威宁民族中学2020-2021学年高二上学期第三次月考物理试题含答案

嗦夺市安培阳光实验学校高二物理上学期第三次月考试题；考试时间：90第I卷（选择题）一、选择题1．关于电源电动势，以下说法中正确的是A. 电源的电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，所以当电源接入电路时，电动势将发生变化B. 在闭合电路中，并联在电源两端电压表的读数是电源的电动势C. 电源电动势是表示电源将其他形式的能转化为电能本领大小的物理量D. 电动势越大，说明静电力在电源内部从负极向正极移送单位电荷量的电荷做功越多。

2．磁场中某点的磁感应强度的方向是（）A. 放在该点的通电直导线所受的磁场力的方向B. 放在该点的正检验电荷所受的磁场力的方向C. 放在该点的小磁针静止时N极所指的方向D. 放在该点的小磁针静止时S极所指的方向3．如图所示，正方形线框abcd位于纸面内，边长为L，过ab中点和cd中点的连线OO′恰好位于垂直纸面向里的匀强磁场的右边界上，磁感应强度为B，则穿过线圈的磁通量为( )A. BL2B. 4BLC.D. 2BL4．物理学中，通过引入检验电流来了解磁场力的特性，对检验电流的要求是A. 将检验电流放入磁场，测量其所受的磁场力F，导线长度L，通电电流I，应用公式B ＝，即可测得磁感应强度BB. 检验电流宜大些C. 利用检验电流和运用公式B ＝只能应用于匀强磁场D. 只要满足长度L很短，电流很小，将其垂直放入磁场的条件，公式B ＝对任何磁场都适用5．质量和电量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示．下列表述正确的是（）A. M带负电，N带正电B. M的速率小于N的速率C. 洛伦兹力对M、N做正功D. M的运行时间大于N的运行时间6．线框ABCD从有界的匀强磁场区域穿过，下列说法中正确的是( )A. 磁通量不变B. 磁通量先减小后增大C. 磁通量先增大后减小D. 磁通量一直增大7．如图所示，在第一象限内有垂直纸面向里的匀强磁场，一对正、负电子（正电子质量和电量与电子大小相等，电性相反）分别以相同速度沿与x轴成60°角从原点射入磁场，则正、负电子在磁场中运动时间之比为A. 1∶2B. 2∶1C. 13D. 1∶18．如图所示是三根平行直导线的截面图，若它们的电流强度大小都相同，且ab＝ac＝ad，则a点的磁感应强度的方向是( )A. 垂直纸面指向纸里B. 垂直纸面指向纸外C. 沿纸面由a指向bD. 沿纸面由a指向d9．在地球赤道附近地磁场的方向近似为水平向北．在一根东西方向水平架设的直流输电导线中，通有自西向东方向的电流．由于地磁场的作用，该导线受到安培力的方向为( )A. 向上B. 向下C. 向南D. 向北10．长为L 的水平极板间，有垂直纸面向内的匀强磁场，如图所示，磁感强度为B ，板间距离也为L ，板不带电，现有质量为m ，电量为q 的带正电粒子（不计重力），从左边极板间中点处垂直磁感线以速度v 水平射入磁场，欲使粒子不打在极板上，可采用的办法是（ ）A. 使粒子的速度v 4BqL m＜ B. 使粒子的速度5v 4BqL m <C. 使粒子的速度v BqL m >D. 使粒子速度5v 44BqL BqLm m<＜二、多选题11．关于磁感线的描述，下列哪种说法是正确的是：（ ）A. 磁感线从磁体的N 极出发，终于磁体的S 极B. 磁感线可以用来表示磁场的强弱和方向C. 磁场中某处的磁感线较密，表示该处的磁场较强D. 磁感线是闭合曲线12．如图所示，一根通有电流I 的直铜棒MN ，用导线挂在磁感应强度为B 的匀强磁场中，此时两根悬线处于紧张状态，下列哪些措施可使悬线中张力为零（ ）A. 适当增大电流B. 使电流反向并适当减小C. 保持电流 I 不变，适当增大BD. 使电流I 反向，适当减小13．在磁场中的同一位置，先后引入长度相等的直导线a 和b ，a 、b 导线的方向均与磁场方向垂直，但两导线中的电流不同，因此所受的力也不同，如图所示中的几幅图象表示的是导线所受的力F 与通过导线的电流I 的关系。

2021年高二上学期第三次月考（期中）物理试题含答案一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分。

其中1-8为单选题，9-12为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1．下列关于电场线和磁感线的说法中，正确的是( )A. 电场线和磁感线都是电场或磁场中实际存在的线B. 磁场中两条磁感线一定不相交，但在复杂电场中的电场线是可以相交的C. 电流与电流之间的相互作用一定是通过磁场来发生的D. 电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大；磁感线分布较密的地方, 同一试探电荷所受的磁场力也越大2．在赤道上竖立一避雷针，当一团带负电的乌云经过其正上方时，避雷针发生放电，则地磁场对避雷针的作用力 ( )A. 向东B. 向西C. 向南D. 向北3．在新农村建设的街道亮化工程中，全部使用太阳能路灯，如图是某行政村使用的太阳能路灯的电池板铭牌，则电池板的内阻值约为（）A．0.14Ω B．0.16Ω C．6.23Ω D．7.35Ω4. 如图所示，在电路中接一段钨丝，闭合开关，灯泡正常发光，当用打火机给钨丝加热时灯泡亮度明显变暗，根据钨丝的上述特性,可用钨丝来制作一个温度传感器，下面的说法中不正确的是（ ）A ．该传感器利用了钨丝的物理性质B ．该传感器利用了钨丝电阻随温度变化而变化的特性C ．该传感器能够把热学量(温度)转换为电学量(电阻)D ．该传感器能够把电学量(电阻)转换为热学量(温度)5. 医生做某些特殊手术时，利用电磁血流计来监测通过动脉的血流速度。

电磁血流计由一对电极a 和b 以及磁极N 和S 构成，磁极间的磁场是均匀的。

使用时，两电极a 、b 与血管壁接触，两触点的连线、磁场方向和血流速度方向两两垂直，如图所示。

由于血液中的正负离子随血流一起在磁场中（由内向外）运动，电极a 、b 之间会有微小电势差。

在某次监测中，两触点的距离、磁感应强度的大小不变。

则（ ）A ．电极a 电势较高；血流速度越大，a 、b 之间电势差越小 B. 电极a 电势较高；血流速度越大，a 、b 之间电势差越大 C ．电极b 电势较高；血流速度越大，a 、b 之间电势差越小 D. 电极b 电势较高；血流速度越大，a 、b 之间电势差越大6．如图所示，质量为m 、长为L 的导体棒电阻为R ，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E ，内阻不计。

嗦夺市安培阳光实验学校度上学期高三年级第三次月考物理试卷考试时间：90分钟一、选择题：（本题包括10小题，共40分，1—6单选7—10多选）1、如图所示为电场中的一条电场线，在该电场线上有a、b两点，用E a、E b分别表示这两处的电场强度的大小，则( )A．a、b两点的电场强度方向相反B．因为电场线由a指向b，所以E a>E bC．因为电场线是直线，所以E a＝E bD．因不清楚a、b两点附近的电场线分布情况，所以不能确定E a、E b的大小关系2、一个重力不计的带电粒子垂直进入匀强磁场，在与磁场垂直的平面内做匀速圆周运动。

则下列能表示运动周期T与半径R之间的关系图像的是( )3、电阻R和电动机M串联接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，电动机正常工作。

设电阻R和电动机M两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2，则有( )A．U1＜U2，Q1＝Q2B．U1＝U2，Q1＝Q2C．W1＝W2，Q1＞Q2D．W1＜W2，Q1＜Q24、如图所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是( )5、如图所示，等边三角形ABC处在匀强电场中，电场方向与三角形所在平面平行，其中φA＝φB＝0，φC＝φ>0，保持该电场的电场强度大小和方向不变，让等边三角形绕A点在三角形所在平面内顺时针转过30°，则此时B点的电势为( )A.33φ B.φ2C．－33φ D．－φ26、如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。

在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，E p表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角。

若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则( )A．θ增大，E增大B．θ增大，E p不变C．θ减小，E p增大 D．θ减小，E不变7、空间有一磁感应强度为B 的水平匀强磁场，质量为m 、电荷量为q 的质点以垂直于磁场方向的速度v 0水平进入该磁场，在飞出磁场时高度下降了h ，重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )A ．带电质点进入磁场时所受洛伦兹力可能向上B ．带电质点进入磁场时所受洛伦兹力一定向下C ．带电质点飞出磁场时速度的大小为v 0D ．带电质点飞出磁场时速度的大小为 v 02＋2gh8、如图所示，abcd 为水平放置的平行“ ”形光滑金属导轨，间距为l ，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，导轨电阻不计，已知金属杆MN 倾斜放置，与导轨成θ角，单位长度的电阻为r ，保持金属杆以速度v 沿平行于cd 的方向滑动(金属杆滑动过程中与导轨接触良好)。

宽放市用备阳光实验学校高二〔上〕第三次月考物理试卷一、选择题：〔本小题共12小题，每题4分，共48分．8～12题有多个选项正确，选对得4分，选不全得2分，有错选或不答得0分〕1．关于场强和电势差的关系，说法正确的选项是〔〕A．电场强度越大的地方，电势越高，任意两点间的电势差越大B．沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必相C．电势降低的方向必是电场强度的方向D．沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，那么场强越大2．以下关于磁感强度大小和方向的说法中正确的选项是〔〕A．通电导线受磁场力大的地方，磁感强度一大B．一小段通电导线放在某处不受磁场力作用，那么该处的磁感强度一为零C．垂直放入磁场中一段通电导线的受力方向就是该处的磁感强度的方向D．磁感强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小无关3．如图是描述一给的电容器充电时电量Q、电压U、电容C之间的相互关系图，其中不正确的选项是图〔〕A ．B ．C ．D ．4．如下图，带负电的金属环绕轴OO′以角速度ω匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡的位置是〔〕A．N极竖直向上B．N极竖直向下C．N极沿轴线向左 D．N极沿轴线向右5．一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动的v﹣t图象如下图，那么A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是〔〕A ．B ．C ．D ．6．把两个相同的电灯分别接在图中甲、乙两个电路里，调节滑动变阻器，使两灯都正常发光，两电路中消耗的总功率分别为P甲和P乙，可以断〔〕A．P甲＞P乙B．P甲＜P乙C．P甲=P乙D．无法确7．如下图，电压U不变，闭合开关S，先调节电阻箱R的电阻值到R1，使电流计指针转到满刻度，再把R调节到R2，使电流表的指针转到满刻度的，电流表的内阻于〔〕A．R2﹣R1B．2R2﹣R1C．R2﹣3R1D．2R2﹣3R18．所示，一根通有电流I的铜棒MN，用悬线挂在磁感强度为B的匀强磁场中，此时两根悬线处于绷紧状态，以下哪些措施可使悬线中张力为零〔〕A．使电流反向并适当减小B．适当增大电流C．保持电流I不变，适当增大B D．使电流I反向，大小不变9．如图的电路中，电源内阻r≠0，R1和R2是两个值电阻．当滑动变阻器R的滑片向b移动时，电路中电流I1、I2的变化是〔〕A．I1不变B．I1变小C．I2变大D．I2变小10．如图1所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出了如图2所示的U﹣I图线，由图可知〔〕A．电池电动势的测量值为0 VB．电池内阻的测量值为0ΩC．外电路发生短路时的电流为0.40 AD．电压表的示数为0 V时，电流表的示数I′=0.20 A11．如图，在匀强磁场B的区域中有一光滑斜面体，在斜面体上放了一根长为L，质量为m的导线，当通以如图方向的电流I后，导线恰能保持静止，那么磁感强度B必须满足〔〕A．B=，方向垂直纸面向外B．B=，方向水平向左C．B=，方向竖直向下D．B=，方向水平向左12．如下图．一金属直杆MN两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN与线圈轴线均处于竖直平面内，为使MN垂直于纸面向外运动，那么〔〕A．将b、c端接在电源正极，a、d端接在电源负极B．将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极C．将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极D．将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极二、填空题：〔第13题6分，第14题12分，共18分〕13．要测一额电压4V、额功率1.6W的小灯泡的伏安特性曲线．要求所测电压范围0.1V～4V．现有器材：直流电源E〔电动势V，内阻不计〕，电压表V 〔量程V，内阻约为4×104Ω〕，电流表A l〔量程250mA，内阻约为2Ω〕，电流表A2〔量程500mA，内阻约为1Ω〕，滑动变阻器R〔最大阻值约为30Ω〕，电键S，导线假设干．如果既要满足测量要求，又要测量误差较小，该选用的电流表是，上面两个电路该选用的是．14．某兴趣小组在做“测金属丝的电阻率〞的中，通过粗测电阻丝的电阻约为5Ω，为了使测量结果尽量准确，从室找到以下供选择的器材：A．电池组〔3V，内阻约1Ω〕B．电流表A1〔0～3A，内阻0.012 5Ω〕C．电流表A2〔0～0.6A，内阻约0.125Ω〕D．电压表V1〔0～3V，内阻4kΩ〕E．电压表V2〔0～15V，内阻15kΩ〕F．滑动变阻器R1〔0～20Ω，允许最大电流1A〕G．滑动变阻器R2〔0～2 000Ω，允许最大电流0.3A〕H．开关、导线假设干〔1〕时从上述器材中选用〔填写仪器前字母代号〕．〔2〕测电阻时，电流表、电压表、待测电阻R x在组成测量电路时，采用电流表接法，将设计的电路图画在图1方框内．〔3〕假设用螺旋测微器测得金属丝的直径d的读数如图2，那么读数为mm．〔4〕假设用L表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为R，请写出计算金属丝电阻率的表达式ρ=．三、计算题：〔共3小题，共34分．计算题须写出必要的解题过程与步骤，否那么不计分〕15．如下图，有一台提升重物用的直流电动机M，电枢的内阻为r=0.60Ω，与电动机串联的值电阻阻值为R=10Ω，电路的路端电压为U=160V．图中理想电压表的示数为110V．求：〔1〕通过电动机的电流I是多大？〔2〕电动机的输入功率P是多大？〔3〕电动机的机械功率P′是多大？16．如下图，PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨，相距1m，导体棒ab跨放在导轨上，棒的质量m=0.2kg，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体质量M=0.3kg，棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.5，匀强磁场的磁感强度B=2T，方向竖直向下，为了使物体匀速上升，在棒中通入多大的电流？方向如何？17．如下图，在XOY坐标系平面上有一匀强电场，场强为E，方向与X轴负方向夹角为θ，电子〔质量为m，电量为e〕，以垂直于电场方向的大小为V0初速度从O点射入第Ⅰ象限，求：〔不计电子的重力〕〔1〕电子再次通过坐标轴时的坐标．〔2〕电子从O点到再次通过坐标轴的过程中电势能的改变量．高二〔上〕第三次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：〔本小题共12小题，每题4分，共48分．8～12题有多个选项正确，选对得4分，选不全得2分，有错选或不答得0分〕1．关于场强和电势差的关系，说法正确的选项是〔〕A．电场强度越大的地方，电势越高，任意两点间的电势差越大B．沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必相C．电势降低的方向必是电场强度的方向D．沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，那么场强越大【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度与电势没有直接关系，在匀强电场中电场强度与电势差的关系是U=Ed，d是沿电场线方向两点间的距离；在匀强电场中，沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必相；电势降低最快的方向必是电场强度的方向．【解答】解：A、电场强度与电势无关，所以电场强度越大的地方，电势不一越高，两点间的电势差也不一越大，故A错误；B、只有在匀强电场中，根据公式U=Ed可知，沿着电场线方向，任何相同距离上的电势降低必相；假设是非匀强电场，沿着电场线方向，相同距离上的电势降低不一相，故B错误；C、沿着电场线方向电势逐渐降低，但电势降低最快的方向才是电场强度方向．故C错误；D、根据E=知，沿着电场线方向，单位距离上降落的电势越大，U越大，那么场强越大，故D正确．应选：D．【点评】此题考查对物理规律的解理能力．物理公式要从每个量的意义、公式适用条件方面理解．2．以下关于磁感强度大小和方向的说法中正确的选项是〔〕A．通电导线受磁场力大的地方，磁感强度一大B．一小段通电导线放在某处不受磁场力作用，那么该处的磁感强度一为零C．垂直放入磁场中一段通电导线的受力方向就是该处的磁感强度的方向D．磁感强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小无关【考点】磁感强度．【分析】磁感强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来义磁感强度．此比值与磁场力及电流元均无关．磁感强度的方向与小磁针静止时N极所指的方向相同．【解答】解：A、磁感强度是描述磁场强弱和方向的物理量，与受到的磁场力的大小无关．故A错误，D正确；B、一小段通电导线放在某处不受磁场力作用，可能是电流的方向与磁场的方向平行，那么该处的磁感强度不一为零，故 B错误；C、垂直放入磁场中一段通电导线的受力方向与该处的磁感强度的方向垂直，故C错误；应选：D．【点评】此题关键要掌握磁感强度的物理意义、义方法，以及磁感强度与安培力之间的关系，即可进行分析判断．3．如图是描述一给的电容器充电时电量Q、电压U、电容C之间的相互关系图，其中不正确的选项是图〔〕A ．B ．C ．D ．【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容器的电容由本身的性质决，与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U 成正比．【解答】解：C=是电容的义式，电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决式为：C=，只要电容器不变其电容就不发生变化，故A错误，BD正确；根据C=可有：Q=CU，由于电容器不变，因此电量Q和电压U成正比，故C正确；此题选错误的应选：A【点评】解决此题的关键掌握电容的义式为C=，知道C与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比，同时理解电容器电容大小与那些因素有关．4．如下图，带负电的金属环绕轴OO′以角速度ω匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后平衡的位置是〔〕A．N极竖直向上B．N极竖直向下C．N极沿轴线向左 D．N极沿轴线向右【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】带负电旋转，那么可知电流方向，再由右手螺旋那么可知磁极的方向，再根据磁极间的相互作用可知小磁针的偏转方向．【解答】解：带负电金属环，如下图的旋转．那么金属环的电流方向与旋转方向相反．再由右手螺旋那么可知磁极的方向：左端N极，右端S极．因此小磁针N极沿轴线向左．故C正确，ABD错误；应选：C【点评】此题考查右手螺旋那么及磁极间的相互作用，要求能熟练准确的用右手螺旋那么．注意电流的方向与负电荷的运动方向相反．5．一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B 点，它运动的v﹣t图象如下图，那么A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是〔〕A ． B ．C ．D ．【考点】电场线；牛顿第二律；物体做曲线运动的条件．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t 图象可知电荷的加速度越来越大，那么电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．【解答】解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故ABD错误，C正确．应选C．【点评】此题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、颖，有创性．6．把两个相同的电灯分别接在图中甲、乙两个电路里，调节滑动变阻器，使两灯都正常发光，两电路中消耗的总功率分别为P甲和P乙，可以断〔〕A．P甲＞P乙B．P甲＜P乙C．P甲=P乙D．无法确【考点】电功、电功率．【专题】恒电流专题．【分析】灯泡正常发光时的电流为额电流；根据并联电路中干路电流是各支路电流的和、串联电路各处电流都相分别求出两电路的总电流，再利用P=UI求出甲乙两图的功率之比．【解答】解：两灯泡规格相同且正常发光，甲图灯泡并联，电流为：I1=2I额；乙图灯泡串联，电流为：I2=I额；∴P1：P2=U1I1：U2I2=8V×2I额：16V×I额=1：1．应选C．【点评】此题考查了串联电路和并联电路的电流特点，以及电功率公式的用，熟练掌握以上知识并灵活用公式是解决此题的关键．7．如下图，电压U不变，闭合开关S，先调节电阻箱R的电阻值到R1，使电流计指针转到满刻度，再把R调节到R2，使电流表的指针转到满刻度的，电流表的内阻于〔〕A．R2﹣R1B．2R2﹣R1C．R2﹣3R1D．2R2﹣3R1【考点】把电流表改装成电压表．【专题】题；恒电流专题．【分析】电阻箱与电流表串联，用欧姆律列方程，然后求出电流表的内阻．【解答】解：调节电阻箱R的阻值到R1，电流到达满偏，那么：I m =，把电阻箱R的电阻值调到R2，电流表的指针转到满刻度的，那么：I m =，解得：R g=2R2﹣3R1，故D正确；应选：D．【点评】此题考查欧姆律的用，掌握电流表指针偏满刻度与半偏刻度是解题的突破口，用欧姆律即可解题，此题是一道根底题．8．所示，一根通有电流I的铜棒MN，用悬线挂在磁感强度为B的匀强磁场中，此时两根悬线处于绷紧状态，以下哪些措施可使悬线中张力为零〔〕A．使电流反向并适当减小B．适当增大电流C．保持电流I不变，适当增大B D．使电流I反向，大小不变【考点】安培力．【专题】量思想；推理法；电磁感与电路结合．【分析】开始铜棒受重力、向上的安培力、绳子的拉力处于平衡，通过共点力平衡判断使得张力减小为零的措施．【解答】解：棒处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，根据左手那么可得，安培力的方向竖直向上，由于此时悬线上有拉力，为了使拉力于零，那么安培力必须增加；根据安培力公式F A=BIL，可以适当增加电流强度I，或增大磁场的磁感强度B；故AD错误，BC正确；应选：BC【点评】此题考查用左手那么分析安培力的能力．安培力方向与电流方向、磁场方向有关，当改变其中之一，安培力方向改变．9．如图的电路中，电源内阻r≠0，R1和R2是两个值电阻．当滑动变阻器R的滑片向b移动时，电路中电流I1、I2的变化是〔〕A．I1不变B．I1变小C．I2变大D．I2变小【考点】闭合电路的欧姆律．【专题】恒电流专题．【分析】理清电路，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆律进行分析．【解答】解：R的滑动触点向a端移动时，R减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，所以通过R1的电流I1减小，而总电流I 增大，那么流过R2的电流I2增大，故AD错误，BC正确．应选BC．【点评】解决此题的关键抓住电动势和内电阻不变，结合闭合电路欧姆律求解．注意做题前一要理清电路，难度不大，属于根底题．10．如图1所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出了如图2所示的U﹣I图线，由图可知〔〕A．电池电动势的测量值为0 VB．电池内阻的测量值为0ΩC．外电路发生短路时的电流为0.40 AD．电压表的示数为0 V时，电流表的示数I′=0.20 A【考点】测电源的电动势和内阻；闭合电路的欧姆律．【专题】题．【分析】由图象的纵坐标可知电源的电动势，由纵坐标的交点可知路端电压为1V时的电流，由闭合电路欧姆律可得出内电阻．【解答】解：A、由图示图象可知，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值为0，那么电源的电动势0V，故A正确；B、电源内阻r===1Ω，故B错误；C、由图示图象可知，路端电压为1.00V时，电路电流为0.4A，故C错误；D、当电压表示数为0V 时，I′===0.20A，故D正确；应选：AD．【点评】此题考查闭合电路的欧姆律的数据处理，要明确图象的意义，同时注意纵坐标是否从零开始的，不能相当然的将横坐标的截距当作短路电流．11．如图，在匀强磁场B的区域中有一光滑斜面体，在斜面体上放了一根长为L，质量为m的导线，当通以如图方向的电流I后，导线恰能保持静止，那么磁感强度B必须满足〔〕A．B=，方向垂直纸面向外B．B=，方向水平向左C．B=，方向竖直向下D．B=，方向水平向左【考点】安培力．【分析】通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手那么来确安培力的方向．【解答】解：A、外加匀强磁场的磁感强度B的方向垂直斜面向外，此时电流的方向和磁场的方向平行，此时不受安培力的作用，导线只受到支持力与重力，不可能处于平衡状态，故A错误；B、D、外加匀强磁场的磁感强度B的方向水平向左，那么竖直向上的安培力、重力，此时支持力恰好为零，此时B=时，导线处于平衡状态，故B错误，D正确．C、外加匀强磁场的磁感强度B的方向竖直向下，那么水平向左的安培力、支持力与重力，处于平衡状态，那么大小B=mg；故C正确；应选：CD．【点评】区分左手那么与右手那么，前者是判安培力的方向，而后者是判感电流的方向．12．如下图．一金属直杆MN两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN与线圈轴线均处于竖直平面内，为使MN垂直于纸面向外运动，那么〔〕A．将b、c端接在电源正极，a、d端接在电源负极B．将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极C．将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极D．将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极【考点】安培力；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】运用安培那么判断电流产生的磁场方向，根据左手那么判断安培力方向．将选项逐一代入检验，选择符合题意的．【解答】解：A、b接正时电流方向为N→M，c接正极时线圈上端为N极，由此可判断MN向里运动，故A错误；B、将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极，根据安培那么可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手那么可知MN受到的安培力向外，那么M N 垂直纸面向外运动，符合题意．故B正确．C、将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极，根据安培那么可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手那么可知MN受到的安培力向里，那么M N 垂直纸面向里运动，不符合题意．故C错误．D、将a、c端接在交流电源一端，b、d接在交流电源的另一端，根据安培那么可知，线圈产生的磁场方向，再根据左手那么可知MN受到的安培力向外，那么M N垂直纸面向外运动，符合题意．故D正确．应选：BD．【点评】此题考查了右手螺旋那么和左手那么的用，要判断准电流方向和磁场方向．二、填空题：〔第13题6分，第14题12分，共18分〕13．要测一额电压4V、额功率1.6W的小灯泡的伏安特性曲线．要求所测电压范围0.1V～4V．现有器材：直流电源E〔电动势V，内阻不计〕，电压表V 〔量程V，内阻约为4×104Ω〕，电流表A l〔量程250mA，内阻约为2Ω〕，电流表A2〔量程500mA，内阻约为1Ω〕，滑动变阻器R〔最大阻值约为30Ω〕，电键S，导线假设干．如果既要满足测量要求，又要测量误差较小，该选用的电流表是A2，上面两个电路该选用的是甲．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】题；恒电流专题．【分析】根据灯泡额电流选择电流表，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确电流表的接法，然后选择电路．【解答】解：灯泡额电流约为：I===0.4A=400mA，那么电流表选：A2；灯泡正常发光时的电阻约为：R===10Ω，电流表内阻约为1Ω，电压表内阻约为4×104Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，为减小误差，电流表采用外接法，因此需要选择图甲所示电路图．故答案为：A2；甲．【点评】此题考查了器材的选择、电路选择，要掌握器材的选择原那么，当电压表内阻远大于待测地址呢阻值时，电流表采用外接法．14．某兴趣小组在做“测金属丝的电阻率〞的中，通过粗测电阻丝的电阻约为5Ω，为了使测量结果尽量准确，从室找到以下供选择的器材：A．电池组〔3V，内阻约1Ω〕B．电流表A1〔0～3A，内阻0.012 5Ω〕C．电流表A2〔0～0.6A，内阻约0.125Ω〕D．电压表V1〔0～3V，内阻4kΩ〕E．电压表V2〔0～15V，内阻15kΩ〕F．滑动变阻器R1〔0～20Ω，允许最大电流1A〕G．滑动变阻器R2〔0～2 000Ω，允许最大电流0.3A〕H．开关、导线假设干〔1〕时从上述器材中选用ACDFH 〔填写仪器前字母代号〕．〔2〕测电阻时，电流表、电压表、待测电阻R x在组成测量电路时，采用电流表外接法，将设计的电路图画在图1方框内．〔3〕假设用螺旋测微器测得金属丝的直径d的读数如图2，那么读数为0.900 mm．〔4〕假设用L表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为R，请写出计算金属丝电阻率的表达式ρ=．【考点】测金属的电阻率．【专题】题；恒电流专题．【分析】〔1〕关键电源的电压选取电压表，根据电压表选取电流表，根据题目要求确滑线变阻器的阻值选取变阻器．〔2〕电路图的设计注重电表的接法和滑线变阻的接法．〔3〕螺旋测微器固刻度最小分度为1mm，可动刻度每一分度表示0.01mm，由固刻度读出整毫米数包括半毫米数，由可动刻度读出毫米的小数．〔4〕根据电阻律的公式推导电阻率的表达式．【解答】解：〔1〕由于电源电动势为3 V，那么电压表选D；由I=可知电路中最大电流约为0.5 A，那么电流表选C；滑动变阻器采用限流接法，故电阻不能太大，选F；本所选器材为：ACDFH．〔2〕由于＞，故电流表采用外接法；设计的电路如右图所示．〔3〕由图可以看出螺旋测微器固刻度值为0.5 mm，可动刻度为40×0.01 mm，那么读数为：0.900 mm．〔4〕由R=ρ及S=π可解得：ρ=．故答案为：〔1〕ACDFH；〔2〕外，见右图；〔3〕0.900；〔4〕．【点评】电学中注意电表接法和滑线变阻器的连接方法，再加仪器的选择．三、计算题：〔共3小题，共34分．计算题须写出必要的解题过程与步骤，否那么不计分〕15．如下图，有一台提升重物用的直流电动机M，电枢的内阻为r=0.60Ω，与电动机串联的值电阻阻值为R=10Ω，电路的路端电压为U=160V．图中理想电压表的示数为110V．求：〔1〕通过电动机的电流I是多大？〔2〕电动机的输入功率P是多大？〔3〕电动机的机械功率P′是多大？【考点】电功、电功率．【专题】恒电流专题．【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R 来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．【解答】解：〔1〕电动机和电阻串联，所以电流相，电阻R两端电压U1=160﹣110=50V，I=〔2〕电动机的电功率P=UI=110×5=550W，〔3〕电动机的热功率P热=I2r=15W，所以电动机的机械功率P′=P﹣P热=535W 答：〔1〕通过电动机的电流I是5A 〔2〕电动机的输入功率P是550W 〔3〕电动机的机械功率P′是535W【点评】对于电功率的计算，一要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．16．如下图，PQ和MN为水平、平行放置的金属导轨，相距1m，导体棒ab跨放在导轨上，棒的质量m=0.2kg，棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，物体质量M=0.3kg，棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.5，匀强磁场的磁感强度B=2T，方向竖直向下，为了使物体匀速上升，在棒中通入多大的电流？方向如何？【考点】安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．【分析】假设要保持物体匀速上升，受力必须平衡．由于M所受的最大静摩擦力为0.5mg=1N，而M的重力为Mg=3N，要保持导体棒匀速上升，那么安培力方向必须水平向左，那么根据左手那么判断电流的方向．根据平衡条件和安培力公式求出导体棒中电流的大小．【解答】解：导体棒的最大静摩擦力大小为f m=0.5mg=1N，M的重力为G=Mg=3N，那么f m＜G，要保持导体棒匀速上升，那么安培力方向必须水平向左，那么根据左手那么判断得知棒中电流的方向为由a到b．根据受力分析，由平衡条件，那么有F安=T+2f=BIL，所以==A；答：为了使物体匀速上升，在棒中通入A的电流，流过棒的电流方向为由a到b．【点评】此题是通电导体在磁场中平衡问题，要抓住静摩擦力会外力的变化而变化，挖掘临界条件进行求解．17．如下图，在XOY坐标系平面上有一匀强电场，场强为E，方向与X轴负方向夹角为θ，电子〔质量为m，电量为e〕，以垂直于电场方向的大小为V0初速度从O点射入第Ⅰ象限，求：〔不计电子的重力〕〔1〕电子再次通过坐标轴时的坐标．〔2〕电子从O点到再次通过坐标轴的过程中电势能的改变量．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二律；电势能．【专题】计算题；量思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】〔1〕电子在电场中做类似平抛运动，在垂直于电场方向以速度v0匀速运动，沿电场的相反方向匀加速运动．根据牛顿第二律和运动学公式结合列式，得到时间t内电子在初速度方向的位移x和逆着电场线方向的位移y，电子再次运动到x轴上时，有x=ytanθ，电子通过轴时与O 点的距离，联立即可得l．〔2〕电势能的变化量于电场力做功的负值．得到△E P=﹣eEy．【解答】解：〔1〕电子在电场中做类似平抛运动，在垂直于电场方向以速度v0匀速运动，沿电场的相反方向匀加速运动．根据牛顿第二律得：加速度…①过时间t电子在初速度方向的位移 x=v0t…②逆着电场线方向的位移…③电子再次运动到x轴上时，有x=ytanθ…④电子通过轴时与O 点的距离…⑤由①～⑤解出…⑥电子再次通过坐标轴时的坐标为〔，0〕〔2〕电势能的变化量于电场力做功的负值．△E P=﹣eEy…⑦由①、②、③、④和⑦解得：…⑧答：〔1〕电子再次通过坐标轴时的坐标为〔，0〕；〔2〕从O点到再次通过x 轴的过程中，电子电势能的改变量为．【点评】运用运动的分解法是解决类平抛运动的根本方法，关键要抓住两个分位移之间的数量关系，能运用数学知识帮助解决物理问题．。

2021年高二上学期第三次月考物理试题含答案一、选择题(本大题共10个小题，每小题4分，共计40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1．关于静电场和磁场的说法，正确的是（）A．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律B．电场强度反映了电场力的性质，所以电场中某点的电场强度与试探电荷在该点所受的电场力成正比C．磁场中某点磁感应强度的方向，跟放在该点的试探电流元所受磁场力的方向一致D．洛伦兹力的方向在特殊情况下可能与带电粒子的速度方向不垂直2.如图所示，一束带电粒子沿着水平方向平行的飞过小磁针的正上方，磁针的极向纸内偏转，这一带电粒子束是( )A. 向右飞行的正离子束；B．向左飞行的正离子束；C. 向右飞行的负离子束；D．向左飞行的负离子束；3．质量和电荷量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，带电粒子仅受洛伦兹力的作用，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是( )A．M带负电，N带正电B．M的速率小于N的速率C．洛伦兹力对M、N不做功D．M的运行时间大于N的运行时间4.在如图所示的电路中，闭合电键后小灯泡正常发光，当滑动变阻器R3的滑动触头P向上滑动时（）A．电压表示数变大B．电流表示数变大C．小灯泡亮度变暗D．电源总功率变大5．如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量异种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，B，E两点关于N点对称。

下列说法正确的是（）A.C、D两处电势、场强均相同B. 在AB连线上O点的场强最大C.E处的电场强度小于B处的电场强度D. 将某一试探电荷从A点移到C点电场力所做的功等于该电荷从D点移到B点电场力所做的功6．如图所示，平行板电容器与电动势为E′的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略。

绝密★启用前怀仁市大地学校2020-2021学年度上学期第三次月考高二物理（考试时间：90分钟试卷满分：100分）注意事项：1. 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名. 准考证号填写在答题卡上。

2. 回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在本试卷上无效。

3. 回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4. 考试结束后，将答题卡交回。

第Ⅰ卷一. 选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1. 下列关于磁场的说法中，正确的是A. 磁场和电场一样，是客观存在的特殊物质B. 磁场是为了解释磁极间相互作用而人为规定的C. 电流与电流之间是通过电场发生作用的D. 磁场只有在磁体与磁体、磁体与电流发生作用时才产生2. A为已知电场中的一固定点，在A点放一电荷量为q的试探电荷B,B所受电场力为F,A点的场强为E，则A. 若在A点换上电荷量为q-的试探电荷，A点场强方向发生变化B. 若在A点换上电荷量为2q的试探电荷，A点的场强将变为2EC. 若移去电荷B，A点的场强变为零D. A点场强的大小、方向与试探电荷的有无及电荷量的大小、正负均无关3. 如图所示的同心圆（虚线）是电场中的一簇等势线，一个电子只在电场力作用下沿着直线由A向C运动时的速度越来越小，B为线段AC的中点，则有A. 电子沿AC运动时受到的电场力越来越小B. 电子沿AC运动时它具有的电势能越来越小C. 电势Aϕ＞Bϕ＞CϕD. 电势差AB BCU U=4. 如图所示，有一方向水平向右的匀强电场，一个质量为m、带电荷量为q+的小球以初速度v从a点竖直向上射入电场中．小球通过电场中b点时速度大小为2v，方向与电场方向一致．则,a b两点间的电势差为A.22mvqB.23mvqC.232mvqD.22mvq5. 如图所示,在磁感应强度大小为B的匀强磁场中,两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置,两者之间的距离为1。

高二年级第三次月考物理试卷参考答案一、选择题1．A 2．C 3．B 、D 4．B 5．A 6．A 、C 、D 7．B 8．C 9．A 、C 10．A 、B 11．B 、C 12．C 二、填空题 13．答案：5×10-6 450 14．答案：＜ ＞ 15．答案：8 eV 16．答案：150 4.5×10-4 15017．答案：(1)两板间的电场强度大小：E=U/d (2)小球带电量：q=tgθmgd/U(3)细线剪断，小球沿细线斜下方作匀加速直线运动 18．答案：（1）白，复写，导电，（2）f 到c ，左 三、计算题19．解析：由于小球的运动轨迹恰与点电荷的一等势面重合，电场力不做功，所以小球在运动过程中机械能守恒，设圆的半径为R 、球至B 点时的速度为v B ，则根据机械能守恒定律得：221B mv mgR =小球到达B 点时，重力与电场力的合力提供向心力，根据向心力公式得：Rv m mg F B2=-解以上两式得：mg F 3=由电场强度定义得：qmg q F E 3==20．解析：设细线长度为l ，电场强度为E ，小球的带电量为q ，小球摆至最低点时速度为v 。

全程由动能定理得：0)sin 1(cos =+-θθEql mgl ………………① 小球由起点摆至最低点的过程中，根据动能定理有：221mv Eql mgl =-…② 小球摆至最低点时，由牛顿第二定律得：lv m mg F 2=-………………③解以上三式得：)sin 1cos 23(θθ+-=mg F21．解析：（1）当V U AB 1000=时，由于粒子沿水平直线通过电场，所以重力与电场力平衡，根据平衡条件得：mg dqU AB =由此解得：C U mgdq AB9102-⨯==由于0>AB U ，所以场强方向竖直向下。

又因粒子所受电场力方向竖直向上，所以粒子带负电。

（2）粒子飞离电场有两种可能情况：一是沿A 板右边缘飞出；二是沿B 板右边缘飞出。

【全国百强校】宁夏回族自治区银川市育才中学孔德校区【最新】高二3月月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示图象中不属于交变电流的有( )A．B．C．D．2．一线圈在匀强磁场中匀速转动，在如图所示的位置时( )A．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最小B．穿过线圈的磁通量最大，磁通量的变化率最大C．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最大D．穿过线圈的磁通量最小，磁通量的变化率最小3．如图所示，哪中情况线圈中不能产生交流电流( )A．B．C．D．4．电阻﹑电容和电感三个物理量的单位及符号分别是（）A．欧姆Ω、亨利H和法拉F B．法拉F、欧姆Ω和亨利HC．亨利H、欧姆Ω和法拉F D．欧姆Ω、法拉F和亨利H5．在如图所示的电路中，、为两个完全相同的灯泡，为自感线圈，为电源，为开关，关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序，下列说法正确的是（）A．合上开关，先亮，后亮；断开开关，、同时熄灭B．合上开关，先亮，后亮；断开开关，先熄灭，后熄灭C．合上开关，先亮，后亮；断开开关，、同时熄灭D．合上开关，、同时亮；断开开关，先熄灭，后熄灭6．如图所示，一个质量为m1＝50 kg的人抓在一只大气球下方，气球下面有一根长绳．气球和长绳的总质量为m2＝20 kg，长绳的下端刚好和水平面接触。

当静止时人离地面的高度为h＝10 m．如果这个人开始沿绳向下滑，当他滑到绳下端时，他离地面高度是(可以把人看做质点)()A．10 m B．7.1m C．5.1m D．16m7．一炮艇总质量为M，以速度v0匀速行驶，从船上以相对海岸的水平速度v沿前进方向射出一质量为m的炮弹，发射炮弹后炮艇的速度为v′，若不计水的阻力，则下列各关系式中正确的是A．Mv0＝(M－m)v′＋mv B．Mv0＝(M－m)v′＋m(v＋v0)C．Mv0＝(M－m)v′＋m(v＋v′) D．Mv0＝Mv′＋mv8．如图为一交变电流随时间变化的图像，此交变电流的有效值是（）A．B．5A C．D．3.5A9．关于动量和冲量，下列说法正确的是（）A．做匀速圆周运动的物体，其动量不变B．汽车匀速转弯，所受的合外力的冲量为零C．某同学站在地面不动，所受的重力冲量为零D．做匀变速直线运动的物体其动量均匀变化10．从同一高度落下的玻璃杯，掉在水泥地上易碎，掉在软泥地上不易碎．这是因为A．掉在水泥地上，玻璃杯的动量大B．掉在水泥地上，玻璃杯的动量变化大C．掉在水泥地上，玻璃杯受到的冲量大，且与水泥地的作用时间短，因而受到水泥地的作用力大D．掉在水泥地上，玻璃杯受到的冲量和掉在软泥地上一样大，但与水泥地的作用时间短，因而受到水泥地的作用力大11．如图所示,交流电流表A1、A2、A3分别与电容器C．线圈L和电阻R串联后接在同一个交流电源上,供电电压瞬时值为U1=U m sinω1t,三个电流表读数相同．现换另一个电源供电,供电电压瞬时值为U2=U m sinω2t,ω2=2ω1.改换电源后,三个电流表的读数将( )A．A1将减小,A2将增大,A3将不变B．A1将增大,A2将减小,A3将不变C．A1将不变,A2将减小,A3将增大D．A1将减小,A2将减小,A3将不变12．下图的甲、乙是配电房中的互感器和电表的接线图，下列说法中不正确的是()A．它们的原理都是自感B．线圈匝数n 1＞n2，n3＜n4C．甲图中的电表是电压表，输出端不可以短路D．乙图中的电表是电流表，输出端不可以断路13．如图所示为一理想变压器,K为单刀双掷开关,P为滑动变阻器的滑动触头,U1为加在原线圈上的电压,则以下说法不正确的是（）A．保持U1及P的位置不变,K由a合到b时,I1将增大B．保持P的位置及U1不变,K由b合到a时,R消耗功率将减小C．保持U1不变,K合在a处,使P上滑,I1将增大D．保持P的位置不变,K合在a处,若U1增大,I1将增大14．远距离输送交变电流都采用高压输电，以下不属于采用高压输电的优点是（）A．可节省输电线的原材料B．不调节交流电的频率C．可减少输电线上的电能损失D．可提高输电线上的电流15．在光滑水平面上的两个小球发生正碰．图为它们碰撞前后的位置图象，小球的质量分别为m1和m2，已知m1=0.1 kg．由此可以判断A．碰前m2、m1都运动B．碰后m2和m1运动方向相同C．由动量守恒定律可以算出m2=0.3 kgD．碰撞过程中系统损失了0.4 J的机械能二、多选题16．某交变电流的方向在1 s内改变100次，则其周期T和频率f分别为（）A．T＝0．01 s B．T＝0．02 sC．f＝100 Hz D．f＝50 Hz17．理想变压器的原、副线圈中一定相同的物理量有（ ）A ．交流电的频率B ．磁通量的变化率C ．功率D ．交流电的峰值18．A 、B 两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，A 球的动量是5kg.m/s ，B 球的动量是7kg.m/s ，当A 球追上B 球时发生碰撞，则碰撞后A 、B 两球的动量可能值是（ ）A ．A P ' = 6Kgm/s ，B P ' = 6Kgm/sB ．A P ' = 3Kgm/s ，B P ' = 9Kgm/sC ．A P ' = -2Kgm/s ，B P ' = 14Kgm/sD ．A P ' =-5Kgm/s ，B P ' =17Kgm/s19．在光滑水平面上A 、B 两小车中间有一弹簧(不连接)，如图所示，用手抓住小车并将弹簧压缩后使小车处于静止状态，将两小车及弹簧看作一个系统，下列说法中正确的是（ ）A ．两手同时放开后，系统总动量始终为零B ．先放开左手，再放开右手后，动量不守恒C ．先放开左手，后放开右手，总动量向左D ．无论何时放手，两手放开后，在弹簧恢复原长的过程中，系统总动量都保持不变，但系统的总动量不一定为零三、填空题20．一个电容器，当它的两个极板间的电压超过10V 时，其间的电介质就可能被破坏而不再绝缘，这个现象叫做电介质的击穿，这个电压叫做这个电容器的耐压值。

量奋市例比阳光实验学校一中高二物理第三次月考试题〔总分值100分，考试时间：90分钟〕一、单项选择题〔每题只有一个选项正确，每题4分，共28分〕1. 把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转。

首先观察到这个现象的物理学家是〔〕A．奥斯特 B．安培 C．洛伦兹 D．法拉第2、在如图1所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑片在a端时合上开关S，此时三个电表、和的示数分别为I1、I2和U.现将R2的滑片向b端移动，那么三个电表示数的变化情况是 ( )A．I1增大，I2不变，U增大 B．I1减小，I2增大，U减小图1C．I1增大，I2减小，U增大 D．I1减小，I2不变，U减小3．一带正电粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点，其v－t图象如下图，那么以下说法中正确的选项是( )A．A处的电场强度一小于B处的电场强度B．A处的电势一小于在B处的电势C．CD间各点电场强度和电势都为零D．AB两点间的电势差于CB两点间的电势差4. 两个大小不同的绝缘金属圆环a、b如下图叠放在一起，小圆环b有一半面积在大圆环a中，当大圆环a通上顺时针方向电流的瞬间，小圆环中感电流的方向是 ( )A．顺时针方向 B．逆时针方向C．左半圆顺时针，右半圆逆时针 D．无感电流5．如下图一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．在两极板间有一负电荷〔电量很小〕固在Ｐ点，以Ｅ表示两板间的场强，Ｕ表示电容器两板间的电压，Ｗ表示正电荷在Ｐ点的电势能．假设保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示位置，那么〔〕A．Ｕ变小，Ｗ不变 B．Ｅ变大，Ｗ变大C．Ｕ变大，Ｅ不变 D．Ｕ不变，Ｗ不变6、.如下图，在边长为a的正三角形区域内存在着方向垂直于纸面向外、磁感强度大小为B的匀强磁场．一个质量为m、电量为＋q的带电粒子(重力不计)从AB边的中点O以一某速度v进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与AB边的夹角为60°.假设粒子能从AB边穿出磁场，且粒子在磁场中运动的过程中，到AB边有最大距离那么v的大小为( )A.3Bqa4mB3Bqa8mC.3Bqa4mD.3Bqa8m7．如右图所示为圆柱形区域的横截面，在没有磁场的情况下，带电粒子〔不计重力〕以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域的时间为t ，在该区域加沿轴线垂直纸面向外方向的匀磁强场，磁感强度大小为B，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射并沿某一直径方向飞出此区域时，速度方向偏转角为600，如下图。

嗦夺市安培阳光实验学校内蒙古鄂伦春旗大杨树三中高二（上）第三次月考物理试卷一．单项选择题（共12道题，每题4分，共48分）1．太阳能电池由许多片电池板组成．某电池板不接负载时两极间电压是6.0×10﹣4V，短路电流是3.0×10﹣5A，则这块电池板的内阻为( )A．20ΩB．5ΩC．0.2ΩD．0.05Ω2．关于电阻的计算式R=和决定式R=ρ，下面说法正确的是( )A．导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比B．导体的电阻仅与导体长度、横截面积和材料有关C．导体的电阻不随工作温度变化而变化D ．对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化3．金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的U﹣I图象中，可以表示出金属铂电阻的U﹣I图线的是( )A ．B ．C ．D ．4．“好变频1度到天明”﹣﹣此广告语意为1度电（1kW•h）可使变频空调工作一整夜（以10h计）．同样的1度电可供铭牌如图所示的电扇工作约( ) A．1整夜B．2整夜C．3整夜D．4整夜5．加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为( )A．P B ． C ．D ．6．将一根长为L，横截面积为S，电阻率为ρ的保险丝截成等长的两段，并把两段并起来作为一根使用，则它的电阻和电阻率分别为( )A ．、B ．、ρC ．、ρD ．、7．多用电表可以通过旋转选择开关S来测量电压、电流和电阻等，同时可以根据不同的需要选择不同的量程．如图所示为某多用电表的内部电路结构简图．则下列叙述正确的是( )A．开关S调到1时用来测量电压B．开关S调到2时用来测量电流C．开关S调到4时用来测量电阻D．开关S调到6时用来测量电阻8．如图所示，电源的电动势为6v，内阻为0.5Ω，R0为1.5Ω，R为总阻值为10Ω的滑动变阻变阻器，当滑动变阻器功率最大时，变阻器阻值应调整到( )A．0ΩB．0.5ΩC．2ΩD．10Ω9．关于闭合电路的性质，下列说法不正确的是( )A．外电路断路时，路端电压最高B．外电路短路时，电源的功率最大C．外电路电阻变大时，电源的输出功率变大D．不管外电路电阻怎样变化，其电源的内、外电压之和保持不变10．如图所示的电路中，当闭合开关S后，发现两灯都不亮，电流表的指针几乎指在零刻度线，电压表指针则有明显偏转，该电路中的故障可能是( ) A．灯泡L2短路 B．灯泡L2断路C．灯泡L1断路 D．两个灯泡都断路11．如图所示的电路，闭合开关S后，a、b、c三盏灯均能发光，电源电动势E 恒定且内阻r不可忽略．现将变阻器R的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是( )A．a灯变亮，b灯和c灯变暗B．a灯和c灯变亮，b灯变暗C．a灯和c灯变暗，b灯变亮D．a灯和b灯变暗，c灯变亮12．如图为一逻辑电路，根据电路图完成它的真值表．其输出端从上到下排列的结果正确的是( )输入输出A B C0 00 11 01 1A．0 0 1 0 B．0 0 1 1 C．1 0 1 0 D．0 0 0 1二．实验题（3道题，共38分）13．（18分）某同学做“测定金属电阻率”的实验．（1）这位同学采用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属丝的电阻．有以下器材可供选择：（要求测量结果尽量准确）A．电池组（3V，内阻约1Ω）B．电流表（0﹣3A，内阻约0.025Ω）C．电流表（0﹣0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表（0﹣3V，内阻约3kΩ）E．电压表（0﹣15V，内阻约15kΩ）F．滑动变阻器（0﹣20Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器（0﹣1000Ω，额定电流0.3A）H．开关，导线实验时应选用的器材是：电流表选择__________，电压表选择__________，滑动变阻器选择__________（填写各器材的字母代号）．（2）请在如图1的虚线框中画出实验电路图．（3）这位同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图2所示．由图中电流表示数为__________A、电压表的读数为__________V，可计算出金属丝的电阻为__________Ω．（4）用螺旋测微器测得金属丝的直径如图3所示，可知金属丝的直径d=__________mm．14．（14分）如图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为200Ω的电阻R x，请用图中所示旋钮名称填空并完善测量步骤．①调节__________，使电表指针停在__________的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）．②将选择开关旋转到“Ω”挡的__________位置．（填“×1”“×10”“×100”或“×1 k”）③将红、黑表笔分别插入“+”“﹣”插孔，并将两表笔短接，调节__________，使电表指针对准__________的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）．④将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为__________Ω．⑤测量完毕，将选择开关旋转到__________位置．现有下列器材，试选择合适的器材及适当的电路，较精确地测定该电阻的阻值．A．电流表，量程0～500μA，内阻约50ΩB．电流表，量程0～10mA，内阻约5ΩC．电压表，量程0～3V，内阻约2kΩD．电压表，量程0～15V，内阻约10kΩE．干电池1节，电动势为1.5VF．滑动变阻器，0～20Ω，0.5AG．电键一只，导线若干①电流表应该选择__________，电压表应该选择__________（填字母代号）；②请在下列实验电路图中选择合适的电路图__________．15．在《测定电源的电动势和内阻》的实验中，某学习小组测出多组数据，并根据实验数据作出U﹣I图象，如图所示，由图象可得出电源的电动势E=__________V 、内阻r=__________Ω．三．计算题（16题6分，17题8分，共14分，请写出必要的计算步骤和公式）16．如图所示，R1=14Ω R2=9Ω．当开关处于位置1时，电流表读数I1=0.2A；当开关处于位置2时，电流表的读数I2=0.3A．求电源的电动势E和内电阻r．17．如图所示中E=10V，R1=4Ω，R2=6Ω，C=30μF电池内阻不计，求：（1）闭合开关S，求稳定后通过R1的电流；（2）然后将开关S断开，求这以后流过R1的总电量．内蒙古鄂伦春旗大杨树三中高二（上）第三次月考物理试卷一．单项选择题（共12道题，每题4分，共48分）1．太阳能电池由许多片电池板组成．某电池板不接负载时两极间电压是6.0×10﹣4V，短路电流是3.0×10﹣5A，则这块电池板的内阻为( )A．20ΩB．5ΩC．0.2ΩD．0.05Ω【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据开路电压等于电源电动势，求出电动势；再根据电动势和短路电流求出内电阻．【解答】解：由题，U=0.6V，则E=U=0.6V又E=I短r，得到r==20Ω故选：A【点评】本题关键根据电源开路和短路的特点，求解电源的内电阻，难度不大，属于基础题．2．关于电阻的计算式R=和决定式R=ρ，下面说法正确的是( )A．导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比B．导体的电阻仅与导体长度、横截面积和材料有关C．导体的电阻不随工作温度变化而变化D．对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】导体的电阻是导体本身的特性，与其两端电压和电流强度无关，根据电阻定律R可知：导体的电阻与导体的长度、横截面积和材料有关．导体的电阻率随温度变化而变化，电阻也随温度而变化．【解答】解：A、导体的电阻是导体本身的特性，与其两端电压和电流强度无关．故A错误；B、根据电阻定律R=可知：导体的电阻与导体的长度、横截面积和材料有关；但导体的电阻率还要与温度有关；故B错误；C、导体的电阻率随温度变化而变化，电阻也随温度而变化．故C错误；D 、导体的电阻是导体本身的特性，对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而化．故D正确．故选：D【点评】本题考查电阻的定义式及决定式的关系，要注意明确电阻是导体本身的性质，与电压及电流无关．3．金属铂的电阻对温度的高低非常敏感，在下图所示的U﹣I图象中，可以表示出金属铂电阻的U﹣I图线的是( )A ．B ．C ．D ．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】金属铂的电阻随温度的升高而增大．电阻的U﹣I图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻．根据数学知识进行选择．【解答】解：根据电阻的定义式R=可知，U﹣I图线上的点与坐标原点连线的斜率等于电阻，金属铂的电阻随温度的升高而增大，则图线上的点与坐标原点连线的斜率逐渐增大，图线是曲线，根据数学知识可知，C正确．故选C【点评】本题考查对金属电阻特性的掌握程度，抓住图线的数学意义来理解其物理意义．4．“好变频1度到天明”﹣﹣此广告语意为1度电（1kW•h）可使变频空调工作一整夜（以10h计）．同样的1度电可供铭牌如图所示的电扇工作约( ) A．1整夜B．2整夜C．3整夜D．4整夜【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】已知电扇的额定功率和消耗的电能，根据W=Pt求出工作时间即可．【解答】解：由图可知电扇的额定功率为24W，则t=h而一整夜是10h，所以同样的1度电可供铭牌如图所示的电扇工作约4整夜．故选：D【点评】本题考查消耗电能的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要学会认识用电器的铭牌，解题过程中要注意单位的换算．5．加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为( )A．P B ． C ．D ．【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】电动机是非纯电阻电路，电功率P=UI，热功率P热=I2R，输出功率P出=P﹣P热．【解答】解：电动机是非纯电阻电路，电功率为P=UI，故电流为I=，故热功率P热=I2R=（）2R=；故选C．【点评】本题关键明确电动机是非纯电阻电路，电功率等于热功率与输出功率之和．6．将一根长为L，横截面积为S，电阻率为ρ的保险丝截成等长的两段，并把两段并起来作为一根使用，则它的电阻和电阻率分别为( )A ．、B ．、ρC ．、ρD ．、【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电阻率的大小由材料决定，与长度和横截面积无关．根据电阻定律的公式判断电阻的变化．【解答】解：根据电阻定律的公式知，长度变为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，则电阻变为原来的．而电阻率不变．故B正确，A、C、D错误．故选B．【点评】解决本题的关键掌握电阻定律的公式，以及知道电阻率的大小由材料决定，与长度和横截面积无关．7．多用电表可以通过旋转选择开关S来测量电压、电流和电阻等，同时可以根据不同的需要选择不同的量程．如图所示为某多用电表的内部电路结构简图．则下列叙述正确的是( )A．开关S调到1时用来测量电压B．开关S调到2时用来测量电流C．开关S调到4时用来测量电阻D．开关S调到6时用来测量电阻【考点】多用电表的原理及其使用．【专题】恒定电流专题．【分析】电流表、电压表与欧姆表都是由小量程电流表改装成的；把小量程电流表改装成电流表应并联一个分流电阻，把电流表改装成电压表，应串联一个分压电阻，把电流表改装成欧姆表时，应串联一个滑动变阻器，电路应有一个电源；分析清楚电路结构，根据电流表、电压表与欧姆表的原理分析答题．【解答】解：A、由图可知，当S接1或2时，表头与电阻并联，则多用表作安培表使用，故A错误，B正确；C、选择开关接“4”时，测电阻，当作欧姆表使用，由于电源在电表内部，又电流由红表笔进，因此红表笔与电源的负极相连，故C正确；D、选择开关接“6”时，表头与两个电阻串联，串联电阻较大，此时多用电表测电压，量程较大，故D错误；故选：BC．【点评】知道电流表、电压表、欧姆表的原理，掌握电流表、电压表、欧姆表的读数方法，即可正确解题．8．如图所示，电源的电动势为6v，内阻为0.5Ω，R0为1.5Ω，R为总阻值为10Ω的滑动变阻变阻器，当滑动变阻器功率最大时，变阻器阻值应调整到( )A．0ΩB．0.5ΩC．2ΩD．10Ω【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】将R0看成电源的内阻，当等效电源的内电阻等于R时，R的功率最大．【解答】解：将R0看成电源的内阻，当外电阻与内阻相等时，输出功率最大．即R=R0+r解得：R=1.5+0.5=2Ω，故C正确．故选：C【点评】本题考查功率公式的应用；解题的关键要知道电源的内电阻与外电阻相等时，电源的输出功率最大．9．关于闭合电路的性质，下列说法不正确的是( )A．外电路断路时，路端电压最高B．外电路短路时，电源的功率最大C．外电路电阻变大时，电源的输出功率变大D．不管外电路电阻怎样变化，其电源的内、外电压之和保持不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据闭合电路欧姆定律求解干路电流，根据欧姆定律求解路端电压，根据表达式进行分析讨论．【解答】解：A、外电路断路时，外电阻R→∞，I=0，所以U=E﹣Ir=E，则路端电压最大，故A正确；B、外电路断路时，外电阻R=0，I=，电流最大，据P=EI得，电源的功率最大．故B正确；C、电源的输出功率 P=UI=I2R=，由此公式可知当R=r时，电源的输出功率最大，则外电路的电阻R变大时，电源的输出功率不一定变大，故C错误；D、据闭合电路的欧姆定律知，其电源的内外电压之和等于电源的电动势，保持不变，故D正确．本题选错误的，故选：C【点评】本题关键根据闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律列式求解出路端电压表达式进行讨论．要知道电源的内外电阻相等时，输出功率最大．10．如图所示的电路中，当闭合开关S后，发现两灯都不亮，电流表的指针几乎指在零刻度线，电压表指针则有明显偏转，该电路中的故障可能是( ) A．灯泡L2短路 B．灯泡L2断路C．灯泡L1断路 D．两个灯泡都断路【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】开关闭合时，发现两灯均不亮，说明电路有开路．电压表有示数，电压表的正负接线柱到电源正负极的连接是连通的；电流表的指针几乎指在零刻度线，是因为把电压表通过灯丝、导线接在电源正负极上，电压表的电阻无限大，使得电路中的电流很小．据此判断．【解答】解：开关闭合两灯均不亮，则电路中有开路，电压表有示数，则电压表的正负接线柱到电源正负极的连接是连通的，L1没有断路，所以L2断路，故B正确．故选：B．【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，平时做实验时试一试，多积累这方面的经验．11．如图所示的电路，闭合开关S后，a、b、c三盏灯均能发光，电源电动势E 恒定且内阻r不可忽略．现将变阻器R的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是( )A．a灯变亮，b灯和c灯变暗B．a灯和c灯变亮，b灯变暗C．a灯和c灯变暗，b灯变亮D．a灯和b灯变暗，c灯变亮【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】如图电路的结构是：c灯与变阻器R串联后与b灯并联，再与a灯串联．R的滑片稍向上滑动时，变阻器R接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析干路电流的变化，再分析b灯电压的变化和c灯的电流变化来分析灯泡亮度变化．【解答】解：R的滑片稍向上滑动时，变阻器R接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，a灯变亮．b的电压U b=E﹣I（r+R a）减小，b灯变暗．通过c灯的电流I c=I﹣I b，I增大，I b减小，则I c增大，c灯变亮．故选：B．【点评】本题是电路中动态变化分析的问题，首先要搞清电路的结构，其次要按“部分→整体→部分”的顺序分析．12．如图为一逻辑电路，根据电路图完成它的真值表．其输出端从上到下排列的结果正确的是( )输入输出A B C0 00 11 01 1A．0 0 1 0 B．0 0 1 1 C．1 0 1 0 D．0 0 0 1【考点】简单的逻辑电路．【专题】恒定电流专题．【分析】非门的特点是：输入状态和输出状态完全相反，与门的特点是：当所有条件都满足，事件才能发生．【解答】解：当A输入为0，B输入为0时，从非门输出为1，从与门输出为0．当A输入为0，B输入为1时，从非门输出为0，从与门输出为0．当A输入为1，B输入为0时，从非门输出为1，从与门输出为1．当A输入为1，B输入为1时，从非门输出为0，从与门输出为0．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道非门和与门的特点，牢记各简单逻辑门功能与特点，便可很容易的解答此题．二．实验题（3道题，共38分）13．（18分）某同学做“测定金属电阻率”的实验．（1）这位同学采用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属丝的电阻．有以下器材可供选择：（要求测量结果尽量准确）A．电池组（3V，内阻约1Ω）B．电流表（0﹣3A，内阻约0.025Ω）C．电流表（0﹣0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表（0﹣3V，内阻约3kΩ）E．电压表（0﹣15V，内阻约15kΩ）F．滑动变阻器（0﹣20Ω，额定电流1A）G．滑动变阻器（0﹣1000Ω，额定电流0.3A）H．开关，导线实验时应选用的器材是：电流表选择C，电压表选择D，滑动变阻器选择F （填写各器材的字母代号）．（2）请在如图1的虚线框中画出实验电路图．（3）这位同学在一次测量时，电流表、电压表的示数如图2所示．由图中电流表示数为0.46A、电压表的读数为2.40V，可计算出金属丝的电阻为5.22Ω．（4）用螺旋测微器测得金属丝的直径如图3所示，可知金属丝的直径d=3.373mm．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；定量思想；图析法；恒定电流专题．【分析】（1）根据电路最大电流选择电流表，根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器．（2）根据题意确定电流表与滑动变阻器的接法，然后作出电路图．（3）根据图示电表确定其分度值，读出其示数，然后由欧姆定律求出金属丝的电阻．（4）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．【解答】解：（1）电路最大电流约为：I===0.6A，电流表应选择C；电源电动势为3V，则电压表应选择D；为方便实验操作，滑动变阻器应选择F；（2）待测电阻阻值约为5Ω，电流表内阻约为0.125Ω，电压表内阻约为3kΩ，电压表内阻远大于待测点阻值，电流表应采用外接法，滑动变阻器最大阻值为20Ω，远大于待测电阻阻值，滑动变阻器可以采用限流接法，电路图如图所示：（3）由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.46A；由图示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为2.40V；金属丝电阻：R==≈5.22Ω；（4）由图示螺旋测微器可知，其示数为：3mm+37.3×0.01mm=3.373mm；故答案为：（1）C；D；F；（2）电路图如图所示；（3）0.46；2.40；5.22；（4）3.373．【点评】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路、电表读数、螺旋测微器读数，要掌握常用器材的使用及读数方法，读数时视线要与刻度线垂直；根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计实验电路的关键．14．（14分）如图甲为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为200Ω的电阻R x，请用图中所示旋钮名称填空并完善测量步骤．①调节指针定位螺丝，使电表指针停在电流的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）．②将选择开关旋转到“Ω”挡的×10位置．（填“×1”“×10”“×100”或“×1 k”）③将红、黑表笔分别插入“+”“﹣”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻的“0”刻线（填“电阻”或“电流”）．④将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为190Ω．⑤测量完毕，将选择开关旋转到OFF或交流电压最高档位置．现有下列器材，试选择合适的器材及适当的电路，较精确地测定该电阻的阻值．A．电流表，量程0～500μA，内阻约50ΩB．电流表，量程0～10mA，内阻约5ΩC．电压表，量程0～3V，内阻约2kΩD．电压表，量程0～15V，内阻约10kΩE．干电池1节，电动势为1.5VF．滑动变阻器，0～20Ω，0.5AG．电键一只，导线若干①电流表应该选择，电压表应该选择（填字母代号）；②请在下列实验电路图中选择合适的电路图．【考点】用多用电表测电阻．【专题】实验题．【分析】多用电表使用前要进行机械调零，测电阻时要选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，多用电表使用完毕选择开关要置于OFF挡或交流电压最高档．【解答】解：用多用电表测阻值约为200Ω的电阻R x，实验步骤为：①调节指针定位螺丝，使电表指针停在电流的“0”刻线．②将选择开关旋转到“Ω”挡的×10位置．③将红、黑表笔分别插入“+”“﹣”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻的“0”刻线．④将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为19×10=190Ω．⑤测量完毕，将选择开关旋转到OFF或交流电压最高档位置故答案为：①指针定位螺丝；电流；②×10；③欧姆调零旋钮；电阻；④190；⑤OFF或交流电压最高档．【点评】本题考查了欧姆表的使用方法、欧姆表读数；使用欧姆表测电阻时，要先进行机械调零，然后选择合适的档位，再进行欧姆调零，最后测电阻．15．在《测定电源的电动势和内阻》的实验中，某学习小组测出多组数据，并根据实验数据作出U﹣I图象，如图所示，由图象可得出电源的电动势E=1.5V、内阻r=1Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；定量思想；推理法；实验分析法；恒定电流专题．【分析】测定电池电动势和内电阻的实验原理是闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，U﹣I图象的斜率绝对值等于内阻．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，由图读出图线纵轴截距 U=E=1.5VU﹣I图象的斜率绝对值等于内阻r，则r=Ω=1Ω故答案为：1.5 1．【点评】解决本题关键要知道本实验的原理是闭合电路欧姆定律U=E﹣Ir，根据数学知识求解电源的电动势和内阻．三．计算题（16题6分，17题8分，共14分，请写出必要的计算步骤和公式）16．如图所示，R1=14Ω R2=9Ω．当开关处于位置1时，电流表读数I1=0.2A；当开关处于位置2时，电流表的读数I2=0.3A．求电源的电动势E和内电阻r．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据闭合电路欧姆定律分别列出开关处于位置1和2时的电流表达式，联立组成方程组求解电源的电动势E和内电阻r．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律得E=I1（R1+r）①E=I2（R2+r）②联立组成方程组得，r=代入解得，r=1Ω将r=1Ω代入①得，E=3V答：电源的电动势E=3V，内电阻r=1Ω．【点评】本题提供了测量电源的电动势和内阻和方法，可以用电阻箱代替两个定值电阻．17．如图所示中E=10V，R1=4Ω，R2=6Ω，C=30μF电池内阻不计，求：（1）闭合开关S，求稳定后通过R1的电流；（2）然后将开关S断开，求这以后流过R1的总电量．【考点】电容；闭合电路的欧姆定律．【专题】电容器专题．【分析】（1）电容器在电路稳定时，处于断开状态，则根据闭合电路欧姆定律，即可求解；（2）根据开关闭合与断开两状态下，求出电压器的两端电压，并根据：△Q=△U•C，即可求解．【解答】解：（1）稳定时，电容看作断开状态，电路中的电流：A （2）S闭合，电路处于稳定状态时，电容两端的电压：U=IR2=1×6V=6V断开后，电容两端的电压为10V，故这以后流过R1的总电量为：△Q=△U•c=（10﹣6）×30×10﹣6C=1.2×10﹣4C 答：（1）闭合开关S，稳定后通过R1的电流1A；（2）然后将开关S断开，这以后流过R1的总电量1.2×10﹣4C．【点评】考查闭合电路欧姆定律的应用，掌握Q=CU公式的应用，注意电容器在直流电路中，处于稳定时，相当于开关断开的．。