【解析】湖南省长沙市周南中学2014-2015学年高二上学期第一次月考物理试卷 Word版含解析[ 高考]

所示的是B4．在光滑水平地面上有两个相同的弹性小球A、B，质量都是m，现B球静止，A球向B球运动，发生正碰.已知碰撞过程总机械能守恒，两球压缩最紧时弹性势能为Ep，则碰前A球速度等于（）5．如图所示为含有理想变压器的电路，图中的三个灯泡L1、L2、L3都标有“5V、5W”字样．L4标有“5V、10W”字样，若它们都能正常发光，不考虑导线的能耗，则该电路的输入功率P ab 和输入电压U ab应为（）A．20W，25V B．20W，20VC．25W，25V D．25W，20V6．如图所示，平行导体滑轨MM’、NN’水平放置，固定在匀强磁场中．磁场的方向与水平面垂直向下．滑线AB、CD横放其上静止，形成一个闭合电路．当AB向右开始滑动的瞬间，电路中感应电流的方向及滑线CD受到的磁场力的方向分别为（）A．电流方向沿ABCD；受力方向向右B．电流方向沿ABCD；受力方向向左C．电流方向沿BADC；受力方向向右D．电流方向沿BADC; 受力方向向左7．如图所示为一交流电压随时间变化的图象．每个周期内，前三分之一周期电压按正弦规律变化，后三分之二周期电压恒定．根据图中数据可得，此交流电压的有效值为()A．7.5 VB．8 VC．VD．V8．如图（甲）所示，长直导线右侧的矩形线框与长直导线位于同一平面内。

以导线中向上电流为正，当长直导线中的电流发生如图（乙）所示的变化时，线框中感应电流与线框所受安培力的方向是：（ ）A ．感应电流方向一直逆时针，线框受合力方向先向右后向左B ．感应电流方向一直顺时针，线框受合力方向先向左后向右C ．感应电流方向先顺时针后逆时针，线框受合力方向一直向左D ．感应电流方向先逆时针后顺时针，线框受合力一直向右 9．下列说法正确的是A ．当线圈中电流不变时，线圈中没有自感电动势B ．当线圈中电流反向时，线圈中自感电动势的方向与线圈中原电流的方向相反C ．当线圈中电流增大时，线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反D ．当线圈中电流减小时，线圈中自感电动势的方向与线圈中电流的方向相反10．如图所示，在边长为a 的正方形区域内有匀强磁场，磁感应强度为B ，其方向垂直纸面向外，一个边长也为a 的单匝正方形导线框架EFGH 正好与上述磁场区域的边界重合，导线框的电阻为R ．现使导线框以周期T 绕其中心O 点在纸面内匀速转动，经过8T导线框转到图中虚线位置，则在这8T时间内：A ．顺时针方向转动时，感应电流方向为E→F→G→H→EBC ．平均感应电动势大小等于2169a BTD．通过导线框横截面的电荷量为2(3a BR-第II 卷（非选择题）二、实验题（本题共2个小题，将正确答案填在空白处）11． 一物体在光滑水平面上，受到一个与水平方向成60°角大小为100 N 的斜向上的拉力，如图所示，力的作用时间为2 s ，这段时间内物体没有离开水平面.则这段时间内物体所受合力的冲量大小为_________，方向是__________.12．有三盏电灯L 1、L 2、L 3，规格分别为“110V 100W ”、“110V 60W ”、“110V 25W ”，在只能增加一个设备（或一个用电器），能使每盏灯都正常发光（要求设计的电路最节省电能）。

湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于科学家在电磁学中的贡献，下列说法错误的是（ ） A ．密立根测出了元电荷e 的数值B ．法拉第提出了电场线和磁感线的概念C ．奥斯特发现了电流周围存在磁场，并且总结出了右手螺旋定则D ．安培提出了分子电流假说2.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（ ） A ．安培力的方向可以不垂直于直导线 B ．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C ．将通电直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原的倍D ．安培力是洛伦兹力的宏观表现，所以安培力永不做功3.如图所示，处于真空中的匀强电场与水平方向成15o 角，AB 直线与强场E 互相垂直。

在A 点，以大小为v o 的初速度水平抛出一质量为m ，带电荷量为+q 的小球，经时间t ，小球下落一段距离过C 点（图中未画出）时其速度大小仍为v 0，在小球由A 点运动到C 点的过程中，下列说法正确的是（ ）A ．电场力对小球做功为零B ．电场力做的负功C ．小球机械能增加D ．C 点可能位于AB 直线的左方4.如图所示的实验装置中，平行板电容器两极板的正对面积为S ，两极板的间距为d ，电容器所带电荷量为Q ，电容为C ，静电计指针的偏转角为φ，平行板中间悬挂了一个带电小球，悬线与竖直方向的夹角为θ，下列说法正确的是（ ）A ．若增大d ，则φ减小，θ减小B ．若增大Q ，则φ减小，θ不变C ．将A 板向上提一些时，φ增大，θ增大D ．在两板间插入云母片时，则φ减小，θ不变5.如图所示，正方形区域ABCD 内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，三个完全相同的带电粒子a 、b 、c 分别以大小不同的初速度v a 、v b 、v c 从A 点沿图示方向射入该磁场区域，经磁场偏转后粒子a 、b 、c 分别从BC 边中点、CD 边中点、AD 边中点射出。

湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.一小球从半径为R的四分之一圆弧面顶端沿圆弧滑至底端，如图所示．则物体在该运动过程中（）A．位移大小是R B．位移大小是C．路程是2R D．路程是πR2.下列物理量中，属于矢量的是（）A．速度B．时间C．功率D．质量3.下列叙述正确的是（）A．伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快得结论B．爱因斯坦发现了电流的磁效应，揭示电现象和磁现象之间的联系C．牛顿略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究D．开普勒发现了万有引力定律4.2014年11月11日在广东省珠海市航展中心举行，中国空军八一飞行表演队女飞行员将首次驾驶歼十亮相．在表演中，八一飞行表演队的表演机保持队形，直刺苍穹，做出了很多个高难度动作，如图所示，下列关于飞机运动情况的说法不正确的是（）A．地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系B．飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系C．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的D．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是运动的5.冰壶是冬奥会的正式比赛项目．运动员将冰壶推出后，在较长时间内冰壶的运动可近似看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的（）A．摩擦力非常小B．重力小C．推力小D．不受任何力6.人从快速行驶的汽车上跳下来后容易（）A．向汽车行驶的反方向跌倒B．向汽车行驶的同方向跌倒C．向车右侧方向跌倒D．向车左侧方向跌倒7.如图所示，一质点沿螺旋线自外向内运动，已知其走过的弧长s与时间t成正比．关于该质点的运动，下列说法正确的是（）A．质点运动的线速度不变B．质点运动的线速度越来越大C．质点运动的角速度越来越小D．质点所受的角速度不变8.F1和F2是共点力，根据平行四边形定则求合力F，作图正确的是（）A．B．C．D．9.“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，其发射速度为（）A．7.9km/sB．11.2km/sC．大于7.9km/s，小于11.2km/sD．大于11.2km/s，小于16.7km/s10.关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．作用力与反作用力在相同时间内所做的功一定大小相等B．合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动C．恒力对物体做功与物体运动的路径无关，只与初末位置有关D．滑动摩擦力对物体一定做负功11.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，关于平衡摩擦力的说法中不正确的是（）A．“平衡摩擦力”的本质就是使小车所受的重力在沿斜面方向的分力与所受到的摩擦阻力相平衡B．“平衡摩擦力”的本质就是想法让小车受到的摩擦力为零C．“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力D．“平衡摩擦力”是否成功，可由小车运动后，由打点计时器打出的纸带上的点迹间距是否均匀而确定12.关于自由落体运动的加速度，正确的是（）A．重的物体下落的加速度大B．在地球赤道比在地球北极大C．在地球上任何地方都一样大D．同一地点，任何物体下落的加速度一样大13.一个人站在磅秤上，在他蹲下的过程中，磅秤的示数将（）A．先小于体重后大于体重，最后等于体重B．先大于体重后小于体重，最后等于体重C．先小于体重，后等于体重D．先大于体重，后等于体重14.下列系统不具有势能的有（）A．高高悬挂的大石头B．被压缩的弹簧C．满弓上的箭D．已经着地的足球15.从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有（）A．方向性B．永恒性C．持久性D．有条件性16.在“探究力的平行四边形定则”实验中，下列不正确的实验要求是（）A．弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行B．两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直C．读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度D．使用弹簧测力计时，不能超过其量程17.两个半径很小带等量异种电荷的小球，两球心相距1m时的作用力为F，现将它们接触一下后，放到相距2m的位置，则它们的相互作用力大小变为（）A．4F B．0C．D．18.下列电器中主要是利用电流通过导体产生热量工作的是（）A．电冰箱B．吸尘器C．电风扇D．电饭煲19.如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是（）A．小磁针保持不动B．小磁针的N 极将向下转动C．小磁针的N 极将垂直于纸面向里转动D．小磁针的N 极将垂直于纸面向外转动20.关于理想变压器，下面各说法中正确的是（）A．它的输出功率小于它的输入功率B．它的输出功率等于它的输入功率C．原副线圈两端的电压与它们的匝数成反比D．原副线圈的电流与它们的匝数成正比21.如图所示，小球A固定在绝缘支架上，小球B用丝线悬挂，两小球均带有正电荷．现将A向右移近B，观察到丝线与竖直方向的夹角增大，这表明电荷间的作用力（）A．随距离的减小而增大B．随距离的减小而减小C．随电荷量的减小而增大D．随电荷量的减小而减小22.一个点电荷从静电场中的A点移动到B点，它的电势能变化为零，这说明（）A．A和B两点的电场强度一定相同B．A和B两点的电势不一定相同C．电荷一定是沿着等势面移动的D．从A到B的过程中，电场力做的功一定是零23.有四盏灯，如图所示连接在电路中，L1和L2都标有“220V，100W”字样，L3和L4都标有“220V，40W”字样，把电路接通后，最暗的是（）A．L1B．L2C．L3D．L424.如图所示，一矩形线框置于磁感应强度为B的匀强磁场中，线框平面与磁场方向平行，若线框的面积为S，则当线框左边为轴转过30°时通过线框的磁通量为（）A．0B．BS C．D．二、填空题1.以20m/s的速度在水平路面上运动的汽车，刹车后以2m/s2的加速度做匀减速运动，则在刹车后停下，其最大位移是 m．2.某物体从A点运动到B点，合力对它所做的功为60J，物体在这一过程中动能增加了 J；物体经过A点时的动能为20J，则物体经过B点时的动能为 J．3.用如图所示的装置研究平抛运动，用小锤打击弹性金属片后，A球沿水平方向抛出，同时B球被松开，自由下落．A、B两球同时开始运动，观察到两球落地（填“同时”或“不同时”）；改变打击的力度，重复这个实验，观察到两球落地（填“同时”或“不同时”）．4.如图所示，桌面上放着一个单匝矩形线圈，线圈中心上方某高度处有一竖立的条形磁铁，此时穿过线圈的磁通量为0.04Wb．现使磁铁竖直下落，经0.5s后磁铁的S极落到线圈内的桌面上，这时穿过线圈的磁通量为0.12Wb．此过程中穿过线圈的磁通量增加了 Wb，线圈中的感应电动势大小为 V．5.一个电源接8Ω电阻时，通过电源的电流为0.15A；接13Ω电阻时，通过电源的电流为0.10A．则此电源的电动势为 V，内阻为Ω．三、实验题在研究匀变速直线运动的实验中，某同学打出了一条纸带，已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D几个计数点，如图所示．用刻度尺量得OA=1.50cm，OB=3.40cm，OC=5.70cm，OD=8.40cm．打C点时纸带的速度大小为 m/s，纸带的加速度大小为 m/s2．四、计算题1.某人驾驶一辆新型电动汽车在水平路面上从静止开始做匀加速直线运动，汽车行驶了5s时速度达到10m/s．若人与汽车的总质量m=800kg，汽车所受阻力为F=160N．求：阻（1）汽车的加速度大小a；（2）汽车的牵引力大小F；（3）汽车牵引力的反作用力作用在哪个物体上？2.如图所示，摩托车特技表演，从平台A水平飞越到平台B上，已知AB的高度差为h=1.25m，两平台的水平距离为s=5m，（不计空气阻力，g取10m/s2）求：（1）摩托车在空中运动时间；（2）摩托车在平台A开始飞越时的最小速度．3.某地地磁场的磁感应强度大约是4.0×10﹣5T．一根长为1000m的电线，电流为10A，①该导线受到的最大磁场力是多少？②当导线中电流变为5A时，当地地磁场的磁感应强度变为多少？=4×107m/s的初速度沿着匀强电场的电场线方向飞入匀强电场，已知匀强电场的电场强度大小4.一电子以vE=2×105N/C，电子质量为9.1×10﹣31kg，电荷量为1.6×10﹣19C，不计重力，求：①电子在电场中运动的加速度大小；②电子进入电场的最大距离．湖南高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.一小球从半径为R的四分之一圆弧面顶端沿圆弧滑至底端，如图所示．则物体在该运动过程中（）A．位移大小是R B．位移大小是C．路程是2R D．路程是πR【答案】B【解析】位移是从起点到终点的有向线段，路程是物体运动路线的长度．解：路程等于运动轨迹的长度，为l=πR，位移大小等于首末位置的距离为x=R．故选：B2.下列物理量中，属于矢量的是（）A．速度B．时间C．功率D．质量【答案】A【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，矢量的运算遵守平行四边形法则．解：矢量是既有大小又有方向的物理量，速度是矢量，而标量是只有大小没有方向的物理量，时间、功率和质量都是标量，故A正确，BCD错误．故选：A．3.下列叙述正确的是（）A．伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快得结论B．爱因斯坦发现了电流的磁效应，揭示电现象和磁现象之间的联系C．牛顿略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究D．开普勒发现了万有引力定律【答案】A【解析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解：A、伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快的结论，故A正确；B、奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系，故B错误；C、伽利略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究，故C错误；D、牛顿发现了万有引力定律，故D错误；故选：A4.2014年11月11日在广东省珠海市航展中心举行，中国空军八一飞行表演队女飞行员将首次驾驶歼十亮相．在表演中，八一飞行表演队的表演机保持队形，直刺苍穹，做出了很多个高难度动作，如图所示，下列关于飞机运动情况的说法不正确的是（）A．地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系B．飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系C．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的D．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是运动的【答案】D【解析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．解：A、地面上的人看到飞机是相对于地面飞过，是以地面为参考系，故A正确B、飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系，故B正确C、D、以编队中某一飞机为参考系，所有飞机的位置相对不变，其他飞机是静止的，故C正确，D错误．本题选择错误的，故选：D5.冰壶是冬奥会的正式比赛项目．运动员将冰壶推出后，在较长时间内冰壶的运动可近似看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的（）A．摩擦力非常小B．重力小C．推力小D．不受任何力【答案】A【解析】冰壶被推出后靠惯性运动，重力不变与支持力大小相等，冰面上的摩擦力小．解：冰壶被推出后不再受推力，竖直方向重力与支持力平衡，冰壶的运动可看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的摩擦力小．选项A正确，BCD错误．故选：A6.人从快速行驶的汽车上跳下来后容易（）A．向汽车行驶的反方向跌倒B．向汽车行驶的同方向跌倒C．向车右侧方向跌倒D．向车左侧方向跌倒【答案】B【解析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质．解：人从正在行驶车中跳下时，由于惯性人保持和车相同的速度，而脚受阻力很快停下来，上身继续前冲而摔到，所以人会向汽车行驶的方向跌倒．故B正确，ACD错误．故选：B7.如图所示，一质点沿螺旋线自外向内运动，已知其走过的弧长s与时间t成正比．关于该质点的运动，下列说法正确的是（）A．质点运动的线速度不变B．质点运动的线速度越来越大C．质点运动的角速度越来越小D．质点所受的角速度不变【答案】C【解析】通过的弧长s与运动时间t成正比，知小球的线速度大小不变，结合v=rω，判断角速度的变化．解：AB、因为弧长s与时间t成正比，所以线速度大小不变．故AB错误．CD、根据ω=知，v不变，r减小，则角速度增大．故C正确，D错误．故选：C．8.F1和F2是共点力，根据平行四边形定则求合力F，作图正确的是（）A．B．C．D．【答案】C【解析】两个力合成时，以表示这两个力的线段为邻边作平行四边形，这两个邻边之间的对角线就代表合力的大小和方向，根据平行四边形定则的内容即可解答．解：两个力合成时，以表示这两个力的线段为邻边作平行四边形，这两个邻边之间的对角线就代表合力的大小和方向，所以力的合成的平行四边形定则只适用于共点力，与两个分力共点的那条对角线所表示的力才是它们的合力，故C正确，ABD错误．故选：C．9.“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，其发射速度为（）A．7.9km/sB．11.2km/sC．大于7.9km/s，小于11.2km/sD．大于11.2km/s，小于16.7km/s【答案】D【解析】掌握第一宇宙速度、第二宇宙速度的含义．7.9km/s即第一宇宙速度是卫星发射的最小速度，11.2km/s即第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚的发射速度．解：7.9km/s即第一宇宙速度是卫星发射的最小速度，是指发射绕地球表面运行卫星时的速度；发射高度越高，则发射速度越大；11.2km/s即第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚的发射速度．“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，由此可知此卫星仍绕地球运行，但一定不会绕地面运行；故从地面发射的速度介于7.9km/s和11.2km/s之间．故选：D．10.关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．作用力与反作用力在相同时间内所做的功一定大小相等B．合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动C．恒力对物体做功与物体运动的路径无关，只与初末位置有关D．滑动摩擦力对物体一定做负功【答案】C【解析】力做功的正负即决于力和位移的方向关系，结合根据作用力和反作用力、平衡力的性质可以判断两力做功的情况．解：A、作用力和反作用力的作用点的位移可能同向，也可能反向，大小可以相等，也可以不等，故作用力和反作用力对发生相互作用的系统做功不一定相等，也不一定是一正一负；故A错误；B、合外力对物体不做功只能说明物体的动能不变，但速度方向可能在发生变化；如匀速圆周运动；故B错误C、恒力做功与路径无关，只与初末位置有关．比如重力做功．故C正确．D、滑动摩擦力阻碍的是物体间的相对运动，可能出现摩擦力与运动方向相同的情况，故摩擦力可能做正功；故D 错误；故选：C．11.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，关于平衡摩擦力的说法中不正确的是（）A．“平衡摩擦力”的本质就是使小车所受的重力在沿斜面方向的分力与所受到的摩擦阻力相平衡B．“平衡摩擦力”的本质就是想法让小车受到的摩擦力为零C．“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力D．“平衡摩擦力”是否成功，可由小车运动后，由打点计时器打出的纸带上的点迹间距是否均匀而确定【答案】B【解析】小车所受的摩擦力不可避免，平衡摩擦力的本质就是使小车的重力沿斜面方向的分力与小车所受的阻力相平衡，恰好平衡摩擦力时，小车拖动纸带，不给小车提供拉力，给小车一个初速度，小车做匀速直线运动，由打点计时器打出的纸带点迹间距应该是均匀的．解：AB、平衡摩擦力的实质是小车（及车上砝码）的重力沿木板方向的分力与木板与小车间、纸带与计时器间、绳与滑轮间、滑轮与轴间等摩擦力平衡，故A正确，B错误．C、“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力，故C正确．D、恰好平衡摩擦力时，小车拖动纸带，不给小车提供拉力，给小车一个初速度，小车做匀速直线运动，由打点计时器打出的纸带点迹间距应该是均匀的．故D正确．本题选择不正确的．故选：B．12.关于自由落体运动的加速度，正确的是（）A．重的物体下落的加速度大B．在地球赤道比在地球北极大C．在地球上任何地方都一样大D．同一地点，任何物体下落的加速度一样大【答案】D【解析】自由落体运动的加速度g是由重力产生的，由牛顿第二定律可知a=g，重力加速度与物体的质量无关，而重力是由万有引力产生的，所以万有引力的大小会影响自由落体加速度的大小．解：A、同一地点物体的重力近似等于万有引力，则：=mg，可得，因为R是定值，所以同一地点轻重物体的g值一样大，故A错误；B、因为地球近似一个椭球形，在赤道的半径比两极半径略大，由可知自由落体运动的加速度在地球赤道比在地球北极小，故B错误；C、地面的物体的重力加速度受纬度和海拔的影响，因此地球上不同地方的g值不同，C错误；D、地面的物体的重力加速度受纬度和海拔的影响，同一地点，海拔和纬度都相同，因此任何物体下落的加速度一样大，故D正确．故选：D．13.一个人站在磅秤上，在他蹲下的过程中，磅秤的示数将（）A．先小于体重后大于体重，最后等于体重B．先大于体重后小于体重，最后等于体重C．先小于体重，后等于体重D．先大于体重，后等于体重【答案】A【解析】人站在测力计上静止不动时，测力计的示数等于人的重力，当此人突然站起时，具有向上的加速度，根据牛顿第二定律人所受的支持力，再由牛顿第三定律分析测力计示数的变化．解：由题，当人站在测力计上静止不动时，测力计的示数等于人的重力，当此人突然下蹲时，人向下加速，具有向下的加速度，人处于失重状态，根据牛顿第二定律分析可知测力计对人的支持力小于人的重力，则人对测力计的压力也小于人的重力，然后人向下减速，具有向上的加速度，人处于超重状态，根据牛顿第二定律分析可知测力计对人的支持力大于人的重力，则人对测力计的压力也大于人的重力，故A正确，BCD错误故选：A．14.下列系统不具有势能的有（）A．高高悬挂的大石头B．被压缩的弹簧C．满弓上的箭D．已经着地的足球【答案】D【解析】重力势能大小的影响因素：物体的质量、被举的高度；同时具备以上两个因素，物体就具有重力势能；弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小；物体发生弹性形变就具有弹性势能．解：A、高高悬挂的大石头，石头具有质量，也有高度，因此高高悬挂的大石头具有重力势能；B、被压缩的弹簧，由于发生了弹性形变，因此弹簧具有弹性势能；C、满弓上的箭，由于弓发生了弹性形变，因此满弓上的箭具有弹性势能；D、已经着地的足球，由于没有被举高，也没发生弹性形变，因此不具有势能．故选：D．15.从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有（）A．方向性B．永恒性C．持久性D．有条件性【答案】A【解析】从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有方向性，结合热力学第二定律分析．解：根据热力学第二定律可知，能量的自发的转化和转移具有方向性，如热量只能自发地从高温物体传到低温物体，不能自发地从低温物体传到高温物体．涉及热现象的宏观过程都具有方向性．故A正确，BCD错误．故选：A16.在“探究力的平行四边形定则”实验中，下列不正确的实验要求是（）A．弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行B．两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直C．读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度D．使用弹簧测力计时，不能超过其量程【答案】B【解析】根据验证力的平行四边形定则的实验原理及注意事项可得出正确答案．解：A、实验中为了减小因摩擦造成的误差，要求在拉弹簧秤时，要注意使弹簧秤与木板平面平行，故A正确；B、两弹簧测力计的拉力方向不一定要垂直，只有拉到同一点即可，故B不正确；C、实验中拉力的大小可以通过弹簧秤直接测出，读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度，故C正确；D、弹簧测力计时，不能超过其量程，故D正确．本题选不正确的，故选：B．17.两个半径很小带等量异种电荷的小球，两球心相距1m时的作用力为F，现将它们接触一下后，放到相距2m的位置，则它们的相互作用力大小变为（）A．4F B．0C．D．【答案】B【解析】等量异种电荷的小球，在真空中相距为r时，根据库仑定律可以得到F与电量Q、距离r的关系；当两球相互接触后放在两球心间相距2r处，电荷先中和再平分，再根据库仑定律得到相互作用的库仑力大小与Q、r的关系．解：未接触前，根据库仑定律，得F=k接触后两球带电量q==0；放在两球心间相距2m处，再由库仑定律，得F′=0；故B正确、ACD错误．故选：B．18.下列电器中主要是利用电流通过导体产生热量工作的是（）A．电冰箱B．吸尘器C．电风扇D．电饭煲【答案】D【解析】利用电流通过导体产生热量工作的是电饭煲，不是吸尘器，电风扇和电冰箱，可根据能量是如何转化的分析．解：电饭煲是利用电流的热效应，即利用电流通过导体产生热量来加热食物的，电能转化为内能．而吸尘器，电风扇和电冰箱的工作原理不是利用电流的热效应来工作的，它们工作时，一部分电能转化为内能，大于部分电能转化为其他形式的能．故ABC错误，D正确．故选：D19.如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是（）A．小磁针保持不动B．小磁针的N 极将向下转动C．小磁针的N 极将垂直于纸面向里转动D．小磁针的N 极将垂直于纸面向外转动【答案】C【解析】小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向．而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向．解：当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向里转动，故C正确，ABD错误．故选：C．20.关于理想变压器，下面各说法中正确的是（）A．它的输出功率小于它的输入功率B．它的输出功率等于它的输入功率C．原副线圈两端的电压与它们的匝数成反比D．原副线圈的电流与它们的匝数成正比【答案】B【解析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．解：A、输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，并且大小相等，所以A错误B正确；C、输出电压是由输入电压和匝数比决定的，电压与匝数成正比，所以C错误；D、原副线圈的电流与它们的匝数成反比，所以D错误．故选：B21.如图所示，小球A固定在绝缘支架上，小球B用丝线悬挂，两小球均带有正电荷．现将A向右移近B，观察到。

湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.一横截面积为S的铝导线，当有电压加在该导线上时，导线中的电流强度为I，设每单位体积的导线中有n个自由电子，电子电荷量为e，此时电子定向移动的速度为v，则以下关系正确的是A．B．C．D．2.A、B、C三点在同一直线上，AB：BC=1：2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷。

当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的静电力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为-4q的点电荷，其所受电场力为A． B． C．-F D．F3.a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，电场线与矩形所在平面平行。

已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，d点的电势为4V，如图，由此可知c点的电势为A．4V B．8V C．12V D．24V4.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地。

一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态。

现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，则A．带电油滴将沿竖直方向向上运动B．P点的电势将降低C．带电油滴的电势能减小D．电容器的电容减小，则极板带电荷量将增大5.喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的极小墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中A．可能向负极板偏转B．电场力做负功，电势能逐渐增大C．运动轨迹与所带电荷量无关D．运动轨迹是抛物线6.如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由无穷远处的A→O→无穷远处的B匀速飞过，电子重力不计，则电子除受电场力外，所受另一个力的大小和方向的变化情况是、A．先变大后变小，方向水平向左B．先变大后变小，方向水平向右C．先变小后变大，方向水平向左D．先变小后变大，方向水平向右7.有一个带正电的金属球壳（厚度不计），其截面图如图a所示，O为球心，球壳P处开有半径远小于球半径的小孔。

湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.两个相同的电阻，分别通以如图所示的正弦交变电流和方波形交变电流，两种交变电流的最大值相等，周期相等。

则在一个周期内，正弦式交流电在电阻上产生的焦耳热Q1与方波式交流电在电阻上产生的焦耳热Q2之比等于（）A．3∶1B．1∶2C．2∶1D．4∶32.某空间存在着如图所示的足够大的沿水平方向的匀强磁场。

在磁场中A、B两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上，物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘。

在t1=0时刻，水平恒力F作用在物块B上，物块A、B由静止开始做加速度相同的运动。

在A、B一起向左运动的过程中，以下说法正确的是A．图乙可以反映A所受洛仑兹力大小随时间t变化的关系B．图乙可以反映A对B的摩擦力大小随时间t变化的关系C．图乙可以反映A对B的压力大小随时间t变化的关系D．图乙可以反映B对地面压力大小随时间t变化的关系3.图是一列简谐横波在t =" 0" 时的波形图，此时刻P和Q的位移相同，若波的传播速度为2m/s，此时质点P向上振动。

下列说法正确的是A．质点P的振动周期为0.25sB．经过任意时间，质点Q和P的振动情况总是相同的C．经过△t = 0.4s，质点P向右移动0.8mD．该波沿X轴正方向传播。

4.两个弹簧振子，甲的固有频率为100HZ，乙的固有频率为400HZ。

若它们均在频率为300HZ的驱动力作用下振动，则( )A．甲的振幅较大，振动频率是100HZ B．乙的振幅较大，振动频率是300HZC．甲的振幅较大，振动频率是300HZ D．乙的振幅较大，振动频率是400HZ5.a为声源，发出声波；b为接收者，接收a发出的声波。

a、b若运动，只限于在沿两者连线方向上，下列说法正确的是( )A．a静止，b向a运动，则b收到的声频比a发出的高B．a、b向同一方向运动，则b收到的声频一定比a发出的高C．a、b向同一方向运动，则b收到的声频一定比a发出的低D．a、b都向相互背离的方向运动，则b收到的声频比a发出的高6.关于电磁场和电磁波的认识正确的是A．任何电场在它周围空间都会产生磁场B．电磁波和机械波一样依赖于介质传播C．电磁波在真空中的传播速度等于光在真空中的传播速度D．电磁波是纵波＝0时波传播到x轴上的质点B，在它左边的质点A恰好位于负最大位移7.一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t1＝0.6 s时，质点A第二次出现在正的最大位移处，则处，如图所示．在t2A．该简谐波的波速等于5m/sB．t2＝0.6 s时，质点C在平衡位置处且向下运动C．t2＝0.6 s时，质点C在平衡位置处且向上运动D．当质点D第一次出现在正最大位移处时，质点B恰好在平衡位置且向下运动8.如图是一竖立的肥皂液薄膜的横截面，关于竖立肥皂液薄膜上产生光的干涉现象的下列陈述中正确的是：A．干涉条纹的产生是由于光线在薄膜前后两表面反射形成的两列光波的叠加B．干涉条纹的暗纹是由于上述两列反射波的波谷与波谷叠加而成C．薄膜上干涉条纹是水平方向的D．薄膜上干涉条纹是竖直方向的9.在垂直于太阳光的传播上前后各放置两个偏振片P和Q，在Q的后面放一光屏，则( )A．Q不动，旋转P，屏上的光的亮度不变B．Q不动，旋转P，屏上的光的亮度时强时弱C．P不动，旋转Q，屏上的光的亮度不变D．P不动，旋转Q，屏上的光的亮度时强时弱10.分析下列物理现象：（1）夏天里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝；（2）“闻其声而不见其人”；（3）围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音；（4）当正在鸣笛的火车向着我们急驶而来时，我们听到汽笛声的音调变高。

湖南省浏阳一中2014-2015学年高二上学期第一次月考试题物理一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分，1—8题单选，9—12题多选)1.真空中两个同种点电荷q1、q2,它们相距较近，在外力作用下保持静止。

今释放q2且q2只在q1的库仑力作用下运动，则q2在运动过程中受到的库仑力A.不断减小B.不断增加C.始终保持不变D.先增大后减小2．在电场中的某点放一个检验电荷，其电量为q，受到的电场力为F，则该点的电场强度为E＝Fq，下列说法正确的是A．若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B．若检验电荷的电量变为4q，则该点的场强变为4EC．若放置到该点的检验电荷变为－2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反D．若放置到该点的检验电荷变为－2q，则场中该点的场强大小方向均不变3．法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场，如图所示为点电荷a、b所形成电场的电场线分布图，以下几种说法中正确的是A．a，b为异种电荷，a的电荷量大于b的电荷量B．a，b为异种电荷，a的电荷量小于b的电荷量C．a，b为同种电荷，a的电荷量大于b的电荷量D．a，b为同种电荷，a的电荷量小于b的电荷量4、一个点电荷，从静电场中的a点移到b点，其电势能的变化为零，则A．a、b两点的场强一定相等B．该点电荷一定沿等势面移动C．作用于该点电荷的电场力一定与其移动方向总是垂直的D．a、b两点的电势一定相等5、如图所示表示某静电场等势面的分布，电荷量为1.6×10－9 C的正电荷从A经B、C到达D点．从A到D，电场力对电荷做的功为A．4.8×10－8 J B．－4.8×10－8 JC．8.0×10－8 J D．－8.0×10－8 J6．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点垂直于该处电场线方向以相同速度飞出a、b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，则A．a一定带正电，b一定带负电B．a的速度将减小，b的速度将增加C．a的加速度将减小，b的加速度将增加D．两个粒子的电势能一个增加一个减小7．如图所示，a、b是竖直方向上同一电场线上的两点，一带负电的质点在a点由静止释放，到达b点时速度最大，则A．a点电势高于b点电势B．a点的场强大于b点的场强C．质点从a点运动到b点的过程中电势能增加D．质点在a点受到的电场力小于在b点受到的电场力8.某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电量为q的点电荷，则它受到的电场力的大小为A ．22kQq dB ．24kQq dC ．Qq CdD ．2Qq Cd9（多选）、两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a 、b 、c 三点，如图所示，下列说法正确的是A ．a 点电势比b 点高B ．a 、b 两点的场强方向相同，b 点场强比a 点大C ．a 、b 、c 三点和无穷远处等电势D ．一个电子在a 点无初速释放，则它将在c 点两侧沿虚线往复运动10（多选）、一平行板电容器的两个极板分别与电源的正、负极相连，如果使两板间距离逐渐增大，则A ．电容器电容将增大B ．两板间场强将减小C ．两板间电势差将增大D ．电容器极板的带电量将减小11（多选）、如图14－68所示，A 、B 、C 、D 是匀强电场中一与电场线平行的正方形象的四个顶点，已知A 、B 、C 三点的电势分别为φA =15v,φB =3v,φC = - 3v,由此可知A 、D 点电势φD =9v B 、D 点电势φD = -15vC 、电场线斜向右下方D 、电场线斜向左下方12（多选）、如图甲所示，平行金属板中央有一个静止的电子(不计重力)，两板间距离足够大．当两板间加上如图乙所示的交变电压后，在下图中，反映电子速度v 、位移x 和加速度a 三个物理量随时间t 的变化规律可能正确的是二、填空题(每空2分，共14分 )13. 真空中两点电荷间距离为r 时，相互作用力为F ，当距离变为r/2时，它们之间相互作用力为________F ，为使作用力仍为F ，则两点电荷的电量可同时为原来的_______倍.14. 在真空中两个带等量异种的点电荷，电量均为2×810-C ，相距20cm ，两者连线中点的电场强度大小为____________N/C 。

嘴哆市安排阳光实验学校沙市一中高二（上）月考物理试卷（10月份）1．关于点电荷的说法，正确的是（）A．点电荷的带电量一定是1.6×10﹣19CB．实际存在的电荷都是点电荷C．大的带电体一定不能看成点电荷D．点电荷是一种理想化的物理模型2．如图所示，用金属网把验电器罩起来，再使带电金属球靠近验电器，则下面关于验电器箔片的说法正确的是（）A．箔片张开B．箔片不张开C．带电金属球电量足够大时才会张开D．箔片张开的原因是金属网罩感应带电产生的电场3．下列关于电场线的几种说法中，正确的有（）A．沿着电场线方向，电场强度必定越来越小B．在多个电荷产生的电场中，电场线是可以相交的C．点电荷在电场中的运动轨迹一定跟电场线是重合的D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大4．如图所示，真空中A、B两个点电荷的电荷量分别为+Q和+q，放在光滑绝缘的水平面上，A、B之间用绝缘的轻弹簧连接．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0．设弹簧均在弹性限度内，则（）A．保持Q不变，将q变为3q，平衡时弹簧的伸长量等于3x0B．保持q不变，将Q变为3Q，平衡时弹簧的伸长量小于3x0C．保持Q不变，将q变为﹣q，平衡时弹簧的缩短量等于x0D．保持q不变，将Q变为﹣Q，平衡时弹簧的缩短量小于x05．如图所示，实线为电视机显像管主聚焦电场中的等势面．a、b、c、d为圆上的四个点则下列说法中正确的是（）A．a、b、c、d四点电场强度相同B．一电子从b点运动到c点，电场力做的功为0.8eVC．若一电子从左侧沿中心轴线芽越电场区域，将做加速度先减小后增加的直线运动D．所有从左侧平行于中心轴线进入电场区域的电子，都将会从右侧平行于中心轴线穿出6．两个带等量正电的点电荷，电量分别为q，固定在图中a、b两点，ab=L，MN为ab连线的中垂线，交直线ab于O点，A为MN上的一点，OA=L．取无限远处的电势为零．一带负电的试探电荷q，仅在静电力作用下运动，则（）A．若q从A点由静止释放，其在由A点向O点运动的过程中，加速度先增大后减小B．若q从A点由静止释放，先加速后减速，在O点速度减为0C．q由A点向O点运动时，其动能逐渐增大，电势能逐渐增大D．若在A点给q一个合适的初速度，它可以做匀速圆周运动7．如图所示，在匀强电场中有一半径为R的圆0，场强方向与圆Q所在平面平行，场强大小为E，电荷量为q的带正电微粒以相同的初动能沿着各个方向从A 点进入圆形区域中，只在电场力作用下运动，从圆周上不同点离开圆形区域，其中从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最大，图中O是圆心，AB是圆的直径，AC是与AB成a角的弦，则（）A．匀强电场的方向沿AC方向B．匀强电场的方向沿CO方向C．从A到c电场力做功为2qERcosαD．从A到c电场力做功为2qERcos2α8．所示：AB是某电场中的一条电场线，若在A点放置一初速度为零的电子，电子仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B过程中的速度图象如图（b）所示，则下列关于A、B两点电势φ和电场强度E的判断中正确的是（）A．φA＞φB，E A＞E B B．φA＞φB，E A＜E B C．φA＜φB，E A＞E B D．φA＜φB，E A＜E B9．关于平行板电容器电容C、两极板间电压U、两板间场强E和带电量Q，下列说法正确的是（）A．电容器充电后保持与电源连接，将电容器两极正对面积减小，则C增大，E 不变，U不变B．给电容器充电后保持与电源连接，只将两板间距离减小，则E增大，C增大，Q也增大C．给电容器充电后与电源断开，只减小两板间正对面积，则Q不变，U增大，E增大D．给电容器充电后与电源断开，只增大两极间距离，则E不变，C不变，U增大10．如图所示，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，从M点无初速释放一带有恒定负电荷的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止．则从M点运动到N点的过程中，下列说法中正确的是（）A．小物块所受电场力逐渐减小B．小物块具有的电势能逐渐增大C．Q电场中M点的电势高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功11．如图所示，a、b、c、d为一组匀强电场中的等差等势线，A、B分别是等势线上的两点．带电量为1×10﹣2C的正电荷在电场中只受电场力作用，该电荷由A点运动到B点，动能增加了0.1J，若A点电势为10V，则（）A．B点的电势为零B．a、b之间的势差U ab=5VC．电荷运动的轨迹可能是图中曲线①D．电荷运动的轨迹可能是图中曲线②12．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带正电B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y′应带正电二．填空题，每题5分，共4题，将答案写在答题卡上．13．带负电的两个点电荷A、B固定在相距10cm的地方，如果将第三个点电荷C放在AB连线间距A为2cm的地方，C恰好静止不动，则A、B两个点电荷的电荷量之比为．AB之间距A为2cm处的电场强度E= ．14．有一个电容器，带电荷量为1×10﹣5，两极板间电压为200V，电容器电容为F．如果使它带电荷量再增加1×10﹣6C，此时它的电容为F，两极板间的电压为V．15．在电场中A、B两点的电势分别为φA=300V，φB=200V，则A、B间的电势差U AB= V，一个质子从A点运动到B点，仅有电场力做功，电场力做功的数值W= J，质子动能的增量为J．16．如图所示，匀强电场中，A，B，C三点构成一边长为a的等边三角形，电场强度方向平行于纸面，现有一电子，在电场力作用下，由A至C动能减少W，而质子在电场力作用下，由A至B动能增加W，则该匀强电场E的大小，方向为．三．计算题，共4题，17-19每题10分，20题12分，将答案写在答题卡上．17．光滑绝缘导轨，与水平面成45°角，两个质量均为m，带等量同种电荷的小球A、B，带电量均为q，静止于导轨的同一水平高度处，如图所示．求：两球之间的距离．18．在一个水平面上建立x轴，如图在过原点O右侧空间有一个匀强电场，电场强度大小E=6×105N/C，方向与x轴正方向相同，在O处放一个电荷量q=5×10﹣8C、质量m=0.010kg的带负电绝缘物块．物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2m/s，如图所示，求：（1）物块最终停止时的位置；（g取10m/s2）（2）物块在电场中运动过程的机械能增量．19．一根长为l的丝线吊着一质量为m，电荷量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中，丝线与竖直方向成37°角，不考虑q对匀强电场的影响（重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）电场强度E的大小；（2）剪断丝线后，小球做何运动？小球的加速度多大？20．如图甲所示，质量为m、电荷量为e的电子经加速电压U1，加速后，在水平方向沿O1O2垂直进入偏转电场．已知形成偏转电场的平行板电容器的极板长为L（不考虑电场边缘效应），两极板间距为d，O1O2为两极板的中线，P是足够大的荧光屏，且屏与极板右边缘的距离也为L．求：（1）粒子进入偏转电场的速度v的大小；（2）若偏转电场两板间加恒定电压，电子经过偏转电场后正好打中屏上的A 点，A点与极板M在同一水平线上，求偏转电场所加电压U2；（3）若偏转电场两板间的电压按如图乙所示作周期性变化，要使电子经加速电场后在t=0时刻进入偏转电场后水平击中A点，试确定偏转电场电压U0以及周期T分别应该满足的条件．沙市一中高二（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析1．关于点电荷的说法，正确的是（）A．点电荷的带电量一定是1.6×10﹣19CB．实际存在的电荷都是点电荷C．大的带电体一定不能看成点电荷D．点电荷是一种理想化的物理模型【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．【解答】解：A、点电荷的带电量一定是1.6×10﹣19C的整数倍，故A错误B、由带电体看作点电荷的条件，当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系，故BC错误D、点电荷是理想模型，实际不存在的，故D正确故选：D【点评】考查了带电体看作点电荷的条件及其特点，属于基础题，难度不大．2．如图所示，用金属网把验电器罩起来，再使带电金属球靠近验电器，则下面关于验电器箔片的说法正确的是（）A．箔片张开B．箔片不张开C．带电金属球电量足够大时才会张开D．箔片张开的原因是金属网罩感应带电产生的电场【考点】静电现象的解释．【分析】根据静电屏蔽的知识分析解答即可．【解答】解：静电屏蔽：为了避免外界电场对仪器设备的影响，或者为了避免电器设备的电场对外界的影响，用一个空腔导体把外电场遮住，使其内部不受影响，也不使电器设备对外界产生影响，故用金属网把验电器罩起来，再使带电金属球靠近验电器，箔片不张开．故B正确、ACD错误．故选：B．【点评】静电屏蔽在我们生活中有许多应用．例如，遇到雷雨天，行进中的汽车要关闭所有车窗，就算车体遭到雷击，车内人员通常也不会受伤．电视闭路线芯外通常包有一层金属网和锡纸，等等．所以我们要学会基本常识，提高我们的很生活质量．3．下列关于电场线的几种说法中，正确的有（）A．沿着电场线方向，电场强度必定越来越小B．在多个电荷产生的电场中，电场线是可以相交的C．点电荷在电场中的运动轨迹一定跟电场线是重合的D．电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大【考点】电场线．【分析】电场线的疏密表示电场的强弱，电场线越密的地方场强越强．电场线不能相交；点电荷在电场中的运动轨迹不一定跟电场线是重合的；电场力与场强的大小关系为F=qE．根据这些知识进行解答．【解答】解：A、电场线的疏密表示电场强度的大小，沿着电场线方向，电场线不一定越来越疏，则电场强度不一定越来越小，故A错误．B、电场线不能相交，否则交点处场强的方向有两个，而同一电场中各点的场强是唯一的，故B错误．C、点电荷在电场中的运动轨迹不一定跟电场线是重合的．只有当电场线是直线，而且点电荷从静止开始释放或初速度与电场线共线时，点电荷才可能沿电场线运动，故C错误．D、电场线是用来表示电场中电场强度的方向和大小的，电场线越密，表示电场强度越大，由公式F=qE知，同一试探电荷所受的电场力越大；故D正确．故选：D【点评】本题要理解电场线的意义，知道电场线的疏密表示电场强度的相对大小．通过实例分析电场线与电荷运动轨迹的关系．4．如图所示，真空中A、B两个点电荷的电荷量分别为+Q和+q，放在光滑绝缘的水平面上，A、B之间用绝缘的轻弹簧连接．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0．设弹簧均在弹性限度内，则（）A．保持Q不变，将q变为3q，平衡时弹簧的伸长量等于3x0B．保持q不变，将Q变为3Q，平衡时弹簧的伸长量小于3x0C．保持Q不变，将q变为﹣q，平衡时弹簧的缩短量等于x0D．保持q不变，将Q变为﹣Q，平衡时弹簧的缩短量小于x0【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据库仑定律及胡克定律列式分析，电荷量变化，库仑力变化，两球的距离变化，弹力变化，根据平衡条件列方程计算即可．【解答】解：设弹簧的劲度系数为K，原长为x．当系统平衡时，弹簧的伸长量为x0，则有：Kx0=k①A、保持Q不变，将q变为3时，平衡时有：Kx1=k②，由①②解得：x1＜3x0，故A错误；B、同理可以得到保持q不变，将Q变为3Q，平衡时弹簧的伸长量小于3x0，故B正确；C、同理可以得到保持Q不变，将q变为﹣q，平衡时弹簧的缩短量大于x0，故C错误；D、同理可以得到保持q不变，将Q变为﹣Q，平衡时弹簧的缩短量大于x0，故D错误．故选：B【点评】本题主要考查了库仑定律及胡克定律的直接应用，要知道，电荷量变化后库仑力要变化，距离变化后弹簧弹力会变化．5．如图所示，实线为电视机显像管主聚焦电场中的等势面．a、b、c、d为圆上的四个点则下列说法中正确的是（）A．a、b、c、d四点电场强度相同B．一电子从b点运动到c点，电场力做的功为0.8eVC．若一电子从左侧沿中心轴线芽越电场区域，将做加速度先减小后增加的直线运动D．所有从左侧平行于中心轴线进入电场区域的电子，都将会从右侧平行于中心轴线穿出【考点】电场线；等势面．【分析】电场线与等势面垂直，负电荷逆着电场线运动电场力做正功，根据轨迹弯曲方向判断电荷的受力方向．【解答】解：A、根据题意，a、b两点电势相等，c、d两点电势相等的，由等势面与电场线垂直的关系及电场强度方向与该点的切线方向一致，则它们的电场强度方向不同．故A错误；B、一电子从b点运动到c点，电势差为U bc=φb﹣φc=0.1V﹣0.9V=﹣0.8V，而电子带负电，则电场力做功为0.8eV，故B正确；C、若一电子从左侧沿中心轴线穿越电场区域，根据等势面疏密程度，可知电场线的疏密程度，从而可确定电场力先增大后减小，所以加速度先增大后减小，故C错误；D、电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面，则中间虚线上电场线是向左的直线，因此电子受到的电场力向右，等势线垂直于电场线，电势从右向左降低，可知电场方向向左，对电子吸引作用电子到达右侧后，因为等势线垂直于电场线，电子受电场力指向电场线方向内侧，速度方向与力方向不重合，电子受力发生偏转，又因为右侧电场线与中轴线不垂直，所以电子束不会从右侧平行于中心轴线穿出．故D错误；故选：B．【点评】做好本题的关键是根据等势面画出电场线，再由曲线运动条件与负电荷电场力方向来判断在电场中的运动．同时考查W=qU，及电场强度是矢量．6．两个带等量正电的点电荷，电量分别为q，固定在图中a、b两点，ab=L，MN为ab连线的中垂线，交直线ab于O点，A为MN上的一点，OA=L．取无限远处的电势为零．一带负电的试探电荷q，仅在静电力作用下运动，则（）A．若q从A点由静止释放，其在由A点向O点运动的过程中，加速度先增大后减小B．若q从A点由静止释放，先加速后减速，在O点速度减为0C．q由A点向O点运动时，其动能逐渐增大，电势能逐渐增大D．若在A点给q一个合适的初速度，它可以做匀速圆周运动【考点】电场线；电势能．【分析】根据等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性，分析试探电荷q的受力情况，确定其运动情况，根据电场力做功情况，分析其电势能的变化情况．【解答】解：A、两等量正电荷周围部分电场线如右图所示，其中a、b连线的中垂线MN上，设任意点P到O的距离是x，a到O 的距离是，则a在P产生的场强：．在 a、b连线的中垂线MN上的分量：=展开得：=由三项式定理：得由于故试探电荷所受的电场力是变化的，q由A向O的运动时的电场力先增大，后减小，所以加速度先增大，后减小，故A正确．B、若q从A点由静止释放，一直做加速运动，在O点速度最大；故B错误．C、从A到O过程，电场力做正功，动能增大，电势能逐渐减小，故C错误．D、负电荷在A点受到的电场力的方向竖直向下，根据等量同种点电荷的电场分布的空间对称性可知，若在A点给q一个合适的初速度，使它在A点受到的电场力恰好等于向心力，它可以在与两个电荷的连线垂直的平面内做匀速圆周运动，故D正确．故选：AD【点评】本题考查静电场的基本概念．关键要熟悉等量同种点电荷电场线的分布情况，运用动能定理进行分析．解答该题的难度在于如何判断出直线MN上的电场强度最大的点．7．如图所示，在匀强电场中有一半径为R的圆0，场强方向与圆Q所在平面平行，场强大小为E，电荷量为q的带正电微粒以相同的初动能沿着各个方向从A 点进入圆形区域中，只在电场力作用下运动，从圆周上不同点离开圆形区域，其中从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最大，图中O是圆心，AB是圆的直径，AC是与AB成a角的弦，则（）A．匀强电场的方向沿AC方向B．匀强电场的方向沿CO方向C．从A到c电场力做功为2qERcosαD．从A到c电场力做功为2qERcos2α【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】带正电微粒以相同的初动能沿着各个方向从A点进入圆形区域中，只在电场力作用下从圆周上不同点离开圆形区域，从C点离开圆形区域的带电微粒的动能最大．则说明电场力做功最多，从而得出C点是沿电场强度方向离A 点最远．电场力做功就是电量与两点的电势差的乘积．【解答】解：A、仅在电场力作用下从A点进入，离开C点的动能最大，则C 点是沿电场强度方向离A点最远，所以电场线与过C的切线相垂直，由于带电微粒是带正电，故匀强电场的方向沿OC方向．故A错误；B、仅在电场力作用下从A点进入，离开C点的动能最大，则C点是沿电场强度方向离A点最远，所以电场线与过C的切线相垂直，由于带电微粒是带正电，故匀强电场的方向沿OC方向．故B错误；C、从A到c电场力做功为W=qES=qE（R+Rcos2α）=2qERcos2α 故C错误；D、从A到c电场力做功为W=qES=qE（R+Rc os2α）=2qERcos2α 故D正确；故选：D【点评】C点是沿电场强度方向离A点最远，则电场线与过C的切线相垂直．8．所示：AB是某电场中的一条电场线，若在A点放置一初速度为零的电子，电子仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B过程中的速度图象如图（b）所示，则下列关于A、B两点电势φ和电场强度E的判断中正确的是（）A．φA＞φB，E A＞E B B．φA＞φB，E A＜E B C．φA＜φB，E A＞E B D．φA＜φB，E A＜E B【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由图可知电子速度变化情况，根据速度图象的斜率表示加速度，可明确粒子在两点的加速度大小关系，即可确定电场强度的大小；根据电场力做功正负，可以确定电势的高低．【解答】解：速度图象的斜率表示加速度，由v﹣t图可知，电子在A点加速度较大，则可知A点所受电场力较大，由F=Eq可知，A点的场强要大于B点场强，即有E A＞E B．而电子从A到B的过程中，速度增加，动能增大，则可知电场力做正功，故电势能减小，故ɛA＞ɛB且电子带负电，可知，A点的电势要小于B点电势，φA＜φB，故C正确；故选：C【点评】本题根据图象考查对电场的认识，要求学生能从图象中找出加速度的大小及速度的变化，再应用动能定理及牛顿第二定律进行分析判断．9．关于平行板电容器电容C、两极板间电压U、两板间场强E和带电量Q，下列说法正确的是（）A．电容器充电后保持与电源连接，将电容器两极正对面积减小，则C增大，E 不变，U不变B．给电容器充电后保持与电源连接，只将两板间距离减小，则E增大，C增大，Q也增大C．给电容器充电后与电源断开，只减小两板间正对面积，则Q不变，U增大，E增大D．给电容器充电后与电源断开，只增大两极间距离，则E不变，C不变，U增大【考点】电容器的动态分析；电容器．【专题】电容器专题．【分析】电容器充电后断开电源，电容器上的电量不变；而一直与电源相连，则电压不变；再由电容器的决定式及定义式可分析各物理量的变化规律．【解答】解：A、电容器充电后保持与电源连接则电压不变；减小正对面积时，由C=ɛ可知，电容器的电容减小；由E=可知，E不变；故A错误；B、电容器充电后保持与电源连接则电压不变；减小两板间的距离，则由决定式可知，电容器的电容增大；E增大；再由Q=UC可知，Q增大，故B正确；C、给电容器充电后与电源断开，电量不变；只减小两板间的正对面积，则C减小，则由Q=UC可知，U增大，则E增大，故C正确；D、增大两板间的距离，则由决定式可右，C减小；则U增大，E不变；故D错误；故选：BC．【点评】对于电容器的动态分析问题，要注意明确两种情况，若充电后断开电源，则电量不变；若充电后与电源相连，则电压不变．10．如图所示，在粗糙绝缘水平面上固定一点电荷Q，从M点无初速释放一带有恒定负电荷的小物块，小物块在Q的电场中运动到N点静止．则从M点运动到N点的过程中，下列说法中正确的是（）A．小物块所受电场力逐渐减小B．小物块具有的电势能逐渐增大C．Q电场中M点的电势高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功【考点】电势能；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据物块与负电荷间距离的变化，由库仑定律分析小物块受到的电场力变化情况．由电场力做正功知，电荷的电势能减小．由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电．电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据电场线的方向判断电势的高低．根据动能定理分析物块电势能变化量的大小与克服摩擦力做的功的关系．【解答】解：A、从M点运动到N点的过程中，物块与点电荷Q的距离增大，带电量均不变，根据库仑定律分析可知，小物块所受电场力逐渐减小．故A正确．B、点电荷对物块的电场力方向向左，对物块做正功，物块的电势能一直减小．故B错误．C、由题分析可知，物块与点电荷Q是同种电荷，物块带负电，电场线从无穷远出到点电荷Q终止，根据顺着电场线电势降低可知，M点的电势低于N点的电势．故C错误．D、物块的初速度为零，末速度也为零，动能的变化量为零，根据动能定理可知，电场力做功与克服摩擦力做功相等，而小物块电势能变化量的大小等于电场力做功，则小物块电势能变化量的大小等于克服摩擦力做的功．故D正确．故选AD【点评】由库仑定律分析电场力的变化，根据电场力做功的正负判断电势能的变化，由电场线的方向判断电势高低等等都是电场中基本问题，要加强训练，熟练掌握．11．如图所示，a、b、c、d为一组匀强电场中的等差等势线，A、B分别是等势线上的两点．带电量为1×10﹣2C的正电荷在电场中只受电场力作用，该电荷由A点运动到B点，动能增加了0.1J，若A点电势为10V，则（）A．B点的电势为零B．a、b之间的势差U ab=5VC．电荷运动的轨迹可能是图中曲线①D．电荷运动的轨迹可能是图中曲线②【考点】等势面．【分析】物体作曲线运动的条件：合外力的方向与物体运动的方向不在同一条直线上，且合外力指向轨迹的内侧；正电荷所受电场力的方向与场强的方向相同；要求B点电势，需要知道AB之间的电势差U AB=φA﹣φB，而U AB =；【解答】解：A、根据W AB=qU AB=0.1J，故U AB =v，而U AB=φA﹣φB=10﹣φB=10V，故φB=0．故A正确，B错误．C、由于该电荷从A点运动到B点，动能增加了0.1J，故电场力做正功，所以该正电荷所受的电场力水平向上，由于电场力向上，根据电场力指向轨迹的内侧，而电场力水平向上，故电荷运动的轨迹可能是图中曲②，故D正确C错误；故选：ABD．【点评】本题考查物体作曲线运动的条件：合外力的方向与物体运动的方向不在同一条直线上，且合外力指向轨迹的内侧；正电荷所受电场力的方向与电场线的方向相同；电场力做功的公式W AB=qU AB，动能定理，电势差的公式U AB=φA﹣φB．本题难度不大，但综合性很强；在用公式W AB=qU AB解题时要注意q和U AB 的正负号．12．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A．极板X应带正电B．极板X′应带正电C．极板Y应带正电D．极板Y′应带正电【考点】示波器的使用．【专题】实验题．【分析】由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向X，Y向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性【解答】解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向X向偏转则，电场方向为X到X′，则X带正电同理可知Y带正电，故AC正确，BD错误故选：AC【点评】考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反．二．填空题，每题5分，共4题，将答案写在答题卡上．13．带负电的两个点电荷A、B固定在相距10cm的地方，如果将第三个点电荷C放在AB连线间距A为2cm的地方，C恰好静止不动，则A、B两个点电荷的电荷量之比为1：16 ．AB 之间距A 为2cm 处的电场强度E= 0 ．【考点】电场强度；库仑定律．【分析】解决本题一定要把握“放入的电荷处于平衡状态”这一特点进行受力分析．【解答】解：因为Q A、Q B为固定的负点电荷，只要放入的点电荷受到的合力为0即可，通过受力分析可知，既可以放入正电荷，也可以放入负电荷，由于C 恰好处于平衡状态，所以C点电荷在两个固定的电荷之间．由库仑定律得，对C点电荷，则有：k=k所以： ==粒子受到的电场力的合力为零，故场强为零；故答案为：1：16，0．。

湖南高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图，一段导线abcd 位于磁感应强度大小为B 的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab 、bc 和cd 的长度均为L ，且∠abc=∠bcd=135°．流经导线的电流为I ，方向如图中箭头所示．导线段abcd 所受到的磁场的作用力的合力（ ）A ．方向沿纸面向上，大小为（+1）ILB B ．方向沿纸面向上，大小为（﹣1）ILBC ．方向沿纸面向下，大小为（+1）ILBD ．方向沿纸面向下，大小为（﹣1）ILB2.用半导体材料制成热敏电阻，在温度升高时，电阻会迅速减小，如图所示，将一热敏电阻接入电路中，接通开关后，经过一段时间会观察到（ ）A ．电流表示数不变B ．电流表示数减小C ．电压表示数增大D ．电压表示数减小3.将一正电荷从无限远移入电场中M 点，静电力做功W 1=6×10﹣9J ，若将一个等量的负电荷从电场中N 点移向无限远处，静电力做功W 2=7×10﹣9J ，则M 、N 两点的电势φM 、φN ，有如下关系（ ） A ．φM ＜φN ＜0 B ．φN ＞φM ＞0 C ．φN ＜φM ＜0 D ．φM ＞φN ＞04.如图所示的电路中，C 2=2C 1，R 2=R 1，①开关处于断开状态，电容器C 2的电荷量大于C 1的电荷量 ②开关处于断开状态，电容器C 1的电荷量大于C 2的电荷量 ③开关处于接通状态，电容器C 2的电荷量大于C 1的电荷量 ④开关处于接通状态，电容器C 1的电荷量大于C 2的电荷量 以上说法都正确的是（ ） A ．① B ．④ C ．①③D ．②④5.用绝缘细线悬挂一个质量为m ，带电荷量为+q 的小球，让它处于如图所示的磁感应强度为B 的匀强磁场中．由于磁场的运动，小球静止在如图位置，这时悬线与竖直方向夹角为α，并被拉紧，则磁场的运动速度和方向可能是（ ）A ．v=，水平向右B．v=，水平向左C．v=，竖直向上D．v=，竖直向下6.如图，光滑半圆形轨道与光滑曲面轨道在B处平滑连接，前者置于水平向外的匀强磁场中，有一带正电小球从A 静止释放，且能沿轨道前进，并恰能通过半圆轨道最高点C．现若撤去磁场，使球从静止释放仍能恰好通过半圆形轨道最高点，则释放高度H′与原释放高度H的关系是（）A．H′=H B．H′＜H C．H′＞H D．无法确定7.有一静电场，其电场强度方向平行于x轴．其电势φ随坐标x的改变而变化，变化的图线如图所示，则下图中能正确表示该静电场的场强E随x变化的图线是（设场强沿x轴正方向时取正值）（）A．B．C．D．8.下列说法中正确的是（）A．无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，电场力做的正功越多，电荷在该点的电势能就越大B．无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，电场力做的正功越少，电荷在该点的电势能越大C．无论是正电荷还是负电荷，从无穷远处移到电场中某点时，克服电场力做功越多，电荷在该点的电势能就越大D．无论是正电荷还是负电荷，从无穷远处移到电场中某点时，电场力做功越多，电荷在该点的电势能越大9.图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零10.带正电的小环套在粗糙水平杆上，杆足够长，右半部分处在匀强磁场中，小环突然获得一向右的水平速度滑入磁场中，如图所示．小环的重量不能忽略，则小环进入磁场后的运动情况可能是（）A．匀速直线运动B．匀减速直线运动C．先逐渐减速最后匀速直线运动D．逐渐减速最后停止11.如图所示，两边倾角均为θ的绝缘光滑导轨置于垂直纸面向里的匀强磁场中，两个带等量负电荷的相同的小球A、C同时从顶端由静止释放，则下列说法中正确的是（）A．两小球沿斜面下滑阶段的加速度大小相等B．两小球沿斜面下滑阶段的每个时刻速度大小相等C．经过一段时间后，A小球可能离开导轨D．经过一段时间后，C小球可能离开导轨12.如图所示，点电荷+4Q与+Q分别固定在A、B两点，C、D两点将AB连线三等分，现使一个带负电的粒子从C点开始以某一初速度向右运动，不计粒子的重力，则该粒子在CD之间运动的速度大小v与时间t的关系图象可能是（）A． B． C． D．二、实验题1.如图1所示的黑箱中有二只相同的电学元件，小明使用多用电表对其进行探测．（1）在使用多用电表前，发现指针不在左边“0”刻度线处，应先调整如图2中多用电表的（选填“A”、“B”或“C“）．（2）在用多用电表的直流电压挡探测黑箱a、b接点间是否存在电源时，一表笔接a，另一表笔应（选填“短暂”或“持续”）接b，同时观察指针偏转情况．（3）在判定黑箱中无电源后，将选择开关旋至“×l”挡，调节好多用电表，测量各接点间的阻值．测量中发现，每对接点间正反向阻值均相等，测量记录如下表．两表笔分别接a、b时，多用电表的示数如图2所示．请将记录表补充完整，并在答题卡的黑箱图中画出一种可能的电路．两表笔接的接点多用电表的示数2.甲、乙两个同学使用完全相同的器材用伏安法测量同一未知电阻R x 的阻值，给定器材为：待测电阻R x ；电流表mA （量程0﹣5mA ，内阻约为10Ω）；电压表V （量程为0～3v ，内阻约为3000Ω）；最大阻值为1700Ω的滑动变阻器；电源E （电动势约3V ）；开关S 、导线若干，甲、乙两个同学的测量的数据处理结果分别如图甲、乙所示．（1）由图甲得R x = Ω；由图乙得R x = Ω；（2）在图丙、丁的虚线线框中分别画出甲、乙两同学所用的测量电路，并由测量结果判定 同学测量结果较为准确．三、计算题1.在示波管中，电子通过电子枪加速，进入偏转电极，然后射到荧光屏上．如图所示，设电子的质量为m （不考虑所受重力），电荷量为e ，从静止开始，经过加速电场加速，加速电压为U 1，然后进入偏转电场，偏转电极中两板之间的距离为d ，板长为L ，偏转电压为U 2，求电子射到荧光屏上的动能为多大？2.如图所示，电解槽A 和电炉B 并联后接到电源上，电源内阻r=1Ω，电炉电阻R=19Ω，电解槽电阻r′=0.5Ω．当S 1闭合、S 2断开时，电炉消耗功率684W ；S 1、S 2都闭合时电炉消耗功率475W （电炉电阻可看作不变）．试求：（1）电源的电动势；（2）S 1、S 2都闭合时，流过电解槽的电流大小；（3）S 1、S 2都闭合时，电解槽中电能转化成化学能的功率．3.如图所示，一带电微粒质量为m 、电荷量为q ，从静止开始经电压为U 1的电场加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，微粒射出电场时的偏转角为θ．已知偏转电场中金属板长L ，两板间距d ，带电微粒重力忽略不计．求：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v 1； （2）偏转电场中两金属板间的电压U 2．4.如图所示装置中，区域Ⅰ和Ⅲ中分别有竖直向上和水平向右的匀强电场，电场强度分别为E和0.5E；Ⅱ区域内有垂直向外的水平匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、带电量为q的带负电粒子（不计重力）从左边界O水平射入电场，经水平分界线OP上的A点与OP成60°角射入Ⅱ区域的磁场，并垂直点正上方的M点以速度v竖直边界CD进入Ⅲ区域的匀强电场中．求：（1）粒子在Ⅱ区域匀强磁场中运动的轨道半径；（2）O、M间的距离；（3）粒子从M点出发到第二次通过CD边界所经历的时间．湖南高二高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.如图，一段导线abcd位于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，且与磁场方向（垂直于纸面向里）垂直．线段ab、bc和cd的长度均为L，且∠abc=∠bcd=135°．流经导线的电流为I，方向如图中箭头所示．导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力（）A．方向沿纸面向上，大小为（+1）ILBB．方向沿纸面向上，大小为（﹣1）ILBC．方向沿纸面向下，大小为（+1）ILBD．方向沿纸面向下，大小为（﹣1）ILB【答案】A【解析】当磁场方向与电流方向垂直时，由安培力F=BIL，根据电流的大小可求出各段安培力大小，由左手定则判定安培力方向，再根据平行四边形定则，对安培力进行分解即可解得．解：该导线可以用a和d之间的直导线长为L来等效代替，根据F=BIL，可知大小为，方向根据左手定则判断，向上；故选A．【点评】本题考查安培力的大小与方向的判断；解决本题的关键要掌握安培力的大小公式F=BIL（B与I垂直），同时运用力的平行四边形定则对安培力时行分解．此处的导线也可以等效成将ad两点连接的导线所受的安培力．2.用半导体材料制成热敏电阻，在温度升高时，电阻会迅速减小，如图所示，将一热敏电阻接入电路中，接通开关后，经过一段时间会观察到（ ）A ．电流表示数不变B ．电流表示数减小C ．电压表示数增大D ．电压表示数减小【答案】D【解析】由半导体材料的性质可知电阻的变化，由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流及路端电压的变化； 再对并联部分进行分析可得出电流表的变化． 解：A 、B 、接通开关后，由于电流的热效应，热敏电阻的温度升高，电阻减小，总电阻减小，I 总增大，电流表示数变大，故A 、B 错误．C 、D 、U 不变，R 2支路的电流I 2增大，U R2增大，又U=U R2+U 热，则U 热减小，电压表示数减小，故D 正确，C 错误．故选：D ．【点评】本题考查闭合电路的欧姆定律及热敏电阻的性质，闭合电路的动态分析一般按先局部再整体最后再局部的分析思路进行分析．3.将一正电荷从无限远移入电场中M 点，静电力做功W 1=6×10﹣9J ，若将一个等量的负电荷从电场中N 点移向无限远处，静电力做功W 2=7×10﹣9J ，则M 、N 两点的电势φM 、φN ，有如下关系（ ） A ．φM ＜φN ＜0 B ．φN ＞φM ＞0 C ．φN ＜φM ＜0 D ．φM ＞φN ＞0【答案】C【解析】根据电场力做功与电荷电势能变化的关系，由电场力做功情况分析电荷电势能的变化，判断电势高低．解：正电荷从无穷处移向电场中M 点，电场力做功为W 1=6×10﹣9J ，电荷的电势能减小，由电势能公式E p =qφ，知M 点的电势小于无穷远的电势，即φM ＜0．负电荷从电场中N 点移向无穷远处，静电力做功W 2=7×10﹣9J ，电势能减小，电势升高，则N 点的电势小于无穷远的电势，即φN ＜0．由于两电荷电量相等，从无限远处移入电场中N 点电场力做功较大，N 点与无穷远间的电势差较大，则N 点的电势低于M 点的电势，即得到φN ＜φM ＜0． 故选：C【点评】本题也可以画出电场线，标出M 、N 两点在电场线上大致位置，再判断电势的高低．4.如图所示的电路中，C 2=2C 1，R 2=R 1，①开关处于断开状态，电容器C 2的电荷量大于C 1的电荷量 ②开关处于断开状态，电容器C 1的电荷量大于C 2的电荷量 ③开关处于接通状态，电容器C 2的电荷量大于C 1的电荷量 ④开关处于接通状态，电容器C 1的电荷量大于C 2的电荷量 以上说法都正确的是（ ） A ．① B ．④ C ．①③D ．②④【答案】C【解析】开关S 断开后，电路稳定后，电路中无电流，两电容器的电压都等于电源的电动势．当开关S 闭合时，两个电阻串联，电容器C 2与电阻R 1并联，电容器C 1与电阻R 2并联．根据Q=UC 即可判断带电量之间的关系． 解：当开关处于断开状态时，电容器C 1与R 1，C 2与R 2分别串联，然后再并联，电源对电容器C 1、C 2充电完毕电路达稳态后，两条支路均无电流通过，因此电阻上不再分压，两电容器上的电压均为电源电动势，所以===．故①正确．②错误当开关处于接通状态时，电路结构为电容器C 1与R 2并联、C 2与R 1并联，支路再串联，当电容器被充电完毕电路达稳定状态后，直流电路通过R 1、R 2形成通路，电容器C 1两端的电压与电阻R 2两端的电压相等，电容器C 2两端的电压与电阻R 1两端的电压相等，==．因此③是正确的，④错误．故选：C ．【点评】对于含有电容器的电路，在电容不变时，关键确定电压及其变化．电路稳定时，电容器的电压等于所并联的电路两端的电压．5.用绝缘细线悬挂一个质量为m ，带电荷量为+q 的小球，让它处于如图所示的磁感应强度为B 的匀强磁场中．由于磁场的运动，小球静止在如图位置，这时悬线与竖直方向夹角为α，并被拉紧，则磁场的运动速度和方向可能是（ ）A ．v=，水平向右B ．v=，水平向左C ．v=，竖直向上D ．v=，竖直向下【答案】BC【解析】根据左手定则，结合受力分析，及平衡条件与三角函数的关系，即可求解．解：A 、若磁场的运动方向水平向右，则小球相对磁场水平向左，由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向下，不可能处于平衡状态，故A 错误；B 、若磁场的运动方向水平向左，则小球相对磁场水平向右，由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向上， 当洛伦兹力等于重力，处于平衡状态，则有：Bqv=mg ，解得：v=，故B 正确；C 、若磁场的运动方向竖直向上，则小球相对磁场竖直向下，由左手定则可知，洛伦兹力方向水平向右，当洛伦兹力与拉力的合力与重力相等时，则处于平衡状态，则有：Bqv=mgtanα，解得：v=，故C 正确，D 、若磁场的运动方向竖直向下，则小球相对磁场竖直向上，由左手定则可知，洛伦兹力方向水平向左，则不可能处于平衡状态，D 错误； 故选：BC ．【点评】考查左手定则与平衡方程的应用，注意相对运动理解，突出小球相对磁场的运动方向是解题的关键，同时掌握三角函数的应用．6.如图，光滑半圆形轨道与光滑曲面轨道在B 处平滑连接，前者置于水平向外的匀强磁场中，有一带正电小球从A 静止释放，且能沿轨道前进，并恰能通过半圆轨道最高点C ．现若撤去磁场，使球从静止释放仍能恰好通过半圆形轨道最高点，则释放高度H′与原释放高度H 的关系是（ ）A ．H′=HB ．H′＜HC ．H′＞HD ．无法确定 【答案】C【解析】有磁场时，恰好通过最高点，靠重力和洛伦兹力的合力提供向心力，无磁场时，恰好通过重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点的临界速度，通过动能定理比较释放点的高度． 解：有磁场时，恰好通过最高点，有：mg ﹣qvB=m ，无磁场时，恰好通过最高点，有：mg=m ，由两式可知，v 2＞v 1．根据动能定理，由于洛伦兹力和支持力不做功，都是只有重力做功，mg （h ﹣2R ）=mv 2可知，H′＞H ．故C 正确，A 、B 、D 错误．故选：C．【点评】本题综合考查了动能定理和牛顿第二定律的运用，知道圆周运动的最高点，恰好通过时向心力的来源．7.有一静电场，其电场强度方向平行于x轴．其电势φ随坐标x的改变而变化，变化的图线如图所示，则下图中能正确表示该静电场的场强E随x变化的图线是（设场强沿x轴正方向时取正值）（）A．B．C．D．【答案】A【解析】电场强度方向平行于x轴，如果在x方向上取极小的一段，电场强度有，根据电势U随坐标x的改变而变化，通过直线的斜率物理意义求解．沿着电场线方向电势降低．解：电场强度方向平行于x轴，电势U随坐标x图象的斜率的意义反映了电场强度．沿着电场线方向电势降低．0﹣2mm，直线斜率不变，沿x轴正方向电势升高，说明电场强度方向沿x轴负方向，大小等于V/m=2×104V/m，依次求出其他位置的电场强度．故选A．【点评】正确把握电势U随坐标x图象的斜率的物理意义是解决问题的关键．8.下列说法中正确的是（）A．无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，电场力做的正功越多，电荷在该点的电势能就越大B．无论是正电荷还是负电荷，从电场中某点移到无穷远处时，电场力做的正功越少，电荷在该点的电势能越大C．无论是正电荷还是负电荷，从无穷远处移到电场中某点时，克服电场力做功越多，电荷在该点的电势能就越大D．无论是正电荷还是负电荷，从无穷远处移到电场中某点时，电场力做功越多，电荷在该点的电势能越大【答案】AC【解析】根据电场力方向与位移方向的关系，判断电场力做功的正负，电场力做功多少，电荷的电势能就减少多少；相反，电荷克服电场力做功多少，电荷的电势能就增加多少．解：A、B：电荷在无穷远处电势能为零，从电场中某点移到无穷远处时，电场力做的正功越多，电荷的电势能减少就越多，则电荷在该点的电势能就大，故A正确，B错误．C、D：电荷在无穷远处电势能为零，从无穷远处移到电场中某点时，克服电场力做功越多，电荷的电势能增加就越多，则电荷在该点的电势能就大，故C正确，D错误．故选：AC．【点评】对于电场力做功与电势能变化的关系，可运用类比的方法加深理解，将它们的关系类比成重力做功与重力势能变化的关系，即可容易理解，也便于掌握．9.图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等，现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点．若不计重力，则（）A．M带负电荷，N带正电荷B．N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C．N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D．M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零【答案】BD【解析】电场线与等势面垂直，由于O点电势高于c点，故匀强电场的场强方向向下；粒子运动的轨迹上每个点的切线就是该点上的速度方向，要判断这个粒子是克服力做功还是在电场力的作用下做正功，只需要画出该点的切线方向，而力的方向必须与速度方向的夹角夹着运动轨迹，即运动轨迹是一定在速度方向和力的方向的夹角里面的！解：A、电场线与等势面垂直，由于O点电势高于c点，故匀强电场的场强方向向下；因为运动轨迹是不可能出现在这个夹角外的，由这点可以直接看出，图中的N受到的电场力是向上的，M受到的电场力是向下的，故N带负电，M带正电，故A错误；B、由于oa和oc间电势差相等，电场力又都是做正功的，根据动能定理，电场力做功相等，故动能增量相等，故B答案正确；C、由于N带负电，电场力向上，故电场力做正功，故C错误；D、由于ob在同一等势面上，故M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零，故D正确；故选BD．【点评】本题关键是根据等势面与电场线垂直，得到匀强电场方向向下，然后结合动能定理分析；同时要注意力的方向必须与速度方向的夹角夹着运动轨迹．10.带正电的小环套在粗糙水平杆上，杆足够长，右半部分处在匀强磁场中，小环突然获得一向右的水平速度滑入磁场中，如图所示．小环的重量不能忽略，则小环进入磁场后的运动情况可能是（）A．匀速直线运动B．匀减速直线运动C．先逐渐减速最后匀速直线运动D．逐渐减速最后停止【答案】ACD【解析】根据左手定则可得小环所受洛伦兹力方向向上，通过讨论小环重力和洛伦兹力的大小关系结合牛顿第二定律可正确得出结果．解：A、给滑环套一个初速度，将受到向上的洛伦兹力，若洛伦兹力等于物体的重力，滑环将做匀速直线运动，故A正确；B、若重力小于洛伦兹力，滑环受到向下的弹力，则受到摩擦力，做减速运动，根据牛顿第二定律有（qvB﹣mg）μ=ma，由此可见小环做加速度逐渐增大的减速运动，直至停止，故B错误；C、若重力小于洛伦兹力，滑环受到向下的弹力，则受到摩擦力，做减速运动，当洛伦兹力等于重力时，又做匀速运动，故C正确；D、若重力大于洛伦兹力，滑环受到向上的弹力，则受到摩擦力，将做减速运动，最后速度为零，故D正确．故选ACD．【点评】本题学生易错，解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及会根据物体的受力判断物体的运动情况．11.如图所示，两边倾角均为θ的绝缘光滑导轨置于垂直纸面向里的匀强磁场中，两个带等量负电荷的相同的小球A、C同时从顶端由静止释放，则下列说法中正确的是（）A ．两小球沿斜面下滑阶段的加速度大小相等B ．两小球沿斜面下滑阶段的每个时刻速度大小相等C ．经过一段时间后，A 小球可能离开导轨D ．经过一段时间后，C 小球可能离开导轨 【答案】ABC【解析】对两球分别进行受力分析，确定后合力，再据牛顿运动定律分析，确定其运动情况．解：A 、两小球受到的洛伦兹力，A 的斜面垂直向上，C 的垂直斜面向下，沿斜面方向的合力为重力的分力，则其加速度为a A =gsinθ，a C =gsinθ故小球沿斜面下滑阶段的加速度大小相等，故A 正确；B 、由v=at 知小球沿斜面下滑阶段的每个时刻速度大小相等，故B 正确；C 、当A 加速到洛伦兹力与重力沿垂直斜面向下分力相等时，A 小球脱离斜面，故C 正确；D 、C 的洛伦兹力垂直斜面向下，故C 小球不可能离开导轨，D 错误．故选：ABC ．【点评】考查洛伦兹力作用下的小球的运动，会判断洛伦兹力的方向，明确其大小的决定因素．12.如图所示，点电荷+4Q 与+Q 分别固定在A 、B 两点，C 、D 两点将AB 连线三等分，现使一个带负电的粒子从C 点开始以某一初速度向右运动，不计粒子的重力，则该粒子在CD 之间运动的速度大小v 与时间t 的关系图象可能是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】BC【解析】根据点电荷的电场强度公式得到：D 点的场强为零．若粒子的初速度较大，粒子在CD 间做减速运动；若粒子的初速度较小，粒子在CD 间先向右做减速运动，后向左做加速运动． 解：根据点电荷的电场强度公式分析得到：D 点的场强为零．A 、从C 到D 场强减小，粒子的加速度减小，不可能做匀减速运动．故A 错误．B 、若粒子的初速度较大，粒子在CD 间做加速度减小的变减速运动．故B 正确．C 、D 若粒子的初速度较小，粒子在CD 间先向右做减速运动，速度减到零后向左做加速运动．也可能最小速度不为零，故C 正确，D 错误． 故选BC【点评】本题考查分析物体运动情况的能力，考虑问题要全面，不能漏解．中等难度．二、实验题1.如图1所示的黑箱中有二只相同的电学元件，小明使用多用电表对其进行探测．（1）在使用多用电表前，发现指针不在左边“0”刻度线处，应先调整如图2中多用电表的 （选填“A”、“B”或“C“）．（2）在用多用电表的直流电压挡探测黑箱a 、b 接点间是否存在电源时，一表笔接a ，另一表笔应 （选填“短暂”或“持续”）接b ，同时观察指针偏转情况．（3）在判定黑箱中无电源后，将选择开关旋至“×l”挡，调节好多用电表，测量各接点间的阻值．测量中发现，每对接点间正反向阻值均相等，测量记录如下表．两表笔分别接a 、b 时，多用电表的示数如图2所示． 请将记录表补充完整，并在答题卡的黑箱图中画出一种可能的电路．【答案】（1）A，（2）短暂，（3）5，如图所示【解析】（1）任何电表使用前都需要机械调零；（2）由于指针可能反转，故应该短接；（3）由于每对接点间正反向阻值均相等，说明无二极管；最简单的电路是两个电阻串联．解：（1）电表使用前都需要机械调零，故选A；（2）由于电流的流向未知，指针可能反转，故不宜长时间通电，故应该短暂接触；（3）由于每对接点间正反向阻值均相等，说明无二极管；最简单的电路是两个电阻串联，电路如图；故答案为：（1）A，（2）短暂，（3）5，如图所示．【点评】本题关键是明确多用电表的使用方法，黑箱问题判断可以先判断有无电源，然后判断有无二极管，最后判断可能的内部构造．2.甲、乙两个同学使用完全相同的器材用伏安法测量同一未知电阻Rx 的阻值，给定器材为：待测电阻Rx；电流表mA（量程0﹣5mA，内阻约为10Ω）；电压表V（量程为0～3v，内阻约为3000Ω）；最大阻值为1700Ω的滑动变阻器；电源E（电动势约3V）；开关S、导线若干，甲、乙两个同学的测量的数据处理结果分别如图甲、乙所示．（1）由图甲得Rx = Ω；由图乙得Rx= Ω；（2）在图丙、丁的虚线线框中分别画出甲、乙两同学所用的测量电路，并由测量结果判定同学测量结果较为准。

湖南省长沙市周南中学高二上第一次月考物理试题（无答案）(时量:90分钟 总分:100分)一、选择题(每题4分,共48分,每题给出的四个选项中,1-8题只要一个选项正确,9-12题有多个选项正确,全部选对的每题得4分,选对但不全的每题得2分,有选错的不得分)1.以下关于电场和电场线的说法,正确的选项是A.电场是为了研讨方便而引入的假想模型B.电场是电荷周围实践存在的物质C.电场线是电场中实践存在的一系列曲线D.电场线是带电粒子在电场中运动的轨迹2.真空中两个完全相反的带电小球A 和B(均可看载点电),带电量区分为q 2+和q 6-,固定在相距为r 的两点,两球间静电力为F 现用绝缘工展使两球接触后分开,将其固定在距离为的两角那么两球间库仑力为A.相互作用的斥力,大小为34FB.相互作用的引力,大小为43F C.相互作用的引力,大小为2F D.相互作用的斥力,大少为2F 3.如下图,虚线是某静电场的一簇等势线,边上标有电势的值。

一带电粒子只在电场力作用下恰能沿图中的实线从A 经过B 运动到C ，以下判别正确的选项是A.粒子一定带负电B.A 处场弱小于C 处场强C.粒子在A 处电势能小于在C 处电势能D.粒子从A 到B 电场力所做的功大于从B 到C 电场力所做的功4.如下图,Q 1和Q 1是两个电荷量大小相等的点电荷,MN 是两电荷的连线,HG 是两电荷连线的中垂线，O 是垂足,以下说法正确的选项是A.假定两电荷是异种电荷,那么OM 的中点与ON 的中点电势一定相等B.假定两电荷是异种电荷,那么O 点的电场强度大小,与MN 上各点相比是最小的,而与HG 上各点相比是最大的C.假定两电荷是同种电荷,那么OM 中点与ON 中点处的电场强度一定相反D.假定两电荷是同种电荷,那么O 点的电场强度大小,与MN 上各点相比是最小的,与HG 上各点相比是最大的5.篮球运发动通常伸出双手迎接传来的篮球.接球时,两手随球迅速收缩至胸前,这样做可以A.减小球对手的冲量B.减小球对手的冲击力C.减小球的动质变化量D.减小球的动能变化量6.如下图,一润滑空中上有一质量为M 的足够长的木板ab,一质量为m 的人站在木板的a 端,关于人由运动末尾运动到木板的b 端(M 、N 表示空中上原a 、b 对应的点),以下图示正确的选项是7.如下图,物体A 、B 运动在润滑水平面上,且，＞B A m m 现用大小相等的两个力F 和'F 区分作用在A 和B 上,使A 、B 沿一条直线相向运动,然后又先后描去这两个方(使这两个力对物体做的功相反,接着两物体碰撞并合为一体后,它们A.能够中止运动B.一定向右C.能够向左运动D.运动方向不能确定8.甲、乙两球在润滑水平空中上同向运动,动量区分为，，s m P s m kg P /kg 7/521•=•=甲从前面追上乙并发作碰撞,碰后乙球的动质变为，s m /kg 10•,那么二球质量关系能够是A.21m m =B.212m m =C.214m m =D.216m m =9.在不计空气阻力作用的条件下,以下说法中正确的选项是A.自在下落的小球在空中运动的恣意一段时间内,其添加的动能定等于其增加的重力势能B.做平抛运动的小球在空中运动的恣意相反的时间内,其速度的变化量一定相反C.做匀速圆周运动的小球在恣意一段时间内其合力做的功一定为零,合外力的冲量也一定为零D.在竖直面内做圆周运动的物体,在一个周期内,、其合外力做的功一定为零,合外力的冲量也一定为零10.在润滑的水平面上,动能为，0E 动量大小为0P 的小钢球1与运动小钢球2发作碰撞,碰撞前后小钢球1的运动方向相反,将碰撞后小钢球1的动能和动量的大小区分记为11P E 、,小钢球2的动能和动量的大小区分记为21P E 、,那么必有A.01E E ＜B.01P P ＜C.02E E ＞D.02P P ＜11.如下图,x 轴上有两电电荷1Q 和2Q 区分放在A 、B 两点,二者之间连线上各点的电势上下如图曲线所示,那么从图中可以看出A.1Q 正电荷，2Q 为负电荷B.从A 到B 场强不时减小C.P 点的电场强度为0D.1Q 和2Q 之间连线上P 点场强最小12.如下图,带电小球A 、B 的电荷区分为，，、OB OA Q Q B A 都用长L 的丝线悬挂在O 点,运动时A 、B 相距为d .为使平衡时AB 间距离减为2d ,可采用以下哪些方法 A.将小球B 的质量都添加到原来的2倍B.将小球B 的质量添加到原来的8倍C.将小球B 的电荷量都减小到原来的一半D.将小球A 、B 的电荷量都减小到原来的一半,同时将小球B 的质量添加到原来的2倍二、实验题(此题共1个小题,每空2分,共14分)13.用如图甲所示的装置来验证动量守恒定律,即研讨两个小球在轨道水平局部碰撞前后的动量关系：(1)实验中,直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的,但是,可以经过仅测量______填选项前的序号),直接地处置这个效果；A.小球末尾释放高度hB.小球抛出点距空中的高度HC.小球做平抛运动的射程(2)图甲中O 点是小球抛出点在空中上的垂直投影,实验时,先让入射球1m 屡次从斜轨上S 位置运动释放，找到其平均落地点的位置P.测量平抛射程,把被碰小球2m 运动于轨道的水平局部,再将入射小球1m 从斜轨上S 位置静释放,与小球2m 相撞,并屡次重复。

湖南省长沙市长郡中学2024-2025学年高二上学期第一次月考物理试卷一、单选题1．关于物体的动量，下列说法中正确的是（ ）A ．同一物体，动量越大，速度越大B ．(8kg m/s)-⋅的动量小于(6kg m/s)+⋅的动量C ．物体的动量发生变化，其动能一定发生变化D ．做匀速圆周运动的物体，其动量不变2．做简谐运动的物体经过A 点时，加速度大小为21m/s ，方向指向B 点；当它经过B 点时，加速度大小为22m/s ，方向指向A 点。

若A 、B 之间的距离是6cm ，则关于它的平衡位置，说法正确的是（ ）A ．平衡位置在AB 连线左侧B ．平衡位置在AB 连线右侧C ．平衡位置在AB 连线之间，但不能确定具体位置D ．平衡位置在AB 连线之间，且距离A 点为2cm 处3．如图所示为实验室中一单摆的共振曲线，由共振曲线可知（ ）A ．则该单摆的摆长约为2mB ．若增大摆长，共振曲线的峰值向右偏移C ．若增大摆球的质量，共振曲线的峰值向右偏移D ．若在月球上做实验，共振曲线的峰值向左偏移4．如图所示，小车静止在光滑水平面上，小车AB 段是半径为R 的四分之一光滑圆弧轨道，从B 到小车右端挡板平滑连接一段光滑水平轨道，在右端固定一轻弹簧，弹簧处于自然状态，自由端在C 点。

一质量为m 、可视为质点的滑块从圆弧轨道的最高点A 由静止滑下，而后滑入水平轨道，小车（含挡板）质量为2m，重力加速度为g。

下列说法正确的是（）A．滑块到达BB．当弹簧压缩到最短时，滑块和小车具有向右的共同速度C．弹簧获得的最大弹性势能为mgRD．滑块从A点运动到B点的过程中，小车运动的位移大小为2 3 R5．如图甲，某同学手持电吹风垂直向电子秤的托盘吹风，圆形出风口与托盘距离较近且风速恒定，吹在托盘上的风会从平行于托盘方向向四周散开，简化图如图乙。

当电吹风设置在某挡位垂直向托盘吹风时，电子秤示数与放上一质量为m的砝码时一致，出风口半径为r，空气密度为ρ，重力加速度大小为g。