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一、单项选择题(每题2分,共15题)1、海关工作人员不论职务高低，（）一律平等，相互间是同志关系A、职务上B、法律上C、政治上D、关系上正确答案为 C2、敬礼时，应首先面向受礼者成立正姿势，然后右手取捷径迅速抬起，五指并拢自然伸直，中指微接帽檐右角前约2厘米处（不戴帽时微接太阳穴，与眉齐高），手心向下，微向外张（），手腕不得弯曲，右大臂略平，与两肩略成一线，同时注视受礼者。
A、约20度B、约30度C、约40度D、约50度正确答案为 A3、海关工作人员依据（）和衔级高低，构成上级、下级和同级关系。
A、行政职务B、单位建制C、领导职务D、聘用关系正确答案为 A4、参加庆典、集会等重大活动升国旗时，应当（），列队时指挥员行举手礼。
A、自行立正B、行注目礼C、自行立正、行注目礼D、精神饱满，仪态端正正确答案为 C5、着制式长、短袖衬衣时，衬衣下摆扎系于裤(裙)腰内，扎系海关专用腰带。
着制式长袖衬衣时，扎系海关专用领带，佩戴海关制式领带夹，领带夹应夹于第（）衣扣之间。
A、1，2B、2，3C、3，4D、4，5正确答案为 C6、海关制式毛衣限于（）岗位穿着。
A、查验岗位B、外勤C、缉私D、机关(内勤)正确答案为 D7、戴关帽时，帽檐前缘应当与眉齐高。
大檐帽饰带应当（）。
A、并拢B、保持水平C、并拢且保持水平D、保持垂直8、海关工作人员着海关制服时，应当穿黑色皮鞋(黑色皮凉鞋不得露脚趾、脚跟)，着（）袜子，女关员可着肉色袜子。
A、深色B、单色C、深色的单色D、浅色的肉色正确答案为 C9、着海关制服时，女关员使用头饰，应佩戴（），发辫不得过肩，不得留奇怪发型、染彩发，不得染指甲和留长指甲，不得化浓妆。
A、单色头饰B、深色的单色头饰C、发卡D、浅色的单色头饰正确答案为 B10、着海关制服时，女关员不得戴（）等首饰，不得外露项链等饰物。
A、大耳环B、手镯C、手镯和耳环D、手表正确答案为 C11、关办公室内的设施和用品应摆放整齐有序，办公环境布置要保持健康向上的格调。
【金榜新学案】2014届高考地理大二轮复习与测试大题答题规范1大气运动规律的应用一、选择题(每小题4分，共44分)(2013·广东湛江模拟)倒春寒是指春季回暖过程中由冷空气活动造成的气温持续低于同时期气温平均值，并对农业生产等造成影响的气象灾害。
由于倒春寒影响，年初皖南某地茶园遭受重创。
结合该地此次倒春寒前后时段逐日平均气温示意图，完成1～2题。
1．该地受这次倒春寒的时间是图中的( )A．①时段 B．②时段C．③时段D．④时段2．为防护茶园春季冻害威胁，可采取的措施有( )①塑料薄膜覆盖②增大茶园的通风条件③熏烟、增大湿度④滴灌、施肥A．①②B．①③C．③④D．②④解析：第1题，根据图中信息可知，③时段是该地受这次倒春寒的时间。
第2题，塑料薄膜覆盖是利用温室效应的原理，熏烟、增大湿度都增大了大气逆辐射，从而达到对茶园保温的效果。
答案：1．C 2．B(2013·福建模拟)下图是某区域1月与7月气压和风向示意图。
读图完成3～4题。
3．下列关于该区域气压与风向的叙述，正确的是( )A．7月陆上高压区的形成，主要是陆地冷却所致B．1月北部低压区的出现，促使赤道低压带断裂C．东南信风带的位置在当地冬季南移，夏季北移D．1月大陆北部西北气流的形成与气压带、风带移动无关4．关于该区域内各流域水文特征的描述，正确的是( )A．①流域汛期出现在冬季B．②流域主要为季节性河流C．③流域汛期出现在夏季D．④流域全年水量稳定解析：第3题，该区域位于南半球7月份陆地温度低，气压高。
东南信风带的位置在当地冬季北移，夏季南移。
1月大陆北部西北气流是北半球的东北信风越过赤道偏转形成的。
第4题，②流域范围主要为热带沙漠气候，降水稀少，多季节性河流；③流域为地中海气候，汛期出现在冬季；①流域1月受从海洋上吹来的暖湿气流的影响，降水多，河流处于汛期；④流域河流水量有明显的季节变化，当地夏季流量大。
答案：3．A 4．B(2013·宁夏银川二模)图Ⅰ为世界某区域图，图Ⅱ是风力统计曲线，其中两条折线对应图I 中甲、乙两地，读图回答5～6题。
答题模板1有关沉淀洗涤的规范答题在高考综合实验题中，沉淀的洗涤是常考的命题热点，主要关注以下几个方面：1．洗涤沉淀的目的(1)若滤渣是所需的物质，洗涤的目的是除去晶体表面的可溶性杂质，得到更纯净的沉淀物。
(2)若滤液是所需的物质，洗涤的目的是洗涤过滤所得到的滤渣，把有用的物质(如目标产物)尽可能洗出来。
2．常用洗涤剂(1)蒸馏水：除去沉淀吸附的可溶性杂质。
(2)冷水：除去沉淀吸附的可溶性杂质，降低沉淀在水中的溶解度，减少沉淀损失。
(3)沉淀的饱和溶液：减少沉淀的溶解。
(4)有机溶剂(酒精、丙酮等)：适用于易溶于水的固体，既能减少固体的溶解，又能利用有机溶剂的挥发性除去固体表面的水分，产品易干燥。
3．沉淀洗涤的答题模板注洗涤液(沿玻璃棒向漏斗中注入洗涤液)↓标准(使洗涤液完全浸没沉淀或晶体)↓重复(待洗涤液自然流尽后，重复操作2～3次)4．沉淀是否洗涤干净的答题模板取样(取少量最后一次洗涤液于一洁净的试管中)↓加试剂[加入××试剂(必要时可加热，如检验NH＋4)]↓现象(不产生××沉淀、溶液不变××色或不产生××气体)↓结论(说明沉淀已经洗涤干净)1．利用工业FeCl3制取纯净的草酸铁晶体[Fe2(C2O4)3·5H2O]的实验流程如图所示。
所得Fe2(C2O4)3·5H2O需用冰水洗涤，其目的是__________________。
解析：洗涤是为了除去沉淀表面的杂质，用冰水洗涤是为了减少沉淀的溶解损失。
答案：除去杂质，减少草酸铁晶体的溶解损失2．食盐是日常生活的必需品，也是重要的化工原料。
粗食盐中常含有少量K＋、Ca2＋、Mg2＋、Fe3＋、SO2－4等杂质离子，实验室提纯NaCl的流程如下：提供的试剂：饱和Na2CO3溶液、饱和K2CO3溶液、NaOH溶液、BaCl2溶液、Ba(NO3)2溶液、75%乙醇、四氯化碳。
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函数与导数类解答题本资料分享自千人教师QQ群323031380 期待你的加入
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(12分)已知函数f(x)＝x－1－aln x(a∈R)，g(x)＝1x.
(1)当a＝－2时，求曲线y＝f(x)在x＝1处的切线方程；
(2)若a<0，且对任意x1，x2∈(0,1]，都有|f(x1)－f(x2)|<4|g(x1)－g(x2)|，求实数
a的取值范围．
解题思路 (1)由导数的几何意义可得切线的斜率，进而得到切线的方程；(2)
利用导数判断函数f(x)的单调性，结合f(x
2)－f(x1)<4[g(x1)－g(x2
)]即可将问题转化
为不等式恒成立问题，进而求得a的取值范围．
解 (1)当a＝－2时，f(x)＝x－1＋2ln x，
f′(x)＝1＋
2
x
，(1分)
f(1)＝0，切线的斜率k＝f′(1)＝3，(2分)
故曲线y＝f(x)在x＝1处的切线方程为3x－y－3＝0.(4分)
(2)对x∈(0,1]，当a<0时，f′(x)＝1－ax>0，∴f(x)在(0,1]上单调递增，易知
g(x)＝
1
x
在(0,1]上单调递减，(6分)
不妨设x
1，x2∈(0,1]，且x1
)，
∴f(x
2)－f(x1)<4[g(x1)－g(x2)]，即f(x1)＋4x1>f(x2
)＋4x2.
令h(x)＝f(x)＋4x，则当x
1
)，∴h(x)在(0,1]上单调递减，(8
分)
∴h′(x)＝1－ax－4x2＝x2－ax－4x2≤0在(0,1]上恒成立，∴x2－ax－4≤0在(0,1]
上恒成立，等价于a≥x－4x在(0,1]上恒成立，
∴只需a≥
x－
4
x
max
.(10分)
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∵y＝x－4x在(0,1]上单调递增，∴y
max
＝－3，
∴－3≤a<0，
故实数a的取值范围为[－3,0)．(12分)
1．求导数：准确求出f′(x)给1分．
2．求斜率：利用切点横坐标求出切线斜率给1分．
3．写方程：利用点斜式写出切线方程并化简给2分．
4．判断单调性：准确判断f(x)与g(x)在(0,1]上的单调性给2分．
5．构造函数：将原不等式恒成立问题转化为函数h(x)的单调性问题给2分．
6．转化最值：将函数h(x)的单调性转化为恒成立问题及最值问题给2分．
7．求最值：利用单调性求最值、求参数取值范围给2分．
1．牢记求导法则，正确求导是解题关键，对函数的正确求导就能得到相应分
数．
2．构建函数模型，构造函数是解决不等式问题的核心思想，如本题中由f(x1)
＋4x1>f(x2)＋4x2构造函数h(x)＝f(x)＋4x，将问题转化为函数的单调性及最值问题．
3．步骤齐全很关键，查看是否注意定义域，区间的变化，分类讨论的条件，
极值、最值、题目的结论等一些关键式子，解答时一定要写清楚．
[跟踪训练]
(2020·河北省保定市一模)(12分)已知函数F(x)＝－2mex(x＋1)(m≠0)．
(1)若m>0，求函数F(x)的最大值；
(2)设f(x)＝F(x)＋x
2
＋3x，若对任意x∈[1，＋∞)，a∈[－1,0)，不等式ln x
－ax＋1>f(a)恒成立，求实数m的取值范围．
解 (1)由F′(x)＝－2me
x
(x＋2)＝0，所以x＝－2，(1分)
因为m>0，所以F(x)在(－∞，－2)上单调递增；在(－2，＋∞)上单调递减，
所以函数F(x)有最大值，其最大值为F(－2)＝2me
－
2
.(3分)
(2)因为f(x)＝x2＋3x－2mex(x＋1)，
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所以ln x－ax＋1>f(a)，即2mea(a＋1)－a2－3a＋1>－ln x＋ax.(4分)
因为对任意的x∈[1，＋∞)，a∈[－1,0)，不等式ln x－ax＋1>f(a)恒成立，且
当a∈[－1,0)时，函数－ln x＋ax为减函数，
故只需2mea(a＋1)－a2－3a＋1>(－ln x＋ax)
max
＝a，
即原式等价于对任意的a∈[－1,0)，2mea(a＋1)－a2－4a＋1>0恒成立，(6分)
解法一：记h(a)＝2mea(a＋1)－a2－4a＋1，
则h′(a)＝2mea(a＋2)－2a－4＝2(a＋2)(mea－1)．
因为a∈[－1,0)，所以ea∈1e，1，且a＋2≥1.
①当m≤1(m≠0)时，mea－1<0，所以h′(a)<0，即a∈[－1,0)时，h(a)单调
递减．
所以h(a)>0，只需h(0)≥0，解得m≥－12，所以m∈－12，0∪(0,1]．(8分)
②当m>1时，令h′(a)＝0得a＝－ln m或a＝－2(舍去)．
(ⅰ)当1
当a∈(－ln m,0)时，h′(a)>0，
所以h(a)
min
＝h(－ln m)＝－ln2 m＋2ln m＋3>0，
解得m∈1e，e3，所以m∈(1，e)．(10分)
(ⅱ)当m≥e时，因为a∈[－1,0)，
所以
1
e
≤ea<1，所以mea≥1，
所以h′(a)≥0，则h(a)在a∈[－1,0)上单调递增，
所以h(a)
min
＝h(－1)＝4>0，
综上，实数m的取值范围是－12，0∪(0，＋∞)．(12分)
解法二：当a＝－1时，显然m≠0时恒成立．(7分)
当a∈(－1,0)时，原式等价于2m>a2＋4a－1eaa＋1，(9分)
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令h(a)＝a2＋4a－1eaa＋1，
所以h′(a)＝
2a＋4a＋1－a
2
＋4a－1a＋2
eaa＋1
2
＝
a＋2[2a＋1－a
2
＋4a－1]
eaa＋1
2
＝－a＋2a2＋2a－3eaa＋12＝－a＋2a＋3a－1eaa＋12，(11分)
又因为a∈(－1,0)，所以h′(a)>0，
所以h(a)在(－1,0)上单调递增，
所以2m≥h(0)＝－1，所以m≥－
1
2
.
综上，实数m的取值范围是－12，0∪(0，＋∞)．(12分)
