2015年高考集训第三周测试

2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a114．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1 16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是N．最小值是N．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是m/s．高物体在第3s内通过的位移是m．19．（4分）电火花打点计时器的电源是（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔s打一次点．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是s，从抛出点到落地点发生的水平位移是m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为W，电阻在1min内产生的热量为J．28．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2 31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是极．如磁铁上端是S 极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向．34．（6分）一带电粒子的质量为m，电量为q，以速度v垂直射入磁感应强度为B的匀强磁场中，求：①粒子做匀速圆周运动的半径R②粒子运动的周期T．2015年湖南省普通高中高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）如图所示，物体沿三条不同的路径由A运动到B，下列关于他们的位移的说法中正确的是（）A．沿Ⅰ较大B．沿Ⅱ较大C．沿Ⅲ较大D．一样【解答】解：物体沿三条不同的路径由A运动到B，起点和终点的位置都相同，则位移一定相同．故选D2．（3分）关于参考系，下列说法中正确的是（）A．参考系必须是静止不动的物体B．参考系必须是正在做匀速直线运动的物体C．参考系必须是固定在地面上的物体D．描述物体的运动时，参考系可以任意选择【解答】解：A、参考系不一定必须是静止不动的，如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系，故A错误；B、任何物体均可作为参考系，匀速直线运动的物体也可以，但并不是必须这样，故B错误；C、参考系的选取是任意的，应根据所研究的问题灵活选取，并不是一定是选取地面上的物体为参考系，故C错误；D、参考系的选取是任意的，故任何物体都可以作为参考系，故D正确；故选：D．3．（3分）作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N【解答】解：分力的大小分别是30N和40N，合力的大小为F=N=50N，所以C正确．故选：C．4．（3分）伽利略的理想实验证明了（）A．要使物体运动就必须有力的作用，没有力的作用物体就静止B．要使物体静止就必须有力的作用，没有力的作用物体就运动C．物体不受力作用时，一定处于静止状态D．物体运动不需要力来维持【解答】解：A、B、伽利略的理想斜面实验证明力不是维持物体运动的原因，没有力作用的物体能保持原来的运动状态．故AB错误．C、物体不受外力作用时，可能处于静止状态，也可能处于匀速直线运动状态．故C错误．D、伽利略的理想斜面实验证明了运动的物体具有惯性，物体不受外力作用时，总是保持原来的匀速直线运动状态或静止状态．故D正确．故选：D5．（3分）如图是甲、乙两物体相对同一原点的s﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲、乙都做变速直线运动B．甲、乙运动的出发点相距s1C．甲比乙早出发t1时间D．乙比甲的运动要快些【解答】解：A、x﹣t图象的斜率等于物体运动的速度，由图可知两图象的斜率保持不变，故运动的速度不变，两物体都做匀速直线运动．故A错误；B、由图可知甲从原点出发，乙从距原点s1处出发．故两物体的出发点相距s1．故B正确；C、甲在t1时刻开始运动，而乙在t=0时刻开始运动，故甲比乙迟出发t1时间．故C错误．D、甲图象的斜率的绝对值大于乙图象的斜率的绝对值，所以甲的速度大于乙的速度，则甲比乙的运动要快．故D错误；故选：B．6．（3分）下列运动中，物体的运动状态不变的是（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动 D．自由落体运动【解答】解：物体的运动状态保持不变，那么物体速度的大小和方向都不能发生变化，A、物体匀速直线时，它的速度的大小和方向都不变，故A正确；B、匀加速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故B错误；C、匀减速直线运动时，速度大小在变化，运动状态变化，故C错误；D、自由落体运动时，速度在增大，运动状态变化，故D错误．故选：A7．（3分）静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力．当力刚开始作用的瞬间，下列说法正确的是（）A．物体同时获得速度和加速度B．物体立即获得加速度，但速度仍为零C．物体立即获得速度，但加速度仍为零D．物体的速度和加速度仍为零【解答】解：由牛顿第二定律可知，有了力的作用，物体就有了加速度，但是，在力刚开始作用的瞬间，物体还没有运动，所以物体的速度为零，故B正确．故选：B．8．（3分）一个物体做自由落体运动，v﹣t图象正确的是（）A．B． C． D．【解答】解：自由落体运动是初速度为零、加速度为g的匀加速直线运动，其速度时间关系公式为v=gt=10t，故其v﹣t图是一条通过原点的直线，故ABD均错误，C正确；故选：C．9．（3分）以20m/s的速度做匀速直线运动的汽车，制动后能在2m内停下来，如果该汽车以40m/s的速度行驶，则它的制动距离应该是（）A．2m B．4m C．8m D．16m【解答】解：设刹车过程的加速度大小为a，方向与汽车的初速度方向相反，已知汽车的初速度v0=20m/s，末速度v=0，位移x=2m，由位移速度关系式：v2﹣v02=﹣2ax，整理：a==100m/s2，①第二过程中已知汽车的初速度v01=40m/s，末速度v=0，加速度为a，设位移为X由位移速度关系式得：0﹣v012=﹣2aX整理得：X=②把①代入②得：X=8m故选：C10．（3分）下列关于惯性的说法中，正确的是（）A．人走路时没有惯性，被绊倒时有惯性B．百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时就没有惯性了C．物体没有受外力作用时有惯性，受外力作用后惯性被克服了D．物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关【解答】解：A、一切物体，不论是运动还是静止、匀速运动还是变速运动，都具有惯性，故A错误；B、百米赛跑到终点时不能立即停下是由于惯性，停下时还有惯性，故B错误；C、任何物体在任何情况下都有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，故C错误；D、物体的惯性与物体的运动状态及受力情况均无关，故D正确；故选：D．11．（3分）关于摩擦力，下列说法中错误的是（）A．运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力B．冬天下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦C．生活中离不开摩擦，摩擦越大越好D．工厂工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦【解答】解：A、运动鞋底的花纹是为了增大鞋底与地面间的摩擦力；故A正确；B、下雪后，常见民警在汽车上坡的地方洒上一些炉灰，目的是增大车轮与地面之间的摩擦，故B正确；C、生活中离不开摩擦，但摩擦越大，也不一定越好，汽车行驶；故C错误；D、工人师傅用的锉刀表面总是凹凸不平的，目的是为了增大锉刀与工件之间的摩擦，故D正确．本题选择错误的，故选：C．12．（3分）如图所示，放置在水平地面上的物体受水平推力作用后仍保持静止．此物体共受到的力有（）A．重力、水平推力B．重力、支持力和水平推力C．水平推力、静摩擦力D．重力、支持力、水平推力和静摩擦力【解答】解：首先物体受重力、支持力，由题意还受水平推力，则物体有沿推力运动的趋势，而没有运动说明物体受到了与推力方向相反的静摩擦力．故D正确ABC错误．故选：D．13．（3分）如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A．v1＞v2＞v3B．v1＜v3＜v2C．a1＞a2＞a3D．a2＞a3＞a1【解答】解：A、B、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据v=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故V1＜V3；根据卫星的线速度公式v=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即V3＜V2；故V1＜V3＜V2，故A错误，B 正确；C、D、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据a=ω2r=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故山丘e的轨道加速度小于同步通信卫星q的加速度，即a1＜a3；根据加速度公式a=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故a1＜a3＜a2，故C错误，D正确；故选：BD．14．（3分）下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．放大法C．控制变量法D．等效替代法【解答】解：图甲中将桌面在力F作用下发生的形变通过反射光线在屏上光斑移动显示出来，采用放大法．图乙中，用手压琉璃瓶，琉璃瓶发生微小的变形，体积减小，由于管子很细，管中水位上升明显，即通过细管将瓶子的形变显示出来，采用的也是放大法．故选：B．15．（3分）一个绕中心线AB以一定的角速度转动的圆环，P、Q为环上两点，位置如图所示，下列说法正确的是（）A．P、Q两点的角速度相等 B．P、Q两点的线速度相等C．P、Q两点的角速度之比为：1 D．P、Q两点的线速度之比为1：1【解答】解：AC、P、Q两点共轴转动，角速度大小相等．故A正确，C错误．BD、设圆环的半径为R，根据几何知识可得：P、Q转动的半径分别为：r P=Rsin60°r Q=Rsin30°P、Q两点角速度相等，根据v=rω知，P、Q两点的线速度之比为：v P：v Q=r P：r Q=Rsin60°：Rsin30°=：1．故BD错误．故选：A16．（3分）如图，物体A和B的重力分别为11N和7N，不计弹簧秤、细线的重力和一切摩擦，则地面对A的支持力和弹簧秤的读数为（）A．0N，7N B．4N，7N C．0N，18N D．4N，18N【解答】解：对物体研究：物体受到重力、细线的拉力和地面的支持力作用而平衡．细线的拉力为：F=G B=7N则地面的支持力为：F N=G A﹣F=G A﹣G B=4N弹簧秤的读数等于细线的拉力，或等于B的重力，即为7N．故选：B二、非选择题17．（4分）物体受到F1=3N，F2=7N两个力的作用，则它们的合力的最大值是10 N．最小值是4N．【解答】解：二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；故合力最大3N+7N=10N，最小7N﹣3N=4N，之间任意结果都可以；故答案为：10，4．18．（4分）一物体做匀加速的直线运动，初速度为3m/s，加速度为2m/s2，该物体在第3s末的速度是9m/s．高物体在第3s内通过的位移是8m．【解答】解：第3s末的速度为：v=v0+at=3+2×3m/s=9m/s．第3s内的位移为：．故答案为：9，8．19．（4分）电火花打点计时器的电源是交流（填“交流”或“直流”）电源，通常的工作电压为220V，实验室使用我国民用电时，每隔0.02s打一次点．【解答】解：实验室所用电火花计时器是使用的电压为220V的交流电源，我国民用电的频率是50Hz，所以它每隔0.02s打一个点．故答案为：交流，0.02．20．（4分）在20m高的地方以6m/s的初速度水平抛出，则物体在空中运动的时间是2s，从抛出点到落地点发生的水平位移是12m（忽略空气阻力，取g=10m/s2）【解答】解：由h=得t===2s从抛出点到落地点发生的水平位移为：x=v0t=6×2m=12m故答案为：2，12．21．（7分）质量为5.0kg的物体，从离地面36m高处，由静止开始匀加速下落，经3s落地，g取10m/s2，试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．【解答】解：（1）由得，a=．故物体下落的加速度大小为8m/s2．（2）根据牛顿第二定律得，mg﹣f=ma则f=mg﹣ma=50﹣5×8N=10N故下落过程中物体所受阻力的大小为10N．22．（7分）一同学从倾角为30°的斜坡顶端平抛一小石块，小石块的质量为10g，它恰好落在斜坡的底端，如果斜坡高度为1.8m．求：（1）小石块的落地时间；（2）小石块的着地时的动能．【解答】解：（1）根据，t=．故小石块的落地时间为0.6s．（2）小球的水平位移为x=hcot30°=1.8m．所以水平速度竖直分速度v y=gt=10×0.6m/s=6m/s则落地的速度m/s．则故小石块的着地时的动能为0.315J．[选修1-1]23．（3分）研究电磁感应现象并得到重要结论的科学家是（）A．洛伦兹B．库仑C．奥斯特D．法拉第【解答】解：经过十年坚持不懈的努力，1831年英国物理学家法拉第发现了电磁感应现象．故选：D．24．（3分）关于点电荷的说法，正确的是（）A．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B．体积很大的带电体一定不能看作点电荷C．点电荷一定是电量很小的电荷D．体积很大的带电体只要距离满足一定条件也可以看成点电荷【解答】解：A、B当体积很小的带电体相距很近，以至于带电体的大小和形状对带电体间作用力影响不能忽略时，此带电体不能看成点电荷，而体积很大的带电体，如果带电体间的距离远大于带电体本身的尺寸，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体也可以看成点电荷．故AB错误．C、点电荷不一定电量很小的电荷．故C错误．D、体积很大的带电体只要距离足够大，以至于带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响可忽略不计时，带电体就可以看成点电荷．故D正确．故选D25．（3分）某同学发现有人触电，他应采取的措施是（）A．不假思索地去把触电人用手拉开B．当做没看见C．迅速找一根木棒，把人和电线分离D．立即大声喊人，让别人来处理【解答】解：A、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电，更不能用剪刀割断导线，剪刀是导体，自己也会触电，故A错误，C正确；B、遇到这种情况应及时帮助，不能装作没看见；也不能喊人让别人来处理，这样由于耽误时间，可能造成人的死亡；故BD错误；故选：C．26．（3分）磁场中某处的磁感线如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处小【解答】解：A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，由图可知b处的磁感线密，所以b处的磁场强．故A错误，B正确；C、电流受到的安培力：F=BILsinθ，与磁感应强度的大小、电流的大小以及电流与磁场方向之间的夹角有关，所以同一通电导线放在a处受力不一定比放在b 处小，也不一定比放在b处大．故CD错误．故选：B27．（4分）在某段电路中，一定值电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率为2W，电阻在1min内产生的热量为120J．【解答】答：电阻阻值为2Ω，通过它的电流为1A，则该电阻的热功率：P=I2R=2×12=2W电阻在1min内产生的热量：Q=I2Rt=12×2×60=120J故答案为：2，12028．（6分）如图所示，一根长为L=0.2m的直导线放在水平方向的匀强磁场中，导线水平且与磁场方向垂直，导线中通有向右的电流．（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，试计算导线所受安培力；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线是否受安培力？【解答】解：（1）当磁场方向与电流方向垂直时，根据F=BIL得：F=5×10﹣2 N（2）导线不受安培力作用．答：（1）若匀强磁场的磁感应强度大小B=0.5T，导线中电流I=0.5A，导线所受安培力5×10﹣2 N；（2）将该通电导线旋转到与磁感线平行的位置，此时导线不受安培力[选修2-1]29．在如图各电场中，A、B两点电场强度相同的是（）A．B．C．D．【解答】解：A，A、B两者点处于同一圆周上，根据公式E=k，电场强度大小，但方向不同．故A错误；B，由图，AB两点的电场强度方向，根据公式E=k可知，电场大小不同，故B错误；C、在匀强电场中，各处的电场强度处处相同．故C正确；D、由图A、B 两点电场强度不同，大小也不同，E A＜E B．故D错误．故选：C．30．（3分）在“测定电源电动势和内阻”的实验中，针对两个不同的电源得出如图所示的1、2两条图线，则两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系（）A．E1＞E2，r1＞r2B．E1＞E2，r1＜r2C．E1＜E2，r1＞r2D．E1＜E2，r1＜r2【解答】解：当外电阻无穷大时，路端电压等于电源的电动势，故U﹣I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，由图可知，2的电动势较大；U=E﹣Ir可知图象中的斜率表示电源的内阻，2的斜率较大，故2的内阻较大，故D正确，ABC错误；故选D．31．（3分）四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的（）A．B． C．D．【解答】解：根据一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，知电场力的方向由M指向N，所以电场强度的方向由N指向M．由M到N，加速度越来越大，知电场力越来越大，所以电场强度越来越大，所以M出要比N出疏．故D正确，A、B、C错误．故选D．32．（3分）随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多．下列电器中主要应用电流热效应的是（）A．电风扇B．电饭煲C．录音机D．电视机【解答】解：电饭锅工作时，电能转化为内能，利用电流的热效应．符合题意．电风扇工作时，主要是电能转化为机械能．录音机工作时，电能主要转化为声能．电视机主要将电能转化为声能和光能．故B正确，ACD错误．故选：B．33．（4分）如图所示，放在马蹄形磁铁两极之间的导体棒ab，当通有自b到a 的电流时受到向右的安培力作用，则磁铁的上端是N极．如磁铁上端是S极，导体棒中的电流方向自a到b，则导体棒受到的安培力方向向右．【解答】解：电流方向由b到a，安培力向右，根据左手定则，知磁场方向竖直向下，所以磁铁上端是N极．磁铁上端是S极，电流方向自a到b，根据左手定则，知安培力方向向右．故答案为：N，右．。

2015级高三第三次模拟考试（考试时间：120分钟试卷满分：150分）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第一部分听力(共两节，满分30分)做题时，先将答案标在试卷上。

录音内容结束后，你有两分钟的时间将试卷上的答案转涂到答题卡上。

第一节（共5小题；每小题1.5分，满分7.5分）听下面5段对话。

每段对话后有一个小题，从每题所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。

听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。

每段对话仅读一遍。

1. What does the woman want to know?A. Where the new ice cream store is.B. When the grocery store opens.C. Where the police station is.2. What color is Mary’s hair?A. Red.B. Brown.C. White.3. What does the woman mean?A. She’ll not go to the game.B. She will do everything later.C. She just wants to cut the grass now.4. Why doesn’t the man want to go to Chicago?A. It is too far away.B. It isn’t as nice as Pittsburgh.C. He hasn’t been to Pittsburgh.5. When might the speakers be talking?A. 9:00 p.m.B. 11:00 p.m.C. 10:00 p.m.第二节（共15小题：每小题1.5分，满分22.5分）听下面5段对话或独白。

遂溪一中2014—2015学年高二语文周测题（三）参考答案1．C【chǐ/zhì；chái/jī；qǐ/yī；A．xiã；ài/mì；juàn/jùn；B．chù；jí/cì；kuài/huì； D. shì；fēn / fân；kàng。

】2．A【A．置疑：怀疑（用于否定），如：不容置疑，无可置疑。

质疑：提出疑问。

此处应用“质疑”。

B．一锤子买卖：不考虑以后怎样，只做一次的交易（多用于比喻）。

C．充耳不闻：塞住耳朵不听，形容不愿听取别人的意见。

D．乃至：甚至,在句中表递进。

】3．D【A项，成分残缺带来的搭配不当，不是“游就馆”本身来源于荀子的话，应是“游就馆的名字”。

B项，语序不当，“低廉的中国制造成本” 应改为“中国制造的低廉的成本”；C项，“原因是……造成的”句式杂糅】4. D。

解析：本题考查语言表达连贯的能力。

衔接点：④“不仅是因为”；②“更重要的还在于”“人道主义精神”；①“这种精神”；⑥“它”；③“用……表达出来”；⑤“打动……读者”。

5．B【率：作……表率】6．B【①“何以”，以何，可译为“用什么”，也可理解为“为什么”；“何为”，为什么，何故；②诬之以罪，即“以罪诬之”，（被他）用罪名诬陷，应用“以”，表示引入动作行为赖以实现的手段；③由卑贱到发达，表示过程，是顺承关系，而非并列关系，应用“而”。

】7．A8．C【顺阳王畅为使吴彦去职而举荐他，而非因钦佩他的德行。

】9．（1）①陆抗于是召集各位将领，暗中派人假装疯狂拿着刀冲过来，在座的各位将领都害怕得逃走了。

（会、阳、句意各1分）②吾彦本来贫寒，被我们父亲提拔，可是回答皇上问话时有贬毁我们的父亲之意，怎么能接受他的东西呢！（为……所、答诏、安、句意各1分）（2）武干：平息九真士兵叛乱（“九真戍兵作乱，逐其太守，九真贼帅赵祉围郡城，彦悉讨平之”）；任建平太守时，铸造铁链阻断江面防备敌军（“彦乃辄为铁锁，横断江路”）（只要合乎题意，其它答案也可给分）【参考译文】：吾彦，字士则，是吴郡吴县人。

2015年河南省北大附中河南分校高考物理三模训练试卷（17）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、多选题(本大题共1小题，共6.0分)1.某质点做直线运动，运动速率的倒数与位移x的关系如图所示，关于质点运动的下列说法正确的是（）A.质点做匀加速直线运动B.-x图线斜率等于质点运动加速度C.四边形AA′B′B面积可表示质点运动时间D.四边形BB′C′C面积可表示质点运动时间【答案】D【解析】解：A、由题中-x图象可知，与x成正比，即vx=常数，质点做减速直线运动，故A错误；B、图线斜率不等于质点运动的加速度，B错误；CD、依据图线与横坐标所围成的面积即为两坐标的乘积，所以四边形AA′B′B面积也可表示质点运动的时间，故C错误，D正确；故选：D．结合公式x=vt分析图线与坐标轴围成面积的物理意义．此题考查对运动速率的倒数与位移x的关系图象的理解，分析方法类似于v-t图象的方法，要会举一反三．二、单选题(本大题共1小题，共6.0分)2.如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=20Ω，R2=30Ω，C为电容器．已知通过R1的正弦交流电如图乙所示，则（）A.交流电的频率为0.02H z B.原线圈输入电压的最大值为200VC.电阻R2的电功率约为6.67 WD.通过R3的电流始终为零【答案】C【解析】解：由图象知电流的周期是0.02S，则其频率为则A错误副线圈的最大电压为u2=I m R1=20V，则原线圈的输入电压为u1，由得u1=200V故B错误电阻R2的功率为P==6.67W故C正确电容器通交流，故R3有电流故D错误故选：C由图象可读出R1的电流的最大值，进而求得电流的有效值；读出电流的周期可求得频率；由电流的值及R1的阻值可求出副线圈的电压，进而求得原线圈的输入电压．考查交流电的图象的读法，明确交流电的最大值，有效值之间的关系．会求功率．三、多选题(本大题共1小题，共6.0分)3.如图（甲）所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图（乙）所示．设物块与地面间的最大静摩擦力F fm的大小与滑动摩擦力大小相等，则t1～t3时间内（）A.t1时刻物块的速度为零B.t2时刻物块的加速度最大C.t3时刻物块的动能最大D.t1～t3时间内F对物块先做正功后做负功【答案】ABC【解析】解：A、t1时刻前，推力小于最大静摩擦力，物体静止不动，位移为0，所以t1速度为零，故A正确；B、物块做加速运动，根据牛顿第二定律得，a=，随着拉力F的增大而增大．t2时刻，拉力F最大，则合力最大，加速度最大．故B正确．C、t3之后合力向后，物体由于惯性减速前进，故t3时刻A的速度最大，动能最大，故C正确，D、t1～t3时间内速度方向没有改变，力F方向也没变，所以F对物块A一直做正功，故D错误．故选：ABC．当推力小于最大静摩擦力时，物体静止不动，静摩擦力与推力二力平衡，当推力大于最大静摩擦力时，物体开始加速，当推力重新小于最大静摩擦力时，物体由于惯性继续减速运动．目前已知的所有宏观物体都是靠惯性运动，力只是改变速度的原因，t0时刻前，合力为零，物体静止不动，t0到t2时刻，合力向前，物体加速前进，t2之后合力向后，物体减速前进．四、单选题(本大题共1小题，共6.0分)4.利用如图所示的实验装置可以测量磁感应强度．其中2为力敏传感器，3为数字电压表，5为底部长为L的线框．当外界拉力作用于力敏传感器的弹性梁上时，数字电压表上的读数U与所加外力F 成正比，即U=KF，式中K为比例系数．用绝缘悬丝把线框固定在力敏传感器的挂钩上，并用软细铜丝连接线框与电源．当线框中电流为零时，输出电压为U0；当线框中电流为I时，输出电压为U．则磁感应强度的大小为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：A、由于数字电压表上的读数U与所加外力成正比，即U=KF，式中K为比例系数，当通上电流后，设安培力为F A，有=KF A，即KBIL=，整理得：B=，故A错误B、由A分析得，B错误C、由A分析得，C错误D、由A分析得，D正确故选：D当线框中电流为I时，力敏传感器的挂钩受到的拉力会发生变化，由于电流分析不定，拉力可能增大可能减小，根据安培力公式和数字电压表上的读数U与所加外力F的关系列方程解决考查学生在新情境中应用所学知识的能力，注意抽取有效的信息，注意电流方向的不确定性五、多选题(本大题共1小题，共6.0分)5.如图所示，半径为R的半圆形区域内分布着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，半圆的左边垂直x轴放置一粒子发射装置，在-R≤y≤R的区间内各处均沿x轴正方向同时发射出一个带正电粒子，粒子质量均为m、电荷量均为q、初速度均为v，重力忽略不计，所有粒子均能到达y轴，其中最后到达y轴的粒子比最先到达y轴的粒子晚△t时间，则（）A.粒子到达y轴的位置一定各不相同B.磁场区域半径R应满足C.从x轴入射的粒子最先到达y轴D.△t=，其中角度θ的弧度值满足【答案】BD【解析】解：粒子射入磁场后做匀速圆周运动，其运动轨迹如图所示：y=±R的粒子直接沿直线做匀速运动到达y轴，其它粒子在磁场中发生偏转，A、由图可知，发生偏转的粒子也有可能打在y=R的位置上，所以粒子到达y轴的位置不是各不相同的，故A错误；B、以沿x轴射入的粒子为例，若r=＜R，则粒子不能达到y轴就偏向上离开磁场区域，所以要求R≤，所有粒子才能穿过磁场到达y轴，故B正确；C、从x轴入射的粒子在磁场中对应的弧长最长，所以该粒子最后到达y轴，而y=±R 的粒子直接沿直线做匀速运动到达y轴，时间最短，故C错误；D、从x轴入射的粒子运动时间为：t1=，y=±R的粒子直接沿直线做匀速运动到达y轴，时间最短，则t2=所以△t=，其中角度θ为从x轴入射的粒子运动的圆心角，根据几何关系有：α=θ，则sinθ=sinα==，故D正确．故选BD粒子射入磁场后做匀速圆周运动，由于粒子质量均为m、电荷量均为q、初速度均为v，所以半径相同，画出粒子的运动轨迹，根据圆周运动半径公式、周期公式结合几何关系即可求解．本题主要考查了带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的问题，要求同学们能正确画出粒子运动的轨迹，确定圆心位置，知道半径公式及周期公式，并能结合几何关系求解，难度适中．六、单选题(本大题共1小题，共6.0分)6.一均匀带正电的半球壳，球心为O点，AB为其对称轴，平面L垂直AB把半球壳一分为二，且左右两侧球壳的表面积相等，L与AB相交于M点．如果左侧部分在M点的电场强度为E1，电势为Ф1，右侧部分在M点的电场强度为E2，电势为Ф2．（已知一均匀带电球壳内部任一点的电场强度为零．取无穷远处电势为零，一点电荷q在距离其为r处的电势为φ=k），则（）A.E1＞E2Ф1＞Ф2B.E1＜E2Ф1＜Ф2C.E l＞E2Фl=Ф2D.E1=E2Фl＜Ф2【答案】A【解析】解：由题：一均匀带电球壳内部任一点的电场强度为零，是由于左右两个半个球壳在同一点产生的场强大小、方向相反，右半球壳在M点产生的场强方向向左，可知，左半球壳在M点产生的场强方向向右，则根据电场的叠加可知：左侧部分在M点产生的场强比右侧电荷在M点产生的场强大，E1＞E2．根据题设条件：点电荷q在距离其为r处的电势为φ=k，由于左侧各个点电荷离M点的距离比右侧近，则左侧部分在M点的电势比右侧高，即Ф1＞Ф2．故选：A根据电场的叠加原理，分析半球壳在M点的场强方向，再比较场强的大小关系．根据φ=k，结合左右两侧球壳上点电荷到M点距离的关系，进行分析．本题运用点电荷场强公式和电场的叠加原理理解场强关系，要读懂题意，根据电势公式分析电势的关系．七、多选题(本大题共2小题，共12.0分)7.如图所示，ABCD为固定的水平光滑矩形金属导轨，处在方向竖直向下，磁感应强度为B的匀强磁场中，AB间距为L，左右两端均接有阻值为R的电阻，质量为m、长为L且不计电阻的导体棒MN放在导轨上，与导轨接触良好，并与轻质弹簧组成弹簧振动系统．开始时，弹簧处于自然长度，导体棒MN具有水平向左的初速度v0，经过一段时间，导体棒MN第一次运动到最右端，这一过程中AB间R上产生的焦耳热为Q，则（）A.初始时刻棒所受的安培力大小为B.当棒再一次回到初始位置时，AB间电阻的热功率为C.当棒第一次到达最右端时，弹簧具有的弹性势能为mv02-2QD.当棒第一次到达最右端时，弹簧具有的弹性势能为mv02-6Q【答案】AC【解析】解：A、由F=BIL、I=，R并=，得初始时刻棒所受的安培力大小为F A=．故并A正确；B、由于回路中产生焦耳热，棒和弹簧的机械能有损失，所以当棒再次回到初始位置时，速度小于v0，棒产生的感应电动势E＜BL v0，由电功率公式P=知，则AB间电阻R 的功率小于，故B错误；C、D、由能量守恒得知，当棒第一次达到最右端时，物体的机械能全部转化为整个回路中的焦耳热和弹簧的弹性势能．电阻R上产生的焦耳热为Q，整个回路产生的焦耳热为2Q．弹簧的弹性势能为：E p=mv02-2Q，故C正确，D错误；故选：AC．由E=BL v0、I=、F=BIL三个公式结合求解初始时刻棒受到安培力大小．MN棒从开始到第一次运动至最右端，电阻R上产生的焦耳热为Q，整个回路产生的焦耳热为2Q．根据能量守恒定律求解棒第一次到达最右端时，弹簧具有的弹性势能．本题分析系统中能量如何转化是难点，也是关键点，运用能量守恒定律时，要注意回路中产生的焦耳热是2Q，不是Q．8.如图所示，在x O y平面内存在着磁感应强度大小为B的匀强磁场，第一、二、四象限内的磁场方向垂直纸面向里，第三象限内的磁场方向垂直纸面向外．P（-L，0）、Q（0，-L）为坐标轴上的两个点．现有一电子从P点沿PQ方向射出，不计电子的重力（）A.若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线，则微粒运动的路程一定为B.若电子从P点出发经原点O到达Q点，则微粒运动的路程一定为πLC.若电子从P点出发经原点O到达Q点，则微粒运动的路程一定为2πLD.若电子从P点出发经原点O到达Q点．，则微粒运动的路程可能为πL，也可能为2πL 【答案】AD【解析】解：A、若电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线，则有运动轨迹如图所示，则微粒运动的路程为圆周的，即为，故A正确；B、若电子从P点出发经原点O到达Q点，运动轨迹可能如图所示，或者是：因此则微粒运动的路程可能为πL，也可能为2πL，故D正确，BC错误；故选：AD粒子在洛伦兹力作用下，做匀速圆周运动，根据题意可知，电子从P点出发恰好经原点O第一次射出磁场分界线，与电子从P点出发经原点O到达Q点，运动轨迹的半径不同，从而由运动轨迹来确定运动路程．考查根据运动半径来确定运动轨迹，从而确定运动的路程，掌握左手定则与右手定则的区别，注意运用几何关系正确画出运动轨迹图是解题的关键．九、单选题(本大题共1小题，共2.0分)11.两只完全相同的表头G，分别改装成一只电流表和一只电压表，一位同学不小心做实验时误将两只表串起来连接在一闭合电路中，接通电路后两只表的指针可能出现下列哪种现象（）A.电流表的指针偏转，电压表的指针不偏转B.两表指针偏转角度相同C.两表指针都偏转，电压表的指针偏转角度比电流表大得多D.两表指针都偏转，电流表的指针偏转角度比电压表大得多【答案】C【解析】解：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表的总电流与电压表的电流相等，由于电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表头的电流很小，所以电流表的指针偏转角度较小；电压表的指针有明显偏转．故C正确，ABD错误．故选：C电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；将电压表和电流表串联，分析通过表头的电流关系，判断指针偏转角度的大小．本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，熟悉串联电路的电流特点，基础题．十一、多选题(本大题共1小题，共6.0分)14.在坐标原点的波源产生一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v=10m/s，已知在t=0时刻的波形如图所示，此时波刚好传播到x=5m处．下列说法中正确的是（）A.这列波的波长为4mB.这列波的振幅为20cmC.这列波的频率为2.5H zD.波源起振方向沿y轴正方向E.再经过0.2s的时间，质点a到达质点b现在所处的位置生长素运输过程对乙烯的合成起促进作用【答案】ACD【解析】解：A、由简谐波图象可知，波长为4m，故A正确；B、由简谐波图象可知，振幅为10cm，故B错误；C、由v=λf可知，频率f==H z=2.5H z，故C正确；D、波总是前面的质点带动后面的质点振动，t=0时刻x=5m位置的质点正向上振动，故波源的起振方向沿y轴正方向，故D正确；E、质点只在自己的位置上下振动动，不会沿x轴运动，故不能到达b点，故E错误故选：ACD通过简谐波图象可以读出出波长，振幅；由v=λf可知波的频率；简谐波传播过程中，介质中各质点的起振方向与波源的起振方向相同．根据时间与周期的关系，分析再经过0.2s的时间，质点a的位置．本题要抓住简谐波一个基本特点：介质中各质点的起振方向都与波源的起振方向相同，能熟练运用质点的带动法判断质点的振动方向．八、实验题探究题(本大题共2小题，共14.0分)9.如图1，“验证变力做功的动能定理”的实验装置放置在水平桌面上，两块磁铁分别安装于力传感器和小车对应位置，且同性磁极相对，两挡光片宽均为1cm．（1）让小车向力传感器方向运动，挡光片a经过光电门传感器时测得此时小车速度v0，同时触发力传感器以及位移传感器工作，磁力对小车做______ 功（选填“正”或“负”），挡光片b（a、b间距为5cm）经过光电门时再次测得此时小车的速度v t，同时（实际有一定延时）触发传感器停止工作．（2）计算机上显示出F-s图象，图象中的______ 即为此过程变力做功W．（3）某同学测得小车及车上传感器、磁铁等总质量m=0.180kg，v0=0.341m/s，v t=0.301m/s，则小车动能的变化量△E k= ______ J（保留两位有效数字），他选取如图2所示的选择区域后，计算机自动计算出变力做功W，发现W与△E k相差较大，其主要原因是______ ．【答案】负；图线包围的面积；-0.0023；择区域过大【解析】解：（1）同性磁极相对，互相排斥，故磁力对小车做负功．（2）F-s图象中，图线与坐标轴围成的面积表示功，所以估算图线下方的面积，其大小即为磁力在这一过程所做功大小．（3）因为△E k=mv t2-mv02，代入数据得：△E k=×0.180×0.3012-×0.180×0.3412=-0.0023（J）估算图线下方的面积，其大小即为磁力在这一过程所做功大小，如果选择的区域过大或过小，都会导致W与△E k相差较大．故答案为：（1）负；（2）图线包围的面积；（3）-0.0023，选择区域过大（1）两块磁铁分别安装于力传感器和小车对应位置，且同性磁极相对，互相排斥，磁力对小车做负功．（2）F-s图象中，图线与坐标轴围成的面积表示变力做功．（3）因为△E k=mv t2-mv02，代入数据计算可得小车动能的变化量．本题要了解光电门测量瞬时速度的原理，实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面，同时明确实验原理是解答实验问题的前提，注意图象面积的意义．10.用多用表测量该元件的电阻，选用“×10”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转很小，因此需选择______ 倍率的电阻挡（填“×1”或“×100”），并______ ，再进行测量，若多用表中的电池旧了，用它测得的电阻值将______ （填“偏大”“偏小”或“不变”）．【答案】×100；重新进行欧姆调零；偏大【解析】解：用多用表测量该元件的电阻，选用“×10”倍率的电阻挡测量，多用表指针偏转很小，说明所选档位太小，为准确测量电阻，应换大挡，需要选择电阻的×100挡，并重新进行欧姆调零，再进行测量；若多用表中的电池旧了，电池电动势变小、内阻变大，用欧姆表测电阻，欧姆调零时，由于满偏电流I g不变，由I g=内可知，欧姆表内阻R内变小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，有：I=内=内内=内，可知当R内变小时，I变小，指针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了，用它测得的电阻值将偏大．故答案为：×100；重新进行欧姆调零；偏大．用欧姆表测电阻时，要选择合适的档位，使欧姆表指针指在表盘中央刻度线附近；根据闭合电路欧姆定律分析答题．本题考查了欧姆表的使用、误差分析、测电阻；使用多用电表测电阻时，要选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，再测电阻，使用完毕，要把选择开关置于交流电源最高挡或OFF挡上．十、计算题(本大题共2小题，共31.0分)12.如图所示，质量m的小物块从高为h的坡面顶端由静止释放，滑到粗糙的水平台上，滑行距离l后，以v=1m/s的速度从边缘O点水平抛出，击中平台右下侧挡板上的P点．以O为原点在竖直面内建立如图所示的平面直角坐标系，挡板形状满足方程y=x2-6（单位：m），小物块质量m=0.4kg，坡面高度h=0.4m，小物块从坡面上滑下时克服摩擦力做功1J，小物块与平台表面间的动摩擦因数μ=0.1，g=10m/s2．求（1）小物块在水平台上滑行的距离l；（2）P点的坐标．【答案】解（1）对小物块，从释放到O点过程中解得l=1m（2）小物块从O点水平抛出后满足①x=vt②由①②解得小物块的轨迹方程y=-5x2③又有y=x2-6④由③④得x=1m，y=-5m⑤所以P点坐标为（1m，-5m）⑥答：（1）小物块在水平台上滑行的距离l为1m；（2）P点的坐标为（1m，-5m）．【解析】（1）对小物块从开始到达O点的过程运用动能定理，求出小物块在水平台上滑行的距离；（2）平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动的规律求出平抛运动的轨迹方程，结合两个轨迹方程求出交点坐标．本题考查了动能定理和平抛运动的综合运用，运用动能定理解题关键选择好研究的过程，分析过程中有哪些力做功，然后根据动能定理列式求解．13.如图所示，MN、PH为两根竖直放置、不计电阻的弧形裸金属导轨，NH间接有阻值R=1Ω的电阻，整个装置处于磁感应强度B=0.5T的水平匀强磁场内，一根质量为m=0.1kg、电阻不计的金属棒水平放置在位置Ⅰ处，与导轨相交于A、B两点，A、B间距L1=0.5m，现给金属棒一个大小为v1=4m/s，竖直向上的速度，恰使它向上做无摩擦的匀减速直线运动，滑动时金属棒始终与导轨紧密接触，并保持水平状态，当金属棒上滑到位置Ⅱ时，速度的方向不变，大小变为v2=1m/s，与导轨相交于C、D两点，取g=10m/s2，试求：（1）金属棒竖直向上运动时的加速度a的大小；（2）C、D两点间的距离L2；（3）金属棒从位置Ⅰ运动到位置Ⅱ的过程中，电流对电阻所做的功W．【答案】解：（1）当金属棒速度为v1=4m/s时，产生的感应电动势为E1=BL1v1；回路中的感应电流I1=金属棒所受的安培力大小为F1=BI1L1；根据牛顿第二定律得：mg+F=ma联立以上各式得：a=g+=10+．．=12.5m/s2（2）在位置Ⅱ，同理可得：mg+=mam=1m则L2==．（3）位置Ⅰ和Ⅱ间的高度h==m=0.6m根据功能关系得电流对电阻所做的功W=mv12-mv22-mgh=×0.1×42-×0.1×12-0.1×10×0.6=0.15J答：（1）金属棒竖直向上运动时的加速度a的大小为12.5m/s2；（2）C、D两点间的距离L2为1m．（3）金属棒从位置Ⅰ运动到位置Ⅱ的过程中，电流对电阻所做的功W为0.15J．【解析】（1）金属棒向上做匀减速运动，受到向下的重力和安培力作用，可知安培力应是恒力，根据金属棒速度为v1=4m/s的状态，求出安培力的大小，根据牛顿第二定律求解加速度的大小．（2）根据牛顿第二定律和安培力与速度的关系式，求解C、D两点间的距离L2；（3）由匀变速运动的规律求出位置Ⅰ和Ⅱ间的高度，根据功能关系求解电流对电阻所做的功W．本题关键抓住匀减速运动的特点：合力一定，加速度一定，灵活选择研究的位置．要掌握安培力的经验公式F=，能熟练进行推导．十二、计算题(本大题共1小题，共9.0分)15.如图所示，ABC为一透明材料做成的柱形光学元件的横截面，该种材料折射率n=2，AC为一半径为R的圆弧，D为圆弧面圆心，ABCD构成正方形，在D处有一点光源．若只考虑首次从圆弧AC直接射向AB、BC的光线，从点光源射入圆弧AC的光中，有一部分不能从AB、BC面直接射出，求这部分光照射圆弧AC的弧长．【答案】解：设该种材料临界角为C，则sin C=①解得：C=30°②如图所示，若沿DE方向射到AB面上的光线刚好发生全反射，则：∠ADF=30°③同理，若沿DG方向射入的光线恰好在BC面上发生全反射，可得：∠CDG=30°④因此：∠FDH=30°⑤据几何关系可得：=×2πR⑥解得：=πR⑦答：这部分光照射圆弧AC的弧长为πR．【解析】从点光源射入圆弧AC的光中，有一部分不能从AB、BC面直接射出，是由于在AB和BC面上发全了全反射，先根据折射率，由公式sin C=求出临界角，由几何知识求出这部分光照射圆弧AC的弧长．解决本题关键是掌握全反射的条件和临界角公式sin C=，结合几何知识进行求解．。

江西省上饶市2015届高三第三次模拟考试理科综合能力试题(满分300分考试时间150分钟)注意事项:1.本试卷分为选择题和非选择题两部分,共16页｡2.答卷时,考生务必将自己的姓名､座号及答案填写在答题卡上｡3.选择题的每小题答案,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑｡如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号,不能答在试卷上｡4.考试结束后,将答题卡和答题纸一并交回｡本卷可能用到的数据:相对原子质量:H―1 Li—7 C―12 N—14 O―16 S―32 Cl—35.5 K—39Cr—52 Fe—56第Ⅰ卷(选择题共21小题,每小题6分,共126分)一､选择题(本题共13小题,每小题6分,共78分｡在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的｡)1.下图为进行有性生殖生物的生活史示意图,下列说法不正确的是A.①过程精､卵要通过细胞膜表面蛋白进行识别B.②､③过程存在细胞的增殖､分化和凋亡C.②､③发生的基因突变有可能传递给子代D.经④产生的细胞不具有生长发育所需的全套遗传信息2.对下列相关图的叙述中,正确的是A.甲图若表示某二倍体生物细胞,表示的时期为减数第一次分裂后期B.乙图表示在不同生命活动过程中,细胞内染色体数的变化曲线,男人和女人在b过程中可以出现两条X染色体C.丙图中直接刺激肌肉可以引起其兴奋收缩,并能在g､f､e处检测到膜电位变化D.丁图为种子萌发的过程,甲为淀粉含量的变化曲线,乙为每个细胞中DNA总量的变化曲线3.下列对于实验的相关叙述,正确的是A.“观察DNA和RNA在细胞中的分布”:盐酸的作用是使细胞分散开,便于观察B.“低温诱导染色体加倍”:选用紫色洋葱鳞片叶的外表皮更易于观察C.色素的提取和分离实验中,可用丙酮代替无水乙醇作有机溶剂提取色素D.观察植物细胞有丝分裂的实验操作为:解离→染色→漂洗→制片→观察4.下列关于生物进化的叙述,正确的是A.物种之间的共同进化都是通过不同物种之间的生存斗争实现的B.自然选择通过作用于个体而影响种群的基因频率C.由于环境污染,桦尺蠖的种群中黑色基因频率增大,所以产生了新物种D.自然选择决定了生物变异和进化的方向5.元素和化合物是细胞结构和功能的物质基础,下列关于细胞化学组成的叙述,正确的是①ATP､脱氧核苷酸､线粒体外膜共有的组成元素是C､H､O､N､P②细胞合成的糖蛋白均位于细胞膜的外表面,与细胞间相互识别有关③酶､激素､ATP和神经递质等都是细胞中的微量高效物质,作用后都立即被分解④蛋白质遇高温变性时,其空间结构被破坏,肽键数不变⑤叶肉细胞内的[H]都在光反应阶段产生,用于暗反应A.①④B.②③C.①②D.③⑤6.右图中,甲､乙表示水稻两个品种,A､a和B､b表示分别位于两对同源染色体上的两对等位基因,①~⑧表示培育水稻新品种的过程,则下列说法错误的是A.①→②过程简便,但培育周期长B.②和⑦的变异都发生于有丝分裂间期C.③过程常用的方法是花药离体培养D.⑤与⑧过程的育种原理不相同7.化学与环境､材料､信息､能源关系密切,下列说法不正确的是A.利用催化设施,可以将汽车尾气中CO和NO转化为无害气体B.聚乙炔用I2或Na等做掺杂处理后可形成一种导电塑料,该导电塑料是一种纯净物,有固定的熔点､沸点C.先通入氯气,再加入硫酸亚铁处理水,能达到消毒杀菌和除去悬浮杂质的目的D.半导体行业中有一句话:“从沙滩到用户”,计算机芯片的材料是硅8.下列实验装置和试剂的选用或操作都正确的是9.现有5种短周期元素X､Y､Z､Q､W,原子序数依次增大,在周期表中X原子的半径最小;X和W同主族;Y原子的核外电子总数是其次外层电子数的3倍,Q是地壳中含量最高的元素｡下列说法不正确的是A.原子半径:Y<Q<WB.ZX3可使紫色石蕊试液变蓝C.X､Z､Q可组成离子化合物或共价化合物D.X2Q2､Y2X6两种分子中含有的电子数､化学键种类都相同10.下列叙述中正确的是A.根据右图,若滴定前仰视读数,滴定终点时俯视读数,则测定的盐酸浓度偏高B.250℃时,难溶物XY和AB3的K SP分别为1.0×10-10和2.7×10-15,则饱和溶液中犮(X+)一定大于犮(A3+)C.每个Fe(OH)3胶体粒子含一个氢氧化铁分子D.某溶液中存在K+､HCO-3､CO2-3､OH-､H+,其离子浓度大小顺序可能为c(K+)>c(HCO-3)>c(H+)>c(CO2-3)11.下列说法不正确獉獉獉的是A.银氨溶液可以用于区分麦芽糖和蔗糖B.乙醇､乙二醇､丙三醇的沸点依次升高12.海水中含有丰富的锂资源,研究人员开发了一种只能让锂离子通过的特殊交换膜,并运用电解实现从海水中提取高浓度的锂盐,其工作原理如右图所示｡下列说法不正确獉獉獉的是A.a连接电源的正极B.Li+的移动方向是从海水进入到盐酸中C.一段时间后,b电极附近溶液的pH降低D.电解过程中还可能获得有经济价值的副产物氢气和氯气13.某溶液仅含Fe2+､Na+､Al3+､Ba2+､SO2-4､NO-3､Cl-中的4种离子,所含离子的物质的量均为1mol｡若向该溶液中加入过量的稀硫酸,有气体产生,且溶液中阴离子种类不变(不考虑水的电离和离子的水解)｡下列说法不正确獉獉獉的是A.该溶液中所含的离子是:Fe2+､Na+､SO2-4､NO-3B.若向该溶液中加入过量的稀硫酸,产生的气体在空气中能变成红棕色C.若向该溶液中加人过量的稀硫酸和KSCN溶液,溶液显血红色D.若向该溶液中加入足量的NaOH溶液,充分反应后,过滤､洗涤､灼烧,最终所得固体的质量为72g 二､选择题(本题共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,其中19､20､21试题有多项符合题目要求｡其余试题只有一项符合题目要求｡全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)14.如图所示为洛伦兹力演示仪的结构图｡若励磁线圈产生的匀强磁场方向垂直纸面向外,电子束由电子枪产生,其速度方向与磁场方向垂直｡电子速度的大小和磁场强弱可分别由通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节｡下列说法正确的是:A.仅减小励磁线圈中电流,电子束径迹的半径变小B.仅降低电子枪加速电压,电子束径迹的半径变小C.仅减小励磁线圈中电流,电子做圆周运动的周期将变小D.仅降低电子枪加速电压,电子做圆周运动的周期将变小15.如图所示,P､Q为一平行板电容器的两个极板,其中Q板接地,下列说法正确的是:A.适当上移P极板,电容器电容增大B.保持开关S闭合,适当左移P极板,电容器电量增大C.若断开开关S,再适当上移P极板,板间场强减小D.若断开开关S,再适当左移P极板,P板电势升高16.如图所示,在倾角为α=30°的光滑固定斜面上,有两个质量均为m的小球A､B,它们用劲度系数为k的轻弹簧连接,现对A施加一水平向右的恒力,使A､B均静止在斜面上,下列说法正确的是:A.弹簧的伸长量为mgkB.水平恒力大小为槡33mgC.撤掉恒力的瞬间小球A的加速度为gD.撤掉恒力的瞬间小球B的加速度为g17.如图所示,质量为m的滑块以一定初速度滑上倾角为θ的固定斜面,同时施加一沿斜面向上的恒力F=mgsinθ;已知滑块与斜面间的动摩擦因数μ=tanθ,取出发点为参考点,能正确描述滑块运动到最高点过程中产生的热量Q､滑块重力势能E P随时间t的关系及动能E k､机械能E随位移x的关系的是:18.双星系统由两颗恒星组成,两恒星在相互引力的作用下,分别围绕其连线上的某一点做周期相同的匀速圆周运动｡研究发现,双星系统演化过程中,两星的总质量､距离和周期均可能发生变化｡若某双星系统中两星做圆周运动的周期为T,经过一段时间演化后,两星总质量变为原来的k倍,两星之间的距离变为原来的n倍,则此时圆周运动的周期为:A．nTkB．2nTkC．32nTkD．3nTk19.图甲所示的理想变压器原､副线圈匝数比为55∶6,图乙是该变压器原线圈两端输入的交变电压U的图像,副线圈中L是规格为“24V,12W”的灯泡,R0是定值电阻,R是滑动变阻器,图中各电表均为理想交流电表,以下说法正确的是:A.灯泡L能正常发光B.滑片P向下滑动的过程中,变压器输出功率变小C.滑片P向下滑动的过程中,电流表A示数变大,电压表V示数不变D.原线圈两端输入电压的瞬时值表达式为u=220sinl00πt(V)20.如图所示,光滑水平面上放着质量为M的木板,木板的上表面粗糙且左端有一个质量为m的木块｡现对木块施加一个水平向右的恒力F,木块与木板由静止开始运动,经过时间t 分离｡下列说法正确的是:A.若仅增大木板的质量M,则时间t 增大B.若仅增大木块的质量m,则时间t 增大C.若仅增大恒力F,则时间t 增大D.若仅增大木块与木板间的动摩擦因数,则时间t 增大21.如图所示,足够长金属导轨竖直放置,金属棒ab ､cd 均通过棒两端的环套在金属导轨上并与导轨保持良好的接触｡虚线上方有垂直纸面向里的匀强磁场,虚线下方有竖直向下的匀强磁场｡ab ､cd 棒与导轨间动摩擦因数均为μ,两棒总电阻为R,导轨电阻不计｡开始两棒均静止在图示位置,当cd 棒无初速释放,同时对ab 棒施加竖直向上的拉力F,沿导轨向上做匀加速运动｡则:A.ab 棒中的电流方向由b 到aB.拉力F 的功率不断增大C.cd 棒先加速运动后匀速运动D.力F 做的功等于两金属棒产生的电热与增加的机械能之和第Ⅱ卷(非选择题 共174分)三､非选择题(包括必考题和选考题两部分｡第22题~第32题为必考题,每个试题考生都必须做答｡第33题~第40题为选考题,考生根据要求做答｡)(一)必考题(11题,共129分)22.(6分)在探究弹力和弹簧伸长的关系时,某同学先按图1对弹簧甲进行探究,然后把弹簧甲和弹簧乙并联起来按图2进行探究｡在弹性限度内,将质量为m=50g 的钩码逐个挂在弹簧下端,分别测得图1､图2中弹簧的长度L 1．､L 2．如下表所示｡已知重力加速度g=10m/s2,计算弹簧甲的劲度系数k= N/m ｡由表中数据 (填“能”或“不能”)计算出弹簧乙的劲度系数｡23.(9分)某实验小组进行“探究热敏电阻的温度特性”实验,实验室提供如下器材:热敏电阻Rt(常温下约8kΩ)､温度计､电流表A(量程1mA,内阻约200Ω)､电压表V(量程3V,内阻约10kΩ)､电池组E(4.5V ,内阻约1Ω)､滑动变阻器R(最大阻值为20Ω)､开关S ､导线若干､烧杯和水｡(1)根据提供器材的参数将右图所示的实物图中所缺的导线补接完整｡(2)实验开始前滑动变阻器的滑动触头P 应置于 端(填“a”或“b”)｡(3)利用补接完整的实验装置测量出不同温度下的电阻值,画出该热敏电阻的R t -t 图象如右图中的实测曲线,与图中理论曲线相比二者有一定的差异｡除了偶然误差外,下列关于产生系统误差的原因或减小系统误差的方法叙述正确的是 ｡A.电流表的分压造成电阻的测量值总比真实值小B.电压表的分流造成电阻的测量值总比真实值小C.温度升高到一定值后,电流表应改为外接法(4)将本实验所用的热敏电阻接到一个电流较大的恒流电源中使用,当电流通过电阻产生的热量与电阻向周围环境散热达到平衡时,满足关系式I 2R=k(t-t 0)(其中k 是散热系数,t 是电阻的温度,t 0是周围环境温度,I 为电流强度),电阻的温度稳定在某一值｡若通过它的电流恒为50mA,t 0=20℃,k=0.25W/℃,由实测曲线可知该电阻的温度稳定在 ℃｡24.(13分)2014年12月26日,我国东部14省市ETC 联网正式启动运行,ETC 是电子不停车收费系统的简称｡汽车分别通过ETC 通道和人工收费通道的流程如图所示｡假设道路上有并行的甲､乙两辆汽车都以v 1=20m/s 朝收费站沿直线正常行驶,现甲车过ETC 通道,需要在某位置开始做匀减速运动,到达虚线EF 处速度正好减为v 2=4m/s,在虚线EF 与收费站中心线之间以4m/s 的速度匀速行驶,通过收费站中心线后才加速行驶离开,已知甲匀减速过程的加速度大小为a1=1m/s2,虚线EF 处与收费站中心线距离d=10m ｡乙车过人工收费通道,需要在中心线前某位置开始做匀减速运动,至中心线处恰好速度为零,经过缴费成功后再启动汽车行驶离开;已知乙车匀减速过程的加速度大小为a 2=2m/s 2｡求:(1)甲车过ETC 通道时,从开始减速到收费站中心线过程中的位移大小;(2)乙车比甲车提前多少时间到收费站中心线｡25.(19分)如图甲所示,一对平行金属板M ､N 长为L,相距为d,O 1O 为中轴线.当两板间加电压U MN =U 0时,两板间为匀强电场,忽略两极板外的电场｡某种带负电的粒子从O 1点以速度v 0沿O 1O 方向射入电场,粒子恰好打在上极板M 的中点,粒子重力忽略不计｡(1)求带电粒子的比荷q m(2)若MN 间加如图乙所示的交变电压,其周期T=0T v ,从t=0开始,前3T 内U MN =2U,后23T 内U MN =-U,大量的上述粒子仍然以速度v 0沿O 1O 方向持续射入电场,最终所有粒子恰好能全部离开电场而不打在极板上,求U 的值;(3)若紧贴板右侧建立xOy 坐标系,在坐标系第I ､IV 象限某区域内存在一个方向垂直于坐标平面的圆形匀强磁场区域,能使在(2)问情景下所有粒子经过磁场偏转后都会聚于P(2d,2d)点,求此圆形磁场的最小面积及对应磁感应强度B 的大小｡26.(12分)氢溴酸在医药和石化工业上有广泛用途.图1是模拟工业制备氢溴酸的流程:回答下列问题:(1)混合①中发生反应的离子方程式为.(2)混合②中加入试剂a是.(3)加入Na2SO3的目的是除去过量的Br2,但要防止过量,原因是▲ (请用离子方程式表示).(4)工业氢溴酸常带有淡淡的黄色,可能的原因是:①含Fe3+②含Br2③含Fe3+和Br2,只用下列一种试剂就能分析产生淡黄色的原因.该试剂是(填写字母).a.KMnO4溶液b.NaOH溶液c.KSCN溶液d.淀粉KI溶液l4(5)实验室制取Br2的反应为:2NaBr+3H2SO4+MnO22NaHSO4+MnSO4+Br2↑+2H2O制取Br2最好选用图2装置中的(填写字母,固定和加热装置均已省略).简述检验已选定的图2装置气密性的方法.27.(16分)物质的类别和核心元素的化合价是研究物质性质的两个基本视角｡(1)图中X的电子式为;其水溶液长期在空气中放置容易变浑浊,该变化体现出:S非金属性比O (填“强”或“弱”)｡用原子结构解释原因:同主族元素最外层电子数相同,从上到下, ,得电子能力逐渐减弱｡(2)Na2S2O3是一种用途广泛的钠盐｡①下列物质用于Na2S2O3的制备,从氧化还原反应的角度,理论上有可能的是(填字母序号)｡a.Na2S+Sb.Z+Sc.Na2SO3+Yd.NaHS+NaHSO3②已知反应:Na2S2O3+H2SO4Na2SO4+S↓+SO2↑+H2O｡研究其反应速率时,下列说法正确的是▲(填写字母序号)｡a.可通过测定一段时间内生成SO2的体积,得出该反应的速率b.可通过比较出现浑浊的时间,研究浓度､温度等因素对该反应速率的影响c.可通过Na2S2O3固体与稀硫酸和浓硫酸的反应,研究浓度对该反应速率的影响(3)治理含CO､SO2的烟道气,可以将其在催化剂作用下转化为单质S和无毒的气体｡①已知:CO(g)+1/2O2(g)=CO2(g) △H=-283kJ·mol-1S(s)+O2(g)=SO2(g) △H=-296kJ·mol-1则治理烟道气反应的热化学方程式为｡②一定条件下,将CO与SO2以体积比为4∶1置于恒容密闭容器中发生上述反应,下列选项能说明反应达到平衡状态的是(填写字母序号)｡a.v(CO)∶v(SO2)=2∶1b.平衡常数不变c.气体密度不变d.CO2和SO2的体积比保持不变测得上述反应达平衡时,混合气体中CO的体积分数为711,则SO2的转化率为｡(4)最近科学家提出“绿色自由”构想:把空气吹入碳酸钾溶液,然后再把CO2从溶液中提取出来,经化学反应后使空气中的CO2转变为可再生燃料甲醇｡甲醇可制作燃料电池｡写出以氢氧化钾为电解质的甲醇燃料电池负极反应式｡(5)某同学用沉淀法测定含有较高浓度CO2的空气中CO2的含量,经查得一些物质在20℃的数据如下表｡吸收CO2最合适的试剂是(填“Ca(OH)2”或“Ba(OH)2”)溶液｡28.(15分)无机化合物A主要用于药物制造｡在一定条件下,2.30g固体A与5.35gNH4Cl固体恰好完全反应,生成固体B和4.48L气体C(标准状况)｡气体C极易溶于水得到碱性溶液,电解无水B可生成一种短周期元素的金属单质D和氯气｡由文献资料知道:工业上物质A可用金属D与液态的C在硝酸铁催化下反应来制备,纯净的A物质为白色固体,但制得的粗品往往是灰色的;物质A的熔点390℃,沸点430℃,密度大于苯或甲苯,遇水反应剧烈,也要避免接触酸､酒精｡在空气中A缓慢分解,对其加强热则猛烈分解,在750~800℃分解为化合物E和气体C｡回答下列问题:(1)A的化学式｡(2)A与盐酸反应的化学方程式为｡(3)A在750~800℃分解的方程式为,制得的粗品往往是灰色的,其可能的原因是｡(4)久置的A可能大部分变质而不能使用,需要将其销毁｡遇到这种情况,可用苯或甲苯将其覆盖,然后缓慢加入用苯或甲苯稀释过的无水乙醇,试解释其化学原理: ｡(5)工业制备单质D的流程图如下:①步骤①中操作名称是｡②试用平衡移动原理解释步骤②中减压的目的是｡(6)写出D的重氢化合物与水反应的化学方程式为｡29.(9分)在其它条件适宜的情况下,以CO2的吸收量为指标在不同CO2浓度环境条件进行光合作用实验的结果如下表所示:(1)在光照下,叶肉细胞中能合成A TP的膜结构是｡(2)进行大棚种植时,最好选择施用(从表格中选)(μL·L-1)的CO2浓度｡(3)如果黑暗下释放的CO2为1.00mg/h,则CO2浓度为200μL·L-1时该植物的净光合速率为mgCO2/h｡CO2浓度为300μL·L-1时,一昼夜(光照12小时)植物净吸收CO2的量为mg｡(4)根据实验数据推测,CO2补偿点位于CO2浓度(μL·L-1)之间,如果增加光照强度,则CO2饱和点应(增大或减小)｡(5)适当提高CO2浓度可以促进光合作用的阶段,短时间内细胞中C3的含量将(升高或降低),CO2中的C最后将进入中｡30.(8分)调定点学说认为,人体内存在体温调定点,它可以使机体有一个相对恒定的温度值｡正常情况下,体温在一定温度范围内偏离调定点后,机体能通过调节使体温回到调定点水平｡病菌感染等不利因素能引起人体产生致热原(EP),EP引起体温调定点改变进而导致发烧｡下图为人体体温调节示意图,请据图回答:(1)图中字母B表示的结构名称是: ｡(2)病菌感染等不利因素致使人体温呈上升趋势时,正常体温相当于(填“炎热”或“寒冷”)刺激,此时会在形成冷觉｡如果病人持续高烧39℃,其产热量(填“大于”､“等于”､“小于”)散热量｡(3)高烧病人在体温逐渐恢复正常的过程中,临床主要表现为大量出汗,以增加散热,与此同时病人体内激素含量可能会上升,以使细胞外液渗透压下降｡(4)在上述反射弧中,汗腺､立毛肌､骨骼肌等和分布于其上的神经末梢等共同构成,其中骨骼肌为主要的产热结构,它的活动受激素和等信息分子的影响｡兴奋在反射弧中单向传递的原因是｡31.(12分)某种鸟类(2N=76)为ZW型性别决定,其羽毛中的黑色素由等位基因A/a中的A基因控制合成,且A基因越多,色素越多｡回答下列问题:(1)若等位基因A/a位于Z染色体上｡①雌鸟羽毛的颜色有种｡②用两只羽毛颜色相同的个体杂交,子代出现了性状分离现象,则亲代基因型为｡(2)若等位基因A/a位于常染色体上,另有一对不在性染色体上的控制色素分布的等位基因B/b｡研究者进行了如图杂交实验:①根据杂交实验可以判断,A/a和B/b所在染色体属于,能够使色素分散形成斑点的基因型是｡②F2中基因型种类最多的性状是,让F2中的纯灰色雄鸟与灰色斑点雌鸟杂交,子代新出现的羽毛性状占｡32.(10分)下图为某海域生态系统中,生产者固定太阳能与水深关系曲线,虚线表示近海水域,实线表示远洋水域｡(1)远洋海域水深35米开始,随着水深增加生产者固定太阳能却减少,造成这一结果的原因是｡(2)远洋水域100m以下,从生态系统组成成分看,主要由组成｡(3)假设该生态系统固定总太阳能数值为a,全部消费者获得能量数值为b,全部分解者获得能量数值为c,则a (<､>或=)b+c｡(4)经统计该生态系统同季节单位体积内浅海水域比远洋水域生物丰富度要高,据图分析是因为,该差异体现了生物群落的结构特征｡(二)选考题:共45分｡请考生从给出的3道物理题､3道化学题､2道生物题中每科任选一题做答,并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑｡注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致,在答题卡选答区域指定位置答题｡如果多做,则每学科按所做的第一题计分｡33.[物理—选修3-3](15分)(1)(6分)下列说法正确的是｡(选对1个得3分,选对2个得4分,选对3个得6分;选错1个扣3分,最低得分为0分)A.温度高的物体内能不一定大,但分子平均动能一定大B.当分子力表现为斥力时,分子势能随分子间距离的减小而增大C.外界对物体做功,物体内能一定增加D.当分子间的距离增大时,分子力一定减小E.用油膜法估测分子直径的实验中,把用酒精稀释过的油酸滴在水面上,待测油酸面扩散后又收缩的原因是水面受油酸滴冲击凹陷后恢复以及酒精挥发后液面收缩(2)(9分)如图所示,内径粗细均匀的U形管,右侧B管上端封闭,左侧A管上端开口,管内注入水银,并在A管内装配有光滑的､质量可以不计的活塞,使两管中均封入L=25cm的空气柱,活塞上方的大气压强为p0=76cmHg,这时两管内水银面高度差h=6cm｡今用外力竖直向上缓慢地拉活塞,直至使两管中水银面相平｡设温度保持不变,则:A管中活塞向上移动距离是多少?34.[物理———选修3-4](15分)(1)(6分)一列波沿x轴正向传播,t=0时刻的波形如图所示,其中E､F两点相对平衡位置的位移相同,从该时刻起E质点回到平衡位置的最短时间为0.05s｡F质点回到平衡位置的最短时间为0.15s,质点的振幅为A=10cm,则下列说法正确的是｡(选对1个得3分,选对2个得4分,选对3个得6分;选错1个扣3分,最低得分为0分)A.这列波的周期为0.4sB.在t=0时E点偏离平衡位置的距离为A2C.该波的传播速度为10m/sD.在4s内E质点沿x轴正向运动的路程为40mE.该波遇0.4m的障碍物有明显的衍射现象(2)(9分)两块相同的直角棱镜与一块等腰棱镜拼接成如图所示的组合棱镜,称为直视棱镜｡在主截面内,与底面平行的光线由左方射入棱镜,光线等高地从右面棱镜平行射出,犹如棱镜不存在一样｡已知直角棱镜的折射率为n12,等腰棱镜的折射率为n23不考虑底面的发射,求等腰棱镜的顶角α｡(当光以入射角θ1从折射率为n1的介质入射到折射率为n2的介质中时, 折射角为θ2,则它们满足关系式n1·s inθ1=n2·sinθ2)35.【物理—选修3-5】(15分)(1)(6分)下列说法正确的是｡(选对1个得3分,选对2个得4分,选对3个得6分;选错1个扣3分,最低得分为0分)A.若使放射性物质的温度升高,其半衰期可能变小B.玻尔将量子观念引入原子领域,其理论能够解释氢原子光谱的特征C.氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时氢原子的能量减少D.在原子核中,比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固E.一群处于n=4的激发态的氧原子,向低能级跃迁时,可能发射出的谱线为6条(2)(9分)如图所示,在光滑的水平面上,质量为2m物体A以初速度v0向右开始运动,质量为m的物体B静置在光滑水平面上,其左侧连接一轻质弹簧;当物体A压缩轻质弹簧至物体A､B刚好相对静止时,物体B碰在右侧竖直墙上,并与墙粘合｡求:(ⅰ)轻质弹簧在整个过程中具有的最大弹性势能;(ⅱ)物体A在全过程中,弹簧弹力对A的冲量大小｡36.【化学—选修2:化学与技术】(15分)由熔盐电解法获得的粗铝含有一定量的金属钠和氢气,这些杂质可采用吹气精炼法除去,产生的尾气经处理后可用于钢材镀铝,工艺流程如下:。

2015年高考第三次模拟考试试题高三物理本卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共100分，考试时间为90分钟。

第Ⅰ卷(选择题共48分)注意事项：本卷共16题。

每题3分，在每题给出的四个选项中，1-11题只有一个选项正确；12-16题有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

1．下列说法正确的是 ( )C ．两个初速度不为零的匀变速直线运动的合运动一定也是匀变速直线运动D ．物体受一恒力作用，可能做匀速圆周运动2．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A 和B ，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力.要使两球在空中相遇，则必须 ( ) A ．甲先抛出A 球 B ．先抛出B 球 C ．同时抛出两球 D ．使两球质量相等3．2013年4月4日至12日CCTV 新闻频道播出《探潮亚马孙》节目，揭开亚马孙大潮的神秘面纱，在发生的大潮日，亚马孙河会出现长50公里，高五公尺的巨浪，是全世界最长，也最危险的海浪。

为了拍摄大潮更近距离的视频，在拍摄过程中一个摄像机架在行驶在潮前的摩托艇上。

摩托艇在某段时间内水平方向和竖直方向的位移分别为x= -2t 2-6t 、y=0.05t 2+4t(t 的单位是s,，x 、y 的单位是m)，则关于摩托艇在该段时间内的运动，下列说法正确的是 ( ) A ．摩托艇在水平方向的分运动是匀减速直线运动 B ．t=0时摩托艇的速度为0 C ．摩托艇的运动是匀变速曲线运动 D ．摩托艇运动的加速度大小为4m/s 24．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为 ( )A ．tan θB ．2tan θ C.1tan θD.12tan θ5．如图甲所示，一轻杆一端固定在O 点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动。

小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为N ，小球在最高点的速度大小为v ，N-v 2图像如乙图所示。

2015年山东省聊城市高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、多选题(本大题共3小题，共18.0分)1.如图，将一物块分成相等的A、B两部分靠在一起，下端放置在地面上，上端用绳子拴在天花板，绳子处于竖直伸直状态，AB接触面不光滑，整个装置静止．则B的受力个数可能是（）A.1B.2C.3D.4【答案】BD【解析】解：对A物体分析，若绳子的拉力等于A的重力，则A对B没有压力；故B可能受重力和支持力两个力；若拉力小于重力，则AB间有弹力的作用，根据共点力的平衡条件可知，若AB间没有摩擦力，则A不可能平衡；故AB间一定有摩擦力；故B受重力、支持力、摩擦力、压力，4个力；故选：BD．隔离对A分析，根据平衡条件判断绳子拉力的有无．再分情况计论AB间受力情况，则可判断物体可能的受力情况．本题考查共点力的平衡条件，要注意隔离法的正确应用；同时明确有摩擦力时一定有支持力．2.质量为2kg的物体在x O y平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（）A.质点的初速度为5m/sB.质点初速度的方向与合外力方向垂直C.质点所受的合外力为3ND.2s内质点位移大小为9m【答案】AC【解析】解：A、x轴方向初速度为v x=3m/s，y轴方向初速度v y=-4m/s，质点的初速度v0=√v x2+v y2=5m/s，故A正确．B、合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x轴，也不在y轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直，故B错误；C、x轴方向的加速度a=1.5m/s2，质点的合力F合=ma=3N．故C正确．D、2s内质点位移大小为s=√92+82m=√145m，故D错误；故选：AC．根据速度图象判断物体在x轴方向做匀加速直线运动，y轴做匀速直线运动．根据位移图象的斜率求出y轴方向的速度，再将两个方向的合成，求出初速度．质点的合力一定，做匀变速运动．y轴的合力为零．根据斜率求出x轴方向的合力，即为质点的合力．合力沿x轴方向，而初速度方向既不在x轴，也不在y轴方向，质点初速度的方向与合外力方向不垂直．能从图象中获取尽量多的信息是解决图象问题的关键，对于矢量的合成应该运用平行四边形法则，注意右图是位移与时间图象．3.如图是“嫦娥三号”登月探测器的飞行轨道示意图，下列说法正确的是（）A.在地面出发点A附近，即刚发射阶段，探测器处于超重状态B.探测器在轨道Ⅰ上B处必须点火减速才能进入轨道ⅡC.探测器在轨道Ⅰ上运行到B处的加速度小于在轨道Ⅱ上运行到B处的加速度D.探测器沿轨道Ⅰ运动的周期大于沿轨道Ⅱ运动的周期【答案】ABD【解析】解：A、在地面出发点附近，探测器加速上升，加速度方向向上，处于超重状态，故A 正确．B、探测器从轨道ⅠB处进入轨道Ⅱ，需减速，使得万有引力大于向心力做近心运动，故B正确．C、探测器在轨道Ⅰ上运行到B处和轨道Ⅱ上运行到B处所受的万有引力大小相等，则加速度相等，故C错误．D、根据开普勒第三定律知，R3=C，轨道Ⅰ的半径大于轨道Ⅱ的半长轴，则探测器在T2轨道Ⅰ上的运动周期大于轨道Ⅱ上运动的周期，故D正确．故选：ABD．物体具有向上的加速度时是超重，具有向下的加速度时是失重；根据牛顿第二定律判断加速度情况；当万有引力大于需要的向心力时，做向心运动．本题关键是明确超重和失重的条件、向心运动的条件，对于椭圆轨道的加速度，根据牛顿第二定律判断即可．二、单选题(本大题共3小题，共18.0分)4.等边三角形ABC的三个顶点放置三个等量点电荷，电性如图所示，D、E、F是等边三角形三条边的中点，O点是等边三角形的中心，下列说法正确的是（）A.D点电势比O点低B.E点电势比F点高C.D、F两点的电场强度相同D.将一个负的试探电荷由O点移到E点，试探电荷的电势能增大【答案】D【解析】解：A、在AB两个点电荷的电场中，D点与O点的电势相等，在C点电荷电场中D点的电势比O点的高，根据电场的叠加原理知D点电势比O点高，故A错误．B、根据对称性可知，D、F两点的电势相等，比O点的电势高．在AE连线上，正电荷产生的电场方向从A→E，两个负电荷产生的电场强度也从A→E，则AE连线上合场强的方向从A→E，则O点的电势高于E点的电势．则得F点电势比E点高．故B错误．C、根据电场的叠加和对称性可知，D、F两点的场强大小相等，但方向不同，则D、F 两点的电场强度不同，故C错误．D、将一个负的试探电荷由O点移到E点，所受的电场力从E→O，则电场力对负电荷做负功，其电势能增大，故D正确．故选：D．根据电场的叠加原理分析AE上电场强度的方向，由顺着电场线方向电势降低，判断O、E电势的关系；根据对称性分析D、F的电势和电场强度的关系；根据电场力做功的正负，分析电势能的变化．解决本题的关键会根据平行四边形定则进行场强的叠加，知道沿电场线方向电势逐渐降低，电场力做负功，电荷的电势能增大．5.在如图所示的远距离输电示意图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器，发电厂的输出电压和输电线的电阻均不变，当用户负载增加时，下列说法正确的是（）A.升压变压器的输出电压增加B.降压变压器的输出电压增加C.输电线中的电流增大D.输电线的输电效率（即用户得到的功率与发电厂输出功率的比值）增大【答案】C【解析】解：A、由于发电厂的输出电压不变，升压变压器的匝数不变，所以升压变压器的输出电压不变，故A错误；B、当用户负载增加时，随着用户耗电量的增大，发电厂的输出功率增大，则升压变压器的输出功率增大，又升压变压器的输出电压U2不变，根据P=UI可输电线上的电流I线增大，根据U损=I线R，输电线上的电压损失增大，根据降压变压器的输入电压U3=U2-U损可得，降压变压器的输入电压U3减小，降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压减小，故B错误；C、根据P损=I线2R，又输电线上的电流增大，电阻不变，所以输电线上的功率损失增大，故C正确；D、根据P损=(PU )2R，则有：P损P=PRU2；发电厂的输出电压不变，输电线上的电阻不变，所以输电线上损耗的功率占总功率的比例随着发电厂输出功率的增大而增大，则用户得到的功率与发电厂输出功率的比值减小．故D错误；故选：C理想变压器的输入功率由输出功率决定，输出电压有输入电压决定；明确远距离输电过程中的功率、电压的损失与哪些因素有关，明确整个过程中的功率、电压关系．理想变压器电压和匝数关系．对于远距离输电问题，一定要明确整个过程中的功率、电压关系，尤其注意导线上损失的电压和功率与哪些因素有关．6.如图，有方向垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场仅限于虚线边界所围的等腰直角三角形区域内，一固定的正方形金属框，其边长与三角形的直角边相同，每条边的材料及粗细均相同，现让有界匀强磁场向右匀速通过金属框，且金属框的下边与磁场区域的下边在同一直线上．在磁场通过金属框的过程中，从磁场边界到达ab边开始计时，能正确反映电势差U ab随时间变化的图象是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】解：磁场进入线框时，相当于线框的ab边向左切割磁感线，故感应电流方向是abdc方向，ab边相当于电源，故U ab=34E，U ab＜0；磁场离开线框时，磁通量减小，故感应电流方向反向了，故感应电流方向是cdba方向，此时相当于cd边向左切割磁感线，cd边相当于电源，故U ab=14E，U ab＜0；故选：D．磁通量先增加后减小，根据楞次定律判断感应电流的方向，得到U ab的正负情况；同时结合右手定则分析．本题关键是根据楞次定律并结合右手定则判断感应电动势的方向，找到相当于电源的部分是关键，不难．三、多选题(本大题共1小题，共6.0分)7.在一水平向右匀速运动的传送带的左端A点，每隔时间T轻放上一个相同的工件，已知工件与传送带间动摩擦因数为μ，工件质量均为m，经测量，发现那些已经和传送带达到相同速度的工件之间的距离为x．下列判断一定正确的是（）A.传送带的速度为xTB.传送带的速度为2√2μgxC.每个工件与传送带间因摩擦而产生的热量为12μmgx D.在一段相当长的时间t内，传送带因为传送工作而多消耗的能量为mtx2T2【答案】AD【解析】解：A、工件在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，每个工件滑上传送带后运动的规律相同，可知x=v T，解得传送带的速度v=LT．故A正确．B、设每个工件匀加速运动的时间为t，根据牛顿第二定律得，工件的加速度为μg，根据v=v0+at，解得：t=v a=L Tμg．故B错误．C、工件与传送带相对滑动的路程为：△x=v vμg −v22μg=v22μg=L22μgT2，则摩擦产生的热量为：Q=μmg△x=mL22T2．故C错误．D、根据能量守恒得，传送带因传送一个工件多消耗的能量E=12mv2+μmg△x=mL2 T2，在时间t内，传送工件的个数n=tT，则多消耗的能量E′=nE=mtL2T3．故D正确．故选：AD．工件在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，每个工件滑上传送带后运动的规律相同，通过x=v T求出传送带的速度；根据匀加速度知识求得运动的时间，根据工件和传送带之间的相对路程大小，求出摩擦产生的热量；根据能量守恒知，多消耗的能量一部分转化为工件的动能，一部分转化为摩擦产生的内能．解决本题的关键知道工件在传送带上的运动规律，知道各个工件在传送带上的运动规律相同，结合牛顿第二定律、运动学公式、能量守恒综合求解．六、多选题(本大题共1小题，共4.0分)12.以下说法正确的是（）A.气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子间斥力大于引力的缘故B.小昆虫能停在水面上是由于水的表面张力作用C.熵是系统内分子运动无序性的量度D.外界对物体做功，物体内能一定增大【答案】BC【解析】解：A、气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子在热运动，而分子间作用力非常小的原因，故A错误；B、小昆虫能停在水面上是因为昆虫受到液体表面张力的原因，故B正确；C、熵是物体内分子运动无序程度的量度，同种物质气态的熵大于液体和固体的，故C 正确；D、改变内能的方式有做功和热传递，仅对物体做功，内能不一定增大，故D错误；故选：BC．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子在热运动，能停在水面上是因为昆虫受到液体表面张力的原因，改变内能的方式有做功和热传递．本题应掌握分子间的作用力，改变内能的方式以及知道在孤立系统中，一个自发的过程熵总是向增加的方向进行．八、多选题(本大题共1小题，共4.0分)14.一根弹性绳上有两个波源S1和S2，P点为两个波源连线的中点，两个波源同时起振各自发出一个脉冲波如图所示，已知两个脉冲波的频率分别为f1和f2（f1＜f2），振幅分别A1和A2（A1＜A2），下列说法中正确的是（）A.两列波相遇后，各自独立传播B.两列波同时传播到P点C.波源S1，S2的起振方向相反D.两列波相遇过程中，P点振幅可达（A1+A2）【答案】AB【解析】解：A、根据波传播具有相互独立性，知两列波相遇后，互不干扰，各自独立传播．故A正确；B、两波源在同一绳上，则它们的波速相等，由于P为两个波源连线的中点，所以它们会同时到达P点，故B正确；C、根据波形的平移法可知，波源S1，S2的起振方向均向上，是相同的，故C错误；D、虽两波源到P点的距离相等，但它们的波峰不能同时到达P点，所以P点的位移最大不可达（A1+A2），故D错误；故选：AB．两列波相遇时振动情况相同时振动加强，振动情况相反时振动减弱．只有频率相同的波，才能发生干涉现象，振幅即为最大位移的大小，并依据波传播具有相互独立性，从而即可求解．波的叠加满足矢量法则，当振动情况相同则相加，振动情况相反时则相减，且两列波互不干扰，注意容易错选D，学生没有考虑能否同时到达．十、多选题(本大题共1小题，共4.0分)16.以下叙述正确的是（）A.一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时最多可能发出3种不同频率的光子B.β衰变的实质是原子核的内的中子转化成质子和电子C.核力是一种短程强作用力，作用范围在1.5×10-10m之内D.太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应【答案】BD【解析】解：A、氢原子向低能级跃迁时是随机的，一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时最多可能发出C42=6种不同频率的光子．故A错误．B、β衰变所释放的电子，是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，故B正确．C、核力是一种短程强作用力，作用范围在1.5×10-15m之间，故C错误．D、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应，故D正确．故选：BD．氢原子向低能级跃迁时是随机的，一群处于n能级的氢原子向低能级跃迁时最多可能发出C42种不同频率的光子．β衰变的实质是原子核的内的中子转化成质子和电子．核力是一种短程强作用力，只有相邻的核子间存在核力．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变．该题考查原子物理学中几个基础性的知识点的内容，要掌握玻尔理论和衰变的实质，了解物体间基本的相互作用力．四、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)8.某研究性学习小组为了探究均质长直杆转动时的动能表达式，设计了如图1所示的实验：质量为m的均质长直杆一端固定在光滑水平转轴O处，杆由水平为孩子静止释放，用置于圆弧上某位置的光电门测出另一端A经过该位置时的瞬时速度v A，并记下该位置与转轴O的高度差h．（1）该同学用20分度的游标卡尺测得长直杆的横截面的直径如图2，直径为______ mm．（2）调节光电门在圆弧上的位置，测得多组数据，并画出了v A2-h图象如图3，请根据图象写出v A2与h的函数关系等式为______ ．（3）已知重力加速度g=9.8m/s2，结合你写出的函数关系式，根据守恒思想，并考虑到实验误差的存在，均质杆转动时动能的计算公式应为______ ．（请用数字、质量m、速度v A表示）．【答案】7.25；v A2=30h；；E K=16mv A2【解析】解：（1）游标卡尺的主尺读数为7mm，游标尺上第5条刻度线和主尺上某一刻度线对齐，所以游标读数为5×0.05mm=0.25mm，所以最终读数为：7mm+0.25mm=7.25mm．（2）质点的动能与速度的平方成正比，据图象可知，k=90.3=30所以：v A2=30h；（3）设杆长L，杆转动的角速度为：ω=v AL；在杆上取△x长度微元，设其离O点间距为x，其动能为：12⋅m△xL⋅(v AL⋅x)2）2；积分得到：E K=16mv A2；故答案为：（1）7.25；（2）v A2=30h；（3）E K=16mv A2．（1）20分度的游标卡尺测量精度是0.05mm，游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读；（2）据图可知，质点的动能与速度的平方成正比，据此找出关系；（3）在杆上取△x长度微元，求出动能表达式，然后积分求解出总动能表达式．（4）为了减小空气阻力对实验的影响，选择密度较大的直杆或选择直径较小的直杆本题是创新实验题，要用到微元法，不能将将质量当作集中到重心处，只有考虑平衡时才能将质量当作集中到重心，明确实验的原理和步骤是解题的关键．9.图甲为多用电表的盘面示意图，其中可调部件P为指针定位螺丝，Q为欧姆调零旋钮，K为选择开关，先用它测量一个阻值约为20Ω的电阻，测量步骤如下：（1）调节部件______ ，使电表指针停在______ 端的“0”刻线（填“左”或“右”）．（2）将部件K转到“Ω”挡的______ 位置．（填“×1”、“×10”、“×100”或“×1k）（3）将红、黑表笔分别插入”+“、”-“插孔，并将两表笔短接，调节部件______ ，使电表指针对准______ 端的“0”刻线（填“左”或“右”）．（4）将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表指针如图乙中位置a所示，该电阻的阻值为 ______ Ω．（5）欧姆表的内部电路可等效为一个电源、一个电流表和一个可变电阻的串联．欧姆表内电池用久后，其电势能会降低，此时表盘中央的刻度值不严格等于欧姆表的内电阻，某同学欲测定该欧姆表“×1”挡的内电阻，做了如下操作 ①将K 旋转至欧姆表“×1”挡，然后将两表笔短接，进行调零．②将两表笔接到电阻箱的两接线柱上，并调整电阻箱的阻值，当电阻箱的阻值为9.4Ω时，指针位置如图乙中位置b 所示，则欧姆表的内电阻为 ______ Ω．（保留3位有效数字）（6）实验完毕，将选择开关旋转到“OFF ”位置． 【答案】P ；左；×1；Q ；右；21；14.1 【解析】 解：（1）调节指针定位螺丝，使电表指针停在电流、电压公共的“0”刻线． （2）将选择开关旋转到“Ω”挡的×1位置．（3）将红、黑表笔分别插入“+”、“-”插孔，并将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使电表指针对准电阻的“0”刻线．（4）由图乙所示可知，电阻的阻值21×1=21Ω．（5）由题意可知，当外电阻为9.4Ω时，欧姆表显示电阻为11Ω； 由闭合电路欧姆定律可知： I=ER中+9.4当电流为满偏电流的一半时，则有： I ′=E2R 中；由表盘可知： II′=56； 联立以上可得，此时的内阻为14.1Ω； 故答案为：（1）P ；左；（2）×1；（3）Q ；右；（4）21；（5）14.1使用多用电表测电阻时，要先对多用电表进行机械调零，使指针指针电流（电压）表的零刻度线上； 然后选择合适的档位，进行欧姆调零，再测电阻； 欧姆表指针示数与对应档位的乘积是欧姆表示数．对于由于电源的电动势降低的问题，要注意不能再根据欧姆表表盘分析，应根据中间电流表的表盘分析；利用闭合电路欧姆定律求解．本题考查了欧姆表的使用方法、欧姆表读数；使用欧姆表测电阻时，要先进行机械调零，然后选择合适的档位，再进行欧姆调零，最后测电阻．注意第5问中要灵活应用闭合电路欧姆定律进行分析求解．五、计算题(本大题共2小题，共38.0分)10.消防队员为缩短下楼的时间，抱着固定在水平地面上的竖直杆直接滑下，先自由下滑，再抱紧杆减速下滑．已知杆的质量为200kg ，消防队员质量为60kg ，消防队员着地的速度不能大于6m /s ，手和腿对杆的最大压力共为1800N ，手和腿与杆之间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g =10m /s 2．该消防队员从离地面18m 高处抱着杆以最短时间滑下，求：（1）消防队员下滑过程中杆对地面的最大压力； （2）消防队员下滑过程中的最大速度； （3）消防队员下滑的最短的时间．【答案】解：（1、2）消防队员开始阶段自由下落的末速度即为下滑过程的最大速度v m，有2gh1=v m2．消防队员受到的滑动摩擦力F f=μF N=0.5×1800N=900N．=5m/s2减速阶段的加速度大小：a2=F f−mgm减速过程的位移为h2，由v m2-v′2=2a2h2v′=6m/s又h=h1+h2以上各式联立可得：v m=12m/s．以杆为研究对象得：F N=M g+F f=2900N．根据牛顿第三定律得，杆对地面的最大压力为2900N．，（3）最短时间为t min=v m g+v m−va2代入数据解得t min=2.4s．答：（1）消防队员下滑过程中杆对地面的最大压力为2900N；（2）消防队员下滑过程中的最大速度为12m/s；（3）消防队员下滑的最短的时间为2.4s．【解析】（1、2）消防队员自由下落的末速度最大，根据自由下落的位移和匀减速直线运动的位移为18m，以及着地速度不超过6m/s，运用运动学公式求出下落的最大速度．当手和腿对杆有最大压力，就有最大滑动摩擦力，人所受滑动摩擦力方向向上，则杆子受滑动摩擦力向下，对杆子受力分析，求出地面对杆子的支持力，从而得出消防队员下滑过程中杆对地面的最大压力．（3）先做自由落体运动，然后以最大加速度做匀减速直线运动，时间最短，根据速度时间公式分别求出自由落体运动时间和匀减速直线运动的时间，从而得出最短时间．解决本题的关键搞清消防员的运动过程，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，知道加速度是处理动力学问题的桥梁．11.如图，水平地面上有一底部带有小孔的绝缘弹性竖直挡板，挡板高h=9m，与挡板等高处有一水平放置的篮筐，筐口的中心离挡板s=3m，挡板的左侧以及挡板上端与筐口的连线上方存在匀强磁场和匀强电场，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度B=1T；质量m=1×10-3kg、电荷量q=-1×10-3C、直径略小于小孔宽度的带电小球（视为质点），以某一速度从底部小孔水平向左射入场中做匀速圆周运动，若小球与档板碰后以原速率反向弹回，且碰撞时间不计，碰撞时电荷量不变，小球最后都能从筐口的中心处落入筐中，g=10m/s2，求：（1）电场强度的大小与方向；（2）小球做圆周运动的周期及最大半径；（3）小球运动的最小速率．【答案】解：（1）因小球能做匀速圆周运动，所以有：E q=mg解得：E=mgq =10−210−3N/C=10N/C，方向竖直向下．（2）小球做匀速圆周运动，由洛仑兹力提供向心力，有：qv B=m v2R，周期T═2πRv =2πmqB=2π×10−310−3×1s=6.28s．小球不与挡板相碰直接飞入框中，其运动半径最大，如图1所示，由几何知识可得：（h-R m）2+s2=R m2求得：最大半径R m=5m．（3）因为速度方向与半径方向垂直，圆心必在档板的竖直线上R≥s=3m设小球与档板碰撞n次，其最大半径为要击中目标必有：ℎn≥3h=9m，代入解得n≤1.5n只能取0，1当n=0，即为（2）问中的解当n=1，时可得：（h-3R）2+s2=R2（9-3R）2+32=R2解得：R1=3m，R2=3.75mR1=3m时半径最小，其运动轨迹如图2中的轨迹①所示，有：qv min B=m v min 2 R1可得最小速率v min=3m/s．答：（1）电场强度的大小为10N/C，方向为竖直向下；（2）小球做圆周运动的周期为6.28s，最大半径为5m；（3）小球运动的最小速率为3m/s．【解析】（1）小球做匀速圆周运动，故电场力与重力平衡，根据平衡条件列式求解；（2）洛伦兹力提供向心力，故半径越大，速度越大，当小球不与挡板相碰直接飞入框中，其运动半径最大，根据几何关系求解出半径．根据周期公式求出小球做圆周运动的周期．（3）根据几何关系求出粒子的最小半径，根据半径公式求出最小速率的大小． 本题关键明确小球的运动规律，找到向心力来源，画出轨迹，然后根据几何关系求解半径，再联立方程组求解七、计算题(本大题共1小题，共8.0分)13.如图，“T ”形活塞将导热气缸内的气体分隔成A 、B 两部分，活塞左右两侧面积之比为S 1：S 2=2：1，活塞至气缸两端底部距离均为L=10cm ，气缸上有a 、b 、c 三个小孔与大气连通，现将a 、b 用细管（容积不计）连接，已知大气压强为ρ0=1.0×105P a ，环境温度为T 0=300K ，活塞与缸壁间无摩擦且不漏气．①若将活塞固定，然后将缸内气体缓慢加热到T 1=360K ，求此时缸内气体的压强． ②若活塞可以自由移动，改变缸内气体温度，发现活塞向右缓慢移动了△L=2cm ，活塞移动过程中不会经过小孔，则气体温度为多少？【答案】解：（1）A 、B 气体相通，初状态压强为P 0，由于钉子将活塞固定，气体体积不变 由查理定律可知：P 0T 0=P 1T 1 所以 P 1=P 0T 1T 0代入数据得：P 1=1.2×105P a（2）对活塞进行受力分析，可知温度改变后，活塞受力大小不变，所以活塞向右移动后，气体的压强不变．活塞向右移动后，气体体积增大由 V 1T 1=V2T 2可知，此时温度升高． (S 1+S 2)L T 0=S 2(L −△L)+S 1(L +△L)T解得：T =T 0+(S 1−S 2)△L(S 1+S 2)L T 0代入数据得：T=320K答：（1）若用钉子将活塞固定，然后将缸内气体缓慢加热到360K ，此时缸内气体的压强是1.2×105P a ．（2）气体的温度为320K ．【解析】（1）若用钉子将活塞固定，然后将缸内气体缓慢加热到T 1，此时缸内气体做等容变化，由查理定律即可求出末状态的压强．（2）若气体温度仍为T 0，拔掉钉子，然后改变缸内气体温度，由于活塞受力大小不变，所以气体的压强不变，由盖•吕萨克定律即可求出末状态的温度．。

第三周物理部分答案：14.B 15.C 16.C 17.B 18.B 19.BC 20.AC 21.ABD22．23.【答案】（1）将小球放在水平木板的任意位置，小球静止不动，则木板水平 （2）BCD（3）C （4）0v = 1.24/m s 【解析】试题分析：（1）能否使小球做平抛运动，关键是使斜槽末端切线水平，判断是否水平可以采用：将小球放在槽的末端（或木板上）看小球能否静止、用水平仪检查木板是否水平等方法．（2）小球释放的初始位置并非越高越好，若是太高，导致水平抛出的速度太大，实验难以操作，故A 错误；因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B 正确；小球竖直方向自由落体运动，水平方向匀速运动，为了正确描绘其轨迹，必须使坐标纸上的竖线是竖直的，故C 正确；实验要求小球滚下时不能碰到木板平面，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线，故D 正确．（3）斜槽末端是水平的，小球做平抛运动，要分解为水平和竖直方向的分运动，故方格纸因该水平竖直，坐标原点应该与小球在斜槽末端静止时在木板上的投影重合，故C 正确；（4）小球在竖直方向做匀变速直线运动，连续相等时间内的位移差为常数，因此有：2h gt ∆=所以：t =0x v t ==代入数据，解得：00.124 1.24/v m s == 考点：研究平抛物体的运动．24.25．解：（1）金属棒进入磁场前1F f N mg μμ===① F 1=2.0N ②金属棒在磁场中运动时2F f F f BIL =+=+安③ 0Blv E I R r R r==++④ 2202B L v F mg R rμ=++⑤ F 2=4.0N ⑥ （2）在非磁场区域外力F 1所做的功为11((1)][(1)]48W F s n d mg s n d J μ=+-=+-=⑦在磁场区域外力F 2所做的功为⑧在此过程拉力所做的总功 W=W 1+W 2=168J ⑨（3）由电压的周期性分析知，进入每一段磁场的速度都相同，故在每一个周期中△E k =0，穿过每段磁场产生的电能E 电均相同，所以()()F mg c d E μ-+=电 ⑩ 得Q=E 电=10J ⑾进入每段磁场时的速度都相同， 201()2F mg s mv μ-=⑿ 从每段磁场穿出的速度为v22011()22F mg c W mv mv μ--=- ⒀ W=E 电 ⒁ 得v=4.0m/s ⒂ （⑦⑧⑩各2分，其余各1分，共18分） 34（1）BCD (2)8m/s 12m/s 0.2m 0.3m35.(1)BCD (2)。