(完整版)特殊平行四边形：折叠问题

,;【解析】分析：根据翻折的性质可得∠B=∠AB 1E=90°，AB=AB 1，然后求出四边形ABEB 1是正方形，再根据正方形的性质可得BE=AB ，然后根据CE=BC-BE ，代入数据进行计算即可得解． 详解：∵沿AE 对折点B 落在边AD 上的点B 1处，∴∠B=∠AB 1E=90°，AB=AB 1，，又∵∠BAD=90°，∴四边形ABEB1是正方形，∴BE=AB=6cm，∴CE=BC-BE=8-6=2cm．故选：D．点睛：本题考查了矩形的性质，正方形的判定与性质，翻折变换的性质，判断出四边形ABEB1是正方形是解题的关键．，。

【>【解析】分析：先判断出△BFC是直角三角形，再利用三角形的外角判断出A正确，进而判断出AE=CE，得出CE 是△ABC的中位线判断出B正确，利用等式的性质判断出D正确．详解：如图，连接CF，∵点D是BC中点，∴BD=CD，由折叠知，∠ACB=∠DFE，CD=DF，∴BD=CD=DF，？∴△BFC是直角三角形，∴∠BFC=90°，∵BD=DF，∴∠B=∠BFD，∴∠EAF=∠B+∠ACB=∠BFD+∠DFE=∠AFE，∴AE=EF，故A正确，由折叠知，EF=CE，∴AE=CE，[∵BD=CD，∴DE是△ABC的中位线，∴AB=2DE，故B正确，∵AE=CE，∴S△ADE=S△CDE，由折叠知，△CDE≌△△FDE，∴S△CDE=S△FDE，∴S△ADE=S△FDE，故D正确，~∴C选项不正确，故选：C．*~*。

专题训练(四)特殊平行四边形中的五种折叠方式►方式一把一个顶点折叠到一边上1．如图4－ZT－1，矩形ABCD中，点E在边AB上，将矩形ABCD沿直线DE折叠，点A恰好落在边BC上的点F处．若AE＝5，BF＝3，则CD的长是() A．7 B．8 C．9 D．10图4－ZT－12．如图4－ZT－2，在菱形ABCD中，∠BAD＝120°，点E，F分别在边AB，BC上，△BEF沿EF折叠得到△GEF，且点G在边AD上．若EG⊥AC，AB＝6 2，则FG的长为________．图4－ZT－23．如图4－ZT－3，在矩形ABCD中，点E在边CD上，将该矩形沿AE折叠，使点D 落在边BC上的点F处，过点F作FG∥CD，交AE于点G，连接DG.(1)求证：四边形DEFG为菱形；(2)若CD＝8，CF＝4，求CEDE的值．图4－ZT－3►方式二把一个顶点折叠到对角线上4．如图4－ZT－4所示，矩形纸片ABCD中，已知AD＝8，折叠纸片使点B落在对角线AC上的点F处，折痕为AE，且EF＝3，则AB的长为()A．3 B．4 C．5 D．6图4－ZT －45．如图4－ZT －5所示，将长方形纸片ABCD 折叠，使边DC 落在对角线AC 上，折痕为CE ，且点D 落在对角线上的点D ′处．若AB ＝3，AD ＝4，则ED 的长为( )A.32 B ．3 C ．1 D.43图4－ZT －5 ► 方式三 把一个顶点折叠到另一个顶点上6．把一张矩形纸片ABCD 按图4－ZT －6所示方式折叠，使顶点B 和点D 重合，折痕为EF ，若AB ＝3 cm ，BC ＝5 cm ，则重叠部分△DEF 的面积为______cm 2.图4－ZT －67．如图4－ZT －7所示，将矩形ABCD 沿直线EF 折叠，使点C 与点A 重合，折痕交AD 于点E ，交BC 于点F ，连接CE .(1)求证：四边形AFCE 为菱形；(2)设AE ＝a ，ED ＝b ，DC ＝c ，请写出a ，b ，c 三者之间的数量关系，并说明理由．图4－ZT －7► 方式四 把一个顶点折叠到图形外或图形内 8．如图4－ZT －8，已知正方形ABCD 的对角线长为2 2，将正方形ABCD 沿直线EF 折叠，则图中阴影部分的周长为( )A ．8 2B ．4 2C ．8D ．6图4－ZT －89．如图4－ZT －9，在矩形ABCD 中，AB ＝4，AD ＝6，E 是AB 边的中点，F 是线段BC 上的动点，将△EBF 沿EF 所在直线折叠得到△EB ′F ，连接B ′D ，则B ′D 的最小值是( )A ．2 10－2B ．6C ．2 13－2D ．4图4－ZT－910．如图4－ZT－10，矩形ABCD中，点P，Q分别是边AD和BC的中点，沿过点C 的直线折叠矩形ABCD，使点B落在线段PQ上的点F处，折痕交AB边于点E，交线段PQ 于点G.若线段BC的长为3，则线段FG的长为________．图4－ZT－1011．如图4－ZT－11，在矩形ABCD中，E是AB边的中点，沿EC折叠矩形ABCD，使点B落在点P处，折痕为EC，连接AP并延长交CD于点F，连接BP.(1)求证：四边形AECF为平行四边形；(2)若△AEP是等边三角形，求证：△APB≌△EPC；(3)若矩形ABCD的边AB＝6，BC＝4，求△CPF的面积．图4－ZT－11►方式五多次折叠12．2018·资阳如图4－ZT－12，将矩形ABCD的四个角向内翻折后，恰好拼成一个无缝隙、无重叠的四边形EFGH，EH＝12 cm，EF＝16 cm，则边AD的长是() A．12 cm B．16 cmC．20 cm D．28 cm图4－ZT－1213．准备一张矩形纸片ABCD，按如图4－ZT－13所示操作：将△ABE沿BE翻折，使点A落在对角线BD上的点M处，将△CDF沿DF翻折，使点C落在对角线BD上的点N处．(1)求证：四边形BFDE是平行四边形；(2)若四边形BFDE是菱形，AB＝2，求菱形BFDE的面积．图4－ZT－1314．如图4－ZT－14①，将矩形ABCD沿DE折叠，使顶点A落在DC上的点A′处，然后将矩形展平；沿EF折叠，使顶点A落在折痕DE上的点G处；再将矩形ABCD沿CE折叠，此时顶点B恰好落在DE上的点H处，如图②.(1)求证：EG＝CH；(2)已知AF＝2，求AD和AB的长．图4－ZT－14详解详析1．[解析] C 由折叠的性质得EF ＝AE ＝5.由勾股定理得BE ＝4，∴AB ＝CD ＝9. 2．[答案] 3 6[解析] ∵四边形ABCD 是菱形，∠BAD ＝120°，∴∠B ＝60°，∠BAC ＝60°. ∵EG ⊥AC ，∴∠AEG ＝30°.由折叠可知，∠BEF ＝12×(180°－∠AEG )＝75°，∴∠BFE ＝180°－(∠B ＋∠BEF )＝45°.∴∠BFG ＝90°，即FG ⊥BC . ∴FG ＝BC 边上的高＝3 6.3．解：(1)证明：由折叠的性质得∠1＝∠2，ED ＝EF ，GD ＝GF . ∵FG ∥CD ，∴∠1＝∠3，则∠2＝∠3，∴EF ＝GF ，(方法一)(如图①)∴ED ＝EF ＝GD ＝GF ，∴四边形DEFG 为菱形． (方法二)(如图①)∴ED ＝GF .又∵ED ∥GF ，∴四边形DEFG 为平行四边形． 又∵EF ＝GF ，∴▱DEFG 为菱形．(方法三)连接DF 交AE 于点O (如图②)，则EG ⊥DF ，DO ＝FO . ∵EF ＝GF ，EG ⊥DF ，∴OG ＝OE ，∴四边形DEFG 为平行四边形，∴▱DEFG 为菱形．(2)设DE ＝x ，则FE ＝DE ＝x ，CE ＝8－x . 在Rt △EFC 中，CF 2＋CE 2＝EF 2，即42＋(8－x )2＝x 2，解得x ＝5，∴CE ＝8－x ＝3，∴CE DE ＝35.4．[答案] D 5．[答案] A 6．[答案]5110[解析] 设ED ＝x cm ，则根据折叠和矩形的性质，得A ′E ＝AE ＝(5－x )cm ，A ′D ＝AB ＝3 cm.根据勾股定理，得ED 2＝A ′E 2＋A ′D 2，即x 2＝(5－x )2＋32，解得x ＝175， ∴S △DEF ＝12×175×3＝5110(cm 2)．7．解：(1)证明：∵四边形ABCD 是矩形，∴AD ∥BC ，∴∠AEF ＝∠CFE .由折叠的性质，可得∠AFE ＝∠CFE ，AF ＝CF ，∴∠AEF ＝∠AFE ，∴AF ＝AE ，∴AF ＝CF ＝AE .又∵AD ′＝CD ，∠D ′＝∠D ，D ′E ＝DE ， ∴△AD ′E ≌△CDE ，∴AE ＝CE ， ∴AF ＝CF ＝AE ＝CE ，∴四边形AFCE 为菱形．(2)a ，b ，c 三者之间的数量关系为a 2＝b 2＋c 2.理由如下：由(1)知CE ＝AE . ∵四边形ABCD 是矩形，∴∠D ＝90°. ∵AE ＝a ，ED ＝b ，DC ＝c ，∴CE ＝AE ＝a . 在Rt △DCE 中，CE 2＝ED 2＋DC 2， 即a 2＝b 2＋c 2. 8．[答案] C 9．[答案] A10．[答案] 3[解析] 由折叠可知△CEF ≌△CEB ，∴FC ＝BC ＝3，∠ECF ＝∠ECB .由P ，Q 分别是矩形ABCD 的边AD ，BC 的中点，得∠FQC ＝90°.∵QC ＝12BC ＝12FC ，∴∠CFQ ＝30°，∴∠FCQ ＝60°，∴∠ECB ＝∠ECF ＝∠CFQ ＝30°，∴FG ＝CG ＝ 3.11．解：(1)证明：在矩形ABCD 中，AB ∥DC . ∵E 为AB 的中点，∴AE ＝BE .又由翻折知：EC ⊥BP ，EP ＝EB ＝AE ， ∴∠EAP ＝∠EP A ，∠EPB ＝∠EBP .在△ABP 中，∠EAP ＋∠EP A ＋∠EPB ＋∠EBP ＝180°， ∴∠EP A ＋∠EPB ＝∠APB ＝90°， ∴EC ∥AF ，∴四边形AECF 为平行四边形． (2)证明：∵△AEP 是等边三角形，∴AP ＝EP ＝AE ，∠P AB ＝∠AEP ＝∠APE ＝60°， ∴∠PEC ＝∠BEC ＝60°.由折叠的性质，得∠EPC ＝∠EBC ＝90°. 由(1)知∠APB ＝90°，∴∠APB ＝∠EPC ， ∴△APB ≌△EPC .(3)∵AB ＝6，BC ＝4，E 是AB 边的中点， ∴AE ＝BE ＝12AB ＝3.在Rt △BEC 中，EC ＝BE 2＋BC 2＝5， ∵四边形AECF 为平行四边形， ∴AF ＝EC ＝5.如图，设CE 与BP 交于点H . ∵BE ·BC ＝EC ·BH ， ∴BH ＝125，∴PH ＝BH ＝125，∴BP ＝245.在Rt △BP A 中，AP ＝AB 2－BP 2＝185，∴PF ＝75.过点C 作CG ⊥AF 交AF 的延长线于点G ，∴CG ＝PH ＝125，∴△CPF 的面积＝12PF ·CG ＝12×75×125＝4225.[点评] (1)抓住翻折图形的特点：对应边相等，对应角相等．进而抓住AE ＝BE ＝PE 的图形特点——A ，P ，B 三点构成的三角形是直角三角形．(2)本问考查等边三角形的性质、三角形内角和、全等三角形的判定等知识． (3)本问考查了平行四边形的性质、三角形的面积、勾股定理等知识．12．[解析] C 设点A ，B 折叠后的对应点为M ，∵∠HEM ＝∠HEA ，∠FEB ＝∠FEM ， ∴∠HEF ＝∠HEM ＋∠FEM ＝12(∠AEM ＋∠BEM )＝12×180°＝90°.同理，∠EHG ＝∠HGF ＝90°，∴四边形EFGH 为矩形，∴EF ＝HG . ∵AD ∥BC ，∴∠DHF ＝∠HFB ， ∴∠DHG ＝∠BFE ， ∴Rt △BEF ≌Rt △DGH ，∴BF ＝HD .∵HA ＝HM ，BF ＝MF ，∴HD ＝MF ，∴AD ＝HA ＋HD ＝HM ＋MF ＝HF ＝EH 2＋EF 2＝122＋162＝20(cm)． 故选C.13．解：(1)证明：∵四边形ABCD 是矩形，∴AB ∥CD ，∴∠ABD ＝∠CDB . 又由折叠的性质，知∠ABE ＝∠EBD ，∠CDF ＝∠FDB ，∴∠EBD ＝∠FDB ，∴EB ∥DF . 又∵ED ∥BF ，∴四边形BFDE 是平行四边形．(2)∵四边形BFDE 是菱形，∴BE ＝ED ，∠EBD ＝∠FBD ＝∠ABE . ∵四边形ABCD 是矩形，∴AD ＝BC ，∠ABC ＝90°，∴∠ABE ＝30°. ∵∠A ＝90°，AB ＝2，∴AE ＝2 33，BF ＝BE ＝2AE ＝4 33，∴菱形BFDE 的面积为4 33×2＝8 33.14．解：(1)证明：当DE 是折痕时，DE 平分∠ADC ，∴∠ADE ＝∠EDC ＝∠AED ，∴AD ＝AE . 当EF 是折痕时，AE ＝EG ，∴AD ＝EG . 当CE 是折痕时，CH ＝BC .∵四边形ABCD 是矩形，∴AD ＝BC ，∴EG ＝CH .(2)∵∠ADE＝45°，∠FGE＝∠A＝90°，AF＝2，∴DG＝FG＝AF＝2，DF＝2，∴AD＝AF＋DF＝2＋2. 由折叠知∠AEF＝∠GEF，∠BEC＝∠HEC，∴∠AEF＋∠BEC＝90°.∵∠AEF＋∠AFE＝90°，∴∠BEC＝∠AFE.又∵∠A＝∠B＝90°，AE＝AD＝BC，∴△AEF≌△BCE，∴AF＝BE，∴AB＝AE＋BE＝(2＋2)＋2＝2 2＋2.。

第60期特殊平行四边形中的折叠问题上期微专题探讨了勾股定理与折叠问题的不解之缘，本期我们将一起来探究特殊平行四边形中的折叠问题。

透过现象看本质如图，在矩形ABCD中，把ΔADE沿AE折叠，点D与点F重合，且点F落在BC 边上.我们不难发现，折叠问题的本质其实就是轴对称，折叠的性质就是轴对称的性质。

性质1.图形的全等性：重合部分是全等图形，对应边、对应角相等.（由折叠性质1可得：ΔADE≌ΔAEF）性质2.点的对称性：对称点连线被对称轴（折痕）垂直平分.（由折叠性质2可得： AE是DF的垂直平分线）特殊平行四边形中的折叠问题，既要用到折叠的性质，又要用到特殊平行四边形本身的性质，有时还需要借助勾股定理和图形的相似等知识建立有关线段、角之间的联系。

接下来，我们通过3个例题来探究特殊平行四边形中的折叠问题。

类型一、折叠性质1的应用例1．如图，菱形纸片ABCD中，AM⊥CD于点M，将△ADM沿直线AM折叠后，点D落在点E处，AE交BC于点N，且AE⊥BC．（1）求证：△AME≌△ANB；（2）求∠CBE的度数．分析：本题的已知条件有1. △ADM沿直线AM折叠为△AME2. 菱形ABCD3. AM⊥CD, AE⊥BC那么我们便利用折叠性质和菱形的性质及垂直的特殊条件来寻找线段和角之间的关系。

解：（1）∵四边形ABCD是菱形∴AB=AD，∠ABC=∠D∵AM⊥CD，AN⊥BC∴∠AMD=∠ANB∴△ADM≌△ABN由折叠得△ADM≌△AEM∴△AME≌△ANB（2）由（1）得∠EAB=∠EAM，AE=AB∵CD//AB，AM⊥CD∴∠MAB=∠AMD = 90°∴∠EAB=∠EAM = 45°∴∠ABE=∠AEB = 67.5°∵AN⊥BN∴∠ABN =90°–∠EAB = 45°∴∠CBE=∠ABE–∠ABN = 67.5°–45° = 22.5°类型二、折叠性质2的应用例2．如图，已知矩形ABCD中，E是AB边的中点，连接CE，将△BCE沿直线CE折叠后，点B落在点B?处，连接AB?并延长交CD 于点F．（1）求证：四边形AECF是平行四边形；（2）若AB = 6，BC=4，求tan∠CB?F的值．情景再现：本题第（2）问并不困难，难点在第（1）问。

特殊的平行四边形中的的图形变换模型之翻折(折叠)模型几何变换中的翻折(折叠、对称)问题是历年中考的热点问题，试题立意新颖，变幻巧妙，主要考查学生的识图能力及灵活运用数学知识解决问题的能力。

翻折以矩形对称最常见，变化形式多样。

无论如何变化，解题工具无非全等、相似、勾股以及三角函数，从条件出发，找到每种对称下隐藏的结论，往往是解题关键。

本专题以各类几个图形(菱形、矩形、正方形等)为背景进行梳理及对应试题分析，方便掌握。

【知识储备】折叠问题的解决,大都是以轴对称图形的性质作为切入点，而数形变化,是解决这类问题的突破口。

有了“折”就有了”形”--轴对称图形、全等形；有了“折”就有了“数”--线段之间、角与角之间的数量关系。

"折” 就为“数”与“形”之间的转化搭起了桥梁。

特殊平行四边形中的折叠问题,还要考虑特殊平行四边形本身的性质,有时也需要用到计算工具：相似和勾股定理。

折叠的性质:重合部分是全等图形,对应边、对应角相等；对称点的连线被对称轴垂直平分。

【知识储备】1)矩形的翻折模型【模型解读】1(2023春·辽宁葫芦岛·八年级统考期末)如图，在矩形ABCD中，E是BC的中点，将△DEC沿DE翻折得到△DEC ，延长DC 交AB于点M，若AB=4，BC=6，则BM的长度为()A.94B.32C.12D.3【答案】A【分析】根据题意连接ME ，证明△BME ≌△C ME ，得出MC =BM =4-x ，在Rt △AMD 中运用勾股定理即可解答；【详解】连接ME ，∵AB =4,BC =6,ABCD 为矩形，∴AD =BC =6,DC =AB =4.∵E 是BC 的中点∴BE =CE =3∵△DEC 由△DEC 翻折得到，∴C ′E =CE =3,DC ′=DC =4，∠DC E =∠C =90°，∴∠MC E =180°-∠DC E =90°=∠B ，设AM =x ，则BM =4-x .在Rt △BEM 和Rt △C EM 中ME =ME BE =C ′E =3∴△BME ≌△C ME ∴MC =BM =4-x 在Rt △AMD 中AD 2+AM 2=MD 2即62+x 2=(4+4-x )2解得：x =74∴BM =4-x =94故选A【点睛】该题考查了矩形知识点和勾股定理的运用，掌握矩形性质和勾股定理是解答该题的关键2(2023春·陕西西安·八年级校考期末)如图，在矩形ABCD 中，AB =8，AD =4，E 是AB 上一个动点，F 是AD 上一点(点F 不与点D 重合)．连接EF ，将△AEF 沿EF 翻折，使点A 的对应点A 落在边CD 上，连接EC ，若A E =CE ，则△A DF 的面积为()A.1B.1.5C.2D.2.5【答案】B【分析】由折叠可知AE =A E ，AF =A F ，设AE =A E =CE =x ,则BE =8-x ,在Rt △BCE 中，利用勾股定理可建立方程8-x 2+42=x 2，解得x =5，则AE =A E =CE =5，BE =3，再根据等腰三角形的性质得到A C =2CG =6，进而算出A D =2，设AF =A F =a ,则DF =4-a ,在Rt △A DF 中，利用勾股定理可建立方程4-a 2+22=a 2，解得a =52，则DF =32，再利用三角形面积公式计算即可求解．【详解】解：如图，过点E 作EG ⊥CD 于点G ，∵四边形ABCD 为矩形，AB =8，AD =4，∴AD =BC =4，AB =CD =8，∠B =∠D =90°，由折叠可知，AE =A E ，AF =A F ，∵A E =CE ，∴AE =A E =CE ，设AE =A E =CE =x ,则BE =AB -AE =8-x ,在Rt △BCE 中，BE 2+BC 2=CE 2，∴8-x 2+42=x 2，解得：x =5，∴AE =A E =CE =5，BE =3，∵∠B =∠BCG =∠CGE =90°，∴四边形BCGE 为矩形，∴CG =BE =3，∵A E =CE ，EG ⊥CD ，∴A C =2CG =6，∴A D =CD -A C =8-6=2，设AF =A F =a ,则DF =AD -AF =4-a ,在Rt △A DF 中，DF 2+A D 2=A F 2，∴4-a 2+22=a 2，解得：a =52，∴DF =32，∴S △A DF =12A D ⋅DF =12×2×32=1.5故选：B ．【点睛】本题主要考查矩形的性质、折叠的性质、等腰三角形的性质、勾股定理，熟练掌握折叠的性质以及勾股定理是解题的关键．3(2023春·安徽安庆·九年级校联考阶段练习)如图，长方形ABCD 沿着对角线BD 翻折，点C 落在点C 处，BC 与AD 相交于点E ，若AB =3，AE =1，求BC 的长．【答案】10+1【分析】根据翻折的性质，证明△AEB ≅△C ED ，然后求出ED ，最后根据勾股定理即可求出结果．【详解】由翻折的性质可知，在△AEB 与△C ED 中，∠A =∠C∠AEB =∠C ED AB =C D∴△AEB ≅△C ED ∴AE =EC ，∵AB =3，∴BE =AB 2+AE 2=10，∵ED =BE ，∴AD =AE +ED =10+1，∵长方形ABCD ，AD =BC ，∴BC =10+1．【点睛】本题考查了全等三角形的判定及性质、勾股定理和矩形的性质，掌握全等三角形的判定及性质是解题的关键．4(2023春·湖北·八年级专题练习)如图，在长方形ABCD 中，AB =8，BC =6，P 为AD 上一点，将△ABP 沿BP 翻折至△EBP ，PE ，BE 与CD 分别相交于点O ，F ，且OE =OD ．则AP 的长为()A.4.5B.4.6C.4.7D.4.8【答案】D【分析】由折叠的性质得出EP=AP，∠E=∠A=90°，BE=AB=8，证明△ODP≌△OEF(ASA)，得出OP=OF，PD=FE，设AP=EP=x，则DP=FE=6-x，DF=x，求出CF=8-x，BF=8-6-x=2+x，根据勾股定理得出方程，解方程即可．【详解】解：∵四边形ABCD是矩形，∴∠D=∠A=∠C=90°，AD=BC=6，CD=AB=8，根据题意得：△ABP≌△EBP，∴EP=AP，∠E=∠A=90°，BE=AB=8，∵∠D=∠E，OD=OE，∠DOP=∠EOF，∴△ODP≌△OEF(ASA)，∴OP=OF，PD=FE，∴DF= EP，设AP=EP=x，则DP=FE=6-x，DF=x，∴CF=8-x，BF=8-6-x=2+x，根据勾股定理得：BC2+CF2=BF2，即62+8-x2，解得：x=4.8，∴AP=4.8，故选：D2=x+2【点睛】本题考查了矩形的性质、折叠的性质、全等三角形的判定与性质以及勾股定理的运用，熟练掌握翻折变换和矩形的性质，并能进行推理计算是解决问题的关键．5(2023春·陕西商洛·八年级统考期末)如图，在矩形ABCD中，AB=12，BC=24，将矩形折叠，使点C与点A重合，则AF的长为()A.20B.18C.16D.15【答案】D【分析】设BE=x，则CE=BC-BE=24-x，根据勾股定理列出关于x的方程122+x2=24-x2，据此即可求解．【详解】解：设BE=x，则CE=BC-BE=24-x，∵沿EF翻折后点C与点A重合，∴AE=CE=24-x，在Rt△ABE中，AB2+BE2=AE2，即122+x2=24-x2，解得x=9，∴AE=24-9=15，由翻折的性质得，∠AEF=∠CEF，∵矩形ABCD的对边AD∥BC，∴∠AFE=∠CEF，∴∠AEF=∠AFE，∴AE=AF=15，故选：D．【点睛】本题主要考查了折叠的性质，勾股定理，矩形的性质，解题的关键是作出辅助线，熟练掌握折叠的性质和矩形的性质．6(2023春·江苏宿迁·八年级统考期末)如图，在矩形ABCD中，AB=6，BC=8．点O为矩形ABCD的对称中心，点E为边AB上的动点，连接EO并延长交CD于点F．将四边形AEFD沿着EF翻折，得到四边形A EFD ，边A E交边BC于点G，连接OG、OC，则△OGC的面积的最小值为()A.18-3B.92+37 C.12-372D.6+372【答案】D【分析】在EA上截取EM=EG，连接OM，证明△MOE≌△GOE，所以OM=OG，即可得OM最短时，OG也就最短，而当OM⊥AB时，OM最短，且OM=4=OG，再过点O作OH⊥BC，得OH=3，又因为OC=5，就可以根据勾股定理计算GH、HC的长，从而计算出最小面积．【详解】解：在EA上截取EM=EG，连接OM，由折叠得：∠MEO=∠GEO，又∵EO=EO，∴△MOE≌△GOE SAS，∴OM=OG，∴OM最短时，OG也就最短，而当OM⊥AB时，OM最短，此时，∵点O为矩形ABCD的对称中心，∴OM=12BC=4=OG，即OG的最小值是4，在△OGC中，∵点O为矩形ABCD的对称中心，∴OC长度是矩形对角线长度的一半，即是5，定值，∠BCO度数也不变，是定值，∴当OG=4最小值时，ΔOGC面积最小．过点O作OH⊥BC，∵点O为矩形ABCD的对称中心， ∴OH=12AB=3，∴Rt△OGH中，GH=OG2-OH2=42-32= 7，Rt△OHC中，HC=OC2-OH2=52-32=4，∴GC=GH+HC=7+4，∴△OGC面积的最小值是12×GC×OH=12×(7+4)×3=327+6．故选：D．【点睛】本题考查矩形的性质、全等三角形的判定与性质及垂线段最短等知识，解题关键是找到OG最小值．7(2023春·浙江金华·八年级统考期末)如图，在矩形ABCD中，AD=3，AB=5，点P，Q分别为AB，AD上的动点，将△PBC沿PC翻折得到△PEC，将△PAQ沿PQ翻折得到△PFQ在动点P，Q所有位置中，当F，E，P三点共线，CF=10时，AP=．【答案】3【分析】利用矩形和翻折的性质求出CE =CB =3，BP =EP ，AP =FP ，∠CEP =∠B =90°，在Rt △CEF 中利用勾股定理求出EF =1，设BP =x ，则EP =x ，AP =5-x ，FP =1+x ，根据AP =FP 可构建关于x 的方程，然求解即可解答．【详解】解：在矩形ABCD 中，AD =3，AB =5，∴BC =AD =3，∠B =90°，∵翻折，∴CE =CB =3，BP =EP ，AP =FP ，∠CEP =∠B =90°，∴∠CEF =90°，又CF =10，∴EF =CF 2-CE 2=1，设BP =x ，则EP =x ，AP =5-x ，FP =1+x ，∴1+x =5-x ，∴x =2，∴AP =3．故答案为：3．【点睛】本题考查矩形的性质，翻折的性质，勾股定理等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题．8(2023秋·山西·九年级专题练习)综合与实践：在综合与实践课上，老师让同学们以“矩形纸片的折叠”为主题开展数学活动．在矩形ABCD 中，E 为AB 边上一点，F 为AD 边上一点，连接CE 、CF ，分别将△BCE 和△CDF 沿CE 、CF 翻折，点D 、B 的对应点分别为点G 、H ，且C 、H 、G 三点共线．(1)如图1，若F 为AD 边的中点，AB =BC =6，点G 与点H 重合，则∠ECF =°，BE =；(2)如图2，若F 为AD 的中点，CG 平分∠ECF ，AB =2+1，BC =2，求∠ECF 的度数及BE 的长；(3)AB =5，AD =3，若F 为AD 的三等分点，请直接写出BE 的长．【答案】(1)45；2(2)∠ECF =45°；BE =22-2(3)2或97【分析】(1)根据正方形的性质和翻折的性质，可得出∠ECF =12∠BCD =12×90°=45°；设BE =x ，用x 表示出Rt △AEF 的三条边，然后根据勾股定理列出方程，即可得出BE 的长；(2)如图，由折叠性质和CG 平分∠ECF ，得出∠1=∠2=∠3=∠4，即可求出∠ECF 的度数；先证明△CBM 和△EHM 是等腰直角三角形，得出BM =BC =2，EM =2BE ，即可求出BE 的长；(3)根据F 为AD 的三等分点，分两种情况：当AF =2DF 时，过点E 作EP ∥GH ，交FG 的延长线于点P ，连接EF ，证明Rt △EFP ≌Rt △FEA ，得出AE =FP ，进而求出BE 的长；当DF =2AF 时，点E 作EP ∥GH ，交FG 的延长线于点P ，连接EF ，根据EF 2=AF 2+AE 2=EP 2+FP 2，计算即可求出BE 的长．【详解】(1)∵AB =BC ，四边形ABCD 是矩形，∴四边形ABCD 是正方形，∴AD =BC =6，∠BCD =90°，∵将△BCE 和△CDF 沿CE 、CF 翻折，点D 、B 的对应点分别为点G 、H ，∴∠BCE =∠GCE ，∠DCF =∠GCF ，∵∠BCD =90°，∴∠ECF =12∠BCD =12×90°=45°，∵F 为AD 的中点，∴DF =12AD =3，∵将△BCE 和△CDF 沿CE 、CF 翻折，点D 、B 的对应点分别为点G 、H ，∴BE =EG ，DF =FG =3，设BE =x ，则AE =6-x ，∴EF =3+x ，∵EF 2=AE 2+AF 2，∴3+x 2=6-x 2+32，∴x =2，∴BE =2．故答案为：45；2；(2)如图2，延长CG ，交AB 于点M ，∵CG 平分∠ECF ，∴∠2=∠4，由折叠的性质可知，∠1=∠2，∠3=∠4，∴∠1=∠2=∠3=∠4=14∠BCD =22.5°，∴∠ECF =45°，∵CD ∥AB ，∠EMH =∠DCM =45°，∴△CBM 和△EHM 均为等腰直角三角形，∴BM =BC =2，EM =2BE ，∴BM =BE +EM =2，即BE +2BE =2，解得BE =22-2．(3)分两种情况：①当AF =2DF 时，如图3，过点E 作EP ∥GH ，交FG 的延长线于点P ，连接EF ，则四边形GHEP 为矩形，GH =EP ，EH =GP ，由折叠的性质可知，CD =CG =5，BC =CH =3，∴HG =CG -CH =2，∵AF =2DF ，∴AF =2，DF =FG =1，∴AF =EP ，在Rt △EFP 和Rt △FEA 中，AF =EP EF =EF ，∴Rt △EFP ≌Rt △FEA (HL )，∴AE =FP ，设BE =EH =a ，FP =GP +FG =a +1，AE =FP =5-a ，∴a +1=5-a ，解得a =2，∴BE =2．②当DF =2AF 时，如图4，过点E 作EP ∥GH ，交FG 的延长线于点P ，连接EF ，则四边形GHEP 为矩形，GH =EP ，EH =GP ，由折叠的性质可知，CD =CG =5，BC =CH =3，∴EP =HG =CG -CH =2，∵DF =2AF ，∴AF =1，DF =FG =2，设BE =EH =a ，FP =GP +FG =a +2，AE =5-a ，∵EF 2=AF 2+AE 2=EP 2+FP 2，∴12+5-a 2=22+a +2 2，解得a =97，∴BE =97．综上可知，BE 的长为2或97．【点睛】本题主要综合考查了矩形的折叠问题，涉及到正方形的性质，矩形的判定和性质，轴对称的性质，全等三角形的判定和性质，勾股定理等知识，属于压轴题，难度较大，熟练掌握并灵活运用相关知识进行分类讨论是解题的关键．2)菱形的翻折模型【模型解读】9(2023·四川成都·模拟预测)如图，在菱形ABCD中，∠ABC=120°，将菱形折叠，使点A恰好落在对角线BD上的点G处(不与B、D重合)，折痕为EF，若DG=2，BG=6，则BE的长为．【答案】2.8【分析】作EH⊥BD于H，根据折叠的性质得到EG=EA，根据菱形的性质、等边三角形的判定定理得到△ABD为等边三角形，得到AB=BD，根据勾股定理列出方程，解方程即可．【详解】解：作EH⊥BD于H，由折叠的性质可知，EG=EA，由题意得，BD=DG+BG=8，∵四边形ABCD是菱形，∴AD=AB，∠ABD=∠CBD=12∠ABC=60°，∴△ABD为等边三角形，∴AB=BD=8，设BE=x，则EG=AE=8-x，在Rt△EHB中，BH=12x，EH=32x，在Rt△EHG中，EG2=EH2+GH2，即(8-x)2=32x2+6-12x2，解得，x=2.8，即BE=2.8，故答案为：2.8．【点睛】本题考查的是翻转变换的性质、菱形的性质、勾股定理、解直角三角形，掌握翻转变换是一种对称变换，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等是解题的关键．10(2023·安徽·统考一模)如图，在边长为2的菱形ABCD中，∠A=60°，点M是AD边的中点，点N是AB边上一动点，将△AMN沿MN所在的直线翻折得到△A'MN，连结A'C，则A'C长度的最小值是( ).A.7B.7-1C.3D.2【答案】B【分析】根据题意，在N的运动过程中A′在以M为圆心、AD为直径的圆上的弧AD上运动，当A′C取最小值时，由两点之间线段最短知此时M、A′、C三点共线，得出A′的位置，进而利用锐角三角函数关系求出A′C的长即可．【详解】如图所示：∵MA′是定值，A′C长度取最小值时，即A′在MC上时，过点M作MF⊥DC于点F，∵在边长为2的菱形ABCD中，∠A=60°，M为AD中点，∴2MD=AD=CD=2，∠FDM=60°，∴∠FMD=30°，∴FD=12MD=12，∴FM=DM×cos30°=32，∴MC=FM2+CF2=7，∴A′C=MC-MA′=7-1．故选B．11(2023·山东八年级统考期末)如图，在菱形纸片ABCD中，∠A=60°，将菱形纸片翻折，使点A落在CD 的中点P处，折痕为MN，点M，N分别在边AB，AD上，则BM：AM的值为()A.18B.17C.16D.15【答案】B【分析】连接BP ，BD ，证明ΔBCD 是等边三角形，证得∠ABP =∠CPB =90°，由折叠可得AM =MP ，由MP 2=BM 2+BP 2可求出MP 的长，进而得出答案．【详解】解：如图，连接BP ，BD ，∵四边形ABCD 为菱形，∠A =60°，∴AB =BC =CD ，∠A =60°=∠C ，∴ΔBCD 是等边三角形，∵P 是CD 中点，∴DP =CP =12CD ，BP ⊥CD ，∠PBC =30°，∴CP =12BC ,BP =3CP ，∵CD ⎳AB ，∴∠ABP =∠CPB =90°，由折叠可得AM =MP ，设AB =BC =CD =2a ，∴BP =3a ，∵MP 2=BM 2+BP 2，∴MP 2=3a 2+(2a -AM )2，即MP 2=3a 2+(2a -MP )2∴AM =MP =74a ，∴BM =AB -AM =AB -MP =14a ，∴BM AM=17．故答案为：B ．【点睛】本题主要考查折叠的性质、菱形的性质、勾股定理及等边三角形的性质与判定，熟练掌握折叠的性质、菱形的性质、勾股定理及等边三角形的性质与判定是解题的关键．12(2023秋·广西九年级专题练习)如图，在菱形纸片ABCD 中，∠A =60°，P 为AB 中点．折叠该纸片使点C 落在点C 处且点P 在DC 上，折痕为DE ，则∠CED 的大小为()A.40°B.45°C.60°D.75°【答案】D 【分析】连接BD ，易得△DAB 为等边三角形，根据三线合一，易得∠DPA =90°，利用菱形的性质，易得：∠PDC =90°,∠C =60°，根据折叠的性质，易得∠CDE =12∠PDC =45°，再利用三角形的内角和求出∠CED 的度数即可．【详解】解：∵在菱形纸片ABCD 中，∠A =60°，∴∠C =∠A =60°,AD =AB ,AB ∥CD ，连接BD ，∴△DAB 为等边三角形，∵P 为AB 中点，∴DP ⊥AB ，∵AB ∥CD ，∴PD ⊥DC ，∴∠PDC =90°，∵折叠该纸片使点C 落在点C 处且点P 在DC 上，折痕为DE ，∴∠CDE =12∠PDC =45°，∴∠CED =180°-∠CDE -∠C =75°；故选D ．【点睛】本题考查菱形的性质，等边三角形的判定和性质，折叠的性质，三角形的内角和个定理．熟练掌握并灵活运用相关知识点，是解题的关键．13(2023春·浙江·八年级专题练习)对角线长分别为6和8的菱形ABCD 如图所示，点O 为对角线的交点，过点O 折叠菱形，使B ，B 两点重合，MN 是折痕．若B M =1.5，则CN 的长为()A.3.5B.4.5C.5.5D.6.5【答案】A【分析】连接AC 、BD ，利用菱形的性质得OC =12AC =3，OB =OD =12BD =4，∠COD =90°，再利用勾股定理计算出CD =5，由ASA 证得△OBM ≌△ODN 得到DN =BM ，然后根据折叠的性质得BM =B M =1.5，则DN =1.5，即可得出结果．【详解】解：连接AC 、BD ，如图，∵点O 为菱形ABCD 的对角线的交点，∴OC =12AC =3，OB =OD =12BD =4，∠COD =90°，在Rt △COD 中，CD =OC 2+OD 2=32+42=5，∵AB ∥CD ，∴∠MBO =∠NDO ，在△OBM 和△ODN 中，∠MBO =∠NDOOB =OD ∠BOM =∠DON，∴△OBM ≌△ODN ASA ，∴DN =BM ，∵过点O 折叠菱形，使B ，B 两点重合，MN 是折痕，∴BM =B M =1.5，∴DN =1.5，∴CN =CD -DN =5-1.5=3.5，故选：A ．【点睛】本题考查了菱形与折叠问题，熟练掌握菱形的性质，勾股定理，全等三角形的性质与判定和折叠的性质是解题的关键．14(2023·山东九年级课时练习)如图，在折叠千纸鹤时，其中某一步需要将如图所示的菱形纸片ABCD 分别沿AM ，AN 所在直线进行折叠，使得菱形的两边AB ，AD 重合于AO ．若此时∠MON =80°，则∠AMO =．【答案】30°/30度【分析】根据菱形的性质得∠B =∠D ，∠B +∠BAD =180°，再由折叠的性质得∠B =∠AOM ，∠D =∠AON ，∠BAM =∠OAM =∠DAN =∠OAN =14∠BAD ，所以∠AOM =∠AON =12(360°-∠MON )=140°，所以∠B =∠AOM =140°,从而可求得∠BAD =40°,继而求得∠OAM =10°,再由三角形内角和定理求解即可．【详解】解：∵四边形ABCD 为菱形，∴∠B =∠D ，∠B +∠BAD =180°，由折叠的性质得：∠B =∠AOM ，∠D =∠AON ，∠BAM =∠OAM =∠DAN =∠OAN =14∠BAD ，∵∠MON =80°，∴∠AOM =∠AON =12(360°-80°)=140°，∴∠B =∠AOM =140°,∴∠BAD =40°,∴∠OAM =10°,∴∠AMO =180°-140°-10°=30°,故答案为:30°．【点睛】本题考查菱形的性质，折叠的性质，三角形内角和定理，熟练掌握菱形的性质、折叠的性质是解题的关键．3)正方形的翻折模型【模型解读】15(2023·湖南郴州·八年级校考期末)如图，正方形ABCD 的边长为4，E 是AD 边的中点，连接BE ，将△ABE 沿直线BE 翻折至△FBE ，延长EF 交CD 于点G ，则CG 的长度是()A.23B.34C.43D.32【答案】C【分析】连接BG ，根据折叠的性质和正方形的性质可得AB =BF =BC =4，AE =FE =12AD =2=DE ，∠A =∠BFE =90°=∠C ，即可证明Rt △BFG ≌Rt △BCG 得到FG =CG ，设CG =FG =x ，则DG=4-x ，EG =2+x ，在Rt △DEG 中，由勾股定理进行求解即可．【详解】解：如图所示，连接BG ，∵四边形ABCD 是正方形，∴AB =BC =DC =4，∠A =∠ABC =∠C =90°，由折叠的性质可得，AB=BF=BC=4，AE=FE=12AD=2=DE，∠A=∠BFE=90°=∠C，∵∠BFE+∠BFG=180°，∴∠C=∠BFG=90°，又∵BG=BG，∴Rt△BFG≌Rt△BCG(HL)，∴FG=CG，设CG=FG=x，则DG=4-x，EG=2+x，在Rt△DEG中，由勾股定理得，EG2=DE2+DG2，∴(2+x)2=22+(4-x)2，解得x=43，即CG=43，故选C．【点睛】本题主要考查了正方形的性质，折叠的性质，勾股定理，全等三角形的性质与判定，解题的关键在于能够熟练掌握相关知识进行求解．16(2023·江苏·八年级假期作业)如图，在正方形ABCD中，E为CD边上一点，将△AED沿着AE翻折得到△AEF，点D的对应点F恰好落在对角线AC上，连接BF．若EF=2，则BF2=()A.42+4B.6+42C.12D.8+42【答案】D【分析】点F作FG⊥BC交于G点，设正方形的边长为x，则AC=2x，由折叠可知，DE=EF，AD= AF，∠D=∠EFA=90°，可得DE=2，EC=x-2，AC=2x，在Rt△EFC中，由勾股定理可得(x-2)2 =4+(2x-x)2，解得x，即为正方形的边长为22+2，再求出FC=2，由∠ACB=45°，可求FG=CG =2，BG=2+2，在Rt△BFG中，由勾股定理可得BF2=(2+2)2+2=8+42．【详解】解：过点F作FG⊥BC交于G点，由折叠可知，DE=EF，AD=AF，∠D=∠EFA=90°，设正方形的边长为x，∵EF=2，∴DE=2，EC=x-2，AC=2x，在Rt△EFC中，EC2=FE2+FC2，∴(x-2)2=4+(2x-x)2，解得x =22+2，∴FC =2x -x =2，∵∠ACB =45°，∴FG =CG =2，∴BG =2+2，在Rt △BFG 中，BF 2=BG 2+GF 2=(2+2)2+2=8+42，故选：D ．【点睛】本题考查正方形性质，翻折的性质，熟练掌握翻折的性质，灵活应用勾股定理是解题的关键．17(2023·江苏·九年级专题练习)如图，ABCD 是一张边长为4cm 的正方形纸片，E ，F 分别为AB ，CD 的中点，沿过点D 的折痕将A 角翻折，使得点A 落在EF 上的点A ′处，则EG =cm ．【答案】43-6【分析】由ABCD 是一张边长为4cm 的正方形纸片，E ，F 分别为AB ，CD 的中点，可得AE =DF =2cm ，EF =AD =4cm ，由翻折的性质可得AG =A ′G ，AD =A ′D ，在Rt △DFA ′与Rt △A ′EG 中，用勾股定理可求得答案．【详解】解：∵ABCD 是一张边长为4cm 的正方形纸片，E 、F 分别为AB ，CD 的中点，∴AE =DF =2cm ，EF =AD =4cm ，∵沿过点D 的折痕将A 角翻折，使得点A 落在EF 上的点A ′处，∴AG =A ′G ，AD =A ′D =4cm ，在Rt △DFA ′中，A ′F =A ′D 2-DF 2=42-22=23cm ，∴A ′E =4-23 cm ，在Rt △A ′EG 中，设EG =x ，则A ′G =AG =(2-x )cm ，∴A ′G 2=A ′E 2+EG 2，即2-x 2=x 2+4-23 2，解得x =43-6．故答案为：43-6．【点睛】本题考查了正方形的性质及图形的翻折问题；利用相关知识找出等量关系，两次利用勾股定理是正确解答本题的关键．18(2023·山西朔州·校联考模拟预测)如图，在正方形ABCD 中，AB =2，将其沿EF 翻折，使∠EFC =120°，顶点B 恰好落在线段AD 上的点G 处，点C 的对应点为点H ．则线段AE 的长为．【答案】23【分析】设AE =x ，则BE =2-x ，由翻折性质，得EG =EB =2-x ，∠GEF =∠BEF =60°，所以∠AEG =60°，在Rt △AEG 中，利用三角函数可求出x ，从而得到线段AE 的长．【详解】解：设AE =x ，∵正方形ABCD 中，AB =2，∴BE =2-x ，AB ∥CD ，∵∠EFC =120°，∴∠BEF =60°，∵四边形EFHG 是四边形EFCB 折叠得到，∴∠GEF =∠BEF =60°，EG =BE =2-x ，∴∠AEG =180°-∠GEF -∠BEF =60°，在Rt△AGE中，cos∠AEG=AEEG，即cos60°=x2-x=12，解得x=23，经检验x=23是原方程的解，∴原方程的解为x=23，∴AE=23，故答案为：23．【点睛】本题考查翻折变换，正方形的性质，解直角三角形，熟练运用相关图形的性质是解题的关键．19(2023·广东九年级课时练习)如图，正方形ABCD中，AB=6，点E在边CD上，且CD=3DE．将△ADE沿AE对折至△AFE，延长EF交边BC于点G，连接AG、CF，则下列结论：①△ABG≌△AFG；②∠AGB+∠AED=135°③GF=3；④AG⎳CF；其中正确的有(填序号)．【答案】①②③④【分析】根据折叠，得到AD=AF，∠D=∠AFE=90°，推出AB=AF，∠AFG=∠B=90°，可证明Rt△ABG≌Rt△AFG，即可判断①正确；根据∠DAE=∠EAF,∠BAG=∠FAG，进而可得∠GAE=45°，根据三角形内角和定理即可得∠AEF+∠ADF=135°，得到∠AGB+∠AED=135°，进而判断②正确；设BG=GF=x，则CG=6-x，EG=x+2，CE=4，在Rt△EGC中，根据勾股定理建立方程(x+2)2= (6-x)2+42，解方程可得GF=3，即可判断③正确；根据BG=FG=3，得到CG=BC-BG=6-3=3，得到CG=FG，推出∠GCF=∠GFC，根据∠AGB=∠AGF，得到∠BGF=2∠AGF=2∠GFC，得到∠AGF=∠GFC，推出AG∥CF，即可判断④正确【详解】∵四边形ABCD是正方形，∴∠D=∠ABC=∠DAB=∠BCD=90°，AB=BC=CD=AD=6，∵CD=3DE，∴DE=2，∴CE=4，∵将△ADE沿AE对折至△AFE，∴∠AFE=∠ADE=90°，AF=AD，EF=DE=2，∴∠AFG=∠ABG=90°，AF=AB，在Rt△ABG和Rt△AFG中，AB=AF AG=AG，∴Rt△ABG≌Rt△AFG(HL)，∴①正确；∵将△ADE沿AE对折至△AFE，∴∠DAE=∠EAF，∵Rt△ABG≌Rt△AFG，∴∠BAG=∠FAG，∵∠DAE+∠EAF+∠BAG+∠FAG=∠DAB=90°，∴∠EAG=∠EAF+∠FAG=12∠DAB=45°，∴∠AEF+∠ADF=135°，∴∠AGB+∠AED=135°，∴②正确；设BG=GF=x，则CG=6-x，EG=x+2，∵CE=4，∴(x+2)2=(6-x)2+42，解得x=3，∴BG=GF=3，∴③正确；∵BG=FG=3,∴CG=BC-BG=6-3=3，∴CG=FG，∴∠GCF=∠GFC，∵∠AGB=∠AGF，∴∠BGF=2∠AGF=2∠GFC，∴∠AGF=∠GFC，∴AG∥CF∴④正确；故答案为：①②③④．【点睛】本题考查了正方形性质，折叠图形全等的性质，三角形全等的判断和性质，三角形内角和定理，勾股定理，熟练掌握以上知识是解题的关键．20(2023·江苏扬州·校考二模)如图，将正方形ABCD沿着BE、BF翻折，点A、C的对应点分别是点A 、C ，若∠A BC =14°，则∠EBF=．【答案】38°【分析】由正方形的性质及折叠的性质可得∠ABC=90°，∠ABE=∠A BE，∠CBF=∠C BF，利用角之间的和差关系可得2∠A BE+2∠C BF=90°+∠A BC =104°，进而求得∠A BE+∠C BF=52°，再利用∠EBF=∠A BE+∠C BF-∠A BC 即可求得结果．【详解】解：∵四边形ABCD是正方形，∴∠ABC=90°，由折叠可知，∠ABE=∠A BE，∠CBF=∠C BF，∵∠A BF=∠C BF-∠A BC ，∠ABE+∠A BE+∠A BF+∠CBF=90°，∴2∠A BE+2∠C BF-∠A BC =90°，即：2∠A BE+2∠C BF=90°+∠A BC =104°，∴∠A BE+∠C BF =52°，∴∠EBF=∠A BE+∠C BF-∠A BC =52°-14°=38°，故答案为：38°．【点睛】本题考查正方形与折叠的性质，利用正方形与折叠的性质得到∠A BE+∠C BF的度数是解决问题的关键．21(2023春·江苏宿迁·八年级统考期末)问题情境：如图1，在正方形ABCD中，AB=6，点F是边AD上一点(点F不与A,D重合)，将△CDF沿直线CF翻折，点D落在点E处．(1)如图2，当点E落在对角线AC上时，求DF的长．(2)如图3，连接AC,BD,BD分别交CF,AC于点M，点O，连接OE并延长交AD于点G，当M为OD中点时，试判断OG与CF的位置关系，并说明理由．(3)如图4，在线段CE上取一点Q，且使CQ=2，连接AE,BQ，则在点F从点A运动到点D的过程中，AE+BQ的值是否存在最小值？如果存在，请求出其值；若果不存在，请说明理由．【答案】(1)62-6(2)CF∥OG，理由见解析．(3)213【分析】(1)可证得△FEA为等腰直角三角形，AF=2EF，结合DF=EF，可得AD=DF+AF=DF+ 2DF．(2)连接DE，交FM于点H，可知DH=EH，根据三角形的中位线定理，即可求得OG与CF的位置关系．(3)在线段CB上取一点P，使CP=CQ=2，连接AP，EP，可证得△CBQ≌△CPE，则AE +BQ=AE+EP，观察图形可知，当点A，E，P在同一条直线上时，AE+EP最小，最小值为AP．【详解】(1)根据折叠的性质可知DF=EF，∠D=∠FEC=90°，∴∠FEA=90°．∵∠FAE=45°，∴△FEA为等腰直角三角形．∴EF=EA．∴AF2=EF2+AE2=2EF2．∴AF=2EF．∴AF=2DF．∴AD=DF+AF=DF+2DF=6．∴DF=62-6．(2)CF∥OG，理由如下：如图所示，连接DE，交FM于点H．根据题意可知CF 为线段DE 的垂直平分线，∴DH =EH ．∵M 为OD 中点，∴MH ∥OE ，即CF ∥OG ．(3)如图所示，在线段CB 上取一点P ，使CP =CQ =2，连接AP ，EP ．在△CBQ 和△CPE 中，CQ =CP∠QCB =∠PCE CB =CE∴△CBQ ≌△CPE ．∴BQ =EP ．∴AE +BQ =AE +EP ．观察图形可知，当点A ，E ，P 在同一条直线上时，AE +EP 最小，最小值为AP ．∴AP =AB 2+BP 2=62+42=213．【点睛】本题主要考查图形折叠的性质、全等三角形的判定及性质、勾股定理、等腰三角形的判定及性质、三角形的中位线定理，能根据题意作出辅助线是解题的关键．课后专项训练1(2023·湖北随州·八年级统考期末)如图，在菱形纸片ABCD 中，AB =4，∠A =60°，将菱形纸片翻折，使点A 落在CD 的中点E 处，折痕为FG ，点F ，G 分别在边AB，AD 上，则EF 的长为()A.72 B.94 C.196 D.733【答案】A【分析】连接BE ，BD ，则△BCD 是等边三角形，则求出BE 的长度，由折叠的性质和勾股定理，即可求出EF 的长度．【详解】解：如图，连接BE ，BD ，∵AB =4=BC =CD ，∠A =60°=∠C ，∴△BCD 是等边三角形，∵E 是CD 中点∴DE =2=CE ，BE ⊥CD ，∠EBC =30°，∴BE =3CE =23，∵CD ∥AB ，∴∠ABE =∠CEB =90°，由折叠可得AF =EF ，∵EF 2=BE 2+BF 2，∴EF 2=12+(4-EF )2，∴EF =72．故选：A ．【点睛】本题考查了折叠问题，菱形的性质，勾股定理，关键是添加恰当的辅助线构造直角三角形，利用勾股定理求线段长度．2(2023春·江西新余·八年级统考期末)如图，正方形ABCD 的边长为6，点E 是BC 上的一点，连接AE 并延长，交射线DC 于点F ，将△ABE 沿直线AE 翻折，点B 落在点N 处，AN 的延长线交DC 于点M ，当AB =2CF 时，则NM 的长为()A.12B.1C.32D.54【答案】A【分析】由折叠的性质可得AN =AB =6，∠BAE =∠NAE ，再由平行线的性质得到∠BAE =∠F ，则可证明∠NAE =∠F 得到AM =FM ，设CM =x ，则DM =6-x ，AM =FM =3+x ，在Rt △ADM 中，由勾股定理得3+x 2=62+6-x 2，解方程求出AM =132，则NM =AM -AN =12．【详解】解：∵△ABE 沿直线AE 翻折，点B 落在点N 处，∴AN =AB =6，∠BAE =∠NAE ，∵正方形ABCD 中，AB ∥CD ，∴∠BAE =∠F ，∴∠NAE =∠F ，∴AM =FM ，设CM =x ，∵AB =2CF =6，∴CF =3，∴DM =6-x ，AM =FM =3+x ，在Rt △ADM 中，由勾股定理得，AM 2=AD 2+DM 2，即3+x 2=62+6-x 2，解得x =72，∴AM =3+72=132，∴NM =AM -AN =132-6=12．故选：A ．【点睛】本题主要考查了正方形的性质，勾股定理，等腰三角形的判定，证明AM =FM 是解题的关键．3(2023春·江苏宿迁·八年级校考阶段练习)如图，正方形ABCD 的边长为4，点E 在边CD 上，且CE =1，连结AE ，点F 在边AD 上，连结BF ，把△ABF 沿BF 翻折，点A 恰好落在AE 上的点G 处，下列结论：①AE =BF ；②AD =3DF ；③S △ABF =6；④GE =0.2，其中正确的是()A.①②③④B.①③④C.①②③D.①③【答案】B 【分析】根据翻折的性质证△ABF ≌△DAE (ASA )，得出AF =DE =3，BF =AE ，即可判断①正确；根据DF =AD -AF =4-3=1，即可判断②错误；由勾股定理得出BF =5，由S △ABF 求出即可求得③正确；根据S △ABF =12AB •AF =12BF •AH ，求出AH ，即可判断④正确，进而得出答案．【详解】解：∵四边形ABCD 为正方形，∴AB =AD =CD =4，∠BAD =∠D =90°，∵CE =1，∴DE =3，由折叠的性质可知，△ABF ≌△GBF ，BF 垂直平分AG ，∴BF ⊥AE ，AH =GH ，∴∠BAH +∠ABH =90°，∵∠FAH +∠BAH =90°，∴∠ABH =∠FAH ，在△ABF和△DAE中，∠BAF=∠D AB=AD∠ABF=∠DAE，∴△ABF≌△DAE(ASA)，∴AF=DE=3，BF=AE，故①正确；∵DF=AD-AF=4-3=1，∴AD=4DF，故②错误；在Rt△ABF中，∵BF=AB2+AF2=42+32=5∴S△ABF=12AB•AF=12×4×3=6，故③正确；∵S△ABF=12AB•AF=12BF•AH，∴4×3=5AH，∴AH=125，∴AG=2AH=245，∵AE=BF=5，∴GE=AE-AG=5-245=0.2，故④正确；综上所述：正确的是①③④，故选：B．【点睛】本题考查了翻折变换，全等三角形的判定与性质，勾股定理，正方形的性质，解决本题的关键是掌握翻折的性质．4(2023春·山西长治·八年级统考期末)如图，在菱形ABCD中，∠B=60°，将边AB沿AF折叠得到AB ,AB交CD于点E，当E为CD中点时，∠EFC的大小为()A.28°B.75°C.40°D.30°【答案】D【分析】延长AE交BC的延长线于点H，过点A作AI⊥BH于点I，可证△ADE≌△HCE，故CH=AD= BC=AB，即BH=2AB，即可求解．【详解】解：延长AE交BC的延长线于点H，过点A作AI⊥BH于点I∵AD∥BC，∴∠D=∠ECH，∵E为CD中点，∴DE=CE，∵∠AED=∠HEC，∴△ADE≌△HCE，∵在菱形ABCD中，∴CH=AD=BC=AB，∴BH=2AB，∵AI⊥BH，∠B=60°，∴∠BAI=30°,BI=12AB,AI=AB2-BI2=32AB，∵HI=BH-BI=2AB-12AB=32AB，∴在Rt△AIH中：AH=AI2+HI2=3AB，∴AH=2AI,∠H=30°，∴∠BAH=90°=∠BAF+∠HAF，由折叠可知：∠BAF=∠HAF=45°，∴∠BFE=2∠AFB=2180°-∠B-∠BAF=150°，∴∠EFC=180°-∠BFE=30°，故选：D．【点睛】本题考查了菱形的性质、全等三角形的判定与性质、含30°角的直角三角形以及折叠的性质．掌握相关几何结论是解题关键．5(2023春·黑龙江哈尔滨·八年级统考期末)将矩形纸片ABCD按如图所示的方式折叠，AE、EF为折痕，∠BAE=30°，AB=23，折叠后，点C落在AD边上的C 处，并且点B落在EC 边上的B 处．则BC的长为()A.6B.43C.4D.33【答案】A【分析】由勾股定理得出232，求出BE=2，AE=4，根据翻折和对边平行可得△AEC2+BE2=2BE和△CC E为等边三角形，那么就得到EC=EC =AE=4，相加即可．【详解】解：连接CC ，在Rt△ABE中，∠BAE=30°，AB=23，AB2+BE2=AE2，∴AE=2BE，∠AEB =∠AEB=60°，∴232+BE2=2BE2，∴BE=2，∴AE=4，∵四边形ABCD是矩形，∴AD∥BC，∴∠C AE=∠AEB=60°，∴△AEC 为等边三角形，同理△CC E也为等边三角形，∴EC=EC =AE=4，∴BC=BE+EC=2+4=6，故选：A．【点睛】本题考查了翻折变换(折叠问题)，矩形的性质，勾股定理等边三角形的判定和性质，正确的作出辅助线是解题的关键．6(2023春·浙江杭州·八年级统考期末)如图，将菱形ABCD沿AE折叠，点B的对应点为F，若E、F、D刚好在同一直线上，设∠ABE=α，∠BAE=β，∠C=γ，则关系正确的是()A.γ=α+2β-180°B.3β+γ=180°C.3α+2β=360°D.2α+γ=180°【答案】C【分析】可求∠AEB=180°-α-β，∠CED=2α+2β-180°，可求∠ADF=∠CED=2α+2β-180°，可证∠ADF=∠AFD，即可求解．【详解】解：∵∠ABE=α，∠BAE=β，∴∠AEB=180°-α-β，根据折叠可知，∠AEF=∠AEB=180°-α-β，∠AFE=∠ABE=α，AB=AF，∴∠CED=180°-2(180°-α-β)=2α+2β-180°，在菱形ABCD中，AD∥BC，AB=AD，∴∠ADF=∠CED=2α+2β-180°，AD=AF，∴∠ADF=∠AFD，∵∠AFD =180°-α，∴180°-α=2α+2β-180°，∴3α+2β=360°．故选：C ．【点睛】本题主要考查了折叠的性质，菱形的性质，三角形的内角和定理，等腰三角形的性质，掌握相关的性质是解题的关键．7(2023·广东江门·统考二模)如图，在矩形片ABCD 中，边AB =4，AD =2，将矩形片ABCD 沿EF 折叠，使点A 与点C 重合，折叠后得到的图形是图中阴影部分．给出下列结论：①四边形AECF 是菱形；②BE 的长是1.5；③EF 的长为5；④图中阴影部分的面积为5.5，其中正确的结论有()A.1个B.2个C.3个D.4个【答案】D 【分析】根据矩形、折叠性质即可得出CF =CE =AE =AF ，则证明结论①正确；设DF =x ，故DF =BE =x ，在Rt △ADF 中，利用勾股定理即可求解结论②正确；过点F 作FH ⊥AB 于点H ，利用矩形判定与性质并结合勾股定理求得EF 的长，则可推出结论③正确；由DF =BE 可知阴影部分的面积为矩形ABCD 面积的一半与△CGF 面积的和，利用面积公式即可求得结果，证明结论④正确．【详解】解：∵四边形ABCD 是矩形，∴AB ∥CD ，∴∠AEF =∠CFE ，由折叠性质可知：AE =CE ，AF =CF ，∠AEF =∠CEF ，∴∠CFE =∠CEF ，∴CF =CE ，∴CF =CE =AE =AF ，∴四边形AECF 是菱形；故①正确；∵四边形AECF 是菱形，∴CF =AE ，∵四边形ABCD 是矩形，AB =4，AD =2，∴AB =CD =4，∠D =90°，∴AB -CF =CD -AE ，即DF =BE ，设DF =x ，则CF =AF =4-x ，在Rt △ADF 中，DF 2+AD 2=AF 2，即x 2+22=(4-x )2解得x =1.5，即BE 的长是1.5；故②正确；过点F 作FH ⊥AB 于点H ，∴四边形ADFH 是矩形，∴FH =AD =2，AH =DF =1.5，∵AE =AB -BE =2.5，∴HE =AE -AH =1，由勾股定理得EF =FH 2+HE 2=22+12=5；故③正确；∵DF =BE ，AD =GC =2，DF =GF =32，∴S 阴影部分=S 四边形BCFE +S △CGF ，=12S 矩形ABCD +S △CGF ，=12AB •AD +12CG •GF ，=12×4×2+12×2×32，=4+32=112；故④正确．故选：D ．【点睛】本题考查了四边形的综合问题，熟练掌握菱形的判定与性质、矩形的判定与性质及折叠的性质等知识是解题的关键．。

平行四边形折叠问题解题技巧平行四边形折叠问题解题技巧什么是平行四边形折叠问题平行四边形折叠问题是一种数学问题，要求将一块平行四边形纸张折叠成特定的形状。

解决这个问题需要一些技巧和方法。

以下是一些常用的技巧，可以帮助你解题。

技巧一：注意对称性•在折叠平行四边形时，要注意纸张的对称性。

利用对称性可以简化问题，并找到更快的解决方案。

•如果可以发现平行四边形纸张具有对称性，可以根据对称性进行折叠，将问题简化为更小的子问题。

技巧二：利用角度相等•在平行四边形折叠问题中，角度是一个重要的概念。

角度相等的性质可以帮助我们确定折叠的方式。

•如果已知某个角度相等，可以通过将纸张折叠使得两个角度重合，从而找到解题的关键位置。

技巧三：利用边长比例•平行四边形的边长比例也是一个重要的信息。

通过观察边长比例，可以推导出纸张的折叠方式。

•如果已知两个边长的比例，可以利用这个比例关系进行折叠，从而找到解题的关键位置。

技巧四：分析折痕•折痕是平行四边形折叠问题中的关键点。

分析折痕的特点可以帮助我们确定折叠的方式。

•观察折痕的位置、形状和角度，可以推断出纸张的折叠方式，并找到最终的解答。

技巧五：尝试反向思考•在解决平行四边形折叠问题时，有时候可以尝试反向思考。

即从最终的形状出发，逆向推导出折叠的方式。

•这种方法可以帮助我们更直观地理解问题，从而找到更有效的解题方法。

技巧六：多练习、多实践•最后，最重要的是多练习、多实践。

通过反复练习和实践，可以加深对平行四边形折叠问题的理解，掌握更多的解题技巧。

•在实践中遇到问题不要气馁，可以寻求他人的帮助或参考相关资料，不断提升自己的解题能力。

以上是解决平行四边形折叠问题常用的技巧和方法。

通过灵活运用这些技巧，相信你能够轻松解决各种平行四边形折叠问题。

祝你成功！（以上仅为参考，具体文章内容可以根据实际需要进行修改和补充。

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第07讲专题1平行（特殊）四边形中的折叠问题类型一：平行四边形中的折叠问题类型二：矩形中的折叠问题类型三：菱形中的折叠问题类型四：正方形中的折叠问题类型一：平行四边形中的折叠问题1．如图，在平行四边形ABCD中，将△ABC沿着AC所在的直线折叠得到△AB′C，B′C交AD于点E，连接B′D，若∠B＝60°，∠ACB＝45°，AC＝，则B′D的长是（）A．1B．C．D．【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AD∥BC，AB∥CD，∠ADC＝60°，∴∠CAE＝∠ACB＝45°，∵将△ABC沿AC翻折至△AB′C，∴∠ACB′＝∠ACB＝45°，∠AB′C＝∠B＝60°，∴∠AEC＝180°﹣∠CAE﹣∠ACB′＝90°，∴AE＝CE＝AC＝，∵∠AEC＝90°，∠AB′C＝60°，∠ADC＝60°，∴∠B′AD＝30°，∠DCE＝30°，∴B′E＝DE＝1，∴B′D＝＝．故选：B．2．如图，将▱ABCD折叠，使点D、C分别落在点F、E处（点F、E都在AB所在的直线上），折痕为MN，若∠AMF＝50°，则∠A＝65°．【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，根据折叠的性质可得：MN∥AE，∠FMN＝∠DMN，∴AB∥CD∥MN，∴∠DMN＝∠FMN＝∠A，∵∠AMF＝50°，∴∠DMF＝180°﹣∠AMF＝130°，∴∠FMN＝∠DMN＝∠A＝65°，故答案为：65．3．如图，将▱ABCD沿对角线AC折叠，使点B落在B′处，若∠1＝∠2＝44°，则∠B为（）A．66°B．104°C．114°D．124°【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴AB∥CD，∴∠ACD＝∠BAC，由折叠的性质得：∠BAC＝∠B′AC，∴∠BAC＝∠ACD＝∠B′AC＝∠1＝22°，∴∠B＝180°﹣∠2﹣∠BAC＝180°﹣44°﹣22°＝114°；故选：C．4．如图，在▱ABCD中，E为边CD上一点，将△ADE沿AE折叠至△AD′E处，AD′与CE交于点F．若∠B＝52°，∠DAE＝20°，则∠FED′的大小为36°．【解答】解：∵四边形ABCD是平行四边形，∴∠D＝∠B＝52°，由折叠的性质得：∠D′＝∠D＝52°，∠EAD′＝∠DAE＝20°，∴∠AEF＝∠D+∠DAE＝52°+20°＝72°，∠AED′＝180°﹣∠EAD′﹣∠D′＝108°，∴∠FED′＝108°﹣72°＝36°；故答案为：36°．5．如图，P是平行四边形纸片ABCD的BC边上一点，以过点P的直线为折痕折叠纸片，使点C，D落在纸片所在平面上C′，D′处，折痕与AD边交于点M；再以过点P的直线为折痕折叠纸片，使点B恰好落在C′P边上B′处，折痕与AB边交于点N．若∠MPC＝74°，则∠NPB′＝16°．【解答】解：∵点C，D落在纸片所在平面上C′，D′处，折痕与AD边交于点M，∴∠MPC′＝∠MPC＝74°，∴∠BPB′＝180°﹣∠CPC′＝180°﹣2∠PMC＝180°﹣148°＝32°，∵∠BPN＝∠B′PN，∴∠NPB′＝∠BPB′＝16°，故答案为：16．类型二：矩形中的折叠问题6．如图，矩形ABCD沿对角线BD折叠，已知长BC＝8cm，宽AB＝6cm，那么折叠后重合部分的面积是（）A．48cm2B．24cm2C．18.75cm2D．18cm2【解答】解：∵四边形ABCD是矩形，∴AD∥CB，∴∠ADB＝∠DBC，∵∠C′BD＝∠DBC∴∠ADB＝∠EBD，∴DE＝BE，∴C′E＝8﹣DE，∵C′D＝AB＝6，∴62+（8﹣DE）2＝DE2，∴DE＝，＝DE×CD÷2＝18.75cm2．∴S△BDE故选：C．7．如图，长方形纸片ABCD，E为CD边上一点，将纸片沿BE折叠，点C落在点C'处，将纸片沿AE折叠，点D落在点D'处，且D'恰好在线段BE上．若∠AEC'＝α，则∠CEB＝（）A．B．C．D．【解答】解：由折叠的性质得：∠AED＝∠AED'，∠CEB＝∠C'EB，∵∠AED'＝180°﹣∠CEB﹣∠AED，∠AED'＝∠AEC'+∠C'EB＝α+∠C'EB，∴∠AED'＝180°﹣∠CEB﹣∠AED'，∴2∠AED'＝180°﹣∠CEB，∴2（α+∠CEB）＝180°﹣∠CEB，∴3∠CEB＝180°﹣2α，∴∠CEB＝60°﹣α，故选：A．8．数学老师要求学生用一张长方形的纸片ABCD折出一个45°的角，甲、乙两人的折法如下，下列说法正确的是（）甲：如图1，将纸片沿折痕AE折叠，使点B落在AD上的点B'处，∠EAD即为所求，乙：如图2，将纸片沿折痕AE，AF折叠，使B，D两点分别落在点B'，D'处，AB'与AD'在同一直线上，∠EAF即为所求，A．只有甲的折法正确B．甲和乙的折法都正确C．只有乙的折法正确D．甲和乙的折法都不正确【解答】解：甲：将纸片沿折痕AE折叠，使B点落在AD上的B'点，得到∠EAB＝∠EAD＝45°；乙：将纸片沿折痕AE，AF折叠，使B，D两点落在AC上的点B'，D'，得到∠EAF＝∠EAB'+∠FAB'＝（∠DAC+∠BAC）＝×90°＝45°；故选：B．9．如图，在矩形ABCD中，M是BC上一点，将△ABM沿AM折叠，使点B落在B'处，若∠AMB＝α，则∠B'AD等于（）A．α﹣90°B．α﹣45°C．90°﹣2αD．90°﹣α【解答】解：∵四边形ABCD为矩形，∴∠ABC＝90°，AD∥BC，∴∠DAM＝∠AMB＝α，∠BAM＝90°﹣α，根据折叠可知，∠B'AM＝∠BAM＝90°﹣α，∴∠B'AD＝∠B'AM﹣∠DAM＝90°﹣α﹣α＝90°﹣2α，故C正确．故选：C．10．如图，已知长方形纸片ABCD，点E和点F分别在边AD和BC上，且∠EFG＝37°点H和点G分别是边AD和BC上的动点，现将纸片两端分别沿EF，GH折叠至如图所示的位置，若EF∥GH，则∠KHD 的度数为（）A．37°B．74°C．96°D．106°【解答】解：∵EF∥GH，∴∠HGC＝∠EFG＝37°，∵四边形ABCD是长方形，∴AD∥BC，∴∠GHD+∠HGC＝180°，∴∠GHD＝143°，根据折叠的性质可得：∠KHG＝∠DHG＝143°，∴∠KHD＝360°﹣∠KHG﹣∠DHG＝360°﹣143°﹣143°＝74°．故选：B．11．如图，将长方形纸片ABCD沿EF折叠后，点A，D分别落在A1，D1的位置，再将△A1EG沿着AB对折，将△GD1N沿着GN对折，使得D1落在直线GH上，则下列说法正确的是（）①GN⊥DC；②GH⊥GD1；③当MN∥EF时，∠AEF＝120°．A．①②B．①③C．②③D．①②③【解答】解：由折叠可知：∠A1GE＝∠EGH，∠D1GN＝∠MGN，∠GMN＝∠D1＝90°，∠A1＝∠EHG＝90°，∠AEF＝∠A1EF，∴EH∥MN，∵∠A1GE+∠EGH+∠D1GN+∠MGN＝180°，∴∠EGN＝90°，∴GN⊥DC；故①正确；∵∠D1GN＝∠MGN不一定为45°，∴GH不一定垂直GD1，故②错误；∵MN∥EF，EH∥MN，∴EH与EF共线，∴∠AEF＝∠A1EF＝2∠GEF，∵∠AEF+∠GEF＝180°，∴∠AEF＝120°，故③正确；故选：B．类型三：菱形中的折叠问题10．如图，在菱形纸片ABCD中，∠A＝60°，点E在BC边上，将菱形纸片ABCD沿DE折叠，点C对应点为点C′，且DC′是AB的垂直平分线，则∠DEC的大小为（）A．30°B．45°C．60°D．75°【解答】解：连接BD，如图所示：∵四边形ABCD为菱形，∴AB＝AD，∵∠A＝60°，∴△ABD为等边三角形，∠ADC＝120°，∠C＝60°，∵DC′是AB的垂直平分线，∴P为AB的中点，∴DP为∠ADB的平分线，即∠ADP＝∠BDP＝30°，∴∠PDC＝90°，∴由折叠的性质得到∠CDE＝∠PDE＝45°，在△DEC中，∠DEC＝180°﹣（∠CDE+∠C）＝75°．故选：D．11．如图，菱形ABCD中，∠A＝120°，E是AD上的点，沿BE折叠△ABE，点A恰好落在BD上的点F，那么∠BFC的度数是75°．【解答】解：∵四边形ABCD是菱形，∴AB＝BC，∠A+∠ABC＝180°，BD平分∠ABC，∵∠A＝120°，∴∠ABC＝60°，∴∠FBC＝30°，根据折叠可得AB＝BF，∴FB＝BC，∴∠BFC＝∠BCF＝（180°﹣30°）÷2＝75°，故答案为：75°．12．如图，菱形ABCD中，∠D＝120°，点E在边CD上，将菱形沿直线AE翻折，使点D恰好落在对角线AC上，连接BD′，则∠AD′B＝75°．【解答】解：∵四边形ABCD是菱形，∴AD＝DC＝BC＝AB，CD∥AB，∴∠DAC＝∠DCA，∵∠D＝120°，∴∠DAC＝∠DCA＝（180°﹣∠D）＝30°．∵CD∥AB，∴∠BAD′＝∠DCA＝30°．∵将菱形沿直线AE翻折，使点D恰好落在对角线AC上，∴AD＝AD′，∴AB＝AD′，∴∠AD′B＝∠ABD′＝（180°﹣∠BAD′）＝75°．故答案为75．13．如图，在菱形ABCD中，∠A＝120°，AB＝2，点E是边AB上一点，以DE为对称轴将△DAE折叠得到△DGE，再折叠BE使BE落在直线EG上，点B的对应点为点H，折痕为EF且交BC于点F．（1）∠DEF＝90°；（2）若点E是AB的中点，则DF的长为．【解答】解：（1）由翻折可得∠AED＝∠DEG，∠BEF＝∠HEF，∴∠DEG+∠HEF＝∠AED+∠BEF，∵∠DEG+∠HEF+∠AED+∠BEF＝180°，∴∠DEG+∠HEF＝90°，即∠DEF＝90°．故答案为：90°．（2）∵四边形ABCD为菱形，∴AD∥BC，∴∠A+∠B＝180°，由翻折可得AE＝EG，BE＝EH，∠A＝∠EGD，∠B＝∠EHF，∵点E是AB的中点，∴AE＝BE，∴EG＝EH，即点G与点H重合．∵∠EGD+∠EHF＝∠A+∠B＝180°，∴点D，G，F三点在同一条直线上．过点D作DM⊥BC，交BC的延长线于点M．∵∠A＝120°，AB＝2，∴∠DCM＝60°，CD＝2，∴CM＝CD＝1，DM＝CD＝，由翻折可得BF＝FG，AD＝DG＝2，设BF＝x，则MF＝2﹣x+1＝3﹣x，DF＝2+x，由勾股定理可得，解得x＝，∴DF＝．故答案为：．类型四：正方形中的折叠问题14．如图，在正方形ABCD中，点E，F分别在边AB，CD上，∠EFC＝120°，若将四边形EBCF沿EF 折叠，点B恰好落在AD边上，则∠AEB′为（）A．70°B．65°C．30°D．60°【解答】解：∵四边形ABCD是正方形，∴AB∥CD，∴∠BEF+∠EFC＝180°，∵∠EFC＝120°，∴∠BEF＝180°﹣∠EFC＝60°，∵将四边形EBCF沿EF折叠，点B恰好落在AD边上，∴∠BEF＝∠FEB'＝60°，∴∠AEB'＝180°﹣∠BEF﹣∠FEB'＝60°，故选：D．15．如图，把正方形纸片ABCD沿对边中点所在的直线对折后展开，折痕为MN，再过点B折叠纸片，使点A落在MN上的点F处，折痕为BE．若FN＝3，则正方形纸片的边长为2．【解答】解：设正方形纸片的边长为x，则BF＝AB＝x，BN＝BC＝x，∴Rt△BFN中，NF＝＝x＝3，∴x＝2，故答案为：2．16．如图，在正方形ABCD中，E为边BC上一点，将△ABE沿AE折叠至△AB'E处，BE与AC交于点F，若∠EFC＝69°，则∠CAE的大小为（）A．10°B．12°C．14°D．15°【解答】解：∵∠EFC＝69°，∠ACE＝45°，∴∠BEF＝69+45＝114°，由折叠的性质可知：∠BEA＝∠BEF＝57°，∴∠BAE＝90﹣57＝33°，∴∠EAC＝45﹣33＝12°．故选：B．17．如图，正方形纸片ABCD的边长为12，E是边CD上一点，连接AE，折叠该纸片，使点A落在AE上的G点，并使折痕经过点B，折痕BF与AE交于点H，点F在AD上，若DE＝5，则AH的长为．【解答】解：∵四边形ABCD为正方形，∴AB＝AD＝12，∠BAD＝∠D＝90°，由折叠及轴对称的性质可知，△ABF≌△GBF，BF垂直平分AG，∴BF⊥AE，AH＝GH，∴∠BAH+∠ABH＝90°，又∵∠FAH+∠BAH＝90°，∴∠ABH＝∠FAH，∴△ABF≌△DAE（ASA），∴AF＝DE＝5，在Rt△ABF中，BF＝＝＝13，＝AB•AF＝BF•AH，∵S△ABF∴12×5＝13AH，∴AH＝，故答案为：．18．如图，将正方形纸片ABCD折叠，使点D落在边AB上的D'处，点C落在C'处，若∠AD'M＝50°，则∠MNC'的度数为（）A．100°B．110°C．120°D．130°【解答】解：四边形CDMN与四边形C′D′MN关于MN对称，则∠DMN＝∠D′MN，且∠AMD′＝90°﹣∠AD'M＝40°，∴∠DMN＝∠D′MN＝（180°﹣40°）÷2＝70°由于∠MD′C′＝∠NC′D′＝90°，∴∠MNC'＝360°﹣90°﹣90°﹣70°＝110°故选：B．。

专题01特殊平行四边形中的折叠问题全梳理目录【方法归纳】 (1)【考法一、三角形翻折问题】 (1)【考法二、四边形翻折问题】 (16)【课后练习】 (28)【方法归纳】1.折叠的基本性质：翻折前后对应的边与角相等；2.对于翻折都不确定的情况，注意分类讨论，避免漏掉解；3.方程思想：灵活设未知数，通过勾股定理建立方程，解出答案4.综合性：把折叠性质与四边形性质相结合，建立边角之间的关系。

【考法一、矩形翻折问题】例．如图，在矩形OABC 中8AB =，4BC =，点D 为对角线OB 中点，点E 在OC 所在的直线上运动，连结DE ，把ODE 沿DE 翻折，点O 的对应点为点F ，连结BF ．(1)当点F 在OC 下方时（如图1），求证：DE BF ∥．(2)当点F 落在矩形的对称轴上时，求EF 的长．(3)是否存在点E ，使得以D ，E ，F ，B 为顶点的四边形是平行四边形？若存在，求OE 的长；若不存在，请说明理由．当四边形△中，在Rt ABO222=+=OB AB AO8BC OC⊥∴∥，且D为OBDM BC中位线，DM∴为OCBOE EF BD DO ∴==，，25OE OD ∴==；如图，当四边形DEBF 为平行四边形时，DF OD BE ∴=，25BE ∴=，在Rt BEC △中，EC =826OE ∴=-=；DF OD BD DF == ，25BE OD ∴==，在Rt BCE 中，2CE BE =-在矩形ABCD 中，8AB =，6AD =，现将纸片折叠，点D 的对应点记为点P ，折痕为EF （点E 、F 是折痕与矩形的边的交点），再将纸片还原．【初步思考】（1）若点P落在矩形ABCD的边AB上（如图①）当点P与点A重合时，DEF∠=_____︒，当点E与点A重合时，DEF∠=______︒；【深入探究】（2）若点P落在矩形ABCD的内部（如图②），且点E、F分别在AD、DC边上，AP的最小值是______；【拓展延伸】（3）若点F与点C重合，点E在AD上，射线BA与射线FP交于点M（如图③）在各种不同的折叠位置中，是否存在某一情况，使得线段AM与线段DE的长度相等？若存在，请求出线段AE的长度；若不存在，请说明理由．【答案】（1）90；45（2）2（3）存在某一情况，使得线段AM与线段DE的长度相等，线段AE的长度为65或4211【分析】（1）当点P与点A重合时，画出图形可得结论；当点E与点A重合时，则EF平分DAB∠，即可得出答案；（2）当F与C重合，点P在对角线AC上时，AP有最小值，根据折叠的性质求8CD PC==，由勾股定理求10AC=，即可得出结果；（3）分两种情况根据全等三角形的判定和性质以及勾股定理解答即可．【详解】解：（1）四边形ABCD是矩形，90DAB D∴∠=∠=︒，当点P与点A重合时，EF是AD的中垂线，90DEF∴∠=︒，当点E与点A重合时，如图，则EF平分DAB∠，==，则AF=设DF PF x当A，P，F在一直线上时，当x最大为8时，AP最小值为四边形ABCD是矩形，A ADC B∴∠=∠=∠=90∠由折叠的性质得：EPM ，AM DE=∴=，AM EP四边形ABCD是矩形，∴∠=∠=∠=︒，DAM ADC B90∠=∠由折叠的性质得：EPC ADC ∴∠=∠=︒，GAM GPE90变式2．【问题情境】折纸操作简单，富有数学趣味，我们可以通过折纸开展数学探究，探索数学奥秘，下面是折纸过程．【动手操作】步骤1：对折矩形纸片ABCD ，使AD 与BC 重合，得到折痕EF ，展平纸片；步骤2：点M 为边AD 上任意一点（与点A ，D 不重合），ABM 沿BM 折叠得到A BM '△，折痕BM 交EF 于点N ．【问题探究】（1）如图1，当点A 的对称点A '落在EF 上时，连接AN ．求证：四边形ANA M '为菱形；（2）已知2BC AB =，继续对折矩形纸片ABCD ，使AB 与DC 重合，折痕GH 与EF 交于点O ．将ABM 沿BM 折叠，连接MO ，若点A 的对称点A '恰好落在线段MO 上，此时2AM =．①尺规作图：请在图2中用直尺和圆规，作点A 的对称点A '（保留作图痕迹，不写作法）；②求AB 的长度；【拓展迁移】如图3，在矩形纸片ABCD 的边AB 上取一点P ，折叠纸片，使P ，B 两点重合，展平纸片，得到折痕EF ；点B '为EF 上任意一点（与点E ，F 不重合），折叠纸片使B ，B '两点重合，得到折痕l 及点P 的对应点P '，折痕l 交EF 于点K ，展平纸片，连接BP '，KP '．（3）猜想P B K ∠'与BC P '∠的数量关系，并证明．【答案】（1）见解析；（2）①见解析；②6AB =；（3）3P BC BP K ''∠∠＝，理由见解析【分析】（1）根据折叠可得出NA NA '=，MA MA '=，AMB A MB '∠=∠，，证明AD EF ∥，利用平行线的性质得出AMB MNA '∠=∠，则A MB MNA ''∠=∠，利用等角对等边得出MA NA ''=，即可得证；（2）①以M 为圆心，MA 为半径画弧交MO 于A '即可；②利用折叠的性质，矩形的判定与性质可得出2BH AB A B AG OG '====，证明()HL OA B OHB ' ≌，得出OA OH OG '==，在Rt MGO △中，根据勾股定理，可求出OG ，进而求出AB ；（3）连接PK ，BK ，延长BK 交P B ''于点M ，可证明EB B MBB ''≌ ，得出BE B M '=，90FEB BMB '∠=∠=︒，由折叠可得BK PK P K B K ''===，利用等边对等角和三线合一的性质可得出P BK BP K ''∠=∠，KBB KB B ''∠=∠，MB MP ''=，利用线段垂直平分线的性质BP BB ''=，利用三线合一性质可得出P BK KBB ''∠=∠，则P BK BP K KBB KB B ''''∠=∠=∠=∠，由（1）中BC EF ∥，可得出B BC KB B ''∠=∠，即可得证．【详解】（1）证明：连接AA '，∵ABM 沿BM 折叠，得到A BM '△，∴BM 垂直平分AA '，∴NA NA '=，MA MA '=，AMB A MB '∠=∠，由折叠可知：AEF BEF ∠=∠，∵180AEF BEF ∠+∠=︒，∴90BEF ∠=︒，∵四边形ABCD 为矩形，∴90DAB ∠=︒，∴90BEF DAB ∠=∠=︒，∴AD EF ∥，∴AMB MNA '∠=∠，∴A MB MNA ''∠=∠，∴MA NA ''=，∴MA NA NA MA ''===，∴四边形ANA M '为菱形；点A'即为所求，解：连接BO，由折叠可知：AB A B'=，MA 由（1）得90∠=∠=︒GHB HGA∵l为折痕，∴P B B PBB'''∠=∠，BP B P''=，l ∴KP KP'=，=，KB KB'∴KBB KB B''∠=∠，∵B B BB''=，∴BE B M '=，90FEB BMB '∠=∠=︒，由折叠可知：KP KB =，EP EB =，90FEB ∠=︒，∴KP KB '=，KP KB ''=∴P BK BP K ''∠=∠，MB MP ''=∴BP BB ''=，∴P BK BP K KBB KB B ''''∠=∠=∠=∠，由（1）可知BC EF ∥，∴B BC KB B ''∠=∠，∴3P BC BP K ''∠=∠．【点睛】本题考查了矩形与折叠，等腰三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，线段垂直平分线的性质等知识，明确题意，灵活运用所学知识解决问题是解题的关键．变式3．如图1，在矩形ABCD 中，点E 是边AB 上的一点，连接DE ．(1)若DE 平分ADC ∠，点G 是CD 上的一点，连接EC ，EG ，且EC EG =．过点C 作CQ EG⊥于Q ，CQ 延长线交ED 于H ，过点H 作HP CD ⊥于P ，如图．①填空：AED △的形状是______三角形；②求证：PHC BEC△△≌(2)将图1的矩形ABCD 画在纸上，若DE 平分ADC ∠，沿过点E 的直线折叠，点C 恰好落在AD 上的点C '处，点B 落在点B '处，得到折痕EF ，B C ''交AB 于点M ，如图．求证：MC ME '=．(3)如图，延长DE 交CB 的延长线于点K 使得AB BK =，此时恰好BE BC =，连接AC 交DK 于点J ，连接BJ ．请证明：KJ AJ BJ >+．【答案】(1)①等腰直角；②见解析(2)见解析(3)见解析【分析】（1）①根据矩形的性质和角平分线的性质可得45AED ADE ∠=∠=︒，进而得出结果；②可证得BCE PCH ∠=∠，EC HC =，90HPC B ︒∠=∠=，进而得出结论；（2）连接C E '，可证得Rt Rt EC A C EB ''' ≌，可得C EA EC B '''∠=∠，根据等角对等边即可得出结论；（3）在线段EK 上取点I ，使得KI AJ =，连接BI ，可证KBE ABC ≌△△，得BKE BAC ∠=∠，在证KBI ABJ ≌△△，得KBI ABJ ∠=∠，90IBJ KBA ︒∠=∠=，得出IJ BJ >，进一步得出结论．【详解】（1）① 四边形ABCD 是矩形，∴90A ADC ∠=∠=︒，DE 平分ADC ∠，∴1452ADE ADC ∠=∠=︒，∴9045AED ADE ∠=︒-∠=︒，∴AED ADE ∠=∠，∴AE DE =，∴AED △等腰直角三角形，故答案为：等腰直角②证明：如图，过点E 作EW CD ⊥于W ．EC EG = ，EGC ECG ∴∠=∠，CH EG ⊥ ，90HCP EGC ∴∠+∠=︒，90BCE ECG ∠︒∠+= ，BCE PCH ∴∠=∠，45EDW DEW ∠︒∠== ，45EHC EDW PCH PCH ∴∠=∠︒+∠=+∠，DEC DEW CEW ∠=∠+∠，EW BC ∥，BCE CEW PCH ∴∠=∠=∠，DEC EHC ∴∠=∠，EC HC ∴=，90HPC B ∠=∠=︒PHC BEC ∴△△≌．（2）证明：如图，连接C E '，由（1）知，AED △为等腰直角三角形，AD AE ∴=，四边形ABCD 是矩形，AD BC ∴=，90EAC B '∠=∠=︒，由折叠知，B C BC ''=，B B '∠=∠，AE B C ''∴=，EAC B ''∠=∠，又EC C E ''=，在Rt EC A '△和Rt C EB ''△中，EC C E ''=，AE B C ''=，∴Rt Rt EC A C EB ''' ≌，C EA EC B '''∴∠=∠，MC ME '∴=．（3）如图，在线段EK 上取点I ，使得KI AJ =，连接BI ，在AJB 与KIB △中，BK AB =，ABC ABK ∠=∠，BE BC =，KBE ABC ∴△△≌，BKE BAC ∴∠=∠．KI AJ = ，BK AB =，BKE BAC ∠=∠，KBI ABJ ∴△△≌，KBI ABJ ∴∠=∠，90IBJ IBA ABJ IBA KBI KBA ∴∠=∠+∠=∠+∠=∠=︒，IBJ ∴△为直角三角形，IJ BJ ∴>，KJ AJ BJ ∴>+．【点睛】本题是四边形综合题，考查了等腰直角三角形的判定和性质，矩形的性质，全等三角形的判定和性质，轴对称的性质，准确添加常用辅助线，构造特殊三角形和证明全等三角形是解本题的关键。

第一章特殊平行四边形特殊平行四边形的折叠问题▶类型一菱形中的折叠问题1.对角线长分别为6和8的菱形ABCD如图1-ZT-1所示,O为对角线的交点,过点O折叠菱形,使B,B'两点重合,MN是折痕.若B'M=1,则CN的长为()图1-ZT-1A.7B.6C.5D.42.如图1-ZT-2,将菱形ABCD折叠,使点B落在AD边上的点F处,折痕为CE.若∠D=70°,则∠AEF=°.图1-ZT-23.如图1-ZT-3,在菱形ABCD中,∠ABC=120°,将菱形折叠,使点A恰好落在对角线BD上的点G处(不与点B,D重合),折痕为EF,若DG=2,BG=6,则BE的长为.图1-ZT-3▶类型二矩形中的折叠问题4.[2020·枣庄]如图1-ZT-4,在矩形纸片ABCD中,AB=3,点E在边BC上,将△ABE沿直线AE 折叠,点B恰好落在对角线AC上的点F处,若∠EAC=∠ECA,则AC的长是()图1-ZT-4A.3√3B.4C.5D.65.[2020·青岛]如图1-ZT-5,将矩形ABCD折叠,使点C和点A重合,折痕为EF,EF与AC交于点O.若AE=5,BF=3,则AO的长为()图1-ZT-5A.√5B.32√5C.2√5D.4√56.[2020·衢州]如图1-ZT-6,把一张矩形纸片ABCD按所示方法进行两次折叠,得到等腰直角三角形BEF,若BC=1,则AB的长度为()图1-ZT-6A.√2B.√2+12C.√5+12D.437.如图1-ZT-7,在矩形ABCD中,AB=6,BC=8,E为AD的中点,F为AB上一点,将△AEF沿EF 折叠后,点A恰好落到CF上的点G处,求折痕EF的长.图1-ZT-7▶类型三正方形中的折叠问题8.[2020·广东]如图1-ZT-8,在正方形ABCD中,AB=3,点E,F分别在边AB,CD上,∠EFD=60°.若将四边形EBCF沿EF折叠,点B恰好落在AD边上的点B'处,则BE的长度为()图1-ZT-8A.1B.√2C.√3D.29.如图1-ZT-9,在平面直角坐标系中,正方形OABC的顶点A的坐标为(0,2),E是线段BC上一点,且∠AEB=67.5°,沿AE折叠正方形后点B落在点F处,那么点F的坐标为.图1-ZT-9参考答案1.D [解析] 连接AC ,BD ,如图.∵O 为菱形ABCD 对角线的交点,∴OC=12AC=3,OB=OD=12BD=4,∠COD=90°.在Rt △COD 中,CD=√32+42=5. ∵AB ∥CD ,∴∠MBO=∠NDO. 又∵∠BOM=∠DON ,OB=OD , ∴△OBM ≌△ODN ,∴DN=BM.∵过点O 折叠菱形ABCD ,使B ,B'两点重合,MN 是折痕, ∴BM=B'M=1,∴DN=1, ∴CN=CD-DN=5-1=4.故选D .2.30 [解析] ∵四边形ABCD 是菱形,∠D=70°, ∴∠B=70°,∠A=110°.∵将菱形ABCD 折叠,使点B 落在AD 边上的点F 处, ∴∠B=∠EFC=70°,CF=BC=CD , 则∠CFD=∠D=70°, ∴∠AFE=180°-70°-70°=40°,∴∠AEF=180°-∠A-∠AFE=30°.故答案为30. 3.2.8[解析] 如图,过点E 作EH ⊥BD 于点H.由折叠的性质可知EG=EA. 由题意得BD=DG+BG=8. ∵四边形ABCD 是菱形,∴AD=AB ,∠ABD=∠CBD=12∠ABC=60°,∴△ABD 为等边三角形,∠BEH=30°, ∴AB=BD=8.设BE=x ,则EG=AE=8-x.在Rt △EHB 中,BH=12x ,EH=√BE 2-BH 2=√32x.在Rt △EHG 中,EG 2=EH 2+GH 2, 即(8-x )2=(√32x )2+(6-12x )2,解得x=2.8,即BE=2.8. 故答案为2.8.4.D [解析] ∵将△ABE 沿直线AE 折叠,点B 恰好落在对角线AC 上的点F 处, ∴AF=AB ,∠AFE=∠B=90°,∴EF ⊥AC , ∵∠EAC=∠ECA ,∴AE=CE ,∴AF=CF , ∴AC=2AB=6. 故选D .5.C [解析] ∵四边形ABCD 是矩形,∴AD ∥BC ,∴∠EFC=∠AEF . 由折叠得∠EFC=∠AFE ,∴∠AFE=∠AEF ,∴AE=AF=5. 由折叠得FC=AF ,OA=OC ,∴BC=3+5=8. 在Rt △ABF 中,AB=√AF 2-BF 2=√52-32=4. 在Rt △ABC 中,AC=√AB 2+BC 2=√42+82=4√5, ∴OA=OC=2√5.故选C .6.A [解析] 由折叠补全图形如图所示.∵四边形ABCD 是矩形,∴∠ADC=∠A=90°,AD=BC=1,CD=AB. 由第一次折叠得∠ADE=12∠ADC=45°, ∴∠AED=∠ADE=45°, ∴AE=AD=1.在Rt △ADE 中,根据勾股定理,得DE=√2AD=√2. 由第二次折叠知CD=DE=√2, ∴AB=√2. 故选A .7.解:∵四边形ABCD 是矩形,∴AB=CD=6,BC=AD=8,∠A=∠D=90°.如图,连接CE.∵E 为AD 的中点, ∴AE=DE=4.由折叠可得AE=GE ,∠EGF=∠A=90°, ∴DE=GE.又∵∠D=90°,∴∠EGC=∠D=90°. 又∵CE=CE.∴Rt △CDE ≌Rt △CGE (HL), ∴CD=CG=6.设AF=x ,则GF=x ,BF=6-x ,则CF=6+x. 在Rt △BCF 中,BF 2+BC 2=CF 2, 即(6-x )2+82=(6+x )2,解得x=83,∴AF=83.在Rt △AEF 中,EF=√AE 2+AF 2=√42+(83) 2=43√13. 8.D [解析] ∵四边形ABCD 是正方形, ∴AB ∥CD ,∠A=90°, ∴∠EFD=∠BEF=60°.∵将四边形EBCF 沿EF 折叠,点B 恰好落在AD 边上, ∴∠BEF=∠FEB'=60°,BE=B'E , ∴∠AEB'=180°-∠BEF-∠FEB'=60°, ∴∠AB'E=30°,∴B'E=2AE. 设BE=x ,则B'E=x ,AE=3-x ,∴2(3-x)=x,解得x=2.故选D.9.(-√2,2-√2)[解析] 如图,过点F作FD⊥CO于点D,FG⊥AO于点G.∵∠AEB=67.5°,沿AE折叠后点B落在点F处,∴∠BAE=∠EAF=22.5°,AF=AB=2,∴∠F AG=45°,∴FG=AG=√2,∴GO=2-√2,∴点F的坐标为(-√2,2-√2).故答案为(-√2,2-√2).。

特殊平行四边形的折叠问题一，基础热身例1, 如图，将矩形ABCD沿直线AE折叠,顶点D恰好落在BC边上F点处，已知CE=3cm，AB=8cm，则图中阴影部分面积为__________cm2．例2，如图，将矩形ABCD沿直线AE折叠,顶点D恰好落在BC边上F处，已知CE=3，AB=8，则BF= _________例3,如图(上题)，将矩形ABCD沿直线AE折叠,顶点D恰好落在BC边上F点处，已知DE=5，AB=8，则BF=_______ 例4，如图(上题)，将矩形ABCD沿直线AE折叠,顶点D恰好落在BC边上F点处，已知CE=6，AB=16，则BF= ________例5，如图，将矩形ABCD沿直线AE折叠,顶点D恰好落在ABC边上F点处，已知CE=4cm，AB=9cm，则矩形ABCD的面积为_________m2．例6，如图(上题)，将矩形ABCD沿直线AE折叠,使点D+落在BC边上的点F处，若已知∠BAF=60°，则∠DAE度数是（）A, 15°B,30°C, 45°D,60°二，菱形中的折叠问题例7，如图，在边长为2的菱形ABCD中，∠A=60°,M是AD边的中点，N是AB边上的一动点，将△AMN沿MN所在直线翻折得到△A′MN，连结A′C，则A′C长度的最小值________,例8，如图，在菱形纸片ABCD 中，∠A=60°将纸片折叠，点A,D 分别落在A ′,D ′处，且 A ′D ′经过点B ，EF 为折痕．当D ′F ⊥CD=___________ 时，三，矩形中的折叠问题例9，如图，在矩形纸片ABCD 中，AB=8cm ,把矩形纸片沿直线AC 折叠，点B 落在点E 处，AE 交DC 于点F ，若AF =则AD 的长为_______.例10,如图，已知矩形纸片ABCD,点E 是AB 的终点，点G 是BC 上的一点，∠BEG ＞60°．现沿直线EG 将折叠，使B 落在纸片上的H 处，连接AH ，则与∠BEG 相等的角的个数为_______.四，正方形中的折叠问题 例11，如图，四边形ABCD 是边长为9的正方形纸片，将其沿MN 折叠，使点B 落在CD 边上B ′处，点A 对应A′，且B ′C=3，则AM 的长 是_______.例12，有一边长为2的正方形纸片ABCD ，先将正方形ABCD 对折，折痕为EF, 再沿过点D 的折痕反折将角A 翻折，使得点A 落在EF 的H 上（如图②），折痕交AE 于点G ，则EG 的长度为（ ）答案：1 30,2 6 ,3 6,4 12 ,5 135，6 A.7 √7-1 ,8 2√3/39 6, 10 3 , 11 2 , 122√3-3 CG BG 25 4。