广东省揭阳市普宁市华侨中学2015-2016学年高二上学期第一次月考物理试卷

广东省揭阳市普宁二中2015届高考物理一模试卷一、单项选择题：此题包括4小题，每一小题4分，共16分．在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验〞，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进展了合理的外推，由此得出的结论是( ) A．力不是维持物体运动的原因B．力是使物体产生加速度的原因C．自由落体运动是一种匀变速直线运动D．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性2．如下列图，物体A置于倾斜的传送带上，它能随传送带一起向上或向下做匀速运动，如下关于物体A在上述两种情况下的受力描述，正确的答案是( )A．物体A随传送带一起向上运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下B．物体A随传送带一起向下运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下C．物体A随传送带一起向下运动时，A不受摩擦力作用D．无论物体A随传送带一起向上还是向下运动，传送带对物体A的作用力均一样3．阻值不计的矩形线圈在匀强磁场中，绕垂直于磁感线的轴匀速转动，线圈两端的电压随时间的变化规律如下列图．如此如下说法中正确的答案是( )A．线圈两端电压的平均值为10VB．电压表连接在线圈两端时，其示数为20VC．在0.01s时，线圈平面与磁场垂直D．当接外电路时，线圈内的电流方向1s内改变50次4．如图，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q1、q2分别置于A、B两点，虚线为等势线．取无穷远处为零电势点，假设将q1、q2移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做的功相等，如此如下说法正确的答案是( )A．A点电势高于B点电势B．A、B两点的电场强度相等C．q1的电荷量小于q2的电荷量D．q1在A点的电势能小于q2在B点的电势能二、双项选择题：本大题共5小题，每一小题6分，共30分．在每一小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．如下列图两个内壁光滑、半径不同的半球形碗，放在不同高度的水平面上，使两碗口处于同一水平面．现将质量一样的两个小球〔小球半径远小于碗的半径〕，分别从两个碗的边缘由静止释放〔忽略空气阻力〕，如此( )A．小球在碗中做匀速圆周运动B．过最低点时，两小球都处于超重状态C．过最低点时，两小球的角速度大小相等D．过最低点时，两小球的机械能相等6．竖直悬挂的轻弹簧下连接一个小球，用手托起小球，使弹簧处于压缩状态，如下列图．如此迅速放手后( )A．小球开始向下做匀加速运动B．弹簧恢复原长时小球速度达到最大C．弹簧恢复原长时小球加速度等于gD．小球运动过程中最大加速度大于g7．由于某种原因，人造地球卫星的轨道半径减小了，那么( )A．卫星受到的万有引力增大，线速度减小B．卫星的向心加速度增大，周期减小C．卫星的动能、重力势能和机械能都减小D．卫星的动能增大，重力势能减小，机械能减小8．闭合回路由电阻R与导线组成，其内部磁场大小按B﹣t图变化，方向如图，如此回路中( )A．电流方向为顺时针方向B．电流强度越来越大C．磁通量的变化率恒定不变 D．产生的感应电动势越来越大9．如图，金属杆ab的质量为m、通过的电流为I，处在磁感应强度为B的匀强磁场中，平行导轨间的距离为L，结果ab静止且紧压于水平导轨上．假设磁场方向与导轨平面成θ角，金属杆ab与水平导轨间的摩擦系数为μ，如此以下说法正确的答案是( )A．金属杆ab所受的安培力大小为BILsinθB．金属杆ab所受的安培力大小为BILC．金属杆ab所受的摩擦力大小为BILsinθD．金属杆ab所受的摩擦力大小为μmg三、非选择题10．小谢所在的实验小组测量小车从斜面上下滑所受到的阻力大小，他利用一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如图甲所示．图乙是打出的纸带的一段，已量出各相邻计数点的长度分别为：S1、S2、S3、S4、S5、S6、S7、S8．①打点计时器使用的交流电频率为f，如此打下B点时小车的速度V B=__________，小车下滑的加速度算式为a=__________〔用题中所给的符号表示〕．②当地的重力加速度为g，本实验中只有毫米刻度尺，没有量角器，为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，还需测量的物理量有__________ 〔要用文字与符号表示〕．③用加速度a与其他需要测得的量表示阻力的计算式为F阻=__________．11．某实验小组要准确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，该灯正常工作时电阻大约100Ω，电学符号与小灯泡电学符号一样．现有的器材规格如下：A．待测LED灯R xB．直流毫安表A1〔量程0﹣10mA，内阻约为100Ω〕C．直流毫安表A2〔量程0﹣40mA，内阻约为40Ω〕D．直流电压表V1〔量程0﹣3V，内阻约为5kΩ〕E．直流电压表V2〔量程0﹣15V，内阻约为15kΩ〕F．直流电源〔输出电压4.5V，内阻很小〕G．滑动变阻器R1〔阻值范围0﹣50Ω，允许最大电流1A〕H．滑动变阻器R2〔阻值范围0﹣10kΩ，允许最大电流1A〕I．开关一个、导线假设干．①为了尽可能准确测定LED灯正常工作时的电阻，所选电流表为__________〔填“A1〞或“A2〞〕，所选电压表为__________〔填“V1〞或“V2〞〕；滑动变阻器应选__________〔填“R1〞或“R2〞〕②请根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接；③闭合开关S后，某次测量时电压表的示数如丙所示，该示数为__________V．12．〔18分〕如下列图，在矩形区域abcd内充满垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．在ad边中点O的粒子源，在t=0时刻垂直于磁场发射出大量的同种带电粒子，所有粒子的初速度大小一样，方向与Od的夹角分布在0～180°范围内．沿Od方向发射的粒子在t=t0时刻刚好从磁场边界cd上的p点离开磁场，ab=1.5L，bc=L，粒子在磁场中做圆周运动的半径R=L，不计粒子的重力和粒子间的相互作用，求：〔1〕粒子带电的电性和粒子在磁场中的运动周期T；〔2〕粒子的比荷；〔3〕粒子在磁场中运动的最长时间．13．〔18分〕如图，“蜗牛状〞轨道OAB竖直固定，其最低点与平板车左端平滑对接，平板车静止在光滑水平面上．其中，“蜗牛状〞轨道由内壁光滑的两个半圆轨道OA、AB平滑连接而成，轨道OA的半径R=0.6m，其下端O刚好是轨道AB的圆心．将一质量为m=0.5kg的小球从O点沿切线方向以某一初速度进入轨道OA后，可沿OAB轨道运动滑上平板车．取g=10m/s2．〔1〕假设因受机械强度的限制，“蜗牛状〞轨道AB段各处能承受最大挤压力为F m=65N，如此在保证轨道不受损情况下，该轨道最低点B处速度传感器显示速度范围如何？〔2〕设平板车质量为M=2kg，平板车长度为L=2m，小球与平板车上外表动摩擦因数μ=0.5．现换用不同质量m的小球，以初速度v0=m/s从O点射入轨道，试讨论小球质量在不同取值范围内，系统因摩擦而相应产生的热量Q．广东省揭阳市普宁二中2015届高考物理一模试卷一、单项选择题：此题包括4小题，每一小题4分，共16分．在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验〞，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进展了合理的外推，由此得出的结论是( ) A．力不是维持物体运动的原因B．力是使物体产生加速度的原因C．自由落体运动是一种匀变速直线运动D．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性考点：牛顿第一定律；惯性．分析：结论是由实验推导出来的，所以结论必须与实验相联系，题目中的结论要与随着斜面倾角的增大，铜球做怎样的运动有关．解答：解：铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的情况就是90°时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动．应当选C．点评：该题属于实验推论题，要求同学们正确理解科学家的根本观点和佐证实验，该题难度不大，属于根底题．2．如下列图，物体A置于倾斜的传送带上，它能随传送带一起向上或向下做匀速运动，如下关于物体A在上述两种情况下的受力描述，正确的答案是( )A．物体A随传送带一起向上运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下B．物体A随传送带一起向下运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下C．物体A随传送带一起向下运动时，A不受摩擦力作用D．无论物体A随传送带一起向上还是向下运动，传送带对物体A的作用力均一样考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：物体相对皮带静止，随传送带一起向上或向下做匀速运动，所以物体受力平衡，根据平衡条件来确定物体的受到摩擦力情况．解答：解：A、物体相对皮带静止，随传送带一起向上或向下做匀速运动，所以物体受力平衡，在沿斜面方向有：mgsinθ=f，所以无论传送带向上或向下运动，A所受的摩擦力沿斜面向上，故ABC错误；D、对物体受力分析，受到重力和传送带对物体的作用力，所以传送带对物体A的作用力大小等于重力，方向竖直向上，所以无论传送带向上或向下运动，传送带对物体A的作用力均一样，故D正确．应当选：D点评：考查根据物体的运动状态来确定物体的受力情况，同时也可以由受力情况来确定物体的运动状态．3．阻值不计的矩形线圈在匀强磁场中，绕垂直于磁感线的轴匀速转动，线圈两端的电压随时间的变化规律如下列图．如此如下说法中正确的答案是( )A．线圈两端电压的平均值为10VB．电压表连接在线圈两端时，其示数为20VC．在0.01s时，线圈平面与磁场垂直D．当接外电路时，线圈内的电流方向1s内改变50次考点：交流发电机与其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：从图象得出电动势最大值、周期，从而算出频率、角速度、有效值；磁通量最大时电动势为零，磁通量为零时电动势最大．解答：解：A、线圈两端电压的平均值为为一段时间内的数值，在时间不知道的情况下不可以求解，故A错误；B、电表示数为有效值，电压有效值为=10V，故B错误；C、t=0.01s时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，C正确；D、A、由图象知周期T=0.02s，一个周期电流方向变化两次呢，故1内变化100次，故D错误；应当选：C．点评：此题考查了对交流电图象的认识，要具备从图象中获得有用信息的能力，注意电表读数为有效值．4．如图，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷q1、q2分别置于A、B两点，虚线为等势线．取无穷远处为零电势点，假设将q1、q2移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做的功相等，如此如下说法正确的答案是( )A．A点电势高于B点电势B．A、B两点的电场强度相等C．q1的电荷量小于q2的电荷量D．q1在A点的电势能小于q2在B点的电势能考点：电势；电场强度；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：将两个带正电的试探电荷q1、q2移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做功，说明Q 带负电，即可判断A、B电势上下；由点电荷场强公式E=k分析场强的大小；由图分析可知：A与无穷远间的电势差大于B与无穷远间的电势差，根据电场力做功公式W=qU，分析电荷量的大小；根据电场力做功与电势能的关系，即可判断q1在A点的电势能与q2在B点的电势能的大小．解答：解：A、由题，将两个带正电的试探电荷q1、q2移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做功，如此知Q与两个试探电荷之间存在引力，说明Q带负电，电场线方向从无穷远处指向Q，如此A点电势小于B点电势．故A错误．B、由点电荷场强公式E=k分析可知，A点的场强大于B点的场强．故B错误．C、由图分析可知：A与无穷远间的电势差大于B与无穷远间的电势差，将q1、q2移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做的功相等，根据电场力做功公式W=qU，得知，q1的电荷量小于q2的电荷量．故C正确．D、将q1、q2移动到无穷远的过程中外力抑制电场力做的功相等，两个试探电荷电势能的变化量相等，无穷远处电势能为零，如此q1在A点的电势能等于q2在B点的电势能．故D错误．应当选：C点评：此题根据电场力做功与电势能变化的关系分析电势能的大小，根据公式E=k分析场强的大小等等，都是常用的思路．二、双项选择题：本大题共5小题，每一小题6分，共30分．在每一小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．如下列图两个内壁光滑、半径不同的半球形碗，放在不同高度的水平面上，使两碗口处于同一水平面．现将质量一样的两个小球〔小球半径远小于碗的半径〕，分别从两个碗的边缘由静止释放〔忽略空气阻力〕，如此( )A．小球在碗中做匀速圆周运动B．过最低点时，两小球都处于超重状态C．过最低点时，两小球的角速度大小相等D．过最低点时，两小球的机械能相等考点：功能关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：小球在运动中机械能守恒，选取一样的零势能面可得出两小球具有一样的机械能；由机械能守恒定律可得出小球在碗底的速度，由向心力公式可得出压力的关系．解答：解：A、根据机械能守恒定律可知，小球下降的过程中速度增大，故A错误；B、由向心力公式可得：F﹣mg=m=2mg，解得：F=3mg，故压力大于重力，两小球都处于超重状态．故B正确；C、小球在下落中机械能守恒，如此有：mgr=，，，因两小球下降的高度不同，故两小球到达底部的角速度不同，故C错误；D、小球开始时高度一样且初速度为零，故两小球的机械能一样，故D正确；应当选：BD．点评：对于比拟两种情况类的题目，要注意找出两者间的一样点与不同点，选择适宜的规律求解．6．竖直悬挂的轻弹簧下连接一个小球，用手托起小球，使弹簧处于压缩状态，如下列图．如此迅速放手后( )A．小球开始向下做匀加速运动B．弹簧恢复原长时小球速度达到最大C．弹簧恢复原长时小球加速度等于gD．小球运动过程中最大加速度大于g考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：弹簧原来处于压缩状态，小球受到重力、弹簧向下的弹力和手的支持力，迅速放手后，分析小球的受力情况分析其运动情况，其中弹簧的弹力与弹簧的形变量大小成正比，根据牛顿第二定律研究小球的加速度．解答：解：A、迅速放手后，小球受到重力、弹簧向下的弹力作用，向下做加速运动，弹力将减小，小球的加速度也减小，小球做变加速运动．故A错误．B、当小球的重力与弹力大小相等，方向相反时，速度最大，故B错误C、弹簧恢复原长时，小球只受重力，加速度为g．故C正确．D、刚放手时，小球所受的合力大于重力，加速度大于g．故D正确．应当选：CD点评：此题关键是分析小球的受力情况，来判断其运动情况，利用简谐运动的对称性研究小球到达最低点时的加速度．7．由于某种原因，人造地球卫星的轨道半径减小了，那么( )A．卫星受到的万有引力增大，线速度减小B．卫星的向心加速度增大，周期减小C．卫星的动能、重力势能和机械能都减小D．卫星的动能增大，重力势能减小，机械能减小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．专题：人造卫星问题．分析：从万有引力提供圆周运动向心力处理轨道半径变化引起的描述圆周运动物理量的变化，从能量角度分析卫星能量的变化．解答：解：卫星绕地球做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力：=ma知：A、万有引力与距离的二次方成反比，半径减小如此万有引力增大，线速度v=知，半径减小，线速度增大，故A错误；B、，知r减小a增大，T=，r减小T减小，故B正确；C、卫星运行的线速度v=知半径减小，线速度v增大，故动能增大，故C错误；D、卫星运行的线速度v=知半径减小，线速度v增大，故动能增大，卫星轨道高度降低如此其重力势能减小，在轨道减小的过程中由于阻力的存在，卫星要抑制阻力做功功，机械能减小，故D正确．应当选：BD点评：万有引力提供圆周运动向心力并由此分析描述圆周运动物理量与半径间的关系，知道卫星轨道半径减小是由于抑制稀薄空气阻力做功引起的．8．闭合回路由电阻R与导线组成，其内部磁场大小按B﹣t图变化，方向如图，如此回路中( )A．电流方向为顺时针方向B．电流强度越来越大C．磁通量的变化率恒定不变 D．产生的感应电动势越来越大考点：法拉第电磁感应定律；影响感应电动势大小的因素；楞次定律．专题：计算题．分析：由B﹣t图象可知磁感应强度的变化情况，如此由磁通量的定义可知磁通量的变化率；再由楞次定律可判断电流方向；由法拉第电磁感应定律可求得感应电动势．解答：解：由图象可知，磁感应随时间均匀增大，如此由∅=BS可知，磁通量随时间均匀增加，故其变化率恒定不变，故C正确；由楞次定律可知，电流方向为顺时针，故A正确；由法拉第电磁感应定律可知，E==S，故感应电动势保持不变，电流强度不变，故BD均错；应当选AC．点评：此题考查楞次定律与法拉第电磁感应定律的应用，二者分别判断感应电流的方向和大小，应熟练掌握．9．如图，金属杆ab的质量为m、通过的电流为I，处在磁感应强度为B的匀强磁场中，平行导轨间的距离为L，结果ab静止且紧压于水平导轨上．假设磁场方向与导轨平面成θ角，金属杆ab与水平导轨间的摩擦系数为μ，如此以下说法正确的答案是( )A．金属杆ab所受的安培力大小为BILsinθB．金属杆ab所受的安培力大小为BILC．金属杆ab所受的摩擦力大小为BILsinθD．金属杆ab所受的摩擦力大小为μmg考点：安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．分析：金属杆ab受到重力、安培力、导轨的支持力和摩擦力平衡，金属杆与磁场方向垂直，安培力大小F A=BIL，根据平衡条件列方程求解．解答：解：作出金属杆受力的主视图，如图．根据平衡条件得F f=BILsinθF N=mg﹣BILcosθ电流和磁场垂直，故F A=BIL应当选：BC点评：此题考查应用平衡条件解决磁场中通电导体的平衡问题，关键在于安培力分析和计算．此题要注意导体与磁场垂直三、非选择题10．小谢所在的实验小组测量小车从斜面上下滑所受到的阻力大小，他利用一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如图甲所示．图乙是打出的纸带的一段，已量出各相邻计数点的长度分别为：S1、S2、S3、S4、S5、S6、S7、S8．①打点计时器使用的交流电频率为f，如此打下B点时小车的速度V B=，小车下滑的加速度算式为a=〔用题中所给的符号表示〕．②当地的重力加速度为g，本实验中只有毫米刻度尺，没有量角器，为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，还需测量的物理量有小车质量m、斜面上任意两点间距离l与这两点的高度差h 〔要用文字与符号表示〕．③用加速度a与其他需要测得的量表示阻力的计算式为F阻=．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：①匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，根据△x=aT2列式求解加速度；②③根据牛顿第二定律列式求解阻力，确定待测量．解答：解：①匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故：V B==根据公式△x=aT2，有：其中：T=解得：a=②③根据牛顿第二定律，有：mgsinθ﹣F阻=ma解得：F阻=mgsinθ﹣ma=故还需要测量小车质量m、斜面上任意两点间距离l与这两点的高度差h；故答案为：①，；②小车质量m、斜面上任意两点间距离l与这两点的高度差h；③．点评：此题关键是明确小车的受力情况和运动性质，然后结合运动学公式和牛顿第二定律定律列式求解．11．某实验小组要准确测定额定电压为3V的LED灯正常工作时的电阻，该灯正常工作时电阻大约100Ω，电学符号与小灯泡电学符号一样．现有的器材规格如下：A．待测LED灯R xB．直流毫安表A1〔量程0﹣10mA，内阻约为100Ω〕C．直流毫安表A2〔量程0﹣40mA，内阻约为40Ω〕D．直流电压表V1〔量程0﹣3V，内阻约为5kΩ〕E．直流电压表V2〔量程0﹣15V，内阻约为15kΩ〕F．直流电源〔输出电压4.5V，内阻很小〕G．滑动变阻器R1〔阻值范围0﹣50Ω，允许最大电流1A〕H．滑动变阻器R2〔阻值范围0﹣10kΩ，允许最大电流1A〕I．开关一个、导线假设干．①为了尽可能准确测定LED灯正常工作时的电阻，所选电流表为〔填“A1〞或“A2〞〕，所选电压表为〔填“V1〞或“V2〞〕；滑动变阻器应选〔填“R1〞或“R2〞〕②请根据实验原理图甲，完成图乙未完成的实物连接；③闭合开关S后，某次测量时电压表的示数如丙所示，该示数为2.70V．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；恒定电流专题．分析：此题①根据通过LED灯的最大电流来选择电流表量程，根据额定电压大小来选择电压表的量程，根据变阻器采用的分压式接法来选择变阻器大小；题②连线时先连好分压电路在依次连接即可；题③根据电表每小格的读数来确定估读方法，假设出现“1〞如此应进展“〞估读，出现“2〞如此应进展“〞估读，出现“5〞如此应进展“〞估读．解答：解：①由欧姆定律可求出通过LED灯的最大电流为，所以电流表应选择；根据LED灯的额定电压可知电压表应选择；由于变阻器采用分压式接法时，变阻器阻值越小调节越方便，所以变阻器应选择；②是连线图如下列图：③由于电压表每小格读数为0.1V，应估读到0.01V，所以电压表的读数为U=2.70V〔2.69、2.71均可以〕；故答案为：①，，；②如图；③2.70点评：应明确：①应根据待测电阻的额定电压和额定电流大小来选择电压表与电流表的量程；②当变阻器采用分压式接法时，应选择阻值小的变阻器以方便调节；③根据电表每小格的读数大小来选择估读方法：假设出现“1〞如此进展“〞估读，出现“2〞如此进展“〞估读，出现“5〞如此进展“〞估读．12．〔18分〕如下列图，在矩形区域abcd内充满垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．在ad边中点O的粒子源，在t=0时刻垂直于磁场发射出大量的同种带电粒子，所有粒子的初速度大小一样，方向与Od的夹角分布在0～180°范围内．沿Od方向发射的粒子在t=t0时刻刚好从磁场边界cd上的p点离开磁场，ab=1.5L，bc=L，粒子在磁场中做圆周运动的半径R=L，不计粒子的重力和粒子间的相互作用，求：〔1〕粒子带电的电性和粒子在磁场中的运动周期T；〔2〕粒子的比荷；。

二.选择题:本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14～18题只有一项符合题目要求,第19～21题有多项符合题目要求.全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.14．带等量异种电荷的两个相同的金属小球A、B相隔L固定，两球之间的吸引力的大小是F，今让第三个不带电的相同金属小球C先后与A、B两球接触后移开．这时，A、B两球之间的库仑力的大小是() A．F B．F/4C．F/8D．3F/8【答案】C答案：A考点：库仑定律、电荷守恒定律【名师点睛】完全相同的两个金属球在相接触时，若带同种电荷，先将电荷量加起来，然后各分一半；若带异种电荷，先中和，然后将剩下来的电荷各分一半。

要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分；根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量求出问题．15．电场中有一点P，下列哪些说法是正确的()A．若放在P点的检验电荷的电量减半，则P点的场强减半B．若P点没有检验电荷，则P点的场强为零C．放在P点的检验电荷的电量越大，则受到的电场力越大D．P点的场强方向为带负电的检验电荷在该点的受力方向【答案】C【解析】试题分析：通过电荷所受电场力与其电量的比值来定义电场强度，该点的电场强度已是定值，若放在P点的电荷的电量减半，其比值是不变的，只有电场力减半，选项A错误；若P点没有检验电荷，则没有电场力，而P点的电场强度仍不变，选项B错误；放在P点的检验电荷的电量越大，则受到的电场力越大，选项C正确；P点的场强方向为检验正电荷在该点的受力方向，故D错误。

考点：对电场强度的理解【名师点睛】电场强度是通过比值定义的，比值与其电场力及电量均没有关系．例如：质量与体积的比值定义为密度．当质量变大时，体积变大，而比值却不变．电场线虽不实际存在，但却能形象描绘电场的强度与方向．16．如下图所示，a 、b 、c 是匀强电场中三点，各点电势依次为10 V 、2 V 、6 V ，三点在同一平面上，下列各图中，场强方向表示可能正确的是( )【答案】D考点：匀强电场、电场线与等势面【名师点睛】匀强电场中，电场强度大小处处相等，方向处处相同，则电场线是平行且等间距；电势沿着电场线降低，电场线与等势面垂直。

揭阳市2016年高中毕业班高考第一次模拟考试理科综合物理部分二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．从高度为h 处以水平速度v 0抛出一个物体，要使该物体落地时速度v的方向与水平地面的夹角θ较大，则h 与v 0的取值应为下列中的哪一组A ．h ＝50 m ，v 0＝30 m/sB ．h ＝50 m ，v 0＝10 m/sC ．h ＝30 m ，v 0＝10 m/sD ．h ＝30 m ，v 0＝30 m/s15．如图所示，理想变压器原副线圈的匝数之比为1:n ，副线圈接一定值电阻R ，下列说法正确的是A ．若ab 之间接直流电压U ，则R 中的电流为RnUB ．若ab 之间接直流电压U ，则原、副线圈中的电流均为零C ．若ab 之间接交流电压U ，则原线圈中的电流为R U n 2D ．若ab 之间接交流电压U ，则副线圈中的电流为nRU16．如图a 所示，将质量为m 的物体置于倾角为θ的平板上，当θ从0缓慢增大到90°的过程中，物体所受摩擦力F f 与θ的关系如图b 所示，已知物体始终没有脱离平板，物体与平板间的动摩擦因数为0.75。

最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度为g ，则 A ．O ﹣q 段图线是直线B ．q ﹣2π段图线是直线 C ．53mgP =D ．6π=q17．矩形导线框abcd 放在磁场中，在外力控制下静止不动，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度B 随时间变化的图象如图甲所示。

t =0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里；在0～4s 时间内，线框ab边受磁场的作用力随时间变化的图象(力的方向规定以向左为正方向)是图中的图甲ABCDvv 018．太极球是广大市民中较流行的一种健身器材。

将太极球（拍和球）简化成如图所示的平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做半径为R 的匀速圆周运动，且在运动到图中的A 、B 、C 、D 位置时球与板间无相对运动趋势。

普宁英才华侨中学高二第一次月考物理试题〔答题卷〕一、选择题。

〔每题4分，多项选择错选不得分，漏选得2分。

〕题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C CD B D D AC D C ABD二、填空题：〔每题4分，6题共24分〕11、1.6×10-19C、 6.25×101012、4N/C、向上、1.28×10-11N、向上13、200N/C、向右、1×10-6C、负电荷14、9/4Q 、正电荷、AB延长线上且距离B点L/215、5×10-6J 、250V 16、3 ：1 、 3 ：1 、 1 ：3三、计算题〔86分，解答应写明必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案17、解：以其中一个小球为研究对象，设每个小球的带电量为q，由受力分析和对称性知：G=mg ① 2分F斥=kq2/L2② 3分F 斥=Gtan〔α/2〕③ 3分由以上各式可解得：q=4.4×10-9C 2分GTF斥G18、解:(1)把q从无穷远处移到A点需抑制电场力做功W ,如此假设把q从A点移到无穷远处, 电场力做正功W=1.2×10-4J由W=E PA -E P无①又: Ep无=φ无.q ②φ无=0 ③由以上三式解得:E PA=W=1.2×10-4J又: φA= E PA/qφA= 1.2×10-4 V(2)电势与检验电荷无关,只由电场中的位置来决定,故q未移入前A点的电势也为1.2×10-4 V19、解:〔1〕由U AN=ΦA－φN①U AN=W AN/q ②ΦN=0 ③解得：ΦA=－100V〔2〕U AM=W AM/q ④U AM=ΦA－φM ⑤U MN=ΦM－φN=－U AM＋U AN ⑥由以上各式解得：U MN=－200V＋〔－100V〕=－300V第19〔3〕U MN=ΦM－φN而ΦN=0故ΦM=U MN=－300V解得：E a=200N/C方向由a指向b把检验电荷从a点移去后，a点的场强大小和方向均不变〔2〕由E=Kq/r2又oa=1/4ob故E b=1/16E aF b=1/16E aF b=E b·e=2×10－18N方向由b指向a21、解(1):由受力分析知:Eq=mgtanθ①q= mgtanθ/E=2.9×10－6Cq带正电(2)悬线拉力设为TTcosθ=mg ②T=mg/cosθ=0.1N方向由绳指向悬点(3)剪断后,F合=Eq ③F合=ma ④d=1/2at2⑤由③④⑤解得:t=0.1SW电=5×10－2J U AB=W电/q ②U AB=104VW电=E P A－E P B ③由①③知:⊿E P=E P A－E P B =－5×10－2J即电势能减少了－5×10－2J由动能定理:E q·L+mgL=1/2Mv B2 ④解得:v B =4.5m/s。

2015-2016学年广东省揭阳一中高二（上）第一次段考物理试卷一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分；每小题只有一项符合题目要求．）1．如图所示，一带正电的物体位于M处，用绝缘丝线系上带正电的小球，分别挂在P1、P2、P3的位置，可观察到小球在不同位置时丝线偏离竖直方向的角度不同．则下面关于此实验得出的结论中正确的是（）A．电荷之间作用力的大小与两电荷间的距离有关B．电荷之间作用力的大小与两电荷的性质有关C．电荷之间作用力的大小与两电荷所带的电量有关D．电荷之间作用力的大小与丝线的长度有关2．A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）A．B．C．D．3．一带电粒子只在电场力的作用下沿图中曲线从J到K穿过一匀强电场，a、b、c、d为该电场的等势面，其中有φa＜φb＜φc＜φd，若不计粒子的重力，可以确定（）A．粒子带正电B．从J到K粒子的电势能增加C．粒子带负电D．粒子从J到K运动过程中的动能与电势能之和可能增加4．如图所示，在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块．由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止．在物块的运动过程中，下列表述正确的是（）A．两个物块的电势能逐渐减少B．物块受到的库仑力不做功C．两个物块的机械能守恒D．物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力5．如图所示，用绝缘细线拴一带负电小球，在竖直平面内做圆周运动，匀强电场方向竖直向下，则（）A．当小球运动到最高点a时，线的张力一定最小B．当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大C．当小球运动到最高点a时，小球的电势能最小D．小球在运动过程中机械能守恒6．平行板间加如图所示周期变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=0时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况．图中，能定性描述粒子运动的速度图象正确的是（）A．B．C．D．二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）7．对于给定的电容器，描述其电容C、电荷量Q、电压U之间的相应关系的图象正确的是（）A．B．C．D．8．用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点场强的强弱．如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称，则（）A．B、C两点场强大小和方向都相同B．A、D两点场强大小和方向都相同C．E、O、F三点比较，O点场强最弱D．B、O、C三点比较，O点场强最弱9．如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有（）A．带正电的矿粉落在右侧 B．电场力对矿粉做正功C．带负电的矿粉电势能变大D．带正电的矿粉电势能变小10．如图，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m 的带正电小球，小球与弹簧不连接，施加外力F将小球向下压至某位置静止．现撤去F，小球从静止开始运动到离开弹簧的过程中，重力、电场力对小球所做的功分别为W1和W2，小球离开弹簧时速度为v，不计空气阻力，则上述过程中（）A．小球与弹簧组成的系统机械能守恒B．小球的重力势能增加﹣W1C．小球的机械能增加W1+mv2D．小球的电势能减少W2三、非选择题（本题共小4题，每小题15分，共60分．按题目要求在答卷相应位置作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）11．如图所示，一个挂在绝缘细线下端的带正电的小球B，静止在图示位置，若固定的带正电小球A的电荷量为Q，B球的质量为m，带电荷量为q，θ=30°，A和B在同一条水平线上，整个装置处于真空中，求A、B两球间的距离．12．如图所示，一带电荷量为+q、质最为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．已知重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求水平向右匀强电场的电场强度大小；（2）若将电场强度减小为原来的，求电场强度变化后物块沿斜面下滑距离L时的动能．13．如图所示，A、B是位于竖直平面内、半径R=0.5m的圆弧形的光滑绝缘轨道，其下端点B与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度E=5×103N/C．今有一质量为m=0.1kg、带电荷量q=8×10﹣5C的小滑块（可视为质点）从A点由静止释放，若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.05，取g=10m/s2，求：（1）小滑块第一次经过圆弧形轨道最低点B时对B点的压力（2）小滑块在水平轨道上通过的总路程．14．如图所示，绝缘小球A静止在高为h=0.8m的光滑平台上，带电量为q B=+0.3C的小球B用长为L=1m的细线悬挂在平台上方，两球质量m A=m B=0.5kg，整个装置放在竖直向下的匀强电场中，场强大小E=10N/C，现将细线拉开角度α=60°后，由静止释放B球，在最低点与A球发生对心碰撞，碰撞时无机械能损失．不计空气阻力，取g=10m/s2，求：（1）B球在碰撞前的速度；（2）A球离开平台的水平位移大小．2015-2016学年广东省揭阳一中高二（上）第一次段考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分；每小题只有一项符合题目要求．）1．如图所示，一带正电的物体位于M处，用绝缘丝线系上带正电的小球，分别挂在P1、P2、P3的位置，可观察到小球在不同位置时丝线偏离竖直方向的角度不同．则下面关于此实验得出的结论中正确的是（）A．电荷之间作用力的大小与两电荷间的距离有关B．电荷之间作用力的大小与两电荷的性质有关C．电荷之间作用力的大小与两电荷所带的电量有关D．电荷之间作用力的大小与丝线的长度有关【考点】库仑定律．【专题】控制变量法．【分析】解答本题要了解库仑力的推导过程，由于决定电荷之间作用力大小的因素很多，因此需要采用控制变量的方法进行研究．虽然学生现在都知道库仑力的决定因素，但是该实验只是研究了库仑力和距离之间的关系．【解答】解：在研究电荷之间作用力大小的决定因素时，采用控制变量的方法进行，如本实验，根据小球的摆角可以看出小球所受作用力逐渐减小，由于没有改变电性和电量，不能研究电荷之间作用力和电性、电量关系，故BCD错误，A正确．故选A．【点评】控制变量法是高中物理物理中重要研究方法，要了解控制变量法的应用．2．A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度﹣时间图象如图所示．则这一电场可能是下图中的（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像；电场线．【分析】（1）速度﹣﹣时间图象中，图象的斜率表示加速度；（2）电场线分布密集的地方电场强度大，分布稀疏的地方，电场强度小；（3）负电荷受电场力的方向与电场强度方向相反；（4）对只受电场力作用的带电微粒，电场力越大，加速度越大，也就是电场强度越大，加速度越大．【解答】解：由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大，故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越来越大，受力方向与运动方向相反．故选：A．【点评】本题考查了速度﹣﹣时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况．能根据电场线的分布判断电场强度的大小．难度适中．3．一带电粒子只在电场力的作用下沿图中曲线从J到K穿过一匀强电场，a、b、c、d为该电场的等势面，其中有φa＜φb＜φc＜φd，若不计粒子的重力，可以确定（）A．粒子带正电B．从J到K粒子的电势能增加C．粒子带负电D．粒子从J到K运动过程中的动能与电势能之和可能增加【考点】等势面；电势；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧．则电场力一定水平向右，同时注意电场线和等势线垂直，又因电势沿电场线方向降低则说明电场沿水平方向向左，则说明带负电．再由电场力做功判断能量变化．【解答】解：由运动轨迹可知电场力方向向右，由电势的高低可知电场线方向向左，则电性为负，故A错误，C正确由J到K电场力做正功，则动能增加，电势能减小，但总能量不变．故B错误，D错误．故选：C．【点评】本题通过带电粒子在电场中的运动考查了电势、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向其轨迹内侧．4．如图所示，在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块．由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止．在物块的运动过程中，下列表述正确的是（）A．两个物块的电势能逐渐减少B．物块受到的库仑力不做功C．两个物块的机械能守恒D．物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力【考点】电势能；功的计算；库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由静止释放后，两个物块向相反方向运动，两物块之间的库仑力做正功，电势能减小．开始阶段，库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动，当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能先增大，后减小．【解答】解：A、由静止释放后，两个物块向相反方向运动，两物块之间的库仑力做正功，电势能减小．故A正确．B、两物块之间存在库仑斥力，对物块做正功．故B错误．CD、开始阶段，库仑力大于物块的摩擦力，物块做加速运动，动能增大；当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，动能减小，重力势能不变，则机械能先增大，后减小，不守恒．故CD错误．故选：A【点评】本题首先考查分析物块受力情况和运动情况的能力，要抓住库仑力随距离增大而减小的特点．5．如图所示，用绝缘细线拴一带负电小球，在竖直平面内做圆周运动，匀强电场方向竖直向下，则（）A．当小球运动到最高点a时，线的张力一定最小B．当小球运动到最低点b时，小球的速度一定最大C．当小球运动到最高点a时，小球的电势能最小D．小球在运动过程中机械能守恒【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；机械能守恒定律；电势能．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】分析小球所受重力与电场力的大小关系：当重力大于电场力时，小球运动到最高点a 时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于电场力时，小球做匀速圆周运动．当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小；由于电场力做功，小球的机械能一定不守恒．【解答】解：A、B、小球在电场中受到重力和向上的电场力．当重力大于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最小，到达最低点b时，小球的速度最大；当重力等于电场力时，小球做匀速圆周运动，速度大小不变．当重力小于电场力时，小球运动到最高点a时，线的张力一定最大，到达最低点b时，小球的速度最小；故A、B错误．C、当小球最低点到最高点的过程中，电场力做正功，电势能减小，小球运动到最高点A，小球的电势能最小．故C正确．D、由于电场力做功，小球的机械能一定不守恒．故D错误．故选：C．【点评】本题中题设条件不明，要考虑各种可能的情况进行讨论，分三种情况分析小球的受力情况和运动情况．6．平行板间加如图所示周期变化的电压，重力不计的带电粒子静止在平行板中央，从t=0时刻开始将其释放，运动过程无碰板情况．图中，能定性描述粒子运动的速度图象正确的是（）A．B．C．D．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】不计重力的带电粒子在周期变化的电场中，在电场力作用下运动．速度随着时间变化的关系由加速度来确定，而加速度是由电场力来确定，而电场力却由电势差来确定．【解答】解：开始粒子在匀强电场中从静止运动，前半个周期是匀加速运动，后半个周期是匀减速运动，在下一个周期中仍是这样：继续向前匀加速运动，再匀减速运动，这样一直向前运动下去．速度的方向不变，而大小先增大后减小，再增大，再减小．故选：A【点评】带电粒子正好是从零时刻由静止开始运动，加速度、速度具有周期性与对称性．二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）7．对于给定的电容器，描述其电容C、电荷量Q、电压U之间的相应关系的图象正确的是（）A．B．C．D．【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】电容器的电容由本身的性质决定，与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比．【解答】解：A、电容器的电容由本身的性质决定，与Q和U无关，所以C随U的变化不变．故A错误，B正确．C、根据Q=CU，知Q与U成正比．故C正确，D错误．故选：BC．【点评】解决本题的关键掌握电容的定义式，知道C与Q和U无关，根据Q=CU，知Q与U成正比．8．用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点场强的强弱．如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：O是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，B、C和A、D也相对O对称，则（）A．B、C两点场强大小和方向都相同B．A、D两点场强大小和方向都相同C．E、O、F三点比较，O点场强最弱D．B、O、C三点比较，O点场强最弱【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小．根据等量异种点电荷形成电场的电场线分布的对称性分析对称点场强的大小关系．等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线．【解答】解：A、根据对称性看出，B、C两处电场线疏密程度相同，则B、C两点场强大小相同．这两点场强的方向均由B→C，方向相同．故A正确．B、根据对称性看出，A、D两处电场线疏密程度相同，则A、D两点场强大小相同．由图看出，A、D两点场强方向相同．故B正确．C、由图看出，E、O、F三点比较，O点场强最强．故C错误．D、由图看出，B、O、C三点比较，O点场强最小．故D正确．故选：ABD．【点评】对于等量异种点电荷和等量同种点电荷的电场线、等势线的分布是考试的热点，要抓住对称性进行记忆．9．如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有（）A．带正电的矿粉落在右侧 B．电场力对矿粉做正功C．带负电的矿粉电势能变大D．带正电的矿粉电势能变小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】首先要明确矿料分选器内电场的分布及方向，判断矿粉的运动情况，从而可得到正确答案．【解答】解：由图可知，矿料分选器内的电场方向水平向左，A、带正电的矿粉受到水平向左的电场力，所以会落到左侧，选项A错误．B、无论矿粉带什么电，在水平方向上都会在电场力的作用下沿电场力的方向偏移，位移与电场力的方向相同，电场力做正功，选项B正确C、带负电的矿粉电场力做正功，所以电势能减小，选项C错误．D、带正电的矿粉电场力做正功，所以电势能减小，选项D正确．故选BD【点评】该题考察了带电物体在电场力作用下的运动，要熟练的掌握带电粒子在电场中的受力情况及其运动情况，并会分析电场力做功与电势能的变化情况．10．如图，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球，小球与弹簧不连接，施加外力F将小球向下压至某位置静止．现撤去F，小球从静止开始运动到离开弹簧的过程中，重力、电场力对小球所做的功分别为W1和W2，小球离开弹簧时速度为v，不计空气阻力，则上述过程中（）A．小球与弹簧组成的系统机械能守恒B．小球的重力势能增加﹣W1C．小球的机械能增加W1+mv2D．小球的电势能减少W2【考点】电势能；机械能守恒定律．【分析】图中电场力对小球做正功，电场力做的功等于电势能的减小量；重力做的功等于重力势能的减小量；小球机械能的增加量等于除重力外其余力做的功．【解答】解：A、由于电场力对小球做正功，故小球与弹簧组成的系统机械能增加，机械能不守恒，故A错误；B、重力做功是重力势能变化的量度，由题意知重力做负功，重力势能增加﹣W1，故B正确；C、小球增加的机械能在数值上等于重力势能和动能的增量，即﹣W1+mv2，故C错误；D、根据电场力做功是电势能变化的量度，电场力做正功电势能减少，电场力做负功电势能增加，则知小球的电势能减少W2，故D正确；故选：BD．【点评】解决本题的关键要掌握常见的功与能的关系，明确势能的减小量等于对应场力（电场力或重力）做的功，除重力和弹簧弹力以外的力做功引起机械能的变化．三、非选择题（本题共小4题，每小题15分，共60分．按题目要求在答卷相应位置作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）11．如图所示，一个挂在绝缘细线下端的带正电的小球B，静止在图示位置，若固定的带正电小球A的电荷量为Q，B球的质量为m，带电荷量为q，θ=30°，A和B在同一条水平线上，整个装置处于真空中，求A、B两球间的距离．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据B球的状态可以求出B球的受力情况，从而求出两球之间的库仑力，再根据库仑定律求出两球之间的距离．【解答】解：以小球为研究对象，对小球进行受力分析，根据小球处于平衡状态可知FF=mgtanθ=mgtan30°= (1)而小球所受库仑力大小为： (2)联立（1）（2）解得A、B两球之间的距离为：．答：A、B两球间的距离为．【点评】对于复合场中的共点力作用下物体的平衡其解决方法和纯力学中共点力作用下物体的平衡适用完全相同的解决方法．12．如图所示，一带电荷量为+q、质最为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置置于一水平向右的匀强电场中，小物块恰好静止．已知重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求水平向右匀强电场的电场强度大小；（2）若将电场强度减小为原来的，求电场强度变化后物块沿斜面下滑距离L时的动能．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）对小物块进行受力分析，小物块受重力、斜面支持力和电场力三个力作用，电场力水平向右，根据小物块受力平衡列方程可求电场力的大小，在匀强电场中电场力F=qE，在已知F和q的情况下，可以计算出E．（2）电场强度减小为原来的，则小物块受到的电场力减小为原来的，物块受到的重力不变，支持力方向不变，小物块在垂直于斜面方向所受合力为0，根据动能定理求解动能的变化．【解答】解：（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，受力图如图所示则有F N sin 37°=qE ①F N cos 37°=m g ②由①②可得E=（2）若电场强度减小为原来的，即E′=电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得mgLsin 37°﹣qE′Lcos 37°=E k﹣0可得E k=0.3mgL答：（1）求水平向右匀强电场的电场强度大小；（2）若将电场强度减小为原来的，求电场强度变化后物块沿斜面下滑距离L时的动能0.3mgL．【点评】正确受力分析，根据平衡列方程可得电场力F的大小，又因电场力F=qE，根据受力分析，运用牛顿第二定律进行解答即可．13．如图所示，A、B是位于竖直平面内、半径R=0.5m的圆弧形的光滑绝缘轨道，其下端点B与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度E=5×103N/C．今有一质量为m=0.1kg、带电荷量q=8×10﹣5C的小滑块（可视为质点）从A点由静止释放，若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.05，取g=10m/s2，求：（1）小滑块第一次经过圆弧形轨道最低点B时对B点的压力（2）小滑块在水平轨道上通过的总路程．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）对滑块从A到B的过程应用动能定理，可求到B点的速度，此时应用牛顿第二定律，可求对B点的压力．（2）滑块在水平轨道运动时，只有电场力和摩擦力对其做功，由动能定理求得水平轨道上的总路程【解答】解：（1）设滑块在B点速度为v，对滑块从A到B的过程，由动能定理得：mgR﹣EqR=mv2 ①设滑块在B点对B点压力为F，轨道对滑块支持力为F′，由牛顿第三定律得得：F′=F ②对滑块由牛顿第二定律得：F′﹣mg=m③由①②③得，F=3mg﹣2Eq=2.2N④（2）由于滑块在水平面上的滑动摩擦力：f=μmg=0.05×0.1×10N=0.05N＜Eq=5×103×8×10﹣5=0.4N⑤并且mg=0.1×10=1N＞Eq=0.4N，故滑块最终将在圆弧轨道上做往复运动．设滑块在水平轨道上通过的总路程为s，对小球在水平面的运动过程，由能量守恒得：mgR﹣EqR﹣μmgs=0 ⑦由⑤⑥⑦代入数据解得：s=6m答：（1）滑块第一次经过圆弧形轨道最低点B时对B点的压力2.2N（2）小滑块在水平轨道上通过的总路程为6m．【点评】对单个物体的运动，求解位移或速度是利用动能定理较为简单，此外，恰当的选择运动过程会使运算简便，要注意选择．本题中要注意比较在平面上时的电场力与摩擦力的大小关系．14．如图所示，绝缘小球A静止在高为h=0.8m的光滑平台上，带电量为q B=+0.3C的小球B用长为L=1m的细线悬挂在平台上方，两球质量m A=m B=0.5kg，整个装置放在竖直向下的匀强电场中，场强大小E=10N/C，现将细线拉开角度α=60°后，由静止释放B球，在最低点与A球发生对心碰撞，碰撞时无机械能损失．不计空气阻力，取g=10m/s2，求：（1）B球在碰撞前的速度；（2）A球离开平台的水平位移大小．【考点】动量守恒定律；平抛运动；动能定理的应用；能量守恒定律；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．【分析】（1）由静止释放B球，在B球向下摆动的过程中，重力和电场力做功，根据动能定理求解B球在碰撞前的速度；（2）A、B两球碰撞时无机械能损失，动量和机械能均守恒，由两大守恒定律列方程可求出碰撞后两球的速度．碰撞后A先向右匀速运动，再平抛运动，由运动的分解法求解A球离开平台的水平位移大小．【解答】解：（1）设B球在最低点速度为，对B球，由动能定理得：。

2015-2016学年广东省揭阳三中高二（上）第一次段考物理试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D．以上说法均不正确2．对于电场线，下列描述正确的是（）A．电场线就是电荷在电场中的运动轨迹B．电场中总有一些电场线是可以相交的C．电场线的疏密程度可以反映电场强度的大小D．两个等量异种电荷产生的电场线是闭合曲线3．关于电场力做功与电势差的关系，下列说法正确的是（）A．M、N两点间的电势差等于单位电荷从M点移到N点电场力做的功B．不管是否存在其他力做功，电场力对电荷做多少正功，电荷的电势能就减少多少C．在两点移动电荷电场力做功为零，则两点一定在同一等势面上，且电荷一定在等势面上移动D．在两点间移动电荷电场力做功的多少与零电势的选择有关4．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递增的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）A．B．C．D．5．如图，一正离子在电场力作用下从A点运动到B点，在A点的速度大小为v0，方向与电场方向相同．该离子从A点到B点的v﹣t图象是（）A．B．C．D．6．如图所示，两个等量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b，在连线上有距中点O等距离的两点c、d，则下列场强大小关系式正确的是（）A．E a=E b B．E a=E O=E b C．E c=E d D．E c＞E O＞E d7．某电场的电场线的分布如图所示，一个带电粒子只在电场力作用下由M点沿图中虚线所示的路径运动通过N点，则下列判断正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在M点的加速度大C．粒子在N点的速度大D．电场力对粒子做负功8．如图，在正电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M=30°，M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，已知φM=φN、φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则（）A．点电荷Q一定在MP的连线上B．连接PF的线段一定在同一等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．φP＞φM二、填空题9．如图所示，ABCD是匀强电场中一矩形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别是φA=15V，φB=3V、φC=﹣3V，由此可以推断D点电势φD= ，并在图中画出过A点的电场线方向．10．如图所示，两个大平行金属板M、N间距离d=1.2cm，两板接在电压U=240V的电源上，M 板接地，板间A点距M板0.2cm，B点距N板0.5cm，一个q=﹣3×10﹣4 C的点电荷放在A点处，则：该电荷在A点所受的静电力F= ； A点的电势φA=和该电荷在B点所具有的电势能E pB= ．三、计算题11．如图，一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点．已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60°；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30°．不计重力．求A、B两点间的电势差．12．在一个水平面上建立x轴，在过原点O垂直于x轴的平面的右侧空间有一匀强电场，场强大小E=6×105N/C，方向与x轴正方向相同，在O处放一个带电量q=﹣5×10﹣8C，质量 m=10g 的绝缘物块，物块与水平面间的动摩擦因数µ=0.2，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2m/s，如图所示，求物块最终停止时的位置．（g取10m/s2）13．如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，它与以正电荷Q为圆心的某圆交于B、C两点，质量为m、电荷量为﹣q的有孔小球从杆上A点无初速度下滑，已知q≪Q，AB=h，小球滑到B点时的速度大小为．求：（1）小球由A点到B点的过程中电场力做的功；（2）A、C两点的电势差．2015-2016学年广东省揭阳三中高二（上）第一次段考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D．以上说法均不正确【考点】元电荷、点电荷．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，并没有产生电荷．感应起电过程电荷在电场力作用下，电荷从物体的一部分转移到另一个部分，所以ABD错误，C正确．故选C【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．2．对于电场线，下列描述正确的是（）A．电场线就是电荷在电场中的运动轨迹B．电场中总有一些电场线是可以相交的C．电场线的疏密程度可以反映电场强度的大小D．两个等量异种电荷产生的电场线是闭合曲线【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，不闭合不相交，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．【解答】解；A、在非均匀的电场中，初速为零、重力不计的带电粒子在电场中运动轨迹不会与电场线重合，故A错误；B、电场线不相交，否则相交的地方的电场线的方向有两个，故B错误；C、电场线的疏密程度可以反映电场强度的大小，故C正确；D、电场线从正电荷出发到负电荷终止，不闭合，故D错误．故选：C．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．3．关于电场力做功与电势差的关系，下列说法正确的是（）A．M、N两点间的电势差等于单位电荷从M点移到N点电场力做的功B．不管是否存在其他力做功，电场力对电荷做多少正功，电荷的电势能就减少多少C．在两点移动电荷电场力做功为零，则两点一定在同一等势面上，且电荷一定在等势面上移动D．在两点间移动电荷电场力做功的多少与零电势的选择有关【考点】电势差；电势能．【分析】电势差等于单位电荷从一点移到另点电场力做的功；电场力对电荷做多少正功，电荷的电势能就减少多少；电场力做功与零电势无关，与电势差有关，根据功能关系进行分析．【解答】解：A、根据电势差和电场力做功的公式U MN=得：两点间的电势差等于从其中一点移到另一点时，电场力所做的功与电荷量的比值，故M、N两点间的电势差等于单位正电荷从M移到N电场力所做的功；故A错误．B、根据功能关系得知：电场力对电荷做多少正功，电荷的电势能就减少多少，故B正确．C、若在两点移动电荷电场力做功为零，则两点电势一定相等，但不一定在等势面上移动，故C错误．D、根据W=qU，可知，两点间移动电荷电场力做功的多少与零电势的选择无关，而与电势差有关，故D错误．故选：B．【点评】电场力做功与电荷电势能的关系，可用重力做功与重力势能的关系类比理解．正电荷放在电势高的地方，电势能大，而负电荷放在电势高的地方，电势能小是重要的推论，在判断电势能大小时经常用到，要加强记忆．4．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递增的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）A．B．C．D．【考点】电场强度；向心力．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据物体做曲线运动的条件和受力特点分析电荷受的电场力方向，再由负电荷所受的电场力方向与场强方向相反进行选择．【解答】解：A、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向．故A错误．B、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题相符．故B正确．C、图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动．故C错误．D、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小，不符合题意．故D错误．故选B【点评】本题是电场中轨迹问题，抓住电荷所受的合力指向轨迹的内侧和速度沿轨迹的切线方向是解题的关键．5．如图，一正离子在电场力作用下从A点运动到B点，在A点的速度大小为v0，方向与电场方向相同．该离子从A点到B点的v﹣t图象是（）A．B．C．D．【考点】电场强度；匀变速直线运动的图像；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】速度﹣﹣时间图象中，图象的斜率表示加速度；电场线分布密集的地方电场强度大，分布稀疏的地方，电场强度小；对只受电场力作用的带点微粒，电场力越大，加速度越大，也就是电场强度越大，加速度越大．【解答】解：该离子从A点到B点，电场线分布越来越稀疏，即场强减小，所以电场力减小，那么离子的加速度也减小．速度﹣﹣时间图象中，图象的斜率表示加速度，即斜率的绝对值将减小．由于电场力方向向右与速度方向相同，所以离子将做加速运动．故A、B、D错误，C正确．故选C．【点评】本题考查了速度﹣﹣时间图象的应用和电场线的相关知识，要明确斜率的含义，要能根据图象判断物体的运动情况，进而分析受力情况．能根据电场线的分布判断电场强度的大小．难度适中．6．如图所示，两个等量异号的点电荷在其连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b，在连线上有距中点O等距离的两点c、d，则下列场强大小关系式正确的是（）A．E a=E b B．E a=E O=E b C．E c=E d D．E c＞E O＞E d【考点】点电荷的场强；电场强度；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两个等量异号的点电荷连线的中垂线上中点O的场强最大，在两个电荷连线上，O点的场强最小，根据电场线的疏密进行分析．【解答】解：根据电场线越密场强越大，则由两个等量异号的点电荷电场线的分布情况可知，中垂线上中点O的场强最大，而且根据对称性可知，a、b两处电场线疏密相同，场强大小相等，E a=E b＜Eo在两个电荷连线上，O点电场线最疏，场强最小，而且根据对称性可知，c、d两处的电场线疏密相同，故有E c=E d＞Eo．所以有E a=E b＜Ec，Ea＜E d故选：AC【点评】等量同种、等量异种电荷周围的电场分布情况是考察的重点，要结合电场强度、电势、电势能等概念充分理解等量同种、等量异种电荷周围的电场特点．7．某电场的电场线的分布如图所示，一个带电粒子只在电场力作用下由M点沿图中虚线所示的路径运动通过N点，则下列判断正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在M点的加速度大C．粒子在N点的速度大D．电场力对粒子做负功【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．【解答】解：A、电场线的方向斜向上，根据粒子的运动的轨迹可以知道，粒子的受到的电场力的方向也向上，所以电荷为正电荷，故A正确；B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以粒子在N点的受力大，加速度大，故B错误；C、D、从M点到N点，静电力方向先与速度方向成锐角，电场力做正功，电势能减小，粒子的速度增大，所以粒子在N点的速度大，故C正确，D错误．故选：AC．【点评】本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向，其次根据电场线的疏密可以判断电场强度的强弱，进而判断电场力的大小，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．8．如图，在正电荷Q的电场中有M、N、P、F四点，M、N、P为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M=30°，M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示，已知φM=φN、φP=φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则（）A．点电荷Q一定在MP的连线上B．连接PF的线段一定在同一等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．φP＞φM【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆，圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心；找出电荷位置后，根据电势能的变化情况判断电场力做功情况．【解答】解：A、点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心，故场源电荷在MN的中垂线和FP的中垂线的交点上，在MP的连线上，如图所示，故A正确；B、φP=φF，线段PF是P、F所在等势面（圆）的一个弦，故B错误；C、在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，将正试探电荷从P点搬运到N点，电势能降低，故电场力做正功，故C错误；D、在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，故φP＞φM，故D正确．故选：AD．【点评】本题关键是明确点电荷的电场的电场线和等势面的分布规律，知道沿着电场线电势逐渐降低；基础问题．二、填空题9．如图所示，ABCD是匀强电场中一矩形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别是φA=15V，φB=3V、φC=﹣3V，由此可以推断D点电势φD= 9V ，并在图中画出过A点的电场线方向．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】连接AC，在AC上找出与B点等电势点，作出等势线，再过D作出等势线，在AC线上找出与D等势点，再确定D点的电势【解答】解：连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接BE，则BE为一条等势线，根据几何知识可知，DF∥BE，则DF也是一条等势线，所以D点电势U D=9V．过A点作出垂直于BE的有向线段，由高电势点A直线BE，如图中红线所示，即为电场线．故答案为：9V 如图【点评】本题关键是找到等势点，作出等势线．电场线与等势面之间的关系要理解，常常是作电场线的依据10．如图所示，两个大平行金属板M、N间距离d=1.2cm，两板接在电压U=240V的电源上，M 板接地，板间A点距M板0.2cm，B点距N板0.5cm，一个q=﹣3×10﹣4 C的点电荷放在A点处，则：该电荷在A点所受的静电力F= 6N ； A点的电势φA=40V 和该电荷在B点所具有的电势能E pB= ﹣4.2×10﹣2J ．【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据E=求场强，根据F=qE求静电力F；该电荷在B点所具有的电势能等于从M 移到B过程克服电场力做的功．【解答】解：该电荷在A点所受的静电力 F=q=N=6N AM间的电势差 U AM=•d AM=×0.2×10﹣2=40V因M板的电势为0，M点的电势等于AM间的电势差U AM，为40V．假设把电荷从M移到B点，电场力做功为：W=q d MB=﹣3×10﹣4××0.7×10﹣2=4.2×10﹣2J电场力做正功，电势能减小，故电荷在B点所具有的电势能为﹣4.2×10﹣2J故答案为：6 N；40 V；﹣4.2×10﹣2 J．【点评】本题关键掌握三个公式：U=Ed；W=qU；W AB=E PA﹣E PB；同时明确接地表示电势为零，注意电势能的正负．三、计算题11．如图，一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点．已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60°；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30°．不计重力．求A、B两点间的电势差．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；动能定理；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】粒子水平方向受电场力，做初速度为零的匀加速直线运动；竖直方向不受力，故竖直分运动是匀速直线运动；结合运动的合成与分解的知识得到A点速度与B点速度的关系，然后对A到B过程根据动能定理列式求解．【解答】解：设带电粒子在B点的速度大小为v B，粒子在垂直电场方向的分速度不变，故：v B sin30°=v0sin60° ①解得：②设A、B间的电势差为U AB，由动能定理，有：③联立②③解得：答：A、B两点间的电势差为．【点评】本题关键是通过运动的合成与分解得到A点速度和B点速度的关系，然后结合动能定理列式求解即可，基础题目．12．在一个水平面上建立x轴，在过原点O垂直于x轴的平面的右侧空间有一匀强电场，场强大小E=6×105N/C，方向与x轴正方向相同，在O处放一个带电量q=﹣5×10﹣8C，质量 m=10g 的绝缘物块，物块与水平面间的动摩擦因数µ=0.2，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2m/s，如图所示，求物块最终停止时的位置．（g取10m/s2）【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】物块以初速度v0=2m/s沿x轴正方向，受到向左的电场力而匀减速运动，当速度减至零时，小物块沿x轴正方向运动离O点的距离最远，根据动能定理求出此最远的距离．根据电场力与最大静摩擦力的关系，分析物体能否停在离O点最远的位置．若不能，物块向x轴负方向运动，停在距O点左侧，根据动能定理求出离O点的距离【解答】解：当物块沿x轴正方向运动时，受到沿x轴负方向的电场力F和动摩擦力f．电场力大小为F=Eq，滑动摩擦力大小为f=μF N=μmg．设物块沿x轴正方向运动离O点的最远距离为s，此过程中由动能定理得联立解得由于F＞f，当物块运动到沿x轴正方向运动离O点的最远距离时，又返回向x轴负方向运动，设最终停止时在侧s'处．在物块向x轴负方向运动的过程中，由动能定理得：（F﹣f）s﹣fs'=0解得答：小物块最终停止时的位置在O点左侧0.2m处【点评】本题涉及力在空间的累积效果，优先考虑动能定理．对于动能定理的应用，关键要选择研究的过程，分析受力情况，确定外力做的总功13．如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，它与以正电荷Q为圆心的某圆交于B、C两点，质量为m、电荷量为﹣q的有孔小球从杆上A点无初速度下滑，已知q≪Q，AB=h，小球滑到B点时的速度大小为．求：（1）小球由A点到B点的过程中电场力做的功；（2）A、C两点的电势差．【考点】动能定理的应用；电势能．【分析】小球由A到B重力和电场力做功，由动能定理求得小球从A点到B点的过程中电场力做的功；由题，B、C两点在以正电荷Q为圆心的同一圆周上，电势相等，小球从B运动到C过程，电场力做功为零，根据动能定理研究小球从A运动到B的过程，求出电场力所做的功，进而求出AC间的电势差．【解答】解：（1）小球由A到B重力和电场力做功，由动能定理得：mgh+W AB=mv2﹣0，代入数据解得：W AB=mgh；（2）由电势差的定义得：U AC=U AB=﹣，代入数据解得：U AC=﹣；答：（1）小球从A点到B点的过程中电场力做功为mgh；（2）A、C两点间的电势差U AC=﹣．【点评】电势差是表示电场的能的性质的物理量，与电场力做功有关，常常应用动能定理求解电势差．。

2015-2016学年广东省揭阳市普宁市华美实验学校高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．a、b两车在同一直线上做匀加速直线运动，v﹣t图象如图所示，在15s末两车在途中相遇，由图象可知( )A．a车的速度变化比b车快B．出发前a车在b车之前75 m处C．出发前b车在a车之后150 m处D．相遇前a、b两车的最远距离为50 m2．竖直放置的“”形支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G，现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从与A点等高的B点沿支架缓慢地向C点移动，则绳中拉力大小变化的情况是( )A．先变小后变大 B．先不变后变小 C．先不变后变大 D．先变大后变小3．竖直墙壁上固定有一靶，在离墙壁一定距离的同一处，将两只飞镖水平掷出，不计空气阻力，两只飞镖插在靶上的位置如图所示（侧视图），则可以肯定的是( )A．甲镖的质量一定比乙镖的质量小B．甲、乙镖的运动时间一样长C．甲镖的初速度比乙镖的大D．两镖插入靶时的速度方向相同4．如图所示，人造卫星A、B在同一平面内绕地心O做匀速圆周运动，已知A、B连线与A、O 连线间的夹角最大为θ，则卫星A、B的线速度之比为( )A．sinθB．C．D．5．如图所示，在半圆形光滑凹槽内，两轻质弹簧的下端固定在槽的最低点，另一端分别与质量相等的小球P、Q相连．已知两球静止在P、Q位置，O′Q的长度比O′P短，则下列说法中正确的是( )A．P球对槽的压力较小B．两球对槽的压力大小相等C．O′Q弹簧的弹力大D．两弹簧的弹力一样大6．如图所示水平粗糙地面上放置一斜面，CD段光滑，DE段粗糙，A、B两物体叠放在一起从C点由静止下滑，下滑过程中斜面保持静止，A、B始终保持相对静止，则( )A．在CD段时，A只受两个力作用B．在DE段时，A受摩擦力一定沿斜面向上C．整个下滑过程中，A、B均处于失重状态D．整个下滑过程中，斜面一直受地面的摩擦力作用7．如图所示，轻杆长3L，在杆两端分别固定质量均为m的球A和B，光滑水平转轴穿过杆上距球A为L处的O点，外界给系统一定能量后，杆和球在竖直平面内转动，球B运动到最高点时，杆对球B恰好无作用力．忽略空气阻力．则球B在最高点时( )A．球B的速度为B．球A的速度大小为C．水平转轴对杆的作用力为1.5mgD．水平转轴对杆的作用力为2.5mg8．如图，可视为质点的滑块a、b的质量均为m，a套在固定光滑直杆上，b放在光滑水平地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接，重力加速度大小为g．a从高h处静止释放，则( )A．a开始下落瞬间a加速度小于gB．a落地瞬间b速度为0C．a落地前a做匀加速运动D．a落地前b先加速后减速三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验．①图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm；图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量△l为__________cm；②本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是__________；（填选项前的字母）A．逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重B．随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重③图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量△l与弹力F的关系图线．图线的AB段明显偏离直线OA，造成这种现象的主要原因是__________．10．某实验小组利用图1示的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是__________A．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度（2）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量__________木块和木块上砝码的总质量．（选填“远大于”“远小于”或“近似等于”）（3）甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图2中甲、乙两条直线，设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为μ、μ乙，由图可知，m甲__________m乙，μ甲__________μ乙．（选填“大于”“小于”或“等甲于”）11．（14分）如图所示，一质量m=1.0kg的小物块静止在粗糙水平台阶上，离台阶边缘O点的距离s=5m，它与水平台阶表面的动摩擦因数μ=0.25．在台阶右侧固定一个以O为圆心的圆弧挡板，圆弧半径R=5m，以O点为原点建立平面直角坐标系xOy．现用F=5N的水平恒力拉动小物块（已知重力加速度g=10m/s2）．（1）为使小物块不落在挡板上，求拉力F作用的最长时间；（2）若小物块在水平台阶上运动时，拉力F一直作用在小物块上，当小物块过O点时撤去拉力F，求小物块击中挡板上的位置的坐标．12．（18分）一转动装置如图所示，四根轻杆OA、OC、AB和CB与两小球以及一小环通过铰链连接，轻杆长均为l，球和环的质量均为m，O端固定在竖直的轻质转轴上，套在转轴上的轻质弹簧连接在O与小环之间，原长为L，装置静止时，弹簧长为L，转动该装置并缓慢增大转速，小环缓慢上升．弹簧始终在弹性限度内，忽略一切摩擦和空气阻力，重力加速度为g，求：（1）弹簧的劲度系数k；（2）AB杆中弹力为零时，装置转动的角速度ω0．二、选修题：13．实物粒子和光都具有波粒二象性．下列事实中突出体现波动性的是( )A．电子束通过双缝实验装置后可以形成干涉图样B．β射线在云室中穿过会留下清晰的径迹C．人们利用慢中子衍射来研究晶体的结构D．人们利用电子显微镜观测物质的微观结构E．光电效应实验中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与入射光的强度无关14．如图所示，光滑水平轨道上放置长木板A（上表面粗糙）和滑块C，滑块B置于A的左端，三者质量分别为m A=2kg、m B=1kg、m C=2kg．开始时C静止，A、B一起以v0=5m/s的速度匀速向右运动，A与C发生碰撞（时间极短）后C向右运动，经过一段时间，A、B再次达到共同速度一起向右运动，且恰好不再与C碰撞．已知A、B间的动摩擦因数为μ=0.2，求B与A之间的相对滑动距离．2015-2016学年广东省揭阳市普宁市华美实验学校高三（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．a、b两车在同一直线上做匀加速直线运动，v﹣t图象如图所示，在15s末两车在途中相遇，由图象可知( )A．a车的速度变化比b车快B．出发前a车在b车之前75 m处C．出发前b车在a车之后150 m处D．相遇前a、b两车的最远距离为50 m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】速度图象的斜率等于加速度，由数学知识比较甲、乙的加速度大小．“面积”等于位移，求出15s末两物体的位移，此时两者相遇，则出发前ab相距的距离等于15s末位移之差．根据两物体的关系，分析它们之间距离的变化，求解相遇前两质点的最远距离【解答】解：A、由图看出，a的斜率小于b的斜率，则a的加速度小于b的加速度，即a车的速度变化比b车慢．故A错误．BCD、15s末a、b通过的位移分别为：x a=，x b=，由题，15秒末两质点在途中相遇，则说明出发前a在b之前150m处．由于出发前a在b之前150m 处，出发后a的速度一直大于b的速度，则两质点间距离不断缩短，所以相遇前甲乙两质点的最远距离为150m．故C正确，BD错误．故选：C【点评】本题考查速度图象两个基本的意义：斜率等于加速度、“面积”等于位移，并根据速度和位置的关系求解两质点最远距离2．竖直放置的“”形支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G，现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从与A点等高的B点沿支架缓慢地向C点移动，则绳中拉力大小变化的情况是( )A．先变小后变大 B．先不变后变小 C．先不变后变大 D．先变大后变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，两绳的夹角增大．滑轮两侧绳子的拉力大小相等，方向关于竖直方向对称．以滑轮为研究对象，根据平衡条件研究绳的拉力变化情况．当轻绳的右端从直杆的最上端移到C点的过程中，根据几何知识分析得到滑轮两侧绳子的夹角不变，由平衡条件判断出绳子的拉力保持不变．【解答】解：当轻绳的B端从直杆的最上端的过程中，设两绳的夹角为2α．设绳子总长为L，两直杆间的距离为S，由数学知识得到sinα=，L、S不变，则α保持不变．再根据平衡条件可知，两绳的拉力F保持不变．当轻绳的右端从直杆的最上端移到B时，设两绳的夹角为2θ．以滑轮为研究对象，分析受力情况，作出力图如图1所示．根据平衡条件得2Fcosθ=mg得到绳子的拉力F=所以在当轻绳的右端从直杆的最上端移到B时的过程中，θ减小，cosθ增大，则F变小．故选：B【点评】本题是共点力平衡中动态变化分析问题，关键在于运用几何知识分析α的变化，这在高考中曾经出现过，有一定的难度．3．竖直墙壁上固定有一靶，在离墙壁一定距离的同一处，将两只飞镖水平掷出，不计空气阻力，两只飞镖插在靶上的位置如图所示（侧视图），则可以肯定的是( )A．甲镖的质量一定比乙镖的质量小B．甲、乙镖的运动时间一样长C．甲镖的初速度比乙镖的大D．两镖插入靶时的速度方向相同【考点】平抛运动．【专题】定性思想；合成分解法；平抛运动专题．【分析】甲、乙两只“飞镖”，水平掷出，不计空气阻力，做平抛运动，根据竖直方向上的位移比较运动的时间，再通过水平位移和时间比较初速度．【解答】解：A、平抛运动的规律与物体的质量无关，所以不能判断甲、乙的质量关系，故A 错误．B、C、由于两个飞镖从同一个点抛出，水平位移相同，但是乙在甲的下面，说明乙在竖直方向上的位移比甲的大，由得乙的运动的时间要比甲的长，所以甲初速度要比乙的大，故B错误，C正确；D、根据知，乙下降的高度大，则运动的时间长，根据x=v0t知，水平位移相同，则甲的初速度大于乙的初速度．根据平行四边形定则知，tanα=，甲的竖直分速度小，水平初速度大，可知甲、乙的速度方向不同．故D错误故选：C．【点评】该题中甲、乙两个飞镖都做平抛运动，并且从同一个点抛出，而竖直方向的位移不同，要理解竖直方向的位移不相同的原因，并能够正确结合竖直方向的自由落体运动的规律，得出初速度大小不一样的结论．4．如图所示，人造卫星A、B在同一平面内绕地心O做匀速圆周运动，已知A、B连线与A、O 连线间的夹角最大为θ，则卫星A、B的线速度之比为( )A．sinθB．C．D．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【专题】人造卫星问题．【分析】根据题意知道当行星处于最大视角处时，地球和行星的连线应与行星轨道相切，运用几何关系求解问题．【解答】解：人造卫星A、B在同一平面内绕地心O做匀速圆周运动．已知A、B连线与A、O 连线间的夹角最大为θ，如图：根据几何关系有R B=R A sinθ万星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力有：可得v=所以所以C正确，ABD错误．故选：C．【点评】能根据题目给出的信息分析视角最大时的半径特征，在圆周运动中涉及几何关系求半径是一个基本功问题．5．如图所示，在半圆形光滑凹槽内，两轻质弹簧的下端固定在槽的最低点，另一端分别与质量相等的小球P、Q相连．已知两球静止在P、Q位置，O′Q的长度比O′P短，则下列说法中正确的是( )A．P球对槽的压力较小B．两球对槽的压力大小相等C．O′Q弹簧的弹力大D．两弹簧的弹力一样大【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】定性思想；方程法；受力分析方法专题．【分析】对两小球受力分析，画出受力分析图，根据平行四边形定则做出力的平行四边形，根据三角形的相似比列式求解．【解答】解：对两小球受力分析如图所示，都是受重力、支持力和弹簧的弹力三个力，两小球静止，受力平衡，根据平行四边形定则作平行四边形，有几何关系可知：△QG Q′N Q∽△OO′Q，△PG P′N P∽△OO′P，则有：，即支持力始终与重力相等，若两球质量相等，重力相等，则所受支持力相等，对槽的压力必然相等，故A错误、B正确；得：，得：由图可知O′P＞O′O，又G P＞G Q，则F P＞F Q，故C错误，D错误．故选：B【点评】本题主要考查了同学们受力分析的能力，根据根据平行四边形定则做出力的平行四边形，能找到力三角形和几何三角形的相似关系，难度适中．6．如图所示水平粗糙地面上放置一斜面，CD段光滑，DE段粗糙，A、B两物体叠放在一起从C点由静止下滑，下滑过程中斜面保持静止，A、B始终保持相对静止，则( )A．在CD段时，A只受两个力作用B．在DE段时，A受摩擦力一定沿斜面向上C．整个下滑过程中，A、B均处于失重状态D．整个下滑过程中，斜面一直受地面的摩擦力作用【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；方程法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对AB组成的整体为研究对象，根据牛顿第二定律求出整体的加速度；再隔离对A 分析，判断B对A是否有摩擦力．【解答】解：A、在CD段，整体的加速度a=，隔离对A分析，有：m A gsinθ+f A=m A a，解得f A=0，可知A受重力和支持力两个力作用．故A正确．B、设DE段物块与斜面间的动摩擦因数为μ，在DE段，整体的加速度a==gsinθ﹣μgcosθ，隔离对A分析，有：m A gsinθ+f A=m A a，解得f A=﹣μm A gcosθ，方向沿斜面向上．若匀速运动，A受到静摩擦力也是沿斜面向上．故B正确．C、整体下滑的过程中，CD段加速度沿斜面向下，A、B均处于失重状态．在DE段，可能做加速运动，可能做匀速直线运动，也可能做减速运动，不一定处于失重状态．故C错误．D、结合C的分析可知，在DE段，物体AB可能做匀速直线运动，此时B对斜面体的作用力的和竖直向下，所以斜面体不受地面的摩擦力．故D错误．故选：AB．【点评】本题考查了物体的受力分析，A、B保持相对静止，它们之间有无摩擦力是解决本题的突破口，本题通过整体隔离分析，运用牛顿第二定律求解．7．如图所示，轻杆长3L，在杆两端分别固定质量均为m的球A和B，光滑水平转轴穿过杆上距球A为L处的O点，外界给系统一定能量后，杆和球在竖直平面内转动，球B运动到最高点时，杆对球B恰好无作用力．忽略空气阻力．则球B在最高点时( )A．球B的速度为B．球A的速度大小为C．水平转轴对杆的作用力为1.5mgD．水平转轴对杆的作用力为2.5mg【考点】机械能守恒定律；向心力．【专题】定量思想；临界法；机械能守恒定律应用专题．【分析】球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，重力恰好提供向心力，可以求出B 的线速度，转动过程中，两球角速度相等，根据v=ωr求解A球线速度，B球到最高点时，对杆无弹力，此时A球受重力和拉力的合力提供向心力，根据向心力公式求解水平转轴对杆的作用力．【解答】解：A、球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，即重力恰好提供向心力，则有：mg=m，解得 v=①，故A正确；B、由于A、B两球的角速度相等，由v=ωr得：球A的速度大小为：v A==，故B 错误；CD、B球到最高点时，对杆无弹力，此时A球受重力和拉力的合力提供向心力，有：F﹣mg=m，解得：F=1.5mg，可得水平转轴对杆的作用力为1.5mg，故C正确，D错误．故选：AC【点评】本题中两个球角速度相等，线速度之比等于转动半径之比，根据球B对杆恰好无作用力，重力恰好提供向心力，求出B的线速度是解题的关键．8．如图，可视为质点的滑块a、b的质量均为m，a套在固定光滑直杆上，b放在光滑水平地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接，重力加速度大小为g．a从高h处静止释放，则( )A．a开始下落瞬间a加速度小于gB．a落地瞬间b速度为0C．a落地前a做匀加速运动D．a落地前b先加速后减速【考点】运动的合成和分解．【专题】定性思想；合成分解法；运动的合成和分解专题．【分析】由牛顿第二定律来判定加速度大小；a、b组成的系统只有重力做功，根据系统机械能守恒求出a球运动到最低点时的速度大小，并根据运动的合成与分解，来确定各自运动的性质．【解答】解：A、a开始下落瞬间，a受到杆的推力，导致其加速度小于g．故A正确．B、a运动到最低点时，a水平方向的速度为零，则b的速度也为零，故B正确．C、b的速度在整个过程中，先增大后减小，所以a对b的作用力先是动力后是阻力，所以b 对a的作用力就先是阻力后是动力，所以a落地前a不是做匀加速运动，故C错误；D、当a到达底端时，b的速度为零，b的速度在整个过程中，先增大后减小，故D正确；故选：ABD．【点评】解决本题的关键知道a、b组成的系统机械能守恒，以及掌握运动的合成与分解的应用，注意寻找分运动与合运动是解题的关键．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验．①图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm；图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量△l为6.93cm；②本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是A；（填选项前的字母）A．逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重B．随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重③图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量△l与弹力F的关系图线．图线的AB段明显偏离直线OA，造成这种现象的主要原因是超过弹簧的弹性限度．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】①根据弹簧测力计的读数方法可得出对应的读数，再由读数减去原长即为伸长量；②根据实验准确性要求可明确哪种方法更为规范；③由弹簧的性质和图象进行分析，则可得出造成图象偏离的原因．【解答】解：①由图可知，图乙中示数为：14.65cm，则伸长量△l=14.66cm﹣7.73cm=6.93cm；②为了更好的找出弹力与形变量之间的规律，应逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重；故选：A；③在弹簧的弹性限度范围内，胡克定律是成立的，但若超过弹簧的弹性限度，胡克定律将不再适用；图中出现偏折的原因是因为超过了弹簧的弹性限度；故答案为：①6.93；②A；③超过弹簧的弹性限度．【点评】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差．10．某实验小组利用图1示的装置探究加速度与力、质量的关系．（1）下列做法正确的是ADA．调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B．在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C．实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D．通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度（2）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量．（选填“远大于”“远小于”或“近似等于”）（3）甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图2中甲、乙两条直线，设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为μ、μ乙，由图可知，m甲小于m乙，μ甲大于μ乙．（选填“大于”“小于”或“等于”）甲【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．（2）砝码桶及桶内砝码加速下降，失重，拉力小于重力，加速度越大相差越大，故需减小加速度，即减小砝码桶及桶内砝码的总质量；（3）a﹣F图象的斜率表示加速度的倒数；求解出加速度与拉力F的表达式后结合图象分析得到动摩擦因素情况．【解答】解：（1）A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，可以使木块受到的拉力等于绳子上的拉力．故A正确．B、平衡摩擦力时，应将绳从木块上拿去，轻轻推动木块，木块沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断木块是否匀速运动．故B错误．C、实验时，如果先放开木块，再接通打点计时器电源，由于木块运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，所以应该先接通电源，再放开木块．故C错误D、每次改变木块上的砝码改变质量时，木块的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故D正确．故选：AD（2）按照教材上的理论若以砝码桶及砝码作为小木块的外力，则有 a=，而实际实验过程中砝码桶及砝码也与小木块一起做匀加速运动，即对砝码桶及砝码有mg﹣T=ma，对小木块有T=Ma．综上有：小物块的实际的加速度为 a=，只有当m＜＜M时，才能有效的保证实验的准确性；（3）当没有平衡摩擦力时有：T﹣f=ma，故a=T﹣μg，即图线斜率为，纵轴截距的大小为μg．可知斜率越大，质量越小；纵轴截距越大，动摩擦因数越大．观察图线可知m甲＜m乙，μ甲＞μ乙；故答案为：（1）AD；（2）远小于；（3）小于，大于【点评】本题主要考察“验证牛顿第二定律”的实验，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法11．（14分）如图所示，一质量m=1.0kg的小物块静止在粗糙水平台阶上，离台阶边缘O点的距离s=5m，它与水平台阶表面的动摩擦因数μ=0.25．在台阶右侧固定一个以O为圆心的圆弧挡板，圆弧半径R=5m，以O点为原点建立平面直角坐标系xOy．现用F=5N的水平恒力拉动小物块（已知重力加速度g=10m/s2）．（1）为使小物块不落在挡板上，求拉力F作用的最长时间；。

2016-2017学年广东省揭阳市普宁市华侨中学高三（上）学业检测物理试卷一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，满分28分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求，选对的得4分，多选、选错或不答的得0分．）1．一物体从某一行星表面竖直向上抛出(不计空气阻力）．设抛出时t=0，得到物体上升高度随时间变化的h﹣t图象如图所示，则该行星表面重力加速度大小与物体被抛出时的初速度大小分别为（）A．8 m/s2,20 m/s B．8 m/s2，25 m/sC．10 m/s2，25 m/s D．10 m/s2，20 m/s2．一质点沿直线Ox方向做变速运动，它离开O点的距离随时间变化的关系为x=5+2t3（m），它的速度随时间t变化的关系为v=6t2(m/s）．该质点在t=0到t=2s间的平均速度和t=2s到t=3s间的平均速度大小分别为（）A．12 m/s，39 m/s B．8 m/s，38 m/sC．12 m/s,19。

5 m/s D．8 m/s，12 m/s3．如图所示，为一位于墙角的光滑斜面,其倾角为45°,劲度系数为k的轻弹簧一端系在质量为m的小球上，另一端固定在墙上,弹簧水平放置．小球在斜面上静止时，弹簧的形变量大小为( ）A．B． C． D．4．下表面粗糙，其余面均光滑的斜面置于粗糙水平地面上,倾角与斜面相等的物体A放在斜面上,方形小物体B放在A上，在水平向左大小为F的恒力作用下，A、B及斜面均处于静止状态，如图所示．现将小物体B从A上表面上取走，则（)A．斜面可能向左运动B．斜面一定向左运动C．斜面一定静止D．A仍保持静止5．如图所示，一个“Y”形弹弓顶部跨度为L，两根相同的橡皮条自由长度均为L,在两橡皮条的末端用一块软羊皮（长度不计）做成裹片．若橡皮条的弹力与形变量的关系满足胡克定律，且劲度系数为k，发射弹丸时每根橡皮条的最大长度为2L（弹性限度内）,则发射过程中裹片对弹丸的最大作用力为（）A．kL B．2kL C．kL D．kL6．如图甲所示，轻杆一端固定在转轴0点,另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动．小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F,小球在最高点的速度大小为v，其F﹣v2图象如乙图所示．则（）A．v2=c时，杆对小球的弹力方向向上B．当地的重力加速度大小为C．小球的质量为D．v2=2b时，小球受到的弹力与重力大小不相等7．如图甲所示为一个质量为m、带电荷量为+q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆于磁感应强度为B的匀强磁场中．现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中,圆环运动的速度﹣时间图象可能是下列选项中的（）A． B．C．D．二、多项选择题（共5小题，每小题4分,满分20分）8．如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央,长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g．现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是( ）A．a=μg B．a=C．a=D．a=﹣9．在如图所示的电路中,D是一只二极管，它的作用是只允许电流从a流向b，不允许电流从b流向a，平行板电容器AB内部有一带电小球Q处于静止状态．闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P 滑动时，四个理想电表的示数都发生变化．电流表A、电压表V1、电压表V2、电压表V3的示数分别用I、U1、U2和U3表示,它们的示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示．闭合开关S．下列说法正确的是（)A．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,I变大、U1变大、U2变小，U3变小B．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，不变，变小C．若滑动变阻器的滑动触头P不动时,当两极板A和B稍错开一些（两极板仍平行），Q仍静止不动D．若滑动变阻器的滑动触头P不动时,当两极板A和B的间距稍增大一些(两极板仍平行)，Q仍静止不动10．在倾角为θ的光滑斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为3m和2m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板,系统处于静止状态．现用一沿斜面方向的恒力拉物块A使之沿斜面向上运动，当B刚离开C时,A的速度为v，加速度方向沿斜面向上、大小为a，则（）A．从静止到B刚离开C的过程中，A发生的位移为B．从静止到B刚离开C的过程中，重力对A做的功为﹣C．当A的速度达到最大时，B的加速度大小为aD．B刚离开C时，恒力对A做功的功率为（5mgsinθ+2ma）v 11．如图示为某上海救援船的机械臂工作示意图．机械臂AB、BC 由高强度的轻质材料制成，A端固定一个定滑轮，BC可以绕B自由转动．钢丝绳的一端穿过C点,另一端缠绕于可以转动的立柱D上，其质量可以忽略不计．在某次转移货物的过程中，机械臂AB始终保持竖直．下列说法正确的是（）A．保持BC不动，使AB缓慢伸长,则BC所受的力增大B．保持AB不动，缓慢转动立柱D，使CA变长，则BC所受的力大小保持不变C．保持AB不动，使BC缓慢伸长，则BC所受的力增大D．保持AB不动,使BC缓慢伸长且逆时针转动，BC所受的力增大12．如图所示,水平面光滑，质量为2kg的木块在质量为1kg的长木板上，木块上受到向右的水平拉力15N的作用,已知木块与木板间的动摩擦因数为0.2,（重力加速度g=10m/s2)．则下列说法正确的是（）A．木块与木板相对滑动B．木块与木板加速度相同都是4m/s2C．木块与木板加速度不同,木块加速度5。

普宁华侨中学2015-2016学年度第一学期第一次月考 高一物理试卷 出卷人：陈欢喜 注意事项： 1． 本试题共3页，满分100分，考试时间80分钟。

2．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、考生号等相关信息填写在答题卷密封线内，并在“座位号”栏内填写座位号。

3. 所有题目必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卷上各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

单项选择题（共10小题，每题4分，共40分，每小题只有一个正确答案，多选错选不给分）1．下列关于“质点”的说法中正确的是（ ） A．体积很小的物体都可以看作是质点 B．转动的物体不可以看作质点 C．只有质量和体积都很小的物体才可以被看作质点 D．在某些情况下，可以不考虑物体的大小和形状，物体就可以简化为一个质点，而与物体的实际质量和大小无关 2．如图所示是体育摄影中“追拍法”的成功之作，摄影师眼中清晰的运动员是静止的，而模糊的背景是运动的，摄影师用自己的方式表达了运动的美．请问摄影师选择的参考系A．大地 B．太阳 C．运动员 D．步行的人 ．某人先向东走2 m，接着向西走6 m，最后向南走3 m，则他在这段运动中的位移大小和路程分别是( ) A．5 m、5 m B．11 m、 m C．5 m、11 m D．11 m、 m 4．一个物体做匀速直线运动从甲地到乙地．该物体在乙地停留了一段时间后，又从乙地做匀速直线运动返回到甲地．在描述该物体整个运动过程的几个位移图象中，正确的是( ) ．为提高百米赛跑运动员的成绩，教练员分析了运动员跑百米全程的录像带，测得：运动员在前7 s跑了61 m,7s末到7.1 s末跑了0.92 m，跑到终点共用10.8 s，则下列说法不正确的是( ) A．运动员在百米全过程的平均速度是9.26 m/s B．运动员在前7 s的平均速度是8.71 m/s C．运动员在7 s末的瞬时速度为9.2 m/sD．无法知道运动员在7 s末的瞬时速度10m/s和15m/s，A．11.75m/sB．12m/sC．12.5m/sD．12.75m/s A．物体的速度不等于零,而加速度可能等于零 B．物体的速度改变量大，加速度就大 C．加速度越来越小，而速度可能越来越大 D．加速度不变，速度的变化量不一定为零 10．甲、乙两质点沿直线运动，其v-t图象如图所示，则（ ） A．甲的加速度比乙大 B．甲的加速度比乙小 C．甲、乙从同一位置出发 D．t0时刻乙的加速度为零 双项选择题（共6小题，每题4分，共24分，在每小题给出的四个选项中有两个选项符合题目要求，选全对得4分，选对但不全得2分，选错得0分） 11．下列事例中有关速度的说法，正确的是A．某高速公路上的限速为110 km/h, 指的是速度 汽车速度计上显示80 km/h，指的是速度 C．火车从济南到北京的速度约为220 km/h, 指的是瞬时速度 D．子弹以900 km/h的速度从枪口射出，指的是瞬时速度甲、乙两物体在同一直线上运动的x－t图象如图所示，以甲的出发点为原点，出发时刻为计时起点，则从图象可以看出A．甲乙出发 B．乙比甲先出发 C．甲开始运动时，乙在甲前面x0处 D．甲在中途停了一会儿，但最后还是追上了乙在平直公路上，甲乘汽车以10m/s的速度运动，乙骑自行车以5m/s的速度运动，则下列说法正确的是 A．从同一点同时出发且同向运动时，甲观察到乙以5m/s的速度远离 B从同一点同时出发且同向运动时，乙观察到甲以5 m/s的速度靠近 C从同一点同时出发且反向运动时，甲观察到乙以15 m/s的速度远离 D从同一点同时出发且反向运动时，乙观察到甲以15 m/s的速度靠近3. 若汽车的加速度方向与速度方向一致，当加速度减小时，则 ( ) A．汽车的速度也减小 B．汽车的速度仍在增大 C．当加速度减小到零时，汽车静止 D. 当加速度减小到零时，汽车的速度达到最大 14．质点沿直线运动，其加速度恒定，若在2s内速率从4m/s变为2m/s， 则其加速度大小是（ ） A．一定是1m/s2 B．一定是3m/s2 C．可能是1m/s2 D．可能是3m/s2 16. 如右图所示为甲、乙两质点的v－t图象．对于甲、乙两质点的运动，下列说法中正确的是( ) A．质点甲向所选定的正方向运动，质点乙与甲的运动方向相反 B．质点甲和乙的速度并不相同 C．在相同的时间内，质点甲、乙的位移相同 D．不管质点甲、乙是否从同一地点开始运动，它们之间的距离一定越来越大“嫦娥Ⅰ号”探月卫星沿半径为R的圆周轨道绕月球运动了一周，其位移大小是__________，若卫星绕月球运动了1周，其位移大小是________，此运动过程中最大位移是________，最大路程是________．—5 s内物体的加速度大小是 ,在5--7s内物体的加速度大小是 ,方向是 . 四、计算题（， 2R ， 18 5m/s2 ，向东，0,2.5m/s2，向西 三、计算题（18分） 19.s=510m，v=850m/s 20.（1）1.6m/s2 （2）-2.5m/s2。

普宁华侨中学2016年3月底教学质检考试高二理科综合试卷可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Cl 35.5 Fe 56 Ba 137 Na 23第Ⅰ卷（选择题，共126分）一、选择题（本题包括13小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。

）1.寒冷的冬天，同学们早晨走出家门，身体立即发生一系列生理反应，以维持体温恒定。

此时，机体不会发生的反应是A.甲状腺激素分泌减少，减少机体能量需求B.通过反射活动引起皮肤毛细血管收缩C.中枢神经系统兴奋，加强肌肉收缩D.通过神经调节减少汗腺分泌2.某二倍体生物细胞刚刚完成着丝点分裂后，则A.细胞中一定不存在同源染色体B.细胞中一定存在同源染色体C.着丝点分裂一定导致DNA数目加倍D.细胞中至少有两个染色体组3.下列对生物大分子合成场所的叙述，正确的是A. 肌细胞在细胞核中合成mRNAB. 噬菌体在细菌细胞核内合成DNAC. 叶肉细胞在叶绿体外膜上合成淀粉D. 酵母菌在高尔基体中合成膜蛋白4.下列有关生物学实验的叙述，正确的是A.叶绿体色素滤液细线浸入层析液，可导致滤纸条上色素带重叠B.低温诱导大蒜根尖时间过短，可能导致难以观察到染色体加倍的细胞C.用显微镜观察洋葱根尖装片时，需保持细胞活性以便观察有丝分裂过程D.将洋葱表皮放入0.3g/mL蔗糖溶液中，水分交换平衡后制成装片观察质壁分离过程5.秃顶的基因（用A或a表示），位于常染色体上；人类红绿色盲的基因（用B或b表示）位于X染色体上。

结合下表信息可预测，图中II3和II4所生子女是A.非秃顶色盲儿子的概率为1/4B. 非秃顶色盲女儿的概率为1/8C.秃顶色盲儿子的概率为1/8D. 秃顶色盲女儿的概率为1/4 6.将大肠杆菌在含15N 的培养液中培养数代后，细菌DNA 的含氮碱基皆含有15N ，再将其转移到含14N 的普通培养液中培养，10小时后提取DNA 进行分析，得出含15N 的脱氧核苷酸链所占比例为1/16，则大肠杆菌的分裂周期是。