不经过第三象限 B ．()f x 在R 上单调递增C ．()y f x =的图象上的点到坐标原点的距离的最小值为1D ．函数()()g x f x x =+不存在零点 12．数列{}n a 为等比数列 A ．{}1n n a a ++为等比数列 B ．{}1n n a a +为等比数列 C ．{}221n n a a ++为等比数列D ．{}n S 不为等比数列(n S 为数列{}n a 的前n 项和三、填空题（本大题共4小题， 每小题5分，共计20分．请把答案填写在答题卡相应位置上）13．已知tan 2α=，则cos(2)2πα+＝．14．已知正方体棱长为2，以正方体的一个顶点为球心，以为半径作球面，则该球面被正方体表面所截得的所有的弧长和为．15．直线40kx y ++=将圆C ：2220x y y +-=分割成两段圆弧之比为3：1，则k ＝． 16．已知各项均为正数的等比数列{}n a ，若4321228a a a a +--=，则872a a +的最小值为．四、解答题（本大题共6小题，共计70分．请在答题卡指定区域内作答．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤） 17．（本小题满分10分）在△ABC 中，角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，△ABC 的面积为S ．现在以下三个条件：①(2c ＋b)cosA ＋acosB ＝0；②sin 2B ＋sin 2C ﹣sin 2A ＋sinBsinC ＝0；③a 2﹣b 2﹣c 2＝3S ．请从以上三个条件中选择一个填到下面问题中的横线上，并求解．已知向量m ＝(4sin x ，，n ＝(cos x ，sin 2x )，函数()23f x m n =⋅-，在△ABC 中，a ＝()3f π，且，求2b ＋c 的取值范围． 18．（本小题满分12分）已知各项均不相等的等差数列{}n a 的前4项和为10，且1a ，2a ，4a 是等比数列{}n b 的前 3项．（1）求{}n a ，{}n b ； （2）设1(1)n n n n c b a a =++，求{}n c 的前n 项和n S ．19．（本小题满分12分）如图，在四棱锥S —ABCD 中，ABCD 是边长为4的正方形，SD ⊥平面ABCD ，E ，F 分别为AB ，SC 的中点．（1）证明：EF ∥平面SAD ；（2）若SD ＝8，求二面角D —EF —S 的正弦值．20．（本小题满分12分）某省2021年开始将全面实施新高考方案，在6门选择性考试科目中，物理、历史这两门科目采用原始分计分：思想政治、地理、化学、生物这4门科目采用等级转换赋分，将每科考生的原始分从高到低划分为A ，B ，C ，D ，E 共5个等级，各等级人数所占比例分别为15%、35%、35%、13%和2%，并按给定的公式进行转换赋分．该省组织了一次高一年级统一考试，并对思想政治、地理、化学、生物这4门科目的原始分进行了等级转换赋分．（1）某校生物学科获得A 等级的共有10名学生，其原始分及转换分如表：现从这10名学生中随机抽取3人，设这3人中生物转换分不低于95分的人数为X ，求X 的分布列和数学期望；（2）假设该省此次高一学生生物学科原始分Y 服从正态分布N(75.8，36)．若Y~N(μ，2σ)，令Y μησ-=，则η~N(0，1)，请解决下列问题：①若以此次高一学生生物学科原始分C 等级的最低分为实施分层教学的划线分，试估计该划线分大约为多少分？（结果保留整数）②现随机抽取了该省800名高一学生的此次生物学科的原始分，若这些学生的原始分相互独立，记ξ为被抽到的原始分不低于71分的学生人数，求P(ξ＝k )取得最大值时k 的值．附：若η~N(0，1)，则P(η≤0.8)≈0.788，P(η≤1.04)≈0.85． 21．（本小题满分12分）如图，已知椭圆22221x y a b+=(a ＞b ＞0)的长轴两个端点分别为A ，B ，P(0x ，0y )(0y ＞0)是椭圆上的动点，以AB 为一边在x 轴下方作矩形ABCD ，使AD ＝kb (k ＞0)，PD 交AB 于 E ，PC 交AB 于F ．（1）若k ＝1，△PCD 的最大面积为12，离心率为3，求椭圆方程； （2）若AE ，EF ，FB 成等比数列，求k 的值．22．（本小题满分12分）已知函数()ln sin 1f x x x x =-++．（1）求证：()f x 的导函数()f x '在(0，π)上存在一零点； （2）求证：()f x 有且仅有两个不同的零点．。

2024届苏州四市五区高三期初考试解析（附原创作文2篇）答案汇总：听力1-5 CABAB6-10 ACCBA11-15 BCABC16-20 ACCBB传统阅读21-23 BCB24-27 CADC28-31 ABDA32-35 ACDB7选5阅读36-40 BDCFG完形填空41-45 CADBA46-50 BBCBA51-55 DBCDA语法填空56. that / which57. expected58. what59. a60. is scheduled61. With62. reveals63. generals64. adding65. valuable / invaluable01阅读答案：21-23 BCB24-27 CADC28-31 ABDA32-35 ACDBA篇主要向读者介绍了一些形式不一但都别具特色的艺术项目。

B篇主要向我们介绍了世界第一个自然河流公园的相关事项，主要包括其所在地区的自然环境、河流公园的成形过程以及其成就、特色。

C篇主要打破了普遍认知，通过一位心理学家的实验介绍了被打断的好处，也介绍了蔡格尼克记忆效应的应用，呼吁我们享受并利用好被打断。

D篇是科学研究类题目，介绍了科学家通过改变蚊子基因来控制疟疾，并从实验原理、实验过程、实验评价多方面进行介绍。

详细解析：A篇第21题B 根据本篇文章的小标题kinship和Family Memory Box都与家人、亲属有关，而两场展览也都是围绕着家人与亲属进行展开，故二者属于同一个主题。

第22题C 定位到文章A Tour in ASL这个部分，由该段标题可知本次展览是Virtual Portrait Signs，故是虚拟而不是实地展览，A选项错误；定位该段第一、二行which is first major Smithsonian museum to examine the War, 而D选项少了限定条件，故错误；由这一部分的第二段The Zoom link will be emailed on the morning of the program...可知，参观者可以通过Zoom进行展览的参观而不是以邮件的形式，邮件的形式主要是用于解决参观者的疑问，故B错误。

2024～2025学年第一学期高三期初调研测试语文2024.09一、现代文阅读（35分）（一）现代文阅读I（本题共5小题，19分）阅读下面的文字，完成1～5题。

材料一：艺术创造不能完全脱离以往的传统基础而独立。

这在注重画学的中国应该用不着解释。

能发挥新创都是受过传统熏陶的，即使突然接受一种崭新的形式，有外来思想的影响，也仍能表现本国精神。

如南北朝的佛教雕刻，或唐宋的寺塔，都起源于印度，非中国本有的观念，但结果仍以中国风格造成成熟的中国特有艺术，驰名世界。

艺术的进境是基于丰富的遗产上，今后的中国建筑自亦不能例外。

将来中国将大量采用西洋现代建筑材料与技术。

如何发扬光大我民族建筑技艺之特点，在以往都是无名匠师不自觉的贡献，今后却要成近代建筑师的责任了。

如何接受新科学的材料方法而仍能表现中国特有的作风及意义，老树上发出新枝，则真是问题了。

中国建筑既是延续了两千余年的一种工程技术，本身已造成一个艺术系统，许多建筑物便是我们文化的表现。

除非我们不知尊重这古国灿烂的文化，如果我们有复兴国家民族的决心，便不能忽略中国建筑的研究。

东方古国的城市在建筑上若失掉艺术特性，于文化表现和观瞻方面令人痛心，代表着文化衰落。

四十年来，上海等通商大埠模仿欧美次等商业城市，多为租界外国人建设，中国市民只是附和而已。

此类建筑无中国复兴精神迹象。

今后虽仍需采用西洋方法建设，但应是自觉的，由专业建筑师指导，在科学结构上有艺术表现，为中国精神复兴而努力。

这种创造的火炬已曾在抗战前燃起，所谓“宫殿式”新建筑就是一例。

但以最清醒建筑理论来看，其不合近代科学及艺术理想。

它的产生是由于欣赏中国建筑的外貌。

在形式上它模仿清代宫衙，在结构及平面上它又仿西洋古典派的普通组织。

细项上东西凑合且多属过去时代，不适应中国经济情形也不能普遍。

这些尝试如同堆砌文字，抄袭章句，整篇结构不出于自然，辞藻也欠雅驯的文章，但这种努力是中国精神的抬头，实有无穷意义。

要能提炼旧建筑中所包含的中国质素，我们需增加对旧建筑结构系统及平面部署的认识。

苏州市2020~2021学年第二学期期初学业质量阳光指标调研卷高三生物2021.02本试卷共10页，满分为100分，考试时间为75分钟。

注意事项：1.答题前，请务必在答题卡上写清自己的学校、班级、姓名和调研序列号，并用2B铅笔涂写在答题卡上。

2.作答选择题，请在答题卡的对应题号后，用2B铅笔把正确答案的字母涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在调研卷上。

作答非选择题，答案要用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡对应题号后的指定位置。

3.答题结束后，将答题卡交回。

一、单项选择题：共15题，每题2分，共30分。

每题只有一个选项最符合题意。

1.下列有关细胞中元素和化合物的叙述，错误的是A.C、H、O、N、P是ATP和核糖体共有的化学元素B.Fe2+存在于血红蛋白的某些氨基酸残基侧链基团上C.大多数动物脂肪含有饱和脂肪酸，室温时呈固态D.蛋白分泌是实现某些细胞间信息传递的重要环节2.研究表明，持续的肺部炎症会导致休眠癌细胞的周围出现中性粒细胞弹性蛋白酶（NE)和基质金属蛋白酶9(MMP9),能将肺部组织中的层粘连蛋白切割，暴露出一个名为“表位”的新表面，附近的休眠癌细胞能识别“表位”并被唤醒。

下列有关叙述错误的是A.休眠癌细胞能通过特异性受体蛋白识别“表位”B.NE和MMP9的分泌过程伴随有生物膜的转化C.被唤醒的癌细胞细胞周期会缩短，自由水含量会增加D.为防止癌症复发，应大量使用抗生素来根治器官炎症3.人体内氧含量降低时，低氧诱导因子（HIF)会大量生成，增加红细胞的数量，从而使人体适应低氧环境：而在正常含氧条件下，HIF会被降解。

下列有关叙述正确的是A.人体内低氧条件下，HIF主要作用于成熟红细胞B.正常含氧条件下，HIF的生成与降解处于动态平衡C.降低HIF的含量可治疗某些因缺氧而引起的疾病D.在低氧时可通过无氧呼吸产生酒精并提供少量能量4.下列有关实验替代材料的叙述，错误的是A.可用少量脱脂棉替代尼龙布，过滤色素研磨液B.可用活化酵母替代肝脏研磨液，验证酶的高效性C.可用黑藻小叶替代紫色洋葱鳞片叶，观察植物细胞的质壁分离和复原D.重捕时可用小网眼渔网替代初捕时的大网眼渔网，调查鲫鱼的种群密度5.科研人员利用党参提取物对某种衰老模型小鼠进行相关实验，测定其肝细胞线粒体内与细胞呼吸相关的a、b两种酶活性的相对值，实验结果如下表所示。

2023~2024学年第一学期高三期初调研测试数学2023.09注意事项：学生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求：1.本卷包含单项选择题（第1题~第8题）、多项选择题（第9题~第12题）、填空题（第13题~第16题）、解答题（第17题~第22题）.本卷满分150分，答题时间为120分钟.答题结束后，请将答题卡交回.2.答题前，请您务必将自己的姓名、调研序列号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡的规定位置.3.请在答题卡上按照顺序在对应的答题区域内作答，在其他位置作答一律无效.作答必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔.请注意字体工整，笔迹清楚.4.请保持答题卡卡面清洁，不要折叠、破损.一律不准使用胶带纸、修正液、可擦洗的圆珠笔.一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共计40分.每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的.请把正确的选项填涂在答题卡相应的位置上.1.已知复数z 满足()1i i z +=（其中i 为虚数单位），则复数z 在复平面上对应的点在（）A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限2.设集合{}A x x =∈N ，{}216xB x =∈≥R ，则R AC B =I （）A.[]0,4 B.[)0,4 C.{}0,1,2,3 D.{}0,1,2,3,43.已知函数()()sin f x ax x a =-∈R ，则“1a =”是“()f x 在区间,2π⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭上单调递增”的（）A.充要条件B.充分不必要条件C.必要不充分条件D.既不充分也不必要条件4.在平行四边形ABCD 中，点E 在线段AC 上，且2AE EC =，点F 为线段AD 的中点，记(),EF AB AD λμλμ=+∈R，则λμ+=（）A.56-B.16-C.12D.565.已知事件A ，B ，且()0.4P A =，()0.5P B =.若A 与B 互斥，令()a P AB =；若A 与B 相互独立，令()b P AB =，则b a +=（）A.0.3B.0.4C.0.5D.0.66.若某圆柱体的底面半径与某球体的半径相等，圆柱体与球体的体积之比和它们的表面积之比的比值相等，则该圆柱体的高与球体的半径的比值为（）A.54B.43C.32D.27.我国人脸识别技术处于世界领先地位.所谓人脸识别，就是利用计算机检测样本之间的相似度，余弦距离是检测相似度的常用方法.假设二维空间中有两个点()11,A x y ，()22,B x y ，O 为坐标原点，余弦相似度为向量OA u u u r ，OB u u u r 夹角的余弦值，记作()cos ,A B ，余弦距离为()1cos ,A B -.已知()cos ,sin P αα，()cos ,sin Q ββ，()cos ,sin R αα-，若P ，Q 的余弦距离为13，1tan tan 7αβ⋅=，则Q ，R 的余弦距离为（）A.12B.13C.14D.178.已知双曲线C ：()222210,0x y a b a b-=>>的右焦点为F ，过F 作直线分别与双曲线的两渐近线相交于A 、B 两点，且0OB BF ⋅= ，2AB BF =，则该双曲线的离心率为（）A.B.C.2D.二、多项选择题：本大题共4小题，每小题5分，共计20分.每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得5分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分.请把正确的选项填涂在答题卡相应的位置上.9.已知函数()()13sin cos 022f x x x ωωω=+>的最小正周期为π，则（）A.2ω= B.直线6x π=-是曲线()y f x =的一条对称轴C.点,06π⎛⎫-⎪⎝⎭是曲线()y f x =的一个对称中心 D.()f x 在区间50,6π⎛⎫⎪⎝⎭内只有一个零点10.若一组不完全相同的数据1x ，2x ，…，n x 的平均数为x ，极差为a ，中位数为b ，方差为2s ，在这组数据中加入一个数x 后得到一组新数据x ，1x ，2x ，…，n x ，其平均数为x '，极差为a '，中位数为b '，方差为2s '，则下列判断一定正确的是（）A.x x'= B.a a'= C.b b'= D.22s s'=11.如图，在棱长为2的正方体1111ABCD A B C D -中，点E ，F 分别是线段AC ，11A D 上的动点，AE AC λ= ，11A F A D μ=，且(),0,1λμ∈.记EF 与1AA 所成角为α，EF 与平面ABCD 所成角为β，则（）A.当12λ=时，四面体F AEB -的体积为定值B.当12μ=时，存在λ，使得//EF 平面11BDD B C.对于任意λ，μ，总有2παβ+=D.当12λμ==时，在侧面11BCC B 内总存在一点P ，使得PE PF ⊥12.已知函数()f x 定义域为R ，()1f x +是奇函数，()()()1g x x f x =-，()f x '，()g x '分别是函数()f x ，()g x 的导函数，函数()g x 在区间(],1-∞上单调递增，则（）A.()10f = B.()()11f x f x +='-'C.()()11g x g x +='-' D.()()0.1e 1ln1.10g g <-<三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共计20分.请把答案填写在答题卡相应位置上.13.()6111x x x ⎛⎫+++ ⎪⎝⎭的展开式常数项是______.（用数字作答）14.已知n S 是等差数列{}n a 的前n 项和，且378a a +=-，510S =，则10S =______.15.请写出一条同时满足下列两个条件的直线方程：______.①过抛物线24y x =的焦点；②与圆22420x y x +---=相交所得的弦长为.16.已知函数()()22ln ln f x x ax x ax =-+有三个不同的零点1x ，2x ，3x ，且123x x x <<，则实数a 的取值范围是______；2312123ln ln ln 111x x x x x x ⎛⎫⎛⎫⎛⎫---⎪ ⎪⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭的值为______.四、解答题：本大题共6小题，共计70分.请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.（本小题满分10分）在ABC △中，内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，且满足22cos a b c B -=.（1）求角C ；（2）若ABC △的面积为D 为AB中点，且CD =，求c 边的长.18.（本小题满分12分）已知等比数列{}n a 中，()1*132n n n a a n -++=⋅∈N .（1）求数列{}n a 的通项公式及它的前n 项和n S ；（2）设11n n n n S b S S ++=，数列{}n b 的前n 项和为n T ，求证：1n T <.19.（本小题满分12分）如图，四棱锥P ABCD -的底面是矩形，PD ⊥底面ABCD，AD =，2PD DC ==，M 为BC 的中点.（1）求证：AM ⊥平面PDB ；（2）求平面PAM 与平面PBM 夹角的余弦值.20.（本小题满分12分）某校为了弘扬中华优秀传统文化，在校艺术节上举办班级“古诗词双人团体赛”，每班限报一队，每队两人，每队通过回答多个问题的形式进行竞赛.现甲，乙两队进行竞答比赛，比赛规则是：每轮比赛中每队仅派一人代表答题，两人都全部答对或者都没有全部答对则均记1分；一人全部答对而另一人没有全部答对，则全部答对的队伍记3分，没有全部答对的记0分.设每轮比赛中甲队全部答对的概率为34，乙队全部答对的概率为23，甲，乙两队答题相互独立，且每轮比赛互不影响.（1）经过1轮比赛，设甲队的得分为X ，求X 的分布列和期望；（2）若比赛采取3轮制，请计算第3轮比赛后甲队累计得分低于乙队累计得分的概率.21.（本小题满分12分）已知椭圆E ：()222210x y a b a b +=>>，四点1,2A ⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭，1,2B ⎛⎫- ⎪ ⎪⎝⎭，)C ，()1,1D 中恰有三点在椭圆E 上.（1）求椭圆E 的方程；（2）点P 为椭圆E 上的一动点，设直线PA ，PB 的斜率分别为1k ，2k .①求12k k ⋅的值；②若不与坐标轴垂直的直线l 交椭圆E 于M ，N 两点，O 为坐标原点，//OM PA ，//ON PB ，求OMN △的面积.22.（本小题满分12分）已知函数()()()2ln 11f x a x x =+++，()2exg x ax =+，a ∈R .（1）若函数()f x 与()g x 有相同的极小值点，求a 的值；（2）若对任意[)0,x ∈+∞，恒有()()g x f x ≥，求a 的取值范围.参考答案一、单项选择题1.【答案】D【解析】()1i 2z +=，∴21i 1iz ==-+，位于第四象限，选D.2.【答案】C【解析】{}4B x x =≥，{}4R C B x x =<，{}0,1,2,3R A C B =I ，选C.3.【答案】B【解析】1a =时，()sin f x x x =-，()1cos 0f x x ='-≥，∴()f x 在,2π⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭ ，充分，()f x 在,2π⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭单调增，∴()cos 0f x a x '=-≥，∴1a ≥，不必要，充分不必要，选B.4.【答案】A【解析】()212121323236EF EA AF AC AD AB AD AD AB AD =+=-+=-++=-- ，56λμ+=-，选A.5.【答案】A【解析】A ，B 互斥，∴()0a P AB ==，A 与B 独立，()()()0.60.50.3b P AB P A P B ===⨯=，0.3b a +=，选A.6.【答案】B【解析】设圆柱底面半径为r ，则球的半径为r ，设圆柱的高为h ，21V r h π=，3243V r π=，2122S rh r ππ=+，224S r π=，∴222322443r h rh r r r πππππ+=，∴2h r =，选B.7.【答案】A【解析】()2cos ,3P Q =，∴()2cos 3αβ-=，2cos cos sin sin 3αβαβ+=，又sin sin 1tan tan cos cos 7αβαβαβ==，∴cos cos 7sin sin αβαβ=，∴1sin sin 12αβ=，7cos cos 12αβ=，()cos cos sin sin 7111cos ,11112122Q R αβαβ-⎛⎫-=-=--= ⎪⎝⎭，选A.8.【答案】B【解析】OB BF ⊥，∴OB a =，BF b =，22AB BF b ==，2tan b AOB a ∠=，22tan 21ba FOBb a ⋅∠=⎛⎫- ⎪⎝⎭，∴22201bb a a b a ⋅+=⎛⎫- ⎪⎝⎭，∴22b a ⎛⎫= ⎪⎝⎭，∴223c a =，∴e = B.二、多项选择题9.【答案】ACD【解析】()sin 3f x x πω⎛⎫=+⎪⎝⎭，2T ππω==，∴2ω=，A 对.()sin 23f x x π⎛⎫=+ ⎪⎝⎭，6x π=-不是对称轴，,06π⎛⎫- ⎪⎝⎭是对称中心，B 错，C 对.506x π<<，5023x π<<，2233x πππ<+<，sin y x =在,23ππ⎛⎫⎪⎝⎭只有一个零点，∴()f x 在50,6π⎛⎫ ⎪⎝⎭有且只有一个零点，D 对.10.【答案】AB【解析】互不相等的数据加入一个数x ，则极差不变，平均数不变，中位数有可能改变，方差一定改变，选AB.11.【答案】ABC 【解析】方法一：12λ=时EAB S △为定值F 到平面EAB 的距离为定值，∴F EAB V -为定值，A 对.12μ=时，F 为11A D 中点，取AD 中点M ，则1//FM DD .14λ=时，//ME BD ，则平面//MEF 平面11BDD B ，∴//EF 平面11BDD B ，1AA ⊥面ABCD ，则2παβ+=，C 对，选ABC.方法二：对于A ，12λ=时，F 到平面AEB 的距离为定值，E 为AC 中点，123F AEB AEB V S -=⋅△为定值，A 正确.对于B ，12μ=时，F 为11A D 的中点，设AC 与BD 交于点O ，当E 为OA 中点时，取OD 中点G ，此时，1EG FD ∥，∴1////EF D G EF ⇒平面11BDD B ，B 正确.对于C ，过F 作FM AD ⊥于点M ，∴FM ⊥平面ABCD ，∴FEM β=∠，EFM α=∠，2παβ+=，C 正确.对于D ，如图建系，∴()1,1,0E ，()1,0,2F ，设(),2,P x z ，0x ≤，2z ≤，()1,1,PE x z =--- ，()1,2,2PF x z =---，()()()()22212211110PE PF x z z x z ⋅=-++-=-+-+≥> ，∴PE 与PF 始终成锐角，D 错，选ABC.12.【答案】ABD【解析】对于A ，∵()1f x +是奇函数，∴()10f =，A 正确.对于B ，()1f x +是奇函数()()11f x f x ⇒-+=-+，∴()()11f x f x --+='-+'，∴()()11f x f x +='-'，B 正确.对于C ，()()11g x xf x +=+，()()11g x xf x -=--，∴()()11g x g x +=-，∴()()110g x g x ''++-=，C 错.对于D ，由()()11g x g x +=-知()g x 关于直线1x =对称，∵()g x 在(],1-∞上Z ，∴()g x 在()1,+∞上[，()()10g x g ≤=，当且仅当1x =时取“＝”，而0.1e10.1ln1.11ln1.11->>>--，∴()()0.1e 1ln1.10g g <-<，D 正确.选：ABD.三、填空题13.【答案】7【解析】()61x +展开式第1r +项616C 6r rr T x r -+=⋅=，661C 1⋅=，5r =，5161C 6x x=，167+=.14.【答案】－55【解析】111268545102a d a d a d +++=-⎧⎪⎨⨯+=⎪⎩，∴183a d =⎧⎨=-⎩，10109108(3)552S ⨯=⨯+⨯-=-.15.【答案】1x =或10x -=【解析】圆()(2229x y -+-=，圆心(，3r =，弦长为圆心到直线距离为1，斜率不存在，1x =满足条件.斜率存在，设()1y k x =-，即0kx y k --=1=，33k =，此时l：10x -=，∴l ：1x =或10x -=。

江苏省2020—2021学年苏锡常镇四市高三教学情况调研（一）数学试卷一、单项选择题（本大题共8小题，每小题5分，共计40分．在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的，请把答案添涂在答题卡相应位置上） 1．设全集U ＝R ，集合A ＝[2，4]，B ＝{}2log 1x x >，则集合A (UB)＝A ．∅B ．{2}C ．{}02x x ≤≤D ．{}2x x ≤2．“2sin 2α=”是“sin cos αα=”的 A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件 C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件3．天干地支纪年法源于中国，中国自古便有十天干与十二地支，十天干即甲、乙、丙、丁、戊、己、庚、辛、王、癸；十二地支即子、丑、寅、卯、辰、已、午、未、申、酉、戌、亥．天干地支纪年法是按顺序以一个天干和一个地支相配，排列起来，天干在前，地支在后，天干由“甲”起，地支由“子”起，例如，第一年为“甲子”，第二年为“乙丑”，第三年为“丙寅”…，以此类推，排列到“癸酉”后，天干回到“甲”重新开始，即“甲戌”，“乙亥”，然后地支回到“子”重新开始，即“丙子”…，以此类推，今年是辛丑年，也是伟大、光荣、正确的中国共产党成立100周年，则中国共产党成立的那年是 A ．辛酉年B ．辛戊年C ．壬酉年D ．壬戊年4．5(32)(1)x x -+展开式中3x 的系数为 A ．﹣15B ．﹣10C ．10D ．155．函数2()sin ln(1)f x x x x =+-的图像大致是6．过抛物线22y x =上一点P 作圆C ：22(6)1x y +-=的切线，切点为A ，B ，则当四边形PACB 的面积最小时，P 点的坐标是 A ．(12．(323 C ．(2，2)D ．(525) 7．若随机变量X~B(3，p )，Y~N(2，2σ)，若P(X ≥1)＝0.657，P(0＜Y ＜2)＝p ，则P(Y ＞4)＝A ．0.2B ．0.3C ．0.7D ．0.8 8．若316, 0()0, 0x x f x xx ⎧-≠⎪=⎨⎪=⎩，则满足(1)0xf x -≥的x 的取值范围是 A ．[﹣1，1][3，+∞)B ．(-∞，﹣1][0，1][3，+∞)C ．[﹣1，0][1，+∞)D ．(-∞，﹣3][﹣1，0][1，+∞)二、 多项选择题（本大题共4小题，每小题5分， 共计20分．在每小题给出的四个选项中，至少有两个是符合题目要求的，请把答案添涂在答题卡相应位置上） 9．函数()sin(2)4f x x π=+，则A ．函数()y f x =的图象可由函数sin 2y x =的图象向右平移4π个单位得到 B ．函数()y f x =的图象关于直线8x π=轴对称C ．函数()y f x =的图象关于点(8π-，0)中心对称D ．函数2()y x f x =+在(0，8π)上为增函数 10．已知O 为坐标系原点，F 1，F 2分别为双曲线22221x y a b-=(a ＞0，b ＞0)的左、右焦点，点P 在双曲线右支上，则下列结论正确的有 A ．若PO ＝PF 2，则双曲线的离心率e ≥2B ．若△POF 2是面积为3的正三角形，则223b =C ．若A 2为双曲线的右顶点，PF 2⊥x 轴，则F 2A 2＝F 2PD ．若射线F 2P 与双曲线的一条渐近线交于点Q ，则12QF QF 2a ->11．1982年美国数学学会出了一道题：一个正四面体和一个正四棱锥的所有棱长都相等，将正四面体的一个面和正四棱锥的一个侧面紧贴重合在一起，得到一个新几何体．中学生丹尼尔做了一个如图所示的模型寄给美国数学学会，美国数学学会根据丹尼尔的模型修改了有关结论．对于该新几何体，则 A ．AF ∥CD B ．AF ⏊DEC ．新几何体有7个面D ．新几何体的六个顶点不能在同一个球面上 12．已知正数x ，y ，z 满足3412x y z ==，则A ．634z x y <<B ．121x y z+=C ．4x y z +>D ．24xy z <三、填空题（本大题共4小题， 每小题5分，共计20分．请把答案填写在答题卡相应位置上）13．已知向量a ＝(1，2)，b ＝(0，﹣2)，c ＝(﹣1，λ)，若(2a b -)∥c ，则实数λ＝． 14．已知复数z 对应的点在复平面第一象限内，甲、乙、丙、丁四人对复数z 的陈述如下（i为虚数单位）：甲：2z z +=；乙：23i z z -=；丙：4z z ⋅=；丁：22z z z =．在甲、乙、丙、丁四人陈述中，有且只有两个人的陈述正确，则复数z ＝．15．若23sin 2cos 1x x +=，则5sin()cos(2)63x x ππ-⋅+＝．16．四面体的棱长为1或2，但该四面体不是正四面体，请写出一个这样四面体的体积；这样的不同四面体的个数为．四、解答题（本大题共6小题，共计70分．请在答题卡指定区域内作答．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤）17．（本小题满分10分）在△ABC中，∠BAC＝90∘，点D在边BC上，满足AB＝3BD．（1）若∠BAD＝30°，求∠C；（2）若CD＝2BD，AD＝4，求△ABC的面积．18．（本小题满分12分）已知等比数列{}n a的各项均为整数，公比为q，且q＞1，数列{}n a中有连续四项在集合M＝{﹣96，﹣24，36，48，192}中．（1）求q，并写出数列{}n a的一个通项公式；（2）设数列{}n a的前n项和为n S，证明：数列{}n S中的任意连续三项按适当顺序排列后，可以成等差数列．19．（本小题满分12分）如图，在四棱锥P—ABCD中，△PAD是以AD为斜边的等腰直角三角形，BC∥AD，AB⊥AD，AD＝2AB＝2BC＝2，PC＝2，E为PD的中点．（1）求直线PB与平面PAC所成角的正弦值；（2）设F是BE的中点，判断点F是否在平面PAC内，并请证明你的结论．20．（本小题满分12分）某地发现6名疑似病人中有1人感染病毒，需要通过血清检测确定该感染人员，血清检测结果呈阳性的即为感染人员，呈阴性表示没感染．拟采用两种方案检测：方案甲：将这6名疑似病人血清逐个检测，直到能确定感染人员为止；方案乙：将这6名疑似病人随机分成2组，每组3人．先将其中一组的血清混在一起检测，若结果为阳性，则表示感染人员在该组中，然后再对该组中每份血清逐个检测，直到能确定感染人员为止；若结果呈阴性，则对另一组中每份血清逐个检测，直到能确定感染人员为止．（1）求这两种方案检测次数相同的概率；（2）如果每次检测的费用相同，请预测哪种方案检测总费用较少？并说明理由．21．（本小题满分12分）已知O 为坐标系原点，椭圆C ：2214x y +=的右焦点为点F ，右准线为直线n ．（1）过点(4，0)的直线交椭圆C 于D ，E 两个不同点，且以线段DE 为直径的圆经过原点O ，求该直线的方程；（2）已知直线l 上有且只有一个点到F 的距离与到直线n，直线l 与直线n 交于点N ，过F 作x 轴的垂线，交直线l 于点M ．求证：FMFN为定值． 22．（本小题满分12分）已知函数()1ln f x m x =+(m ∈R)．（1）当m ＝2时，一次函数()g x 对任意x ∈(0，+∞)，()f x ≤()g x ≤2x 恒成立，求()g x 的表达式；（2）讨论关于x 的方程2()1()f x x f x=解的个数．江苏省2020—2021学年苏锡常镇四市高三教学情况调研（一）数学试卷一、单项选择题（本大题共8小题，每小题5分，共计40分．在每小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的，请把答案添涂在答题卡相应位置上） 1．设全集U ＝R ，集合A ＝[2，4]，B ＝{}2log 1x x >，则集合A (UB)＝A ．∅B ．{2}C ．{}02x x ≤≤D ．{}2x x ≤ 答案：B解析：∵B ＝{}2log 1x x >＝(2，+∞)，∴UB ＝(-∞，2]，∴A(UB)＝{2}，选B ．2．“2sin α=”是“sin cos αα=”的 A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件 C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件 答案：D解析：当“2sin α=”时，可得“sin cos αα=±”；而当“sin cos αα=”时，可得“sin α=2±”，故“2sin α=”是“sin cos αα=”的既不充分也不必要条件，选D ． 3．天干地支纪年法源于中国，中国自古便有十天干与十二地支，十天干即甲、乙、丙、丁、戊、己、庚、辛、王、癸；十二地支即子、丑、寅、卯、辰、已、午、未、申、酉、戌、亥．天干地支纪年法是按顺序以一个天干和一个地支相配，排列起来，天干在前，地支在后，天干由“甲”起，地支由“子”起，例如，第一年为“甲子”，第二年为“乙丑”，第三年为“丙寅”…，以此类推，排列到“癸酉”后，天干回到“甲”重新开始，即“甲戌”，“乙亥”，然后地支回到“子”重新开始，即“丙子”…，以此类推，今年是辛丑年，也是伟大、光荣、正确的中国共产党成立100周年，则中国共产党成立的那年是 A ．辛酉年B ．辛戊年C ．壬酉年D ．壬戊年 答案：A解析：由题意可知，天干是以10为公差的等差数列，地支是以12为公差的等差数列，从共产党成立到2021经历100年，则共产党成立那年为辛酉年，选A ．4．5(32)(1)x x -+展开式中3x 的系数为 A ．﹣15B ．﹣10 C ．10D ．15 答案：C解析：23553(2)10C C ⋅+-⋅=，选C ． 5．函数2()sin ln(1)f x x x x =+-的图像大致是答案：A解析：首先判断出该函数为偶函数，排除B 、D ，其次函数过点(0，0)，排除C ，选A ． 6．过抛物线22y x =上一点P 作圆C ：22(6)1x y +-=的切线，切点为A ，B ，则当四边形PACB 的面积最小时，P 点的坐标是 A ．(1，2)B ．(32，3) C ．(2，2)D ．(52，5) 答案：C解析：设点P(x ，y )，2222221()(6)()(6)2g y PC x y y y ==+-=+-，令，2()(2)(26)0g x y y y '=-++=，则当y ＝2时，min ()20g y =， ∴，此时点P 的坐标为(2，2)，选C ．7．若随机变量X~B(3，p )，Y~N(2，2σ)，若P(X ≥1)＝0.657，P(0＜Y ＜2)＝p ，则P(Y ＞4)＝A ．0.2B ．0.3C ．0.7D ．0.8 答案：A 解析：则选A8．若316, 0()0, 0x x f x xx ⎧-≠⎪=⎨⎪=⎩，则满足(1)0xf x -≥的x 的取值范围是 A ．[﹣1，1][3，+∞)B ．(-∞，﹣1][0，1][3，+∞) C ．[﹣1，0][1，+∞)D ．(-∞，﹣3][﹣1，0][1，+∞)答案：B解析：不妨求(1)()0x f x +≥， ①当x ＝﹣1或0时显然成立；故则原不等式的解为(-∞，﹣1][0，1][3，+∞)，选B ．二、 多项选择题（本大题共4小题，每小题5分， 共计20分．在每小题给出的四个选项中，至少有两个是符合题目要求的，请把答案添涂在答题卡相应位置上）9．函数()sin(2)4f x x π=+，则A ．函数()y f x =的图象可由函数sin 2y x =的图象向右平移4π个单位得到 B ．函数()y f x =的图象关于直线8x π=轴对称C ．函数()y f x =的图象关于点(8π-，0)中心对称D ．函数2()y x f x =+在(0，8π)上为增函数 答案：BCD解析：作出()y f x =的图象，如图所示：显然A 错误，BC 正确， 显然()f x 在(0，8π)上递增，又2()g x x =在(0，8π)上递增，故D 正确； 因此，选ABD．10．已知O 为坐标系原点，F 1，F 2分别为双曲线22221x y a b-=(a ＞0，b ＞0)的左、右焦点，点P 在双曲线右支上，则下列结论正确的有 A ．若PO ＝PF 2，则双曲线的离心率e ≥2B ．若△POF 2是面积为3的正三角形，则223b =C ．若A 2为双曲线的右顶点，PF 2⊥x 轴，则F 2A 2＝F 2PD ．若射线F 2P 与双曲线的一条渐近线交于点Q ，则12QF QF 2a -> 答案：ABD解析：选项A ，PO ＝PF 2中垂线与双曲线有交点，正确；选项B ，，则，正确；选项C ，，显然不等，错误； 选项D ，不妨设P ，Q 均在第一象限，则：，正确；因此，选ABD ．11．1982年美国数学学会出了一道题：一个正四面体和一个正四棱锥的所有棱长都相等，将正四面体的一个面和正四棱锥的一个侧面紧贴重合在一起，得到一个新几何体．中学生丹尼尔做了一个如图所示的模型寄给美国数学学会，美国数学学会根据丹尼尔的模型修改了有关结论．对于该新几何体，则 A ．AF ∥CD B ．AF ⏊DEC ．新几何体有7个面D ．新几何体的六个顶点不能在同一个球面上 答案：ABD解析：新几何体有五个面，而不是七个面，故C 错误，其他选项均正确，选ABD ． 12．已知正数x ，y ，z 满足3412x y z ==，则A ．634z x y <<B ．121x y z += C ．4x y z +>D ．24xy z <答案：AC 解析：令，则则显然有111x y z+=，故B 错误， 选项A ，又，故A 正确；故，故C 正确，D 错误；因此，选AC ．三、填空题（本大题共4小题， 每小题5分，共计20分．请把答案填写在答题卡相应位置上）13．已知向量a ＝(1，2)，b ＝(0，﹣2)，c ＝(﹣1，λ)，若(2a b -)∥c ，则实数λ＝． 答案：﹣3解析：2a b -＝(2，6)，则2603λλ+=⇒=-．14．已知复数z 对应的点在复平面第一象限内，甲、乙、丙、丁四人对复数z 的陈述如下（i为虚数单位）： 甲：2z z +=；乙：23i z z -=；丙：4z z ⋅=；丁：22z z z =．在甲、乙、丙、丁四人陈述中，有且只有两个人的陈述正确，则复数z ＝． 答案：z ＝1＋i解析：设，则，显然丙丁，乙丁不同时成立，且甲乙丙可以知二推一，故甲丁正确．15．若23sin 2cos 1x x +=，则5sin()cos(2)63x x ππ-⋅+＝． 答案：732解析：23sin 2cos 14sin()16x x x π+=⇒+=，∴51sin()sin[()]sin()6664x x x ππππ-=-+=+=， 27cos(2)cos[2()]12sin ()3668x x x πππ+=+=-+=，故5177sin()cos(2)634832x x ππ-⋅+=⨯=．16．四面体的棱长为1或2，但该四面体不是正四面体，请写出一个这样四面体的体积；这样的不同四面体的个数为．答案：11，3 解析：显然可以构成一个底面为边长为1正三角形，侧棱长均为2的正三棱锥，该三棱锥的高223112()33h =-=，则体积1311113123V =⨯⨯=， 1和2可以构成的三角形有：边长为1的正三角形，边长为2的正三角形，边长为1，2，2的三角形，除了已求体积的正三棱锥外，还可以是：四个1，2，2的三角形拼成的三棱锥；两个边长为2的正三角形和两个1，2，2的三角形拼成的三棱锥．所以，共3个．四、解答题（本大题共6小题，共计70分．请在答题卡指定区域内作答．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤） 17．（本小题满分10分）在△ABC 中，∠BAC ＝90∘，点D 在边BC 上，满足AB ＝3BD ． （1）若∠BAD ＝30°，求∠C ；（2）若CD ＝2BD ，AD ＝4，求△ABC 的面积．解：（1）在△ABD 中，，所以， 因为，所以，或，当时，，所以，当时，（舍）所以；（2）因为，所以，所以，所以，所以．18．（本小题满分12分）已知等比数列{}n a的各项均为整数，公比为q，且q＞1，数列{}n a中有连续四项在集合M＝{﹣96，﹣24，36，48，192}中．（1）求q，并写出数列{}n a的一个通项公式；（2）设数列{}n a的前n项和为n S，证明：数列{}n S中的任意连续三项按适当顺序排列后，可以成等差数列．解：（1）因为，且各项均为整数，所以连续四项为，所以公比，取，则；（2），当n为奇数时，，，所以，当n为偶数时，，，所以对数列{}n S中的任意连续三项按适当顺序排列后，可以成等差数列．19．（本小题满分12分）如图，在四棱锥P—ABCD中，△PAD是以AD为斜边的等腰直角三角形，BC∥AD，AB⊥AD，AD＝2AB＝2BC＝2，PC2E为PD的中点．（1）求直线PB与平面PAC所成角的正弦值；（2）设F是BE的中点，判断点F是否在平面PAC内，并请证明你的结论．解：取AD的中点G，连接PG，CG，因为△APD是等腰直角三角形，所以PG⊥AD，因为AD＝2，所以PG＝1，因为AG＝1，AD∥BC，所以AG∥BC且AG＝BC＝1，所以AGCB是平行四边形，所以AB//CG，又因为AB⊥AD，所以CG⊥AD，又CG＝1，PC＝2，PG＝1，所以PG⊥CG，建立如图空间直角坐标系，则A(0，﹣1，1)，P(0，0，1)，C(1，0，0)，B(1，﹣1，0)，（1），设平面PAC法向量为则，取，则，则，所以直线PB与平面PAC所成角的正弦值为；（2），所以，所以，则，所以AF在平面PAC中，所以点F在平面PAC内．20．（本小题满分12分）某地发现6名疑似病人中有1人感染病毒，需要通过血清检测确定该感染人员，血清检测结果呈阳性的即为感染人员，呈阴性表示没感染．拟采用两种方案检测：方案甲：将这6名疑似病人血清逐个检测，直到能确定感染人员为止；方案乙：将这6名疑似病人随机分成2组，每组3人．先将其中一组的血清混在一起检测，若结果为阳性，则表示感染人员在该组中，然后再对该组中每份血清逐个检测，直到能确定感染人员为止；若结果呈阴性，则对另一组中每份血清逐个检测，直到能确定感染人员为止．（1）求这两种方案检测次数相同的概率；（2）如果每次检测的费用相同，请预测哪种方案检测总费用较少？并说明理由．解：记甲方案检测的次数是X，则X∈{1，2，3，4，5}，记乙方案检测的次数是Y，则Y ∈{2，3}，（1）记两种方案检测的次数相同为事件A，则，所以两种方案检测的次数相同的概率为；（2）所以，，所以采用乙方案．21．（本小题满分12分）已知O为坐标系原点，椭圆C：2214xy+=的右焦点为点F，右准线为直线n．（1）过点(4，0)的直线交椭圆C于D，E两个不同点，且以线段DE为直径的圆经过原点O，求该直线的方程；（2）已知直线l上有且只有一个点到F的距离与到直线n的距离之比为32，直线l与直线n交于点N，过F作x轴的垂线，交直线l于点M．求证：FMFN为定值．解：（1）设过点(4，0)的直线为交于椭圆，联立消去y得又因为以线段DE为直径的圆经过原点，则则所求直线方程为；（2）已知椭圆2214xy+=的离心率为32，右准线直线n的方程为，已知直线l上有且只有一个点到F的距离与到直线n的距离之比为3，可以得出直线l与椭圆相切，设直线l的方程为：，联立消去y得：，联立点N坐标为得到．22．（本小题满分12分）已知函数()1lnf x m x=+(m∈R)．（1）当m ＝2时，一次函数()g x 对任意x ∈(0，+∞)，()f x ≤()g x ≤2x 恒成立，求()g x 的表达式；（2）讨论关于x 的方程2()1()f x x f x=解的个数． 解：（1）设求导略，又 设，又∵∴在(0，+∞)上恒成立，∴在(0，+∞)上恒成立，∴又综上；（2），则，即设，则，设①当m ≥1时，在(0，+∞)上递增，又∴在(0，+∞)恒有一解，即只有一解 ②m ＜0时，在上递减又在(0，+∞)恒有一解，③0＜m ＜1时，设∴在(0，+∞)上有二解，且又∵当时，∴在上恰有一根 当时，当时，∴且，解得∴在上恰有一根，在(0，+∞)上恰有三根，综上，当m ≥1或m ≤0时，2()1()f x x f x =恰有一根；当0＜m ＜1时，2()1()f x x f x=恰有三根．。

江苏省苏州市2020-2021学年第二学期期初学业质量阳光指标调研卷高三地理2021.02一、单项选择题：共22题，每题2分，共44分。

中华老字号是指历史悠久，具有深厚文化底蕴，形成良好信誉的品牌，企业类型主要包括餐饮服务、食品加工、商贸百货和医疗保健等。

图1为中华老字号企业空间分布图，据此完成1-2题。

1.中华老字号企业总体分布格局是A.集中在地势的第一阶梯B. 粤港澳大湾区密度最高C.集中于胡焕庸线东南侧D. 西部地区分布较为均衡2.影响中华老字号企业空间分布的因素有①资源禀赋②地域文化③消费需求④生态环境A．①②③B．①②④C．②③④D．①③④今年春节期间，小苏同学和家人在城郊自驾游，他们打算一天中游览3个景点，计划大约在日出时从家里出发，日落时回来。

图2为当日行程线路示意图。

据此完成3—4题。

A．上海（310N，1210E)B．郑州（34.80N，1130E)C．成都（30.50N，1030E)D．乌鲁木齐（430N，870E)4．该日出游时，途中为免受阳光长时间照射且能欣赏窗外的风景，小苏应选择的座位是A．酒店至观光点1，右侧靠窗B.观光点1至观光点2，右侧靠窗C 观光点2至观光点3，左侧靠窗D．观光点3至酒店，左侧靠窗“锋前增温”主要是暖气团在受挤压集聚的情况下温度升高所致。

图3为2020年3月3日2时我国局部海平面气压分布图，完成5—6题。

5．该日最可能出现“锋前增温”的地区是1A 甲B．乙C．丙D．丁6 符合甲—丙沿线剖面天气系统分布的是注：水平与垂直方向比例尺不同。

A.①B．②C．③D．④陕西省神木市地处毛乌素沙漠和黄土高原过渡地带，多年平均降水量435.8mm。

图4为神木市水系及降水入渗系数（反映降水时地表下渗强弱的指标，系数越大，下渗能力越强）分布图。

读图4回答7．神木市西部地表为A．风沙荒漠区B.黄土源地区C．沟壑纵横区D．丘陵起伏区8.影响神木市降水入渗系数东西差异的主要因素有①土壤结构②地形坡度③降水强度④植被覆盖率A.①②B ②③C．②④D ③④海坨山地区是2022年北京冬奥会的三大赛区之一（图5)，这里建有国家高山滑雪中心、国家雪车雪橇中心等比赛场地。

苏州市2024-2025学年高三上学期期初阳光调研试卷物理注意事项：1.本试卷包含选择题和非选择题两部分、考生答题全部答在答题卡上，答在本试卷上无效。

本次考试时间为75分钟，满分值为100分。

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号（考试号）用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔填写在答题卡上，并用2B铅笔将对应的数字标号涂黑.3.答选择题必须用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案。

答非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米签字笔写在答题卡上的指定位置，在其它位置答题一律无效。

一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分，每题只有一个选项最符合题意。

1．如图所示的磁场中，能产生电磁波的是（）A．B．C．D．2．由两块不平行的长导体板组成的电容器如图所示．若使两板分别带有等量异种电荷，定性反映两板间电场线分布的图可能是（）A．B．C．D．3．如图为水流导光实验，出水口受激光照射，下方桶中的水被照亮，不计空气阻力，则（）A ．激光在水和空气中传播的速度大小相等B ．激光在水与空气的界面上发生了全反射C ．水在空中的速度大小均匀变化D ．水在空中的速度方向变化越来越快4．氘核可通过一系列聚变反应释放能量，总的反应效果可用241112016H 2He n p 43.15MeV x y →+++表示，式中x 、y 的值分别为（ ）A ．1x =，2y =B ．1x =，3y =C ．2x =，2y =D ．3x =，1y =5．如图所示为三根平行直导线的截面图，若它们的电流大小都相同，方向垂直纸面向里，且如果AB AC AD ==，则A 点的磁感应强度的方向为（ ）A ．沿AB 方向 B ．沿AD 方向C ．沿AC 方向D ．沿DA 方向6．如图所示，两个质量相同的小球A 和B 之间用轻弹簧连接，然后用细绳悬挂起来，剪断细绳的瞬间，关于A 球和B 球的加速度，下列说法正确的是（ ）A ．B 0a = B ．B a g =C ．A 0a =D ．A a g =7．如图所示，LC 振荡电路的电流随时间变化的图像。

江苏省苏州市2021年中考数学试卷一、单选题（共10题；共20分）1.计算(√3)2的结果是（）A. √3B. 3C. 2√3D. 9【答案】B【考点】二次根式的性质与化简【解析】【解答】解：(√3)2=3，故答案为：B.【分析】根据二次根式的性质“(√a)2=|a|(a≥0)”可求解.2.如图所示的圆锥的主视图是（）A. B.C. D.【答案】A【考点】简单几何体的三视图【解析】【解答】主视图是从正面看所得到的图形，圆锥的主视图是等腰三角形，如图所示：，故答案为：A.【分析】主视图是从物体正面看所得到的图形；认真观察实物图，按照三视图的要求画图即可，其中看得到的棱长用实线表示，看不到的棱长用虚线的表示．3.如图，在方格纸中，将Rt△AOB绕点B按顺时针方向旋转90°后得到Rt△A′O′B，则下列四个图形中正确的是（）A. B.C. D.【答案】B【考点】旋转的性质，作图﹣旋转【解析】【解答】A、Rt△A′O′B是由Rt△AOB关于过B点与OB垂直的直线对称得到，故A选项不符合题意；B、Rt△A′O′B是由Rt△AOB绕点B按顺时针方向旋转90°后得到，故B选项符合题意；C、Rt△A′O′B与Rt△AOB对应点发生了变化，故C选项不符合题意；D、Rt△AOB是由Rt△AOB绕点B按逆时针方向旋转90°后得到，故D选项不符合题意.故答案为：B.【分析】由旋转的性质并结合各选项可判断求解.4.已知两个不等于0的实数a、b满足a+b=0，则ba +ab等于（）A. -2B. -1C. 1D. 2 【答案】A【考点】完全平方公式及运用【解析】【解答】解：∵ba +ab=b2+a2ab，∴ba +ab=b2+a2ab=(a+b)2−2abab，∵两个不等于0的实数a、b满足a+b=0，∴ba +ab=(a+b)2−2abab=-2abab=-2，故答案为：A.【分析】将所求代数式通分并根据完全平方公式可得ba +ab=(a+b)2−2abab,然后整体代换即可求解.5.为增强学生的环保意识，共建绿色文明校园.某学校组织“废纸宝宝旅行记”活动.经统计，七年级5个班级一周回收废纸情况如下表；则每个班级回收废纸的平均重量为（）A. 5kgB. 4.8kgC. 4.6kgD. 4.5kg【答案】C【考点】平均数及其计算【解析】【解答】每个班级回收废纸的平均重量= 4.5+4.4+5.1+3.3+5.75=4.6kg.故答案为：C.【分析】根据平均数=各班的回收废纸的数量之和÷班级的个数可求解.6.已知点A(√2,m)，B(32,n)在一次函数y=2x+1的图象上，则m与n的大小关系是（）A. m>n B. m=n C. m<n D. 无法确定【答案】C【考点】一次函数的性质【解析】【解答】解：在一次函数y=2x+1中，∵k=2>0，∴y随x的增大而增大.∵2< 94，∴√2<32.∴m<n.故答案为：C【分析】由题意根据一次函数的性质“当k＞0时，y随x的增大而增大.”并结合点A、B的横坐标即可判断求解.7.某公司上半年生产甲，乙两种型号的无人机若干架.已知甲种型号无人机架数比总架数的一半多11架，乙种型号无人机架数比总架数的三分之一少2架.设甲种型号无人机 x 架，乙种型号无人机 y 架.根据题意可列出的方程组是（ ）A. {x =13(x +y)−11,y =12(x +y)+2B. {x =13(x +y)+11.y =12(x +y)−2C. {x =12(x +y)−11,y =13(x +y)+2D. {x =12(x +y)+11,y =13(x +y)−2 【答案】 D【考点】二元一次方程组的应用-和差倍分问题【解析】【解答】设甲种型号无人机 x 架，乙种型号无人机 y 架∵甲种型号无人机架数比总架数的一半多11架，∴ x =12(x +y)+11∵乙种型号无人机架数比总架数的三分之一少2架∴ y =13(x +y)−2联立可得： {x =12(x +y)+11y =13(x +y)−2 故答案为：D.【分析】由题意可得相等关系“甲种型号无人机架数比总架数的一半多11架，乙种型号无人机架数比总架数的三分之一少2架”，根据相等关系可列方程组.8.已知抛物线 y =x 2+kx −k 2 的对称轴在 y 轴右侧，现将该抛物线先向右平移3个单位长度，再向上平移1个单位长度后，得到的抛物线正好经过坐标原点，则 k 的值是（ ）A. -5或2B. -5C. 2D. -2【答案】 B【考点】二次函数图象的几何变换【解析】【解答】解：∵抛物线y=x 2+kx-k 2的对称轴在y 轴右侧，∴x=−k 2>0 ，∴k ＜0.∵抛物线y=x 2+kx-k 2=(x +k 2)2−5k 24. ∴将该抛物线先向右平移3个单位长度，再向上平移1个单位长度后，得到的抛物线的表达式是：y =(x +k 2−3)2−5k 24+1 ，∴将（0，0）代入，得0=(0+k 2−3)2−5k 24+1 ， 解得k 1=2（舍去），k 2=-5.故答案为：B.【分析】先将二次函数配成顶点式，再根据二次函数平移的点的坐标变化规律“左加右减、上加下减”可得平移后的解析式，再根据平移后的抛物线经过原点可将（0,0）代入平移后的解析式得关于k的一元二次方＞0，解不等式可得k的范围，结合范围可确程，解方程可求得k的值，再根据对称轴在y轴右侧可得x=-k2定k的值.9.如图，在平行四边形ABCD中，将△ABC沿着AC所在的直线翻折得到△AB′C，B′C交AD 于点E，连接B′D，若∠B=60°，∠ACB=45°，AC=√6，则B′D的长是（）A. 1B. √2C. √3D. √62【答案】B【考点】平行四边形的性质，等腰直角三角形【解析】【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形∴AB=CD ∠B=∠ADC=60°，∠ACB＝∠CAD由翻折可知：BA＝AB′＝DC，∠ACB＝∠AC B′=45°，∴△AEC为等腰直角三角形∴AE=CE∴Rt△AE B′≌Rt△CDE∴EB′=DE∵在等腰Rt△AEC中，AC=√6∴CE=√3∵在Rt△DEC中，CE=√3，∠ADC=60°∴∠DCE=30°∴DE=1在等腰Rt△DE B′中，EB′=DE=1∴B′D= √2故答案为：B【分析】由折叠的性质可得△AEC为等腰直角三角形，结合平行四边形的性质可证Rt△AE B′≌Rt△CDE，由全等三角形的性质可得E B′=DE，在等腰Rt△AEC中，用勾股定理可求得CE的值，解Rt△DEC可求得DE 的值，在等腰Rt△DE B′中，用勾股定理可求解.10.如图，线段AB=10，点C、D在AB上，AC=BD=1.已知点P从点C出发，以每秒1个单位长度的速度沿着AB向点D移动，到达点D后停止移动，在点P移动过程中作如下操作：先以点P为圆心，PA、PB的长为半径分别作两个圆心角均为60°的扇形，再将两个扇形分别围成两个圆锥的侧面.设点P的移动时间为（秒）.两个圆锥的底面面积之和为S.则S关于t的函数图象大致是（）A. B.C. D.【答案】 D【考点】圆锥的计算，二次函数的实际应用-几何问题【解析】【解答】解：根据题意，∵AB=10，AC=BD=1，且已知点P从点C出发，以每秒1个单位长度的速度沿着AB向点D移动，到达点D后停止移动，则0≤t≤8，∴PA=t+1，∴PB=10−(t+1)=9−t，由PA的长为半径的扇形的弧长为：60π(t+1)180=π(t+1)3∴用PA的长为半径的扇形围成的圆锥的底面半径为t+16∴其底面的面积为π(t+1)236由PB的长为半径的扇形的弧长为：60π(9-t)180=π(9−t)3∴用PB的长为半径的扇形围成的圆锥的底面半径为9-t6∴其底面的面积为π(9-t)236∴两者的面积和S=π(t+1)236+π(9−t)236=118π(t2−8t+41)∴图象为开后向上的抛物线，且当t=4时有最小值；故答案为：D.【分析】先用t的代数式表示出两个扇形的半径，根据扇形的弧长等于底面圆的周长求出两个圆锥底面圆的半径，最后列出两个圆锥底面积之和关于t的函数关系式，根据关系式即可判断出符合题意的函数图形．二、填空题（共8题；共9分）11.全球平均每年发生雷电次数约为16000000次，将16000000用科学记数法表示是________．【答案】1.6×107【考点】科学记数法—表示绝对值较大的数【解析】【解答】解：16 000 000=1.6×107，故答案为：1.6×107．【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．12.因式分解x2−2x+1=________.【答案】（x﹣1）2【考点】因式分解﹣运用公式法【解析】【解答】解：x2−2x+1=（x﹣1）2.故答案为：（x﹣1）2.【分析】根据完全平方公式“a2-2ab+b2=（a-b）2”可求解.13.一个小球在如图所示的方格地砖上任意滚动，并随机停留在某块地砖上.每块地砖的大小、质地完全相同，那么该小球停留在黑色区域的概率是________.【答案】38【考点】几何概率【解析】【解答】解：∵由图可知，黑色方砖6块，共有16块方砖，∴黑色方砖在整个区域中所占的比值= 616=38，∴小球停在黑色区域的概率是3；8故答案为：38【分析】先求出黑色方砖在整个地面中所占的比值，再根据其比值即可得出结论.14.如图.在Rt△ABC中，∠C=90°，AF=EF.若∠CFE=72°，则∠B=________.【答案】54°【考点】三角形内角和定理，等腰三角形的性质【解析】【解答】∵ AF=EF，∴∠A=∠AEF，∵∠A+∠AEF=∠CFE=72°，∴∠A=36°，∵∠C=90°，∠A+∠B+∠C=180°，∴∠B=180°-∠A-∠C=54°.故答案为：54°.【分析】与等边对等角可得∠A=∠AEF，根据三角形的外角的性质可求得∠A的度数，再用三角形内角和定理可求解.15.若m+2n=1，则3m2+6mn+6n的值为________.【答案】3【考点】代数式求值【解析】【解答】∵m+2n=1，∴3m2+6mn+6n=3m(m+2n)+6n=3m+6n=3(m+2n)=3.故答案为：3.【分析】将所求代数式变形得原式=3m(m+2n)+6n，再整体代换可求解.16.若2x+y=1，且0<y<1，则x的取值范围为________.【答案】0<x<12【考点】一次函数的性质【解析】【解答】解：根据2x+y=1可得y＝﹣2x+1，∴k＝﹣2＜0∵0<y<1，∴当y＝0时，x取得最大值，且最大值为1，2当y＝1时，x取得最小值，且最小值为0，∴0<x<12故答案为：0<x<12.【分析】将二元一次方程变形得：y=-2x+1，根据一次函数的性质可求解.17.如图，四边形ABCD为菱形，∠ABC=70°，延长BC到E，在∠DCE内作射线CM，使得∠ECM=15°，过点D作DF⊥CM，垂足为F，若DF=√5，则对角线BD的长为________.（结果保留根号）【答案】2√5【考点】菱形的性质【解析】【解答】解：连接AC，如图，∵四边形ABCD是菱形，∴AB//CD，∠DOC=90°，BD=2DO∴∠DCE=∠ABC=70°∵∠ECM=15°∴∠DCM=55°∵DF⊥CM∴∠CDF=35°∵四边形ABCD是菱形，∴∠CDB=12∠ADC=12∠ABC=35°∴∠CDF=∠CDO在ΔCDO和ΔCDF中，{∠CDO=∠CDF∠COD=∠CFD=90°CD=CD∴ΔCDO≌ΔCDF∴DO=DF=√5∴BD=2DO=2√5故答案为：2√5.【分析】连接AC，由菱形的性质和已知条件用角角边可证△CDO≌△CDF，由全等三角形的对应边相等可得DO=DF，由菱形的性质BD=2DO可求解.18.如图，射线OM、ON互相垂直，OA=8，点B位于射线OM的上方，且在线段OA的垂直平分线l上，连接AB，AB=5.将线段AB绕点O按逆时针方向旋转得到对应线段A′B′，若点B′恰好落在射线ON上，则点A′到射线ON的距离d≈________.【答案】245【考点】解直角三角形，旋转的性质【解析】【解答】如图所示，连接OA′、OB，过A′点作A′P⊥ON交ON与点P.∵线段AB绕点O按逆时针方向旋转得到对应线段A′B′∴OA′=OA=8，∠B′OB=∠A′OA∴∠B′OB−∠BOA′=∠A′OA−∠BOA′即∠B′OA′=∠BOA∵点B在线段OA的垂直平分线l上∴OC=12OA=12×8=4，OB=AB=5BC=√OB2−OC2=√52−42=3∵ ∠B ′OA ′=∠BOA∴ sin ∠B ′OA ′=A ′P A ′O =sin ∠BOA =BC OB∴ A ′P 8=35 ∴ d =A ′P =245【分析】连接OA ′、OB ， 过A ′点作A ′P ⊥ON 交ON 与点P ，由旋转的性质可得OA ′=OA =8 ，∠B ′OB =∠A ′OA ， 由角的构成得∠B´OA´=∠BOA ，由线段的垂直平分线的性质“线段的垂直平分线上的点到线段两端点的距离相等”可得OC=12OA ，用勾股定理求得BC 的值；于是根据sin ∠B´OA´=A ·PA ·O =sin ∠BOA=BC OB 可求得A´P 的值，则d=A´P 可求解. 三、解答题（共10题；共78分）19.计算： √4+|−2|−32 .【答案】 解： √4+|−2|−32=2+2−9=−5【考点】实数的运算【解析】【分析】由算术平方根可得√4=2，然后根据有理数的加减混合运算法则计算即可求解.20.解方程组： {3x −y =−4x −2y =−3. 【答案】 解: {3x −y =−4①x −2y =−3②由②得：x=-3+2y ③，把③代入①得，3（-3+2y ）-y=-4，解得y=1，把y=1代入③得：x=-1，则原方程组的解为： {x =−1y =1【考点】解二元一次方程组【解析】【分析】观察方程②中未知数x 的系数是1，所以由方程②变形可将x 用含y 的代数式表示，把x 的代入方程①可消去未知数y ，求得未知数x 的值，把x 的值代入其中一个方程计算可求得y 的值，再写出结论可求解.21.先化简再求值： (1+1x−1)⋅x 2−1x ，其中 x =√3−1 . 【答案】 解：原式 =x−1+1x−1⋅(x+1)(x−1)x=x +1 当 x =√3−1 时，原式 =√3【考点】利用分式运算化简求值【解析】【分析】由题意先将括号内的分式通分，再将每一个分式的分子和分母分解因式并约分，即可将分式化简，再把x的值的代入化简后的分式计算可求解.22.某学校计划在八年级开设“折扇”、“刺绣”、“剪纸”、“陶艺”四门校本课程，要求每人必须参加，并且只能选择其中一门课程.为了解学生对这四门课程的选择情况，学校从八年级全体学生中随机抽取部分学生进行问卷调查.并根据调查结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图（部分信息未给出）.请你根据以上信息解决下列问题：（1）参加问卷调查的学生人数为▲名.补全条形统计图（画图并标注相应数据）；（2）在扇形统计图中，选择“陶艺”课程的学生占________%；（3）若该校八年级一共有1000名学生，试估计选择“刺绣”课程的学生有多少名？【答案】（1）解：50；画图并标注相应数据，如下图所示.（2）10=200（名）.（3）解：由题意得：1000×1050答：选择“刺绣”课程有200名学生【考点】用样本估计总体，扇形统计图，条形统计图【解析】【解答】解：（1）15÷30%=50（人），所以，参加问卷调查的学生人数为50名，参加“剪纸”课程的人数为：50-15-10-5=20（名）画图并标注相应数据，如下图所示.故答案为：50；（2）5÷50=0.1=10%故答案为10；【分析】（1）观察条形图和扇形图可知折扇的频数和百分数，根据样本容量=频数÷百分数可求得参加问卷调查的学生人数；根据样本容量等于各小组频数之和可求得剪纸的频数，于是可补充条形图；（2）根据百分数=频数÷样本容量可求得陶艺的百分数；（3）用样本估计总体可求解.23.4张相同的卡片上分别写有数字0、1、−2、3，将卡片的背面朝上，洗匀后从中任意抽取1张.将卡片上的数字记录下来；再从余下的3张卡片中任意抽取1张，同样将卡片上的数字记录下来.（1）第一次抽取的卡片上数字是负数的概率为________；（2）小敏设计了如下游戏规则：当第一次记录下来的数字减去第二次记录下来的数字所得结果为非负数时，甲获胜：否则，乙获胜.小敏设计的游戏规则公平吗？为什么？（请用画树状图或列表等方法说明理由）.【答案】（1）14（2）解：用树状图或表格列出所有等可能的结果：∵共有12种等可能的结果，两个数的差为非负数的情况有6种，∴P（结果为非负数）=612=12，P（结果为负数）=612=12.∴游戏规则公平【考点】列表法与树状图法【解析】【解答】解：（1）共有4种等可能的结果，其中数字是负数情况占1种P（数字是负数）= 14；【分析】（1）用概率公式可求解；（2）由题意画出树状图，根据树状图的信息可知：共有12种等可能的结果，两个数的差为非负数的情况有6种，然后用概率公式可求得小敏获胜的概率，根据概率的大小可判断游戏是否公平.24.如图，在平面直角坐标系中.四边形OABC为矩形，点C、A分别在x轴和y轴的正半轴上，点D为AB的中点已知实数k≠0，一次函数y=−3x+k的图象经过点C、D，反比例函数y= kx(x>0)的图象经过点B，求k的值.【答案】解：把y=0代入y=−3x+k，得x=k3.∴C(k3,0).∵BC⊥x轴，∴点B横坐标为k3.把x=k3代入y=kx，得y=3.∴B(k3,3).∵点D为AB的中点，∴AD=BD.∴D(k6,3).∵点D(k6,3)在直线y=−3x+k上，∴3=−3×k6+k.∴k=6【考点】反比例函数与一次函数的交点问题【解析】【分析】根据直线与x轴相交于点C可令y=0，求得x的值可得点C的坐标；由BC⊥x轴可得点B的横坐标和点C的横坐标相等，把点B的横坐标代入反比例函数的解析式可得点B的纵坐标，由线段中点定义可得点D的坐标，再根据点D在反比例函数的图象上可将点D的坐标代入直线解析式可得关于k 的方程，解方程可求解.25.如图，四边形ABCD内接于⊙O，∠1=∠2，延长BC到点E，使得CE=AB，连接ED.（1）求证：BD=ED；（2）若AB=4，BC=6，∠ABC=60°，求tan∠DCB的值.【答案】（1）证明：∵四边形ABCD是圆的内接四边形，∴∠A+∠BCD=180°.∵∠DCE+∠BCD=180°，∴∠A=∠DCE.∵∠1=∠2，∴AD⌢=CD⌢，∴AD=CD.在△ABD和△CED中，{AB=CE ∠A=∠DCE AD=CD∴△ABD≌△CED(SAS)，∴BD=ED（2）解：如图，过点D作DM⊥BE，垂足为M.∵BC=6，AB=CE=4，∴BE=BC+CE=10.由（1）知BD=ED.∴BM=EM=12BE=5.∴CM=BC−BM=1.∵∠ABC=60°，∠1=∠2，∴∠2=30°.∴DM=BM⋅tan30°=5×√33=5√33.∴tan∠DCB=DMCM =5√33【考点】圆的综合题【解析】【分析】（1）由圆内接四边形的对角互补和邻补角的性质可得∠A=∠DCE，由∠1=∠2可得弧AD=弧CD，于是AD=CD，然后用边角边可证△ABD≌△CED，由全等三角形的对应边相等可求解；（2）过点D作DM⊥BE，垂足为M，在直角三角形BDM中，用锐角三角函数tan30°=DMBM可求得DM的值；于是tan∠BCD=DMCM可求解.26.如图，二次函数y=x2−(m+1)x+m（m是实数，且−1<m<0）的图象与x轴交于A、B两点（点A在点B的左侧），其对称轴与x轴交于点C，已知点D位于第一象限，且在对称轴上，OD⊥BD，点E在x轴的正半轴上，OC=EC.连接ED并延长交y轴于点F，连接AF.（1）求A、B、C三点的坐标（用数字或含m的式子表示）；（2）已知点Q在抛物线的对称轴上，当△AFQ的周长的最小值等于125，求m的值. 【答案】（1）解：令y=0,则x2−(m+1)x+m=0，∴(x−1)(x−m)=0,∴x1=m,x2=1,∴A(m,0)，B(1,0)，∴对称轴为直线x=m+12，∴C(m+12,0)（2）解：在Rt△ODB中，CD⊥OB，OD⊥BD,∴∠ODB=∠OCD=90°,∵∠DOC=∠BOD,∴△COD∽△CDB，∴CDCB =COCD,∵C(m+12,0),B(1,0),∴OC=m+12，BC=1−m+12=1−m2.∴CD2=OC⋅CB=m+12⋅1−m2=1−m24.∵CD⊥x轴，OF⊥x轴，∴CD//OF.∵OC=EC，∴OF=2CD.∴OF2=4CD2=1−m2.在Rt△AOF中，AF2=OA2+OF2，∴AF2=m2+1−m2=1，即AF=1.（负根舍去）∵点A与点B关于对称轴对称，∴QA=QB.∴如图，当点F、Q、B三点共线时，FQ+AQ的长最小，此时△AFQ的周长最小.∴△AFQ的周长的最小值为125，∴FQ+AQ的长最小值为125−1=75，即BF=75.∵OF2+OB2=BF2，∴1−m2+1=4925.∴m=±15.∵−1<m<0，∴m=−15【考点】二次函数的实际应用-几何问题【解析】【分析】（1）由题意令y＝x2−（m＋1）x＋m＝0，解得x＝1或m，可得点A、B的坐标分别为（m，0）、（1，0），则点C的横坐标为12（m＋1），即可求解；（2）由题意根据有两个角对应相等的两个三角形相似可得△COD∽△CDB，于是可得比例式CDCB =COCD，由C、B的坐标可将OC、BC用含m的代数式表示出来，则CD2也可用含m的代数式表示出来，由OF=2CD，于是OF2用含m的代数式表示出来，在直角三角形AOF中，用勾股定理可求得AF的值，再由轴对称的性质可得QA=QB，当点F、Q、B三点共线时，FQ+AQ的长最小，此时△AFQ的周长最小；由三角形AFQ的周长的最小值可求得BF的值，在直角三角形BOF中，用勾股定理可得关于m的方程，解方程可求解.27.如图①，甲，乙都是高为6米的长方体容器，容器甲的底面ABCD是正方形，容器乙的底面EFGH 是矩形.如图②，已知正方形ABCD与矩形EFGH满足如下条件：正方形ABCD外切于一个半径为5米的圆O，矩形EFGH内接于这个圆O，EF=2EH.（1）求容器甲，乙的容积分别为多少立方米？（2）现在我们分别向容器甲，乙同时持续注水（注水前两个容器是空的），一开始注水流量均为25立方米/小时，4小时后.把容器甲的注水流量增加a立方米/小时，同时保持容器乙的注水流量不变，继续注水2小时后，把容器甲的注水流量再一次增加50立方米/小时，同时容器乙的注水流量仍旧保持不变.直到两个容器的水位高度相同，停止注水.在整个注水过程中，当注水时间为t时，我们把容器甲的水位高度，容器乙的水位高度记为ℎ乙，设ℎ乙−ℎ甲=ℎ，已知ℎ（米）关于注水时间t（小时）的记为ℎ甲函数图象如图③所示，其中MN平行于横轴.根据图中所给信息，解决下列问题：①求a的值；②求图③中线段PN所在直线的解析式.【答案】（1）解：由图知，正方形ABCD的边长AB=10，∴容器甲的容积为102×6=600立方米.如图，连接FH，∵ ∠FEH =90° ，∴ FH 为直径.在 Rt △EFH 中， EF =2EH ， FH =10 ，根据勾股定理，得 EF =4√5 ， EH =2√5 ，∴容器乙的容积为 2√5×4√5×6=240 立方米（2）解：根据题意可求出容器甲的底面积为 10×10=100 平方米，容器乙的底面积为 2√5×4√5=40 平方米.①当 t =4 时， ℎ=4×2540−4×25100=2.5−1=1.5 . ∵ MN 平行于横轴，∴ M(4，1.5) ， N(6，1.5) .由上述结果，知6小时后高度差仍为1.5米，∴ 25×640−25×6+2a 100=1.5 .解得 a =37.5 .②设注水b 小时后， ℎ乙−ℎ甲=0 ，则有 25b 40−25b+(b−4)×37.5+(b−6)×50100=0 . 解得 b =9 ，即 P(9，0) .设线段 PN 所在直线的解析式为 ℎ=kt +m ，∵ N(6，1.5) 、 P(9，0) 在直线 PN 上，∴ {1.5=6k +m 0=9k +m， 解得： {k =−12m =92. ∴线段 PN 所在直线的解析式为 ℎ=−12t +92(6≤t ≤9)【考点】一次函数的实际应用【解析】【分析】（1）连接FH ，解直角三角形EFH 求出EH ，然后根据容器的容积=长×宽×高可求解； （2）① 根据题意可求出容器甲的底面积为10×10=100 平方米，容器乙的底面积=长×宽可求得容器乙的底面积，根据6小时后的高度差为1.5米，可得h=4×2540−4×25100＝1.5，然后根据25×640−25×6+2a1001.5,解方程求出a的值即可；②当注t小时后，由h乙−h甲＝0，可得25b40−25b+(b−4)×37.5+(b−6)×50100＝0，解方程b的值可得点P的坐标，N的坐标，然后用待定系数法可求解.28.如图，在矩形ABCD中，线段EF、GH分别平行于AD、AB，它们相交于点P，点P1、P2分别在线段PF、PH上，PP1=PG，PP2=PE，连接P1H、P2F，P1H与P2F交于点Q.已知AG:GD=AE:EB=1:2.设AG=a，AE=b.（1）四边形EBHP的面积________四边形GPFD的面积（填“ >”、“ =”或“ <”）；（2）求证：△P1FQ∽△P2HQ；（3）设四边形PP1QP2的面积为S1，四边形CFQH的面积为S2，求S1S2的值.【答案】（1）=（2）证明：∵PP1=PG，PP2=PE，由（1）中PE⋅PH=2ab，PG⋅PF=2ab，∴PP2⋅PH=PP1⋅PF，即PP2PP1=PFPH，∵∠FPP2=∠HPP1，∴△PP2F∽△PP1H. ∴∠PFP2=∠PHP1. ∵∠P1QF=∠P2QH，∴△P1FQ∽△P2HQ（3）解：解法一：连接P1P2，FH，∵PP2CH =a2a=12，PP1CF=b2b=12，∴PP2CH =PP1CF.∵∠P1PP2=∠C=90°，∴△PP1P2∽△CFH.∴P1P2FH =PP1CF=12，S△PP1P2S△CFH=(P1P2FH)2=14.由（2）△P1FQ∽△P2HQ，得P1QP2Q =FQHQ，∴P1QFQ =P2QHQ.∵∠P1QP2=∠FQH，∴△P1QP2∽△FQH.∴S△P1QP2S△FQH =(P1P2FH)2=14.∵S1=S△PP1P2+S△P1P2Q，∴S1=14S△CFH+14S△FQM=14(S△CFH+S△FQM)=14S2.∴S1S2=14.解法二：连接P1P2、FH.∵PP2CH =a2a=12，PP1CF=b2b=12，∴PP2CH =PP1CF.∵∠P1PP2=∠C=90°，∴△PP1P2∽△CFH.∴P1P2FH =PP1CF=12，∠PP1P2=∠CFH，∠PP2P1=∠CHF.由（2）中△P1FQ∽△P2HQ，得P1QP2Q =FQHQ，∴P1QFQ =P2QHQ.∵∠P1QP2=∠FQH，∴△P1QP2∽△FQH.∴P1QFQ =P2QQH=P1P2FH=12，∠P2P1Q=∠HFQ，∠P1P2Q=∠FHQ.∴P1QFQ =P2QHQ=PP1CF=PP2CH=12，∠PP1Q=∠CFQ，∠PP2Q=∠CHQ.又∠P1PP2=∠C，∠P1QP2=∠FQH，∴四边形PP1OP2∽的四边形CFQH.∴S1S2=(PP1CF)2=14【考点】四边形的综合【解析】【解答】解：（1）∵四边形ABCD为矩形，∴∠BAD=∠B=∠C=90°.∵GH//AB，∴∠B=∠GHC=90°，∠BAD=∠PGD=90°.∵EF//AD，∴∠PGD=∠HPF=90°.∴四边形PFCH为矩形.同理可得：四边形AGPE、GDFP、EPHB均为矩形.∵AG=a，AE=b，AG:GD=AE:EB=1:2，∴PE=a，PG=b，GD=PF=2a，EB=PH=2b.∴四边形EBHP的面积=PE⋅PH=2ab，四边形GPFD的面积=PG⋅PF=2ab..四边形EBHP的面积=四边形GPFD的面积.【分析】（1）由题意根据有三个角是直角的四边形是矩形易证四边形PFCH、AGPE、GDFP、EPHB均为矩形，然后分别用含a，b的代数式表示出四边形EBHP和四边形GPFD的面积并作比较即可求解；（2）由（1）可得得边的比例关系，先证△PP2F∽△PP1H得∠PFP2＝∠PHP1，再根据对顶角相等并根据有两个角对应相等的两个三角形相似即可得△P1FQ∽△P2HQ；（3）连接P1P2，FH，先证△P1PP2∽△CFH可得线段比例关系，从而得面积比例关系，再证△P1QP2∽△FQH，得出面积比例关系，最后根据面积关系即可求得s1s2的值.。

苏州市2023—2024第一学期高三期初调研测试语文2023.9一、现代文阅读（35分）（一）现代文阅读I（本题共5小题，19分）阅读下面的文字，完成1～5题。

我们把莫扎特和贝多芬放一起比较下他们音乐的不同特色。

在音乐史或有关音乐评述的文章中这样的比较屡见不鲜，许多人爱把他们进行对比，这确实是一种有意思的现象。

比如柴可夫斯基这样对比：“莫扎特不像贝多芬那样掌握得深刻，他的气势没有那样宽广……他的音乐中没有主观性的悲剧成分，而这在贝多芬的音乐中是表现得那么强劲的。

”丰子恺这样说：“贝多芬……是心的英雄，他的音乐，实在是这英雄心的表现。

在莫扎特，音乐是音的建筑，其存在的意义仅在于音乐美。

至于贝多芬，则音乐是他的伟大的灵魂的表征，故更有光辉。

即莫扎特的音乐是感觉的艺术，贝多芬的音乐则是灵魂的艺术。

”《音乐的故事》的作者保罗·贝克说：“人们有时把莫扎特和贝多芬称作音乐界的拉斐尔和米开朗基罗，前者注重结构的完美，后者则喜欢气势的恢宏。

有时也把莫扎特和贝多芬比作歌德和席勒，前者的作品纯朴自然，而后者的作品感情浓烈、内涵丰富。

”很少有人拿莫扎特和其他音乐家对比。

拿莫扎特和贝多芬对比，说明他们两人地位旗鼓相当，也说明拿二者对比的人的心目中对莫扎特和贝多芬的态度以及对艺术人生的态度。

我更愿意从这一点来对比莫扎特和贝多芬，即他们面对人生苦难的态度及其在音乐中的表现。

之所以选择人生苦难这一点来作为比较基点，是因为这是他们两人共有的，无论是人生还是艺术，都是他们共有的磨难，也是他们共有的财富。

疾病、贫穷、孤独、嫉妒、倾轧……如黑蝙蝠的影子一样紧紧跟随他们。

谁会比他们更悲惨呢？只不过，贝多芬比莫扎特多了耳聋的悲惨，莫扎特比贝多芬多了早逝的悲惨。

而且，同样生活在维也纳，莫扎特要贫寒得多，贝多芬虽有过贫穷的童年，但到维也纳不久就得到宫廷顾问官勃朗宁夫人的资助。

同样死在维也纳，莫扎特的葬礼比起贝多芬由维也纳政府出面举办的2万人参加的葬礼，显得凄凉万分，他没钱买墓地，他到底埋在哪里也无人说得清。